2015-2016学年山东省枣庄市薛城区高一(下)期中物理试卷(解析版)
枣庄市2014-2015学年高一下学期期中物理试题及答案(a卷)
山东省枣庄市2014-2015学年高一（下）期中物理试卷（A卷）一、选择题共12小题．每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确．全部选对的得4分，选不全的得2分，有错选或不选的得0分．1．（4分）下列关于曲线运动的说法，正确的是（）A．曲线运动不可能是匀变速运动B．曲线运动一定是变速运动C．物体在恒力作用下不可能做曲线运动D．做曲线运动的物体所受合力不可能为零2．（4分）下列说法符合史实的是（）A．牛顿发现了行星的运动规律B．开普勒发现了万有引力定律C．卡文迪许第一次在实验室里测出了万有引力常量D．牛顿发现了海王星和冥王星3．（4分）2013年6月，我国成功发射了搭载3名航天员（其中一名为女航天员）的“神舟十号”飞船．飞船进入圆形轨道环绕地球飞行时，它的线速度大小（）A．大于7.9 km/sB．小于7.9 km/sC．介于7.9 km/s和11.2 km/s之间D．介于11.2 km/s和16.7 km/s之间4．（4分）关于万有引力定律，以下说法正确的是（）A．两个质点之间万有引力的大小与它们质量的乘积成正比、与它们之间距离的二次方成反比B．两个质点之间万有引力的大小与引力常量G成正比C．万有引力定律对质量大的物体适用，对质量小的物体不适用D．两物体间的万有引力符合牛顿第三定律5．（4分）以下说法正确的是（）A．在光滑的水平冰面上，汽车可以转弯B．汽车转弯时需要的向心力由汽车转向装置对车轮的力提供C．在水平公路上行驶的汽车，转弯速度越大，所需向心力就越大，就越容易发生侧滑D．提高洗衣机脱水桶的转速，可以使衣服甩得更干6．（4分）竖直放置的两端封闭的玻璃管中注满清水，内有一个红蜡块能在水中匀速上浮．当红蜡块从玻璃管的下端匀速上浮的同时，使玻璃管水平匀速向右运动，测得红蜡块实际运动方向与水平方向成30°角，如图．若红蜡块沿玻璃管上升的速度为7cm/s，则玻璃管水平运动的速度约为（）A．14cm/s B．12cm/s C．7.0cm/s D．3.5cm/s7．（4分）如图所示，北京的朝天轮是目前世界上最高的游览车，它的总高度为208m，轮箍直径约183m，轮箍全由轮辐索支承．该游览车设计速度为20分钟/转，轮盘装备48个大型轿舱，每个轿舱最多可乘40人，乘客在晴天时的远望距离可达几十公里．在该游览车运行过程中，以下判断正确的是（）A．乘客在乘坐过程中到达左右两端点时所受合力为零B．每时每刻，每个人受到的合力都等于零C．每时每刻，每个人受到的合力都不等于零D．乘客在乘坐过程中到达最高点时对座位的压力最大8．（4分）设太阳质量为M，某行星绕太阳公转周期为T，轨道可视作半径为r的圆．已知万有引力常量为G，则描述该行星运动的上述物理量满足（）A．G M=B．G M=C．G M=D．GM=9．（4分）如图所示，斜面上有a、b、c、d、e五个点，ab=bc=cd=de．从a点以速度v0水平抛出一个小球，它落在斜而上的b点，若小球从的a点以速度2v0水平抛出，不计空气的阻力，则它将落在斜而上的（）A．c点B．c与d之间某一点C．d与e之间某一点D．e点10．（4分）空间站是科学家进行天文探测和科学试验的特殊而又重要的场所，我国将于2020年前后建成规模较大、长期有人参与的轨道空间站．假设某空间站正在地球赤道平面内的圆周轨道上运行，其离地球表面的高度为同步卫星离地球表面高度的十分之一，且运行方向与地球自转方向一致．下列说法正确的有（）A．同步卫星的运行周期比空间站运行周期小B．空间站的运行速度大于同步卫星的运行速度C．站在地球赤道上的人观察到空间站向东运动D．在空间站工作的宇航员因所受合力为零而在舱中悬浮或静止11．（4分）美国宇航局发现了太阳系外第一颗类似地球的、可适合居住的行星﹣﹣“开普勒﹣226”，其直径约为地球的2.4倍，至今其确切质量和表面成分仍不清楚．假设该行星的密度和地球相当．根据以上信息，估算该行星的第一宇宙速度为（）A．3.3×103m/s B．7.9×103m/s C．1.2×104m/s D．1.9×104m/s。
山东省枣庄市薛城区2015-2016学年高一下学期期中物理试卷 含解析
2015—2016学年山东省枣庄市薛城区高一（下）期中物理试卷一、选择题(共11小题，每小题4分，满分44分）1．关于曲线运动，下列说法正确的是( ）A．做曲线运动的物体，受到的合外力一定不为零B．物体受到的合外力方向变化，一定做曲线运动C．只要物体做圆周运动，它所受的合外力一定指向圆心D．物体只要受到垂直于初速度方向的恒力作用，就一定能做匀速圆周运动2．下列说法正确的是（）A．行星在远离太阳的过程中速度越来越大B．所有行星轨道的半长轴的二次方跟公转周期的三次方的比值都相同C．行星轨道的长半轴越长，公转周期越大D．万有引力定律对质量大的物体适用，对质量小的物体不适用3．如图所示，一偏心轮绕垂直纸面的轴O匀速转动，a和b是轮上质量相等的两个质点,则偏心轮转动过程中a、b两质点（）A．线速度大小相同B．角速度大小相同C．向心力大小相同D．向心加速度大小相同4．火车轨道在转弯处外轨高于内轨，其高度差由转弯半径与火车速度确定．若在某转弯处规定行驶速度为v，则下列说法中正确的是（）A．当以v的速度通过此弯路时，火车重力与轨道面支持力的合力提供向心力B．当以v的速度通过此弯路时,火车重力、轨道面支持力和外轨对轮缘弹力的合力提供向心力C．当速度大于v时，轮缘挤压内轨D．当速度小于v时,轮缘挤压外轨5．如图所示，套在竖直细杆上的环A，由跨过定滑轮且不可伸长的轻绳与重物B相连．在释放B后，A将沿杆上升，当A环上升过程中经过C点时（a＜90°)，A环的速度大小为v1（v1≠0），B的速度大小为v2，则( ）A．v2=0 B．v2＞v1C．v2＜v1D．v2=v16．如图所示为两级皮带转动装置，转动时皮带均不打滑，轮1的半径和轮2的半径均为R，轮3的半径和轮4的半径均为r，轮2和轮3同轴固定在一起，且R=3r，则轮1边缘的a点和轮4边缘的c点相比（）A．角速度之比为1:3 B．角速度之比为1：9C．线速度之比为3：1 D．线速度之比为1：97．人造卫星绕地球做匀速圆周运动，其轨道半径为R，线速度为v，周期为T，若要使卫星的周期变为3T，可以采用的办法是( ）A．R不变,使线速度变为 B．v不变，使轨道半径变为3RC．使轨道半径变为R D．使卫星的高度增加2R8．如图所示是某地的摩天轮．假设摩天轮的半径为R，每个轿厢质量（包括轿厢内的人）相等且为m，尺寸远小于摩天轮的半径,摩天轮以角速度ω匀速转动．则下列说法正确的是（)A．转动到竖直面最高点的轿厢处于超重状态B．转动到竖直面最低点的轿厢处于超重状态C．部分轿厢所受的合外力小于mRω2D．所有轿厢所受的合外力都等于mRω29．宇宙中有相距较近且质量差别不太大的两颗星球，其他星球对它们的万有引力可以忽略不计，它们在相互之间的万有引力作用下,围绕连线上的某一固定点做周期相同的匀速圆周运动，这样的系统叫双星系统．关于双星系统中的这两颗星球,下列说法正确的是( ）A．它们受到的向心力大小相等B．它们的向心加速度大小相等C．星球的线速度大小与其轨道半径成正比D．星球的线速度大小与其质量成正比10．假设地球可视为质量均匀分布的球体．已知地球表面重力加速度在两极的大小为g0，在赤道的大小为g，地球自传周期为T,引力常量为G，则（）A．地球的密度为B．地球的密度为C．假如地球自转周期T增大，两极处重力加速度g0值增大D．假如地球自转周期T增大，赤道处重力加速度g值增大11．如图所示,半圆形容器竖直放置，从圆心O点处分别以水平速度v1、v2抛出两个小球（可视为质点）,最终它们分别落在圆弧上的A点和B点，已知OA和OB互相垂直，且OB与竖直方向的夹角为θ,则下列说法正确的是（）A．两小球飞行的时间之比为B．两小球飞行的时间之比为tanθC．两小球的初速度之比为D．两小球的初速度之比为二、填空题12．火星探测卫星绕火星飞行．卫星飞行周期为T，卫星轨道距火星表面的高度为h，万有引力常数为G，火星半径为R,则火星的密度为．13．如图所示，O为地球球心，A为地球表面上的点，B为O、A连线间的点，AB=d，将地球视为质量分布均匀的球体，半径为R．设想挖掉以B为圆心,以为半径的球．若忽略地球自转,则挖出球体后A点的重力加速度与挖去球体前的重力加速度之比为．14．某同学在做“研究平抛运动”的实验中,忘记记下小球抛出点的位置O．如图所示，A为小球运动一段时间后的位置．取g=10m/s2,根据图象，可知小球的初速度为m/s;小球抛出点A的位置坐标为．三、计算题15．直升机空投物资时，可以停留在空中不动，设投出的物资离开飞机后由于降落伞的作用在空中匀速下落．无风时落地速度为3m/s，若飞机停留在离地90m高处空投物资,由于风的作用，使降落伞和物资以1m/s的速度匀速水平向北运动，求：(1）物资在空中运动的时间;(2）物资落地时速度的大小;（3）物资在下落过程中水平方向移动的距离．16．有一探测卫星在地球赤道正上方绕地球做匀速圆周运动，已知地球质量为M，地球半径为R，万有引力常量为G，探测卫星绕地球运动的周期为T．求：（1）探测卫星绕地球做匀速圆周运动时的轨道半径；（2）探测卫星绕地球做匀速圆周运动时的速度大小．17．如图所示，轻质杆长为3L，在杆的两端分别固定质量均为m的球A和球B，杆上距球A 为L处的小孔穿在光滑的水平转轴上，杆和球在竖直面内转动，当球A运动到最高点时,杆对球A的拉力大小为mg,已知当地重力加速度为g，求此时:（1）球A转动的角速度大小；(2）球B对杆的作用力大小及方向；（3）轻质杆对水平转轴的作用力大小和方向．18．某电视台“快乐向前冲”节目中的场地设施如图所示，AB为水平直轨道，上面安装有电动悬挂器，可以载人运动,水面上漂浮着一个半径为R，角速度为ω,铺有海绵垫的转盘，转盘的轴心离平台的水平距离为L,平台边缘与转盘平面的高度差为H．选手抓住悬挂器，可以在电动机带动下，从A点下方的平台边缘处沿水平方向做初速度为零，加速度为a的匀加速直线运动．选手必须作好判断，在合适的位置释放，才能顺利落在转盘上．设人的质量为m （不计身高大小)，人与转盘间的最大静摩擦力为μmg,重力加速度为g．(1）假设选手落到转盘上瞬间相对转盘速度立即变为零,为保证他落在距圆心范围内不会被甩出转盘，转盘的角速度ω应限制在什么范围？（2）若已知H=5m，L=9m，R=2m，a=2m/s2，g=10m/s2，在（1）的情况下，选手从某处C点释放能落到转盘上且不被甩出转盘，则他是从平台出发后经过多长时间释放悬挂器的？2015-2016学年山东省枣庄市薛城区高一（下）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共11小题，每小题4分，满分44分）1．关于曲线运动，下列说法正确的是（)A．做曲线运动的物体，受到的合外力一定不为零B．物体受到的合外力方向变化，一定做曲线运动C．只要物体做圆周运动，它所受的合外力一定指向圆心D．物体只要受到垂直于初速度方向的恒力作用，就一定能做匀速圆周运动【考点】物体做曲线运动的条件；曲线运动．【分析】物体做曲线运动时,所受合外力的方向与加速度的方向在同一直线上，合力可以是恒力,也可以是变力，加速度可以是变化的，也可以是不变的．平抛运动的物体所受合力是重力,加速度恒定不变，平抛运动是一种匀变速曲线运动．物体做圆周运动时所受的合外力不一定是其向心力．【解答】解：A、物体做曲线运动时，所受合外力的方向与加速度的方向在同一直线上，所以合外力一定不为零．所以A正确．B、物体做曲线运动的条件是合力的方向与速度方向不在同一条直线上,若合外力方向与运动方向在同一直线上，虽然改变，但还是直线运动，故B错误．C、物体做圆周运动时所受的合外力不一定是其向心力，指向圆心的合力是向心力．故C错误;D、匀速圆周运动受到的向心力是始终指向圆心的,合力垂直于初速度方向的方向，并不一定始终与速度的方向垂直，比如平抛运动的受力就是这样，所以D错误．故选A．2．下列说法正确的是( ）A．行星在远离太阳的过程中速度越来越大B．所有行星轨道的半长轴的二次方跟公转周期的三次方的比值都相同C．行星轨道的长半轴越长，公转周期越大D．万有引力定律对质量大的物体适用，对质量小的物体不适用【考点】开普勒定律．【分析】根据万有引力提供向心力判断；根据开普勒第三定律，所有行星的椭圆轨道的半长轴的三次方跟公转周期的平方的比值都相等分析；由万有引力定律适用范围判断【解答】解：A、根据万有引力提供向心力,行星在远离太阳的过程中，距离大万有引力小,速度小,故A错误B、开普勒第三定律，所有行星的椭圆轨道的半长轴的三次方跟公转周期的平方的比值都相等，故B错误C、开普勒第三定律，所有行星的椭圆轨道的半长轴的三次方跟公转周期的平方的比值都相等，故长半轴越长,公转周期越大，故C正确D、万有引力定律适用任何物体,故D错误故选:C3．如图所示，一偏心轮绕垂直纸面的轴O匀速转动，a和b是轮上质量相等的两个质点，则偏心轮转动过程中a、b两质点( ）A．线速度大小相同B．角速度大小相同C．向心力大小相同D．向心加速度大小相同【考点】线速度、角速度和周期、转速．【分析】a、b两点共轴转动，角速度相等，根据转动半径的大小比较线速度和向心加速度大小．【解答】解：a、b两点共轴转动,角速度相等,由于转动的半径不等，根据v=rω知，线速度大小不等，根据a=rω2、F=mrω2知,向心加速度大小、向心力大小都不等．故选：B．4．火车轨道在转弯处外轨高于内轨，其高度差由转弯半径与火车速度确定．若在某转弯处规定行驶速度为v,则下列说法中正确的是（）A．当以v的速度通过此弯路时，火车重力与轨道面支持力的合力提供向心力B．当以v的速度通过此弯路时,火车重力、轨道面支持力和外轨对轮缘弹力的合力提供向心力C．当速度大于v时，轮缘挤压内轨D．当速度小于v时,轮缘挤压外轨【考点】向心力；牛顿第二定律．【分析】火车拐弯时以规定速度行驶，此时火车的重力和支持力的合力提供圆周运动所需的向心力．若速度大于规定速度，重力和支持力的合力不够提供,此时外轨对火车有侧压力；若速度小于规定速度,重力和支持力的合力提供偏大,此时内轨对火车有侧压力．【解答】解：A、当火车以v的速度通过此弯路时，火车重力与轨道面支持力的合力恰好提供向心力，内外轨都无压力．故A正确．B、若速度大于规定速度，重力和支持力的合力不够提供,此时外轨对火车有侧压力,轮缘挤压外轨,若速度小于规定速度,重力和支持力的合力提供偏大，此时内轨对火车有侧压力，轮缘挤压内轨．所以不是速度越小越安全,故BCD错误．故选：A．5．如图所示,套在竖直细杆上的环A，由跨过定滑轮且不可伸长的轻绳与重物B相连．在释放B后,A将沿杆上升，当A环上升过程中经过C点时（a＜90°)，A环的速度大小为v1（v1≠0)，B的速度大小为v2,则（)A．v2=0 B．v2＞v1C．v2＜v1D．v2=v1【考点】运动的合成和分解．【分析】把A上升的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向的速度，而沿绳子方向的速度与B的速度相等,从而即可求解．【解答】解：对于A,它的速度如图中标出的v1，这个速度看成是A的合速度，其分速度分别是v，v2，其中v2就是B的速度（同一根绳子，大小相同），根据运动的合成与分解法则，则有，v1cosθ=v2，所以v2＜v1;故C正确，ABD错误；故选：C．6．如图所示为两级皮带转动装置,转动时皮带均不打滑，轮1的半径和轮2的半径均为R，轮3的半径和轮4的半径均为r，轮2和轮3同轴固定在一起，且R=3r，则轮1边缘的a点和轮4边缘的c点相比（）A．角速度之比为1：3 B．角速度之比为1：9C．线速度之比为3：1 D．线速度之比为1：9【考点】线速度、角速度和周期、转速．【分析】皮带传动的特点是皮带和轮子接触点的线速度的大小相等,同轴传动的特点是角速度相同，然后结合公式v=ωr和a==ω2r列式分析．【解答】解：由图可知，a与3属于皮带传动,线速度之比为1：1;2与c属于皮带传动，线速度之比为1：1．