江西省赣州市四所高中2020学年高二物理下学期期中联考试题
2020届江西省赣州市十四县(市)高二下学期期中联考物理试卷word版有答案(加精)
第二学期赣州市十四县（市）期中联考高二年级物理试卷一．选择题(共10小题，每小题4分，共40分。
第1－7题只有一个选项符合题目要求选对得4分，选错得0分；第8－10题有多个选项符合要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，选错或不选得0分） 1．用电子秤称量物体重力的过程,实际上就是传感器把力学量转化为电信号的过程.下列属于这类传感器的是( )A. 红外报警装置B. 走廊照明灯的声控开关C. 自动洗衣机中的压力传感装置D. 电饭煲中控制加热和保温的温控器 2.关于光电效应,下列说法正确的是( ) A .截止频率越大的金属材料逸出功越大B.只要光照射的时间足够长,任何金属都能产生光电效应C.从金属表面出来的光电子的最大初动能越大,这种金属的逸出功越小D.入射光的光强一定时,频率越高,单位时间内逸出的光电子数就越多 3．在匀强磁场中，一矩形金属线框绕与磁感线垂直的转轴匀速转动，如图甲所示，产生的感应电动势如图乙所示，则（ ） A. 0.015t s =时线框的磁通量变化率为零 B. 0.01t s =时线框平面与中性面重合 C. 线框产生的交变电动势有效值为311V D. 线框产生的交变电动势频率为100Hz4．如图所示，L 1、L 2、L 3、L 4为四只规格均为“12V 6W ”的灯泡，L 1接在理想变压器的原线圈、L 2、L 3、L 4接在副线圈回路中，a 、b 两端连接交流电源，交流电流表A 示数为0.5A ，已知灯泡L 2正常发光，以下说法正确的是（ ）A. a 、b 端输人功率为18WB. a 、b 端输人电压为36VC. a 、b 端输人电压为48VD.若副线圈回路再并联一只同样的灯泡，L 2仍能正常发光5．如图所示是一交变电流的i-t 图像，则该交变电流的有效值为（ ） A. 4A B. 22A C.2303 A D. 83A 6.下列现象不可能发生的是( )A.物体所受到的合外力很大,但物体的动量变化很小B.物体所受到的冲量不为零,但物体的动量大小却不变C.物体做曲线运动,但动量变化在相等的时间内却相同D.物体只受到一个恒力的作用,但物体的动量却始终不变7．如图所示，当交流电源的电压(有效值)U ＝220 V ，频率f ＝50 Hz ，3只灯泡L 1、L 2、L 3 的亮度相同(L 无直流电阻)，若将交流电源的频率变为f ＝100 Hz ，电压有效值不变，则( ) A. L 3灯比原来亮 B. L 2灯比原来亮 C. L 1灯比原来暗 D. L 3灯和原来一样亮8．木块a 和b 用一根轻弹簧连接起来，放在光滑水平面上，a 紧靠在墙壁上，在b 上施加向左的力使轻质弹簧压缩，如图所示，对a 、b 和轻弹簧组成的系统，当撤去外力后，下列说法中正确的是（ ）A. a 尚未离开墙壁前，系统动量守恒B. a 尚未离开墙壁前，系统动量不守恒C. a 离开墙壁后，系统动量守恒D. a 离开墙壁后，系统动量不守恒9．利用金属晶格（大小约10-10m)作为障碍物观察电子的衍射图样，方法是让电子束通过电场加速后，照射到金属晶格上，从而得到电子的衍射图样。
2019-2020学年赣州市南康中学高二下学期期中物理试卷(含答案解析)
2019-2020学年赣州市南康中学高二下学期期中物理试卷一、单选题（本大题共7小题，共28.0分） 1. 下列叙述正确的是( )A. 布朗运动就是液体分子的无规则运动B. 扩散现象说明分子在不停地做无规则运动C. 两个分子间距离增大时，分子间作用力的合力一定减小D. 物体的温度越高，分子运动越激烈，每个分子的动能都一定越大2. 由相关电磁学理论可以知道，若圆环形通电导线的中心为O ，环的半径为R ，环中通以电流为I ，如图1所示，环心O 处的磁感应强度大小B =μ02⋅IR，其中μ0为真空磁导率。
若P 点是过圆环形通电导线中心O 点的轴线上的一点，且距O 点的距离是x ，如图2所示，有可能您不能直接求得P 点处的磁感应强度B ，但您能根据所学的物理知识判断出以下有关P 点磁感应强度B 的表达式是( )A. B P =μ02⋅R 2I(R 2+x 2)32B. B P =μ02⋅R 2I(R 2+x 2)C. B P =μ02⋅RI (R 2+x 2)32D. B P =μ02⋅R 3I(R 2+x 2)323. 如图所示，某空间存在着沿水平方向指向纸里的匀强磁场，磁场中固定着与水平面夹角为α的光滑绝缘斜面。
一个带电小球，从斜面顶端由静止开始释放，经过时间t ，小球离开了斜面。
斜面足够长( )A. 小球带正电，小球在斜面上做匀加速运动B. 小球带正电，小球在斜面上做变加速运动C. 小球带负电，小球在斜面上做匀加速运动D. 小球带负电，小球在斜面上做变加速运动4.一个匝数为100匝，电阻为0.5Ω的闭合线圈处于某一磁场中，磁场方向垂直于线圈平面，从某时刻起穿过线圈的磁通量按图示规律变化。
则线圈中产生交变电流的有效值为A. 5B.C. 6AD. 5A5.如图所示，一交流发电机的线圈通过滑环与理想变压器相连，理想变压器原线圈接有理想电压表和电流表，副线圈接有定值电阻和灯泡，它们的阻值相等(设灯泡阻值不变)，且均为R，当线圈由图示位置(磁场恰好与线圈平面垂直)以转速n匀速转运时，灯泡恰能正常发光，电流表示数为I，理想变压器原、副线圈的匝数比为k。
2019-2020学年赣州市十五县(市)联考高二下学期期中物理试卷(含答案解析)
2019-2020学年赣州市十五县(市)联考高二下学期期中物理试卷一、单选题（本大题共7小题，共28.0分）1.下列说法符合史实的是()A. 牛顿发现了行星的运动规律B. 开普勒发现了万有引力定律C. 卡文迪许第一次在实验室里测出了万有引力常量D. 牛顿发现了电磁感应现象2.交流发电机分两类，电枢转动，磁极不动的发电机叫做旋转电枢式发电机；磁极转动，电枢不动的发电机叫做旋转磁极式发电机。
一台旋转磁极式发电机，其电枢线圈有n匝，磁极转动过程中，穿过线圈的磁通量φ随时间t变化的规律如图所示。
下列判断正确的是()A. t=0时刻线圈位于中性面，感应电动势为零B. 该发电机磁极的转速为2πωC. 该发电机电动势的最大值为nφmωD. 外电路断开时，该发电机的端电压为nφmω3.压敏电阻的阻值随所受压力的增大而减小，某位同学利用压敏电阻设计了判断小车运动状态的装置，其工作原理如图(a)所示，将压敏电阻和一块挡板固定在光滑绝缘小车上，中间放置一个绝缘重球。
