2014年高考总复习 物理专题针对训练：选修3-1第七章实验八知能优化演练
高考总复习物理试题选修3-1第7章实验十知能优化演练
1．使用多用电表的欧姆挡测电阻时，下列说法不．正确的是( ) A ．测量前应检查指针是否停在“Ω”刻度线的“∞”处B ．每一次换挡，都要重新进行一次调零C ．在外电路，电流从红表笔流经被测电阻到黑表笔D ．测量时，若指针偏转很小(靠近∞附近)，应换倍率更大的挡进行测量解析：选C.测电阻前，先进行机械调零和电阻调零，故A 正确；每次换挡，都必须进行电阻调零，B 正确；在外电路，电流从黑表笔流向红表笔，C 错；指针偏角小说明待测电阻较大，而指针在中央附近误差小，故应换大倍率的挡测量，故D 正确．2．实验桌上放着晶体二极管、电阻、电容器各一只，性能均正常，外形十分相似，现将多用表转换开关拔到R ×100 Ω挡，分别测它们的正负电阻加以鉴别：测甲元件时，R 正＝R 反＝0.5 kΩ；测乙元件时，R 正＝0.5 kΩ，R 反＝100 kΩ；测丙元件时，开始指针偏转到0.5 kΩ，接着读数逐渐增加，最后停在100 kΩ上．则甲、乙、丙三个元件分别是( )A ．电容、电阻、二极管B ．电阻、电容、二极管C ．电阻、二极管、电容D ．二极管、电阻、电容解析：选C.应明确各元件的特性：二极管具有单向导电性，正向电阻很小，反向电阻很大；电容器充电时有电流而稳定后电流为零，而欧姆表内接有电源，因而刚开始给电容器充电时电流大，电阻示数小，稳定后电流为零，电阻示数为无穷大．3．在黑箱内有一由四个阻值相同的电阻构成的串并联电路，黑箱面板上有三个接线柱1、2和3.用欧姆表测得1、2接线柱之间的电阻为1 Ω，2、3接线柱之间的电阻为1.5 Ω，1、3接线柱之间的电阻为2.5 Ω.(1)在虚线框中画出黑箱中的电阻连接方式；(2)如果将1、3接线柱用导线连接起来，1、2接线柱之间的电阻为________ Ω.解析：(1)设每个电阻阻值均为R ＝1 Ω，R 1、2＝1 Ω＝R ，则1、2之间只有一个电阻．R 2、3＝1.5 Ω，则2、3之间有两个电阻并联，其阻值为12R ，然后和一个R 组成串联电路．同理R 1、3＝2.5 Ω，则1、3之间有两个电阻并联，然后和两个R 组成串联电路，因此电路连接方式见答案．(2)若将1、3用导线连接起来，则电路如图甲所示，，等效电路如图乙，其阻值R 1、2′＝R ×1.5R R ＋1.5R ＝1.52.5R ＝0.6 Ω.甲 乙答案：(1)如图所示(2)0.64.(2012·高考天津卷)某同学在进行扩大电流表量程的实验时，需要知道电流表的满偏电流和内阻．他设计了一个用标准电流表G1来校对待测电流表G2的满偏电流和测定G2内阻的电路，如图所示．已知G1的量程略大于G2的量程，图中R1为滑动变阻器，R2为电阻箱．该同学顺利完成了这个实验．(1)实验过程包含以下步骤，其合理的顺序依次为________(填步骤的字母代号)．A．合上开关S2B．分别将R1和R2的阻值调至最大C．记下R2的最终示数D．反复调节R1和R2的阻值，使G1的示数仍为I1，使G2的指针偏转到满刻度的一半，此时R2的最终示数为rE．合上开关S1F．调节R1使G2的指针偏转到满刻度，此时G1的示数为I1，记下此时G1的示数(2)仅从实验设计原理上看，用上述方法得到的G2内阻的测量值与真实值相比________(选填“偏大”、“偏小”或“相等”)(3)若要将G2的量程扩大为I，并结合前述实验过程中测量的结果，写出需在G2上并联的分流电阻R S的表达式，R S＝________.解析：(2)根据串并联电路的特点可知，G2内阻的测量值等于真实值．(3)根据上述测量可知，G2的量程为I1，内阻为r.要将G2的量程扩大为I，由并联电路规律可知，I1r＝(I－I1)R S，解得R S＝I1rI－I1.答案：(1)BEFADC(2)相等(3)I1rI－I15. (2013·山东省实验中学检测)在物理课外活动中，刘聪同学制作了一个简单的多用电表，如图为电表的电路图．已知选用的电流表内阻R g＝10 Ω、满偏电流I g＝10 mA，当选择开关接3时为量程250 V的电压表．该多用电表表盘如图甲所示，下排刻度均匀，C为上排刻度线的中间刻度，由于粗心，上排刻度线对应数据没有指出．(1)若指针在图甲所示位置，选择开关接1时其读数为______；选择开关接3时其读数为________．(2)为了测该多用电表电阻挡的电阻和表内电源的电动势，刘聪同学在实验室找到了一个电阻箱，设计了如下实验：①将选择开关接2，红黑表笔短接，调节R1的阻值使电表指针满偏；②将电表红黑表笔与电阻箱相连，调节电阻箱使电表指针指C处，此时电阻箱的示数如图乙，则C处刻度应为____ Ω.③计算得到多用电表内电池的电动势为________ V．(保留两位有效数字)(3)调零后将电表红黑表笔与某一待测电阻相连，若指针指在图甲所示位置，则待测电阻的阻值为________ Ω.(保留两位有效数字)解析：(1)接1为电流表，满偏10 mA ，则读数为6.90 mA ；接3为电压表，满偏250 V ，则读数为173 V.(2)电阻箱的电阻为R x ＝100×1＋10×5＝150(Ω)，由闭合电路欧姆定律得E ＝I ·2R x ＝1.5 V.(3)设待测电阻为R ，则E ＝I (R x ＋R )，则R ＝E I －R x ＝ 1.56.9×10－3－150＝67(Ω)． 答案：(1)6.90 mA(6.84 mA ～6.96 mA 都给分) 173 V(171 V ～175 V 都给分) (2)1501.5 (3)67(65～69都给分)。
高考总复习物理试题选修3-1第7章第2讲知能演练轻巧夺冠
一、单项选择题1．如图，电源的内阻不能忽略，当电路中点亮的电灯的数目增多时，下面说法正确的是( )A ．外电路的总电阻逐渐变大，电灯两端的电压逐渐变小B ．外电路的总电阻逐渐变大，电灯两端的电压不变C ．外电路的总电阻逐渐变小，电灯两端的电压不变D ．外电路的总电阻逐渐变小，电灯两端的电压逐渐变小解析：选D.由于电源内阻不能忽略，并联电灯数目增多时，总电阻变小，路端电压变小，故电灯两端的电压变小，D 正确．2.如图所示，电动势为E 、内阻为r 的电池与定值电阻R 0、滑动变阻器R 串联，已知R 0＝r ，滑动变阻器的最大阻值是2r .当滑动变阻器的滑片P 由a 端向b 端滑动时，下列说法中正确的是( )A ．路端电压变大B ．电路中的电流变小C ．滑动变阻器消耗的功率变小D ．定值电阻R 0上消耗的功率变小解析：选C.当滑动变阻器的滑片P 由a 端向b 端滑动时，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，整个电路总电阻变小，由闭合电路欧姆定律得I ＝ER 0＋R 滑＋r，电路中的电流变大，内电压U ＝Ir 变大，路端电压变小，由P ＝I 2R 0知定值电阻R 0上消耗的功率变大，A 、B 、D 错误；当滑片P 置于a 点时，由于R 滑＝2r ＝r ＋R 0，这时可把定值电阻R 0看做电源的内阻，则此时滑动变阻器消耗的功率最大，滑片P 从a 向b 端滑动的过程中，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，则其消耗的功率变小，C 正确．