江苏省泰州市兴化一中高一物理下学期第十六周周练试卷(含解析)
2022届江苏省泰州市高一(下)物理期末达标测试模拟试题含解析
2022届江苏省泰州市高一(下)物理期末达标测试模拟试题一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．(本题9分)如图所示，为齿轮传动装置示意图，A、B 两点均位于齿轮的边缘，则下列说法中正确的是（）A．v A>v B B．ωA>ωBC．v A=v B D．ωA=ωB2．(本题9分)如图所示，两端封闭的真空玻璃管内有一金属片，用电磁铁吸在上端。
切断电磁铁电源的同时，让玻璃管水平向右匀速移动，则管内金属片的运动轨迹可能是（）A．B．C．D．3．(本题9分)我国发生的“天链一号01号星”属于地球同步卫星．关于定点后的“天链一号01号星”，下列说法正确的是A．它同时受到万有引力和向心力B．它“定点”，所以处于静止状态C．它处于失重状态，不受重力作用D．它的速度大小不变，但加速度不为零4．如图所示，在斜面顶端的A点以速度v平抛一小球经t1时间落到斜面上B点处，若在A点将此小球以速度0.5v水平抛出，经t2落到斜面上的C点处，以下判断正确的是（）A．AB：AC=" 4" ：1 B．t1 ：t2=" 4" ：1 C．AB：AC = 2：1 D．t1：t2=：15．(本题9分)如图所示，在光滑水平面上放置一个质量为M的滑块，滑块的一侧是一个14弧形凹槽OAB，凹槽半径为R，A点切线水平。
另有一个质量为m的小球以速度v0从A点冲上凹槽，重力加速度大小为g，不计摩擦。
下列说法中正确的是（）A．当v0=2gR时，小球能到达B点B．如果小球的速度足够大，球将从滑块的左侧离开滑块后落到水平面上C．当v0=2gR时，小球在弧形凹槽上运动的过程中，滑块的动能一直增大D．如果滑块固定，小球返回A点时对滑块的压力为2 0 v R6．(本题9分)一辆汽车在水平公路上行驶，沿曲线由M向N减速转弯。
分析汽车在转弯时所受的合力F 的方向，正确的是A．B．C．D．二、多项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分7．(本题9分)某河宽为600 m，河中某点的水流速度v与该点到较近河岸的距离d的关系图象如图所示，现船以静水中的速度4 m/s渡河，且船渡河的时间最短，下列说法正确的是（）A．渡河最短时间为150 sB ．船在行驶过程中，船头始终与河岸垂直C ．船离开河岸400 m 时的速度大小为2m/sD ．船在河水中航行的轨迹是一条直线8． (本题9分)某静电场的电场线如图中实线所示，一带电粒子仅受电场力作用在电场中运动，虚线MN 为其运动轨迹，以下说法中正确的有A ．M 点场强大于N 点场强B ．M 点场强小于N 点场强C ．M 点电势高于N 点电势D ．M 点电势低于N 点电势9．2000年1月26日我国发射了一颗地球同步卫星，其定点位置与东经98°的经线在同一平面内，如图所示，发射地球同步卫星时，先将卫星发射至近地圆轨道1；然后点火，使其沿椭圆轨道2运行；最后再次点火，将卫星送入同步圆轨道1．轨道1、2相切于Q 点．轨道2、1相切于P 点．当卫星分别在l 、2、1轨道上正常运行时（ ）A ．若设卫星在轨道1上的速率v 1、卫星在轨道1上的速率v 1，则v 1＜v 1．B ．卫星要由轨道1变轨进入轨道2，需要在Q 点加速C ．若设卫星在轨道1上经过Q 点的加速度为a 1Q ；卫星在轨道2上经过Q 点时的加速度为a 2Q ，则a 1Q = a 2Q ．D ．卫星要由轨道2变轨进入轨道1，需要在P 点减速10． (本题9分)如图所示，水平传送带由电动机带动并始终保持以速度v 匀速运动．现将质量为m 的某物块由静止释放在传送带上的左端，经过时间t 物块保持与传送带相对静止．设物块与传送带间的动摩擦因数为μ，对于这一过程下列说法正确的是：（ ）A ．物块加速过程，摩擦力对物块做正功B ．物块匀速过程，摩擦力对物块做负功C ．摩擦力对木块做功为212mv D ．摩擦力对木块做功为0.5μmgvt11． (本题9分)如图甲所示，x 轴上固定两个点电荷Q 1、Q 2（Q 2位于坐标原点O ），轴上有M N P 、、三点，间距MN NP =，Q 1、Q 2在轴上产生的电势ϕ随x 变化关系如图乙，下列说法错误的是A ．M 点电场场强大小为零B ．N 点电场场强大小为零C ．M 、N 之间电场方向沿x 轴负方向D ．一正试探电荷从P 移到M 过程中，电场力做功PN NM W W <12． (本题9分)如图所示，将一轻弹簧下端固定在倾角为θ的粗糙斜面底端，弹簧处于自然状态时上端位于A 点。
2020年江苏省泰州市兴化板桥高级中学高一物理模拟试题含解析
2020年江苏省泰州市兴化板桥高级中学高一物理模拟试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 如图所示，在匀速转动的圆筒内壁上紧靠着一个物体与圆筒一起运动，物体相对桶壁静止．则（）物体受到4个力的作用．物体所受向心力是物体所受的重力提供的．物体所受向心力是物体所受的弹力提供的．D．物体所受向心力是物体所受的静摩擦力提供的．参考答案：2. 跳伞表演是观赏性很强的体育项目。
当运动员从直升飞机由静止跳下后，在下落过程中会受到水平风力的影响，如图所示。
下列说法中正确的是（）A．风力越大，运动员下落时间越长B．风力越大，运动员着地速度越大C．运动员下落时间与风力无关D．运动员着地速度与风力无关参考答案：BC3. （单选）“和平使命―2013”中俄联合反恐军事演习,2013年7月27日在俄罗斯中部军区切巴尔库尔合同训练场举行实兵演习。
中俄双方共投入兵力1000多人,坦克、步战车、自行火炮等近百台,歼击轰炸机和武装直升机20多架。
演习中，某特种兵进行了飞行跳伞表演．该伞兵从高空静止的直升飞机上跳下，在t0时刻打开降落伞，在3t0时刻以速度v2着陆．他运动的速度随时间变化的规律如图示．下列结论不正确的是（）A．在0～t0时间内加速度不变，在t0～3t0时间内加速度减小B．降落伞打开前，降落伞和伞兵的加速度越来越大C．在t0～3t0的时间内，平均速度>D．若第一个伞兵在空中打开降落伞时第二个伞兵立即跳下，则他们在空中的距离先增大后减小参考答案：B4. （单选）《自然哲学的数学原理》已经证明质量分布均匀的球壳对壳内物体的引力为零．假设地球是一半径为R．质量分布均匀的球体．一矿井深度为d．矿井底部和地面处的重力加速度大小之比为（）A．（）2 B．1+ C 1﹣D．（）2参考答案：考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：根据题意知，地球表面的重力加速度等于半径为R的球体在表面产生的加速度，矿井深度为d的井底的加速度相当于半径为R﹣d的球体在其表面产生的加速度，根据地球质量分布均匀得到加速度的表达式，再根据半径关系求解即可．解答：解：令地球的密度为ρ，则在地球表面，重力和地球的万有引力大小相等，有：g=，由于地球的质量为：M=，所以重力加速度的表达式可写成：g==ρ．根据题意有，质量分布均匀的球壳对壳内物体的引力为零，固在深度为d的井底，受到地球的万有引力即为半径等于（R﹣d）的球体在其表面产生的万有引力，故井底的重力加速度g′=所以有=故选：C．点评：抓住在地球表面重力和万有引力相等，在矿井底部，地球的重力和万有引力相等，要注意在矿井底部所谓的地球的质量不是整个地球的质量而是半径为（R﹣d）的球体的质量．5. （多选）下列关于摩擦力大小的有关说法，正确的是()A．摩擦力的大小一定与接触面处的压力成正比B．静止的物体可能受滑动摩擦力，运动的物体也可能受静摩擦力C．水平地面上滑行的物体受到的滑动摩擦力一定与该物体的重力成正比D．物体间的压力增大时，摩擦力的大小可能不变参考答案：BDA、滑动摩擦力才与压力成正比，故A错误；B、运动还是静止选取的参考系和产生摩擦力相对的物体不一定是同一物体，故B正确；C、水平地面上滑行的物体受到的滑动摩擦力一定与该物体施加给地面的压力成正比，和重力不一定成正比（例如物体还受到斜向的外力），故C错误；D、若是静摩擦力，则不会变大，故D正确。
《解析》江苏省泰州中学2016-2017学年高一下学期月考物理试卷Word版含解析
