物理高一下册 机械能守恒定律专题练习(word版
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一、第八章 机械能守恒定律易错题培优(难)
1.如图所示,竖直墙上固定有光滑的小滑轮D ,质量相等的物体A 和B 用轻弹簧连接,物体B 放在地面上,用一根不可伸长的轻绳一端与物体A 连接,另一端跨过定滑轮与小环C 连接,小环C 穿过竖直固定的光滑均匀细杆,小环C 位于位置R 时,绳与细杆的夹角为θ,此时物体B 与地面刚好无压力。图中SD 水平,位置R 和Q 关于S 对称。现让小环从R 处由静止释放,环下落过程中绳始终处于拉直状态,且环到达Q 时速度最大。下列关于小环C 下落过程中的描述正确的是( )
A .小环C 、物体A 和轻弹簧组成的系统机械能不守恒
B .小环
C 下落到位置S 时,小环C 的机械能一定最大
C .小环C 从位置R 运动到位置Q 的过程中,弹簧的弹性势能一定先减小后增大
D .小环C 到达Q 点时,物体A 与小环C 的动能之比为cos 2
θ
【答案】BD 【解析】 【分析】 【详解】
A .在小环下滑过程中,只有重力势能与动能、弹性势能相互转换,所以小环C 、物体A 和轻弹簧组成的系统机械能守恒,选项A 错误;
B .小环
C 下落到位置S 过程中,绳的拉力一直对小环做正功,所以小环的机械能一直在增大,往下绳的拉力对小环做负功,机械能减小,所以在S 时,小环的机械能最大,选项B 正确;
C .小环在R 、Q 处时弹簧均为拉伸状态,且弹力大小等于B 的重力,当环运动到S 处,物体A 的位置最低,但弹簧是否处于拉伸状态,不能确定,因此弹簧的弹性势能不一定先减小后增大,选项C 错误;
D .在Q 位置,环受重力、支持力和拉力,此时速度最大,说明所受合力为零,则有
cos C T m g θ=
对A 、B 整体,根据平衡条件有
2A T m g =
故
2cos C A m m θ=
在Q点将小环v速度分解
可知
cos
A
v vθ
=
根据动能2
1
2
k
E mv
=可知,物体A与小环C的动能之比为
2
2
1
cos
2
12
2
A
A
A
k
kQ
C
m v
E
E m v
θ
==
选项D正确。
故选BD。
2.如图所示,ABC为一弹性轻绳,一端固定于A点,一端连接质量为m的小球,小球穿在竖直的杆上。轻杆OB一端固定在墙上,一端为定滑轮。若绳自然长度等于AB,初始时ABC在一条水平线上,小球从C点由静止释放滑到E点时速度恰好为零。已知C、E
两点间距离为h,D为CE的中点,小球在C点时弹性绳的拉力为
2
mg
,小球与杆之间的动摩擦因数为0.5,弹性绳始终处在弹性限度内。下列说法正确的是()
A.小球在D点时速度最大
B.若在E点给小球一个向上的速度v,小球恰好能回到C点,则2
v gh
=
C.小球在CD阶段损失的机械能等于小球在DE阶段损失的机械能
D.若O点没有固定,杆OB在绳的作用下以O为轴转动,在绳与B点分离之前,B的线速度等于小球的速度沿绳方向分量
【答案】AD
【解析】
【详解】
A .设当小球运动到某点P 时,弹性绳的伸长量是BP x ,小球受到如图所示的四个力作用:
其中
T BP F kx =
将T F 正交分解,则
N T sin sin 2
BP BC mg
F F kx kx θθ⋅====
f N 14
F F mg μ==
T F 的竖直分量
T T cos cos y BP CP F F kx kx θθ===
据牛顿第二定律得
f T y m
g F F ma --=
解得
T 33
44y CP F kx a g g m m
=
-=- 即小球的加速度先随下降的距离增大而减小到零,再随下降的距离增大而反向增大,据运动的对称性(竖直方向可以看作单程的弹簧振子模型)可知,小球运动到CE 的中点D 时,加速度为零,速度最大,A 正确;
B .对小球从
C 运动到E 的过程,应用动能定理得
T F 0104mgh W mgh ⎛⎫
-+-=- ⎪⎝⎭
若在E 点给小球一个向上的速度v ,小球恰能从E 点回到C 点,应用动能定理得
T 2F 11()042mgh W mgh mv ⎛⎫
-++-=- ⎪⎝⎭
联立解得
T F 3
4
W mgh =
,v gh =B 错误;
C .除重力之外的合力做功等于小球机械能的变化,小球在C
D 段所受绳子拉力竖直分量
较小,则小球在CD 段时摩擦力和弹力做的负功比小球在DE 段时摩擦力和弹力做的负功少,小球在CD 阶段损失的机械能小于小球在DE 阶段损失的机械能,C 错误; D .绳与B 点分离之前B 点做圆周运动,线速度(始终垂直于杆)大小等于小球的速度沿绳方向的分量,D 正确。 故选AD 。
3.在机场和火车站对行李进行安全检查用的水平传送带如图所示,当行李放在匀速运动的传送带上后,传送带和行李之间的滑动摩擦力使行李开始运动,随后它们保持相对静止,行李随传送带一起匀速通过检测仪检查,设某机场的传送带匀速前进的速度为0.4 m/s ,某行李箱的质量为5 kg ,行李箱与传送带之间的动摩擦因数为0.2,当旅客把这个行李箱小心地放在传送带上的A 点,已知传送带AB 两点的距离为1.2 m ,那么在通过安全检查的过程中,g 取10 m/s 2,则 ( ).
A .开始时行李箱的加速度为0.2 m/s 2
B .行李箱从A 点到达B 点时间为3.1 s
C .传送带对行李箱做的功为0.4 J
D .传送带上将留下一段摩擦痕迹,该痕迹的长度是0.04 m 【答案】BCD 【解析】 【分析】 【详解】
行李开始运动时由牛顿第二定律有:μmg=ma ,所以得:a="2" m/s 2,故A 错误;物体加速到与传送带共速的时间10.40.22v t s s a =
==,此时物体的位移:110.042
x vt m ==,则物体在剩下的x 2=1.2m-0.04m=1.96m 内做匀速运动,用时间2
2 2.9x t s v
=
=,则行李箱从A 点到达B 点时间为t=t 1+t 2="3.1" s ,选项B 正确;行李最后和传送带最终一起匀速运动,根据动能定理知,传送带对行李做的功为:W=12
mv 2
="0.4" J ,故C 正确;在传送带上留下的痕迹长度为:0.04?22
vt vt
s vt m =-
==,故D 正确.故选BCD .
4.如图,滑块a 、b 的质量均为m ,a 套在固定竖直杆上,与光滑水平地面相距,b 放在地面上.a 、b 通过铰链用刚性轻杆连接,由静止开始运动,不计摩擦,a 、b 可视为质点,重力加速度大小为,则