3．(2013·厦门外国语学校模拟)用如图所示的电路来测量电池电动势和内电阻，根据测得的数据作出如图所示的U －I 图线，由图可知( )①电池电动势的测量值为1.40 V ②电池内阻的测量值为3.50 Ω③外电路发生短路时的电流为0.40 A④电压表的示数为1.20 V 时，电流表的示数I ′＝0.20 A A ．①② B.②③ C ．①④ D ．②④解析：选C.由闭合电路欧姆定律U ＝E －Ir 知当I ＝0时，U ＝E ，故①正确．U －I 直线的斜率表示电源的内阻，则r ＝ΔU ΔI ＝1.40－1.000.40－0Ω＝1 Ω，②错误．U 轴的电压刻度不是从零开始的，U －I 图线的横截距不再表示U ＝0时的短路电流，而是表示路端电压为1.00 V时的干路电流是0.4 A ，③错误．因为ΔUΔI ＝r ＝常数，从图中易知1.40－1.20I ′＝1.40－1.000.40，所以I ′＝0.20 A ，故④正确．4．如图为小灯泡的U －I 图线，若将该小灯泡与一节电动势E ＝1.5 V ，内阻r ＝0.75 Ω的干电池组成闭合电路时，电源的总功率和小灯泡的实际电功率分别接近以下哪一组数据( )A ．1.5 W 1.0 WB ．0.75 W 0.5 WC ．0.75 W 0.75 WD ．1.5 W 0.75 W解析：选D.在题图中画出电源的U －I 图象，与灯泡的U －I 图象的交点为I ＝1.0 A ，U ＝0.75 V ，则电源的总功率P 总＝EI ＝1.5 W ，灯泡的功率P 灯＝UI ＝0.75 W ，故D 正确．5.在如图所示电路中，当滑动变阻器滑片P 向下移动时，则( )A ．A 灯变暗、B 灯不变、C 灯变亮 B ．A 灯变亮、B 灯变亮、C 灯变暗 C ．A 灯变亮、B 灯变暗、C 灯变暗D ．A 灯变亮、B 灯变暗、C 灯变亮解析：选D.滑片P 向下移动，变阻器接入电路中的电阻减小，外电路总电阻减小，根据I ＝ER ＋r知，电路总电流增大，A 灯两端电压U A 增大而变亮，根据U＝E －Ir ，路端电压变小，U ＝U A ＋U B ，所以U B 减小，B 灯电阻不变，所以B 灯电流I B 减小，B 灯变暗．干路电流I ＝I B ＋I C ，因为I 增大、I B 减小，所以I C 增大，C 灯应变亮，选项D 是正确的．6．(2013·陕西五校一模)在如图所示的电路中，两个灯泡均发光，当滑动变阻器的滑动触头向下滑动时，则( )A ．A 灯变亮，B 灯亮暗 B ．A 灯和B 灯都变亮C ．电源的输出功率减小D ．电源效率降低解析：选A.当滑动触头向下滑动时，R 总变大，由I 总＝ER 总＋r，U A ＝E －I 总R 1知U A 增大，故A 灯变亮，I 总＝I A ＋I B ＋I R 2，I 总减小，而I A 、I R 2均增加，故I B 减小，B 灯变暗，A正确，B 错误．P 输＝⎝⎛⎭⎫E R 总＋r 2R 总＝E 2(R 总－r )2R 总＋4r ，当R 总增加时，因R 总与r 大小关系未知，不能判断P 输具体如何变化，故C 错误．η＝U 外I EI ×100%＝R 总R 总＋r×100%，当R 总增加时，η增加，故D 错误．7．(2013·东北三校模拟)如图所示，C 1＝6 μF ，C 2＝3 μF ，R 1＝3 Ω，R 2＝6 Ω，电源电动势E ＝18 V ，内阻不计．下列说法正确的是( )A ．开关S 断开时，a 、b 两点电势相等B ．开关S 闭合后，a 、b 两点间的电流是2 AC ．开关S 断开时C 1带的电荷量比开关S 闭合后C 1带的电荷量小D ．不论开关S 断开还是闭合，C 1带的电荷量总比C 2带的电荷量大解析：选B.S 断开时外电路处于断路状态，两电阻中无电流通过，电阻两端电势相等，由图知a 点电势与电源负极电势相等，而b 点电势与电源正极电势相等，A 错误．S 断开时两电容器两端电压都等于电源电动势，而C 1＞C 2，由Q ＝CU 知此时Q 1＞Q 2，当S 闭合时，稳定状态下C 1与R 1并联，C 2与R 2并联，电路中电流I ＝ER 1＋R 2＝2 A ，此时两电阻两端电压分别为U 1＝IR 1＝6 V 、U 2＝IR 2＝12 V ，则此时两电容器所带电荷量分别为Q 1′＝C 1U 1＝3.6×10－5 C 、Q 2′＝C 2U 2＝3.6×10－5 C ，对电容器C 1来说，S 闭合后其两端电压减小，所带电荷量也减小，故B 正确，C 、D 错误．☆8.在如图所示的电路中，R 1、R 2、R 3均为可变电阻．当开关S 闭合后，两平行金属板M 、N 中有一带电油滴正好处于静止状态．为使带电油滴向上加速运动，可采取的措施是( )A ．增大R 1的阻值B ．减小R 2的阻值C ．减小R 3的阻值D ．增大M 、N 间距解析：选B.因为滑动变阻器R 1与平行板电容器串联，故无论R 1变大还是变小，电容器两极板间的电压都等于并联部分可变电阻R 3两端电压，故选项A 错误；当滑动变阻器R 2减小时，电路的电阻变小，则电路的总电阻变小，电流变大，可变电阻R 3的分压变大，电容器两极板间的电压变大，所以电场力变大，油滴向上运动，故选项B 正确；当减小可变电阻R 3的阻值时，电路的电流也变大，因此内电压和R 2的分压变大，则可变电阻R 3的分压变小，所以电场力变小，油滴向下运动，故选项C 错误；当增大极板间的距离时，由E ＝Ud，电场强度变小，故电场力变小，油滴向下运动，选项D 错误．☆9.某同学将一直流电源的总功率PE 、输出功率P R 和电源内部的发热功率P r 随电流I 变化的图线画在同一坐标系内，如图所示，根据图线可得下列说法错误的是( )A ．反映P r 变化的图线是cB ．电源电动势为8 VC ．电源内阻为2 ΩD ．当电流为0.5 A 时，外电路的电阻为6 Ω解析：选B.电源的总功率P E ＝IE ，功率与电流成正比，由P r ＝I 2r 知电源内部的发热功率与电流的平方成正比，A 正确．电流为2 A 时电源的总功率与发热功率相等，可得出电源电动势为4 V ，内阻为2 Ω，当电流为0.5 A 时，根据闭合电路欧姆定律可得出外电路的电阻为6 Ω，C 、D 正确．二、非选择题10.在如图所示的电路中，电源的电动势E ＝3.0 V ，内阻r ＝1.0 Ω.电阻R 1＝10 Ω，R 2＝10 Ω，R 3＝30 Ω，R 4＝35 Ω；电容器的电容C ＝100 μF.电容器原来不带电．求闭合电键S 后流过R 4的总电荷量．