广东省遂溪县第三中学2016-2017学年高一下学期5月月考物理试题+Word版含解析
广东省遂溪县第一中学2017-2018学年高一12月月考物理试题 Word版含解析
广东省湛江市遂溪县第一中学2017-2018学年高一上学期12月月考物理试题一、单选题（12小题）1. 如图所示，物体A和B分放在一起，A靠在竖直墙面上在竖直向上的力F作用下，A、B均保持静止，此时物体A的受力个数为A. 一定是3个B. 可能是4个C. 一定是5个D. 可能是6个【答案】A【解析】先对AB整体受力分析，由平衡条件可得竖直方向：F=G A+G B，水平方向，不受力，故墙面无弹力，隔离A物体，必受重力、B对A的弹力和摩擦力作用，受三个力，故A正确，BCD 错误。
2. 质量为m的物体放在水平面上，在大小相等、互相垂直的水平力与的作用下从静止开始沿水平面运动，如图所示若物体与水平面间的动摩擦因数为，则物体A. 在的反方向上受到的摩擦力B. 在的反方向上受到的摩擦力C. 在、合力的反方向上受到摩擦力为D. 在、合力的反方向上受到摩擦力为【答案】D【解析】由于F1和F2的合力是恒力，物体由静止开始运动，必沿F1和F2的合力方向做直线运动，滑动摩擦力的方向必沿F1和F2的合力的反方向，滑动摩擦力的大小为F f合=μF N，又因为F N=mg，故F f合=μmg，故D正确，ABC错误。
3. 如图所示，某同学通过滑轮组将一重物吊起，该同学对绳的竖直拉力为，对地面的压力为，不计滑轮与绳的重力及摩擦，则在重物缓慢上升的过程中，下列说法正确的是A. 逐渐变小B. 逐渐变大C. 先变小后变大D. 先变大后变小【答案】B【解析】A、B、以动滑轮为研究对象受力分析，设动滑轮两边绳子夹角为，则有：，在重物被吊起的过程中，变大，故T变大，逐渐变大；故A错误，B正确；对人受力分析，根据平衡条件：，逐渐变大，则逐渐变小，故CD错误。
所以B正确，ACD错误。
4. 如图所示，绝缘细杆倾斜放置，小球M套在杆上可沿杆滑动，用弹簧与固定小球N相连，杆和弹簧处于同一竖直平面内，现使M从A位置由静止释放，M运动到B点时弹簧与杆垂直且为原长，运动到C点时速度减为零，M在A、C两点时弹簧长度相同下列说法正确的是A. M从A到C的过程，两小球重力势能一直减小B. M在A、C两点的加速度大小一定相等C. M从A到B的过程，重力势能减少量大于其克服摩擦力做的功D. M从A到B的过程，两小球重力势能减少量与弹簧弹性势能的减少量之和等于M在B点处的动能【答案】A【解析】M从A到C的过程，N的重力势能不变，M的重力势能一直减小，所以两小球重力势能一直减小，故A正确。
广东省揭阳市2016-2017学年高一下学期期末联考物理试题-含答案
2016～2017学年度高一级第二学期期末联考物理试题本试题卷共6页，17题。
全卷满分100分。
考试用时90分钟。
注意事项：1、答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
2、选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
3、非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
4、考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。
第Ⅰ卷一、选择题：本题共12小题。
在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项符合题目要求，每小题3分。
第7～12题有多项符合题目要求，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
的是1.以下关于分运动和合运动的关系的讨论中，说法不．正确．．A. 两个直线运动的合运动，可能是直线运动，也可能是曲线运动B. 两个匀速直线运动的合运动，可能是直线运动，也可能是曲线运动C. 两个匀变速直线运动的合运动，可能是直线运动，也可能是曲线运动D. 两个分运动的运动时间，一定与它们的合运动的运动时间相等2.如图所示，一只可视为质点的蚂蚁在半球形碗内缓慢地从底部爬到a处，则下列说法正确的是A. 在a点碗对蚂蚁的支持力大于在b点的支持力B. 在a点碗对蚂蚁的作用力大于在b点的作用力C. 在a点碗对蚂蚁的摩擦力大于在b点的摩擦力D. 在a点蚂蚁受到的合力大于在b点受到的合力3.一只小船渡河，水流速度各处相同且恒定不变，方向平行于岸边。
小船相对于水分别做匀加速、匀减速、匀速直线运动，其运动轨迹如图所示。
小船相对于水的初速度大小均相同，且方向垂直于河岸，小船在渡河过程中船头方向始终不变。
由此可知A. 小船沿三条不同轨迹渡河的时间相同B. 沿AB轨迹渡河所用时间最短C. 由于水有速度，所以沿AC和AD轨迹小船都不是做匀变速运动D. AD是匀减速运动的轨迹4.目前，在地球周围有许多人造地球卫星绕着它运转，其中一些卫星的轨道可近似为圆，且轨道半径逐渐变小。
广东省湛江市遂溪县第三中学高一物理期末试卷含解析
广东省湛江市遂溪县第三中学高一物理期末试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 关于天体的运动，下列说法正确的是A．金星和木星绕太阳运动的轨道半径三次方与周期平方的比值相同B．围绕地球运动的所有同步卫星质量相同C．我国“神舟七号”的载人返回舱要返回地球就必须在原轨道上加速D．我国成功发射的“嫦娥一号”围绕地球运行时的速度大于11.2km/s参考答案：A2. 如图所示，某段滑雪雪道倾角为30°，总质量为m(包括雪具在内)的滑雪运动员从距底端高为h处的雪道上由静止开始匀加速下滑，加速度为g.在他从上向下滑到底端的过程中，下列说法正确的是( )A.运动员减少的重力势能全部转化为动能B.运动员获得的动能为mghC.运动员克服摩擦力做功为mghD.下滑过程中系统减少的机械能为mgh参考答案：D 3. （单选）一辆汽车在水平路面上沿直线加速行驶，下列关于汽车惯性大小的说法，正确的是A.速度越来越大，惯性越来越大B.质量不变，惯性不变C．牵引力越来越大，惯性越来越大 D.加速度越来越大，惯性越来越大参考答案：B4. （单选）一个质点做方向不变的直线运动，加速度的方向始终与速度方向相同，但加速度的大小逐渐减小直至为零．则在此过程中（）A.位移逐渐增大，当加速度减小为零时，位移将不再增大B.位移逐渐减小，当加速度减小为零时，位移达最小值C.速度逐渐增加，当加速度减小为零时，速度达最大值D.速度逐渐减小，当加速度减小为零时，速度达最小值参考答案：考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；加速度．专题：直线运动规律专题．