2016-2017学年江苏省泰州中学高一（下）月考物理试卷一、单项选择题：本题共5小题，每小题4分，共计20分，每小题只有一个选项符合题意1．在离地高h处，沿竖直方向向上和向下抛出两个小球，他们的初速度大小均为v，不计空气阻力，两球落地的时间差为（）A． B． C． D．2．如图所示，质量M、带有半球型光滑凹槽的装置放在光滑水平地面上，槽内有一质量为m的小铁球，现用一水平向右的推力F推动该装置，小铁球与凹槽相对静止时，凹槽球心和小铁球的连线与竖直方向成α角．则下列说法正确的是（）A．小铁球受到的合外力方向水平向左B．凹槽对小铁球的支持力为C．系统的加速度为a=gtanαD．推力F=Mgtanα3．以不同初速度将两个物体同时竖直向上抛出并开始计时，一个物体所受空气阻力可忽略，另一物体所受空气阻力大小与物体速率成正比，下列用虚线和实线描述两物体运动的v﹣t图象可能正确的是（）A． B． C． D．4．如图光滑的四分之一圆弧轨道AB固定在竖直平面内，A端与水平面相切，穿在轨道上的小球在拉力F作用下，缓慢地由A向B运动，F始终沿轨道的切线方向，轨道对球的弹力为N．在运动过程中（）A．F增大，N减小B．F减小，N减小C．F增大，N增大D．F减小，N增大5．质量为2kg的质点在x﹣y平面上运动，x方向的速度﹣时间图象和y方向的位移﹣时间图象分别如图所示，则质点（）A．初速度为4m/sB．所受合外力为4NC．做匀变速直线运动D．初速度的方向与合外力的方向垂直二、多选选择题：本题共4小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，有多个选项正确，全部选对得6分，选不全得3分，有选错或不答的得0分6．一质点做匀速直线运动，现对其施加一恒力，且原来作用在质点上的力不发生改变，则（）A．质点速度的方向总是与该恒力的方向相同B．质点速度的方向不可能总是与该恒力的方向垂直C．质点加速度的方向总是与该恒力的方向相同D．质点单位时间内速率的变化量总是不变7．如图（a），一物块在t=0时刻滑上一固定斜面，其运动的v﹣t图线如图（b）所示，若重力加速度及图中的v0，v1，t1均为已知量，则可求出（）A．斜面的倾角B．物块的质量C．物块与斜面间的动摩擦因数D．物块沿斜面向上滑行的最大高度8．如图所示，光滑的水平地面上有三块木块a、b、c，质量均为m，a、c之间用轻质细绳连接．现用一水平恒力F作用在b上，三者开始一起做匀加速运动，运动过程中把一块橡皮泥粘在某一木块上面，系统仍加速运动，且始终没有相对滑动．则在粘上橡皮泥并达到稳定后，下列说法正确的是（）A．无论粘在哪块木块上面，系统的加速度一定减小B．若粘在a木块上面，绳的张力减小，a、b间摩擦力不变C．若粘在b木块上面，绳的张力一定增大，a、b间摩擦力一定都减小D．若粘在c木块上面，绳的张力和a、b间摩擦力一定都增大9．如图所示，在水平地面上A、B两点同时迎面抛出两个物体，初速度分别为v1、v2，与水平方向所成角α1=30°、α2=60°，两物体恰好落到对方抛出点．两物体在空中运动的时间分别为t1、t2，不计空气阻力．则（）A．v1=v2B．t1=t2C．两物体在空中可能相遇D．两物体位于同一竖直线时，一定在AB中点的右侧三、实验题10．某实验小组用如图甲所示的装置测量木块与木板间的动摩擦因数μ．使用的器材有：带定滑轮的长木板、打点计时器、交流电源、木块、纸带、米尺、8个相同的钩码（质量已知）以及细线等．实验操作过程如下：A．在水平桌面上按照图甲所示装置组装好实验器材；B．使木块靠近打点计时器，接通电源，释放木块，打点计时器在纸带上打下一系列点，记下悬挂钩码的个数n；C．将木块上的钩码逐个移到悬挂钩码端，更换纸带，重复步骤B；D．测出每条纸带对应木块运动的加速度a，实验数据如下表所示．①实验开始时，必须调节滑轮高度，保证；②根据表中数据，在图乙的坐标纸中作出a﹣n图象；③由图象求得动摩擦因数μ=（保留两位有效数字，g取10m/s2），还可求得的物理量是（只需填写物理量名称）．四、计算论述题11．2012年，我国舰载飞机在航母上首降成功．设某舰载飞机质量为m=2.5×l04 kg，着舰时初速度为v0=40m/s，若飞机仅受空气及甲板阻力作用，在甲板上以a o=0.8m/s2的加速度做匀减速运动，着舰过程中航母静止不动．（1）求空气及甲板对舰载飞机阻力的大小；（2）飞机着舰后，若仅受空气及甲板阻力作用，航母甲板至少多长才能保证飞机安全着舰？（3）为了让飞机安全着舰，甲板上设置了阻拦索让飞机减速，为防止飞机尾钩挂索失败需要复飞，飞机在着舰过程中不关闭发动机．如图为飞机勾住阻拦索后某一时刻的情景，此时发动机向右的推力大小F=1.2×105N，减速的加速度大小为a=20m/s2，此时阻拦索夹角θ=120°，空气及甲板阻力保持不变，求此时阻拦索中的拉力大小．12．一长木板置于粗糙水平地面上，木板左端放置一小物块；在木板右方有一墙壁，木板右端与墙壁的距离为4.5m，如图（a）所示．t=0时刻开始，小物块与木板一起以共同速度向右运动，直至t=1s时木板与墙壁碰撞（碰撞时间极短）．碰撞前后木板速度大小不变，方向相反；运动过程中小物块始终未离开木板．已知碰撞后1s时间内小物块的v﹣t图线如图（b）所示．木板的质量是小物块质量的15倍，重力加速度大小g取10m/s2．求（1）木板与地面间的动摩擦因数μ1及小物块与木板间的动摩擦因数μ2；（2）木板的最小长度；（3）木板右端离墙壁的最终距离．2016-2017学年江苏省泰州中学高一（下）月考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题：本题共5小题，每小题4分，共计20分，每小题只有一个选项符合题意1．在离地高h处，沿竖直方向向上和向下抛出两个小球，他们的初速度大小均为v，不计空气阻力，两球落地的时间差为（）A． B． C． D．【考点】1N：竖直上抛运动．【分析】小球都作匀变速直线运动，机械能守恒，可得到落地时速度大小相等，根据运动学公式表示运动时间，得到落地时间差．【解答】解：由于不计空气阻力，两球运动过程中机械能都守恒，设落地时速度为v′，则由机械能守恒定律得：mgh+=则得：v′=，所以落地时两球的速度大小相等．对于竖直上抛的小球，将其运动看成一种匀减速直线运动，取竖直向上为正方向，加速度为﹣g，则运动时间为：t1==对于竖直下抛的小球，运动时间为：t2=故两球落地的时间差为：△t=t1﹣t2=故选：A．2．如图所示，质量M、带有半球型光滑凹槽的装置放在光滑水平地面上，槽内有一质量为m的小铁球，现用一水平向右的推力F推动该装置，小铁球与凹槽相对静止时，凹槽球心和小铁球的连线与竖直方向成α角．则下列说法正确的是（）A．小铁球受到的合外力方向水平向左B．凹槽对小铁球的支持力为C．系统的加速度为a=gtanαD．推力F=Mgtanα【考点】37：牛顿第二定律；2G：力的合成与分解的运用．【分析】小球的加速度方向与凹槽的加速度方向相同，都是水平向右，分别对小球和凹槽进行受力分析，运用牛顿第二定律即可分析求解．【解答】解：A、小球的加速度方向水平向右，所以合外力方向水平向右，故A 错误；B、对小球进行受力分析可知凹槽对小铁球的支持力N=，故B错误；C、对小球进行受力分析得：mgtanα=ma解得：a=gtanα，故C正确，D、对整体进行受力分析，根据牛顿第二定律得：F=（M+m）a=（M+m）gtanα，故D错误；故选C3．以不同初速度将两个物体同时竖直向上抛出并开始计时，一个物体所受空气阻力可忽略，另一物体所受空气阻力大小与物体速率成正比，下列用虚线和实线描述两物体运动的v﹣t图象可能正确的是（）A． B． C． D．【考点】1I：匀变速直线运动的图像．【分析】竖直上抛运动是初速度不为零的匀变速直线运动，加速度恒定不变，故其v﹣t图象是直线；有阻力时，根据牛顿第二定律判断加速度情况，v﹣t图象的斜率表示加速度．【解答】解：没有空气阻力时，物体只受重力，是竖直上抛运动，v﹣t图象是直线；有空气阻力时，上升阶段，根据牛顿第二定律，有：mg+f=ma，故a=g+，由于阻力随着速度减小而减小，故加速度逐渐减小，最小值为g；有空气阻力时，下降阶段，根据牛顿第二定律，有：mg﹣f=ma，故a=g﹣，由于阻力随着速度增大而增大，故加速度减小；v﹣t图象的斜率表示加速度，故图线与t轴的交点对应时刻的加速度为g，切线与虚线平行；故选：D．4．如图光滑的四分之一圆弧轨道AB固定在竖直平面内，A端与水平面相切，穿在轨道上的小球在拉力F作用下，缓慢地由A向B运动，F始终沿轨道的切线方向，轨道对球的弹力为N．在运动过程中（）A．F增大，N减小B．F减小，N减小C．F增大，N增大D．F减小，N增大【考点】29：物体的弹性和弹力．【分析】对球受力分析，受重力、支持力和拉力，根据共点力平衡条件列式求解出拉力和支持力的数值，在进行分析讨论．【解答】解：对球受力分析，受重力、支持力和拉力，如，根据共点力平衡条件，有N=mgcosθF=mgsinθ其中θ为支持力N与竖直方向的夹角；当物体向上移动时，θ变大，故N变小，F变大；故A正确，BCD错误．故选：A．5．质量为2kg的质点在x﹣y平面上运动，x方向的速度﹣时间图象和y方向的位移﹣时间图象分别如图所示，则质点（）A．初速度为4m/sB．所受合外力为4NC．做匀变速直线运动D．初速度的方向与合外力的方向垂直【考点】44：运动的合成和分解；1I：匀变速直线运动的图像．【分析】根据速度图象判断物体在x轴方向做匀加速直线运动，y轴做匀速直线运动．根据位移图象的斜率求出y轴方向的速度，再将两个方向的合成，求出初速度．质点的合力一定，做匀变速运动．y轴的合力为零．根据斜率求出x轴方向的合力，即为质点的合力．合力沿x轴方向，而初速度方向既不在x轴，也不在y轴方向，质点初速度的方向与合外力方向不垂直．【解答】解：A、x轴方向初速度为v x=4m/s，y轴方向初速度v y=﹣3m/s，质点的初速度v0==5m/s．故A错误．B、x轴方向的加速度a=2m/s2，质点的合力F合=ma=4N．故B正确．C、x轴方向的合力恒定不变，y轴做匀速直线运动，合力为零，则质点的合力恒定不变，做匀变速曲线运动．故C错误．D、合力沿x轴方向，而初速度方向既不在x轴，也不在y轴方向，质点初速度的方向与合外力方向不垂直．故D错误．故选：B．二、多选选择题：本题共4小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，有多个选项正确，全部选对得6分，选不全得3分，有选错或不答的得0分6．