解析：由电阻的串、并联公式，得闭合电路的总电阻为R ＝R 1(R 2＋R 3)R 1＋R 2＋R 3＋r由欧姆定律得，通过电源的电流I ＝ER电源的路端电压U ＝E －Ir电阻R 3两端的电压U ′＝R 3R 2＋R 3U通过R 4的总电量就是电容器的电量Q ＝CU ′由以上各式并代入数据解得Q ＝2.0×10－4 C.答案：2.0×10－4 C 11．(2013·西安模拟)如图所示，电路中电源内阻不计，水平放置的平行金属板A 、B 间的距离为d ，金属板长为L .在两金属板左端正中间位置M ，有一个小液滴以初速度v 0水平向右射入两板间，已知小液滴的质量为m ，小液滴带负电，电荷量为q .要使液滴从B 板右侧边缘射出电场，电动势E 是多大？重力加速度用g 表示．解析：由闭合电路欧姆定律得I ＝E R ＋R ＝E2R两金属板间电压为U AB ＝IR ＝E2由牛顿第二定律得q U ABd－mg ＝ma液滴在电场中做类平抛运动 L ＝v 0t d 2＝12at 2 由以上各式解得E ＝2md 2v 20qL 2＋2mgd q. 答案：2md 2v 20qL 2＋2mgd q12．如图甲所示为一个电灯两端的电压与通过它的电流变化关系曲线．由图可知，两者不成线性关系，这是由于焦耳热使灯丝的温度发生了变化．参考这条曲线回答下列问题(不计电流表和电池的内阻)．(1)若把三个这样的电灯串联后，接到电动势为12 V 的电源上，求流过电灯的电流和每个电灯的电阻；(2)如图乙所示，将两个这样的电灯并联后再与10 Ω的定值电阻R 0串联，接在电动势为8 V 的电源上，求通过电流表的电流值以及每个电灯的实际功率．解析：(1)把三个这样的电灯串联后，每只电灯得到的实际电压为123V ＝4 V由题图甲可知，每只电灯加上4 V 的实际电压时的工作电流均为I ＝0.4 A 由此可以求出此时每只电灯的实际电阻R ＝U I ＝40.4Ω＝10 Ω.(2)在题图乙的混联电路中，设每只电灯上的实际电压和实际电流分别为U ′和I ′.在这个闭合电路中，E ＝U ′＋2I ′R 0.代入数值并整理得U ′＝8－20I ′这是一个反映电路的直线方程．把该直线在题图甲的坐标系中画出，如图所示．(I 代表I ′，U 代表U ′)这两条图线的交点 U ′＝2 V ，I ′＝0.3 A同时满足了电路结构和元件的要求，此时通过电流表的电流值I A ＝2I ′＝0.6 A 每只电灯的实际功率P ＝U ′I ′＝2×0.3 W ＝0.6 W. 答案：(1)0.4 A 10 Ω 10 Ω 10 Ω (2)0.6 A 0.6 W 0.6 W。
【优化方案】高考物理总复习 实验八知能优化演练 新人教版选修3-1
知能演练强化闯关1．在描绘小电珠的伏安特性曲线时，采用如图7－4－5所示电路，实验中发现移动滑动变阻器的滑片时，电流表的示数变化而电压表的指针不动，下列原因可能的是( )图7－4－5A．灯泡中灯丝已烧断B．滑片接触不良C．灯泡内部短路D．滑动变阻器A端接触不良解析：选C.由题图知，移动滑片时，因电流表示数有变化，故和电流表串联的回路中不存在断点，故A错．若滑片接触不良，电路中不可能有电流，故B错．若滑动变阻器A端接触不良，滑片移动时电流表和电压表读数均变化，故D错．若灯泡内短路则灯泡两端电压为零，电压表指针不变，移动滑片时，只有电流表指针变化，故选C.2．为探究小电珠L的伏安特性，连好如图7－4－6所示的电路后闭合开关，通过移动变阻器的滑片，使小电珠中的电流由零开始逐渐增大，直到小电珠正常发光，由电流表和电压表得到的多组读数描绘出的U－I图象应是( )图7－4－6图7－4－7解析：选C.由于小电珠灯丝的电阻随温度的升高而增大，随着电珠两端电压逐渐增大，灯丝温度逐渐升高，其电阻逐渐增大，则在U－I图象中斜率应逐渐增大，故C正确．3．“描绘小电珠的伏安特性曲线”实验中，选用的电路图应是( )图7－4－8解析：选B.由于小灯泡的电阻很小，所以电流表应外接，故A 、C 错；又因描绘小灯泡的伏安特性曲线从电压为零开始，所以要用分压接法，故B 选项正确，D 错．4．有一规格为“220 V 100 W”的灯泡，现用一准确的欧姆表测其电阻，测量的结果是( )A ．大于484 ΩB ．等于484 ΩC ．小于484 ΩD ．无法确定解析：选C.R ＝U 2P ＝2202100Ω＝484 Ω，是灯发热状态下的电阻．用欧姆表测量时，灯丝温度为室温，所以其阻值比484 Ω小．5．(2012·浙江五校联考)有一个小灯泡上有“4 V 2 W”的字样，现要描绘这个小灯泡的伏安特性曲线．现有下列器材供选用：A ．电压表(0～5 V ，内阻10 k Ω)B ．电压表(0～10 V ，内阻20 k Ω)C ．电流表(0～0.3 A ，内阻1 Ω)D ．电流表(0～0.6 A ，内阻0.4 Ω)E ．滑动变阻器(10 Ω，2 A)F ．滑动变阻器(1 k Ω，1 A)G ．学生电源(直流6 V)，还有电键、导线若干(1)实验中所用电压表应选______，电流表应选______，滑动变阻器应选______(用序号字母表示)．(2)为使实验误差尽量减小，要求从零开始多取几组数据，请在方框内画出满足实验要求的电路图．图7－4－9(3)某同学通过实验得到的数据画出了该小灯泡的伏安特性曲线(如图7－4－9所示)，若用电动势为3 V 、内阻为2.5 Ω的电源给该小灯泡供电，则该小灯泡的实际功率是______ W. 答案：(1)A D E (2)如图(3)0.86．发光晶体二极管是用电器上做指示灯用的一种电子元件．它的电路符号如图7－4－10甲所示，正常使用时，带“＋”的一端接高电势，带“－”的一端接低电势．某同学用实验.图7－4－10(1)在图乙中的虚线框内画出实验电路图．(除电源、开关、滑动变阻器外，实验用电压表V：内阻R V约为10 kΩ，电流表mA：内阻R A约为100 Ω)(2)在图丙中的小方格纸上用描点法画出二极管的伏安特性曲线．(3)根据(2)中画出的二极管的伏安特性曲线，简要说明发光二极管的电阻与其两端电压的关系__________________．解析：(1)同时测定二极管上的电流和电压时，由欧姆定律分析表格中的每一组数据，可以看出发光二极管的电阻是变化的，变化的范围大约在100～500 Ω之间，故电流表的内阻对测量结果影响较大，利用电流表外接法误差较小．而测量数据应从0开始，滑动变阻器采用分压式接法，才能得到足够多的数据．(2)将表格提供的数据在方格纸上描点，平滑连接各点可画出U－I图线．答案：(1)实验电路图如图所示(2)伏安特性曲线如图所示(3)发光二极管的电阻随其两端电压的增大而呈现非线性减小7．(2012·宁波模拟)在“描绘小电珠的伏安特性曲线”的实验中，用导线a、b、c、d、e、f、g和h按如图7－4－11所示方式连接好电路，电路中所有元器件都完好，且电压表和电流表已调零．闭合开关后：图7－4－11(1)若不管怎样调节滑动变阻器，小电珠亮度能发生变化，但电压表、电流表的示数总不能为零，则可能是______导线断路．