高三物理上学期期中试题(扫描版)
2024-2025学年陕西省西中教育联合体高三(上)期中考试物理试卷(含答案)
2024-2025学年陕西省西中教育联合体高三（上）期中考试物理试卷一、单选题：本大题共7小题，共28分。
1.物理的学习除了知识外，更重要的是领悟并掌握处理物理问题的思想与方法，下列关于人教版新教材课本当中所采用的思想与方法的说法中不正确的是( )A. 根据速度定义v=ΔxΔt ，当Δt非常小时，ΔxΔt就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想B. 利用蜡块和玻璃管研究合运动和分运动时应用了等效的思想C. 在“探究平抛运动在竖直方向上的分运动”的实验中，应用了比较研究法D. 在“探究向心力大小的表达式的实验中”应用了微元法2.如图所示，弹簧的一端固定在竖直墙上，质量为m的光滑弧形槽静止在光滑水平面上，底部与水平面平滑连接，一个质量也为m的小球从槽高ℎ处开始自由下滑( )A. 在以后的运动过程中，小球和槽的动量始终守恒B. 在下滑过程中小球对槽的作用力始终不做功C. 被弹簧反弹后，小球和槽都做速率不变的直线运动D. 被弹簧反弹后，小球和槽的机械能守恒，小球能回到槽高ℎ处3.关于行星运动的规律，下列说法符合史实的是( )A. 开普勒在牛顿定律的基础上，导出了行星运动的规律B. 开普勒在天文观测数据的基础上，总结出了行星运动的规律C. 开普勒总结出了行星运动的规律，找出了行星按照这些规律运动的原因D. 开普勒总结出了行星运动的规律，发现了万有引力定律4.生活中人们通常利用定滑轮来升降物体。
如图所示，一根轻质不可伸长的细绳绕过光滑的定滑轮，绳的一端系质量为m的重物，人握着绳的另一端向左以速度v匀速移动，经过图所示位置时绳与水平方向的夹角为α，在重物上升过程中，下列说法正确的是( )A. 重物经过图示位置的速度为vcosαB. 重物以速度v匀速上升C. 重物加速上升D. 重物处于失重状态5.物理来源于生活，最后应用服务于生活。
如图所示为某物业公司的宣传提醒牌。
从提供的信息知：一枚30g的鸡蛋从17楼落下，能砸破人的头骨。
高三物理上学期期中试卷(含解析)
峙对市爱惜阳光实验学校二中高三〔上〕期中物理试卷一、选择题1．有四个金属导体，它们的伏安特性曲线如下图，电阻最大的导体是〔〕A．a B．b C．c D．d2．真空中保持一距离的两个点电荷，假设其中一个点电荷增加了，但仍然保持它们之间的相互作用力不变，那么另一点电荷的电量一减少了〔〕A ．B ．C ．D ．3．如下图为某示波管内的聚焦电场．实线和虚线分别表示电场线和势线，两电子分别从a、b两点运动到c点，设电场力对两电子做的功分别为W a和W b，a、b点的电场强度的大小分别为E a和E b，那么〔〕A．W a=W b，E a＞E b B．W a≠W b，E a＞E b C．W a=W b，E a＜E b D．W a≠W b，E a＜E b4．如图是一同学将变阻器与一只“6V，8W〞的小灯泡L及开关S串联后接在6V的电源E上，当S闭合时，发现灯泡发亮．按此图的接法，当滑片P向右滑动时，灯泡将〔〕A．变暗B．变亮C．亮度不变D．可能烧坏灯泡5．一个带电量为q=2×10﹣8C的正点电荷，从电场中的A点移到B点时，电场力做了﹣5×10﹣6J的功，以下判断正确的选项是〔〕A．该点电荷在B处具有的电势能比在A处小B．AB两点之间的电势差U AB为250VC．电场A点的电势比B点低D．该电荷在B处具有的电势能为5×10﹣6J 6．如下图，a、b、c、d、e是五个相同的电阻，如果将电压逐渐升高，那么最先烧坏的电阻是〔〕A．a和b B．c C．d D．e7．如下图，在真空中离子P1、P2以相同速度从O点垂直场强方向射入匀强电场，经电场偏转后打在极板B上的C、D两点，P1电荷量为P2电荷量的3倍，GC=CD，那么P1、P2离子的质量之比为〔重力忽略不计〕〔〕A．3：4 B．4：3 C．2：3 D．3：28．将三个不同的电源的U﹣I图线画在同一坐标中，如下图，其中1和2平行，它们的电动势分别为E1、E2、E3，它们的内阻分别为r1、r2、r3，那么以下关系正确的选项是〔〕A．r1=r2＜r3 B．r1＞r2＞r3C．E1＞E2=E3 D．E1=E2＜E39．如下图，A、B为两个固的量的正电荷，在它们连线的中点处有一个可以的正电荷C，现给电荷C一个垂直于连线的初速度v0，假设不计电荷C所受的重力，那么关于电荷C运动过程中的速度和加速度情况，以下说法正确的选项是〔〕A．加速度始终增大B．加速度先增大后减小C．速度始终增大D．速度先增大后减小10．把一带正电小球a放在光滑绝缘斜面上，欲使小球a能静止在如下图的位置上，需在MN间放一带电小球b，那么球b可能〔〕A．带正电，放在A点B．带负电，放在A点C．带负电，放在C点D．带正电，放在C点二．题〔共14分〕11．在“测金属丝电阻率〞的中，练习使用根本仪器的时，〔1〕用螺旋测微器测金属丝直径时读数如图甲，那么金属丝的直径为mm．图乙游标尺的读数为mm〔2〕用电压表和电流表测金属丝的电压和电流时读数如图丙所示，那么电压表的读数为 V，电流表的读数为 A．12．在“测金属的电阻率〞中，所用测量仪器均已校准．待测金属丝接入电路的长度约为50cm．〔1〕用螺旋测微器测量金属丝的直径，其中某一次测量结果如图1所示，其读数为mm〔该值接近屡次测量的平均值〕．〔2〕用伏安法测金属丝的电阻R x．所用器材为：电池组〔电动势3V，内阻约1Ω〕、电流表〔内阻约0.1Ω〕、电压表〔内阻约3kΩ〕、滑动变阻器R〔0～20Ω，额电流2A〕、开关、导线假设干．某小组同学利用以上器材正确连接好电路，进行测量，记录数据如下：次数 1 2 3 4 5 6 7U/V 0.10 0.30 0.70 1.00 0 0 0I/A 0.020 0.060 0.160 0.220 0.340 0.460 0.520请在图3中画出电路图〔3〕图2是测量R x的器材实物图，图中已连接了导线，滑动变阻器的滑片P 置于变阻器的一端．请根据〔2〕所选的电路图，补充完成图中实物间的连线，并使闭合开关的瞬间，电压表或电流表不至于被烧坏．〔4〕这个小组的同学在坐标纸上建立U、I坐标系，如图4所示，图中已标出了与测量数据对的4个坐标点．请在图中标出第2、4、6次测量数据的坐标点，并描绘出U﹣I图线．由图线得到金属丝的阻值R x= Ω〔保存两位有效数字〕．〔5〕根据以上数据可以估算出金属丝电阻率约为〔填选项前的符号〕．A．1×10﹣2Ω•m B．1×10﹣3Ω•mC．1×10﹣6Ω•m D．1×10﹣8Ω•m〔6〕任何测量都存在误差．本所用测量仪器均已校准，以下关于误差的说法中正确的选项是〔有多个正确选项〕．A．用螺旋测微器测量金属丝直径时，由于读数引起的误差属于系统误差B．由于电流表和电压表内阻引起的误差属于偶然误差C．假设将电流表和电压表的内阻计算在内，可以消除由测量仪表引起的系统误差D．用U﹣I图象处理数据求金属丝电阻可以减小偶然误差．三．计算题〔共46分〕13．如下图，电解槽A和电炉B并联后接到电源上，电源内阻r=1Ω，电炉电阻R=19Ω，电解槽电阻r′=0.5Ω．当S1闭合、S2断开时，电炉消耗功率684W；S1、S2都闭合时电炉消耗功率475W〔电炉电阻可看作不变〕．试求：〔1〕电源的电动势；〔2〕S1、S2都闭合时，流过电解槽的电流大小；〔3〕S1、S2都闭合时，电解槽中电能转化学能的功率．14．如下图，水平地面上方分布着水平向右的匀强电场．一“L〞形的绝缘硬质管竖直固在匀强电场中．管的水平长为l1=0.2m，离水平地面的距离为h=5.0m，竖直长为l2=0.1m．一带正电的小球从管的上端口A由静止释放，小球与管间摩擦不计且小球通过管的弯曲〔长度极短可不计〕时没有能量损失，小球在电场中受到的静电力大小为重力的一半，求：〔1〕小球运动到管口B时的速度大小；〔2〕小球着地点与管的下端口B的水平距离．〔g=10m/s2〕．15．一电路如下图，电源电动势E=28V，内阻r=2Ω，电阻R1=12Ω，R2=R4=4Ω，R3=8Ω，C为平行板电容器，其电容C=3.0pF，虚线到两极板距离相，极板长L=0.20m，两极板的间距d=1.0×10﹣2m．〔1〕假设开关S处于断开状态，那么当其闭合后，求流过R4的总电量为多少？〔2〕假设开关S断开时，有一带电微粒沿虚线方向以v0=2.0m/s的初速度射入C的电场中，刚好沿虚线匀速运动，问：当开关S闭合后，此带电微粒以相同初速度沿虚线方向射入C的电场中，能否从C的电场中射出？〔要求写出计算和分析过程，g取10m/s2〕16．如下图，虚线MN左侧有一场强为E1=E的匀强电场，在两条平行的虚线MN 和PQ之间存在着宽为L、电场强度为E2=2E的匀强电场，在虚线PQ右侧相距为L处有一与电场E2平行的屏．现将一电子〔电荷量为e，质量为m〕无初速度地放入电场E1中的A点，最后电子打在右侧的屏上，AO连线与屏垂直，垂足为O，求：〔1〕电子从释放到打到屏上所用的时间；〔2〕电子刚射出电场E2时的速度方向与AO连线夹角θ的正切值tanθ；〔3〕电子打到屏上的点P′到点O的距离x．二中高三〔上〕期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题1．