最新高三一轮---空间向量解决立体几何(建系)试题汇编
高考数学压轴专题最新备战高考《空间向量与立体几何》全集汇编及答案解析

新数学复习题《空间向量与立体几何》专题解析一、选择题1.如图是由圆柱与圆锥组合而成的几何体的三视图,则该几何体的体积为( )A .643π B .8316ππ+C .28πD .8216ππ+【答案】B 【解析】 【分析】结合三视图,还原直观图,得到一个圆锥和一个圆柱,计算体积,即可. 【详解】结合三视图,还原直观图,得到故体积22221183242231633V r h r l πππππ=⋅+⋅=⋅+⋅⋅=+,故选B . 【点睛】本道题考查了三视图还原直观图,考查了组合体体积计算方法,难度中等.2.正方体1111ABCD A B C D -的棱长为1,动点M 在线段1CC 上,动点P 在平面..1111D C B A 上,且AP ⊥平面1MBD .线段AP 长度的取值范围为( )A .2⎡⎣B .3⎡⎣C .32⎣D .62⎣ 【答案】D 【解析】 【分析】以1,,DA DC DD 分别为,,x y z 建立空间直角坐标系,设(),,1P x y ,()0,1,M t ,由AP ⊥平面1MBD ,可得+11x t y t =⎧⎨=-⎩,然后用空间两点间的距离公式求解即可.【详解】以1,,DA DC DD 分别为,,x y z 建立空间直角坐标系,则()()()()11,0,0,1,1,0,0,1,,0,0,1A B M t D ,(),,1P x y .()1,,1AP x y =-u u u r ,()11,1,1BD =--u u u u r ,()[]1,0,0,1,BM t t =-∈u u u u r由AP ⊥平面1MBD ,则0BM AP ⋅=u u u u r u u u r且01BD AP ⋅=u u u u r u u u r所以10x t -+=且110x y --+=得+1x t =,1y t =-.所以()2221311222AP x y t ⎛⎫=-++=-+ ⎪⎝⎭u u u r 当12t =时,min 6AP =u u u r ,当0t =或1t =时,max 2AP =u u u r , 62AP ≤≤u u ur 故选:D【点睛】本题考查空间动线段的长度的求法,考查线面垂直的应用,对于动点问题的处理用向量方法要简单些,属于中档题.3.在以下命题中:①三个非零向量a r ,b r ,c r 不能构成空间的一个基底,则a r ,b r ,c r共面;②若两个非零向量a r ,b r 与任何一个向量都不能构成空间的一个基底,则a r ,b r共线; ③对空间任意一点O 和不共线的三点A ,B ,C ,若222OP OA OB OC =--u u u r u u u r u u u u r u u u u r,则P ,A ,B ,C 四点共面④若a r ,b r是两个不共线的向量,且(,,,0)c a b R λμλμλμ=+∈≠r r r ,则{},,a b c r r r 构成空间的一个基底⑤若{},,a b c r r r 为空间的一个基底,则{},,a b b c c a +++r r r r r r构成空间的另一个基底;其中真命题的个数是( ) A .0 B .1C .2D .3【答案】D 【解析】 【分析】根据空间向量的运算法则,逐一判断即可得到结论. 【详解】①由空间基底的定义知,三个非零向量a r ,b r ,c r 不能构成空间的一个基底,则a r ,b r,c r共面,故①正确;②由空间基底的定义知,若两个非零向量a r ,b r与任何一个向量都不能构成空间的一个基底,则a r,b r共线,故②正确;③由22221--=-≠,根据共面向量定理知,,,P A B C 四点不共面,故③错误;④由c a b λμ=+r r r ,当1λμ+=时,向量c r 与向量a r ,b r构成的平面共面,则{},,a b c r r r 不能构成空间的一个基底,故④错误;⑤利用反证法:若{},,a b b c c a +++r r r r r r不构成空间的一个基底, 设()()()1a b x b c x c a +=++-+r r r r r r ,整理得()1c xa x b =+-r r r ,即,,a b c r r r共面,又因{},,a b c r r r 为空间的一个基底,所以{},,a b b c c a +++r r r r r r能构成空间的一个基底,故⑤正确.综上:①②⑤正确. 故选:D. 【点睛】本题考查空间向量基本运算,向量共面,向量共线等基础知识,以及空间基底的定义,共面向量的定义,属于基础题.4.《九章算术》是中国古代的数学瑰宝,其第五卷商功中有如下问题:“今有羡除,下广六尺,上广一丈,深三尺,末广八尺,无深,袤七尺,问积几何?”翻译成现代汉语就是:今有三面皆为等腰梯形,其他两侧面为直角三角形的五面体的隧道,前端下宽6尺,上宽一丈,深3尺,末端宽8尺,无深,长7尺(注:一丈=十尺).则该五面体的体积为( )A .66立方尺B .78立方尺C .84立方尺D .92立方尺【答案】C 【解析】 【分析】如图,在DC ,EF 上取G ,H ,使得DG EH AB ==,连接BG ,BH ,GH ,CH ,ADE BGH B CGHF V V V --=+,计算得到答案.【详解】如图,在DC ,EF 上取G ,H ,使得DG EH AB ==,连接BG ,BH ,GH ,CH ,故多面体的体积11()7332ADE BGH B CGHF V V V S AB CG HF --=+=⋅+⨯+⨯⨯直截面111736(42)7384232=⨯⨯⨯+⨯⨯⨯⨯=, 故选:C .【点睛】本题考查了几何体体积的计算,意在考查学生的计算能力和空间想象能力.5.如图,棱长为1的正方体1111ABCD A B C D -,O 是底面1111D C B A 的中心,则O 到平面11ABC D 的距离是( )A .12B .2 C .2 D .3 【答案】B 【解析】 【分析】如图建立空间直角坐标系,可证明1A D ⊥平面11ABC D ,故平面11ABC D 的一个法向量为:1DA u u u u r,利用点到平面距离的向量公式即得解.【详解】如图建立空间直角坐标系,则:1111(,,1),(0,0,1),(1,0,0),(1,1,0),(0,1,1)22O D A B C 111(,,0)22OD ∴=--u u u u r由于AB ⊥平面111,ADD A AD ⊂平面11ADD A1AB A D ∴⊥,又11AD A D ⊥,1AB AD I1A D ∴⊥平面11ABC D故平面11ABC D 的一个法向量为:1(1,0,1)DA =u u u u rO ∴到平面11ABC D 的距离为:1111||224||2OD DA d DA ⋅===u u u u r u u u u ru u u u r 故选:B 【点睛】本题考查了点到平面距离的向量表示,考查了学生空间想象,概念理解,数学运算的能力,属于中档题.6.如图,网格纸是由边长为1的小正方形构成,若粗实线画出的是某几何体的三视图,则该几何体的表面积为( )A .920π+B .926π+C .520π+D .526π+【答案】C 【解析】 【分析】根据三视图还原为几何体,结合组合体的结构特征求解表面积. 【详解】由三视图可知,该几何体可看作是半个圆柱和一个长方体的组合体,其中半圆柱的底面半圆半径为1,高为4,长方体的底面四边形相邻边长分别为1,2,高为4,所以该几何体的表面积2112141222S ππ=⨯+⨯⨯⨯+⨯⨯14224520π+⨯⨯+⨯=+,故选C. 【点睛】本题主要考查三视图的识别,利用三视图还原成几何体是求解关键,侧重考查直观想象和数学运算的核心素养.7.如图,在长方体1111ABCD A B C D -中,13,1AB AD AA ===,而对角线1A B 上存在一点P ,使得1AP D P +取得最小值,则此最小值为( )A .7B .3C .1+3D .2【答案】A 【解析】 【分析】把面1AA B 绕1A B 旋转至面1BA M 使其与对角面11A BCD 在同一平面上,连接1MD 并求出,就 是最小值. 【详解】把面1AA B 绕1A B 旋转至面1BA M 使其与对角面11A BCD 在同一平面上,连接1MD .1MD 就是1||||AP D P +的最小值,Q ||||3AB AD ==,1||1AA =,∴0113tan 3,60AA B AA B ∠==∴∠=.所以11=90+60=150MA D ∠o o o2211111111132cos 13223()72MD A D A M A D A M MA D ∴=+-∠=+-⨯⨯-⋅⨯=故选A . 【点睛】本题考查棱柱的结构特征,考查计算能力,空间想象能力,解决此类问题常通过转化,转化为在同一平面内两点之间的距离问题,是中档题.8.如图,在正方体1111ABCD A B C D -中,M , N 分别为棱111,C D CC 的中点,以下四个结论:①直线DM 与1CC 是相交直线;②直线AM 与NB 是平行直线;③直线BN 与1MB 是异面直线;④直线AM 与1DD 是异面直线.其中正确的个数为( )A .1B .2C .3D .4【答案】C 【解析】 【分析】根据正方体的几何特征,可通过判断每个选项中的两条直线字母表示的点是否共面;如果共面,则可能是相交或者平行;若不共面,则是异面. 【详解】①:1CC 与DM 是共面的,且不平行,所以必定相交,故正确;②:若AM BN 、平行,又AD BC 、平行且,AM AD A BN BC B ⋂=⋂=,所以平面BNC P 平面ADM ,明显不正确,故错误;③:1BN MB 、不共面,所以是异面直线,故正确; ④:1AM DD 、不共面,所以是异面直线,故正确; 故选C. 【点睛】异面直线的判断方法:一条直线上两点与另外一条直线上两点不共面,那么两条直线异面;反之则为共面直线,可能是平行也可能是相交.9.在正方体1111ABCD A B C D -中,E 为棱1CC 上一点且12CE EC =,则异面直线AE 与1A B 所成角的余弦值为( )A .1144B 11C .1144D .1111【答案】B 【解析】 【分析】以D 为原点,DA 为x 轴,DC 为y 轴,1DD 为z 轴,建立空间直角坐标系,利用向量法能求出异面直线AE 与1A B 所成角的余弦值.【详解】解:以D 为原点,DA 为x 轴,DC 为y 轴,1DD 为z 轴,建立空间直角坐标系, 设3AB =,则()3,0,0A ,()0,3,2E ,()13,0,3A ,()3,3,0B,()3,3,2AE =-u u u r ,()10,3,3A B =-u u u r,设异面直线AE 与1A B 所成角为θ, 则异面直线AE 与1A B 所成角的余弦值为:1111cos 222218AE A B AE A Bθ⋅===⋅⋅u u u r u u u r u u u r u u u r .故选:B .【点睛】本题考查利用向量法求解异面直线所成角的余弦值,难度一般.已知1l 的方向向量为a r,2l 的方向向量为b r,则异面直线12,l l 所成角的余弦值为a b a b⋅⋅r rr r .10.三棱锥D ABC -中,CD ⊥底面,ABC ABC ∆为正三角形,若//,2AE CD AB CD AE ===,则三棱锥D ABC -与三棱锥E ABC -的公共部分构成的几何体的体积为( ) A 3B 3C .13D 3【答案】B 【解析】根据题意画出如图所示的几何体:∴三棱锥D ABC -与三棱锥E ABC -的公共部分构成的几何体为三棱锥F ABC - ∵ABC 为正三角形,2AB = ∴1322322ABC S ∆=⨯⨯⨯=∵CD ⊥底面ABC ,//AE CD ,2CD AE == ∴四边形AEDC 为矩形,则F 为EC 与AD 的中点 ∴三棱锥F ABC -的高为112CD = ∴三棱锥F ABC -的体积为133133V ==故选B.11.已知m ,l 是两条不同的直线,α,β是两个不同的平面,则下列可以推出αβ⊥的是( )A .m l ⊥,m β⊂,l α⊥B .m l ⊥,l αβ=I ,m α⊂C .//m l ,m α⊥,l β⊥D .l α⊥,//m l ,//m β【答案】D 【解析】 【分析】A ,有可能出现α,β平行这种情况.B ,会出现平面α,β相交但不垂直的情况.C ,根据面面平行的性质定理判断.D ,根据面面垂直的判定定理判断. 【详解】对于A ,m l ⊥,m β⊂,l α⊥,则//αβ或α,β相交,故A 错误; 对于B ,会出现平面α,β相交但不垂直的情况,故B 错误;对于C ,因为//m l ,m α⊥,则l α⊥,由因为l βαβ⊥⇒∥,故C 错误; 对于D ,l α⊥,m l m α⇒⊥∥,又由m βαβ⇒⊥∥,故D 正确. 故选:D 【点睛】本题考查空间中的平行、垂直关系的判定,还考查学生的空间想象能力和逻辑推理能力,属于中档题.12.已知,m l 是两条不同的直线,,αβ是两个不同的平面,则下列可以推出αβ⊥的是( )A .,,m l m l βα⊥⊂⊥B .,,m l l m αβα⊥⋂=⊂C .//,,m l m l αβ⊥⊥D .,//,//l m l m αβ⊥【答案】D 【解析】 【分析】A ,有可能出现α,β平行这种情况.B ,会出现平面α,β相交但不垂直的情况.C ,根据面面平行的性质定理判断.D ,根据面面垂直的判定定理判断. 【详解】对于A ,m l ⊥,m β⊂,若l β⊥,则//αβ,故A 错误; 对于B ,会出现平面α,β相交但不垂直的情况,故B 错误;对于C ,因为//m l ,m α⊥,则l α⊥,又因为l βαβ⊥⇒∥,故C 错误; 对于D ,l α⊥,m l m α⇒⊥∥,又由m βαβ⇒⊥∥,故D 正确. 