2021年海南省高考物理模拟试卷
2020-2021学年海南省高三模拟考试(一)物理卷(解析版).doc
2020-2021学年海南省高三模拟考试（一）物理卷（解析版）姓名:_____________ 年级:____________ 学号:______________题型选择题填空题解答题判断题计算题附加题总分得分1. （知识点：共点力的平衡,功能关系,电容器）竖直放置的一对平行金属板的左极板上，用长为的轻质绝缘细线悬挂一个带电量为q质量为 m的小球，将平行金属板按如图所示的电路图连接．当滑动变阻器R在a位置时，绝缘线与左极板的夹角为θ1=30°，当将滑片缓慢地移动到b位置时，夹角为θ2=60°．两板间的距离大于，重力加速度为g．问：（1）小球在上述两个平衡位置时，平行金属板上所带电荷量之比（2）若保持变阻器滑片位置在a处不变，对小球再施加一个拉力，使绝缘线与竖直方向的夹角从θ1=30°缓慢地增大到θ2=60°，则此过程中拉力做的功W=？【答案】（1）1:3（2）【解析】试题分析：（1）小球处于静止状态，受力情况如图所示，由平衡条件得设两极板间的距离为d，则有所以在两个平衡位置时，平行金属板上所带电荷量之比：（2）设该过程拉力对小球做功W，用动能定理得：评卷人得分又qE=mgtan30°解得考点：物体的平衡；动能定理.如图在xoy坐标系第Ⅰ象限，磁场方向垂直xoy平面向里，磁感应强度大小为B=1.0T；电场方向水平向右，电场强度大小为E=N/C．一个质量m=2.0×10﹣7kg，电荷量q=2.0×10﹣6C的带正电粒子从x轴上P点以速度v0射入第Ⅰ象限，恰好在xoy平面中做匀速直线运动．0.10s后改变电场强度大小和方向，带电粒子在xoy平面内做匀速圆周运动，取g=10m/s2．求：（1）带电粒子在xoy平面内做匀速直线运动的速度v0大小和方向；（2）带电粒子在xoy平面内做匀速圆周运动时电场强度E′的大小和方向；（3）若匀速圆周运动时恰好未离开第Ⅰ象限，x轴上入射P点应满足何条件？【答案】（1）2m/s，方向斜向上与x轴正半轴夹角为60°；（2）1N/C，方向竖直向上．（3）0.27m【解析】试题分析：（1）如图粒子在复合场中做匀速直线运动，设速度v0与x轴夹角为θ，依题意得：解得所以：θ=60°即速度v0大小2m/s，方向斜向上与x轴正半轴夹角为60°（2）带电粒子在xOy平面内做匀速圆周运动时，电场力F电必须与重力平衡，洛伦兹力提供向心力：解得E′=1N/C，方向竖直向上．（3）如图带电粒子匀速圆周运动恰好未离开第1象限，圆弧左边与y轴相切N点；PQ匀速直线运动，PQ=v0t=0.2 m洛伦兹力提供向心力：，得R=0.2m由几何知识得：OP=R+Rsin60°－PQcos60°OP==0.27m故：x轴上入射P点离O点距离至少为0.27m考点：带电粒子在复合场中的运动;如图所示，一粗细均匀的玻璃瓶水平放置，瓶口处有阀门K，瓶内有A、B两部分用一活塞分开的理想气体．开始时，活塞处于静止状态，A、B两部分气体长度分别为2L和L，压强均为P．若因阀门封闭不严，B中气体向外缓慢漏气，活塞将缓慢移动，整个过程中气体温度不变，瓶口处气体体积可以忽略．当活塞向右缓慢移动的距离为0.5L时，（忽略摩擦阻力）求此时：①A中气体的压强；②B中剩余气体与漏气前B中气体的质量比．【答案】①0.8P；②2:5【解析】试题分析：① 对A中气体：由玻意耳定律可得：得：② AB气体通过活塞分开，AB中气体压强始终保持相同：PA=PB设漏气后B中气体和漏出气体总长度为LB得此时B中气体长度为：则此时B中气体质量mB′与原有质量mB之比为：解得考点：玻意耳定律。
海南省海口市2021届新高考物理模拟试题含解析
海南省海口市2021届新高考物理模拟试题一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．在地球上不同的地方，重力加速度大小是不同的。
若把地球看成一个质量分布均匀的球体，已知地球半径为R ，地球自转的周期为T ，则地球两极处的重力加速度与赤道处的重力加速度之差为A ．23R TπB ．22R T πC ．4216R T π D ．224R Tπ 【答案】D 【解析】 【详解】在两极：12mM G mg R ＝；在赤道上：2222-=()mM G mg m R R T π，则2212224=()Rg g g R T T ππ∆=-=； A.23RT π，与结论不相符，选项A 错误； B. 22R Tπ，与结论不相符，选项B 错误； C. 4216R Tπ，与结论不相符，选项C 错误； D. 224R T π，与结论相符，选项D 正确；2．如图所示，用天平测量匀强磁场的磁感应强度，下列各选项所示的载流线圈匝数相同，边长MN 相等，将它们分别挂在天平的右臂下方，线圈中通有大小相同的电流，天平处于平衡状态，若磁场发生微小变化，天平最容易失去平衡的是（ ）A ．B ．C ．D ．\【答案】A 【解析】 【详解】天平原本处于平衡状态，所以线框所受安培力越大，天平越容易失去平衡，由于线框平面与磁场强度垂直，且线框不全在磁场区域内，所以线框与磁场区域的交点的长度等于线框在磁场中的有效长度，由图可知，A 图的有效长度最长，磁场强度B 和电流大小I 相等，所以A 所受的安培力最大，则A 图最容易使天平失去平衡． A 正确； BCD 错误； 故选A ．3．图为一定质量理想气体的压强p 与体积V 的关系图象，它由状态A 经等容过程到状态B ，再经等压过程到状态C.设A 、B 、C 状态对应的温度分别为T A 、T B 、T C ，则下列关系式中正确的是()A ．T A <TB ，T B <TC B ．T A >T B ，T B ＝T C C ．T A >T B ，T B <T CD ．T A ＝T B ，T B >T C【答案】C 【解析】 【分析】 【详解】根据理想气体状态方程pVk T=可得：从A 到B ，因体积不变，压强减小，所以温度降低，即T A ＞T B ；从B 到C ，压强不变，体积增大，故温度升高，即T B ＜T C ，故ABD 错误，C 正确。