分析：当加速度方向与速度方向相同，物体做加速运动，速度增大，结合速度的方向判断位移的变化．解答：解：加速度方向与速度方向相同，加速度减小，速度增大，当加速度减小到零，速度增大到最大值．由于速度的方向不变，则位移逐渐增大，加速度减小到零，速度不为零，则位移继续增大，故C正确，A、B、D错误．故选：C．点评：解决本题的关键掌握判断物体做加速运动还是减速运动的方法，关键看加速度方向与速度方向的关系．5. 短跑运动员在100m 竞赛中，测得他5s末的速度为10.4m/s，10s末到达终点的速度是10.2m/s，则运动员在这100m中的平均速度为（）A．10.4m/s B．10.3m/s C．10.2m/s D．10.0m/s参考答案：D【考点】平均速度．【分析】平均速度等于位移比时间，找到位移和时间就可以得到平均速度． 【解答】解：运动员位移为100m ，所有时间为10s ． 由平均速度定义式可得：=10m/s ，故D 正确，ABC 错误．故选：D ．二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 一个做匀变速直线运动的质点，其位移随时间的变化规律x=2t+3t2（m),则该质点的初速度为______m/s ，加速度为______m/s2，速度与时间的关系式为 。
2016-2017学年广东省湛江市遂溪县大成中学高二(下)期中物理试卷(解析版)
2016-2017学年广东省湛江市遂溪县大成中学高二（下）期中物理试卷一、单选题1．（3分）如图是远距离输电的示意图，变压器均为理想变压器，发电机的输出电压恒定，输电线上损耗的功率为△P．变压器原副线圈的电压以及电流用图中的量表示．则当用户用电处于高峰期时，下列说法正确的是（）A．U2变大B．U4变小C．△P变小D．I1变小2．（3分）中国已投产运行的1000kV特高压输电是目前世界上电压最高的输电工程．假设吉林、长春两地用超高压输电，设输电线的电阻为r，输送的电功率为P，用电压U送电，则用户得到的功率为（）A．P B．P﹣C．P﹣U2r D．3．（3分）远距离输送交流电都采用高压输电，采用高压输电的优点下列说法错误的是（）A．可节省输电线的材料B．可减少输电线上的功率损失C．可根据需要调节交流电的频率D．可降低输电线上的电压损失4．（3分）在磁感应强度为B的匀强磁场中，一个面积为S的矩形线圈匀速转动时所产生的交流电电动势随时间变化的波形如图所示，线圈与一阻值R＝9Ω的电阻串联在一起，线圈的电阻为1Ω，则（）A．通过电阻R的电流瞬时值表达式为i＝10sin200πt AB．电阻R两端的电压有效值为90VC．图中t＝1×10﹣2s时，线圈位于垂直中性面的位置D．1s内电阻R上产生的热量为450J5．（3分）如左图为电热毯的电路示意图。
电热毯接在u＝311sin100πt（V）的电源插座上。
电热毯被加热到一定程度后，由于装置P的作用，使加在电热丝ab两端的电压变为如右图所示的波形，从而进入保温状态。
若电热丝电阻保持不变，此时左图中交流电压表读出交流电的有效值是（）A．156V B．220V C．311V D．110V6．（3分）2008年1月10日开始的低温雨雪冰冻造成我国部分地区严重灾害，其中高压输电线因结冰而损毁严重．此次灾害牵动亿万人的心．为消除高压输电线上的凌冰，有人设计了这样的融冰思路：利用电流的热效应除冰．若在正常供电时，高压线上输电电压为U，电流为I，热耗功率为P；除冰时，输电线上的热耗功率需变为9P，则除冰时（认为输电功率和输电线电阻不变）（）A．输电电流为9I B．输电电压为3UC．输电电流为D．输电电压为7．（3分）两个电流随时间的变化关系如图图甲、乙所示，把它们通人相同的电阻中，则在0.1s内两电阻消耗的电功之比W a：W b等于（）A．1：B．1：4C．1：2．D．1：18．（3分）关于科学家在电磁学中的贡献，下列说法错误的是（）A．奥斯特发现了电流的磁效应B．密立根测出了元电荷e的数值C．库仑发现了电磁感应现象D．安培提出了分子电流假说9．（3分）如图所示的电路中，L是自感系数足够大的线圈，它的电阻可忽略不计，P、Q 是两个完全相同的灯泡，灯泡始终在正常工作范围内．则（）A．S接通瞬间，P、Q同时亮B．S接通瞬间，P先亮、Q后亮C．S断开瞬间，P立即熄灭，Q过一会才熄灭D．S断开瞬间，P、Q两灯立即熄灭10．（3分）如图所示圆环形导体线圈a平放在水平桌面上，在a的正上方固定一竖直螺线管b，二者轴线重合，螺线管与电源和滑动变阻器连接成如图所示的电路。
广东省遂溪县第一中学2017-2018学年高一上学期11月月考物理试题Word版含解析
广东省遂溪县第一中学2017-2018学年第一学期高一11月月考物理试题一、选择题1. 以的速度沿平直公路行驶的汽车，遇障碍物刹车后获得大小为的加速度，刹车后第3s内，汽车走过的路程为A. mB. 2 mC. 10 mD. m【答案】D【解析】汽车速度减为零的时间为：，则刹车后第3s内的位移等于最后0.5s内的位移，采用逆向思维，有：，故选D.2. 某质点做匀加速度直线运动，加速度为，关于此质点的速度和位移的说法中，正确的是A. 2s末的速度为B. 在任意1s内，末速度等于初速度的2倍C. 任意1s内的位移是前1s内位移的2倍D. 任意1s内的位移比前1s内的位移增加2m【答案】D【解析】根据速度时间关系可知，因不知道初速度，故不能确定2s末的速度大小，故A错误；加速度为说明单位时间1s内物体的速度变化2m/s，而不是速度变为原来的2倍，故B错误；根据知任意1s内的位移比前1s内位移大2m，而不是前1s内位移的2倍，故C错误，D正确；故选D.3. 某同学匀速向前走了一段路后，停了一会儿，然后沿原路匀速返回出发点，下图中能正确反映此同学运动情况的是A.B.C.D.【答案】C4. 有一物体做直线运动，其图像如图所示，则该物体加速度与速度同向的时间是A. 只有B. 只有C. 和D. 和【答案】C【解析】则由图可知：0＜t＜1s时间内，加速度为正，速度为正，即加速度与速度同向，1＜t＜2s时间内，加速度为负，速度为正，加速度与速度不同向，2＜t＜3s时间内，加速度为负，速度为负，加速度与速度同向，3＜t＜4s时间内，加速度为正，速度为负，加速度与速度不同向，故选C.【点睛】速度时间图象的斜率等于物体运动的加速度，斜率大于零说明物体的加速度沿正方向，斜率小于0说明物体的加速度沿负方向；速度v＞0，说明物体的速度沿正方向，v＜0，说明物体运动的方向沿负方向．5. 一同学在三楼窗口外以相同的速率v抛出甲、乙两个物体，甲被竖直上抛，乙被竖直下抛，这两个物体落地时间相差是；如果该同学在五楼窗口外同样以相同的速率v抛出丙、丁两个物体，丙被竖直上抛，丁被竖直下抛，这两个物体落地时间相差是，不计空气阻力，则A.B.C.D. 