高一下学期物理期末考试试卷第158套真题

高一下学期期末物理试卷(含答案及解析)

高一（下）期末物理试卷一、单项选择题（本题包括8小题，每小题4分，共32分，每小题只有一个选项是符合题意的）1．物理学史上是哪位科学家、由于哪项贡献而人们称为“能称出地球质量的人”（）A．阿基米德，发现了杠杆原理B．牛顿，发现了万有引力定律C．伽利略，测出了重力加速度的值D．卡文迪许，测出了万有引力常量2．关于物体做曲线运动，下列说法正确的是（）A．物体在恒力作用下不可能做曲线运动B．质点作曲线运动，速度的大小一定是时刻在变化C．作曲线运动的物体，其速度方向与加速度方向不在同一直线上D．物体在变力作用下不可能作直线运动3．游泳运动员以恒定的速率垂直河岸横渡，当水速突然增大时，对运动员横渡经历的路程、时间发生的影响是（）A．路程增加、时间增加B．路程增加、时间缩短C．路程增加、时间不变D．路程、时间均与水速无关4．汽车在平直的公路上以额定功率从静止开始行驶时（设汽车所受阻力一定），一定有（）A．速度变大，加速度变大 B．速度变小，加速度变小C．速度变大，加速度变小 D．速度最大时，牵引力最大5．如图所示在皮带传动中，两轮半径不等，下列说法哪些是正确的？（）A．两轮角速度相等B．两轮边缘线速度的大小相等C．大轮边缘一点的向心加速度大于小轮边缘一点的向心加速度D．同一轮上各点的向心加速度跟该点与中心的距离成正比6．人造卫星沿圆轨道环绕地球运动．因为大气阻力的作用，其运动的高度将逐渐变化，由于高度变化很慢，在变化过程中的任一时刻，仍可认为卫星满足匀速圆周运动规律，下列关于卫星运动的一些物理量变化情况，正确的是（）A．线速度增大B．周期变大C．半径增大 D．向心加速度减小7．下列关于功率的说法中，正确的是（）A．引入功率的概念，是反映做功多少的B．引入功率的概念，是反映做功快慢的C．由P=Fv可知，做功的力越大，功率就越大D．由P=Fv可知，物体的运动速度越大，功率就越大8．跳伞运动员在刚跳离飞机、其降落伞尚未打开的一段时间内，下列说法中正确的是（）A．动能增加 B．重力势能增加C．空气阻力做正功D．空气阻力不做功二、选择题：本题共4小题，每小题4分，在每小题给出的四个选项中，第9～12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）.9．下列说法正确的是（）A．地球同步卫星的加速度为零，所以相对地面静止B．第一宇宙速度是发射人造卫星的最小速度C．第一宇宙速度是人造卫星绕地球做圆周运动的最大速度D．地球卫星的轨迹一定是圆的10．关于动能定理，下列说法中正确的是（）A．动能定理反映的是物体运动过程中做功与动能变化件的关系B．动能定理的表达式“W=E k2﹣E k1”中，W为合力做的功，它等于各个力做功的代数和C．汽车在牵引力和阻力共同作用下运动，牵引力做了多少功，汽车的动能就增加多少D．飞机在牵引力和阻力共同作用下运动，牵引力和阻力的合力做了多少功，飞机的动能就增加了多少11．在探究弹簧的弹性势能的表达式时，下面猜想有一定道理的是（）A．重力势能与物体被举起的高度h有关，所以弹性势能与弹簧的长度有关B．重力势能与物体被举起的高度h有关，所以弹性势能很可能与弹簧拉伸的长度有关C．重力势能与物体所受的重力mg大小有关，所以弹性势能很可能与弹簧劲度系数有关D．重力势能与物体的质量有关，所以弹性势能很可能与弹簧的质量大小有关．12．如图（a），一物块在t=0时刻滑上一固定斜面，其运动的v﹣t图线如图（b）所示，若重力加速度及图中的v0，v1，t1均为已知量，则可求出（）A．斜面的倾角B．物块的质量C．物块与斜面间的动摩擦因数D．物块沿斜面向上滑行的最大高度三、实验题：（第13题8分，第14题6分，共14分）.13．三个同学根据不同的实验条件，进行了“探究平抛运动规律”的实验：（1）甲同学采用如图甲所示的装置．用小锤打击弹性金属片，金属片把A球沿水平方向弹出，同时B球被松开，自由下落，观察到两球同时落地，改变小锤打击的力度，即改变A球被弹出时的速度，两球仍然同时落地，这说明．（2）乙同学采用如图乙所示的装置．两个相同的弧形轨道M、N，分别用于发射小铁球P、Q，其中N的末端与可看作光滑的水平板相切；两轨道上端分别装有电磁铁C、D；调节电磁铁C、D的高度，使AC=BD，从而保证小铁球P、Q在轨道出口处的水平初速度v0相等，现将小铁球P、Q分别吸在电磁铁C、D上，然后切断电源，使两小铁球能以相同的初速度v0同时分别从轨道M、N的下端射出．实验可观察到的现象应是．仅仅改变弧形轨道M的高度，重复上述实验，仍能观察到相同的现象，这说明．（3）丙同学采用频闪摄影的方法拍摄到如图丙所示的小球做平抛运动的照片．图中每个小方格的边长为L=25cm，则由图可求得拍摄时每s曝光一次，该小球平抛的初速度大小为m/s（g取9.8m/s2）．14．某研究性学习小组利用气垫导轨验证机械能守恒定律，实验装置如图甲所示．当气垫导轨正常工作时导轨两侧喷出的气体使滑块悬浮在导轨上方，滑块运动时与导轨间的阻力可忽略不计．在气垫导轨上相隔一定距离L的两处安装两个光电传感器A、B，滑块P上固定一遮光条，若光线被遮光条遮挡，光电传感器会输出高电压，两光电传感器采集数据后与计算机相连．滑块在细线的牵引下向左加速运动，遮光条经过光电传感器A、B时，通过计算机可以得到如图乙所示的电压U随时间t变化的图线．（1）实验前，接通电源，将滑块（不挂钩码）置于气垫导轨上，轻推滑块，当图乙中的△t1△t2（选填“＞”“=”或“＜”）时，说明气垫导轨已经水平．（2）滑块P用细线跨过气垫导轨左端的定滑轮与质量为m的钩码Q相连，将滑块P由图甲所示位置释放，通过计算机得到的图象如图乙所示，若△t1、△t2、遮光条宽度d、AB间距为L、滑块质量M、钩码质量m 已知，若上述物理量间满足关系式，则表明在上述过程中，滑块和钩码组成的系统机械能守恒．（3）若遮光条宽度d=8.400mm，A、B间的距离L=160.00cm，△t1=8.40×10﹣3s，△t2=4.20×10﹣3s，滑块质量M=180g，钩码Q质量m=20g，则滑块从A运动到B的过程中系统势能的减少量△E p=J，系统动能的增量△E k=J．（g=9.80m/s2，计算结果保留三位有效数字）四、计算题：（本题共3小题，第15题12分，第16题14分，第17题12分，共38分）.15．人骑自行车上坡，坡长200m，坡高10m．人和车的质量共100kg，人蹬车的牵引力为100N，若在坡底时自行车的速度为10m/s，到坡顶时速度为4m/s．（g取10m/s2）求：（1）上坡过程中人克服阻力做多少功？（2）人若不蹬车，以10m/s的初速度冲上坡，能在坡上行驶多远？16．山谷中有三块石头和一根不可伸长的轻质青藤，其示意图如下．图中A、B、C、D均为石头的边缘点，O为青藤的固定点，h1=1.8m，h2=4.0m，x1=4.8m，x2=8.0m．开始时，质量分别为M=10kg和m=2kg的大、小两只滇金丝猴分别位于左边和中间的石头上，当大猴发现小猴将受到伤害时，迅速从左边石头A点起水平跳到中间石头，大猴抱起小猴跑到C点，抓住青藤下端荡到右边石头上的D点，此时速度恰好为零．运动过程中猴子均看成质点，空气阻力不计，重力加速度g=10m/s2．求：（1）大猴从A点水平跳离时速度的最小值；（2）猴子抓住青藤荡起时的速度大小；（3）猴子荡起时，青藤对猴子的拉力大小．17．若把甘肃省嘉峪关处的经度和纬度近似取为98°和北纬α=40°，已知地球半径R、地球自转周期T、地球表面重力加速度g（视为常量）和光速c．试求该同步卫星发出的微波信号传到嘉峪关处的接收站所需的时间（要求用题给的已知量的符号表示）．高一（下）期末物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（本题包括8小题，每小题4分，共32分，每小题只有一个选项是符合题意的）1．物理学史上是哪位科学家、由于哪项贡献而人们称为“能称出地球质量的人”（）A．阿基米德，发现了杠杆原理B．牛顿，发现了万有引力定律C．伽利略，测出了重力加速度的值D．卡文迪许，测出了万有引力常量【考点】物理学史．【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可【解答】解：牛顿发现了万有引力定律之后，卡文迪许测出了万有引力常量，被人们称为“能称出地球质量的人”，故D正确．故选：D2．关于物体做曲线运动，下列说法正确的是（）A．物体在恒力作用下不可能做曲线运动B．质点作曲线运动，速度的大小一定是时刻在变化C．作曲线运动的物体，其速度方向与加速度方向不在同一直线上D．物体在变力作用下不可能作直线运动【考点】物体做曲线运动的条件；曲线运动．【分析】物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，合外力大小和方向不一定变化；当合力与速度在同一条直线上时，物体就做直线运动，与合力的大小是否变化无关．【解答】解：A、物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，合外力大小和方向不一定变化，比如平抛运动受到的就恒力的作用，所以A错误．B、质点作曲线运动时，速度的方向一定是变化的，但速度的大小不一定变化，比如匀速圆周运动，所以B 错误．C、物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，由牛顿第二定律可知，合力的方向与加速度的方向是一样的，所以速度方向与加速度方向不在同一直线上，故C正确．D、物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，当变力的方向与速度的方向相同时，物体就做直线运动，只不过此时的物体的加速度是变化的，物体做的是加速度变化的直线运动，所以D错误．故选C．3．游泳运动员以恒定的速率垂直河岸横渡，当水速突然增大时，对运动员横渡经历的路程、时间发生的影响是（）A．路程增加、时间增加B．路程增加、时间缩短C．路程增加、时间不变D．路程、时间均与水速无关【考点】运动的合成和分解．【分析】将运动员的运动分解为沿河岸方向和垂直河岸方向，根据分运动和合运动具有等时性，渡河的时间等于在垂直河岸方向分运动的时间．最终的位移是两个位移的合位移．【解答】解：当水速突然增大时，在垂直河岸方向上的运动时间不变，所以横渡的时间不变．水速增大后在沿河岸方向上的位移增大，所以路程增加．故C正确，ABD错误．故选：C．4．汽车在平直的公路上以额定功率从静止开始行驶时（设汽车所受阻力一定），一定有（）A．速度变大，加速度变大 B．速度变小，加速度变小C．速度变大，加速度变小 D．速度最大时，牵引力最大【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【分析】根据P=Fv判断牵引力的变化，结合牛顿第二定律判断加速度的变化．【解答】解：汽车的功率保持不变，由静止开始运动，速度增大，根据P=Fv知，牵引力减小，根据牛顿第二定律得，a=，知道加速度减小，做加速度减小的加速运动，当加速度为零时，速度最大，此时牵引力最小．故C正确，A、B、D错误．故选：C5．如图所示在皮带传动中，两轮半径不等，下列说法哪些是正确的？（）A．两轮角速度相等B．两轮边缘线速度的大小相等C．大轮边缘一点的向心加速度大于小轮边缘一点的向心加速度D．同一轮上各点的向心加速度跟该点与中心的距离成正比【考点】线速度、角速度和周期、转速．【分析】靠皮带传动，轮子边缘上的点在相同时间内通过的弧长相同，则线速度相等，同一轮子上的各点角速度相等．根据v=rω，a==rω2去分析向心加速度与半径的关系．【解答】解：A、靠皮带传动，轮子边缘上的点的线速度大小相等，根据v=rω，知半径大的角速度小．故A错误，B正确．C、根据，知线速度相等，半径大的，向心加速度小．