故选:D 【点睛】本题考查空间中的平行、垂直关系的判定,还考查学生的空间想象能力和逻辑推理能力,属于中档题.13.设α,β是两个不同的平面,m 是直线且m α⊂.“m βP ”是“αβP ”的( ) A .充分而不必要条件 B .必要而不充分条件 C .充分必要条件 D .既不充分也不必要条件【答案】B 【解析】 试题分析:,得不到,因为可能相交,只要和的交线平行即可得到;,,∴和没有公共点,∴,即能得到;∴“”是“”的必要不充分条件.故选B .考点:必要条件、充分条件与充要条件的判断.【方法点晴】考查线面平行的定义,线面平行的判定定理,面面平行的定义,面面平行的判定定理,以及充分条件、必要条件,及必要不充分条件的概念,属于基础题;并得不到,根据面面平行的判定定理,只有内的两相交直线都平行于,而,并且,显然能得到,这样即可找出正确选项.14.设,为两条不同的直线,,为两个不同的平面,下列命题中,正确的是( ) A .若,与所成的角相等,则B .若,,则C .若,,则D .若,,则【答案】C【解析】试题分析:若,与所成的角相等,则或,相交或,异面;A 错. 若,,则或,B 错. 若,,则正确. D .若,,则,相交或,异面,D 错考点:直线与平面,平面与平面的位置关系15.已知平面α⊥平面β,l αβ=I ,a α⊂,b β⊂,则“a l ⊥”是“a b ⊥r r”的( ) A .充分不必要条件 B .必要不充分条件 C .充要条件 D .既不充分也不必要条件【答案】A 【解析】 【分析】根据面面垂直的性质定理,以及充要条件的判定方法,即可作出判定,得到答案. 【详解】由题意知,平面α⊥平面β,,,l a b αβαβ⋂=⊂⊂, 当a l ⊥时,利用面面垂直的性质定理,可得a b ⊥r r成立,反之当a b ⊥r r时,此时a 与l 不一定是垂直的,所以a l ⊥是a b ⊥r r的充分不必要条件,故选A.【点睛】本题主要考查了充要条件的判定,其中解答中熟记线面位置关系的判定定理与性质定理,以及充要条件的判定方法是解答的关键,着重考查了推理与论证能力,属于基础题.16.已知圆柱的上、下底面的中心分别为1O ,2O ,过直线12O O 的平面截该圆柱所得的截面是面积为8的正方形,则该圆柱的表面积为 A .122π B .12πC .82πD .10π【答案】B 【解析】分析:首先根据正方形的面积求得正方形的边长,从而进一步确定圆柱的底面圆半径与圆柱的高,从而利用相关公式求得圆柱的表面积. 详解:根据题意,可得截面是边长为22的圆,且高为2, 所以其表面积为222)22212S πππ=+=,故选B.点睛:该题考查的是有关圆柱的表面积的求解问题,在解题的过程中,需要利用题的条件确定圆柱的相关量,即圆柱的底面圆的半径以及圆柱的高,在求圆柱的表面积的时候,一定要注意是两个底面圆与侧面积的和.17.某几何体的三视图如图所示,三个视图中的曲线都是圆弧,则该几何体的体积为( )A .152πB .12πC .112π D .212π【答案】A 【解析】 【分析】由三视图可知,该几何体为由18的球体和14的圆锥体组成,结合三视图中的数据,利用球和圆锥的体积公式求解即可. 【详解】由三视图可知,该几何体为由18的球体和14的圆锥体组成, 所以所求几何体的体积为11+84V V V =球圆锥,因为31149=3=8832V ππ⨯⨯球, 221111=34344312V r h πππ⨯⨯=⨯⨯⨯=圆锥, 所以915322V πππ=+=,即所求几何体的体积为152π. 故选:A 【点睛】本题考查三视图还原几何体及球和圆锥的体积公式;考查学生的空间想象能力和运算求解能力;三视图正确还原几何体是求解本题的关键;属于中档题、常考题型.18.在空间中,下列命题为真命题的是( ). A .对于直线,,a b c ,若,a c b c ⊥⊥则//a bB .对任意直线a ,在平面α中必存在一条直线b 与之垂直C .若直线a ,b 与平面α所成的角相等,则a ∥bD .若直线a ,b 与平面α所成的角互余,则a ⊥b 【答案】B 【解析】【分析】通过空间直线与直线的位置关系判断选项的正误即可。
高考数学压轴专题最新备战高考《空间向量与立体几何》全集汇编含答案解析

数学高考《空间向量与立体几何》试题含答案一、选择题1.已知三棱锥P ABC -中,PA PB PC ==,APB BPC CPA ∠>>∠,PO ⊥平面ABC 于O ,设二面角P AB O --,P BC O --,P CA O --分别为,,αβγ,则( ) A .αβγ>>B .γβα>>C .βαγ>>D .不确定【答案】A【解析】【分析】 D 为AB 中点,连接,DP DO ,故PD AB ⊥,计算sin cos 2POAPB a α=∠,sin cos 2PO CPB a β=∠,sin cos 2PO CPA a γ=∠,得到大小关系. 【详解】如图所示:设PA PB PC a ===,D 为AB 中点,连接,DP DO ,故PD AB ⊥, PO ⊥平面ABC ,故PDO ∠为二面角P AB O --的平面角.cos 2APB PD a ∠=,sin cos 2PO PO APB PD a α==∠, 同理可得: sin cos 2PO CPB a β=∠,sin cos 2PO CPA a γ=∠, APB BPC CPA ∠>∠>∠,故sin sin sin αβγ>>,故αβγ>>. 故选:A .【点睛】本题考查了二面角,意在考查学生的计算能力和空间想象能力.2.如图,棱长为1的正方体1111ABCD A B C D -,O 是底面1111D C B A 的中心,则O 到平面11ABC D 的距离是( )A .12B 2C .22D 3【答案】B【解析】【分析】如图建立空间直角坐标系,可证明1A D ⊥平面11ABC D ,故平面11ABC D 的一个法向量为:1DA u u u u r ,利用点到平面距离的向量公式即得解.【详解】如图建立空间直角坐标系,则:1111(,,1),(0,0,1),(1,0,0),(1,1,0),(0,1,1)22O D A B C 111(,,0)22OD ∴=--u u u u r 由于AB ⊥平面111,ADD A AD ⊂平面11ADD A1AB A D ∴⊥,又11AD A D ⊥,1AB AD I1A D ∴⊥平面11ABC D 故平面11ABC D 的一个法向量为:1(1,0,1)DA =u u u u r O ∴到平面11ABC D 的距离为:1111||224||2OD DA d DA ⋅===u u u u r u u u u r u u u u r 故选:B【点睛】本题考查了点到平面距离的向量表示,考查了学生空间想象,概念理解,数学运算的能力,属于中档题.3.已知正方体1111A B C D ABCD -的棱1AA 的中点为E ,AC 与BD 交于点O ,平面α过点E 且与直线1OC 垂直,若1AB =,则平面α截该正方体所得截面图形的面积为( ) A .64 B .62C .32 D .34【答案】A【解析】【分析】根据正方体的垂直关系可得BD ⊥平面11ACC A ,进而1BD OC ⊥,可考虑平面BDE 是否为所求的平面,只需证明1OE OC ⊥即可确定平面α.【详解】如图所示,正方体1111ABCD A B C D -中,E 为棱1AA 的中点,1AB =,则2113122OC =+=,2113424OE =+=,2119244EC =+=, ∴22211OC OE EC +=,1OE OC ∴⊥;又BD ⊥平面11ACC A ,1BD OC ∴⊥,且OE BD O =I ,1OC ∴⊥平面BDE ,且113622224BDE S BD OE ∆==⨯⨯=g , 即α截该正方体所得截面图形的面积为64. 故选:A .【点睛】本题考查线面垂直的判定,考查三角形面积的计算,熟悉正方体中线面垂直关系是解题的关键,属于中档题.4.如图,在正三棱柱111ABC A B C -中,2AB =,123AA =,D ,F 分别是棱AB ,1AA 的中点,E 为棱AC 上的动点,则DEF ∆的周长的最小值为()A .222B .232C 62+D 72【答案】D【解析】【分析】根据正三棱柱的特征可知ABC ∆为等边三角形且1AA ⊥平面ABC ,根据1AA AD ⊥可利用勾股定理求得2DF =;把底面ABC 与侧面11ACC A 在同一平面展开,可知当,,D E F 三点共线时,DE EF +取得最小值;在ADF ∆中利用余弦定理可求得最小值,加和得到结果.【详解】Q 三棱柱111ABC A B C -为正三棱柱 ABC ∆∴为等边三角形且1AA ⊥平面ABC AD ⊂Q 平面ABC 1AA AD ∴⊥ 132DF ∴=+=把底面ABC 与侧面11ACC A 在同一平面展开,如下图所示:当,,D E F 三点共线时,DE EF +取得最小值又150FAD ∠=o ,3AF =1AD =()22min 32cos 42372DE EF AF AD AF AD FAD ⎛⎫∴+=+-⋅∠=-⨯-= ⎪ ⎪⎝⎭DEF ∴∆72+本题正确选项:D【点睛】本题考查立体几何中三角形周长最值的求解问题,关键是能够将问题转化为侧面上两点间最短距离的求解问题,利用侧面展开图可知三点共线时距离最短.5.以下说法正确的有几个( )①四边形确定一个平面;②如果一条直线在平面外,那么这条直线与该平面没有公共点;③过直线外一点有且只有一条直线与已知直线平行;④如果两条直线垂直于同一条直线,那么这两条直线平行;A .0个B .1个C .2个D .3个【答案】B【解析】【分析】对四个说法逐一分析,由此得出正确的个数.【详解】①错误,如空间四边形确定一个三棱锥. ②错误,直线可能和平面相交. ③正确,根据公理二可判断③正确. ④错误,在空间中,垂直于同一条直线的两条直线可能相交,也可能异面,也可能平行.综上所述,正确的说法有1个,故选B.【点睛】本小题主要考查空间有关命题真假性的判断,属于基础题.6.如图,正方体ABCD ﹣A 1B 1C 1D 1的棱长为1,线段B 1D 1上有两个动点E 、F ,且EF=12.则下列结论中正确的个数为①AC ⊥BE ;②EF ∥平面ABCD ;③三棱锥A ﹣BEF 的体积为定值;④AEF ∆的面积与BEF ∆的面积相等,A .4B .3C .2D .1【答案】B【解析】试题分析:①中AC ⊥BE ,由题意及图形知,AC ⊥面DD1B1B ,故可得出AC ⊥BE ,此命题正确;②EF ∥平面ABCD ,由正方体ABCD-A1B1C1D1的两个底面平行,EF 在其一面上,故EF 与平面ABCD 无公共点,故有EF ∥平面ABCD ,此命题正确;③三棱锥A-BEF 的体积为定值,由几何体的性质及图形知,三角形BEF 的面积是定值,A 点到面DD1B1B 距离是定值,故可得三棱锥A-BEF 的体积为定值,此命题正确;④由图形可以看出,B 到线段EF 的距离与A 到EF 的距离不相等,故△AEF 的面积与△BEF 的面积相等不正确考点:1.正方体的结构特点;2.空间线面垂直平行的判定与性质7.如图是由圆柱与圆锥组合而成的几何体的三视图,则该几何体的体积为( )A .643πB .8316ππ+C .28πD .8216ππ+ 【答案】B【解析】【分析】结合三视图,还原直观图,得到一个圆锥和一个圆柱,计算体积,即可.【详解】结合三视图,还原直观图,得到故体积22221183242231633V r h r l πππππ=⋅+⋅=⋅+⋅⋅=+,故选B . 【点睛】 本道题考查了三视图还原直观图,考查了组合体体积计算方法,难度中等.8.若四面体的三视图如图所示,则该四面体的四个面中,直角三角形的面积和为( )A .2B .25+C .425+D .4【答案】B【解析】【分析】 根据四面体的三视图可知:一侧面垂直于底面,且底面是以该侧面与底面的交线为直角边的直角三角形,然后根据面面垂直的性质定理,得到与底面的另一直角边为交线的侧面为直角三角形求解.【详解】由四面体的三视图可知:平面PAB ⊥平面ABC ,BC AB ⊥,所以BC ⊥平面PAB ,所以BC PB ⊥,所以,ABC PBC V V 是直角三角形,如图所示:所以直角三角形的面积和为:11112252252222ABC PBC S S AB BC PB BC +=⨯⨯+⨯⨯=⨯⨯+=+V V 故选:B【点睛】本题主要考查三视图的应用以及线面垂直,面面垂直的关系,还考查了运算求解的能力,属于中档题.9.已知,m l 是两条不同的直线,,αβ是两个不同的平面,则下列可以推出αβ⊥的是( )A .,,m l m l βα⊥⊂⊥B .,,m l l m αβα⊥⋂=⊂C .//,,m l m l αβ⊥⊥D .,//,//l m l m αβ⊥【答案】D【解析】【分析】 A ,有可能出现α,β平行这种情况.B ,会出现平面α,β相交但不垂直的情况.C ,根据面面平行的性质定理判断.D ,根据面面垂直的判定定理判断.【详解】对于A ,m l ⊥,m β⊂,若l β⊥,则//αβ,故A 错误;对于B ,会出现平面α,β相交但不垂直的情况,故B 错误;对于C ,因为//m l ,m α⊥,则l α⊥,又因为l βαβ⊥⇒∥,故C 错误; 对于D ,l α⊥,m l m α⇒⊥∥,又由m βαβ⇒⊥∥,故D 正确.故选:D【点睛】本题考查空间中的平行、垂直关系的判定,还考查学生的空间想象能力和逻辑推理能力,属于中档题.10.设A ,B ,C ,D 是同一个球面上四点,ABC ∆是斜边长为6的等腰直角三角形,若三棱锥D ABC -体积的最大值为27,则该球的表面积为( )A .36πB .64πC .100πD .144π【答案】C【解析】【分析】由题意画出图形,求出三棱锥D ABC -的外接球的半径,代入表面积公式求解.