物理二轮复习 选择题提速练(一)
【高考试卷】2020届-高中物理二轮复习选择题提速练： Word版含解析(1)(2)
2020年高考冲刺试卷芳草香出品选择题提速练121—5为单选，6—8为多选1．如图所示，同一竖直面内有上下两条用相同材料做成的水平轨道MN、PQ，两个完全相同的物块A、B放置在两轨道上，A在B 物块正上方，A、B之间用一细线相连．在细线的中点O施加拉力F，使A、B一起向右做匀速直线运动，则F的方向是(图中②表示水平方向)(C)A．沿①方向B．沿②方向C．沿③方向D．沿①②③方向都可以解析：分别对A、B进行受力分析可知，A对水平轨道的压力大于其重力，B对水平轨道的压力小于其重力，则两物体所受滑动摩擦力f A>f B；要使A、B一起向右匀速运动，则F A cosθ－f A＝0(θ为细线与水平方向的夹角)，F B cosθ－f B＝0，有F A>F B；再对O点分析，F 应沿③的方向才能保证F A>F B，C选项正确．2．在竖直平面内，有垂直平面向里的匀强磁场，一个α粒子由静止释放，已知α粒子的重力不能忽略，则α粒子的运动轨迹为(D)A．如图1所示，匀速圆周运动B．如图2所示，先做曲线运动后做匀速直线运动C．如图3所示，往复的曲线运动D．如图4所示，一直向右做曲线运动解析：α粒子由静止释放，重力做正功，α粒子动能增加，速度增大，所受的洛伦兹力逐渐增大，方向由水平向右逐渐往右侧上方偏转，当洛伦兹力方向竖直向上时，速度方向为水平向右，此时洛伦兹力已大于重力，而后α粒子受洛伦兹力作用往上方偏转，重力做负功，α粒子动能减小，速度也减小，所受的洛伦兹力逐渐减小，方向由竖直向上逐渐往左侧逆时针方向偏转，到某一时刻速度减小到0，再重复上述过程，故选项D正确．3．如图所示，虚线A、B、C为某电场中的三条等势线，其电势分别为3 V、5 V、7 V，实线为带电粒子在电场中运动时的轨迹，P、Q为轨迹与等势线A、C的交点，带电粒子只受电场力，则下列说法正确的是(B)。
2024高考物理二轮复习一选择题快速练四选择题快速练三力学3
(四)选择题快速练三力学(3)1.如图所示,一个质量m=1 kg的小环套在倾角为37°的光滑固定直杆上,为使小环能够静止不动,需对它施加一个水平拉力F。
已知重力加速度g=10 m/s2,sin 37°=0.6。
则F的大小和方向分别是( )A.7.5 N,水平向左B.7.5 N,水平向右C.13.3 N,水平向左D.13.3 N,水平向右2.一质点在A、B两点之间做匀变速直线运动,加速度方向与初速度方向相同,当在A点初速度为v时,从A点到B点所用的时间为t,当在A点初速度为2v时,保持其他量不变,从A点到B点所用时间为t',则( )A.t'>t2B.t'=t2C.t'<t2D.t'=t3.(多选)如图所示为某汽车在平直马路上启动时发动机功率P随时间t改变的图像,P0为发动机的额定功率。
已知在t2时刻汽车的速度达到最大值v m,汽车所受阻力大小与速度大小成正比。
由此可得( )A.在t3时刻,汽车速度肯定等于v mB.在t1~t2时间内,汽车肯定做匀速运动C.在t2~t3时间内,汽车肯定做匀速运动D.在发动机功率达到额定功率前,汽车肯定做匀加速运动4.如图所示,光滑斜面固定在水平面上,第一次让小球从斜面顶端A由静止释放,使小球沿斜面滑究竟端B;其次次将小球从斜面顶端A沿水平方向抛出,使小球刚好落到斜面底端B。
比较两次小球的运动,下列说法正确的是( )A.其次次小球运动经验时间更长B.第一次小球运动速度改变更快C.其次次小球到达B点的速度更大D.两种状况小球到达B点的速度方向相同5.(多选)一球形行星对其四周物体的万有引力使物体产生的加速度用a表示,物体到该行星表面的距离用h表示,a随h改变的图像如图所示,图中a1、h1、a2、h2及引力常量G均为已知。
依据以上数据可以计算出( )A.该行星的半径B.该行星的质量C.该行星的自转周期D.该行星同步卫星离行星表面的高度6.(多选)如图所示,在水平地面上有一个表面光滑的直角三角形物块M,长为L的轻杆下端用光滑铰链连接于O点(O点固定于地面上),上端连接小球m,小球靠在物块左侧,水平向左的推力F施于物块,整个装置静止。
高考物理二轮复习选择题提速练
选择题提速练（一）一、单项选择题1．如图甲所示为杂技中的“顶竿”表演，水平地面上演员B用肩部顶住一根长直竹竿，另一演员A爬至竹竿顶端完成各种动作。
某次顶竿表演结束后，演员A自竿顶由静止开始下落。
滑到竿底时速度正好为零，然后屈腿跳到地面上，演员A、B质量均为50 kg，竹竿质量为5 kg，演员A下滑的过程中速度随时间变化的图像如图乙所示。