所以大轮边缘一点的向心加速度小于小轮边缘一点的向心加速度．故C错误．D、同一轮子上各点的角速度相等，根据a═rω2，同一轮上各点的向心加速度跟该点与中心的距离成正比．故D正确．故选BD．6．人造卫星沿圆轨道环绕地球运动．因为大气阻力的作用，其运动的高度将逐渐变化，由于高度变化很慢，在变化过程中的任一时刻，仍可认为卫星满足匀速圆周运动规律，下列关于卫星运动的一些物理量变化情况，正确的是（）A．线速度增大B．周期变大C．半径增大 D．向心加速度减小【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【分析】人造地球卫星绕地球做圆周运动万有引力提供圆周运动向心力，由此分析描述圆周运动的物理量与半径的关系，根据半径的变化分析各量的变化即可．【解答】解：因为受到高空稀薄空气的阻力作用，卫星的总机械能减小，高度逐渐降低即卫星圆周运动的轨道半径r减小，人造地球卫星绕地球做圆周运动万有引力提供圆周运动向心力有：=m=m=maA、C、根据以上的公式得：v=，受到高空稀薄空气的阻力作用，卫星高度逐渐降低即卫星圆周运动的轨道半径r减小，线速度增大，故A正确，C错误；B、根据以上的公式得：T=2π，半径r减小，周期减小，故B错误；D、根据以上的公式得：a=，半径r减小，向心加速度增大，故D错误；故选：A7．下列关于功率的说法中，正确的是（）A．引入功率的概念，是反映做功多少的B．引入功率的概念，是反映做功快慢的C．由P=Fv可知，做功的力越大，功率就越大D．由P=Fv可知，物体的运动速度越大，功率就越大【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【分析】功率等于单位时间内做功的多少，反映做功快慢的物理量，做功的力越大，功率不一定大．【解答】解：A、功率是反映做功快慢的物理量，故A错误，B正确．C、根据P=Fv知，做功的力越大，功率不一定大，还与速度有关，故C错误．D、根据P=Fv知，物体运动的速度越大，功率不一定大，故D错误．故选：B．8．跳伞运动员在刚跳离飞机、其降落伞尚未打开的一段时间内，下列说法中正确的是（）A．动能增加 B．重力势能增加C．空气阻力做正功D．空气阻力不做功【考点】机械能守恒定律．【分析】运动员下降时，受到重力和空气阻力作用，根据力与位移的方向分析力做功的正负．根据高度的变化，判断运动员重力势能大小的变化．分析运动员的运动情况判断动能的变化．【解答】解：A、在降落伞尚未打开的一段时间内，运动员受到向下的重力和向上的空气阻力作用，重力大于空气阻力，所以运动员做加速运动，动能增加，故A正确．B、运动员的高度下降，则其重力势能减小，故B错误．CD、空气阻力方向与运动方向相反，所以空气阻力做负功，故CD错误．故选：A二、选择题：本题共4小题，每小题4分，在每小题给出的四个选项中，第9～12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）.9．下列说法正确的是（）A．地球同步卫星的加速度为零，所以相对地面静止B．第一宇宙速度是发射人造卫星的最小速度C．第一宇宙速度是人造卫星绕地球做圆周运动的最大速度D．地球卫星的轨迹一定是圆的【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【分析】同步卫星相对地球静止，加速度不为零．第一宇宙速度是最小的发射速度，是绕地球做匀速圆周运动最大的环绕速度．【解答】解：A、地球同步卫星相对于地球静止，绕地球做匀速圆周运动，加速度不为零，故A错误．B、第一宇宙速度是最小的发射速度，由于轨道半径最小，根据v=知，第一宇宙速度是做匀速圆周运动最大的环绕速度，故BC正确．D、地球卫星的轨迹不一定是圆，也可能是椭圆，故D错误．故选：BC．10．关于动能定理，下列说法中正确的是（）A．动能定理反映的是物体运动过程中做功与动能变化件的关系B．动能定理的表达式“W=E k2﹣E k1”中，W为合力做的功，它等于各个力做功的代数和C．汽车在牵引力和阻力共同作用下运动，牵引力做了多少功，汽车的动能就增加多少D．飞机在牵引力和阻力共同作用下运动，牵引力和阻力的合力做了多少功，飞机的动能就增加了多少【考点】动能定理的应用．【分析】动能定理反映的是物体运动过程中做功与动能变化件的关系，内容是合外力对物体做的功等于物体动能的变化．由此分析即可．【解答】解：A、由动能定理的意义可知，动能定理反映的是物体运动过程中做功与动能变化件的关系，故A正确．B、动能定理的表达式“W=E k2﹣E k1”中，W为合力做的功，根据合力与分力是等效替代的关系，可知W也等于各个力做功的代数和，故B正确．CD、飞机在牵引力和阻力共同作用下运动，牵引力和阻力的合力做了多少功，由动能定理知，飞机的动能就增加了多少，故C错误，D正确．故选：ABD11．在探究弹簧的弹性势能的表达式时，下面猜想有一定道理的是（）A．重力势能与物体被举起的高度h有关，所以弹性势能与弹簧的长度有关B．重力势能与物体被举起的高度h有关，所以弹性势能很可能与弹簧拉伸的长度有关C．重力势能与物体所受的重力mg大小有关，所以弹性势能很可能与弹簧劲度系数有关D．重力势能与物体的质量有关，所以弹性势能很可能与弹簧的质量大小有关．【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系．【分析】根据E p=mgh知，重力势能与物体被举起的高度、物体的重力有关，采用类比的方法，得出弹簧的弹性势能与什么有关．【解答】解：A、根据E p=mgh知，重力势能与物体被举起的高度有关，采用类比的方法知，弹簧的弹性势能与弹簧的拉伸长度有关，即形变量有关；故B正确，A错误．B、根据E p=mgh知，重力势能与物体的重力有关，采用类比的方法知，弹簧的弹性势能与弹簧的劲度系数有关．故C正确，D错误．故选：BC．12．如图（a），一物块在t=0时刻滑上一固定斜面，其运动的v﹣t图线如图（b）所示，若重力加速度及图中的v0，v1，t1均为已知量，则可求出（）A．斜面的倾角B．物块的质量C．物块与斜面间的动摩擦因数D．物块沿斜面向上滑行的最大高度【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．【分析】由图b可求得物体运动过程及加速度，再对物体受力分析，由牛顿第二定律可明确各物理量是否能够求出．【解答】解：由图b可知，物体先向上减速到达最高时再向下加速；图象与时间轴围成的面积为物体经过的位移，故可出物体在斜面上的位移；图象的斜率表示加速度，上升过程及下降过程加速度均可求，上升过程有：mgsinθ+μmgcosθ=ma1；下降过程有：mgsinθ﹣μmgcosθ=ma2；两式联立可求得斜面倾角及动摩擦因数；但由于m均消去，故无法求得质量；因已知上升位移及夹角，则可求得上升的最大高度；故选：ACD．三、实验题：（第13题8分，第14题6分，共14分）.13．三个同学根据不同的实验条件，进行了“探究平抛运动规律”的实验：（1）甲同学采用如图甲所示的装置．用小锤打击弹性金属片，金属片把A球沿水平方向弹出，同时B球被松开，自由下落，观察到两球同时落地，改变小锤打击的力度，即改变A球被弹出时的速度，两球仍然同时落地，这说明．（2）乙同学采用如图乙所示的装置．两个相同的弧形轨道M、N，分别用于发射小铁球P、Q，其中N的末端与可看作光滑的水平板相切；两轨道上端分别装有电磁铁C、D；调节电磁铁C、D的高度，使AC=BD，从而保证小铁球P、Q在轨道出口处的水平初速度v0相等，现将小铁球P、Q分别吸在电磁铁C、D上，然后切断电源，使两小铁球能以相同的初速度v0同时分别从轨道M、N的下端射出．实验可观察到的现象应是．仅仅改变弧形轨道M的高度，重复上述实验，仍能观察到相同的现象，这说明．（3）丙同学采用频闪摄影的方法拍摄到如图丙所示的小球做平抛运动的照片．图中每个小方格的边长为L=25cm，则由图可求得拍摄时每s曝光一次，该小球平抛的初速度大小为m/s（g取9.8m/s2）．【考点】研究平抛物体的运动．【分析】（1）根据A球的竖直分运动与B球的运动相同得出平抛运动竖直分运动是自由落体运动．（2）根据P球水平方向上的分运动与Q球相同，得出平抛运动水平分运动是匀速直线运动．（3）根据竖直方向上连续相等时间内的位移之差是一恒量求出相等的时间间隔，结合水平位移和时间间隔求出平抛运动的初速度．【解答】解：（1）金属片把A球沿水品方向弹出，同时B球被松开自由下落，两球同时落地，改变A球被弹出时的速度，两球仍然同时落地，知A球竖直方向上的运动规律与B球相同，即平抛运动的竖直分运动是自由落体运动．（2）两小球能以相同的初速度v0同时分别从轨道M、N的末端射出．实验可观察到两球将相碰，知P球水平方向上的运动规律与Q球相同，即平抛运动在水平方向上做匀速直线运动．（3）在竖直方向上，根据△y=L=gT2得：T==s=0.05s，平抛运动的初速度为：v0==m/s=1.0m/s．故答案为：（1）平抛运动的物体在竖直方向上做自由落体运动；（2）P球击中Q球，平抛运动的物体在水平方向上做匀速直线运动；（3）0.05，1.0．14．某研究性学习小组利用气垫导轨验证机械能守恒定律，实验装置如图甲所示．当气垫导轨正常工作时导轨两侧喷出的气体使滑块悬浮在导轨上方，滑块运动时与导轨间的阻力可忽略不计．在气垫导轨上相隔一定距离L的两处安装两个光电传感器A、B，滑块P上固定一遮光条，若光线被遮光条遮挡，光电传感器会输出高电压，两光电传感器采集数据后与计算机相连．滑块在细线的牵引下向左加速运动，遮光条经过光电传感器A、B时，通过计算机可以得到如图乙所示的电压U随时间t变化的图线．（1）实验前，接通电源，将滑块（不挂钩码）置于气垫导轨上，轻推滑块，当图乙中的△t1△t2（选填“＞”“=”或“＜”）时，说明气垫导轨已经水平．（2）滑块P用细线跨过气垫导轨左端的定滑轮与质量为m的钩码Q相连，将滑块P由图甲所示位置释放，通过计算机得到的图象如图乙所示，若△t1、△t2、遮光条宽度d、AB间距为L、滑块质量M、钩码质量m 已知，若上述物理量间满足关系式，则表明在上述过程中，滑块和钩码组成的系统机械能守恒．（3）若遮光条宽度d=8.400mm，A、B间的距离L=160.00cm，△t1=8.40×10﹣3s，△t2=4.20×10﹣3s，滑块质量M=180g，钩码Q质量m=20g，则滑块从A运动到B的过程中系统势能的减少量△E p=J，系统动能的增量△E k=J．（g=9.80m/s2，计算结果保留三位有效数字）【考点】验证机械能守恒定律．【分析】（1）遮光条经过光电传感器A、B时间相同，说明滑块匀速运动，气垫导轨已经水平．（2）根据下降的高度求出系统重力势能的减小量，根据极短时间内的平均速度等于瞬时速度求出滑块通过光电门的速度，从而得出系统动能的增加量．（3）代入数据得出系统重力势能的减小量，以及系统动能的增加量．【解答】解：（1）当滑块做匀速直线运动，即挡光的时间相等，△t1=△t2，说明气垫导轨水平．（2）系统重力势能的减小量△E p=mgL，系统动能的增加量=，当mgL=，滑块和钩码组成的系统机械能守恒．（3）系统重力势能的减小量△E p=0.02×9.8×1.60J=0.314J，系统动能的增加量J=0.300J．故答案为：（1）=，（2）mgL=，（3）0.314，0.300．四、计算题：（本题共3小题，第15题12分，第16题14分，第17题12分，共38分）.15．人骑自行车上坡，坡长200m，坡高10m．人和车的质量共100kg，人蹬车的牵引力为100N，若在坡底时自行车的速度为10m/s，到坡顶时速度为4m/s．（g取10m/s2）求：（1）上坡过程中人克服阻力做多少功？（2）人若不蹬车，以10m/s的初速度冲上坡，能在坡上行驶多远？【考点】动能定理的应用；匀变速直线运动的位移与时间的关系；牛顿第二定律；功的计算．。