小车向右看做直线运动过程中，电流表示数如图(b)所示，下列判断正确的是()A. 从到时间内，小车做匀速直线运动B. 从到时间内，小车做匀加速直线运动C. 从到时间内，小车做匀速直线运动D. 从到时间内，小车做匀加速直线运动4.某交流电电压为u=10√2sin314t(V)，则()A. 击穿电压为10 V的电容器能直接接在此电源上B. 把电磁打点计时器接在此电源上，打点周期为0.01sC. 把额定电压为10 V的小灯泡直接接在此电源上，小灯泡将被烧坏D. 把额定电压为10 V的小灯泡直接接在此电源上，小灯泡能正常发光5.如图甲所示，手机置于充电垫上进行无线充电。
充电过程中，安装于充电垫内的线圈(线圈1)通过一定频率的正弦交流电，手机内部的受电线圈(线圈2，如图乙)产生感应电动势，为手机电池充电，实现能量的传输。
下列说法正确的是()A. 无线充电利用线圈的自感原理工作B. 充电过程中，穿过线圈2的磁通量不变C. 线圈2产生的电能不可能大于线圈1消耗的电能D. 线圈1和线圈2两端的电压之比等于线圈的匝数之比6.冰上表演刚开始时，甲、乙两人都静止不动，如图(甲)所示，随着优美的音乐响起，他们在相互猛推一下对方后分别向相反方向运动如图(乙)所示。
2020-2021学年江西省赣州市四所高中高二下学期期中联考物理试卷
【最新】江西省赣州市四所高中高二下学期期中联考物理试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．下列四幅图涉及不同的物理知识，其中说法不正确的是()A．图(甲)：普朗克通过研究黑体辐射提出能量子的概念，成为量子力学的奠基人之一B．图(乙)：玻尔理论指出氢原子能级是分立的，所以原子发射光子的频率也是不连续的C．图(丙)：卢瑟福通过分析α粒子散射实验结果，发现了质子和中子D．图(丁)：根据电子束通过铝箔后的衍射图样，可以说明电子具有粒子性2．以下说法中正确的是()A．光波是概率波，物质波不是概率波B．实物粒子不具有波动性C．实物粒子也具有波动性，只是不明显D．光的波动性是光子之间相互作用引起的3．某单色光照射某金属时不能产生光电效应，下列措施中可能使该金属产生光电效应的是（）A．延长光照时间B．增大光的强度C．换用频率较低的光照射D．换用波长较短的光照射4．某交流发电机给灯泡供电，产生正弦式交变电流的图象如图所示，下列说法中正确的是（）A．交变电流的频率为0.02HzB．交变电流的瞬时表达式为i＝5cos50πt（A）C．在t＝0.01s时，穿过交流发电机线圈的磁通量最大D．若发电机线圈电阻为0.4Ω，则其产生的热功率为5W5．如图甲所示，理想变压器的原、副线圈匝数比n1∶n2＝10∶1，L1和L2是相同型号的白炽灯，L1与电容器C串联，L2与带铁芯的线圈L串联，V为理想交流电压表.当原线圈接有如图乙所示的正弦交变电压时，电路稳定后，两只灯泡的亮度相同，则()A．与副线圈并联的电压表在t＝1×10－2 s时的示数为0B．与副线圈并联的电压表在t＝0.5×10－2 s时的示数为VC．当原线圈所接正弦交变电压的频率变为100 Hz时，灯泡L1变亮，灯泡L2变暗D．当原线圈所接正弦交变电压的频率变为100 Hz时，灯泡L1变暗，灯泡L2变亮6．下列说法中正确的是()A．根据F＝pt∆∆可把牛顿第二定律表述为：物体动量的变化率等于它受的合外力B．力与力的作用时间的乘积叫做力的冲量，它反映了力的作用对时间的累积效应，是一个标量C．易碎品运输时要用柔软材料包装，船舷常常悬挂旧轮胎，都是为了减少冲量D．玻璃杯掉在水泥地上易碎，是因为受到的冲量太大7．如图所示是利用硫化镉制成的光敏电阻自动计数的示意图，其中A是发光仪器，B是光敏电阻，R是普通定值电阻，下列说法中正确的是()A ．当传送带上没有物品挡住由A 射向B 的光信号时，光敏电阻的阻值变小，电压表读数变小B ．当传送带上没有物品挡住由A 射向B 的光信号时，光敏电阻的阻值变大，电压表读数变大C ．当传送带上有物品挡住由A 射向B 的光信号时，光敏电阻的阻值变小，电压表读数变小D ．当传送带上有物品挡住由A 射向B 的光信号时，光敏电阻的阻值变大，电压表读数变大8．在光滑水平面上，一质量为m 、速度大小为v 的A 球与质量为2m 静止的B 球碰撞后，A 球的速度方向与碰撞前相反．则碰撞后B 球的速度大小可能是( ) A ．0.6v B ．0.4vC ．0.3vD ．0.2v二、多选题9．某小型水电站的电能输送示意图如图所示,发电机的输出电压为200 V ,输电线总电阻为r,升压变压器原、副线圈匝数分别为n 1、n 2,降压变压器原、副线圈匝数分别为n 3、n 4(变压器均为理想变压器).要使额定电压为220 V 的用电器正常工作,则( )A ．n 2n 1>n 3n 4B ．n 2n 1<n 3n 4C ．升压变压器的输出电压等于降压变压器的输入电压D ．升压变压器的输出功率大于降压变压器的输入功率10．如图所示，一个质量为0.18kg 的垒球，以25m/s 的水平速度飞向球棒，被球棒打击后反向水平飞回，速度大小变为45m/s ，设球棒与垒球的作用时间为0.01s ，下列说法正确的是（ ）A．球棒对垒球的平均作用力大小为1260NB．球棒对垒球的平均作用力大小为360NC．球棒对垒球做的功为36JD．球棒对垒球做的功为126J三、实验题11．如图所示，在实验室用两端带有竖直挡板C和D的气垫导轨和有固定挡板的质量都是M的滑块A和B做“探究碰撞中的守恒量”的实验，实验步骤如下：Ⅰ.把两滑块A和B紧贴在一起，在A上放质量为m的砝码，置于导轨上，用电动卡销卡住A和B，在A和B的固定挡板间放入一轻弹簧，使弹簧处于水平方向上的压缩状态；Ⅱ.按下电钮使电动卡销放开，同时启动两个记录两滑块运动时间的电子计时器，当A 和B与固定挡板C和D碰撞同时，电子计时器自动停表，记下A至C的运动时间t1，B至D的运动时间t2；Ⅲ.重复几次，取t1和t2的平均值．(1)在调整气垫导轨时应注意________；(2)应测量的数据还有________；（写出相应物理量的名称和对应字母）(3)只要关系式________成立，即可得出碰撞中守恒的量是mv的矢量和．四、填空题12．在某次光电效应实验中，得到的遏制电压0u与入射光的频率 的关系如图所示，若该直线的斜率和截距分别为k和b，电子电荷量的绝对值为e，则普朗克常量可表示为，所用材料的逸出功可表示为．13．已知金属钙的逸出功为2.7 eV，氢原子的能级图如图所示，一群氢原子处于量子数n＝4能级状态，则氢原子最多能辐射________种频率的光子，有_______种频率的辐射光子能使钙发生光电效应五、解答题14．如图所示，当开关S断开时，用光子能量为2.50 eV的一束光照射光电管的阴极P，发现电流表的读数不为零．合上开关，调节滑动变阻器，发现当电压表的读数小于0.60 V时，电流表的读数仍不为零；当电压表的读数大于或等于0.60 V时，电流表的读数为零．求：(1) 光电子的最大初动能E k；(2) 该阴极材料的逸出功W0．15．交流发电机转子有n匝线圈，每匝线圈所围面积为S，匀强磁场的磁感应强度为B，匀速转动的角速度为ω，线圈内电阻为r，外电路电阻为R.当线圈由图中实线位置匀速转动90°到达虚线位置过程中，求：(1)通过R的电荷量q为多少？(2)R上产生电热Q R为多少？16．如图所示，质量为3m的木块静止放置在光滑水平面上，质量为m的子弹（可视为质点）以初速度v0水平向右射入木块，穿出木块时速度变为25v0，已知木块的长为L，设子弹在木块中的阻力恒定。