重力加速度g取10 m/s2，下列判断正确的是( )A．竹竿的总长度约为3 mB．0～6 s内，演员B对地面的压力大小始终为1 050 NC．0～6 s内，竹竿对演员B的压力的冲量大小为3 300 N·sD．演员A落地时屈腿，是为了缩短作用时间以减小地面的冲击力解析：选C vt图像的面积等于演员A下滑过程的位移(即竹竿的总长度)，x＝12×6×2m＝6 m，A错误；0～4 s内演员A加速下滑，加速度a＝0.5 m/s2，处于失重状态，演员B 对地面的压力大小F N＝2M人g＋mg－M人a＝(2×50×10＋5×10－50×0.5)N＝1 025 N,4～6 s 内演员A减速下滑，加速度a′＝1 m/s2，处于超重状态，演员B对地面的压力大小F N′＝2M人g＋mg＋M人a′＝(2×50×10＋5×10＋50×1)N＝1 100 N，B错误；0～4 s内竹竿对演员B的压力大小为F＝M人g＋mg－M人a＝(50×10＋5×10－50×0.5)N＝525 N，冲量大小为I1＝525×4 N·s＝2 100 N·s,4～6 s内竹竿对演员B的压力大小为F′＝M人g＋mg＋M人a′＝(50×10＋5×10＋50×1)N＝600 N，冲量大小为I2＝600×2 N·s＝1 200 N·s，0～6 s 内，竹竿对演员B的压力的冲量大小为I＝I1＋I2＝(2 100＋1 200)N·s＝3 300 N·s，C 正确；演员A落地时屈腿，是为了延长作用时间以减小地面的冲击力，D错误。
高考物理二轮复习选择题提速练20313237.doc
选择题提速练21—5为单选，6—8为多选1．作用于O点的三个力平衡，设其中一个力大小为F1，沿y轴负方向，大小未知的力F2与x轴正方向夹角为θ，如图所示，下列关于第三个力F3的判断正确的是( C ) A．力F3只能在第二象限B．力F3与F2夹角越小，则F2和F3的合力越小C．F3的最小值为F1cosθD．力F3只能在第三象限解析：据力的三角形定则画图如图所示，力F3可能在第二、第三象限中，选项A、D均错误；不管力F2和F3夹角如何变化，它们的合力大小始终等于F1，选项B错误；从图中可知，当F3与F2垂直时有最小值，且F3＝F1cosθ，选项C正确．2．如图所示，在粗糙的水平面上，长度为L、质量M＝2 kg的长木板某时刻正以速度v0向右运动．现对长木板施加一水平向左的恒力F(大于3 N)，同时将一质量m＝1 kg的光滑小球无初速度地放置于长木板上表面与左端距离为2L3处，发现长木板向右运动距离3L5后立即反向向左运动．已知长木板与水平面间的动摩擦因数μ＝0.1，g 取10 m/s 2，规定水平向左为正方向，则长木板受到的摩擦力f 随时间t 的变化规律正确的是下图中的( A )解析：长木板向右减速运动的距离为3L 5的过程中，长木板所受的摩擦力f 1＝μ(m ＋M )g ＝3 N ，方向水平向左；长木板反向向左加速运动的距离为3L 5＋L 3的过程中，小球仍在长木板上，则长木板所受的摩擦力f 2＝μ(m ＋M )g ＝3 N ，方向水平向右；当小球脱离长木板后，长木板所受的摩擦力f 3＝μMg ＝2 N ，方向水平向右，选项A 正确．3．(2018·黑龙江齐齐哈尔二模)如图所示，在竖直平面内，AB ⊥CD 且A 、B 、C 、D 位于同一半径为r 的圆上，在C 点有一固定点电荷，电荷量为－Q .现从A 点将一质量为m 、电荷量为－q 的点电荷由静止释放，该点电荷沿光滑绝缘轨道ADB 运动到D 点时的速度大小为4gr ，规定电场中B 点的电势为零，重力加速度为g .则在－Q 形成的电场中( A )A ．D 点的电势为7mgr qB ．A 点的电势高于D 点的电势C ．O 点的电场强度大小是A 点的2倍D ．点电荷－q 在D 点具有的电势能为7mgr解析：在C 点固定一电荷量为－Q 的点电荷，A 、B 相对CD 线左右对称，则φA ＝φB ＝0 V ，点电荷－q 从A 点由静止释放以后沿光滑轨道ADB 运动到D 点过程中，由动能定理可得：mgr ＋W 电＝12mv 2－0，得W 电＝7mgr ，由W 电＝E p A －E p D ，得E p D ＝－7mgr ，由φD ＝E p D －q ，得φD ＝7mgr q ，则φD >φA ，A 正确，B 、D 错误；由场强公式E ＝kQ r 2可知：E A ＝kQ 2r 2，E O ＝kQr 2，E O ＝2E A ，则C 错误．4．(2018·江西八校联考)有一种调压变压器的构造如图所示．线圈AB 绕在一个圆环形的铁芯上，C 、D 之间加上输入电压，转动滑动触头P 就可以调节输出电压．图中A 为交流电流表，V 为交流电压表，R 1、R 2为定值电阻，R 3为滑动变阻器，C 、D 两端接正弦交流电源，变压器可视为理想变压器，则下列说法正确的是( A )A ．当R 3不变，滑动触头P 顺时针转动时，电流表读数变小，电压表读数变小B ．当R 3不变，滑动触头P 逆时针转动时，电流表读数变小，电压表读数变小C ．当P 不动，滑动变阻器滑动触头向上滑动时，电流表读数变小，电压表读数变小D ．当P 不动，滑动变阻器滑动触头向下滑动时，电流表读数变大，电压表读数变大 解析：当R 3不变，P 顺时针转动时，n MN 减小，由U CD U MN ＝n CD n MN，知U MN 减小，则电压、电流表读数均减小，A 项正确，同理知B 项错；当P 不动时，匝数n MN 不变，输出电压U MN 不变，滑片向上滑动，根据串反并同，得电压表示数变大，电流表示数变小，C 项错误，同理知D 项也错误．5．(2018·武汉模拟)中国版“野牛”级重型气垫船，自重达540吨，最高时速为108 km/h ，装有“M70”大功率燃气轮机，该机额定输出功率为8 700 kW.