无法比较【答案】A【解析】取速度向下为正方向，由题知，甲的初速度为-v，乙的初速度为v，因甲、乙从同一高度做抛体运动，故两物体的落地速度相同，设大小为，则对甲有：，对乙有：，则甲、乙落地时间差为；同理对丙、丁两物体得：，故，故选A.【点睛】竖直下抛是匀加速直线运动，竖直上抛是匀减速直线运动，根据速度公式分别列式得到四个物体运动的时间，即可比较．6. 关于伽利略的两个斜面实验，下面说法中正确的是A. 伽利略在图中使用了光滑斜面进行实验B. 伽利略在图中使用了光滑斜面进行实验C. 伽利略从图中得出：自由落体运动是匀加速直线运动D. 伽利略从图中得出：力是维持物体运动的原因【答案】C【解析】理想斜面实验不是实际的实验,是建立在实际事实基础上的合乎逻辑的科学推断，故两个图中的斜面不是光滑斜面，故AB错误；伽利略从图（a）中将斜面实验的结论外推到斜面倾角的情形，从而间接证明了自由落体运动是匀加速直线运动，故C正确；伽利略理想斜面实验图（b）中，由于空气阻力和摩擦力的作用，小球在B面运动能到达的高度，一定会略小于它开始运动时的高度，只有在斜面绝对光滑的理想条件下，小球滚上的高度才与释放的高度相同，所以可以设想，在伽利略斜面实验中，若斜面光滑，并且使斜面变成水平面，则可以使小球沿水平面运动到无穷远处，得出：力不是维持物体运动的原因，故D错误；故选C.7. 如图所示，一被吊着的空心的均匀球壳内装满了细沙，底部有一阀门，打开阀门让细沙慢慢流出的过程中，球壳与球壳内剩余细沙组成的系统的重心将会A. 一直下降B. 一直不变C. 先下降后上升D. 先上升后下降【答案】C【解析】装满细沙的球壳和细沙整体的重心在球心，随着细沙从阀门不断流出，重心位置不断下降，当细沙快流完时，重心又上升，最后处于球心，故重心的位置先下降后上升，故ABD 错误，C正确；故选C.【点睛】注意重心的位置与物体的质量分布和形状有关，在细沙从阀门不断流出的过程中，球壳连球壳内中细沙的整体的重心将先下降，当细沙流完后，重心又上升．8. 如图所示，水平地面上有一个半球体现在A与竖直墙之间放一完全相同的半球体B，不计一切摩擦，将A缓慢向左移动未与地面接触，则在此过程中A对B的弹力、墙对B的弹力A. 变小、变小B. 变小、变大C. 变大、变大D. 变大、变小【答案】A【解析】不计一切摩擦，将A缓慢向左移动（B未与地面接触），则A、B处处受力平衡，对B 受力如图所示：根据平衡条件得：，，当A向左移动时变小，故都变小，故选A. 9. 如图，光滑圆轨道固定在竖直面内，一质量为m的小球沿轨道做完整的圆周运动已知小球在最低点时对轨道的压力大小为，在高点时对轨道的压力大小为重力加速度大小为g，则的值为A. 3mgB. 4mgC. 5mgD. 6mg【答案】D【解析】设最高点的速度为，最低点速度为；对由最低点到最高点的过程中，根据机械能守恒定律可知：，根据向心力公式可得：最高点有，最低点有，联立解得：，故选D.【点睛】根据机械能守恒定律可明确最低点和最高点的速度关系；再根据向心力公式可求得小球在最高点和最低点时的压力大小，则可求得压力的差值．10. 如图，滑块A置于水平地面上，滑块B在一水平力作用下紧靠滑块、B接触面竖直，此时A恰好不滑动，B刚好不下滑已知A与B间的动摩擦因数为与地面间的动摩擦因数为，最大静摩擦力等于滑动摩擦力与B的质量之比为A.B.C.D.【答案】B【解析】试题分析：对A、B整体分析，受重力、支持力、推力和最大静摩擦力，根据平衡条件，有：F=μ2（m1+m2）g ①再对物体B分析，受推力、重力、向左的支持力和向上的最大静摩擦力，根据平衡条件，有：水平方向：F=N竖直方向：m2g=f其中：f=μ1N联立有：m2g=μ1F ②联立①②解得：故选B。
广东省揭阳市2016-2017学年高一下学期期末联考物理试题-含答案
2016～2017学年度高一级第二学期期末联考物理试题本试题卷共6页，17题。
全卷满分100分。
考试用时90分钟。
注意事项：1、答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
2、选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
3、非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
4、考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。
第Ⅰ卷一、选择题：本题共12小题。
在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项符合题目要求，每小题3分。
第7～12题有多项符合题目要求，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
的是1.以下关于分运动和合运动的关系的讨论中，说法不．正确．．A. 两个直线运动的合运动，可能是直线运动，也可能是曲线运动B. 两个匀速直线运动的合运动，可能是直线运动，也可能是曲线运动C. 两个匀变速直线运动的合运动，可能是直线运动，也可能是曲线运动D. 两个分运动的运动时间，一定与它们的合运动的运动时间相等2.如图所示，一只可视为质点的蚂蚁在半球形碗内缓慢地从底部爬到a处，则下列说法正确的是A. 在a点碗对蚂蚁的支持力大于在b点的支持力B. 在a点碗对蚂蚁的作用力大于在b点的作用力C. 在a点碗对蚂蚁的摩擦力大于在b点的摩擦力D. 在a点蚂蚁受到的合力大于在b点受到的合力3.一只小船渡河，水流速度各处相同且恒定不变，方向平行于岸边。
小船相对于水分别做匀加速、匀减速、匀速直线运动，其运动轨迹如图所示。
小船相对于水的初速度大小均相同，且方向垂直于河岸，小船在渡河过程中船头方向始终不变。
由此可知A. 小船沿三条不同轨迹渡河的时间相同B. 沿AB轨迹渡河所用时间最短C. 由于水有速度，所以沿AC和AD轨迹小船都不是做匀变速运动D. AD是匀减速运动的轨迹4.目前，在地球周围有许多人造地球卫星绕着它运转，其中一些卫星的轨道可近似为圆，且轨道半径逐渐变小。
广东省广州市执信中学2016-2017学年高一5月月考物理试题含解析
