【物理】福建省福州八中2014-2015学年高一下学期期末考试试卷
2014-2015学年福建省福州八中高三(下)第九次月考物理试卷
2014-2015学年福建省福州八中高三（下）第九次月考物理试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________ 一、单选题(本大题共6小题，共36.0分)1.如图所示，在水中有一厚度不计的薄玻璃片做成的中空三棱镜，里面是空气，一束光A从棱镜的左边射入，从三棱镜的右边射出时发生色散，射出的可见光分布在a点和b点之间，则（）A.从a点射出的是红光，从b点射出的是紫光B.从a点射出的是紫光，从b点射出的是红光C.从a点和b点射出的都是紫光，从ab中点射出的是红光D.从a点和b点射出的都是红光，从ab中点射出的是紫光【答案】B【解析】解：作出射到a点和b点的光路图如下：由图看出射到a点的折射角比较大，而入射角相同，由n=，知a光的折射率较大，故从a点射出的是紫光，从b点射出的是红光，故ACD错误，B正确；故选：B．红光的折射率比紫光小．做出光路图，根据折射角大小和折射定律比较折射率大小进而得到是红光还是紫光．本题考查光的折射规律，关键要掌握红光与紫光折射率大小关系，明确它们偏折程度的大小．2.理想变压器原线圈a匝数n1=200匝，副线圈b匝数n2=100匝，线圈a接在，μ=44sin314t V交流电源上，“12V，6W”的灯泡恰好正常发光．电阻R2=l6Ω，电压表V为理想电表．下列推断正确的是（）A.交变电流的频率为100 H zB.穿过铁芯的磁通量的最大变化率为W b/sC.电压表V的示数为22 VD.R1消耗的功率是0.1W【答案】B【解析】解：A、由公式可知，角速度ω=100π，则f=H z；故A错误；B、C、灯泡正常发光，故副线圈中电流为I===0.5A；故电压表示数为：U2=12+IR2=12+0.5×16=20V；故穿过钱芯的磁通量的最大变化率为：W b/s；故B正确，C错误；D、由电压之比等于功率之比可知，输出端电压为40V，R1两端的电压为U1=44-40=4V；根据电流之比等于电匝数的反比可得：I1=0.25A；则功率P=UI=4×0.25=1W；故D错误；故选：B．由副线圈中灯泡的额定值求解其电流；由欧姆定律求解电压；再根据理想变压器中原副线圈的电流、电压与匝数比之间关系可以直接求解，注意电压表、电流表示数均为有效值；由法拉第电磁感应定律可求得最大磁通量的变化率．由功率公式可求得功率．本题要注意电源电压是加在R1和变压器上的，不是直接接在变压器上的；故只能由输出端利用欧姆定律进行分析，再对变压器根据电压、电流与匝数的关系进行分析．3.如图所示，某极地轨道卫星的运行轨道平面通过地球的南北两极，已知该卫星从北纬60°的正上方，按图示方向第一次运行到南纬60°的正上方时所用时间为1h，则下列说法正确的是（）A.该卫星与同步卫星的运行半径之比为1：4B.该卫星与同步卫星的运行速度之比为1：2C.该卫星的运行速度一定大于7.9km/sD.该卫星的机械能一定大于同步卫星的机械能【答案】A【解析】解：A、卫星从北纬60°的正上方，按图示方向第一次运行到南纬60°的正上方时，偏转的角度是120°，刚好为运动周期的T，所以卫星运行的周期为3t，同步卫星的周期是24h，由得：，所以：．故A正确；B、由=m得：．故B错误；C、7.9km/s是卫星环绕地球做匀速圆周运动的最大速度，所以该卫星的运行速度一定小于7.9km/s．故C错误；D、由于不知道卫星的质量关系，故D错误．故选：A．地球表面重力等于万有引力，卫星运动的向心力由地球对卫星的万有引力提供，据此展开讨论即可．该题考查人造卫星与同步卫星的关系，灵活运动用重力和万有引力相等以及万有引力提供圆周运动的向心力是解决本题的关键．4.一列简谐横波沿x轴传播，t=0时刻的波形如图甲所示，A、P和Q是介质中的三个质点，A的振动图象如图乙所示，下列判断正确的是（）A.该波的传播速度是2.5m/sB.该波沿x轴正方向传播C.从t=0到t=0.4s，Q通过的路程为4mD.从t=0的时刻开始，P将比Q先回到平衡位置【答案】C【解析】解：A、由乙图知，质点的振动周期为T=0.8s，由甲图知，波长λ=20m，则波速为：v=m/s．故A正错误；B、由乙图知，t=0时刻，质点a向上运动，根据甲图可知，该波沿x轴负方向传播，故B错误；C、t=0.4s=，Q点原来处于波谷处，所以s=0.5×4×2=4m．故C正确；D、波沿x轴负方向传播，此时P向下振动，Q向上振动，所以Q比P先回到平衡位置．故D错误．故选：C本题要在乙图上读出A质点在t=0时刻的速度方向，在甲图上判断出波的传播度方向；由甲图读出波长，由乙图读出周期，即求出波速和频率，根据简谐运动的特点：一个周期内质点路程为4A，分析△t是几倍的周期，可以确定0.4s内的路程，根据波的传播方向判断P、Q两点谁先回到平衡位置．本题关键要理解波动图象与振动图象的联系与区别，同时，读图要细心，数值和单位一起读．判断波的传播方向和质点的振动方向关系是必备的能力．5.如图所示，直角三角形导线框abc以速度v匀速进入匀强磁场区域，则此过程中导线框内感应电流随时间变化的规律为下列四个图象中的哪一个？（）A. B. C. D.【答案】A【解析】解：在ac段切割磁感线的过程中，由楞次定律判断可知，感应电流方向沿abca．线框有效的切割长度均匀增大，由E=BL v知感应电动势均匀增大，感应电流均匀增大；在ab段也切割磁感线的过程中，由楞次定律判断可知，感应电流方向沿abca．线框有效的切割长度均匀减小，由E=BL v知感应电动势均匀减小，感应电流均匀减小．故A图正确．故选：A．本题分两段时间计算感应电动势，由欧姆定律得到感应电流．感应电动势公式E=B lv，是有效的切割长度．根据楞次定律判断感应电流的方向本题是图象问题，根据楞次定律和法拉第电磁感应定律、欧姆定律判断感应电流的方向，得到电流的解析式，再选择图象．6.一个用半导体材料制成的电阻器D，其电流I随它两端电压U的关系图象如图（a）所示，将它与两个标准电阻R1、R2并联后接在电压恒为U的电源两端，三个用电器消耗的电功率相同，现将它们连接成如图（b）所示的电路，仍接在该电源的两端，设电阻器D和电阻R1、R2消耗的电功率分别是P D、P1、P2，它们之间的大小关系是（）A.P1=4P2 B.P1＞4P2 C.P D＞P2 D.P D＜P2【答案】D【解析】解：由题，电阻器D与两个标准电阻R1、R2并联后接在电压恒为U的电源两端，三个用电器消耗的电功率均为P，此时三个电阻的阻值相等；当将它们连接成如图（b）所示的电路，接在该电源的两端时，电阻器D的电压小于电源的电压，由（a）图象可知，电阻器D的电阻增大，则有R D＞R1=R2．而R D与R2并联，电压相等，根据欧姆定律得知，电流I D＜I2，又I1=I2+I D，得到I1＜2I2，I1＞2I D．P1=R1，P D=RD，P2=，所以得到P1＜4P2，P D＜P2．故ABC错误，D正确．故选D根据半导体材料的伏安特性曲线可知，随着电压增大，电阻器D的电阻减小，电压减小，电阻增大．电阻器D与两个标准电阻R1、R2并联后接在电压恒为U的电源两端，三个用电器消耗的电功率均为P，此时三个电阻的阻值相等；当将它们连接成如图（b）所示的电路，接在该电源的两端时，电阻器D的电压小于电源的电压，电阻增大，根据并联电路的特点分析其电流与R1、R2电流的关系，再研究功率关系．本题首先要读懂半导体材料的伏安特性曲线，其次要抓住串并联电路的特点进行分析．四、单选题(本大题共2小题，共12.0分)12.单色光照到某金属表面时，有光电子从金属表面逸出，下列说法中错误的是（）A.无论增大入射光的频率还是增加入射光的强度，金属的逸出功都不变B.只延长入射光照射时间，光电子的最大初动能将增加C.只增大入射光的频率，光电子的最大初动能将增大D.只增大入射光的强度，单位时间内逸出的光电子数目将增多【答案】B【解析】解：A、即使增大入射光的频率，或增加入射光的强度，金属逸出功仍将不变，它由金属本身决定，故A正确；B、根据光电效应方程可知，E k=hγ-W；可知，光电子的最大初动能由入射光的频率和逸出功决定，即使只延长入射光照射时间，光电子的最大初动能也将不变，故B错误；C、根据光电效应方程可知，E k=hγ-W；可知，光电子的最大初动能由入射光的频率和逸出功决定，只增大入射光的频率，光电子的最大初动能将增大，故C正确；D、光的强弱不影响光电子的能量，只影响单位时间内发出光电子的数目，只增大入射光的强度，单位时间内逸出的光电子数目将增多，故D正确．本题选择错误的，故选：B．发生光电效应的条件是入射光的频率大于截止频率．根据光电效应方程可知，E k=hγ-W；可知，光电子的最大初动能由入射光的频率决定，金属的逸出功不会随着入射光的频率变化而变化；光的强弱不影响光电子的能量，只影响单位时间内发出光电子的数目．解决本题的关键掌握发生光电效应的条件是入射光的频率大于截止频率．以及知道光的强弱不影响光电子的能量，只影响单位时间内发出光电子的数目．并理解光电效应方程的应用，注意入射光的频率决定光电子的最大初动能．13.某同学质量为60kg，在军事训练中要求他从岸上以大小为2m/s的速度跳到一条向他缓缓飘来的小船上，然后去执行任务，小船的质量是140kg，原来的速度大小是0.5m/s，该同学上船后又跑了几步，最终停在船上．则（）A.人和小船最终静止在水面上B.该过程同学的动量变化量为120kg•m/sC.船最终的速度是0.25m/sD.船的动量变化量是70kg•m/s【答案】C【解析】解：A、C、规定人原来的速度方向为正方向．设人上船后，船与人共同速度为v．由题意，水的阻力忽略不计，该同学跳上小船后与小船达到同一速度的过程，人和船组成的系统合外力为零，系统的动量守恒，则由动量守恒定律得：m人v人-m船v船=（m人+m船）v，代入数据解得：v=0.25m/s，方向与人的速度方向相同，与船原来的速度方向相反．故A错误，C正确；B、人的动量的变化△p为：△p=m人v-m人v人=60×（0.25-2）=-105kg•m/s；故B错误；D、船的动量变化量为：：△p′=m船v-m船v船=140×【0.25-（-0.25）】=105kg•m/s；故D错误．故选：C．水的阻力忽略不计，该同学跳上小船后与小船达到同一速度的过程，人和船组成的系统合外力为零，系统的动量守恒，根据动量守恒定律列式求解．解答本题的关键是抓住已知条件，判断人和船系统的动量守恒，同时要注意选取正方向，用符号表示速度的方向．二、实验题探究题(本大题共2小题，共18.0分)7.某同学用图甲所示的装置验证机械能守恒定律．实验操作过程中①用游标卡尺测量小球的直径，由图乙可知小球的直径为______ mm；②用刻度尺测出电磁铁下端到光电门的距离为l22.20cm；③断开电磁铁电源，让小球自由下落；④在小球经过光电门时，计时装置记下小球经过光电门所用的时间为2.50×10-3s，由此可算得小球经过光电门时的速度为______ m/s；⑤以光电门所在处的水平面为参考面，小球的质量为m（kg），取重力加速度g=10m/s2，计算得出小球在最高点时的机械能为______ J，小球在光电门时的机械能为______ J．由此可知，在误差允许的范围内，小球下落过程中机械能是守恒的．【答案】12.35；4.94；12.22m；12.20m【解析】解：①游标卡尺的主尺读数为：12mm，游标尺上第7个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为7×0.05mm=0.35mm，所以最终读数为：12mm+0.35mm=12.35mm．④利用平均速度代替瞬时速度算得小球经过光电门时的速度得：小球经过光电门时的速度为：v==m/s=4.94m/s．⑤以光电门所在处的水平面为参考面，小球在最高点时的机械能为E1=0+mgh=12.22m小球在光电门时的机械能为E2=0+mv2=12.20m故答案为：①12.35④4.94⑤12.22m，12.20m掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．