一质点做匀速直线运动，现对其施加一恒力，且原来作用在质点上的力不发生改变，则（）A．质点速度的方向总是与该恒力的方向相同B．质点速度的方向不可能总是与该恒力的方向垂直C．质点加速度的方向总是与该恒力的方向相同D．质点单位时间内速率的变化量总是不变【考点】42：物体做曲线运动的条件；37：牛顿第二定律．【分析】明确物体做曲线运动的条件，速度方向与加速度方向不在同一直线上，如果在同一直线则做直线运动，速度方向与加速度方向相同时物体做加速运动，当加速度方向与速度方向相反时，物体做减速运动；由牛顿第二定律F=ma可知，物体加速度的方向由合外力的方向决定；由加速度的定义a=来判断质点单位时间内速率的变化量．【解答】解：A．质点开始做匀速直线运动，现对其施加一恒力，其合力不为零，如果所加恒力与原来的运动方向在一条直线上，质点做匀加速或匀减速直线运动，质点速度的方向与该恒力的方向相同或相反；如果所加恒力与原来的运动方向不在一条直线上，物体做曲线运动，速度方向沿切线方向，力和运动方向之间有夹角，故A错误；B．由A分析可知，质点速度的方向不可能总是与该恒力的方向垂直，故B正确；C．由于质点做匀速直线运动，即所受合外力为0，原来质点上的力不变，增加一个恒力后，则质点所受的合力就是这个恒力，所以加速度方向与该恒力方向相同，故C正确；D．因为合外力恒定，加速度恒定，由△v=a△t可知，质点单位时间内速度的变化量总是不变，但是，如果质点做匀变速曲线运动，则单位时间内速度的变化量是不变的，而速率的变化量却是变化的，故D错误．故选：BC．7．如图（a），一物块在t=0时刻滑上一固定斜面，其运动的v﹣t图线如图（b）所示，若重力加速度及图中的v0，v1，t1均为已知量，则可求出（）A．斜面的倾角B．物块的质量C．物块与斜面间的动摩擦因数D．物块沿斜面向上滑行的最大高度【考点】37：牛顿第二定律；1I：匀变速直线运动的图像．【分析】由图b可求得物体运动过程及加速度，再对物体受力分析，由牛顿第二定律可明确各物理量是否能够求出．【解答】解：由图b可知，物体先向上减速到达最高时再向下加速；图象与时间轴围成的面积为物体经过的位移，故可出物体在斜面上的位移；图象的斜率表示加速度，上升过程及下降过程加速度均可求，上升过程有：mgsinθ+μmgcosθ=ma1；下降过程有：mgsinθ﹣μmgcosθ=ma2；两式联立可求得斜面倾角及动摩擦因数；但由于m均消去，故无法求得质量；因已知上升位移及夹角，则可求得上升的最大高度；故选：ACD．8．如图所示，光滑的水平地面上有三块木块a、b、c，质量均为m，a、c之间用轻质细绳连接．现用一水平恒力F作用在b上，三者开始一起做匀加速运动，运动过程中把一块橡皮泥粘在某一木块上面，系统仍加速运动，且始终没有相对滑动．则在粘上橡皮泥并达到稳定后，下列说法正确的是（）A．无论粘在哪块木块上面，系统的加速度一定减小B．若粘在a木块上面，绳的张力减小，a、b间摩擦力不变C．若粘在b木块上面，绳的张力一定增大，a、b间摩擦力一定都减小D．若粘在c木块上面，绳的张力和a、b间摩擦力一定都增大【考点】37：牛顿第二定律；29：物体的弹性和弹力．【分析】选择合适的研究对象进行受力分析，由牛顿第二定律可得出物体受到的拉力的变化【解答】解；A、由整体法可知，只要橡皮泥粘在物体上，物体的质量均增大，则由牛顿运动定律可知，加速度都要减小，故A正确；B、以c为研究对象，由牛顿第二定律可得，F T=ma，因加速度减小，所以拉力减小，而对b物体有F﹣f ab=ma可知，摩擦力f ab应变大，故B错误；C、若橡皮泥粘在b物体上，将ac视为整体，有f ab=2ma，所以摩擦力是变小的，对C可知，绳子的拉力T=ma减小，故C错误；D、若橡皮泥粘在c物体上，将ab视为整体，F﹣F T=2ma，加速度减小，所以拉力F T变大，对b有F﹣f ab=ma，知f ab增大；故D正确；故选：AD9．如图所示，在水平地面上A、B两点同时迎面抛出两个物体，初速度分别为v1、v2，与水平方向所成角α1=30°、α2=60°，两物体恰好落到对方抛出点．两物体在空中运动的时间分别为t1、t2，不计空气阻力．则（）A．v1=v2B．t1=t2C．两物体在空中可能相遇D．两物体位于同一竖直线时，一定在AB中点的右侧【考点】1O：抛体运动．【分析】AB两物体做斜抛运动，根据竖直方向和水平方向的运动特点，判断出初速度的大小和运动时间及运动的水平位移【解答】解：A、两物体做斜抛运动，在竖直方向减速，在水平方向匀速对A球，，运动时间为：，水平方向通过的位移为：对B球，，运动时间为：，水平通过的位移为：x′=因x=x′联立解得：v1=v2，，，，故A正确B、由A可知，由于AB竖直方向的速度不同，根据速度时间公式可知，所需时间不同，故B错误；C、由于竖直方向和水平方向速度不同，故不可能在空中相遇，故C错误；D、A在水平方向的速度大于B水平方向的速度，故在竖直方向时，A在水平方向通过的位移大于B的位移，故D正确；故选：AD三、实验题10．某实验小组用如图甲所示的装置测量木块与木板间的动摩擦因数μ．使用的器材有：带定滑轮的长木板、打点计时器、交流电源、木块、纸带、米尺、8个相同的钩码（质量已知）以及细线等．实验操作过程如下：A．在水平桌面上按照图甲所示装置组装好实验器材；B．使木块靠近打点计时器，接通电源，释放木块，打点计时器在纸带上打下一系列点，记下悬挂钩码的个数n；C．将木块上的钩码逐个移到悬挂钩码端，更换纸带，重复步骤B；D．测出每条纸带对应木块运动的加速度a，实验数据如下表所示．①实验开始时，必须调节滑轮高度，保证细线与木板表面平行；②根据表中数据，在图乙的坐标纸中作出a﹣n图象；③由图象求得动摩擦因数μ=0.31（保留两位有效数字，g取10m/s2），还可求得的物理量是木块的质量（只需填写物理量名称）．【考点】M9：探究影响摩擦力的大小的因素．【分析】①实验时，连接钩码与木块的细线要与木板平行．②根据表中实验数据，在坐标系中描出对应的点，然后作出图象；③由牛顿第二定律列方程，求出a与n的关系表达式，然后根据图象分析答题．【解答】解：①实验开始时，必须调节滑轮高度，保证细线与木板表面平行；②根据表中实验数据在坐标系中描出对应的点，然后作出图象，如图所示；=③对木块与钩码组成的系统，由牛顿第二定律得：nmg﹣μ[（8﹣n）mg+m木g]）a，（8m+m木a=n﹣μg，由图象得：n=0时，﹣μg=a=﹣3，μ≈0.31（0.29～0.33均正确），由图象还可以求出木块质量．故答案为：①细线与木板表面平行；②图象如图所示；③0.31；木块的质量．四、计算论述题11．2012年，我国舰载飞机在航母上首降成功．设某舰载飞机质量为m=2.5×l04 kg，着舰时初速度为v0=40m/s，若飞机仅受空气及甲板阻力作用，在甲板上以a o=0.8m/s2的加速度做匀减速运动，着舰过程中航母静止不动．（1）求空气及甲板对舰载飞机阻力的大小；（2）飞机着舰后，若仅受空气及甲板阻力作用，航母甲板至少多长才能保证飞机安全着舰？（3）为了让飞机安全着舰，甲板上设置了阻拦索让飞机减速，为防止飞机尾钩挂索失败需要复飞，飞机在着舰过程中不关闭发动机．如图为飞机勾住阻拦索后某一时刻的情景，此时发动机向右的推力大小F=1.2×105N，减速的加速度大小为a=20m/s2，此时阻拦索夹角θ=120°，空气及甲板阻力保持不变，求此时阻拦索中的拉力大小．【考点】37：牛顿第二定律；1E：匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】（1）根据牛顿第二定律列式求解；（2）由匀加速直线运动位移速度公式即可求解；（3）对飞机进行受力分析根据牛顿第二定律列式即可求解．【解答】解：（1）设空气及甲板对舰载飞机阻力的大小为f，由牛顿第二定律得：（2）飞机着舰后做匀减速直线运动，由运动学公式得：0﹣v02=2（﹣a0）x解得：即航母甲板至少长1000m才能保证飞机安全着舰；（3）飞机受力分析如图所示，由牛顿第二定律有：2F T cosθ+f﹣F=ma其中F T为阻拦索的张力，F f为空气和甲板对飞机的阻力，代入数据可得：F T=6×105 N答：（1）求空气及甲板对舰载飞机阻力的大小为2.0×104N；（2）航母甲板至少长1000m才能保证飞机安全着舰；（3）阻拦索中的拉力大小6×105 N．12．一长木板置于粗糙水平地面上，木板左端放置一小物块；在木板右方有一墙壁，木板右端与墙壁的距离为4.5m，如图（a）所示．t=0时刻开始，小物块与木板一起以共同速度向右运动，直至t=1s时木板与墙壁碰撞（碰撞时间极短）．碰撞前后木板速度大小不变，方向相反；运动过程中小物块始终未离开木板．已知碰撞后1s时间内小物块的v﹣t图线如图（b）所示．木板的质量是小物块质量的15倍，重力加速度大小g取10m/s2．求（1）木板与地面间的动摩擦因数μ1及小物块与木板间的动摩擦因数μ2；（2）木板的最小长度；（3）木板右端离墙壁的最终距离．【考点】66：动能定理的应用；37：牛顿第二定律．【分析】（1）对碰前过程由牛顿第二定律时进行分析，结合运动学公式可求得μ1；再对碰后过程分析同理可求得μ2．（2）分别对木板和物块进行分析，由牛顿第二定律求解加速度，由运动学公式求解位移，则可求得相对位移，即可求得木板的长度；（3）对木板和物块达相同静止后的过程进行分析，由牛顿第二定律及运动学公式联立可求得位移；则可求得木板最终的距离．