2010-2014广东高考物理题分类汇编光电效应原子物理类
法正确的是
A ．增大入射光的强度，光电流增大
B. 减小入射光的强度，光电效应现象消失
C. 改变频率小于ν的光照射，一定不发生光电效应
D ．改变频率大于ν的光照射，光电子的最大初动能变大
答案：AD 由光子说可知，光强度增大，单位时间入射的光子数变多，所以光电流强度也变大，根据爱因斯坦的光电效应方程h ν=W 0+mV 2/2可知，如果增大入射光的频率，那么最大初动能增加
201317.轴核裂变是核电站核能的重要来源，其一种裂变反应是
下列说法正确的有
A.上述裂变反应中伴随着中子放出
B .铀块体积对链式反应的发生影响
C.铀核的链式反应可人工控制
D.铀核的半衰期会受到环境温度的影响
201218.能源是社会发展的基础，发展核能是解决能源问题的途径之一，下列释放核能的反应方程，表述正确的有：( AC )
A.n He H H 10422131+→+是核聚变反应；
B. n He H H 10422131+→+是β衰变；
C.
n 3Kr Ba n U 108936144561023592++→+是核裂变反应； D ．n 2Kr Ba n U 109438140541023592++→+是α衰变。
2011
13. 光电效应实验中，下列表述正确的是
A.光照时间越长光电流越大
B.入射光足够强就可以有光电流
C.遏止电压与入射光的频率有关
D.入射光频率大于极限频率才能产生光电子
【答案】CD
【解析】光电流的大小只与到达阳极的光电子个数有关，A 错。
由hv =W +E k 和Uq =E k 知，CD 正确。
选CD
18．关于核衰变和核反应的类型，下列表述正确的有
A. He Th U 4
22349023892+→ 是α衰变 B.H O He N 1117842147+→+ 是β衰变
C.n He H H 104
23121+→+ 是轻核聚变 D .e Se Kr Se 0142823682342-++→ 是重核裂变。
十年高考(2010-2019年)之高三物理真题精选分类汇编专题18-原子物理(解析版)
专题18 、原子物理（2010-2019）题型一、光电效应1.（2019北京）光电管是一种利用光照射产生电流的装置，当入射光照在管中金属板上时，可能形成光电流。
表中给出了6次实验的结果。
由表中数据得出的论断中不正确的是（ ） A. 两组实验采用了不同频率的入射光 B. 两组实验所用的金属板材质不同C. 若入射光子的能量为5.0 eV ，逸出光电子的最大动能为1.9 eVD. 若入射光子的能量为5.0 eV ，相对光强越强，光电流越大 【答案】B【解析】：本题可以结合爱因斯坦光电效应方程比较比较两次实验时的逸出功和光电流与光强的关系来处理，表格显示两组中入射光的能量不同，结合公式υh E =可知，由题表格中数据可知，两组实验所用的入射光的能量不同，故入射光的频率不同，由公式0W h E k -=υ可知，k E h W -=υ0代入相关参数得eV W 1.30=,说明两种材料的逸出功相等，故B 选项错误，结合爱因斯坦光电效应方程：0W h E k -=υ，当eV h E 5.0==υ时，代入eV W 1.30=时，得eV E K 9.1=,故C 选项正确，由图表可知增大入射光的光强，光电流增大故D 选项正确。
2.如图为a 、b 、c 三种光在同一光电效应装置中测得的光电流和电压的关系。
由a 、b 、c 组成的复色光通过三棱镜时，下述光路图中正确的是（ ）【答案】：C【解析】由光电效应的方程k E hv W =-，动能定理k eU E =，两式联立可得hv WU e e=-，故截止电压越大说明光的频率越大，则有三种光的频率b c a v v v >>，则可知三种光的折射率的关系为b c a n n n >>，因此光穿过三棱镜时b 光偏折最大，c 光次之，a 光最小，故选C ，ABD 错误。
3.（2018全国2）用波长为300 nm 的光照射锌板，电子逸出锌板表面的最大初动能为1.28⨯10-19 J 。
2014广东高考物理真题及答案(精编、清晰版)
绝密★启用前试卷类型：A 2014年普通高等学校招生全国统一考试（广东卷）理科综合（物理部分）一、单项选择题13.图6是物体做直线运动的v-t图象，由图可知，该物体（）A．第1 s内和第3 s内的运动方向相反B．第3 s内和第4 s内的加速度相同C．第1 s内和第4s内的位移大小不等D．0~2s内和0~4s内的平均速度大小相等14．如图7所示，水平地面上堆放着原木，关于原木P在支撑点M、N处受力的方向，下列说法正确的是（）A．M处受到的支持力竖直向上B．N处受到的支持力竖直向上C．M处受到的摩擦力沿MN方向D．N处受到的摩擦力沿水平方向15．如图8所示，上下开口、内壁光滑的铜管P和塑料管Q竖直放置，小磁块先后在两管中从相同高度处由静止释放，并落至底部，则小磁块（）A．在P和Q中都做自由落体运动B．在两个下落过程中的机械能都守恒C．在P中的下落时间比在Q中的长D．落至底部时在P中的速度比在Q中的长16．图9是安装在列车车厢之间的摩擦缓冲器结构图，图中①和②为楔块，③和④为垫块，楔块与弹簧盒、垫块间均有摩擦，在车厢相互撞击时弹簧压缩过程中（）A．缓冲器的机械能守恒B．摩擦力做功消耗机械能C．垫块的动能全部转化成内能D．弹簧的弹性势能全部转化为动能二、双项选择题17．用密封性好、充满气体的塑料袋包裹易碎品，如图10所示，充气袋四周被挤压时，假设袋内气体与外界无热交换，则袋内气体（）A．体积减小，内能增大B．体积减小，压强减小C．对外界做负功，内能增大D．对外界做正功，压强减小18．在光电效应实验中，用频率为ν的光照射光电管阴极，发生了光电效应，下列说法正确的是（）A．增大入射光的强度，光电流增大B．减小入射光的强度，光电效应现象消失C．改变频率小于ν的光照射，一定不发生光电效应D．改变频率大于ν的光照射，光电子的最大初动能变大19．如图11所示的电路中，P为滑动变阻器的滑片，保持理想变压器的输入电压U1不变，闭合电键S，下列说法正确的是（）A．P向下滑动时，灯L变亮B．P向下滑动时，变压器的输出电压不变C．P向上滑动时，变压器的输入电流变小D．P向上滑动时，变压器的输出功率变大20．如图12所示，光滑绝缘的水平桌面上，固定着一个带电量为+Q的小球P，带电量分别为-q和+2q的小球M和N，由绝缘细杆相连，静止在桌面上，P与M相距L，P、M和N视为点电荷，下列说法正确的是（）A．M与N的距离大于LB．P、M和N在同一直线上C．在P产生的电场中，M、N处的电势相同D．M、N及细杆组成的系统所受合外力为零21．如图13所示，飞行器P绕某星球做匀速圆周运动，星球相对飞行器的张角为θ。
光电效应历年高考题
光电效应高考题1. （2001上海）光电效应实验的装置如图所示，用弧光灯照射锌板，验电器指针张开一个角度，则下面说法中正确的是亠一A •用紫外线照射锌板，验电器指针会发生偏转B .用绿色光照射锌板，验电器指针会发生偏转IC •锌板带的是负电荷D.使验电器指针发生偏转的是正电荷2. （2014?工苏）已知钙和钾的截止频率分别为 7.73沐014Hz和5.44 X014Hz，在某种单色光的照射下两种金属均发生光电效应，比较它们表面逸处的具有最大初动能的光电子，钙逸出的光电子具有较大的（）A波长 B频率 C能量 D动量3. （2014广东18.）在光电效应实验中，用频率为v的光照射光电管阴极，发生了光电效应，下列说法正确的是（）A .增大入射光的强度，光电流增大B. 减小入射光的强度，光电效应现象消失C. 改变频率小于v的光照射，一定不发生光电效应D. 改变频率大于v的光照射，光电子的最大初动能变大4. （2011广东）光电效应实验中，下列表述正确的是（）A .光照时间越长光电流越大 B.入射光足够强就可以有光电流C.遏止电压与入射光的频率有关 D .入射光频率大于极限频率才能产生光电子5. （新课标卷）（1）（ 5分）关于光电效应，下列说法正确的是（）A .极限频率越大的金属材料逸出功越大B. 只要光照射的时间足够长，任何金属都能产生光电效应C. 从金属表面出来的光电子的最大初动能越大，这种金属的逸出功越小D. 入射光的光强一定时，频率越高，单位时间内逸出的光电子数就越多6. （2013上海单科2）当用一束紫外线照射锌板时，产生了光电效应，这时（）A .锌板带负电 B.有正离子从锌板逸出C.有电子从锌板逸出 D .锌板会吸附空气中的正离子C .对于同种金属,Ek 与光照射的时间成正比 D .对于同种金属,Ek 与照射光的频率成线性关系h A.h_C . /iAD .T 效应。
换用同样频率为v 的强激光照射阴极 K , 7. （2012海南单科19（1））产生光电效应时，关于逸出光电子的最大初动能 Ek,下列说法正确的是（ ）A .对于同种金属，Ek 与照射光的强度无关B •对于同种金属，Ek 与照射光的波长成反比E.对于不同种金属，若照射光频率不变， Ek 与金属的逸出功成线性关系8. （2010上海）根据爱因斯坦光子说，光子能量 E 等于（h 为普朗克常量，c 、入为真空中的光速和波长）9. （2013北京理综20）.以往我们认识的光电效应是单光子光电效应，即一个电 子在极短时间内只能吸收到一个光子而从金属表面逸出。
2010-2012广东理综物理部分试题及答案(光电效应部分)20130503
2010-2012年广东高考理综