海南省海口市2021届新高考物理模拟试题含解析
海南省海口市2021届新高考物理模拟试题一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．在地球上不同的地方，重力加速度大小是不同的。
若把地球看成一个质量分布均匀的球体，已知地球半径为R ，地球自转的周期为T ，则地球两极处的重力加速度与赤道处的重力加速度之差为A ．23R TπB ．22R T πC ．4216R T π D ．224R Tπ 【答案】D 【解析】 【详解】在两极：12mM G mg R ＝；在赤道上：2222-=()mM G mg m R R T π，则2212224=()Rg g g R T T ππ∆=-=； A.23RT π，与结论不相符，选项A 错误； B. 22R Tπ，与结论不相符，选项B 错误； C. 4216R Tπ，与结论不相符，选项C 错误； D. 224R T π，与结论相符，选项D 正确；2．如图所示，用天平测量匀强磁场的磁感应强度，下列各选项所示的载流线圈匝数相同，边长MN 相等，将它们分别挂在天平的右臂下方，线圈中通有大小相同的电流，天平处于平衡状态，若磁场发生微小变化，天平最容易失去平衡的是（ ）A ．B ．C ．D ．\【答案】A 【解析】 【详解】天平原本处于平衡状态，所以线框所受安培力越大，天平越容易失去平衡，由于线框平面与磁场强度垂直，且线框不全在磁场区域内，所以线框与磁场区域的交点的长度等于线框在磁场中的有效长度，由图可知，A 图的有效长度最长，磁场强度B 和电流大小I 相等，所以A 所受的安培力最大，则A 图最容易使天平失去平衡． A 正确； BCD 错误； 故选A ．3．图为一定质量理想气体的压强p 与体积V 的关系图象，它由状态A 经等容过程到状态B ，再经等压过程到状态C.设A 、B 、C 状态对应的温度分别为T A 、T B 、T C ，则下列关系式中正确的是()A ．T A <TB ，T B <TC B ．T A >T B ，T B ＝T C C ．T A >T B ，T B <T CD ．T A ＝T B ，T B >T C【答案】C 【解析】 【分析】 【详解】根据理想气体状态方程pVk T=可得：从A 到B ，因体积不变，压强减小，所以温度降低，即T A ＞T B ；从B 到C ，压强不变，体积增大，故温度升高，即T B ＜T C ，故ABD 错误，C 正确。
海南省海口市(4校联考)2021届新高考模拟物理试题含解析
B．a1＜a1，p1＞p1，V1＜V1
C．a1=a1，p1＜p1，V1＜V1
D．a1＞a1，p1＞p1，V1＞V1
【答案】A
【解析】
【分析】
【详解】
两种情况下对整体受力分析由 ，因此
对活塞进行受力分析，第一种情况
对第二种情况
因此可得
密封气体得质量和温度不变，因此可得 ，因此A正确
B．液体表面张力是液体表面层分子间的相互作用，选项B错误；
C．0℃的铁和0℃的铜，它们的分子平均动能相同，但是分子平均速率不相同，选项C错误；
D．一定质量的理想气体的状态改变时，若温度不变，则其内能不变，故D正确；
故选D。
4．如图所示，A和B为竖直放置的平行金属板，在两极板间用绝缘细线悬挂一带电小球。开始时开关S闭合且滑动变阻器的滑动头P在a处，此时绝缘线向右偏离竖直方向，偏角为θ，电源的内阻不能忽略，则下列判断正确的是（ ）
【答案】A
【解析】
【详解】
设人的质量为M，则轻绳的拉力大小
T=Mg
设托盘的质量为m，对人和托盘，根据牛顿第二定律有
2T一(M+m)g=(M+m)a
解得
a=5m/s2
故选A。
二、多项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分
C．小物块在0～4s内的平均速度是2m/sD．在0～4s内，木板和小物块的平均加速度相同
【答案】B
【解析】
【详解】
AB．由图像可知，当物块和木板共速时，物块相对木板的位移即为木板的最小长度，即
选项A错误，B正确；
海南省海口市2021届新高考模拟物理试题(校模拟卷)含解析
海南省海口市2021届新高考模拟物理试题（校模拟卷）一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．质点在Ox 轴运动，0t =时刻起，其位移随时间变化的图像如图所示，其中图线0~1s 内为直线，1~5s 内为正弦曲线，二者相切于P 点，则（ ）A ．0~3s 内，质点的路程为2mB ．0~3s 内，质点先做减速运动后做加速运动C ．1~5s 内，质点的平均速度大小为1.27m/sD ．3s 末，质点的速度大小为2m/s【答案】D【解析】【分析】【详解】A ．根据纵坐标的变化量表示位移，可知，0~2s 内，质点通过的位移大小为3.27m ，路程为3.27m 。