高一下学期期末考试物理试卷含答案(word版)

高一第二学期期末考试试卷物理注意事项：1．答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。

2．选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

3．非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

第Ⅰ卷（选择题，40分）一、选择题（本题共12小题，共40分。

在每小题给出的四个选项中，第1～8题只有一项符合题目要求，每小题3分，第9～12题有多个选项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．关于曲线运动，下列说法中正确的是（）A．曲线运动是变速运动，加速度一定变化B．做曲线运动的物体，速度与加速度的方向可以始终在一条直线上C．做曲线运动的物体，速度与加速度可以垂直D．做曲线运动的物体，速度的大小与方向都时刻发生改变2．关于静电场的等势面，下列说法正确的是（）A．两个电势不同的等势面可能相交B．电场线与等势面处处相互垂直C．同一等势面上各点电场强度一定相等D．将一负的试探电荷从电势较高的等势面移至电势较低的等势面，电场力做正功3．如图所示，物体A、B随水平圆盘绕轴匀速转动，物体B在水平方向所受的作用力有（）A．圆盘对B及A对B的摩擦力，两力都指向圆心B．圆盘对B的摩擦力指向圆心，A对B的摩擦力背离圆心C．圆盘对B及A对B的摩擦力和向心力D．圆盘对B的摩擦力和向心力4．质子疗法进行治疗，该疗法用一定能量的质子束照射肿瘤杀死癌细胞。

现用一直线加速器来加速质子，使其从静止开始被加速到1.0×107m/s。

已知加速电场的场强为1.3×105N/C，质子的质量为1.67×10-27kg，电荷量为1.6×10-19C，则下列说法正确的是（）A．加速过程中质子电势能增加B．质子所受到的电场力约为2×10－15NC．质子加速需要的时间约为8×10-6sD．加速器加速质子的直线长度约为4m5．一带负电荷的质点，仅在电场力作用下沿曲线abc从a运动到c，已知质点的速率是递减的。

