东里中学2016届高三月考理科物理模拟试卷

东里中学2016届高三月考理科物理模拟试卷班别：姓名：座号：成绩：一、一、选择题：本大题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中．1～5题只有一项符合题目要求．6～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．（共48分）1．下列说法正确的是（）A．kg，m/s，N是导出单位B．在国际单位制中，质量的单位是g，也可以是kgC．牛顿第二定律的公式F=kma中的k在任意单位下都等于1D．牛顿第三定律可以通过现实的实验得到验证2．如图，物体被两段同样的细绳悬挂在天花板下．当所挂重物质量增大时（）A．AO先断B．BO先断C．两绳同时断D．无法判断3．图是某物体运动的s﹣t图象，由图可知（）A．物体在0～t1时间内做匀加速直线运动B．物体在t1～t2时间内保持静止C．物体在t2～t3时间内做匀减速直线运动D．物体在0～t3时间内一直做匀速直线运动4．如图两等量异种点电荷，以两电荷连线的中点O为圆心画出半圆，在半圆上有a、b、c三点，a、c分别为半圆与两电荷连线的交点，b点在两电荷连线的垂直平分线上，下列说法正确的是（）A．a、c两点的电场强度不相同B．a、c两点的电势相同C．负电荷在a点的电势能大于在b点的电势能D．将正电荷由c点移到b点电场力做负功5．如图所示，在x≤0的区域内存在匀强磁场，磁场的方向垂直于纸面向里．矩形线框abcd从t=0时刻起由静止开始沿x轴正方向做匀加速运动，则线框中的感应电流I（取逆时针方向的电流为正）随时间t的变化图线是（）A．B．C．D．6．在一次投球游戏中，黄同学将球水平抛向放在地面的小桶中，结果球沿如图所示的弧线飞到小桶的前方．不计空气阻力，则下次再投时，可作出的调整为（）A．增大初速度，抛出点高度不变B．减小初速度，抛出点高度不变C．初速度大小不变，提高抛出点高度D．初速度大小不变，降低抛出点高度7．如图所示，A、B、C是在地球大气层外圆形轨道上运动的3颗卫星，已知m A=m B＞m C，下列说法正确的是（）A．角速度速度大小的关系是ωA＞ωB=ωCB．周期关系是T A＜T B=T CC．向心力大小的关系是F A=F B＞F CD．向心加速度大小的关系是a A＜a B=a C8．火警报警系统原理如图甲所示，M是一个小型理想变压器，原副线圈匝数之比n1：n2=10：1，接线柱a、b接上一个正弦交变电源，电压随时间变化规律如图乙所示，在变压器右侧部分，R2为用半导体热敏材料（电阻随温度升高而减小）制成的传感器，R1为一定值电阻．下列说法中正确的是（）A．电压表示数为22VB．此交变电源的频率为50HzC．当传感器R2所在处出现火警时，电流表的示数减小D．当传感器R2所在处出现火警时，电压表的示数减小三、非选择题：本大题共4小题，共182分．按题目要求作答．解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．9．探究“恒力做功与物体动能改变的关系”，设计了如下实验，操作步骤是：①摆好实验装置如图所示：②将质量为200g的小车拉到打点计时器附近，并按住小车；③在质量为10g、30g、50g的三种钩码中，挑选50g的钩码挂在拉线的挂钩P上；④释放小车，打开电磁打点计时器的电源，打出一条纸带．Ⅰ．在多次重复实验得到的纸带中取出满意的一条．经测量、计算，得到如下数据：第一个点到第N个点的距离为40.0cm；打下第N点时小车的速度大小为1.00m/s．将钩码重力当作小车所受的拉力，计算拉力对小车做的功为J，小车动能增量为J．（结果均保留两位有效数字）Ⅱ．探究结果，没能得到“恒力对物体做的功，等于物体动能的增量”，且误差很大．造成较大误差的主要原因是：；．10．某同学利用电压表和电阻箱测定一种特殊电池的电动势（电动势E大约在9V左右，内阻r约为50Ω），已知该电池允许输出的最大电流为150mA．该同学利用如图甲所示的电路进行实验，图中电压表的内阻约为2KΩ，R为电阻箱．