广州市执信中学2016-2017学年高一物理单元测试卷（必修二：第七章:机械能守恒定律时间50分钟）2017 5一、选择题:本题共12小题,每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中,第1～6题只有一个符合题目要求，第7~12小题有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分．1．下列关于力做功的说法中正确的是（）A．人用力300NF=将足球踢出，球在空中习行40m，人对足球做功1200JB．人用力推物体，但物体未被推动,人对物体做功为零C．物体竖直上升时，重力不做功D．只有恒力才能做功，变力不能做功【解析】A．用300N的力踢足球后，足球不再受300N力的作用，因此无法计算踢足球的力做功的多少，故A错误；B．物体未被推动说明物体的位移为0,所以人对物体做功为零，所以B选项是正确的;C．物体竖直上升时，位移方向向上,重力方向向下，所以重力做负功,故C错误；D．只要有力作用在物体上,并且在力的方向上有位移，力就做功，跟恒力还是变力无关，故D错误．故选B．2．如图所示,甲图中的物体沿光滑曲面下滑，乙图中物块在绳子拉力作用下沿光滑斜面匀速上升，丙图中球形物块沿光滑斜面从压缩的弹簧开始向右加速运动,丁图中物块沿粗糙斜面匀速下滑，则四个过程中物体机械能守恒的是（）A B C D【解析】A．图中物体沿光滑曲面下滑，只有重力做功，所以物体机械能守恒，故A正确．B．图中物块在绳子拉力作用下沿光滑斜面匀速上升，动能不变，重力势能增大，机械能增大，故B错误．C．图中小球沿光滑斜面从压缩的弹簧开始向右加速运动，小球重力势能不变,动能增大，机械能增大，故C错误．D．图中物块沿粗糙斜面匀速下滑，动能不变,重力势能减小，机械能减小,故D错误．故选A．3．质量为m的物体自由下落，不计空气阻力，在s t内重力对物体做功的平均率和s t末的瞬时功率分别是( ）A．2/2mg t,2/2mg tmg t C．0，0D．2/4mg t B．2mg t，2mg t，2/2s t 内物体平均速度2gt v =, 则平均功率为212P mgv mg t ==；物体下落s t 末的速度v qt =，则重力做功的瞬时功率2P mqv mg t ==． 故选A ．4．如图所示，用长为l 的绳子一端系着一个质量为m 的小球,另一端固定在O 点，拉小球至A 点，此时绳偏离竖直方向θ，空气阻力不计,松手后小球经过最低点时的速率为（ ）A 2cos gl θB ()21cos gl θ-C ()21sin mgl θ-D 2gl 【解析】分析可知，小球摆动过程中，受到重力和拉力的作用;拉力与运动方向始终垂直，不做功，只有重力做功，机械能守恒； 接下来，根据机械能守恒定律,对从最高点到最低点的过程列式求解即可．解：小球从A 到最低点的过程中，只有重力做功,机械能守恒，故有：()211cos 2mgl mv θ-=，解得：()21cos v gl θ=-故选B ．5．从离地高为H 的阳台上以速度v 竖直向上抛出质量为m 的物体,它上升h 后又返回下落，最后落在地面上，则下列说法中正确的是（不计空气阻力，以地面为参考面）( ）A ．物体在最高点时机械能为212mgh mv +B ．物体落地时的机械能为()212mg H h mv ++C ．物体落地时的机械能为()mg H h +D ．物体在落回过程中,经过阳台时的机械能为212mv【解析】物体做竖直上抛运动，在运动过程中只有重力做功，机械能守恒，在整个运动过程中，物体机械能保持不变；A ．最高点，物体速度为零，以地面为参考面,物体在最高点时机械能为()mg H h +,所以A 错误；B ．因为物体的机械能守恒，物体落地时的机械能为()212mg H h mgh mv +=+,故B 错误C 正确；D ．因为物体的机械能守恒，物体在落回过程中，经过阳台时的机械能为()212mg H h mgh mv +=+，所以D故选C．6．物体在合外力作用下做直线运动的v t 图象如图所示，下列表述正确的是A．在0~1s内,物体做加速运动，合外力做负功B．在1~3s内，物体做匀速运动,合外力做正功C．在3~7s内，合外力做功为零D．在1~7s内，速度变化量不为零,合力的平均功率不为零【解析】试题分析：本题考查动能定理,合外力做的功等于物体动能的变化量，比较初末动能的大小，就可以确定合外力做正功、负功或不做功．在0~1s内，速度均匀增加，动能增加，根据动能定理,合外力做正功，A错误;在1~3s内,物体做匀速运动,动能不变，根据动能定理，合外力做不正功,B错误；在3~7s内，初末速度相等,动能不变，合外力做功为零，C正确；在1~7s内，初末速度相等,动能不变，合外力做功为零，合力的平均功率为零，D错误;故选C．7．如图所示，固定竖直平面内光滑圆环半径为R，圆环上套有质量分别为m和2m的小球A、B（均看作质点），且小球A、B用长为2R的轻质细杆相连，在小球B从最高点由静止开始沿圆环下滑到低点的过程中（已知重力加速度为g)．下列说法正确的是( )A．B球减少的机械能等于A球增加的机械能B．B球减少的重力势能等于A球增加的重力势能C．B 43gRD．A球克服细杆所做的功8/3mgR【解析】A项，不考虑轻杆的机械能，A、B组成的系统机械能守恒，因此B球减少的机械能等于A球增加的机械能，故A项正确．B项，根据机械能守恒定律,A、B组成的系统机械能守恒，B球减少的重力势能等于A、B两球增加的动C 项,当B 球下滑到最低点时,系统重力势能减小的最多，动能最大．由题目分析可知,A 、B 的速度大小相等，由动能定理,()2122222mg R mg R m m v ⨯-⨯=+，解得43gRv =，故C 项正确． D 项，设A 球克服细杆所做的功为W ，对A 球应用动能定理，21202W mgR mv --=-，解得83W mgR =-,故D 项错误． 故选AC ．8．如图所示,小车将一质量为m 的物体从井中拉出，绳与汽车连接点距滑轮顶点高为h ，开始时物体静止于A 点，且滑轮两侧的绳都竖直绷紧，汽车以速度v 水平向右做匀速直线运动,运动至细绳与水平方向的夹角30θ=︒时，（不计一切摩擦）则（ ）A ．运动过程中,物体m 一直做减速运动B ．在绳与水平方向的夹角为30︒时,物体m 上升的速度为32v C ．从A 运动到绳与水平方向的夹角为30︒过程中，拉力对物体做功238mgh mv +D ．在绳与水平方向的夹角为30︒时,拉力功率等于32mgv 【解析】A ．将汽车的速度沿着平行绳子和垂直绳子方向正交分解,如图所示：物体速度为：0cos v v θ=,因为θ逐渐变小，故物体加速上升,所以A 错误；B ．当绳与水平方向的夹角为30︒时，根据平行四边形定则知,物体的速度3cos30v v '=︒=,根据动能定理得，212W mgh mv '-=,计算得出拉力做功212W mgh mv '=+，故BC 正确．D ．拉力的大小大于mg ，拉力的功率33cos30Fv F mg ︒=>，所以D 选项是错误的． 故选BC ．m hA ．重力对物体做功为mgHB ．物体的重力势能减少了()mg H h +C ．外力对物体做的总功为零D ．地面对物体的平均阻力为()/mg H h h +【解析】过程中重力对物体做正功，重力做功为()mg H h +，重力势能减小了()mg H h +，根据动能定理，过程中物体前后动能都是零,所以合外力对物体所做的总功为零，根据功能关系,除重力和弹簧弹力以外的力（也叫“非保守力"）的合力做功等于物体机械能增量，设地面对物体平均阻力为F ，则()()mg H h Fh mg H h F h+=+⇒=,故B 、C 、D 项正确．