利用平均速度代替瞬时速度算得小球经过光电门时的速度．以光电门所在处的水平面为参考面，求出小球在最高点和光电门位置的动能和重力势能，从而求出机械能．对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，正确使用这些基本仪器进行有关测量．知道平均速度代替瞬时速度算得小球经过光电门时的速度，掌握动能和重力势能的求解．8.现用以下器材测量电池的电动势和内电阻A．被测电池（电动势在10V～15V之间）B．电阻箱（0～20Ω）C．滑动变阻器（最大阻值20Ω）D．定值电阻R0（阻值5Ω）E．电流表A1（量程0.6A）F．电流表A2（量程3A）G．电键H．导线若干实验中只用到了包括电池和定值电阻R0在内的六种实验器材，并利用实验数据做出了通过电源的电流I的倒数和外电路电阻R（R0除外）的关系图线，即-R图线，如图1所示．则：①实验时电阻箱和滑动变阻器二者中应选择______ ；②在图2虚线框内画出实验原理图；③根据图线求出电池的电动势为______ V，内阻为______ Ω；④说出实验中产生误差的原因（说出两条即可）：______ ．【答案】电阻箱；12；1；电流表A2的内阻分压产生的系统误差；电流表读数时产生的偶然误差．【解析】解：①测电源电动势与内阻，由题意可知，实验中由两个未知内阻的电流表、一个电阻箱、一个滑动变阻器与一个定值电阻，没有电压表，两电流表内阻未知，不能用电流表与定值电阻组成电压表测电压，因此不能用伏安法测电源电动势与内阻，应该用安阻法测电源电动势与内阻，需要的实验器材是：电阻箱．②电源电动势约为10V-15V，为了保护电路安全、进行多次实验测出多组实验数据，电流表应选A2，安阻法测电源电动势与内阻的实验电路如图所示：③由实验电路可知，在闭合电路中，电源电动势：E=I（r+R0+R），则=+R，由图1所示图象可知，图象的截距b==0.5，图象的斜率k====，则电源电动势E==12V，电源内阻：r=b E-R0=0.5×12-5=1Ω．④考虑电流表内阻对实验的影响，E=I（r+R0+R A+R），=+R，电流表内阻会导致系统误差，使电源内阻测量值偏大，此外电表读数、作图象、根据图象求电源电动势与内阻时都会产生偶然误差．故答案为：①电阻箱；②实验电路图如图所示；③12；1；④电流表A2的内阻分压产生的系统误差；电流表读数时产生的偶然误差．①根据实验器材选择测量电源电动势与内阻实验所需实验器材；②根据所选实验器材作出实验电路图；③根据实验电路，由欧姆定律求出图象的函数表达式，然后根据图象与函数表达式求出电源电动势与内阻；④根据实验电路分析实验误差．本题考查了测电源电动势与内阻实验，要掌握测电源电动势与内阻实验的常用实验方案：伏安法、安阻法、伏阻法，要掌握各种实验方案的实验原理、实验器材、实验电路、实验步骤与实验数据的处理方法．三、计算题(本大题共3小题，共54.0分)9.如图1所示，一根直杆AB与水平面成某一角度固定，在杆上套一个小物块，杆底端B处有一弹性挡板，杆与板面垂直，现将物块拉到A点静止释放，物体下滑与挡板第一次碰撞前后的v-t图象如图2所示，物块最终停止在B点．重力加速度为g=10m/s2，求：（1）物块与杆之间的动摩擦因数μ；（2）物块滑过的总路程s．【答案】解：（1）设杆子与水平方向的夹角为θ，由图象可知，物块匀加速运动的加速度大小，匀减速上滑的加速度大小，根据牛顿第二定律得，mgsinθ-μmgcosθ=ma1，mgsinθ+μmgcosθ=ma2，联立两式解得μ=0.25，sinθ=0.6．（2）物块最终停止在底端，对全过程运用动能定理得，mgs1sinθ-μmgcosθ•s=0，由图线围成的面积知，，代入数据解得s=3m．答：（1）物块与杆之间的动摩擦因数μ为0.25；（2）物块滑过的总路程s为3m．【解析】根据速度时间公式求出下滑和上滑的加速度大小，结合牛顿第二定律求出物块与杆之间的动摩擦因数．对全过程运用动能定理，求出物块滑块的总路程．本题考查了牛顿第二定律、动能定理以及速度时间图线的综合运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁，难度不大．10.如图甲，在水平桌面上固定着两根相距L=20cm、相互平行的无电阻轨道P、Q，轨道一端固定一根电阻r=0.02Ω的导体棒a，轨道上横置一根质量m=40g、电阻可忽略不计的金属棒b，两棒相距也为L=20cm．该轨道平面处在磁感应强度大小可以调节的竖直向上的匀强磁场中．开始时，磁感应强度B0=0.10T．设棒与轨道间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g=10m/s2．（1）若保持磁感应强度B0的大小不变，从t=0时刻开始，给b棒施加一个水平向右的拉力，使它由静止开始做匀加速直线运动．此拉力F的大小随时间t变化关系如图乙所示．求b棒做匀加速运动的加速度及b棒与导轨间的滑动摩擦力；（2）若从t=0开始，磁感应强度B随时间t按图丙中图象所示的规律变化，求在金属棒b开始运动前，这个装置释放的热量是多少？【答案】解：（1）由图象可得到拉力F与t的大小随时间变化的函数表达式为F=F0+当b棒匀加速运动时，根据牛顿第二定律有：F-f-F安=maF安=B0ILI=v=at∴F安=联立可解得F=f+ma+代入数据可解得a=5m/s2f=0.2N（2）当磁感应强度均匀增大时，闭合电中和有恒定的感应电流I，以b棒为研究对象，它受到的安培力逐渐增大，静摩擦力也随之增大，当磁感应度增大到b所受安掊力F与最大静摩擦力f相等时开始滑动．感应电动势：E=I=棒b将要运动时，有f=B t IL∴B t=根据B t=B0+t=0.1+0.5t，得：t=1.8s回路中产生焦耳热为：Q=I2•R t=12×0.02×1.8=0.036J答：（1）匀加速运动的加速度是5m/s2，b棒与导轨间的滑动摩擦力是0.2N．（2）在金属棒b开始运动前，这个装置释放的热量是0.036J【解析】（1）根据F与t的函数表达式，结合牛顿第二定律，及闭合电路欧姆定律，依据图象的含义，即可求解．（2）根据法拉第定律、欧姆定律和安培力公式，求解在金属棒b开始运动前经过的时间，再由焦耳定律求解热量．本题考查电磁感应定律中的图象问题，要注意明确图象的斜率含义，掌握牛顿第二定律与闭合电路欧姆定律的应用，注意从图象中选取两点代入公式计算，是解题的关键．11.如图所示，半径足够大的两半圆形区域I和II中存在与纸面垂直的匀强磁场，两半圆形的圆心分别为O、O′，两条直径之间有一宽度为d的矩形区域，区域内加上电压后形成一匀强电场．一质量为m、电荷量为+q的带电粒子（不计重力），以初速度v0从M点沿与直径成θ=30°角的方向射入区域I，而后从N点沿与直径垂直的方向进入电场，N点与M点间的距离为L0，粒子第一次离开电场时的速度为2v0，随后将两直径间的电压调为原来的2倍，粒子又两进两出电场，最终从P点离开区域II．已知P点与圆心为O’的直径间的距离为L，与最后一次进入区域II时的位置相距L，求：（1）区域I内磁感应强度B1的大小与方向；（2）矩形区域内原来的电压和粒子第一次在电场中运动的时间；（3）大致画出粒子整个运动过程的轨迹，并求出区域II内磁场的磁感应强度B2的大小；（4）粒子从M点运动到P点的时间．【答案】解：（1）粒子在I内速度方向改变了120°，由几何关系知，轨迹对应的圆心角α=120°2r1cos30°=L0°由B1方向垂直于纸面向外（2）粒子第一次在电场中运动由动能定理：∴∴（3）粒子第二次进入电场中，设粒子运动x距离时速度为：0解得：∴粒子不能进入区域I，而是由速度为0开始反向加速进入区域II，粒子整个运动过程的大致轨迹如图所示．对粒子在区域II内运动的最后一段轨迹：β=60°，最后一段轨迹对应的圆心角φ=60°∴由（4）在区域I中运动时间t0粒子第二次在电场中运动的时间t2从粒子第二次进入电场到最终离开区域II，粒子在电场中运动的总时间t2′=4t2=粒子在区域II的所有圆弧上运动的时间：粒子从M点运动到P点的时间：t=t0+t1+t2′+t3=答：（1）区域I内磁感应强度B1的大小与方向垂直于纸面向外；（2）矩形区域内原来的电压和粒子第一次在电场中运动的时间；（3）大致画出粒子整个运动过程的轨迹，区域II内磁场的磁感应强度B2的大小；（4）粒子从M点运动到P点的时间．【解析】（1）根据几何关系，依据牛顿第二定律与左手定则，结合洛伦兹力提供向心力，即可求解；（2）根据动能定理，结合运动学公式，即可求解；（3）根据动能定理，结合几何圆周运动特性，结合牛顿第二定律，与向心力表达式，即可求解；（4）根据不同运动性质，依据运动学公式，求出各段时间，即可求解．考查牛顿第二定律与运动学公式的应用，掌握由洛伦兹力提供向心力的求解方法，理解动能定理的内容，注意正确画出运动轨迹，及分清各段运动性质．。
福建省福州市高一物理下学期期末试卷含解析
2015-2016学年福建省福州市闽清高中高一（下）期末物理试卷一、选择题（共18小题，每小题4分，满分72分）1．2014年8月28日，第二届夏季青年奥林匹克运动会于南京奥体中心胜利闭幕，向世界奉献了一届精彩的青奥会．在考察下列运动员的比赛成绩时，可视为质点的是（）． A马拉松． B跳水． C击剑．体操D2．关于物体所受重力的方向，下列说法正确的是（）A．重力的方向总是垂直向下的B．重力的方向总是竖直向下的C．重力的方向总是与拉重物的拉力方向相反D．重力的方向总是与支持重物的支持面垂直3．某市出租汽车的收费标准有1.20元/公里、1.60元/公里、2.00元/公里…其中的“公里”指的是（）A．路程 B．位移C．既是路程，也是位移 D．以上都不对4．如图所示，某同学沿图示路径从开阳桥出发，经西单，到达王府井．从开阳桥到西单的距离为4km；从西单到王府井的距离为3km．两段路线相互垂直．整个过程中，该同学的位移大小和路程分别为（）1 / 24A．7km、7km B．5km、5km C．7km、5km D．5km、7km5．宇宙中有相距较近，质量可以相比的两颗星球，其它星球对他们的万有引力可以忽略不计．它们在相互之间的万有引力作用下，围绕连线上的某一固定点做同周期的匀速圆周运动．下列说法中正确的是（）A．它们的速度大小与质量成正比B．它们的速度大小与轨道半径成正比C．它们的速度大小相等D．它们的向心加速度大小相等6．下列关于匀速圆周运动的说法，正确的是（）A．匀速圆周运动是一种平衡状态B．匀速圆周运动是一种匀速运动C．匀速圆周运动是一种匀变速运动D．匀速圆周运动是一种速度和加速度都不断改变的运动7．一辆汽车向西行驶8km，又向南行驶了6km．则这辆汽车通过的路程和位移的大小分别是（）A．14km，10km B．10km，2km C．14km，2km D．2km，10km8．某物体在三个力作用下做匀速直线运动，若其中某个力突然消失，而其余两个力不变，则该物体的运动可能变为（）A．匀速直线运动 B．匀变速曲线运动C．匀速圆周运动 D．机械振动9．以v的速度水平抛出一物体，当其竖直分速度大小与水平分速度大小相等时，此物体0的（）A．竖直分位移大小等于水平分位移的大小．即时速率为v B0．运动时间为 C．运动的位移是 D10．如图所示，飞机以400km/h的速度斜向上飞行，方向与水平方向成30°角．则飞机在水平方向的分速度V为（）X=200km/h D．VC=200 km/h ．=0 VA．BV．V=400 km/hXXXX2 / 2411．一根绕过定滑轮的长绳吊起一重物B，如图所示，设汽车和重物的速度的大小分别为），则（ v、v BA A．v=v B．v＞v BBAA C．v＜v D．v的速度始终不变BBA12．a、b、c、d四颗地球卫星，a还未发射，在地球赤道上随地球表面一起转动，向心加速度为a，b处于地面附近近地轨道上正常运动速度为v，c是地球同步卫星离地心距离为11r，运行速率为v，加速度为a，d 是高空探测卫星，各卫星排列位置如图，地球的半径为22R则有（）A．