（2011年）18、光电效应实验中，下列表述正确的是（）CD
A、光照时间越长光电流越大
B、入射光足够强就可以有光电流
C、遏止电压与入射光的频率有关
D、入射光频率大于极限频率才能产生光电子
2005-2009年广东高考物理
（2009年）4.硅光电池是利用光电效应原理制成的器件。
下列表述正确的是（）A
A．硅光电池是把光能转变为电能的一种装置
B．硅光电池中吸收了光子能量的电子都能逸出
C．逸出的光电子的最大初动能与入射光的频率无关
D．任意频率的光照射到硅光电池上都能产生光电效应
(2006年) 13．（1）人们发现光电效应具有瞬时性和对各种金属都存在极限频率的规律。
请问谁提出了何种学说很好地解释了上述规律？已知锌的逸出功为3.34 eV ，用某单色紫外线照射锌板时，逸出光电子的最大速度为10 6 m/ s ，求该紫外线的波长λ（电子质量m e= 9. 11×10－31 kg，普朗克常量h=6.63×10－34J·s，1eV=1.60×10－19 J）
1。
2014年全国高考物理分类汇编(含详解)
2014年全国高考物理试题分类汇编专题1. 直线运动 专题2. 相互作用 专题3. 牛顿运动定律 专题4. 曲线运动专题5. 万有引力和天体运动 专题6. 机械能 专题7. 静电场 专题8. 恒定电流 专题9. 磁场专题10. 电磁感应 专题11. 交变电流 专题12. 光学专题13. 原子物理 专题14. 动量专题专题15.机械振动和机械波2014年高考物理试题分类汇编 专题1：直线运动14．[2014·新课标Ⅱ卷] 甲乙两汽车在一平直公路上同向行驶．在t ＝0到t ＝t 1的时间内，它们的v t 图像如图所示．在这段时间内( )A ．汽车甲的平均速度比乙的大B ．汽车乙的平均速度等于v 1＋v 22C ．甲乙两汽车的位移相同D ．汽车甲的加速度大小逐渐减小，汽车乙的加速度大小逐渐增大14．A [解析] v t 图像中图线与横轴围成的面积代表位移，可知甲的位移大于乙的位移，而时间相同，故甲的平均速度比乙的大，A 正确，C 错误；匀变速直线运动的平均速度可以用v 1＋v 22来表示，乙的运动不是匀变速直线运动，所以B 错误；图像的斜率的绝对值代表加速度的大小，则甲、乙的加速度均减小，D 错误．14． [2014·全国卷] 一质点沿x 轴做直线运动，其v t于x ＝5 m 处，开始沿x 轴正向运动．当t ＝8 s 时，质点在x 轴上的位置为( )A ．x ＝3 mB ．x ＝8 mC ．x ＝9 mD ．x ＝14 m14．B [解析] 本题考查v t 图像. v t 图像与x s 1－s 2＝3 m ，由于初始坐标是5 m ，所以t ＝8 s 时质点在x 轴上的位臵为x ＝3 m ＋5 m ＝8 m ，因此B 正确．（2014上海）8.在离地高h 处，沿竖直方向同时向上和向下抛出两个小球，她们的初速度大小均为 ，不计空气阻力，两球落地的时间差为 （ ）（A（B）（C（D[答案]A13．[2014·广东卷] 图6是物体做直线运动的v t图像，由图可知，该物体()A．第1 s内和第3 s内的运动方向相反B．第3 s内和第4 s内的加速度相同C．第1 s内和第4 s内的位移大小不相等D．0～2 s和0～4 s内的平均速度大小相等13．B[解析] 0～3 s内物体一直沿正方向运动，故选项A错误；v t图像的斜率表示加速度，第3 s内和第4 s选项B正确；v t图像图线与时间轴包围的面积表示位移的大小，第1 s内和第4 s内对应的两个三角形面积相等，故位移大小相等，选项C错误；第3 s内和第4 s内对应的两个三角形面积相等，故位移大小相等，方向相反，所以0～2 s和0～4 s内位移相同，但时间不同，故平均速度不相等，选项D错误．5．[2014·江苏卷] 一汽车从静止开始做匀加速直线运动，然后刹车做匀减速直线运动，直到停止．下列速度v和位移x的关系图像中，能描述该过程的是()AC5．A[解析] 设汽车做匀加速直线运动时的加速度为a1，则由运动学公式得2a1x＝v2，由此可知选项C、D错误；设刹车时汽车的位移为x0，速度为v0，其后做减速运动的加速度为a2，则减速过程有v2－v20＝2a2(x－x0)，这里的v20＝2a1x0，x>x0，则v2＝2a1x0＋2a2(x －x0)＝2(a1－a2)x0＋2a2x，即v＝2（a1－a2）x0＋2a2x(x>x0，a2<0)．综上所述，只有选项A正确．15．[2014·山东卷] 一质点在外力作用下做直线运动，其速度v随时间t变化的图像如图所示．在图中标出的时刻中，质点所受合外力的方向与速度方向相同的有()A．t1B．t2C．t3D．t415．AC[解析] 本题考查的是速度图像．速度图像中某点的切线的斜率表示加速度．t1时刻速度为正，加速度也为正，合外力与速度同向；t2时刻速度为正，加速度为负，合外力与速度反向；t3时刻速度为负，加速度也为负，合外力与速度同向；t4时刻速度为负，加速度为正，合外力与速度反向．选项A、C正确．1．[2014·天津卷] 质点做直线运动的速度—时间图像如图所示，该质点()A ．在第1秒末速度方向发生了改变B ．在第2秒末加速度方向发生了改变C ．在前2秒内发生的位移为零D ．第3秒末和第5秒末的位置相同1．D [解析] 本题考查了学生的读图能力．应用图像判断物体的运动情况，速度的正负代表了运动的方向，A 错误；图线的斜率代表了加速度的大小及方向，B 错误；图线与时间轴围成的图形的面积代表了物体的位移，C 错误，D 正确．22． [2014·全国卷] 现用频闪照相方法来研究物块的变速运动．在一小物块沿斜面向下运动的过程中，用频闪相机拍摄的不同时刻物块的位置如图所示．拍摄时频闪频率是10 Hz ；通过斜面上固定的刻度尺读取的5个连续影像间的距离依次为x 1、x 2、x 3、x 4.已知斜面顶端的高度h 和斜面的长度s .数据如下表所示．重力加速度大小g 取9.80 m/s 2.单位：cm根据表中数据，完成下列填空：(1)物块的加速度a ＝________m/s 2(保留3位有效数字)． (2)因为______________________，可知斜面是粗糙的．22．(1)4.30(填“4.29”或“4.31”同样给分) (2)物块加速度小于g hs ＝5.88 m/s 2(或：物块加速度小于物块沿光滑斜面下滑的加速度)[解析] (1)根据逐差法求出加速度a ＝（x 3＋x 4）－（x 1＋x 2）（2T ）2＝4.30 m/s 2. (2)根据牛顿第二定律，物块沿光滑斜面下滑的加速度a ′＝g sin θ＝g hs ＝5.88 m/s 2，由于a ＜a ′，可知斜面是粗糙的．2014年高考物理真题分类汇编 专题2：相互作用14． [2014·广东卷] 如图7所示，水平地面上堆放着原木，关于原木P 在支撑点M 、N 处受力的方向，下列说法正确的是( )A ．M 处受到的支持力竖直向上B ．N 处受到的支持力竖直向上C ．M 处受到的静摩擦力沿MN 方向D ．N 处受到的静摩擦力沿水平方向14．A [解析] 支持力的方向与接触面垂直，所以M 处的支持力的方向与地面垂直，即竖直向上，N 处支持力的方向与接触面垂直，即垂直MN 向上，故选项A 正确，选项B 错误；摩擦力的方向与接触面平行，与支持力垂直，故选项C 、D 错误．14．[2014·山东卷] 如图所示，用两根等长轻绳将木板悬挂在竖直木桩上等高的两点，制成一简易秋千．某次维修时将两轻绳各剪去一小段，但仍保持等长且悬挂点不变．木板静止时，F1表示木板所受合力的大小，F2表示单根轻绳对木板拉力的大小，则维修后()A．F1不变，F2变大B．F1不变，F2变小C．F1变大，F2变大D．F1变小，F2变小14．A[解析] 本题考查受力分析、物体的平衡．在轻绳被剪短前后，木板都处于静止状态，所以木板所受的合力都为零，即F1＝0 N．因两根轻绳等长，且悬挂点等高，故两根轻绳对木板的拉力相等，均为F2.对木板进行受力分析，如图所示，则竖直方向平衡方程：2F2cos θ＝G cos θ减小，故F2变大．选项A正确．14．[2014·浙江卷] )A．机械波的振幅与波源无关B．机械波的传播速度由介质本身的性质决定C．物体受到的静摩擦力方向与其运动方向相反D．动摩擦因数的数值跟相互接触的两个物体的材料无关14．B[解析] 本题考查机械波、静摩擦力、动摩擦因数等知识．机械波的振幅与波源有关，选项A错误；传播速度由介质决定，选项B正确；静摩擦力的方向可以与运动方向相同，也可以相反，也可以互成一定的夹角，选项C错误；动摩擦因数描述相互接触物体间的粗糙程度，与材料有关，选项D错误．[2014·重庆卷] (2)为了研究人们用绳索跨越山谷过程中绳索拉力的变化规律，同学们设计了如题6图3所示的实验装置，他们将不可伸长的轻绳的两端通过测力计(不计质量及长度)固定在相距为D的两根立柱上，固定点分别为P和Q，P低于Q，绳长为L(L＞PQ)．题6图3他们首先在绳上距离P点10 cm处(标记为C点)系上质量为m的重物(不滑动)，由测力计读出绳PC、QC的拉力大小T P和T Q.随后，改变重物悬挂点C的位置，每次将P点到C 点的距离增加10 cm，并读出测力计的示数，最后得到T P、T Q与绳长PC的关系曲线如题6图4所示．由实验可知：题6图4①曲线Ⅱ中拉力最大时，C 点与P 点的距离为________cm ，该曲线为________(选填“T P ”或“T Q ”)的曲线．