【精选】山西省大同市学年高二10月月考物理试题 Word版含答案-物理知识点总结
山西高二高中物理月考试卷带答案解析
山西高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.由法拉第电磁感应定律知（设回路的总电阻一定）A．穿过闭合回路的磁通量达到最大时，回路中的感应电流最大B．穿过闭合回路的磁通量为零时，回路中的感应电流一定为零C．穿过闭合回路的磁通量变化越大，回路中的感应电流越大D．穿过闭合回路的磁通量变化越快，回路中的感应电流越大2.如图所示，矩形线圈与磁场垂直，且一半在匀强磁场内，一半在匀强磁场外，下述过程中使线圈产生感应电流的是A．以bc为轴转动45°B．以ad为轴转动45°C．将线圈向下平移D．将线圈向上平移3.如图所示，半径为R的n匝线圈套在边长为a的正方形abcd之外，匀强磁场垂直穿过该正方形，当磁场以的变化率变化时，线圈产生的感应电动势的大小为A．B．C．D．4.1831年法拉第把两个线圈绕在一个铁环上，A线圈与电源、滑动变阻器R组成一个回路，B线圈与开关S，电流表G组成另一个回路。
如图所示，通过多次实验，法拉第终于总结出产生感应电流的条件。
关于该实验下列说法正确的是A．闭合开关S的瞬间，电流表G中有的感应电流B．闭合开关S的瞬间，电流表G中有的感应电流C．闭合开关S后，在增大电阻R的过程中，电流表G中有的感应电流D．闭合开关S后，在增大电阻R的过程中，电流表G中有的感应电流5.如图所示，粗糙水平桌面上有一质量为m的铜质矩形线圈．当一竖直放置的条形磁铁从线圈中线AB正上方等高快速经过时，若线圈始终不动，则关于线圈受到的支持力F及在水平方向运动趋势的正确判断是NA ．F N 先小于mg 后大于mg ，运动趋势向左B ．F N 先大于mg 后小于mg ，运动趋势向左C ．F N 先大于mg 后小于mg ，运动趋势向右D ．F N 先小于mg 后大于mg ，运动趋势向右6.一个面积S=4×10-2 m 2、匝数n=100匝的线圈，放在匀强磁场中，磁场方向垂直于线圈平面，磁感应强度B 随时间t 变化的规律如图所示，0时刻磁感应强度B 垂直线圈平面向里，则下列判断正确的是A ．t ＝1s 时线圈中的电流方向发生变化B ．在开始的2 s 内穿过线圈的磁通量的变化量等于零C ．1-2s 内线圈中电流方向为顺时针方向D ．在第3 s 末线圈中的感应电动势等于零7.如图1所示电路中，S 是闭合的，此时流过L 的电流为i 1，流过灯A 的电流为i 2，且i 1<i 2.在t 1时刻将S 断开，那么通过灯泡的电流随时间变化的图象是图2中的8.如图1所示，在O≤x≤2L 的区域内存在着匀强磁场， 磁场的方向垂直于xOy 平面（纸面）向里，具有一定电阻的矩形线框abcd 位于xOy 平面内，线框的ab 边与y 轴重合，bc 边的长度为L 。
山西高二高中物理月考试卷带答案解析
山西高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.关于电源的电动势，下列说法正确的是（）A．电源的电动势就是接在电源两极间的电压表测得的电压B．同一电源接入不同的电路，电动势就会发生变化C．电源的电动势是表示电源把其他形式的能转化成电能的本领大小的物理量D．在闭合电路中，当外电阻变大时，路端电压增大，电源的电动势也增大2.如图所示，厚薄均匀的矩形金属薄片边长ab=10cm，bc=5cm，当将A与B接入电压为U的电路中时，电流为1A；若将C与D接入电压为U的电路中，则电流为（）A．6A B．2A C．4A D．A3.某同学用伏安法测电阻，分别采用了甲、乙两种电路测量，关于误差分析正确的是（）A．若选择甲图，测量值偏大B．若选择乙图，测量值偏大C．若被测电阻R X与电流表接近，应该选择乙图误差较小D．若被测电阻R X与电压表接近，应该选择甲图误差较小4.小灯泡通电后，其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上一点，PN为P点的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线，则下列说法不正确的是（）A．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大B．对应P点，小灯泡的电阻为R=C．对应P点，小灯泡的电阻为R=D．对应P点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM所围的面积5.饮水机是一种常见的家用电器，其工作电路可简化为如图所示的电路，其中S是一温度控制开关，当水温升高到是饮水机加热管的电阻，R是与加热管串联的电阻．下一定温度时，它会自动切换，使饮水机处于保温状态；R、R的电阻受温度变化的影响，表中的功率均指加热管的功表是从其说明书中摘录的一些技术数据．（不考虑R率），当开关S 闭合时，饮水机处于何工作状态和R 0的阻值为（ ）A ．加热，220ΩB ．加热，88ΩC ．保温，88ΩD ．保温，220Ω6.额定电压都是110V ，额定功率P A =100W 、P B =40W 的电灯两盏，若接在外电压是220V 的电路上，使每盏电灯均能正常发光，且电路中消耗的功率最小的电路是下列图所示的（ ）A ．B ．C ．D ．7.如图所示，图线a 是某一电源的U ﹣I 曲线，图线b 是一定值电阻的U ﹣I 曲线．若将该电源与该定值电阻连成闭合电路（已知该电源的内阻r=2.0Ω），则下列说法错误的是（ ）A ．将2只这种电阻串联作为外电阻，电源输出功率最大B ．将3只这种电阻并联作为外电阻，电源输出功率最大C ．该定值电阻为6ΩD ．该电源的电动势为20V8.如图，两个定值电阻R 1 R 2串联后接在输出电压U 稳定于12V 的直流电源中．有人把一个内阻不是远大于R 1 R 2的电压表接在R 1两端，电压表的示数8V ，如果他把此表改接在两端R 2，则电压表的示数（ ）A ．小于4VB ．等于4VC ．大于或等于8VD ．大于4V 小于8V9.在如图所示的电路中，灯泡A 、灯泡B 原来都是正常发光的．现在突然灯泡A 比原来变亮了些，灯泡B 不亮了．则电路中出现的故障可能是（ ）A ．灯泡B 短路 B ．灯泡B 断路C ．若灯泡B 完好，R 3短路D ．若灯泡B 完好，R 3、R 2同时短路10.如图所示，实验得到甲、乙两闭合电路的路端电压U 与干路电流强度I 的图象，由图象可知（ ）A ．E 甲=E 乙B ．E 甲＞E 乙C ．r 甲＞r 乙D ．r 甲＜r 乙11.如图所示电路中，电源电动势为E 、内阻为r ，电阻R 2、R 3为定值电阻，R 1为滑动变阻器，A 、B 为电容器的两个极板．当滑动变阻器R 1处于某位置时，A 、B 两板间的带电油滴静止不动．则下列说法中正确的是（ ）A ．仅把R 1的触头向右滑动时，电流表读数减小，油滴向下运动B ．仅把R 1的触头向右滑动时，电流表读数减小，油滴向上运动C ．仅把两极板A 、B 间距离增大，油滴向下运动，电流表读数不变D ．仅把两极板A 、B 间相对面积减小，油滴向下运动，电流表读数不变12.如图甲所示电路中，闭合电键S ，当滑动变阻器的滑动触头P 向下滑动的过程中，四个理想电表的示数都发生变化．图乙中三条图线分别表示了三个电压表示数随电流表示数变化的情况．以下说法正确的是（ ）A ．图线a 表示的是电压表V 3的示数随电流表示数变化的情况B ．图线c 表示的是电压表V 2的示数随电流表示数变化的情况C ．此过程中电压表V 1示数的变化量△U 1和电流表示数变化量△I 的比值变大D ．此过程中电压表V 3示数的变化量△U 3和电流表示数变化量△I 的比值不变二、填空题1.某实验小组描绘规格为“2.5V 0.6W”的小灯泡的I ﹣U 特性曲线．在小灯泡接入电路前，使用多用电表直接测量小灯泡的电阻，如图所示为一简单欧姆表原理示意图，图中与接线柱A 相连的表笔颜色应是 色（选填：红，黑）；则应将选择开关旋至 档进行测量（选填×100，×10，×1）；则读数为 Ω．2.有一电流表G ，内阻R g =30欧，满偏电流I g =1mA ，要把它改装成一个量程为3V 的电压表，需要串联一个 Ω的电阻，要把它改装成一个量程为0.6A 的电流表，需要并联一个 Ω的电阻，（结果都保留3位有效数字）三、实验题1.某照明电路出现故障，其电路如图1所示，该电路用标称值12V 的蓄电池为电源，导线及其接触完好．维修人员使用已调好的多用表直流50V 档检测故障，他将黑表笔接在c 点，用红表笔分别探测电路的a 、b点．（1）断开开关，红表笔接在a 点时多用表指示如图2所示，读数为 V ，说明 正常（选填：蓄电池、保险丝、开关、小灯）．（2）红表笔接在b 点，断开开关时，表针不偏转，闭合开关后，多用表指示仍然和图2相同，可判定发生故障的器件是 （选填：蓄电池、保险丝、开关、小灯）2.在“测定金属丝的电阻率”的实验中，需要测出金属丝的电阻R1，甲、乙两同学分别采用了不同的方法进行测量： （1）①甲同学直接用多用电表测其电阻，该同学选择×10Ω倍率，用正确的操作方法测量时，发现指针转过角度太大．为了准确地进行测量，请你从以下给出的操作步骤中，选择必要的步骤，并排出合理顺序： ．（填步骤前的字母）A ．旋转选择开关至欧姆挡“×1Ω”B ．旋转选择开关至欧姆挡“×100Ω”C ．旋转选择开关至“OFF”，并拔出两表笔D ．将两表笔分别连接到R x 的两端，读出阻值后，断开两表笔E ．将两表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使指针对准刻度盘上欧姆挡的零刻度，断开两表笔 ②按正确步骤测量时，指针指在图1示位置，R x 的测量值为 Ω．