2与3的边缘各点属于同轴转动,具有相等的角速度，根据：v=ωr，可知：所以：得：3v a=3v3=v2=v c,其中v2、v3为轮2和轮3边缘的线速度,则v a：v c=1：3．==，故ACD错误，B正确．故选：B7．人造卫星绕地球做匀速圆周运动，其轨道半径为R，线速度为v，周期为T，若要使卫星的周期变为3T，可以采用的办法是( ）A．R不变，使线速度变为B．v不变，使轨道半径变为3RC．使轨道半径变为R D．使卫星的高度增加2R【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【分析】人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，由地球的万有引力提供向心力，牛顿第二定律推导周期T与半径的关系,选择可能的办法．若半径R不变，使卫星的线速度减小，卫星将做近心运动，周期减小．若v不变，卫星只能在原轨道上运动，周期不变．【解答】解：A、若半径R不变,使卫星的线速度减小，卫星将做近心运动，周期减小,因此不可能，故A错误．B、若v不变，卫星只能在原轨道上运动，半径不变,周期也不变．故B错误．C、设地球的质量为M,卫星的质量为m．由牛顿第二定律得：G=m r得卫星运动的周期T=2π，根据数学知识可知,若要使卫星的周期变为3T，使轨道半径R变为R时，卫星的周期变为3T．故C正确．D、由上知，卫星的轨道半径增大R﹣R=（﹣1）R时，卫星的周期变为3T，即卫星的高度增加（﹣1）R．故D错误．故选：C8．如图所示是某地的摩天轮．假设摩天轮的半径为R，每个轿厢质量（包括轿厢内的人)相等且为m,尺寸远小于摩天轮的半径，摩天轮以角速度ω匀速转动．则下列说法正确的是（）A．转动到竖直面最高点的轿厢处于超重状态B．转动到竖直面最低点的轿厢处于超重状态C．部分轿厢所受的合外力小于mRω2D．所有轿厢所受的合外力都等于mRω2【考点】向心力；牛顿运动定律的应用-超重和失重．【分析】根据加速度的方向分析轿厢的状态．由牛顿第二定律和向心力公式求轿厢所受的合外力【解答】解：A、转到竖直面最高点的轿厢加速度向下指向圆心，处于失重状态,故A错误；B、转动到竖直面最低点的轿厢具有向上的加速度，处于超重状态，故B正确;CD、根据题意摩天轮以角速度ω匀速转动，且每个轿厢质量(包括轿厢内的人）相等且为m,根据牛顿第二定律，所以所有轿厢所受的合外力度等于,故C错误，D正确；故选:BD9．宇宙中有相距较近且质量差别不太大的两颗星球，其他星球对它们的万有引力可以忽略不计,它们在相互之间的万有引力作用下，围绕连线上的某一固定点做周期相同的匀速圆周运动,这样的系统叫双星系统．关于双星系统中的这两颗星球，下列说法正确的是（）A．它们受到的向心力大小相等B．它们的向心加速度大小相等C．星球的线速度大小与其轨道半径成正比D．星球的线速度大小与其质量成正比【考点】万有引力定律及其应用；向心力．【分析】双星靠相互间的万有引力提供向心力，具有相同的周期，根据v=及=分析即可求解．【解答】解：A、B、双星靠相互间的万有引力提供向心力，根据牛顿第三定律,它们受到的向心力大小相等，但是两星的质量不等,故加速度不等，故A正确、B错误．C、两星具有相同的周期，根据v=可知，线速度大小与轨道半径成正比，故C正确．D、根据=，所以，结合C可知,速度大小与质量成反比，故D错误故选：AC．10．假设地球可视为质量均匀分布的球体．已知地球表面重力加速度在两极的大小为g0，在赤道的大小为g，地球自传周期为T，引力常量为G，则（）A．地球的密度为B．地球的密度为C．假如地球自转周期T增大,两极处重力加速度g0值增大D．假如地球自转周期T增大，赤道处重力加速度g值增大【考点】万有引力定律及其应用．【分析】质量为m的物体在两极所受地球的引力等于其所受的重力．根据万有引力定律和牛顿第二定律，在赤道的物体所受地球的引力等于其在两极所受的重力联立求解【解答】解：AB、地球两极：①在地球赤道上:②联立①②得：由①得地球密度==,故A错误,B正确;CD、由②式知,假如地球自转周期T增大,赤道处重力加速度g值增大,故D正确;由①式知，两极处的重力加速度与地球自转周期无关，故C错误;故选：BD11．如图所示，半圆形容器竖直放置,从圆心O点处分别以水平速度v1、v2抛出两个小球（可视为质点)，最终它们分别落在圆弧上的A点和B点，已知OA和OB互相垂直,且OB与竖直方向的夹角为θ，则下列说法正确的是（）A．两小球飞行的时间之比为B．两小球飞行的时间之比为tanθC．两小球的初速度之比为D．两小球的初速度之比为【考点】平抛运动．【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动,在竖直方向上做自由落体运动，根据平抛运动水平位移和竖直位移的关系确定两小球运动时间之比和初速度大小之比．【解答】解：由几何关系可知：小球A下降的竖直高度为y A=Rsinθ，小球B下降的竖直高度为y B=Rcosθ由平抛运动规律可知：y A=gt A2;y B=gt B2由此可得：时间之比=由几何关系可知：两小球水平运动的位移分别为：x A=Rcosθ,x B=Rsinθ由平抛运动规律可知：x A=v A t A,x B=v B t B,由此可得：两小球的初速度之比为=．故AD正确，BC错误．故选：AD二、填空题12．火星探测卫星绕火星飞行．卫星飞行周期为T，卫星轨道距火星表面的高度为h，万有引力常数为G，火星半径为R，则火星的密度为．【考点】万有引力定律及其应用．【分析】根据万有引力提供向心力求出火星质量，再根据密度公式求火星的密度【解答】解:火星探测卫星绕火星飞行，设火星质量为M，卫星质量为m，根据万有引力提供向心力，有得火星的质量火星的体积火星的密度故答案为：13．如图所示，O为地球球心，A为地球表面上的点，B为O、A连线间的点,AB=d，将地球视为质量分布均匀的球体，半径为R．设想挖掉以B为圆心,以为半径的球．若忽略地球自转，则挖出球体后A点的重力加速度与挖去球体前的重力加速度之比为．【考点】万有引力定律及其应用．【分析】没有挖去以B为圆心，以为半径的球之前,根据万有引力定律列式求解万有引力；此时的引力是以B为圆心、以为半径的球的引力和剩余部分的引力的矢量和；最后根据牛顿第二定律列式求解【解答】解：设球的密度为ρ挖去球体前A点的重力加速度为，根据重力等于万有引力得=球B在A点的重力加速度：挖去球体B后A点的重力加速度:=挖出球体后A点的重力加速度与挖去球体前的重力加速度之比为故答案为:14．某同学在做“研究平抛运动”的实验中,忘记记下小球抛出点的位置O．如图所示，A为小球运动一段时间后的位置．取g=10m/s2，根据图象，可知小球的初速度为 3 m/s;小球抛出点A的位置坐标为（﹣30，﹣5）．【考点】研究平抛物体的运动．【分析】(1）平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动,根据竖直方向上相等时间内的位移之差是一恒量求出相等的时间间隔，结合水平位移求出初速度．(2)根据竖直方向上某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出B点竖直分速度，结合速度时间公式求出抛出点到B点的时间,从而得出B点距离抛出点的水平位移和竖直位移，得出抛出点的位置坐标．【解答】解：（1）根据y BC﹣y AB=gT2得:T=s=0。
15—16学年高一12月月考物理试题(附解析)
山东省枣庄市第八中学南校区15—16学年高一12月月考物理试题一、选择题：（本大题共12小题。
其中1-8题所给的选项中只有一个是正确的每题3分；9-12题有多个答案，每题4分，选不全的得2分，错选或不选得0分）1．下列说法中正确的是A．研究停泊在港湾中随风摇摆的小船状态时的小船能被视为质点B．转动的物体其上各点的运动情况不同，故转动的物体一定不能当做质点C．四川汶川县发生8.0级强烈地震是在2008年5月12日14时28分指的是时刻D．当物体沿直线朝一个方向运动时，位移就是路程【答案】C考点：时间与时刻、质点、位移与路程【名师点睛】时刻指的是某一“点”；当物体的形状和大小在所研究的问题中能忽略，物体可以看成质点；位移是矢量，路程是标量，位移的大小等于首末位置的距离，路程等于运动轨迹的长度。
本题的关键知道时间、时刻的区别、路程和位移的区别，以及知道物体能看成质点的条件。
2．一辆汽车沿直线运动，先以15m/s的速度驶完全程的四分之三，剩下的路程以20m/s的速度行驶，则汽车从开始到驶完全程的平均速度大小为A．16m/s B．16.3m/s C．17.5m/s D．18.8m/s【答案】A【解析】试题分析：设全程的位移大小为4x，由题得到全程的平均速度431516/20m sxxvx=+＝，故选项A正确，选项BCD错误。
考点：平均速度【名师点睛】设全程的位移大小为4x，分别求出前后两段运动的时间表达式，再得到全程平均速度的表达式，求出平均速度，本题关键是明确平均速度与时间对应，不同时间段的平均速度不同。
3．两个物体相互接触，关于接触处的弹力和摩擦力，以下说法正确的是A．一定有弹力，但不一定有摩擦力B．如果有弹力，则一定有摩擦力C．如果有摩擦力，则一定有弹力D．如果有摩擦力，则其大小一定与弹力成正比【答案】C考点：摩擦力、弹力【名师点睛】要解答本题要掌握：摩擦力和弹力之间关系，有摩擦力一定有弹力，有弹力不一定有摩擦力，摩擦力方向和弹力方向垂直，静摩擦力大小和弹力无关，滑动摩擦力和弹力成正比。
2016年山东省枣庄市中考真题物理试题(答案+解析)
2016年山东省枣庄市中考物理试卷一、选择题（共12小题，每小题2分，满分24分）1．下列关于声现象的说法中，正确的是（）A．声波在真空中的传播速度等于340m/sB．声波可以传递信息，不可以传递能量C．“引吭高歌”中的“高”是指歌曲的音调高D．“女高音”中的’高“是指声音的频率高【考点】声音的综合利用．【分析】（1）声音的传播需要介质，真空不能传声，声音在空气中的传播速度为340m/s；（2）声音既能传递信息，又能传递能量；（3）音调指声音的高低，是由物体振动的频率决定的；（4）响度指声音的强弱，是由振动的振幅决定的．【解答】解：A、真空不能传声，声波在空气中的传播速度为340m/s；故A错误；B、声波既可以传递信息，也可以传播能量具有能量，故B错误；C、“引吭高歌”中的“高”是指声音的响度大，故C错误；D、“女高音”中的“高”是指声音的音调高，发声体振动的频率高；故D正确．故选D．2．阳光灿烂的日子，行走在绿树成荫的街道上，常常见到地面上有一些圆形的光斑，这些光斑是（）A．树叶的实像B．树叶的虚线C．太阳的实像D．太阳的虚像【考点】光直线传播的应用．【分析】光在同种均匀介质中沿直线传播．知道影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直线传播形成的．【解答】解：树阴下的地面上出现的圆形光斑，是太阳光通过浓密的树叶中的小孔所成的太阳的像，是实像，是由光的直线传播形成的．故选C．3．如图所示，一根弹簧，一端固定在竖直墙上，在弹性限度内用手水平向右拉伸弹簧的另一端，下列有关“弹簧形变产生的力”的描述正确的是（）A．手对弹簧的拉力B．弹簧对手的拉力C．墙对弹簧的拉力D．以上说法都不正确【考点】弹力．【分析】弹力是物体发生形变后要恢复原状时产生的力，两物体直接接触并且发生形变，两物体间才会有弹力作用【解答】解：弹簧形变产生的力，即弹簧的弹力，施力物体为弹簧，因为是手拉弹簧，所以弹簧发生形变，产生的是对手的拉力．故ACD错误、B正确．故选：B．4．下列是生活中的一些摩擦现象：①走路时鞋底与地面之间的摩擦；②汽车行驶时，汽车与空气之间的摩擦；③骑自行车时，车轮与轴之间的摩擦；④皮带传动中，皮带与皮带轮之间的摩擦，其中属于有害摩擦的是（）A．①和②B．②和③C．①和④D．②和④【考点】摩擦力的种类．【分析】（1）对人们有益的摩擦是有益摩擦，有益摩擦要增大；（2）对人们有害摩擦是有害摩擦，有害摩擦要减小．逐个分析选择项中提到的摩擦，然后与题目的要求相对应从而得到答案．【解答】解：①人走路时，使人前进的动力是地面对脚的摩擦力，为了防止人走路时摔倒，也要用到鞋底与地面的摩擦，因此鞋底与地面的摩擦是有益的摩擦．②汽车行驶时，汽车与空气之间的摩擦阻碍汽车的前进，因此这个摩擦属于有害摩擦；对前轮来说，与地面的摩擦阻碍了车子的前进，因此属于有害摩擦．③骑自行车时，车轮与轴之间的摩擦，阻碍车轮转动属于有害摩擦．④皮带转动时，主动轮与皮带之间的摩擦带动了皮带的转动；同时皮带与被动轮之间的摩擦带动了被动轮的转动．若这种摩擦力过小，将会出现皮带打滑的现象．因此说这两者之间的摩擦是有益的摩擦．故②③符合题意．故选：B5．在下列事例中，利用电磁波传递信息的是（）A．蝙蝠的”回声“定位B．大象的”声音“交流C．”B超“检查人体D．手机用”WiFi“上网【考点】电磁波的传播．【分析】生活中利用电磁波传递信息的地方非常多．如：无线电视、无线广播、手机等．【解答】解：A、蝙蝠的“回声定位”利用的是超声波，不是电磁波．不符合题意；B、大象的“声音”交流利用多少次声波，不是电磁波．不符合题意；C、“B超”检查人体利用的是超声波，不是电磁波．不符合题意；D、手机用“WiFi”上网利用的是电磁波．符合题意．故选D．6．现有甲、乙两个完全相同的容器，盛有体积相同的不同液体，把一个鸡蛋分别放入两容器中的情形如图所示，鸡蛋在甲、乙两杯液体中所受的浮力分别为F甲浮和F乙浮，两杯液体对容器底部的压力分别是F甲和F乙，压强分别是p甲和p乙，以下判断正确的是（）A．F甲浮＜F乙浮F甲=F乙p甲＜p乙B．F甲浮＞F乙浮F甲＜F乙p甲＜p乙C．F甲浮=F乙浮F甲＞F乙p甲＞p乙D．F甲浮=F乙浮F甲＜F乙p甲＞p乙【考点】物体的浮沉条件及其应用；压强大小比较．【分析】（1）根据物体的悬浮条件和浮沉条件判断鸡蛋在甲、乙两杯中所受浮力大小关系；（2）鸡蛋在甲杯液体中悬浮，液体对容器底的压力等于鸡蛋重加上液体重；鸡蛋在乙杯液体中漂浮，液体对容器底的压力等于鸡蛋重加上液体重；而容器相同、容器底面积相同，再根据压强公式p=得出液体对容器底部的压强关系．【解答】解：（1）鸡蛋漂浮在甲杯中，受到液体的浮力等于鸡蛋重力；鸡蛋悬浮在乙杯中，受到液体的浮力也等于鸡蛋重力；所以鸡蛋在甲、乙两杯中所受浮力大小相等，即：F甲浮=F乙浮；（2）鸡蛋在甲杯液体中漂浮，液体对容器底的压力：F甲=G鸡蛋+G甲液体=G鸡蛋+m甲液体g=G鸡蛋+ρ甲Vg，鸡蛋在乙杯液体中悬浮，液体对容器底的压力：F乙=G鸡蛋+G乙液体=G鸡蛋+m乙液体g=G鸡蛋+ρ乙Vg，因为F甲浮=F乙浮，所以ρ甲＞ρ乙，所以液体对容器底的压力：F甲＞F乙，因为容器相同、容器底面积相同，由压强公式p=可知液体对容器底部的压强相等，即：p甲＞p乙．综上分析，ABD错误，C正确．故选C．7．在生产生活中，利用如图所示的简单机械时，一定费力的是（）A．笤帚B．斜面C．滑轮组D．羊角锤【考点】杠杆的分类．【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆．【解答】解：A、笤帚在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆．故A正确；B、使用斜面可以省力．故B错误；C、使用滑轮组既可以省力又可以改变力的方向．故C错误；D、羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆．故D错误．故选：A．8．下列图形中，属于内能转化为机械能的是（）A．滑下滑梯B．弯折铁丝C．做功冲程D．压缩空气点火【考点】能量的相互转化．【分析】做功和热传递都可以改变物体的内能，做功是能量的转化，热传递是能量的转移．克服摩擦做功可以使机械能转化为内能，使物体的内能增加、温度升高；气体膨胀对外做功，气体的内能减小，转化为机械能．【解答】解：A、滑下滑梯时，与滑梯发生摩擦做功，将机械能转化为内能，不合题意；B、弯折铁丝时，是通过做功将机械能转化为内能，不合题意；C、在内燃机的做功冲程中，燃气膨胀对外做功，将内能转化为机械能，符合题意；D、压缩点火，属压缩气体做功，将机械能转化为内能，不合题意．