A ．重力做功只与高度有关，物体下降的高度为H h +，所以在此过程中重力做功为()mg H h +，故A 错误，C 正确．B ．重力做多少功,重力势能就减少多少,重力做功为()mg H h +，所以重力势能减少()mg h H +，故BD 正确．重力做功的特点的重力共与路径无关，取决于初末位置的高度差，所以重力在整个过程中做的功等于()mg H h +，重力做多少功重力势能就减少多少．根据动能定理,合外力做功，即总功等于动能的增量,据此可以计算地面对物体的平均阻力大小． 故选BD ．本题考查学生对功的计算；重力势能的理解和掌握，要掌握两个重要的功能关系：重力的功等于重力势能的减少量,而合外力做的功等于运动的增量．10．如图所示，物体沿弧形轨道滑下后进入足够长的水平传送带，传送带以图示方向匀速运转，则传送带对物体做功的情况可能是（ ）A ．始终不做功B ．先做负功后做正功C ．先做正功后做功D ．先做负功后不做功运动，它们之间没有摩擦力作用，所以传送带对物体始终不做功，所以A 可能．B ．若物体速度大，则受向后的摩擦力,做负功，直至速度一致为止，摩擦力消失，不做功，不会出现再做正功的情况，所以B 错误．C ．若物体速度小，则受向前的摩擦力，做正功，到速度一致时，摩擦力又变为零，不做功，所以C 正确．D ．若物体速度大，则受向后的摩擦力，做负功．直至速度一致为止，摩擦力消失,不做功，所以D 正确． 所以ACD 选项是正确的． 故选ACD ．设传送带速度大小为1v ,物体刚滑上传送带的速度大小为2v ．(1）当12v v =时，物体随传送带一起匀速运动,则传送带与物体之间不存在摩擦力，传送带对物体始终不做功．（2）当12v v <时，物体相对传送带向右运动，物体受到的滑动摩擦力方向向左，所以物体滑上传送带后做匀减速直线运动,直到速度减为1v 为止,此后物体不受摩擦力,做匀速直线运动，所以传送带对物体先做负功后不做功．（3）当12v v >时,物体滑上传送带后相对传送带向左运动，物体受到的滑动摩擦力方向向右，则物体做匀加速直线运动，直到速度增为1v 为止,此后物体不受摩擦力，做匀速直线运动，所以传送带对物体先做功后不做功．11．一个质量为m 的物体以0.8a g =的加速度竖直向下加速运动，在物体下落h 高度的过程中A ．合外力做功为0.8mghB ．动能增加了0.8mghC ．机械能增加了0.8mghD ．重力做功为mgh【解析】本题考查牛顿第二定律和功能关系，首先根据牛顿第二定律判断物体受到的阻力，再根据功能关系，动能、机械能的变化对应的力做的功,判断能量的变化．物体以0.8a g =的加速度竖直向下加速运动，说明物体受的向上的大小等于0.2mg 的阻力,合外力向下,大小等于0.8mg ．物体下落h 的过程中，合外力做功为0.8mgh ,动能增加了0.8mgh ，AB 正确；阻力做功0.2mgh -，机械能减小了0.2mgh ，C 错误；重力做功mgh ，D 正确． 故选ABD ．12．将质量为0.2kg 的小球放在竖立的弹簧上，并把球往下按至A 的位置,如图甲所示,迅速松手后，弹簧把球弹起,球升至最高位置C (图丙)．途中经过位置B 时弹簧正好处于自由状态（图乙）．已知B 、A 的高度差为0.1m ,C 、B 的高度差为0.2m ，弹簧的质量和空气阻力都可以忽略，重力加速度210m/s g =,则有（ ）A ．小球从A 上升至B 的过程中，弹簧的弹性势能一直减小，小球的动能一直增加 B ．小球从B 上升到C 的过程中,小球的动能一直减小，势能一直增加 C ．小球在位置A 时，弹簧的弹性势能为0.6JD ．小球从位置A 上升到C 的过程中,小球的最大动能为0.4J【解析】过程分析：小球从A 开始向上运动,开始做加速运动，当弹簧弹力与重力平衡时，小球速度达到最大，之后开始减速,运动到B 时脱离弹簧,之后只在重力作用下减速． 选项分析：A 项,当弹簧的弹力与小球重力平衡时，合力为零，加速度为零，速度达到最大．之后小球继续上升，弹簧弹力小于重力,球做减速运动，直到脱离弹簧，故小球从A 上升到B 的过程中，动能先增大后减小，故A 项错误．B 项，从B 到C ,小球只受重力作用，做减速运动，所以动能一直减小，重力势能一直增加，故B 项正确． C 项，从A 到C ，小球动能不变,重力势能增加，重力势能由弹簧弹性势能转化而来，而重力势能增量为()0.2100.10.20.6J P E mg h ∆=∆=⨯⨯+=,所以在A 点弹簧的弹性势能为0.6J ，故C 项正确．D 项，小球受力平衡时,因未给弹簧的劲度系数，则弹簧的形变量由题设条件法求出，故无法求出小球最大动能，故D 项错误．综上所述，本题正确答案为BC ． 故选BC ．13．（8分）如图为“验证动能定理”的实验装置．用拉力传感器记录小车受到拉力F 的大小,在长木板上相距适当距离的A 、B 两点各安装一个速度传感器，分别记录小车通过A 、B 时的速率，要求拉力传感器的示数即为小车所受的合外力．（1）为了完成实验，除了测量小车受到拉力的大小F 、小车通过A 、B 时的速率A v 和0v 外，还需要测量_________（写出物理量的名称和符号）：需要验证的物理关系式为___________________________． (2）与本实验有关的下列说法正确的是_________． A ．要调整长木板的倾斜角度，平衡小车受到的摩擦力 B ．应先释放小车,再接通速度传感器的电源C ．改变所挂钩码的数量时，要使所挂钩码的质量远小于小车质量D ．该实验装置也可以用来验证牛顿第二定律【解析】(1)A 、B 两点之间的距离x ，小车和车上的拉力传感器的总质量m221122B A Fx mv mv =-（2）AD ．若没有平衡摩擦力，则有F f ma -=，而摩擦力f 又无法,因此需平衡摩擦力，故A 正确；应选打开电源，再释放小车，使纸带的长度有效利用，故B 错误；小车受到的拉力由传感器显示,不再用钩码的重力代替，不必使挂钩码的质量远小于小车的质量，故C 错误；本实验也可以验证加速度与物体受到的力的关系,即牛顿第二定律,故D 正确．14．（10分）如图所示，将打点计时器固定在铁架台上，用重物带动纸带从静止开始自由下落，利用此装置可验证机械能守恒定律．A ．质量为10g 的砝码B ．质量为50g 的塑料球C ．质量为200g 的木球D ．质量为200g 的铁球（2）安装好实验装置，正确进行实验操作，从打出的纸带中选出符合要求的纸带，如下图所示，纸带的_________端（选填“左"或“右”)与重物相连．(3）上图中O 点为打点起始点,且速度为零．选取纸带上连续打出的点A 、B 、C 、D 、E 、F 、G 作为计数点，为验证重物对应O 点和F 点机械能是否相等，并使数据处理简便，应测量O 、F 两点间的距离1h 和_________两点间的距离2h ．