a的向心加速度等于重力加速度gB．d的运动周期有可能是20小时）C2 =（．=D ．13．小船横渡一条河从A岸运动到B岸，船相对于水开动的速度大小、方向都不改变．已知小船的运动轨迹如图中虚线所示，则河水的流速应（）A．水流速度恒定B．越接近B岸水速越大C．小船从A岸到B岸的过程中水流速度先减后增D．小船从A岸到B岸的过程中水流速度先增后减14．如图，水平路面出现了一个地坑，其竖直截面为半圆．AB为沿水平方向的直径．一辆行驶的汽车发现情况后紧急刹车安全停下，但两颗石子分别以V、V速度从A点沿AB方向21水平弹飞出，分别落于C、D两点，C，D两点距水平路面分别为圆半径的0.6倍和1倍．则V：V的值为（）213 / 24． CDA B．．．15．如图所示，m为在水平传送带上被传送的小物块（可视为质点），A为终端皮带轮，已知皮带轮半径为r，传送带与皮带轮间不会打滑．若物块被水平抛出，则A轮每秒的转数至少是（）．D ．． B ． CA16．如图所示，一小球在光滑的水平面上以v向右运动，运动中要穿过一段有水平向北的0风带ab，经过风带时风会给小球一个向北的水平恒力，其余区域无风力，则小球过风带及过后的轨迹正确的是（）．C．A ． B． D17．如图所示，斜面上有a、b、c、d四个点，ab=bc=cd．从a点正上方的O点以速度v 水平抛出一个小球，它落在斜面上b点．若小球从O点以速度2v水平抛出，不计空气阻力，则它落在斜面上的（）A．b与c之间某一点 B．c点C．c与d之间某一点 D．d点18．如图是“嫦娥一号奔月”示意图，卫星发射后通过自带的小型火箭多次变轨，进入地月转移轨道，最终被月球引力捕获，成为绕月卫星，并开展对月球的探测，下列说法正确的是（）A．发射“嫦娥一号”的速度必须达到第二宇宙速度4 / 24B．在绕月圆轨道上，卫星周期与卫星质量有关 C．卫星受月球的引力与它到月球中心距离的平方成反比 D．在绕月圆轨道上，卫星受地球的引力大于受月球的引力分，满分324分）二、填空题（共8小题，每小题，要使，已知船在静水中行驶的速度为5m/s19．已知一条河宽120m，水流的速度为4m/s s；要使此船渡河位移最短，则渡河时间此船渡河时间最短，则最短时间为为 s．20．如图所示，一辆小车通过定滑轮将质量为m的物体吊起．已经小车以v的速度大小作匀速直线运动，则在图示时刻物体上升的速度为，绳拉力Fmg．（填“＞”、“＜”或“=”）21．如图所示，一条不可伸长的细绳跨过一个小定滑轮，将A、B两物体连在一起，B以速度V 向左匀速运动，当细线与水平方向成θ角时（0＜θ＜90°），A物体的速度0为，绳的拉力 A物体的重力（选“等于”、“大于”“小于”）．22．站在以ω=5rad/s绕竖直轴转动的平台上的人，距转轴2m，他用玩具枪水平射击轴上的目标，子弹射出时的速度为20m/s，若要击中目标，瞄准的方向应与该处的线速度方向成度夹角，子弹射出后经 s击中目标（取二位有效数字）．23．下图中每一个轮子都有大小两轮子叠合而成，共有4个这样的轮子，用皮带逐一联系起来，当第一个轮子外缘线速度为V时第4个轮子的小轮边缘线速度= ．124．如图1所示的实验装置中，有一个小球由静止释放从光滑斜面上高为h的A处滚下，抵达光滑水平面时不计动能损失，且立即遇到一系列均匀分布的条形布帘B的阻挡，经过一定的位移x 后停下．实验时，先保持高度h不变，采用大小相同质量不同的球做实验，5 / 242h，选用前面实验中某同一个小球做实验得到数据如表得到数据如表1所示；再改变高度2所示．（g=10m/s）2 表表10.250.50 m/kg 0.10 0.20 0.30 0.40 h/m 0.05 0.10 0.15 0.20 0.50 x/m 0.10 0.20 0.30 0.40 0.50 x/m 0.10 0.40 0.20 0.30的关系图h﹣x2中画出m﹣x与（1）请在图，求布帘对球的平h，用同一个小球做实验时的小球质量为0.20kg（2）若已知在改变高度（N）．= 均阻力大小F 阻25．在研究平抛运动的实验中，用一张印有小方格的纸记录轨迹，小方格的边长L=1.25cm，若小球在平抛运动途中的几个位置如图a、b、c、d所示，则小球平抛的初速度2的计算式为v= （用L、g表示），其值是（取g=9.8m/s）026．在光滑的水平面内，一质量m=1kg的质点，以速度v=10m/s沿x轴正方向运动，经过0原点后受一沿y轴正方向的恒力F=5N作用，直线OA与x轴成37°角，如图所示．如果质点的运动轨迹与直线OA相交于P点，则质点从O点到P点所经历的时间为s，质点经过P点时的速率为 m/s．（sin37°=0.6）四、计算题27．在水平转台上放一个质量为M的木块，静摩擦因数为μ，转台以角速度ω匀速转动时，细绳一端系住木块M，另一端通过转台中心的小孔悬一质量为m的木块，如图所示，求m与转台能保持相对静止时，M到转台中心的最大距离R和最小距离R．2128．如图所示，一辆上表面光滑的平板小车长L=2m，车上左侧有一挡板，紧靠挡板处有一可看成质点的小球．开始时，小车与小球一起在水平面上向右做匀速运动，速度大小为6 / 24a=4m/s=5m/sv．某时刻小车开始刹车，加速度0落到地2．经过一段时间，小球从小车右端滑出并面上．求：（1）从刹车开始到小球离开小车所用的时间；（2）小球离开小车后，又运动了t=0.5s落地．小球落地时落点离小车右端多远？17 / 242015-2016学年福建省福州市闽清高中高一（下）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共18小题，每小题4分，满分72分）1．2014年8月28日，第二届夏季青年奥林匹克运动会于南京奥体中心胜利闭幕，向世界奉献了一届精彩的青奥会．在考察下列运动员的比赛成绩时，可视为质点的是（）． A马拉松．B跳水．C击剑．体操D【考点】质点的认识．【分析】当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，根据把物体看成质点的条件来判断即可．【解答】解：A、马拉松比赛时，由于长路程，运动员的大小形状可以忽略，可以看成质点，故A正确；B、跳水时，人们要关注人的动作，故人的大小形状不能忽略，不能看作质点，故B错误；C、击剑时要注意人的肢体动作，不能看作质点；故C错误；D、体操中主要根据人的肢体动作评分，故不能忽略大小和形状，故不能看作质点；故D错误；故选：A．【点评】本题考查质点的概念，只要明确在研究的问题中大小和形状可以忽略物体即可以看作质点．8 / 242．关于物体所受重力的方向，下列说法正确的是（）A．重力的方向总是垂直向下的B．重力的方向总是竖直向下的C．重力的方向总是与拉重物的拉力方向相反D．重力的方向总是与支持重物的支持面垂直【考点】重力．【分析】重力是由于地球的吸引而使物体受到的力，故重力的施力物体是地球；重力的方向竖直向下，但并不一定垂直地面，也不一定指向地心．【解答】解：A、重力的方向总是竖直向上，不一定垂直于地面，也不一定指向地心；故AD错误，B正确；C、重力的方向与拉重物的拉力方向无关；故C错误；故选：B．【点评】此题考查对重力、质量概念及它们之间关系的理解；对于重力要从它的产生、方向等方面去认识；深刻理解竖直向下的物理意义．3．某市出租汽车的收费标准有1.20元/公里、1.60元/公里、2.00元/公里…其中的“公里”指的是（）A．路程 B．位移C．既是路程，也是位移 D．以上都不对【考点】位移与路程．【分析】路程表示运动轨迹的长度，是标量，位移是首末位置的距离，是矢量【解答】解：3公里表示运动轨迹的长度，是路程，不是位移．故A正确，B、C、D错误．故选：A．【点评】解决本题的关键知道位移和路程的区别，路程表示运动轨迹的长度，位移大小等于首末位置的距离．4．如图所示，某同学沿图示路径从开阳桥出发，经西单，到达王府井．从开阳桥到西单的距离为4km；从西单到王府井的距离为3km．两段路线相互垂直．整个过程中，该同学的位移大小和路程分别为（）A．7km、7km B．5km、5km C．7km、5km D．5km、7km【考点】位移与路程．【分析】根据路程等于物体运动路线的长度、位移大小等于初位置到末位置有向线段的长度，确定路程和位移的大小．x==5km解：位移的大小等于首末位置的距离，大小，路程等于运动轨迹【解答】的长度，s=3km+4km=7km．故选：D【点评】本题要理解路程和位移的物理意义，画出示意图，求解它们的大小．位移大小等于起点到终点直线距离的大小，不会大于路程．9 / 245．宇宙中有相距较近，质量可以相比的两颗星球，其它星球对他们的万有引力可以忽略不计．它们在相互之间的万有引力作用下，围绕连线上的某一固定点做同周期的匀速圆周运动．下列说法中正确的是（）A．它们的速度大小与质量成正比B．它们的速度大小与轨道半径成正比C．它们的速度大小相等D．它们的向心加速度大小相等【考点】向心力；万有引力定律及其应用．双星靠相互间的万有引力提供向心力，具有相同的角速度，根据v=ωr及a=ωr分析2【分析】即可求解．【解答】解：A、双星靠相互间的万有引力提供向心力，具有相同的角速度，根据v=ωr可知，线速度大小与轨道半径成正比，故AC错误，B正确；、根据向心加速度a=ωr可知，a与r成正比，故D错误2D故选B【点评】本题主要考查了双星系统的特点，知道双星靠相互间的万有引力提供向心力，具有相同的角速度，难度不大，属于基础题．6．下列关于匀速圆周运动的说法，正确的是（）A．匀速圆周运动是一种平衡状态B．匀速圆周运动是一种匀速运动C．匀速圆周运动是一种匀变速运动D．匀速圆周运动是一种速度和加速度都不断改变的运动【考点】匀速圆周运动；线速度、角速度和周期、转速；向心加速度．【分析】匀速圆周运动速度大小不变，方向变化，是变速运动．加速度方向始终指向圆心，加速度是变化的，是变加速运动．【解答】解：A、匀速圆周运动速度大小不变，方向变化，速度是变化的，是变速运动，受力不平衡，故AB错误；C、匀速圆周运动加速度大小不变，方向始终指向圆心，加速度是变化的，是变加速运动，故C 错误，D正确．故选：D．【点评】矢量由大小和方向才能确定的物理量，所以当矢量大小变化、方向变化或大小方向同时变化时，矢量都是变化的．7．一辆汽车向西行驶8km，又向南行驶了6km．则这辆汽车通过的路程和位移的大小分别是（）A．14km，10km B．10km，2km C．14km，2km D．2km，10km【考点】位移与路程．【分析】位移表示初末位置的有向线段，路程表示路径长度，由此分析即可．【解答】解：位移表示初末位置的有向线段，遵从矢量合成法则，可知位移为：x=km=10km路程表示路径长度，遵从数学加减，故路程为：s=6km+8km=14km故A正确，BCD错误10 / 24故选：A【点评】掌握位移和路程的定义，明确位移和路程的计算法则，并能应用计算，基础题．8．某物体在三个力作用下做匀速直线运动，若其中某个力突然消失，而其余两个力不变，则该物体的运动可能变为（）A．匀速直线运动 B．匀变速曲线运动C．匀速圆周运动 D．机械振动【考点】物体做曲线运动的条件．【分析】物体受到三个力的作用，物体做匀速直线运动，这三个力是平衡力，如果其中一个力突然消失，剩余的两个力的合力与撤去的力等值、反向、共线，是非平衡力，物体在非平衡力的作用下一定改变了物体的运动状态；曲线运动的条件是合力与速度不共线．【解答】解：A、有一个作匀速直线运动的物体受到三个力的作用，这三个力一定是平衡力，如果其中的一个力突然消失，剩余的两个力的合力与撤去的力等值、反向、共线；物体受到非平衡力的作用，物体的运动状态一定发生了改变，可能是运动方向改变，可能是运动速度改变，可能运动速度和方向都发生了改变，即速度一定改变，故A错误；B、曲线运动的条件是合力与速度不共线，当其余两个力的合力与速度不共线时，物体做曲线运动；由于合力恒定，故加速度恒定，即物体做匀变速曲线运动，故B正确；C、其余两个力的合力恒定，而匀速圆周运动合力一直指向圆心，是变力，故C错误；D、其余两个力的合力恒定，而机械振动合力充当回复力，故D错误；故选B．