假设“野牛”级重型气垫船在海面航行过程所受的阻力f 与速度v 成正比，即f ＝kv ，则( D )A ．“野牛”级重型气垫船的最大牵引力为2.9×105 NB ．在额定输出功率下以最高时速航行时，气垫船所受的阻力为9.8×105 NC ．以最高时速一半的速度匀速航行时，气垫船发动机的输出功率为4 350 kWD ．从题中给出的数据，能计算阻力f 与速度v 的比值k解析：汽车的牵引力F ＝P v ，当速度很小趋于零时，牵引力很大，选项A 错误；启动后以额定功率行驶，速度达到最大时，阻力f ＝F ＝P v ＝2.9×105N ，选项B 错误；匀速行驶时，P ＝Fv ＝kv 2，以最高时速运动，已知功率和速度，可求出比值k ，以最高时速一半匀速行驶，功率变为最高时速的功率的14，选项C 错误，选项D 正确． 6．(2018·东莞模拟)我国航天局于2013年向火星发射第一颗“火星探测器”，如图所示，假设“火星探测器”绕火星表面运动的周期为T ，在火星上着陆后，自动机器人用弹簧测力计测得质量为m 的仪器重力为P .已知引力常量为G ，由以上数据可以求出的量有( CD )A ．火星的自转周期B ．火星探测器的质量C ．火星表面的重力加速度D ．火星的密度解析：由P ＝mg 火可得，火星表面的重力加速度g 火＝P m ，C 项正确；由GMm ′R 2＝m ′R ⎝ ⎛⎭⎪⎫2πT 2，火星的密度ρ＝M V ，V ＝4πR 33可知，可以求出火星的密度，D 项正确．7．下图中装置可演示磁场对通电导线的作用．电磁铁上、下两磁极之间某一水平面内固定两条平行金属导轨，L是置于导轨上并与导轨垂直的金属杆．当电磁铁线圈两端a、b，导轨两端e、f，分别接到两个不同的直流电源上时，L便在导轨上滑动．下列说法正确的是( BD )A．若a接正极，b接负极，e接正极，f接负极，则L向右滑动B．若a接正极，b接负极，e接负极，f接正极，则L向右滑动C．若a接负极，b接正极，e接正极，f接负极，则L向左滑动D．若a接负极，b接正极，e接负极，f接正极，则L向左滑动解析：若a接正极，b接负极，电磁铁磁极间磁场方向向上，e接正极，f接负极，由左手定则判定金属杆所受安培力向左，则L向左滑动，A选项错误；同理判定B、D选项正确，C选项错误．8．(2018·云南部分名校统考)如图所示，足够长的光滑导轨倾斜放置，其下端连接一个定值电阻R，匀强磁场垂直于导轨所在平面，将ab棒在导轨上无初速度释放，当ab棒下滑到稳定状态时，速度为v，电阻R上消耗的功率为P.导轨和导体棒电阻不计．下列判断正确的是( BD )A．导体棒的a端比b端电势低B．ab棒在达到稳定状态前做加速度减小的加速运动C．若磁感应强度增大为原来的2倍，其他条件不变，则ab棒下滑到稳定状态时速度将变为原来的12D ．若换成一根质量为原来2倍的导体棒，其他条件不变，则ab 棒下滑到稳定状态时的功率将变为原来的4倍解析：导体棒下滑切割磁感线，产生感应电动势相当于电源，由右手定则知a 端为正极，b 端为负极，A 项错误．感应电动势E ＝BLv ，I ＝E R ，对ab 受力分析有mg sin θ－B 2L 2v R＝ma ，则知导体棒做加速度减小的加速运动，当a ＝0时，mg sin θ＝B 2L 2v m R ，得：v m ＝mgR sin θB 2L 2，若B 增大为原来的2倍，稳定状态时速度变为原来的14，所以B 项正确，C 项错．若质量增大为原来的2倍，导体棒稳定时的速度为原来的2倍，R 的功率P ＝B 2L 2v 2R，可知功率变为原来的4倍，D 项正确． 精美句子1、善思则能“从无字句处读书”。
高考物理二轮复习一选择题快速练二选择题快速练一力学10301251.docx
(二)选择题快速练一力学(1)1.如果一物体在任意相等的时间内受到的冲量相同,则此物体的运动不可能是( )A.匀速圆周运动B.自由落体运动C.平抛运动D.竖直上抛运动2.如图甲所示,小物块从足够长的光滑斜面顶端由静止自由滑下,下滑位移x时的速度为v,其x-v2图像如图乙所示,取g=10 m/s2,则斜面倾角为( )A.30°B.45°C.60°D.75°3.如图甲,某工地上起重机将重为G的正方形工件缓缓吊起。
四根等长的钢绳(质量不计),一端分别固定在正方形工件的四个角上,另一端汇聚于一处挂在挂钩上,绳端汇聚处到每个角的距离均与正方形的对角线长度相等(如图乙)。
则每根钢绳的受力大小为( )A.GB.GC.GD.G4.(多选)我国自主研制的歼20战机在某次试飞过程中的视频截图和竖直方向v y-t图像分别如图甲和图乙所示,则下列说法正确的是( )A.歼20战机在前50 s内竖直方向的加速度大小为0.8 m/s2B.歼20战机在50 s到100 s内静止C.歼20战机在100 s到200 s内竖直方向的加速度大小为0.4 m/s2D.在200 s末,以地面为参考系,歼20战机的速度大小为05.(多选)如图所示,x轴在水平地面上,y轴在竖直方向。
图中画出了从y轴上不同位置沿x轴正向水平抛出的三个小球a、b和c的运动轨迹。
小球a从(0,2L)抛出,落在(2L,0)处;小球b、c从(0,L)抛出,分别落在(2L,0)和(L,0)处。