阻值范围0～9999Ω，R0是定值电阻，起保护电路的作用．（1）实验室备有的定值电阻．有以下几种规格：A．2ΩB．20ΩC．2OOΩD．2000Ω本实验应选（填入相应的字母）作为保护电阻．（2）在图乙的实物图中，已正确地连接了部分电路，请完成余下电路的连接．（3）该同学完成电路的连接后，闭合开关s，调节电阻箱的阻值；读取电压表的示数，其中电压表的某一次偏转如图丙所示，其读数为．（4）改变电阻箱阻值，取得多组数据，作出了如图丁所示的图线，则根据该同学所作出的图线可求得该电池的电动势E为V，内阻r为Ω．（结果保留两位有效数字）（5）用该电路测电动势与内阻，测量和真实值的关系E测E真，r测r真（填“大于”、“小于”或“等于”）四、计算题：每题6分，共24分11．一辆汽车以10.0m/s的速度下坡，在下坡路上得到0.2m/s2的加速度，行驶到坡低端时速度增加到15.0m/s．求这辆尺寸经过这段下坡路所用的时间及这段破路的长度．12．两极板a、b间存在正交的匀强电场和磁感应强度为B的匀强磁场I，正离子以速度v0=3.0×107m/s 沿极板中线匀速飞出极板，进入磁感应强度也为B的匀强磁场区域II，如图所示．已知板长L=l0cm，板距d=30cm，板间电压为：U=1800V，离子比荷为=2×1012C/kg，不计离子重力．（1）求电场强度E和磁感应强度B的大小；（2）撤去磁场I，求离子穿过电场时偏离入射方向的距离以及离开电场时速度的大小；（3）撤去磁场I后，要使离子不从边界PQ射出，求磁场II的宽度至少为多少．（sin37°=0.6，cos37°=0.8）五、物理--选修3-5]考生必做（15）13．关于天然放射性，下列说法正确的是（）A．所有元素都可能发生衰变B．放射性元素的半衰期与外界无关C．放射性元素与别的元素形成化合物时仍具有放射性D．α、β和γ三种射线中，γ射线的电离本领最强E．α、β和γ三种射线中，γ射线的穿透能力最强．14．冰球运动员甲的质量为80.0kg．当他以5.0m/s的速度向前运动时，与另一质畺为100kg、速度为3.0m/s的迎面而来的运动员乙相撞．碰后甲恰好静止．假设碰撞时间极短，求：（1）碰后乙的速度的大小；（2）碰撞中总机械能的损失．2015年广东省佛山市顺德区杏坛中学高考物理模拟试卷参考答案与试题解析一、单项选择题：本大题共4小题，每小题4分，共64分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分．1．下列说法正确的是（）A．kg，m/s，N是导出单位B．在国际单位制中，质量的单位是g，也可以是kgC．牛顿第二定律的公式F=kma中的k在任意单位下都等于1D．牛顿第三定律可以通过现实的实验得到验证【考点】牛顿第二定律．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】国际单位制规定了七个基本物理量．分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量．它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位．【解答】解：A、kg是质量的单位它是基本单位，所以A错误．B、g也是质量的单位，但它不是质量在国际单位制中的基本单位，三个力学基本物理量分别是长度、质量、时间，它们的单位分别为m、kg、s，所以B错误．C、牛顿第二定律的表达式F=ma，是在其中的物理量都取国际单位制中的单位时得出的，所以C错误．D、牛顿第三定律可以通过现实的实验得到验证，D正确故选：D．【点评】国际单位制规定了七个基本物理量，这七个基本物理量分别是谁，它们在国际单位制分别是谁，这都是需要学生自己记住的．2．如图，物体被两段同样的细绳悬挂在天花板下．当所挂重物质量增大时（）A．AO先断B．BO先断C．两绳同时断D．无法判断【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】根据悬挂物体的受力平衡，由平衡条件得出AO和BO绳中拉力大小关系，当重物重力增加时力大的绳先断．