②在重物从P 移到Q 的整个过程中，受到最大拉力的是________(选填“P ”或“Q ”)点所在的立柱．③在曲线Ⅰ、Ⅱ相交处，可读出绳的拉力T 0＝________ N ，它与L 、D 、m 和重力加速度g 的关系为T 0＝________．[答案] (2)①60(56～64之间的值均可) T P ②Q③4.30(4.25～4.35之间的值均可) mgL L 2－D 22（L 2－D 2）[解析] (2)①从曲线Ⅱ可读出，拉力最大时C 点与P 点的距离为60 cm 左右，对绳子的结点进行受力如图所示，重物受力平衡，在水平方向有T P sin α＝T Q sin β，当结点偏向左边时，α接近零度，sin α<sin β，则T P >T Q ，故可推断曲线Ⅱ为T P 的曲线，曲线Ⅰ为T Q 的曲线．②通过①的分析结果和曲线的变化趋势，可知受到最大拉力的是Q 点所在的立柱． ③曲线Ⅰ、Ⅱ相交处，T P ＝T Q ＝T 0，根据力的正交分解，可列方程如下，T 0sin α＝T 0sin β，得α＝β，T 0cos α＋T 0cos β＝mg ，对绳子，设左边长度为l 1，由几何关系有l 1sin α＋(L －l 1)sin β＝D ，以上方程解得T 0＝mgL L 2－D 22（L 2－D 2）.21． [2014·浙江卷] 在“探究弹力和弹簧伸长的关系”时，某同学把两根弹簧如图1连接起来进行探究．图(a)第21题图1第21题表1(1)某次测量如图2所示，指针示数为________ cm.(2)在弹性限度内，将50 g 的钩码逐个挂在弹簧下端，得到指针A 、B 的示数L A 和L B如表1.用表1数据计算弹簧Ⅰ的劲度系数为____ N/m(重力加速度g 取10 m/s 2)．由表Ⅰ数据________(选填“能”或“不能”)计算出弹簧Ⅱ的劲度系数．第21题图221. [答案] (1)(15.95～16.05)cm ，有效数字位数正确 (2)(12.2～12.8) N/m 能[解析] (1)由图2可知刻度尺能精确到0.1 cm ，读数时需要往后估读一位．故指针示数为16.00±0.05 cm.(2)由表1中数据可知每挂一个钩码，弹簧Ⅰ的平均伸长量Δx 1≈4 cm ，弹簧Ⅱ的总平均伸长量Δx 2≈5.80 cm ，根据胡克定律可求得弹簧Ⅰ的劲度系数为12.5 N/m ，同理也能求出弹簧Ⅱ的劲度系数．23． (10分)[2014·新课标Ⅱ卷] 某实验小组探究弹簧的劲度系数k 与其长度(圈数)的关系．实验装置如图(a)所示：一均匀长弹簧竖直悬挂，7个指针P 0、P 1、P 2、P 3、P 4、P 5、P 6分别固定在弹簧上距悬点0、10、20、30、40、50、60圈处；通过旁边竖直放置的刻度尺，可以读出指针的位置，P 0指向0刻度．设弹簧下端未挂重物时，各指针的位置记为x 0；挂有质量为0.100 kg 的砝码时，各指针的位置记为x .测量结果及部分计算结果如下表所示(n 为弹簧的圈数，重力加速度取9.80 m/s 2)．已知实验所用弹簧总圈数为60，整个弹簧的自由长度为11.88 cm.(1)将表中数据补充完整：①________；②________．(2)以n 为横坐标，1k 为纵坐标，在图(b)给出的坐标纸上画出1k n 图像．图(b)(3)图(b)中画出的直线可近似认为通过原点．若从实验中所用的弹簧截取圈数为n 的一段弹簧，该弹簧的劲度系数k 与其圈数n 的关系的表达式为k ＝____③__N/m ；该弹簧的劲度系数k 与其自由长度l 0(单位为m)的关系的表达式为k ＝____④__N/m.23．[答案] (1)①81.7 ②0.0122 (2)略(3)③1.75×103n (在1.67×103n ～1.83×103n 之间均同样给分) ④3.47l 0(在3.31l 0～3.62l 0之间均同样给分)[解析] (1)①k ＝mgΔx ＝0.100×9.80（5.26－4.06）×10－2＝81.7 N/m ；②1k ＝181.7m/N ＝0.0122 m/N. (3)由作出的图像可知直线的斜率为5.8×10－4，故直线方程满足1k ＝5.8×10－4n m/N ，即k ＝1.7×103 n N/m(在1.67×103n ～1.83×103n之间均正确)④由于60圈弹簧的原长为11.88 cm ，则n 圈弹簧的原长满足n l 0＝6011.88×10－2，代入数值，得k ＝3.47l 0(在3.31l 0～3.62l 0之间均正确)．11．[2014·江苏卷] 小明通过实验验证力的平行四边形定则．(1)实验记录纸如题11-1图所示，O 点为橡皮筋被拉伸后伸长到的位置，两弹簧测力计共同作用时，拉力F 1和F 2的方向分别过P 1和P 2点；一个弹簧测力计拉橡皮筋时，拉力F 3的方向过P3点．三个力的大小分别为：F1＝3.30 N、F2＝3.85 N和F3＝4.25 N．请根据图中给出的标度作图求出F1和F2的合力．(题11-1图)(2)仔细分析实验，小明怀疑实验中的橡皮筋被多次拉伸后弹性发生了变化，影响实验结果．他用弹簧测力计先后两次将橡皮筋拉伸到相同长度，发现读数不相同，于是进一步探究了拉伸过程对橡皮筋弹性的影响．实验装置如题11-2图所示，将一张白纸固定在竖直放置的木板上，橡皮筋的上端固定于O点，下端N挂一重物．用与白纸平行的水平力缓慢地移动N，在白纸上记录下N的轨迹．重复上述过程，再次记录下N的轨迹．(题11-2图)(题11-3图)两次实验记录的轨迹如题11-3图所示．过O点作一条直线与轨迹交于a、b两点，则实验中橡皮筋分别被拉伸到a和b时所受拉力F a、F b的大小关系为______．(3)根据(2)中的实验，可以得出的实验结果有________(填写选项前的字母)．A．橡皮筋的长度与受到的拉力成正比B．两次受到的拉力相同时，橡皮筋第2次的长度较长C．两次被拉伸到相同长度时，橡皮筋第2次受到的拉力较大D．两次受到的拉力相同时，拉力越大，橡皮筋两次的长度之差越大(4)根据小明的上述实验探究，请对验证力的平行四边形定则实验提出两点注意事项．11．(1)(见下图，F合＝4.6～4.9 N都算对)(2)F a＝F b(3)BD(4)橡皮筋拉伸不宜过长；选用新橡皮筋．(或：拉力不宜过大；选用弹性好的橡皮筋；换用弹性好的弹簧．) [解析] (1)用力的图示法根据平行四边形定则作出合力并量出其大小．(2)画受力分析图如图所示，橡皮筋的拉力F与手的拉力F手的合力F合总与重力G平衡，故F cos θ＝G，两次实验中的θ角相同，故F＝F(3)力相同时，橡皮筋第2 次的长度较长，A错误，B正确；两次被拉伸到相同长度时，橡皮筋第2 次受到的拉力较小，C错误；根据轨迹越向右相差越多，说明两次受到的拉力相同时，拉力越大，橡皮筋两次的长度之差越大，D正确．2014年高考物理真题分类汇编专题3：牛顿运动定律17．[2014·新课标全国卷Ⅰ] 如图所示，用橡皮筋将一小球悬挂在小车的架子上，系统处于平衡状态．现使小车从静止开始向左加速，加速度从零开始逐渐增大到某一值，然后保持此值，小球稳定地偏离竖直方向某一角度(橡皮筋在弹性限度内)．与稳定在竖直位置时相比，小球的高度()A．一定升高B．一定降低C．保持不变D．升高或降低由橡皮筋的劲度系数决定17．A[解析] 本题考查了牛顿第二定律与受力分析．设橡皮筋原长为l0，小球静止时设橡皮筋伸长x1，由平衡条件有kx1＝mg，小球距离悬点高度h＝l0＋x1＝l0＋mgk，加速时，设橡皮筋与水平方向夹角为θ，此时橡皮筋伸长x2，小球在竖直方向上受力平衡，有kx2sin θ＝mg，小球距离悬点高度h′＝(l0＋x2)sin θ＝l0sin θ＋mgk，因此小球高度升高了．18．[2014·北京卷] 应用物理知识分析生活中的常见现象，可以使物理学习更加有趣和深入．例如平伸手掌托起物体，由静止开始竖直向上运动，直至将物体抛出．对此现象分析正确的是()A．手托物体向上运动的过程中，物体始终处于超重状态B．手托物体向上运动的过程中，物体始终处于失重状态C．在物体离开手的瞬间，物体的加速度大于重力加速度D．在物体离开手的瞬间，手的加速度大于重力加速度18．D本题考查牛顿第二定律的动力学分析、超重和失重．加速度向上为超重向下为失重，手托物体抛出的过程，必定有一段加速过程，即超重过程，从加速后到手和物体分离的过程中，可以匀速也可以减速，因此可能失重，也可能既不超重也不失重，A、B错误．手与物体分离时的力学条件为：手与物体之间的压力N＝0，分离后手和物体一定减速，物体减速的加速度为g，手减速要比物体快才会分离，因此手的加速度大于g，C错误，D正确．19．[2014·北京卷] 伽利略创造的把实验、假设和逻辑推理相结合的科学方法，有力地促进了人类科学认识的发展．利用如图所示的装置做如下实验：小球从左侧斜面上的O 点由静止释放后沿斜面向下运动，并沿右侧斜面上升．斜面上先后铺垫三种粗糙程度逐渐降低的材料时，小球沿右侧斜面上升到的最高位置依次为1、2、3.根据三次实验结果的对比，可以得到的最直接的结论是()A．如果斜面光滑，小球将上升到与O点等高的位置B．如果小球不受力，它将一直保持匀速运动或静止状态C．如果小球受到力的作用，它的运动状态将发生改变D．小球受到的力一定时，质量越大，它的加速度越小19．A本题考查伽利略理想实验．选项之间有一定的逻辑性，题目中给出斜面上铺垫三种粗糙程度逐渐降低的材料，小球的位臵逐渐升高，不难想象，当斜面绝对光滑时，小球在斜面上运动没有能量损失，可以上升到与O点等高的位臵，这是可以得到的直接结论，A正确，B、C、D尽管也正确，但不是本实验得到的直接结论，故错误．