(2)某同学测出电源和小电珠的U－I图线如图7－4－12所示，将小电珠和电阻R串联后接到电源上，要使电路中电流为1.0 A，则R＝______ Ω.图7－4－12(3)某同学在实验中还测出a 、b 、c 三种元件的伏安特性曲线分别如图7－4－13中的a 、b 、c ，下列说法正确的是________．图7－4－13A ．a 可以作为标准电阻使用B ．b 能作为标准电阻使用C ．b 的阻值随电压升高而增大D ．c 的阻值随电压升高而增大解析：(1)若调节滑动变阻器，小电珠的亮度变化，但电压表、电流表示数总不能为零，说明滑动变阻器不起分压作用，所以可能是g 导线断路．(2)由电源的U －I 图线知E ＝3.0 V ，r ＝1 Ω，当小电珠与电阻串联后，由闭合电路欧姆定律得E ＝I (R ＋r ＋R 灯)又由小电珠的U －I 图线得R 灯＝U I＝1.2 Ω 解得R ＝0.8 Ω.(3)因a 元件的I －U 线是直线，说明其阻值不随电压的变化而变化，故可作为标准电阻，故A 对，B 错；因I －U 图线的斜率的倒数表示电阻值，故C 对，D 错．答案：(1)g (2)0.8 (3)AC。
高中物理选修3-1：第七章分子动理论同步试题新人教版选修3-3
第七章 分子动理论单元测试一、选择题1．下列关于用油膜法估测分子大小实验的科学依据中，说法不正确的是( )A ．将油膜看成单分子油膜B ．不考虑各油酸分子间的间隙C ．考虑了各油酸分子间的间隙D ．将油酸分子看成球形２．用下列哪组物理量可以计算阿伏加德罗常数( )A ．某种物质的摩尔质量M 和该物质的一个分子质量mB ．某种物质的密度ρ，摩尔质量M 以及该物质的一个分子的体积VC ．某种物质的密度ρ以及该物质的一个分子的质量m 0、体积V 0D ．某种物质的密度ρ，体积V 以及该物质的一个分子的质量m３．下面说法正确的是( )A ．大量分子的无规则运动遵循一定的统计规律B ．当物体温度升高时，每个分子运动都加快C ．气体的体积等于气体分子体积的总和D ．温度高的物体是指各个分子的平均温度高４．已知某种物质的密度为ρ，摩尔质量为μ，阿伏加德罗常数为A N ，那么单位质量中所含的分子数和单位体积中所含的分子数分别为( )A ．A N /μ， ρA N /μB ．A N /μ， A N μ/ρC ．ρA N /μ， A N /ρD ．A N /ρ， ρA N /μ５．在两个密闭的容器中分别存有质量相等的氢气和氧气，不考虑分子间引力和斥力，它们的温度也相等，下列说法中不正确的是( )A ．氢分子的平均速率大于氧分子的平均速率B ．氢分子的平均动能大于氧分子的平均动能C ．氢气的分子总动能大于氧气的总动能D ．氢气的内能大于氧气的内能６．在观察布朗运动时，下面说法正确的是( )A ．布朗运动是指悬浮在液体中的固体分子的运动B ．布朗运动是指液体分子的运动C ．布朗运动是液体分子运动的反映D ．布朗运动是固体分子无规则运动的反映７．下面说法正确的是( )A ．质量相等的0℃的水比0℃的冰含有较多的内能B ．物体的温度升高时，分子平均动能可能不变C ．物体的温度升高时，每个分子动能都增大D ．减速运动的物体一定发生了机械能向内能转化８．下列现象说明分子间存在相互作用力的是( )A ．气体容易被压缩B ．高压密闭的钢管中的油沿筒壁逸出C ．两个纯净的铅块紧压后合在一起D ．滴入水中的微粒向各方向运动９．下面的例子中，通过热传递改变物体内能的是( )A ．擦火柴，使火柴开始燃烧B ．用锯条锯木头，使锯条变热C ．阳光照在湖面上，使湖水升温D ．搓搓手，会感觉暖和些１０．关于内能和温度下列说法中正确的是( )A ．物体的速度加大时，物体的内能增加B ．物体的动能减小时，物体的温度可能增加C ．分子的动能和分子的势能的总和叫做这个分子的内能D ．物体内部分子的势能由物体的温度和体积决定11．已知铜的密度为33m /kg 1098⨯.，相对原子质量为64，通过估算可知铜中的每个铜原子所占的体积为( )。
(完整版)人教版物理选修3-1《静电场》章节复习题及答案
静电场 复习测试题一、选择题（本题10小题，每题4分，共40分；每小题只有1个选项正确，将正确答案填写在答题卷的表格中，不填入表格的答案无效。
） 1.以下叙述中正确的是 （ ） A ．带电量较小的带电体可以看成是点电荷B ．电场线的形状可以用实验来模拟，这说明电场线是实际存在的C ．一般情况下，两个点电荷之间的库仑力比它们之间的万有引力要大得多D ．电场线的分布情况可以反映出电场中各点的场强方向，但无法描述电场的强弱 2.平行金属板水平放置，板间距为0.6cm ，两板接上600V 电压，板间有一个带电液滴质量为4.8×10-10g ，处于静止状态，则油滴上有元电荷数目是（g 取10m/s 2）（ ）A ．3×106B.300C.10D.3×1043.下列关于点电荷的场强公式2r QkE 的几种不同的理解，正确的是 ( ) A..以点电荷Q 为中心，r 为半径的球面上各处的场强相同. B ．当r→0时，E→∞；当r→∞时，E→0C ．点电荷Q 产生的电场中，各点的场强方向一定是背向点电荷QD ．在点电荷Q 的电场中，某点的场强大小与Q 成正比，与r 2成反比4.在点电荷+Q 形成的电场中有一点A ，当一个－q 的检验电荷从电场的无限远处被移到电场中的A 点时，电场力做功为W ，则检验电荷在A 点的电势能及电场中A 点的电势分别为 （ ）A. E A =-W , φA =W q B. E A =W, φA =-W qC .E A =W, φA =W qD .E A =-W , φA =-Wq5．如图所示，一水平放置的金属板正上方有一固定的正点电荷Q ，一表面绝缘的带正电小球（可视为质点且不影响Q 的电场）从左端以v 滑上金属板的上表面，向右运动到右端，在此过程中（ ） A ．小球受到的电场力做正功； B ．小球先减速运动，后加速运动；C ．小球受到的电场力方向始终沿两电荷连线斜向下；D ．小球做匀速直线运动。
高二物理选修3-1总复习卷.doc
高二物理选修3-1综合复习题姓名•.单项选择题1.关于电场强度和磁感应强度，下列说法正确的是（）A•电场强度的定义式左=-适用于任何电场qB.由真空中点电荷的电场强度公式E = k ,0_可知，当r-0时，E-无穷大r 1C.由公式8 =二可知，一小段通电导线在某处若不受磁场力，则说明此处一定无磁场ILD.磁感应强度的方向就是置于该处的通电导线所受的安培力方向2.有两个完全一样的金属小球A、B,带电量Q A PXIO%,,Q B二-3X10%,固定于相距为r的两点上，作用力为F,用一带绝缘柄的不带电的并与A、B等人的金属球C去接触A,再同BA、F/2B、F/4C、F/5D、F/63、如图AB是某电场中的一条电场线，若将正点电荷从A点自由释放，沿电场线从A到B 运动过程屮的速度图线如卜图所示，则A、B两点场强人小和电势高低关系是（）A、E/、＜E B；（p A＜（p BB＞E A＜E R；（p A＞（p R J Pc、E A＞（p A＜（p BD、E A＞ Ep；（p A＞（p B4、关于洛伦兹力，以下说法中正确的是（）A.电荷在磁场中一定受到洛伦兹力的作用；B.运动电荷在磁场中一定受到洛伦兹力的作用;C.洛伦兹力的方向始终与电荷的运动方向垂D.让磁感线垂直穿入左手手心, 四指对着电荷运动, 则人姆指指向就是洛伦兹力方向。