江西省赣州市四校协作体2020-2021学年高二下学期期中考试物理试题含答案解析
（2）感应电动势的瞬时值表达式；
C．在 时，线圈平面与磁场垂直
D．当接外电路时，线圈内的电流方向 内改变 次
3．如图所示，为一交变电流随时间变化的图象，此交流电的有效值是
A．10 AB． A
C．7 AD． A
4．如图所示，将额定电压为60V的用电器，通过一理想变压器接在正弦交变电源上．闭合开关S后，用电器正常工作，交流电压表和交流电流表(均为理想电表)的示数分别为220V和2.2A．以下判断正确的是()
A．U2>U1，U2降低
B．U2>U1，U2升高
C．U2<U1，U2降低
D．U2<U1，U2升高
6．如图，理想变压器原线圈输入电压u= ，副线圈电路中 为定值电阻，R是滑动变阻器。 和 是理想交流电压表，示数分别用 和 表示； 是理想交流电流表，示数分别用 和 表示。下列说法正确的是
A． 和 表示电流的瞬间值
C．用此电源给电磁打点计时器供电时，打点的时间间隔为
D．把标有“6V，3W”的小灯泡接在该电源上时，小灯泡将被烧毁
2．阻值不计的矩形线圈在匀强磁场中，绕垂直于磁感线的轴匀速转动，线圈两端的电压随时间的变化规律如图所示．则下列说法中正确的是
A．线圈两端电压的平均值为
B．电压表连接在线圈两端时，其示数为
B． 和 表示电压的最大值
C．滑片P向下滑动过程中， 不变、 变大
D．滑片P向下滑动过程中， 变小、 变小
7．如图甲是远距离输电线路示意图，图乙是用户端电压随时间变化的图象，则()
A．发电机产生的交流电的频率是100 Hz
B．降压变压器输出的电压有效值是340 V
C．输电线的电流仅由输送功率决定
2020-2021学年江西省赣州市高二期中考试(理科)_(物理)
2020-2021学年江西省赣州市高二期中考试（理科） (物理)一、选择题1. 如图是手持式金属探测器，它广泛应用于机场铁路等入口的安全检查，它的主要工作原理是电磁感应．以下应用也是利用了电磁感应原理的是（）A.电吹风B.避雷针C.动圈式话筒D.显像管2. 下列关于教材中四幅插图的说法正确的是（）A.图甲中，当手摇动柄使得蹄形磁铁转动，则铝框会同向转动，且和磁铁转得一样快B.图乙是真空冶炼炉，当炉外线圈通入高频交流电时，线圈中产生大量热量，从而冶炼金属C.丙是回旋加速器的示意图，当增大交流电压时，粒子获得的最大动能不变，所需时间变短D.图丁是微安表的表头，在运输时要把两个正、负接线柱用导线连在一起，这是为了保护电表指针，利用了电磁驱动原理3. 如图所示，圆形导体线圈，a平放在水平桌面上，在a的正上方固定一竖直螺线管b，二者轴线重合，螺线管与电源和滑动变阻器连接成如图所示的电路，若将滑动变阻器的滑片P向下滑动，下列表述正确的是（）A.线圈b中电流将减小B.线圈a有扩张的趋势C.穿过线圈a的磁通量减少D.线圈a中将产生从上向下看逆时针方向的感应电流4. 如图所示的交流电路中，如果电源电动势的最大值不变，交流电的频率增大时，可以观察到三盏电灯亮度的变化情况是（）A.L1、L2、L3亮度都不变B.L1变暗，L2不变、L3变亮C.L1变暗、L2变亮、L3不变D.L1变亮、L2变暗、L3不变5. 如图所示的电路中，P为滑动变阻器的滑片，保持理想变压器的输入电压U1不变，闭合开关S，下列说法正确的是（）A.P向下滑动时，灯L变暗B.P向下滑动时，变压器的输出电压增大C.P向上滑动时，变压器的输入电流变小D.P向下滑动时，变压器的输出功率变小6. 匝数为100匝的线圈甲电阻为R，其磁通变化如图甲所示，电阻也为R的电阻乙中通入如图乙所示的交变电流．则甲乙两者的电流强度的有效值之比为（）A.√3:√2B.√3:2C.√6:1D.3:√27. 如图所示，宽为2L且上、下边界都水平的匀强磁场区域的正上方有一个高为L的闭合矩形线框由静止从某高处释放，线框竖直下落过程中，下边始终保持水平，磁感应强度方向垂直线框平面向里，线框第一次从某高度由静止下落后，恰好匀速进入磁场，第二次调整下落高度后，线框恰好匀速穿过磁场下边界，用I1、I2分别表示第一次、第二次在整个进出磁场区域的过程中线框的感应电流大小，则下列反映线框的感应电流随位移变化的图像中可能正确的是（）A. B.C. D.二、多选题图甲为疫情期间某医院使用的应急发电机，图乙为它服务于应急供电系统简易原理图，不计发电机中矩形线圈的电阻，它工作时绕轴在磁感应强度为B的匀强磁场中匀速转动，图中有一降压变压器，它的副线圈上有一滑动触头P可上下移动，若用R0表示右侧输电线电阻，则下列说法正确的是（）A.若发电机矩形线圈某时刻处于图示位置，则矩形线圈此时磁通量变化最快B.若发电机矩形线圈稳定转动时，将滑动触头P向下滑动，流过R0的电流将变小C.当用户数目增多时，为使用户电压保持不变，滑动触头P应向下滑动D.若发电机线圈的转速减为原来的一半，用户获得的功率将减为原来的14如图甲，一个金属圆环与一个理想二极管串联后放在匀强磁场中，磁场方向垂直于圆环平面，规定磁场方向垂直于圆环平面向外为正方向，磁感应强度B在一个周期内随时间变化的规律如图乙所示．若规定圆环内顺时针方向为感应电流的正方向，则穿过圆环的磁通量Φ、圆环中的感应电流I、圆环的热功率P随时间变化的图像可能正确的是（）A. B.C. D.如图所示，两根间距为L的光滑平行金属导轨，OO′左侧向上弯曲，右侧水平，水平导轨处在磁感应强度为B的竖直向上的匀强磁场中．两根金属棒MN、PQ始终垂直导轨，与导轨接触良好，MN、PQ棒的长度均为L、质量均为m、阻值均为R．金属棒MN从竖直高度ℎ处由静止释放沿导轨下滑．导轨电阻不计，整个过程中金属棒MN和PQ未相碰，则（）A.释放后金属棒MN最终停在水平轨道上B.金属棒MN刚进入磁场时，金属棒PQ两端电压大小BL√2gℎ2C.整个过程中金属棒MN产生的焦耳热为14mgℎD.整个过程中流过金属棒PQ的电荷量为m√2gℎBL三、实验探究题某同学使用如图所示的三组器材探究电磁感应现象．（1）在甲图中，闭合开关S后，将滑片P向左迅速移动的过程中，线圈B中的磁通量________（选填“增大”或“减小”）．（2）在乙图中，将如图所示条形磁铁向下加速插入线圈的过程中，感应电流从________（选填“正”或“负”）极接线柱流入电表；（3）为判断线圈绕向，可将灵敏电流计G与线圈L连接，如图丙所示．已知线圈由a端开始绕至b端；当电流从电流计G左端流入时，指针向左偏转．当条形磁铁从图中的虚线位置向右远离L时，指针向左偏转．请在图中L上画上几匝线圈，以便能看清线圈绕向．