【详解】解:如图,ABC ∆是斜边BC 长为6的等腰直角三角形,则当D 位于直径的端点时,三棱锥D ABC -体积取最大值为27,由AB AC =,AB AC ⊥,6BC =,可得斜边BC 上的高3AE =,32AB AC ==由1132322732DE ⨯⨯⨯⨯=,解得9DE =, 则21AE EF DE==. ∴球O 的直径为10DE EF +=,则球O 的半径为11052⨯=. ∴该球的表面积为245100S ππ=⨯=.故选C .【点睛】本题考查多面体外接球表面积的求法,考查数形结合的解题思想方法,是中档题.11.古代数学名著《张丘建算经》中有如下问题:“今有仓,东西袤一丈二尺,南北广七尺,南壁高九尺,北壁高八尺,问受粟几何?”.题目的意思是:“有一粮仓的三视图如图所示(单位:尺),问能储存多少粟米?”已知1斛米的体积约为1.62立方尺,估算粮仓可以储存的粟米约有(取整数)( )A .441斛B .431斛C .426斛D .412斛【答案】A【解析】【分析】 由三视图可知:上面是一个横放的三棱柱,下面是一个长方体.由体积计算公式即可得出.【详解】解:由三视图可知:上面是一个横放的三棱柱,下面是一个长方体.∴体积1171278127142V =⨯⨯⨯+⨯⨯=,∴粮仓可以储存的粟米7144411.62=≈斛.故选:A .12.已知正三棱柱111ABC A B C -的所有棱长都相等,D 是11A B 的中点,则AD 与平面11BCC B 所成角的正弦值为( )A .5B .25C .10D .15 【答案】D【解析】【分析】先找出直线AD 与平面11BCC B 所成角,然后在1B EF V 中,求出1sin EB F ∠,即可得到本题答案.【详解】如图,取AB 中点E ,作EF BC ⊥于F ,连接11,B E B F ,则1EB F ∠即为AD 与平面11BCC B 所成角.不妨设棱长为4,则1,2BF BE ==,13,25EF B E ∴=1315sin 25EB F ∴∠==. 故选:D【点睛】 本题主要考查直线与平面所成角的求法,找出线面所成角是解决此类题目的关键.13.某四面体的三视图如图所示,正视图,俯视图都是腰长为2的等腰直角三角形,侧视图是边长为2的正方形,则此四面体的四个面中面积最大的为( )A .22B .23C .4D .26【答案】B【解析】 解:如图所示,该几何体是棱长为2的正方体中的三棱锥P ABC - , 其中面积最大的面为:1232232PAC S V =⨯⨯= . 本题选择B 选项.点睛:三视图的长度特征:“长对正、宽相等,高平齐”,即正视图和侧视图一样高、正视图和俯视图一样长,侧视图和俯视图一样宽.若相邻两物体的表面相交,表面的交线是它们的分界线,在三视图中,要注意实、虚线的画法.14.已知四面体P ABC -的外接球的球心O 在AB 上,且PO ⊥平面ABC ,23AC AB =,若四面体P ABC -的体积为32,求球的表面积( )A .8πB .12πC .83πD .123π【答案】B【解析】【分析】 依据题意作出图形,设四面体P ABC -的外接球的半径为R ,由题可得:AB 为球的直径,即可求得:2AB R =,3AC R =, BC R =,利用四面体P ABC -的体积为32列方程即可求得3R =,再利用球的面积公式计算得解。
高考数学一轮复习《空间向量与立体几何》练习题(含答案)

高考数学一轮复习《空间向量与立体几何》练习题(含答案)一、单选题1.已知空间向量()3,4,5AB =-,则AB =( ) A .5B .6C .7D .522.设直线1l 、2l 的方向向量分别为a ,b ,能得到12l l ⊥的是( ) A .(1,2,2)a =-,(2,4,4)b =- B .(2,2,1)a =-,(3,2,10)b =- C .(1,0,0)a =,(3,0,0)b =-D .(2,3,5)a =-,(2,3,5)b =3.已知正四面体ABCD ,M 为BC 中点,N 为AD 中点,则直线BN 与直线DM 所成角的余弦值为( ) A .16B .23C .2121D .421214.已知四棱锥P ABCD -的底面ABCD 为平行四边形,M ,N 分别为棱BC ,PD 上的点,12CM BM =,N 是PD 的中点,向量MN AB x AD y AP =-++,则( )A .13x =,12y =-B .16x =-,12y =C .13x,12y =D .16x =,12y =-5.有以下命题:①一个平面的单位法向量是唯一的②一条直线的方向向量和一个平面的法向量平行,则这条直线和这个平面平行 ③若两个平面的法向量不平行,则这两个平面相交④若一条直线的方向向量垂直于一个平面内两条直线的方向向量,则直线和平面垂直 其中真命题的个数有( ) A .1个B .2个C .3个D .4个6.已知(2,2,3)a =--,(2,0,4)=b ,则cos ,a b 〈〉=( ) A .48585B .48585-C .0D .17.如图,在正方体1111ABCD A B C D -中,点,E F 分别是棱1111,C D A D 上的动点.给出下面四个命题①直线EF 与直线AC 平行;②若直线AF 与直线CE 共面,则直线AF 与直线CE 相交; ③直线EF 到平面ABCD 的距离为定值; ④直线AF 与直线CE 所成角的最大值是3π.其中,真命题的个数是( ) A .1B .2C .3D .48.在以下命题中:①三个非零向量a ,b ,c 不能构成空间的一个基底,则a ,b ,c 共面;②若两个非零向量a ,b 与任何一个向量都不能构成空间的一个基底,则a ,b 共线; ③对空间任意一点O 和不共线的三点A ,B ,C ,若222OP OA OB OC =--,则P ,A ,B ,C 四点共面④若a ,b 是两个不共线的向量,且(,,,0)c a b R λμλμλμ=+∈≠,则{},,a b c 构成空间的一个基底⑤若{},,a b c 为空间的一个基底,则{},,a b b c c a +++构成空间的另一个基底; 其中真命题的个数是( ) A .0B .1C .2D .39.已知向量(4,2,4),(6,3,2)a b =--=-,则下列结论正确的是( ) A .(10,5,2)a b +=- B .(2,1,6)a b -=-C .(24,6,8)a b ⋅=-D .||6a =10.如图,已知正方体1111ABCD A B C D -的棱长为2,M ,N 分别为1BB ,CD 的中点.有下列结论:①三棱锥11A MND -在平面11D DCC 上的正投影图为等腰三角形; ②直线//MN 平面11A DC ;③在棱BC 上存在一点E ,使得平面1AEB ⊥平面MNB ;④若F 为棱AB 的中点,且三棱锥M NFB -的各顶点均在同一求面上,则该球的体积为6π. 其中正确结论的个数是( ) A .0B .1C .2D .311.如图,某圆锥SO 的轴截面SAC ,其中5SA AO =,点B 是底面圆周上的一点,且2cos 3BOC ∠=,点M 是线段SA 的中点,则异面直线SB 与CM 所成角的余弦值是( )A 235B 665C 13D 312.如图,在四棱锥P ABCD -中,PA ⊥平面ABCD ,90BAD ∠=︒,112PA AB BC AD ====,//BC AD ,已知Q 是四边形ABCD 内部一点(包括边界),且二面角Q PD A --的平面角大小为30,则ADQ △面积的取值范围是( )A .2150,15⎛⎤ ⎥ ⎝⎦B .250,5⎛⎤⎥ ⎝⎦C .2100,15⎛⎤ ⎥ ⎝⎦D .3100,5⎛⎤ ⎥ ⎝⎦二、填空题13.已知a =(3,2,-1),b = (2,1,2),则()()2a b a b -⋅+=___________. 14.若空间中有三点()()()1,0,1,0,1,1,1,2,0A B C - ,则点()1,2,3P 到平面ABC 的距离为______.15.正四棱柱1111ABCD A B C D -中,14AA =,3AB =,点N 为侧面11BCC B 上一动点(不含边界),且满足1D N CN ⊥.记直线1D N 与平面11BCC B 所成的角为θ,则tan θ的取值范围为_________.16.如图所示,在平行六面体1111ABCD A B C D -中,1111AC B D F =,若1AF xAB yAD zAA =++,则x y z ++=___________.三、解答题17.如图1,在ABC 中,90C ∠=︒,3BC =3AC =,E 是AB 的中点,D 在AC 上,DE AB ⊥.沿着DE 将ADE 折起,得到几何体A BCDE -,如图2(1)证明:平面ABE ⊥平面BCDE ;(2)若二面角A DE B --的大小为60︒,求直线AD 与平面ABC 所成角的正弦值.18.已知正方体1111ABCD A B C D -中,棱长为2a ,M 是棱1DD 的中点.求证:1DB ∥平面11A MC .19.四棱锥P ABCD -中,//AB CD ,90PDA BAD ∠=∠=︒,12PD DA AB CD ===,S 为PC中点,BS CD ⊥.(1)证明:PD ⊥平面ABCD ;(2)平面SAD 交PB 于Q ,求CQ 与平面PCD 所成角的正弦值.20.如图,在多面体ABCDEF 中,AD ⊥平面ABF ,AD ∥BC ∥4EF AD =,,3,2BC AB BF EF ====,120ABF ︒∠=.(1)证明:AC DE ⊥;(2)求直线AE 与平面CDE 所成角的大小.21.如图(1),在直角梯形ABCD 中,AB CD ∥,AB BC ⊥,22CD AB BC ==,过A 点作AE CD ⊥,垂足为E ,现将ADE ∆沿AE 折叠,使得DE EC ⊥,如图(2).(1)求证:平面DAB ⊥平面DAE ; (2)求二面角D AB E --的大小.22.如图,在四棱锥P ABCD -中,底面ABCD 为等腰梯形,//AB CD ,24CD AB ==,2AD =,PAB 为等腰直角三角形,PA PB =,平面PAB ⊥底面ABCD ,E 为PD 的中点.(1)求证://AE 平面PBC ; (2)求二面角A EB C --的余弦值.23.如图所示,边长为2的正方形ABFC 和高为2的直角梯形ADEF 所在的平面互相垂直且2DE =,//ED AF 且90DAF ∠=︒.(1)求BD 和面BEF 所成的角的正弦; (2)求点C 到直线BD 的距离;(3)线段EF 上是否存在点P 使过P 、A 、C 三点的平面和直线DB 垂直,若存在,求EP 与PF 的比值:若不存在,说明理由.24.如图,在三棱锥A BCD -中,ABD △是等边三角形,2AC =,2BC CD ==,BC CD ⊥,E 为空间内一点,且CDE 为以CD 为斜边的等腰直角三角形.(1)证明:平面ABD ⊥平面BCD ;(2)若2BE =,试求平面ABD 与平面ECD 所成锐二面角的余弦值参考答案1.D2.B3.B4.B5.A6.B7.B8.D9.D10.D11.B12.A 13.21415.13,22⎫⎛⎫+∞⎪ ⎪⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭16.2 17.(1)证明:因为在图1中DE AB ⊥,沿着DE 将ADE 折起, 所以在图2中有DE AE ⊥,DE BE ⊥, 又AEBE E =,所以DE ⊥平面ABE , 又因为DE ⊂平面BCDE , 所以平面ABE ⊥平面BCDE ; (2)解:由(1)知,DE AE ⊥,DE BE ⊥, 所以AEB ∠是二面角A DE B --的平面角, 所以60AEB ∠=︒, 又因为AE BE =, 所以ABE 是等边三角形, 连接CE ,在图1中,因为90C ∠=︒,BC =,3AC = 所以60EBC ∠=︒,AB =因为E 是AB 的中点,所以BE BC == 所以BCE 是等边三角形. 取BE 的中点O ,连接AO ,CO , 则AO BE ⊥,CO BE ⊥,因为平面ABE ⊥平面BCDE ,平面ABE ⋂平面BCDE BE =,所以AO ⊥平面BCDE , 所以OB ,OC ,OA 两两垂直,以O 为原点,OB ,OC ,OA 为x ,y ,z 轴建系,如图所示.30,0,2A ⎛⎫ ⎪⎝⎭,3B ⎫⎪⎪⎝⎭,30,,02C ⎛⎫ ⎪⎝⎭,3D ⎛⎫ ⎪ ⎪⎝⎭ 所以3322AB ⎛⎫=- ⎪ ⎪⎝⎭,330,,22AC ⎛⎫=- ⎪⎝⎭,332AD ⎛⎫=-- ⎪ ⎪⎝⎭设平面ABC 的法向量为(),,n x y z =,则0,0,n AB n AC ⎧⋅=⎨⋅=⎩即330,2330.22z y z ⎧-=⎪⎪⎨⎪-=⎪⎩取1z =,得平面ABC 的一个法向量为()3,1,1n =,所以33311125cos ,52n AD AD n n AD ⎛⎛⎫⨯+-⨯ ⎪⋅⎝⎭===⨯设直线AD 与平面ABC 所成角为θ,则5sin θ=. 18.以点D 为原点,分别以DA 、DC 与1DD 的方向为x 、y 与z 轴的正方向,建立空间直角坐标系.则()0,0,0D 、()2,0,0A a 、()0,2,0C a 、()2,2,0B a a 、()10,0,2D a 、()12,0,2A a a 、()10,2,2C a a 、()12,2,2B a a a ,M 是棱1DD 的中点得()0,0,M a ,()12,2,2DB a a a =.设面11A MC的一个法向量为(),,n x y z =,()12,0,MA a a =,()10,2,MC a a =,则1120,0,20,0,ax az n MA ay az n MC ⎧+=⋅=⎧⎪⇒⎨⎨+=⋅=⎪⎩⎩令1y =,则()1,1,2n =-.又110DB n DB n ⋅=⇒⊥,因为1DB ⊄平面11A MC ,所以1DB ∥平面11A MC .19.