【点评】本题考查了曲线运动的条件以及三力平衡的知识，关键根据平衡得到其余两个力的合力恒定，然后结合曲线运动的条件分析．9．以v的速度水平抛出一物体，当其竖直分速度大小与水平分速度大小相等时，此物体0的（）A．竖直分位移大小等于水平分位移的大小．即时速率为v B0．运动时间为 C．运动的位移是 D【考点】平抛运动．【分析】通过竖直分速度与水平分速度大小相等，求出时间，根据时间可求出竖直方向的分位移、水平方向分位移、合位移以及瞬时速度．，此时竖直位移得，运动的时间，水t==gtv【解答】解：A、根据=v0yx=，知水平位移和竖直位移不等．故A、平位移C错误．v=．故BB、根据平行四边形定则知，即时速度错误．11 / 24s=．故D正确． D、运动的位移故选：D．【点评】本题关键是熟悉平抛运动的分位移公式和分速度公式，同时要结合运动的合成与分解的知识求解．10．如图所示，飞机以400km/h的速度斜向上飞行，方向与水平方向成30°角．则飞机在水平方向的分速度V为（）X=200km/h DV．V=400 km/h B．V=0 ．V=200 km/h C．A XXXX【考点】运动的合成和分解．【分析】飞机实际速度为合速度，可分解为水平方向和竖直方向的两个分运动！根据平行四边形定则，结合几何关系，可得出两个分速度！【解答】解：将飞机的实际运动分解为水平方向的匀速运动和竖直方向的匀速运动，如图：由几何关系，可得：=200km/h=vcos30°=400km/h ×；v x故选：C ．【点评】本题关键是找出合运动和分运动，再结合平行四边形定则求解！11．一根绕过定滑轮的长绳吊起一重物B ，如图所示，设汽车和重物的速度的大小分别为） v 、v ，则（BAA ．v=vB ．v ＞v BBAAC ．v ＜vD ．v 的速度始终不变 BAB【考点】运动的合成和分解；牛顿第二定律．【分析】将汽车的运动分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，沿绳子方向的速度等于重物的速度大小，从而判断出重物的运动规律．【解答】解：小车的运动可分解为沿绳方向和垂直于绳的方向两个运动， 设斜拉绳子与水平面的夹角为θ，由几何关系可得：v=vcos θ，所以v ＞v ；故B 正确，ACD 错误． BAAB故选：B ．12 / 24【点评】解决本题的关键将汽车的运动分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，知道沿绳子方向的速度等于重物的速度大小．12．a 、b 、c 、d 四颗地球卫星，a 还未发射，在地球赤道上随地球表面一起转动，向心加速度为a ，b 处于地面附近近地轨道上正常运动速度为v ，c 是地球同步卫星离地心距离为11r ，运行速率为v ，加速度为a ，d 是高空探测卫星，各卫星排列位置如图，地球的半径为22R 则有（ ）A ．a 的向心加速度等于重力加速度gB ．d 的运动周期有可能是20小时2（． =）C=．D【考点】万有引力定律及其应用．【分析】a未发射，所需要的向心力不等于其重力；根据开普勒第三定律分析d与c周期关系，即可确定d的运动周期；地球同步卫星的角速度与地球自转的角速度相同，由向心2求解；卫星由万有引力提供向心力，得到线速度与轨道半径的关系加度公式a=ωr式，即可求解．【解答】解：A、地球同步卫星c的周期必须与地球自转周期相同，角速度相同，则知a与2r知，c的向心加速度大．c的角速度相同，根据a=ωg=，卫星的轨道半径越大，向心加速度越小，则同步卫星的向心加速=mg由，得 G度小于b的向心加速度，而b的向心加速度约为g，故知a的向心加速度小于重力加速度g．故A错误；、由开普勒第三定律=k知，卫星的轨道半径越大，周期越大，所以d的运动周期大于Bc的周期24h．故B错误；2 =；故C错误．a=ωaC、、c的角速度相同，由 r得：=．故D、由DG=m，得v=，则得正确；13 / 24故选：D．【点评】对于卫星问题，要建立物理模型，根据万有引力提供向心力，分析各量之间的关系，并且要知道同步卫星的条件和特点．13．小船横渡一条河从A岸运动到B岸，船相对于水开动的速度大小、方向都不改变．已知小船的运动轨迹如图中虚线所示，则河水的流速应（）A．水流速度恒定B．越接近B岸水速越大C．小船从A岸到B岸的过程中水流速度先减后增D．小船从A岸到B岸的过程中水流速度先增后减【考点】运动的合成和分解．【分析】轨迹弯曲的方向大致指向合力的方向，合力的方向又与水流的方向一致，可见加速度的方向先向右再向左．【解答】解：从轨迹曲线的弯曲形状上可以知道，靠近A岸小船具有向下游的加速度，靠近B 岸小船具有向上游的加速度，故水流是先加速后减速，故D正确，A、B、C错误．故选D．【点评】解决本题的关键知道小船参与了两个运动，有两个分速度，分别是静水速和水流速．以及知道轨迹的弯曲大致指向合力的方向．14．如图，水平路面出现了一个地坑，其竖直截面为半圆．AB为沿水平方向的直径．一辆行驶的汽车发现情况后紧急刹车安全停下，但两颗石子分别以V、V速度从A点沿AB方向21水平弹飞出，分别落于C、D两点，C，D两点距水平路面分别为圆半径的0.6倍和1倍．则V：V的值为（）21． D． B． C．A【考点】平抛运动．【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据高度确定运动的时间，结合水平位移和时间求出初速度之比．解：两颗石子的运动时间分别为：；【解答】14 / 24水平位移分别为：x=1.8r，x=r 21，故速度为：=V 联立解得：V：21故选：C【点评】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解，运算量有点多．15．如图所示，m为在水平传送带上被传送的小物块（可视为质点），A为终端皮带轮，已知皮带轮半径为r，传送带与皮带轮间不会打滑．若物块被水平抛出，则A轮每秒的转数至少是（）．DC ．A ． B ．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系；平抛运动．【分析】当物块恰好被水平抛出时，在皮带上最高点时由重力提供向心力，根据牛顿第二定律求出临界速度，再根据线速度与转速的关系求出A轮每秒的转数最小值．【解答】解：当物块恰好被水平抛出时，在皮带上最高点时由重力提供向心力，则由牛顿第二定律得：v= mg=m，得n=2πnr=v，得到设此时皮带转速为= n，则有轮每秒的转数至少是所以若物块被水平抛出， A．故选C【点评】本题运用牛顿第二定律和圆周运动规律分析临界速度问题．当一个恰好离开另一个物体时两物体之间的弹力为零，这是经常用到的临界条件．16．如图所示，一小球在光滑的水平面上以v向右运动，运动中要穿过一段有水平向北的0风带ab，经过风带时风会给小球一个向北的水平恒力，其余区域无风力，则小球过风带及过后的轨迹正确的是（）15 / 24．C．． BA． D【考点】运动的合成和分解．【分析】物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，速度的方向与该点曲线的切线方向相同；曲线运动中物体速度的方向应该是逐渐发生变化的，不可能出现折点．【解答】解：小球在光滑的水平面上以v向右运动，给小球一个向北的水平恒力，根据曲0线运动条件，结合运动轨迹偏向加速度的方向，故B正确，ACD错误．故选：B．【点评】解决本题的关键掌握曲线运动的处理方法，根据两个方向上的受力情况，分析其运动情况．17．如图所示，斜面上有a、b、c、d四个点，ab=bc=cd．从a点正上方的O点以速度v水平抛出一个小球，它落在斜面上b点．若小球从O点以速度2v水平抛出，不计空气阻力，则它落在斜面上的（）A．b与c之间某一点 B．c点C．c与d之间某一点 D．d点【考点】平抛运动．【分析】解答本题需要掌握：平抛运动的特点并能灵活应用，应用相关数学知识求解，如假设没有斜面的限制，将落到那点，有斜面和没有斜面的区别在哪里．【解答】解：过b做一条与水平面平行的一条直线，若没有斜面，当小球从O点以速度2v水平抛出时，小球将落在我们所画水平线上c点的正下方，但是现在有斜面的限制，小球将落在斜面上的bc之间，故A正确，BCD错误．故选A．【点评】本题考查角度新颖，很好的考查了学生灵活应用知识解题的能力，在学习过程中要开阔思路，多角度思考．如本题中学生可以通过有无斜面的区别，找到解题的突破口．18．如图是“嫦娥一号奔月”示意图，卫星发射后通过自带的小型火箭多次变轨，进入地月转移轨道，最终被月球引力捕获，成为绕月卫星，并开展对月球的探测，下列说法正确的是（）16 / 24。
福建省福州八中2014届高三物理第四次质检考试试题新人教版
福建省福州八中2014届高三物理第四次质检考试试题新人教版一、单项选择题〔每一小题4分，共40分，错选不得分，填涂在答题卡上〕 1、如下列图为电阻R 1和R 2的伏安特性曲线，这两条曲线把第一象限分为Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三个区域．现把R 1和R 2并联在电路中，消耗的电功率分别用P 1和P 2表示；并联的总电阻设为R .如下关于P 1与P 2的大小关系与R 的伏安特性曲线应该在的区域的说法正确的答案是A ．伏安特性曲线在Ⅰ区域，P 1<P 2B ．伏安特性曲线在Ⅲ区域，P 1<P 2C ．伏安特性曲线在Ⅰ区域，P 1>P 2D ．伏安特性曲线在Ⅲ区域，P 1>P 22、如下列图，用输出电压为1.4 V ，输出电流为100 mA 的充电器对内阻为2 Ω的镍—氢电池充电．如下说法正确的答案是A ．电能转化为化学能的功率为0.12 WB ．充电器输出的电功率为140 WC ．充电时，电池消耗的热功率为0.04 WD ．充电器把0.14 W 的功率储蓄在电池内3、在赤道上某处有一支避雷针。
当带有负电的乌云经过避雷针上方时，避雷针开始放电，如此地磁场对避雷针的作用力的方向为A ．正东B ．正西C ．正南D ．正北4、如下列图，一块长方形光滑铝板水平放在桌面上，铝板右端拼接一根与铝板等厚的条形磁铁，一个质量分布均匀的闭合铝环以初速度v 从板的左端沿中线向右端滚动，如此 A ．铝环的滚动速度将越来越大. B ．铝环将保持匀速运动.C ．铝环的运动将逐渐偏向条形磁铁的N 极或S 极.D ．铝环的运动速率会改变，但运动方向将不会发生改变.5、一正弦交流电的电压随时间变化的规律如下列图．由图可知A ．该交流电的电压瞬时值的表达式为u ＝100sin 〔25t 〕VB ．该交流电的频率为250 HzC ．假设将该交流电压加在阻值R ＝100 Ω的电阻两端，如此电阻消耗的功率为50 WD ．该交流电的电压的有效值为100 2 V6、如下列图，固定位置在同一水平面内的两根平行长直金属导轨的间距为d ，其右端接有阻值为R 的电阻，整个装置处在竖直向上磁感应强度大小为B 的匀强磁场中。
福建省福州三中2014_2015学年高一物理下学期第一次段考试卷(含解析)