某实验小组利用热敏电阻R t制作简易电子温度计，该热敏电阻说明书给出的阻值R随温度t变化的曲线如图甲所示．（1）为检验该热敏电阻的参数是否与图甲一致，测量部分温度下的阻值，设计图乙所示电路．把该热敏电阻置于恒温箱中，利用如下实验器材测量70∘C时热敏电阻的阻值．A．蓄电池（电动势6V，内阻不计）B．电压表（量程6V，内阻约10kΩ）C．电流表（量程100mA，内阻约20Ω）D．滑动变阻器R1（最大阻值999Ω）E．滑动变阻器R2（最大阻值25Ω）F．开关、导线若干①参照图甲中的参数，滑动变阻器R P应选用________（填“R1”或“R2”）；②单刀双掷开关应接在________（填“1”或“2”）．（2）经检测无误后，把该热敏电阻与（1）中蓄电池和电流表串联，制作简易温度计（如图丙所示）．①当电流表读数为10mA时，对应的温度为________∘C，该温度计能够测量的最高温度为________∘C．②测量多组数据，并在电流表表盘上标注出相应的温度值，绘制出表盘刻度．电流值越大，对应的温度________．（填“越低”或“越高”）四、解答题图1为健身用的单车，在人骑行时，车内的传感器可以把轮盘的速度值以及人体骑行消耗的能量转化为电信号显示在车头的显示屏上．它的工作原理可以简化成图2，其中a、b分别是从轮盘边缘和中心引出的导线的端点．已知匀强磁场磁感应强度B=2T，方向与轮盘垂直，轮盘半径r=0.25m，轮盘和导线电阻可忽略不计．某人在骑行时，保持轮盘边缘的线速度大小为v=8m/s．（1）请判断a、b哪一点电势高；（2）求a、b两点间的电压；（3）若在a、b间接一个阻值R=20欧姆的电阻，假定人体消耗的能量转化为电能的效率为75%，请问此人骑行该单车1小时，消耗了身体多少能量？KLMN是一个竖直放置的矩形导线框，电阻为r，全部处于磁感应强度为B的水平方向的匀强磁场中，线框面积为S，MN边水平，线框绕某一竖直轴以角速度ω匀速转动（俯视逆时针方向转动）．在MN边与磁场方向的夹角到达30∘时（图示位置）．求：（1）线框此时电流流过KN边的方向是向上还是向下；（2）此时导线框产生的瞬时电动势e的大小；（3）线框由此位置再转过30∘过程中通过线框横截面的电荷量．如图甲为某中小型水力发电站远距离输送单相交流电示意图，每根导线电阻为4Ω，远距离输电线的输送电流为100A，若升压变压器的输入电压如图乙所示，输入功率为720kW，在用户端起点接有交流电压表，求：（1）升压变压器原副线圈匝数比；（2）设降压变压器原副线圈匝数比32:11，求用户端交流电压表的示数；（3）若用户端全是照明用电，能使多少盏“220V、20W”的节能灯正常发光？如图所示，倾角α=37∘的固定粗糙斜面上，相隔d=8m的平行虚线MN与PQ间有大小为B=0.1T的匀强磁场，方向垂直斜面向下，一质量m=0.1kg，电阻R=0.2Ω、边长L=1m的正方形单匝纯电阻金属线圈从距PQ上方x=2.5m处由静止释放，沿斜面下滑进入磁场，且cd边刚离开磁场时线圈恰好加速度大小等于0.5m/s2．线框与斜面的动摩擦因素为0.25，重力加速度g=10m/s2．求：（1）cd边刚进入磁场时线圈的速度v1；（2）ab边刚进入磁场时线圈的速度v2；（3）线圈进入磁场时通过ab边的电荷量q和通过整个磁场的过程中ab边产生的热量．参考答案与试题解析2020-2021学年江西省赣州市高二期中考试（理科） (物理)一、选择题1.【答案】C【考点】电磁感应在生活和生产中的应用【解析】此题暂无解析【解答】解：A．电吹风用的是电流的热效应，故A错误；B．避雷针用的是静电感应，故B错误；C．动圈式话筒用的是电磁感应原理，故C正确；D．显像管用的是带电粒子在磁场中的偏转，故D错误．故选C．2.【答案】C【考点】电磁阻尼和电磁驱动回旋加速器涡流现象及其应用【解析】此题暂无解析【解答】解：A．根据电磁驱动原理，图甲中，当手摇动柄使得蹄形磁铁转动，则铝框会同向转动，线圈比磁铁转得慢，故A错误；B．图乙是真空冶炼炉，当炉外线圈通入高频交流电时，铁块中产生产生涡流，铁块中产生大量热量，从而冶炼金属，故B错误；C．当粒子从D形盒中出来时速度最大，根据qv m B=m v m2R ，得v m=qBRm，那么质子获得的最大动能E km=q2B2R2 2m ，则最大动能与交流电压U无关，根据T=2πmBq，若只增大交变电压U，不会改变质子在回旋加速器中运行的周期，但加速次数减少，则运行时间也会变短，故C正确；D．图丁是微安表的表头，在运输时要把两个正、负接线柱用导线连在一起，这是为了保护电表指针，利用了电磁阻尼原理，故D错误．故选C．3.【答案】D【考点】楞次定律【解析】首先明确滑动触头向下滑动时通过判断出线圈b中的电流增大，然后根据楞次定律判断出线圈a中感应电流的方向；本题利用“楞次定律的第二描述”求解将更为简便．【解答】解：ACD．当滑动触头P向下移动时电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知通过线圈b的电流增大，从而判断出穿过线圈a的磁通量向下增加，根据楞次定律即可判断出线圈a中感应电流方向俯视应为逆时针，故AC错误，D正确；B．根据楞次定律的第二描述“感应电流产生的效果总是阻碍引起感应电流的原因”，因为滑动触头向下滑动导致穿过线圈a的磁通量增加，故只有线圈面积减少时才能阻碍磁通量的增加，故线圈a应有收缩的趋势，故B错误．故选D．4.【答案】C【考点】电容器和电感器对交变电流的导通和阻碍作用【解析】根据感抗公式X L=2πfL和容抗公式x C=12πfc，定性讨论．【解答】解：感抗为X L=2πfL，容抗为x C=12πfC，当频率f增大时，感抗X L变大，容抗X C变小，感抗X L变大，对交流电的阻碍作用变大，所以L1变暗，容抗X C变小，对交流电的阻碍作用变小，所以L2变亮，而电阻器的对交流电的阻碍作用不随频率改变，所以L3亮度不变，所以L1变暗、L2变亮、L3不变，故ABD错误，C正确．故选C．5.【答案】D【考点】变压器的构造和原理变压器的动态分析【解析】与闭合电路中的动态分析类似，可以根据滑动变阻器R的变化，确定出总电路的电阻的变化，进而可以确定总电路的电流的变化的情况，再根据电压不变，来分析其他的元件的电流和电压的变化的情况．【解答】解：A．当滑动变阻器的滑片向下移动时，导致总电阻增大，由于输入电压U1不变，且原副线圈匝数不变，所以副线圈电压U2不变，副线圈干路电流I2减小，根据U并=U2−I2R，并联电压增大，灯泡亮度变亮，故A错误；B．当滑动变阻器R的滑片向下移动时，导致总电阻增大，由于输入电压U1不变，且原副线圈匝数不变，所以副线圈电压不变，故B错误；C．当滑动变阻器的滑片向上移动时，导致总电阻减小，由于输入电压U1不变，且原副线圈匝数不变，所以副线圈电压不变，则有副线圈的总电流增大，因此输入电流也变大，故C错误；D．