【解答】解：（1）规定向右为正方向．木板与墙壁相碰前，小物块和木板一起向右做匀变速运动，设加速度为a1，小物块和木板的质量分别为m和M．由牛顿第二定律有﹣μ1（m+M）g=（m+M）a1 ①由图可知，木板与墙壁碰前瞬间速度v1=4m/s，由运动学公式得v1=v0+at ②③式中，t1=1s，s0=4.5m是木板碰前的位移，v0是小木块和木板开始运动时的速度．联立①②③式和题给条件得μ1=0.1 ④在木板与墙壁碰撞后，木板以﹣v1的初速度向左做匀变速运动，小物块以v1的初速度向右做匀变速运动．设小物块的加速度为a2，由牛顿第二定律有﹣μ2mg=ma2 ⑤由图可得⑥式中，t2=2s，v2=0，联立⑤⑥式和题给条件得μ2=0.4 ⑦（2）设碰撞后木板的加速度为a3，经过时间△t，木板和小物块刚好具有共同速度v3．由牛顿第二定律及运动学公式得μ2mg+μ1（M+m）g=Ma3 ⑧v3=﹣v1+a3△t ⑨v3=v1+a2△t ⑩碰撞后至木板和小物块刚好达到共同速度的过程中，木板运动的位移为（11）小物块运动的位移为（12）小物块相对木板的位移为△s=s2﹣s1（13）联立⑥⑧⑨⑩（11）（12）（13）式，并代入数值得△s=6.0m因为运动过程中小物块没有脱离木板，所以木板的最小长度应为6.0m．（14）（3）在小物块和木板具有共同速度后，两者向左做匀变速运动直至停止，设加速度为a4，此过程中小物块和木板运动的位移s3．由牛顿第二定律及运动学公式得μ1（m+M）g=（m+M）a4（15）（16）碰后木板运动的位移为s=s1+s3 （17）联立⑥⑧⑨⑩（11）（15）（16）（17）式，并代入数值得s=﹣6.5m （18）木板右端离墙壁的最终距离为6.5m．答：（1）木板与地面间的动摩擦因数μ1及小物块与木板间的动摩擦因数μ2分别为0.1和0.4．（2）木板的最小长度是6.0m；（3）木板右端离墙壁的最终距离是6.5m．2017年5月25日。
江苏省泰州市兴化一中高一物理下学期第六周周练试卷(含解析)
2014-2015学年江苏省泰州市兴化一中高一（下）第六周周练物理试卷一、单项选择题（本题共5小题，每小题6分，共30分）1．有A、B两颗行星环绕某恒星运动，它们的运动周期比为27：1，则它们的轨道半径之比为（）A．3：1 B．1：9 C．27：1 D．9：12．（6分）火星和地球质量之比为P，火星和地球的半径之比为q，则火星表面处和地球表面处的重力加速度之比为（）A．B．p•q2C．D．p•q3．人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，其轨道半径为R，线速度为v，周期为T，若使卫星周期变为2T，可能的方法有（）A．R不变，使线速度变为B．v不变，使轨道半径变为2RC．轨道半径变为D．以上方法均不可以4．环绕地球做匀速圆周运动的人造卫星，距地面高度越大，以下说法中正确的是（）A．线速度和周期越大 B．线速度和周期越小C．线速度越大，周期越小 D．线速度越小，周期越大5．一艘宇宙飞船在一个不知名的行星表面上绕该行星做匀速圆周运动，要测定行星的密度，只需要（）A．测定飞船的环绕半径B．测定行星的质量C．测定飞船的环绕速度D．测定飞船环绕的周期二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分．选不全的得3分）6．（6分）中国于1986年2月1日成功发射了一颗地球同步卫星，于2002年3月25日又发射成功了“神州三号”实验飞船，飞船在太空飞行了6天18小时，环绕地球运转了108圈，又顺利返回地面，那么此卫星与飞船在轨道上正常运转比较（）A．卫星运转周期比飞船大 B．卫星运转速率比飞船大C．卫星运转加速度比飞船大D．卫星离地高度比飞船大7．下述实验中，可在运行的太空舱里进行的是（）A．用弹簧秤测物体受的重力B．用测力计测力C．用天平测物体质量 D．用温度计测舱内温度8．有质量相同的甲、乙、丙三个物体，甲放在香港，乙放在上海，丙放在北京．它们各自均处于光滑水平地面上随地球一起自转，则（）A．它们具有相同的线速度B．由于它们的质量相同，所以各光滑水平面对它们的支持力大小相等C．甲物体随地球自转所需向心力最大D．丙物体随地球自转的向心加速度最小三、填空题（每空5分，共20分）9．（10分）假设地球是一个半径为6400km的均匀圆球，一辆高速喷汽车沿赤道向东运动，不计空气阻力，在车速逐渐增加的过程中，（1）它受的重力大小将，（2）它对地球表面的压力的大小将，（以上两空选填变大、变小或不变）．10．（10分）通信卫星（同步卫星）总是“停留”在赤道上空的某处．已知地球质量为M，半径为R，自转周期为T，万有引力恒量为G，则同步卫星周期是，离地面的高度h= ．四、计算题（本题共2小题，共32分）11．（16分）（2014秋•泰兴市校级月考）如图所示，半径R、内径很小的光滑半圆管竖直放置，两个质量均为m的小球A、B以不同速度进入管内，A通过最高点C时，对管的上壁压力为3mg，B通过最高点C时，对管的下壁压力为0.75mg，求AB两球落地点间的距离．12．（16分）登月火箭关闭发动机后再离月球表面112km的空中沿圆形轨道运动，周期为120.5min，月球的半径是1740km，根据这些数据计算月球的质量和平均密度（G=6.67×10﹣11N•m2/kg2）2014-2015学年江苏省泰州市兴化一中高一（下）第六周周练物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（本题共5小题，每小题6分，共30分）1．有A、B两颗行星环绕某恒星运动，它们的运动周期比为27：1，则它们的轨道半径之比为（）A．3：1 B．1：9 C．27：1 D．9：1【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．【专题】人造卫星问题．【分析】根据开普勒第三定律列式，即可求解轨道半径之比．【解答】解：根据开普勒第三定律=k，k一定，则有=已知T A：T B=27：1，代入上式得：R A：R B=9：1故选D【点评】本题也可以根据万有引力提供向心力，由牛顿第二定律和向心力公式求解．2．（6分）火星和地球质量之比为P，火星和地球的半径之比为q，则火星表面处和地球表面处的重力加速度之比为（）A．B．p•q2C．D．p•q【考点】万有引力定律及其应用．【专题】定量思想；推理法；人造卫星问题．【分析】根据万有引力等于重力得出星球表面重力加速度与星球质量和半径的关系，结合星球质量之比和半径之比求出星球表面的重力加速度之比．【解答】解：根据万有引力等于重力得，，解得g=，因为火星和地球的质量之比为p，半径之比为q，则火星表面处和地球表面处的重力加速度之比为．故选：A．【点评】解决本题的关键掌握万有引力等于重力这个理论，知道星球表面的重力加速度与哪些因素有关．3．人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，其轨道半径为R，线速度为v，周期为T，若使卫星周期变为2T，可能的方法有（）A．R不变，使线速度变为B．v不变，使轨道半径变为2RC．轨道半径变为D．以上方法均不可以【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【专题】人造卫星问题．【分析】人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，由地球的万有引力提供向心力，牛顿第二定律推导周期T与半径的关系，选择可能的办法．若半径r不变，使卫星的线速度减小，卫星将做近心运动，周期减小．若v不变，卫星只能在原轨道上运动，周期不变．【解答】解：A、若半径r不变，使卫星的线速度减小，卫星将做近心运动，周期减小．故A错误．B、若v不变，卫星只能在原轨道上运动，半径不变，周期也不变．故B错误．C、设地球的质量为M，卫星的质量为m．由牛顿第二定律得： =mr得到T=2根据数学知识可知，使轨道半径半径变为，卫星的周期变2T．则C正确 D错误故选：C【点评】本题考查卫星的变轨问题，当卫星的速度增加时，做离心运动，半径增加；当卫星速度减小，做近心运动，半径减小．4．环绕地球做匀速圆周运动的人造卫星，距地面高度越大，以下说法中正确的是（）A．线速度和周期越大 B．线速度和周期越小C．线速度越大，周期越小 D．线速度越小，周期越大【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【专题】人造卫星问题．【分析】根据万有引力提供向心力，去判断线速度和周期的变化．【解答】解：根据万有引力提供向心力，知，，高度越高，轨道半径越大，线速度越小，周期越大．故D正确，A、B、C错误．故选D．【点评】解决本题的关键掌握万有引力提供向心力．5．一艘宇宙飞船在一个不知名的行星表面上绕该行星做匀速圆周运动，要测定行星的密度，只需要（）A．测定飞船的环绕半径B．测定行星的质量C．测定飞船的环绕速度D．测定飞船环绕的周期【考点】万有引力定律及其应用．【专题】万有引力定律的应用专题．【分析】宇宙飞船绕行星表面上做匀速圆周运动时，由行星的万有引力提供向心力，而且飞船的轨道半径近似等于行星的半径．根据万有引力定律和向心力求得行星的质量，再求得密度表达式，即可根据密度表达式进行分析．【解答】解：设行星的半径为R，飞船的周期为T，质量为m．