(1)取CD 中点为M ,则DM AB =且//DM AB , 所以四边形ABMD 为平行四边形,可得//BM AD , 所以BM CD ⊥,又由BS CD ⊥,BM BS B ⋂=,所以CD ⊥平面BSM ,又因为SM ⊂平面BSM ,所以CD SM ⊥, 又由//SM PD ,所以CD PD ⊥,AD PD ⊥,CDAD D =,所以PD ⊥平面ABCD .(2)延长CB ,DA 交于N ,连SN 与PB 交点即为Q ,因为B 为CN 中点,S 为PC 中点,故Q 为PNC △的重心,故2PQ QB =,以D 为原点,,,DA DC DP 方向为,,x y z 轴的正方向,建立空间直角坐标系O xyz -,不妨设1AB =,则()1,1,0B ,()0,0.1P ,设(),,Q x y z 且2PQ QB =,可得()()()212112x x y y z z ⎧=-⎪=-⎨⎪-=-⎩,所以221,,333x y z ===,可得241,,333CQ ⎛⎫=- ⎪⎝⎭,因为AD PD ⊥,AD CD ⊥且PD CD D ⋂=,所以AD ⊥平面PCD . 平面PCD 的法向量为()1,0,0DA =,可得2cos ,211CQ DA CQ DA CQ DA⋅===⋅⋅.即CQ 与平面PCD20.(1)因为AD∥BC∥EF,AD⊥平面ABF,所以BC⊥平面ABF,EF⊥平面ABF,所以四边形ABCD与四边形BCEF都是直角梯形,以B为坐标原点,BA BC所在直线分别为x轴、y轴,过点B且垂直于平面ABCD的直线为z轴,建立如图所示的空间直角坐标系,则(2,0,0),(1,0,3),(1,2,3),(0,3,0),(2,4,0)A F E C D--,所以(2,3,0),(3,2,3)AC DE=-=--,所以6600AC DE⋅=-+=,所以AC DE⊥.(2)由(1)知,(3)AE=-,(2,1,0)CD=,(3,23)DE=--,,设平面CDE的法向量为(,,)n x y z=,则CD nDE n⎧⋅=⎨⋅=⎩,即203230x yx y z+=⎧⎪⎨--=⎪⎩,取=1x -,则32,3y z ==,所以31,2,3n ⎛⎫=- ⎪ ⎪⎝⎭为平面CDE 的一个法向量, 设直线AE 与平面CDE 所成的角为0,2πθθ⎛⎫⎡⎤∈ ⎪⎢⎥⎣⎦⎝⎭, 则|||341|3sin |cos ,|2||||4343AE n AE n AE n θ⋅++=〈〉===⋅⨯,所以3πθ=, 所以直线AE 与平面CDE 所成角的大小为3π. 21.证明:(1) AE CD ⊥,AB CD ∥,∴ AE AB ⊥DE EC ⊥,AB EC ∥, ∴DE AB ⊥又AE DE E =,故:AB ⊥平面DAE ,AB ⊂平面DAB ,故:平面DAB ⊥平面DAE .(2)以E 为原点,EA 为x 轴,EC 为y 轴,ED 为z 轴,建立空间直角坐标系,如图:设2DE EC ED ===,∴ ()2,0,0A ,()0,0,2D ,()0,0,0E ,()2,2,0B ,可得:()2,0,2AD =-,()0,2,0AB =,设平面DAB 的法向量(),,n x y z =,则22020n AD x z n AB y ⎧⋅=-+=⎨⋅==⎩,取1x =,得()1,0,1n =, 平面ABE 的法向量()0,0,1m =,设二面角D AB E --的大小为θ,则12cos 22m n m n θ⋅===⋅, ∴ 45θ=︒,∴二面角D AB E --的大小为45︒.22.(1)如图,取PC 的中点F ,连接EF ,BF ,∵PE DE =,PF CF =,∴//EF CD ,2CD EF =,∵//AB CD ,2CD AB =,∴//AB EF ,且EF AB =.∴四边形ABFE 为平行四边形,∴//AE BF .∵BF ⊂平面PBC ,AE ⊄平面PBC ,故//AE 平面PBC .(2)取AB 中点O ,CD 中点M ,以O 为原点,OM 为x 轴,AB 为y 轴,OP 为z 轴,建立空间直角坐标系:则()0,1,0A -,()0,1,0B ,()1,2,0C ,()0,0,1P ,()1,2,0D -,11,1,22E ⎛⎫- ⎪⎝⎭,则11,2,22BE ⎛⎫=- ⎪⎝⎭,()0,2,0AB =,()1,1,0BC =, 设平面ABE 的一个法向量为()111,,m x y z =,平面CBE 的一个法向量为()222,,n x y z =, 则111120112022m AB y m BE x y z ⎧⋅==⎪⎨⋅=-+=⎪⎩,令11x =,则()1,0,1m =-, 222220112022n BC x y n BE x y z ⎧⋅=+=⎪⎨⋅=-+=⎪⎩,21x =,则()1,1,5n =--, 设m 与n 的夹角为θ,则66cos 3233m n m n θ⋅===⋅,由二面角A EB C --为钝角,则余弦值为63-.23.(1)解:(1)因为AC 、AD 、AB 两两垂直,建立如图坐标系,则()2,0,0B ,()0,0,2D ,()1,1,2E ,()2,2,0F ,()0,2,0C ,则(2,0,2),(1,1,2),(0,2,0)DB BE BF =-=-=设平面BEF 的法向量(,,)n x y z =,则200n BE x y z n BF y ⎧⋅=-++=⎨⋅==⎩令1z =,则2x =,0y =,所以(2,0,1)n =, ∴向量DB 和()2,0,1n =所成角的余弦为2222220210212(2)DB nDB n ⋅+-=⋅++-.即BD 和面BEF 10 (2)解:因为()2,0,2DB =-,()2,2,0BC =-,所以()()2202024DB BC ⋅=⨯-+⨯+⨯-=-,22DB =,22BC =C 到直线BD 的距离()2222422622DB BC d BC DB ⎛⎫⋅-⎛⎫ ⎪=-=- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭(3)解:假设线段EF 上存在点P 使过P 、A 、C 三点的平面和直线DB 垂直,不妨设EP 与PF 的比值为m ,即EP mPF =,设(),,P x y z ,即()()1,1,22,2,x y z m x y z ---=---,所以()()12122x m x y m y z mz ⎧-=-⎪-=-⎨⎪-=-⎩,解得12112121m x m m y m z m +⎧=⎪+⎪+⎪=⎨+⎪⎪=⎪+⎩集P 点坐标为12122(,,)111m m m m m +++++, 则向量12122(,,)111m m AP m m m++=+++,向量1212(,,)111m CP m m m +=-+++, 因为()2,0,2DB =-所以()()12122202011112122020111m m m m m m m m m ++⎧⨯+⨯+-⨯=⎪⎪+++⎨+-⎪⨯+⨯+-⨯=⎪+++⎩,解得12m =. 所以存在p ,求EP 与PF 的比值1224.解:(1)取BD 的中点O ,连接OC ,OA ,因为ABD △是等边三角形,2BD =,所以AO BD ⊥,且3AO =,又因为2BC CD ==,所以OC BD ⊥112CO BD ==,又2AC = 222AO OC AC AO OC ∴+=∴⊥又AO BD ⊥,因为CO BD O ⋂=,二面角A BD C --的平面角AOC ∠是直角,∴平面ABD ⊥平面BCD ;(2)由(1)以O 为原点,OC 为x 轴,OD 为y 轴,OA 为z 轴建立空间直角坐标系, 不妨令E 在平面BCD 上方取CD 的中点F ,连接OF ,EF ,则,OF CD EF CD ⊥⊥.OF EF F ⋂=,,OF EF ⊂平面EOF ,∴CD ⊥平面EOF ,CD ⊂平面OCD ,∴平面EOF ⊥平面OCD ,OF =,EF =, 设EFO πθ∠=-,则(0,0,0)O ,(1,0,0)C ,(0,1,0)D,A ,(0,1,0)B -11111113cos ,cos ,cos ,cos 22222222E BE θθθθθθ⎛⎫⎛⎫++=++ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭,13322,cos ,sin ,244BE E θθ⎛==∴=∴=∴ ⎝⎭所以(1,1,0)CD =-,13,44CE ⎛=- ⎝⎭,设平面ECD 的一个法向量为(,,)n x y z =,则00CD n CE n ⎧⋅=⎨⋅=⎩,013044x y x y z -+=⎧⎪∴⎨-+=⎪⎩, 令1x =,则1,1,n ⎛=- ⎝⎭因为平面ABD 的一个法向量为(1,0,0)OC =,所以1|cos ,|4OC n〈〉==,即平面ABD 与平面ECD。
高考数学压轴专题新备战高考《空间向量与立体几何》难题汇编附答案

新高中数学《空间向量与立体几何》专题解析一、选择题1.一个几何体的三视图如图所示,则该几何体的体积为A .383+B .823+C .283D .10【答案】A 【解析】 【分析】根据三视图可知该几何体为一组合体,是一个棱长为2的正方体与三棱锥的组合体,根据体积公式分别计算即可. 【详解】几何体为正方体与三棱锥的组合体,由正视图、俯视图可得该几何体的体积为311232+232832V =⨯⨯=, 故选A. 【点睛】本题主要考查了三视图,正方体与三棱锥的体积公式,属于中档题.2.在三棱锥P ABC -中,PA ⊥平面ABC ,且ABC ∆为等边三角形,2AP AB ==,则三棱锥P ABC -的外接球的表面积为( ) A .272π B .283π C .263π D .252π 【答案】B 【解析】 【分析】计算出ABC ∆的外接圆半径r ,利用公式222PA R r ⎛⎫=+ ⎪⎝⎭可得出外接球的半径,进而可得出三棱锥P ABC -的外接球的表面积. 【详解】ABC∆的外接圆半径为2332sin3ABrπ==,PA⊥Q底面ABC,所以,三棱锥P ABC-的外接球半径为222223211233PAR r⎛⎫⎛⎫=+=+=⎪⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭,因此,三棱锥P ABC-的外接球的表面积为2221284433Rπππ⎛⎫=⨯=⎪⎪⎝⎭.故选:B.【点睛】本题考查三棱锥外接球表面积的计算,解题时要分析几何体的结构,选择合适的公式计算外接球的半径,考查计算能力,属于中等题.3.《乌鸦喝水》是《伊索寓言》中一个寓言故事,通过讲述已知乌鸦喝水的故事,告诉人们遇到困难要运用智慧,认真思考才能让问题迎刃而解的道理,如图2所示,乌鸦想喝水,发现有一个锥形瓶,上面部分是圆柱体,下面部分是圆台,瓶口直径为3厘米,瓶底直径为9厘米,瓶口距瓶颈为23厘米,瓶颈到水位线距离和水位线到瓶底距离均为332厘米,现将1颗石子投入瓶中,发现水位线上移3厘米,若只有当水位线到达瓶口时乌鸦才能喝到水,则乌鸦共需要投入的石子数量至少是()A.2颗B.3颗C.4颗D.5颗【答案】C【解析】【分析】利用图形中的数据,分别算出石子的体积和空瓶的体积即可.【详解】如图,9,3,33AB cm EF GH cm LO cm ====所以60A ∠=︒,原水位线直径6CD cm =,投入石子后,水位线直径5IJ cm = 则由圆台的体积公式可得石子的体积为:()22319133MN CN IM CN IM cm ππ⋅⋅++⋅= 空瓶的体积为:()22213LN CN EL CN EL EL KL ππ⋅++⋅+⋅⋅633363993888πππ=+=所以需要石子的个数为:()99329783,491913ππ=∈ 所以至少需要4颗石子 故选:C 【点睛】本题考查的是圆台和圆柱体积的算法,掌握其公式是解题的关键.4.某四棱锥的三视图如图所示,则该四棱锥的体积等于( )A .23B .13C .12D .34【答案】B 【解析】分析:先还原几何体,再根据锥体体积公式求结果.详解:几何体如图S-ABCD ,高为1,底面为平行四边形,所以四棱锥的体积等于21111=33⨯⨯, 选B.点睛:解决本类题目的关键是准确理解几何体的定义,真正把握几何体的结构特征,可以根据条件构建几何模型,在几何模型中进行判断求解.5.已知正方体1111ABCD A B C D -的棱长为2,点P 在线段1CB 上,且12B P PC =,平面α经过点1,,A P C ,则正方体1111ABCD A B C D -被平面α截得的截面面积为( )A .36B .6C .5D 53【答案】B 【解析】 【分析】先根据平面的基本性质确定平面,然后利用面面平行的性质定理,得到截面的形状再求解. 【详解】 如图所示:1,,A P C 确定一个平面α,因为平面11//AA DD 平面11BB CC , 所以1//AQ PC ,同理1//AP QC , 所以四边形1APC Q 是平行四边形. 即正方体被平面截的截面. 因为12B P PC =, 所以112C B PC =, 即1PC PB ==所以115,23AP PC AC ===由余弦定理得:22211111cos 25AP PC AC APC AP PC +-∠==⨯ 所以16sin 5APC ∠=所以S 四边形1APQC 1112sin 262AP PC APC =⨯⨯⨯∠=故选:B 【点睛】本题主要考查平面的基本性质,面面平行的性质定理及截面面积的求法,还考查了空间想象和运算求解的能力,属于中档题.6.如图,在直三棱柱111ABC A B C -中,4AC BC ==,AC BC ⊥,15CC =,D 、E 分别是AB 、11B C 的中点,则异面直线BE 与CD 所成的角的余弦值为( )A .3 B .13C .58 D .387【答案】C 【解析】 【分析】取11A C 的中点F ,连接DF 、EF 、CF ,推导出四边形BDFE 为平行四边形,可得出//BE DF ,可得出异面直线BE 与CD 所成的角为CDF ∠,通过解CDF V ,利用余弦定理可求得异面直线BE 与CD 所成的角的余弦值. 