福建省福州三中2014-2015学年高一下学期第一次段考物理试卷一.选择题（共39分.每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求）1．关于运动的合成和分解，下述说法中正确的是( )A．合运动的速度大小等于分运动的速度大小之和B．物体的两个分运动若是直线运动，则它的合运动一定是直线运动C．合运动和分运动具有同时性D．若合运动是曲线运动，则分运动中至少有一个是曲线运动考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：合运动与分运动具有等时性，速度是矢量，合成分解遵循平行四边形定则．解答：解：A、合运动速度等于分运动速度的矢量和．故A错误；B、两分运动是直线运动，合运动不一定是直线运动，比如：平抛运动．故B错误；C、合运动与分运动具有等时性．故C正确；D、曲线运动的分运动可以是两直线运动，比如：平抛运动．故D错误．故选：C．点评：解决本题的关键知道速度、加速度、位移是矢量，合成分解遵循平行四边形定则，以及知道合运动与分运动具有等时性．2．在下面列举的各个实例中，机械能不守恒的是( )A．汽车在水平面上匀速运动B．抛出的手榴弹或标枪在空中的运动（不计空气阻力）C．拉着物体沿光滑斜面匀速上升D．如图所示，在光滑水平面上运动的小球碰到一个弹簧，把弹簧压缩后，又被弹回来考点：机械能守恒定律．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：只有重力或弹力（保守力）做功时，物体的动能和势能相互转化，物体机械能才守恒．对照这个条件进行判断．解答：解：A、汽车在水平面上匀速运动时，动能和重力势能都不变，机械能不变；B、抛出的手榴弹或标枪在空中只有重力做功，机械能守恒．C、拉着物体沿光滑斜面匀速上升时，动能不变，重力势能变大，故机械能变大，机械能不守恒．D、小球碰到弹簧被弹回的过程中只有弹簧弹力做功，机械能守恒，本题选机械能不守恒的，故选：C．点评：解答此题需掌握机械能守恒的条件，即只有重力或弹簧的弹力做功时机械能守恒．3．如图所示，是2014-2015学年高一的某同学完成体育测试“引体向上”项目的情景，该同学在这次测试中一分钟完成了20个“引体向上”，若该同学质量约为50kg，每次“引体向上”重心上升约0.5m，则王亮同学在本次测试中做功的平均功率接近( )A．800W B．80W C．8W D．0.8W考点：功率、平均功率和瞬时功率．专题：功率的计算专题．分析：引体向上是克服人体重力做功，根据公式W=Gh求出一次做的功，再求出总功；再根据公式P=求出功率．解答：解：将身体向上拉起一次所做的功：W=Gh=500N×0.5m=250J；他1min内做的总功：W总=nW=20×250J=5000J，平均功率：P===83W；故B最接近；故选：B点评：此题主要考查的是学生对功和功率计算公式的理解和掌握，弄清楚引体向上是克服人的体重做功是解决此题的关键．4．质量为m的物体从地面上方H高处无初速释放，落到地面后出现一个深为h的坑，如图所示，在此过程中( )A．重力对物体做功mgHB．地面对物体的平均阻力为C．外力对物体做的总功为零D．物体重力势能减少mgH考点：机械能守恒定律．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：根据重力做功由公式W G=mg△h即可求解；重力做功多少，重力势能就减少多少；合力做功可以对整个过程运用动能定理求解．外力对物体做功即为总功，等于动能变化，根据动能定理求解解答：解：A、根据重力做功的公式可知：W G=mg△h=mg（H+h）．故A错误．B、由动能定理得：mg（H+h）﹣fh=0，解得：f=，故B错误；C、对全程由动能定理可知，初末动能为零，则合外力做功为零；故C正确；D、重力做的功为mg（H+h），且为正功，则物体重力势能减少mg（H+h）．故D错误故选：C点评：本题考查动能定理及重力做功与重力势能变化间的关系，要注意明确重力势能的改变量只与重力做功有关系5．在离地面高h处，分别把A、B、C三个质量不同的物体以相同的速率抛出．A平抛，B竖直上抛，C竖直下抛，三个球的质量关系是m A＞m B＞m C．不计空气阻力，则以下说法正确的是( )A．在运动过程中，A、B、C的加速度相同B．A、B、C落地时的位移相同C．A、B、C落地时的速度相同D．A、B、C空中运动的时间相同考点：抛体运动．分析：根据动能定理判断落地时的速度大小．根据匀变速直线运动的规律比较三种运动的时间长短．三种运动都仅受重力，加速度为g．解答：解：A、竖直上抛运动、竖直下抛运动、平抛运动仅受重力，加速度都为g．故A 正确；B、平抛运动和竖直上抛运动的初始点相同，末位置不同，则位移不同，故B错误；C、小球运动过程中，只有重力做功，机械能守恒，故末速度相等，但方向不同，所以落地速度不同．故C错误；D、竖直上抛运动，先上升后下降，平抛运动在竖直方向上做自由落体运动，竖直下抛运动在竖直方向上有向下的初速度，知竖直下抛运动的时间最短，竖直上抛运动的时间最长，故D错误．故选：A．点评：本题关键在于沿不同方向抛出的小球都只有重力做功，机械能守恒；同时速度是矢量，大小相等、方向相同速度才是相同，要有矢量意识．6．质量为m的小球从桌面抛出（不计空气阻力），桌面离地高度为h，小球抛出时速度为v．，则小球落地时所具有的机械能为( )（取地面为零势能面）A．B．﹣mgh C．mgh+D．mgh考点：机械能守恒定律．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：小球运动过程中，只受重力，机械能守恒，根据机械能守恒定律列式求解．解答：解：小球运动过程中，只受重力，机械能守恒，则小球落地时所具有的机械能等于刚抛出时的机械能，为：E=mgh+故选：C点评：本题关键根据机械能守恒定律，小球的机械能总量不变，小球任意位置的机械能都等于初位置的机械能．7．如图所示，质量相同的两物体处于同一高度，A沿固定在地面上的光滑曲面下滑，B自由下落，最后到达同一水平面，则( )A．到达底端时两物体的速度相同B．重力对两物体做的功相同C．到达底端时重力的瞬时功率P A＞P BD．重力的平均功率相同考点：功率、平均功率和瞬时功率．专题：功率的计算专题．分析：质量相同的两物体处于同一高度，A沿固定在地面上的光滑曲面下滑，而B自由下落，到达同一水平面．重力势能全转变为动能，重力的平均功率是由重力作功与时间的比值，而重力的瞬时功率则是重力与重力方向的速率乘积．解答：解：A、由于质量相等，高度变化相同，所以到达底端时两物体的动能相同，所以到达底端速度大小相等，但方向不同，所以速度不同，故A错误；B、两物体质量m相同，初末位置的高度差h相同，重力做的功W=mgh相同，但由于时间的不一样，所以重力的平均功率不同．故B正确，D错误；C、到达底端时两物体的速率相同，重力也相同，但A物体重力方向与速度有夹角，所以到达底端时重力的瞬时功率不相同，P A＜P B，故C错误；故选：B点评：重力做功决定重力势能的变化与否，若做正功，则重力势能减少；若做负功，则重力势能增加．而重力的平均功率与瞬时功率的区别是：平均功率是做功与时间的比值，瞬时功率是力与速度在力的方向上的速度乘积．8．质量为1kg的物体在水平面内做曲线运动，已知互相垂直方向上的速度图象分别如图所示．下列说法正确的是( )A．质点的初速度为5m/sB．质点所受的合外力为3NC．2s末质点速度大小为7m/sD．质点初速度的方向与合外力方向垂直考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：根据运动的合成可知：质点的初速度大小为4m/s．质点在y轴方向加速度为零，只有x轴方向有加速度，由v x﹣t图象的斜率求出加速度．根据速度的合成求解2s末质点速度大小．由牛顿第二定律求出合外力．解答：解：A、由图x轴方向初速度为零，则质点的初速度大小为4m/s．故A错误．B、质点在y轴方向加速度为零，只有x轴方向有加速度，由v x﹣t图象的斜率读出质点的加速度a==1.5m/s2．所以F=ma=1.5N，故B错误．C、2s末v x=3m/s，v y=4m/s，则质点的速度为v=5m/s，故C错误；D、质点初速度方向沿y轴沿y轴方向，合外力沿x轴方向，垂直，故D正确．故选D点评：本题应用运动的合成法分析物体的合运动速度和加速度，研究方法类似于平抛运动，没有新意．9．如图所示，轰炸机沿水平方向匀速飞行，到达山坡底端正上方时释放一颗炸弹，并垂直击中山坡上的目标A．已知A点高度为h，山坡倾角为θ，由此不能算出( )A．轰炸机的飞行速度 B．炸弹的飞行时间C．轰炸机的飞行高度 D．炸弹投出时的动能考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：根据位移与水平方向夹角，得到水平位移和竖直位移，运用平抛运动的规律求解时间和炸弹的飞行时间和炸弹的初速度，再求解飞行高度．解答：解：画出示意图如图所示．设A到斜面底端的距离为L，飞机距离地面的距离为H，根据Lcosθ=v0t…①，H﹣Lsinθ=…②炸弹垂直击中山坡，速度与竖直方向的夹角为θ，则得：tanθ==…③由①、②、③可求出初速度v0，即得到轰炸机的飞行速度．由②可求出炸弹的飞行时间t和轰炸机的飞行高度H．由于炸弹的做平抛运动，而平抛运动的加速度与质量无关，故无法求解质量，也就求不出炸弹投出时的动能．故ABC正确，D错误．本题选错误的，故选：D．点评：解决本题的关键掌握平抛运动水平方向和竖直方向上的运动规律，把握隐含的条件，并能灵活运用．10．质量为m的物体，在距地面h高处以的加速度由静止竖直下落到地面，下列说法中错误的是( )A．重力做功mgh B．物体的机械能减少C．物体的动能增加 D．物体的重力势能减少考点：功能关系．分析：根据重力做功的多少，确定重力势能的变化量．根据物体克服空气阻力做功的多少，确定机械能的变化量．根据合力做功，由动能定理确定动能的变化量．解答：解：A、物体下落过程中，重力做功为W=mgh，则物体的重力势能减少mgh．故A正确，D错误；B、设空气阻力大小为f，则由牛顿第二定律得：mg﹣f=ma得：f=mg﹣ma=mg，物体克服空气阻力做功为：W f=fh=mgh，则物体的机械能减少mgh，故B正确．C、物体所受的合力为F=ma=mg，由动能定理得，物体动能增加量：△E K=Fh=mgh，故C正确．本题选择不正确的，故选：D．点评：本题考查对几对功与能关系的理解和应用能力．重力做功引起重力势能的变化、合力做功等于动能的变化、除了重力、弹力以外的力做功等于机械能的变化要理解掌握，是考试的热点．11．如图所示为一种测定运动员体能的装置，运动员的质量为m1，绳的一端拴在腰间并沿水平方向跨过滑轮（不计滑轮质量及摩擦），绳的下端悬挂一个质量为m2的重物，人用力蹬传送带而人的重心不动，使传送带以速率v匀速向右运动．下面说法中正确的是( )A．绳子拉力对人做正功B．人对传送带做负功C．运动时间t后，运动员的体能消耗约为m2gvtD．运动时间t后，运动员的体能消耗约为（m1+m2）gvt考点：功能关系；功的计算．分析：拉力对人、人对传送带的做功情况，运用做功的两个必须因素即可求出．解答：解：A、人的重心不变，绳子拉力没有位移，故A错误；B、传送带受到人的摩擦力，方向向右，传送带向右有位移，故人对传送带做正功，故B错误；C、运动时间t后，传送带位移S=vt，摩擦力F=m2g，故运动员的体能消耗约为m2gvt，故C 正确，D错误；故选：C点评：此题考查做功的条件，并会运用功能关系进行此类题目的求解．12．如图所示，在外力作用下某质点运动的v﹣t图象为正弦曲线．从图中可以判断( )A．在0～t1时间内，外力做负功B．在t1～t2时间内，外力做正功C．在0～t3时间内，外力做的总功为零D．在t1时刻，外力的瞬时功率为零考点：功的计算；匀变速直线运动的图像．分析：由v﹣t图象可知物体的运动方向，由图象的斜率可知拉力的方向，则由功的公式可得出外力做功的情况，由P=Fv可求得功率的变化情况解答：解：A、在0～t1时间内，由图象可知，物体的速度沿正方向，加速度为正值且减小，故力与速度方向相同，故外力做正功；故A错误；B、在t1～t2时间内，由图象可知，物体的速度沿正方向，加速度为负值且增大，故力与速度方向相反，故外力做负功，故B错误；C、在0～t3时间内，合外力的总功为正功，故C错误；D、t1时刻物体的速度不为零，但拉力为零，由P=Fv可知外力的功率为零，故D正确；故选：D点评：本题要求学生能熟练掌握图象的分析方法，由图象得出我们需要的信息．B答案中采用极限分析法，因开始为零，后来为零，而中间有功率，故功率应先增大，后减小13．如图，质量相同的两物体a、b，用不可伸长的轻绳跨接在同一光滑的轻质定滑轮两侧，a在水平桌面的上方，b在水平粗糙桌面上．初始时用力压住b使a、b静止，撤去此压力后，a开始运动，在a下降的过程中，b始终未离开桌面．在此过程中( )A．a的动能大于b的动能B．两物体机械能的变化量相等C．