15．[2014·福建卷Ⅰ] 如下图所示，滑块以初速度v0沿表面粗糙且足够长的固定斜面，从顶端下滑，直至速度为零．对于该运动过程，若用h、s、v、a分别表示滑块的下降高度、位移、速度和加速度的大小，t表示时间，则下列图像中能正确描述这一运动规律的是()A BC D15．B[解析] 设滑块与斜面间的动摩擦因数为μ，斜面倾角为θ，滑块在表面粗糙的固定斜面上下滑时做匀减速直线运动，加速度不变，其加速度的大小为a ＝μg cos θ－g sin θ，故D 项错误；由速度公式v ＝v 0－at 可知，v -t 图像应为一条倾斜的直线，故C 项错误；由位移公式s ＝v 0t －12at 2可知，B 项正确；由位移公式及几何关系可得h ＝s sin θ＝⎝⎛⎭⎫v 0t －12at 2sin θ，故A 项错误． 8．[2014·江苏卷] 如图所示，A 、B 两物块的质量分别为2m 和m ，静止叠放在水平地面上．A 、B 间的动摩擦因数为μ，B 与地面间的动摩擦因数为12μ.最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g .现对A 施加一水平拉力F ，则( )A ．当F ＜2μmg 时，A 、B 都相对地面静止B ．当F ＝52μmg 时，A 的加速度为13μg C ．当F ＞3μmg 时，A 相对B 滑动D ．无论F 为何值，B 的加速度不会超过12μg 8．BCD [解析] 设B 对A 的摩擦力为f 1，A 对B 的摩擦力为f 2，地面对B 的摩擦力为f 3，由牛顿第三定律可知f 1与f 2大小相等，方向相反，f 1和f 2的最大值均为2μmg ，f 3的最大值为32μmg .故当0<F ≤32μmg 时，A 、B 均保持静止；继续增大F ，在一定范围内A 、B 将相对静止以共同的加速度开始运动，设当A 、B 恰好发生相对滑动时的拉力为F ′，加速度为a ′，则对A ，有F ′－2μmg ＝2ma ′，对A 、B 整体，有F ′－32μmg ＝3ma ′，解得F ′＝3μmg ，故当32μmg <F ≤3μmg 时，A 相对于B 静止，二者以共同的加速度开始运动；当F >3μmg 时，A 相对于B 滑动．由以上分析可知A 错误，C 正确．当F ＝52μmg 时，A 、B 以共同的加速度开始运动，将A 、B 看作整体，由牛顿第二定律有F －32μmg ＝3ma ，解得a ＝μg 3，B 正确．对B 来说，其所受合力的最大值F m ＝2μmg －32μmg ＝12μmg ，即B 的加速度不会超过12μg ，D 正确．7．[2014·四川卷] 如图所示，水平传送带以速度v 1匀速运动，小物体P 、Q 由通过定滑轮且不可伸长的轻绳相连，t ＝0时刻P 在传送带左端具有速度v 2，P 与定滑轮间的绳水平，t ＝t 0时刻P 离开传送带．不计定滑轮质量和滑轮与绳之间的摩擦，绳足够长．正确描述小物体P 速度随时间变化的图像可能是( )A B C D7．BC [解析] 若P 在传送带左端时的速度v 2小于v 1，则P 受到向右的摩擦力，当P 受到的摩擦力大于绳的拉力时，P 做加速运动，则有两种可能：第一种是一直做加速运动，第二种是先做加速度运动，当速度达到v 1后做匀速运动，所以B 正确；当P 受到的摩擦力小于绳的拉力时，P做减速运动，也有两种可能：第一种是一直做减速运动，从右端滑出；第二种是先做减速运动再做反向加速运动，从左端滑出．若P在传送带左端具有的速度v2大于v1，则小物体P受到向左的摩擦力，使P做减速运动，则有三种可能：第一种是一直做减速运动，第二种是速度先减到v1，之后若P受到绳的拉力和静摩擦力作用而处于平衡状态，则其以速度v1做匀速运动，第三种是速度先减到v1，之后若P所受的静摩擦力小于绳的拉力，则P将继续减速直到速度减为0，再反向做加速运动并且摩擦力反向，加速度不变，从左端滑出，所以C正确．5．[2014·重庆卷] 以不同的初速度将两个物体同时竖直向上抛出并开始计时，一个物体所受空气阻力可忽略，另一个物体所受空气阻力大小与物体的速率成正比，下列分别用虚线和实线描述两物体运动的v-t图像可能正确的是()A BC D5．D[解析] 本题考查v-t图像．当不计阻力上抛物体时，物体做匀减速直线运动，图像为一倾斜直线，因加速度a＝－g，故该倾斜直线的斜率的绝对值等于g.当上抛物体受空气阻力的大小与速率成正比时，对上升过程，由牛顿第二定律得－mg－k v＝ma，可知物体做加速度逐渐减小的减速运动，通过图像的斜率比较，A错误．从公式推导出，上升过程中，|a|>g，当v＝0时，物体运动到最高点，此时a＝－g，而B、C图像的斜率的绝对值均小于g，故B、C错误，D正确．22．[2014·新课标全国卷Ⅰ] 某同学利用图(a)所示实验装置及数字化信息系统获得了小车加速度a与钩码的质量m的对应关系图，如图(b)所示．实验中小车(含发射器)的质量为200 g，实验时选择了不可伸长的轻质细绳和轻定滑轮，小车的加速度由位移传感器及与之相连的计算机得到，回答下列问题：图(a)图(b)(1)根据该同学的结果，小车的加速度与钩码的质量成________(选填“线性”或“非线性”)关系．(2)由图(b)可知，a -m 图线不经过原点，可能的原因是________．(3)若利用本实验装置来验证“在小车质量不变的情况下，小车的加速度与作用力成正比”的结论，并直接以钩码所受重力mg 作为小车受到的合外力，则实验中应采取的改进措施是________，钩码的质量应满足的条件是________．22．(1)非线性 (2)存在摩擦力 (3)调节轨道的倾斜度以平衡摩擦力 远小于小车的质量[解析] 本题考查了验证牛顿第二定律的实验．(1)根据图中描出的各点作出的图像不是一条直线，故小车的加速度和钩码的质量成非线性关系．(2)图像不过原点，小车受到拉力但没有加速度，原因是有摩擦力的影响．(3)平衡摩擦力之后，在满足钩码质量远小于小车质量的条件下，可以得出在小车质量不变的情况下拉力与加速度成正比的结论．24．[2014·新课标全国卷Ⅰ] 公路上行驶的两汽车之间应保持一定的安全距离．当前车突然停止时，后车司机可以采取刹车措施，使汽车在安全距离内停下而不会与前车相碰．通常情况下，人的反应时间和汽车系统的反应时间之和为1 s ，当汽车在晴天干燥沥青路面上以108 km/h 的速度匀速行驶时，安全距离为120 m ．设雨天时汽车轮胎与沥青路面间的动摩擦因数为晴天时的25，若要求安全距离仍为120 m ，求汽车在雨天安全行驶的最大速度．24．2 m/s(或72 km/h)[解析] 设路面干燥时，汽车与地面的动摩擦因数为μ0，刹车时汽车的加速度大小为a 0，安全距离为s ，反应时间为t 0，由牛顿第二定律和运动学公式得μ0mg ＝ma 0①s ＝v 0t 0＋v 202a 0② 式中，m 和v 0分别为汽车的质量和刹车前的速度．设在雨天行驶时，汽车与地面的动摩擦因数为μ，依题意有μ＝25μ0③ 设在雨天行驶时汽车刹车的加速度大小为a ，安全行驶的最大速度为v ，由牛顿第二定律和运动学公式得μmg ＝ma ④s ＝v t 0＋v 22a⑤联立①②③④⑤式并代入题给数据得v＝20 m/s(72 km/h)．⑥24．C5[2014·新课标Ⅱ卷] 2012年10月，奥地利极限运动员菲利克斯·鲍姆加特纳乘气球升至约39 km的高空后跳下，经过4分20秒到达距地面约1.5 km高度处，打开降落伞并成功落地，打破了跳伞运动的多项世界纪录．重力加速度的大小g取10 m/s2.(1)若忽略空气阻力，求该运动员从静止开始下落至1.5 km高度处所需的时间及其在此处速度的大小；(2)实际上，物体在空气中运动时会受到空气的阻力，高速运动时所受阻力的大小可近似表示为f＝k v2，其中v为速率，k为阻力系数，其数值与物体的形状、横截面积及空气密度有关．已知该运动员在某段时间内高速下落的v-t图像如图所示．若该运动员和所带装备的总质量m＝100 kg，试估算该运动员在达到最大速度时所受阻力的阻力系数．(结果保留1位有效数字)24．[答案] (1)87 s8.7×102 m/s(2)0.008 kg/m[解析] (1)设该运动员从开始自由下落至1.5 km高度处的时间为t，下落距离为s，在1.5 km高度处的速度大小为v，根据运动学公式有v＝gt①s＝12gt2②根据题意有s＝3.9×104 m－1.5×103 m③联立①②③式得t＝87 s④v＝8.7×102 m/s⑤(2)该运动员达到最大速度v max时，加速度为零，根据牛顿第二定律有mg＝k v2max⑥由所给的v-t图像可读出v max≈360 m/s⑦由⑥⑦式得k＝0.008 kg/m ⑧23．(18分)[2014·山东卷] 研究表明，一般人的刹车反应时间(即图甲中“反应过程”所用时间)t0＝0.4 s，但饮酒会导致反应时间延长．在某次试验中，志愿者少量饮酒后驾车以v0＝72 km/h的速度在试验场的水平路面上匀速行驶，从发现情况到汽车停止，行驶距离L ＝39 m，减速过程中汽车位移s与速度v的关系曲线如图乙所示，此过程可视为匀变速直线运动．取重力加速度的大小g取10 m/s2.求：图甲。
2014年广东高考物理科试卷分析