【详解】取11A C 的中点F ,连接DF 、EF 、CF .易知EF 是111A B C △的中位线,所以11//EF A B 且1112EF A B =. 又11//AB A B 且11AB A B =,D 为AB 的中点,所以11//BD A B 且1112BD A B =,所以//EF BD 且EF BD =.所以四边形BDFE 是平行四边形,所以//DF BE ,所以CDF ∠就是异面直线BE 与CD 所成的角.因为4AC BC ==,AC BC ⊥,15CC =,D 、E 、F 分别是AB 、11B C 、11A C 的中点, 所以111122C F AC ==,111122B E BC ==且CD AB ⊥. 由勾股定理得224442AB =+=,所以2242AC BC CD AB ⋅===. 由勾股定理得2222115229CF CC C F =+=+=,2222115229DF BE BB B E ==+=+=.在CDF V 中,由余弦定理得())()22229222958cos 22922CDF +-∠==⨯⨯.故选:C. 【点睛】本题考查异面直线所成角的余弦值的计算,一般利用平移直线法找出异面直线所成的角,考查计算能力,属于中等题.7.如图,网格纸是由边长为1的小正方形构成,若粗实线画出的是某几何体的三视图,则该几何体的表面积为( )A .920π+B .926π+C .520π+D .526π+【答案】C 【解析】 【分析】根据三视图还原为几何体,结合组合体的结构特征求解表面积.【详解】由三视图可知,该几何体可看作是半个圆柱和一个长方体的组合体,其中半圆柱的底面半圆半径为1,高为4,长方体的底面四边形相邻边长分别为1,2,高为4,所以该几何体的表面积2112141222S ππ=⨯+⨯⨯⨯+⨯⨯14224520π+⨯⨯+⨯=+,故选C. 【点睛】本题主要考查三视图的识别,利用三视图还原成几何体是求解关键,侧重考查直观想象和数学运算的核心素养.8.已知正方体1111A B C D ABCD -的棱1AA 的中点为E ,AC 与BD 交于点O ,平面α过点E 且与直线1OC 垂直,若1AB =,则平面α截该正方体所得截面图形的面积为( ) A .64B .62C .3 D .3 【答案】A 【解析】 【分析】根据正方体的垂直关系可得BD ⊥平面11ACC A ,进而1BD OC ⊥,可考虑平面BDE 是否为所求的平面,只需证明1OE OC ⊥即可确定平面α. 【详解】如图所示,正方体1111ABCD A B C D -中,E 为棱1AA 的中点,1AB =,则2113122OC =+=,2113424OE =+=,2119244EC =+=,∴22211OC OE EC +=,1OE OC ∴⊥;又BD ⊥平面11ACC A ,1BD OC ∴⊥,且OE BD O =I ,1OC ∴⊥平面BDE ,且1136222BDE S BD OE ∆==⨯⨯=g , 即α截该正方体所得截面图形的面积为64. 故选:A .【点睛】本题考查线面垂直的判定,考查三角形面积的计算,熟悉正方体中线面垂直关系是解题的关键,属于中档题.9.如图,在正三棱柱111ABC A B C -中,2AB =,123AA =,D ,F 分别是棱AB ,1AA 的中点,E 为棱AC 上的动点,则DEF ∆的周长的最小值为()A .222+B .232+C .62+D .72+【答案】D 【解析】 【分析】根据正三棱柱的特征可知ABC ∆为等边三角形且1AA ⊥平面ABC ,根据1AA AD ⊥可利用勾股定理求得2DF =;把底面ABC 与侧面11ACC A 在同一平面展开,可知当,,D E F 三点共线时,DE EF +取得最小值;在ADF ∆中利用余弦定理可求得最小值,加和得到结果. 【详解】Q 三棱柱111ABC A B C -为正三棱柱 ABC ∆∴为等边三角形且1AA ⊥平面ABCAD ⊂Q 平面ABC 1AA AD ∴⊥ 132DF ∴=+=把底面ABC 与侧面11ACC A 在同一平面展开,如下图所示:当,,D E F 三点共线时,DE EF +取得最小值 又150FAD ∠=o ,3AF =1AD =()22min32cos 42372DE EF AF AD AF AD FAD ⎛⎫∴+=+-⋅∠=-⨯-= ⎪ ⎪⎝⎭DEF ∴∆周长的最小值为:72+本题正确选项:D 【点睛】本题考查立体几何中三角形周长最值的求解问题,关键是能够将问题转化为侧面上两点间最短距离的求解问题,利用侧面展开图可知三点共线时距离最短.10.已知平面α,β和直线1l ,2l ,且2αβl =I ,则“12l l P ”是“1l α∥且1l β∥”的( )A .充分不必要条件B .必要不充分条件C .充要条件D .既不充分也不必要条件【答案】B 【解析】 【分析】将“12l l P ”与“1l α∥且1l β∥”相互推导,根据能否推导的情况判断充分、必要条件. 【详解】当“12l l P ”时,1l 可能在α或β内,不能推出“1l α∥且1l β∥”.当“1l α∥且1l β∥”时,由于2αβl =I ,故“12l l P ”.所以“12l l P ”是“1l α∥且1l β∥”的必要不充分条件. 故选:B. 【点睛】本小题主要考查充分、必要条件的判断,考查空间直线、平面的位置关系,属于基础题.11.若圆锥的高等于底面直径,则它的底面积与侧面积之比为 A .1∶2 B .1∶3 C .1∶5 D .3∶2【答案】C 【解析】 【分析】由已知,求出圆锥的母线长,进而求出圆锥的底面面积和侧面积,可得答案 【详解】设圆锥底面半径为r ,则高h =2r ,∴其母线长l =r .∴S 侧=πrl =πr 2,S 底=πr 故选C . 【点睛】本题考查的知识点是旋转体,圆锥的表面积公式,属于基础题.12.在正四面体A BCD -中,P 是AB 的中点,Q 是直线BD 上的动点,则直线PQ 与AC 所成角可能为( )A .12πB .4π C .512π D .2π 【答案】C 【解析】 【分析】根据题意,取BC 的中点M ,连接MQ ,则//AC MQ ,所以QPM ∠为异面直线PQ 与AC 所成角,在利用余弦定理可得242MQ x x =+-,易知PQ MQ =,所以在等腰三角形PMQ 中()2cos 0442QPM x x x∠=≤≤+-,,即可求出33cos 123QPM ⎡⎤∠∈⎢⎥⎣⎦,,进而求出结果.【详解】取BC 的中点M ,连接MQ ,则//AC MQ ,所以QPM ∠为异面直线PQ 与AC 所成角,如下图所示:设正四面体A BCD -的棱长为4,()04BQ x x =≤≤,,在BMQ ∆中,22222cos 6042MQ BM BQ BM BQ x x =+-⋅︒=+-, 在正四面体A BCD -中,易知PQ MQ =, 所以在等腰三角形PMQ 中,()2cos 0442QPM x x x∠=≤≤+-所以33cos QPM ∠∈⎣⎦,,所以异面直线PQ 与AC 所成角可能为512π. 故选:C. 【点睛】本题主要考查了异面直线成角,余弦定理的应用,考查了空间几何中的动态问题,考查学生的应用能力和空间想象能力,属于中档题.13.已知四面体P ABC -的外接球的球心O 在AB 上,且PO ⊥平面ABC ,23AC AB =,若四面体P ABC -的体积为32,求球的表面积( ) A .8π B .12πC .83πD .123π【答案】B 【解析】 【分析】依据题意作出图形,设四面体P ABC -的外接球的半径为R ,由题可得:AB 为球的直径,即可求得:2AB R =,3AC R =, BC R =,利用四面体P ABC -的体积为32列方程即可求得3R =,再利用球的面积公式计算得解。
高三一轮空间向量解决立体几何建系试题汇编

1 / 91、如在四棱锥P ﹣ABCD 中,PA ⊥底面ABCD ,AD ⊥AB ,AB ∥DC ,AD=DC=AP=2,AB=1,点E 为棱PC 的中点.(Ⅰ)证明:BE ⊥DC ;(Ⅱ)求直线BE 与平面PBD 所成角的正弦值;(Ⅲ)若F 为棱PC 上一点,满足BF ⊥AC ,求二面角F ﹣AB ﹣P 的余弦值.2、已知四棱锥P ﹣ABCD 的底面为等腰梯形,AB ∥CD ,AC ⊥BD ,垂足为H ,PH 是四棱锥的高,E 为AD 中点(1)证明:PE ⊥BC (2)若∠APB=∠ADB=60°,求直线PA 与平面PEH 所成角的正弦值.(42)3.如图,四棱锥P ﹣ABCD ,底面是以O 为中心的菱形,PO ⊥底面ABCD ,AB=2,∠BAD=3,M 为BC 上的一点,且BM=21,MP ⊥AP .(Ⅰ)求PO 的长;(Ⅱ)求二面角A ﹣PM ﹣C 的正弦值.4.如图,在直三棱柱A 1B 1C 1﹣ABC 中,AB ⊥AC ,AB=AC=2,AA 1=4,点D 是BC 的中点. (1)求异面直线A 1B 与C 1D 所成角的余弦值;(2)求平面ADC 1与ABA 1所成二面角的正弦值.5.如图,在三棱柱ABC﹣A1B1C1中,AB⊥AC,顶点A1在底面ABC上的射影恰为点B,且AB=AC=A1B=2.(1)求棱AA1与BC所成的角的大小;(2)在棱B1C1上确定一点P,使AP=14,并求出二面角P﹣AB﹣A1的平面角的余弦值.6.如图,在梯形ABCD中,AB∥CD,AD=DC=CB=a,∠ABC=60°,平面ACFE⊥平面ABCD,四边形ACFE是矩形,AE=a,点M在线段EF上.(Ⅰ)求证:BC⊥平面ACFE;.(Ⅱ)求二面角B﹣EF﹣D的平面角的余弦值.7.如图,四棱锥P﹣ABCD的底面为正方形,侧面PAD⊥底面ABCD.△PAD为等腰直角三角形,且PA⊥AD.E,F分别为底边AB和侧棱PC的中点.(Ⅰ)求证:EF∥平面PAD;(Ⅱ)求证:EF⊥平面PCD;(Ⅲ)求二面角E﹣PD﹣C的余弦值.2 / 98.如图1,在Rt△ABC中,∠ACB=30°,∠ABC=90°,D为AC中点,AE⊥BD于E,延长AE交BC于F,将△ABD 沿BD折起,使平面ABD⊥平面BCD,如图2所示.(Ⅰ)求证:AE⊥平面BCD;(Ⅱ)求二面角A﹣DC﹣B的余弦值.(Ⅲ)在线段AF上是否存在点M使得EM∥平面ADC?若存在,请指明点M的位置;若不存在,请说明理由.9、在如图所示的多面体中,已知正方形ABCD和直角梯形ACEF所在的平面互相垂直,EC⊥AC,EF∥AC,AB=,EF=EC=1,(1)求证:平面BEF⊥平面DEF;(2)求二面角A﹣BF﹣E的大小.10、如图,等腰梯形ABCD中,AD∥BC,P是平面ABCD外一点,P在平面ABCD的射影O恰在AD上,PA=AB=BC=2AO=2,BO=3.(1)证明:PA⊥BO;(2)求二面角A﹣BP﹣D的余弦值.11、如图,在三棱柱ABC﹣A1B1C1中,AA1⊥平面ABC,AB=BC=CA=AA1,D为AB的中点.(1)求证:BC1∥平面DCA1;(2)求二面角D﹣CA1﹣C1的平面角的余弦值.3 / 94 / 912、在四棱锥E ﹣ABCD 中,底面ABCD 为正方形,AE ⊥平面CDE ,已知AE=DE=2,F 为线段DE 的中点.(Ⅰ)求证:BE ∥平面ACF ;(Ⅱ)求二面角C ﹣BF ﹣E 的平面角的余弦值.13、如图,在四棱锥E ﹣ABCD 中,AB ⊥平面BCE ,DC ⊥平面BCE ,AB=BC=CE=2CD=2,∠BCE=32 .( I )求证:平面ADE ⊥平面ABE ;(Ⅱ)求二面角A ﹣EB ﹣D 的大小.14、在直三棱柱ABC ﹣A 1B 1C 1中,BC=2,AB=AC=AA 1=1,D 是棱CC 1上的一点,P 是AD 的延长线与A 1C 1的延长线的交点,且PB 1∥平面BDA 1. (Ⅰ)求证:CD=C 1D ;(Ⅱ)求二面角A 1﹣B 1D ﹣P 的平面角的正弦值.5 / 915、所示的多面体中,ABCD 是菱形,BDEF 是矩形,ED ⊥平面ABCD ,∠BAD=3.,AD=2.(1)求证:平面FCB ∥平面AED ;(2)若二面角A ﹣EF ﹣C 为直二面角,求直线BC 与平面AEF 所成的角θ的正弦值.16、已知三棱柱ABC ﹣A 1B 1C 1中,∠BCA=90°,AA 1=AC=BC=2,A 1在底面ABC 上的射影恰为AC 的中点D .(Ⅰ)求证:AC 1⊥BA 1;(Ⅱ)求A ﹣A 1B ﹣C 的余弦值.17、在三棱锥P ﹣ABC 中,PB ⊥平面ABC ,△ABC 是直角三角形,∠ABC=90°,AB=BC=2,∠PAB=45°,点D 、E 、F 分别为AC 、AB 、BC 的中点.(I )求证:EF ⊥PD ;(2)求二面角E ﹣PF ﹣B 的正切值.18、在四棱锥P ﹣ABCD 中,侧棱PD ⊥底面ABCD ,底面ABCD 是正方形,若PD=DA ,M 是PC 的中点. (Ⅰ)证明:PA ∥平面BDM ;(2)求二面角B ﹣DM ﹣C 的余弦值.19、四棱锥S﹣ABCD,底面ABCD为平行四边形,侧面SBC⊥底面ABCD.已知∠DAB=135°,BC=22,SB=SC=AB=2,F为线段SB的中点.(1)求证:SD∥平面CFA;(2)求面SCD与面SAB所成二面角的平面角的余弦值大小.20、AB为圆O的直径,点E、F在圆上,AB∥EF,矩形ABCD所在平面与圆O所在平面互相垂直,已知AB=2,BC=EF=1(Ⅰ)求证:BF⊥平面DAF(Ⅱ)求平面ADF与平面CDFE所成的二面角的余弦值.21、四棱锥P﹣ABCD中,底面ABCD是菱形,∠ABC=60°,平面PAB⊥平面ABCD,PA=PB=2AB.(1)证明:PC⊥AB;(2)求二面角B﹣PC﹣D的余弦值.22、己知斜三棱柱ABC﹣A1B1C1的底面是边长为2的正三角形,侧面A1ACC1为菱形,∠A1AC=60°,平面A1ACC1⊥平面ABC,N是CC1的中点.(I)求证:A1C⊥BN;(Ⅱ)求二面角B﹣A1N﹣C的余弦值.6 / 923、三棱柱ABC﹣A1B1C1中,AB=AC=AA1=BC1=2,∠AA1C1=60°,平面ABC1⊥平面AA1C1C,AC1与A1C相交于点D.