有四个金属导体，它们的伏安特性曲线如下图，电阻最大的导体是〔〕A．a B．b C．c D．d【考点】欧姆律．【专题】恒电流专题．【分析】根据欧姆律公式I=可得值电阻的U﹣I图象是直线，斜率表示电阻．【解答】解：根据欧姆律公式I=可得值电阻的U﹣I图象是一条经过坐标原点的直线，斜率表示电阻；故导体d的电阻最大；应选D．【点评】此题关键明确那么电阻的U﹣I图象是经过坐标原点的直线，斜率表示电阻，根底题．2．真空中保持一距离的两个点电荷，假设其中一个点电荷增加了，但仍然保持它们之间的相互作用力不变，那么另一点电荷的电量一减少了〔〕A ．B ．C ．D ．【考点】库仑律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据库仑律的公式F=判断另一点电荷的电量变化．【解答】解：因为一个点电荷增加了，那么，根据库仑律的公式F=知，假设库仑力不变，那么，即另一电荷减小了．故B正确，A、C、D错误．应选B．【点评】解决此题的关键掌握库仑律，能够灵活运用该公式解决问题．3．如下图为某示波管内的聚焦电场．实线和虚线分别表示电场线和势线，两电子分别从a、b两点运动到c点，设电场力对两电子做的功分别为W a和W b，a、b点的电场强度的大小分别为E a和E b，那么〔〕A．W a=W b，E a＞E b B．W a≠W b，E a＞E b C．W a=W b，E a＜E b D．W a≠W b，E a＜E b【考点】电场强度；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】图中a、b两点在一个势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．【解答】解：图中a、b两点在一个势面上，故U ac=U bc，根据W=qU，有W a=W b；a位置的电场强度较密集，故E a＞E b；应选：A．【点评】此题关键是明确电场强度的大小看电场线的疏密程度，电场力做功看电势差，根底问题．4．如图是一同学将变阻器与一只“6V，8W〞的小灯泡L及开关S串联后接在6V的电源E上，当S闭合时，发现灯泡发亮．按此图的接法，当滑片P向右滑动时，灯泡将〔〕A．变暗B．变亮C．亮度不变D．可能烧坏灯泡【考点】闭合电路的欧姆律．【专题】恒电流专题．【分析】根据电路图，分析变阻器哪电阻接入电路，判断滑片P向右滑动时，其接入电路电阻的变化，由欧姆律分析电流的变化，确灯泡亮度的变化．【解答】解：ABC、由图可知，变阻器接入电路的是P的右侧电阻丝，当滑片P 向右滑动时，接入电路中的电阻丝变短，电阻减小，根据欧姆律得知，电路中电流增大，那么灯泡变亮．故AC错误，B正确．D、由于灯泡的额电压于电源电压，所以不可能烧坏灯泡．故D错误．应选：B【点评】此题关键要理解变阻器哪电阻接入电路，可根据变阻器金属杆的电阻很小，将图中P左侧的金属丝短路来理解．5．一个带电量为q=2×10﹣8C的正点电荷，从电场中的A点移到B点时，电场力做了﹣5×10﹣6J的功，以下判断正确的选项是〔〕A．该点电荷在B处具有的电势能比在A处小B．AB两点之间的电势差U AB为250VC．电场A点的电势比B点低D．该电荷在B处具有的电势能为5×10﹣6J【考点】电势能；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场力做的功于电势能的减小量，即W AO=E pA﹣E O，然后结合电势差的义式列式分析计算【解答】解：A、从电场中的A点移到B点时，电场力做了﹣5×10﹣6J的功，电荷的电势能增大．故A错误；B、AB 两点之间的电势差： V．故B错误；C、正电荷从电场中的A点移到B点时，电场力做了﹣5×10﹣6J的功，说明正电荷运动的方向与受力的方向相反，所以运动的方向与电场线的方向相反，根据沿电场线的方向电势降低，所以A点的电势低于B点的电势．故C正确；D、该题中没有选取0势能点，所以不能判该电荷在B处具有的电势能为5×10﹣6J．故D错误．应选：C【点评】此题关键是结合电场力做功与电势能的关系公式W AB=E pA﹣E pB和电势差义式联立列式分析，同时要注意两个公式中的电量都要分正负号．6．如下图，a、b、c、d、e是五个相同的电阻，如果将电压逐渐升高，那么最先烧坏的电阻是〔〕A．a和b B．c C．d D．e【考点】串联电路和并联电路．【专题】性思想；推理法；恒电流专题．【分析】先分析电路的结构，然后根据串并联电路的特点，判断哪个电阻的电压最高，哪个电阻就先烧坏．【解答】解：由图可知，a和b并联后与e串联，最后跟c和d的串联电路并联，设电阻都为R，那么c和e 的电压都为，a和b 并联电阻为，所以a和b 的电压都为，e 的电压为，所以e的电压最大，所以随着电压U 升高时，先烧坏的电阻是e．应选：D．【点评】此题解题的关键是弄清楚电路的结构，根据串并联电路的特点判断各个电阻电压的上下，难度适中．7．如下图，在真空中离子P1、P2以相同速度从O点垂直场强方向射入匀强电场，经电场偏转后打在极板B上的C、D两点，P1电荷量为P2电荷量的3倍，GC=CD，那么P1、P2离子的质量之比为〔重力忽略不计〕〔〕A．3：4 B．4：3 C．2：3 D．3：2【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】两个离子都做类平抛运动．离子的偏转量相同而水平位移不，写出偏转量的表达式，根据公式进行求解．【解答】解：设任一离子的速度为v，电量为q，质量为m，加速为a，运动的时间为t，那么加速度：a=离子运动的时间 t=，由于GC=CD，所以飞行的时间之比 t1：t2=1：2离子的偏转量 y=at2=．因为P1带电量是P2的3倍，那么P1、P2的质量之比m1：m2为 3：4．应选：A【点评】解决该题的关键是要抓住题目的本意是考查带电粒子在电场中的偏转，要熟记偏转量的公式以及它的推导的过程．8．将三个不同的电源的U﹣I图线画在同一坐标中，如下图，其中1和2平行，它们的电动势分别为E1、E2、E3，它们的内阻分别为r1、r2、r3，那么以下关系正确的选项是〔〕A．r1=r2＜r3 B．r1＞r2＞r3C．E1＞E2=E3 D．E1=E2＜E3【考点】闭合电路的欧姆律．【专题】恒电流专题．【分析】电源的路端电压于电动势减去内电压，即U=E﹣Ir，即路端电压与电流为线性关系，可知：图象的纵轴截距表示电源的电动势，斜率的绝对值于电源的内阻r．【解答】解：根据闭合电路欧姆律得：U=E﹣Ir，由数学知识可知，图象的纵轴截距表示电源的电动势，斜率的绝对值于电源的内阻r．对照图象知，E1＞E2=E3，r1=r2＜r3，故AC正确．应选：AC．【点评】此题关键要明确电源的路端电压与电流的关系，然后根据关系公式得到U﹣I图象，要明确图象的纵轴截距、横轴截距、斜率的物理意义．9．如下图，A、B为两个固的量的正电荷，在它们连线的中点处有一个可以的正电荷C，现给电荷C一个垂直于连线的初速度v0，假设不计电荷C所受的重力，那么关于电荷C运动过程中的速度和加速度情况，以下说法正确的选项是〔〕A．加速度始终增大B．加速度先增大后减小C．速度始终增大D．速度先增大后减小【考点】库仑律；牛顿第二律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】由题，q1、q2是两个量的正电荷，DC为A、B连线的中垂线，作出CD 线上的电场线，根据电场线方向判断正电荷q3由C点沿CD移至无穷远的过程中，电势的变化，由电场力做功正负判断其电势能的变化．【解答】解：A、B、根据量同号点电荷电场的特点，可知两个电荷连线上中点的电场强度为零，电场强度从C点到无穷远，先增大后减小，所以点电荷C的加速度先增大后减小，故A错误，B正确；C、D、在全过程中，电场力做正功，点电荷C的速度始终增大，故D错误，C 正确．应选BC．【点评】对于量同种和量异种电荷电场线、势面的分布情况要掌握，这是考试的热点．特别是抓住电荷连线的中垂线电场线与势面的特点．10．把一带正电小球a放在光滑绝缘斜面上，欲使小球a能静止在如下图的位置上，需在MN间放一带电小球b，那么球b可能〔〕A．带正电，放在A点B．带负电，放在A点C．带负电，放在C点D．带正电，放在C点【考点】库仑律；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其用．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】小球a要平衡，受重力、支持力和静电力，根据共点力平衡条件分析即可．【解答】解：小球a处于平衡状态，受力平衡，合力为零．小球受重力，一向下，当小球b带正电，放在A点时，它们之间为静电斥力，当a球的重力和静电斥力恰好相时，a球就可以处于静止状态，所以A正确，D错误；当电荷之间为吸引力时，根据平衡条件，静电引力必然与重力和支持力的合力大、反向且在同一条直线上，故该放在C点，所以B错误，C正确；应选AC．【点评】此题关键对物体受力分析后，根据平衡条件，得到未知力的可能情况．二．题〔共14分〕11．在“测金属丝电阻率〞的中，练习使用根本仪器的时，〔1〕用螺旋测微器测金属丝直径时读数如图甲，那么金属丝的直径为0.697 mm．