【解答】解：对0点进行受力分析，如图由于C点处于平衡状态，对A、B两绳的拉力合成得到合力F，根据平衡条件得：F A sin60°=F B cos60°所以因为绳AO中拉力小于绳BO中的拉力，故当县挂重物重力增加时，拉力大的绳BO先断．故选：B【点评】本题关键是对点O受力分析，然后根据平衡条件并运用合成法作图分析，同研究矢量三角形得到各个力的相对大小．3.B3．如图两等量异种点电荷，以两电荷连线的中点O为圆心画出半圆，在半圆上有a、b、c三点，a、c分别为半圆与两电荷连线的交点，b点在两电荷连线的垂直平分线上，下列说法正确的是（）A．a、c两点的电场强度不相同B．a、c两点的电势相同C．负电荷在a点的电势能大于在b点的电势能D．将正电荷由c点移到b点电场力做负功【考点】电场的叠加；电场强度；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】两等量异号点电荷电场线的分布具有对称性，两连线的垂直平分线是一条等势线，b点的电势与O点电势相等．根据等量异号点电荷电场线的对称性，分析ac场强关系和电势关系．a点的电势高于O点的电势，即可知a、b电势关系，由推论：正电荷在电势高处电势能大，分析电势能关系．【解答】解：A、根据等量异号点电荷电场线的对称性可知，a、c两处电场线疏密程度相同，则场强大小相同，场强方向都沿ac方向，所以a、c两点的电场强度相同．故A错误．B、电场线从a指向c，根据顺着电场线电势降低，可知，a点的电势高于c点的电势．故B错误．C、两等量异号点电荷连线的垂直平分线是一条等势线，则b点的电势与O点电势相等，a点的电势高于O点的电势，则知a点的电势高于b点的电势．由推论：负电荷在电势高处电势能小，得知负电荷在a点的电势能小于在b点的电势能．故C错误．D、由于O、b电势相等，电势差为零，当正电荷由c点移到b点，即为由c点移到O点，由公式W=qU知，电场力做负功．故D正确．故选：D．【点评】等量异号点电荷的电场线和等势线分布情况是考试的热点，抓住对称性和其连线的垂直平分线是一条等势线是学习的重点．对于电势能大小或变化的判断，可根据推论或电场力做功正负判断．4．如图所示，在x≤0的区域内存在匀强磁场，磁场的方向垂直于纸面向里．矩形线框abcd从t=0时刻起由静止开始沿x轴正方向做匀加速运动，则线框中的感应电流I（取逆时针方向的电流为正）随时间t的变化图线是（）A．B．C．D．【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化．【专题】电磁感应——功能问题．【分析】由右手定则可得出回路中的电流方向；由E=BLv可求得电路中感应电动势，由欧姆定律可求得电路中的电流变化．【解答】解：在题中只有cd杆切割磁感线，由右手定则产生的感应电流为c→d，回路中的电流为顺时针，故电流应为负值，且I====t，即I﹣t关系是正比关系，故只有D为准确的I﹣t图象．故选D．【点评】在解决电磁感应中的图象问题时，应注意抓住电流的方向及电流大小的表达式．二、双向选择题：本大提供9小题，每小题6分，共54分．在每小题给出四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对的得6分，只选对2个且正确的3分，有选错或不答的得0分．5．在一次投球游戏中，黄同学将球水平抛向放在地面的小桶中，结果球沿如图所示的弧线飞到小桶的前方．不计空气阻力，则下次再投时，可作出的调整为（）A．增大初速度，抛出点高度不变B．减小初速度，抛出点高度不变C．初速度大小不变，提高抛出点高度D．初速度大小不变，降低抛出点高度【考点】平抛运动．【专题】平抛运动专题．【分析】小球做平抛运动，飞到小桶的前方，说明水平位移偏大，应减小水平位移才能使小球抛进小桶中．将平抛运动进行分解：水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，由运动学公式得出水平位移与初速度和高度的关系式，再进行分析选择．【解答】解：设小球平抛运动的初速度为v0，抛出点离桶的高度为h，水平位移为x，则由得t=．