不计空气阻力,下列说法正确的是( )A.a和b初速度相同B.b和c运动时间相同C.b的初速度是c的两倍D.a的运动时间是b的两倍6.(多选)火车转弯可近似看成做匀速圆周运动,当提高火车速度时会使轨道的外轨受损。
为解决火车高速转弯时外轨受损这一难题,你认为以下措施可行的是( )A.减小内、外轨的高度差B.增大内、外轨的高度差C.减小弯道半径D.增大弯道半径7.(多选)美国航天局与欧洲航天局合作,发射的火星探测器已经成功登陆火星。
【高考试卷】2020届-高中物理二轮复习选择题提速练： Word版含解析(1)(6)
2020年高考冲刺试卷芳草香出品选择题提速练61—5为单选，6—8为多选1．(2018·浙江温州十校联考)功率为10 W 的发光二极管(LED 灯)的亮度与功率为60 W 的白炽灯相当．根据国家节能战略，普通白炽灯应被淘汰．假设每户家庭有2只60 W 的白炽灯，均用10 W 的LED 灯替代，估算出全国一年节省的电能最接近( B )A ．8×108 kW·hB ．8×1010 kW·hC ．8×1011 kW·hD ．8×1013 kW·h解析：假设每户每天只亮灯5个小时，每户每年节电E ＝2×(60－10)×10－3×5×365 kW·h ＝182.5 kW·h.假设每户有3口人，全国有4亿户左右．则年节电总值为E 总＝4×108×182.5 kW·h ＝7.3×1010 kW·h ，故B 正确．2．为了探测某星球，载着登陆舱的探测飞船在以该星球中心为圆心，半径为r 1的圆轨道上运动，周期为T 1，总质量为m 1.随后登陆舱脱离飞船，变轨到离星球更近的半径为r 2的圆轨道上运动，此时登陆舱的质量为m 2，则( D )A ．该星球的质量为M ＝4π2r 1GT 21B ．该星球表面的重力加速度为g x ＝4π2r 1T 21C ．登陆舱在r 1与r 2轨道上运动时的速度大小之比为v 1v 2＝m 1r 2m 2r 1 D ．登陆舱在半径为r 2轨道上做圆周运动的周期为T 2＝T 1r 32r 31解析：根据G Mm 1r 21＝m 1(2πT 1)2r 1，得星球的质量为M ＝4π2r 31GT 21，则选项A 错误；根据m 1a 1＝m 1(2πT 1)2r 1，可得载着登陆舱的探测飞船的加速度a 1＝4π2r 1T 21，该加速度不等于星球的重力加速度，则选项B 错误；根据G Mm 1r 21＝m 1v 21r 1，可得v 1＝GMr 1，同理v 2＝GM r 2，故v 1v 2＝r 2r 1，则选项C 错误；根据开普勒第三定律得T 1T 2＝r 31r 32，故T 2＝T 1r 32r 31，则选项D 正确．3．(2018·山西检测)现代技术的发展促进了人们对原子、原子核的认识．下列说法正确的是( C )A ．α粒子散射实验结果说明原子内部带正电的那部分物质是均匀分布的B ．β衰变说明原子核内部存在自由电子C ．太阳辐射的能量主要来自太阳内部的氢核聚变反应D ．氡原子核的半衰期为3.8天，4个氡原子核经过7.6天一定只剩下1个未发生衰变解析：α粒子散射实验结果说明占原子质量绝大部分的带正电的那部分物质集中在很小的空间范围内，A 错误；β衰变是原子核内的中子转化为质子同时释放出电子，不能说明原子核内部存在电子，B 错误；太阳辐射的能量来自于太阳内部的氢核聚变反应，C 正确；半衰期对大量的原子核的统计规律适用，对少量的原子核不适用，D 错误．4．(2018·湖北八校联考)如图M 和N 是两个带有异种电荷的带电体(M 在N 的正上方，图示平面为竖直平面)，P 和Q 是M 表面上的两点，S 是N 表面上的一点．在M 和N 之间的电场中画有三条等势线．现有一个带正电的液滴从E 点射入电场，它经过了F 点和W 点，已知油滴在F 点时的机械能大于在W 点的机械能(E 、W 两点在同一等势面上，不计油滴对原电场的影响，不计空气阻力)．则以下。
高考物理二轮复习小题提速练2
小题提速练(二)(时间：20分钟分值：48分)选择题(本题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．) 14．(2017·高三第一次全国大联考(新课标卷Ⅰ))A、B两个物体在同一条直线上做直线运动，它们at图象如图1所示，规定水平向右为正方向．已知在t＝0时，两物体的速度均为零，且A在B的左边1.75 m处，则A追上B的时间是( )图1A．t＝0.5 s B．t＝1.5 sD．t＝3.5 sC．t＝2.5 s D[很显然，在前2 s内两个物体运动规律是一样的，不可能追上，故A、B错误；在t＝2.5 s时，A的位移是1.125 m，B的位移是0.875 m，两位移之差为0.25m，小于1.75 m，故C错误；t＝3.5 s时，A的位移是1.875 m，B的位移是0.125m，两位移之差等于1.75 m，故D正确．] 15．(2017·辽宁省部分重点中学协作体5月模拟)如图2所示，一根不可伸长的轻质细绳两端分别连接在固定框架上的A、B两点，细绳绕过光滑的轻小滑轮，重物悬挂于滑轮下，处于静止状态，若缓慢移动细绳的端点，则绳中拉力大小的变化情况是( )【导学号：19624219】图2A．