图乙游标尺的读数为10.52 mm〔2〕用电压表和电流表测金属丝的电压和电流时读数如图丙所示，那么电压表的读数为0 V，电流表的读数为0.52 A．【考点】测金属的电阻率．【专题】题；量思想；方程法；恒电流专题．【分析】〔1〕螺旋测微器固刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数；游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺的示数．〔2〕根据图示电表确其量程与分度值，然后读出其示数．【解答】解：〔1〕由图示螺旋测微器可知，其示数为0.5mm+1×0.01mm=0.697mm，由图示游标卡尺可知，其示数为：10mm+26×0.02mm=10.52mm；〔2〕由图示电压表可知，其量程为3V，分度值为0.1V，示数为0V；由图示电流表可知，其量程为0.6A，分度值为0.02A，示数为0.52A；故答案为：〔1〕0.697；10.52；〔2〕0；0.52．【点评】此题考查了螺旋测微器、游标卡尺、电压表与电流表的读数，要掌握常用器材的使用方法与读数方法；游标卡尺主尺与游标卡尺示数之和是游标卡尺示数，游标卡尺不需要估读，读数时要注意游标尺的精度．12．在“测金属的电阻率〞中，所用测量仪器均已校准．待测金属丝接入电路的长度约为50cm．〔1〕用螺旋测微器测量金属丝的直径，其中某一次测量结果如图1所示，其读数为0.398 mm〔该值接近屡次测量的平均值〕．〔2〕用伏安法测金属丝的电阻R x．所用器材为：电池组〔电动势3V，内阻约1Ω〕、电流表〔内阻约0.1Ω〕、电压表〔内阻约3kΩ〕、滑动变阻器R〔0～20Ω，额电流2A〕、开关、导线假设干．某小组同学利用以上器材正确连接好电路，进行测量，记录数据如下：次数 1 2 3 4 5 6 7U/V 0.10 0.30 0.70 1.00 0 0 0I/A 0.020 0.060 0.160 0.220 0.340 0.460 0.520请在图3中画出电路图〔3〕图2是测量R x的器材实物图，图中已连接了导线，滑动变阻器的滑片P 置于变阻器的一端．请根据〔2〕所选的电路图，补充完成图中实物间的连线，并使闭合开关的瞬间，电压表或电流表不至于被烧坏．〔4〕这个小组的同学在坐标纸上建立U、I坐标系，如图4所示，图中已标出了与测量数据对的4个坐标点．请在图中标出第2、4、6次测量数据的坐标点，并描绘出U﹣I图线．由图线得到金属丝的阻值R x= Ω〔保存两位有效数字〕．〔5〕根据以上数据可以估算出金属丝电阻率约为 C 〔填选项前的符号〕．A．1×10﹣2Ω•m B．1×10﹣3Ω•mC ．1×10﹣6Ω•m D．1×10﹣8Ω•m〔6〕任何测量都存在误差．本所用测量仪器均已校准，以下关于误差的说法中正确的选项是CD 〔有多个正确选项〕．A．用螺旋测微器测量金属丝直径时，由于读数引起的误差属于系统误差B．由于电流表和电压表内阻引起的误差属于偶然误差C．假设将电流表和电压表的内阻计算在内，可以消除由测量仪表引起的系统误差D．用U﹣I图象处理数据求金属丝电阻可以减小偶然误差．【考点】测金属的电阻率．【专题】题；量思想；图析法；恒电流专题．【分析】〔1〕螺旋测微器固刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数；〔2〕根据题意确滑动变阻器接法，然后作出电路图；〔3〕根据电路图连接实物电路图；〔4〕根据坐标系内描出的点作出图象，然后根据图象与电阻律分析答题．〔5〕由电阻律求出电阻率，然后答题；〔6〕明确偶然误差是由人为因素引起的，可以通过屡次测量或利用图象来减小偶然误差，但不能消除误差；系统误差是由仪器本身因素或原理不精确引起的误差，系统误差可以通过采用精密仪器和完善原理来消除．【解答】解：〔1〕由图1所示螺旋测微器可知，其示数为：0mm+3×0.01mm=0.398mm〔0.395～0.399均正确〕；〔2〕由表中数据可知，如果用限流，最小电压为0.6V，而表中电压都到0.10V，滑动变阻器采用分压接法，电阻阻值约为：R===5Ω，电流表内阻约为0.1Ω，电压表内阻约为3kΩ，电压表内阻远大于电阻阻值，电流表采用外接法，电路图如下图；〔3〕根据电路图连接实物电路图，实物电路图如下图：〔4〕根据表中数据在坐标系内描出对点，然后作出图象如下图：由图示图象可知，待测电阻阻值：R x==≈Ω；〔5〕待测电阻阻值：R=ρ=ρ，电阻率：ρ==≈×10﹣6Ω•m，应选C；〔6〕A、用螺旋测微器测量金属丝直径时，由于读数引起的误差属于偶然误差，故A错误；B、由于电流表和电压表内阻引起的误差属于系统误差，故B错误；C、假设将电流表和电压表的内阻计算在内，可以消除由测量仪表引起的系统误差，故C正确；D、用U﹣I图象处理数据求金属丝电阻可以减小偶然误差，故D正确；应选：CD；故答案为：〔1〕0.398；〔2〕电路图如下图；〔3〕实物电路图如下图；〔4〕图象如下图；；〔5〕C；〔6〕CD．【点评】要掌握螺旋测微器的读数方法；明确电学中，当要求电流从零调时，滑动变阻器用分压式接法；当满足待测电阻阻值远小于电压表内阻时，电流表用外接法，当电流表内阻远小于待测电阻阻值时，电流表用内接法．三．计算题〔共46分〕13．如下图，电解槽A和电炉B并联后接到电源上，电源内阻r=1Ω，电炉电阻R=19Ω，电解槽电阻r′=0.5Ω．当S1闭合、S2断开时，电炉消耗功率684W；S1、S2都闭合时电炉消耗功率475W〔电炉电阻可看作不变〕．试求：〔1〕电源的电动势；〔2〕S1、S2都闭合时，流过电解槽的电流大小；〔3〕S1、S2都闭合时，电解槽中电能转化学能的功率．【考点】电功、电功率．【专题】恒电流专题．【分析】〔1〕S1闭合，S2断开时，电炉消耗功率，根据功率P=I2R公式求出电炉中的电流，由闭合电路欧姆律求出电动势；〔2〕S1、S2都闭合时，由电炉消耗功率求出电炉的电压和电流，由闭合电路欧姆律求出干路中电流，得到电炉的电流；〔3〕根据P=UI求出电解炉消耗的电功率，根据功率P=I2R公式求出电解槽内阻消耗的功率，两者之差即为电解槽转化学能的功率．【解答】〔1〕当S1闭合S2断开时电炉功率为P1电炉中电流电源电动势E=I〔R+r〕=120V〔2〕当S1、S2都闭合时电炉功率为P2电炉中电流电炉路端电压为 U=I R R=5×19=95V通过电源的电流为通过电解槽的电流为I A=I﹣I R=20A〔3〕电解槽消耗的电功率P A=I A U=20×95=1900W电解槽内热损耗功率电解槽转化学能的功率P化=P A﹣P热=1700W答：〔1〕电源的电动势为120V；〔2〕S1、S2都闭合时，流过电解槽的电流大小为20A；〔3〕S1、S2都闭合时，电解槽中电能转化学能的功率为1700W．【点评】电解槽电路在正常工作时是非纯电阻电路，不能用欧姆律求解其电流，只能根据电路中电流关系求电流．14．如下图，水平地面上方分布着水平向右的匀强电场．一“L〞形的绝缘硬质管竖直固在匀强电场中．管的水平长为l1=0.2m，离水平地面的距离为h=5.0m，竖直长为l2=0.1m．一带正电的小球从管的上端口A由静止释放，小球与管间摩擦不计且小球通过管的弯曲〔长度极短可不计〕时没有能量损失，小球在电场中受到的静电力大小为重力的一半，求：〔1〕小球运动到管口B时的速度大小；〔2〕小球着地点与管的下端口B的水平距离．〔g=10m/s2〕．【考点】动能理的用；平抛运动．【分析】〔1〕小球从A运动到B的过程中，重力和电场力做功，由动能理列式求解；〔2〕小球离开B点后，水平方向只受电场力〔恒力〕，故做匀加速直线运动，竖直方向只受重力，故做自由落体运动，两个分运动同时发生，时间相，根据竖直分位移求出时间，再求出水平分位移．【解答】解：〔1〕在小球从A运动到B 的过程中，对小球由动能理有： mv B2﹣0=mgl2+F电l1，①由于小球在电场中受到的静电力大小为重力的一半，即 F电=mg ②代入数据可得：v B=2.0m/s③小球运动到管口B时的速度大小为2.0m/s．〔2〕小球离开B点后，设水平方向的加速度为a，位移为s，在空中运动的时间为t，水平方向有：a=，④s=v B t+at2，⑤竖直方向有：h=gt2，⑥由③～⑥式，并代入数据可得：s=m．故小球着地点与管的下端口B的水平距离为m．【点评】此题关键对小球各个过程的运动情况分析清楚，对A到B过程，由于为曲线运动，可用动能理，对离开B后的运动，根据运动的合成与分解，化曲为直研究！15．一电路如下图，电源电动势E=28V，内阻r=2Ω，电阻R1=12Ω，R2=R4=4Ω，R3=8Ω，C为平行板电容器，其电容C=3.0pF，虚线到两极板距离相，极板长L=0.20m，两极板的间距d=1.0×10﹣2m．〔1〕假设开关S处于断开状态，那么当其闭合后，求流过R4的总电量为多少？〔2〕假设开关S断开时，有一带电微粒沿虚线方向以v0=2.0m/s的初速度射入C的电场中，刚好沿虚线匀速运动，问：当开关S闭合后，此带电微粒以相同初速度沿虚线方向射入C的电场中，能否从C的电场中射出？〔要求写出计算和分析过程，g取10m/s2〕【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；闭合电路的欧姆律．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】开关断开时，求出电阻两端的电压从而算出电容器的电量；当开关闭合时，求出路端的电压，从而电阻两端的电压．当断开时电场力与重力相平衡，而闭合后由重力与电场力的合力从而求出加速度大小，最终求出侧向位移．【解答】解：〔1〕S断开时，电阻R3两端电压为：S 闭合后，外阻为：路端电压为：电阻R3两端电压为：那么所求流过R4的总电量为：Q=CU3﹣CU3′=6.0×10﹣12C〔2〕设微粒质量为m，电量为q，当开关S 断开时有：。