（2）乙同学则利用实验室里下列器材进行了测量： 电压表V （量程0～5V ，内电阻约10kΩ） 电流表A 1（量程0～500mA ，内电阻约20Ω） 电流表A 2（量程0～300mA ，内电阻约4Ω）滑动变阻器R 1（最大阻值为10Ω，额定电流为2A ） 滑动变阻器R 2（最大阻值为250Ω，额定电流为0.1A ） 直流电源E （电动势为4.5V ，内电阻约为0.5Ω） 电键及导线若干为了较精确画出I ﹣U 图线，需要多测出几组电流、电压值，故电流表应选用 ，滑动变阻器选用 （选填器材代号），乙同学测量电阻的值比真实值 （选填“偏大”“偏小”“相等”），利用选择的器材，请你在图2方框内画出理想的实验电路图，并将图3中器材连成符合要求的电路．四、计算题1.如图所示的电路中，R 1=9Ω，R 2=30Ω，S 闭合时，电压表V 的示数为11.4V ，电流表A 的示数为0.2A ，S 断开时，电流表A 的示数为0.3A ，求：（1）电阻R 3的值；（2）电源电动势E 和内电阻r 的值．2.在研究微型电动机的性能时，应用如图的实验电路，当调节变阻器R 使电动机停止转动时，电流表和电压表测得的数据是0.5A ，2.0V ，重新调节R 使电动机恢复正常运转，此时电流表和电压表的读数分别是2.0A ，30.0V ，则这台电动机运转时的输出功率是多少？电动机的效率是多少？3.如图所示，电源电动势E=3V ，内阻r=3Ω，定值电阻R 1=1Ω，滑动变阻器R 2的最大阻值为10Ω，求：（1）当滑动变阻器的阻值R 2为多大时，电阻R 1消耗的功率最大？电阻R 1消耗的最大功率是多少？ （2）当变阻器的阻值R 2为多大时变阻器消耗功率的最大？变阻器消耗的最大功率是多少？（3）当变阻器的阻值为多大时，电源输出功率最大？电源输出的最大功率是多少？电源的效率为多大？山西高二高中物理月考试卷答案及解析一、选择题1.关于电源的电动势，下列说法正确的是（ ）A ．电源的电动势就是接在电源两极间的电压表测得的电压B ．同一电源接入不同的电路，电动势就会发生变化C ．电源的电动势是表示电源把其他形式的能转化成电能的本领大小的物理量D ．在闭合电路中，当外电阻变大时，路端电压增大，电源的电动势也增大【答案】C【解析】解：A 、电压表是由内阻的，跟电源连接后构成一个通路，测量的是电压表内阻的电压，所以电压表测得的电源两极间电压值略小于电动势．故A 错误．B 、电动势反映本身的特性，与外电路的结构无关．故BD 错误．C 、电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，电动势越大，本领越大．故C 正确． 故选：C ．【点评】本题考查对于电源的电动势的理解能力．电动势是表征电源把其他形式的能转化为电能本领大小，与外电路无关．2.如图所示，厚薄均匀的矩形金属薄片边长ab=10cm ，bc=5cm ，当将A 与B 接入电压为U 的电路中时，电流为1A ；若将C 与D 接入电压为U 的电路中，则电流为（ ）A ．6AB ．2AC ．4AD ．A【答案】C【解析】解：根据电阻定律公式R=，有R AB =ρ ①R CD =ρ ② 故==根据欧姆定律，电压相同时，电流与电阻成反比．故两次电流之比为1：4，故第二次电流为4A ； 故选：C ．【点评】本题主要考察电阻定律和欧姆定律的灵活运用，注意电压一定时，电流与电阻成反比，基础题目．3.某同学用伏安法测电阻，分别采用了甲、乙两种电路测量，关于误差分析正确的是（ ）A ．若选择甲图，测量值偏大B ．若选择乙图，测量值偏大C ．若被测电阻R X 与电流表接近，应该选择乙图误差较小D ．若被测电阻R X 与电压表接近，应该选择甲图误差较小【答案】B【解析】解：A 、甲图所示电路是电流表外接法，用它测量电阻时，测量值是待测电阻Rx 和电压表内阻的并联电阻值，故测得的电阻值偏小，故A 错误；B 、乙图所示电路是电流表内接法，用它测量电阻时，测量值R 测=R x +R A ＞R x ，B 正确；C 、电流表内阻很小，被测电阻R X 与电流表接近，则所测电阻较小，因此应该选择甲图误差较小，故C 错误；D 、电压表内阻越大，被测电阻R X 与电压表接近，应该选择乙图误差较小．故D 错误． 故选：B ．【点评】该题中用伏安法测电阻的两种常用电路分别是电流表内接法和电流表外接法，电流表内接法测得的电阻值大，电流表外接法测得的电阻值偏小；该知识点既可以说是属于记忆性的知识，也可以记住分析的方法．属于中档题．4.小灯泡通电后，其电流I 随所加电压U 变化的图线如图所示，P 为图线上一点，PN 为P 点的切线，PQ 为U 轴的垂线，PM 为I 轴的垂线，则下列说法不正确的是（ ）A ．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大B ．对应P 点，小灯泡的电阻为R=C ．对应P 点，小灯泡的电阻为R=D ．对应P 点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM 所围的面积【答案】C 【解析】解：A 、由电阻R=可知，灯泡的电阻等于图线上的点与原点连线斜率的倒数，电压增大，斜率减小，则电阻增大，故A 正确；B 、C 、由图象可知，P 点对应的电压为U 1，电流为I 2，则灯泡的电阻R=，故B 正确，C 错误；D 、因为P=UI ，所以图象中矩形PQOM 所围的面积为对应P 点小灯泡的实际功率，故D 正确． 本题选错误的，故选：C【点评】对于线性元件，其电阻R==，非线性元件，R=≠；对于U ﹣I 图与I ﹣U 图要区分清楚，电阻等于斜率，还是等于斜率的倒数不能搞错．5.饮水机是一种常见的家用电器，其工作电路可简化为如图所示的电路，其中S 是一温度控制开关，当水温升高到一定温度时，它会自动切换，使饮水机处于保温状态；R 0是饮水机加热管的电阻，R 是与加热管串联的电阻．下表是从其说明书中摘录的一些技术数据．（不考虑R 0、R 的电阻受温度变化的影响，表中的功率均指加热管的功率），当开关S 闭合时，饮水机处于何工作状态和R 0的阻值为（ ）A ．加热，220ΩB ．加热，88ΩC ．保温，88ΩD ．保温，220Ω 【答案】B【解析】解：根据电功率公式P=知，当电源电压不变时电阻越小功率越大．电源电压不变，当S 断开时，R 与R 0串联；当S 闭合时，只有R 0接入在电源上，电路中的电阻变小，总功率变大，因而开关S 闭合时是加热状态． 则．故B 正确，A 、C 、D 错误．故选B ．【点评】本题考查了电功率的计算公式和串联电阻的特点．要注意电功率计算公式的选择．6.额定电压都是110V ，额定功率P A =100W 、P B =40W 的电灯两盏，若接在外电压是220V 的电路上，使每盏电灯均能正常发光，且电路中消耗的功率最小的电路是下列图所示的（ ）A ．B ．C ．D ．【答案】C【解析】解：A 、由于AB 两个灯泡的电阻大小不同，所以直接把AB 串连接入电路的话，AB 的电压不会平分，AB 不会同时正常发光，所以A 错误；B 、由于额定电压都是110V ，额定功率P A =100W 、P B =40W ，由此可知R B ＞R A ，把灯泡A 与电阻并联的话，会使并联的部分的电阻更小，所以AB 的电压不会平分，AB 不会同时正常发光，所以B 错误；C 、由于额定电压都是110V ，额定功率P A =100W 、P B =40W ，由此可知R B ＞R A ，把灯泡B 与电阻并联的话，可以使并联部分的电阻减小，可能使A 与并联部分的电阻相同，所以AB 能同时正常发光，并且电路消耗的功率与A 灯泡的功率相同，所以总功率的大小为200W ；D 、把AB 并联之后与电阻串连接入电路的话，当电阻的阻值与AB 并联的总的电阻相等时，AB 就可以正常发光，此时电阻消耗的功率为AB 灯泡功率的和，所以电路消耗的总的功率的大小为280W ； 由CD 的分析可知，正常发光并且消耗的功率最小的为C ，所以C 正确． 故选C ．【点评】解答本题是一定要注意题目要同时满足两个条件即灯泡能够正常发光并且消耗的功率还要最小．7.如图所示，图线a 是某一电源的U ﹣I 曲线，图线b 是一定值电阻的U ﹣I 曲线．若将该电源与该定值电阻连成闭合电路（已知该电源的内阻r=2.0Ω），则下列说法错误的是（ ）A ．将2只这种电阻串联作为外电阻，电源输出功率最大B ．将3只这种电阻并联作为外电阻，电源输出功率最大C ．该定值电阻为6ΩD ．该电源的电动势为20V【答案】A【解析】解：C 、图线b 的斜率k===6Ω，则定值电阻的阻值R=k=6Ω；故C 正确；D 、由图读出交点的电压U=15V ，电流I=2.5A ，根据闭合电路欧姆定律得，电源的电动势：E=U+Ir=15V+2.5×2V=20V ；故D 正确；AB 、当内外电路的电阻相等时电源的输出功率最大，故将3只这种电阻并联作为外电阻，电源输出功率最大，故A 错误，B 正确；本题选错误的，故选：A【点评】本题要理解伏安特性曲线的物理意义，知道定值电阻的伏安特性曲线斜率等于电阻，电源的伏安特性曲线的斜率绝对值表示内电阻、纵轴截距表示电源的电动势．8.如图，两个定值电阻R 1 R 2串联后接在输出电压U 稳定于12V 的直流电源中．有人把一个内阻不是远大于R 1 R 2的电压表接在R 1两端，电压表的示数8V ，如果他把此表改接在两端R 2，则电压表的示数（ ）A ．小于4VB ．等于4VC ．大于或等于8VD ．大于4V 小于8V【答案】A【解析】解：电压表接在R 1两端，电压表的示数8V ，则此时R 2两端的电压为4V ．把此表改接在R 2两端时，由于电压表的内阻不是远大于R 1 R 2，电压表与R 2并联的阻值小于R 2，而R 1与并联部分串联，总电压U=12V ，则R 1的电压大于8V ，电压表与R 2并联的电路的电压小于4V ． 故选A【点评】本题要注意电压表是实际的电表，内阻不是无穷大，电表对电路的影响不能忽略，把电压表看成可测量电压的电阻．9.在如图所示的电路中，灯泡A 、灯泡B 原来都是正常发光的．现在突然灯泡A 比原来变亮了些，灯泡B 不亮了．则电路中出现的故障可能是（ ）A ．灯泡B 短路 B ．灯泡B 断路C ．若灯泡B 完好，R 3短路D ．