故选C．9．如图甲所示，额定电压为6V的灯泡L与滑动变阻器R串联接入电路，电源电压一定．滑动变阻器的滑片从最右端滑到最左端时，灯泡L的I﹣U图象如图乙所示，以下说法正确的是（）A．灯泡正常发光时的电流为0.5AB．灯泡两端的电压为3V时，它消耗的电功率为1.5 WC．灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路的阻值为3ΩD．当滑动变阻器接入电路的阻值为2.5Ω时，灯泡消耗的电功率为3.2 W，此时灯丝的阻值为5Ω【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算．【分析】A、根据图象，灯泡两端的电压等于额定电压时，灯泡正常发光，此时电流等于其额定电流；B、根据图象确定电压为3V时的电流，可得电功率值；C、根据题意，当灯泡两端电压为6V时，变阻器的滑片在最左端，从而可得其阻值；D、根据电源电压、灯泡的实际功率及欧姆定律求出灯丝的电阻值．【解答】解：A、由题意知，灯泡的额定电压为6V，由图乙知，当灯泡两端的电压为6V时，灯泡的电流为1A，A错误；B、由图乙知，当灯泡两端的电压为3V时，灯泡中的电流大于0.5A，由P=UI可知，此时灯泡消耗的电功率大于1.5W，B错误；C、由图知，当变阻器滑片在最左端时，灯泡两端的电压等于6V，可知此时变阻器的阻值为零，C错误；D、当变阻器阻值为零时，灯泡两端的电压等于6V，可知电源电压为6V；设灯泡两端的电压为U，此时电阻为R，根据题意可知：==①=3.2W ②联立①②解得U=2V或U=4V，根据灯泡的实际功率，U=2V时，其实际功率小于3.2W，不符合题意，所以U=4V，代入②得R=5Ω，D正确．故选D．10．家庭电路中有时出现这样的现象，原来各用电器都在正常工作，当把手机充电器的插头插入插座时，家用所有的用电器都停止了工作，其原因可能是（）A．这个插座的火线和零线原来就相接触形成了短路B．插头插入这个插座时，导致火线和零线相接触形成了短路C．插头与这个插座接触不良形成了断路D．同时工作的用电器过多，导致干路电流过大，保险开关跳闸【考点】家庭电路电流过大的原因．【分析】内用电器全部停止工作，表明干路上的保险丝被熔断了，保险丝被熔断是由于电路中的电流过大．而产生电流过大的原因有两个：一是用电器的总功率过大，另一个是发生短路．由生活常识可知，手机充电器的功率比较小，因此造成保险丝熔断的原因不会是因干路的总功率过大．由手机充电器插头插入插座,室内用电器全部停止工作可知,是手机充电器的两个接头短路了.【解答】解：A、若是插座处原来有短路，则在没有插入手机充电器之前，电路就已经出现了短路，室内用电器不会正常工作，故A错误；B、若是插头插入这个插座时，导致火线和零线相接触形成了短路，室内所有的用电器全部停止了工作，若不及时断电会发生火灾，故B正确；C、若是用电器的插头与插座断路状态，则用电器不工作，不会影响室内其它用电器，故C 错误；D、手机充电器的功率很小，使用后不会导致干路中总电流过大、保险开关跳闸，故D错误．故选：B11．某学习小组在一次实验中利用电压表和电流表测量出了多组数据，并记录如表中，请根据表中给出的数据，分析判断出他们实验时所使用的电路图可能是（）U/V 3.0 2.5 2.0 1.8 1.5 1.3I/A 0.20 0.30 0.40 0.44 0.50 0.54 A．B．C．D．【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验．【分析】通过表格分析可知，电压表的示数增大时，电流也是随着增大，但电压和电流的比值发生改变．【解答】解：AB、根据电路图可知，电压表测电源的电压，示数不变，故AB不符合题意；C、根据电路图可知，电压表测量定值电阻两端电压，当电压表示数变小时，电流表示数也变小，且比值不变，故C不符合题意；D、根据电路图可知，电压表测量滑动变阻器两端电压，电流表测量电路中的电流，当电压表示数变大时，说明变阻器接入电路的阻值增大，则电流表示数减小，且比值改变，故D 符合题意．故选D．12．太阳能是人类优先开发和利用的新能源之一，关于太阳能的利用，下列说法正确的是（）A．图甲中，绿色植物通过光合作用将太阳能转化为化学能B．图乙中，太阳能热水器通过做功方式将太阳能转化为水的内能C．图丙中，太阳能交通信号灯将太阳能直接转化为信号灯的光能D．图丁中，首架环球航行的太阳能飞机将太阳能直接转化为飞机的机械能【考点】能量的相互转化．【分析】太阳能的利用方式：一是利用太阳能热水器给它里面的水等物质加热，把太阳能转化为内能；二是利用光电转换装置，把太阳能转化为电能；三是植物光合作用转化为化学能．【解答】解：A、绿色植物的光合作用是将光能转化为化学能，储存在植物体内，故A正确；B、太阳能热水器内的水从太阳吸收热量，内能增加、温度升高，是通过热传递的方式增加水的内能，故B错误；C、太阳能信号灯先将太阳能先转化为电能，再转化为光能，故C错误；D、太阳能飞机是先将太阳能转化为电能，再转化为机械能，故D错误．故选A．二、填空题（共6小题，每小题2分，满分14分）13．如图所示，用刻度尺测量物体的长度，读数时视线正确的是B（选填“A”或“B”），测出该物体的长度是 1.36cm．【考点】长度的测量．【分析】刻度尺的正确使用方法：①看：使用前先看量程、分度值、零刻度线是否损坏；②放：放正尺的位置，使刻度尺有刻度的一边紧靠被测物体；③读：读数时视线要与尺面垂直，估读到分度值的下一位；④记：记录测量结果时要记上数值和单位．【解答】解：①读数时，视线要与尺面垂直，故选B；②由图知：刻度尺的分度值是1mm；起始位置对应的刻度值是1.00cm，末端对应的刻度值是2.36cm，物体的长度L=1.36cm．故答案为：B；1.36．14．小李同学看到在沸腾的油锅中取铁球的表演后，得知锅中的“油”是由油和醋组成的混合液体，油的沸点为287℃，醋的沸点只有60℃，当温度达到60℃时液体就沸腾了，继续加热，液体的温度不会（选填“会”或“不会”）升高，表演时铁球的温度不可能超过60℃，只有当醋全部汽化时，继续加热，液体温度才会升高．【考点】沸腾及沸腾条件；汽化及汽化吸热的特点．【分析】液体沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是液体的沸点；液体沸腾的特点：不断吸收热量，温度保持不变．【解答】解：由于锅中的“油”是由油和醋组成的混合液体，醋的沸点是60℃，所以锅中的液体温度达到60℃时液体就沸腾了；液体沸腾的特点是吸收热量，但温度不变，所以继续加热液体的温度不会升高，表演时铁球的温度不可能超过60℃；只有当醋全部汽化后，再继续加热，油温度才会升高．故答案为：60；不会；60；醋全部汽化．15．生活中，“吸”字表述的现象，其原因各不相同．如图所示，用吸管“吸”饮料时，饮料是在大气压作用下被“吸”入口中的．用吸尘器“吸”灰尘时，灰尘是由于空气流速越大，压强越小的缘故被“吸”入吸尘器中的．【考点】大气压强的存在；流体压强与流速的关系．【分析】（1）吸管吸饮料时，是先把吸管内的空气吸走，使管内气压减小，这样在外界大气压的作用下，饮料就被压进吸管里．（2）在气体和液体中，流速大的位置压强小．【解答】解：（1）用吸管吸饮料时，吸管内气压减小，小于外界大气压，在大气压的作用下饮料被压入吸管；（2）用吸尘器“吸”灰尘时，吸尘器内空气流速大压强小，吸尘器外空气流速小压强大，在压强差的作用下灰尘被“吸”入吸尘器中的．故答案为：大气压；小．16．将一小物块A轻轻放入盛满水的大烧杯中，A静止后，有81g的水溢出，再将其轻轻放入盛满酒精的大烧杯中，A静止后，有72g的酒精溢出，则A在水中静止时受到的浮力为0.81N，A的密度是0.9g/cm3（酒精的密度是0.8×103kg/m3，g取10N/㎏）．【考点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用．【分析】（1）知道物块A静止时烧杯溢出水和酒精的质量，根据阿基米德原理求出受到的浮力，然后求出两者浮力之比；（2）①假设物块A在水中和酒精中都漂浮时，受到的浮力等于自身重力，浮力之比应是1：1，所以假设不正确；②假设物块A都浸没在水中，V排=V物，F浮甲=ρ水gV甲，F浮乙=ρ液gV乙，得浮力比为5：4，所以假设不正确；③根据物体浮沉条件判断出物体在水中漂浮，在酒精中浸没，根据物体的浮沉条件和漂浮条件得出两者受到的浮力之比，然后求出物块A的密度．【解答】解：（1）由阿基米德原理可得，物体A受到的浮力：F浮=G排=m排g=m溢g，则物块A在水中和酒精中受到的浮力分别为：F浮水=m溢水g=81×10﹣3kg×10N/kg=0.81N，F浮酒=m溢酒g=72×10﹣3kg×10N/kg=0.72N，则F浮水：F浮酒=0.81N：0.72N=9：8；（2）①物体A在水中和酒精中都漂浮时，因漂浮时物体受到的浮力和自身的重力相等，且物体A的质量不变、重力不变，所以，甲、乙受到的浮力相等，即F甲：F乙=1：1，与题意不符；②物体A在水中和酒精中都浸没时，则物体排开液体的体积和自身的体积相等，由F浮=ρgV排可知，它们受到的浮力之比：F浮甲：F浮乙=ρ水：ρ酒精=1.0×103kg/m3：0.8×103kg/m3=5：4≠9：8，与题意不符；③因水的密度大于酒精的密度，所以，由①②可知，只能是A在水中漂浮，在酒精中浸没，A受到水的浮力F浮水=G A=m A g=ρA Vg，在酒精中受到的浮力F浮酒=ρ酒gV，所以，==，解得：ρ乙=ρ酒=×0.8g/cm3=0.9g/cm3．故答案为：0.81；0.9．17．过去常用水作冷却剂给汽车的发动机降温，这是利用了水的比热容较大的性质，某汽车水箱中装了8kg的水，发动机运行一段时间后，水温升高了20℃，在这个过程中，水吸收的热量是 6.72×105J，[水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）]．【考点】热量的计算；水的比热容的特点及应用．【分析】（1）水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；（2）知道水的比热容、水的质量和温度的升高值，利用吸热公式求解．【解答】解：（1）因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以人们常用水作冷却剂给汽车的发动机降温；（2）水吸收的热量Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×8kg×20℃=6.72×105J．故答案为：大；6.72×105．18．如图所示，闭合开关S，通电螺线管右侧的小磁针静止时，小磁针的N极指向左，则电源的右端为正极，若使通电螺线管的磁性减弱，滑动变阻器的滑片P应向左端移动．【考点】通电螺线管的磁场．【分析】由小磁针的指向可判出电磁铁的极性，根据安培定则判断电源的正负极；由磁性的变化可知电流的变化，从而判断滑片的移动情况．【解答】解：小磁针静止时N极向左，则由磁极间的相互作用可知，通电螺线管右端为S极，则左端为N极，根据安培定则可以判断电源的右端为正极，左端为负极；如图所示：若使通电螺线管的磁性减弱，需减小电路中电流，由欧姆定律可知要增大电路中电阻，故滑片向左移动．故答案为：正；左．三、作图、实验与探究题（共4小题，共18分）19．一重为G的均匀杠杆，可绕O点上下转动，若让杠杆静止在如图所示的位置，请画出作用在A点的最小作用力F和F的力臂L．【考点】力臂的画法．【分析】根据杠杆平衡的条件，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长．【解答】解：连接OA就是最长的动力臂，根据杠杆平衡的条件，要使杠杆平衡动力方向向上，据此可画出最小的动力；如图所示：20．小峰在探究凸透镜成像规律之后，又对凸透镜的焦距与其凸起程度的关系进行了探究：（1）小峰第一次选取一个凸起程度较小的凸透镜，测量焦距的实验如图甲所示，测得的焦距为10.0cm．（2）第二次他又选用一个凸起程度较大的凸透镜，测得的焦距为8cm，由这两次实验可得出的初步结论：材料和横截面积相同的凸透镜，凸面程度越大其焦距越小．（3）小峰回想起白光经三棱镜后，光屏上自上而下出现了红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫的色带（如图乙所示），受此启发，于是他选取焦距为10cm的凸透镜，用红光和蓝光来进行图甲的实验，实验结论：对同一凸透镜，红的焦距大些．（4）在用焦距为10cm的凸透镜探究成“等大实像”的实验时，老师发现有两个小组所测像距分别为17.5cm和22cm，与理论像距20cm相比偏差较大．若不是因为长度测量方法错误和测量误差导致的，请分析出现这种情况的原因：光屏上还没有出现清晰的像时就测出了像距．【考点】凸透镜成像规律及其探究实验．【分析】（1）焦点到透镜中心的距离为焦距，看清刻度尺的分度值，读出示数；（2）根据图甲读出第一次测得凸透镜的焦距，然后比较1、2次实验数据可知焦距与凸面程度的关系；（3）白光经三棱镜后，光屏上而下出现了红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫的色带，是因为不同颜色的光经玻璃的折射本领不同；（4）同一凸透镜，物距一定，像距一定，小组实验的像距不同，是因为光屏上还没有出现清晰的像就测像距．【解答】解：（1）焦点到透镜中心的距离为焦距，刻度尺的分度值为1cm，此时读数为10.0cm，即透镜焦距为f=10.0cm；（2）由图甲可知，第一次测得凸透镜的焦距为10cm；根据1、2次的实验数据可知，材料和横截面积相同的凸透镜，凸起程度越大其焦距越小；（3）用红光和蓝光平行于同一个凸透镜的主光轴射入，红光、蓝光对凸透镜的焦距不相同．红色光较蓝色光偏折能力弱，所以红色光对凸透镜的焦距大；蓝光入射时焦距小些．（4）同一凸透镜，物距一定，像距一定，小组实验的像距不同，是因为光屏上还没有出现清晰的像就测像距．故答案为：（1）10.0cm；（2）材料和横截面积相同的凸透镜，凸面程度越大其焦距越小；（3）红；（4）光屏上还没有出现清晰的像时就测出了像距．21．火山石可以漂浮在水面上，小王用天平．量筒和水等器材测量某块火山石的密度，实验步骤如下：a．小王用调节好的天平测出火山石的质量m，其示数如图所示；b．往向量筒中倒入水，使水面到达V1=50mL处；c．用细线系住火山石，放入量筒，用铁丝将其压入水中足够长时间，水面到达V2=54mL处；d．取出火山石，水面下降到了V3=48mL处；e．小王认为火山石体积测量不够准确，它的体积应该包含材质和其中空隙部分的体积，于是又向量筒中加水到50mL处，将刚才取出的石块表面附着的水擦干净，再次没入量筒的水中，此时水面到达V4=55mL处．请解答下面问题：（1）该实验原理为ρ=（用公式表示）．（2）在步骤d中，水面没有回到50mL处的原因是火山石块吸附了2mL的水（或火山石吸附了一定体积的水．（3）请你根据小王的实验思路，将有关数据及计算结果填入下表．物理量次数火山石的质量m/g V1V2V3V4火山石的体积V/cm3火山石的密度ρ/g•cm﹣11 ①50 54 48 55 ②③（4）观察表格，请你指出其中存在的不足之处V1、V2、V3、V4无单位．【考点】固体的密度测量实验．【分析】（1）实验中，用天平测量火山石的质量，用量筒测量火山石的体积，根据密度公式ρ=求火山石的密度；（2）火山石块吸附了2ml的水（或火山石吸附了一定体积的水）；（3）测火山石质量时没有用到砝码，只是使用了游码，标尺上的分度值为0.2g，从游码左边缘对应的刻线读出火山石的质量；通过步骤e测量出火山石的体积；再利用密度公式ρ=火山石的密度；（4）观察表格，四次的体积无单位．【解答】解：（1）测量火山石密度的实验原理ρ=；（2）水面没有回到50mL处的原因是，火山石块吸附了2mL的水（或火山石吸附了一定体积的水）；（3）标尺上的分度值为0.2g，对应的刻度为4.2g，即物体的质量m=4.2g；根据步骤e，火山石的体积V=V4﹣V1=55ml﹣50ml=5ml，所以，火山石的密度ρ===0.84g/cm3；（4）观察表格，不足之处在于实验记录的表格中，体积均无单位．故答案为：（1）ρ=；（2）火山石块吸附了2ml的水（或火山石吸附了一定体积的水）；（3）①4.2；②5；③0.84；（4）V1、V2、V3、V4无单位．22．学习了电学知识后，小明对影响电阻大小的部分因素进行了探究，器材有：开关、电流表、干电池（电压恒为1.5V）各一个，三根完全相同的合金丝，导线若干，连接如图甲所示的电路，小明将合金丝以不同方式分别接入电路A、B之间，闭合开关S后，记录的数据如表．根据实验数据，回答下列问题：（1）图乙是将一根合金丝接入电路时电流表的读数，请将其填入表格中．连接方式一根两根串联三根串联两根并联三根并联电流表读数/A 0.15 0.1 0.6 0.9（2）导体电阻的大小跟材料、长度和横截面积的关系．A．电阻的大小与长度的关系是：材料和横截面积相同，导体的电阻跟长度成正比；B．电阻的大小与横截面积的关系是：材料和长度相同，导体的电阻跟横截面积成反比．（3）分析表中的实验数据，还可以得出导体的电流与电阻的关系：导体两端的电压不变，导体中的电流与导体的电阻成反比．。