水平位移x=v0t=v0小球做平抛运动，飞到小桶的前方，说明水平位移偏大，要使球落在桶中，必须减小水平位移，由上式知，可采用的方法是：减小初速度，抛出点高度不变，或初速度大小不变，降低抛出点高度，故AC错误，BD正确．故选：BD．【点评】本题运用平抛运动的知识分析处理生活中的问题，比较简单，关键运用运动的分解方法得到水平位移的表达式．6．如图，a、b分别表示先后从同一地点以相同的初速度做匀变速直线运动的两个物体的速度图象，则下列说法正确的是（）A．4s末两个物体速度相同B．a、b两物体运动的加速度相同C．4s末两个物体在途中相遇D．5s末两个物体在途中相遇【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】根据速度时间图线比较4s末的速度，根据图线的斜率比较加速度，根据图线与时间轴围成的面积判断物体是否相遇．【解答】解：A、由速度时间图线知，4s末两个物体的速度一正一负，则速度方向相反，故A错误．B、a、b两图线的斜率相同，则a、b的加速度相同，故B正确．C、图线与时间轴围成的面积表示位移，4s末两图线围成的面积相等，则4s末两个物体在图中相遇．故C正确．D、5s末两图线围成的面积不等，则位移不等，未相遇，故D错误．故选：BC．【点评】解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移．7．如图所示，A、B、C是在地球大气层外圆形轨道上运动的3颗卫星，已知m A=m B＞m C，下列说法正确的是（）A．角速度速度大小的关系是ωA＞ωB=ωCB．周期关系是T A＜T B=T CC．向心力大小的关系是F A=F B＞F CD．向心加速度大小的关系是a A＜a B=a C【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．【专题】人造卫星问题．【分析】根据人造卫星的万有引力等于向心力，列式求出线速度、角速度、周期和向心力的表达式进行讨论即可．【解答】解：人造卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，设卫星的质量为m、轨道半径为r、地球质量为M，有F==m=mω2r=ma向A、ω=，根据题意得r A＜r B=r C所以ωA＞ωB=ωC，故A正确；B、T=2π，所以周期关系是T A＜T B=T C．故B正确；=，C、向心力F向已知m A=m B＞m C，r A＜r B=r C，所以F A＞F B＞F C，故C错误；D、a=，所以a A＞a B＞a C，故D错误；故选：AB．【点评】本题关键抓住万有引力提供向心力，先列式求解出线速度、角速度、周期和加速度的表达式，再进行讨论．8．火警报警系统原理如图甲所示，M是一个小型理想变压器，原副线圈匝数之比n1：n2=10：1，接线柱a、b接上一个正弦交变电源，电压随时间变化规律如图乙所示，在变压器右侧部分，R2为用半导体热敏材料（电阻随温度升高而减小）制成的传感器，R1为一定值电阻．下列说法中正确的是（）A．电压表示数为22VB．此交变电源的频率为50HzC．当传感器R2所在处出现火警时，电流表的示数减小D．当传感器R2所在处出现火警时，电压表的示数减小【考点】变压器的构造和原理．【专题】交流电专题．【分析】输出电压是由输入电压和匝数比决定的，电压与匝数程正比，电流与匝数成反比，根据理想变压器的原理分析即可．【解答】解：由原线圈两端输入电压U随时间变化的图象可知，U1=220V，T=0.02sA、变压器的电压与匝数成正比，由此可得副线圈的电压为22V，电压表V1测的是热敏材料两端电压，小于22V，所以A错误；B、T=0.02s，此交变电源的频率为50Hz，故B正确；C、当出现火警时，温度升高，电阻R2减小，副线圈的电流变大，原线圈电流也增大，所以R1的电压要增大，由于副线圈的总电压不变，所以R2的电压就要减小，所以C错误D正确．故选：BD．【点评】本题主要考查变压器的知识，要能对变压器的最大值、有效值、瞬时值以及变压器变压原理、功率等问题彻底理解．9．