当滑动变阻器的滑片向下移动时，导致总电阻增大，由于输入电压U1不变，且原副线圈匝数不变，所以副线圈电压不变，则有副线圈的总电流减小，则输出功率减小，故D正确．故选D．6.【答案】C【考点】交变电流的有效值【解析】掌握交变电流的有效值，瞬时值，峰值及电流的热效应的相关计算，主要侧重基本公式的考查．【解答】解：在图甲中，根据电磁感应电动势公式有E=nΔΦΔt，可知，0∼1.5s内电动势为E1=200V，1.5s∼2s内电动势为E2=600V，根据有效值的定义，有E12 R t1+E22Rt2=E有2Rt，解得感应电动势有效值U甲=200√3V，图乙，感应电动势有效值U乙=2=100√2V，则U甲:U乙=√6:1，所以甲、乙两者的电流强度的有效值之比I甲:I乙=U甲R:U乙R=√6:1，故ABD错误，C正确．故选C．7.【答案】B【考点】导线框切割磁感线电磁感应中的图象问题【解析】当线框进入磁场的过程中与出磁场的过程中，线框中有感应电流，线框完全在磁场中运动时，线框中没有感应电流．然后结合法拉第电磁感应定律与受力平衡、牛顿第二定律即可正确解答．【解答】解：AB．线框第一次从某高度由静止下落后，恰好匀速进入磁场，说明安培力与重力大小相等，方向相反，即：mg=BI0L，I0=ER =BLv0R，因为速度不变，所以感应电流的大小不变，线框完全在磁场中运动时，线框中没有感应电流，则没有安培力，线框做加速运动，速度增大，所以线框的下边刚出磁场时线框的速度大于v0，所以感应电流大于I0，线框受到的安培力大于mg，线框做减速运动，速度逐渐减小，所以安培力逐渐减小，线框做加速度逐渐减小的减速运动，若减速至v0时，安培力再次等于重力，线框重新做匀速运动，不存在速度小于v0的情况，所以线框中的电流不会小于I0，故A错误，B正确；CD．第二次调整下落高度后，线框恰好匀速穿过磁场下边界，说明线框到达下边的速度是v0，由于线框完全在磁场中运动时，线框中没有感应电流，则没有安培力，线框做加速运动，速度增大，所以线框完全进入磁场时的速度一定小于v0，则进入磁场的过程中产生的感应电流一定小于I0，所以安培力一定小于重力，线框加速度的方向向下，线框在进入磁场的过程中一定一直做加速运动，故CD错误．故选B．二、多选题【答案】C,D【考点】交流发电机及其产生正弦式电流的原理变压器的动态分析【解析】此题暂无解析【解答】解：A．若发电机线圈某时刻处于图示位置，通过线圈的磁通量最大，磁通量变化率为零，矩形线圈此时磁通量变化最慢，故A错误；B．当触头P向下移动，到达用户的电压增大，根据闭合电路欧姆定律，在用户电阻不变时，电流也增大，故B错误；C．当用户数目增多时，总功率增大、总电流增大、输电线的电压损失增大，为使用户电压保持不变，滑动触头P应向下滑动，故C正确；D．若发电机线圈的转速变为原来的12，根据E m=NBSω、ω=2πf可知感应电动势的最大值变为原来的12，有效值也变为原来的12，用户获得的电压也为原来的12，根据P=U2R可知，用户获得的功率将变为原来的14，故D正确．故选CD．【答案】B,C【考点】法拉第电磁感应定律闭合电路的欧姆定律电磁感应中的图象问题【解析】由磁通量的定义得解；由法拉第电磁感应定律及闭合电路欧姆定律解得电流，由楞次定律判断电流方向；由功率的表达式得解．【解答】解：AC．由楞次定律可知，在0∼T4内，回路电流沿正方向，在T4∼T2内沿反向，在T2∼ 34T内沿反向，最后T4内，电流沿正方向，由于二极管具有单向导电性，故中间一半周期T4∼3T4内无电流，由法拉第电磁感应定律：E =ΔΦΔt=ΔB⋅SΔt，又由闭合电路欧姆定律：E=IR，解得电路的电流为：I=ER=ΔB⋅SΔtR，由表达式可知，电流的变化规律与磁感应强度的变化率的变化情况相同，故A错误，C正确；B．由磁通量的定义：Φ=BS可知，磁通量的变化规律与磁感应强度的变化规律相同，故B正确；D．由功率的表达式：P=I2R可知，功率的变化与电流关系为：P=(ΔB⋅SΔt⋅R)2R，由表达式可知P与时间的二次方成反比，故D错误．故选BC．【答案】B,C【考点】电磁感应中的能量问题动量定理的基本应用双杆切割磁感线【解析】MN进入磁场后MN，PQ组成的系统动量守恒，应用动量守恒定律求出它们的共同速度；对PQ应用动量定理可以求出流过PQ的电荷量；应用能量守恒定律可以求出整个回路产生的焦耳热．【解答】解：A．金属棒MN以一定速度进入磁场后做减速运动，PQ做加速运动，MN进入磁场后MN、PQ组成的系统动量守恒，最终两者速度相等，一起做匀速直线运动，故A错误．B．对MN进入磁场前，根据动能定理得：mgℎ=12mv02，解得：v0=√2gℎ，金属棒MN刚进入磁场时切割磁感线产生的感应电动势为：E=BLv0，感应电流为：I=ER+R，金属棒PQ两端的电压为：U=IR，联立可得：U=BL√2gℎ2，故B正确．D．MN、PQ最终共速，设两导体棒最终匀速运动的速度为v，取向右为正方向，根据动量守恒得：mv0=2mv，解得：v=12√2gℎ，对金属棒PQ由动量定理得：BI¯Lt=mv−0，通过PQ的电荷量为：q=I¯t，解得：q=m√2gℎ2BL故D错误．C．整个过程中，设闭合回路产生的焦耳热为Q，对系统由能量守恒定律得：mgℎ=12⋅2mv2+Q，则金属棒MN产生的焦耳热为：Q R=RR+R Q=14mgℎ，故C正确．故选BC．三、实验探究题【答案】（1）减小（2）负（3）如解答图所示．【考点】研究电磁感应现象【解析】1．滑片P向右，电阻变小，电流变大，磁通量增大．2．棒向右平移，切割磁感线，指针偏转．3．S极向下插，磁场向上且增加，有感应电流产生，从电表的负极接线柱流入电表．【解答】解：（1）在甲图中，闭合开关S后，将滑片P向左迅速移动中，滑动变阻器接入电路的电阻变大，由闭合电路欧姆定律可知，电路中的电流变小，线圈A中电流变小，线圈A产生的磁场减弱，线圈B中的磁通量减少．（2）在乙图中，将条形磁铁S极向下加速插入线圈时，线圈中的磁场方向向上，磁通量增加，闭合电路中有感应电流产生，由楞次定律可知，感应电流从电表的负极接线柱流入电表．（3）当条形磁铁从图中虚线位置向右远离L时，穿过L的磁通量向上，磁通量减小，由楞次定律可知，感应电流磁场应向上，指针向左偏转，电流从左端流入电流表，由安培定则可知，其绕向如图所示：【答案】（1）①R1,②1（2）①10,90,②越高【考点】伏安法测电阻【解析】此题暂无解析【解答】解：（1）①参照图甲中的参数，70∘C时热敏电阻的阻值约为几十欧，为了测量时调节方便，并且电路是使用分压式接法，所以滑动变阻器R P应选用小阻值的，则选R1；②比较70∘C时热敏电阻的阻值、电压表内阻与电流表内阻，电流表的阻值较小，则电流表采用内接法，所以单刀双掷开关应接在1处．（2）①当电流表读数为10mA时，热敏电阻的阻值为R=EI=610×10−3Ω=600Ω，参照图甲中的参数可知，对应的温度为10∘C；当电流表读数为100mA时，热敏电阻的阻值为R′=EI m=6100×10=60Ω，参照图甲中的参数，对应的温度为90∘C．