2017-2018年山东省枣庄市薛城区高一(下)期中物理试卷(解析版)
2017-2018学年山东省枣庄市薛城区高一（下）期中物理试卷一、本题包括11小题，每题4分．在每小题给出的四个选项中，第1～7小题，只有一个选正确；第8～11小题，有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．1．（4分）下列说法正确的是（）A．物体所带的电荷量可以为任意实数B．摩擦起电过程是靠摩擦产生了电荷C．物体不带电是因为所带的正电荷数目和负电荷数目相等D．两个不带电的物体摩擦起电时，带上电荷的种类不同且数量不相等2．（4分）下列关于点电荷的说法正确的是（）A．球状带电体一定可以看成点电荷B．点电荷就是元电荷C．点电荷就是体积和带电荷量都很小的带电体D．一个带电体能否看成点电荷应视具体情况而定3．（4分）下列说法正确的是（）A．处于电场中的静电平衡的导体，由于附加电场和原电场相互抵消，导体内的电场变为零，但导体表面的电场不为零，且与表面垂直B．处于静电平衡的导体，由于导体内的电场强度为零，所以导体内的电势也为零C．处于电场中的静电平衡的导体，由于附加电场的出现，导体内的原电场变为零D．处于静电平衡的导体，导体表面的电势一定与导体内部的电势不相等4．（4分）两个分别带有电荷量+Q和+3Q的相同绝缘小球（均可视为点电荷），固定在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F．两小球相互接触后将其固定，距离变为2r，则两球间库仑力的大小为（）A．F B．F C．F D．F5．（4分）如图所示，a、b、c为电场中同一条电场线上的三点，其中c为ab的中点。
已知a、b两点的电势分别为φa＝4V，φb＝10V，则下列叙述正确的是（）A．该电场在c点处的电势一定为7VB．a点处的场强E a一定小于b点处的场强E bC．负电荷从a点运动到b点的过程中电势能一定增大D．负电荷只受电场力作用从a点运动到b点的过程中动能一定增大6．（4分）如图所示，在匀强电场中有直角三角形BOC，电场方向与三角形所在平面平行，若三角形三顶点处的电势分别为φO＝4.5V、φB＝0V、φC＝9V，且边长OB＝3cm，BC＝6cm，则下列说法中正确的是（）A．电场强度的大小为V/mB．电场强度的大小为V/mC．电场强度的大小为100V/mD．一个电子在O点由静止释放后会沿直线OB运动7．（4分）直角坐标系xOy中，M、N两点位于y轴上，G、H两点坐标如图。
2015-2016学年山东省枣庄市薛城区九年级(下)期中物理试卷
2015-2016学年山东省枣庄市薛城区九年级（下）期中物理试卷一、选择题（每题3分，共45分）1．某同学用同一把刻度尺对同一物体的长度进行了4次测量，结果如下：14.34cm、14.36cm、14.35cm、14.43cm，则该物体的长度应记为（）A．14.37cm B．14.34cm C．14.35cm D．14.36cm2．关于声音产生和传播的说法正确的是（）A．声音在真空中的传播速度是3×108m/sB．只要物体振动，我们就能听见声音C．物体的振动一旦停止，发声也随之停止D．可以用超声声呐测量地球到月球的距离3．寒冷的冬天，户外的人会呼出“白气”，而居民楼的玻璃窗上会结“冰花”．下列说法正确的是（）A．“白气”是液化现象，要吸热B．“冰花”是升华现象，要放热C．“冰花”结在玻璃窗的内表面D．“白气”是气态的水蒸气4．如图所示的现象中，属于光的直线传播的是（）A．小孔成像B．钢勺好像在水面处折断了C．景物在水面处的“倒影”D．雨后的天空中出现彩虹5．2014年最为特别的天象之一﹣“超级月亮”出现于8月11日凌晨，它比正常时的月亮要大百分之二十，亮度也有所增加，某天文爱好者为了研究这一现象，于是架设一台天文望远镜做进一步观察，关于该望远镜，下列说法正确的是（）A．它的物镜和显微镜的物镜作用相同B．它的物镜相当于放大镜，用来把像放大C．它的物镜的作用是使远处的物体在焦点附近成虚像D．它的目镜和显微镜的目镜作用相同6．由同种材料制成的A、B两个金属球，其中有一个是空心的，它们的质量分别为128g、72g，体积分别为16cm3、12cm3，则下列说法正确的是（）A．A是空心球，B是实心球B．实心球的密度是6g/cm3C．空心球的密度是8g/cm3D．空心球的空心部分体积为3cm37．成语“以卵击石”比喻势力比较弱的一方去和势力比自己强得多的一方硬拼，注定要失败，是自讨苦吃，从物理学的角度采分析该成语，下列说法错误的是（）A．卵是施力物体，同时也是受力物体B．卵和石之间产生一对相互作用力，它们的大小相等C．卵受到的作用力先于石头受到的作用力D．卵之所以碎，是因为它的硬度比石头的硬度小8．如图所示，物体在重力、支持力和摩擦力的作用下沿水平面向右做减速直线运动，假设在运动过程中重力突然消失，物体将（）A．立即停止运动B．在只受摩擦力和支持力一对非平衡力的作用下运动C．向右沿水平方向做减速直线运动直至停止D．向右沿水平方向做匀速直线运动9．如图所示，一个装有水重为G0的瓶子，正立放置在水平面上时，瓶对桌面的压强为p1，瓶底受到水的压力为F1，倒立放置时，瓶对桌面的压强为p2，瓶盖受到水的压力为F2，则（）A．p2=p1，F2=G0 B．p2＜p1，F1=G0C．p2＜p1，F2＞G0D．p2＞p1，F2＜G0 10．如图所示，以下四个关于“气体压强与流流速的关系”的现象中压强p1＜p2的是（）A．B．C．D．11．将重为4N，体积为6×10﹣4m3的物体投入一装有适量水的溢水杯中，溢出水300g．若不计水的阻力，当物体静止时，下列判断正确的是（）A．物体上浮，F浮=6N B．物体悬浮，F浮=4NC．物体漂浮，F浮=4N D．物体沉在水底，F浮=3N12．人造地球卫星从近地点向远地点运动时，下列说法中正确的是（）A．势能逐渐减小，动能逐渐增大，速度越来越大B．势能逐渐增大，动能逐渐减少，速度越来越小C．势能、动能和速度都越来越小，转化为其他形式的能D．势能、动能和速度都越来越大，由发电装置提供了能量13．下列生活中的杠杆属于省力杠杆的是（）A．钓鱼竿B．食品夹C．筷子D．核桃夹14．关于功、功率、机械效率说法正确的是（）A．功率越大，做功越快，机械效率越大B．做功越少，功率越小，机械效率越小C．功率越大，反映做功越快，与机械效率无关D．机械效率越大，表明它做的功越多15．如图所示，将体积相同的物体G1、G2分别挂在杠杆的两端，杠杆处于平衡状态．若将两个物体G1、G2同时浸没在水中，则（）A．杠杆仍能保持平衡 B．杠杆不能平衡，A端下沉C．杠杆不能平衡，B端下沉D．无法确定杠杆的状态二、填空题（每空1分，共21分）16．一列长200m的火车，以108km/h的速度匀速进入长为2km的隧洞，火车完全在洞中的行驶时间是s，火车上乘客看见洞中的路灯在后退，乘客是以为参照物．17．熟悉的歌手或同学，你一听便知是谁，你是根据他（她）的声音的来识别的，班里的一位男同学是个大嗓门，那是由于他声音的大，停在山崖前的汽车，司机鸣笛后0.2s 内听到回声，汽车到山崖的距离是m．18．一只小鸟在深度为8m的平静湖面上空飞过，当小鸟距水面3m时，该“倒影”距小鸟m，若小鸟往高处飞，则“倒影”大小（填“变大”“变小”或“不变”）．19．在各种不同色光，红、蓝叫做三原色光，如图表示某人看物体时的光路图，要在视网膜上成清晰的像，需配戴镜，希望同学们养成良好用眼习惯，电视机遥控器可以发出不同的，来实现电视机的遥控．20．一瓶标有“555mL”字样的纯净水，水的质量是g；小明喝了半瓶水，则剩余半瓶水的密度是kg/m3．21．如图所示，游泳时手和脚向后划水，人会向前运动．推动人向前运动的力的施力物体是，此现象说明力的作用是．22．一辆行驶的汽车车厢里挂着一个小球．当出现了如图所示的情景时，汽车在做（选填“加速”、“匀速”或“减速”）运动．此时绳子对球的拉力和球受到的重力（选填“是”、“不是”或“可能是”）一对平衡力．23．氢气球升到高空时会破裂，其主要原因是高空的大气压（填“高”或“低”），球内的气压（填“大于”、“等于”或“小于”）外界大气压，将球胀破．24．﹣艘轮船从长江驶入东海，它受到的浮力将；它排开水的体积将．（选填“变大”、“变小”或“不变”）25．洒水车在水平路面上匀速前进并洒水时，它的动能，机械能．（选填“变大”、“变小”或“不变”）．26．如图所示，在水平拉力F的作用下，物体A做匀速直线运动，若滑轮和绳子的质量及其摩擦均不计，已知物体与地面的摩擦力为5N．物体运动的速度为2m/s，则拉力做功的功率大小为W，若水平拉力增大到10N，则物体A受到的摩擦力是N．三、作图题（每个2分，共6分）27．如图所示，一束光线在空气和水两种介质的界面上同时发生反射和折射，图中已标出反射光线，请画出折射光线的大致方向和入射光线．28．一重为G的物体，随着传送带一起沿水平方向向左做匀速直线运动，不计空气阻力，请画出如图中物体受力的示意图．29．如图所示的曲棒ABC可绕A点的转轴转动，请画出要使曲棒ABC在图中位置保持平衡时所需的最小力的示意图．四、实验探究题（每空1分，共14分）30．物理实验小组用图甲装置探究“水的沸腾”规律．（1）图甲装置中有一处明显错误，请指出该错误是．2）由表中的信息可知，本次实验应选用测温物质为．）实验小组观察到水沸腾前和水沸腾时水中气泡的情况是不同的，如图乙中所示，图（选填“A”或“B”）是水在沸腾时的情况．（4）B、C两组同学选用相同的实验装置完成实验，他们分别绘制的温度随时间变化的图象如图丙，如果操作及实验器材均无问题，则分析图象可知，当时的大气压（选填“＜”、“＞”或“=”）1标准大气压；B、C组得到b、c两种不同图象的原因可能是水的不同．31．在“探究凸透镜成像规律”的实验中，小明按如图甲所示的装置进行实验，依次改变蜡烛）由表可知，该凸透镜的焦距为cm．（2）第2次实验在光屏上所成的像是倒立、的实像．生活中应用了凸透镜这一成像规律而制成的物品有（请举一例）．（3）根据折射现象中光路的可逆性，可得出第4次实验的像距v=cm．（4）实验结束后，小明试着调节如图乙所示的投影仪．如果要使屏幕上得到更大的清晰的像，他应将投影仪远离屏幕，并（选填“增大”或“减小”）镜头与投影片的距离．32．“探究浮力的大小跟哪些因素有关”实验的部分操作，装置静止时测力计指针的位置如图所示．（1）b图中测力计的示数为N．由a、b、c所示实验可得出的结论是：在液体密度相同时，物体所受浮力的大小跟有关．（2）由c、d所示实验得出的结论是：．（3）由图中提供的数据，可以求出盐水的密度为kg/m3．五、计算题（第33题6分，第34题8分，共14分）33．用如图所示的滑轮组提升重物，当作用在绳子自由端的拉力为100N时，能匀速提起重力为240N的物体．不计摩擦和绳重，求：（1）动滑轮重为多少？（2）若绕绳能承受的最大拉力为200N，则该滑轮组的最大机械效率为多大？34．如图1所示，弹簧测力计下面挂一实心圆柱体，将圆柱体从盛有水的容器上方离水面某一高度处缓缓下降（其底面积始终与水面平行），使其逐渐浸没入水中某一深度处，如图是整个过程弹簧测力计的示数F与圆柱体下降高度h变化关系的数据图象如图2（容器厚度不计，g=10N/kg）求：（1）圆柱体浸没时受到的浮力？（2）圆柱体的密度？（3）不考虑水面上升，圆柱体在刚浸没时下表面受到的水的压强？若盛水容器的底面积为100cm2，当圆柱体完全浸没时与圆柱体未浸入水前相比较，水对容器底产生的压强增加了多少？容器对水平支持面的压强增加了多少？2015-2016学年山东省枣庄市薛城区九年级（下）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（每题3分，共45分）1．某同学用同一把刻度尺对同一物体的长度进行了4次测量，结果如下：14.34cm、14.36cm、14.35cm、14.43cm，则该物体的长度应记为（）A．14.37cm B．14.34cm C．14.35cm D．14.36cm【考点】长度的测量．【分析】（1）偏差较大的读数是错误的，去错误读数，取其余3个正确测量值的平均值值即为测量结果．（2）在测量长度时，通常采用取多次测量求平均值的方法来减小误差，故只要计算出四次测量的平均值即可，但是在最后结果的确定时，还要注意小数位数的保留规则与测量值相同．【解答】解：从题干中提供数据可知，14.43cm与其它数据相差较大，所以14.43cm是错误的，应该去掉；为减小长度测量的误差，通常采用的方法是取多次测量的平均值；故物体的长度最终应记录为：L==14.35cm．故选C．2．关于声音产生和传播的说法正确的是（）A．声音在真空中的传播速度是3×108m/sB．只要物体振动，我们就能听见声音C．物体的振动一旦停止，发声也随之停止D．可以用超声声呐测量地球到月球的距离【考点】声音的产生；声音的传播条件．【分析】解决此类问题要知道声音是由物体的振动产生的；声音的传播需要介质，声音在真空中不能传播，在不同的介质中的传播速度不同，在空气中的传播速度约为340m/s．人耳只能听到频率在20～20000Hz之间，响度达到0dB以上的声音．【解答】解：A、声音不能在真空中传播，故A错误；B、只要物体振动，就能发出声音，但是并不是所有的声音我们都能听到，故B错误；C、物体的振动一旦停止，发声也随之停止，故C正确；D、声音不能在真空中传播，因此不能用声呐测量月球和地球之间的距离，故D错误．故选：C．3．寒冷的冬天，户外的人会呼出“白气”，而居民楼的玻璃窗上会结“冰花”．下列说法正确的是（）A．“白气”是液化现象，要吸热B．“冰花”是升华现象，要放热C．“冰花”结在玻璃窗的内表面D．“白气”是气态的水蒸气【考点】液化及液化现象；生活中的凝华现象．【分析】要解答本题需掌握：生活中的液化和凝华现象，以及它们的成因．【解答】解：A、冬天户外的人呼出“白气”，是嘴中呼出的水蒸气遇冷液化形成的小水珠，是液化现象，放出热量，故错误；B、冰花是室内较温暖的水蒸气遇到温度很低的玻璃，发生了凝华现象，要放出热量，故错误；C、冰花是室内较温暖的水蒸气遇到温度很低的玻璃，发生了凝华现象，结在玻璃窗的内表面，从而形成固态的冰花，故正确；D、冬天户外的人呼出“白气”，是嘴中呼出的水蒸气遇冷液化形成的小水珠，故错误．故选C．4．如图所示的现象中，属于光的直线传播的是（）A．小孔成像B．钢勺好像在水面处折断了C．景物在水面处的“倒影”D．雨后的天空中出现彩虹【考点】光直线传播的应用．