5.某电场区域的电场线如图所示。
把一个电了从A点移到B点时，则下列判断中正确的（）A.电子所受的电场力增大，电子克服电场力做功B.电子所受的电场力减小，电场力对电子做止功C.电子所受的电场力减小，电势能减小D.电了所受的电场力减小，电势能增大接触，最后移去C,则（）6.如图所示，当变阻器心的滑动头P向b端移动时（A、电丿衣表示数变大, 电流表示数变小B、电压表示数变小, 电流表示数变小C、电压表示数变大, 电流农示数变大D、电圧表示数变小, 电流表示数变大7.如图所示，先接通S使电容器充电，然后断开S,增大两极板间的距离吋，电容器所帯电量Q、电容C、两极板间电势弟U的变化情况是（）A、Q变小，C不变，U不变B、Q变小，C变小，U不变C 、Q 不变，C 变小，U 变大D 、Q 不变，C 变小，U 变小8. 有一毫伏表，它的内阻是100Q,量程为0. 2V,现要将它改装成量程为10A 的电流表, 则毫伏表应（） A.并联一个0. 02Q 的电阻 B.并联一个0.2Q 的电阻 C.串联一个50Q 的电阻 D.串联一个4900Q 的电阻二. 多项选择题9. 关于电场力和电场强度，以下说法正确的是（ ）A. 一点电荷分别处于电场屮的A 、B 两点，电荷受到的电场力人则场强人B. 在电场某点如果没有检验电荷，则电场力为零，电场强度也为零C. 电场中某点场强为零，则检验电荷在该点受到的电场力为零D. —检验电荷在以一个点电荷为球心，半径为厂的球而上各点所受电场力相同10. 某静电场中的电场线如图所示，带电粒子在电场中仅受电场力作用，其运动轨迹是图中虚线，由M 运动到N,以下说法正确的是（） A 、粒子是正电荷 B 、粒子在M 点的加速度大于N 点的加速度C 、 粒子在M 点的电势能小于N 点的电势能D 、 粒子在M 点的动能小于N 点的动能11. 带电粒了以速度沿竖直方向垂直进入匀强电场E 中，如图示，经过-段时间后，其速度变为水平方向，大小仍为畑贝小一定有（A 、 电场力与重力人小相等B 、 粒子运动的水平位移大小等于竖直位移大小C 、 电场力所做的功一泄等于克服重力所做的功D 、电势能的减少一定人于重力势能的增加12. 如图，MN 是匀强磁场屮的一块薄金属板，带电粒子（不计重力）在匀强磁场小运动并 穿过金属板，虚线表示其运动轨迹，由图知（）A 、粒子带负电 粒了运动方向是dbcde C 、粒了运动方向是edcba13. 如图1-1所示，在真空中有两个等量的正电荷6和q2,分别固定在A 、B 两点,DCE 为 AB 连线的小垂线，现将一个正电荷q 由c 点沿CD 移到无穷远，则在此过程小（ ）D 、粒子在上半周所用时间比下半周所用时间长NA.电势能逐渐减小B.电势能逐渐增大C. q受到的电场力逐渐减小D. q受到的电场力先逐渐增人后逐渐减小14.如图1-2所示，A、B、C、D、E、F为匀强电场屮一个边长为Im的正六边形的六个顶点,17. 用如图9—27所示的电路测定电池的电动势和内阻，测得的数据作出了如图9—28所示的U —I 图像，由图可知（A 、B 、C 三点电势分别为10V 、20V 、30V,则下列说法正确的是（）A. B 、E —定处在同一等势面上B.匀强电场的场强大小为lOV/mC.正点电荷从E 点移到F 点，则电场力做负功D.电子从F 点移到D 点，电荷的电势能减少20eVADc Bq 、 8 E1-1£15. 如图所示电路图屮，R 】、R2为定值电阻，&为滑动变阻器，电源内阻不可忽略，当滑动 变阻器的滑动片向右移动时，电流表、电压表可视为理想电表，关于电流表和电压表示数的 变化情况的分析，正确的是（） A. 电流表和电压表读数均增大B. 电流表和电压表读数均减小C. 电压表的示数变化量小于电压表V2的示数变化量D.电流表读数变小，电压表V2读数变人，V 「读数减小16. 如图所示，在倾角为Q 的光滑斜面上，放置一根长为L,质量为m 的导体棒。
高考总复习物理试题选修3-1第7章实验九知能优化演练
1．(2013·辽宁省协作体联考)某学生用电流表和电压表测干电池的电动势和内阻时，所用滑动变阻器的阻值范围为0～20 Ω，连接电路的实物图如图所示．下列对该学生接线的说法错误的是()A．滑动变阻器不起变阻作用 B.电流表接线有错C．电压表量程选用不当D．电压表接线不妥解析：选C.变阻器要起到变阻作用接入电路的两根导线一条接在上面的金属杆一端，另一条接在下面的接线柱上；电表接入电路，选好量程后，还应注意正、负接线柱，图中电流表接法不对；在实验中电压表不应并联在电源两端，因为电键断开后，电压表仍有读数．2．(2013·南京模拟)在测量一节干电池的电动势和内阻的实验中，实验电路图如图所示．(1)实验过程中，应选用哪个电流表和滑动变阻器________(填写选项前对应的字母)．A．电流表A1(量程0.6 A，内阻约0.8 Ω)B．电流表A2(量程3 A，内阻约0.5 Ω)C．滑动变阻器R1(0～10 Ω)D．滑动变阻器R2(0～200 Ω)(2)实验中要求电流表测量通过干电池的电流，电压表测量干电池两极的电压．根据图示的电路，电流表测量值________真实值(选填“大于”或“小于”)．(3)若测量的是新干电池，其内阻比较小．在较大范围内调节滑动变阻器，电压表读数变化________(选填“明显”或“不明显”)．解析：(1)一节干电池的电动势约为1.5 V，若滑动变阻器采用R2，调节过程中电流在多数情况下偏小，无法测量，故应选用滑动变阻器R1；由于电路中的电流比较小，故应选量程为0.6 A的电流表．(2)由于电压表的分流作用，导致电流表的测量值小于流过干电池的电流的真实值．(3)若测量的是新干电池，由于内阻比较小，在较大范围内调节滑动变阻器，电压表测量的路端电压变化就不明显，实验误差较大．答案：(1)AC(2)小于(3)不明显3．有一节干电池，电动势大约为1.5 V，内电阻约为1.0 Ω.某实验小组的同学们为了比较准确地测出该电池的电动势和内电阻，他们在老师的支持下得到了以下器材：①电压表V(15 V,10 kΩ)②电流表G(量程3.0 mA，内阻R g＝10 Ω)③电流表A(量程0.6 A，内阻约为0.5 Ω)④滑动变阻器R1(0～20 Ω，10 A)⑤滑动变阻器R2(0～100 Ω，1 A)⑥定值电阻R3＝990 Ω⑦开关S和导线若干(1)为了能准确地进行测量，同时为了操作方便，实验中应选用的滑动变阻器是________(填写器材编号)．(2)请在虚线框内画出他们采用的实验原理图．