高一物理下学期期末考试试题(含解析)

应对市爱护阳光实验学校高一物理下学期期末考试试题一、选择题〔共10小题，每题4分，总分值40分〕1．〔4分〕物体做曲线运动时，以下情况不可能的是〔〕A. 速度的大小不变而方向改变 B速度的大小改变而方向不变C. 加速度的大小和方向都不变 D. 加速度的大小不变而方向改变考点：曲线运动．.专题：物体做曲线运动条件专题．分析：根据物体做曲线运动的特点，速度一在变化但大小不一变，速度和加速度是否也变化不能决物体是否做曲线运动．解答：解：A、匀速圆周运动的速度的大小就不变，而方向在不断地变化，所以A可能存在．B、如果速度的方向不变，那就成了直线运动，不可能是曲线运动，所以B选项是不可能存在的．C、平抛运动也是曲线运动，它的加速度的大小和方向就都不变化，所以C可能存在．D、匀速圆周运动的加速度的大小就不变，而方向在不断地变化，所以D可能存在．此题选不可能的，应选：B．点评：此题主要是对质点做曲线运动的特点的考查，还要注意匀速圆周运动抛运动的各自的特点，知道这些此题根本上就可以解决了．2．〔4分〕用细线拴住小球在光滑的水平面内做匀速圆周运动，以下描述小球运动的物理量发生变化的是〔〕A. 动能B. 周期C. 向心加速度D. 角速度考点：匀速圆周运动．.专题：匀速圆周运动专题．分析：用细绳拉着质量为m的小球在光滑水平面上做匀速圆周运动，速度的大小不变，方向时刻改变，而动能是标量，只有大小，没有方向．周期是标量，不变，角速度虽然是矢量，但它的方向也不变．解答：解：A、动能E k=mv2是标量，只有大小没有方向，由于速度的大小不变，所以动能不变，故A错误；B、周期是标量，T=，v的大小不变，故匀速圆周运动的周期不变．故B错误．C、小球做匀速圆周运动，速度的大小不变，方向时刻改变．所以小球的速度不断改变，那么向心加速度也不断变化．故C正确．D、角速度虽然是矢量，但方向不变，大小ω=，v大小不变，角速度不变．故D错误．应选：C．点评：解决此题的关键知道匀速圆周运动的特点，速度方向是切线方向，动能是标量3．〔4分〕关于功和功率的概念，以下说法正确的选项是〔〕A．功有正、负之分，说明功有方向B．力是矢量，位移是矢量，根据W=Fs可知，功也是矢量C．功率越大，做功越多D．瞬时功率可能于平均功率考点：功率、平均功率和瞬时功率．.专题：功率的计算专题．分析：功率是描述做功快慢的物理量，功率大说明物体做功快，功率小说明物体做功慢，在分析功率的时候，一要注意公式的选择．解答：解：A、功是标量，没有方向，正负表示动力还是阻力做功，故AB错误；C、功率是描述做功快慢的物理量，功率越大，功不一多，还要看时间，故C错误．D、当物体做匀速直线运动时，拉力的平均功率于拉力的瞬时功率，故D正确．应选：D．点评：此题就是考查学生对功率概念的理解，知道功率是表示做功的快慢的物理量，做的功多，功率也不一大．4．〔4分〕一条河宽300m，水流速度3m/s，小船在静水中速度为4m/s，那么小船横渡该河所需的最短时间是〔〕A．43s B．60s C．75s D．100s考点：运动的合成和分解．.专题：运动的合成和分解专题．分当静水速与河岸垂直时，渡河时间最短；当合速度与河岸垂直时，渡河航程最短．析：解答：解：当静水速与河岸垂直时，垂直于河岸方向上的分速度最大，那么渡河时间最短，最短时间为：t==s=75s，故C正确，ABD错误；应选：C．点评：解决此题的关键知道合运动与分运动具有时性，当静水速与河岸垂直，渡河时间最短；当合速度与河岸垂直，渡河航程最短．5．〔4分〕“金星凌日〞是一种特殊天象，发生时地球，金星，太阳处在同一条直线上，从地球上可以看到金星就像一个小黑点一样在太阳外表缓慢移动，金星轨道在地球轨道的内侧，离太阳更近．假设金星和地球都绕太阳做匀速圆周运动，那么〔〕A．金星的线速度小于地球的线速度B．金星的角速度小于地球的角速度C．金星的周期大于地球的周期D．金星的向心的加速度大于地球的向心加速度考点：万有引力律及其用．.专题：万有引力律的用专题．分析：根据万有引力提供圆周运动向心力由半径大小关系分析线速度、角速度、周期与向心加速度的大小．解答：解：由题意知，金星轨道在地球轨道的内侧，所以金星的轨道半径小于地球的轨道半径，根据万有引力提供圆周运动向心力有知：A 、线速度，金星的轨道半径小线速度大，故A错误；B 、，金星的轨道半径小角速度大，故B错误；C、周期T=，金星的轨道半径小，周期小，故C错误；D 、向心加速度，金星的轨道半径小，向心加速度大，故D正确．应选：D．点评：能根据万有引力提供圆周运动向心力分析描述圆周运动的物理理与轨道半径的关系是正确解题的关键．6．〔4分〕如下图，木块m沿固的光滑斜面从静止开始下滑，当下降h高度时，重力做功的瞬时功率大小为〔〕A．m g B．m gcosθC．mgsinθD．m gsinθ考点：功率、平均功率和瞬时功率．.专题：功率的计算专题．分析：由机械能守恒律可求得木块下滑的高度，由功率公式可求得重力瞬时功率．解答：解：滑块下滑过程受重力和支持力，只有重力做功，机械能守恒，由机械能守恒得：mgh=mv2；解得：v=那么重力的功率为：P=mgvsinθ=mgsinθ应选：D．点评：功率公式P=Fv注意公式里的速度为与力F方向一致的速度，假设不在同一直线上，可以将速度进行分解，功率为力与沿力的方向上分速度的乘积．7．〔4分〕桌面高为h1，质量为m的小球从高出桌面h2的A点从静止开始下落到地面上的B点，以桌面为参考面，在此过程中小球重力做功和小球在桌面处的机械能分别为〔〕A．m g〔h1+h2〕，mgh2B．m gh2，mgh2C．m gh2，mg〔h1+h2〕D．m g〔h1+h2〕，mg〔h1+h2〕考点：机械能守恒律；重力势能．.专题：机械能守恒律用专题．分析：解答此题要掌握：重力做功只与物体始末位置有关，与路径无关，与零势能点的选取无关；重力势能大小与零势能点的选取有关，同一位置选择的零势能点不同，对的重力势能就不同．根据机械能守恒律求解小球在桌面处的机械能．解答：解：小球下落的始末位置的高度差为：h1+h2，故重力做功为：W=mg〔h1+h2〕小球下落过程中机械能守恒，那么知小球在桌面处的机械能于刚开始下落时的机械能，为E=mgh2；应选：A．点评：重力势能、重力做功特点，重力势能和重力做功之间的关系是学生必须掌握的内容，在学习过程中要理解．8．〔4分〕〔2021•〕如下图，一物体自倾角为θ的固斜面顶端沿水平方向抛出后落在斜面上．物体与斜面接触时速度与水平方向的夹角φ满足〔〕A．t anφ=sinθB．t anφ=cosθC．t anφ=tanθD．t anφ=2tanθ考点：平抛运动．.专题：平抛运动专题．分析：φ为速度与水平方向的夹角，tanφ为竖直速度与水平速度之比；θ为平抛运动位移与水平方向的夹角，tanθ为竖直位移与水平位移之比．解答：解：竖直速度与水平速度之比为：tanφ=，竖直位移与水平位移之比为：tanθ==，故tanφ=2tanθ，应选：D．点评：解决此题的关键掌握速度与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍．9．〔4分〕如下图为一皮带传动装置，右轮的半径为r，a是它边缘上一点，左侧是一轮轴，大轮的半径为4r，小轮的半径为2r，在小轮中间有一点b，到小轮中心的距离为r，c点位于大轮的边缘上，假设在传动过程中，皮带不打滑，那么〔〕A． a，b两点的角速度大小之比为2：1 B．a，b两点线速度大小之比为1：1C． a，c两点角速度大小之比为1：2 D．a，c两点向心加速度大小之比为2：1考点：线速度、角速度和周期、转速；向心加速度．.专题：匀速圆周运动专题．分析：传送带在传动过程中不打滑，那么传送带传动的两轮子边缘上各点的线速度大小相，共轴的轮子上各点的角速度相．再根据v=rω，a=去求解．解答：解：A、a点与左侧小轮边缘上的点线速度大小相，根据v=rω，知角速度之比为2：1，而小轮边缘上的点与b点的角速度相，所以a、b两点的角速度之比为2：1．故A正确．B、a、b两点的角速度之比为2：1，半径之比为1：1，那么线速度之比为2：1．故B错误．C、左侧小轮边缘上的点与c点的角速度相，知a点与c点的角速度之比为2：1．故C错误．D、a点与c点的角速度之比为2：1，半径之比为1：4，根据a=rω2知，向心加速度之比为1：1．故D错误．应选：A．点评：传送带在传动过程中不打滑，那么传送带传动的两轮子边缘上各点的线速度大小相，共轴的轮子上各点的角速度相．10．〔4分〕如图，用跨过光滑滑轮的缆绳将静止在湖面上一艘失去动力的小船沿直线拖向岸边．拖动缆绳的电动机功率恒为P，小船的质量为m，小船受到的阻力大小恒为f，经过A点时缆绳与水平方向的夹角为θ，小船的速度大小为v0，那么此时小船的加速度大小a和缆绳对船的拉力F为〔缆绳质量忽略不计〕〔〕A．a=〔﹣f〕，F=B．a=〔﹣f〕，F=C．a=〔﹣f〕，F=D．a=〔﹣f〕，F=考点：运动的合成和分解．.专题：运动的合成和分解专题．分析：设小船经过B点时绳的拉力大小为F，绳与水平方向夹角为θ，绳的速度大小为u，根据牛顿第二律、功率P=Fv，以及小船速度与绳子收缩速度的关系求出B点的加速度．解答：解：设小船经过B点时绳的拉力大小为F，绳与水平方向夹角为θ，绳的速度大小为u，那么P=Fu因u=v0cosθ牛顿第二律Fcosθ﹣f=ma联立得a=〔﹣f〕F=；应选：D．点评：此题综合考查了牛顿第二律知识，功率的计算和速度的分解，对学生能力要求较高．二、填空题〔没空2分，共14分〕11．〔4分〕将20kg的物体从静止开始以2m/s2的加速度竖直提升4m，拉力做功的平均功率为480 W，到达4m末端时拉力的瞬时功率为960 W．考点：功率、平均功率和瞬时功率．.专题：功率的计算专题．分析：对物体受力分析，由牛顿第二律可以求得拉力的大小，根据恒力做功公式求出拉力做的功，由求解平均功率，由运动学的规律可以求得瞬时速度的大小，再由瞬时功率的公式可以求得拉力的瞬时功率．解答：解：对物体受力分析，由牛顿第二律可得，F﹣mg=ma所以拉力F=mg+ma=20×10+20×2N=240N．根据x=解得；t=2s所以=由 v2=2ax得 v=4m/s由瞬时功率的公式，P=Fv=240×4N=960W，故答案为：480；960点评：分析功率的时候，一要注意公式的选择，只能计算平均功率的大小，而P=Fv可以计算平均功率也可以是瞬时功率，取决于速度是平均速度还是瞬时速度．12．〔4分〕放在水平圆盘上质量为0.5kg的小物块离转轴距离为0.2m，物块与圆盘间的动摩擦因数为0.2．当小物块随圆盘一起以2rad/s的角速度做匀速圆周运动时，其受到的摩擦力大小为0.4 N，方向为沿半径方向指向圆心．考点：摩擦力的判断与计算．.专题：摩擦力专题．分析：分析物体的受力情况，根据静摩擦力提供圆周运动向心力来计算摩擦力的大小及方向；解答：解：由题意知，滑块受竖直向下的重力和竖直向上的支持力还有静摩擦力作用，根据合力提供圆周运动向心力知，此时静摩擦力与滑块圆周运动向心力相，故滑块受到静摩擦力的大小F f=mrω2=0.55×0.2×22N=0.4N因为静摩擦力提供圆周运动向心力知，静摩擦力的方向指向转轴；故答案为：0.4；沿半径方向指向圆心．点评：解决此题的关键知道圆周运动向心力的来源，结合牛顿第二律进行求解，以及知道线速度与角速度的大小关系．13．〔6分〕“钓群岛〞一直都是我国的固有领土，位于北纬25°，莱湖市那么位于北纬32°．假设钓鱼岛和莱湖市随地球自转的线速度大小分别为v1和v2，随地球自转的角速度大小分别为ω1和ω2，随着地球自转周期分别为T1和T2，那么v1＞v2，ω1= ω2，T1= T2．〔选填“＞〞，“＜〞或“=〞〕考点：线速度、角速度和周期、转速．.专题：匀速圆周运动专题．分析：随着地球一起自转，角速度相，周期相，结合转动半径的大小比拟线速度大小关系．解答：解：钓鱼岛和莱湖市随地球自转，角速度相，根据T=知，周期相．根据v=rω，钓鱼岛的半径大，那么线速度大．故答案为：＞，=，=．点评：解决此题的关键知道共轴转动，角速度相，知道线速度与角速度的大小关系，并能灵活运用．14．〔6分〕频闪摄影是研究变速运动常用的手段．在暗室中，照相机的快门处于常开状态，频闪仅每隔一时间发出一次短暂的强烈闪光，照亮运动的物体，于是片上记录了物体在几个闪光时刻的位置．某物理小组利用图甲所示装置探究平抛运动规律．他们分别在该装置正上方A处和右侧B处安装了频闪仪器并进行拍摄，得到的频闪照片如图乙，O为抛出点，P为抛出轨迹上某点．根据平抛运动规律答复以下问题：〔1〕乙图中，A 处拍摄的频闪照片为 b ；〔选填“a〞或“b〞〕〔2〕测得图乙〔a〕中OP距离为45cm ，〔b〕中OP距离为30cm，那么平抛物体的初速度为 1 m/s，p点速度为m/s．考点：研究平抛物体的运动．.专题：题．分析：小球做平抛运动，摄像头A拍摄小球水平方向上的匀速直线运动，摄像头B拍摄小球竖直方向的自由落体运动，分别在水平方向和竖直方向上列式求解．解答：解：〔1〕小球做平抛运动，平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，摄像头A拍摄的是水平方向上的运动，故该是间距相的点．故摄像头A所拍摄的频闪照片为b图．〔2〕摄像头A拍摄小球水平方向上的匀速直线运动，摄像头B拍摄小球竖直方向的自由落体运动，根据测得图乙〔a〕OP距离为h=45cm，那么，解得：t=由〔b〕中OP距离为s=30cm，那么s=v0t，解得平抛物体的初速度大小为．P点竖直速度大小为v y=gt=10×0.3m/s=3m/s，所以P点的速度大小，由勾股理得．故答案为：〔1〕b；〔2〕1；．点评：解决此题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式和推论灵活求解．15．〔10分〕在“验证机械能守恒律〞的中，打点计时器所用电源的频率为50Hz．查得当地的重力加速度为g=10m/s2，某同学选择了一条理想的纸带，测得各计数点到O点对的长度如下图．图中O点是打点计时器打出的第一个点，A，B，C，D分别是每打两个点取出的计数点，问：〔1〕在该中不必要的仪器是ABC ．〔只需填字母代号〕 A．秒表 B．弹簧测力计 C．天平 D．刻度尺〔2〕假设重物质量为1kg，重物由O点运动到B点过程中，重力势能减少量为5 J，动能的增加量是9 J．〔结果保存三位有效数字〕〔3〕根据计算的数据可得出的结论是在误差允许的范围内，重物下落机械能守恒，产生误差的主要原因是受到摩擦阻力．考点：验证机械能守恒律．.专题：题．分析：〔1〕在“验证机械能守恒律〞的中，我们验证的是减少的重力势能与增加的动能之间的关系，根据这个原理判断需要的器材．〔2〕减少的重力势能为mgh，增加的动能为mv2，代入计算求解．〔3〕由于系统受到阻力的原因，所以减少的重力势能有一转化为内能，所以会出现减少的重力势能不于增加的动能的情况．解答：解：〔1〕在“验证机械能守恒律〞的中，我们验证的是减少的重力势能与增加的动能之间的关系，根据这个原理判断需要的器材．A、打点计时器本身可以计时，不需要秒表，故A错误；B、该不需要测量力的大小，不需要弹簧测力计，故B错误；C、我们要验证的是：mgh=mv2，m约掉，故不需要天平，故C错误；D、需要刻度尺测量位移，故D正确；此题选择不需要的，应选：ABC．〔2〕减少的重力势能：△E p=mgh=1×10×10﹣2×10=5 J利用匀变速直线运动的推论得：B点的速度为：v B==1.94m/s所以增加的动能为：△E K=m=9 J〔3〕由步骤〔2〕的数据得：减少的重力势能近似于增加的动能，故结论为：在误差允许的范围内，重物下落机械能守恒．由于受到摩擦阻力的原因，所以减少的重力势能有一转化为内能，所以会出现减少的重力势能不于增加的动能的情况．故答案为：〔1〕ABC，〔2〕5；9，〔3〕在误差允许的范围内，重物下落机械能守恒；受到摩擦阻力．点评：纸带问题的处理时力学中常见的问题，计算过程中要注意单位的换算和有效数字的保存．要知道重物带动纸带下落过程中能量转化的过程和能量守恒．四、计算与简答〔16题8分，17题8分，18题14分，共30分〕16．〔8分〕〔2021•〕如下图，质量为m的小物块在粗糙水平桌面上做直线运动，经距离l后以速度v飞离桌面，最终落在水平地面上．l=1.4m，v=3.0m/s，m=0.10kg，物块与桌面间的动摩擦因数μ=0.25，桌面高h=0.45m，不计空气阻力，重力加速度取10m/s2，求：〔1〕小物块落地点距飞出点的水平距离s；〔2〕小物块落地时的动能E K；〔3〕小物块的初速度大小v0．考点：动能理的用；平抛运动．.专题：动能理的用专题．分析：〔1〕物块离开桌面后做平抛运动，由匀速与匀变速运动规律可以求出水平距离．〔2〕由动能理可以求出落地动能．〔3〕由动能理可以求出物块的初速度．解答：解：〔1〕物块飞出桌面后做平抛运动，竖直方向：h=gt2，解得：t=0.3s，水平方向：s=vt=0.9m；〔2〕对物块从飞出桌面到落地，由动能理得：mgh=mv12﹣mv22，落地动能E K=mv12=0.9J；〔3〕对滑块从开始运动到飞出桌面，由动能理得：﹣μmgl=mv2﹣mv02，解得：v0=4m/s；答：〔1〕小物块落地点距飞出点的水平距离为0.9m．〔2〕小物块落地时的动能为0.9J．〔3〕小物块的初速度为4m/s．点评：要掌握用动能理解题的方法与思路；〔2〕〔3〕两问也可以用牛顿律、运动学公式求解．17．〔8分〕“嫦娥三号〞探测器于2013年12月2日凌晨在西昌发心发射．“嫦娥三号〞经过几次变轨以后，探测器状态极其良好，进入绕月轨道．12月14日21时11分，“嫦娥三号〞探测器在月球外表着陆，标志着我国已成为上第三个实现地外天体软着陆的国家．设“嫦娥三号〞探测器环绕月球的运动为匀速圆周运动，它距月球外表的高度为h，月球外表的重力加速度为g，月球半径为R，引力常量为G，求：〔1〕月球的质量；〔2〕探测器绕月球运动的速度；〔3〕探测器绕月球运动的周期．考点：万有引力律及其用．.专题：万有引力律的用专题．分析：〔1〕月球外表重力于万有引力求得月球质量；〔2〕根据万有引力提供圆周运动向心力求解探测器的线速度；〔3〕根据万有引力提供圆周运动向心力求探测器的周期．解答：解：〔1〕在月球外表重力于万有引力有：可得月球质量为：M=〔2〕月球对探测器的万有引力提供圆周运动向心力有：可得探测器的线速度为：=〔3〕月球对探测器的万有引力提供圆周运动向心力有：得探测器圆周运动的周期为：T==答：〔1〕月球的质量为；〔2〕探测器绕月球运动的速度为；〔3〕探测器绕月球运动的周期为．点评：从星球外表万有引力于重力和万有引力提供圆周运动向心力两方面入手求解是关键．18．〔14分〕如下图，AB和CDO都是处于竖直平面内的光滑圆弧形轨道，OA 处于水平位置．AB是半径为R=2m的圆周轨道，CDO是半径为r=1m的半圆轨道，最高点O处固一个竖直弹性档板．D为CDO轨道的点．BC段是水平粗糙轨道，与圆弧形轨道平滑连接．BC段水平轨道长L=2m，与小球之间的动摩擦因数μ=0.4．现让一个质量为m=1kg的小球P从A点的正上方距水平线OA高H 处自由落下．〔取g=10m/s2〕〔1〕当H=1.4m时，问此球第一次到达D点对轨道的压力大小．〔2〕当H=1.4m时，试通过计算判断此球是否会脱离CDO轨道．如果会脱离轨道，求脱离前球在水平轨道经过的路程．如果不会脱离轨道，求静止前球在水平轨道经过的路程．考点：动能理；牛顿第二律．.专题：动能理的用专题．分析：〔1〕先对从P到D过程根据动能理列式求解D点速度，然后由支持力提供向心力列式求解支持力．〔2〕先判断能够第一次到达O点，第二次来到D点是沿着原路返回，然后判断能否第三次到达D 点，最后对全程根据动能理列式求解总路程．解答：解：〔1〕设小球第一次到达D的速度V D，P到D点的过程对小球根据动能理列式，有：mg〔H+r〕﹣μmgL=mV D2在D点对小球列牛顿第二律：F N=m联立解得：F N=32N〔2〕第一次来到O点，速度V1P到O点的过程对小球根据动能理列式，有：mgH﹣μmgL=mV12解得：V12=12要能通过O点，须mg＜m临界速度V O2=10故第一次来到O点之前没有脱离，第二次来到D点是沿着原路返回，设第三次来到D点的动能E K对之前的过程根据动能理列式，有：mg〔H+r〕﹣3μmgL=E K代入解得：E K=0故小球一直没有脱离CDO轨道设此球静止前在水平轨道经过的路程S对全过程根据动能理列式，有：mg〔H+R〕﹣μmgS=0解得：S=8.5m答：〔1〕当H=1.4m时，此球第一次到达D点对轨道的压力大小为32N．〔2〕当H=1.4m时，此球不会脱离CDO轨道，静止前球在水平轨道经过的路程为8.5m．点评：此题关键是结合动能理和向心力公式判断物体的运动情况，注意临界点D和Q位置的判断．。