2014年广东高考物理科试卷分析一．难度分析总分许可范围在55----65整体难度基本持平选择题得分继续下降2014年理综物理客观题对整个理综成绩有重要影响1．实际难度客观题错误选项难度略有提升，情景与实际结合，得分率下降实验题简单但有新意，出现根据已有知识探究未知知识的题目，答对率很低35题对物理非选平均分有决定性影响最后一题第一问仍为得分点计算能力不足及逻辑推理能力缺乏导致失分仍存在答题规范问题2．试卷设计难度14年和13年比较，选择题难度略增，实验题增加了综合能力实验的目的不是为做而做，实验的目的是“探究”和“理解”物理原理实验不仅是“动手”，更总要的是“动脑”课题：如何通过实验“加深”理解？3．综合卷的影响全卷统计数据表就理综整体而言，仍然达标⑪选择题试题数据表⑫非选择题试题数据表4．难度预测大盘走势面向中产阶级的策略确保基础；重视实验；避免失分；寻找得分时间问题：选择哪一科？（纵向难度、横向难度、相对难度）心理问题：在意料之外做题？二．试题特色内容稳定，突出主干，不怕重复，强调图像的意义，强调实验细节。
客观题联系实际情景有所加强实验题进一步强调逻辑推理，从“已有”知识探究“未知”知识出现边界问题但没有讨论知识比例联系实际（浅层次）选择题第14题原木受力方向的问题，16题车厢缓冲器的问题，17题充气塑料袋问题数学要求计算量降低，几何关系的要求较高。
难点问题1．问题隐蔽性问题与物体运动情况的关系是隐含的2．条件烦琐性物理情景较长，条件叙述比较琐碎，字符数过多，对物理情景的提炼能力要求很高3．问题发散性以极限思维寻找时空的边界，边界决定内部4． 数学几何性，根据图像获取信息坚持代数方程和四则运算的难度不大，突出 “几何关系” 带电粒子在场中运动的关键是各种半径的几何问题 5．实验过程中的理论性和细节性实验步骤和正确操作的细节； 表述规范问题三． 试题及考生反映的问题分析点评：延续特色（实验细节；“阅读”实验能力）；实验题持续出新意，考察实验中的逻辑推理能力。
【物理】2010年高考试题分类汇编——原子物理学
2010 年高考物理试题分类汇编——原子物理学（全国卷 1）14．原子核23892U经放射性衰变①变成原子核23490Th，既而经放射性衰变②变成原子核23491Pa，再经放射性衰变③变成原子核23492 U 。
放射性衰变①、②和③挨次为A ．α衰变、β衰变和β衰变B．β衰变、β衰变和α衰变C．β衰变、α衰变和β衰变D．α衰变、β衰变和α衰变【答案】 A【分析】23892U①23490Th ,质量数少4,电荷数少2,说明①为α衰变.23490Th②23491 Pa ,质子数加 1,说明②为β衰变 ,中子转变成质子 .23491 Pa③23492U ,质子数加1,说明③为β衰变 ,中子转变成质子.【命题企图与考点定位】主要考察依据原子核的衰变反响方程，应用质量数与电荷数的守恒剖析解决。
（全国卷 2） 14.原子核Z A X 与氘核12H 反响生成一个α粒子和一个质子。
由此可知A ． A=2， Z=1 B. A=2 ， Z=2 C. A=3， Z=3 D. A=3， Z=2【答案】 D【分析】Z A X12H24 He 11H ，应用质量数与电荷数的守恒A241,Z121，解得 A 3,Z 2 ，答案D。
【命题企图与考点定位】主要考察依据原子核的聚变反响方程，应用质量数与电荷数的守恒剖析解决。
（新课标卷） 34.[ 物理——选修3-5](1)(5分)用频次为v0的光照耀大批处于基态的氢原子，在所发射的光谱中仅能观察到频次分别为 v1、 v2、 v3的三条谱线，且v3＞ v2＞ v1，则_______.(填入正确选项前的字母 )A 、v0＜v1B 、v3v2 v1C、 v0v1 v2 v3111 D 、v2v3v1答案： B分析：大批氢原子跃迁时只有三个频次的光谱，这说明是从n=3 能级向低能级跃迁，根据能量守恒有，h3h2h 1，解得：v3v2v1，选项 B 正确。
（北京卷） 13．属于狭义相对论基本假定的是：在不一样的惯性系中，Ａ．真空中光速不变Ｂ．时间间隔拥有相对性Ｃ．物体的质量不变Ｄ．物体的能量与质量成正比答案： A（北京卷） 15．太阳因核聚变开释出巨大的能量，同时其质量不停减少。
广东十年(2004~2014)高考综合卷中物理科目题目汇总
B 结点 O 受到拉力 FA、FB 和竖直绳拉力 T(T＝G)三个力作用，且三力处于平衡状态，所以 FA、FB 的矢量和 大小等于 G，但 FA、FB 的大小之和并不等于 G，C、D 两项错误；由对称性可以判断 FA 与 FB 大小相等，B 项 正确；AO 与 BO 夹角为 120°时，FA＝FB＝G，AO 与 BO 夹角小于 120°时，FA＜G，AO 与 BO 夹角大于 120° 时，FA＞G，所以 A 项错误． 第 2 题(2010 年普通高等学校夏季招生考试理科综合能力测试(广东卷))
第 9 题(2008 年普通高等学校夏季招生考试综合能力测试（文科使用）（广东卷）)
题目
图 7 是一质点做直线运动的 v-t 图象，据此图象可以得到的正确结论是（ ）
A.质点在第 1 秒末停止运动 C.质点在第 2 秒内做匀减速运动
答案
图7 B.质点在第 1 秒末改变运动方向 D.质点在前 2 秒内的位移为零
题目
下图是某物体做直线运动的 v-t 图象，由图象可得到的正确结果是（ ）
A.t=1 s 时物体的加速度大小为 1.0 m/s2
B.t=5 s 时物体的加速度大小为 0.75 m/s2
C.第 3 s 内物体的位移为 1.5 m
D.物体在加速过程的位移比减速过程的位移大
答案
B
解析：t=1 s 时,加速度为 1.5 m/s2,3—7 s 物体加速度为-0.75 m/s2,故 A 错误,B 正确；第 3 s 内位移为 3 m,加速过程位移为 3 m,减速过程位移为 6 m,故 C、D.均错误。
图2 A.510 N
B.490 N
C.890 N
D.910 N
答案
B 解析：对物体受力分析有 F-mg=ma，F=210 N，对人受力分析有 F 支=Mg-F=490 N。
粤教版高中物理选修3-5高考模拟物理汇编(动量守恒定律、光电效应、原子结构、放射性现象)
高中物理学习材料金戈铁骑整理制作2010年广东各地模拟题汇编（选修3-5） 动量守恒定律、光电效应、原子结构、放射性现象第一章 动量守恒定律3．（2010年广州调研）如图1-1-4所示，在光滑水平面上质量分别为m A =2 kg 、m B =4 kg ，速率分别为v A =5 m/s 、v B =2 m/s 的A 、B 两小球沿同一直线相向运动（ ）A ．它们碰撞前的总动量是18 kg · m/s ，方向水平向右B ．它们碰撞后的总动量是18 kg · m/s ，方向水平向左C ．它们碰撞前的总动量是2 kg · m/s ，方向水平向右D ．它们碰撞后的总动量是2 kg · m/s ，方向水平向左3．C 解析：以水平向右方向为正方向，两球碰前的总动量为A B p p p =+10kg m/s 8kg m/s 2kg m/s =-=，因此C 正确，A 错误；两球不受摩擦力的作用，系统动量守恒，碰撞后总动量依然为2kg m/s ，方向依然向右，B 、D 错误．7．（2010年广东三校期末联考）如图1-3-10所示，A 、B 两物体质量分别为m A =5 kg 和m B =4 kg ，与水平地面之间的动摩擦因数分别为μA =0.4和μB =0.5，开始时两物体之间有一压缩的轻弹簧（不拴接），并用细线将两物体拴接在一起放在水平地面上.现将细线剪断，则两物体将被弹簧弹开，最后两物体都停在水平地面上.下列判断正确的是（ ）A ．在弹簧弹开两物体以及脱离弹簧后两物体的运动过程中，两物体组成的系统动量守恒B ．在弹簧弹开两物体以及脱离弹簧后两物体的运动过程中，整个系统的机械能守恒C ．在两物体被弹开的过程中，A 、B 两物体的动能先增大后减小D ．A 比B 先停止运动7．AC 解析：两物体受的外力为A B F F -+0A A B B gm gm μμ-=，因此两物体组成的系统动量守恒；由于摩擦力不为零，系统机械能不守恒；由于两物体动量守恒，因此应该同A B 左 v B 右v A时停止运动．8、（2010年东莞四校月考）如图1-3-11示，光滑水平桌面上的小滑块P和Q都可视作质点，M P>M Q，Q与轻质弹簧相连．设Q静止，P以某一初速度向Q运动并与弹簧发生碰撞，一段时间后P与弹簧分离．在这一过程中，正确的是（）A．P与弹簧分离时，Q的动能达到最大B．P与弹簧分离时，P的动能达到最小C．P与Q的速度相等时，弹簧的弹性势能达到最小D．P与Q的速度相等时，P的动能达到最小8．AB 解析：此过程为弹性碰撞．在两物体速度相等时，系统动能最小，弹簧弹性势能最大；弹簧给P的冲量总是与速度方向相反的（由于M P>M Q，P的速度不会为零），在P 与弹簧分离时，弹性势能为零，之后弹簧不在给P冲量，因此P达到最小速度，相反Q得到速度．5、（2010年广州重点中学月考）如图1-4-5所示，三辆相同的平板小车a、b、c成一直线排列，静止在光滑水平地面上，c车上一个小孩跳到b车上，接着又立即从b车跳到a车上，小孩跳离c车和b车时对地的水平速度相同，他跳到a车上没有走动便相对a车保持静止，此后：A．a、c两车的运动速率相等B．a、b两车的运动速率相等C．三辆车的运动速率关系为v c＞v a＞v bD．a、c两车的运动方向一定相反5．CD6．（2010年惠州调研三）如图1-4-6所示，质量分别为m1和m2的两个小球A、B，带有等量异种电荷，通过绝缘轻弹簧相连接，置于绝缘光滑的水平面上．