(标注所选择的器材符号)(3)该小组根据实验设计的原理图测得的数据如下表，为了采用图象法分析处理数据，序号1 2 3 4 5 6 电流表G(I 1/mA)1.37 1.35 1.26 1.24 1.18 1.11 电流表A(I 2/A)0.12 0.16 0.21 0.28 0.36 0.43 (4)r ＝__________Ω(保留两位有效数字)． 解析：(1)为了便于调节，滑动变阻器的阻值不能太大，选择R 1比较合适．(2)由闭合电路欧姆定律E ＝U ＋Ir 可知，只要能测出两组路端电压和电流即可列方程求解．但题目中给出的电压表量程太大，无法准确读数，所以不能选用．因为电流表G 的内阻已知，可以考虑把G 和定值电阻R 3串联作电压表使用．实验原理图如图甲所示．(3)取纵轴表示I 1，横轴表示I 2，作出的图线如图乙所示．(4)由于R 3支路电阻远大于滑动变阻器R 1所在支路电阻，所以干路电流近似等于I 2，根据闭合电路欧姆定律E ＝U ＋Ir 可知：E ＝I 1(R 3＋R g )＋I 2r ，即I 1＝E R 3＋R g －r R 3＋R g I 2，由图象知直线与纵轴的截距为E R 3＋R g ＝1.48 mA ，解得E ＝1.48 V ，直线斜率的绝对值为r R 3＋R g＝(1.48－1.06)×10－30.50，解得r ＝0.84 Ω. 答案：(1)④ (2)(3)见解析图(4)1.48(1.46～1.48) 0.84(0.80～0.90)4．某同学要测定一电源的电动势E 和内电阻r ，实验器材有：一只DIS 电流传感器(可视为理想电流表，测得的电流用I 表示)，一只电阻箱(阻值用R 表示)，一只开关和导线若干．该同学设计了如图甲所示的电路进行实验和采集数据．(1)该同学设计该实验的原理表达式是________(用E 、r 、I 、R 表示)；(2)在闭合开关之前，应先将电阻箱阻值调至________(选填“最大值”、“最小值”或“任意值”)，在实验过程中，将电阻箱调至图乙所示位置，则此时电阻箱接入电路的阻值为________Ω；(3)根据实验采集到的数据作出如图丙所示的1I－R 图象，则由图象求得，该电源的电动势E ＝________V ，内阻r ＝________Ω(结果均保留两位有效数字)．解析：(1)在闭合电路中，E 、I 、R 、r 几个量之间的关系是E ＝I (R ＋r )．(2)为了整个电路的安全，所以开始电流要小，即电阻箱电阻调到最大值；题图乙电阻箱读数为25 Ω.(3)根据E ＝I (R ＋r )，推出1I ＝R E ＋r E ，再结合1I －R 图象可知：图线的斜率为1E ，截距为r E，解得E ＝6.0 V(5.8～6.2均可)，r ＝2.4 Ω(2.3～2.5均可)．答案：(1)E ＝I (R ＋r )(2)最大值 25(3)6.0(5.8～6.2均可) 2.4(2.3～2.5均可)5．在测量电源的电动势和内阻的实验中，由于所用电压表(视为理想电压表)的量程较小，某同学设计了如图所示的实物电路．(1)实验时，应先将电阻箱的电阻调到______．(选填“最大值”、“最小值”或“任意值”)(2)改变电阻箱的阻值R ，分别测出阻值R 0＝10 Ω的定值电阻两端的电压U .下列两组R(3)根据实验数据描点，绘出的1U —R 图象是一条直线．若直线的斜率为k ，在1U坐标轴上的截距为b ，则该电源的电动势E ＝______，内阻r ＝______.(用k 、b 和R 0表示)解析：(1)实验中电阻箱起到改变电路的总电阻和分压作用，为了确保仪器的安全，一般将电阻箱的电阻先调到最大值．(2)由于定值电阻R 0＝10 Ω，若选用方案1，则电压表的示数较小，示数变化范围也很小，所以选用方案2.(3)由题意可得E ＝U R 0(R 0＋R ＋r )，变形为1U ＝1ER 0R ＋R 0＋r ER 0，由题意得斜率k ＝1ER 0，截距b ＝R 0＋r ER 0，解得E ＝1kR 0，r ＝b k－R 0. 答案：(1)最大值 (2)2 (3)1kR 0 b k－R 0。
教科版高中物理选修3-1第1章第七节知能优化训练 (2).docx
高中物理学习材料唐玲收集整理1．下列哪些现象属于静电的应用( )A．油罐车上有一根拖地的链条B．家用电器上的插头使用三头的，其中一头用于接地C．空气静电净化器D．在高大建筑物上安装避雷针解析：选C.A、B、D选项均是防止静电，C选项才是应用静电．2．人造纤维比棉纤维容易沾上灰尘，这是因为( )A．人造纤维的导电性好，容易吸引灰尘B．人造纤维的导电性好，容易导走静电，留下灰尘C．人造纤维的绝缘性好，不易除掉灰尘D．人造纤维的绝缘性好，容易积累静电，吸引灰尘解析：选D.人造纤维比棉纤维容易沾上灰尘是由于人造纤维易带电，使灰尘产生静电感应而被吸引．而易带电的原因是绝缘性好不易导走静电而使电荷积累，所以D正确．3．如图1－7－3所示，带电体Q靠近一个接地空腔导体，空腔里面无电荷．在静电平衡后，下列物理量中等于零的是( )图1－7－3A．导体腔内任意点的场强B．导体腔内任意点的电势C．导体外表面的电荷量D．导体空腔内表面的电荷量解析：选ABD.静电平衡状态下的导体内部场强处处为零，且内表面不带电，故选项A、D正确；由于导体接地，故整个导体的电势为零，选项B正确．导体外表面受带电体Q的影响，所带电荷量不为零，故选项C不正确．4．以下叙述中属于静电危害的是________；属于静电防止的是________；属于静电利用的是________．A．在高大建筑物上安装避雷针B．人在地毯上行走后接触金属把手时有触电的感觉C．在油罐车上连接搭地铁链D．静电植绒、静电复印解析：高大建筑物上的避雷针和油罐车上的搭地铁链是为了把产生的静电导走，属于静电的防止；利用静电可以在工厂中植绒，也可以复印文件；人在地毯上行走时会有静电产生，当再接触金属把手时，身体上贮存的电荷就要从手上向把手上释放出来，手与把手间有电压，人会有触电的感觉．答案：B AC D5．有一绝缘空心金属球A，带有4×10－6C的正电荷，一个有绝缘柄的金属小球B，带有2×10－6C的负电荷，若把B球跟A球的内壁相接触，如图1－7－4所示，则B球上电荷量为________C，A球上电荷量为________C，分布在________．图1－7－4解析：B接触A时，A与B相当于一个导体，首先电荷要中和一部分，剩下的电荷会由于静电平衡全部分布到导体外表面．答案：0 2×10－6A的外表面一、选择题1．避雷针能够避免建筑物被雷击的原因是( )A．云层中带的电荷被避雷针通过导线导入大地B．避雷针的尖端向云层放电，中和了云层中的电荷C．云层与避雷针发生摩擦，避雷针上产生的电荷被导入大地D．以上说法都不对解析：选B.带电荷的云层靠近避雷针时，在避雷针尖端感应出与云层相反的静电，达到一定程度就向空中放电，中和云层中的电荷，从而避免遭受雷击，所以只有B正确．2．(2011年白鹭洲高二检测)电工穿的高压作业服是用铜丝编织的，下列说法正确的是( ) A．