2~3s 内，质点通过的位移大小为1.27m ，路程为1.27m ，故0~3s 内，质点的路程为3.27m 1.27m=4.54m +A 错误；B ．根据图像的斜率表示速度，知0~3s 内，质点先做匀速运动，再做减速运动后做加速运动，B 错误；C ．1~5s 内，质点的位移大小0，平均速度大小为0，C 错误；D ．3s 末质点的速度大小等于1s 末质点的速度大小，为2m/s x v t∆==∆ D 正确。
故选D 。
2．如图，光滑斜劈A 上表面水平，物体B 叠放在A 上面，斜面光滑，AB 静止释放瞬间，B 的受力图是（ ）A．B．C．D．【答案】B【解析】【分析】【详解】物体A释放前，物体B受到重力和支持力，两力平衡；楔形物体A释放后，由于物体A上表面是光滑的，则物体B水平方向不受力，物体B在水平方向的状态不改变，即仍保持静止状态，在竖直方向由于A的加速度小于重力加速度g，所以B受到向上的支持力，故B正确，ACD错误．故选B3．某同学设计了如图所示的电路来研究光电效应现象，结点Q位于滑动变阻器的中点，初始状态时，滑动触头P也恰好位于滑动变阻器的中点．实验过程中，当该同学用绿光照射光电管时，灵敏电流计有示数，下列说法正确的是A．若换用紫光照射光电管，则电流计的示数一定增大B．若增大绿光的光照强度，则电流计的示数一定增大C．若将滑动触头P向右滑动，则电流计的示数一定不断增大D．若将滑动触头P向左滑动，则电流计的示数一定能减小为0【答案】B【解析】【分析】【详解】用绿光照射光电管时，灵敏电流计有示数，说明绿光的频率大于该光电管的极限频率，若换用紫光照射，则一定可产生光电效应，但光电流大小与光强有关，所以光电流大小变化情况不能确定，选项A错误；增大绿光的光照强度，则单位时间内从阴极逸出的光电子的数量一定增多，光电流变大，电流计的示数一定变大，选项B正确；此时加在光电管两端的电压为零，若将滑动触头P向右移动，加在光电管两端的电压为正向电压，则在电场力的作用下，到达阳极的光电子数会增多，而达到饱和光电流后，光电流的大小不会随着正向电压的增大而增大，选项C错误；若将滑动触头P向左滑动，加在光电管两端的电压为反向电压，则在电场力作用下，到达阳极的光电子数会减小，电流计的示数不断减小，若最大反向电压小于遏止电压，则电流计的示数不能减为零，选项D错误；故选B.【点睛】发生光电效应的条件是入射光的频率大于金属的极限频率，根据光电效应的条件判断能否发生光电效应，从而判断是否有光电流；知道饱和光电流是由光强决定的．4．如图所示为某质点运动的速度一时间图像（若将AB段图线以AB连线为轴翻转180︒，图线形状与OA 段相对于虚线对称），则关于OA段和AB图线描述的运动，下列说法正确的是（）A．两段的运动时间相同B．两段的平均速度相同C．两段的速度变化量相同D．两段的平均加速度相同【答案】A【解析】【分析】【详解】A．根据几何关系可知，两段在时间轴上投影的长度相同，因此两段的运动时间相同，故A正确；B．由图像下方面积可知，两段位移不等，因此平均速度不同，故B错误；C．两段的速度变化量大小相等，方向相反，故C错误；D．由∆=∆vat可知，两段的平均加速度大小相等，方向相反，故D错误。
解析海南省2021年高三5月模拟物理试题
2021年海南省高考物理模拟试卷(５月份)一、单项选择题(本题共６小题，每小题3分,共18分．每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确．选对的得3分，选错或不选的得０分）1.（3分)如图所示．绕在铁芯上的线圈与电源、滑动变阻器和开关组成闭合回路.在铁芯的右端套有一个表面绝缘的铜环A．不计铁芯和铜环A之问的摩擦．则下列情况中铜环Ａ会向右运动的是（)A．线圈中通以恒定的电流Ｂ. 通电时，使滑动变阻器的滑片P向右匀速移动C. 通电时,使滑动变阻器的滑片P向左加速移动D．将开关突然断开的瞬间【考点】:楞次定律；安培力.【分析】：感应电流产生的条件是穿过闭合电路的磁通量发生变化.根据这个条件分析判断有没有感应电流产生．然后根据楞次定律判断出感应电流的方向，最后使用左手定则判断出环A受力的方向．【解析】:解：A、线圈中通以恒定的电流时,线圈产生稳恒的磁场,穿过铜环A的磁通量不变,没有感应电流产生,环Ａ不动．故Ａ错误．B、通电时,使变阻器的滑片P作向右匀速滑动时,变阻器接入电路的电阻增大，回路中电流减小，线圈产生的磁场减小，穿过铜环A磁通量减小，产生感应电流的磁场方向与原磁场的方向相同,二者相互吸引，故Ａ向左运动．故B正确．C、通电时,使变阻器的滑片P作左加速滑动时,变阻器接入电路的电阻减小,回路中电流增大，线圈产生的磁场增强,穿过铜环A磁通量增大，产生感应电流.感应电流的磁场方向与原磁场的方向相反，二者相互排斥,环A向右运动.故C正确.D、将电键突然断开的瞬间,线圈产生的磁场从有到无消失,穿过穿过铜环A的磁通量减小，产生感应电流的磁场方向与原磁场的方向相同,二者相互吸引,故A向左运动．故D错误．故选：Ｃ【点评】：该题考查安培定则、楞次定律和左手定则的应用,一定要理解三个定律(定则)的区别,能够正确使用它们．本题也可以使用楞次定律的推广形式来处理，该方法比较简单. 2.（3分)如图所示,质量为m的木块Ａ放在水平面上的质量为Ｍ的斜面Ｂ上,现用大小相等方向相反的两个水平推力F分别作用在Ａ、B上,A、Ｂ均保持静止不动．