只将绳的左端移向A′点，拉力变小B．只将绳的左端移向A′点，拉力变大C．只将绳的右端移向B′点，拉力变大D．只将绳的右端移向B′点，拉力不变C[设细绳总长度为L，OA段长度为l1，OB段长度为l2，由对称性可知，OA、OB与竖直方向间夹角相等，设为α，两悬点间的水平距离设为d ，则由l 1sin α＋l 2sin α＝d ，l 1＋l 2＝L 可得sin α＝d L，只将绳的左端移向A ′点的过程中，d 不变，α不变，由2F cos α＝G 可知，F 不变，A 、B 均错误；只将绳的右端移向B ′点的过程中，d 增大，α增大，F 增大，C 正确，D 错误．]16．(2017·沈阳三模)以无穷远处的电势为零，在电荷量为q 的点电荷周围某点的电势可用φ＝kq r计算，式中r 为该点到点电荷的距离，k 为静电力常量．两电荷量大小均为Q 的异种点电荷固定在相距为L 的两点，如图3所示．现将一质子(电荷量为e )从两点电荷连线上的A 点沿以电荷＋Q 为圆心、半径为R 的半圆形轨迹ABC 移到C 点，质子从A 移到C 的过程中电势能的变化情况为( )图3A ．增加2kQe L2－R2B ．增加2kQeR L2－R2C ．减少2kQeR L2＋R2D ．减少2kQe L2＋R2 B [根据题中φ＝kq r 公式和叠加原理可知，φA ＝k －Q L －R ＋k Q R.C 点的电势φC ＝k －Q L ＋R ＋k Q R .故U AC ＝φA －φC ＝－2kQR L2－R2，质子由A 移到C 的过程中电场力做功W AC ＝U ACe ＝－2kQeR L2－R2，是负功，故质子电势能增加2kQeR L2－R2，B 项正确．] 17．(2017·新余市一中七模)放射性物质碘131的衰变方程为131 53I→131 54Xe ＋Y ＋γ.根据有关放射性知识，下列说法正确的是( )A ．生成的131 54Xe 处于激发态，放射γ射线．γ射线的穿透能力最强，电离能力也最强B ．若131 53I 的半衰期大约是8天，取4个碘原子核，经16天就只剩下1个碘原子核了C ．Y 粒子为β粒子D.131 53I 中有53个质子和132个核子C [γ射线的穿透能力最强，电离能力最弱，故A 错误．半衰期具有统计规律，对大量的原子核适用，对少数的原子核不适用，故B 错误．根据电荷数守恒、质量数守恒知，Y 粒子的电荷数为－1，质量数为0，可知Y 粒子为β粒子，故C 正确．电荷数。
人教版高考物理二轮复习选择题提速练：1
选择题加速练 11—5 为单项选择， 6—8 为多项选择1．假定某颗陨石进入地球大气层的速度约为 4 万英里每小时，随后与空气摩擦而发生强烈焚烧，并在距离地面上空12 至 15 英里处发生爆炸，产生大批碎片，假定某一碎片自爆炸后落至地面并堕入地下必定深度过程中，其质量不变，则( C )A．该碎片在空中着落过程中重力做的功等于动能的增添量B．该碎片在空中着落过程中重力做的功小于动能的增添量C．该碎片在堕入地下的过程中协力做的功等于动能的改变量D．该碎片在整个过程中战胜阻力做的功等于动能的减少许分析：由动能定理可知，碎片着落过程中动能的增添量应等于重力与阻力做的功之和，选项 A 错误；依据动能定理W G＋W f＝ E k，而 W f<0，因此重力做的功大于动能的增添量，选项 B 错误；依据能量守恒定律可知，碎片着落过程中，战胜阻力做的功应等于机械能的减少许，选项 D 错误；依据动能定理，碎片在堕入地下的过程中协力做的功等于动能的改变量，选项 C 正确．2． (2018 贵·州六校联考 )如下图，传递带足够长，与水平面间的夹角θ＝37°，并以 v＝10 m/s的速率逆时针匀速转动着，在传递带的 A 端轻轻地放一个质量为 m＝1 kg 的小物体，若已知物体与传递带之间的动摩擦因数μ＝0.5，(g＝ 10 m/s2，sin37 °＝0.6，cos37°＝0.8)则以下相关说法正确的选项是 ( B )A ．小物体运动 1 s 后，遇到的摩擦力大小不合用公式F ＝μF NB ．小物体运动1 s 后加快度大小为2 m/s 2C ．在放上小物体的第1 s 内，系统产生50 J 的热量D ．在放上小物体的第 1 s 内，起码给系统供给能量 70 J 才能维持传递带匀速转动分析：刚放上小物体时， 小物体相关于传递带向上运动， 小物体遇到的摩擦力方向沿传递带斜向下，大小为F f1＝ μmgcos θ，其加快mgsin θ＋μg cos θ 方向沿传递带斜向下 .1 s 末小物度大小 a 1＝ m＝10 m/s 2体的速度为 v ＝a ＝，又 μ θ，则今后小物体相关于传递带 1t 10 m/s<tan向下滑动，遇到的摩擦力沿传递带斜向上，大小为F f2＝μmgcos θ，其加快度大小 a 2＝gsin θ－μmgcos θ＝2 m/s 2，方向沿传递带斜向上，故 A 错、 B 对；在第 1 s 内小物体与传递带产生的热量为 Q ＝F f L ＝μF ＝μθ，又知 ＝ － 12L 2at，解得 Q ＝20 J ，故 C 错；第 1 sNLmgLcosvt内小物体的位移为 x ＝12vt ＝5 m ，其增添的动能为 E k ＝ 12mv 2＝ 50J ，需向系统供给的能量 E ＝E k ＋Q －mgsin θ·x ＝40 J ，D 项错．