高一下学期期末物理试卷(含答案及解析)

高一（下）期末物理试卷一、单项选择题（本题包括8小题，每小题4分，共32分，每小题只有一个选项是符合题意的）1．物理学史上是哪位科学家、由于哪项贡献而人们称为“能称出地球质量的人”（）A．阿基米德，发现了杠杆原理B．牛顿，发现了万有引力定律C．伽利略，测出了重力加速度的值D．卡文迪许，测出了万有引力常量2．关于物体做曲线运动，下列说法正确的是（）A．物体在恒力作用下不可能做曲线运动B．质点作曲线运动，速度的大小一定是时刻在变化C．作曲线运动的物体，其速度方向与加速度方向不在同一直线上D．物体在变力作用下不可能作直线运动3．游泳运动员以恒定的速率垂直河岸横渡，当水速突然增大时，对运动员横渡经历的路程、时间发生的影响是（）A．路程增加、时间增加B．路程增加、时间缩短C．路程增加、时间不变D．路程、时间均与水速无关4．汽车在平直的公路上以额定功率从静止开始行驶时（设汽车所受阻力一定），一定有（）A．速度变大，加速度变大 B．速度变小，加速度变小C．速度变大，加速度变小 D．速度最大时，牵引力最大5．如图所示在皮带传动中，两轮半径不等，下列说法哪些是正确的？（）A．两轮角速度相等B．两轮边缘线速度的大小相等C．大轮边缘一点的向心加速度大于小轮边缘一点的向心加速度D．同一轮上各点的向心加速度跟该点与中心的距离成正比6．人造卫星沿圆轨道环绕地球运动．因为大气阻力的作用，其运动的高度将逐渐变化，由于高度变化很慢，在变化过程中的任一时刻，仍可认为卫星满足匀速圆周运动规律，下列关于卫星运动的一些物理量变化情况，正确的是（）A．线速度增大B．周期变大C．半径增大 D．向心加速度减小7．下列关于功率的说法中，正确的是（）A．引入功率的概念，是反映做功多少的B．引入功率的概念，是反映做功快慢的C．由P=Fv可知，做功的力越大，功率就越大D．由P=Fv可知，物体的运动速度越大，功率就越大8．跳伞运动员在刚跳离飞机、其降落伞尚未打开的一段时间内，下列说法中正确的是（）A．动能增加 B．重力势能增加C．空气阻力做正功D．空气阻力不做功二、选择题：本题共4小题，每小题4分，在每小题给出的四个选项中，第9～12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）.9．下列说法正确的是（）A．地球同步卫星的加速度为零，所以相对地面静止B．第一宇宙速度是发射人造卫星的最小速度C．第一宇宙速度是人造卫星绕地球做圆周运动的最大速度D．地球卫星的轨迹一定是圆的10．关于动能定理，下列说法中正确的是（）A．动能定理反映的是物体运动过程中做功与动能变化件的关系B．动能定理的表达式“W=E k2﹣E k1”中，W为合力做的功，它等于各个力做功的代数和C．汽车在牵引力和阻力共同作用下运动，牵引力做了多少功，汽车的动能就增加多少D．飞机在牵引力和阻力共同作用下运动，牵引力和阻力的合力做了多少功，飞机的动能就增加了多少11．在探究弹簧的弹性势能的表达式时，下面猜想有一定道理的是（）A．重力势能与物体被举起的高度h有关，所以弹性势能与弹簧的长度有关B．重力势能与物体被举起的高度h有关，所以弹性势能很可能与弹簧拉伸的长度有关C．重力势能与物体所受的重力mg大小有关，所以弹性势能很可能与弹簧劲度系数有关D．重力势能与物体的质量有关，所以弹性势能很可能与弹簧的质量大小有关．12．如图（a），一物块在t=0时刻滑上一固定斜面，其运动的v﹣t图线如图（b）所示，若重力加速度及图中的v0，v1，t1均为已知量，则可求出（）A．斜面的倾角B．物块的质量C．物块与斜面间的动摩擦因数D．物块沿斜面向上滑行的最大高度三、实验题：（第13题8分，第14题6分，共14分）.13．三个同学根据不同的实验条件，进行了“探究平抛运动规律”的实验：（1）甲同学采用如图甲所示的装置．用小锤打击弹性金属片，金属片把A球沿水平方向弹出，同时B球被松开，自由下落，观察到两球同时落地，改变小锤打击的力度，即改变A球被弹出时的速度，两球仍然同时落地，这说明．（2）乙同学采用如图乙所示的装置．两个相同的弧形轨道M、N，分别用于发射小铁球P、Q，其中N的末端与可看作光滑的水平板相切；两轨道上端分别装有电磁铁C、D；调节电磁铁C、D的高度，使AC=BD，从而保证小铁球P、Q在轨道出口处的水平初速度v0相等，现将小铁球P、Q分别吸在电磁铁C、D上，然后切断电源，使两小铁球能以相同的初速度v0同时分别从轨道M、N的下端射出．实验可观察到的现象应是．仅仅改变弧形轨道M的高度，重复上述实验，仍能观察到相同的现象，这说明．（3）丙同学采用频闪摄影的方法拍摄到如图丙所示的小球做平抛运动的照片．图中每个小方格的边长为L=25cm，则由图可求得拍摄时每s曝光一次，该小球平抛的初速度大小为m/s（g取9.8m/s2）．14．某研究性学习小组利用气垫导轨验证机械能守恒定律，实验装置如图甲所示．当气垫导轨正常工作时导轨两侧喷出的气体使滑块悬浮在导轨上方，滑块运动时与导轨间的阻力可忽略不计．在气垫导轨上相隔一定距离L的两处安装两个光电传感器A、B，滑块P上固定一遮光条，若光线被遮光条遮挡，光电传感器会输出高电压，两光电传感器采集数据后与计算机相连．滑块在细线的牵引下向左加速运动，遮光条经过光电传感器A、B时，通过计算机可以得到如图乙所示的电压U随时间t变化的图线．（1）实验前，接通电源，将滑块（不挂钩码）置于气垫导轨上，轻推滑块，当图乙中的△t1△t2（选填“＞”“=”或“＜”）时，说明气垫导轨已经水平．（2）滑块P用细线跨过气垫导轨左端的定滑轮与质量为m的钩码Q相连，将滑块P由图甲所示位置释放，通过计算机得到的图象如图乙所示，若△t1、△t2、遮光条宽度d、AB间距为L、滑块质量M、钩码质量m 已知，若上述物理量间满足关系式，则表明在上述过程中，滑块和钩码组成的系统机械能守恒．（3）若遮光条宽度d=8.400mm，A、B间的距离L=160.00cm，△t1=8.40×10﹣3s，△t2=4.20×10﹣3s，滑块质量M=180g，钩码Q质量m=20g，则滑块从A运动到B的过程中系统势能的减少量△E p=J，系统动能的增量△E k=J．（g=9.80m/s2，计算结果保留三位有效数字）四、计算题：（本题共3小题，第15题12分，第16题14分，第17题12分，共38分）.15．人骑自行车上坡，坡长200m，坡高10m．人和车的质量共100kg，人蹬车的牵引力为100N，若在坡底时自行车的速度为10m/s，到坡顶时速度为4m/s．（g取10m/s2）求：（1）上坡过程中人克服阻力做多少功？（2）人若不蹬车，以10m/s的初速度冲上坡，能在坡上行驶多远？16．山谷中有三块石头和一根不可伸长的轻质青藤，其示意图如下．图中A、B、C、D均为石头的边缘点，O为青藤的固定点，h1=1.8m，h2=4.0m，x1=4.8m，x2=8.0m．开始时，质量分别为M=10kg和m=2kg的大、小两只滇金丝猴分别位于左边和中间的石头上，当大猴发现小猴将受到伤害时，迅速从左边石头A点起水平跳到中间石头，大猴抱起小猴跑到C点，抓住青藤下端荡到右边石头上的D点，此时速度恰好为零．运动过程中猴子均看成质点，空气阻力不计，重力加速度g=10m/s2．求：（1）大猴从A点水平跳离时速度的最小值；（2）猴子抓住青藤荡起时的速度大小；（3）猴子荡起时，青藤对猴子的拉力大小．17．若把甘肃省嘉峪关处的经度和纬度近似取为98°和北纬α=40°，已知地球半径R、地球自转周期T、地球表面重力加速度g（视为常量）和光速c．试求该同步卫星发出的微波信号传到嘉峪关处的接收站所需的时间（要求用题给的已知量的符号表示）．高一（下）期末物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（本题包括8小题，每小题4分，共32分，每小题只有一个选项是符合题意的）1．物理学史上是哪位科学家、由于哪项贡献而人们称为“能称出地球质量的人”（）A．阿基米德，发现了杠杆原理B．牛顿，发现了万有引力定律C．伽利略，测出了重力加速度的值D．卡文迪许，测出了万有引力常量【考点】物理学史．【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可【解答】解：牛顿发现了万有引力定律之后，卡文迪许测出了万有引力常量，被人们称为“能称出地球质量的人”，故D正确．故选：D2．关于物体做曲线运动，下列说法正确的是（）A．物体在恒力作用下不可能做曲线运动B．质点作曲线运动，速度的大小一定是时刻在变化C．作曲线运动的物体，其速度方向与加速度方向不在同一直线上D．物体在变力作用下不可能作直线运动【考点】物体做曲线运动的条件；曲线运动．【分析】物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，合外力大小和方向不一定变化；当合力与速度在同一条直线上时，物体就做直线运动，与合力的大小是否变化无关．【解答】解：A、物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，合外力大小和方向不一定变化，比如平抛运动受到的就恒力的作用，所以A错误．B、质点作曲线运动时，速度的方向一定是变化的，但速度的大小不一定变化，比如匀速圆周运动，所以B 错误．C、物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，由牛顿第二定律可知，合力的方向与加速度的方向是一样的，所以速度方向与加速度方向不在同一直线上，故C正确．D、物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，当变力的方向与速度的方向相同时，物体就做直线运动，只不过此时的物体的加速度是变化的，物体做的是加速度变化的直线运动，所以D错误．故选C．3．游泳运动员以恒定的速率垂直河岸横渡，当水速突然增大时，对运动员横渡经历的路程、时间发生的影响是（）A．路程增加、时间增加B．路程增加、时间缩短C．路程增加、时间不变D．路程、时间均与水速无关【考点】运动的合成和分解．【分析】将运动员的运动分解为沿河岸方向和垂直河岸方向，根据分运动和合运动具有等时性，渡河的时间等于在垂直河岸方向分运动的时间．最终的位移是两个位移的合位移．【解答】解：当水速突然增大时，在垂直河岸方向上的运动时间不变，所以横渡的时间不变．水速增大后在沿河岸方向上的位移增大，所以路程增加．故C正确，ABD错误．故选：C．4．汽车在平直的公路上以额定功率从静止开始行驶时（设汽车所受阻力一定），一定有（）A．速度变大，加速度变大 B．速度变小，加速度变小C．速度变大，加速度变小 D．速度最大时，牵引力最大【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【分析】根据P=Fv判断牵引力的变化，结合牛顿第二定律判断加速度的变化．【解答】解：汽车的功率保持不变，由静止开始运动，速度增大，根据P=Fv知，牵引力减小，根据牛顿第二定律得，a=，知道加速度减小，做加速度减小的加速运动，当加速度为零时，速度最大，此时牵引力最小．故C正确，A、B、D错误．故选：C5．如图所示在皮带传动中，两轮半径不等，下列说法哪些是正确的？（）A．两轮角速度相等B．两轮边缘线速度的大小相等C．大轮边缘一点的向心加速度大于小轮边缘一点的向心加速度D．同一轮上各点的向心加速度跟该点与中心的距离成正比【考点】线速度、角速度和周期、转速．【分析】靠皮带传动，轮子边缘上的点在相同时间内通过的弧长相同，则线速度相等，同一轮子上的各点角速度相等．根据v=rω，a==rω2去分析向心加速度与半径的关系．【解答】解：A、靠皮带传动，轮子边缘上的点的线速度大小相等，根据v=rω，知半径大的角速度小．故A错误，B正确．C、根据，知线速度相等，半径大的，向心加速度小．所以大轮边缘一点的向心加速度小于小轮边缘一点的向心加速度．故C错误．D、同一轮子上各点的角速度相等，根据a═rω2，同一轮上各点的向心加速度跟该点与中心的距离成正比．故D正确．故选BD．6．人造卫星沿圆轨道环绕地球运动．因为大气阻力的作用，其运动的高度将逐渐变化，由于高度变化很慢，在变化过程中的任一时刻，仍可认为卫星满足匀速圆周运动规律，下列关于卫星运动的一些物理量变化情况，正确的是（）A．线速度增大B．周期变大C．半径增大 D．向心加速度减小【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【分析】人造地球卫星绕地球做圆周运动万有引力提供圆周运动向心力，由此分析描述圆周运动的物理量与半径的关系，根据半径的变化分析各量的变化即可．【解答】解：因为受到高空稀薄空气的阻力作用，卫星的总机械能减小，高度逐渐降低即卫星圆周运动的轨道半径r减小，人造地球卫星绕地球做圆周运动万有引力提供圆周运动向心力有：=m=m=maA、C、根据以上的公式得：v=，受到高空稀薄空气的阻力作用，卫星高度逐渐降低即卫星圆周运动的轨道半径r减小，线速度增大，故A正确，C错误；B、根据以上的公式得：T=2π，半径r减小，周期减小，故B错误；D、根据以上的公式得：a=，半径r减小，向心加速度增大，故D错误；故选：A7．下列关于功率的说法中，正确的是（）A．引入功率的概念，是反映做功多少的B．引入功率的概念，是反映做功快慢的C．由P=Fv可知，做功的力越大，功率就越大D．由P=Fv可知，物体的运动速度越大，功率就越大【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【分析】功率等于单位时间内做功的多少，反映做功快慢的物理量，做功的力越大，功率不一定大．【解答】解：A、功率是反映做功快慢的物理量，故A错误，B正确．C、根据P=Fv知，做功的力越大，功率不一定大，还与速度有关，故C错误．D、根据P=Fv知，物体运动的速度越大，功率不一定大，故D错误．故选：B．8．跳伞运动员在刚跳离飞机、其降落伞尚未打开的一段时间内，下列说法中正确的是（）A．动能增加 B．重力势能增加C．空气阻力做正功D．空气阻力不做功【考点】机械能守恒定律．【分析】运动员下降时，受到重力和空气阻力作用，根据力与位移的方向分析力做功的正负．根据高度的变化，判断运动员重力势能大小的变化．分析运动员的运动情况判断动能的变化．【解答】解：A、在降落伞尚未打开的一段时间内，运动员受到向下的重力和向上的空气阻力作用，重力大于空气阻力，所以运动员做加速运动，动能增加，故A正确．B、运动员的高度下降，则其重力势能减小，故B错误．CD、空气阻力方向与运动方向相反，所以空气阻力做负功，故CD错误．故选：A二、选择题：本题共4小题，每小题4分，在每小题给出的四个选项中，第9～12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）.9．下列说法正确的是（）A．地球同步卫星的加速度为零，所以相对地面静止B．第一宇宙速度是发射人造卫星的最小速度C．第一宇宙速度是人造卫星绕地球做圆周运动的最大速度D．地球卫星的轨迹一定是圆的【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【分析】同步卫星相对地球静止，加速度不为零．第一宇宙速度是最小的发射速度，是绕地球做匀速圆周运动最大的环绕速度．【解答】解：A、地球同步卫星相对于地球静止，绕地球做匀速圆周运动，加速度不为零，故A错误．B、第一宇宙速度是最小的发射速度，由于轨道半径最小，根据v=知，第一宇宙速度是做匀速圆周运动最大的环绕速度，故BC正确．D、地球卫星的轨迹不一定是圆，也可能是椭圆，故D错误．故选：BC．10．关于动能定理，下列说法中正确的是（）A．动能定理反映的是物体运动过程中做功与动能变化件的关系B．动能定理的表达式“W=E k2﹣E k1”中，W为合力做的功，它等于各个力做功的代数和C．汽车在牵引力和阻力共同作用下运动，牵引力做了多少功，汽车的动能就增加多少D．飞机在牵引力和阻力共同作用下运动，牵引力和阻力的合力做了多少功，飞机的动能就增加了多少【考点】动能定理的应用．【分析】动能定理反映的是物体运动过程中做功与动能变化件的关系，内容是合外力对物体做的功等于物体动能的变化．由此分析即可．【解答】解：A、由动能定理的意义可知，动能定理反映的是物体运动过程中做功与动能变化件的关系，故A正确．B、动能定理的表达式“W=E k2﹣E k1”中，W为合力做的功，根据合力与分力是等效替代的关系，可知W也等于各个力做功的代数和，故B正确．CD、飞机在牵引力和阻力共同作用下运动，牵引力和阻力的合力做了多少功，由动能定理知，飞机的动能就增加了多少，故C错误，D正确．故选：ABD11．在探究弹簧的弹性势能的表达式时，下面猜想有一定道理的是（）A．重力势能与物体被举起的高度h有关，所以弹性势能与弹簧的长度有关B．重力势能与物体被举起的高度h有关，所以弹性势能很可能与弹簧拉伸的长度有关C．重力势能与物体所受的重力mg大小有关，所以弹性势能很可能与弹簧劲度系数有关D．重力势能与物体的质量有关，所以弹性势能很可能与弹簧的质量大小有关．【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系．【分析】根据E p=mgh知，重力势能与物体被举起的高度、物体的重力有关，采用类比的方法，得出弹簧的弹性势能与什么有关．【解答】解：A、根据E p=mgh知，重力势能与物体被举起的高度有关，采用类比的方法知，弹簧的弹性势能与弹簧的拉伸长度有关，即形变量有关；故B正确，A错误．B、根据E p=mgh知，重力势能与物体的重力有关，采用类比的方法知，弹簧的弹性势能与弹簧的劲度系数有关．故C正确，D错误．故选：BC．12．如图（a），一物块在t=0时刻滑上一固定斜面，其运动的v﹣t图线如图（b）所示，若重力加速度及图中的v0，v1，t1均为已知量，则可求出（）A．斜面的倾角B．物块的质量C．物块与斜面间的动摩擦因数D．物块沿斜面向上滑行的最大高度【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．【分析】由图b可求得物体运动过程及加速度，再对物体受力分析，由牛顿第二定律可明确各物理量是否能够求出．【解答】解：由图b可知，物体先向上减速到达最高时再向下加速；图象与时间轴围成的面积为物体经过的位移，故可出物体在斜面上的位移；图象的斜率表示加速度，上升过程及下降过程加速度均可求，上升过程有：mgsinθ+μmgcosθ=ma1；下降过程有：mgsinθ﹣μmgcosθ=ma2；两式联立可求得斜面倾角及动摩擦因数；但由于m均消去，故无法求得质量；因已知上升位移及夹角，则可求得上升的最大高度；故选：ACD．三、实验题：（第13题8分，第14题6分，共14分）.13．三个同学根据不同的实验条件，进行了“探究平抛运动规律”的实验：（1）甲同学采用如图甲所示的装置．用小锤打击弹性金属片，金属片把A球沿水平方向弹出，同时B球被松开，自由下落，观察到两球同时落地，改变小锤打击的力度，即改变A球被弹出时的速度，两球仍然同时落地，这说明．（2）乙同学采用如图乙所示的装置．两个相同的弧形轨道M、N，分别用于发射小铁球P、Q，其中N的末端与可看作光滑的水平板相切；两轨道上端分别装有电磁铁C、D；调节电磁铁C、D的高度，使AC=BD，从而保证小铁球P、Q在轨道出口处的水平初速度v0相等，现将小铁球P、Q分别吸在电磁铁C、D上，然后切断电源，使两小铁球能以相同的初速度v0同时分别从轨道M、N的下端射出．实验可观察到的现象应是．仅仅改变弧形轨道M的高度，重复上述实验，仍能观察到相同的现象，这说明．（3）丙同学采用频闪摄影的方法拍摄到如图丙所示的小球做平抛运动的照片．图中每个小方格的边长为L=25cm，则由图可求得拍摄时每s曝光一次，该小球平抛的初速度大小为m/s（g取9.8m/s2）．【考点】研究平抛物体的运动．【分析】（1）根据A球的竖直分运动与B球的运动相同得出平抛运动竖直分运动是自由落体运动．（2）根据P球水平方向上的分运动与Q球相同，得出平抛运动水平分运动是匀速直线运动．（3）根据竖直方向上连续相等时间内的位移之差是一恒量求出相等的时间间隔，结合水平位移和时间间隔求出平抛运动的初速度．【解答】解：（1）金属片把A球沿水品方向弹出，同时B球被松开自由下落，两球同时落地，改变A球被弹出时的速度，两球仍然同时落地，知A球竖直方向上的运动规律与B球相同，即平抛运动的竖直分运动是自由落体运动．（2）两小球能以相同的初速度v0同时分别从轨道M、N的末端射出．实验可观察到两球将相碰，知P球水平方向上的运动规律与Q球相同，即平抛运动在水平方向上做匀速直线运动．（3）在竖直方向上，根据△y=L=gT2得：T==s=0.05s，平抛运动的初速度为：v0==m/s=1.0m/s．故答案为：（1）平抛运动的物体在竖直方向上做自由落体运动；（2）P球击中Q球，平抛运动的物体在水平方向上做匀速直线运动；（3）0.05，1.0．14．某研究性学习小组利用气垫导轨验证机械能守恒定律，实验装置如图甲所示．当气垫导轨正常工作时导轨两侧喷出的气体使滑块悬浮在导轨上方，滑块运动时与导轨间的阻力可忽略不计．在气垫导轨上相隔一定距离L的两处安装两个光电传感器A、B，滑块P上固定一遮光条，若光线被遮光条遮挡，光电传感器会输出高电压，两光电传感器采集数据后与计算机相连．滑块在细线的牵引下向左加速运动，遮光条经过光电传感器A、B时，通过计算机可以得到如图乙所示的电压U随时间t变化的图线．（1）实验前，接通电源，将滑块（不挂钩码）置于气垫导轨上，轻推滑块，当图乙中的△t1△t2（选填“＞”“=”或“＜”）时，说明气垫导轨已经水平．（2）滑块P用细线跨过气垫导轨左端的定滑轮与质量为m的钩码Q相连，将滑块P由图甲所示位置释放，通过计算机得到的图象如图乙所示，若△t1、△t2、遮光条宽度d、AB间距为L、滑块质量M、钩码质量m 已知，若上述物理量间满足关系式，则表明在上述过程中，滑块和钩码组成的系统机械能守恒．（3）若遮光条宽度d=8.400mm，A、B间的距离L=160.00cm，△t1=8.40×10﹣3s，△t2=4.20×10﹣3s，滑块质量M=180g，钩码Q质量m=20g，则滑块从A运动到B的过程中系统势能的减少量△E p=J，系统动能的增量△E k=J．（g=9.80m/s2，计算结果保留三位有效数字）【考点】验证机械能守恒定律．【分析】（1）遮光条经过光电传感器A、B时间相同，说明滑块匀速运动，气垫导轨已经水平．（2）根据下降的高度求出系统重力势能的减小量，根据极短时间内的平均速度等于瞬时速度求出滑块通过光电门的速度，从而得出系统动能的增加量．（3）代入数据得出系统重力势能的减小量，以及系统动能的增加量．【解答】解：（1）当滑块做匀速直线运动，即挡光的时间相等，△t1=△t2，说明气垫导轨水平．（2）系统重力势能的减小量△E p=mgL，系统动能的增加量=，当mgL=，滑块和钩码组成的系统机械能守恒．（3）系统重力势能的减小量△E p=0.02×9.8×1.60J=0.314J，系统动能的增加量J=0.300J．故答案为：（1）=，（2）mgL=，（3）0.314，0.300．四、计算题：（本题共3小题，第15题12分，第16题14分，第17题12分，共38分）.15．人骑自行车上坡，坡长200m，坡高10m．人和车的质量共100kg，人蹬车的牵引力为100N，若在坡底时自行车的速度为10m/s，到坡顶时速度为4m/s．（g取10m/s2）求：（1）上坡过程中人克服阻力做多少功？（2）人若不蹬车，以10m/s的初速度冲上坡，能在坡上行驶多远？【考点】动能定理的应用；匀变速直线运动的位移与时间的关系；牛顿第二定律；功的计算．。