则（)A. A与Ｂ之间一定存在摩擦力Ｂ．B与地面之间一定存在摩擦力C. B对A的支持力一定等于mｇＤ. 地面对Ｂ的支持力大小一定等于(m＋M）g【考点】：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】：共点力作用下物体平衡专题.【分析】:先对两个木块整体进行受力分析,根据平衡条件得到地面对整体的支持力和摩擦力；再对物体A受力分析,根据平衡条件求解物体A对物体B的支持力和摩擦力．【解析】:解:Ａ、C、再对物体m受力分析，受重力mg、已知的推力F、斜面体M对m 的支持力Ｎ′和摩擦力f，当推力Ｆ沿斜面分量大于重力的下滑分量时，摩擦力的方向沿斜面向下，如下图：当推力Ｆ沿斜面分量小于重力的下滑分量时,摩擦力的方向沿斜面向上，如下图：当推力Ｆ沿斜面分量等于重力的下滑分量时,摩擦力为零,如下图：根据共点力平衡的条件，运用正交分解法,可以得到:N′＝mgcosθ+Fsiｎθ故A错误,Ｃ错误;B、Ｄ、先对两个木块整体受力分析，受到重力（Ｍ+m)g、支持力Ｎ和已知的两个推力,如图所示:对于整体,由于两个推力的合力刚好为零，故整体与地面间没有摩擦力;根据共点力平衡条件,有:N=（Ｍ+m)ｇ故B错误，D正确；故选：D.【点评】:本题关键是对两个木块整体受力分析，根据平衡条件得到地面对整体的支持力和摩擦力，然后再对物体m受力分析,再次根据平衡条件列式求解出各个力的情况．3.(3分)雾霾天气容易给人们的正常生活造成不良影响.在一雾霾天，某人驾驶一辆小汽车以3０m/s的速度行驶在高速公路上，突然发现正前方30ｍ处有一辆大卡车以1０m/s的速度同方向匀速行驶,于是,司机紧急刹车，但刹车过程中刹车失灵.如图a、b分别为小汽车和大卡车的v﹣ｔ图象，以下说法正确的是（)A．因刹车失灵前小汽车已减速，不会追尾B. 在t=5s时追尾C．在t＝3s时追尾Ｄ. 由于初始距离太近,即使刹车不失灵也会追尾【考点】:匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】：当两车通过的位移之差等于30m时，两车会发生追尾.根据速度﹣时间图象所时间轴所围“面积”大小等于位移,进行分析.【解析】：解：根据速度﹣时间图象所时间轴所围“面积”大小等于位移,由图知，ｔ＝3s 时，b车的位移为:ｓb=v b t=1０×3m=3０ma车的位移为:s a＝×(30+20)×1+×(20+１5)×2=６０m,则sａ﹣s b=30m，所以在t=3s时追尾.故ABD错误,Ｃ正确.故选:C．【点评】：解答本题关键要抓住速度图象的面积表示位移,由几何知识和位移关系进行求解. 4．（3分)法拉第发明了世界上第一台发电机﹣﹣法拉第圆盘发电机．铜质圆盘竖直放置在水平向左的匀强磁场中,圆盘圆心处固定一个摇柄,边缘和圆心处各有一个铜电刷与其紧贴,用导线将电刷与电阻R连接起来形成回路．转动摇柄,使圆盘如图示方向转动．已知匀强磁场的磁感应强度为B，圆盘半径为l，圆盘匀速转动的角速度为ω．下列说法正确的是（）A．圆盘产生的电动势为Bωl2,流过电阻Ｒ的电流方向为从b到aＢ. 圆盘产生的电动势为Bωl２，流过电阻Ｒ的电流方向为从a到bC．圆盘产生的电动势为Ｂωπl2，流过电阻R 的电流方向为从b到aＤ. 圆盘产生的电动势为Bωπl2，流过电阻R 的电流方向为从a到b【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势;闭合电路的欧姆定律．【专题】：电磁感应与电路结合．【分析】：根据右手定则判断通过R的感应电流方向.根据法拉第电磁感应定律可知,感应电动势的大小与转动角速度有关.【解析】：解：将圆盘看成无数幅条组成,它们都切割磁感线,从而产生感应电动势,出现感应电流,根据右手定则圆盘上感应电流从边缘流向圆心，则流过电阻R 的电流方向为从b到a.根据法拉第电磁感应定律,得圆盘产生的感应电动势E=Bl＝Bl•=Bl2ω故选:Ａ．【点评】：本题是右手定则和法拉第电磁感应定律的综合应用，考查对实验原理的理解能力，同时注意切割磁感线相当于电源,内部电流方向是从负极到正极．5.（3分）小车上有一根固定的水平横杆，横杆左端固定的斜杆与竖直方向成θ角,斜杆下端连接一质量为m的小铁球.横杆右端用一根细线悬挂一相同的小铁球,当小车在水平面上做直线运动时,细线保持与竖直方向成α角(α≠θ)，设斜杆对小铁球的作用力为F，下列说法正确的是（)A．F沿斜杆向上，Ｆ＝Ｂ．Ｆ沿斜杆向上，Ｆ=C．F平行于细线向上,F=Ｄ. Ｆ平行于细线向上，F＝【考点】：牛顿第二定律．【专题】：牛顿运动定律综合专题．【分析】：先对细线吊的小球分析进行受力,根据牛顿第二定律求出加速度．再对轻杆固定的小球应用牛顿第二定律研究，得出轻杆对球的作用力大小和方向．【解析】:解：对右边的小铁球研究，受重力和细线的拉力，如图根据牛顿第二定律,得：mgtaｎα=ma得到：a=gtanα …①对左边的小铁球研究，受重力和细杆的弹力，如图,设轻杆对小球的弹力方向与竖直方向夹角为β由牛顿第二定律,得：m′gtaｎβ=m′a′…②…③因为a=a′，得到β=α≠θ，则：轻杆对小球的弹力方向与细线平行,大小为=;故选:Ｄ．【点评】:绳子的模型与轻杆的模型不同：绳子的拉力一定沿绳子方向,而轻杆的弹力不一定沿轻杆方向,与物体的运动状态有关，可根据牛顿定律确定.６.