a的重力势能的减小量等于两物体总动能的增加量D．绳的拉力对a所做的功与对b所做的功的代数和为零考点：功能关系；机械能守恒定律．分析：b的速度在绳子方向的分速度与a的速度相等，比较出速度大小即可比较动能的大小．解答：解：A、将b的实际速度进行分解如图：由图可知v a=v b cosθ，即a的速度小于b的速度，故a的动能小于b的动能，故A错误；B、由于有摩擦力做功，故ab系统机械能不守恒，则二者机械能的变化量不相等，故B错误；C、a的重力势能的减小量等于两物体总动能的增加量与产生的内能之和，故a的重力势能的减小量大于两物体总动能的增加量，C错误；D、在这段时间t内，绳子对a的拉力和对b的拉力大小相等，绳子对a做的功等于﹣F T v a t，绳子对b的功等于拉力与拉力方向上b的位移的乘积，即：F T v b cosθt，又v a=v b cosθ，所以绳的拉力对a所做的功与对b所做的功的绝对值相等，二者代数和为零，故D正确．故选：D．点评：本题考查了有摩擦力作用下的系统功能转化关系，克服摩擦力做功时，系统的机械能减少，减少的机械能转化为内能．二.填空与实验题（共22分，每空2分）14．河宽300m，船在静水中的速度为5m/s，水流速度为4m/s，则船过河的最短时间60s，若船要最短位移过河，船过河的实际速度为3m/s．考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：船航行时速度为静水中的速度与河水流速二者合速度，当以静水中的速度垂直河岸过河的时候渡河时间最短．由矢量合成的平行四边形定则得知小船的合速度，小船实际以合速度做匀速直线运动，进而求得位移的大小；小船以最短距离过河时，则静水中的速度斜着向上游，合速度垂直河岸．解答：解：（1）当以静水中的速度垂直河岸过河的时候渡河时间最短，则知：t min=s=60s（2）小船以最短距离过河时，则静水中的速度斜着向上游，合速度垂直河岸，设与河岸的夹角为θ，则由矢量合成的平行四边形法则解三角形得：cosθ=，这时船头与河水速度夹角为θ=53°；船过河的实际速度为：v=v c•sin53°=5×0.6=3m/s故答案为：60，3点评：小船过河问题属于运动的合成问题，要明确分运动的等时性、独立性，运用分解的思想，看过河时间只分析垂直河岸的速度，分析过河位移时，要分析合速度．15．一小球的质量是2kg，从距地面为20m高处由静止自由下落（空气阻力不计）．下落5m 时具有的重力势能为300J．此时重力的瞬时功率为200W（取地面为零势能面）．考点：功率、平均功率和瞬时功率；重力势能．专题：功率的计算专题．分析：根据E P=mg△h求解物体在某位置具有的重力势能，求出下落5m时的瞬时速度，根据P=mgv求解瞬时速率．解答：解：根据E P=mg△h得；E P=20×m=300J根据v2=2gh解得；v=10m/s则P=mgv=200J故答案为：300；200点评：解决本题的关键掌握瞬时功率的求法，以及知道平均速率和瞬时功率的区别．16．为了验证平抛运动的小球在竖直方向上做自由落体运动，用如图所示的装置进行试验，小锤打击弹性金属片，A球水平抛出，同时B球被松开，自由下落，关于该实验，下列说法中正确的是( )A．两球的质量应相等B．两球应同时落地C．应改变装置的高度，多次实验D．实验也能说明A球在水平方向上做匀速直线运动考点：研究平抛物体的运动．专题：实验题．分析：本题图源自课本中的演示实验，通过该装置可以判断两球同时落地，可以验证做平抛运动的物体在竖直方向上做自由落体运动；解答：解：根据装置图可知，两球由相同高度同时运动，A做平抛运动，B做自由落体运动，因此将同时落地，由于两球同时落地，因此说明A、B在竖直方向运动规律是相同的，故根据实验结果可知，平抛运动在竖直方向的分运动是自由落体运动，不需要两球质量相等，要多次实验，观察现象，则应改变装置的高度，多次实验，故BC正确．故选：BC．点评：本题比较简单，重点考察了平抛运动特点，平抛是高中所学的一种重要运动形式，要重点加强．17．在用落体法验证机械能守恒定律时，某同学按照正确的操作，选得纸带如图1所示．其中O是起始点，A、B、C是连续的3个计数点．该同学用毫米刻度尺测量O到A、B、C各点的距离，并记录在图1中．（1）下面列举了该实验的几个操作步骤：A．按照图2所示的装置安装器材B．将打点计时器接到电源的“直流输出”上C．放开纸带后，接通电源，使计时器在纸带上打出点迹D．测量纸带上所选的计数点间与O的距离E．根据测量的结果验证重锤下降过程中机械能是否守恒以上操作有误的是BC（填正确选项前的字母）（2）若用公式=mgh n验证，则对打下O点的要求是：初速度为0（3）该同学用重锤在OB段的运动来验证机械能守恒，已知重锤质量为1.0kg，当地的重力加速度g=9.80m/s2，则该段重锤重力势能的减少量为0.711J，而动能的增加量为0.690J（均保留3位有效数字）考点：验证机械能守恒定律．专题：实验题；机械能守恒定律应用专题．分析：根据使用的原理确定实验的器材，以及错误的步骤，误差形成的原因；书本上的实验，我们要从实验原理、实验仪器、实验步骤、实验数据处理、实验注意事项这几点去搞清楚．纸带法实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度，从而求出动能．根据功能关系得重力势能减小量等于重力做功的数值．解答：解：（1）B、将打点计时器接到电源的“交流输出”上，故B错误；C、应先接通电源，后放开纸带，使计时器在纸带上打出点迹，故C错误；所以选：BC．（2）用公式mv2=mgh时，对纸带上起点的要求是重锤是从初速度为零开始．（3）从开始下落至B点，重锤的重力势能减少量为：△E p=mgh=1×9.8×0.725J=0.711J．利用匀变速直线运动的推论有：v B===1.175m/s，重锤的动能为：E KB=mv B2=×1×1.1752=0.690J故答案为：（1）BC；（2）初速度为0；（3）0.711，0.690．点评：解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的仪器、操作步骤和数据处理以及注意事项，并运用运动学公式和动能、重力势能的定义式解决问题是该实验的常规问题．18．如图所示为一小球作平抛运动的闪光照片的一部分，闪光周期为T，小方格的边长为L．在C处，小球竖直方向的分速度计算式为；C处位置，小球瞬时速度为．（计算结果用T和L表示）考点：研究平抛物体的运动．专题：实验题；平抛运动专题．分析：平抛运动在竖直方向上是匀变速运动，由bc和ab之间的竖直距离差可以求出时间间隔，在水平方向上是匀速直线运动，由a、b、c三点在水平方向上的位移，和两点之间的时间间隔，可以求得水平速度；求出b点竖直方向的速度，根据匀加速直线运动速度时间公式求出c点竖直方向速度．解答：解：在竖直方向：h bc﹣h ab=gT2，代入数据解得：T=水平方向是匀速直线运动，v0===．物体在C点时竖直方向的速度为：v cy==那么则C点的速度为：v C==；故答案为：，．点评：本题不但考查了平抛运动的规律，还灵活运用了匀速运动和匀变速运动的规律，对同学的知识要求比较高，是个考查学生能力的好题．三.计算题（共39分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写最后答案的不给分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）19．A、B两小球同时从距地面高为h=15m的同一点抛出，初速度大小都是v0=10m/s．A球竖直向下抛出，B球水平抛出，空气阻力不计，重力加速度g取10m/s2．求：（1）A球经多长时间落地；（2）B球落地时，B球的速度大小；（3）A球落地时，A、B球间的距离．考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：（1）根据高度，结合位移时间公式求出A球运动的时间．（2）根据速度位移公式求出B球的竖直分速度，结合平行四边形定则求出B球的速度．（3）根据位移公式求出A球落地时B球的水平位移和竖直位移，结合几何关系求出A、B 球的距离．解答：解：（1）竖直下抛：h A=v0t+gt2，代入数据解得t A=1s．（2）平抛：h B=gt2，代入数据求得t B=s，水平分速度v x=10m/s，竖直分速度v y=gt=10×m/s=10根据平行四边形定则知，（3）A球比B球先落地，1s内，B球水平位移X=v0t=10×1m=10m竖直位移h B=gt2=m=5m，根据几何关系有：AB=m=m．答：（1）A球经过1s时间落地．（2）B球落地时，B球的速度大小为20m/s；（3）A球落地时，A、B球间的距离为m．点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解，基础题．20．如图，质量m=1kg的小球从A点由静止开始沿着光滑曲面轨道运动，已知A、B两点离水平面的高度h1=0.60米，h2=0.15米，g取10m/s2，问：（1）小球从A点运动到B点的过程中重力做的功；（2）小球经过B点的速度大小为多少？（3）若小球经过C点时具有的动能是经过B点时动能的，则C点离水平面的高度h3为多少．考点：动能定理的应用．专题：动能定理的应用专题．分析：（1）重力做功等于重力与竖直方向位移大小的乘积求得；（2）根据动能定理求得小球在B点的速度大小；（3）根据动能定理求得小球在C点时距地面的高度．解答：解：（1）小球从A点运动到B点的过程中重力做功为：W=mg（h1﹣h2）=1×10×（0.69﹣0.15）=4.5J（2）从A→B过程，由动能定理得：mg（h1﹣h2）=代入数据解得：v B=3m/s（3）从A→C过程，根据动能定理得：﹣，代入数据解得：h3=0.375m．答：（1）小球从A点运动到B点的过程中重力做的功为4.5J；（2）小球经过B点的速度大小为3m/s；（3）若小球经过C点时具有的动能是经过B点时动能的，则C点离水平面的高度h3为0.375m．点评：本题考查重力做功、动能定理的基础题，第（3）问也可以根据机械能守恒定律求解．21．某兴趣小组对一辆自制遥空小车的性能进行研究．他们让这辆小车在水平的直轨道上由静止开始运动，并将小车运动的全过程记录下来，通过处理转化为v﹣t图象，如图1所示（除2s～10s时间段图象为曲线外，其余时间段图象均为直线）．已知在小车运动的过程中，2s～14s时间段内小车的功率保持不变，在14s末停止遥空而让小车自由滑行，小车的质量为1.0㎏，可以认为在整个运动过程中小车所受到的阻力大小不变．求：（1）小车在减速行驶阶段的阻力及小车的额定功率；（2）小车以额定功率行驶时位移的大小；（3）在图2中作出行驶过程中牵引力F与车速的倒数的关系图象．考点：功率、平均功率和瞬时功率；牛顿第二定律．专题：功率的计算专题．分析：（1）在匀减速运动由运动学公式求的加速度，由牛顿第二定律求的阻力，由P=Fv求的额定功率；（2）在2﹣10s内由动能定理求的行驶位移，10～14S匀速运动，由v﹣t图象求的位移即可（3）根据受力与运动关系即可判断解答：解：（1）14～18s匀减速，加速度f=ma=1.5N，P额=FV=fv=1.5×6=9w（2）2～10s，根据动能定理：10～14S，v﹣t图象面积表示位移大小S2=6×4=24mS=s1+s2=39+24=63m。
福建省福州八中2024届物理高一第二学期期末监测试题含解析