山东省烟台市2023-2024学年高三上学期期中物理试题+答案
2023—2024学年度第一学期期中学业水平诊断高三物理注意事项：1.答题前，考生先将自己的姓名、考生号、座号填写在相应位置。
2.选择题答案必须用2B 铅笔（按填涂样例）正确填涂；非选择题答案必须用0.5毫米黑色签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。
3.请按照题号在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。
保持卡面清洁，不折叠、不破损。
一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。
每小题只有一个选项符合题目要求。
1.刚体是指在运动中和受力作用后，形状和大小不变，而且内部各点的相对位置不变的物体。
刚体绕一个固定轴转动所具有的转动动能表达式为2k 12E I ω=，其中E k 为刚体的转动动能，I 为刚体的转动惯量，ω为刚体转动的角速度，则刚体转动惯量I 的单位用国际单位制的基本单位表示为（ ） A. 2kg m ⋅B. 3kg m ⋅C. 32kg m s -⋅⋅D. 2kg m s -⋅⋅2.某伞具制造企业研发了一种新型材料制作伞面，为了测评新材料承受暴雨的能力，测试小组将横截面直径为d 的水流以速度v 垂直射到要检测的材料上，碰到材料后水的速度减为零，已知水的密度为ρ，若水的重力影响不计，则此新材料受到水的冲力大小为（ ） A. 2d v ρπB.24d vρπC. 22d v ρπD.224d v ρπ3.近期我市开展了校车安全培训活动，规范校车管理，确保安全运行。
若一辆校车以8m/s 的速度在平直公路上匀速行驶，驾驶员发现前方有行人横穿公路，随即刹车做匀减速直线运动至停止。
已知校车刹车后第一个3s 内的位移与最后一个3s 内的位移之比为5：3，则校车刹车后6s 内通过的距离为（ ） A.8mB.12mC.16mD.36m4.某乘客乘坐竖直电梯上下楼，其位移x 与时间t 的关系图像如图所示。
规定竖直向上为正方向，图线的形状为抛物线。
下列说法中正确的是（ ）A.在0~t 0时间内乘客的加速度向上B.在t 0~2t 0时间内乘客的加速度向上C.乘客在t =t 0时刻的速度最大D.乘客在t =t 0时刻的速度大小为002xt5.一排球运动员练习发球技巧，如图所示，设将球从离地高度为H 的某处A 点水平向右击出，第一次击出后球刚好过球网，落到对方界内B 点，第二次由于操作失误击出后，球与地面碰撞一次后，刚好越过球网，也到达对面界内B 点。
高三物理第一学期期中考试(附答案)
高三物理试题第一学期期中考试本试卷分选择题和非选择题两部分，共6页，满分100分，考试用时100分钟。
注意事项：1．答卷前，考生务必用钢笔或签字笔将自己的姓名、考号填涂在答题卡上。
2．选择题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案；不能答在试卷上，否则答案无效3．非选择题必须用钢笔或签字笔作答，答案必须写在另发的答题卷各题目指定区域内的相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔和涂改液.不按以上要求作答的答案无效。
4．考生必须保持答题卡和答题卷的整洁，考试结束后，将答题卡和答题卷一并收回。
第Ⅰ卷选择题（44分）一、选择题（共11小题，满分4分。
在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的不得分。
）1、下列说法正确的是（）A、在匀速直线运动中，平均速度和瞬时速度相等B、运动的物体受到的摩擦力一定是滑动摩擦力C、如果物体要运动一定得需要一个力来维持D、力是物体惯性改变的原因2、汽车由静止开始做匀加速直线运动一段时间后，将加速度逐渐减小到零的过程说法正确的是（）A．汽车做匀减速运动，最终停止 B．一直做匀加速直线运动C．汽车一直加速运动，速度一直增加 D．汽车速度最大时做匀速直线运动3．如图所示，P、Q叠放在一起，静止在水平面上，在下列的各对力中属于作用力和反作用力的是（）A．P所受到的重力和Q对P的支持力B．Q受到的重力和Q对P的支持力C．P对Q的压力和地面对Q的支持力D．Q对地面的压力和地面对Q的支持力4、物体做匀变速直线运动，某时刻速度的大小为4m/s ，l s 后速度的大小变为10m/s ，在这1 s 内该物体的 ( )A 、加速度的大小可能小于4m/s 2B 、加速度的大小可能大于10m/s 2C 、位移的大小可能小于4mD 、位移的大小可能大于10m5、某质点从t = 0开始由原点出发，其运动t v -图象如图所示，由图可判断（ ) A ．t = 2s 末时，质点的加速度为-52/s m B ．第 2s 内和第 3s 内速度方向相反 C ．t = 2s 时，离原点最远 D ．物体前4s 内做匀变速直线运动6．一物体m 受到一个撞击力后沿不光滑斜面向上滑动，如图所示，在滑动过程中，物体m 受到的力是：（ ）A 、重力、沿斜面向上的冲力、斜面的支持力B 、重力、沿斜面向下的滑动摩擦力、斜面的支持力C 、重力、沿斜面向上的冲力、沿斜面向下的滑动摩擦力D 、重力、沿斜面向上的冲力、沿斜面向下的摩擦力、斜面的支持力7、如图所示，在一固定在水平桌面上的斜面顶端固定一轻弹簧， 弹簧的另一端固定一滑块，滑块与斜面之间的动摩擦因数为μ，则滑块受到的外力 的个数可能为（ ）A 、2B 、3C 、4D 、58、用竖直向上的力F 作用在一个物体上，物体产生向上的加速度为a ，现将竖直向上的力变为2F ，则物体的加速度为（ ）A ．一定大于2aB ．一定等于2aC ．一定小于2a 而大于aD ．可能等于或小于a9．如图所示，悬挂在小车顶棚上的小球偏离竖直方向θ角，则小车的运动情况可能是（ ） A ．向右加速运动 B ．向右减速运动 C ．向左加速运动D ．向左减速运动10、跳水运动员从10m跳台腾空跃起，先向上运动一段距离达到最高点后，再自由下落进入水池。
第一学期期中检测高三物理试题(含详细答案)
批扯州址走市抄坝学校2007—2021度第一学期期中教学质量统一检测高三物理 2007. 11本试卷分第一卷〔选择题〕和第二卷〔非选择题〕两。
考试时间：90分钟。
总分：100分。
考前须知：考试科目、试卷类型填涂在答题卡规的位置上。
2．第一卷每题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
答案不能答在试题卷上。
3．第二卷必须用0.5毫米黑色签字笔〔中性笔〕作答，答案必须写在答题卡各题目指区域内相的位置，不能写在试题卷上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上的答案；不准使用涂改液、带纸、修正带。
不按以上要求作答的答案无效。
一、选择题：此题共10小题，每题4分，共40分．在每题给出的四个选项中，至少有一项符合题目要求，选对得4分，选对而不全得2分，有选错或者不选得0分．1．以下物理量属于标量的是A．速度 B．位移 C．功 D．电场强度2．小东在体育课上做单杠练习时，两臂伸直，双手平行握住单杠，之后逐渐增加双手间距．此过程中手臂上的拉力变化情况为A．逐渐变小 B．逐渐变大 C．先变大后变小 D．先变小后变大3．某物体沿直线运动，其 v — t 图象如下图，以下说法正确的选项是A．第1s内和第6s内的速度方向相反B．第1s内和第6s内的加速度方向相反C．第2s内的加速度为零D．第6s末物体回到原出发点4．有一种大型游戏器械，是一个圆筒状大型容器，筒壁竖直．游客进入容器后紧靠筒壁站立，当圆筒的转速到达某一数值时，其底板突然塌落，游客发现自己竟然没有掉下去！以下说法正确的选项是A．游客处于超重状态 B．游客处于失重状态C．游客受到的摩擦力于重力 D．筒壁对游客的支持力于重力5．如下图的弹簧秤质量为 m0，挂钩下面悬挂一个质量为 m 的重物，现用一方向竖直向上的外力 F 拉着弹簧秤，使其向上做匀加速直线运动，那么弹簧秤的示数与拉力 F 之比为A．m0 ： m B． m ： m0C．m0： (m + m0) D． m ： (m + m0)6．气象卫星是用来拍摄云层照片，观测气象资料和测量气象数据的．我国先后自行研制和发射了“风云Ⅰ号〞和“风云Ⅱ号〞两颗气象卫星．“风云Ⅰ号〞卫星轨道与赤道平面垂直并且通过两极，称为“极地圆轨道〞，每12 h巡视地球一周．“风云Ⅱ号〞气象卫星轨道平面在赤道平面内，称为“地球同步轨道〞，每24h巡视地球一周，那么“风云Ⅰ号〞卫星比“风云Ⅱ号〞卫星A．发射速度小 B．