行星的密度为ρ，质量为M．根据万有引力提供向心力，得：G=m，得：M=行星的密度为ρ===故可知，要测定行星的密度，只需要测定飞船环绕的周期T．故选：D【点评】解决本题运用万有引力提供向心力和密度公式列式，表示出所要求解的物理量，再根据已知条件进行分析判断．二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分．选不全的得3分）6．（6分）中国于1986年2月1日成功发射了一颗地球同步卫星，于2002年3月25日又发射成功了“神州三号”实验飞船，飞船在太空飞行了6天18小时，环绕地球运转了108圈，又顺利返回地面，那么此卫星与飞船在轨道上正常运转比较（）A．卫星运转周期比飞船大 B．卫星运转速率比飞船大C．卫星运转加速度比飞船大D．卫星离地高度比飞船大【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．【专题】人造卫星问题．【分析】地球同步卫星的周期为24小时，根据飞船在太空飞行了6天18小时，环绕地球运转了108圈，求出飞船的周期，根据万有引力提供向心力公式即可求解．【解答】解：A、地球同步卫星的周期为24小时，飞船的周期为小时，所以卫星运转周期比飞船大，故A正确；根据万有引力充当向心力，即可知：D、，卫星运转周期比飞船大，则卫星的半径比飞船大，而地球半径一定，位移卫星离地面的高度比飞船大，故D正确；B、，卫星的半径比飞船大，所以卫星的线速度比飞船小，故B错误；C、a=，卫星的半径比飞船大，所以卫星的加速度比飞船小，故C错误．故选：AD．【点评】本题主要考查了万有引力提供向心力公式的应用，知道地球同步卫星的周期为24小时，难度不大，属于基础题．7．下述实验中，可在运行的太空舱里进行的是（）A．用弹簧秤测物体受的重力B．用测力计测力C．用天平测物体质量 D．用温度计测舱内温度【考点】超重和失重．【分析】在太空舱中，物体处于完全失重状态，与重力有关的实验不能进行，分析各选项所述实验然后答题．【解答】A、太空舱中的物体处于完全失重状态，物体对弹簧秤没有拉力，不能用弹簧测力计测物体的重力；故A错误；B、太空舱中的物体处于完全失重状态，而用测力计测量力与重力无关，所以能用弹簧测力计测力；故B正确；C、天平实际上是等臂杠杆，根据杠杆平衡原理，当两个托盘中物体的质量相同时，天平就会平衡，被测物体的质量就等于砝码的质量．当物体处于完全失重状态时，物体和砝码对天平两臂上的托盘压力为零，天平始终平衡，无法测量物体的质量，故在太空舱中不能用天平测量物体的质量；D、温度计的原理与重力无关，所以用温度计测舱内温度是可以的；故D正确；故选：BD．【点评】本题考查了重力对实验的影响，是一道基础题，掌握基础知识即可正确答题．8．有质量相同的甲、乙、丙三个物体，甲放在香港，乙放在上海，丙放在北京．它们各自均处于光滑水平地面上随地球一起自转，则（）A．它们具有相同的线速度B．由于它们的质量相同，所以各光滑水平面对它们的支持力大小相等C．甲物体随地球自转所需向心力最大D．丙物体随地球自转的向心加速度最小【考点】线速度、角速度和周期、转速；向心加速度．【专题】匀速圆周运动专题．【分析】随地球一起转动的物体周期相同，角速度相同，由线速度和角速度的关系v=ωr比较线速度的大小，通过a=rω2判断向心加速度大小．【解答】解：A、有质量相同的甲、乙、丙三个物体，甲放在香港，乙放在上海，丙放在北京，它们随地球一起转动时它们的周期相同，角速度相同，甲的半径最大，由线速度和角速度的关系v=ωr知甲的线速度最大，故A错误；B、支持力等于重力；由于地球自转的影响，甲位置的重力加速度最小，丙位置的重力加速度最大，又由于它们的质量相同，甲受到的支持力最小，丙受到的支持力最大，故B错误；C、根据f n=mrω2判断，甲物体随地球自转所需向心力最大，故C正确；D、根据a n=rω2判断，丙物体随地球自转的向心加速度最小，故D正确；故选CD．【点评】解答本题要明确同轴转动的圆周运动周期相同，知道描述圆周运动的物理量之间的关系，找到半径关系后，根据向心加速度和向心力公式分析判断．三、填空题（每空5分，共20分）9．（10分）假设地球是一个半径为6400km的均匀圆球，一辆高速喷汽车沿赤道向东运动，不计空气阻力，在车速逐渐增加的过程中，（1）它受的重力大小将不变，（2）它对地球表面的压力的大小将变小，（以上两空选填变大、变小或不变）．【考点】力的合成与分解的运用．【专题】受力分析方法专题．【分析】根据重力的概念可知，在赤道上物体的重力不变；根据牛顿第二定律分析对地面的压力的变化．【解答】解：汽车受到的重力与汽车的速度无关，所以重力不变；汽车在沿地球的表面做圆周运动的过程中，重力与受到的支持力的差提供向心力，由向心力的公式得：mg﹣F N=所以：，可知汽车受到的支持力随速度的增大而减小，根据牛顿第三定律可知，汽车对地面的压力随速度的增大而减小．故答案为：不变，变小【点评】该题考查对重力的理解．要牢记重力是由于地球表面的物体受到地球的吸引而产生的，地球对物体的吸引力由两个效果，一是产生重力，另一个是提供随地球做圆周运动的向心力．10．（10分）通信卫星（同步卫星）总是“停留”在赤道上空的某处．已知地球质量为M，半径为R，自转周期为T，万有引力恒量为G，则同步卫星周期是T ，离地面的高度h=﹣R ．【考点】同步卫星；人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【分析】根据地球的同步卫星的万有引力提供向心力，可以求出地球同步卫星的高度，从而即可求解．【解答】解：地球同步卫星的周期等于地球的自转周期T，根据引力提供向心力，则对地球同步卫星有：G=m（R+h）解得：h=﹣R故答案为：T，﹣R．【点评】解答此题要清楚地球的同步卫星的万有引力提供向心力，由万有引力定律和向心力公式结合研究．四、计算题（本题共2小题，共32分）11．（16分）（2014秋•泰兴市校级月考）如图所示，半径R、内径很小的光滑半圆管竖直放置，两个质量均为m的小球A、B以不同速度进入管内，A通过最高点C时，对管的上壁压力为3mg，B通过最高点C时，对管的下壁压力为0.75mg，求AB两球落地点间的距离．【考点】向心力；平抛运动．【专题】匀速圆周运动专题．【分析】对两个球分别受力分析，根据合力提供向心力，求出速度，此后球做平抛运动，正交分解后，根据运动学公式列式求解即可．【解答】解：两个小球在最高点时，受重力和管壁的作用力，这两个力的合力作为向心力，离开轨道后两球均做平抛运动，A、B两球落地点间的距离等于它们平抛运动的水平位移之差．对A球：3mg+mg=m解得v A=对B球：mg﹣0.75mg=m解得v B=由平抛运动规律可得落地时它们的水平位移为：s A=v A t=v A=4Rs B=v B t=v B=R所以s A﹣s B=3R即AB两球落地点间的距离为3R．答：AB两球落地点间的距离为3R．【点评】本题关键是对小球在最高点处时受力分析，然后根据向心力公式和牛顿第二定律求出平抛的初速度，最后根据平抛运动的分位移公式列式求解．12．（16分）登月火箭关闭发动机后再离月球表面112km的空中沿圆形轨道运动，周期为120.5min，月球的半径是1740km，根据这些数据计算月球的质量和平均密度（G=6.67×10﹣11N•m2/kg2）【考点】万有引力定律及其应用．【专题】万有引力定律的应用专题．【分析】登月舱所受月球的万有引力提供其圆周运动的向心力，根据万有引力定律和向心力公式求出月球质量，再由质量与体积之比求出密度．【解答】解：设登月舱的质量为m，轨道半径为r，月球的半径为R，质量为M．对于登月舱，根据万有引力等于向心力，则得：解得：M=kg=7.2×1022kg月球的平均密度为：ρ=kg/m3=2.7×103 kg/m3．答：月球的质量为7.2×1022kg，平均密度为2.7×103 kg/m3．【点评】本题属于已知环绕天体的轨道半径和周期，求解中心天体质量的类型，建立模型，利用万有引力等于向心力这一基本思路进行求解．。
2021-2022学年江苏省泰州市兴化乡中心中学高一物理联考试题带解析
2021-2022学年江苏省泰州市兴化乡中心中学高一物理联考试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 一铁块放在桌面上，下列关于铁块和桌面受力的论述中，正确的是：A.铁块和桌面之间有弹力作用，其原因是桌面发生了形变，铁块并未发生形变B.桌面受到向下的弹力，是由于铁块发生了形变C.桌面受到向下的弹力，是由于桌面发生了形变D.铁块受到向上的弹力，是由于铁块发生了形变参考答案：B2. 科考队员乘坐橡皮艇从长江上游顺流而下，下列说法正确的是（）A、以科考队员为参考系，橡皮艇是运动的B、以岸边山石为参考系，江水是静止的C、以橡皮艇为参考系，江水是运动的D、以江水为参考系，科考队员是静止的参考答案：D3. 下面是关于质点的一些说明，其中正确的有（）A.体操运动员在比赛中做单臂大回环时，可以视为质点B.研究地球绕太阳的公转时，可以把地球看成质点C.研究地球绕地轴自转时，可以把地球看成质点D.细胞很小，可把它看成质点参考答案：B4. （单选）若取地球的第一宇宙速度为8 km/s，某行星的质量是地球的6倍，半径是地球的1.5倍，该行星的第一宇宙速度约为()A．16 km/s B．32 km/s C．4 km/s D．2 km/s参考答案：A5. 下列说法正确的是A．加速度增大，速度一定增大B．物体有加速度，速度就增加C．速度变化量越大，加速度就越大D．物体速度很大，加速度可能为零参考答案：D二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 一汽车以一定的速率通过凸圆弧形桥，桥的圆弧半径为40m，则汽车通过桥顶部时，桥面受到汽车的压力（填“大于”或“小于”）汽车的重力。