若灯泡B 完好，R 3、R 2同时短路 【答案】ACD【解析】解：A 、灯泡B 短路时，B 灯不亮．R 3短路，外电阻减小，干路电流增大，路端电压减小，则通过变阻器的电流减小，则通过A 灯的电流，灯泡A 比原来亮些，符合题意，故A 正确．B 、B 灯断路，外电阻增大，路端电压U 增大，干路电流I 减小，R 1电流的I 1增大，则通过A 的电流I A =I ﹣I 1减小，A 灯变暗．B 灯电压U B =U ﹣I A （R A +R 1）增大，B 灯变亮，不符合题意．故B 错误．C 、若灯泡B 完好，R 3短路，灯泡B 也短路时，B 灯不亮．外电阻减小，干路电流增大，路端电压减小，则通过变阻器的电流减小，则通过A 灯的电流，灯泡A 比原来亮些，符合题意，故C 正确．D 、若灯泡B 完好，R 3、R 2同时短路，B 灯不亮，外电阻减小，干路电流增大，路端电压减小，则通过变阻器的电流减小，则通过A 灯的电流，灯泡A 比原来亮些，符合题意，故D 正确． 故选：ACD ．【点评】此题是电路故障分析问题．解决的关键是在明确电路连接关系的前提下采用“排除法”将每一选项逐一代入题干，检查是否符合题意，最终确定正确选项．10.如图所示，实验得到甲、乙两闭合电路的路端电压U 与干路电流强度I 的图象，由图象可知（ ）A ．E 甲=E 乙B ．E 甲＞E 乙C ．r 甲＞r 乙D ．r 甲＜r 乙【答案】AD【解析】解：根据闭合电路欧姆定律得：U=E ﹣Ir ，当I=0时，U=E ，所以图象与纵轴的交点等于电源的电动势，其斜率大小等于电源的内阻．根据数学知识可知：E 甲=E 乙，r 甲＜r 乙．故AD 正确，BC 错误； 故选：AD ．【点评】对于图线关键要根据物理规律，从数学角度来理解其物理意义．本题要抓住图线的斜率、交点的意义来理解图象的意义．11.如图所示电路中，电源电动势为E 、内阻为r ，电阻R 2、R 3为定值电阻，R 1为滑动变阻器，A 、B 为电容器的两个极板．当滑动变阻器R 1处于某位置时，A 、B 两板间的带电油滴静止不动．则下列说法中正确的是（ ）A ．仅把R 1的触头向右滑动时，电流表读数减小，油滴向下运动B ．仅把R 1的触头向右滑动时，电流表读数减小，油滴向上运动C ．仅把两极板A 、B 间距离增大，油滴向下运动，电流表读数不变D ．仅把两极板A 、B 间相对面积减小，油滴向下运动，电流表读数不变 【答案】BC【解析】解：A 、B 仅把R 1的触头向右滑动时，R 1增大，外电路总电阻增大，干路电流减小，路端电压增大，则电流表读数减小．由E=分析可知，板间场强增大，油滴所受电场力增大，则油滴向上运动．故A 错误，B 正确． C 、仅把两极板A 、B 间距离d 增大，电容器的电压不变，由E=分析可知，板间场强减小，油滴所受电场力减小，则油滴向下运动．而电路其他部分不变，电流表读数不变．故C 正确．D 、仅把两极板A 、B 间相对面积减小，板间场强不变，油滴所受电场力不变，则油滴仍保持静止．电流表读数不变．故D 错误． 故选BC【点评】本题中稳定时电容器与电路部分是相对独立的．分析油滴是否运动，关键分析电场力是否变化．12.如图甲所示电路中，闭合电键S ，当滑动变阻器的滑动触头P 向下滑动的过程中，四个理想电表的示数都发生变化．图乙中三条图线分别表示了三个电压表示数随电流表示数变化的情况．以下说法正确的是（ ）A ．图线a 表示的是电压表V 3的示数随电流表示数变化的情况B ．图线c 表示的是电压表V 2的示数随电流表示数变化的情况C ．此过程中电压表V 1示数的变化量△U 1和电流表示数变化量△I 的比值变大D ．此过程中电压表V 3示数的变化量△U 3和电流表示数变化量△I 的比值不变【答案】ABD 【解析】解：A 、B 当滑动变阻器的滑动触头P 向下滑动的过程中，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，总电流减小，可知路端电压增大，即知电压表V 1示数增大，电压表V 2的示数减小，电压表V 3的示数增大，则知，图线a 表示的是电压表V 3的示数随电流表示数变化的情况，图线c 表示的是电压表V 2的示数随电流表示数变化的情况．故AB 正确．C 、由闭合电路欧姆定律得U 1=E ﹣Ir ，则||=r ，保持不变．故C 错误．D 、由闭合电路欧姆定律得U 3=E ﹣I （r+R 1），则||=R 1+r ．故D 正确．故选ABD【点评】本题实质是电路中动态变化分析问题和闭合电路欧姆定律问题的综合，从局部电阻的变化，分析各部分电压的变化．二、填空题1.某实验小组描绘规格为“2.5V 0.6W”的小灯泡的I ﹣U 特性曲线．在小灯泡接入电路前，使用多用电表直接测量小灯泡的电阻，如图所示为一简单欧姆表原理示意图，图中与接线柱A 相连的表笔颜色应是 色（选填：红，黑）；则应将选择开关旋至 档进行测量（选填×100，×10，×1）；则读数为 Ω．【答案】红，×1，10【解析】解：欧姆表是电流表改装的，必须满足电流的方向“+”进“﹣”出，即回路中电流从标有“+”标志的红表笔进去，所以与A 相连的表笔颜色是红色； 小电珠正常发光时电阻为：R==≈10Ω，使用多用电表测电阻时，选择开关旋至欧姆×1挡进行测量；读数为：10×1=10Ω；故答案为：红，×1，10．【点评】知道欧姆表的结构，分析清楚电路结构即可正确解题；欧姆表要选择合适的挡位，使指针指针中央刻度线附近．2.有一电流表G ，内阻R g =30欧，满偏电流I g =1mA ，要把它改装成一个量程为3V 的电压表，需要串联一个 Ω的电阻，要把它改装成一个量程为0.6A 的电流表，需要并联一个 Ω的电阻，（结果都保留3位有效数字） 【答案】2970；0.0501【解析】解：把电流表改装成电压表需要串联分压电阻， 串联电阻阻值：R=﹣R g =﹣30=2970Ω，把电流表改装成0.6A 电流表需要并联分流电阻， 并联电阻阻值：R==≈0.0501Ω；故答案为：2970；0.0501．【点评】本题考查了电压表的改装，知道电压表改装原理、应用串联电路特点与欧姆定律即可正确解题三、实验题1.某照明电路出现故障，其电路如图1所示，该电路用标称值12V 的蓄电池为电源，导线及其接触完好．维修人员使用已调好的多用表直流50V 档检测故障，他将黑表笔接在c 点，用红表笔分别探测电路的a 、b点．（1）断开开关，红表笔接在a点时多用表指示如图2所示，读数为 V，说明正常（选填：蓄电池、保险丝、开关、小灯）．（2）红表笔接在b点，断开开关时，表针不偏转，闭合开关后，多用表指示仍然和图2相同，可判定发生故障的器件是（选填：蓄电池、保险丝、开关、小灯）【答案】（1）11.5V，蓄电池；（2）小灯．【解析】解：（1）量程为50V，故最小刻度为1V，故读数为11.5V；电压表测量是路端电压，接进电源的电动势，说明蓄电池正常；（2）闭合开关后，多用表指示读数等于路端电压，说明小灯泡断路；故答案为：（1）11.5V，蓄电池；（2）小灯．【点评】本题关键是明确用多用电表电压挡检测电路故障的方法，结合闭合电路欧姆定律来判断各个部分的电路情况，基础题目．2.在“测定金属丝的电阻率”的实验中，需要测出金属丝的电阻R1，甲、乙两同学分别采用了不同的方法进行测量：（1）①甲同学直接用多用电表测其电阻，该同学选择×10Ω倍率，用正确的操作方法测量时，发现指针转过角度太大．为了准确地进行测量，请你从以下给出的操作步骤中，选择必要的步骤，并排出合理顺序：．（填步骤前的字母）A．旋转选择开关至欧姆挡“×1Ω”B．旋转选择开关至欧姆挡“×100Ω”C．旋转选择开关至“OFF”，并拔出两表笔D．将两表笔分别连接到Rx的两端，读出阻值后，断开两表笔E．将两表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使指针对准刻度盘上欧姆挡的零刻度，断开两表笔②按正确步骤测量时，指针指在图1示位置，Rx的测量值为Ω．（2）乙同学则利用实验室里下列器材进行了测量：电压表V（量程0～5V，内电阻约10kΩ）电流表A1（量程0～500mA，内电阻约20Ω）电流表A2（量程0～300mA，内电阻约4Ω）滑动变阻器R1（最大阻值为10Ω，额定电流为2A）滑动变阻器R2（最大阻值为250Ω，额定电流为0.1A）直流电源E（电动势为4.5V，内电阻约为0.5Ω）电键及导线若干为了较精确画出I﹣U图线，需要多测出几组电流、电压值，故电流表应选用，滑动变阻器选用（选填器材代号），乙同学测量电阻的值比真实值（选填“偏大”“偏小”“相等”），利用选择的器材，请你在图2方框内画出理想的实验电路图，并将图3中器材连成符合要求的电路．【答案】（1）AEDC，22 （2）A2，R1；偏小；如图所示；【解析】解：（1）发现指针转过角度太大，知电阻较小，则换用“×lΩ”，换挡后需重新调零．然后去测电阻，最后将旋钮旋至“OFF”挡或交流电压的最高挡．故合理顺序为：AEDC．。
山西高二高中物理月考试卷带答案解析