高一物理下学期期末试卷(含解析)高一全册物理试题

应对市爱护阳光实验学校高一〔下〕期末物理试卷〔〕一、单项选择题〔此题共14小题，每题4分，共56分．在每个小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求〕1．发现万有引力律和测出引力常量的家分别是〔〕A．牛顿、卡文迪许 B．伽利略、卡文迪许C．开普勒、牛顿 D．第谷、伽利略2．一个物体的运动由水平方向加速a1=4m╱s2和竖直方向加速a2=3m╱s2的两个分运动组成，以下关于这个物体实际运动加速度的大小说法正确的选项是〔〕A．加速度的大小为7m╱s2B．加速度的大小为1m╱s2C．加速度的大小为5m╱s2D．加速度的大小在1﹣7m╱s2之间3．从“神舟号〞载人飞船的发射可以预见，随着员在轨道舱内停留时间的增加，体育锻炼成了一个必不可少的环节．轨道舱处于完全失重状态，以下器材适员在轨道舱中进行锻炼的是〔〕A．哑铃 B．跑步机 C．单杠 D．弹簧拉力器4．如下图，玻璃球沿碗的内壁做匀速圆周运动〔假设忽略摩擦〕，这时球受到的力是〔〕A．重力和向心力 B．重力和支持力C．重力、支持力和向心力 D．重力5．一辆载重以某一速率在丘陵地带行驶，地形如下图，那么〔〕A．经过凸形地面A点处时，地面的支持力于的重力B．经过水平地面B点处时，地面的支持力大于的重力C．经过凹形地面C点处时，地面的支持力大于的重力D．经过斜面D点处时，地面的支持力于的重力6．如下图，r虽大于两球的半径，但两球的半径不能忽略，而球的质量分布均匀，大小分别为m1与m2，那么两球间万有引力的大小为〔〕A ．B ．C ．D ．7．根据开普勒第三律=K，关于行星的运动以下说法正确的选项是〔〕A．行星轨道的半长轴越长，自转周期就越大B．行星轨道的半长轴越长，公转周期就越大C．水星的半长轴最短，公转周期最大D．式中的K值，对于所有行星〔或卫星〕都相8．以下说法正确的选项是〔〕A．物体带电量有可能是3×10﹣19CB．感起电的本质是电荷发生了转移C．物体所带电量可能很小，可以小于元电荷D．经过摩擦使某物体带正电是因为产生了额外的正电荷9．两个分别带有电荷量+Q和+3Q的相同金属小球〔均可视为点电荷〕，固在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F，两小球相互接触后再将其固距离变为2r，那么两球间库仑力的大小为〔〕A ． FB ． FC ． FD ． F10．以下所述的物体在题给的运动过程中〔均不计空气阻力〕，机械能守恒的是〔〕A．小石块被竖直向上抛出后在空中运动的过程B．木箱沿光滑斜面加速下滑的过程C．人乘电梯加速上升的过程D．货物被起重机匀速上提过程11．如下图，电场中有A、B两点，它们的场强分别为E A、E B，那么以下判断正确的选项是〔〕A．E A=E B B．E A＞E BC．E A、E B的方向相同 D．E A、E B的方向不同12．以下说法中，正确的选项是〔〕A．当两个正点电荷相互靠近时，它们的电势能减少B．当两个负点电荷相互靠近时，它们的电势能不变C．一个正点电荷与一个负点电荷相互靠近时，它们的电势能增大D．一个正点电荷与一个负点电荷相互靠近时，它们的电势能减小13．用一节干电池对一个电容器充电，以下说法不正确的选项是〔〕A．充电过程中回路中有短暂的电流B．充电过程中电容器的电场能逐渐增大C．充电结束后，电容器两极板带量异种电荷D．充电结束后，电容器两极板间不存在电场14．现有两颗绕地球做匀速圆周运动的人造地球卫星A和B，它们的轨道半径分别为r A和r B，如果r A＜r B，那么〔〕A．卫星A的线速度比卫星B的线速度小B．卫星A的角速度比卫星B的角速度大C．卫星A的加速度比卫星B的加速度小D．卫星A的运动周期比卫星B的运动周期大二、填空题〔此题共3小题，每空2分，共14分〕15．〔1〕为了研究平抛运动在水平方向的运动情况，甲同学设计了一个如图〔1〕所示的．将两个同样的倾斜轨道固在同一竖直面内，其下端水平，滑道2与光滑水平板平滑连接，把两个相同的小钢球从斜面的同一高度由静止释放，发现小球1恰能击中小球2，改变斜槽1的高度，或同步改变两小球的释放位置进行，结果依然可以击中，这说明平抛运动在水平方向的分运动是．〔2〕〔单项选择〕乙同学在研究平抛运动的轨道，装置如图〔2〕所示．关于这个，以下说法错误的选项是A．每次小球必须从同一高度静止释放B．斜槽必须光滑C．斜槽末端必须水平D．小球运动时不能与木板上的纸面相接触．16．运用如下图的装置做“探究功与速度变化的关系〞的中，以下说法正确的选项是〔〕A．通过改变橡皮筋的条数改变拉力做功的数值B．由于本中的摩擦力较小，所以没必要平衡摩擦力C．通过打点计时器打下的纸带来测小车匀速运动时的速度D．通过打点计时器打下的纸带来测小车加速过程中获得的平均速度E．中要先释放小车再接通打点计时器的电源17．在“验证机械能守恒律〞的中，打点计时器接在频率为50Hz的交流电源上，自由下落的重物质量为1kg，一条理想的纸带，数据如下图，单位是cm，g取m/s2，O、A之间有几个计时点没画出．〔1〕纸带的〔选填：左、右〕端与重物相连．〔2〕从起点O到打下计数点B的过程中，重力势能的减少量△E P= ，B点的速度v B= ，此过程中物体动能的增量△E K= ．18．一质量为m=1.0×103kg的货物被起重机由静止竖直向上吊起做匀加速直线运动，加速度为a=2m/s2，取重力加速度g=10m/s2〔1〕2s内向上吊起4m过程中，重力对货物做的功；〔2〕重力的平均功率；〔3〕起重机在2s末的瞬时输出功率．19．如下图，平台离水平地面的高度为H=5m，一质量为m=1kg的小球从平台上A点以某一速度水平抛出，测得其运动到B点时的速度为v B=10m/s．B点离地面的高度为h=m，取重力加速度g=10m/s2，以水平地面为零势能面．问：〔1〕小球从A点抛出时的机械能为多大？〔2〕小球从A点抛出时的初速度v0为多大？〔3〕B点离竖直墙壁的水平距离L为多大？高一〔下〕期末物理试卷〔〕参考答案与试题解析一、单项选择题〔此题共14小题，每题4分，共56分．在每个小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求〕1．发现万有引力律和测出引力常量的家分别是〔〕A．牛顿、卡文迪许 B．伽利略、卡文迪许C．开普勒、牛顿 D．第谷、伽利略【考点】万有引力律的发现和万有引力恒量的测．【分析】万有引力律是牛顿运用开普勒有关行星运动的三大律，结合向心力公式和牛顿运动律，运用其超凡的数学能力推导出来的，因而可以说是牛顿在前人研究的根底上发现的．经过100多年后，由英国物理学家卡文迪许利用扭秤装置巧妙的测量出了两个铁球间的引力，从而第一次较为准确的得到万有引力常量．【解答】解：牛顿根据行星的运动规律推导出了万有引力律，经过100多年后，由英国物理学家卡文迪许利用扭秤装置巧妙的测量出了两个铁球间的引力，从而第一次较为准确的得到万有引力常量，故A正确，BCD错误；应选：A．2．一个物体的运动由水平方向加速a1=4m╱s2和竖直方向加速a2=3m╱s2的两个分运动组成，以下关于这个物体实际运动加速度的大小说法正确的选项是〔〕A．加速度的大小为7m╱s2B．加速度的大小为1m╱s2C．加速度的大小为5m╱s2D．加速度的大小在1﹣7m╱s2之间【考点】运动的合成和分解．【分析】加速度为矢量，矢量的合成遵守平行四边形那么，a1与a2之间夹角为90°，利用勾股理求解合加速度即可【解答】解：加速度的合成遵守平行四边形那么，由于两分加速度方向固，故合加速度为一固值，由勾股理得a===5m/s2，故C正确，ABD错误；应选：C．3．从“神舟号〞载人飞船的发射可以预见，随着员在轨道舱内停留时间的增加，体育锻炼成了一个必不可少的环节．轨道舱处于完全失重状态，以下器材适员在轨道舱中进行锻炼的是〔〕A．哑铃 B．跑步机 C．单杠 D．弹簧拉力器【考点】超重和失重．【分析】想弄清楚在超重和失重的状态下哪些器材可以用，必须清楚各个器材的物理原理，看看有没有与重力有关的原因，如果有那么，哪些器材就不能使用．【解答】解：A、用哑铃锻炼身体主要就是利用哑铃的重力，在轨道舱中哑铃处于完全失重状态，它对人的胳膊没有压力的作用；故A错误；B、利用单杠锻炼身体需克服自身的重力上升，利用自身的重力下降．在完全失重状态下已没有重力可用；故B错误；C、在轨道舱中人处于失重状态，就算人站在跑步机上，但是脚对跑步机一点压力也没有．根据压力与摩擦力成正比，那么这时脚与跑步机之间没有一点摩擦力．没有摩擦力人将寸步难行．故C错误；D、弹簧拉力器锻炼的是人肌肉的伸缩和舒张力，与重力无关．故D正确．应选：D4．如下图，玻璃球沿碗的内壁做匀速圆周运动〔假设忽略摩擦〕，这时球受到的力是〔〕A．重力和向心力 B．重力和支持力C．重力、支持力和向心力 D．重力【考点】向心力；物体的弹性和弹力．【分析】向心力是根据效果命名的力，只能由其它力的合力或者分力来充当，不是真实存在的力，不能说物体受到向心力．【解答】解：玻璃球沿碗的内壁做匀速圆周运动，受到重力和支持力作用，合力提供向心力，故ACD错误，B正确．应选：B5．一辆载重以某一速率在丘陵地带行驶，地形如下图，那么〔〕A．经过凸形地面A点处时，地面的支持力于的重力B．经过水平地面B点处时，地面的支持力大于的重力C．经过凹形地面C点处时，地面的支持力大于的重力D．经过斜面D点处时，地面的支持力于的重力【考点】向心力；物体的弹性和弹力．【分析】在凸形地面的A点和凹形地面的C点，靠竖直方向上的合力提供向心力，结合牛顿第二律比拟支持力和重力的关系，在水平面上，重力和支持力相，在斜面上，支持力和重力垂直斜面方向的分力相．【解答】解：A、在凸形地面的A点，根据牛顿第二律得，mg﹣N A =m ，那么，知支持力小于的重力，故A错误．B、在水平面B点，那么有N B=mg，故B错误．C、在凹形地面C 点，根据牛顿第二律得，，那么，知支持力大于的重力，故C正确．D、在斜面D点处，有N D=mgcosθ，θ为斜面的倾角，故D错误．应选：C．6．如下图，r虽大于两球的半径，但两球的半径不能忽略，而球的质量分布均匀，大小分别为m1与m2，那么两球间万有引力的大小为〔〕A ．B ．C ．D ．【考点】万有引力律及其用．【分析】根据万有引力律公式，结合两球球心间的距离求出两球间的万有引力的大小．【解答】解：两球球心间的距离为R=r+r1+r2，那么两球间的万有引力F=．故D正确，A、B、C错误．应选：D．7．根据开普勒第三律=K，关于行星的运动以下说法正确的选项是〔〕A．行星轨道的半长轴越长，自转周期就越大B．行星轨道的半长轴越长，公转周期就越大C．水星的半长轴最短，公转周期最大D．式中的K值，对于所有行星〔或卫星〕都相【考点】开普勒律．【分析】开普星运动律，各个行星绕太阳公转周期的平方和它们的椭圆轨道的半长轴的立方成正比．注意周期是公转周期，轨道是公转轨道；【解答】解：A、由开普星运动第三律知：各个行星绕太阳公转周期的平方和它们的椭圆轨道的半长轴的立方成正比，行星轨道的半长轴越长，公转周期越长，故A错误，B正确；C、水星的半长轴最短，公转周期最小，故C错误；D、对于绕太阳运动的行星和绕地球运动的人造卫星，中心体发生变化，律中的K值不同，故D错误．应选：B8．以下说法正确的选项是〔〕A．物体带电量有可能是3×10﹣19CB．感起电的本质是电荷发生了转移C．物体所带电量可能很小，可以小于元电荷D．经过摩擦使某物体带正电是因为产生了额外的正电荷【考点】电荷守恒律．