如果这辆汽车通过凸形桥顶部时速度达到m/s，汽车就对桥面无压力。
（重力加速度g=10m/s2）参考答案：7.参考答案：8. 某汽车做直线运动，位移规律为（其中，x单位为m，t单位为s）。
则该物体的加速度为______m/s2，4s内经过的路程为______ m参考答案：9. （4分）一列火车做匀变速直线运动驶来,一人在轨道附近观察火车的运动，如果发现在相邻的两个10s内，列车从他跟前分别驶过8节车厢和6节车厢,每节车厢长8m（连接处长度不计）,则火车的加速度为m/s2,而人在开始观察时火车速度大小为m/s。
江苏省泰州市兴化乡中心中学2021年高一物理月考试题含解析
江苏省泰州市兴化乡中心中学2021年高一物理月考试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 在如图所示的v—t图中，A、B两质点同时从同一点在一条直线上开始运动，运动规律用A、B两图线表示，下列叙述正确的是（）A．t=1s时，B质点运动方向发生改变B．t=2s时，A、B两质点间距离一定等于2mC．A、B同时从静止出发，一直朝相反的方向运动D．在t=4s时，A、B相遇参考答案：B2. 关于速度和加速度的关系，下列说法正确的是[ ]A.加速度很大，说明速度一定很大B.加速度很大，说明速度的变化一定很大C.加速度很大，说明速度的变化率一定很大D.只要有加速度，速度就会不断增加参考答案：C3. 下面所叙述的力，属于万有引力的是（）A．马对车的拉力 B．地磁场对指南针的作用力C．太阳对地球的吸引力 D．摩擦后的橡胶棒对小纸片的吸引力参考答案：4. 如图所示，质量为m的滑块从斜面底端以平行于斜面的初速度v0冲上固定斜面，沿斜面上升的最大高度为H。
已知斜面倾角为，斜面与滑块间的摩擦因数为，且<tan，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取斜面底端为零势能面，则能表示滑块在斜面上运动的机械能E、动能E k、势能E P与上升高度h之间关系的图象是（）参考答案：BD5. (多选)如图所示，用一轻绳将小球P系于光滑墙壁上的O点，在墙壁和球P之间夹有一矩形物块Q，已知P、Q均始终处于静止状态，则下列相关说法正确的是（）A、P受4个力B、Q受到5个力C、若绳子略微变长，绳子的拉力将变D、若绳子略微变短，Q受到的静摩擦力将增大参考答案：AC二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 把质量为3.0kg的石块，从高30m的某处，以的速度向斜上方抛出，不计空气阻力，石块落地时的速率是 m/s；若石块在运动过程中克服空气阻力做了73.5J的功，石块落地时的速率又为 m/s。
江苏省泰州市兴化乡中心中学高一物理期末试题含解析
江苏省泰州市兴化乡中心中学高一物理期末试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 质量为m的小球，用长为L的细线悬挂在O点，在O点的正下方L/2处有一光滑的钉子P，把小球拉到与钉子P等高的位置，摆线被钉子拦住．如图。
现让小球从静止释放绕P点做圆周运动，经过最低点后改绕O点做圆周运动，则第一次经过最低点时A. 小球的角速度突然减小B. 小球的向心加速度突然增大C. 小球受的向心力突然增大D. 悬线的拉力突然减小参考答案：AD2. （多选题）甲、乙两小分队进行军事演习，指挥部通过现代通信设备，在屏幕上观察到两小分队的具体行军路线如图所示，两小分队同时同地由O点出发，最后同时到达A点，下列说法中正确的是（）A．小分队行军路程s甲＞s乙B．小分队平均速度甲=乙C．y﹣x图象表示的是速率v﹣t图象D．y﹣x图象表示的是位移s﹣t图象参考答案：AB【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】判断出该图象是物体运动轨迹的图象，从而判定甲的路程大于乙的路程．要求平均速度的大小关系需要知道两物体的位移大小关系和运动的时间长短关系；由于图象中有的位置同一个横坐标对应两个纵坐标，故横轴不是时间轴；【解答】解：A、可知题图是两小分队的运动的轨迹图象，显然甲小分队的轨迹的长度大于乙小分队的轨迹的长度，故甲小分队的路程大于乙小分队的路程，故A正确．B、由题意可知两小分队同时从同一地点出发并且同时到达A点．故两小分队发生的位移x相同，所用的时间t相同，根据平均速度公式可得两小分队的平均速度相同，故B正确．C、D、在题图上画如图所示的一条垂直于x轴的一条直线，如果横轴是时间轴，则甲小分队在同一时刻有两个纵坐标，显然错误，故横轴一定不是时间轴．故该图一定不是速度时间图象，也一定不是位移时间图象，故C、D错误．故选AB3. （单选）如果在北京和广州各放一个物体随地球自转做匀速圆周运动，则这两个物体不同的物理量是（）A.线速度B.角速度C.转速D.周期参考答案：A4. 如图5所示，A、B间的最大静摩擦力为3 N，B与地面间的最大静摩擦力为6 N，同时有方向相反，大小均为F＝2N的两个水平力分别作用于A和B上，有下列几种判断：其中正确的是（）A．物体A和物体B间的摩擦力为0B．物体A和物体B间的摩擦力为2 NC．物体B和地面间的摩擦力为0D．物体B和地面间的摩擦力为2 N参考答案：BC5. 一个蹲在地面上的人站立起来，在此过程中，下列说法正确的是（）A.人克服重力做功 B人的重力势能不变C人的重力势能增加 D.重力对人不做功参考答案：AC二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. （3分）已知轮船航行时受到的阻力与其速率成正比，比例系数为k，则当船以额定功率P 启动时，轮船最终可以达到的最大速度v m= 。
江苏省兴化市第一中学高一物理下学期第16周当堂训练
兴化市第一中学高一物理第十六周45分钟当堂训练班级________ 学号_________ 姓名__________ 得分：__________ 一、单项选择题：本题共5小题；每小题6分，共30分1．4、如图所示，均匀长直木板长L =40cm ，放在水平桌面上，它的右端与桌边相齐，木板质量m =2kg ，与桌面间的摩擦因数μ=0.2，今用水平推力F 将其推下桌子，则水平推力至少做功为（ ） A ．0.8J B ．1.6J C ．8J D ．4J2．有一质量为m ，边长为a 的正方体与地面之间的摩擦因素μ=0.3。
移动距离a,可以采用将它翻倒或向前匀速平推两种方法。
则： （ ） A ．将它翻倒比平推前进做的功少 B ．将它翻倒比平推前进做的功多C ．两种情况做功一样多D ．翻倒时不做功 3．两个形状完全相同的金属球，带电量分别为－2×10-9C 和— 6×10-9C ，它们之间的静电力为F ，在绝缘条件下，让它们接触后又放同原处，它们之间的静电力大小等于（ ） A ．F B ．4F/3 C．3F/4 D．F/34．某电场的电场线如图所示，质子在A 、B两点受到电场力的大小分别为FA 和FB ，则它们的关系是 （ ）A ．F A ＝FB B ．F A ＞FB C ．FA ＜FB D ．无法比较5．如图a ，b ，c 是一条电场线上的三个点，电场线的方向由a 到c ，a 、b 间的距离等于b 、c 间的距离。
用φa 、φb 、φc 和Ea 、Eb 、Ec 分别表示a 、b 、c 三点的电势和电场强度，可以断定 （ ）A ．φa>φb>φcB ．Ea>Eb>EcC ．φa<φb<φcD ．Ea ＝Eb ＝Ec二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分.选对但不全的得3分. 6．如图，一小球自A 点由静止自由下落到B 点时与弹簧接触,到C 点时弹簧被压缩到最短.若不计弹簧质量和空气阻力 在小球由A －B —C 的运动过程中 ( )A ．小球和弹簧总机械能守恒B ．小球的重力势能随时间均匀减少C ．小球在B 点时动能最大D ．到C 点时小球重力势能的减少量等于弹簧弹性势能的增加量7．如图，带电小球A 、B 的电荷分别为QA 、QB ，OA =OB ，都用长L 的丝线悬挂在O 点。