线速度大C．覆盖地面区域大 D．向心加速度小7．一物体沿着直线运动的 v — t 图象如下图，前2s内合外力对物体做的功为 W，那么：A．从第1s末到第2s末合外力做的功为 WB．从第3s末到第5s末合外力做的功为— WC．从第5s末到第7s末合外力做的功为 WD．从第3s末到第5s末合外力做的功为— W8．在以某点电荷为球心的球面上，各点相同的物理量为A．电场强度 B．同一电荷受到的电场力C．电势D．同一电荷具有的电势能9．如下图，A、B、C、D 四图中的小球以及小球所在的左侧斜面完全相同，现从同一高度 h 处由静止释放小球，使之进入右侧不同的竖直轨道：除去底部一小段圆弧，A图中的轨道是一段斜面，高度大于 h；B 图中的轨道与 A 图中轨道相比只是短了一些，且斜面高度小于 h；C 图中的轨道是一个内径略大于小球直径的管道，其上部为直管，下部为圆弧形，与斜面相连，管的高度大于 h；D 图中的轨道是个半圆形轨道，其直径于 h．如果不计任何摩擦阻力和拐弯处的能量损失，小球进入右侧轨道后能到达 h 高度的是10．如下图，在真空中有两个带正电的点电荷，分别置于M、N 两点．M 处正电荷的电荷量大于 N 处正电荷的电荷量， A、B 为 M、N 连线的中垂线上的两点．现将一负点电荷 q 由 A 点沿中垂线移动到 B 点，在此过程中，以下说法正确的选项是A．q 的电势能逐渐减小B．q 的电势能逐渐增大C．q 的电势能先增大后减小D．q 的电势能先减小后增大2007—2021度第一学期期中教学质量统一检测高三物理 2001第二卷〔非选择题共60分〕二、题：此题共2小题，共15分．按题目要求答在答题纸相位置的横线上．11．〔8分〕探究活动通常包括以下几个环节：提出问题、猜测与假设、制方案与设计、进行与收集证据、分析与论证、评估、交流与．一位同学在学习了滑动摩擦力之后，认为滑动摩擦力的大小可能与两物体接触面积的大小有关，于是他通过探究这个问题．〔1〕这位同学认为：滑动摩擦力的大小与两物体接触面积的大小成正比，这属于上述探究的环节．〔2〕为完本钱，需要自己制做木块．他制做的木块是以下选项中的 . A．各面粗糙程度相同的正方体B．各面粗糙程度不同的正方体C．各面粗糙程度相同，长宽高各不相同的长方体D．各面粗糙程度不相同，长宽高各不相同的长方体〔3〕本中，该同学设计了两种方案：方案一：木板水平固，通过弹簧秤水平拉动木块，如图〔a〕所示．方案二：木块与弹簧秤相连，弹簧秤水平固，通过细绳水平拉动木板，如图〔b〕所示．①上述两种方案中，你认为更合理、更易于操作的是〔填“方案一〞或“方案二〞〕．②该记录的数据是 .12．〔7分〕在用打点计时器验证机械能守恒律的中，使质量为 m =1. 00 kg的重物自由下落，打点计时器在纸带上打出一的点，选取一条符合要求的纸带如下图．O 为第一个点，A、B、C 为从适宜位置开始选取的三个连续点〔其他点未画出〕．打点计时器每隔0.02 s打一个点，当地的重力加速度为 g =9. 80m/s2．那么：〔1〕纸带的端〔填“左〞或“右’〕与重物相连；〔2〕根据图上所得的数据，取图中 O 点到点来验证机械能守恒律；〔3〕从 O 点到〔2〕问中所取的点，重物重力势能的减少量△EP = J，动能增加量△Ek = J〔结果取3位有效数字〕；13．〔10分〕为了平安，在公路上行驶的之间保持必要的距离，我国部门规：高速公路上行驶的的平安距离为200m，最高时速为120km/h，请你根据下面提供的资料，通过计算来说明平安距离为200m的理论依据〔取 g =10m/s2〕．资料一:行驶员的反时间:0.3s～0.6s之间资料二:各种路面与轮胎之间的动摩擦因数〔1〕在计算中驾驶员的反时间、路面与轮胎之间的动摩擦因数各取多少？〔2〕通过你的计算来说明平安距离为200m的必要性．14．〔11分〕如下图，在光滑水平面 AB上，水平恒力F 推动质量为 m=1kg的物体从A点由静止开始作匀加速直线运动．物体到达 B点时撤去 F，接着又冲上光滑斜面〔设经过B点前后速度大小不变〕，最高能到达 C 点．用速度传感器测量物体的瞬时速度，表中记录了测量数据．求：t〔s〕0.0 0.2 0.4 ……v〔m/s〕0.0 0.4 0.8 … 3.0 2.0 1.0 …〔1〕恒力F 的大小；〔2〕斜面的倾角；〔3〕 t ＝s时物体的速度 v．15．〔12分〕如下图，在 xoy 平面上第Ⅰ象限内有平行于 y 轴的有界匀强电场，方向如图． y 轴上一点P的坐标为〔0，y0〕，有一电子以垂直于 y 轴的初速度 v0从 P 点垂直射入电场中，当匀强电场的场强为E1时电子从 A 点射出，A 点坐标为〔x A，0〕，当场强为 E2时，电子从 B点射出，B点坐标为〔x B，0〕．电子的电量为 e，质量为 m，不计电子的重力．〔1〕求匀强电场的场强 E1、E2之比；〔2〕假设在第Ⅳ象限过 Q 点放一张垂直于 xoy 平面的感光片，Q 点的坐标为〔0，－y0〕，求感光片上曝光点的横坐标 x A′、x B′之比．16．〔12分〕如下图，半径为 R 的光滑圆轨道竖直放置，长为2R 的轻质杆两端各固一个可视为质点的小球 A、B．把轻杆水平放入圆形轨道内，假设 m A= 2m ， m B = m，重力加速度为 g．现由静止释放两球，当轻杆到达竖直位置时，求：〔1〕A、B 两球的速度大小；〔2〕A 球对轨道的压力；〔3〕要使轻杆到达竖直位置时，轻杆上刚好无弹力， A、B 两球的质量满足的条件．2007—2021度第一学期期中教学质量统一检测高三物理答案及评分 2007．11一、选择题：此题共10小题，每题4分，共40分．1．C 2．B 3．B 4．C 5．D 6．ABC 7．BC 8．CD 9．AC 10．B二、题：此题共2小题，共15分．11．〔8分〕〔1〕猜测与假设〔2分〕；〔2〕C〔2分〕〔3〕①方案二〔2分〕②弹簧秤的读数和木块底面的长宽〔或底面面积〕〔2分〕12．〔7分〕〔1〕左〔1分〕〔2〕B〔2分〕〔3〕8〔2分〕，4〔2分〕三、计算题：共 4小题，共45分．13．〔10分〕参考解答：〔1〕驾驶员反时间 t =0.6s，动摩擦因数μ = 0.32---------------------------------〔2分〕〔2〕在反时间内做匀速直线运动，然后刹车做匀减速直线运动．因此，高速公路上平安行驶距离为200m是必要的．14．〔11分〕参考解答：〔1〕物体从 A 到 B 过程中：∴F = ma1 = 2N〔2〕物体从 B 到 C 过程中：〔3〕设 B 点的速度为 vB，研究在 0.4～s时间段内从 v = 0.8m/s到 B 点过程，从 B 点到 v = 3m/s 过程，解得：所以，当 t =2s时物体刚好到达 B 点．当 t =s时，15．〔12分〕参考解答：（1）当场强为 E1时：当场强为 E2 时：解得：〔2〕设场强为 E1时，电子射出电场时的偏转角为θ1设电场为 E2时，电子射出电场时的偏转角为θ2解得：。
高三物理上学期期中试卷
高三物理上学期期中试卷本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分，共120分．考试时间100分钟． 注意事项：1、答题前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的班级、姓名、学号、准考证号等填涂写清楚．2、第Ⅰ卷选择题答案必须填涂在答题卡的答题表内；第Ⅱ卷非选择题部分必须使用黑色0.5mm 签字笔书写在答题卷上，字体工整、笔迹清晰.作图题作好后要用2B 铅笔描黑。
3、请按题号顺序在各题目的答题区域内作答，书写不能超出横线或方格，超出答题区域写的答案无效。
第I 卷（选择题 共40分）一、单项选择题,在每小题给出的四个选项中,只有一个选项正确。
(3×8)1．如图所示，电灯悬挂于两墙之间，更换绳OA ，使连接点A 向上移，但保持O 点位置不变，则A 点向上移时，绳OA 的拉力（ ）A.逐渐增大；B.逐渐减小；C.先增大后减小；D.先减小后增大。
2. 下列说法不正确的是 ( )A ．平抛运动的物体速度变化的方向始终是竖直向下的B ．做圆周运动的物体所受各力的合力一定是向心力C ．两个速率不等的匀速直线运动的合运动一定也是匀速直线运动D ．做圆周运动的物体，其加速度不一定指向圆心3．据报道，我国研制的“嫦娥一号”飞船，预计在2007年10月发射，设“嫦娥一号”在距离月球表面高h 处绕月球做匀速圆周运动，已知月球半径为R ，月球表面的重力加速度为g0，则“嫦娥一号”环绕月球运行的周期为（ ）A.04g R π；B.02)(4g h R +π； C.2g hR h π； D.)(2g h R Rh R ++π4．一根放在水平面内的光滑玻璃管绝缘性很好，内部有两个完全相同的弹性金属小球A 和B ，带电量分别为＋9Q 和—Q ，两球从图示的位置由静止释放，那么两球再次经过图中的原静止位置时，A 球的瞬时加速度为释放时的 ( )A ．16/9倍B ．9/16倍C ．1倍D ．3/20倍5.如图所示，实线表示未标明方向的由点电荷产生电场的电场线，虚线是某一带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a 、b 是轨迹上的两点，若带电粒子在运动中只受电场力作用，根据此图不能做出正确判断的是( )A 带电粒子所带电荷的正、负B 带电粒子在a 、b 两点的受力何处较大C 带电粒子在a 、b 两点的速度何处较大D 带电粒子在a 、b 两点的电势能何处较大6．在研究微型电动机的性能时，应用如图2所示的实验电路．当调节滑动变阻器R 使电动机停止转动时，电流表和电压表的示数分别为0.50A 和2.0V ．重新调节R 使电动机恢复正常运转，此时电流表和电压表的示数分别为2.0A 和24.0V ，则这台电动机正确运转时的输出功率为（ ）A ．32WB ．44WC ．47WD ．48Wab7．欧姆表电路及刻度盘如图所示，现因表头损坏，换用一个新表头.甲表头满偏电流为原来表头的2倍，内阻与原表头相同；乙表头满偏电流与原表头相同，内阻为原表头的2倍，则换用甲表头和换用乙表头后刻度盘的中值电阻分别为( ).(A)100Ω，100Ω (B)200Ω，100Ω (C)50Ω，100Ω (D)100Ω，200Ω8.如图所示的电路中，电键S1、S2、S3、S4均闭合，C 是极板水平放置的平行板电容器，极板间悬浮着一油滴P ，欲使P 向下运动，应断开电键( ).(A)S1 (B)S2 (C)S3 (D)S4二、多项选择题。