（3分）一半径为R的半球面均匀带有正电荷Ｑ，电荷Q在球心O处产生的场强大小Ｅ0=,方向如图所示．把半球面分为表面积相等的上、下两部分，如图甲所示，上、下两部分电荷在球心O处产生电场的场强大小分别为E1、E2；把半球面分为表面积相等的左、右两部分，如图乙所示,左、右两部分电荷在球心O处产生电场的场强大小分别为Ｅ3、E4.则( ）A. Ｅ1＜B. E２=C．E3>D．E４＝【考点】：电场强度．【专题】:电场力与电势的性质专题.【分析】：根据电场的叠加原理，分析半球壳在O点的场强方向，再比较场强的大小关系.根据E=k,结合左右两侧球壳上点电荷到O点距离的关系，进行分析.【解析】：解：根据点电荷电场强度公式E=k，且电荷只分布球的表面,对于图甲，虽表面积相同，但由于间距的不同,则上、下两部分电荷在球心O处产生电场的场强大小关系为E l＞E2；因电荷Ｑ在球心O处产生物的场强大小E0＝，则Ｅ1＞;对于图乙,半球面分为表面积相等的左、右两部分,是由于左右两个半个球壳在同一点产生的场强大小相等,则根据电场的叠加可知:左侧部分在O点产生的场强与右侧电荷在O点产生的场强大小相等，即E3=E４．由于方向不共线,由合成法则可知，E3＞；故C正确,ＡBD错误；故选：C.【点评】:考查点电荷的电场强度的应用，知道电荷的分布，掌握矢量的叠加法则,对于此题采用“反证法”来区别选项的正误是很巧妙的,注意总结应用.二、多项选择题(本题共４小题,每小题５分，共20分.在每小题给出的四个选项中，有多个选项正确．全部选对的得5分,选不全的得2分,有选错或不答的得0分)7．（5分）下列说法中与物理学史实相符的是( )A. 牛顿认为力是改变物体运动状态的原因B. 亚里士多德认为力是维持物体运动的原因C．笛卡尔通过扭秤实验第一个测出万有引力常量G的值Ｄ. 伽利略通过实验及合理外推，指出自由落体运动是一种匀变速直线运动【考点】:物理学史.【分析】：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可.【解析】:解:AB、亚里士多德认为力是维持物体运动的原因,牛顿认为力是改变物体运动状态的原因，故AB正确；C、卡文迪许测出了万有引力常量，故C错误；D、伽利略通过铜球在斜面上的实验及合理外推，指出自由落体运动是一种匀变速直线运动,故D正确;故选:AＢD【点评】：本题考查物理学史，是常识性问题,对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆,这也是考试内容之一．8.（5分）发射月球探测卫星要经过多次变轨．如图所示，Ⅰ是某月球探测卫星发射后的近地圆轨道.Ⅱ、Ⅲ是两次变轨后的转移椭圆轨道,O点是Ⅱ、Ⅲ轨道的近地点,Q、P分别是Ⅱ、Ⅲ轨道的远地点.则下列说法止确的是( ）A. 在Ⅱ、Ⅲ这两个轨道上，卫星在O点的速度相同B. 在Ⅱ、Ⅲ这两个轨道上,卫星在O点的加速度相同C．卫星在Ｑ点的机械能小于其在P点的机械能D. 卫星在Q点的机械能大于其在P点的机械能【考点】:人造卫星的加速度、周期和轨道的关系.【专题】:人造卫星问题.【分析】: O点为椭圆轨道运动的近地点,卫星在近地点要做离心运动，故在不同椭圆轨道上运动的卫星在近地点的速度大小不同，轨道越高在近地点的速度越大，在近地点只有万有引力作用，故产生加速度相同．卫星向更高轨道发射,需要克服重力做更多的功，故卫星轨道越高，其机械能越大.【解析】:解：Ａ、卫星在不同轨道上具有不同的机械能，向更高轨道发射卫星需要克服重力做更多的功,故同一卫星在高轨道上的机械能比低轨道上的机械能来得大，故在O点，由于不同轨道卫星具有不同的机械能，而在O点具有相同的重力势能,故不同轨道的卫星在O 点具有不同的速度大小,故A错误；B、卫星在Ｏ点运动时只受万有引力作用,卫星产生的加速度即为万有引力加速度，故不管卫星在哪个轨道上运动经过O点时都具有相同的加速度，故B正确；C、D、Q所在轨道高度比P点所在轨道高度小，卫星在高轨道上运行时的机械能大于在低轨道上运行时的机械能,故知Ｑ点卫星的机械能小于在P点的机械能，所以Ｃ正确,Ｄ错误；故选:BC．【点评】：掌握卫星变轨原理,知道向更高轨道发射卫星需要克服重力做更多的功,卫星获得的机械能大,从能量角度分析可以使问题简化．9．(5分）两电荷量分别为q1和q２的点电荷放在ｘ轴上的O、M两点，两电荷连线上各点电势φ随x变化的关系如图所示，其中Ａ、Ｎ两点的电势均为零，ND段中的Ｃ点电势最高，则（）A．q1与q2带同种电荷B．C点的电场强度大小为零C．NC间场强方向向x轴正方向Ｄ. 将一负点电荷从Ｎ点移到D点，电场力先做正功后做负功【考点】:电势差与电场强度的关系；电场强度.【专题】:电场力与电势的性质专题.【分析】：φ﹣x图象的斜率等于电场强度E.根据两点电荷连线的电势高低的分布如图所示，由于沿着电场线电势降低，可知两点电荷的电性.根据功能关系分析电场力做功的正负.【解析】:解:A、由图象可知，两点的电势一正一负,则ｑ1与ｑ2带异种电荷.故Ａ错误.Ｂ、电势随x变化图线的切线斜率表示电场强度,C点处切线斜率为零,则电场强度大小为零，故B正确．C、由图可知：N→C段中,电势升高,所以场强方向沿x轴负方向.故C错误.D、因N→D段中,电势先高升后降低,所以场强方向先沿ｘ轴负方向，后沿x轴正方向,则将一负点电荷从Ｎ点移到D点，电场力先做正功后负功.故D正确；故选:BD.【点评】：电势为零处，电场强度不一定为零．