（4)已知重物质量为m ,计时器打点周期为T ,从O 点到F 点的过程中重物动能的增加量k E ∆=_________（用本题所给字母表示）．【解析】（1）为了减小空气阻力的影响,重物应选用质量大密度大的物体，所以应选D ．（2)纸带从左向右点间距逐渐增大，左边的点先打，所以左边连接重物．（3)验证重物对应O 点和F 点机械能是否相等，需要计算出F点的瞬时速度,所以需要测出E 、G 间的距离．（4)212k F E mv ∆=，22F h v T =，所以228k mh E T∆=．15．(16分）如图所示，一个质量为2kg m =的物体，初速度为0.8m/s ，受到水平方向成37︒角斜向下方的推力110N F =作用,在水平地面上移动了距离12m s =后撤去推力，此后物体又滑行了2 1.6m s =的距离后停止了运动．设物体与地面间的滑动摩擦力为它们间弹力的0.2倍，求：（1）推力1F 对物体做的功；(2)请分别利用动能定理和做功定义式计算全过程中摩擦力对物体做的功 【解析】(1）根据恒力做功公式得：111cos371020.8J=16J W F S =︒=⨯⨯．（2）根据题意得：当1F 作用时()11sin37 5.2N f mg F μ=+︒=， 撤去1F 时24N f mg μ==，222 6.4J f W f S =-=-， 所以1216.8J f f f W W W =+=-，动能定理，=k W E ∆总，F f W W W =+总，0k E ∆=，20102F f W W mv +=-，2011102sin3720.816.8J 22f F W W mv =--=-⨯⨯︒-⨯⨯=-．答:(1)推力1F 对物体做的功为16J ;（2）全过程中摩擦力对物体所做的功为16.8J -．可以分成有推力和摩擦力作用与只有摩擦力两个阶段讨论，同一个力在不同阶段做的功可以相加． 本题容易把两个阶段的情况混淆，一定要分开考虑，本题易犯的错误是：（1）把推力的功写成()1112cos37W F s s =+︒，出现力与位移不对应的错误；（2）错求摩擦力,由于思维定式，把第一阶段的摩擦力写成mg μ，另外求摩擦力做功时忘记乘以cos180︒等．本题主要考查功的概念,解题的关键是分清求某个力的功还是求合力的功，以及求哪个阶段的功．16．(18分)如图所示，一滑板B 静止在水平面上，上表面所在平面与固定于竖直平面内、半径为R 的1/4圆形光滑轨道相切于Q ，一物块A 从圆形轨道与圆心等高的P 点无初速度释放，当物块经过Q 点滑上滑板之后即刻受到大小2F mg μ=、水平向左的恒力持续作用．已知物块、滑板的质量为m ，滑板与水平面间的动摩擦因数μ,物块与滑板间的动摩擦因数3μ,物块可视为质点，重力加速度取g ．（1）求物块滑到Q 点的速度大小；（2）通过计算判断物块在滑板上滑行过程中，滑板是否滑动； （3）滑板足够长,求物块A 与滑板B 之间产生的内能？ 【解析】（1）物块A 从P 点运动到Q 点的过程中，由动能定理有：21102mgR mV =-（3分）解得：12V gR 分）（2）物块A 滑上滑板B 时，滑板B 在水平方向受到滑块对它的摩擦力1f 和水平地面对它的摩擦力2f 的作用,其中113f mg mg μμ==（1分)学必求其心得，业必贵于专精物块在滑板上滑行的过程中，B 受到的合力12B F f f mg μ=-=（1分）滑板B 将向左滑动做加速运动（1分)（3）而1F f <，物块做减速运动，直到两者速度相等，以物块和滑板组成系统为研究对象，系统水平方向受到的合外力2=220F F f mg mg μμ-=-=合（1分）．系统动量守恒定律：12mV mV =（1分）解得:V =（1分）(此处也可以分别对物块和滑板运用牛顿运动定律求解t 和v ) 共速后两者不再分离,一起做匀速运动．设从B 开始运动到A 、B 恰好同速的过程中，A 的位移为1L ,B 的位移为2L ．对A ，由动能定理得：2211111122FL f L mV mV -=-(1分） 对B ，由动能定理得：()212212f f L mV -=（1分） 物块A 与滑板B 之间产生的内能：()112Q f L L =-（1分）由以上三式解得： 1.5Q mgR =（2分）问题求解：（1）物块A 从P 点到Q 点的过程中，根据动能定理列方程,可得到物块A 滑到Q 点的速度大小． （2）物块A 滑上滑板B 时,滑板B 阻碍物块A 的运动，物块A 受到水平向右的滑板对它的摩擦力,根据牛顿第三定律可知，滑块B 将受到水平向左的物块对它的摩擦力，滑板还受到地面对它水平向右的摩擦力，通过计算即可求得滑板的合力，得到滑板将向左滑动．（3）物块受到的力F 小于物块受到的滑板对它的摩擦力,物块将做减速运动，根据（2）分析可知，滑板将做加速运动,直至两者速度相等时，两者一起做匀速运动；以物块和滑板组成的整体为研究对象,受到的水平方向的合力大小为零，水平方向上动量守恒，从而可得两者相对静止时的速度；对A 和对B 分别应用动能定理，分别求得A 和B 的位移；A 和B 之间产生的内能等于A 受的摩擦力大小乘以两者之间的相对位移，通过计算即可求得A 和B 之间产生的内能．。
广东省普宁二中实验学校2016-2017学年高一3月月考物理
普宁二中实验学校高中部2016-2017学年第二学期高一年级第1次月考试题物理答案第Ⅰ卷 选择题（共54分)选择题答案（1～10题单选，每小题3分；11～16题多选，每小题4分，部分对得2分；共54分）题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16答案CCABCACB CDABBDAD ABC BCD AC第Ⅱ卷 非选择题（共46分)17．（共8分，每空2分）答案：d 1 = 1.20 cm d 3 = 12.00 cm v 2 = 0.21 m/s a = 0.60 m/s 2． 18．（共9分）（1）（3分）答案： A ；（2）（共6分，每空3分） 0.05 m ， 1.1 m/s （答：25.1亦可）．19．（共10分）答案：（1）2s ； （2）40m ； （3）202/m s ，方向：与水平地面成45º角． 解析：（1）根据平抛运动知识221gt h = ……………………………………………（2分） ∴ 所求的时间：102022⨯==gh t s=2s ………………………………………（2分） （2）水平位移：x =v 0t ……………………………………………………（2分）所求的：x=20×2m=40m ……………………………………………（1分） （3）竖直方向末速度v y =gt =10×2m/s=20m/s …………………………………（1分） ∴ 落地速度大小：s m s m v v v y /220/202022220=+=+=…………（1分）方向：与地面成θ角，则：0tan 1y v v θ==，θ=45º ……………………（1分）20．