铜丝编织的衣服不易拉破B．电工被铜丝衣服所包裹，使体内电势为零C．电工被铜丝衣服所包裹，使体内场强为零D．铜丝电阻小，能对人体起到保护作用解析：选C.电工在高压作业时穿铜丝制的衣服，能够起静电屏蔽的作用，使电工体内场强为零，保护电工的身体安全．3．导体处于静电平衡，下列说法正确的是( )A．导体内部没有电场B．导体内部没有电荷，电荷只分布在导体的外表面C．导体内部没有电荷的运动D．以上说法均不正确解析：选D.导体处于静电平衡，导体内部不是没有电场，而是外电场与感应电荷产生的电场的合场强为零，但两场强仍然存在，故A错；对于B，不能说没有电荷，净电荷只分布在外表面上，自由电子和正电荷仍存在，只是显中性，故B错；对于C，导体内部的电荷(电子与正电荷)的热运动仍然存在，故C错．只有D正确．4．关于静电除尘的说法中正确的是( )A．进入除尘器后，烟雾中的颗粒被强电场电离而带正电，颗粒向电源负极运动B．除尘器中的空气被电离，烟雾颗粒吸附电子而带负电，颗粒向电源正极运动C．烟雾颗粒带电后，受到竖直向下的电场力而向下运动D．烟雾颗粒被强电场粉碎成更小的颗粒，排到大气中人眼看不到解析：选B.静电除尘器的两个电极接高压电源，形成强电场，使空气发生电离，自由电子在电场力作用下，向正极加速运动，电子被烟雾颗粒吸附后，一起向电源正极运动，在正极积聚大量颗粒，在重力作用下，从除尘器的下部排出，故A、C、D都不对，只有B对．5．下列关于静电的说法中正确的是( )A．静电植绒是利用异种电荷相互吸引而使绒毛吸附在底料上B．复印机是利用异种电荷相互吸引而使碳粉吸附在纸上C．电疗针灸是静电在医学上的应用D．飞机轮胎用导电橡胶制成，是为了避免静电对飞机造成的危害解析：选ABD.静电植绒和复印机是利用异种电荷间的吸引力来工作的，属于静电的利用；飞机在起飞和降落时轮子与地面有摩擦，利用导电橡胶制成的轮胎可以把静电导走；电疗针灸则是利用经络学原理，生物电效应，通过高能电对人体进行保健和辅助治疗，故应选ABD.6．如图1－7－5所示，球壳内部球心位置放置正点电荷Q，球壳内A点，壳壁中B点、D点，壳外C点，则下列说法不．正确的是( )图1－7－5A．B、D两点的电势相等B．A、C两点的电势相等C．如果球壳外部接地，B、D两点的电势等于零D．φA＞φB＝φD＞φC解析：选B.球壳为等势体，即B、D两点电势相等，A正确，沿电场线电势降低，故电势φA ＞φB＝φD＞φC.B错误，D正确，球壳接地，它与大地组成一个导体，B、C、D电势均与大地电势相同，即等于零，C对．7．在一个导体球壳内放一个电荷量为＋Q的点电荷，用E表示球壳外任一点的场强，则( ) A．当＋Q在球壳中央时，E＝0B．不论＋Q在球壳内何处，E一定为零C．只有当＋Q在球心且球壳接地时，E＝0D．只要球壳接地，不论＋Q在球壳内何处，E一定为零解析：选D.当球壳内放入点电荷时，若球壳不接地，球壳会由于静电感应带电，此时不论＋Q 放在何处球壳都带电，场强E均不为0；当球壳接地时，球壳上的电荷被导入地下，这时不论＋Q放在何处球壳上的场强均为0.8．如图1－7－6所示为椭圆形带电金属体，A、B、C是其表面上的三个点，下面判断正确的是( )图1－7－6A．所带电荷在导体表面均匀分布B．A点的电荷最密集，C点的最稀疏C．C点附近的场强最大，A点附近的场强最小D．因B点处的电荷静止不动，所以受A、C两处电荷的作用力为一对平衡力解析：选B.因为金属导体的形状不是球对称．所以电荷在导体表面不是均匀分布，A点电荷密度大，C点最稀疏，故A错B对．电荷密度大处电场强，所以C错．B点的电荷受A、C两点处的电荷的作用力的方向不在一条直线上，不是一对平衡力，所以D 错．9．某验电器金属小球和金属箔均带负电，金属泊处于张开状态．现用绝缘柄将带有少量负电荷的硬橡胶棒向验电器的金属小球稍许靠近，则验电器金属箔( )A ．张角稍许增大B ．张角稍许减小C ．硬橡胶棒的稍许靠近，致使小球上的电子向金属箔移动D ．硬橡胶棒的稍许靠近，致使金属箔上的质子向金属小球移动解析：选AC.由于同种电荷靠近时相互排斥，致使金属球上的电子向金属箔移动，两金属箔的负电荷增多，张角稍许增大，所以A 、C 正确．金属导体里能自由移动的电荷是自由电子，而不是质子，D 选项错误．二、非选择题10．如图1－7－7所示，在真空中有两个点电荷A 和B ，电荷量分别为－Q 和＋2Q ，它们相距L ，如果在两点电荷连线的中点O 有一个半径为r (2r <L )的空心金属球，且球心位于O 点，则球壳上的感应电荷在O 点处的场强大小为________，方向________．图1－7－7解析：球壳处于静电平衡时内部场强处处为0，故O 点场强为0.所以E 感－E ＝0. 球壳上的感应电荷在O 点处的场强大小等于A 、B 在O 点产生的合场强E 感＝E A ＋E B ＝k Q (L 2)2＋k 2Q (L 2)2＝12kQ /L 2 方向沿AB 指向B .答案：12kQ /L 2 沿AB 指向B。
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1．(2013·池州模拟)在“测定金属的电阻率”的实验中，由 ρ＝πd 2U 4Il
可知，对实验结果的准确性影响最大的是( )
A ．导线直径d 的测量
B ．电压U 的测量
C ．电流I 的测量
D ．导线长度的测量
解析：选A.四个选项中的四个物理量对金属丝的电阻率均有影响，但影响最大的是直径d ，因为在计算式中取直径的平方，A 正确．
2．“测定金属的电阻率”的实验中，以下操作中错误的是( )
A ．用米尺量出金属丝的全长三次，算出其平均值
B ．用螺旋测微器在金属丝三个不同部位各测量一次直径，算出其平均值
C ．用伏安法测电阻时采用电流表内接法，多次测量后算出平均值
D ．实验中应保持金属丝的温度不变
解析：选AC.应量出金属丝接入电路中的有效长度，而不是全长；金属丝的电阻很小，与电压表内阻相差很大，使金属丝与电压表并联，电压表对它的分流作用很小，应采用电流表外接法．故A 、C 操作错误．
3．分别用图7－3－14甲、乙两种电路测量同一未知电阻的阻值．图甲中两表的示数分别为3 V 、4 mA ，图乙中两表的示数分别为4 V 、3.9 mA ，则待测电阻R x 的真实值为( )
图7－3－14
A ．略小于1 kΩ
B ．略小于750 Ω
C ．略大于1 kΩ
D ．略大于750 Ω
解析：选D.先判断采用的测量方法，由于在两种不同的接法中电压表的示数变化大，说明测量的是小电阻，这样电流表分压较大，应该采用甲图进行测量比较准确．甲图中测量值较真实值偏小．
4．(2012·高考新课标全国卷)某同学利用螺旋测微器测量一金属板的厚度．该螺旋测微器校零时的示数如图7－3－15甲所示，测量金属板厚度时的示数如图乙所示．图甲所示读数为________ mm ，图乙所示读数为________ mm ，所测金属板的厚度为________ mm.