【分析】元电荷又称“根本电量〞，在各种带电微粒中，电子电荷量的大小是最小的，人们把最小电荷叫做元电荷，常用符号e表示，任何带电体所带电荷都于元电荷或者是元电荷的整数倍．由于不同物质的原子核对核外电子的束缚本领不同造成的，在摩擦的过程中束缚本领强的得电子带负电，束缚本领弱的失电子带正电．感起电的实质是电荷可以从物体的一转移到另一个．【解答】解：A、元电荷的值通常取作e=1.60×10﹣19C，所有带电体的电荷量都于元电荷的整数倍，故AC错误；B、感起电的实质是电荷可以从物体的一转移到另一个．故B正确；D、摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，并没有创造电荷．遵循电荷守恒律．故D错误；应选：B．9．两个分别带有电荷量+Q和+3Q的相同金属小球〔均可视为点电荷〕，固在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F，两小球相互接触后再将其固距离变为2r，那么两球间库仑力的大小为〔〕A ． FB ． FC ． FD ． F【考点】库仑律．【分析】清楚两小球相互接触后，其所带电量均分．根据库仑律的内容，根据变化量和不变量求出问题．【解答】解：相距为r时，根据库仑律得：F=；接触后，各自带电量变为Q′==2Q，那么此时F′=，故C正确，ABD错误．应选：C．10．以下所述的物体在题给的运动过程中〔均不计空气阻力〕，机械能守恒的是〔〕A．小石块被竖直向上抛出后在空中运动的过程B．木箱沿光滑斜面加速下滑的过程C．人乘电梯加速上升的过程D．货物被起重机匀速上提过程【考点】机械能守恒律．【分析】解答此题明确物体机械能守恒的条件为：系统只有重力做功；或者判断系统是否只有动能和势能的相互转化．【解答】解：A、小球在竖直抛出后，只受重力作用，故机械能守恒，故A正确；B、木箱下滑时没有摩擦力，支持力不做功，只有重力做功，故机械能守恒，故B正确；C、人加速上升时，肯受到向上的作用力做功，故机械能守恒，故C错误；D、货物匀速上升，拉力于重力，拉力做功，故机械能不守恒，故D错误；应选AB．11．如下图，电场中有A、B两点，它们的场强分别为E A、E B，那么以下判断正确的选项是〔〕A．E A=E B B．E A＞E BC．E A、E B的方向相同 D．E A、E B的方向不同【考点】电场线；电场强度．【分析】电场线的疏密表示电场强度的强弱，某点的切线方向表示电场强度在该点的方向．【解答】解：由图可知，B点的电场线密，所以B点的电场强度比A高．由电场线上某点的切线方向表示电场强度在该点的方向，可得E A、E B的方向不同．应选：D12．以下说法中，正确的选项是〔〕A．当两个正点电荷相互靠近时，它们的电势能减少B．当两个负点电荷相互靠近时，它们的电势能不变C．一个正点电荷与一个负点电荷相互靠近时，它们的电势能增大D．一个正点电荷与一个负点电荷相互靠近时，它们的电势能减小【考点】电势能；电势差与电场强度的关系．【分析】当电场力对电荷做正功时，电荷的电势能减少，当电场力对电荷做负功时，电荷的电势能增大．根据功能关系分析．【解答】解：A、同种电荷间存在斥力，当两个正点电荷相互靠近时，库仑力对它们做负功，它们的电势能增大，故A错误．B、同种电荷间存在斥力，当两个负点电荷相互靠近时，库仑力对它们做负功，它们的电势能增大，故B错误．CD、异种电荷间存在引力，一个正点电荷与一个负点电荷相互靠近时，库仑力对它们做正功，它们的电势能减小，故C错误，D正确．应选：D13．用一节干电池对一个电容器充电，以下说法不正确的选项是〔〕A．充电过程中回路中有短暂的电流B．充电过程中电容器的电场能逐渐增大C．充电结束后，电容器两极板带量异种电荷D．充电结束后，电容器两极板间不存在电场【考点】电容．【分析】任何两个彼此绝缘又相互靠近的导体都可以容纳，可看成一个电容器，电容器既能充电，也能放电；充电后两板间存在匀强电场．【解答】解：A、电容器在充电过程中会形成短暂的电流；故A正确；B、充电过程中电容器的电场能逐渐增大；故B正确；C、充电结束后，电容器两极板带量异种电荷；故C正确；D、充电结束后，电容器两极板间仍然存在电场；故D错误；此题选错误的；应选：D．14．现有两颗绕地球做匀速圆周运动的人造地球卫星A和B，它们的轨道半径分别为r A和r B，如果r A＜r B，那么〔〕A．卫星A的线速度比卫星B的线速度小B．卫星A的角速度比卫星B的角速度大C．卫星A的加速度比卫星B的加速度小D．卫星A的运动周期比卫星B的运动周期大【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【分析】根据人造卫星的万有引力于向心力，列式求出线速度、角速度、周期和向心力的表达式进行讨论即可．【解答】解：人造卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，设卫星的质量为m、轨道半径为r、地球质量为M，===mrω2=maA、v=，如果r A＜r B，那么卫星A的线速度比卫星B的线速度大，故A错误；B、ω=，如果r A＜r B，那么卫星A的角速度比卫星B的角速度大，故B正确；C、a=，如果r A＜r B，那么卫星A的加速度比卫星B的加速度大，故C错误；D 、T=2π，如果r A＜r B，那么卫星A的运动周期比卫星B的运动周期小，故D错误；应选：B．二、填空题〔此题共3小题，每空2分，共14分〕15．〔1〕为了研究平抛运动在水平方向的运动情况，甲同学设计了一个如图〔1〕所示的．将两个同样的倾斜轨道固在同一竖直面内，其下端水平，滑道2与光滑水平板平滑连接，把两个相同的小钢球从斜面的同一高度由静止释放，发现小球1恰能击中小球2，改变斜槽1的高度，或同步改变两小球的释放位置进行，结果依然可以击中，这说明平抛运动在水平方向的分运动是匀速直线运动．〔2〕〔单项选择〕乙同学在研究平抛运动的轨道，装置如图〔2〕所示．关于这个，以下说法错误的选项是 BA．每次小球必须从同一高度静止释放B．斜槽必须光滑C．斜槽末端必须水平D．小球运动时不能与木板上的纸面相接触．【考点】研究平抛物体的运动．【分析】〔1〕两次做平抛运动的小球都能击中下面做匀速直线运动的小球，说明在水平方向上两小球的运动情况相同．〔2〕根据的原理以及操作中的考前须知确正确的操作步骤．【解答】解：〔1〕两次做平抛运动的小球都能击中下面做匀速直线运动的小球，说明在水平方向上两小球的运动情况相同．即：平抛运动在水平方向的分运动是匀速运动．〔2〕A、为了保证小球的初速度相，每次让小球从斜槽的同一位置由静止释放，斜槽不一要光滑，故A正确，B错误．C、为了保证小球的初速度水平，斜槽末端必须水平，故C正确．D、为了防止摩擦改变小球的运动轨迹，小球运动时不能与木板上的纸面相接触，故D正确．此题选错误的，应选：B．故答案为：〔1〕匀速直线运动；〔2〕B．16．运用如下图的装置做“探究功与速度变化的关系〞的中，以下说法正确的选项是〔〕A．通过改变橡皮筋的条数改变拉力做功的数值B．由于本中的摩擦力较小，所以没必要平衡摩擦力C．通过打点计时器打下的纸带来测小车匀速运动时的速度D．通过打点计时器打下的纸带来测小车加速过程中获得的平均速度E．中要先释放小车再接通打点计时器的电源【考点】探究功与速度变化的关系．【分析】在探究橡皮筋的拉力对小车所做的功与小车速度变化的关系的中注意：n根相同橡皮筋对小车做的功就于系一根橡皮筋时对小车做的功的n倍，这个设计很巧妙地解决了直接去测量力和计算功的困难；该需要平衡摩擦力以保证动能的增量是只有橡皮筋做功而来；小车最大速度即为后来匀速运动的速度．【解答】解：A、该中利用相同橡皮筋形变量相同时对小车做功相同，通过增加橡皮筋的条数可以使橡皮筋对小车做的功成整数倍增加，这个设计很巧妙地解决了直接去测量力和计算功的困难．故A正确；B、为了保证小车的动能都是橡皮筋做功的结果，必须平衡摩擦力，长木板要适当的倾斜，故B错误；C、中我们要知道小车获得的最大速度，即橡皮筋把功做完，所以该对纸带上点迹均匀匀速运动的计算速度．故C正确；D、中我们要知道小车获得的最大速度，即橡皮筋把功做完，所以该对纸带上点迹均匀匀速运动的计算速度．不是测量小车加速阶段的平均速度，故D错误．E、中要先接通打点计时器的电源再释放纸带．故E错误．应选：AC17．在“验证机械能守恒律〞的中，打点计时器接在频率为50Hz的交流电源上，自由下落的重物质量为1kg，一条理想的纸带，数据如下图，单位是cm，g取m/s2，O、A之间有几个计时点没画出．〔1〕纸带的左〔选填：左、右〕端与重物相连．〔2〕从起点O到打下计数点B的过程中，重力势能的减少量△E P= 0.49 ，B 点的速度v B= 0.98 ，此过程中物体动能的增量△E K= 0.48 ．【考点】验证机械能守恒律．【分析】〔1〕根据相时间内的位移逐渐增大确纸带的哪一端与重物相连．〔2〕根据下降的高度求出重力势能的减小量，根据某段时间内的平均速度于中间时刻的瞬时速度求出B点的速度，从而得出动能的增加量．【解答】解：〔1〕知道在重物拖动下速度越来越大，相时间内的位移增大，由于AB间的距离小于BC间的距离，可知纸带的左端与重物相连．〔2〕从O到B，重力势能的减小量△E p=mgh=1××0.0501J≈0.49J，B点的瞬时速度m/s=0.98m/s，那么物体动能的增加量=J≈0.48J．故答案为：〔1〕左；〔2〕0.49，0.98，0.48．18．一质量为m=1.0×103kg的货物被起重机由静止竖直向上吊起做匀加速直线运动，加速度为a=2m/s2，取重力加速度g=10m/s2〔1〕2s内向上吊起4m过程中，重力对货物做的功；〔2〕重力的平均功率；〔3〕起重机在2s末的瞬时输出功率．【考点】功率、平均功率和瞬时功率；功的计算．【分析】〔1〕根据功的公式求出重力对货物做功的大小．〔2〕根据平均功率公式求出重力的平均功率．〔3〕根据牛顿第二律求出牵引力的大小，结合速度时间公式求出2s末的速度，根据P=Fv求出瞬时功率的大小．【解答】解：〔1〕重力对货物做功的W G=﹣mgh=﹣1000×10×4J=﹣4×104J．〔2〕重力做功的平均功率P=W．〔3〕根据牛顿第二律得，F﹣mg=ma，解得牵引力F=mg+ma=1×104+1×103×2N=12000N，2s末的速度v=at=2×2m/s=4m/s，那么起重机在2s末的瞬时输出功率P=Fv=12000×4W=48000W．答：〔1〕重力对货物做功为﹣4×104J；〔2〕重力的平均功率为﹣2×104W；〔3〕起重机在2s末的瞬时输出功率为48000W．19．如下图，平台离水平地面的高度为H=5m，一质量为m=1kg的小球从平台上A点以某一速度水平抛出，测得其运动到B点时的速度为v B=10m/s．B点离地面的高度为h=m，取重力加速度g=10m/s2，以水平地面为零势能面．问：〔1〕小球从A点抛出时的机械能为多大？〔2〕小球从A点抛出时的初速度v0为多大？〔3〕B点离竖直墙壁的水平距离L为多大？【考点】机械能守恒律；平抛运动．【分析】〔1〕小球运动的过程中机械能守恒，抓住A点和B点的机械能相求出A点的机械能大小．〔2〕结合A点的机械能和重力势能的大小，求出A点的初速度大小．〔3〕根据下降的高度求出平抛运动的时间，结合初速度和时间求出B点离竖直墙壁的水平距离．【解答】解：〔1〕小球在运动的过程中，机械能守恒，那么A点的机械能与B 点的机械能相，那么=．〔2〕根据得，代入数据解得v0=6m/s．〔3〕根据H﹣h=得，t=，那么B点离竖直墙壁的水平距离L=v0t=6×0.8m=m．答：〔1〕小球从A点抛出时的机械能为68J；〔2〕小球从A点抛出时的初速度为6m/s；〔3〕B点离竖直墙壁的水平距离L为m．。