【分析】（1）光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；（2）当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来，例如：平面镜成像、水中倒影等；（3）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向的会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等．【解答】解：A、小孔成像是光沿直线传播形成，符合题意；B、钢勺好像在水面处折断了，是光的折射现象，不符合题意；C、景物在水中的倒影，是水面成像，属于光的反射现象，不符合题意；D、雨后彩虹是利用了光的折射，不符合题意．故选D．5．2014年最为特别的天象之一﹣“超级月亮”出现于8月11日凌晨，它比正常时的月亮要大百分之二十，亮度也有所增加，某天文爱好者为了研究这一现象，于是架设一台天文望远镜做进一步观察，关于该望远镜，下列说法正确的是（）A．它的物镜和显微镜的物镜作用相同B．它的物镜相当于放大镜，用来把像放大C．它的物镜的作用是使远处的物体在焦点附近成虚像D．它的目镜和显微镜的目镜作用相同【考点】望远镜．【分析】显微镜结构是由两个凸透镜组成，靠近眼睛的凸透镜叫做目镜，靠近被观察物体的凸透镜叫做物镜，用来看清微小物体的．而望远镜也是由两组凸透镜组成的，靠近眼睛的凸透镜叫做目镜，靠近被观测物体的凸透镜叫做物镜，用来观看远处物体的．【解答】解：A、望远镜的物镜是使得无限远处的物体成一个倒立缩小的实像，而显微镜的物镜是为了使得载物片上的物体成一个放大的实像，故A错误；B、望远镜的物镜是使得无限远处的物体成一个倒立缩小的实像，相当于一个照相机，故B 错误；C、望远镜的物镜的目的是使得无限远处的物体成一个倒立缩小的实像，故C错误；D、望远镜和显微镜都由两组透镜组成，其目镜都相当于放大镜，故D正确；故选D．6．由同种材料制成的A、B两个金属球，其中有一个是空心的，它们的质量分别为128g、72g，体积分别为16cm3、12cm3，则下列说法正确的是（）A．A是空心球，B是实心球B．实心球的密度是6g/cm3C．空心球的密度是8g/cm3D．空心球的空心部分体积为3cm3【考点】空心、混合物质的密度计算．【分析】已知两金属球的质量和体积，利用密度公式求它们的密度，因为是同种材料制成的，所以密度小的小球是空心的；求出了金属的密度，可以得到空心球的实心体积，利用空心球的体积减去实心的体积，可得空心部分的体积．【解答】解：两个金属球的密度分别为：ρA===8g/cm3，ρB===6g/cm3，因为ρA＞ρB，所以A金属球是实心的、B金属球是空心的，该金属的密度是8g/cm3，故ABC错；===9cm3，由ρ=可得，金属球B实心部分体积为：V实所以球B空心部分体积为：12cm3﹣9cm3=3cm3，故D正确．故选D．7．成语“以卵击石”比喻势力比较弱的一方去和势力比自己强得多的一方硬拼，注定要失败，是自讨苦吃，从物理学的角度采分析该成语，下列说法错误的是（）A．卵是施力物体，同时也是受力物体B．卵和石之间产生一对相互作用力，它们的大小相等C．卵受到的作用力先于石头受到的作用力D．卵之所以碎，是因为它的硬度比石头的硬度小【考点】力作用的相互性．【分析】物体间力的作用是相互的，甲物体在对乙物体施力的同时，乙物体也在对甲物体施力，相互作用力的大小总是相同的，方向总是相反的．【解答】解：A、物体间力的作用是相互的，卵是施力物体，同时也是受力物体，所以A正确，B、相互作用力的大小总是相同的，卵和石之间产生一对相互作用力，它们的大小相等，所以B正确；C、鸡蛋和石头相碰，鸡蛋对石头的力和石头对鸡蛋的力是相互作用力，是同时产生的，所以C错误；D、鸡蛋承受力的能力差，石头承受力的能力强，所以鸡蛋碎了石头没什么变化，所以D正确．故选C．8．如图所示，物体在重力、支持力和摩擦力的作用下沿水平面向右做减速直线运动，假设在运动过程中重力突然消失，物体将（）A．立即停止运动B．在只受摩擦力和支持力一对非平衡力的作用下运动C．向右沿水平方向做减速直线运动直至停止D．向右沿水平方向做匀速直线运动【考点】牛顿第一定律．【分析】根据牛顿定律进行分析，即物体在不受任何外力时，总保持静止状态或匀速直线运动状态．【解答】解：假设在运动过程中重力突然消失，对水平面的压力、水平面对物体的支持力、摩擦力都会同时消失，根据牛顿第一定律我们知道，物体不受外力作用时，原来静止的物体将永远保持静止状态；原来运动的物体将永远做匀速直线运动，速度的大小和方向都不改变．因为物体原来是向右运动，当外力突然消失，物体仍然保持原来的运动状态，所以物体将保持原来的速度向右做匀速直线运动．故选项ABC错误，选项D正确．故选D．9．如图所示，一个装有水重为G0的瓶子，正立放置在水平面上时，瓶对桌面的压强为p1，瓶底受到水的压力为F1，倒立放置时，瓶对桌面的压强为p2，瓶盖受到水的压力为F2，则（）A．p2=p1，F2=G0 B．p2＜p1，F1=G0C．p2＜p1，F2＞G0D．p2＞p1，F2＜G0【考点】压强大小比较．【分析】（1）水平桌面上物体的压力和自身的重力相等．倒置后，由液体压强公式得出压强的变化情况；（2）水对瓶盖和瓶底的压力，可以根据水产生的压力和水重力的关系进行分析，注意上下粗细一样的容器中，水对容器底的压力等于水的重力；上面粗、下面细的容器中水对容器底的压力小于水的重力；上面细、下面粗的容器中水的压力大于水的重力．【解答】解：（1）因为瓶对桌面的压力等于瓶和水的总重力，所以无论正放还是倒放，它们的总重力不变，即对桌面的压力不变，倒置后，瓶与桌面的接触面积小，故据p=可知，倒置后瓶对桌面的压强大，即p1＜p2；（2）正放时，瓶子中的水柱是粗细相同的，瓶子底部受到的压力等于瓶中水的重力，即F1=G0；倒放时，瓶子中的水柱上面粗，下面细，一部分水压的是瓶子的侧壁，瓶盖受到的压力小于瓶中水的重力，即F2＜G0；综上分析可知，选项ABC错误，D正确．故选D．10．如图所示，以下四个关于“气体压强与流流速的关系”的现象中压强p1＜p2的是（）A．B．C．D．【考点】流体压强与流速的关系．【分析】流体压强与流速的关系：在流体中，流速快的地方压强越小．【解答】解：A、如图物体上表面平直，下表面向下弯曲，相同时间内，空气经过下方的路程比上方路程长，下方流速大，压强小，即p1＞p2．故A错误；B、如图物体上下表面凸起程度相同，相同时间内，空气经过两面的路程相同，速度相同，压强相同，即p1=p2．故B错；C、对着两张纸的中间吹气，两张纸中间的空气流速变大，压强变小，小于纸外侧的大气压，但外侧压强相同，即p1=p2．故C错；D、如图用漏斗从乒乓球上方吹气，乒乓球上方气流速度大于下方的气流速度，则上方压强小于下方压强，即p1＜p2．故D正确；故选D．11．将重为4N，体积为6×10﹣4m3的物体投入一装有适量水的溢水杯中，溢出水300g．若不计水的阻力，当物体静止时，下列判断正确的是（）A．物体上浮，F浮=6N B．物体悬浮，F浮=4NC．物体漂浮，F浮=4N D．物体沉在水底，F浮=3N【考点】物体的浮沉条件及其应用；密度的计算；重力的计算．【分析】知道物体的重，利用重力公式求物体的质量，又知道物体的体积，利用密度公式求物体的密度；求出了物体的密度，和水的密度比较，根据物体的浮沉条件确定物体在水中的状态和受到的浮力．【解答】解：∵G=mg=ρvg，∴物体的密度：∵ρ＜ρ水，∴物体在水中将漂浮；物体在水中受到的浮力：F浮=G=4N．故选C．12．人造地球卫星从近地点向远地点运动时，下列说法中正确的是（）A．势能逐渐减小，动能逐渐增大，速度越来越大B．势能逐渐增大，动能逐渐减少，速度越来越小C．势能、动能和速度都越来越小，转化为其他形式的能D．势能、动能和速度都越来越大，由发电装置提供了能量【考点】动能和势能的大小变化．【分析】只有地球附近的物体受到重力作用，地球附近的物体被举高以后具有重力势能，如果物体不在地球附近，两个物体之间有相对距离，物体具有的能量是势能．卫星的动能和势能大小的变化，从动能和势能大小的影响因素考虑：动能大小的影响因素：质量、速度．质量越大，速度越大，动能越大．势能大小的影响因素：质量、相对距离．质量越大，相对距离越大，势能越大．【解答】解：人造地球卫星沿椭圆轨道绕地球运动过程中，质量不变，远地点的相对距离最大，势能最大，近地点的相对距离最小，势能最小．卫星转动过程中，机械能守恒，远地点势能最大，动能最小；近地点势能最小，动能最大．从远地点向近地点运动过程中，势能减小，动能增大．从近地点向远地点运动过程中，势能增大，动能减小．故选B．13．下列生活中的杠杆属于省力杠杆的是（）A．钓鱼竿B．食品夹C．筷子D．核桃夹【考点】杠杆的分类．【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆．【解答】解：A、钓鱼竿在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；B、食品夹在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；C、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；D、核桃夹在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆．故选D．14．关于功、功率、机械效率说法正确的是（）A．功率越大，做功越快，机械效率越大B．做功越少，功率越小，机械效率越小C．功率越大，反映做功越快，与机械效率无关D．机械效率越大，表明它做的功越多【考点】功；机械效率；功率的概念．【分析】根据功、功率、机械效率的关系分析．功率是单位时间内做的功的多少，是表示做功快慢的物理量；机械效率是有用功与总功的比值．【解答】解：功率是单位时间内做的功的多少，是表示做功快慢的物理量，功率大小与做功多少和时间有关；机械效率是有用功与总功的比值．A、功率大，说明做功快，但不能说明机械效率越大，故A错误；B、功率大小与做功多少和时间无关，做功少，功率不一定小，机械效率不一定小，故B错误；C、功率越大，反映做功越快，与机械效率无关，故C正确；D、机械效率越大，说明有用功与总功的比值大，做功不一定多，故D错误；故选：C．15．如图所示，将体积相同的物体G 1、G 2分别挂在杠杆的两端，杠杆处于平衡状态．若将两个物体G 1、G 2同时浸没在水中，则（ ）A ．杠杆仍能保持平衡B ．杠杆不能平衡，A 端下沉C ．杠杆不能平衡，B 端下沉D ．无法确定杠杆的状态【考点】探究杠杆的平衡条件实验；杠杆的平衡分析法及其应用．【分析】（1）根据杠杆的平衡条件，动力×动力臂=阻力×阻力臂，即G 1×L 1=G 2×L 2； （2）将两个物体G 1、G 2同时浸没在水中后，对杠杆的拉力F 等于重力和浮力的差，根据F 1×L 1与F 2×L 2的大小关系判断杠杆是否平衡．【解答】解：（1）物体没有浸入水中时，根据杠杆平衡条件有G 1×L 1=G 2×L 2，由图可见L 1＞L 2，∴G 1＜G 2．（2）物体浸入水中时，对杠杆的拉力F=G ﹣F 浮，因为两个物体的体积相等，都同时浸没在水中，所以它们受到的浮力相等，即F 浮1=F 浮2；（3）杠杆A 端：（G 1﹣F 浮1）×L 1=G 1×L 1﹣F 浮1×L 1，杠杆B 端：（G 2﹣F 浮2）×L 2=G 2×L 2﹣F 浮2×L 2，由L 1＞L 2，∴F 浮1×L 1＞F 浮2×L 2．（4）∵G 1×L 1=G 2×L 2，F 浮1×L 1＞F 浮2×L 2∴（G 1×L 1﹣F 浮1×L 1）＜（G 2×L 2﹣F 浮2×L 2）因此杠杆的右（B ）端下降．故选C ．二、填空题（每空1分，共21分）16．一列长200m 的火车，以108km/h 的速度匀速进入长为2km 的隧洞，火车完全在洞中的行驶时间是 60 s ，火车上乘客看见洞中的路灯在后退，乘客是以 火车 为参照物．【考点】速度公式及其应用；参照物及其选择．【分析】（1）隧洞长度与火车长度之差是火车完全完全在洞中的行驶路程，由速度公式的变形公式求出需要的时间；（2）如果物体相对于参照物的位置保持不变，则物体是静止的，如果物体相对于参照物的位置不断变化，则物体是运动的．【解答】解：（1）火车完全在洞中行驶的路程s=2000m ﹣200m=1800m ，火车速度v=108km/h=30m/s ，由v=得火车的运动时间：t===60s ；（2）路灯相对于火车位置不断后退，是以火车为参照物．故答案为：60；火车．。
山东省枣庄二中2015-2016学年下学期高一下学期月考物理试卷(3月份) 含解析
2015—2016学年山东省枣庄二中高一（下）月考物理试卷（3月份)一、选择题：(本题共12小题，共40分)1．如图所示,质量为m的物块从A点由静止开始下落，加速度是g，下落H到B点后与一轻弹簧接触,又下落h后到达最低点C,在由A运动到C的过程中,空气阻力恒定，则（）A．物块机械能守恒B．物块和弹簧组成的系统机械能守恒C．物块机械能减少mg(H+h）D．物块、弹簧和地球组成的系统机械能减少mg(H+h)2．狗拉雪橇沿位于水平面内的圆弧形道路匀速行驶，下图为四个关于雪橇受到的牵引力F 及滑动摩擦力f的示意图（O为圆心),其中正确的是（)A．B．C．D．3．横截面为直角三角形的两个相同斜面紧靠在一起，固定在水平面上,如图所示．它们的竖直边长都是底边长的一半．现有三个小球从左边斜面的顶点以不同的初速度向右平抛，最后落在斜面上，其落点分别是a、b、c．如图，a点距水平地面的高度最低，c点距地面最高．下列判断正确的是（）A．图中三小球比较，落在a点的小球飞行时间最短B．图中三小球比较，落在a点的小球飞行过程速度变化最大C．图中三小球比较，落在a点的小球飞行过程速度变化最快D．无论小球抛出时初速度多大，落到两个斜面上的瞬时速度都不可能与斜面垂直4．如图所示，在玻璃管的水中有一红蜡块正在匀速上升，若红蜡块在A点匀速上升的同时，使玻璃管水平向右做匀加速直线运动，则红蜡块实际运动的轨迹是图中的（）A．直线P B．曲线QC．曲线R D．无法确定是P还是Q5．在抗洪抢险中,战士驾驶摩托艇救人,假设江岸是平直的，洪水沿江向下游流去,水流速度为v1，摩托艇在静水中的航速为v2，战士救人的地点A离岸边最近处O的距离为d，如战士想在最短时间内将人送上岸,则摩托艇登陆的地点离O点的距离为（）A．B．0C． D．6．如图所示，在水平地面上做匀速直线运动的汽车，通过定滑轮用绳子吊起一个物体，若汽车和被吊物体在同一时刻的速度分别为v1和v2，则下面说法正确的是（）A．物体做匀速运动,且v2=v1B．物体做加速运动，且v2＞v1C．物体做加速运动，且v2＜v1 D．物体做减速运动，且v2＜v17．在匀速行驶车厢内，有一人从B点正上方相对车厢静止释放一个小球，则小球（）A．可能落在A处B．一定落在B处 C．可能落在C处 D．以上都有可能8．农民在精选谷种时,常用一种叫“风车”的农具进行分选．在同一风力作用下，谷种和瘪谷（空壳）谷粒都从洞口水平飞出，结果谷种和瘪谷落地点不同，自然分开，如图所示．若不计空气阻力，对这一现象，下列分析正确的是（)A．谷种飞出洞口时的速度比瘪谷飞出洞口时的速度大些B．谷种和瘪谷飞出洞口后都做匀变速曲线运动C．谷种和瘪谷从飞出洞口到落地的时间不相同D．M处是谷种，N处为瘪谷9．关于平抛运动，下列说法中正确的是()A．平抛运动是匀变速运动B．做平抛运动的物体,在任何时间内，速度改变量的方向都是竖直向下的C．平抛运动可以分解为水平的匀速直线运动和竖直方向的自由落体运动D．平抛运动物体的落地速度和在空中运动时间只与抛出点离地面高度有关10．如图所示为质点P、Q做匀速圆周运动时向心加速度随半径变化的图线，表示质点P的图线是双曲线，表示质点Q的图线是过原点的一条直线，由图线可知（）A．质点P的线速度大小不变B．质点P的角速度大小不变C．质点Q的角速度随半径变化D．质点Q的角速度大小不变11．如图所示,在排球比赛中，假设排球运动员某次发球后排球恰好从网上边缘过网,排球网高H=2.24m，排球质量为m=300g，运动员对排球做的功为W1=20J，排球运动过程中克服空气阻力做功为W2=4。
2015-2016学年山东省枣庄市滕州市高二(下)期中物理试卷