山西高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、不定项选择题如图所示，在光滑水平桌面上放有足够长的木板C ，在C 上左端和距左端x 处各放有小物块A 和B ，A 、B 的体积大小可忽略不计，A 、B 与长木板C 间的动摩擦因数均为μ，A 、B 、C 的质量均为m ，开始时，B 、C 静止，A 以某一初速度v 0向右做匀减速运动，设物体B 与板C 之间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力．下列说法正确的是( )A. 物体A 运动过程中，物块B 受到的摩擦力为 μmgB. 最终A BC 一起向右以做匀速直线运动C. 若要使物块A 、B 恰好不相碰，物块A 的初速度v 0D. 若要使物块A 、B 恰好不相碰，物块A 的初速度v 0山西高二高中物理月考试卷答案及解析一、不定项选择题如图所示，在光滑水平桌面上放有足够长的木板C ，在C 上左端和距左端x 处各放有小物块A 和B ，A 、B 的体积大小可忽略不计，A 、B 与长木板C 间的动摩擦因数均为μ，A 、B 、C 的质量均为m ，开始时，B 、C 静止，A 以某一初速度v 0向右做匀减速运动，设物体B 与板C 之间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力．下列说法正确的是( )A. 物体A 运动过程中，物块B 受到的摩擦力为 μmgB. 最终A BC 一起向右以做匀速直线运动C. 若要使物块A 、B 恰好不相碰，物块A 的初速度v 0D. 若要使物块A 、B 恰好不相碰，物块A 的初速度v 0【答案】ABD【解析】设A 在C 板上滑动时，B 相对于C 板不动，则对B 、C 有：μmg=2ma ，;又B 依靠摩擦力能获得的最大加速度为 ，因a m ＞a ，故B 未相对C 滑动而随木板C 向右做加速运动，B 受到的摩擦力f b =ma=μmg 方向向右，选项A 正确；要使物块A 刚好与物块B 发生碰撞，物块A 运动到物块B 处时，A 、B的速度相等，即v 1=v 0-μgt=μgt ，得v 1=，此时ABC 三者的速度均为；设木板C 在此过程中的位移为x 1，则物块A 的位移为x 1+x ，由动能定理：-μmg （x 1+x ）=mv 12-mv 02；μmgx 1=（2m ）v 12 ；联立上述各式解得，则要使物块A 、B 恰好不发生相碰的条件是A 的初速度为，故ABD 正确，C 错误；故选ABD.点睛：该题是相对运动的典型例题，要认真分析物体的受力情况，正确判断两物体的运动情况，要使物块A 刚好与物块B 发生碰撞，则要物块A 运动到物块B 处时，A 、B 的速度相等，可由动能定理求出初速度．。
山西高二高中物理月考试卷带答案解析
山西高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.下列关于电场强度的说法中，正确的是（）A．公式只适用于真空中点电荷产生的电场B．由公式可知，电场中某点的电场强度E与试探电荷q在电场中该点所受的电场力成正比C．在公式中，是点电荷Q产生的电场在点电荷Q处的场强大小；而是点电荷Q1产生的电场在点电荷处场强的大小D．由公式可知，在离点电荷非常近的地方(r→0)，电场强度E可达无穷大2.关于电场强度、电势和电势能下列说法中正确的是（）A．在电场中，电场强度大的地方，电势一定高；B．在电场中，电势高的地方，放在该点的电荷的电荷量越大，它所具有的电势能也越大；C．在电场中的任何一点上，正电荷所具有的电势能一定大于负电荷具有的电势能；D．在匀强电场中,电场强度的方向是电势降低最快的方向3.如图，A、B、C三点在匀强电场中，AC⊥BC，∠ABC=60°，=20cm，把一个电量q=1×10﹣5C的正电荷从A移到B，电场力不做功；从B移到C，电场力做功为﹣×10﹣3J，则该匀强电场的场强大小和方向是（）A. 866V/m，垂直AC向上B. 866V/m，垂直AC向下C. 1000V/m，垂直AB斜向上D. 1000V/m，垂直AB斜向下4.如图所示，平行板电容器的两极板A、B接在电池的两极，一带正电的小球悬挂在电容器内部，闭合开关S，给电容器充电，稳定后悬线偏离竖直方向的夹角为θ，则（）A. 若保持开关S闭合，A极板向B极板靠近，则θ减小B. 若保持开关S闭合，A极板向B极板靠近，则θ不变C. 若开关S断开，A极板向B极板靠近，则θ不变D. 若开关S断开，A极板向B极板靠近，则θ增大5.如图所示，质子()和α粒子()，以相同的初速度垂直射入偏转电场(粒子不计重力)，则这两个粒子射出电场时的侧位移y之比为（）A．1∶1B．1∶2C．2∶1D．1∶46.如图所示，虚线A、B、C为某电场中的三条等势线，其电势分别为3V、5V、7V，实线为带电粒子在电场中运动时的轨迹，P、Q为轨迹与等势线A、C的交点，带电粒子只受电场力，则下列说法正确的是（）A. 粒子带负电B. 粒子在P点的动能大于Q点动能C. 粒子在P点电势能大于粒子在Q点电势能D. 粒子在P点受到电场力大于Q点受到的电场力7.如图甲所示，两平行金属板竖直放置，左极板接地，中间有小孔，右极板电势随时间变化的规律如图乙所示，电子原来静止在左极板小孔处. (不计重力作用)下列说法中正确的是（）A．从t=0时刻释放电子，电子可能在两板间振动B．从t=T/2时刻释放电子，电子将始终向右运动，直到打到右极板上C．从t=T/4时刻释放电子，电子可能在两板间振动，也可能打到右极板上D．从t=3T/8时刻释放电子，电子必将打到左极板上8.如图所示，在两个固定电荷+q和-q之间放入两个原来不带电的导体，1、2、3、4为导体上的四个点，在达到静电平衡后，各点的电势分别是、、、，则（）A．>>>B．=>=C．<<<D．=<=9.分别将带正电、负电和不带电的三个等质量小球，分别以相同的水平速度由P点射入水平放置的平行金属板间，已知上极板带负电,下极板接地．三小球分别落在图中A、B、C三点，则正确的是（）A．A带正电、B不带电、C带负电B．三小球在电场中加速度大小关系是<<C．三小球在电场中运动时间相等D．三小球到达下板时的动能关系是>>10.示波管的内部结构如图甲所示．如果在偏转电极、之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏的中心．如果在偏转电极之间和之间加上图丙所示的几种电压，荧光屏上可能会出现图乙中（a）、（b）所示的两种波形．则A ．若和分别加电压（3）和（1），荧光屏上可以出现图乙中（a ）所示波形B ．若和分别加电压（4）和（1），荧光屏上可以出现图乙中（a ）所示波形C ．若和分别加电压（3）和（2），荧光屏上可以出现图乙中（b ）所示波形D ．若和分别加电压（4）和（2），荧光屏上可以出现图乙中（b ）所示波形二、多选题1.如图甲所示，A 、B 是一条电场线上的两点，若在某点释放一初速为零的电子，电子仅受电场力作用，并沿电场线从A 运动到B ，其速度随时间变化的规律如图乙所示，则（ ）A. 电场力F A ＜F BB. 电场强度E A =E BC. 电势＜D. 电势能Ep A ＜Ep B2.一带电油滴在匀强电场E 中的运动轨迹如图中虚线所示，电场方向竖直向下，若不计空气阻力，则此带电油滴从a 运动到b 的过程中，能量变化情况为（ ）A ．动能减小B ．电势能增加C ．动能和电势能之和减小D ．重力势能和电势能之和减小三、填空题1.如图所示，A 、B 两点相距0.1m ，AB 连线与电场线的夹角θ＝60°，匀强电场的场强E ＝100V/m ，则A 、B 间电势差U AB ＝__________V 。
山西省高二上学期物理10月月考试卷(I)卷
山西省高二上学期物理10月月考试卷（I）卷姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、多选题 (共4题；共12分)1. （3分）关于磁通量的下列说法，正确的是（）A . 磁通量是反映磁场强弱和方向的物理量B . 某一面积上的磁通量是表示穿过此面积的磁感线的总条数C . 穿过任何封闭曲面的磁通量一定为零D . 在磁场中所取的面积越大，该面上磁通量越大2. （3分） (2020高三上·泸县期末) 两条平行导轨倾斜地固定在绝缘地面上，导轨间距为d，在导轨的底端连接一阻值为R的定值电阻，在空间加一垂直导轨平面向上的匀强磁场，将一质量为m、阻值为R、长度为d的金属杆垂直地放在导轨上，给金属杆一沿斜面向上的大小为v的初速度，当其沿导轨向上运动的位移大小为x时，速度减为零，已知导轨的倾角为α、金属杆与导轨之间的动摩擦因数为μ、重力加速度为g．则金属杆从出发到到达最高点的过程中，下列说法正确的是（）A . 金属杆所受安培力的最大值为B . 金属杆克服安培力做的功为C . 定值电阻产生的热量为D . 金属杆减少的机械能为3. （3分）(2017·淄博模拟) 如图1所示，在竖直方向分布均匀的磁场中水平放置一个金属圆环，圆环所围面积为0.1m2 ，圆环电阻为0.2Ω．在第1s内感应电流I 沿顺时针方向．磁场的磁感应强度B随时间t的变化规律如图2所示（其中在4～5s的时间段呈直线）．则（）A . 在0～5s时间段，感应电流先减小再增大B . 在0～2s时间段感应电流沿顺时针，在2～5s时间段感应电流沿逆时针C . 在0～5s时间段，线圈最大发热功率为5.0×10﹣4WD . 在0～2s时间段，通过圆环横截面的电量为5.0×10﹣1C4. （3分） (2017高二下·巴彦期中) 如图所示，竖直放置的两根足够长平行金属导轨相距L，导轨间接有一定值电阻R，质量为m，电阻为r的金属棒与两导轨始终保持垂直并良好接触，且无摩擦，整个装置放在匀强磁场中，磁场方向与导轨平面垂直，现将金属棒由静止释放，金属棒下落高度为h时开始做匀速运动，在此过程中（）A . 导体棒的最大速度为B . 通过电阻R的电荷量为C . 导体棒克服安培力做的功等于电阻R上产生的热量D . 重力和安培力对导体棒做功的代数和等于导体棒动能的增加量二、单选题 (共12题；共24分)5. （2分） (2015高二下·龙海期中) 如图，MN和PQ是电阻不计的平行金属导轨，其间距为L，导轨弯曲部分光滑，平直部分粗糙，右端接一个阻值为R的定值电阻．平直部分导轨左边区域有宽度为d、方向竖直向上、磁感应强度大小为B的匀强磁场．质量为m、电阻也为R的金属棒从高为h处静止释放，到达磁场右边界处恰好停止．已知金属棒与平直部分导轨间的动摩擦因数为u，金属棒与导轨间接触良好．则金属棒穿过磁场区域的过程中（）A . 流过金属棒的最大电流为B . 通过金属棒的电荷量为C . 克服安培力所做的功为mghD . 金属棒产生的焦耳热为 mg（h﹣μd）6. （2分） (2016高二上·湖北期中) 以下说法符合历史事实的是（）A . 伽利略总结了导师第谷留下的大量天文观测数据，发现了行星三大定律B . 库仑采用放大法，利用扭秤装置测出了万有引力常量．因此被誉为第一个称量地球质量的人C . 