高三物理上学期期中试题(含解析)
峙对市爱惜阳光实验学校一中高三上学期期中考试物理试卷一、选择题〔此题共14小题，每题只有一个选项符合题意，每题3分，共42分〕1．链球运动是使用双手进行投掷的竞赛工程．运发动双手紧握链条的一端，另一端拴一重球，绕竖直轴做圆周运动．在转速不断增大的过程中，某时刻突然松手，链球水平飞出．以下说法中正确的选项是〔〕A．松手前链条的拉力总是与球的速度方向垂直B．松手时球在重力和离心力作用下向外飞出C．球飞出后在空中运动时间与松手时球的速率无关D．球飞出的水平距离仅由松手时球的速率决考点：平抛运动．.专题：平抛运动专题．分析：松手前重球做加速运动，速度越来越大，松手后只在重力作用下做平抛运动，根据平抛运动及圆周运动相关知识即可求解．解答：解：A、假设松手前链条的拉力总是与球的速度方向垂直，那么球做匀速圆周运动，而题目中重球的速度越来越大，故A错误；B、松手后只在重力作用下做平抛运动，故B错误；C、球飞出后在空中运动时间由球所处的高度决与松手时球的速率无关，故C正确；D、球飞出的水平距离由松手时球所处的高度及球的速率决，故D错误．应选C点评：解决此题的关键掌握处理平抛运动的方法，平抛运动可分解为水平方向上的匀速直线运动和竖直方向上的自由落体运动．且分运动与合运动具有时性．2．〔3分〕如下图，一个“Y〞字形弹弓顶部跨度为L，两根相同的橡皮条均匀且弹性良好，其自由长度均为L，在两橡皮条的末端用一块软羊皮〔长度不计〕做成裹片可将弹丸发射出去．假设橡皮条的弹力满足胡克律，且劲度系数为k，发射弹丸时每根橡皮条的最大长度为2L〔弹性限度内〕，那么弹丸被发射过程中所受的最大弹力为〔〕A．B．C．K L D．2KL考点：力的合成．.分析：当橡皮条的长度最大时，橡皮条的弹力最大，两个弹力的夹角最小，那么两弹力的合力最大，根据平行四边形那么求出最大弹力．解答：解：根据胡克律知，每根橡皮条的弹力：F=k〔2L﹣L〕=kL．设此时两根橡皮条的夹角为θ，根据几何关系知：sin=．根据平行四边形那么知，弹丸被发射过程中所受的最大弹力为：F合=2Fcos =．故A正确，B、C、D错误．应选：A．点评：此题考查了胡克律与力的合成的综合，难度中，对数学几何要求较高．3．如下图，a、b两个质量相同的球用线连接，a球用线挂在天花板上，b球放在光滑斜面上，系统保持静止，以以下图示哪个是正确的〔〕A．B．C．D．考点：共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．.专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：先对b球受力分析，受重力、支持力和拉力，根据共点力平衡条件先判断下面的细线的方向；再对ab两个球整体受力分析，受重力、支持力和拉力，再次根据共点力平衡条件判断上面的细线的方向．解答：解：对b球受力分析，受重力、斜面对其垂直向上的支持力和细线的拉力，由于三力平衡时三个力中任意两个力的合力与第三个力值、反向、共线，故细线拉力向右上方，故A图错误；再对ab两个球整体受力分析，受总重力、斜面垂直向上的支持力和上面细线的拉力，再次根据共点力平衡条件判断上面的细线的拉力方向斜向右上方，故C、D图均错误；应选B．点评：此题关键是先通过对b球受力分析后判断出下面细线的拉力方向，再对两球整体受力分析，判断上面细线的拉力方向．4．〔3分〕从地面以大小为v1的初速度竖直向上抛出一个皮球，经过时间t皮球落回地面，落地时皮球速度的大小为v2．皮球在运动过程中受到空气阻力的大小与速度的大小成正比，重力加速度大小为g．下面给出时间t的四个表达式中只有一个是合理的，你可能不会求解t，但是你可以通过一的物理分析，对以下表达式的合理性做出判断．根据你的判断，t的合理表达式为〔〕A．t=B．t=C．t=D．t=考点：竖直上抛运动．.分析：时间的单位该是s，从而可以确A错误；如果没有空气的阻力，选项C为0，故C错误；选项B为忽略空气阻力时的答案，故D错误，从而最后得到答案．解答：解：、A、如果不考虑空气的阻力，那么v1=v2，t上=t下=故运动的总时间t=2，由于空气阻力作用，v2＜v1，＜2故A答案是合理的，故A正确．B、假设空气的阻力为0，那么v1=v2，那么t上=t下，故运动的总时间t=而，故B错误．C、时间的单位该是s ，的单位为m，故C错误；D、由A分析知，D错误应选：A点评：此题考查了单位制及运动学的根本公式，解决此类题目主要方法是利用所学的知识用淘汰法进行处理，同时注意采用可以采取忽略次要因素的思想5．〔3分〕质量为2kg的物体在x﹣y平面上作曲线运动，在x方向的速度图象和y方向的位移图象如下图，以下说法正确的选项是〔〕A．质点初速度的方向与合外力方向垂直B．质点所受的合外力为6NC．质点的初速度为5m/sD． 2s末质点速度大小为6m/s考点：匀变速直线运动的图像．.专题：运动的图像专题．分析：根据速度图象判断物体在x轴方向做匀加速直线运动，y轴做匀速直线运动．根据位移图象的斜率求出y轴方向的速度，再将两个方向的合成，求出初速度．质点的合力一，做匀变速运动．y轴的合力为零．根据斜率求出x轴方向的合力，即为质点的合力．合力沿x轴方向，而初速度方向既不在x 轴，也不在y轴方向，质点初速度的方向与合外力方向不垂直．解答：解：A、x轴方向初速度为v x=3m/s，y轴方向初速度v y=﹣4m/s，质点的初速度v0==5m/s．合力沿x轴方向，而初速度方向既不在x轴，也不在y轴方向，质点初速度的方向与合外力方向不垂直，故A错误，C正确；B、x轴方向的加速度a=1.5m/s2，质点的合力F合=ma=3N．故B错误．D、2s末速度大小为v=＞6m/s，故D错误；应选：C．点评：此题考查运用运动合成与分解的方法处理实际问题的能力，类似平抛运动．中难度．6．〔3分〕A、D分别是斜面的顶端、底端，B、C是斜面上的两个点，AB=BC=CD，E点在D点的正上方，与A高．从E点以一的水平速度抛出质量相的两个小球，球1落在B点，球2落在C点，关于球1和球2从抛出到落在斜面上的运动过程〔〕A．球1和球2运动的时间之比为2：1B．球1和球2动能增加量之比为1：4C．球1和球2抛出时初速度之比为2：1D．球1和球2运动时的加速度之比为1：2考点：平抛运动．.专题：平抛运动专题．分析：平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据高度确运动的时间，通过水平位移求出初速度之比．根据动能理求出动能的增加量之比．解答：解：A、因为AC=2AB，那么AC的高度差是AB高度差的2倍，根据h=gt2得：t=，解得运动的时间比为1：．故A错误；B、根据动能理得，mgh=△E k，知球1和球2动能增加量之比为1：2．故B错误；C、由图象，球2在水平方向上的位移是球1在水平方向位移的2倍；由A项分析，球1和球2运动的时间之比为1：；结合x=v0t，解得球1和球2抛出时初速度之比为2：1．故C正确；D、平抛运动的加速度为g，两球的加速度相同．故D错误．应选：C．点评：解决此题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式进行求解．7．〔3分〕〔2021•模拟〕把动力装置分散安装在每节车厢上，使其既具有牵引动力，又可以载客，这样的客车车厢叫做动车．而动车组就是几节自带动力的车厢加几节不带动力的车厢编成一组．带动力的车厢叫动车，不带动力的车厢叫拖车．设动车组运行过程中的阻力与质量成正比，每节动车与拖车的质量都相，每节动车的额功率都相，假设开动一节动车带三节拖车，最大速度可到达150km/h．当开动二节动车带三节拖车时，最大速度可到达〔〕A．200km/h B．240km/h C．280km/h D．300km/h考点：功率、平均功率和瞬时功率．.专题：功率的计算专题．分析：当功率一时，当牵引力于阻力时，速度到达最大．根据P=Fv=fv去求最大速度．解答：解：假设开动一节动车带三节拖车，最大速度可到达150km/h．