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2014-2015学年江苏省泰州市兴化一中高一（下）第十六周周练物理试卷一、单项选择题（本题共5小题，每小题6分，共30分）1．以下关于电场线的叙述，正确的是（）A．电场线是电荷移动的轨迹B．电场线是仅受电场力作用且从静止开始运动的电荷的运动轨迹C．仅受电场力作用时，电荷不可能沿电场线运动D．电荷的运动轨迹有可能与电场线重合2．在某点电荷电场中的一根电场线如图所示，在该电场上有A、O、B三点，现将一带负电的点电荷放在O处，自由释放后，它将沿电场线向B处运动，下列的判断正确的是（）A．电场线由B指向A，该电荷做加速度值逐渐减小的加速直线运动B．电场线由A指向B，该电行做匀加速直线运动C．电场线由B指向A，该电荷做变加速直线运动D．电场线由A指向B，该电荷做往返的直线运动3．以下关于电场线的叙述，错误的是（）A．匀强电场的电场线是一组相互平行间隔相等的直线，且代表正电荷的运动轨迹B．电场线上每一点的切线方向代表正电荷在该处所受电场力的方向C．电场线的疏密程度能表示电场的强弱D．两条电场线不能相交4．（6分）关于电场线，下列说法中正确的有（）A．电场线上每一点的切线方向表示电荷通过时的运动方向B．沿电场线方向，电场强度逐渐减小C．电场线越密的地方，电荷所受的电场力一定越大D．只受电场力作用的点电荷，在电场中可能做匀速圆周运动5．下列关于电场线的说法中正确的是（）A．在静电场中释放点电荷，在电场力作用下该点电荷一定沿电场线运动B．电场线上某点的切线方向与在该处正电荷的运动方向相同C．电场线上某点的切线方向与在该处的电荷所受的电场力方向相同D．在静电场中，电场线从正电荷出发到负电荷终止二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分．选不全的得3分）6．如图所示为电场中的一根电场线，在该电场线上有a、b两点，用E a、E b分别表示两处场强的大小，则（）A．a、b两点的场强方向相同B．因为电场线由a指向b，所以E a＞E bC．因为电场线是直线，所以E a=E bD．因为不知道a、b附近的电场线分布情况，所以不能确定E a、E b的大小关系7．如图所示，点电荷Q固定，虚线是带电量为q的微粒的运动轨迹，微粒的重力不计，a、b是轨迹上的两个点，b离Q较近，下列判断正确的是（）A．Q与q的带电一定是一正一负B．不管Q带什么性质的电荷，a点的场强一定比b点的小C．微粒通过a、b两点时，加速度方向都是指向QD．微粒通过a时的速率比通过b时的速率大8．如图所示，两质量均为m的小球A和B分别带有+q和﹣q的电量，被绝缘细线悬挂，两球间的库仑引力小于球的重力mg．现加上一个水平向右的匀强电场，待两小球再次保持静止状态时，下列结论正确的是（）A．悬线OA向右偏，OA中的张力大于2mgB．悬线OA向左偏，OA中的张力大于2mgC．悬线OA不发生偏离，OA中的张力等于2mgD．悬线AB向左偏，AB线的张力比不加电场时要大三、填空题（每空5分，共20分）9．（20分）（2014秋•杨浦区校级期中）如图所示，质量为m的小球用绝缘细线悬挂在O点，放在匀强电场中，在图示位置处于平衡状态．匀强电场场强的大小为E，方向水平向右，那么小球的带电性质是，其带电量，此时，将细线剪断，小球在电场中的运动轨迹是，小球的加速度为．四、计算题（本题共2小题，共32分）10．（18分）（2010秋•乌鲁木齐期中）如图所示，质量为m，带电量为+q的小球，在P点具有沿PQ方向的初速度v0，为使小球能沿PQ方向运动，所加的最小匀强电场方向如何？场强大小多大？加上最小的电场后，小球经多长时间回到P点？11．（14分）（2012秋•德城区校级月考）竖直放置的平行金属板A、B带有等量异种电荷，在两板间用绝缘细线县挂一个质量m=4.0×10﹣5kg，带电量q=3.0×10﹣7C的小球，平衡时悬线偏离竖直方向，夹角为α=37°，如图所示．（1）A、B之间的电场是什么电场？场强的大小多少，方向怎样？（2）若剪断细线，小球在到达金属板之前将怎样运动？2014-2015学年江苏省泰州市兴化一中高一（下）第十六周周练物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（本题共5小题，每小题6分，共30分）1．以下关于电场线的叙述，正确的是（）A．电场线是电荷移动的轨迹B．电场线是仅受电场力作用且从静止开始运动的电荷的运动轨迹C．仅受电场力作用时，电荷不可能沿电场线运动D．电荷的运动轨迹有可能与电场线重合【考点】电场线．【专题】带电粒子在电场中的运动专题；电场力与电势的性质专题．【分析】电场线是为了形象的描述电场而人为的引入的，故电场线并不存在，电场线不是电荷运动的轨迹；电荷运动的轨迹与电场线重合的条件：①电场线是直线．②带电粒子仅受电场力．③带电粒子从静止开始运动，或带电粒子的初速度方向和电场线在同一条直线上．这三点缺一不可．【解答】解：电场线是为了形象的描述电场而人为的引入的，电场线并不存在，电场线不是电荷运动的轨迹．故A错误．电荷运动的轨迹与电场线重合的条件：①电场线是直线．②带电粒子仅受电场力．③带电粒子从静止开始运动，或带电粒子的初速度方向和电场线在同一条直线上．故BC错误D正确．故选D．【点评】掌握电场线的基本性质和特点是解决此类题目的关键．2．在某点电荷电场中的一根电场线如图所示，在该电场上有A、O、B三点，现将一带负电的点电荷放在O处，自由释放后，它将沿电场线向B处运动，下列的判断正确的是（）A．电场线由B指向A，该电荷做加速度值逐渐减小的加速直线运动B．电场线由A指向B，该电行做匀加速直线运动C．电场线由B指向A，该电荷做变加速直线运动D．电场线由A指向B，该电荷做往返的直线运动【考点】电场线．【分析】负电荷所受电场力方向与场强方向相反，根据电荷的运动方向判断电场力方向，确定场强的方向，即电场线的方向，并确定出正点电荷的位置，根据库仑定律分析电荷所受电场力大小的变化情况，由牛顿第二定律分析加速度的变化情况．【解答】解：由题，从O点由静止释放负电荷，它在电场力作用下沿电场线向B点运动，则该电荷所受的电场力方向由A指向B，因为电荷带负电，电场力方向与电场强度方向相反，所以电场线方向从由B指向A，逆着电场线的方向电场线疏密发生变化，若是正点电荷的电场：正电荷在B的右侧，所以电场线越来越密，场强增大，根据库仑定律得知电荷所受电场力变大，加速度变大，所以电荷作变加速运动．若是负点电荷的电场：负电荷在A的左侧，所以电场线越来越疏，场强减小，根据库仑定律得知电荷所受电场力变小，加速度变小，所以电荷作变加速运动．故选：C【点评】本题关键根据电荷运动的方向确定场强的方向，通过分析电场力大小的变化来确定加速度的变化，比较简单．3．以下关于电场线的叙述，错误的是（）A．匀强电场的电场线是一组相互平行间隔相等的直线，且代表正电荷的运动轨迹B．电场线上每一点的切线方向代表正电荷在该处所受电场力的方向C．电场线的疏密程度能表示电场的强弱D．两条电场线不能相交【考点】电场线；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场线是为了形象的描述电场而人为的引入的，并不存在；电场线从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不相交不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱．电场线不是电荷运动的轨迹；电荷运动的轨迹与电场线重合的条件：①电场线是直线．②带电粒子仅受电场力．③带电粒子从静止开始运动，或带电粒子的初速度方向和电场线在同一条直线上．【解答】解：A、电场线是为了形象的描述电场而人为的引入的，电场线并不存在，电场线不是电荷运动的轨迹．故A错误；B、电场线上每一点的切线方向代表正电荷在该处所受电场力的方向．故B正确．C、电场线的疏密程度能表示电场的强弱．故C正确；D、两条电场线不能相交，若相交则该点有两个电场的方向，这显然是不可能的．故D正确．本题选择错误的，故选：A【点评】掌握电场线的基本性质和特点是解决此类题目的关键．特别是要根据力学知识理解电荷的运动轨迹与电场线的关系．4．（6分）关于电场线，下列说法中正确的有（）A．电场线上每一点的切线方向表示电荷通过时的运动方向B．沿电场线方向，电场强度逐渐减小C．电场线越密的地方，电荷所受的电场力一定越大D．只受电场力作用的点电荷，在电场中可能做匀速圆周运动【考点】电场线．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，沿电场线的方向，电势降低，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．电场强度是用来表示电场的强弱和方向的物理量，电场线上每一点的切线方向表示该点的场强方向．【解答】解；A、电场线上每一点的切线方向表示该点的场强方向，与正电荷受力方向相同，与运动的方向无关，不表示运动方向，故A错误；B、电场线疏的地方电场强度小，沿电场线方向不一定越疏，故B错误；C、电场线密的地方电场强度大，根据F=Eq可知电荷所受的电场力还与电荷量有关，所以电场力不一定越大，故C错误；D、只受电场力作用的点电荷，若速度方向与电场力方向始终垂直，此时粒子做匀速圆周运动，故D正确．故选：D．【点评】电场强度是用比值法定义的物理量之一，电场中某点的电场强度是由电场本身决定的，与该点是否有试探电荷无关．加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题．5．下列关于电场线的说法中正确的是（）A．在静电场中释放点电荷，在电场力作用下该点电荷一定沿电场线运动B．电场线上某点的切线方向与在该处正电荷的运动方向相同C．电场线上某点的切线方向与在该处的电荷所受的电场力方向相同D．在静电场中，电场线从正电荷出发到负电荷终止【考点】电场线．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．