电荷在电场中与电势的乘积为电势能.电场力做功的正负决定电势能的增加与否，注意图象斜率表示电场强度是解题的突破口.10.（5分)如图所示为一个小型电风扇电路简图，其中理想变压器的原、副线圈的匝数比为ｎ,原线圈接电压为Ｕ的交流电源,输出端接有一只电阻为Ｒ的灯泡L和风扇电动机D,电动机线圈电阻为r．接通电源后,电风扇正常运转,测出通过风扇电动机的电流为I，则下列说法正确的是( ）Ａ．风扇电动机D两端的电压为IrB．理想变压器的输入功率为C．风扇电动机D输出的机械功率为﹣I2rD. 若电风扇由于机械故障被卡住，则通过原线圈的电流为【考点】：变压器的构造和原理.【专题】:交流电专题.【分析】：理想变压器的工作原理是原线圈输入变化的电流时，导致副线圈的磁通量发生变化,从而导致副线圈中产生感应电动势．而副线圈中的感应电流的变化,又导致在原线圈中产生感应电动势.变压器的电流比与电压比均是有效值,电表测量值也是有效值.【解析】:解:A、风扇电动机是非纯电阻,因此其两端电压不能为Iｒ，应该与灯泡的电压相等,故A错误;Ｂ、理想变压器的原、副线圈的匝数比为n,原线圈接电压为U的交流电源，则输出端电压为,而电动机的输入功率为,灯泡的功率为I2R=，输入功率等于输出功率为＋.故Ｂ错误；C、电动机的输入功率为,而电动机的线圈电阻消耗的功率为I２r，则电动机D的机械功率为﹣I２ｒ.故C正确；D、因为副线圈两端的电压为，若电风扇由于机械故障被卡住，则副线圈回路可视为纯电阻电路,该回路的等效电阻为，所以副线圈中的电流为,通过原线圈的电流为，D正确；故选：CD【点评】：理想变压器是理想化模型，一是不计线圈内阻;二是没有出现漏磁现象.同时当电路中有变压器时，只要将变压器的有效值求出,则就相当于一个新的恒定电源，其值就是刚才的有效值.三、实验题(本题共2小题,第１1题6分,第12题9分，共1５分．)1１.(6分)某同学利用如图1所示装置研究外力与加速度的关系．将力传感器安装在置于水平轨道的小车上，通过细绳绕过定滑轮悬挂钩码，小车与轨道及滑轮间的摩擦可忽略不计.开始实验后,依次按照如下步骤操作:①同时打开力传感器和速度传感器;②释放小车;③关闭传感器，根据Ｆ﹣t，ｖ﹣t图象记录下绳子拉力Ｆ和小车加速度a.④重复上述步骤.(1)某次释放小车后得到的F﹣t，v﹣t图象如图2所示.根据图象，此次操作应记录下的外力F大小为0．７9 N，对应的加速度a为1.8 m/ｓ2.(保留２位有效数字）(2)利用上述器材和过程得到的多组数据作出小车的加速度ａ随F变化的图象（a﹣F图象)，如图3所示.若图线斜率为k，则安装了力传感器的小车的质量为．【考点】：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【专题】:实验题.【分析】: (1)了解该实验装置，知道实验过程中小车的运动情况．根据F﹣t，v﹣t图象求出F大小和ａ的大小,（2)根据a＝可知a﹣F图象知道理论上直线斜率应等于小车质量的倒数【解析】：解:(1)根据v﹣t图象得到0.8s前小车是静止的,0.8ｓ后小车做匀加速运动,所以此次操作应记录下的外力F大小为：F=0.7８5N=0.79N,根据v﹣ｔ图象的斜率求出加速度:a＝＝1.8m/s２.(2）根据a=可知a﹣Ｆ图象知道理论上直线斜率应等于小车质量的倒数,则小车的质量为m＝.故答案为：(1）0．79,1.8；（２)【点评】:解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项．通过作图法研究两个变量之间的关系是物理里常用的一种手段,只有直线图形可以清楚地说明两变量之间的关系１2.(9分)实验室购买了一捆标称长度为100m的铜导线，某同学想通过实验测定其实际长度．该同学首先测得导线横截面积为１．0mｍ2，查得铜的电阻率为1.7×1０﹣8Ω•m，再利用图甲所示电路测出铜导线的电阻Ｒx，从而确定导线的实际长度．可供使用的器材有:电流表:量程0.６A，内阻约0.2Ω；电压表：量程3V，内阻约9kΩ；滑动变阻器R1:最大阻值5Ω;滑动变阻器Ｒ2：最大阻值２0Ω;定值电阻:R0=3Ω;电源:电动势6V,内阻可不计;开关、导线若干．回答下列问题：(1)实验中滑动变阻器应选R2 (填“R１”或“R2”),闭合开关Ｓ前应将滑片移至 a 端(填“a”或“b”)．（2)在实物图中，已正确连接了部分导线，请根据图甲电路完成剩余部分的连接．(3)调节滑动变阻器,当电流表的读数为0.50Ａ时,电压表示数如图乙所示,读数为2.3 Ｖ．(4)导线实际长度为９4 m（保留２位有效数字)．【考点】:伏安法测电阻.【专题】：实验题;恒定电流专题．【分析】: (１）本实验采用限流法测电阻,所以滑动变阻器的最大阻值应为R0和Ｒx总阻值的４倍以上，闭合开关S前应将滑片移至阻值最大处;(２)根据实验电路图,连接实物图;(3）根据图乙读出电压,注意估读；(4）根据欧姆定律及电阻定律即可求解.【解析】:解:（1)本实验采用限流法测电阻，所以滑动变阻器的最大阻值应为R0和R x总阻值的４倍以上,R0＝3Ω,所以滑动变阻器选R2,闭合开关S前应将滑片移至阻值最大处,即a处; (2）根据实验电路图，连接实物图，如图所示:（３)电压表量程为3Ｖ，由图乙所示电压表可知,其分度值为0.１V所示为：2．30V; (4)根据欧姆定律得：Ｒ0+R x＝＝＝4.６Ω,则R x=1.