（共10分）答案:（1）角速度：ω=5.0rad/s ； （2）s=80.0m ≈0.9m ． 解析：（1）对小球，其做圆周运动的半径：m L L r 4.045sin 21=︒⋅+=……（2分）2sin 45=m r F mg ω=⋅︒⋅ 向 …… …… …… …… …… ……（2分）∴ 所求的角速度： ω = 5.0(rad/s)…… …… …… …… ……（1分）（2）小球做平抛运动：2/45cos 2221gt L L o o =︒⋅- …… …………（1分） ∴ 运动时间：t = 0.4 s …… …… …… …… …… …… ……（1分）在水平方向： =r=2.0m/s v ω⋅ m 8.0==∴vt x …… …… ……（1分） ∴ 所求的距离：m m r x s 9.080.04.08.02222≈=+=+= ……（2分）21．（共9分）答案： 1.2() 3.77(s)t s π=≈总 解析：先算绳子断时的长度L 0 ：)(402maxN L v m F ==……………………………………（2分）解得： )(5.0425.02max 20m F mv L =⨯== ………………………………………………（1分）∴ 小球做匀速圆周运动的第一个半圆r 1 =1.0m 的时间： 11 1.0=0.5()2.0r t s vπππ⨯==…（2分）之后，细绳碰到钉子B 后，小球紧接着以B 点为圆心做匀速圆周运动的第二个半圆r 2 =0.8m 时间为：220.8=0.4()2.0r t s vπππ⨯∴==…………………………………………………………（1分）依次类推，细绳又碰到钉子A 后，小球以A 点为圆心做匀速圆周运动的第三个半圆r 3 =0.6m 时间为：330.6=0.3()2.0r t s v πππ⨯∴==…………………………………………………………（1分）再之后，细绳第二次碰到钉子B 时r 4 =0.4m < r 0 =0.5m ，绳子断了． 故所求的时间为：∴ 123++ 1.2() 3.77(s)t t t t s π==≈总 ……………………………………………………（2分）。
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遂溪县第三中学2016-2017学年高一下学期5月月考物理试题一、单选题1. 如图，网球运动员在左边底线正上方距地面高H处，将网球以速度v沿垂直球网方向水平击出，球恰好不触网且最终落到右边底线上球的运动可视作平抛运动，则A. 网球做变加速曲线运动B. 网球在网的两侧场地内运动时间相同C. H是网高的2倍D. 若用大于v的速度沿垂直球网方向将球水平击出，球将触网落地【答案】B【解析】网球仅受重力，做平抛运动，加速度不变，做匀变速曲线运动，故A错误．网球在水平方向上做匀速直线运动，由于在两侧场地内的水平位移相等，则运动的时间相等，故B 正确．竖直方向上做自由落体运动，有，设网高为h，则有：，联立两式解得，故C错误．设平抛运动的时间为t，若初速度增大，在下降时间内水平位移大于一侧场地的长度，不会触网，故D错误．故选B．【点睛】网球做平抛运动，根据水平方向上做匀速直线运动比较在两侧场地内运动的时间．根据竖直方向上做自由落体运动，比较H和网高的关系．2. 已知河水的流速为v，小船在静水中的速度为，且v v，下面用小箭头表示小船及船头的指向，则能正确反映小船在最短时间内渡河、最短位移渡河的情景如图所示，依次是( )A. B. C. D.【答案】C【解析】根据题意，船的实际速度是和的合速度，与河岸平行，对渡河时间没有影响，所以与河岸垂直即船头指向对岸时，渡河时间最短为，式中d为河宽，此时合速度与河岸成一定夹角，船的实际路线应为所示；最短位移即为d，应使合速度垂直河岸，则应指向河岸上游，实际路线为所示，故C正确，ABD错误。
故选C。
【点睛】最短时间过河船身应垂直岸，对地轨迹应斜向下游；最短路程过河船身应斜向上游，而船相对岸的轨迹是垂直岸．3. 如图所示，位于同一高度的小球A、B分别以v和v的速度水平抛出，都落在了倾角为的斜面上的C点，小球B恰好垂直打到斜面上，则v、v之比为( )A. B. C. D.【答案】C【解析】小球A、B从同一高度平抛，都落到斜面上的C点经历的时间相等，设为t，由题意可得：对A有：，对B有：，解得：v，故C正确，ABD错误。
故选C。
【点睛】两个小球同时做平抛运动，又同时落在C点，说明运动时间相同．小球垂直撞在斜面上的C点，说明速度方向与斜面垂直，可以根据几何关系求出相应的物理量．4. 平抛运动可以分解为水平和竖直方向的两个直线运动，在同一坐标系中作出这两个分运动的v t图线，如图所示。
若平抛运动的时间大于2t，下列说法中正确的是( )A. 图线2表示水平分运动的v t图线B. t时刻的速度方向与初速度方向的夹角为C. t时间内的竖直位移与水平位移之比为D. 2 t时刻的速度方向与初速度方向的夹角为【答案】C【解析】平抛运动水平分运动为匀速直线运动，故A错误；时刻水平方向和竖直方向的分速度相等，则合速度与水平方向的夹角为，故B错误；设水平速度为，则时间内的水平位移为，竖直方向的位移，所以，故C正确；时刻竖直方向的速度，显然速度方向与水平方向的夹角不是，故D错误。
故选C。
【点睛】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据速度图线与时间轴围成的面积比较水平和竖直位移的大小．抓住时刻的速度相等求出速度的方向，根据水平位移和竖直位移的关系得出位移与水平方向的夹角的正切值．5. 自行车的小齿轮A、大齿轮B、后轮C是相互关联的三个转动部分，且半径、，如图所示。
当自行车正常骑行时A、B、C三轮边缘的向心加速度的大小之比等于( )A. B. C. D.【答案】C【解析】由于A轮和B轮是皮带传动，皮带传动的特点是两轮与皮带接触点的线速度的大小与皮带的线速度大小相同，故，故；由于A轮和C轮共轴，故两轮角速度相同，即，故，由角速度和线速度的关系式可得，所以，故C正确，ABD错误。
故选C。
【点睛】自行车的链条不打滑，A与B的线速度大小相等，A与C绕同一转轴转动，角速度相等．由研究A与B角速度的关系．6. 如图所示，B和C是一组塔轮，即B和C半径不同，但固定在同一转动轴上，其半径之比为，A轮的半径大小与C轮相同，它与B轮紧靠在一起，当A轮绕过其中心的竖直轴转动时，由于摩擦作用，B轮也随之无滑动地转动起来。