某电容式话筒的原理示意图如图所示，E为电源，R为电阻，薄片P和Q为两金属基板．对着话筒说话时，P振动而Q可视为不动．在P、Q间距增大过程中（）A．P、Q构成的电容器的电容增大B．P上电荷量减小C．M点的电势比N点的低D．M点的电势比N点的高【考点】电容器的动态分析．【专题】电容器专题．【分析】在P、Q间距增大过程中，电容发生变化，而电容直接与电源相连，电容两端间的电压不变，从而可判断出电量的变化及电流的流向，再次可比较出电势的高低．【解答】解：AB、电容式话筒与电源串联，电压保持不变．在P、Q间距增大过程中，根据电容决定式C=得电容减小，又根据电容定义式C=得，电容器所带电量减小，故A错误，B正确；CD、电容器的放电电流通过R的方向由M到N，所以M点的电势比N点的高．故C错误，D正确．故选：BD．【点评】解决电容器的动态分析问题，抓住不变量，若电容始终与电源相连，两端间的电压不变；若电容器与电源断开，则电容器所带的电量不变．三、非选择题：本大题共4小题，共182分．按题目要求作答．解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．10．探究“恒力做功与物体动能改变的关系”，设计了如下实验，操作步骤是：①摆好实验装置如图所示：②将质量为200g的小车拉到打点计时器附近，并按住小车；③在质量为10g、30g、50g的三种钩码中，挑选50g的钩码挂在拉线的挂钩P上；④释放小车，打开电磁打点计时器的电源，打出一条纸带．Ⅰ．在多次重复实验得到的纸带中取出满意的一条．经测量、计算，得到如下数据：第一个点到第N个点的距离为40.0cm；打下第N点时小车的速度大小为1.00m/s．将钩码重力当作小车所受的拉力，计算拉力对小车做的功为0.20J，小车动能增量为0.10J．（结果均保留两位有效数字）Ⅱ．探究结果，没能得到“恒力对物体做的功，等于物体动能的增量”，且误差很大．造成较大误差的主要原因是：小车质量没有远大于钩码质量；没有平衡摩擦力．【考点】探究功与速度变化的关系．【专题】实验题．【分析】（1）根据重力当做小车所受的拉力和钩码下降的距离可以求出拉力对小车做的功大小，根据小车在N点的速度可以求出小车动能的增量；（2）该实验产生误差的主要原因一是钩码重力大小并不等于绳子拉力的大小，二是没有平衡摩擦力；操作错误：先放小车，后开电源．【解答】解：I、从打下第一点到打下第N点拉力对小车做的功：W=mgs=0.05×10×9.8×40=0.196J；小车的动能增量为：△E k==J=0.1JII、该实验产生误差的主要原因一是钩码重力大小并不等于绳子拉力的大小即小车质量没有远大于钩码质量，该实验要进行平衡摩擦力操作，否则也会造成较大误差；操作错误，应先放小车，后开电源等等．故答案为：（1）0.196；0.1；（2）小车质量没有远大于钩码质量；没有平衡摩擦力；【点评】该题考查在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中的注意事项：将不带滑轮的木板一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车恰好做匀速运动；把长木板的一端垫得过高，使得倾角偏大，会导致重力沿斜面向下的分力增大，摩擦力减小等现象；明确实验原理往往是解决实验问题的关键，该实验的一些操作和要求与探究力、加速度、质量之间关系的实验类似可以类比学习．11．某同学利用电压表和电阻箱测定一种特殊电池的电动势（电动势E大约在9V左右，内阻r约为50Ω），已知该电池允许输出的最大电流为150mA．该同学利用如图甲所示的电路进行实验，图中电压表的内阻约为2KΩ，R为电阻箱．阻值范围0～9999Ω，R0是定值电阻，起保护电路的作用．（1）实验室备有的定值电阻．有以下几种规格：A．2ΩB．20ΩC．2OOΩD．2000Ω本实验应选B（填入相应的字母）作为保护电阻．（2）在图乙的实物图中，已正确地连接了部分电路，请完成余下电路的连接．（3）该同学完成电路的连接后，闭合开关s，调节电阻箱的阻值；读取电压表的示数，其中电压表的某一次偏转如图丙所示，其读数为 6.5V．