法拉第首先提出了电场的概念，而且为了形象地描述电场，他又引入了电场线的概念D . 牛顿对自由落体运动进行了深入仔细的研究，将理想斜面实验的结论合理外推，得出自由落体运动是匀变速运动7. （2分） (2017高二下·安徽期中) 如图所示的圆形导体环用一根轻质细杆悬挂在O点，导体环可以在竖直平面里来回摆动，空气阻力和摩擦力均可不计．在如图所示的正方形区域里，有匀强磁场垂直于圆环的振动面指向纸内．下列说法中错误的是（）A . 此摆振动的开始阶段机械能不守恒B . 导体环进入磁场和离开磁场时，环中电流的方向肯定相反C . 导体环通过最低点时，环中感应电流最大D . 最后此摆在匀强磁场中振动时，机械能守恒8. （2分）如图所示，理想变压器原线圈上连接着在水平面内的长直平行金属导轨，导轨之间存在垂直于导轨平面的匀强磁场，金属杆MN垂直放置在导轨上，且接触良好．移动变压器副线圈上的滑动触头可改变副线圈匝数，副线圈上接有一只理想交流电压表，滑动变阻器R的总阻值大于定值电阻R0的阻值，线圈L的直流电阻、导轨和金属杆的电阻都忽略不计．现在让金属杆以速度的规律在导轨上左右来回运动，运动过程中始终与导轨垂直，两灯A、B都发光．下列说法中正确的是（）A . 只增大T ，则灯A变暗、灯B变亮B . 当时间t=T时，两灯都亮着，电压表的示数为零C . 只将变阻器R的滑片下滑时，通过副线圈的电流减小，电压表的示数变大D . 只增大v0 ，两灯都变亮，杆MN来回运动的最大距离变小9. （2分）面积均为S的两个电阻相同的线圈，分别放在如图甲、乙所示的磁场中，甲图中是磁感应强度为B0的匀强磁场，线圈在磁场中以周期T绕OO′轴匀速转动，乙图中磁场变化规律为B=B0cos t，从图示位置开始计时，则（）A . 两线圈的磁通量变化规律相同B . 两线圈中感应电动势达到最大值的时刻不同C . 经相同的时间t（t＞＞T），两线圈产生的热量不同D . 从此时刻起，经时间，通过两线圈横截面的电荷量不同10. （2分）如图所示，两个闭合圆形线圈A,B的圆心重合，放在同一个水平面内，线圈B中通如图所示的电流，设t=0时电流沿逆时针方向（图中箭头所示）．对于线圈A在t1～t2时间内的下列说法中正确的是A . 有顺时针方向的电流，且有扩张的趋势B . 有顺时针方向的电流，且有收缩的趋势C . 有逆时针方向的电流，且有扩张的趋势D . 有逆时针方向的电流，且有收缩的趋势11. （2分） (2017高二上·黑龙江期末) 如图所示，一个有界匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向外．一个矩形闭合导线框abcd，沿纸面由位置1（左）匀速运动到位置2（右）．则（）A . 导线框进入磁场时，感应电流方向为a→b→c→d→aB . 导线框离开磁场时，感应电流方向为a→d→c→b→aC . 导线框离开磁场时，受到的安培力方向水平向右D . 导线框进入磁场时．受到的安培力方向水平向左12. （2分）如图所示，MN、PQ是间距为L的光滑平行金属导轨，置于磁感强度为B，方向垂直导轨所在平面向里的匀强磁场中，M、P间接有一阻值为R的电阻．一根与导轨接触良好、有效阻值为R/2的金属导线ab垂直导轨放置，并在水平外力F的作用下以速度v向右匀速运动，不计导轨电阻，则（）A . 通过电阻R的电流方向为P-R-MB . ab两点间的电压为BLvC . a端电势比b端高D . 外力F做的功等于电阻R上发出的焦耳热13. （2分） (2019高三上·杭州月考) 1916年，斯泰瓦和托尔曼发现，不带电闭合金属圆线圈绕通过圆心且垂直于线圈平面的轴转动，在转速变化时，线圈中会有电流通过。
山西高二高中物理月考试卷带答案解析
山西高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.实验室中的标准电阻（电阻值不变）的伏安特性曲线应最接近于图中的（ ）2.有甲、乙两导体，甲的横截面积是乙的两倍，而乙在单位时间内通过导体截面的电荷量是甲的2倍，以下说法中正确的是（ ）A ．甲、乙两导体的电流相同B ．乙导体的电流是甲导体的2倍C ．乙导体中自由电荷定向移动的速度是甲导体的2倍D ．甲、乙两导体中自由电荷定向移动的速度大小相等3.有一横截面积为S 的铝导线，当有电压加在该导线上时，导线中的电流强度为I 。
设每单位体积的导线中有n 个自由电子，电子电量为e ，此时电子定向移动的速度为v ，则在△t 时间内，通过导体横截面的自由电子数目可表示为（ ） A ．nvS △tB ．nv △tC ．D ．4.下列关于电源电动势的说法正确的是（ ）A ．电源电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压B ．电源内，电源把其它形式的能转化为电能越多，其电动势也越大C ．电动势是表示电源把其它形式的能转化为电能本领大小的物理量D ．电源的内阻和其它电阻一样都对电流起阻碍作用5.如图所示是电阻R 1和R 2的伏特性曲线，并且把第一象限分为Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三个区域，现把R 1和R 2并联在电路中，R 1、R 2消耗的电功率分别为P 1和P 2，并联的总电阻设为R ，下列关于P 1和P 2的大小关系及R 的伏安特性曲线所在的区域正确的是（ ）A ．伏安特性曲线在Ⅰ域，P 1＜P 2B ．伏安特性曲线在Ⅲ域，P 1＜P 2C ．伏安特性曲线在Ⅰ域，P 1＞P 2D ．伏安特性曲线在Ⅲ域，P 1＞P 26.在伏安法测电阻时，为提高测量的精确度，可在连接电路时，将电压表的一端P 预留出来，使P 分别跟a 、b 两点接触一下，同时注意观察电流表、电压表的示数，则下面的说法正确的是（ ）A ．两次比较，若电流表A 的示数变化显著，则P 应接在a 点B ．两次比较，若电流表A 的示数变化显著，则P 应接在b 点C ．两次比较，若电压表V 的示数变化显著，则P 应接在a 点D ．两次比较，若电压表V 的示数变化显著，则P 应接在b 点7.如图所示，路端电压U 不变，要使定值电阻R 两端的电压为U/2，则滑动触头应在（ ）A ．R 0的中点处B ．R 0的中点偏上处C ．R 0的中点偏下处D ．无论调到什么位置均不能满足要求8.一段粗细均匀的镍铬丝，横截面的直径是d ，电阻是R ，把它拉制成直径为d/10的均匀细丝后，它的阻值变为（ ） A ．R/1000 B ．R/100 C ．100R D ．10000R9.一根电阻丝两端加某一稳定电压时，通过2C 电荷量所消耗的电能是8J ，若在相同的时间内通过4C 的电荷量，该电阻丝上所加电压和消耗的电能分别是（ ） A ．4V ，16J B ．8V ，16J C ．4V ，32J D ．8V ，32J10.如图所示的电路中，电池的电动势为E ，内阻为r ，R 1、R 2是两个阻值固定的电阻，当可变电阻R 的滑片向a端移动时，通过R 1的电流I 1和通过R 2 的电流I 2将发生如下的变化（ ）A ．I 1变大，I 2 变小B ．I 1变大，I 2变大C ．I 1变小，I 2变小D ．I 1变小，I 2变大11.将三个不同的电源的U －I 图线画在同一坐标中，如图所示，其中1和2平行，它们的电动势分别为E 1、E 2、E 3，它们的内阻分别为r 1、r 2、r 3，则它们之间的关系是（ ）A ．r 1＝r 2＜r 3B ．r 1＞r 2＞r 3C ．E 1＞E 2＝E 3，D ．E 1＝E 2＜E 312.将一盏“6V ，12W”的小灯泡一台线圈电阻是2的发动机及电动势为30V 、内阻为1的电源组成串联闭合电路，小灯泡刚好正常发光，则电动机输出的功率是（ ） A ．36W B ．44W C ．50W D ．63W二、填空题图甲为一游标卡尺的结构示意图，当测量一钢笔帽的内径时，应该游标卡尺的 （填“A”“B”或“C”）进行测量；示数如图乙所示，该钢笔帽的内径为 mm 。
山西省大同市高二物理10月阶段测试试题(扫描版,无答案)(new)
山西省大同市2017—2018学年高二物理10月阶段测试试题（扫描版，
无答案）
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山西高二高中物理月考试卷带答案解析
山西高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.关于电场线的叙述，下列说法正确的是（）A．电场线是直线的地方一定是匀强电场B．电场线的方向就是带正电的试探电荷的运动方向C．点电荷只受电场力作用时，加速度的方向总是与所在处的电场线的切线重合D．画有电场线的地方有电场，没画电场线的地方就不存在电场2.将一根长为L，横截面积为S，电阻率为ρ的保险丝截成等长的两段，并把两段并起来作为一根使用，则它的电阻和电阻率分别为（）A．、B．、ρC．、ρD．、3.在某段电路中，其两端电压为U，通过的电流为I，通电时间为t，若该电路电阻为R，则关于电功和电热的关系，下列结论不正确的是（）A．在任何电路中，电功W=UIt=I2RtB．在任何电路中，电功为UIt，电热为I2RtC．在纯电阻电路中，UIt=I2RtD．在非纯电阻电路中，UIt＞I2Rt4.如图所示为两电阻R1和R2的伏安特性曲线．关于它们的电阻值及串联或并联后电路中的总电流比较正确的是（）A．电阻R1的阻值比电阻R2的阻值大B．电阻R2阻值比电阻R1的阻值大C．两电阻串联后比并联后接入同一电源，电路中的总电流大D．两电阻并联后比串联后接入同一电源，电路中的总电流小5.直流电池组的电动势为E，内电阻为r，用它给电阻为R的直流电动机供电，当电动机正常工作时，电动机两端的电压为U，通过电动机的电流是I，下列说法中错误的是（）A．电动机输出的机械功率是UI B．电动机发热功率为I2RC．电源消耗的化学能功率为EI D．电源的输出功率为EI﹣I2r6.一带电粒子从电场中的A点运动到B点，轨迹如图中虚线所示．