a、b、c分别为三轮边缘的三个点，则a、b、c三点在运动过程中的( )A. 线速度大小之比为B. 角速度之比为C. 转速之比为D. 周期大小之比为【答案】A【解析】轮A、轮B靠摩擦传动，边缘点线速度相等，故：，根据公式，有；根据，有：；根据，有：；轮B、轮C是共轴传动，角速度相等，故:，根据公式，有：；根据，有：；根据，有：；综合得到：，，，，故A正确，BCD错误。
故选A。
【点睛】轮A、轮B靠摩擦传动，边缘点线速度相等；轮B、轮C是共轴传动，角速度相等；再结合公式、和列式分析．7. 如图所示，在斜面顶端的A点以速度v平抛一小球，经t时间落到斜面上B点处，若在A 点将此小球以速度v水平抛出，经t时间落到斜面上的C点处，以下判断正确的是( )A. AB ACB. AB ACC. t tD. t t【答案】B【解析】小球落在斜面上时，平抛运动竖直方向上的位移和水平方向上的位移的比值为：，运动的时间与初速度成正比，即，故CD错误；由，可得：AB:AC=4:1，故B正确，A错误。
故选B。
【点睛】小球落在斜面上，竖直方向上的位移和水平方向上的位移的比值是一定值，知运动的时间与初速度有关．从而求出时间比．根据时间比，可得出竖直方向上的位移比，从而可知AB与AC的比值．8. 如图所示，圆弧形凹槽固定在水平地面上，其中ABC是以O为圆心的一段圆弧，位于竖直平面内。
现有一小球从一水平桌面的边缘P点向右水平飞出，该小球恰好能从A点沿圆弧的切线方向进入轨道。
OA与竖直方向的夹角为，PA与竖直方向的夹角为。
下列说法正确的是( )A. B.C. D.【答案】A【解析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动。
速度与水平方向的夹角为，。
位移与竖直方向的夹角为，，则，故A正确，BCD错误。
故选A。
【点睛】根据平抛运动的规律结合数学知识分析速度方向与水平方向夹角的正切值和位移与水平方向夹角正切值的关系。
9. 如图所示，小球以v正对倾角为的斜面水平抛出，若小球到达斜面的位移最小，则飞行时间t为重力加速度为g( )A. vB.C.D.【答案】D【解析】过抛出点作斜面的垂线，如图所示要小球到达斜面的位移最小，则要求落点与抛出点的连线与斜面垂直，所以有，而，，解得，故D正确，ABC错误。
故选D。
【点睛】由数学知识得：从抛出点到达斜面的最小位移为过抛出点作斜面的垂线．设经过时间t到达斜面上，根据平抛运动水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，表示出水平和竖直方向上的位移，再根据几何关系即可求解．10. 物体在直角坐标系xOy所在的平面内由O点开始运动，其沿坐标轴方向的两个分速度随时间变化的图像如图所示，则对该物体运动过程的描述正确的是( )A. 物体在做直线运动B. 物体在做直线运动C. 物体在做曲线运动D. 物体在做变加速运动【答案】B点睛：本题考查了判断物体的运动性质，分析清楚物体沿x轴与y轴的运动性质，应用运动的合成与分解知识，知道物体做曲线运动的条件即可正确解题。
二、多选题11. 一只小船在静水中的速度为，它要渡过一条宽为30 m的河，河水流速为，则这只船( )A. 过河时间不可能小于10 sB. 不能沿垂直于河岸方向过河C. 渡过这条河所需的时间可以为6 sD. 不可能渡过这条河【答案】AB【解析】试题分析：小船船头正对河岸行驶时，过河时间最短，最短时间，故A正确，C、D错误；静水中的速度为3m/s，小于河水流速为4m/s，根据平行四边形定则，由于静水速小于水流速，则合速度不可能垂直于河岸，即船不可能垂直到达对岸，故B正确。
考点：运动的合成与分解12. 如图所示，水平地面上不同位置的三个小球斜上抛，沿三条不同的路径运动最终落在同一点，三条路径的最高点是等高的，若忽略空气阻力的影响，下列说法正确的是( )A. 沿路径1抛出的小球落地的速率最大B. 沿路径3抛出的小球在空中运动时间最长C. 三个小球抛出的初速度竖直分量相等D. 三个小球抛出的初速度水平分量相等【答案】AC【解析】试题分析：三个小球都做斜抛运动，运用运动的分解法，将其运动分解为竖直和水平两个方向研究，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做竖直上抛运动，根据运动学公式列式，再进行分析．解：设任一小球初速度大小为v0，初速度的竖直分量为v y，水平分量为v x，初速度与水平方向的夹角为α，上升的最大高度为h，运动时间为t，落地速度大小为v．A、C、D、取竖直向上方向为正方向，小球竖直方向上做匀减速直线运动，加速度为a=﹣g，由0﹣=﹣2gh，得：v y=，h相同，v y相同，则三个小球初速度的竖直分量相同．由速度的分解知：v y=v0sinα，由于α不同，所以v0不同，沿路径1抛出时的小球的初速度最大．根据机械能守恒定律得知，小球落地时与抛出时速率相等，所以可知三个小球落地时的速率不等，也是沿路径1抛出时的小球的初速度最大．又有 v y=v x tanα，v y相同，α不同，则v x不同，初速度水平分量不等，故A正确，C正确，D 错误．B、由运动学公式有：h=g（）2，则得：t=2，则知三个球运动的时间相等；故B错误．故选：AC．【点评】对于斜抛运动，要能熟练运用运动的分解法进行分析，掌握相关的运动学公式是解题的基础．13. 如图所示，将质量为2m的重物悬挂在轻绳的一端，轻绳的另一端系一质量为m的小环，小环套在竖直固定的光滑直杆上，光滑定滑轮与直杆的距离为d。
现将小环从与定滑轮等高的A处由静止释放，当小环沿直杆下滑距离也为d时图中B处，下列说法正确的是重力加速度为g( )A. 小环刚释放时轻绳中的张力一定大于2 mgB. 小环到达B处时，重物上升的高度为 dC. 小环在B处的速度与重物上升的速度大小之比等于D. 小环在B处的速度与重物上升的速度大小之比等于【答案】ABD【解析】A．根据题意，释放时小环向下加速运动，则重物将加速上升，对重物由牛顿定律可以知道绳中张力一定大于重力，所以A正确；B．小环到达处时，重物上升的高度应为绳子缩短的长度，即，所以B正确；C、D．根据题意，沿绳子方向的速度大小相等，将小环速度沿绳子方向与垂直于绳子方向正交分解应满足：，即，所以C错误，D正确．故选：ABD点睛：绳子连接的物体，沿绳子方向速度相等。
将绳子沿速度方向和垂直速度方向分解机可列方程求解。
14. 关于绕地球做匀速圆周运动的人造地球卫星，以下判断正确的是A. 同一轨道上，质量大的卫星向心力大B. 同一轨道上，质量大的卫星向心加速度大C. 离地面越近的卫星线速度越大D. 离地面越远的卫星角速度越大【答案】AC【解析】向心力是由万有引力提供的，由可知，同一轨道上，质量大的卫星向心力大，故A正确；根据万有引力提供向心力，解得，可知卫星向心加速度与质量无关，故B错误；根据万有引力提供向心力，解得：，由此可知线速度大小，与卫星的质量无关，只与轨道半径有关，轨道半径越大则线速度越小，轨道半径越小，则线速度越大，故BD错误，C正确。