(1)求证:BD⊥平面AA1C1;(2)(理)设点E是直线B1C1上一点,且DE∥平面AA1B1B,求平面EBD与平面ABC1夹角的余弦值.24、四棱锥P﹣ABCD中,底面ABCD为平行四边形,AB=4AD=2,BD=23,PD⊥底面ABCD.(Ⅰ)证明:平面PBC⊥平面PBD;(Ⅱ)若二面角P﹣BC﹣D大小为4 .,求AP与平面PBC所成角的正弦值.25、在直角梯形中ABCD中.AB∥CD,AB⊥BC,F为AB上的点,且BE=1,AD=AE=DC=2,将△ADE沿DE折叠到P点,使PC=PB.(Ⅰ)求证:平面PDE⊥平面ABCD;(Ⅱ)求二面角A﹣PD﹣E的余弦值.7 / 926、已知斜三棱柱ABC﹣A1B1C1的底面是正三角形,点M、N分别是A1C1和A1B1的中点,AA1=AB=BM=2,∠A1AB=60°.(Ⅰ)求证:BN⊥平面A1B1C1;(Ⅱ)求二面角A1﹣AB﹣M的正切值.27、在几何体ABCDEF中,AB∥CD,AD=DC=CB=1,∠ABC=60°,四边形ACFE为矩形,平面ACEF⊥平面ABCD,CF=1.(Ⅰ)求证:平面FBC⊥平面ACFE;(Ⅱ)若M为线段EF的中点,设平面MAB与平面FCB所成锐二面角的余弦值.28、已知AB⊥平面A CD,DE⊥平面ACD, ,AB=2,AC=AD=DE=4,F为CD的中点,(Ⅰ)求证:AF//面BCE,(Ⅱ)若ο120=∠CAD,求二面角F-BE-D余弦值.29、三棱柱ABC-A1B1C1的底面是边长为4正三角形,AA1⊥平面ABC,AA1=26,M为A1B1的中点.(I)求证:MC⊥AB;(II)在棱CC1上是否存在点P,使得MC⊥平面AB,若存在,确定点P的位置;若不存在,说明理由.(Ⅲ)若点P为CC1的中点,求二面角B-AP-C的余弦值.8 / 930、在四棱柱ABCD-A1B1C1D1中,底面ABCD和侧面BCC1B1都是矩形,E是CD中点,D1E⊥CD,AB=2,BC=1,(1)证明BC⊥D1E,(2)若平面BCC1B1与平面BED1成锐二面角为600,,求线段D1E长度9 / 9。
高考数学压轴专题最新备战高考《空间向量与立体几何》真题汇编附答案解析

【高中数学】数学《空间向量与立体几何》高考知识点一、选择题1.已知三棱锥P ABC -中,PA PB PC ==,APB BPC CPA ∠>>∠,PO ⊥平面ABC 于O ,设二面角P AB O --,P BC O --,P CA O --分别为,,αβγ,则( ) A .αβγ>>B .γβα>>C .βαγ>>D .不确定【答案】A【解析】【分析】 D 为AB 中点,连接,DP DO ,故PD AB ⊥,计算sin cos 2POAPB a α=∠,sin cos 2PO CPB a β=∠,sin cos 2PO CPA a γ=∠,得到大小关系. 【详解】如图所示:设PA PB PC a ===,D 为AB 中点,连接,DP DO ,故PD AB ⊥, PO ⊥平面ABC ,故PDO ∠为二面角P AB O --的平面角.cos 2APB PD a ∠=,sin cos 2PO PO APB PD a α==∠, 同理可得: sin cos 2PO CPB a β=∠,sin cos 2PO CPA a γ=∠, APB BPC CPA ∠>∠>∠,故sin sin sin αβγ>>,故αβγ>>. 故选:A .【点睛】本题考查了二面角,意在考查学生的计算能力和空间想象能力.2.已知圆锥SC 的高是底面半径的3倍,且圆锥SC 的底面直径、体积分别与圆柱OM 的底面半径、体积相等,则圆锥SC 与圆柱OM 的侧面积之比为( ).A 10B .3:1C .2:1D 102 【答案】A【解析】【分析】设圆锥SC 的底面半径为r ,可求得圆锥的母线长,根据圆锥侧面积公式求得侧面积;由圆锥体积与圆柱体积相等可构造方程求得圆柱的高,进而根据圆柱侧面积公式求得圆柱侧面积,从而求得比值.【详解】设圆锥SC 的底面半径为r ,则高为3r ,∴圆锥SC 的母线长22910l r r r =+=, ∴圆锥SC 的侧面积为210rl r ππ=;圆柱OM 的底面半径为2r ,高为h , 又圆锥的体积23133V r r r ππ=⋅=,234r h r ππ∴=,4r h ∴=, ∴圆柱OM 的侧面积为2224rh rh r πππ⋅==,∴圆锥SC 与圆柱OM 2210:10r r ππ=.故选:A .【点睛】本题考查圆锥和圆柱侧面积的求解问题,涉及到圆锥和圆柱体积公式的应用,属于基础题.3.设α、β是两个不同的平面,m、n是两条不同的直线,下列说法正确的是()A.若α⊥β,α∩β=m,m⊥n,则n⊥βB.若α⊥β,n∥α,则n⊥βC.若m∥α,m∥β,则α∥βD.若m⊥α,m⊥β,n⊥α,则n⊥β【答案】D【解析】【分析】根据直线、平面平行垂直的关系进行判断.【详解】由α、β是两个不同的平面,m、n是两条不同的直线,知:在A中,若α⊥β,α∩β=m,m⊥n,则n与β相交、平行或n⊂β,故A错误;在B中,若α⊥β,n∥α,则n与β相交、平行或n⊂β,故B错误;在C中,若m∥α,m∥β,则α与β相交或平行,故C错误;在D中,若m⊥α,m⊥β,则α∥β,∴若n⊥α,则n⊥β,故D正确.故选:D.【点睛】本题考查命题真假的判断,考查空间中线线、线面、面面间的益关系等基础知识,考查运算求解能力,是中档题.4.已知平面α∩β=l,m是α内不同于l的直线,那么下列命题中错误的是()A.若m∥β,则m∥l B.若m∥l,则m∥βC.若m⊥β,则m⊥l D.若m⊥l,则m⊥β【答案】D【解析】【分析】A由线面平行的性质定理判断.B根据两个平面相交,一个面中平行于它们交线的直线必平行于另一个平面判断.C根据线面垂直的定义判断.D根据线面垂直的判定定理判断.【详解】A选项是正确命题,由线面平行的性质定理知,可以证出线线平行;B选项是正确命题,因为两个平面相交,一个面中平行于它们交线的直线必平行于另一个平面;C选项是正确命题,因为一个线垂直于一个面,则必垂直于这个面中的直线;D选项是错误命题,因为一条直线垂直于一个平面中的一条直线,不能推出它垂直于这个平面;故选:D.【点睛】本题主要考查线线关系和面面关系,还考查了推理论证的能力,属于中档题.5.已知平面α⊥平面β,l αβ=I ,a α⊂,b β⊂,则“a l ⊥”是“a b ⊥r r”的( ) A .充分不必要条件B .必要不充分条件C .充要条件D .既不充分也不必要条件 【答案】A【解析】【分析】 根据面面垂直的性质定理,以及充要条件的判定方法,即可作出判定,得到答案.【详解】由题意知,平面α⊥平面β,,,l a b αβαβ⋂=⊂⊂, 当a l ⊥时,利用面面垂直的性质定理,可得a b ⊥r r 成立,反之当a b ⊥r r 时,此时a 与l 不一定是垂直的,所以a l ⊥是a b ⊥r r 的充分不必要条件,故选A.【点睛】本题主要考查了充要条件的判定,其中解答中熟记线面位置关系的判定定理与性质定理,以及充要条件的判定方法是解答的关键,着重考查了推理与论证能力,属于基础题.6.如图,在正方体1111ABCD A B C D - 中,,E F 分别为111,B C C D 的中点,点P 是底面1111D C B A 内一点,且//AP 平面EFDB ,则1tan APA ∠ 的最大值是( )A .2B .2C .22D .32【答案】C【解析】 分析:连结AC 、BD ,交于点O ,连结A 1C 1,交EF 于M ,连结OM ,则AO =PPM ,从而A 1P=C 1M ,由此能求出tan ∠APA 1的最大值.详解:连结AC 、BD ,交于点O ,连结A 1C 1,交EF 于M ,连结OM ,设正方形ABCD ﹣A 1B 1C 1D 1中棱长为1,∵在正方形ABCD ﹣A 1B 1C 1D 1中,E ,F 分别为B 1C 1,C 1D 1的中点,点P 是底面A 1B 1C 1D 1内一点,且AP ∥平面EFDB ,∴AO =PPM ,∴A 1P=C 1M=244AC =,∴tan ∠APA 1=11AA A P =124=22. ∴tan ∠APA 1的最大值是22.故选D .点睛:本题考查角的正切值的最大值的求法,考查空间中线线、线面、面面间的位置关系等基础知识,考查空间想象能力,考查运算求解能力,是中档题.7.如图,网格纸上小正方形的边长为1,粗实(虚)线画出的是某多面体的三视图,则该多面体的体积为( )A .64B .643C .16D .163【答案】D【解析】根据三视图知几何体是:三棱锥D ABC -为棱长为4的正方体一部分,直观图如图所示:B 是棱的中点,由正方体的性质得,CD ⊥平面,ABC ABC ∆的面积12442S =⨯⨯=,所以该多面体的体积1164433V =⨯⨯=,故选D.8.已知一个几何体的三视图如图所示(正方形边长为1),则该几何体的体积为( )A .34B .78C .1516D .2324【答案】B【解析】【分析】【详解】由三视图可知:该几何体为正方体挖去了一个四棱锥A BCDE -,该几何体的体积为1111711132228⎛⎫-⨯⨯+⨯⨯= ⎪⎝⎭ 故选B 点睛:思考三视图还原空间几何体首先应深刻理解三视图之间的关系,遵循“长对正,高平齐,宽相等”的基本原则,其内涵为正视图的高是几何体的高,长是几何体的长;俯视图的长是几何体的长,宽是几何体的宽;侧视图的高是几何体的高,宽是几何体的宽.9.已知平面α,β和直线1l ,2l ,且2αβl =I ,则“12l l P ”是“1l α∥且1l β∥”的( ) A .充分不必要条件B .必要不充分条件C .充要条件D .既不充分也不必要条件【答案】B【解析】【分析】将“12l l P ”与“1l α∥且1l β∥”相互推导,根据能否推导的情况判断充分、必要条件.【详解】当“12l l P ”时,1l 可能在α或β内,不能推出“1l α∥且1l β∥”.当“1l α∥且1l β∥”时,由于2αβl =I ,故“12l l P ”.所以“12l l P ”是“1l α∥且1l β∥”的必要不充分条件. 故选:B.【点睛】本小题主要考查充分、必要条件的判断,考查空间直线、平面的位置关系,属于基础题.10.如下图,在正方体1111ABCD A B C D -中,点E F 、分别为棱1BB ,1CC 的中点,点O 为上底面的中心,过E F O 、、三点的平面把正方体分为两部分,其中含1A 的部分为1V ,不含1A 的部分为2V ,连接1A 和2V 的任一点M ,设1A M 与平面1111D C B A 所成角为α,则sin α的最大值为( ).A .22B 25C 26D 26 【答案】B【解析】【分析】连接EF ,可证平行四边形EFGH 为截面,由题意可找到1A M 与平面1111D C B A 所成的角,进而得到sinα的最大值.【详解】连接EF ,因为EF//面ABCD,所以过EFO 的平面与平面ABCD 的交线一定是过点O 且与EF 平行的直线,过点O 作GH//BC 交CD 于点G,交AB 于H 点,则GH//EF,连接EH ,FG,则平行四边形EFGH 为截面,则五棱柱1111A B EHA D C FGD -为1V ,三棱柱EBH-FCG 为2V ,设M 点为2V 的任一点,过M 点作底面1111D C B A 的垂线,垂足为N ,连接1A N ,则1MA N ∠即为1A M 与平面1111D C B A 所成的角,所以1MA N ∠=α,因为sinα=1MN A M,要使α的正弦最大,必须MN 最大,1A M 最小,当点M 与点H 重合时符合题意,故sinα的最大值为11=MN HN A M A H =255, 故选B【点睛】本题考查空间中的平行关系与平面公理的应用,考查线面角的求法,属于中档题.11.若圆锥的高等于底面直径,则它的底面积与侧面积之比为 A .1∶2B .1∶3C .1∶5D .3∶2【答案】C【解析】【分析】由已知,求出圆锥的母线长,进而求出圆锥的底面面积和侧面积,可得答案【详解】设圆锥底面半径为r ,则高h =2r ,∴其母线长l =r .∴S 侧=πrl =πr 2,S 底=πr 故选C .【点睛】本题考查的知识点是旋转体,圆锥的表面积公式,属于基础题.12.如图,平面四边形ABCD 中,1AB AD CD ===,2BD =,BD CD ⊥,将其沿对角线BD 折成四面体A BCD '-,使平面A BD '⊥平面BCD ,若四面体A BCD '-的顶点在同一个球面上,则该球的表面积为( )A .3πB .32C .4πD .34【答案】A【解析】【分析】设BC 的中点是E ,连接DE ,由四面体A′BCD 的特征可知,DE 即为球体的半径.【详解】设BC 的中点是E ,连接DE ,A′E ,因为AB =AD =1,BD =2 由勾股定理得:BA ⊥AD又因为BD ⊥CD ,即三角形BCD 为直角三角形所以DE 为球体的半径3DE = 234()3S ππ== 故选A【点睛】 求解球体的表面积、体积的问题,其实质是求球体的半径,解题的关键是构造关于球体半径R 的方程式,构造常用的方法是构造直角三角形,再利用勾股定理建立关于半径R 的方程.13.某四面体的三视图如图所示,正视图,俯视图都是腰长为2的等腰直角三角形,侧视图是边长为2的正方形,则此四面体的四个面中面积最大的为( )A .2B .3C .4D .26【答案】B【解析】 解:如图所示,该几何体是棱长为2的正方体中的三棱锥P ABC - ,其中面积最大的面为:1232232PAC S V =⨯= 本题选择B 选项.点睛:三视图的长度特征:“长对正、宽相等,高平齐”,即正视图和侧视图一样高、正视图和俯视图一样长,侧视图和俯视图一样宽.若相邻两物体的表面相交,表面的交线是它们的分界线,在三视图中,要注意实、虚线的画法.14.已知四面体P ABC -的外接球的球心O 在AB 上,且PO ⊥平面ABC ,23AC AB =,若四面体P ABC -的体积为32,求球的表面积( ) A .8πB .12πC .83πD .3π 【答案】B【解析】【分析】 依据题意作出图形,设四面体P ABC -的外接球的半径为R ,由题可得:AB 为球的直径,即可求得:2AB R =,3AC R =, BC R =,利用四面体P ABC -的体积为32列方程即可求得3R =【详解】依据题意作出图形如下:设四面体P ABC -的外接球的半径为R ,因为球心O 在AB 上,所以AB 为球的直径,所以2AB R =,且AC BC ⊥ 由23AC =可得:3AC R =, BC R =所以四面体P ABC -的体积为111333322ABC V S PO R R R ∆=⋅=⨯⨯⨯= 解得:3R =所以球的表面积2412S R ππ==故选:B【点睛】本题主要考查了锥体体积公式及方程思想,还考查了球的表面积公式及计算能力,考查了空间思维能力,属于中档题。