高一下学期期末考试物理试卷-附参考答案

高一下学期期末考试物理试卷-附参考答案一、选择题（共40分。

第1-8题，每小题3分，第9-12题，每小题4分。

每小题只有一个正确答案。

）1．将一个鸡蛋从地面捡到课桌上，鸡蛋的重力势能大约增加（）A．0.5J B．5J C．50J D．500J2．下列说法不正确的是（）A．曲线运动的速度大小可以不变，但速度方向一定改变B．物体受到一恒力作用，则物体一定做匀变速直线运动C．物体做曲线运动，它的运动状态一定在改变D．物体做曲线运动，它的加速度方向总与合外力方向一致，而与速度方向不共线3．如图所示，下列关于机械能是否守恒的判断正确的是（）A．甲图中，物体A将弹簧压缩的过程中，A机械能守恒B．乙图中，A置于光滑水平面，物体B沿光滑斜面下滑，物体B机械能守恒C．丙图中，不计任何阻力时A加速下落，B加速上升过程中，绳子拉力分别对A和B做功，所以A、B 组成的系统机械能守恒D．丁图中，小球沿水平面做匀速圆锥摆运动，小球的机械能守恒4．爱因斯坦建立了广义相对论，并根据这一理论推导得出三个著名的预言：水星轨道近日点的进动；太阳引起的光线偏折；光波的重力红移。

经过科学实验的检验，最终证实这些预言的理论计算与实验结果都能吻合。

这说明广义相对论（）A．是人类对客观世界的最终反映B．被观察结果证实了理论的合理性C．是客观事实检验过的绝对真理D．比牛顿引力理论更具实用价值5．如图所示，沿平直铁路线有间距相等的三座铁塔A、B和C。

假想有一列车沿AC方向以接近光速行驶，当铁塔B发出一个闪光，列车上的观测者测得A、C两铁塔被照亮的顺序是（）A．同时被照亮B．A先被照亮C．C先被照亮D．无法判断6．在静电场中，将一电子从A点移到B点，电场力做了正功，则（）A．电场强度的方向一定是由A点指向B点B．电场强度的方向一定是由B点指向A点C ．电子在A 点的电势能一定比在B 点高D ．电子在B 点的电势能一定比在A 点高7．如图所示是一对不等量异种点电荷的电场线分布图，图中两点电荷连线长度为2r ，左侧点电荷带电荷量为2q +，右侧点电荷带电荷量为q -，P 、Q 两点关于两电荷连线对称。

江西高一下学期期末考试物理试卷(附参考答案与解析)

江西高一下学期期末考试物理试卷(附参考答案与解析)学校:___________班级：___________姓名：__________考号：__________一、单选题1．如图所示，一倾角为30 的斜面静止在水平地面上，斜面上静止放着一个物块，现给斜面施加一个水平向左的推力使它们一起向左做匀加速直线运动，加速度大小为0.5g，重力加速度为g，下列说法正确的是（）A．斜面对物块的支持力不做功B．斜面对物块的摩擦力做正功C．斜面对物块的作用力做正功D．物块的重力对物块做正功2．如图所示，两个小球a和b用轻杆连接，并一起在水平面内做匀速圆周运动，下列说法中正确的是（）A．a球的线速度比b球的线速度大B．a球的角速度比b球的角速度小C．a球的线速度与b球的线速度大小相等D．a球的角速度与b球的角速度大小相等3．拖着橡胶轮胎跑是一种体能训练方式，该训练方式有助于提升人的心肺功能和身体耐力。

如图所示某受训者拖着轮胎在粗糙的水平直道上匀加速跑了一段位移，设在此过程地面对轮胎的支持力始终不为零，下列说法正确的是（）A．支持力对轮胎做了正功B．合力对轮胎做了正功C．人对轮胎的拉力所做的功小于摩擦力对轮胎所做的功D．人对轮胎的拉力所做的功等于摩擦力对轮胎所做的功4．2021年2月，“天问一号”探测器成功实施近火制动，进入环火椭圆轨道，并于2021年5月软着陆火星表面，开展巡视探测等工作，探测器经过多次变轨后登陆火星的轨迹示意图如图所示，其中轨道Ⅰ、Ⅲ为椭圆，轨道Ⅱ为圆。

探测器经轨道Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ运动后在Q点登陆火星，O点是轨道Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ的切点，O、Q还分别是椭圆轨道Ⅲ的远火星点和近火星点。

关于探测器，下列说法正确的是（）A．由轨道Ⅰ进入轨道Ⅱ需在O点减速B．在轨道Ⅱ上运行的周期小于在轨道Ⅲ上运行的周期C．在轨道Ⅱ上运行的线速度大于火星的第一宇宙速度D．在轨道Ⅲ上，探测器运行到O点的线速度大于运行到Q点的线速度5．火星的公转轨道是半径1.5个AU的圆（11=⨯）。

高一物理下学期期末考试卷含答案

高一物理下学期期末考试卷注意事项：1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。

答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2．回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。

写在本试卷上无效。

3．回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。

写在本试卷上无效。

4．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选题：共10小题，每小题4分，共40分。

每小题只有一个选项最符合题意。

1．关于电流，下列说法中正确的是（）A．通过导线横截面的电荷量越多，电流越大B．导线中电荷运动的速率越大，电流越大C．导体通电时间越长，电流越大D．在国际单位制中，电流的单位是安培【答案】D【详解】AC．由电流的定义式QIt=可知，单位时间内通过导线横截面的电荷量越多，电流越大，单独说通过横截面的电荷量多，或者通电时间越长，电流不一定越大，AC错误；B．由电流的微观表达式I nqvS=可知，导线中电荷运动的速率越大，电流不一定越大，B 错误；D．在国际单位制中，电流的单位是安培，D正确。

故选D。

2．下列关于教科书上的四副插图，说法正确的是（）A．图甲为静电除尘装置的示意图，带负电的尘埃被收集在线状电离器B上B．图乙为给汽车加油前要触摸一下的静电释放器，其目的是导走加油枪上的静电C．图丙中摇动起电机，烟雾缭绕的塑料瓶顿时清澈透明，其工作原理为静电吸附D．图丁的燃气灶中安装了电子点火器，点火应用了电磁感应原理【答案】C【详解】A．根据图甲可知，极板A与电源正极连接，极板A带正电，带负电的尘埃受到指向极板A的电场力作用，即带负电的尘埃被收集在极板A上，A错误；B．图乙为给汽车加油前要触摸一下的静电释放器，其目的是导走人手上的静电，B错误；C．图丙中摇动起电机，电极之间形成强电场，将气体电离，电子被吸附到烟雾颗粒上，使烟雾颗粒带负电，导致烟雾颗粒向正极移动，其工作原理为静电吸附，C正确；D．图丁的燃气灶中安装了电子点火器，点火应用了尖端放电原理，D错误。