当突然加以水平向右的匀强电场后，两小球A、B将由静止开始运动，在以后的运动过程中，对两个小球和弹簧组成的系统（设整个过程中不考虑电荷间库仑力的作用且弹簧不超过弹性限度），以下说法正确的是（）A．系统机械能不断增加B．系统动量守恒C．当弹簧长度达到最大值时，系统机械能最小D．当小球所受电场力与弹簧的弹力相等时，系统动能最大6．BD15.（2010年粤西北九校联考）如图1-1-9所示，半径为R的光滑半圆环轨道竖直固定在一水平光滑的桌面上，桌面距水平地面的高度也为R，在桌面上轻质弹簧被a、b两个小球挤压（小球与弹簧不拴接），处于静止状态．同时释放两个小球，小球a、b与弹簧在水RABC a b图P Q平桌面上分离后，a 球从B 点滑上光滑半圆环轨道并恰能通过半圆环轨道最高点A ，b 球则从桌面C 点滑出后落到水平地面上，落地点距桌子右侧的水平距离为R 25．已知小球a 质量为m ，重力加速度为g ．求：（1）释放后a 球离开弹簧时的速度大小． （2）释放后b 球离开弹簧时的速度大小． （3）释放小球前弹簧具有的弹性势能．15．解：（1）a 球恰能通过半圆环轨道最高点A 时：Rv m mg A2=a 球从B 运动到A 过程中机械能守恒：R mg mv mv A B 2212122∙+= 联立解得：gR v v B a 5==．（2）b 球则从桌面C 点滑出做平抛运动：212h gt =，C xv t= 代入数据求得：25gRv v c b ==．（3）以ab 与弹簧为研究对象，动量守恒：v b a v m mv +=0 得：m m b 2=弹簧的弹性势能为：222121b b a P v m mv E += 得：p 3.75E mgR =．16.（2010年广东六校联考）如图1-1-10，在光滑水平长直轨道上有A 、B 两个绝缘体，它们之间有一根长L 的轻质细线相连接，其中A 的质量为m ，B 的质量为M =2m ，A 为带有电量为+q 的物体，B 不带电，空间存在着方向水平向右的匀强电场,电场强度为E ．开始时用外力把A 与B 靠在一起并保持静止，某时刻撤去外力，A开始向右运动，直到细线绷紧．当细线被绷紧时，细线存在极短时间的弹力，而后B 开始运动．已知B 开始运动时的速度等于线刚绷紧前瞬间A 的速度的1/2，设整个过程中，A 的电荷量保持不变．求：⑴B 开始运动时，A 运动的速度．⑵通过计算来判断细线在第二次绷紧前A 、B 是否发生碰撞．⑶在⑵中，若A 、B 发生碰撞，求碰撞前瞬间B 的位移；若A 、B 不发生碰撞，求细线第二次绷紧前瞬间B 的位移．16．解：（1）从运动到拉直时，A 的速度为v 0 ，则：2012Eql mv =解得：02Eqlv m=绷紧前后，系统动量守恒：00122A mv mv m v =+⋅ 解得：0A v =．（2）第一次绷紧后，A 作初速度为0的匀加速直线运动，B 作0.5v 0的匀速直线运动．现假设二者能碰撞，B 追上A 的时间为t ，则须同时满足下面两个条件：①二者能相遇：201122Eq v t t l m=+，且t 有实数解； ②相遇时后面速度比前面大012Eqv t m>．由①得到一元二次方程的判别式302Eqlm∆=-< 故t 无实数解，说明B 追不上A ，也就没有②式成立．所以，二者不会发生碰撞．（3）设第二次绷紧时间为t 2 则有：2022122B v Eq s t t m== 解得：02,B mv t s l Eq==． 17．（2010年广州一摸）如图1-1-11所示的凹形场地，两端是半径为L 的光滑1/4圆弧面，中间长为4L 的粗糙水平面．质量为3m 的滑块乙开始停在水平面的重点O 处，质量为m 的滑块甲从光滑圆弧面顶端A 处无初速度滑下，进入水平面内并与乙发生碰撞，碰后以碰前一半的速度反弹．已知甲、乙与水平面的动摩擦因数分别为μ1、μ1，且μ1=2μ2，甲、乙的体积大小忽略不计．求：（1）甲与乙碰撞前的速度． （2）碰后瞬间乙的速度． （3）甲、乙在O 出发生碰撞后，刚好不在发生碰撞，则甲、乙停在距B 点多远处．17．解：（1）设甲到达O 处与乙碰撞前的速度为v 甲，由动能定理：21212甲甲甲甲v m L g m gL m =⋅-μ 得： )21(21μ-=gL v 甲．（2）设碰撞后甲、乙的速度分别为v 甲′、v 乙′，由动量守恒：乙乙甲甲甲甲v m v m v m '+'=又：甲甲v v 21-=' 得：甲乙v v 21='．（3）由于μ1=2μ2，所以甲、乙在水平面上运动的加速度满足：a 甲=2a 乙设甲在水平地面上通过的路程为s 1、乙在水平地面上通过的路程为s 2，则有：122s a v 甲甲='，222s a v 乙乙=' 即：2121=s s ① 由于甲、乙刚好不再发生第二次碰撞，所以甲、乙在同一地点停下．有以下两种情况： 第一种情况：甲返回时未到达B 时就已经停下，此时有：s 1＜2L 而乙停在甲所在位置时，乙通过的路程为：s 2=2L +2L +s 1=4L +s 1 因为s 1与s 2不能满足①，因而这种情况不能发生．第二种情况：甲、乙分别通过B 、C 冲上圆弧面后，返回水平面后相向运动停在同一地点，所以有：s 1+s 2=8L ②①②两式得：381L s =或 3162Ls = 即小车停在距B 为：L L s L 3221=-=∆．15．（2010年广州二模）质量为m 的A 球和质量为3m 的B 球分别用长为L 的细线a 和b 悬挂在天花板下方，两球恰好相互接触，且离地面高度L h 21=．用细线c 水平拉起A ，使a 偏离竖直方向θ = 60°，静止在如图1-3-19所示的位置．b 能承受的最大拉力F m =3.5mg ，重力加速度为g ．（1）A 静止时，a 受多大拉力? （2）剪断c ，①求A 与B 发生碰撞前瞬间的速度大小．②若A 与B 发生弹性碰撞，求碰后瞬间B 的速度大小．③判断b 是否会被拉断？如果不断，求B 上升的最大高度；如果被拉断，求B 抛出的水平距离．15．解：（1）A 球受力如图所示，根据物体的平衡条件有：2cos cos 60a T mgT mg θ===︒． （2）设A 球到达最低点时速度为v A ，由机械能守恒定律：21(1cos )2A mgL mv θ-=解得gL v A =BAbach θ 图8mgT aT cT θA 与B 碰后瞬间，A 的速度为v A ′、B 的速度为v B ，依题意：3A A B mv mv mv '=+① 2223212121B A A mv v m mv ⨯+'=② 由①②解得221gLv v A B ==③若b 不断，碰后瞬间b 所受拉力为F ，由牛顿运动定律：Lmv mg F B233=- ④由③④解得mg F 75.3=由于m F F >，故b 会被拉断，拉断后，B 将以v B 的速度做平抛运动，设其抛出的水平距离为s ，则有：221gt h =⑤ t v s B =⑥由③⑤⑥解得L s 21=． 16．（2010年东莞四校月考）如图1-3-20所示,一辆小车静止在光滑水平面上在C 、D 两端置有油灰阻挡层,整辆小车质量1 kg 在车的水平底板上放有光滑小球A 和B ，质量分别为m A =1 kg ，m B =3 kg ，A 、B 小球间置一被压缩的弹簧,其弹性势能为6 J ，现突然松开弹簧，A 、B 小球脱离弹簧时距C 、D 端均为0.6 m ．然后两球分别与油灰阻挡层碰撞,并被油灰粘住，问：(1)A 、B 小球脱离弹簧时的速度大小各是多少？ (2) B 小球脱离弹簧到与小车相碰的时间是多少？16．解：（1）A 、B 两小球松开弹簧到脱离弹簧时动量守恒、机械能守恒A AB B m v m v =()22p /2A A B B E m v m v =+得v A = 3 m/s ，v B =1 m/s ．（2）A 小球脱离弹簧到与小车相碰的时间t 1=s /v A =0.2 s 此时B 小球到与小车的距离110.4m B s s v t =-= A 小球与小车相碰时动量守恒()A A A m v M m v =+得v =1.5 m/sB 小球再与小车相碰的时间t 2= s 1/(v + v B ) = 0.16 s B 小球脱离弹簧到与小车相碰的时间是t =t 1+t 2=0.36 s ．17．（2010年广州调研）如图1-3-21所示，质量为M =4 kg 的木板静止在光滑的水平面上，在木板的右端放置一个质量m =1 kg 大小可以忽略的铁块，铁块与木板之间的摩擦因数μ=0.4，在铁块上加一个水平向左的恒力F =8 N ，铁块在长L =6 m 的木板上滑动．取g =10 m/s 2．求：（1）经过多长时间铁块运动到木板的左端． （2）在铁块到达木板左端的过程中，恒力F 对铁块所做的功．（3）在铁块到达木板左端时，铁块和木板的总动能．17．解：（1）铁块与木板间的滑动摩擦力0.4110N 4N f mg μ==⨯⨯=铁块的加速度22184m/s 4m/s 1F f a m --=== 木板的加速度2224m/s 1m/s 4f a M ===铁块滑到木板左端的时间为t ，则L t a t a =-22212121代入数据解得2s t =．（2）铁块位移22111142m 8m 22s a t ==⨯⨯= 木板位移22221112m 2m 22s a t ==⨯⨯=恒力F 做的功188J 64J W Fs ==⨯=． （3）方法一：铁块的动能1()(84)8J 32J kA E F f s =-=-⨯= 木板的动能242J 8J kB E fs ==⨯=铁块和木板的总动能32J 8J 40J kA kB k E E E =+=+=总． 