福建省福州八中2024届物理高一第二学期期末监测试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、(本题9分)关于瞬时速度、平均速度、速度、平均速率，下列说法正确的是A．在直线运动中，某一段时间内的平均速度大小一定等于它在这段时间内的平均速率B．运动物体在某段时间内的任一时刻速率都不变，则它在这段时间内的瞬时速度一定不变C．若物体在某段时间内每个时刻的瞬时速度都等于零，它在这段时间内的平均速度可能不等于零D．若物体在某段时间内的平均速度等于零，它这段时间内的任一时刻的瞬时速度可能都不等于零2、(本题9分)关于重力势能，下列说法中正确的是()A．物体的位置一旦确定，它的重力势能的大小也随之确定B．物体与零势能面的距离越大，它的重力势能也越大C．一个物体的重力势能从－5 J变化到－3 J，重力势能减少了D．重力势能的减少量等于重力对物体做的功3、如图所示，PQS是固定于竖直平面内的光滑的四分之一圆周轨道，圆心O在S的正上方，在O和P两点各有一质量为m的小物块a和b，从同一时刻开始，a自由下落，b沿圆弧下滑．以下说法正确的是（）A．a比b先到达S，它们在S点的动量相同B．a与b同时到达S，它们在S点的动量不同C．b比a先到达S，它们从各自起点到S点的动量的变化量相同D ．a 比b 先到达S ，它们从各自起点到S 点的动量的变化量不同4、 (本题9分)如图所示，A 是静止在赤道上的物体，B 、C 是间一平面内两颗人造卫星．B 位于离地高度等于地球半径的圆形轨道上，C 是地球同步卫星．以下判断正确的是A ．卫星B 的速度大小等于地球第一宇宙速度B ．A 、B 线速度大小关系为A υ>B υC ．周期大小的关系是A C T T =< B TD ．A 物体受到的万有引力分为两部分：物体重力和同地球一起自转的向心力5、一个质量为m 的足球，以v 0速度由地面踢起，当它到达离地面高为h 的B 点处（取B 点为重力势能零参考平面，重力加速为g ），下列说法中正确的是A ．在B 点重力势能为mghB ．在B 点的动能为2012mv mgh + C ．在B 点的机械能为2012mv mgh + D ．在B 点的机械能为2012mv mgh - 6、第一个在实验室通过实验比较精确测量出万有引力常量的物理学家是A ．哥白尼B ．开普勒C ．伽利略D ．卡文迪许7、(本题9分)甲、乙两船在同一河流中同时开始渡河，河水流速为v 0，船在静水中的速率均为v ，甲、乙两船船头均与河岸成θ角，如图所示，已知甲船恰能垂直到达河正对岸的A 点，乙船到达河对岸的B 点，A 、B 之间的距离为L ，则下列判断正确的是( )A．乙船先到达对岸B．若仅是河水流速v0增大，则两船的渡河时间都不变C．不论河水流速v0如何改变，只要适当改变θ角，甲船总能到达正对岸的A点D．若仅是河水流速v0增大，则两船到达对岸时，两船之间的距离仍然为L8、(本题9分)发射地球同步卫星时，先将卫星发射至近地圆轨道1，然后经点火，使其沿椭圆轨道2运行，最后再次点火，将卫星送入同步圆轨道1．轨道1、2相切于P 点，轨道2、1相切于Q点如右图所示．则当卫星分别在1、2、1轨道上正常运行时，以下说法正确的是（）A．卫星在轨道1上的速率小于在轨道1上的速率B．卫星在轨道1上的角速度大于在轨道1上的角速度C．卫星在轨道1具有的机械能小于它在轨道2具有的机械能D．卫星在轨道2上经过Q点时的加速度等于它在轨道1上经过Q点时的加速度9、(本题9分)某人向空中用力抛出一石块，若不计空气阻力，石块落地时的速度大小与下列哪些量有关（）A．石块的质量B．石块初速度的大小C．石块初速度与水平方向的夹角D．石块抛出时的高度10、对于绕地球圆周运动的人造卫星，下列叙述正确的是（）A．地球的所有卫星半径越小线速度越大B．地球的所有卫星半径越小周期越小C．地球同步卫星的线速度大于7.9km/s D．地球同步卫星相对地面是静止的11、(本题9分)有一辆新型电动汽车，总质量为1 000 kg．行驶中，该车速度在14～20 m/s范围内保持恒定功率20 kW不变．一位同学坐在驾驶员旁边观察车内里程表和速度表，记录了该车在位移120～400 m范围内做直线运动时的一组数据如下表，设汽车在上述范围内受到的阻力大小不变，则()s/m 120 160 200 240 280 320 360 400v/(m·s－1) 14.5 16.5 18.0 19.0 19.7 20.0 20.0 20.0A．该汽车受到的阻力为1 000 NB．位移120～320 m过程牵引力所做的功约为9.5×104 JC．位移120～320 m过程经历时间约为14.75 sD．该车速度在14～20 m/s范围内可能做匀加速直线运动12、(本题9分)如图所示，两个等量的正电荷分别置于P、Q两位置，在P、Q连线的垂直平分线上有M、N两点，另有一试探电荷q，则( )A．M点的场强大于N点的场强B．M点的电势低于N点的电势C．无论q是正电荷，还是负电荷，q在M、N两点的电势能一样大D．若q是正电荷，q在N点的电势能比在M点的电势能大二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、（6分）(本题9分)在利用自由落体“验证机械能守恒定律”的实验中，（1）下列器材中不必要的一项是____（只需填字母代号）．A．重物B．纸带C．天平D．50Hz低压交流电源E．毫米刻度尺（1）关于本实验的误差，下列说法正确的是____A．必须选择质量较小的重物，以便减小误差B．必须选择点迹清晰且第1、1两点间距约为1mm的纸带，以便减小误差C．必须先松开纸带后接通电源，以便减小误差D．本实验应选用密度大体积小的重物，以便减小误差（3）在该实验中，质量m=lkg的重锤自由下落，在纸带上打出了一系列的点，如图所示．O是重锤刚下落时打下的点，相邻记数点时间间隔为0.01s，长度单位是cm，g=9.8m/s1．则从点O到打下记数点B的过程中，物体重力势能的减小量△E P=____J，动能的增加量△E K=____J（两空均保留3位有效数字）．由此你得到的结论是__________________________________________。
2024届福建省福州市闽侯八中物理高一下期末学业水平测试模拟试题含解析
2024届福建省福州市闽侯八中物理高一下期末学业水平测试模拟试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。
2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。
第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。
3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。
一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。
在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。
全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1、(本题9分)一个运动的物体，速度均匀变化，经时间t后又回到原处，回到原处时的速率和初速度大小相等，都是v，但运动方向相反．则这个物体在t内的加速度的大小是()A．v/t B．0 C．2v/t D．无法确定2、(本题9分)在下面各实例中，机械能守恒的是（）A．树上飘落的树叶B．在空中匀速下降的跳伞运动员C．在空中做平抛运动的铅球D．草坪上滚动的足球3、(本题9分)在同一平台上的O点抛出的3个物体，做平抛运动的轨迹均在纸面内，如图所示，则3个物体做平抛运动的初速度v A、v B、v C，下落的时间t A、t B、t C的关系”关系分别是（）A．v A>v B>v C t A>t B>t CB．v A=v B=v C t A=t B=t CC．v A<v B<v C t A>t B>t CD．v A<v B<v C t A<t B<t C4、(本题9分)A、B两物体发生正碰，碰撞前后物体A、B都在同一直线上运动，其位移—时间图象如图所示．由图可知，物体A、B的质量之比为A．1∶1 B．1∶2C．1∶3 D．3∶15、(本题9分)某大型拱桥的拱高为h，如图所示．一质量为m的汽车在以不变的速率由A点运动到B点的过程中，以下说法正确的是( )A．汽车的重力势能始终不变，重力始终不做功B．汽车的重力势能先减小后增大，总的变化量大于零C．汽车的重力先做正功，后做负功，总功为零D．汽车的重力先做负功，后做正功，总功为零6、(本题9分)一物体在固定高度处沿水平抛出，下列说法正确．．的是（）A．动能增大，势能减小B．动能减小，势能增大C．平抛速度越大，落地时动能越大D．平抛速度越小，落地所需时间越少7、(本题9分)如图所示为一滑草场．某条滑道由上下两段高均为h，与水平面倾角分别为45°和37°的滑道组成，滑草车与草地之间的动摩擦因数为μ．质量为m的载人滑草车从坡顶由静止开始自由下滑，经过上、下两段滑道后，最后恰好静止于滑道的底端（不计滑草车在两段滑道交接处的能量损失，sin37=0.6，cos37=0.8）．则A．动摩擦因数67μ=B 2 7 ghC．载人滑草车克服摩擦力做功为mghD．载人滑草车在下段滑道上的加速度大小为3 5 g8、关于电场力的功及电势能变化情况正确的是：（）A．电场中某点电势的大小等于电场力将单位正电荷从该点移到零电势点电场力所做的功B．电场中某点电势大小等于单位正电荷在该点所具有的电势能C．在电场中无论移动正电荷还是负电荷，只要电场力做正功，电荷电势能都要减少D．正电荷沿电场线方向移动，电势能减少；负电荷沿电场线方向移动，电势能增加9、如图所示，圆弧形光滑轨道ABC固定在竖直平面内，O是圆心，OC竖直，OA水平。
福建省福州八中2014届高三毕业班第一次质检物理试题
福州八中2014届高三毕业班第一次质检物理试题一、选择题（共12小题，每小题4分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确。
请把正确选项填入机答卡）1. 轿车的加速度变化快慢将影响乘坐的舒适度。
加速度变化得越慢，乘坐轿车的人会感到越舒适。
若引入一个新物理量用于表示加速度变化的快慢，则该物理量的单位应是A ． m/sB ． m/s 2C ．m/s 3D ．m/s 42. 物体沿直线以恒定加速度运动, 它的位移与时间的关系是s =24t －6t 2 (s 单位是m, t 单位是s)，则它的速度为零的时刻是A ．2 sB ．4sC ．6 sD ．24 s3. 2009年2月11日，俄罗斯的“宇宙-2251”卫星和美国的“铱-33”卫星在西伯利亚上空约805 km 处发生碰撞。
这是历史上首次发生的完整在轨卫星碰撞事件。
碰撞过程中产生的大量碎片可能会影响太空环境。
假定有质量相等的甲、乙两块碎片，绕地球运动的轨道都是圆，甲的运行速率比乙的大，则下列说法中正确的是 A ．甲的运行周期一定比乙的短 B ．甲距地面的高度一定比乙的高C ．甲的向心力一定比乙的小D ．甲的角速度一定比乙的小4. 物块M 在静止的传送带上匀速下滑时，若传送带突然转动且转动的方向如图中箭头所示则传送带转动后A ．M 将减速下滑B ．M 仍匀速下滑C ．M 受到的摩擦力变小D ．M 受到的摩擦力变大5. 质量为2吨的汽车，发动机牵引力的功率为30千瓦，汽车在水平路面上行驶能达到的最大速度为15m ／s 。
保持发动机的功率不变，若汽车所受阻力恒定，则汽车的速度为10m ／s 时的加速度为A ．1m/s 2B ．0.5m/s 2C ．2m/s 2D ．2.5m/s 26. 如图所示，竖直向上的匀强电场中，绝缘轻质弹簧竖直立于水平地面上，上面放一质量为m 的带正电小球，小球与弹簧不连接，施加外力F 将小球向下压至某位置静止．现撤去F ，小球从静止开始运动到离开弹簧的过程中，重力、电场力对小球所做的功分别为W 1和W 2，小球离开弹簧时速度为v ，不计空气阻力，则上述过程中A ．小球与弹簧组成的系统机械能守恒B ．小球的重力势能增加－W 1C ．小球的机械能增加W 1＋12mv 2 D ．小球的电势能增加W 27. 如图所示，一电场的电场线分布关于y 轴（沿竖直方向）对称，O 、M 、N 是y 轴上的三个点，且OM=MN 。
福建省福州市八县(市)一中高一下学期期末联考物理试题参考答案