2015-2016学年山东省枣庄市滕州市高二（下）期中物理试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共5小题，共20.0分)1.电磁感应现象的发现宣告了电磁学作为一门统一学科的诞生．下列关于电磁感应的说法正确的是（）A.法拉第在实验中观察到，在通有恒定电流的静止导线附近的固定导线圈中，会出现感应电流B.穿过线圈的磁通量为零时，线圈中的感应电动势就一定为零C.只要穿过线圈的磁通量发生变化，线圈中就一定产生感应电动势D.穿过线圈的磁通量变化越大，线圈中产生的感应电动势就一定越大【答案】C【解析】解：A、法拉第在实验中观察到，在通有变化电流的静止导线附近的固定导线圈中会出现感应电流，故A错误；B、若电路中某时刻磁通量为零，但磁通量的变化率不一定为零，则该时刻感应电动势不一定为零，故B错误；C、只要穿过线圈的磁通量发生变化，线圈中就一定有感应电动势，故C正确；D、根据法拉第电磁感应定律，穿过线圈的磁通量变化越快，线圈中产生的感应电动势越大，故D错误；故选：C闭合电路中的导体产生感应电流的条件是：闭合电路中的磁通量发生变化或闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线；感应电动势由磁通量的变化率决定，与磁通量大小及磁通量变化大小均无关理解产生感应电流的条件：闭合电路中的磁通量发生变化和闭合电路的一部分导体需要在磁场中切割磁感线；掌握法拉第电磁感应定律．2.如图所示的电路中，A、B为两个完全相同的灯泡，L是自感系数很大的线圈，其电阻与R相等，下列说法正确的是（）A.在断开S2的情况下，若突然闭合S1时，A、B灯均逐渐亮起来B.在闭合S2的情况下，若突然闭合S1时，A灯立即发光，B灯逐渐亮起来C.闭合S1、S2待电路稳定后，若突然断开S1，则A、B灯均不会立即熄灭D.闭合S1、S2待电路稳定后，若突然断开S1，则A灯不会立即熄灭，而B灯立即熄灭【答案】D【解析】解：A、在断开S2的情况下，若突然闭合S1时，由于线圈的自感现象，出现自感电动势阻碍电流的增大，则A灯立即亮，B灯逐渐亮，A错误；B、在闭合S2的情况下，若突然闭合S1时，由于线圈的自感现象，出现自感电动势阻碍电流的增大，则两灯立即亮，故B错误．C、D、当同时闭合S1、S2，待电路稳定后突然将S1同时断开，B灯立即熄灭，因自感现象，L与A组成回路，A灯不会立即熄灭，而是逐渐熄灭，故C错误，D正确；故选：D当断开S2的情况下，若突然闭合S1的瞬间，流过线圈的电流发生变化，产生自感电动势，阻碍原来电流的变化，根据自感现象的规律来分析．当同时闭合S1、S2，待电路稳定后突然将S1、S2同时断开，因自感现象，导致两灯不会立即熄灭，而是逐渐熄灭对于线圈要抓住双重特性：当电流不变时，它是电阻不计的导线；当电流变化时，产生自感电动势，相当于电源3.利用霍尔效应制作的霍尔元件，广泛应用于测量和自动控制等区域，如图是霍尔元件的工作原理示意图，磁感应强度B垂直于霍尔元件的工作面向下，通入图示方向的电流I，C、D两侧面会形成电势差U CD．下列说法正确的是（）A.电势差U CD仅与材料有关B.仅增大磁感应强度时，电势差U CD变大C.若霍尔元件的载流子是自由电子，则电势差U CD＞0D.在测定地球赤道上方的地磁场强弱时，霍尔元件的工作面应保持水平【答案】B【解析】解：AB、根据CD间存在电势差，之间就存在电场，电子在电场力和洛伦兹力作用下处于平衡，设霍尔元件的长宽高分别为a、b、c，则有：q=qv B，I=nqv S=nqvbc，则：U CD=，n由材料决定，故U与材料有关；U还与厚度c成反比，与宽b无关，同时还与磁场B与电流I有关，故A错误、B正确．C、根据左手定则，电子向C侧面偏转，C表面带负电，D表面带正电，所以D表面的电势高，则U CD＜0．故C错误．D、在测定地球赤道上方的地磁场强弱时，应将元件的工作面保持竖直，让磁场垂直通过．故D错误．故选：B．在霍尔元件中，移动的是自由电子，根据左手定则判断出电子所受洛伦兹力方向，从而知道两侧面所带电荷的电性，即可知道C、D两侧面会形成电势差U CD的正负．CD间存在电势差，之间就存在电场，电子在电场力和洛伦兹力作用下处于平衡，根据平衡推导出电势差U CD与什么因素有关．解决本题的关键知道霍尔元件中移动的是自由电子，以及自由电子在电场力和洛伦兹力作用下处于平衡．4.一根电阻丝接入100V的恒定电流电路中，在2min内产生的热量为Q；同样的电阻丝接入正弦式交变电流的电路中，在1min内产生的热量也为Q；则该交流电压的最大值是（）A.50VB.100VC.200VD.200V【答案】C【解析】解：设正弦交流电电压有效值为U2．对于恒定电流：Q=…①对于正弦交变电流：Q=t2…②由①②联立得：得到U2=V交流电压的峰值是：U m=U2=200V故选：C交流电产生的热量根据焦耳定律用有效值研究，采用比例法与恒定电流相比较求出交流电的有效值，再由最大值与有效的关系求解峰值．对于交流电求解热量、功率、电功要用有效值．对于有效值往往根据定义，将交流与直流进行比较求解．5.如图甲所示为一台小型发电机构造的示意图，线圈逆时针转动，产生的电动势随时间变化的正弦规律图象如图乙所示．发电机线圈电阻为1.0Ω，外接灯泡的电阻为9.0Ω．则（）A.在t=0.01s的时刻，穿过线圈磁通量为零B.瞬时电动势的表达式为C.电压表的示数为6VD.通过灯泡的电流为0.6A【答案】D【解析】解：A在t=0.01s的时刻，电动势为0，则为中性面，穿过线圈磁通量最大．故A错误B电动势的最大值为E m=，周期为0.02S，则瞬时电动势的表达式为．故B错误C电压表的示数为外阻分压：．故C错误D通过的电流为．故D正确故选：D在中性面感应电动势最小，磁通量最大；根据图象可知交流电的最大值以及周期等物理量，然后进一步可求出其瞬时值的表达式以及有效值等本题考查了有关交流电描述的基础知识，要根据交流电图象正确求解最大值、有效值、周期、频率、角速度等物理量，同时正确书写交流电的表达式．二、多选题(本大题共6小题，共24.0分)6.如图所示，闭合线圈上方有一竖直放置的条形磁铁，磁铁的N极朝下．当线圈竖直向下运动时（）A.线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相同B.线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相反C.磁铁与线圈相互吸引D.磁铁与线圈相互排斥【答案】BC【解析】解：A、B、由图可知，当线圈竖直向下运动时，穿过线圈的磁场方向向下减小，由楞次定律可知感应电流的磁场应向下，则由右手螺旋定则可知电流方向与图中箭头方向相反，故A错误，B正确；C、D、由“来拒去留”可知，线圈远离磁铁，则线圈与磁铁相互吸引．故C正确，D错误、故选：BC．先判断通过线圈的磁场方向及磁通量的变化，由楞次定律可判断电路中电流的方向及磁极间的相互作用．在判断电磁感应中磁极间的相互作用时可以直接利用楞次定律的第二种表示：“来拒去留”直接判断，不必再由安培定则判断线圈中的磁场，再由磁极间的相互作用判断力的方向．7.匀强磁场的磁感应强度B随时间t变化的规律如图甲所示，磁场方向垂直与纸面，规定向里为正方向．在磁场中有一细金属环．圆环平面位于纸而内，如图乙所示．磁感强度B按图中O a、ad、bc段变化时，金属圆环中的感应电流分别用l1、l2、l3表示，金属环的很小一段受到的安培力分別用F1、F2、F3表示．下列说法正确的是（）A.I1＞I2＞I3B.I1＜I2=I3C.I1沿逆时针方向，I2、I3均沿顺时时针方向D.F1方向指向圆心，F2、F3方向均背离圆心【答案】BC【解析】解：A、由法拉第电磁感应定律可知：E==S，由图示可知，oa段最小，ab、bc 两段相同，则：E1＜E2=E3，由欧姆定律可知：I=，R相同而E1＜E2=E3，则：I1＜I2=I3，故A错误，B正确；C、由楞次定律可判断出I1沿逆时针方向，I2与I3均沿顺时针方向，故C正确；D、由左手定则可知，oa段电流受到的安培力F1方向指向圆心，ab段安培力F2方向背离圆心向外，bc段安培力F3方向指向圆心，故D错误；故选：BC．由法拉第电磁感应定律可得出三者感应电动势的大小关系；由楞次定律可得出三段过程中电流的方向．本题考查楞次定律与法拉第电磁感应定律的应用，掌握由图象分析问题的方法与能力，注意在B-t图中同一条直线磁通量的变化率是相同的．8.如图所示，M是小型理想变压器，原、副线圈匝数之比n1：n2=10：1，接线柱a、b接正弦交变电源，电压u=311sin100πt（V）．变压器右侧部分为火警系统原理图，其中R2为半导体热敏材料制成的传感器，其电阻随温度升高而减小；R1为定值电阻．下列说法正确的是（）A.电压表V1的示数为31.1VB.变压器副线圈中电流的频率为50H zC.当R2所在处出现火警时，电压表V2的示数变小，电流表A的示数变小D.当R2所在处出现火警时，变压器原线圈的输入功率变大【答案】BD【解析】解：A、电压表V1的示数为有效值，应为V，故A错误B、由表达式得：ω=2πf=100π，故f=50HZ，故B正确C、当出现火警时，传感器，其电阻随温度升高而减小，副线圈电流增加，输出功率增加，故输入功率也增加，电流表示数变大，故C错误D、由C分析得，D正确故选BD电压表示数为交流电有效值；原副线圈交流电频率相同；半导体热敏材料制成的传感器，其电阻随温度升高而减小，引起副线圈电流变化，消耗功率变化，而理想变压器输出与输入功率相同电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法．9.如图所示，理想变压器原线圈匝数为n1；副线圈a、b之间匝数为n2．b、c之间匝数为n3，且有n1：n2：n3=100：10：1．原线圈两端加交流电压u，单刀双掷开关打在a处时，无论怎样调节滑动变阻器，电动机M都始终转动；单刀双掷开关打在b处时，无论怎样调节滑动变阻器，电动机M都始终不转动，但电流表有示数．图中电表均为理想交流电表．下列说法正确的是（）A.a、c之间电压与b、c之间电压之比为11：1B.开关打在a处时，调节滑动变阻器，电压表与电流表读数成正比C.开关打在b处时，调节滑动变阻器，电压表与电流表读数成正比D.开关打在b处时，将滑动变阻器滑片P向下滑动的过程中，变压器输入功率逐渐减小【答案】AC【解析】解：A、单刀双掷开关置于a点时电动机工作，这时电动机是非纯电阻用电器，而置于b点时，电动机是纯电阻用电器，虽然两种情况下副线圈电压之比是11：1，故A正确；B、在非纯电阻的情况下，电动机两端电压与电流不成正比，在电动机不工作的情况下，其两端电压与电流成正比，故B错误C正确．C、滑片向下滑动，电流变大，变压器输出功率变大，输入功率也变大，故D错误．故选：AC单刀双掷开关置于a点时电动机工作，这时电动机是非纯电阻用电器，而置于b点时，电动机是纯电阻用电器，所以电流之比不等于电压之比，滑片向上滑动，电流变小，变压器输出功率变小，输入功率也变小，在非纯电阻的情况下，欧姆定律不适用解答本题要注意电动机不是纯电阻电路，不能使用欧姆定律解题，难度不大，属于基础题10.如图所示，在倾角为θ的斜面上固定两根足够长的光滑平行金属导轨PQ、MN．导轨PQ、MN相距为L，处于磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向垂直于导轨平面向下．将金属棒a垂直于导轨放置，用跨过光滑定滑轮且平行于导轨的细线与物块c连接．由静止释放c，此后某时刻，将另一金属棒b也垂直于导轨放置在导轨上，此刻起a、c恰好做匀速运动．b棒恰好静止．a棒在运动过程中始终与导轨垂直，两棒与导轨接触良好，质量均为m；导轨电阻不计．则下列说法正确的是（）A.物块c的质量是2msinθB.b棒放上导轨前，物块c减少的重力势能等于a、c增加的动能C.b棒放上导轨后，物块c减少的重力势能等于回路消耗的电能D.b棒放上导轨后，a棒中电流大小是【答案】AD【解析】解：A、b棒静止，说明b棒受力平衡，即安培力和重力沿斜面向下的分力平衡．a棒匀速向上运动，说明a棒受绳的拉力和重力沿斜面向下的分力大小以及沿斜面向下的安培力三个力平衡，c匀速下降则c所受重力和绳的拉力大小平衡．由b平衡可知，安培力大小F安=mgsinθ，由a平衡可知F绳=F安+mgsinθ=2mgsinθ，由c平衡可知F绳=m c g 因为绳中拉力大小相等，故2mgsinθ=m c g，即物块c的质量为2msinθ，故A正确；B、b放上之前，根据能量守恒知a增加的重力势能也是由于c减小的重力势能，故B 错误；C、a匀速上升重力势能在增加，故根据能量守恒知，物块c减少的重力势能等于a增加的重力势能与回路消耗的电能之和，故C错误；D、根据b棒的平衡可知F安=mgsinθ又因为F安=BIL，得I=，故D正确；故选：AD．a、b棒中电流大小相等方向相反，故a、b棒所受安培力大小相等方向相反，对b棒进行受力分析有安培力大小与重力沿斜面向下的分力大小相等，再以a棒为研究对象，由于a棒的平衡及安培力的大小，所以可以求出绳的拉力，再据C平衡可以得到C的质量．c 减少的重力势能等于各棒增加的重力势能和动能以及产生的电能，由此分析便知．从导体棒的平衡展开处理可得各力的大小，从能量守恒角度分析能量的变化是关键，能量转化问题从排除法的角度处理更简捷．11.如图甲所示，正方形金属框abcd放在绝缘的光滑水平面上，在垂直于bc边的水平恒力F作用下由静止开始滑行，滑行过程中穿过边界与bc平行、宽度为L的匀强磁场．设金属框在滑行过程中的速度为v，位移为x，那么v2-x图象如图乙所示．已知金属框的总电阻R=1.5Ω，水平恒力F=0.5N，均强磁场方向垂直于纸面向里，则下列说法正确的是（）A.金属框匀速运动过程中感应电流先为顺时针方向、后为逆时针方向B.匀强磁场的磁感应强度B的大小为1.0TC.金属框的穿过磁场的过程中产生的电能为0.5JD.金属框在磁场中磁通量的最大值为0.5W b【答案】BC【解析】解：A、由右手定则可知，线框进入磁场时，电流先为逆时针，再为顺时针；故A错误；B、由图可知，由图象可以看出，从线框下边进磁场到上边出磁场，线框均做匀速运动．△s=2L=19-9=10m，解得L=0.5m，线圈在磁场中做匀速运动，匀速运动的速度为3m/s；则有F=BIL=；解得：B=1.0T；故B正确；C、线框在磁场中运动时做匀速直线运动，拉力的功等于内能的增加量；故内能增加量Q=F2L=0.5×2×0.5=0.5J；故C正确；D、当线框全部进入时磁通量最大，最大值为BL2=1×25=25wb；故D错误；故选：B．（1）从s=0到s1=0.9m过程中，金属框作匀加速度运动，0.9至1.9做匀速运动；金属框一边进入磁场到另一边出磁场的位移，求出磁场的宽度d．（2）线框进入磁场时做匀速直线运动，v2=9，求出线框进入磁场的速度，由安培力公式和拉力平衡可求得磁感应强度；（3）由拉力的功可求得产生的电能．解决本题的关键理清金属框的运动规律，结合牛顿第二定律和共点力平衡进行求解．三、实验题探究题(本大题共2小题，共12.0分)12.如图所示为“研究电磁感应现象”的实物连接图，闭合电键时发现灵敏电流计G指针向左偏转，则当电键闭合稳定后，将滑动变阻器的滑片P从a向b匀速滑动的过程中，灵敏电流计G指针的偏转情况是______ （选填“向左偏转”、“向右偏转”、“不动”）；将线圈A从线圈C中拔出，则与缓慢拔出相比，快速拔出时灵敏电流计G的指针偏转角度______ （选填“更大”、“更小”或“相同”）．【答案】向左偏转；更大【解析】解：将滑动变阻器的滑片P从a向b匀速滑动的过程中，接入电路的电阻减小，则电流增大，导致穿过线圈C的磁通量增大，根据闭合电键时发现灵敏电流计G指针向左偏转，可知，灵敏电流表的指针向左偏；快速拔出时产生的感应电动势较大，灵敏电流计G的指针偏转角度更大．故答案为：向左偏转，更大．根据闭合电路，滑片的移动，导致电阻变化，从而使电流变化，则影响磁场的方向，进而导致线圈C的磁通量变化，根据闭合电键时发现灵敏电流计G指针向左偏转，即可判定感应电流的方向；当拔出的快慢不同时，根据法拉第电磁感应定律，即可求解．