不计粒子所受重力，则下列判断正确的是（）A．粒子带正电B．粒子加速度逐渐减小C．A点的速度大于B点的速度D．粒子的初速度不为零7.如图所示，一个质量为m，带电量为q的粒子（重力不计），从两平行板左侧中点沿垂直场强方向射入，当入射速度为v时，恰好穿过电场而不碰金属板．要使粒子的入射速度变为，仍能恰好穿过电场，则必须再使（）A．粒子的电量变为原来的B．两板间电压减为原来的C．两板间距离增为原来的2倍D．两板间距离增为原来的4倍8.在如图所示的电路中，当滑动变阻器的滑动片向下移动时，关于电灯L的亮度及电容器C所带电荷量Q的变化判断正确的是（）A．L变暗，Q增大B．L变暗，Q减小C．L变亮，Q增大D．L变亮，Q减小9.如图所示，两块水平放置的平行正对的金属板a、b与电池相连，在距离两板等距的M点有一个带电液滴处于静止状态．若将a板向下平移一小段距离，但仍在M点上方，稳定后，下列说法中正确的是（）A．液滴将向下加速运动B．M点电势升高，液滴在M点的电势能将减小C．M点的电场强度变小了D．在a板移动前后两种情况下，若将液滴从a板移到b板，电场力做功相同10.三个α粒子在同一点沿同一方向垂直飞入偏转电场，出现了如图所示的运动轨迹，由此可判断（）A．在b飞离电场的同时，a刚好打在负极板上B．b和c同时飞离电场C．进入电场时，c的速度最大，a的速度最小D．动能的增加值c最小，a和b一样大二、实验题1.如图所示，甲、乙两个电路都是由一个灵敏电流表G和一个变阻器R组成，下列说法正确的是（）A．甲表是电流表，R增大时量程增大B．甲表是电流表，R增大时量程减小C．乙表是电压表，R增大时量程增大D．乙表是电压表，R增大时量程减小2.如图所示为闭合电路中两个不同电源的U ﹣I 图象，则下列说法中正确的是（ ）A ．电动势E 1=E 2，短路电流I 1＞I 2B ．电动势E 1=E 2，内阻r 1＞r 2C ．电动势E 1＞E 2，内阻r 1＞r 2D ．当两电源的工作电流变化量相同时，电源2的路端电压变化较大3.根据试题的要求填空或作图．（1）图（甲）为多用电表的示意图，其中S 、K 、T 为三个可调节的部件，现用此电表测量一阻值约为20～30Ω的定值电阻，测量的某些操作步骤如下：①节可调节部件 ，使电表指针停在 位置； ②调节可调节部件K ，使它在尖端指向 位置； ③将红、黑表笔分别插入“+”、“﹣”插孔，笔尖相互接触，调节可调节部件 ，使电表指针指向 位置．（2）在用多用表测量另一电阻的阻值时，电表的读数如图（乙）所示，该电阻的阻值为 Ω．4.某同学采用如图甲所示的电路测定电源电动势和内电阻，已知干电池的电动势约为1.5V ，内阻约1Ω，电压表（0﹣3V 3kΩ），电流表（0﹣0.6A 1.0Ω），滑动变阻器有R 1（10Ω 2A ）和R 2（100Ω 0.1A ）各一只；（1）实验中滑动变阻器应选用 （选填R 1．R 2）（2）在图乙中用笔画线代替导线连接实验电路．（3）在实验中测得多组电压和电流值，得到如图丙所示的U ﹣I ，由图可较准确求出电源电动势E= V ，内阻r= Ω．三、填空题如图所示甲乙两图，两图读书分别为甲 cm 乙 mm四、计算题1.如图所示，在竖直平面内，光滑绝缘直杆AC 与半径为R 的圆周交于B 、C 两点，在圆心处有一固定的正点电荷，B 点为AC 的中点，C 点位于圆周最低点．现有一质量为m 、电荷量为q 套在杆上的带负电小球（可视为质点）从A 点由静止开始沿杆下滑．已知重力加速度为g ，A 点距过C 点的水平面的竖直高度为3R ，小球滑到B 点时的速度大小为2．求：（1）小球滑至c 点时的速度的大小；（2）A 、B 两点间的电势差；（3）若以C 点做为参考点（零电势点），试确定A 点的电势．2.在图所示的电路中，小量程电流表的内阻Rg=100Ω，满偏电流Ig=1mA ，R 1=900Ω，R 2=Ω．（1）当S 1和S 2均断开时，改装所成的表是什么表？量程为多大？（2）当S 1和S 2均闭合时，改装所成的表是什么表？量程为多大？3.如图所示的电路中，R 1=3Ω，R 2=6Ω，R 3=1.5Ω，C=20μF 当开关S 断开时，电源所释放的总功率为2W ；当开关S 闭合时，电源所释放的总功率为4W 求：（1）电源的电动势和内电阻；（2）闭合S 时，电源的输出功率；（3）S 断开和闭合时，电容器所带的电荷量各是多少？山西高二高中物理月考试卷答案及解析一、选择题1.关于电场线的叙述，下列说法正确的是（ ）A ．电场线是直线的地方一定是匀强电场B ．电场线的方向就是带正电的试探电荷的运动方向C ．点电荷只受电场力作用时，加速度的方向总是与所在处的电场线的切线重合D ．画有电场线的地方有电场，没画电场线的地方就不存在电场【答案】C【解析】解：A 、电场线是直线的地方不一定是匀强电场，比如点电荷的电场线．故A 错误．B 、电场线的方向是正电荷所受电场力的方向，与负电荷所受电场力的方向相反，并不是运动方向．故B 错误．C、电场线不一定与带电粒子的轨迹重合，只有电场线是直线，带电粒子的初速度为零或初速度方向与电场线方向在同一条直线上时电场线才与带电粒子的轨迹重合，故C正确．D、电场线的疏密代表电场的强弱，故电场线越密的地方场强越强，且电场线不存在，是假想的．故D错误．故选：C．【点评】记住电场线的特点即可顺利解出此题，故要在理解的基础上牢记基本概念．2.将一根长为L，横截面积为S，电阻率为ρ的保险丝截成等长的两段，并把两段并起来作为一根使用，则它的电阻和电阻率分别为（）A．、B．、ρC．、ρD．、【答案】B【解析】解：根据电阻定律的公式知，长度变为原来的一半，横截面积变为原来的2倍，则电阻变为原来的．而电阻率不变．故B正确，A、C、D错误．故选B．【点评】解决本题的关键掌握电阻定律的公式，以及知道电阻率的大小由材料决定，与长度和横截面积无关．3.在某段电路中，其两端电压为U，通过的电流为I，通电时间为t，若该电路电阻为R，则关于电功和电热的关系，下列结论不正确的是（）A．在任何电路中，电功W=UIt=I2RtB．在任何电路中，电功为UIt，电热为I2RtC．在纯电阻电路中，UIt=I2RtD．在非纯电阻电路中，UIt＞I2Rt【答案】A【解析】解：A、C、在纯电阻电路中，电能全部转化为内能，电功等于电热，W=UIt=I2Rt．故A错误，C正确．B、在任何电路中，电功W=UIt，电热Q=I2Rt．故B正确．D、在非纯电阻电路中，电能一部分转化为内能，另一部分转化为其他形式的能，电功大于电热，即：UIt＞I2Rt．故D正确．本题选不正确的，故选：A．【点评】对于纯电阻电路和非纯电阻电路，电功与电热的公式都成立，只是在纯电阻电路中，两者相等，在非纯电阻电路中，电功大于电热．4.如图所示为两电阻R1和R2的伏安特性曲线．关于它们的电阻值及串联或并联后电路中的总电流比较正确的是（）A．电阻R1的阻值比电阻R2的阻值大B．电阻R2阻值比电阻R1的阻值大C．两电阻串联后比并联后接入同一电源，电路中的总电流大D．两电阻并联后比串联后接入同一电源，电路中的总电流小【答案】B【解析】解：A、由图可知，该图象是I﹣U图线，图象的斜率表示电阻的倒数，斜率越大，电阻越小，所以R2的阻值大于R1的阻值．故A错误，B正确；C、两电阻串联后的总电阻要比并联时的总电阻大，故串联后的电路中的总电流要小；故C错误，D错误；故选：B．【点评】该题结合图象考查欧姆定律，解答本题的关键在于明确I﹣U图象中斜率的意义；同时还要明确串并联电路的性质．5.直流电池组的电动势为E，内电阻为r，用它给电阻为R的直流电动机供电，当电动机正常工作时，电动机两端的电压为U，通过电动机的电流是I，下列说法中错误的是（）A．电动机输出的机械功率是UI B．电动机发热功率为I2RC．电源消耗的化学能功率为EI D．电源的输出功率为EI﹣I2r 【答案】A【解析】解：A、B电动机输入的功率是电功率，即P电=UI，电动机的发热功率根据焦耳定律得到P热=I2R，所以电动机输出的机械功率P出=P电﹣P热=UI﹣I2r，故A错误，B正确．C、电源消耗的化学能功率等于电源的总功率，即P化=EI．故C正确．D、电源的输出功率P=EI﹣I2r．故D正确．本题选错误的，故选：A【点评】本题中当电动机正常工作时其电路是非纯电阻电路，求电功率只能用P=UI，求热功率只能用P=I2r．而输出的机械功率只能根据能量守恒求解，而且电功率大于热功率．6.一带电粒子从电场中的A点运动到B点，轨迹如图中虚线所示．不计粒子所受重力，则下列判断正确的是（）A．粒子带正电B．粒子加速度逐渐减小C．A点的速度大于B点的速度D．粒子的初速度不为零【答案】BCD【解析】解：A、由粒子的运动轨迹弯曲方向可知，带电粒子受电场力的方向大致斜向左，与电场强度方向相反，故粒子带负电，故A错误．B、A点电场线密集，故电场强度大，电场力大，故加速度大，所以粒子的加速度一直减小，故B正确．C、由于带电粒子是从A到B，带电粒子受电场力的方向大致斜向左，故电场力做负功，带电粒子的速度减小，A 点的速度大于B点的速度，故C正确．D、由于带电粒子是从A到B，带电粒子受电场力的方向大致斜向左，受到的电场力的方向与轨迹的方向不相同，所以粒子在A点的初速度一定不等于0，故D正确．故选：BCD．【点评】解决这类带电粒子在电场中运动问题的关键是根据轨迹判断出电场力方向，利用电场中有关规律求解；明确电场力做功与电势能和动能间的关系．7.如图所示，一个质量为m，带电量为q的粒子（重力不计），从两平行板左侧中点沿垂直场强方向射入，当入射速度为v时，恰好穿过电场而不碰金属板．要使粒子的入射速度变为，仍能恰好穿过电场，则必须再使（）A．粒子的电量变为原来的B．两板间电压减为原来的C．两板间距离增为原来的2倍D．两板间距离增为原来的4倍【答案】BC【解析】解：设平行板长度为l，宽度为d，板间电压为U，恰能穿过一电场区域而不碰到金属板上，则沿初速度方向做匀速运动：t=垂直初速度方向做匀加速运动：a=d=at2=欲使质量为m、入射速度为的粒子也能恰好穿过这一电场区域而不碰到金属板，则沿初速度方向距离仍是l，垂直初速度方向距离仍为d，A、使粒子的带电量减少为原来的，则y==2d，故A错误；B、使两板间所接电源的电压减小到原来的一半，y==d，故B正确；C、使两板间的距离增加到原来的2倍，此时垂直初速度方向距离应为2d，y==2d，故C正确，D错误．