3．(2018 ·湖北八校联考 )如下图，质量为 m 的木块 A 放在水平面上的质量为 M 的斜面体 B 上，现用大小相等方向相反的两个水平推力 F 分别作用在 A 、B 上， A 、B 均保持静止不动，则 ( D )A．A 与 B 之间必定存在摩擦力B．B 与地面之间必定存在摩擦力C．B 对 A 的支持力必定等于mgD．地面对 B 的支持力大小必定等于(m＋M)g分析： A 在斜面上处于静止状态，对 A 受力剖析如图甲所示，若 F x＝G x，则 f＝0；若 F x>G x，则 f≠0且方向斜向下，则 A 错误；由图甲知 N＝ F y＋G y，则 N 与 G 的大小关系不确立， C 错误；对 A、B 整体受力剖析如图乙，水平方向上与地面间无摩擦力，竖直方向上N 地＝G A＋G B＝(m＋M)g，则 B 错误， D 正确．4．(2018 ·全国卷Ⅰ )如图，导体轨道 OPQS 固定，此中 PQS 是半圆弧，Q 为半圆弧的中点，O 为圆心．轨道的电阻忽视不计．OM 是有必定电阻、可绕 O 转动的金属杆， M 端位于 PQS 上，OM 与轨道接触优秀．空间存在与半圆所在平面垂直的匀强磁场，磁感觉强度的大小为B.现使OM从 OQ 地点以恒定的角速度逆时针转到OS地点并固定 (过程Ⅰ)；再使磁感觉强度的大小以必定的变化率从 B 增添到B ′(过程Ⅱ )．在过程Ⅰ、Ⅱ中，流过 OM 的电荷量相等，则 B ′B 等于 ( B )5 3A.4B.27C.4 D ．2分析：设 OM 的电阻为 R ，过程Ⅰ， OM 转动的过程中产生的平122ΔΦ ·ΔB ·πlπ均感觉电动势大小为 E ＝4＝＝BS ＝Bl，流过 OM 的电1 t 1 t 1 t 1 4 t 1＝E 1 ＝ πBl 2＝I 1·Δ1＝πBl 2 流为 I 1，则流过 OM 的电荷量为 q 1；过程R4R 1t4RtⅡ，磁场的磁感觉强度大小均匀增添， 则该过程中产生的均匀感觉电动势大小为 E 2＝ΔΦB ′－B SB ′－B l 2＝＝2 ，电路中的电流为t 2 t 2 t 2I＝E 2＝B ′－B l 2，则 流过 OM 的 电荷 量为 q 2 ＝ I 2 ·Δ2＝2R2R t 2tB ′－B l 2′错误．；由题意知 q ＝q ，则解得 B＝3，B 正确，ACD2R12B 25．(2018 ·广东佛山模拟 )在如下图的电路中， E 为电源电动势，r 为电源内阻， 1 和 R 3 均为定值电阻， R 2 为滑动变阻器．当 R 2 的滑 R动触点在 a 端时闭合开关 S ，此时三个电表A 1、A 2 和 V 的示数分别为 I 1、 I 2 和 U.现将 R 2 的滑动触点向 b 端挪动，则三个电表示数的变化状况是( B )A．I 1增大，I2不变， U增大B．I1减小，I2增大， U减小C．I 1增大，I2减小， U增大D．I1减小，I2不变， U减小分析：由图知电压表丈量路端电压，电流表A1丈量流过R1的电流，电流表A2丈量流过 R2的电流． R2的滑动触点向 b 端挪动时，R2接入电路的电阻减小，整个电路的总电阻减小，总电流增大，电源的内电压增大，则路端电压减小，即电压表示数U 减小， R3两头电压增大， R1、R2并联电压减小，经过R1的电流 I1减小，而总电流I增大，则流过 R2的电流 I2增大．故 A、C、D 错误， B 正确．6．右图是某同学站在压力传感器上做“蹲起”动作时记录的压力F 随时间 t 变化的图线，由图线可知该同学( AC )A．体重约为 680 NB．做了两次下蹲—起立的动作C．做了一次下蹲—起立的动作，且下蹲后约 2 s起立D．下蹲过程中先处于超重状态后处于失重状态分析：当该同学站在压力传感器上静止不动时，其所受的协力为零，即压力恒等于该同学的体重值，由图线可知，该同学的体重为680 N，选项 A 正确；每次下蹲，该同学都将经历先向下加快(加快度方向向下 )、后向下减速 (加快度方向向上 )的运动，即先处于失重状态，后处于超重状态，读数 F 先小于体重、后大于体重；每次起立，该同学都将经历先向上加快(加快度方向向上 )、后向上减速 (加快度方向向下 )的运动，即先处于超重状态，后处于失重状态，读数 F 先大于体重、后小于体重．由图线可知，选项 C 正确，选项B、 D错误．7．如下图，在圆滑固定的曲面上，放有两个质量分别为 1 kg 和 2 kg 的可视为质点的小球 A 和 B，两球之间用一根轻质弹簧相连，用手拿着 A 如下图竖直搁置， A、B 间距离 L＝0.2 m，小球 B 刚才与曲面接触且距水平面的高度 h＝0.1 m．此时弹簧的弹性势能 E p＝1 J，自由开释后两球以及弹簧从静止开始下滑到圆滑地面上，以后向来沿圆滑地面运动，不计全部碰撞机遇械能的损失， g 取 10 m/s2.则以下说法中正确的选项是 ( BD )A．下滑的整个过程中弹簧和 A 球构成的系统机械能守恒B．下滑的整个过程中两球及弹簧构成的系统机械能守恒C．B 球刚到地面时，速度是 2 m/sD．