电场强度是用来表示电场的强弱和方向的物理量，电场强弱可由试探电荷所受的力与试探点电荷带电量的比值确定，电场方向与正电荷受力方向一致与负电荷受力方向相反．【解答】解；A、在非均匀的电场中，初速为零、重力不计的带电粒子在电场中运动轨迹不会与电场线重合，故A错误B、电场线上某点的切线方向与在该处正电荷受到的电场力的方向相同，与运动方向无关，故B错误C、电场线的切线方向一定与通过此处的正电荷受力的方向相同，与负电荷所受的电场力方向相反．故C错误；D、在静电场中，电场线从正电荷出发到负电荷终止，故D正确．故选：D【点评】电场强度是用比值法定义的物理量之一，电场中某点的电场强度是由电场本身决定的，与该点是否有试探电荷无关．加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题．二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分．选不全的得3分）6．如图所示为电场中的一根电场线，在该电场线上有a、b两点，用E a、E b分别表示两处场强的大小，则（）A．a、b两点的场强方向相同B．因为电场线由a指向b，所以E a＞E bC．因为电场线是直线，所以E a=E bD．因为不知道a、b附近的电场线分布情况，所以不能确定E a、E b的大小关系【考点】电场线；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场线的疏密表示电场的强弱，电场线的切线方向表示场强的方向．【解答】解：电场线的疏密程度反映了电场强度的大小，由于只有一根电场线，题目中也没有明确指出这根电场线是什么电场中的电场线，故无法判断a、b两点的场强大小；电场线的切线方向表示场强的方向，故a、b两点的场强方向相同．故选：AD．【点评】掌握电场线的特点：电场线的疏密表示电场的强弱，沿电场线方向电势降低，还要会判断电场线做功与电势能、动能的变化关系．7．如图所示，点电荷Q固定，虚线是带电量为q的微粒的运动轨迹，微粒的重力不计，a、b是轨迹上的两个点，b离Q较近，下列判断正确的是（）A．Q与q的带电一定是一正一负B．不管Q带什么性质的电荷，a点的场强一定比b点的小C．微粒通过a、b两点时，加速度方向都是指向QD．微粒通过a时的速率比通过b时的速率大【考点】电场强度；电势差与电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】从粒子运动轨迹看出，轨迹向下弯曲，可知带电粒子受到了吸引力作用，即可判断两个电荷电性关系；根据点电荷场强公式E=k分析a、b场强的大小关系；根据库仑力的方向判断加速度的方向．从a到b过程中，电场力做正功，可判断粒子的速度大小．【解答】解：A、由运动轨迹看出，微粒q的轨迹向下弯曲，q受到Q的吸引，所以Q与q 是异种电荷，故A正确．B、a点离Q的距离比b远，根据点电荷场强公式E=k分析得知，a点的场强一定比b点的场强小．故B正确．C、微粒通过a、b两点时，受到的库仑力方向都指向Q，根据牛顿第二定律分析可知，在这两点的加速度方向都是指向Q，故C正确．D、从a到b，由于电场力对q做正功，根据动能定理可知，微粒q的动能增加，速率增大，则微粒通过a时的速率比通过b时的速率小，故D错误．故选：ABC．【点评】本题是轨迹问题，首先要根据弯曲的方向判断出带电粒子所受电场力方向，确定是排斥力还是吸引力．由动能定理分析动能或电势能的变化是常用的思路．8．如图所示，两质量均为m的小球A和B分别带有+q和﹣q的电量，被绝缘细线悬挂，两球间的库仑引力小于球的重力mg．现加上一个水平向右的匀强电场，待两小球再次保持静止状态时，下列结论正确的是（）A．悬线OA向右偏，OA中的张力大于2mgB．悬线OA向左偏，OA中的张力大于2mgC．悬线OA不发生偏离，OA中的张力等于2mgD．悬线AB向左偏，AB线的张力比不加电场时要大【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】运用整体法研究OA绳与竖直方向的夹角，再隔离B研究，分析AB绳与竖直方向的夹角，得到两夹角的关系，判断系统平衡状态．【解答】解：A、B、C、A带正电，受到的电场力水平向右，B带负电，受到的电场力水平向左．以整体为研究对象，分析受力如图．设OA绳与竖直方向的夹角为α，则由平衡条件得：tanα==0，因此α=0；而绳子AO的拉力等于2mg；故C正确，AB错误；D、AB绳子的拉力：F=﹣F库＞mg﹣F库，故D正确；故选：CD．【点评】本题采用隔离法和整体法，由平衡条件分析物体的状态，考查灵活选择研究对象的能力．三、填空题（每空5分，共20分）9．（20分）（2014秋•杨浦区校级期中）如图所示，质量为m的小球用绝缘细线悬挂在O点，放在匀强电场中，在图示位置处于平衡状态．匀强电场场强的大小为E，方向水平向右，那么小球的带电性质是带正电，其带电量，此时，将细线剪断，小球在电场中的运动轨迹是直线，小球的加速度为2g ．【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；共点力平衡的条件及其应用．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】细线向右偏离竖直方向，小球受到的电场力方向水平向右，根据电场力方向与场强方向间的关系判断小球的电性．将细线剪断后，小球受到重力和电场力两个恒力作用，将沿它们的合力方向做匀加速直线运动．【解答】解：由图看出，细线向右偏离竖直方向，小球受到的电场力方向水平向右，场强方向也水平向右，则小球应带正电；小球受到重力、电场力和绳子的拉力处于平衡状态，其中：，所以：；将细线剪断后，小球受到重力和电场力两个恒力作用，将沿它们的合力方向做匀加速直线运动，即将细线剪断，小球在电场中的运动轨迹是直线．加速度的大小：，g是重力加速度．故答案为：带正电，，直线，a=2g【点评】物体从静止开始将沿着合力方向运动，如合力是恒力，将做匀加速直线运动．四、计算题（本题共2小题，共32分）10．（18分）（2010秋•乌鲁木齐期中）如图所示，质量为m，带电量为+q的小球，在P点具有沿PQ方向的初速度v0，为使小球能沿PQ方向运动，所加的最小匀强电场方向如何？场强大小多大？加上最小的电场后，小球经多长时间回到P点？【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；匀变速直线运动的位移与时间的关系；牛顿第二定律；电场强度．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】1、属于已知合力方向和其中一个分力的大小方向，求另一个力最小值的问题，这一类问题由已知大小的力向已知方向的力作垂线，即由重力向PQ方向作垂线（把PQ反向延长），然后根据直角三角形的知识求出这个最小值．这个最小的力就是要求的电场力，再根据电场强度的定义求场强．2、求出合力，由牛顿第二定律求出加速度，根据匀变速直线运动的位移公式，可求得时间．【解答】解：1、球只受重力和电场力．重力的大小方向都不变．为使小球能沿PQ方向运动，应让小球所受合力方向沿PQ方向．用三角形定则，由重力向PQ方向作垂线，垂线段最短，最短的力为电场力F．如图所示．则电场力F=mgcos30°=场强大小=，正电荷受电场力方向与场强方向一致，故场强方向垂直于PQ方向．2、上最小场强后，由图可知小球受合力大小为，方向沿QP方向．根据牛顿第二定律，故a=所以物体作初速度为V0，加速度为的匀减速运动．运用匀变速直线运动的位移公式，物体再回到P点时，位移为零，故有解得=答：为使小球能沿PQ方向运动，所加的最小匀强电场方向应垂直于PQ向上，场强大小为．加上最小的电场后，小球经又回到P点．【点评】本题关键在于把握物体做直线运动的条件：合力与速度共线．分析受力情况是解决带电粒子在电场中运动问题的基础．11．（14分）（2012秋•德城区校级月考）竖直放置的平行金属板A、B带有等量异种电荷，在两板间用绝缘细线县挂一个质量m=4.0×10﹣5kg，带电量q=3.0×10﹣7C的小球，平衡时悬线偏离竖直方向，夹角为α=37°，如图所示．（1）A、B之间的电场是什么电场？场强的大小多少，方向怎样？（2）若剪断细线，小球在到达金属板之前将怎样运动？【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；电场强度．【分析】（1）小球处于静止状态，分析受力，根据受力平衡方程，即可求解电场强度的大小，并由极板的电性可确定电场强度的方向．（2）将细线突然剪断小球将沿细线方向做匀加速直线运动，可根据牛顿第二定律列式求解加速度．【解答】解：（1）小球受到重力mg、电场力F和绳的拉力T的作用，由共点力平衡条件有：F=qE=mgtanα解得：E===1.0×103N/C；匀强电场的电场强度的方向与电场力的方向相同，即水平向右；（2）剪断细线后，小球做偏离竖直方向，夹角为37°匀加速直线运动，设其加速度为a，由牛顿第二定律有：=ma解得：a==12.5m/s2答：（1）匀强电场，场强的大小1.0×103N/C，方向水平向右；（2）细线剪断后，小球做偏离竖直方向，夹角为37°的匀加速直线运动，加速度大小为12.5m/s2．【点评】本题是带电体在电场中平衡问题，分析受力情况是解题的关键，并能根据受力情况判断此后小球的运动情况．。