故选：BC．【点评】带电粒子在电场中偏转时做匀加速曲线运动．应用处理类平抛运动的方法处理粒子运动．8.在如图所示的电路中，当滑动变阻器的滑动片向下移动时，关于电灯L的亮度及电容器C所带电荷量Q的变化判断正确的是（）A．L变暗，Q增大B．L变暗，Q减小C．L变亮，Q增大D．L变亮，Q减小【答案】B【解析】解：当滑动变阻器的滑动片向下移动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，由闭合电路欧姆定律得知，干路电流增大，电源的内电压增大，则路端电压减小，灯L变暗．电容器板间电压等于变阻器两端的电压．由上得知，路端电压减小，则通过L灯的电流减小，而干路电流增大，则通过R1的电流增大，R1的电压也增大，则变阻器两端的电压减小，电容器所带电量Q减小．故B正确．故选：B【点评】本题是电路动态分析问题，按“局部→整体→局部”的思路进行分析．电路稳定时，与电容器串联的电路没有电流，电容器的电压等于所并联的电路两端的电压．9.如图所示，两块水平放置的平行正对的金属板a、b与电池相连，在距离两板等距的M点有一个带电液滴处于静止状态．若将a板向下平移一小段距离，但仍在M点上方，稳定后，下列说法中正确的是（）A．液滴将向下加速运动B．M点电势升高，液滴在M点的电势能将减小C．M点的电场强度变小了D．在a板移动前后两种情况下，若将液滴从a板移到b板，电场力做功相同【答案】BD【解析】解：A、液滴受力平衡，故电场力向上，液滴带负电；电容器两端的电压不变，a板下移时，两板间的距离减小，则由U=Ed可知，E增大；则粒子受到的电场力增大，故液滴将向上加速运动；故A错误，C错误；B、下极板接地，则M点的电势等于M与b之间的电势差，因E增大，d不变，故液滴处的电势增大；因带电液滴带负电，故电势能将减小，故B正确；D、因两板间的电势差不变，故前后两种状态下移动电荷时，电场力做功相同，故D正确；故选：BD．【点评】对于电容器的动态分析问题，关键在于明确电容器是断开电源还是与电源相连；然后再由电容的定义式有决定式进行分析求解．10.三个α粒子在同一点沿同一方向垂直飞入偏转电场，出现了如图所示的运动轨迹，由此可判断（）A．在b飞离电场的同时，a刚好打在负极板上B．b和c同时飞离电场C ．进入电场时，c 的速度最大，a 的速度最小D ．动能的增加值c 最小，a 和b 一样大【答案】ACD【解析】解：A 、三个粒子的质量和电量都相同，则知加速度相同．a 、b 两粒子在竖直方向上的位移相等，根据y=，可知运动时间相等．故A 正确．B 、b 、c 竖直方向上的位移不等，y c ＜y b ．根据y=，可知t c ＜t b ．故B 错误． C 、在垂直于电场方向即水平方向，三个粒子做匀速直线运动，则有：v=．因x c =x b ，t c ＜t b ，则v c ＞v b ．根据t a =t b ，x b ＞x a ．则v b ＞v a ．所以有：v c ＞v b ＞v a ．故C 正确．D 、根据动能定理知，a 、b 两电荷，电场力做功一样多，所以动能增加量相等．c 电荷电场力做功最少，动能增加量最小．故D 正确．故选：ACD ．【点评】解决本题的关键将类平抛运动分解为垂直电场方向和沿电场方向，在垂直电场方向上做匀速直线运动，在沿电场方向上做初速度为0的匀加速直线运动．二、实验题1.如图所示，甲、乙两个电路都是由一个灵敏电流表G 和一个变阻器R 组成，下列说法正确的是（ ）A ．甲表是电流表，R 增大时量程增大B ．甲表是电流表，R 增大时量程减小C ．乙表是电压表，R 增大时量程增大D ．乙表是电压表，R 增大时量程减小【答案】BC【解析】解：A 、甲表是电流表，R 增大时，甲表中变阻器分流减小，量程减小，故A 错误，B 正确．C 、乙是电压表，R 增大时，变阻器分担的电压增大，乙表量程增大，故C 正确，D 错误．故选：BC ．【点评】本题考查电表改装原理的理解能力．当电流计的指针满偏时，电流表或电压表的指针满偏，所测量的电流或电压达到最大值．2.如图所示为闭合电路中两个不同电源的U ﹣I 图象，则下列说法中正确的是（ ）A ．电动势E 1=E 2，短路电流I 1＞I 2B ．电动势E 1=E 2，内阻r 1＞r 2C ．电动势E 1＞E 2，内阻r 1＞r 2D ．当两电源的工作电流变化量相同时，电源2的路端电压变化较大【答案】AD【解析】解：A 、B 、C 、U ﹣I 图象中与U 轴的交点表示电源的电动势，斜率表示内阻，则知电动势E 1=E 2，内阻r 1＜r 2，U ﹣I 图象与I 轴的交点表示短路电流，故发生短路时的电流I 1＞I 2，故BC 错误，A 正确；D 、根据U=E ﹣Ir 可知，△U=r•△I ，内阻r 1＜r 2，故当电源的工作电流变化相同时，电源2的路端电压变化较大，故D 正确；故选：AD ．【点评】本题考查了闭合电路电源的U ﹣I 图象的相关知识，要求同学们理解U ﹣I 图象中与U 轴的交点表示电源的电动势，与I 轴的交点表示短路电流，斜率表示内阻．3.根据试题的要求填空或作图．（1）图（甲）为多用电表的示意图，其中S 、K 、T 为三个可调节的部件，现用此电表测量一阻值约为20～30Ω的定值电阻，测量的某些操作步骤如下：①节可调节部件 ，使电表指针停在 位置； ②调节可调节部件K ，使它在尖端指向 位置； ③将红、黑表笔分别插入“+”、“﹣”插孔，笔尖相互接触，调节可调节部件 ，使电表指针指向 位置．（2）在用多用表测量另一电阻的阻值时，电表的读数如图（乙）所示，该电阻的阻值为 Ω．【答案】（1）①S ；左端0刻度线；②欧姆×1；③T ；右侧0刻度线；（2）15k ．【解析】解：（1）①多用电表的使用首先进行机械调零：调节可调部件 S ，使电表指针停在表盘左边的零刻度（或电流表、电压表的零刻度线）位置；②选择合适的档位：因电阻约为20﹣30欧姆，为使指针指在中央刻度附近，则选择×1Ω档位即可． ③欧姆表换挡后要进行欧姆调零，即调节T ，使得电表指针指向右边的零刻度位置．（2）由图2所示可知，选档位为×1k ，电阻阻值为：15×1k=15kΩ．故答案为：（1）①S ；左端0刻度线；②欧姆×1；③T ；右侧0刻度线；（2）15k ．【点评】考查欧姆表的使用，要掌握欧姆定律的使用方法，明确要选择合适的档位并每次换档后要进行欧姆调零，欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数．4.某同学采用如图甲所示的电路测定电源电动势和内电阻，已知干电池的电动势约为1.5V ，内阻约1Ω，电压表（0﹣3V 3kΩ），电流表（0﹣0.6A 1.0Ω），滑动变阻器有R 1（10Ω 2A ）和R 2（100Ω 0.1A ）各一只；（1）实验中滑动变阻器应选用 （选填R 1．R 2）（2）在图乙中用笔画线代替导线连接实验电路．（3）在实验中测得多组电压和电流值，得到如图丙所示的U ﹣I ，由图可较准确求出电源电动势E= V ，内阻r= Ω．【答案】（1）（2）如图（3）1.49，1.9【解析】解：（1）由于电流表满偏电流为=0.6A ，所以电路中最小电流可为==0.2A ，电路中的最大电流为==Ω=7.5Ω，所以变阻器应选． （2）实物连线如右图所示（3）将U﹣I图线延长并与两坐标轴相交，如图所示，则E=1.49V（1.48～1.49均可），r=Ω=1.9Ω故答案为：（1）（2）如图（3）1.49，1.9【点评】对电学实验，要通过电路的估算来选择器材，注意图象中斜率和截距的物理意义．三、填空题如图所示甲乙两图，两图读书分别为甲 cm乙 mm【答案】3.075，0.520【解析】解：1、游标卡尺的主尺读数为30mm，游标尺上第15个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为15×0.05mm=0.75mm，所以最终读数为：30mm+0.75mm=30.75mm=3.075cm．2、螺旋测微器的固定刻度为0.5mm，可动刻度为2.0×0.01mm=0.020mm，所以最终读数为0.5mm+0.020mm=0.520mm．故答案为：3.075，0.520【点评】对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量．四、计算题1.如图所示，在竖直平面内，光滑绝缘直杆AC与半径为R的圆周交于B、C两点，在圆心处有一固定的正点电荷，B点为AC的中点，C点位于圆周最低点．现有一质量为m、电荷量为q套在杆上的带负电小球（可视为质点）从A点由静止开始沿杆下滑．已知重力加速度为g，A点距过C点的水平面的竖直高度为3R，小球滑到B点时的速度大小为2．求：（1）小球滑至c点时的速度的大小；（2）A、B两点间的电势差；（3）若以C点做为参考点（零电势点），试确定A点的电势．【答案】（1）小球滑至c点时的速度的大小为；（2）A、B两点间的电势差；（3）若以C点做为参考点（零电势点），A点的电势．【解析】解：（1）由几何关系可得BC 的竖直高度．因B 、C 两点电势相等，故小球从B 到C 的过程中电场力做功为零．对小球从B 到C 过程应用动能定理，有， 解得（2）对小球从A 到B 过程应用动能定理，有：；（3）因φB =φC ，故； 又U AC =φA ﹣φC ，φC =0，因此答：（1）小球滑至c 点时的速度的大小为； （2）A 、B 两点间的电势差；（3）若以C 点做为参考点（零电势点），A 点的电势．【点评】本题关键根据动能定理列式分析，切入点在于圆周为等势面，小球从A 到C 和A 到B 电场力做功相等．2.在图所示的电路中，小量程电流表的内阻Rg=100Ω，满偏电流Ig=1mA ，R 1=900Ω，R 2=Ω．