空间向量与立体几何一轮复习专题练习(六)带答案人教版新高考分类汇编

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注意事项:
1.答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息
2.请将答案正确填写在答题卡上
第I 卷(选择题)
请点击修改第I 卷的文字说明 评卷人
得分 一、选择题
1.(汇编全国2理)与正方体1111
ABCD A B C D -的三条棱AB 、1CC 、11A D 所在直线的距离相等的点
A .有且只有1个
B .有且只有2个
C .有且只有3个
D .有无数个
【答案解析】D
2.平面α 的法向量为m ,若向量m ⊥AB ,则直线A B 与平面α 的位置关系为
( )
(A )AB ⊂α
(B )AB ∥α (C )A B ⊂α 或AB ∥α (D )不确定
3.已知α ⊥β ,平面α 与平面β 的法向量分别为m =(1,-2,3),n =(2,3λ,4),则λ=( )
(A )
35 (B )35- (C )37 (D )37-。
高考数学压轴专题新备战高考《空间向量与立体几何》真题汇编含答案解析

【高中数学】高考数学《空间向量与立体几何》解析一、选择题1.已知正方体1111A B C D ABCD -的棱1AA 的中点为E ,AC 与BD 交于点O ,平面α过点E 且与直线1OC 垂直,若1AB =,则平面α截该正方体所得截面图形的面积为( ) A .64 B .62 C .32 D .34【答案】A【解析】【分析】根据正方体的垂直关系可得BD ⊥平面11ACC A ,进而1BD OC ⊥,可考虑平面BDE 是否为所求的平面,只需证明1OE OC ⊥即可确定平面α.【详解】如图所示,正方体1111ABCD A B C D -中,E 为棱1AA 的中点,1AB =,则2113122OC =+=,2113424OE =+=,2119244EC =+=, ∴22211OC OE EC +=,1OE OC ∴⊥;又BD ⊥平面11ACC A ,1BD OC ∴⊥,且OE BD O =I ,1OC ∴⊥平面BDE ,且1136222BDE S BD OE ∆==⨯⨯=g , 即α截该正方体所得截面图形的面积为6. 故选:A .【点睛】本题考查线面垂直的判定,考查三角形面积的计算,熟悉正方体中线面垂直关系是解题的关键,属于中档题.2.已知一个几何体的三视图如图所示(正方形边长为1),则该几何体的体积为( )A.34B.78C.1516D.2324【答案】B【解析】【分析】【详解】由三视图可知:该几何体为正方体挖去了一个四棱锥A BCDE-,该几何体的体积为11117 11132228⎛⎫-⨯⨯+⨯⨯=⎪⎝⎭故选B点睛:思考三视图还原空间几何体首先应深刻理解三视图之间的关系,遵循“长对正,高平齐,宽相等”的基本原则,其内涵为正视图的高是几何体的高,长是几何体的长;俯视图的长是几何体的长,宽是几何体的宽;侧视图的高是几何体的高,宽是几何体的宽.3.一个几何体的三视图如图所示,其中正视图和俯视图中的四边形是边长为2的正方形,则该几何体的表面积为()A .132πB .7πC .152πD .8π【答案】B【解析】【分析】画出几何体的直观图,利用三视图的数据求解表面积即可.【详解】由题意可知:几何体是一个圆柱与一个14的球的组合体,球的半径为:1,圆柱的高为2, 可得:该几何体的表面积为:22141212274ππππ⨯⨯+⨯⨯+⨯=.故选:B .【点睛】思考三视图还原空间几何体首先应深刻理解三视图之间的关系,遵循“长对正,高平齐,宽相等”的基本原则,其内涵为正视图的高是几何体的高,长是几何体的长;俯视图的长是几何体的长,宽是几何体的宽;侧视图的高是几何体的高,宽是几何体的宽.由三视图画出直观图的步骤和思考方法:1、首先看俯视图,根据俯视图画出几何体地面的直观图;2、观察正视图和侧视图找到几何体前、后、左、右的高度;3、画出整体,然后再根据三视图进行调整.4.如图,在底面边长为4,侧棱长为6的正四棱锥P ABCD -中,E 为侧棱PD 的中点,则异面直线PB 与CE 所成角的余弦值是( )A .34B .234C .517D .317 【答案】D【解析】【分析】首先通过作平行的辅助线确定异面直线PB 与CE 所成角的平面角,在PCD ∆中利用余弦定理求出cos DPC ∠进而求出CE ,再在GFH ∆中利用余弦定理即可得解.【详解】 如图,取PA 的中点F ,AB 的中点G ,BC 的中点H ,连接FG ,FH ,GH ,EF ,则//EF CH ,EF CH =,从而四边形EFHC 是平行四边形,则//EC FH , 且EC FH =.因为F 是PA 的中点,G 是AB 的中点,所以FG 为ABP ∆的中位线,所以//FG PB ,则GFH ∠是异面直线PB 与CE 所成的角.由题意可得3FG =,1222HG AC ==. 在PCD ∆中,由余弦定理可得2223636167cos 22669PD PC CD DPC PD PC +-+-∠===⋅⨯⨯, 则2222cos 17CE PC PE PC PE DPC =+-⋅∠=,即17CE =在GFH ∆中,由余弦定理可得222cos 2FG FH GH GFH FG FH +-∠=⋅317172317==⨯⨯. 故选:D【点睛】本题考查异面直线所成的角,余弦定理解三角形,属于中档题.5.正方体1111ABCD A B C D -的棱长为1,动点M 在线段1CC 上,动点P 在平面..1111D C B A 上,且AP ⊥平面1MBD .线段AP 长度的取值范围为( )A .2⎡⎣B .3⎡⎣C .322⎣D .622⎣ 【答案】D【解析】【分析】 以1,,DA DC DD 分别为,,x y z 建立空间直角坐标系,设(),,1P x y ,()0,1,M t ,由AP ⊥平面1MBD ,可得+11x t y t =⎧⎨=-⎩,然后用空间两点间的距离公式求解即可. 【详解】以1,,DA DC DD 分别为,,x y z 建立空间直角坐标系,则()()()()11,0,0,1,1,0,0,1,,0,0,1A B M t D ,(),,1P x y .()1,,1AP x y =-u u u r ,()11,1,1BD =--u u u u r ,()[]1,0,0,1,BM t t =-∈u u u u r 由AP ⊥平面1MBD ,则0BM AP ⋅=u u u u r u u u r 且01BD AP ⋅=u u u u r u u u r所以10x t -+=且110x y --+=得+1x t =,1y t =-. 所以()2221311222AP x y t ⎛⎫=-++=-+ ⎪⎝⎭u u u r 当12t =时,min 6AP =u u u r ,当0t =或1t =时,max 2AP =u u u r , 62AP ≤≤u u u r 故选:D【点睛】本题考查空间动线段的长度的求法,考查线面垂直的应用,对于动点问题的处理用向量方法要简单些,属于中档题.6.已知平面α∩β=l,m是α内不同于l的直线,那么下列命题中错误的是()A.若m∥β,则m∥l B.若m∥l,则m∥βC.若m⊥β,则m⊥l D.若m⊥l,则m⊥β【答案】D【解析】【分析】A由线面平行的性质定理判断.B根据两个平面相交,一个面中平行于它们交线的直线必平行于另一个平面判断.C根据线面垂直的定义判断.D根据线面垂直的判定定理判断.【详解】A选项是正确命题,由线面平行的性质定理知,可以证出线线平行;B选项是正确命题,因为两个平面相交,一个面中平行于它们交线的直线必平行于另一个平面;C选项是正确命题,因为一个线垂直于一个面,则必垂直于这个面中的直线;D选项是错误命题,因为一条直线垂直于一个平面中的一条直线,不能推出它垂直于这个平面;故选:D.【点睛】本题主要考查线线关系和面面关系,还考查了推理论证的能力,属于中档题.7.已知某几何体的三视图如图所示,则该几何体的体积为A .273B .276C .274D .272【答案】D【解析】【分析】先还原几何体,再根据锥体体积公式求结果.【详解】 几何体为一个三棱锥,高为33333,,所以体积为1127=33333=322V ⨯⨯⨯,选D. 【点睛】(1)解决本类题目的关键是准确理解几何体的定义,真正把握几何体的结构特征,可以根据条件构建几何模型,在几何模型中进行判断;(2)解决本类题目的技巧:三棱柱、四棱柱、三棱锥、四棱锥是常用的几何模型,有些问题可以利用它们举特例解决或者学会利用反例对概念类的命题进行辨析.8.已知正方体1111ABCD A B C D -的棱长为2,M 为1CC 的中点.若AM ⊥平面α,且B ∈平面α,则平面α截正方体所得截面的周长为( )A .3225B .442+C .2225D .62【答案】A【解析】【分析】根据线面垂直确定平面α,再根据截面形状求周长.【详解】显然在正方体中BD ⊥平面11ACC A ,所以BD ⊥ AM , 取AC 中点E, 取AE 中点O,则11tan tan AOA ACM AO AM ∠=∠∴⊥, 取A 1C 1中点E 1, 取A 1E 1中点O 1,过O 1作PQ//B 1D 1,分别交A 1B 1,A 1D 1于P ,Q从而AM ⊥平面BDQP ,四边形BDQP 为等腰梯形, 周长为22222123225+= A.【点睛】本题考查线面垂直判断以及截面性质,考查综合分析与求解能力,属难题.9.如图,在正方体1111ABCD A B C D -中,M , N 分别为棱111,C D CC 的中点,以下四个结论:①直线DM 与1CC 是相交直线;②直线AM 与NB 是平行直线;③直线BN 与1MB 是异面直线;④直线AM 与1DD 是异面直线.其中正确的个数为( )A .1B .2C .3D .4【答案】C【解析】【分析】 根据正方体的几何特征,可通过判断每个选项中的两条直线字母表示的点是否共面;如果共面,则可能是相交或者平行;若不共面,则是异面.【详解】①:1CC 与DM 是共面的,且不平行,所以必定相交,故正确;②:若AM BN 、平行,又AD BC 、平行且,AM AD A BN BC B ⋂=⋂=,所以平面BNC P 平面ADM ,明显不正确,故错误;③:1BN MB 、不共面,所以是异面直线,故正确;④:1AM DD 、不共面,所以是异面直线,故正确;故选C.【点睛】异面直线的判断方法:一条直线上两点与另外一条直线上两点不共面,那么两条直线异面;反之则为共面直线,可能是平行也可能是相交.10.在ABC ∆中,设BAC α∠=,CA 与CB 所成的角是β,绕直线AC 将AB 旋转至AB ',则在所有旋转过程中,关于AB '与BC 所成的角γ的说法正确的是( )A .当4παβ-≥时,[],γαβαβ∈-+B .当4παβ-<-时,[],γβααβ∈-+ C .当4παβ+≥时,[],γαβαβ∈-+ D .当4παβ+<时,,γαβαβ∈⎡-+⎤⎣⎦ 【答案】D【解析】【分析】首先理解异面直线所成的角的范围是0,2πγ⎛⎤∈ ⎥⎝⎦,排除选项A,B,C,对于D 可根据AB 绕AC 旋转,形成以AC 为轴的圆锥,AB '是母线,再将异面直线所成的角,转化为相交直线所成的角,判断最大值和最小值.【详解】因为γ是异面直线所成的角,所以0,2πγ⎛⎤∈ ⎥⎝⎦A.当4παβ-≥时,αβ+的范围有可能超过2π,比如,3,46ππαβ==,所以不正确; B.当4παβ-<-时,当3,46ππβα==,此时[],γβααβ∈-+,也不正确; C.当4παβ+≥,当3,46ππαβ==,此时[],γαβαβ∈-+,故也不正确; D. 4παβ+<时,AB 绕AC 旋转,形成以AC 为轴的圆锥,AB '是母线,如图,过点A 作BC 的平行线AD ,且CAD β∠=,'AB 与BC 所成的角γ转化为AB '与AD 所成的角,由图象可知,当AB '是AB 时,角最大,为αβ+,当AB '在平面ABC 内时,不与AB 重合时,角最小,此时为αβ-故选:D【点睛】本题考查异面直线所成的角,重点考查轨迹,数形结合分析问题的能力,属于中档题型,本题的关键是判断,并画出AB 绕AC 旋转,形成以AC 为轴的圆锥.11.三棱锥D ABC -中,CD ⊥底面,ABC ABC ∆为正三角形,若//,2AE CD AB CD AE ===,则三棱锥D ABC -与三棱锥E ABC -的公共部分构成的几何体的体积为( )A 3B 3C .13D 3【答案】B【解析】根据题意画出如图所示的几何体:∴三棱锥D ABC -与三棱锥E ABC -的公共部分构成的几何体为三棱锥F ABC - ∵ABC 为正三角形,2AB = ∴132232ABC S ∆=⨯⨯⨯= ∵CD ⊥底面ABC ,//AE CD ,2CD AE ==∴四边形AEDC 为矩形,则F 为EC 与AD 的中点∴三棱锥F ABC -的高为112CD = ∴三棱锥F ABC -的体积为13313V =⨯⨯= 故选B.12.