方法二：铁块的速度1142m/s 8m/s v a t ==⨯= 铁块的动能2211118J 32J 22kA E mv ==⨯⨯= 木板的速度2212m/s 2m/s v a t ==⨯= 木板的动能2221142J 8J 22kB E Mv ==⨯⨯= 铁块和木板的总动能k k k 32J 8J 40J A B E E E =+=+=总．18．（2010年湛江一摸）如图1-3-22所示，光滑水平面上有一长板车，车的上表面OA段是一长为己的水平粗糙轨道，A 的右侧光滑，水平轨道左侧是一光滑斜面轨道，斜面轨道L Mm左 右FacAB bRv 与水平轨道在O 点平滑连接．车右端固定一个处于锁定状态的压缩轻弹簧，其弹性势能为E p ，一质量为m 的小物体(可视为质点)紧靠弹簧，小物体与粗糙水平轨道间的动摩擦因数为μ，整个装置处于静止状态．现将轻弹簧解除锁定，小物体被弹出后滑上水平粗糙轨道．车的质量为 2m ，斜面轨道的长度足够长，忽略小物体运动经过O 点处产生的机械能损失，不计空气阻力．求：(1)解除锁定结束后小物体获得的最大动能；(2)当μ满足什么条件小物体能滑到斜面轨道上，满足此条件时小物体能上升的最大高度为多少?18．解：(1)设解锁弹开后小物体的最大速度饷大小为v 1，小物体的最大动啦为E k ,此时长板车的速度大小为v 2，研究解锁弹开过程小物体和车组成的系统，根据动量守恒和机械能守恒，有 120mv mv -= ①22p 1211.222E mv mv =+ ② 2k1112E mv = ③联立①②③式解得k1p 23E E =．(2)小物体相对车静止时，二者有共同的速度设为v 共，长板车和小物体组成的系统水平方向动量守恒 (2)0m m v +=共 ④所以v 共=0要使小物体能滑上斜面轨道，必须满足P >E mgL μ 即当P<E mgLμ时，小物体能滑上斜面轨道 设小物体上升的最大高度为h ，此瞬间小物体相对车静止，由④式知两者有共同速度为零．根据系统能量守恒有P E mgh mgL μ=+解得：PE h L mgμ=-． 14．（2010年广东四校联考）如图1-4-10，abc 是光滑的轨道，其中ab 是水平的，bc 是位于竖直平面内与ab 相切的半圆，半径R = 0.40 m ．质量m = 0.30 kg 的小球A 静止在水平轨道上，另一质量M = 0.50 kg 的小球B 以v 0 = 4 m/s 的初速度与小球A 发生正碰．已知碰后小球A 经过半圆的最高点c 后落到轨道上距b 点为L = 1.2 m 处，重力加速度g = 10 m/s 2．求碰撞结束后：（1）当A 球经过半圆的最高点c 时轨道对它的作用力N ； （2）A 、B 两球的速率v A 和v B ．14．解：（1）设碰后小球A 在半圆的最高点c 时速度为A v '， 球A 随后离开c 点作平抛运动，有2212gt R =① A L v t '=⋅ ②在c 点时，由牛顿定律可得：Rv m mg N A 2'=+ ③联立解得：N mg R L N 75.31422=⎪⎪⎭⎫⎝⎛-=（2）对碰撞过程，由动量守恒定律得：A B mv Mv Mv +=0 ④对碰后小球A 运动到半圆的最高点c 的过程， 由机械能守恒定律得：2211222A A mv mg R mv '=⋅+ ⑤ 联立① ② ④ ⑤ 各式并代入数据解得： v A ＝5 m/s ，vB ＝1 m/s ．15．（2010年湛江二模）如图1-4-11所示，固定在地面上的光滑圆弧面与车C 的上表面平滑相接，在圆弧面上有一个滑块A ，其质量为m A =2 kg ，在距车的水平面高h =1.25 m 处由静止下滑，车C 的质量为m C =6 kg ，在车C 的左端有一个质量m B =2 kg 的滑块B ，滑块A 与B 均可看作质点，滑块A 与B 碰撞后粘合一起共同运动，最终没有从车C 上滑出，已知滑块A 和B 与车C 的动摩擦因数均为0.5μ=，车C 与水平地面的摩擦忽略不计．取g= 10m/s 2．求：（1）滑块A 滑到圆弧面末端时的速度大小．（2）滑块A 与B 碰撞后瞬间的共同速度的大小．（3）车C 的最短长度．15．解：（1）设滑块A 滑到圆弧未端时的速度大小为v 1，由机械能守恒定律有2121v m gh m A A =代入数据解得125m /s v gh ==．（2）设A 、B 碰后瞬间的共同速度为v 2，滑块A 与B 碰撞瞬间与车C 无关，滑块A 与B 组成的系统动量守恒21)(v m m v m B A A +=代入数据解得2 2.5m /s v =．（3）设车C 的最短长度为L ，滑块A 与B 最终没有从车C 上滑出，三者最终速度相同设为v 3，根据动量守恒定律有32)()(v m m m v m m C B A B A ++=+ ①根据能量守恒定律有2322)(21)(21)(v m m m v m m gL m m C B A B A B A ++-+=+μ ② CB h联立①②式代入数据解得.3750=L m ．16．（2010年汕头澄海区期末）如图1-4-12所示，光滑圆形坡道的半径为R ，质量为m 的小物块A 在圆形坡道上距水平面高度为h 处由静止滑下，进入水平面上的滑道．为使A 制动，将轻弹簧的一端固定在竖直墙上的P 点，另一端连接质量为M 的物体B ，并恰位于滑道的末端O 点．已知在OP 段， A 、B 与水平面间的动摩擦因数均为μ，其余各处的摩擦不计，重力加速度为g ，（A 、B 均可视为质点）求：（1）小球到达圆坡道末端O 点还未与B 接触时对坡道的压力多大？（2）若在O 点A 、B 碰后粘在一起运动，运动速度多大？（3）弹簧为最大压缩量d 时的弹性势能（设弹簧处于原长时弹性势能为零）？16．解：（1）由机械能守恒定律得221mv mgh = 解得gh v 2=若小球在圆坡道末端所受支持力的大小为F ，小球做圆周运动有2v F mg m R-=由结果代入上式可得mg R h F ⎪⎭⎫ ⎝⎛+=21 根据牛顿第三定律，小球到达圆坡道末端时对坡道的压力大小mg R h F ⎪⎭⎫ ⎝⎛+='21，方向竖直向下．（2）根据动量守恒定律：()1v M m mv +=解得：gh Mm m v 21+=．（3）在水平滑道上物块A 、B 克服摩擦力所做的功为()W M m gd μ=+弹簧为最大压缩量d 时的弹性势能为E P ，由能量守恒定律得()()21p 12M m v E M m gd μ+=++ 以上各式联立求解得()p mE mgh M m gd m Mμ=-++．17．（2010年广东全省联考）如图1-4-13所示，倾角θ=37°的固定斜面AB 长L =18 m ，一质量M=1 kg 的木块由斜面中点C 从静止开始下滑，0.5 s 后被一颗质量m =20 g 的子弹以v 0=600 m/s 沿斜面向上的速度正对射入并穿出，穿出速度u =100 m/s ，以后每隔1.5 s 就有一颗子弹射入木块．设子弹射穿木块的时间极短，且每次射入时木BP块对子弹的阻力相同．已知木块与斜面间的动摩擦因数0.25μ=，g 取10 m/s 2，sin 370.60=，cos 370.80=．（1）求木块在被第二颗子弹击中前，沿斜面向上运动离A 点的最大距离．（2）木块在斜面上最多能被多少颗子弹击中？17．解：（1）木块下滑过程有：1sin cos Mg Mg Ma θμθ-=()21sin cos 4m/s a g θμθ=-= 下滑位移211110.5m 2s a t == 末速度1112m/s v a t ==第一颗子弹穿过木块前后，系统动量守恒，有011mv Mv mu Mv '-=+ 解得：18m/s v '= 木块将上滑．有：2sin cos Mg Mg Ma θμθ--=得228m/s a =- 上滑时间12201s v t a '-== 上滑位移1224m 2v s t '== 因为2 1.5s t <，所以第二颗子弹击中木块前，木块上升到最高点P 1后又会下滑，故木块离A 点的最大距离为：1212.5m 2L d s s =-+=． （2）木块从P 1再次下滑0.5 s 后被第二颗子弹击中，这一过程与被第一颗子弹击中的过程相同，故再次上滑的位移仍为4 m ，到达的最高点P 2在P 1的上方：4m 0.5m 3.5m d ∆=-=此时P 2到B 点的距离为：m 2m 3.5m d L d d =--∆=<所以，第三颗子弹击中木块后，木块将滑出斜面，故共有三颗子弹击中木块．第二章 光电效应2．（2010年广州二模）频率为ν的光照射某金属时，产生光电子的最大初动能为E km ．改用频率为2ν的光照射同一金属，所产生光电子的最大初动能为（h 为普朗克常量）（ ）A ．E km -h νB ．2E km C. E km +h ν D. E km +2h ν2．C 解析：有光电效应方程h ν=E km +W ，因此2h ν=2E km +2W =（2E km +W ）+W ，所以产生的光电子的最大初动能为E =2E km +W =2E km ＋h ν－E km =E km ＋h ν，C 正确．6．（2010年湛江二模）物理学在研究实际问题时，常常进行科学抽象，即抓住研究问题的主要特征，不考虑与当前研究问题无关或影响较小的因素，建立理想化模型．下列选项是物理学中的理想化模型的有（ ）A ．力的合成B ．自由落体运动C ．点电荷D ．