的功率为P，设每节车厢所受的阻力为f，那么有P=4fv，当开动二节动车带三节拖车时，有2P=5fv′，联立两式解得v′=240km/h．故B正确，A、C、D 错误．应选B．点评：解决此题的关键知道功率与牵引力的关系，以及知道功率一，当牵引力与阻力相时，速度最大．8．〔3分〕如下图，分别用恒力F1、F2先后将同一物体由静止开始沿同一粗糙的固斜面由底端推到顶端，两次所用时间相同，第一次力F1沿斜面向上，第二次力F2沿水平方向，那么在两个过程中〔〕A．合外力做的功相同B．F1做的功与F2做的功相同C． F1做功的功率比与F2做功的功率大D．物体机械能变化量不相同考点：功率、平均功率和瞬时功率．.专题：功率的计算专题．分析：两物体均做匀加速直线运动，在相的时间内沿斜面上升的位移相，但斜面对物体的摩擦力不同，所以推力做功不同．解答：解：A、由公式x=at2得，由于x和t均相同，故加速度a相同，由v=at，t相同，那么物体到达斜面顶端时速度相同，动能相同，那么动能变化量相同，根据动能理得知，合外力做功相．由图示分析可知，第一个物体所受的摩擦力小于第二个物体所受的摩擦力，故两物体克服摩擦力做功不同，重力做功相同，F1做的功比F2做的少故A正确B错误；C、物体的运动情况相同，重力做功功率相同，图2中克服摩擦力做功的功率大，故F l做功的功率比F2做功的功率小，C错误；D、物体末速度相同，又由于处于相同的高度，所以两物体机械能变化相同，故D错误；应选：A．点评：由物体的运动特征判断出物体机械能的增量关系，结合此题功能关系：除重力以外的合力对物体做功于机械能的增量，不难看出结果．9．〔3分〕如下图，一根细线下端拴一个金属小球P，细线的上端固在金属块Q〔可视为质点〕上，Q放在带小孔〔小孔是光滑〕的水平桌面上，小球在某一水平面内作匀速圆周运动〔圆锥摆〕．现使小球改到一个更高一些的水平面上作匀速圆周运动〔图中P′位置〕，两次金属块Q都静止在桌面上的同一点，那么后一种情况与原来相比拟，下面的判断中正确的选项是〔〕A． Q受到桌面的支持力变大B．Q受到桌面的摩擦力不变C．小球P运动的周期变大D．小球P运动的线速度变大考点：向心力；牛顿第二律．.专题：牛顿第二律在圆周运动中的用．分析：金属块Q保持在桌面上静止，根据平衡条件分析所受桌面的支持力是否变化．以P为研究对象，根据牛顿第二律分析细线的拉力的变化，判断Q受到桌面的静摩擦力的变化．由向心力知识得出小球P运动的角速度、周期与细线与竖直方向夹角的关系，再判断其变化．解答：解：A、金属块Q保持在桌面上静止，根据平衡条件得知，Q受到桌面的支持力于其重力，保持不变．故A错误．B、C设细线与竖直方向的夹角为θ，细线的拉力大小为T，细线的长度为L．P球做匀速圆周运动时，由重力和细线的拉力的合力提供向心力，如图，那么有T=，mgtanθ=mω2Lsinθ，得角速度ω=，周期T==2使小球改到一个更高一些的水平面上作匀速圆周运动时，θ增大，cosθ减小，那么得到细线拉力T增大，角速度增大，周期T减小．对Q球，由平衡条件得知，Q受到桌面的静摩擦力变大．故BC错误．D、根据V=Rω，半径增大，角速度增大，故线速度增大，D正确应选：D点评：此题中一个物体静止，一个物体做匀速圆周运动，分别根据平衡条件和牛顿第二律研究，分析受力情况是关键．10．〔3分〕如下图，一小球从斜轨道的某高度处由静止滑下，然后沿竖直光滑轨道的内侧运动．圆轨道的半径为R，忽略一切摩擦阻力．那么以下说法正确的选项是〔〕A．在轨道最低点、最高点，轨道对小球作用力的方向是相同的B．小球的初位置比圆轨道最低点高出2R时，小球能通过圆轨道的最高点C．小球的初位置比圆轨道最低点高出0.5R时，小球在运动过程中能不脱离轨道D．小球的初位置只有比圆轨道最低点高出R时，小球在运动过程中才能不脱离轨道考点：机械能守恒律；牛顿第二律；向心力．.专题：机械能守恒律用专题．分析：使小球能够通过圆轨道最高点，那么小球在最高点时该是恰好是物体的重力作为物体的向心力，由向心力的公式可以求得此时的最小的速度，再由机械能守恒可以求得离最低点的高度h．解答：解：A、小球在最高点时，假设受弹力，那么弹力一竖直向上；而在最低点，支持力与重力的合力充当向心力，故作用力一向上，故A错误；B、要使小球能通过最高点，那么在最高点处有：mg=；再由机械能守恒律可知mgh=mg2R+mv2；解得小球初位置的高度至少为h=R；故小球高出R时，小球才能通过最高点，故B错误；C、假设小球距最低点高出0.5R时，由机械能守恒可知，小球到达高的地方，即0.5R处，小球受到圆轨道的支持，不会脱离轨道，故C正确；D、由C的分析可知，假设小球的初位置低于0.5R时，也不会脱离轨道，故D错误；应选：C．点评：此题考查机械能守恒及向心力公式，明确最高点的临界速度，并注意小球在轨道内不超过R时也不会离开轨道．11．〔3分〕如下图，在粗糙的水平面上，质量分别为m和2m的物块A、B用轻弹簧相连，两物块与水平面间的动摩擦因数相同．当用水平力F作用于A 上，且两物块以相同加速度向左加速运动时，弹簧的伸长量为x；当用同样大小，方向相反的力作用于B上，且两物块以相同加速度向右加速运动时，弹簧的伸长量为〔〕A． x B．xC． 2x D．动摩擦因数未知，无法求出考点：牛顿第二律；胡克律．.专题：牛顿运动律综合专题．分析：对整体分析，根据牛顿第二律求出整体的加速度，再隔离分析求出弹簧的弹力，结合胡克律得出弹簧的伸长量．解答：解：当用水平力F作用于A上，且两物块以相同加速度向左加速运动时，整体的加速度a=，隔离对B分析，根据牛顿第二律有：F弹﹣μ•2mg=2ma，解得．当用同样大小，方向相反的力作用于B上，整体的加速度a′=，隔离对A分析，根据牛顿第二律有：F弹′﹣μmg=ma′，解得．根据胡克律得，，，解得．故A正确，B、C、D错误．应选：A．点评：此题考查了牛顿第二律和胡克律的综合运用，关键能够正确地受力分析，运用整体法和隔离法进行求解．12．〔3分〕如下图，离水平地面一高处水平固一内壁光滑的圆筒，筒内固一轻质弹簧，弹簧处于自然长度．现将一小球从地面以某一初速度斜向上抛出，刚好能水平进入圆筒中，不计空气阻力．以下说法中正确的选项是〔〕A．弹簧获得的最大弹性势能于小球抛出时的动能B．小球上升的过程中处于超重状态C．小球压缩弹簧的过程中小球减小的动能于弹簧增加的势能D．小球从抛出到将弹簧压缩到最短的过程中小球的机械能守恒考点：动能理的用；牛顿运动律的用-超重和失重．.专题：动能理的用专题．分析：平抛运动可以沿水竖直方向正交分解，根据运动学公式结合几何关系可以列式求解；小球抛出到将弹簧压缩过程，小球的动能、重力势能和弹簧的弹性势能总量守恒．解答：解：A、小球抛出到将弹簧压缩过程，小球的动能、重力势能和弹簧的弹性势能总量守恒，小球的动能转化为重力势能和弹簧的弹性势能，故A错误；B、小球抛出的过程中加速度为g，竖直方向，处于失重状态，故B错误；C、小球压缩弹簧的过程，小球的动能和弹簧的弹性势能总量守恒，所以小球减小的动能于弹簧增加的势能，故C正确；D、小球从抛出到将弹簧压缩到最短的过程中，小球和弹簧组成的系统机械能守恒，而小球的机械能不守恒，故D错误．应选：C点评：此题关键抓住机械能守恒律求解，注意整个过程中是系统机械能守恒，小球机械能不守恒．13．〔3分〕我国在轨运行的气象卫星有两类，一类是极地轨道卫星﹣风云1号，绕地球做匀速圆周运动的周期为12h，另一类是地球同步轨道卫星﹣风云2号，运行周期为24h．以下说法正确的选项是〔〕A．风云1号的线速度小于风云2号的线速度B．风云1号的向心加速度大于风云2号的向心加速度C．风云1号的发射速度大于风云2号的发射速度D．风云1号、风云2号相对地面均静止考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．.专题：人造卫星问题．分析：卫星绕地球圆周运动万有引力提供圆周运动向心力，据此分析周期与半径的关系，再分析线速度、向心加速度与半径的关系即可．解答：解：卫星绕地球圆周运动有：可知，风号卫星周期和半径均小于风号卫星的周期和半径．A 、根据万有引力提供圆周运动向心力有卫星的线速度，所以风号卫星的半径小，线速度大，故A错误；B 、根据万有引力提供圆周运动向心力有卫星的向心加速度a=，风号的半径小，向心加速度大于风号卫星的向心加速度，帮B正确；C、向高轨道上发射卫星需要克服地球引力做更多的功，故向高轨道上发射卫星需要更大的发射速度，故C错误；D、风云2号是同步卫星，相对地面静止，而风云1号不是同步卫星，相对地面是运动的，故D错误．应选：B．点评：根据万有引力提供圆周运动向心力分析半径与周期的关系，再由半径关系分析其它物理量的关系是正确解题的关键．14．〔3分〕如下图，在匀速转动的电动机带动下，足够长的水平传送带以恒速率v1匀速向右运动，一质量为m的滑块从传送带右端以水平向左的速率v2〔v2＞v1〕滑上传送带，最后滑块返回传送带的右端．关于这一过程的以下判断，不正确的有〔〕A．滑块返回传送带右端的速率为v1B．此过程中传送带对滑块做功为mv﹣mvC．此过程中电动机对传送带做功为mvD．此过程中滑块与传送带间摩擦产生的热量为m〔v1+v2〕2考点：功能关系；牛顿第二律．.分析：物体由于惯性冲上皮带后，受到向左的滑动摩擦力，减速向右滑行，之后依然受到向左的滑动摩擦力，会继续向左加速，然后根据v1小于v2的情况分析．