６Ω由电阻定律：Ｒx=ρ可知：L＝,代入数据解得：Ｌ＝94m;故答案为:（１)R2,ａ;（２)如图所示；(3)2．30;（4）94．【点评】:本题主要考查了电学元件选取原则和欧姆定律及电阻定律的直接应用,能根据电路图连接实物图，难度适中.四、计算题(本题共2小题,共２3分．其中13题1０分,１4题各1３分.把解答写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤)13.(10分）如图所示的装置叫做阿特伍德机,是阿特伍德创制的一种著名力学实验装置,用来研究匀变速直线运动的规律．绳子两端的物体下落(上升)的加速度总是小于自由落体的加速度g，同自由落体相比，下落相同的高度，所花费的时间要长,这使得实验者有足够的时间从容的观测、研究．已知物体A、B的质量相等均为M，物体Ｃ的质量为m,轻绳与轻滑轮间的摩擦不计,轻绳不可伸长且足够长,如果M=4m,求:（1)物体Ｂ从静止开始下落一段距离的时间与其自由落体下落同样的距离所用时间的比值．(2)系统在由静止释放后的运动过程中，物体C对B的拉力．【考点】：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【专题】:牛顿运动定律综合专题.【分析】: (1)隔离A,对B、C整体分析,运用牛顿第二定律求出加速度的大小，结合位移时间公式求出物体B从静止开始下落一段距离的时间与其自由落体下落同样的距离所用时间的比值．（2）隔离对Ｃ分析，运用牛顿第二定律求出拉力的大小．【解析】:解：(1）设物体的加速度为ａ，绳子的张力为Ｔ，对物体A：T﹣Mg=Ma对B、Ｃ整体:(M+m）ｇ﹣Ｔ=（Ｍ＋m）a解得a=．因为M=４ｍ，所以:a=g,根据运动学公式得，h=ａt2,h=gｔ02,解得：=3;（2）设B、Ｃ间的拉力为F，对C物体：mｇ﹣F=mａF=mｇ﹣ma＝ｍg，由牛顿第三定律知，Ｃ对B的拉力为mg;答：(１）物体B从静止开始下落一段距离的时间与其自由落体下落同样的距离所用时间的比值为３.（2)系统在由静止释放后的运动过程中，物体C对Ｂ的拉力为mg．【点评】：解决本题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，掌握整体法和隔离法的运用．14.（13分)如图甲所示,比荷=k均带正电荷的粒子（可视为质点），以速度v０从A点沿A Ｂ方向射入长方形磁场区域,长方形的长AB＝，宽AＤ=L,取粒子刚进入长方形区域的时刻为0时刻．垂直于长方形平面的磁感应强度如图乙所示变化（以垂直纸面向外的磁场方向为正方向),粒子仅在洛伦磁力的作用下运动．（１)若带电粒子在通过Ａ点后的运动过程中不再越过AD边,要使其恰能沿DＣ方向通过C 点,求磁感应强度B，及其磁场的变化周期T0为多少？（2)要使带电粒子通过A点后的运动过程中不再越过AＤ边,求交变磁场磁感应强度Ｂ0和变化周期T0的乘积B2T2应满足什么关系?【考点】:带电粒子在匀强磁场中的运动.【专题】：带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】:（1)若要使粒子恰能沿DＣ方向通过C点，粒子运动的时间必定为磁感应强度变化的周期的整数倍，根据运动轨迹，结合几何关系求得半径大小,得出磁感应强度Ｂ0及变化的周期T0.（2)画出图象，根据几何知识知转过的圆心角,再根据周期和角度关系列式求解．【解析】：解:(1)若要使粒子恰能沿DC方向通过C点,粒子运动的时间必定为磁感应强度变化的周期的整数倍，根据运动的对称性可得,轨道半径为：r′=（ｎ=0、１、2、3、…）…①由由洛伦兹力提供向心力得：Ｂ０ｑｖ０=m…②由①②得:B0=( n=0、1、2、3、…）…③粒子圆周运动周期为：T=…④磁感应强度变化的周期:T０=Ｔ…⑤由①④⑤得：T0＝(ｎ＝0、1、２、3、…）(２）如图知在转过的圆心角最大为，要使带电粒子通过A点后的运动过程中不再越过AＤ边,根据角度和周期关系知：＜…⑦在磁场中运动的周期为：ＴB=…⑧由⑦⑧知T0B0<答:(１)若带电粒子在通过A点后的运动过程中不再越过AD边,要使其恰能沿ＤＣ方向通过Ｃ点,磁感应强度为( ｎ=0、1、2、３、…）及其磁场的变化周期为（n=０、1、2、3、…)（２）要使带电粒子通过A点后的运动过程中不再越过AD边,求交变磁场磁感应强度B０和变化周期Ｔ0的乘积T0B0<.【点评】:带电粒子在复合场中的运动,重点就是运动分析，要着重掌握圆周运动的规律，还有相应的数学知识，做到能准确找出原点，明确运动的轨迹五、模块选做题(本题包括3个模块,只要求选做2模块.把解答写在答题卡中指定的答题处.对于其中的计算题，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤)【物理－－选修3-3】（12分)１5．（4分)下列有关热学的叙述中，正确的是( )Ａ. 布朗运动是指悬浮在液体中的花粉分子的无规则热运动B. 随着分子间距离的增大，若分子间的相互作用力先增大后减小,此时分子间的作用力一定是引力C. 热力学第一定律和热力学第二定律是相互矛盾的D. 一定质量的理想气体在等温变化时,其内能一定不改变E. 热量可以从低温物体传到高温物体而不引起其它变化【考点】:布朗运动;分子间的相互作用力；热力学第一定律．【专题】：布朗运动专题．。
2021年海南省高考物理模拟试卷及答案解析