福建省福州市八县(市)一中高一下学期期末联考物理试题&参考答案完卷时间： 90 分钟满分： 100 分一．选择题（本大题共12小题，每小题4分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第1-9题只有一项符合题目要求；第10-12题有多项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错得0分。
)1.下面关于平抛运动和圆周运动的说法，正确的是A．平抛运动是匀变速曲线运动B．平抛运动的初速度越大，落地时间就越长C．做圆周运动的物体所受合外力就是向心力D．做匀速圆周运动的物体的加速度是不变的2．如图所示，在同一竖直面内，小球a、b从相同高度的两点分别沿水平方向抛出，两球在P点相遇，不计空气阻力。
P点与a点的水平距离大于P点与b点的水平距离，则A．两球抛出的初速度大小相等B．两小球一定是同时抛出C．小球a先于小球b抛出D．小球b的加速度较大3．以下关于相对论的说法，正确的是A．观察者与光源相向运动时，观测到的光速大于83 m/s10B．在不同的惯性系中观测同一物体，尺寸都相同C ．对于同一个物理过程经历的时间，在任何惯性系中观测结果都相同D ．当物体相对某一惯性系高速运动时，其质量的观测值与速度大小有关4．2015年7月28日，航天员王亚平在绕地球做匀速圆周运动运动的“天宫一号”里为全国青少年进行太空授课。
其中有这样一个实验：在固定的T 形支架上，细绳拴着一颗小钢球，王亚平用手指轻推小球，小球绕着T 形支架的轴心在竖直平面上做圆周运动，则A ．小球在圆周最低点时速度最大B ．小球在圆周最高点时细绳的拉力最小C ．小球圆周运动过程中细绳的拉力大小不变D ．小球圆周运动时细绳拉力的大小与小球质量无关5．“歼20”是我国自主研发的一款新型隐形战机。
图中虚曲线是某次“歼20”离开跑道加速起飞时（速率增大）的轨迹，虚直线是曲线上过飞机所在位置的切线，则飞机所受合外力可能是图示四个力中的A ．F 1B ．F 2C ．F 3D ．F 46. 17世纪中叶，牛顿通过“月——地”检验，证明了地球对地面物体的引力与天体间的引力是相同性质的。
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福州八中2014—2015学年第二学期期末考试高一物理考试时间：90分钟试卷满分：150分2015.7.6第1卷（100分）一、单项选择题（每小题4分，共48分每题的四个选项中，只有一个选项符合题目要求）1.用恒力F使质量为M的物体沿竖直方向匀速上升h,恒力做功W1,再用该恒力作用于质量为m（m<M）的物体，使之在竖直方向也上升距离h,恒力做功W?,则两次恒力做功的关系是：（）A. W1 = W2B.W1V W2C.W1> W2 D .无法判断2•如图所示，距地面h高处以初速度：0沿水平方向抛出一个物体，不计空气阻力，物体在下落过程中，运动轨迹是一条抛物线，下列说法正确的是（）A .物体在c点比a点具有的机械能大B .物体在a点比c点具有的动能大C. 物体在a、b、c三点具有的动能一样大D. 物体在a、b、c三点具有的机械能相等3.如图所示，一只船在静水中的速度是4m/s，它要横渡一条200m宽的河，水流速度为3m/s,此船过河的最短时间为（）A. 28.6sB. 40sC. 50sD. 66.7s4•从离地面h高处投出A、B、C三个小球，A球自由下落，B球以速度v水平抛出，C球以速度2v水平抛出，则他们落地时间t A、t B、t C的关系是（）A. tA：：：tB：：：t cB. t A=t B=t cC. t A t B t CD. t A ::: t = t C5. 关于曲线运动，下列说法中错误.的是（）A •匀变速运动不可能是曲线运动B •曲线运动一定是变速运动C. 匀速圆周运动是变速运动D. 做曲线运动的物体受到的合力肯定不为零6. 如图所示是自行车的轮盘与车轴上的飞轮之间的链条传动装置。
P是轮盘的一个齿,Q是飞轮上的一个齿。
下列说法中正确的是（）A. P、Q两点角速度大小相等B. P点线速度小于Q点线速度C. P点线速度大于Q点线速度D. P点向心加速度小于Q点向心加速度7. 一个在水平面上做匀速圆周运动的物体, 如果半径不变，而速率增加到原来速率的3倍，其向心力是72 N ，则物体原来受到的向心力的大小是 （ ）A.16 NB.12 NC.8 ND.6 N8.如图所示，A 、B 、C 三颗人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，已知 m A = m B <m c ,则三颗卫星（）A .线速度大小关系：V A <VB =VC B .加速度大小关系：a A >a B =a c C .向心力大小关系：F A =F B <F CD .周期关系：T A >T B = T C9•太阳质量为M ，地球质量为m ，地球绕太阳公转的周期为T ,万有引力恒量值为 G ,地球公转半径为R ,地球表面重力加速度为 g .则以下计算式中正确的是（）| 2地球公转半径2翠10 .银河系中有两颗行星绕某恒星运行，从天文望远镜中观察到它们的运转周期 之比为27:1，则它们的轨道半径的比为 （ ）A . 3:1B . 9:1C . 27:1D . 1:911.质量为地球公转所需的向心力为F 向=mgc . 地球公转的角速度-'=Gm R 3D . 地球公转的向心加速度 aRm的物体从地面上方H高处无初速释放，落到地面后出现一个深为h的坑,如图所示，在此过程中（）A .重力对物体做功mgHB •地面对物体的平均阻力为mgHhC. 外力对物体做的总功为零D.物体重力势能减少mgH12. 如图，我国发射的“嫦娥二号”卫星运行在距月球表面100km的圆形轨道上，到A点时调整成沿椭圆轨道运行，至距月球表面15km的E点作近月拍摄，以下判断正确的是（）” ..... 、幅哦二雾 B \h. ui«U *AA.卫星在圆轨道上运行时处于失重状态，不受重力作用E.卫星从圆轨道进入椭圆轨道须减速制动C.沿椭圆轨道运行时，卫星在A点的速度比在E点的速度大D.沿圆轨道运行时在A点的加速度和沿椭圆轨道运行时在A点的加速度大小不等二、填空题（每空3分，共27分）13•在空中某点竖直上抛物体经8s落地，其u -t图像如图所示，最高点离地面高度是________ m，抛出点的高度是_________ m.14•如果表演“水流星”节目时（一个杯子可视为质点） ，拴杯子的绳长为 L ,绳子能承受的最大拉力是杯子和杯内水重力的8倍，要使绳子不断裂，节目成功，则杯子通过最高点的速度最小为 ____________ ，通过最低点的速度最大为 _____________ 。
（本题重力 加速度为g ）15•已知某星球的质量是地球质量的 81倍，半径是地球半径的 9倍。
在地球上发射一颗卫星，其第一宇宙速度为7.9km /s ,则在某星球上发射一颗人造卫星， 其发射速度最小是 ______________16•验证机械能守恒定律的实验装置如图 1所示.现有的器材：带铁夹的铁架台、纸带、 打点计时器、交流电源、带夹子的重物•回答下列问题:■ ■ ■ i b ■ ■ i IL ；（1）为完成此实验，除了所给的器材，还需要的器材有I 0 //ABCIU1■-»1fL J（填入选项前的字母）A •秒表B.天平C.毫米刻度尺(2)部分实验步骤如下：A •接通电源，待打点计时器工作稳定后放开纸带B •手提纸带的上端，让重物静止在打点计时器附近C. 关闭电源，取出纸带D. 把打点计时器固定在铁夹上，让纸带穿过限位孔上述实验步骤的正确顺序是；_______ (填入选项前的字母)(3)实验中，夹子与重物的质量m=250g，打点计时器在纸带上打出一系列点•如图2所示为选取的一条符合实验要求的纸带，O为第一个点，A、B、C为三个连续点，已知打点计时器每隔0.02s打一个点，当地的重力加速度g=9.80m/s2.选取图中O点和B点来验证机械能守恒定律，则重物重力势能减少量AE P=_________ J,动能增量AE K=J (以上均要求保留2位有效数字)三、计算题(25分)17. (12分)同步卫星是在地球的赤道上空圆形轨道围绕地球转，和地球同步，相对地面静止，若地球表面的重力加速度为g,地球半径为R,地球自转的周期为T,求：(1) 同步卫星的圆轨道离地面的高度；(2) 同步卫星在圆轨道上运行的速率。
18. (13分)如图所示，让质量m=5.0kg的摆球由图中所示位置A从静止开始下摆，摆至最低点B点时恰好绳被拉断。
已知摆线长L=1.6m，悬点O与地面的距离OC=4.0m。
若空气阻力不计，摆线被拉断瞬间小球的机械能无损失。
(g取10 m/s2)求：(1)摆线所能承受的最大拉力T;(2)摆球落地时的动能。
第□卷（50分）、单项选择题（每小题 5分，共20分.每题的四个选项中，只有一个选项符合题目要19•放在水平地面上的物体，受到水平拉力作用，在 0〜6s 内其速度与时间图象和力 F的功率与时间图象如图所示，则物体的质量为（g 取10m/s 2）20.如图所示，光滑杆偏离竖直方向的夹角为e ，杆以O 为支点绕竖直轴旋 B 转，质角速度为3 2时，小球旋转平面在 B 处，若球对杆的压力为 F ,则有（）A • 5kg3 B • 10kg C %95910kg 量为m 的小球套在杆上可沿杆滑动，当其角速度为3 1时，小球旋转平面在 A 处，当杆21•如图所示，一滑块从半圆形光滑轨道上端由静止开始滑下，当滑到最低点时，关于 滑块动能大小和对轨道最低点的压力，下列结论正确的是（）A .轨道半径越大，滑块动能越大，对轨道的压力越大B .轨道半径越大，滑块动能越大，对轨道的压力与半径无关C. 轨道半径不变，滑块的质量越大，滑块动能越大，对轨道的压力越小D. 轨道半径不变，滑块的质量越大，滑块动能越大，对轨道的压力不变22•如图所示，质量为 m 的小球沿竖直平面内的圆管轨道运动，小球的直径略小于圆 管的直径•已知小球以速度 v 通过最高点时对圆管的外壁的压力恰好为mg ，则小球以①小球对圆管的内壁有压力 ②小球对圆管的外壁有压力 ③小球对圆管压力大小等于④小球对圆管的压力大小等于2 4A •①③B •①④C .②③D •②④二、本题共2小题，每小题15分，共30分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重 要演算步骤，只写出最后答案的不能得分 .有数值计算的题，答案中必须明确写出数值 和单位.23.某星球的质量约为地球的 9倍，半径约为地球的一半，若从地球上高 h 处平抛一物A . F i > F 2B . F 1VF2体，射程为60m,则在该星球上，从同样高度以同样的初速度平抛同一物体,(地球表面重力加速度g地=10m/s2)(1)该星球表面的重力加速度g是多少？(2)射程应为多少？24•如图所示，一水平传送带始终保持着大小为v o= 4m/s的速度做匀速运动。
在传送带右侧有一半圆弧形的竖直放置的光滑圆弧轨道，其半径为R=0.2m，半圆弧形轨道最低点与传送带右端B衔接并相切，一小物块无初速地放到皮带左端A处，经传送带和竖直圆弧轨道至最高点C。
已知当A、B之间距离为s=1m时，物块恰好能通过半圆轨道的最高点C, (g=10m/s2)则:(1) 物块至最高点C的速度v为多少？(2) 物块与皮带间的动摩擦因数为多少？(3) 若只改变传送带的长度，使滑块滑至圆弧轨道的最高点C时对轨道的压力最大，传送带的长度S A应满足什么条件?求:福州八中2014—2015学年第二学期期末考试高一物理试卷参考答案及评分标准13、125m ，80m14、gl, 7gl 15、23.7km/s16、（ 1）C （ 2）DBAC （ 3）0.49； 0.48三、 计算17、3 gRT18、解：（1）设摆球运动到最低点时的速度为 V ，根据动能定理和牛顿第二定律mgL(1 —cos60 )=—mv 222T _mg =m ；联立以上两式，代入数据可解得:Mm (R h)2=m(R h)4- 2T 2MmR 2=mg 2 二(R h)T32 PR 2 T。