本题考查研究电磁感应现象及验证楞次定律的实验，对于该实验注意两个回路的不同．13.某同学学习传感器后，用电源、电磁继电器、滑动变阻器、开关、导线等仪器设计了一个高温报警器，要求是：正常情况绿灯亮，有险情时电铃报警．电路如图所示，图中仪器还不完整．请完成以下问题：（1）图中的甲还需要放入的元件是______ ．A．二极管B．光敏电阻C．NTC热敏电阻（阻值随温度升高而减小）D．PTC热敏电阻（阻值随温度升高而增大）（2）电路正确连接之后，该同学调试过程发现报警时温度比预期偏高了一点点．要求在温度更低一点时就开始报警，则需要调节滑动变阻器的滑动头往______ （选填“左”或“右”）移动一点．【答案】C；右【解析】解：（1）根据要求，在常温下热敏电阻甲阻值较大，电磁铁磁性较弱，不能将衔铁吸下，此时绿灯所在电路接通，绿灯亮，所以为是绿灯；温度升高，热敏电阻阻值较小，控制电路电流增大时，电磁铁磁性增大，将衔铁吸下．所以图中的甲还需要放入的元件是NTC热敏电阻（阻值随温度升高而减小）故选：C（2）电路正确连接之后，该同学调试过程发现报警时温度比预期偏高了一点点，则是在热敏电阻的电阻值比较小的时候才报警说明电路中的总电阻值比较大．要求在温度更低一点时就开始报警，则需要调节滑动变阻器，使滑动变阻器的电阻值小一些，则需要将滑动头往右移动一些．故答案为：（1）C；（2）右掌握电磁继电器的组成及工作原理，其主要组成部分为电磁铁，电磁继电器就是利用电磁铁来控制电路的，当控制电路电流较小时，电磁铁磁性较弱，不能将衔铁吸下；当控制电路电流增大时，电磁铁磁性增大，将衔铁吸下．此题考查了电磁继电器的构造及工作原理，并考查了并联电路电压的关系；电磁继电器是利用电磁铁来工作的自动开关．四、计算题(本大题共4小题，共44.0分)14.某发电站的输出功率为1.0×103k W，输出电压为4k V，通过两条输电导线向60km 远处供电．已知输电导线的电阻率为ρ=2.0×10-8Ω•m，导线横截面积为1.5×10-4m2，若要求输电线路损失的功率为输出功率的4%，发电站须经过理想变压器升压后进行输电，求：（1）输电线路上的电流；（2）理想变压器的原、副线圈的匝数比．【答案】解：设线路电阻为R，线路的损失功率为P损，发电站的输出功率为P，升压变压器的输出电压为U（1）由电阻定律，得输电线电阻R=ρ=2.0×10-8×=16Ω线路损失的功率P损=4%P=I2R解得：I=50A（2）设输电电压为U，由P=UI得U===2×104V原副线圈的匝数比n1：n2=U1：U=4×103：2×104=1：5答：（1）输电线路上的电流为50A；（2）理想变压器的原副线圈的匝数比为1：5【解析】（1）由电阻定律计算导线的电阻，由损失功率也可以用P损=I2R计算输电线路上的电流（2）由功率公式中P损=UI计算出U输电电压，由匝数比与电压比的关系计算匝数比本题考查远距离输电中的能量损失及功率公式的应用，要注意功率公式中P=UI中的电压U应为输电电压，不是发电机的输出电压，损失功率也可以用P=I2R计算．15.如图所示，匝数N=50匝的矩形线圈，线圈总电阻r=1Ω，其边长为ab=25cm，ad=20cm．外电路电阻R=9Ω，匀强磁场磁感应强度的大小B=0.4T．线圈绕垂直于磁感线的OO′轴以角速度ω=50rad/s匀速转动．试求：（1）从此位置开始计时，它的感应电动势的瞬时值表达式．（2）在时间t=1min内R上消耗的电能．【答案】解：（1）感应电动势的峰值E m=NBSω=50×0.4×0.25×0.2×50V=50v由题意e=E m cosωt=50cos50t（v）（2）电动势的有效值E=R两端电压U=R上消耗的电能为Q==6750J答：（1）从此位置开始计时，它的感应电动势的瞬时值表达式e=50cos50t（v）．（2）在时间t=1min内R上消耗的电能为570J【解析】（1）根据E m=n BωS求解感应电动势的峰值；根据感应电动势的瞬时值表达式e=E m cosωt即可求解；（2）先求电动势有效值，根据闭合电路欧姆定律求得电流，再根据P=I2R t求解消耗的电能；要会写出交流电的表达式，在求流过电阻的电荷时要用到平均电动势，电量与转动的快慢无关16.如图所示，两根质量均为m、电阻均为R、长度均为l的导体棒a、b，用两条等长的、质量和电阻均可忽略的、不可伸长的柔软长直导线连接后，b放在距地面足够高的光滑绝缘水平桌面上，a靠在桌子的光滑绝缘侧面上；两根导体棒均与桌子边缘平行．整个空间存在水平向右的匀强磁场，磁感应强度为B．开始时两棒静止，自由释放后开始运动，导体棒a在落地前就已匀速运动，此时导体棒b仍未离开桌面．已知两条导线除桌边拐弯处外其余部位均处于伸直状态，导线与桌子侧棱间无摩擦．（1）试求导体棒匀速运动时的速度大小．（2）从自由释放到刚匀速运动的过程中，若通过导体棒横截面的电荷量为q，求该过程中系统产生的焦耳热．【答案】解：（1）设导体棒匀速运动时的速度为v，导体棒a切割磁感线产生的电动势为E，则：对a棒：E=B lv；又F安=BI l；闭合电路欧姆定律，则有：；平衡条件，mg=F安；联立解得：；（2）从自由释放到刚匀速运动的过程中，设a棒下降的高度为h，则：回路中磁通量的变化量为：△ϕ=B lh；回路中产生的感应电动势的平均值为：；回路中产生的感应电流的平均值为：；通过导体棒横截面的电荷量为：；系统产生的焦耳热为：；联立以上各式解得：Q=-．答：（1）导体棒匀速运动时的速度大小；（2）该过程中系统产生的焦耳热-．【解析】（1）导体棒运动稳定时，两棒都做匀速运动，可知，细线中没有张力，a棒所受的安培力与重力平衡．再根据安培力与速度的关系求解速度．（2）推导出通过两棒横截面的电荷量q的表达式：q=•△t==，可求得a棒下落的高度h，再对系统运用能量守恒定律列方程，求解焦耳热．解决本题关键要正确分析两棒的受力情况，能正确推导感应电荷量q与h的关系，即可运用电磁感应基本规律和牛顿第二定律、能量守恒定律进行求解．17.如图所示，倾角θ=30°的足够长平行导轨MN、M′N′与水平放置的平行导轨NP、N′P′平滑连接，导轨间距均为L，MM′间接有阻值为R的电阻，轨道光滑且电阻不计．倾斜导轨MN、M′N′之间（区域Ⅰ）有方向垂直导轨平面向上的匀强磁场，水平部分的ee′ff′之间（区域Ⅱ）有竖直向上的匀强磁场，磁场宽度为d．质量为m、电阻为r、长度略大于L的导体棒ab从靠近轨道上端的某位置由静止开始下滑，棒始终与导轨垂直并接触良好，经过ee′和ff′位置时的速率分别为v和．已知导体棒ab进入区域Ⅱ运动时，其速度的减小量与它在磁场中通过的距离成正比，即△v∝△x．（1）求区域Ⅰ匀强磁场的磁感应强度的大小．（2）求导体棒ab通过区域Ⅱ过程中电阻R产生的焦耳热．（3）改变区域Ⅰ的磁感应强度大小，使导体棒ab不能穿过区域Ⅱ，求区域Ⅰ的磁感应强度大小的取值范围．【答案】解：（1）导体棒在磁场区域Ⅰ和磁场区域Ⅱ之间运动时，在水平方向上没有外力，故导体棒做匀速直线运动；导体棒在斜面上下滑时，受重力、支持力、安培力作用，导轨足够长，则导体棒到达NN′前已达到最大速度，即导体棒在斜面上达到最大速度v时，导体棒受力平衡，则有：解得：=；（2）导体棒在区域Ⅱ中运动，只有安培力做功，所以，克服安培力做功为：；所以，整个闭合电路产生的焦耳热为W，那么由串联电路的焦耳定律可知：电阻R产生的焦耳热为：；（3）已知导体棒ab进入区域Ⅱ运动时，其速度的减小量与它在磁场中通过的距离成正比，即△v∝△x，则有：；若导体棒以速度v′进入磁场区域Ⅱ，导体棒不能穿过区域Ⅱ，则：有′＜；。
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2015-2016学年山东省枣庄市薛城区高一（下）期中物理试卷一、选择题（共11小题，每小题4分，满分44分）1．关于曲线运动，下列说法正确的是（）A．做曲线运动的物体，受到的合外力一定不为零B．物体受到的合外力方向变化，一定做曲线运动C．只要物体做圆周运动，它所受的合外力一定指向圆心D．物体只要受到垂直于初速度方向的恒力作用，就一定能做匀速圆周运动2．下列说法正确的是（）A．行星在远离太阳的过程中速度越来越大B．所有行星轨道的半长轴的二次方跟公转周期的三次方的比值都相同C．行星轨道的长半轴越长，公转周期越大D．万有引力定律对质量大的物体适用，对质量小的物体不适用3．如图所示，一偏心轮绕垂直纸面的轴O匀速转动，a和b是轮上质量相等的两个质点，则偏心轮转动过程中a、b两质点（）A．线速度大小相同B．角速度大小相同C．向心力大小相同D．向心加速度大小相同4．火车轨道在转弯处外轨高于内轨，其高度差由转弯半径与火车速度确定．若在某转弯处规定行驶速度为v，则下列说法中正确的是（）A．当以v的速度通过此弯路时，火车重力与轨道面支持力的合力提供向心力B．当以v的速度通过此弯路时，火车重力、轨道面支持力和外轨对轮缘弹力的合力提供向心力C．当速度大于v时，轮缘挤压内轨D．当速度小于v时，轮缘挤压外轨5．如图所示，套在竖直细杆上的环A，由跨过定滑轮且不可伸长的轻绳与重物B相连．在释放B后，A将沿杆上升，当A环上升过程中经过C点时（a＜90°），A环的速度大小为v1（v1≠0），B的速度大小为v2，则（）A．v2=0 B．v2＞v1C．v2＜v1D．v2=v16．如图所示为两级皮带转动装置，转动时皮带均不打滑，轮1的半径和轮2的半径均为R，轮3的半径和轮4的半径均为r，轮2和轮3同轴固定在一起，且R=3r，则轮1边缘的a点和轮4边缘的c点相比（）A．角速度之比为1：3 B．角速度之比为1：9C．线速度之比为3：1 D．线速度之比为1：97．人造卫星绕地球做匀速圆周运动，其轨道半径为R，线速度为v，周期为T，若要使卫星的周期变为3T，可以采用的办法是（）A．R不变，使线速度变为B．v不变，使轨道半径变为3RC．使轨道半径变为R D．使卫星的高度增加2R8．如图所示是某地的摩天轮．假设摩天轮的半径为R，每个轿厢质量（包括轿厢内的人）相等且为m，尺寸远小于摩天轮的半径，摩天轮以角速度ω匀速转动．则下列说法正确的是（）A．转动到竖直面最高点的轿厢处于超重状态B．转动到竖直面最低点的轿厢处于超重状态C．部分轿厢所受的合外力小于mRω2D．所有轿厢所受的合外力都等于mRω29．宇宙中有相距较近且质量差别不太大的两颗星球，其他星球对它们的万有引力可以忽略不计，它们在相互之间的万有引力作用下，围绕连线上的某一固定点做周期相同的匀速圆周运动，这样的系统叫双星系统．关于双星系统中的这两颗星球，下列说法正确的是（）A．它们受到的向心力大小相等B．它们的向心加速度大小相等C．星球的线速度大小与其轨道半径成正比D．星球的线速度大小与其质量成正比10．假设地球可视为质量均匀分布的球体．已知地球表面重力加速度在两极的大小为g0，在赤道的大小为g，地球自传周期为T，引力常量为G，则（）A．地球的密度为B．地球的密度为C．假如地球自转周期T增大，两极处重力加速度g0值增大D．假如地球自转周期T增大，赤道处重力加速度g值增大11．如图所示，半圆形容器竖直放置，从圆心O点处分别以水平速度v1、v2抛出两个小球（可视为质点），最终它们分别落在圆弧上的A点和B点，已知OA和OB互相垂直，且OB与竖直方向的夹角为θ，则下列说法正确的是（）A．两小球飞行的时间之比为B．两小球飞行的时间之比为tanθC．两小球的初速度之比为D．两小球的初速度之比为二、填空题12．火星探测卫星绕火星飞行．卫星飞行周期为T，卫星轨道距火星表面的高度为h，万有引力常数为G，火星半径为R，则火星的密度为．13．如图所示，O为地球球心，A为地球表面上的点，B为O、A连线间的点，AB=d，将地球视为质量分布均匀的球体，半径为R．设想挖掉以B为圆心，以为半径的球．若忽略地球自转，则挖出球体后A点的重力加速度与挖去球体前的重力加速度之比为．14．（6分）某同学在做“研究平抛运动”的实验中，忘记记下小球抛出点的位置O．如图所示，A为小球运动一段时间后的位置．取g=10m/s2，根据图象，可知小球的初速度为m/s；小球抛出点A的位置坐标为．三、计算题15．（8分）直升机空投物资时，可以停留在空中不动，设投出的物资离开飞机后由于降落伞的作用在空中匀速下落．无风时落地速度为3m/s，若飞机停留在离地90m高处空投物资，由于风的作用，使降落伞和物资以1m/s的速度匀速水平向北运动，求：（1）物资在空中运动的时间；（2）物资落地时速度的大小；（3）物资在下落过程中水平方向移动的距离．16．（10分）有一探测卫星在地球赤道正上方绕地球做匀速圆周运动，已知地球质量为M，地球半径为R，万有引力常量为G，探测卫星绕地球运动的周期为T．求：（1）探测卫星绕地球做匀速圆周运动时的轨道半径；（2）探测卫星绕地球做匀速圆周运动时的速度大小．17．（12分）如图所示，轻质杆长为3L，在杆的两端分别固定质量均为m的球A和球B，杆上距球A为L处的小孔穿在光滑的水平转轴上，杆和球在竖直面内转动，当球A运动到最高点时，杆对球A的拉力大小为mg，已知当地重力加速度为g，求此时：（1）球A转动的角速度大小；（2）球B对杆的作用力大小及方向；（3）轻质杆对水平转轴的作用力大小和方向．18．（12分）某电视台“快乐向前冲”节目中的场地设施如图所示，AB为水平直轨道，上面安装有电动悬挂器，可以载人运动，水面上漂浮着一个半径为R，角速度为ω，铺有海绵垫的转盘，转盘的轴心离平台的水平距离为L，平台边缘与转盘平面的高度差为H．选手抓住悬挂器，可以在电动机带动下，从A点下方的平台边缘处沿水平方向做初速度为零，加速度为a的匀加速直线运动．选手必须作好判断，在合适的位置释放，才能顺利落在转盘上．设人的质量为m（不计身高大小），人与转盘间的最大静摩擦力为μmg，重力加速度为g．（1）假设选手落到转盘上瞬间相对转盘速度立即变为零，为保证他落在距圆心范围内不会被甩出转盘，转盘的角速度ω应限制在什么范围？（2）若已知H=5m，L=9m，R=2m，a=2m/s2，g=10m/s2，在（1）的情况下，选手从某处C 点释放能落到转盘上且不被甩出转盘，则他是从平台出发后经过多长时间释放悬挂器的？2015-2016学年山东省枣庄市薛城区高一（下）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共11小题，每小题4分，满分44分）1．关于曲线运动，下列说法正确的是（）A．做曲线运动的物体，受到的合外力一定不为零B．物体受到的合外力方向变化，一定做曲线运动C．只要物体做圆周运动，它所受的合外力一定指向圆心D．物体只要受到垂直于初速度方向的恒力作用，就一定能做匀速圆周运动【考点】物体做曲线运动的条件；曲线运动【分析】物体做曲线运动时，所受合外力的方向与加速度的方向在同一直线上，合力可以是恒力，也可以是变力，加速度可以是变化的，也可以是不变的．平抛运动的物体所受合力是重力，加速度恒定不变，平抛运动是一种匀变速曲线运动．物体做圆周运动时所受的合外力不一定是其向心力．【解答】解：A、物体做曲线运动时，所受合外力的方向与加速度的方向在同一直线上，所以合外力一定不为零．所以A正确．B、物体做曲线运动的条件是合力的方向与速度方向不在同一条直线上，若合外力方向与运动方向在同一直线上，虽然改变，但还是直线运动，故B错误．C、物体做圆周运动时所受的合外力不一定是其向心力，指向圆心的合力是向心力．故C错误；D、匀速圆周运动受到的向心力是始终指向圆心的，合力垂直于初速度方向的方向，并不一定始终与速度的方向垂直，比如平抛运动的受力就是这样，所以D错误．故选A．2．下列说法正确的是（）A．行星在远离太阳的过程中速度越来越大B．所有行星轨道的半长轴的二次方跟公转周期的三次方的比值都相同C．行星轨道的长半轴越长，公转周期越大D．万有引力定律对质量大的物体适用，对质量小的物体不适用【考点】开普勒定律【分析】根据万有引力提供向心力判断；根据开普勒第三定律，所有行星的椭圆轨道的半长轴的三次方跟公转周期的平方的比值都相等分析；由万有引力定律适用范围判断【解答】解：A、根据万有引力提供向心力，行星在远离太阳的过程中，距离大万有引力小，速度小，故A错误B、开普勒第三定律，所有行星的椭圆轨道的半长轴的三次方跟公转周期的平方的比值都相等，故B错误C、开普勒第三定律，所有行星的椭圆轨道的半长轴的三次方跟公转周期的平方的比值都相等，故长半轴越长，公转周期越大，故C正确D、万有引力定律适用任何物体，故D错误故选：C3．