当弹簧处于原长时，以地面为参照平面，两球在圆滑水平面上运动时的机械能为 6 J分析：因为弹簧和 B 之间有作使劲，弹簧和 A 球构成的系统机械能不守恒， A 项错；因为没有摩擦，两球及弹簧构成的系统中只有弹簧弹力和重力做功，则 B 项正确；因为弹簧弹力作用于B，并对 B 做功， B 的机械能不守恒，而 2 m/s 是依据机械能守恒求解出的，因此 C 项错；依据系统机械能守恒，到地面时的机械能与刚开释时的机械能相等，又弹簧处于原长，则 E＝m A g(L＋h)＋m B gh＋E p＝6 J，D项对．8.如下图，圆弧虚线表示正点电荷电场的等势面，相邻两等势面间的电势差相等．圆滑绝缘直杆沿电场方向水平搁置并固定不动，杆上套有一带正电的小滑块 (可视为质点 )，滑块经过绝缘轻弹簧与固定点O 相连，并以某一初速度从 M 点运动到 N 点，OM <ON.若滑块在 M 、N 时弹簧的弹力大小相等，弹簧一直在弹性限度内，则( AC )A．滑块从 M 到 N 的过程中，速度可能向来增大B．滑块从地点 1 到 2 的过程中，电场力做的功比从地点 3 到 4的小C．在 M 、N 之间的范围内，可能存在滑块速度同样的两个地点D．在 M 、N 之间可能存在只由电场力确立滑块加快度大小的三个地点分析：滑块运动过程中受重力、支持力、电场力、弹簧弹力作用，协力的方向可能向来向右，也可能先向右后向左，因此滑块可能向来加快，也可能先加快后减速， A、C 选项正确；只有在 M 、N 之间弹力与杆垂直和弹簧处于原长时，加快度仅由电场力确立， D 项错误；因 1、2 之间和 3、4 之间的电势差相等，因此滑块在1、2 之间和 3、4 之间挪动时电场力做的功相等， B 项错误．。
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选择题提速练（一）
一、单项选择题
1．如图甲所示为杂技中的“顶竿”表演，水平地面上演员B用肩部顶住一根长直竹竿，另一演员A爬至竹竿顶端完成各种动作。
某次顶竿表演结束后，演员A自竿顶由静止开始下落。
滑到竿底时速度正好为零，然后屈腿跳到地面上，演员A、B质量均为50 kg，竹竿质量为5 kg，演员A下滑的过程中速度随时间变化的图像如图乙所示。
重力加速度g取10 m/s2，下列判断正确的是( )
A．竹竿的总长度约为3 m
B．0～6 s内，演员B对地面的压力大小始终为1 050 N
C．0～6 s内，竹竿对演员B的压力的冲量大小为3 300 N·s
D．演员A落地时屈腿，是为了缩短作用时间以减小地面的冲击力
解析：选C vt图像的面积等于演员A下滑过程的位移(即竹竿的总长度)，x＝1
2
×6×2
m＝6 m，A错误；0～4 s内演员A加速下滑，加速度a＝0.5 m/s2，处于失重状态，演员B 对地面的压力大小F N＝2M人g＋mg－M人a＝(2×50×10＋5×10－50×0.5)N＝1 025 N,4～6 s 内演员A减速下滑，加速度a′＝1 m/s2，处于超重状态，演员B对地面的压力大小F N′＝2M人g＋mg＋M人a′＝(2×50×10＋5×10＋50×1)N＝1 100 N，B错误；0～4 s内竹竿对演员B的压力大小为F＝M人g＋mg－M人a＝(50×10＋5×10－50×0.5)N＝525 N，冲量大小为I1＝525×4 N·s＝2 100 N·s,4～6 s内竹竿对演员B的压力大小为F′＝M人g＋mg＋M人a′＝(50×10＋5×10＋50×1)N＝600 N，冲量大小为I2＝600×2 N·s＝1 200 N·s，0～6 s 内，竹竿对演员B的压力的冲量大小为I＝I1＋I2＝(2 100＋1 200)N·s＝3 300 N·s，C 正确；演员A落地时屈腿，是为了延长作用时间以减小地面的冲击力，D错误。
2.路灯维修车如图所示，车上带有竖直自动升降梯。
若车匀速向左运动
的同时梯子匀速上升，则关于梯子上的工人的描述正确的是( )
A．工人相对地面的运动轨迹为曲线
B．仅增大车速，工人相对地面的速度将变大
C．仅增大车速，工人到达顶部的时间将变短
D．仅增大车速，工人相对地面的速度方向与竖直方向的夹角将变小
解析：选B 车匀速向左运动的同时梯子匀速上升，根据运动的合成，可知：工人相对地面一定做匀速直线运动，故A错误；仅增大车速，依据矢量的合成法则，工人相对地面的
速度将变大，故B正确；仅增大车速，不影响竖直方向的运动，则工人到达顶部的时间不变，故C错误；仅增大车速，工人相对地面的速度方向与水平方向的夹角将变小，而与竖直方向的夹角将变大，故D错误。
3.如图所示电路中，R为某种半导体气敏元件，其阻值随周围环境一氧化碳气体浓度的增大而减小，当一氧化碳气体浓度增大时，下列说法中正确的是( )
A．电压表V示数增大
B．电流表A示数减小
C．电路的总功率减小
D．变阻器R1的取值越大，电压表示数变化越明显
解析：选D 当一氧化碳气体浓度增大时，R减小，总电阻减小，则总电流增大，内电压增大，路端电压减小，可知，通过R1的电流减小，因此电压表V示数减小，通过变阻器的电流减小，则电流表A示数增大。
故A、B错误；电路的总功率为P＝EI，E不变，I增大，则P增大。
故C错误；变阻器R1的取值越大，R1与R并联的阻值越接近R，R对电路的影响越大，则知变阻器R1的取值越大，电压表示数变化越明显。