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2021年海南省高考物理模拟试卷
一．选择题（共8小题，满分24分，每小题3分）
1．（3分）碳原子质量的112叫作原子质量单位，用u 表示，1u ＝1.6605×10﹣27kg 已知下列
粒子的静止质量分别为：氘核质量为2.0141u ，氚核质量为3.0160u ，中子质量为1.0087u ，氦核质量为4.0026u 。
1u ＝931MeV/c 2．一个氘核和一个氚核在超高温下聚合成氦核时，放出一个中子。
该聚变释放的核能约为（ ）
A ．1.46MeV
B ．17.50MeV
C ．956.60Me Ⅴ
D ．79.72MeV
2．（3分）如图，上网课时小明把手机放在斜面上，手机处于静止状态。
则斜面对手机的（ ）
A ．支持力竖直向上
B ．支持力小于手机所受的重力
C ．摩擦力沿斜面向下
D ．摩擦力大于手机所受的重力沿斜面向下的分力
3．（3分）图甲、乙分别表示两种电流的波形，其中图乙所示电流按正弦规律变化，分别用
I 1和I 2表示甲和乙两电流的有效值，则（ ）
A ．I 1：I 2＝2：1
B ．I 1：I 2＝1：2
C ．I 1：I 2＝1：√2
D ．I 1：I 2=√2：1
4．（3分）一车载加热器（额定电压为24V ）发热部分的电路如图所示，a 、b 、c 是三个接
线端点，设ab 、ac 、bc 间的功率分别为P ab 、P ac 、P bc ，则（ ）
A ．P ab ＞P bc
B ．P ab ＝P ac
C ．P ac ＝P bc
D ．P ab ＜P ac。
2021届海南省高考物理一模试卷(含答案解析)
2021届海南省高考物理一模试卷一、单选题（本大题共8小题，共24.0分）1.下列关于E=mc2的说法中正确的是()A. 质量为m的物体，就储存有mc2的能量B. 质量为m的物体，对应着mc2的能量C. 如果物体质量减少△m，就将该质量转化为mc2的能量D. 如果物体质量减少△m，就将产生△mc2的能量2.如图所示，F1、F2为有一定夹角的两个力，L为过O点的一条直线，当L取什么方向时，F1、F2在L上分力之和为最大()A. F1、F2合力的方向B. F1、F2中较大力的方向C. F1、F2中较小力的方向D. 以上说法都不正确3.如图，矩形线圈面积为S，匝数为N，线圈电阻为r，绕OO’轴以角速度ω匀速转动，外电路电阻为R，在磁感应强度为B，若从图示位置开始计时，则下列说法错误的是()A. 线圈中电流的瞬时表达式i=NBSωRcosωtB. 线圈转过90°的过程中，通过电阻的电量为NBSR+rC. 线圈转过90°的过程中，外力所做的功为πN2B2S2ω4(R+r)D. R两端电压的有效值为√2NBSωR2(R+r)4.滑雪运动深受人民群众喜爱。
某滑雪运动员(可视为质点)由坡道进入竖直面内的圆弧形滑道AB，从滑道的A点滑行到最低点B的过程中，由于摩擦力的存在，运动员的速率不变，则运动员沿AB下滑过程中，下列说法正确的是()A. 所受合外力始终为零B. 所受摩擦力大小不变C. 合外力做功一定不为零D. 机械能一定减少5.对于下列图片的说法，正确的是()A. 图中，大齿轮、小齿轮、后轮上各点转动时角速度相同B. 图中，洗衣机脱水时，水受到离心力的作用C. 图中，汽车转弯半径越大，越容易侧向打滑D. 图中，砂轮不能转速过高，以防止砂轮破裂而酿成事故6.2019年8月。
“法国哪吒”扎帕塔身背燃料包，脚踩安装了小型涡轮喷气发动机的“飞板”，仅用22分钟就飞越英吉利海峡35公里的海面。
当扎帕塔(及装备)悬浮在空中静止时。
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2021年海南省高考物理模拟试卷
一．选择题（共8小题，满分24分，每小题3分）
1．（3分）碳原子质量的112叫作原子质量单位，用u 表示，1u ＝1.6605×10﹣27kg 已知下列
粒子的静止质量分别为：氘核质量为2.0141u ，氚核质量为3.0160u ，中子质量为1.0087u ，氦核质量为4.0026u 。
1u ＝931MeV/c 2．一个氘核和一个氚核在超高温下聚合成氦核时，放出一个中子。
该聚变释放的核能约为（ ）
A ．1.46MeV
B ．17.50MeV
C ．956.60Me Ⅴ
D ．79.72MeV
【解答】解：一个氘核和一个氚核在超高温下聚合成氦核，聚变的核反应方程：
12 H +13H →24He +01n
核反应过程中的质量亏损为：△m ＝m D +m T ﹣（m He +m n ）＝0.0188u
释放的核能为：△E ＝△mc 2＝0.0188×931MeV ＝17.50MeV ，故B 正确，ACD 错误； 故选：B 。
2．（3分）如图，上网课时小明把手机放在斜面上，手机处于静止状态。
则斜面对手机的（ ）
A ．支持力竖直向上
B ．支持力小于手机所受的重力
C ．摩擦力沿斜面向下
D ．摩擦力大于手机所受的重力沿斜面向下的分力
【解答】解：AB 、设手机的质量为m ，斜面倾角为θ。
对手机进行受力分析，如图所示
由图结合共点力平衡的特点可知，支持力方向垂直斜面向上，小于手机所受的重力，故A 错误，B 正确；
CD 、由图可知，手机受到的摩擦力方向沿斜面向上，根据平衡条件则有：f ＝mgsin θ，静摩擦力小于手机重力沿斜面向下的分力，故CD 错误。