②由上分析可知，电流值越大，热敏电阻阻值越小，对应的温度越高．四、解答题【答案】（1）a点电势高；（2）a、b两点间的电压为2V；（3）此人骑行该单车1小时，消耗了身体的能量为1040J．【考点】单杆切割磁感线法拉第电磁感应定律电磁感应中的能量问题 焦耳定律的应用 【解析】 1 1 1【解答】 解：（1）转动的轮盘相当于切割磁感线的导体，根据右手定则，可知在外电路中，电流由a 点流向b 点，所以a 点电势高．（2）由法拉第电磁感应定律得U ab =ΔΦΔt=B×12×r×vΔtΔt=Brv 2=2V ．（3）由焦耳定律得电阻R 一小时消耗的电能为Q =U ab2Rt =720J ，所以人骑行一小时消耗的能量E =Q75%=1040J ． 【答案】（1）线框此时电流流过KN 边的方向是向上；（2）此时导线框产生的瞬时电动势e 的大小为√32BSω；（3）线框由此位置再转过30∘过程中通过线框横截面的电荷量为(√3−1)BS2R．【考点】交流发电机及其产生正弦式电流的原理 【解析】【解答】 解：（1）线框此时电流流过KN 边的方向是向上．（2）从垂直中性面开始计时感应电动势的瞬时表达式为E =E m cos ωt ， 当线圈平面与垂直中性面夹角为30∘时，即ωt =30∘， 则E =E m 2=√32BSω． （3）根据q =I ¯⋅Δt ， I ¯=E¯r ， E ¯=ΔΦΔt ，联立解得： q =ΔΦr=BS (sin 60∘−sin 30∘)r=(√3−1)BS2R．【答案】（1）升压变压器原副线圈匝数比为130；（2）用户端交流电压表的示数为220V ；（3）若用户端全是照明用电，能使32000盏“220V 、20W ”的节能灯正常发光． 【考点】 远距离输电交变电流的图象和三角函数表达式 【解析】【解答】 解：（1）由图乙知升压变压器输入端电压有效值为U 1=240V ， 根据输电功率公式，得输送电压为， U 2=PI 2=720×103100V =7200V ，根据电压与匝数成正比，得升压变压器原副线圈匝数比为n 1n 2=U 1U 2=240V 7200V=130．（2）输电线损失的电压为ΔU =I 2R 总=100×4×2V =800V ， 降压变压器输入端电压为U 3=U 2−ΔU =(7200−800)V =6400V ， 根据降压变压器原副线圈之比与电压成之比得n 3n 4=U3U 4，代入数据解得用户端得到的电压为 U 4=220V ．（3）输电线路损耗功率为 ΔP =ΔUI 2=80kW ， 所以用户得到的功率为，P 4=(720−80)kW =640kW ， 每盏灯正常发光的功率为20W ， 所以N =P4P 灯，代入数据解得N =32000盏． 【答案】（1）cd 边刚进入磁场时线圈的速度v 1=2√5m/s ；（2）ab 边刚进入磁场时线圈的速度v 2=5m/s ；（3）线圈进入磁场时通过ab 边的电荷量q =0.5C ，通过整个磁场的过程中ab 边产生的热量为Q =0.1375J ．【考点】导线框切割磁感线电磁感应中的动力学问题 电磁感应中的能量问题 【解析】【解答】 解：（1）线圈沿斜面向下运动，由动能定理有(mg sin 37∘−μmg cos 37∘)x =12mv 12，解得v 1=2√5m/s ．（2）若cd 边刚离开磁场时线圈加速度沿斜面向下，根据牛顿第二定律有 mg sin 37∘−BBLv 3RL −μmg cos 37∘=ma ，解得v 3=7m/s ，由整个线圈在磁场中匀加速可得 v 32−v 22=2(g sin 37∘−μg cos 37∘)(d −L)， v 2无解，若cd 边刚离开磁场时线圈加速度沿斜面向上，根据牛顿第二定律有 BBLv 3RL +μmg cos 37∘−mg =ma ，解得v 3=9m/s ，由整个线圈在磁场中匀加速可得， v 32−v 22=2(g sin 37∘−μg cos 37∘)(d −L )， 解得v 2=5m/s ．（3）线圈进入磁场过程中，通过ab 边的电荷量 q =I ¯⋅Δt ，由闭合电路欧姆定律得 I ¯=E¯R ，由法拉第电磁感应定律得 E ¯=ΔΦΔt ，解得q =ΔΦR=BL 2R=0.5C ，由能量守恒定律可得Q 总=(mg sin 37∘−μmg cos 37∘)(d +x +L )−12mv 32=0.55J ，正方形四边电阻相等，通过它们的电流也相等，所以ab 边产生的热量 Q =14Q 总=0.1375J ．。
2019-2020学年江西省赣州市定南二中高二下学期期中能力综合评价考试物理试题(解析版)
2019~2020学年度下学期期中能力综合评价考试高二年级物理考试试题一、选择题1.在验证光的波粒二象性的实验中，下列说法正确的是（）A. 光子通过狭缝的运动路线像水波一样B. 使光子一个一个地通过狭缝，如时间足够长，底片上将会显示衍射图样C. 光的粒子性是大量光子运动的规律D. 单个光子通过狭缝后，底片上会出现完整的衍射图样『答案』B 『解析』A．光子通过单缝后，体现的是粒子性。
故A错误；B．使光子一个一个地通过单缝，如果时间足够长，底片上中央到达的机会最多，其它地方机会较少。
因此会出现衍射图样，故B正确；C．单个光子通过单缝后打在底片的情况呈现出随机性，大量光子通过单缝后打在底片上的情况呈现出规律性。
所以少量光子体现粒子性，大量光子体现波动性，故C错误；D．要经过足够长的时间，大量光子在底片上会出现完整的衍射图样，故D错误。
故选B。
2.氢原子能级图如图所示，已知可见光光子的能量在1.61~3.10 eV范围内，则下列说法正确的是（）A. 处于基态的氢原子电离需要释放13.6 eV能量B. 氢原子处于n=2能级时，可吸收2.86 eV能量的光子跃迁到高能级C. 氢原子能量状态由n=2能级跃迁到n=1能级，放出的光子为可见光D. 大量氢原子处于n=4能级时，向低能级跃迁最多能发出10种不同频率的光子『答案』B『解析』A．处于基态的氢原子电离，需要吸收13.6eV的能量，故A错误；B ． 氢原子处于n =2能级时，可吸收2.86eV 能量的光子E n =2.86 eV -3.4 eV =-0.54eV 正好跃迁到n =5能级，故B 正确；C ． 氢原子从n =2能级跃迁到n =1能级时发出的光子能量△E =-3.4 eV -（-13.6 eV ）=10.2eV 不在1.62eV 到3.11eV 之间，不是可见光，故C 错误；D ． 大量处于n =4能级的氢原子，跃迁到基态的过程中，根据246C =，因此释放出6种频率的光子，故D 错误。
江西省赣州市兴国第四中学2020-2021学年高二物理联考试题带解析