故D正确。
4.倾角为53°的斜面与水平面平滑连接，一物块从斜面上以初速度v 0
滑下，最终停在水平面上，已知物块与水平面、物块与斜面间的动摩擦因数
均为μ＝0.5，sin 53°＝0.8，cos 53°＝0.6。
则下列关于物块运动的vt
图像正确的是( )
解析：选 C 物块沿斜面下滑时由牛顿第二定律得：a1＝g sin 53°－μg cos 53°＝5 m/s2，即沿斜面做加速运动，在水平面滑行时由牛顿第二定律得：a2＝μg＝5 m/s2，沿水平面做减速运动，在斜面和水平面滑行时的加速度大小相等，vt图像的斜率表示加速度大小，故A、B、D错误，C正确。
5.空间存在着平行于x轴方向的静电场，O、A、B、C为x轴上的点，
沿x轴方向上在OC间的电势φ随x的变化规律为如图所示的直线，则
( )
A．C点的电场强度一定为零
B．电场强度方向沿x轴正方向
C．该电场是由负点电荷激发产生的
D．带负电的试探电荷在A处的电势能大于在B处的电势能
解析：选B 电势随距离变化图像中，斜率表示电场强度可知，该电场为匀强电场，故A、C错误；由图像可知，随着距离增大，电势逐渐降低，而沿着电场线方向电势逐渐降低
可知电场强度方向沿x 轴正方向，故B 正确；根据E p ＝φq 可知，负电荷在低电势处电势能较大，故带负电的试探电荷在A 处的电势能小于在B 处的电势能，故D 错误。
二、多项选择题
6．如图所示，在火星轨道的外侧有一小行星带，内外两颗小行星a 、b 分别绕太阳做匀速圆周运动。
则( )
A ．a 、b 两颗小行星的角速度相等
B ．a 、b 两颗小行星的动能可能相等
C ．小行星a 表面的重力加速度可能比b 的小
D ．两颗小行星与太阳的连线在相同时间内扫过的面积相等
解析：选BC 小行星绕太阳运动万有引力提供向心力有G Mm r 2＝mrω2
可知，ab 两颗小行星轨道半径不等，故角速度不相等，故A 错误；据万有引力提供圆周运动向心力有G Mm r 2＝m v 2
r ，虽然两小行星的轨道半径不相等，两行星的线速度大小不同，但小行星的质量未知，若速率大的小行星质量小，则两颗小行星的动能有可能相等，故B 正确；因为不知道两颗小行星的质量和半径，故小行星a 表面的重力加速度可能比b 的小，故C 正确；根据开普勒行星定律可知，对于同一颗行星与太阳的连线在相等的时间内扫过相等的面积，对于两颗不同轨道的行星，此定律不适用，故D 错误。
考前调节 激发状态高考专题辅导与测试·物理7.如图所示，理想变压器原线圈接在电压有效值不变的交流电源两端，电流表和电压表均为理想电表。
现将交流电的频率变小，则下列说法正确的是( )
A ．灯泡L 1变暗
B ．灯泡L 2变暗
C ．电压表示数增大
D ．电流表读数变化量的比值不变
解析：选AD 交流电频率减小时，容抗增大，L 1所在支路对电流阻碍作用增大，所以电流减小，L 1变暗，故A 正确；当交流电频率减小时，不会改变L 2支路对电流的阻碍，灯泡L 2亮度不变，故B 错误；由于原副线圈匝数比不变，根据电压与匝数成正比得电压表示数不
变，故C 错误；根据电流与匝数成反比得电流表读数变化量的比值不变，故D 正确。
8．如图所示为污水流量监测装置，两块面积为S 的矩形金属极板M 、N 水平放置，污水从两板间区域向右流过(速度为v )，板间距离为d 且有一垂直于纸面向里的匀强磁场，两板用导线与理想电压表相连，则( )
A ．电压表正极接线柱接金属极板M
B ．污水中离子浓度越大，电压表的示数越大
C ．电压表读数与极板面积S 无关
D ．水流速度不变，只增加板间距离d 时电压表读数变小
解析 ：选AC 由左手定则知正离子向上偏转，所以M 带正电，故A 正确；两板间电压稳定时满足：qvB ＝qE ＝q U d ，所以U ＝Bdv ，与离子浓度无关，与极板面积S 无关，故B 错误，C 正确；由两板间电压稳定时U ＝Bdv 可知，水流速度不变，只增加板间距离d 时电压表读数变大，故D 错误。
9．如图所示，质量相等的A 、B 两物体用轻质细绳和橡皮筋相连，细绳跨过倾角为30°的光滑斜面顶端的定滑轮并与斜面平行。
初始时A 位于斜面底部的挡板上，橡皮筋处于原长，已知重力加速度为g ，则由静止释放B 的整个过程中(没有撞击滑轮和地面)有( )
A ．释放瞬间
B 的加速度为g
B ．在B 加速向下运动的过程中A 的加速度最大值为12
g C ．A 刚要离开挡板时系统的弹性势能最大
D ．橡皮筋拉力对A 做的功等于A 的机械能的增加量
解析：选AD 释放瞬间，橡皮筋没有发生形变，没有弹力，细绳中就没有拉力，所以B 只受重力，加速度为g ，故A 正确；B 加速下落时，对B 由牛顿第二定律可知细绳的拉力T ＜mg ，则橡皮筋中的弹力F ＜mg ，对A 受力分析由牛顿第二定律得：a A ＝F －mg sin 30°m ＜12g ，故B 错误；当橡皮筋中的弹力F ＝mg sin 30°时A 要离开挡板，此时橡皮筋中的弹力不是最大，弹性势能不是最大，故C 错误；对A 受力分析知，橡皮筋的弹力对A 做正功，重力做功不改变A 的机械能，所以橡皮筋拉力对A 做的功等于A 的机械能的增加量，故D 正确。