如图所示，一偏心轮绕垂直纸面的轴O匀速转动，a和b是轮上质量相等的两个质点，则偏心轮转动过程中a、b两质点（）A．线速度大小相同B．角速度大小相同C．向心力大小相同D．向心加速度大小相同【考点】线速度、角速度和周期、转速【分析】a、b两点共轴转动，角速度相等，根据转动半径的大小比较线速度和向心加速度大小．【解答】解：a、b两点共轴转动，角速度相等，由于转动的半径不等，根据v=rω知，线速度大小不等，根据a=rω2、F=mrω2知，向心加速度大小、向心力大小都不等．故选：B．4．火车轨道在转弯处外轨高于内轨，其高度差由转弯半径与火车速度确定．若在某转弯处规定行驶速度为v，则下列说法中正确的是（）A．当以v的速度通过此弯路时，火车重力与轨道面支持力的合力提供向心力B．当以v的速度通过此弯路时，火车重力、轨道面支持力和外轨对轮缘弹力的合力提供向心力C．当速度大于v时，轮缘挤压内轨D．当速度小于v时，轮缘挤压外轨【考点】向心力；牛顿第二定律【分析】火车拐弯时以规定速度行驶，此时火车的重力和支持力的合力提供圆周运动所需的向心力．若速度大于规定速度，重力和支持力的合力不够提供，此时外轨对火车有侧压力；若速度小于规定速度，重力和支持力的合力提供偏大，此时内轨对火车有侧压力．【解答】解：A、当火车以v的速度通过此弯路时，火车重力与轨道面支持力的合力恰好提供向心力，内外轨都无压力．故A正确．B、若速度大于规定速度，重力和支持力的合力不够提供，此时外轨对火车有侧压力，轮缘挤压外轨，若速度小于规定速度，重力和支持力的合力提供偏大，此时内轨对火车有侧压力，轮缘挤压内轨．所以不是速度越小越安全，故BCD错误．故选：A．5．如图所示，套在竖直细杆上的环A，由跨过定滑轮且不可伸长的轻绳与重物B相连．在释放B后，A将沿杆上升，当A环上升过程中经过C点时（a＜90°），A环的速度大小为v1（v1≠0），B的速度大小为v2，则（）A．v2=0 B．v2＞v1C．v2＜v1D．v2=v1【考点】运动的合成和分解【分析】把A上升的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向的速度，而沿绳子方向的速度与B的速度相等，从而即可求解．【解答】解：对于A，它的速度如图中标出的v1，这个速度看成是A的合速度，其分速度分别是v，v2，其中v2就是B的速度（同一根绳子，大小相同），根据运动的合成与分解法则，则有，v1cosθ=v2，所以v2＜v1；故C正确，ABD错误；故选：C．6．如图所示为两级皮带转动装置，转动时皮带均不打滑，轮1的半径和轮2的半径均为R，轮3的半径和轮4的半径均为r，轮2和轮3同轴固定在一起，且R=3r，则轮1边缘的a点和轮4边缘的c点相比（）A．角速度之比为1：3 B．角速度之比为1：9C．线速度之比为3：1 D．线速度之比为1：9【考点】线速度、角速度和周期、转速【分析】皮带传动的特点是皮带和轮子接触点的线速度的大小相等，同轴传动的特点是角速度相同，然后结合公式v=ωr和a==ω2r列式分析．【解答】解：由图可知，a与3属于皮带传动，线速度之比为1：1；2与c属于皮带传动，线速度之比为1：1．2与3的边缘各点属于同轴转动，具有相等的角速度，根据：v=ωr，可知：所以：得：3v a=3v3=v2=v c，其中v2、v3为轮2和轮3边缘的线速度，则v a：v c=1：3．==，故ACD错误，B正确．故选：B7．人造卫星绕地球做匀速圆周运动，其轨道半径为R，线速度为v，周期为T，若要使卫星的周期变为3T，可以采用的办法是（）A．R不变，使线速度变为B．v不变，使轨道半径变为3RC．使轨道半径变为R D．使卫星的高度增加2R【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系【分析】人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，由地球的万有引力提供向心力，牛顿第二定律推导周期T与半径的关系，选择可能的办法．若半径R不变，使卫星的线速度减小，卫星将做近心运动，周期减小．若v不变，卫星只能在原轨道上运动，周期不变．【解答】解：A、若半径R不变，使卫星的线速度减小，卫星将做近心运动，周期减小，因此不可能，故A错误．B、若v不变，卫星只能在原轨道上运动，半径不变，周期也不变．故B错误．C、设地球的质量为M，卫星的质量为m．由牛顿第二定律得：G=m r得卫星运动的周期T=2π，根据数学知识可知，若要使卫星的周期变为3T，使轨道半径R变为R时，卫星的周期变为3T．故C正确．D、由上知，卫星的轨道半径增大R﹣R=（﹣1）R时，卫星的周期变为3T，即卫星的高度增加（﹣1）R．故D错误．故选：C8．如图所示是某地的摩天轮．假设摩天轮的半径为R，每个轿厢质量（包括轿厢内的人）相等且为m，尺寸远小于摩天轮的半径，摩天轮以角速度ω匀速转动．则下列说法正确的是（）A．转动到竖直面最高点的轿厢处于超重状态B．转动到竖直面最低点的轿厢处于超重状态C．部分轿厢所受的合外力小于mRω2D．所有轿厢所受的合外力都等于mRω2【考点】向心力；牛顿运动定律的应用-超重和失重【分析】根据加速度的方向分析轿厢的状态．由牛顿第二定律和向心力公式求轿厢所受的合外力【解答】解：A、转到竖直面最高点的轿厢加速度向下指向圆心，处于失重状态，故A错误；B、转动到竖直面最低点的轿厢具有向上的加速度，处于超重状态，故B正确；CD、根据题意摩天轮以角速度ω匀速转动，且每个轿厢质量（包括轿厢内的人）相等且为m，根据牛顿第二定律，所以所有轿厢所受的合外力度等于，故C错误，D正确；故选：BD9．宇宙中有相距较近且质量差别不太大的两颗星球，其他星球对它们的万有引力可以忽略不计，它们在相互之间的万有引力作用下，围绕连线上的某一固定点做周期相同的匀速圆周运动，这样的系统叫双星系统．关于双星系统中的这两颗星球，下列说法正确的是（）A．它们受到的向心力大小相等B．它们的向心加速度大小相等C．星球的线速度大小与其轨道半径成正比D．星球的线速度大小与其质量成正比【考点】万有引力定律及其应用；向心力【分析】双星靠相互间的万有引力提供向心力，具有相同的周期，根据v=及=分析即可求解．【解答】解：A、B、双星靠相互间的万有引力提供向心力，根据牛顿第三定律，它们受到的向心力大小相等，但是两星的质量不等，故加速度不等，故A正确、B错误．C、两星具有相同的周期，根据v=可知，线速度大小与轨道半径成正比，故C正确．D、根据=，所以，结合C可知，速度大小与质量成反比，故D错误故选：AC．10．假设地球可视为质量均匀分布的球体．已知地球表面重力加速度在两极的大小为g0，在赤道的大小为g，地球自传周期为T，引力常量为G，则（）A．地球的密度为B．地球的密度为C．假如地球自转周期T增大，两极处重力加速度g0值增大D．假如地球自转周期T增大，赤道处重力加速度g值增大【考点】万有引力定律及其应用【分析】质量为m的物体在两极所受地球的引力等于其所受的重力．根据万有引力定律和牛顿第二定律，在赤道的物体所受地球的引力等于其在两极所受的重力联立求解【解答】解：AB、地球两极：①在地球赤道上：②联立①②得：由①得地球密度==，故A错误，B正确；CD、由②式知，假如地球自转周期T增大，赤道处重力加速度g值增大，故D正确；由①式知，两极处的重力加速度与地球自转周期无关，故C错误；故选：BD11．如图所示，半圆形容器竖直放置，从圆心O点处分别以水平速度v1、v2抛出两个小球（可视为质点），最终它们分别落在圆弧上的A点和B点，已知OA和OB互相垂直，且OB与竖直方向的夹角为θ，则下列说法正确的是（）A．两小球飞行的时间之比为B．两小球飞行的时间之比为tanθC．两小球的初速度之比为D．两小球的初速度之比为【考点】平抛运动【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据平抛运动水平位移和竖直位移的关系确定两小球运动时间之比和初速度大小之比．【解答】解：由几何关系可知：小球A下降的竖直高度为y A=Rsinθ，小球B下降的竖直高度为y B=Rcosθ由平抛运动规律可知：y A=gt A2；y B=gt B2由此可得：时间之比=由几何关系可知：两小球水平运动的位移分别为：x A=Rcosθ，x B=Rsinθ由平抛运动规律可知：x A=v A t A，x B=v B t B，由此可得：两小球的初速度之比为=．故AD正确，BC错误．故选：AD二、填空题12．火星探测卫星绕火星飞行．卫星飞行周期为T，卫星轨道距火星表面的高度为h，万有引力常数为G，火星半径为R，则火星的密度为．【考点】万有引力定律及其应用【分析】根据万有引力提供向心力求出火星质量，再根据密度公式求火星的密度【解答】解：火星探测卫星绕火星飞行，设火星质量为M，卫星质量为m，根据万有引力提供向心力，有得火星的质量火星的体积火星的密度故答案为：13．如图所示，O为地球球心，A为地球表面上的点，B为O、A连线间的点，AB=d，将地球视为质量分布均匀的球体，半径为R．设想挖掉以B为圆心，以为半径的球．若忽略地球自转，则挖出球体后A点的重力加速度与挖去球体前的重力加速度之比为．【考点】万有引力定律及其应用【分析】没有挖去以B为圆心，以为半径的球之前，根据万有引力定律列式求解万有引力；此时的引力是以B为圆心、以为半径的球的引力和剩余部分的引力的矢量和；最后根据牛顿第二定律列式求解【解答】解：设球的密度为ρ挖去球体前A点的重力加速度为，根据重力等于万有引力得=球B在A点的重力加速度：挖去球体B后A点的重力加速度：=挖出球体后A点的重力加速度与挖去球体前的重力加速度之比为故答案为：14．（6分）某同学在做“研究平抛运动”的实验中，忘记记下小球抛出点的位置O．如图所示，A为小球运动一段时间后的位置．取g=10m/s2，根据图象，可知小球的初速度为3m/s；小球抛出点A的位置坐标为（﹣30，﹣5）．【考点】研究平抛物体的运动【分析】（1）平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据竖直方向上相等时间内的位移之差是一恒量求出相等的时间间隔，结合水平位移求出初速度．（2）根据竖直方向上某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出B点竖直分速度，结合速度时间公式求出抛出点到B点的时间，从而得出B点距离抛出点的水平位移和竖直位移，得出抛出点的位置坐标．【解答】解：（1）根据y BC﹣y AB=gT2得：T=s=0.1s，则小球平抛运动的初速度为：v0==m/s=3m/s．（2）B点的竖直分速度为：v yB==m/s=2m/s根据v yB=gt知，t==s=0.2s．则抛出点与B点的竖直位移为：y B=gt2=×10×0.04m=0.2m=20cm，水平位移为：x B=v0t=3×0.2m=0.6m=60cm．则抛出点的位置坐标为x=30﹣60=﹣30cm，y=15﹣20=﹣5cm．故答案为：（1）3；（2）（﹣30，﹣5）．三、计算题15．（8分）直升机空投物资时，可以停留在空中不动，设投出的物资离开飞机后由于降落伞的作用在空中匀速下落．无风时落地速度为3m/s，若飞机停留在离地90m高处空投物资，由于风的作用，使降落伞和物资以1m/s的速度匀速水平向北运动，求：（1）物资在空中运动的时间；（2）物资落地时速度的大小；（3）物资在下落过程中水平方向移动的距离．【考点】运动的合成和分解【分析】（1）根据平抛运动，分解成水平方向匀速直线运动与竖直方向匀速直线运动，由运动学公式，即可求解；（2）根据速度的合成，运用三角函数，可求出落地的速度的大小；（3）根据分运动与合运动时间相等，结合位移与时间的关系式，即可求解．【解答】解：整个落地过程中水平方向与竖直方向始终做匀速直线运动（1）下落的时间为：t==s=30s；（2）竖直方向匀速直线运动，根据运动的合成，则有：落地时的速度大小v===m/s；（3）下落时水平向右移动的距离s=v水t=1×30m=30m；答：（1）物资在空中的运动时间30s；（2）物资落地时的速度大小m/s；（3）物资下落时水平向右移动的距离30m．16．（10分）有一探测卫星在地球赤道正上方绕地球做匀速圆周运动，已知地球质量为M，地球半径为R，万有引力常量为G，探测卫星绕地球运动的周期为T．求：（1）探测卫星绕地球做匀速圆周运动时的轨道半径；（2）探测卫星绕地球做匀速圆周运动时的速度大小．【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用【分析】（1）卫星绕地球做匀速圆周运动时，由地球的万有引力提供向心力，根据万有引力定律和牛顿第二定律列式求轨道半径．（2）星绕地球做匀速圆周运动时的速度大小与半径的关系为v=，与上题结果联立可求得速度大小．【解答】解：（1）设卫星质量为m，卫星绕地球运动的轨道半径为r，根据万有引力定律和牛顿运动定律得：解得（2）卫星绕地球做匀速圆周运动时的速度大小答：（1）探测卫星绕地球做匀速圆周运动时的轨道半径是；（2）探测卫星绕地球做匀速圆周运动时的速度大小为．17．（12分）如图所示，轻质杆长为3L，在杆的两端分别固定质量均为m的球A和球B，杆上距球A为L处的小孔穿在光滑的水平转轴上，杆和球在竖直面内转动，当球A运动到最高点时，杆对球A的拉力大小为mg，已知当地重力加速度为g，求此时：（1）球A转动的角速度大小；（2）球B对杆的作用力大小及方向；（3）轻质杆对水平转轴的作用力大小和方向．【考点】向心力；线速度、角速度和周期、转速【分析】（1）抓住A球在最高点对杆子的作用力为零，结合牛顿第二定律求出球A转动的角速度；（2）根据A、B角速度相等，然后对B分析，根据牛顿第二定律求出杆子对B的作用力大小，再由牛顿第三定律得出球B对杆的作用力大小及方向．（3）对杆进行研究，由共点力平衡求出作用力的大小和方向．【解答】解：（1）设球A转动的角速度为ω，此时杆对球A的拉力大小为mg，由重力和杆的拉力提供A球的向心力，则得：mg+mg=mω2L，得：ω=．（2）A、B两球的角速度相等，设此时杆对球B的作用力为F AB，则有：F B﹣mg=mω2•2L，解得：F B=5mg，方向竖直向上．根据牛顿第三定律可知，球B对杆的作用力大小是5mg，方向竖直向下．（3）由题得杆对A球的作用力等于mg，方向向下；根据牛顿第三定律，则球A对杆的作用力的方向向上．以杆为研究对象，杆受到A对杆的作用力、B对杆的作用力以及水平转轴对杆的作用力，根据共点力的平衡可知，设水平转轴对杆的作用力方向向上，选择向上为正方向，则：F+F A′﹣F B′=0解得：F=4mg，方向向上．根据牛顿第三定律，轻质杆对水平转轴的作用力大小也是4mg，方向竖直向下．答：（1）球A转动的角速度大小是；（2）球B对杆的作用力大小是5mg，方向竖直向下；（3）轻质杆对水平转轴的作用力大小是4mg，方向竖直向下．18．（12分）某电视台“快乐向前冲”节目中的场地设施如图所示，AB为水平直轨道，上面安装有电动悬挂器，可以载人运动，水面上漂浮着一个半径为R，角速度为ω，铺有海绵垫的转盘，转盘的轴心离平台的水平距离为L，平台边缘与转盘平面的高度差为H．选手抓住悬挂器，可以在电动机带动下，从A点下方的平台边缘处沿水平方向做初速度为零，加速度为a的匀加速直线运动．选手必须作好判断，在合适的位置释放，才能顺利落在转盘上．设人的质量为m（不计身高大小），人与转盘间的最大静摩擦力为μmg，重力加速度为g．（1）假设选手落到转盘上瞬间相对转盘速度立即变为零，为保证他落在距圆心范围内不会被甩出转盘，转盘的角速度ω应限制在什么范围？（2）若已知H=5m，L=9m，R=2m，a=2m/s2，g=10m/s2，在（1）的情况下，选手从某处C 点释放能落到转盘上且不被甩出转盘，则他是从平台出发后经过多长时间释放悬挂器的？。