江西省赣州市兴国第四中学2020-2021学年高二物理联考试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 在通电螺线管内部有一点A,通过A点的磁感线方向一定是（）A．从螺线管的N极指向S极B．放在该点的小磁针北极受力的方向C．从螺线管的S极指向N极ks5uD．放在该点的小磁针的南极受力的方向参考答案：BC2. （单选）关于物体的重心，下列说法正确的是A．物体的重心一定在物体上B．用线竖直悬挂的一薄板静止时，线的方向不一定通过其重心C．形状规则的物体的重心一定在物体的几何中心D．重心的位置与物体的形状和质量分布有关参考答案：DA、重心可以在物体上，也可以在物体之外，如空心的球体重心在球心上，不在物体上，故A错误；B、用线竖直悬挂的物体静止时，由于只受重力和绳子拉力作用，二力平衡，等大反向，因此线所在的直线一定通过重心，故B错误；CD、重心在物体上的位置与物体的形状和物体质量分布两个因素有关，故C正确D错误。
故选D。
3. 在下列各图中，已标出了磁场B的方向、通电直导线中电流I的方向，以及通电直导线所受安培力F的方向，其中符合左手定则的是（）参考答案：D4. 关于天然放射现象，下列说法正确的是（）A．α射线是由氦原子核衰变产生的 B．β射线是由原子核外电子电离产生的C．γ射线是由原子核外的内层电子跃迁产生的 D．通过化学反应不能改变物质的放射性参考答案：D5. 两电阻串联接在电压恒定的电源上，用两只精度都很高的不同的电压表分别去测量同一电阻两端的电压，甲表测得示数为10.1V，乙表测得示数为10.3V，则可知A．乙表示数比甲表示数更接近该电阻两端原来的电压B．甲表内阻比乙表内阻大C．该电阻两端原来的电压必大于10.3VD．该电阻两端原来的电压必在10.1V和10.3V之间参考答案：AC二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 长为L的水平通电直导线放在倾角为的光滑的斜面上，并处在磁感应强度为B的匀强磁场中，若磁场方向竖直向上，则电流为I1时导线平衡，若磁场方向垂直于斜面向上，则电流为I2时导线平衡，那么样I1：I2=参考答案：7. 在同一直线上依次有a、b、c三点，且bc=3ab，在a点固定一个带正电的小球，在b点引入电量为2.0×10－8C的检验电荷，其所受电场力为2.0×10－6N。
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江西省赣州市四所高中2016-2017学年高二物理下学期期中联考试题一、选择题。
（本大题共10个小题，每小题4分，共40分。
在每小题给出的四个选项中，7-10题有多个选项正确，其余小题只有一个选项正确，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错的或不答的得0分。
）1、下面是有关物理学史的知识，其中说法不正确的是( )A．普朗克通过研究黑体辐射提出能量子的概念，成为量子力学的奠基人之一B．玻尔理论指出氢原子能级是分立的，所以原子发射光子的频率是不连续的C．卢瑟福通过分析α粒子散射实验结果，提出了原子的核式结构模型D．根据电子束通过铝箔后的衍射图样，可以说明电子具有粒子性2、以下说法中正确的是( )A．光波是概率波，物质波不是概率波 B．实物粒子不具有波动性C．实物粒子也具有波动性，只是不明显 D．光的波动性是光子之间相互作用引起的3、某单色光照射某金属时不能产生光电效应，则下述措施中可能使该金属产生光电效应的是( ) A．延长光照时间 B．增大光的强度C．换用波长较短的光照射 D．换用频率较低的光照射4、某交流发电机给灯泡供电,产生正弦式交变电流的图像如图所示,下列说法中正确的是( )A.交变电流的频率为0.02 HzB.交变电流的瞬时表达式为i=5cos(50πt) AC.在t=0.01 s时,穿过交流发电机线圈的磁通量为最大D.若发电机线圈电阻为0.4 Ω,则其产生的热功率为5 W5、如图甲所示，理想变压器的原、副线圈匝数比n1: n2=10:1，L1和L2是相同型号的白炽灯，L1与电容器C串联。
L2与带铁芯的线圈L串联，为交流电压表，当原线圈接有如图乙所示的正弦交变电压时，两只灯泡的亮度相同，则（）A．与副线圈并联的电压表在t=1×l0-2时的示数为0B．与副线圈并联的电压表在t=0.5×l0-2时的示数为VC．当原线圈所接正弦交变电压的频率变为100Hz时，灯泡L1变亮，灯泡L2变暗D．当原线圈所接正弦交变电压的频率变为100Hz时，灯泡L1变暗，灯泡L2变亮6、下列说法中正确的是 ( )A ．根据F ＝Δp Δt可把牛顿第二定律表述为：物体动量的变化率等于它受的合外力 B ．力与力的作用时间的乘积叫做力的冲量，它反映了力的作用对时间的累积效应，是一个标量C ．易碎品运输时要用柔软材料包装，船舷常常悬挂旧轮胎，都是为了减少冲量D ．玻璃杯掉在水泥地上易碎，是因为受到的冲量太大7、某小型水电站的电能输送示意图如图所示,发电机的输出电压为200 V,输电线总电阻为r,升压变压器原、副线圈匝数分别为n 1、n 2,降压变压器原、副线圈匝数分别为n 3、n 4(变压器均为理想变压器).要使额定电压为220 V 的用电器正常工作,则( )A.>B.<C.升压变压器的输出电压等于降压变压器的输入电压D.升压变压器的输出功率大于降压变压器的输入功率8、如图所示是利用硫化镉制成的光敏电阻自动计数的示意图，其中A 是发光仪器，B 是光敏电阻，R 是普通定值电阻，下列说法中正确的是( )A ．当传送带上没有物品挡住由A 射向B 的光信号时，光敏电阻的阻值变小，电压表读数变小B ．当传送带上没有物品挡住由A 射向B 的光信号时，光敏电阻的阻值变大，电压表读数变大C ．当传送带上有物品挡住由A 射向B 的光信号时，光敏电阻的阻值变小，电压表读数变小D ．当传送带上有物品挡住由A 射向B 的光信号时，光敏电阻的阻值变大，电压表读数变大9、一个质量为0.18 kg 的垒球，以25 m/s 的水平速度飞向球棒，被球棒打击后反向水平飞回，速度大小变为45 m/s ，设球棒与垒球的作用时间为0.01 s 。
下列说法正确的是( )A ．球棒对垒球的平均作用力大小为1 260 NB ．球棒对垒球的平均作用力大小为360 NC ．球棒对垒球做的功为126 JD ．球棒对垒球做的功为36 J10、在光滑水平面上，一质量为m 、速度大小为v 的A 球与质量为2m 静止的B 球碰撞后，A 球的速度方向与碰撞前相反。
则碰撞后B 球的速度大小不可能是( )A ．0.8vB ．0.6vC ．0.4vD ．0.2v 二、实验题。
（本题共3小题，11和12题每空2分，13题每空3分，共16分。
请把答案填在题中的横线上）11、如图所示，在实验室用两端带有竖直挡板C 和D 的气垫导轨和有固定挡板的质量都是M 的滑块A 和B 做“探究碰撞中的守恒量”的实验，实验步骤如下：Ⅰ.把两滑块A和B紧贴在一起，在A上放质量为m的砝码，置于导轨上，用电动卡销卡住A和B，在A和B的固定挡板间放入一轻弹簧，使弹簧处于水平方向上的压缩状态；Ⅱ.按下电钮使电动卡销放开，同时启动两个记录两滑块运动时间的电子计时器，当A和B与固定挡板C和D碰撞同时，电子计时器自动停表，记下A至C的运动时间t1，B至D的运动时间t2；Ⅲ.重复几次，取t1和t2的平均值。