图7－3－15
解析：图甲：0 mm ＋1.0×0.01 mm ＝0.010 mm.
图乙：6.5 mm ＋37.0×0.01 mm ＝6.870 mm.
故所测金属板的厚度为6.870 mm －0.010 mm
＝6.860 mm.
答案：0.010 6.870 6.860
5．(2011·高考新课标全国卷)为了测量一微安表头A 的内阻，某同学设计了如图7－3－16所示的电路．图中，A 0是标准电流表，R 0和R N 分别是滑动变阻器和电阻箱，S 和S 1分别是单刀双掷开关和单刀开关，E 是电池．完成下列实验步骤中的填空：
图7－3－16
(1)将S 拨向接点1，接通S 1，调节______，使待测表头指针偏转到适当位置，记下此时______的读数I ；
(2)然后将S 拨向接点2，调节______，使______，记下此时R N 的读数；
(3)多次重复上述过程，计算R N 读数的______，此即为待测微安表头内阻的测量值． 解析：本题方法为替代法．当S 接1与接2时通过电路的电流I 相同，可知待测微安表头的内阻与R N 的电阻相同．
答案：(1)R 0 标准电流表(或A 0)
(2)R N 标准电流表(或A 0)的读数仍为I
(3)平均值
6．(2013·海淀区期末)用电流表和电压表测一个电阻值约为25 kΩ、额定功率为120
W 的电阻R x 的阻值，备用器材有：
①量程0～100 μA ，内阻约为500 Ω的电流表A 1
②量程0～500 μA ，内阻约为300 Ω的电流表A 2
③量程0～1 V ，内阻约为10 kΩ的电压表V 1
④量程0～15 V ，内阻约为100 k Ω的电压表V 2
⑤量程0～50 V ，内阻约为500 kΩ的电压表V 3
⑥直流稳压电源，两端的输出电压为16 V
⑦滑动变阻器，阻值范围0～500 Ω，允许最大电流1 A
⑧待测电阻R x ，开关和导线若干 (1)
图7－3－17
为了测量准确，电压表应选______，电流表应选________(填写仪器前的序号)．
(2)在如图7－3－17所示的方框内画出实验电路图．
(3)若测量值为R 测，真实值为R 真，那么在操作、读数、计算均正确无误的情况下，R 测________R 真(选填“大于”、“等于”或“小于”)．
解析：(1)因为待测电阻的阻值25 kΩ远大于滑动变阻器的阻值(0～500 Ω)，所以供电电
路应选择滑动变阻器的分压式接法，待测电阻接在电路中，最大电流I m ＝U m R ＝162.5×104
＝640 μA ，故电流表选②；待测电阻的阻值25 kΩ远大于电流表A 2的内阻，故测量电路应选用电
流表内接法；U ＝500×10－6×25000 V ＝12.5 V ，故电压表应选④.
(2)按照(1)的分析可画出实验电路图，电路图如图所示．
(3)R 测＝U I A ，R 真＝U －U A I A
，两式比较可以得出R 测大于R 真．
答案：(1)④②(2)见解析图
(3)大于
7．(2012·高考北京卷)在“测定金属的电阻率”实验中，所用测量仪器均已校准．待测金属丝接入电路部分的长度约为50 cm.
(1)用螺旋测微器测量金属丝的直径，其中某一次测量结果如图7－3－18所示，其读数应为________ mm(该值接近多次测量的平均值)．
图7－3－18
(2)用伏安法测金属丝的电阻R x.实验所用器材为：电池组(电动势3 V，内阻约1 Ω)、电流表(内阻约0.1 Ω)、电压表(内阻约3 kΩ)、滑动变阻器R(0～20 Ω，额定电流2 A)、开关、
x
“乙”)．
图7－3－19
(3)图丙是测量R x的实验器材实物图，图中已连接了部分导线，滑动变阻器的滑片P置于变阻器的一端．请根据(2)所选的电路图，补充完成图丙中实物间的连线，并使闭合开关的瞬间，电压表或电流表不至于被烧坏．
图7－3－20
(4)这个小组的同学在坐标纸上建立U、I坐标系，如图丁所示，图中已标出了与测量数据对应的4个坐标点．请在图丁中标出第2、4、6次测量数据的坐标点，并描绘出U－I图线．由图线得到金属丝的阻值R x＝________Ω(保留两位有效数字)．
(5)根据以上数据可以估算出金属丝电阻率约为________(填选项前的符号)．
A．1×10－2Ω·m B．1×10－3Ω·m
C．1×10－6Ω·m D．1×10－8Ω·m
(6)任何实验测量都存在误差．本实验所用测量仪器均已校准，下列关于误差的说法中正确的选项是________(有多个正确选项)．
A．用螺旋测微器测量金属丝直径时，由于读数引起的误差属于系统误差
B．由于电流表和电压表内阻引起的误差属于偶然误差
C．若将电流表和电压表的内阻计算在内，可以消除由测量仪表引起的系统误差
D．用U－I图象处理数据求金属丝电阻可以减小偶然误差
解析：(1)螺旋测微器的读数为
39．8×0.01 mm＋0 mm＝0.398 mm.
(2)此问是本题的亮点．通过给定的数据发现电压接近从0开始，故必须采用滑动变阻器的分压式接法．
(3)对滑动变阻器的分压式接法，连线时应使测量电路在开始时分到的电压为0.
(4)图线应过原点，且使大多数点在一条直线上，不在直线上的点分居两侧．
(5)由R＝ρl/S，S＝π(d/2)2，取d＝4×10－4 m、l＝0.5 m、R＝4.5 Ω，解出ρ≈1×10－6Ω·m.
(6)系统误差是由仪器的某些不完善或实验方法不够完善等原因产生的，其测量结果总是偏大或总是偏小；偶然误差具有随机性，可以通过多次测量取平均值来减小偶然误差．答案：(1)0.398(0.395～0.399均可)(2)甲(3)如图甲(4)如图乙 4.5(4.3～4.7均可) (5)C(6)CD。