根据动能理得全过程传送带对物块做的总功．根据能量守恒找出各种形式能量的关系．解答：解：A：由于传送带足够长，物体减速向左滑行，直到速度减为零，然后物体会在滑动摩擦力的作用下向右加速，由于v1＜v2，物体会先在滑动摩擦力的作用下加速，当速度增大到于传送带速度时，物体还在传送带上，之后不受摩擦力，故物体与传送带一起向右匀速运动，有v′2=v1；故A正确；B：此过程中只有传送带对滑块做功根据动能理W′=△E K得：W=△E K=mv12﹣mv22，故B正确，C错误；D、设滑块向左运动的时间t1，位移为x1，那么：x1=t1=t1摩擦力对滑块做功：W1=fx1=f t1…①又摩擦力做功于滑块动能的减小，即：W1=mv22…②该过程中传送带的位移：x2=v1t1摩擦力对滑块做功：W2=fx2=fv1t1=fv 1=2fx…③将①②代入③得：W2=mv1v2设滑块向左运动的时间t2，位移为x3，那么：x3=t2摩擦力对滑块做功：W3=fx3=mv12该过程中传送带的位移：x4=v1t2=2x3滑块相对传送带的总位移：x相=x1+x2+x4﹣x3=x1+x2+x3滑动摩擦力对系统做功：W总=fx相对=W1+W2+W3=m〔v1+v2〕2滑块与传送带间摩擦产生的热量大小于通过滑动摩擦力对系统做功，Q=W总=f•x相=m〔v1+v2〕2，故D 正确；此题选错误的，应选：C．点评：此题关键是对于物体返回的过程分析，物体先做减速运动，之后反向加速，最后做匀速运动．但是计算滑块与传送带间摩擦产生的热量的过程太复杂．二、题〔此题共3小题，每空格2分，共计16分．把答案填在答题卷相的横线上或按题目要求作答．〕15．〔4分〕在“探究求合力的规律〞的中，如图是一个同学某次用两弹簧秤通过细线Oa、Ob拉橡皮条OO′的情况，其中错误或不妥当之处有：①细线Oa太短；②两线夹角太小；③弹簧的轴线没有与细线在同一直线上．〔至少写两条〕考点：验证力的平行四边形那么．.专题：题；平行四边形法那么图解法专题．分析：正确理解该的原理是解题的关键，在该中，要正确测量弹力的大小和方向，同时做的平行四边形要大小适中，不能太小，以免增大误差．解答：解：在该中要正确测量弹簧的示数和弹力方向，在确方向时，在细线下方用铅笔点得点距离要适当的大些，因此细线不能太短；同时弹簧的轴线和细线要在同一直线上，这样测量才能准确；作图时，平行四边形要适度大些，不能太小．故答案为：①细线Oa太短；②两线夹角太小；③弹簧的轴线没有与细线在同一直线上．〔说任意两条即可〕．点评：此题通过改错，考查了对的具体操作情况，要在具体操作中明确误差产生原因，以及具体操作中的考前须知．16．〔6分〕某同学将力传感器固在小车上，然后把绳的一端固在传感器拉钩上，用来测量绳对小车的拉力，探究在小车及传感器总质量不变时加速度跟它们所受拉力的关系，根据所测数据在坐标系中作出了如下图的a﹣F图象．〔1〕图线不过坐标原点的原因是没有平衡摩擦力，或平衡的不够．〔2〕本中是否仍需要砂和桶的总质量远小于小车和传感器的总质量．否〔填“是〞或“否〞〕．〔3〕由图象求出小车和传感器的总质量为 1 kg．考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．.专题：题；牛顿运动律综合专题．分析：〔1〕由图象可知，当F≠0时，加速度仍然为零，说明没有平衡摩擦力，或平衡的不够；〔2〕该中由于已经用传感器测出绳子拉力大小，故不需要满足砝码和砝码盘的总质量远小于小车的质量．〔3〕a﹣F图象中的斜率表示质量的倒数．解答：解：〔1〕由图象可知，当F≠0时，加速度仍然为零，说明没有平衡摩擦力，或平衡的不够；〔2〕该中由于已经用传感器测出绳子拉力大小，不是将砝码和砝码盘的重力作为小车的拉力，故不需要满足砝码和砝码盘的总质量远小于小车的质量．〔3〕a﹣F图象中的斜率表示质量的倒数，由图可知，k=，所以质量M=kg故答案为：没有平衡摩擦力，或平衡的不够；否；1点评：中我们要清楚研究对象和研究过程，明确原理是解答问题的前提．17．〔6分〕用如下图的装置做“探究功与速度变化的关系〞的时：〔1〕以下说法正确的选项是〔填字母代号〕ABCFA．为了平衡摩擦力，中可以将长木板的左端适当垫高，使小车拉着穿过打点计时器的纸带自由下滑时能保持匀速运动B．每次中橡皮筋的规格要相同，拉伸的长度要一样C．可以通过改变橡皮筋的条数来改变拉力做功的数值D．可以通过改变小车的质量来改变拉力做功的数值E．中要先释放小车再接通打点计时器的电源F．通过打点计时器打下的纸带来测小车加速过程中获得的最大速度G．通过打点计时器打下的纸带来测小车加速过程中获得的平均速度〔2〕假设在中，我们用1条、2条、3条…同样的橡皮筋进行1次、2次、3次…．中，如果橡皮筋拉伸的长度都相，那么每次橡皮筋对小车做的功可记作W、2W、3W…对每次打出的纸带进行处理，求出小车每次最后匀速运动时的速度v，记录数据见下表：功W 0 W 2W 3W 4W 5W 6Wv/〔m•s﹣1〕0 1.00 1 3 2.00 4 5据以上数据，在坐标纸中作出W﹣v2图象．〔3〕根据〔2〕题中的图象可以得出的结论是外力做功与物体速度平方成正比．考点：探究功与速度变化的关系．.专题：题；动能理的用专题．分析：1、小车在水平的平面上被橡皮筋拉动做功，导致小车的动能发生变化．小车的速度由纸带上打点来计算，从而能求出小车的动能变化．每次时橡皮筋伸长的长度都要一致，那么一根做功记为W，两根那么为2W，然后通过列表描点作图探究出功与动能变化的关系．2、根据题目图表中所给数据可以W﹣v、计算出v2，再作出W﹣v2图象，依据数学关系可以得出W和v2的关系．解答：解：〔1〕A、小车在水平面运动时，由于受到摩擦阻力导致小车速度在变化．所以适当倾斜以平衡摩擦力．小车所能获得动能完全来于橡皮筋做的功．应选项A正确；B、中每根橡皮筋做功均是一样的，所以所用橡皮筋必须相同，且伸长的长度也相同．应选项B正确；C、每次时橡皮筋伸长的长度都要一致，那么一根做功记为W，两根那么为2W，应选项C正确；D、是通过改变橡皮筋的条数来改变拉力做功的数值，应选项D错误；E、只要使用打点计时器的，都是先接通电源后释放纸带，应选项E错误；F、G：由于小车在橡皮筋的作用下而运动，橡皮筋对小车做的功与使小车能获得的最大速度有关，应选项F正确，选项G错误；应选：ABCF〔2〕根据题中数据计算出各个拉力做功下的v2，依次为：0，1，2，3，4，5，6．用描点法得出图象如下所示：。
高三物理上学期期中试题(含解析)
——————————新学期新成绩新目标新方向——————————2019届高三上学期期中考试物理试题一．选择题1. 如右图所示，人向右匀速推动水平桌面上的长木板，在木板翻离桌面以前，则( )A. 木板露出桌面后，推力将逐渐减小B. 木板露出桌面后，木板对桌面的压力将减小C. 木板露出桌面后，桌面对木板的摩擦力将减小D. 推力、压力、摩擦力均不变【答案】D【解析】木块的受力情况，重力G、推力F、桌面对木板的支持力N和摩擦力f，根据平衡条件得，又，由于不变，G不变，则得到N和f均不变，F不变．即推力、压力、摩擦力均不变，D正确．2. 如图所示，倾角为30°，重为80 N的斜面体静止在水平面上．一根弹性轻杆一端垂直固定在斜面体上，杆的另一端固定一个重为2 N的小球，小球处于静止状态时，下列说法正确的是( )A. 斜面体有向左运动的趋势B. 地面对斜面体的支持力为80 NC. 球对弹性轻杆的作用力为2 N，方向竖直向下D. 弹性轻杆对小球的作用力为2 N，方向垂直斜面向上【答案】C【解析】试题分析：杆、球、斜面均静止，可以看成整体，用整体法研究，相对于地面没有向左运动的趋势．由二力平衡可知，地面的支持力等于整体的重力82N．故AB均错误．小球保持静止状态，处于平衡状态，合力为零；再对小球受力分析，受重力和弹力，根据二力平衡条件可判断弹力和重力等值、反向、共线，故弹力为2N，竖直向上；根据牛顿第三定律，球对弹性杆的作用力为2N，方向竖直向下．故C正确、D错误．故选C。
考点：物体的平衡【名师点睛】本题关键结合平衡条件对物体受力分析，要注意杆的弹力方向可以与杆平行，也可以与杆不共线。
3. 如右图所示，轻弹簧的一端与物块P相连，另一端固定在木板上．先将木板水平放置，并使弹簧处于拉伸状态．缓慢抬起木板的右端，使倾角逐渐增大，直至物块P刚要沿木板向下滑动，在这个过程中，物块P所受静摩擦力的大小变化情况是 ( )A. 先减小后增大B. 先增大后减小C. 一直增大D. 保持不变【答案】A【解析】试题分析：设物块的重力为G，木板与水平面的夹角为θ，弹簧的弹力大小为F，静摩擦力大小为f．由题，缓慢抬起木板的右端，使倾角逐渐增大，直至物块P刚要沿木板向下滑动的过程中，弹簧的拉力不变，物块P的重力沿木板向下的分力先小于弹簧的弹力，后大于弹簧的弹力，物块P所受的静摩擦力方向先木板向下，后沿木板向上．当物块P的重力沿木板向下的分力小于弹簧的弹力时，则有Gsinθ+f=F，θ增大时，F不变，f减小；当物块P 的重力沿木板向下的分力大于弹簧的弹力时，则有Gsinθ=f+F，θ增大时，F不变，f增大；所以物块P所受静摩擦力的大小先减小后增大．故选A．考点：力的平衡【名师点睛】本题要抓住弹簧的拉力没有变化，重力的分力是变力，先小于弹簧的弹力，后大于弹簧的弹力，根据平衡条件进行动态变化分析。