光电效应6．BC 解析：光电效应是科学假说．第三章 原子结构与氢原子能级2．（2010年佛山质检二）下列叙述正确的是（ ）A ．奥斯特实验说明电流能产生磁场B ．卢瑟福α粒子散射实验的结果说明原子很小C ．胡克发现弹簧弹力大小总与弹簧长度成正比D ．在国际单位制中，力学的基本单位是米、牛顿、秒2．A 解析：卢瑟福α粒子散射实验说明原子核很小，而非原子很小；胡克发现弹簧弹力总与弹簧的变化长度成正比，而非弹簧长度；力学基本单位是米、千克、秒，牛顿是导出单位．3．（2010年深圳二模）下列说法正确的是（ ）A ．卢瑟福用α粒子轰击氦核发现了中子B ．分子间的引力和斥力不能同时存在C ．γ射线是原子核被激发后产生的D ．第一类永动机不能制成是因为其违反了热力学第二定律3．C 解析：卢瑟福预言了中子，但由他的学生查德威克发现；分子间的引力和斥力能同时存在；第一类永动机违反了能量守恒定律，而非能量转化定律．4．（2010年湛江一摸）下列有关物理学的史实中，正确的是（ ）A ．伽利略认为力是维持物体运动的原因B ．奥斯特最早发现了电磁感应现象C ．爱因斯坦提出光子假设并建立了光电效应方程D ．卢瑟福的α粒子散射实验证明了原子核是由质子和中子组成的4．C 解析：力是维持物体运动的原因是亚里士多德的观点；电磁感应现象由法拉第发现；卢瑟福的α粒子散射实验证明原子大部分质量和全部正电荷集中在很小的原子核里，没有证明原子核由质子和中子组成．5．（2010年广东三校期末联考）处于基态的氢原子被一束单色光照射后，共发出三种频率分别为ν1、ν2、ν3的光子，且ν1＞ν2＞ν3，则入射光子的能量应为（ ）A ．hν1B ．hν2C ．hν3D ．h (ν2+ν3)5．AD 解析：显然基态氢原子跃迁到激发态后在向低能级跃迁发射光子，共有三种光说明起先跃迁到的能级为第二激发态，有131h E E ν=-，221h E E ν=-，332h E E ν=-，所以入射光子的能量应为()123h h ννν=+．6．（2010年深圳二模）氢原子吸收能量后从低能级向较高能级跃迁，在这个过程中（ ）A ．核外电子的动能减小B ．原子的电势能减小C ．原子的总能量减小D ．电子绕核旋转的半径增大6．AD 解析：能级越低轨道半径越大，因此电子运行速度越小，动能减小，势能增大，总能量增大．7．（2010年湛江一摸）下列说法中正确的是（ ）A ．氢原子由较高能级跃迁到较低能级时，电子动能增加，原子势能减少B ．氢原子从n =4的激发态跃迁到基态时，有可能辐射出6种不同频率的光子C ．α射线是原子核自发放射出的氦核，它的穿透能力最强D ．放射性元素的半衰期随温度和压强的变化而变化7．AB 解析：氢原子从n 级跃迁到基态总共可能辐射出n (n-1)/2种光子．8．（2010年广东全省联考）氢原子的能级如图3-4-3所示．在一群处于n =3的激发态的氢原子向基态跃迁的过程中，下列说法正确的是（ ）8．AD第四章 放射性现象9．（2010年湛江二模）铝核2713Al 被α粒子击中后产生的反应生成物是磷3015P ，同时放出一种粒子，关于这种粒子的下列说法中正确的是（ ）A ．这种粒子在电场中可以被加速或发生偏转B ．这种粒子在磁场中一定不受磁场力作用C ．这种粒子在真空中的速度等于3×108m/sD ．在碳14核内有8个这种粒子9．BD 解析：可得出那种粒子的核子数为1，核电荷数为0，因此应该是中子，选项中B 正确，碳有6个质子，因此碳14核内有8个中子，D 正确．4．（单选）（2010年广州二模）用于治疗肿瘤的放射源必须满足：①放射线具有较强的穿透力，以辐射到体内的肿瘤处；②要在较长时间内具有相对稳定的辐射强度．表中给出的四种放射性同位素，适合用于治疗肿瘤的放射源是（ ） A ．钋210 B ．锝99 C ．钴60 D ．锶904．C 解析：由要求要有较强的穿透能力，应该选用γ射线作为辐射线，且时间不宜过短或向锶90一样过长，应选用钴60．11．（双选）（2010年粤西北九校联考）下列说法中正确的是（ ） 同位素 辐射线 半衰期 钋210α 138天 锝99γ 6小时 钴60γ 5年 锶90β 28年A ．卢瑟福通过实验发现了质子的核反应方程为H O N He 1117814742+→+B ．铀核裂变的核反应是:2351419219256360U Ba Kr 2n →++ C ．质子、中子、α粒子的质量分别为m 1、m 2、m 3．质子和中子结合成一个α粒子，释放的能量是：（m 1＋m 2－m 3）c 2D ．原子从a 能级状态跃迁到b 能级状态时发射波长为λ1的光子；原子从b 能级状态跃迁到c 能级状态时吸收波长为λ2的光子，已知λ1>λ2.那么原子从a 能级状态跃迁到c 能级状态时将要吸收波长为1212λλλλ-的光子 11．AD 解析：铀的裂变应要中子的轰击，B 中缺少轰击的中子；C 中的反应方程为211H+210n →42He ，因此释放的能量应该为（2m 1＋2m 2－m 3）c 2；D 选项中，1λa b c h E E =-，2λc b c h E E =-，因此21λλc a c c h h E E -=-，即1212λλλλc a hc E E -=-，所以要吸收1212λλλλ-的波长．10．（双选）（2010年佛山质检二）下列说法中正确的是（ ）A ．当原子从低能级跳到高能级时辐射光子B ．原子核的放射性现象，说明原子核内部有更深层次的结构C ．核反应堆是人工控制链式反应的装置D ．放射性材料存放时间越长，放射线的穿透力越弱10．BC。
2014年广东省高考模拟理综物理分类汇编——原子核
2014年广东省各地高考模拟理综物理分类汇编——原子核一、单选题2．（2014届广州市海珠区综合测试一）17．下列关于原子和原子核的说法正确的是（ ）BCA ．β衰变现象说明电子是原子核的组成部分B ．α粒子散射实验揭示了原子具有核式结构C ．氢原子核外电子轨道半径越大，其能量越高D ．氢原子核外电子轨道半径越小，其能量越高3．（2014届揭阳一模理综）15．核反应方程式 23592U + 10n →14156Ba + 9236Kr +k X ，式子中（ ）CA ．X 为质子，k =3B ．X 为质子，k =4C ．X 为中子，k =3D ．X 为中子，k =44．（2014届江门市模拟试题）15．典型的铀核裂变是生成钡和氪，同时放出x 个中子：n x Kr Ba n U 108936144561023592++→+，铀235质量为m 1，中子质量为m 2，钡144质量为m 3，氪89的质量为m 4．下列说法正确的是（ ）CA ．该核反应类型属于人工转变B ．该反应放出能量24321)(c m m xm m ---C ．x 的值是3D ．该核反应比聚变反应对环境的污染较少5．（2014届惠州市4月模拟）13．在核反应方程：x C He Be +→+1264294 中，x 表示（ ）BA ．质子B ．中子C ．电子D ．正电子6．（2014届肇庆市一模）13．物理学理论的建立离不开实验．下述几个在物理学发展史上有重要地位的物理实验，以及与之相关的物理学发展史实，其中表述正确的是（ ）AA ．卢瑟福α粒子散射实验为原子核式结构理论提供实验基础B ．汤姆生发现电子揭示了原子核结构的复杂性C ．查德威克发现中子揭示了原子不再是物质的最小微粒D ．贝克勒尔发现天然放射现象证实了玻尔原子理论的正确性二、双选题 1．（2014年茂名一模）19．下列说法正确的是（ ）BD A ．温度越高，放射性元素的半衰期越长B ．天然放射现象说明原子核内部具有复杂结构C ．卢瑟福首先发现中子D ．重核的裂变和轻核的聚变过程都有质量亏损，都向外界放出核能2．（2014汕头市一模物理）18．热核反应方程：17.6MeV X He H H 423121++→+，其中X 表示某种粒子，则下列表述正确的是（ ）CD A ．X 是质子 B ．该反应需要吸收17.6MeV 的能量才能发生 C ．平均每个核子能释放3MeV 以上能量D ．)()(X He H H 423121m m m m +>+3．（2014届汕头市二模）17．研制核武器的钚239（23994Pu ）可由铀239（23992U ）经过衰变而产生，下列叙述正确是（ ）BDA ．钚239和铀239是同位素B ．铀239经过一个半衰期时原子核的数量减少为原来的一半C ．铀239经过一次α衰变产生钚239D ．铀239经过二次β衰变产生钚2394．（2014届广州市二模）18．U 23892的衰变方程为He Th U 422349023892+→，其衰变曲线如图，T 为半衰期，则（ ）ACA ．U 23892发生的是α衰变B ．U 23892发生的是β衰变C ．k =3D ．k =4 5．（2014届深圳市二模）17．下列说法正确的有（ ）BCA ．方程式238234492902U Th He →+是重核裂变反应方程B ．方程式123112H H He γ+→+是轻核聚变反应方程C ．氢原子光谱是分立的D ．氢原子从某激发态跃迁至基态要吸收特定频率的光子6．（2014届茂名市二模）18．从一个小孔射出的α、β、γ三种射线沿同一直线进入同一匀强磁场或匀强电场，这三种射线在场内的径迹情况有可能是（ ）ACA ．三条重合B ．两条重合C ．三条分开D ．α与β的径迹一定分开 7．（2014届肇庆市二模）17．人们发现，不同的原子核，其核子的平均质量（原子核的质量除以核子数）与原子序数有如右图所示的关系。