(1)在调整气垫导轨时应注意________；(2)应测量的数据还有________；（写出相应物理量的名称和对应字母）(3)只要关系式________成立，即可得出碰撞中守恒的量是mv的矢量和．12、在某次光电效应实验中，得到的遏止电压Uc与入射光的频率ν的关系如图所示。
若该直线的斜率和截距分别为k和b，电子电荷量的绝对值为e，则普朗克常量可表示为________，所用材料的逸出功可表示为________。
13、已知金属钙的逸出功为2.7 eV，氢原子的能级图如图所示，一群氢原子处于量子数n＝4能级状态，则氢原子最多能辐射种频率的光子，有种频率的辐射光子能使钙发生光电效应三、计算题。
（本大题共4小题，共44分。
把答案填在题中的横线上或按题目要求作答。
解答时应写出必要的文字说明、方程式或重要演算步骤。
只写出最后答案的不能得分。
有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。
）14、（8分）如图所示，当开关S断开时，用光子能量为2.5 eV的一束光照射阴极P，发现电流表读数不为零。
合上开关，调节滑动变阻器，发现当电压表读数小于0.60 V时，电流表读数仍不为零；当电压表读数大于或等于0.60 V时，电流表读数为零。
(1)求此时光电子的最大初动能的大小；(2)求该阴极材料的逸出功。
(以eV为单位)15、（10分）交流发电机转子有n匝线圈，每匝线圈所围面积为S，匀强磁场的磁感应强度为B，匀速转动的角速度为ω，线圈内电阻为r，外电路电阻为R.当线圈由图中实线位置匀速转动90°到达虚线位置过程中，求：(1)通过R的电荷量q为多少？(2)R上产生电热Q R为多少？16、（12分）如图所示，质量为3m的木块静止放置在光滑水平面上，质量为m的子弹(可视为质点)以初速度v 0水平向右射入木块，穿出木块时速度变为25v 0，已知木块的长为L ，设子弹在木块中的阻力恒定。
试求：（1）子弹穿出木块后，木块的速度大小v ； （2）子弹受到的阻力多大？（3）子弹在木块中运动的时间t 。
17、（14分）如图所示，固定点O 上系一长L = 0.6 m 的细绳，细绳的下端系一质量m = 1.0 kg 的小球（可视为质点），原来处于静止状态，球与平台的B 点接触但对平台无压力，平台高h = 0.80 m ，一质量M = 2.0 kg 的物块开始静止在平台上的P 点，现对M 施予一水平向右的初速度v 0，物块M 沿粗糙平台自左向右运动到平台边缘B 处与小球m 发生正碰，碰后小球m 在绳的约束下做圆周运动，经最高点A 时，绳上的拉力恰好等于摆球的重力，而M 落在水平地面上的C 点，其水平位移s = 1.2 m ，不计空气阻力，g =10 m/s 2 ，求：（1）质量为M 物块落地时速度大小？（2）若平台表面与物块间动摩擦因数μ=0.5，物块M 与小球的初始距离为S 1=1.3m ，物块M 在P 处的初速度大小为多少？高二物理答案一、选择题1、D2、C3、C4、D5、C6、A7、AD 8、AD 9、AC 10、ACD二、实验题11、 (1)使气垫导轨水平(2)滑块A 的左端到挡板C 的距离x 1和滑块B 的右端到挡板D 的距离x 2(3)(M ＋m)x1t1＝Mx2t2 12、 ek －eb 13、 6 3三、计算题14、解析： 设用光子能量为2.5 eV 的光照射阴极P 时，光电子的最大初动能为Ek ，阴极材料逸出功为W 0，当反向电压达到U ＝0.60 V 以后，具有最大初动能的光电子也达不到阳极，因此eU ＝E k ，……………………3分光电效应方程：E k ＝hν－W 0.………………3分由以上两式解得E k ＝0.6 eV ，W 0＝1.9 eV.………………2分所以此时最大初动能为0.6 eV ，该阴极材料的逸出功为1.9 eV.答案： (1)0.6 eV (2)1.9 eV15、解析 (1)按照电流的定义I ＝q /t ，计算电荷量q 应该用电流的平均值：即q ＝I t ，而I ＝ER ＋r ＝n ΔΦt R ＋r ＝nBS t R ＋r ，q ＝nBS R ＋r ，这里电流和电动势都必须要用平均值，不能用有效值、最大值或瞬时值．……………………4分(2)求电热应该用有效值，先求总电热Q ，再按照内外电阻之比求R 上产生的电热Q R .Q ＝I 2(R ＋r )t ＝E 2R ＋r ·π2ω＝nBSω2π2R ＋r 2ω＝πωn 2B 2S 24R ＋r ，………………4分 Q R ＝R R ＋r Q ＝πωn 2B 2S 2R 4R ＋r 2.这里的电流必须要用有效值，不能用平均值、最大值或瞬时值． ………………2分16、【解析】 (1)子弹与木块相互作用过程，满足动量守恒定律：mv 0＝m 25v 0＋3mv ………………………………3分 解得：v ＝v05.……………………………………1分 (2)对系统应用功能关系：fL ＝12mv 20－12m ⎝ ⎛⎭⎪⎫25v02－123mv 2………………………………3分 解得：f ＝9mv2025L…………………………………………1分 （3）对木块应用动量定理：ft ＝3mv …………………………3分解得：t ＝5L 3v0.……………………………………………………1分 【答案】 (1)v ＝v05 (2) f ＝9mv2025L （3）t ＝5l 3v017、【解析】 解析：（1）碰后物块M 做平抛运动，设其 平抛运动的初速度为V3221gt h = …… ① （1分） S = V 3t …… ② （1分）得：hg S V 23== 3.0 m/s …… ③ （1分） 落地时的竖直速度为：gh V y 2== 4.0 m/s …… ④ （1分）所以物块落地时的速度大小：223y V V V +== 5.0 m/s …… （1分）⑤（2）物块与小球在B 处碰撞，设碰撞前物块的速度为V 1，碰撞后小球的速度为V 2，由动量守恒定律：MV 1 = mV 2 + MV 3 …… ⑥ （2分）碰后小球从B 处运动到最高点A 过程中机械能守恒，设小球在A 点的速度为V A ： mgL mV mV A 22121222+= …… ⑦（2分） 小球在最高点时依题给条件有：LV m mg A 22= …… ⑧ （1分） 由⑦⑧解得：V 2 = 6.0 m/s …… ⑨由③⑥⑨得：MMV mV V 321+== 6.0 m/s …… ⑩ （1分） 物块M 从P 运动到B 处过程中，由动能定理：202112121MV MV MgS -=-μ … ⑾（2分）21 02gSVVμ+== 7.0 m/s ……⑿（1分）解得：1。