如图,平面四边形ABCD 中,1AB AD CD ===,2BD =,BD CD ⊥,将其沿对角线BD 折成四面体A BCD '-,使平面A BD '⊥平面BCD ,若四面体A BCD '-的顶点在同一个球面上,则该球的表面积为( )A .3πB 3C .4πD 3 【答案】A【解析】【分析】 设BC 的中点是E ,连接DE ,由四面体A′BCD 的特征可知,DE 即为球体的半径.【详解】设BC 的中点是E ,连接DE ,A′E ,因为AB =AD =1,BD 2由勾股定理得:BA ⊥AD又因为BD ⊥CD ,即三角形BCD 为直角三角形所以DE 为球体的半径 32DE = 234()32S ππ== 故选A【点睛】 求解球体的表面积、体积的问题,其实质是求球体的半径,解题的关键是构造关于球体半径R 的方程式,构造常用的方法是构造直角三角形,再利用勾股定理建立关于半径R 的方程.13.我国南北朝时期数学家祖暅,提出了著名的祖暅原理:“缘幂势既同,则积不容异也”.“幂”是截面积,“势”是几何体的高,意思是两等高几何体,若在每一等高处的截面积都相等,则两几何体体积相等.已知某不规则几何体与右侧三视图所对应的几何体满足“幂势既同”,其中俯视图中的圆弧为14圆周,则该不规则几何体的体积为( )A .12π+B .136π+C .12π+D .1233π+ 【答案】B【解析】【分析】根据三视图知该几何体是三棱锥与14圆锥体的所得组合体,结合图中数据计算该组合体的体积即可.【详解】解:根据三视图知,该几何体是三棱锥与14圆锥体的组合体, 如图所示;则该组合体的体积为21111111212323436V ππ=⨯⨯⨯⨯+⨯⨯⨯=+; 所以对应不规则几何体的体积为136π+.故选B .【点睛】本题考查了简单组合体的体积计算问题,也考查了三视图转化为几何体直观图的应用问题,是基础题.14.已知正三棱柱111ABC A B C -的所有棱长都相等,D 是11A B 的中点,则AD 与平面11BCC B 所成角的正弦值为( )A .5B .25C .1010D .15 【答案】D【解析】【分析】先找出直线AD 与平面11BCC B 所成角,然后在1B EF V 中,求出1sin EB F ∠,即可得到本题答案.【详解】如图,取AB 中点E ,作EF BC ⊥于F ,连接11,B E B F ,则1EB F ∠即为AD 与平面11BCC B 所成角.不妨设棱长为4,则1,2BF BE ==,13,25EF B E ∴=1315sin 1025EB F ∴∠==. 故选:D【点睛】 本题主要考查直线与平面所成角的求法,找出线面所成角是解决此类题目的关键.15.已知ABC V 的三个顶点在以O 为球心的球面上,且22cos 3A =,1BC =,3AC =,三棱锥O ABC -的体积为14,则球O 的表面积为( ) A .36πB .16πC .12πD .163π 【答案】B【解析】【分析】 根据余弦定理和勾股定理的逆定理即可判断三角形ABC 是直角三角形,根据棱锥的体积求出O 到平面ABC 的距离,利用勾股定理计算球的半径OA ,得出球的面积.【详解】由余弦定理得22229122cos 263AB AC BC AB A AB AC AB +-+-===g ,解得22AB =, 222AB BC AC ∴+=,即AB BC ⊥.AC ∴为平面ABC 所在球截面的直径.作OD ⊥平面ABC ,则D 为AC 的中点,11114221332O ABC ABC V S OD OD -∆==⨯⨯⨯⨯=Q g , 7OD ∴=. 222OA OD AD ∴=+=.2416O S OA ππ∴=⋅=球.故选:B .【点睛】本题考查了球与棱锥的关系,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平,判断ABC ∆的形状是关键.16.在空间中,下列命题为真命题的是( ).A .对于直线,,a b c ,若,a c b c ⊥⊥则//a bB .对任意直线a ,在平面α中必存在一条直线b 与之垂直C .若直线a ,b 与平面α所成的角相等,则a ∥bD .若直线a ,b 与平面α所成的角互余,则a ⊥b【答案】B【解析】【分析】通过空间直线与直线的位置关系判断选项的正误即可。
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1、如在四棱锥P ﹣ABCD 中,PA ⊥底面ABCD ,AD ⊥AB ,AB ∥DC ,AD=DC=AP=2,AB=1,点E 为棱PC 的中点.(Ⅰ)证明:BE ⊥DC ;(Ⅱ)求直线BE 与平面PBD 所成角的正弦值;
(Ⅲ)若F 为棱PC 上一点,满足BF ⊥AC ,求二面角F ﹣AB ﹣P 的余弦值.
2、已知四棱锥P ﹣ABCD 的底面为等腰梯形,AB ∥CD ,AC ⊥BD ,垂足为H ,PH 是四棱锥的高,E 为AD 中点(1)证明:PE ⊥BC (2)若∠APB=∠ADB=60°,求直线PA 与平面PEH 所成角的正弦值.(42
)
3.如图,四棱锥P ﹣ABCD ,底面是以O 为中心的菱形,PO ⊥底面ABCD ,AB=2,∠BAD=3
,M 为BC 上的一点,
且BM=21
,MP ⊥AP .(Ⅰ)求PO 的长;(Ⅱ)求二面角A ﹣PM ﹣C 的正弦值.
4.如图,在直三棱柱A 1B 1C 1﹣ABC 中,AB ⊥AC ,AB=AC=2,AA 1=4,点D 是BC 的中点. (1)求异面直线A 1B 与C 1D 所成角的余弦值;(2)求平面ADC 1与ABA 1所成二面角的正弦值.
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5.如图,在三棱柱ABC ﹣A 1B 1C 1中,AB ⊥AC ,顶点A 1在底面ABC 上的射影恰为点B ,且AB=AC=A 1B=2.(1)求棱AA 1与BC 所成的角的大小;
(2)在棱B 1C 1上确定一点P ,使AP=14,并求出二面角P ﹣AB ﹣A 1的平面角的余弦值.
6.如图,在梯形ABCD 中,AB ∥CD ,AD=DC=CB=a ,∠ABC=60°,平面ACFE ⊥平面ABCD ,四边形ACFE 是矩形,AE=a ,点M 在线段EF 上.
(Ⅰ)求证:BC ⊥平面ACFE ;.(Ⅱ)求二面角B ﹣EF ﹣D 的平面角的余弦值.
7.如图,四棱锥P ﹣ABCD 的底面为正方形,侧面PAD ⊥底面ABCD .△PAD 为等腰直角三角形,且PA ⊥AD . E ,F 分别为底边AB 和侧棱PC 的中点.(Ⅰ)求证:EF ∥平面PAD ;(Ⅱ)求证:EF ⊥平面PCD ;(Ⅲ)求二面角E ﹣PD ﹣C 的余弦值.
8.如图1,在Rt△ABC中,∠ACB=30°,∠ABC=90°,D为AC中点,AE⊥BD于E,延长AE交BC于F,将△ABD 沿BD折起,使平面ABD⊥平面BCD,如图2所示.
(Ⅰ)求证:AE⊥平面BCD;(Ⅱ)求二面角A﹣DC﹣B的余弦值.
(Ⅲ)在线段AF上是否存在点M使得EM∥平面ADC?若存在,请指明点M的位置;若不存在,请说明理由.
9、在如图所示的多面体中,已知正方形ABCD和直角梯形ACEF所在的平面互相垂直,EC⊥AC,EF∥AC,AB=,EF=EC=1,
(1)求证:平面BEF⊥平面DEF;(2)求二面角A﹣BF﹣E的大小.
10、如图,等腰梯形ABCD中,AD∥BC,P是平面ABCD外一点,P在平面ABCD的射影O恰在AD上,PA=AB=BC=2AO=2,BO=3.
(1)证明:PA⊥BO;(2)求二面角A﹣BP﹣D的余弦值.
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11、如图,在三棱柱ABC﹣A1B1C1中,AA1⊥平面ABC,AB=BC=CA=AA1,D为AB的中点.(1)求证:BC1∥平面DCA1;(2)求二面角D﹣CA1﹣C1的平面角的余弦值.
12、在四棱锥E﹣ABCD中,底面ABCD为正方形,AE⊥平面CDE,已知AE=DE=2,F为线段DE的中点.(Ⅰ)求证:BE∥平面ACF;(Ⅱ)求二面角C﹣BF﹣E的平面角的余弦值.
13、如图,在四棱锥E﹣ABCD中,AB⊥平面BCE,DC⊥平面BCE,AB=BC=CE=2CD=2,∠BCE=
3
2 .(I)求证:平面ADE⊥平面ABE;(Ⅱ)求二面角A﹣EB﹣D的大小.
14、在直三棱柱ABC﹣A1B1C1中,BC=2,AB=AC=AA1=1,D是棱CC1上的一点,P是AD的延长线与A1C1的延长线的交点,且PB1∥平面BDA1.
(Ⅰ)求证:CD=C1D;
(Ⅱ)求二面角A1﹣B1D﹣P的平面角的正弦值.
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15、所示的多面体中,ABCD 是菱形,BDEF 是矩形,ED ⊥平面ABCD ,∠BAD=3
.,AD=2.
(1)求证:平面FCB ∥平面AED ;
(2)若二面角A ﹣EF ﹣C 为直二面角,求直线BC 与平面AEF 所成的角θ的正弦值.
16、已知三棱柱ABC ﹣A 1B 1C 1中,∠BCA=90°,AA 1=AC=BC=2,A 1在底面ABC 上的射影恰为AC 的中点D .(Ⅰ)求证:AC 1⊥BA 1;(Ⅱ)求A ﹣A 1B ﹣C 的余弦值.
17、在三棱锥P ﹣ABC 中,PB ⊥平面ABC ,△ABC 是直角三角形,∠ABC=90°,AB=BC=2,∠PAB=45°,点D 、E 、F 分别为AC 、AB 、BC 的中点.
(I )求证:EF ⊥PD ;(2)求二面角E ﹣PF ﹣B 的正切值.
18、在四棱锥P﹣ABCD中,侧棱PD⊥底面ABCD,底面ABCD是正方形,若PD=DA,M是PC的中点.(Ⅰ)证明:PA∥平面BDM;(2)求二面角B﹣DM﹣C的余弦值.
19、四棱锥S﹣ABCD,底面ABCD为平行四边形,侧面SBC⊥底面ABCD.已知∠DAB=135°,BC=22,SB=SC=AB=2,F为线段SB的中点.
(1)求证:SD∥平面CFA;(2)求面SCD与面SAB所成二面角的平面角的余弦值大小.
20、AB为圆O的直径,点E、F在圆上,AB∥EF,矩形ABCD所在平面与圆O所在平面互相垂直,已知AB=2,BC=EF=1(Ⅰ)求证:BF⊥平面DAF(Ⅱ)求平面ADF与平面CDFE所成的二面角的余弦值.
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21、四棱锥P﹣ABCD中,底面ABCD是菱形,∠ABC=60°,平面PAB⊥平面ABCD,PA=PB=2AB.(1)证明:PC⊥AB;(2)求二面角B﹣PC﹣D的余弦值.
22、己知斜三棱柱ABC﹣A1B1C1的底面是边长为2的正三角形,侧面A1ACC1为菱形,∠A1AC=60°,平面A1ACC1⊥平面ABC,N是CC1的中点.
(I)求证:A1C⊥BN;(Ⅱ)求二面角B﹣A1N﹣C的余弦值.
23、三棱柱ABC﹣A1B1C1中,AB=AC=AA1=BC1=2,∠AA1C1=60°,平面ABC1⊥平面AA1C1C,AC1与A1C相交于点D.(1)求证:BD⊥平面AA1C1;(2)(理)设点E是直线B1C1上一点,且DE∥平面AA1B1B,求平面EBD与平面ABC1夹角的余弦值.
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24、四棱锥P﹣ABCD中,底面ABCD为平行四边形,AB=4AD=2,BD=23,PD⊥底面ABCD.(Ⅰ)证明:平面PBC⊥平面PBD;(Ⅱ)若二面角P﹣BC﹣D大小为4 .,求AP与平面PBC所成角的正弦值.
25、在直角梯形中ABCD中.AB∥CD,AB⊥BC,F为AB上的点,且BE=1,AD=AE=DC=2,将△ADE沿DE折叠到P点,使PC=PB.
(Ⅰ)求证:平面PDE⊥平面ABCD;
(Ⅱ)求二面角A﹣PD﹣E的余弦值.
26、已知斜三棱柱ABC﹣A1B1C1的底面是正三角形,点M、N分别是A1C1和A1B1的中点,AA1=AB=BM=2,∠A1AB=60°.(Ⅰ)求证:BN⊥平面A1B1C1;(Ⅱ)求二面角A1﹣AB﹣M的正切值.
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27、在几何体ABCDEF中,AB∥CD,AD=DC=CB=1,∠ABC=60°,四边形ACFE为矩形,平面ACEF⊥平面ABCD,CF=1.
(Ⅰ)求证:平面FBC⊥平面ACFE;
(Ⅱ)若M为线段EF的中点,设平面MAB与平面FCB所成锐二面角的余弦值.
28、已知AB⊥平面A CD,DE⊥平面ACD, ,AB=2,AC=AD=DE=4
,F为CD的中点,(Ⅰ)求证:AF//面BCE,
(Ⅱ)若
120
=
∠CAD,求二面角F-BE-D余弦值.
29、三棱柱ABC-A1B1C1的底面是边长为4正三角形,AA1⊥平面ABC,AA1=26,M为A1B1的中点.(I)求证:MC⊥
AB;(II)在棱CC1上是否存在点P,使得MC⊥平面AB,若存在,确定点P的位置;若不
存在,说明理由.(Ⅲ)若点P为CC1的中点,求二面角B-AP-C的余弦值.
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30、在四棱柱ABCD-A1B1C1D1中,底面ABCD和侧面BCC1B1都是矩形,E是CD中点,D1E⊥CD
,AB=2,BC=1,(1)证明BC⊥D1E,(2)若平面BCC1B1与平面BED1成锐二面角为600,,求线段D1E长度
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