（1）当S 1和S 2均断开时，改装所成的表是什么表？量程为多大？（2）当S 1和S 2均闭合时，改装所成的表是什么表？量程为多大？【答案】（1）当S 1和S 2均断开时，改装所成的表是电压表，量程是1V（2）当S 1和S 2均闭合时，改装所成的表是电流表，量程是1000mA ．【解析】解：（1）：根据串联电阻具有分压作用可知，和断开时，改装的应是电压表，由U=，可知电压表的量程是1V ；（2）：当和均闭合时，电流表与电阻并联，改装的应是电流表，由I=+=1000mA ，所以电流表的量程是1000mA ；答：（1）当S 1和S 2均断开时，改装所成的表是电压表，量程是1V（2）当S 1和S 2均闭合时，改装所成的表是电流表，量程是1000mA ．【点评】明确串联电阻具有分压作用和并联电阻具有分流作用的含义．3.如图所示的电路中，R 1=3Ω，R 2=6Ω，R 3=1.5Ω，C=20μF 当开关S 断开时，电源所释放的总功率为2W ；当开关S 闭合时，电源所释放的总功率为4W 求：（1）电源的电动势和内电阻；（2）闭合S 时，电源的输出功率；（3）S 断开和闭合时，电容器所带的电荷量各是多少？【答案】（1）电源的电动势为4V ，内阻为0.5Ω．（2）闭合S 时，电源的输出功率等于3.5W ．（3）S 断开和闭合时，电容器所带的电荷量各是6×10﹣5C 、0．【解析】解：（1）S 断开时E=I 1（R 2+R 3）+I 1r ①P 1=EI 1②S 闭合时：③P 2=EI 2④ 由①②③④可得（2）闭合S 时，电源的输出功率（3）S 断开时 S 闭合，电容器两端的电势差为零，则Q 2=0答：（1）电源的电动势为4V ，内阻为0.5Ω．（2）闭合S 时，电源的输出功率等于3.5W ．（3）S 断开和闭合时，电容器所带的电荷量各是6×10﹣5C 、0．【点评】解决本题的关键理清电路的串并联，结合闭合电路欧姆定律进行求解，知道电容器所带的电量Q=CU ，关键确定电容器两端的电势差．。
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高中数学、数学课件、高中数学教案、数学试卷试题、数学知识点总结
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一、选择题（本题共10小题，每小题5分，部分正确得3分，共50分，9、10为多选题）
1．下列叙述正确的是
A．起电的实质是改变原来物质结构，产生新电荷
B．元电荷是指带电量为191.610C的电子或质子
C．库仑测定了电子所带电量的值，为了纪念他，所以电量单位为库仑
D．在任何情况下，只要系统与外界没有电荷交换，电荷的代数和就不变
2．关于点电荷与库仑定律，下列说法中正确的是
A．点电荷一定是带电量很小的电荷
B．点电荷是一种物理模型，质子直接作为点电荷处理
C．当真空中的两个点电荷间的距离r→0时，它们之间的静电力F→∞
D．当真两个点电荷间的距离r→0时，库仑定律的公式就不适用了
3．两个用相同材料制成的半径相等的带异种电荷的金属小球，可看做点电荷，其中一个球的带电
量的绝对值是另一个的5倍，它们间的库仑力大小是F，现将两球接触后再放回原处，它们间库仑
力的大小是
A．59F B．45F C．54F D．95F
4．两固定点电荷A、B带电量ABqq，在真空中相距为0L，现将检验电荷q置于某一位置时所
受库仑力恰好为零，则此位置当A、B为
A．同种电荷时，在A、B连线上靠近A一侧
B．同种电荷时，在BA连线的延长线上靠近B一侧
C．异种电荷时，在A、B连线上靠近A一侧
D．异种电荷时，在AB连线的延长线上靠近B一侧
5．下列说法中正确的是
A．电子带电量很小，周围不存在电场
B．电场是一种物质，与其他物质一样，是不依赖我们的感觉而客观存在的东西
C．电荷间的作用力是通过电场产生的，电场对处在它里面的电荷可能不存在力的作用
D．电场是认为设想出来的，其实并不存在
6．电场强度的定义式FEQ，下列说法中正确的是
A．该定义式只适用于点电荷形成的电场
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B．F是试探电荷所受到的力，q是初速度电场电荷的电荷量
C．电场强度的方向与F的方向相同
D．由该定义式可知，场中某点电荷所受的电场力大小与该点场强的大小成正比
7．真空中有一个点电荷1Q，在距其r处的P点放一电荷量为2Q的试探电荷，试探电荷受到的
电场力为F，则下列正确的是
A．P点的场强大小为1FQ
B．P点的场强大小等于22kQr
C．试探电荷的电荷量与P处的场强无关，大小为2FQ
D．若在P点不放试探电荷，则该点的场强方向不确定
8．如图所示，在等量异种电荷连线的中垂线上取A、B、C、D四点，B、D两点关于O点对称，
则关于各点场强的关系，下列说法中正确的是
A．ABBDEEEE，
B．ABCBDEEEEE，
C．四点场强方向不尽相同
D．ABEE，CE与DE大小关系无法确定
9．（多选）一带电微粒从电场中的A点运动到B点，轨迹如图中虚线所示，不计粒子所受的重
力，则
A．粒子带正电 B．粒子的加速度逐渐减小
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B．A点的场强小于B点的场强 D．粒子的速度不断减小
10．（多选）某电场中的一条电场线如图所示，下列判断正确的是
A．ABABEE，
B．ABEE，A与B无法判断大小
C．AE与BE无法判断大小，ABABEE，
D．可能有ABABEE，
二、计算题（共50分，需要写出必要的文字说明和过程，只有结果不能得分）
11．如图所示，A、B、C三点为一直角三角形的三个顶点，∠B=30°，现在A、B两点放置两点电
荷ABqq、，测得C点电场强度的方向与AB平行，求:ABqq
12．如果把q=81.010C的电荷从无穷远（电势为零）移到电场中的A点，需要克服静电力做功
41.210JW
，那么，A点的电势是多少？
13．如图，一质量为m，电荷量为q（q>0）的粒子在匀强电场中运动，A、B为其运动轨迹上的两
点，已知该粒子在A点的速度大小为0v，方向与电场方向的夹角为60°，它运动到B点时速度方
向与电场方向的夹角为30°，不计重力，求A、B两点间的电势差
14．竖直放置的两块足够成的平行金属板间有匀强电场，其电场强度为E，在该匀强电场中，用丝
线悬挂质量为m的带电小球，丝线跟竖直方向成角时小球恰好平衡，如图所示，距负极板距离
为b
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（1）小球带电荷量是多少？
（2）若剪断丝线，小球碰到金属板需多长时间？
15．如图所示的匀强电场中，有a、b、c三点，ab=5cm，bc=12cm，其中ab沿电场线方向，bc和
电场线方向成60°角，一个电荷量为q=8410C的正电荷从a点移到b点时静电力做功为
711.210JW
，求
（1）匀强电场的场强E；
（2）电荷从b移到c，静电力做功2W
（3）a、c两点间的电势差acU。
16．两平行金属板A、B水平放置，一个质量6510mkg的带电微粒以0v=2m/s的水平速度从
两板正中位置射入电场，如图所示，A、B间距为d=4cm，板长L=10cm，（210/gms）
（1）当A、B间电压31.010VABU时，微粒前不发生偏转，求该微粒的电性和电荷量
（2）若令B板接地，要使该微粒刚好能从B板右端穿出电场，求A板的电势。
物理答案
1．D 2．D 3．B 4．D 5．B 6．D 7．C 8．B 9．BD 10．CD
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11．若A、B都为正电荷，都为负电荷，或A为正电荷，B为负电荷，C点合场强的方向不可能与
AB平行．所以A为负电荷、B为正电荷，根据平行四边形定则，知A、B在C点的场强之比为
1
2ABEE
．
又点电荷的场强公式为2qEkr，C点距离A、B两点间的距离比 12ABrr，可知18ABqq
12．把一个正点电荷从距电场无穷远处移到电场中的A点，电荷克服静电力做功为：
41.210JW
，
则q的电势能增加为：41.210EJ．即为A的电势能．
根据公式：WqU得：4481.2101.210V1.010WUq
13．设带电粒子在B点的速度大小为Bv，粒子在垂直电场方向的分速度不变，故：
0sin30sin60B
vv
①，解得：03Bvv②
设A、B间的电势差为UAB，由动能定理，有：2201()2ABBUmvv③
联立②③解得：20ABmvUq
14．（1）小球受力平衡，对小球受力分析如图所示：
sinFqE①，cosFmg
②，由①②解得：tanmgqE
（2）研究水平方向的运动．剪断丝线后，小球沿水平方向做匀加速直线运动．
加速度为：tanqEagm，
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由运动学公式得：212bat
解得2tanbtg（利用合运动或竖直分运动计算也可）
15．（1）由题，由1abWqEl得7181.210V/m60V/m4100.05abWEqL
（2）电荷从b移到c电场力做功为
87260410600.120.51.4410JbcWqElcosJ
（3）电荷从a移到c电场力做功为12acWWW
则a、c两点的电势差为7781.2101.44106.6V410acacWUq．
16．（1）板间场强为3421.0102.510V/m410UEd
根据题意，当A、B间电压31.010VABU时，微粒恰好不发生偏转，则知微粒做匀速直线运
动，重力与电场力平衡，可知该微粒带负电，有qEmg，得
694510102.010C2.510mgqE
（2）微粒刚好从B板右端射出时
运动时间0Ltv
竖直位移21122dat
解得加速度2116/ams
设A板电势为1时，由加速度11mgqdam得到11qagmd
解得1600V