（4）改变电阻箱阻值，取得多组数据，作出了如图丁所示的图线，则根据该同学所作出的图线可求得该电池的电动势E为10V，内阻r为50Ω．（结果保留两位有效数字）（5）用该电路测电动势与内阻，测量和真实值的关系E测小于E真，r测小于r真（填“大于”、“小于”或“等于”）【考点】测定电源的电动势和内阻．【专题】实验题．【分析】（1）当电阻箱的电阻调为零时，电路中电流最大，根据闭合电路欧姆定律求出此时的R0，再选择定值电阻R0的规格．（2）根据电路图连接实物图（3）根据电压表应选择15V的量程进行读数．（4）根据电路图应用欧姆定律求出图象的函数表达式，然后求出电源的电动势与内阻．（5）如果考虑电压表的内阻，根据实验的原理，分别从不考虑电压表的内阻和考虑电压表的内阻找出图象斜率和截距的意义去比较．【解答】解：（1）当电阻箱的电阻调为零时，电路中电流最大，根据闭合电路欧姆定律得：I m=，解得：R0=10Ω，所以定值电阻应选B．（2）根据电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示：（3）电压表应选择15V的量程，所以读数为6.5V，（4）闭合开关，调整电阻箱的阻值，读出电压表的示数，再改变电阻箱的电阻，得出多组数据．根据E=U+r，知=+•，知图线的纵轴截距表示电动势的倒数，图线的斜率等于．有：=0.1，解得：E=10V．由=5，解得：r=50Ω．（5）如果考虑电压表的内阻，根据实验的原理为：E=U+（+）r，=（1+）+•，考虑电压表的内阻，此时图线的纵轴截距表示（1+），所以E测小于E真，r测小于r真．故答案为：（1）B；（2）如图所示；（3）6.5V；（4）10；50；（5）小于；小于．【点评】解决本题的关键：知道运用伏阻法测量电源电动势和内阻的原理，会根据图象测量电源的电动势和内阻，将两个非线性关系的物理量，变成两个线性关系的物理量．20．一辆汽车以10.0m/s的速度下坡，在下坡路上得到0.2m/s2的加速度，行驶到坡低端时速度增加到15.0m/s．求这辆尺寸经过这段下坡路所用的时间及这段破路的长度．【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据速度时间关系由始末状态速度和加速度求运动时间，再根据位移时间关系求位移．【解答】解：根据速度时间关系v=v0+at得车下坡所用时间根据位移时间关系有汽车下坡的位移x==312.5m．答：车经过下坡路所用时间为25s，这段坡路的长度为312.5m．【点评】本题考查匀变速直线运动的速度时间关系和位移时间关系，掌握规律是解决问题的关键，属于基础题不难．12．两极板a、b间存在正交的匀强电场和磁感应强度为B的匀强磁场I，正离子以速度v0=3.0×107m/s 沿极板中线匀速飞出极板，进入磁感应强度也为B的匀强磁场区域II，如图所示．已知板长L=l0cm，板距d=30cm，板间电压为：U=1800V，离子比荷为=2×1012C/kg，不计离子重力．（1）求电场强度E和磁感应强度B的大小；（2）撤去磁场I，求离子穿过电场时偏离入射方向的距离以及离开电场时速度的大小；（3）撤去磁场I后，要使离子不从边界PQ射出，求磁场II的宽度至少为多少．（sin37°=0.6，cos37°=0.8）【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力；带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】（1）由电势差和电场强度的关系公式得出E的大小；由正离子在电场和磁场中受力平衡求出B的大小；（2）撤去磁场Ⅰ后，离子在电场中做类平抛运动，根据类平抛运动规律列方程组求解；（3）离子不从边界PQ射出的临界是与右边界相切，由牛顿第二定律确定半径，由几何知识确定磁场的宽度．【解答】解答：解：（1）由E=代入数据得：E=6×103V/m正离子不发生偏转，则：qv0B=qE代入数据得：B=2×10﹣4T（2）正离子通过场区偏转的距离为y，则：y=at2因为t=，qE=ma。