高中物理选修31期末测试卷附答案

高中物理选修3-1期末测试卷

一、单选题（本大题共10小题，共分）

1.关于物理学家和他们的贡献，下列说法中正确的是( )

A. 奥斯特发现了电流的磁效应，并提出了电磁感应定律

B. 库仑提出了库仑定律，并最早实验测得元电荷e的数值

C. 伽利略发现了行星运动的规律，并通过实验测出了引力常量

D. 法拉第不仅提出了场的概念，而且发明了人类历史上的第一台发电机

2.在图中所示的电路中，当滑动变阻器的滑动触片向b端移动时( )

3. A. 伏特表V读数增大，电容C的电荷量在减小

4. B. 安培表A的读数增大，电容C的电荷量在增大

5. C. 伏特表V的读数增大，安培表A的读数减小

6. D. 伏特表V的读数减小，安培表A的读数增大

7.三根通电长直导线P、Q、R互相平行、垂直纸面放置.三根导线中电流方向均垂直纸面向里，且每两根导线间

的距离均相等.则P、Q中点O处的磁感应强度方向为( )

A. 方向水平向左

B. 方向水平向右

C. 方向竖直向上

D. 方向竖直向下

8.如图所示，两个半径相同的半圆形轨道分别竖直放在匀强电场和匀强磁场中，轨道两端在同一高度上，轨道是

光滑的而且绝缘，两个相同的带正电小球同时从两轨道左端最高点由静止释放，a、b为轨道的最低点，则不正确的是( )

A. 两小球到达轨道最低点的速度V a>V b

B. 两小球到达轨道最低点时对轨道的压力F a>F b

C. 小球第一次到达a点的时间大于小球第一次到达b点的时间

D. 在磁场中小球能到达轨道的另一端，在电场中小球不能到达轨道的另一端

9.如图所示，在同一平面内，同心的两个导体圆环中通以同向电流时( )

10.A. 两环都有向内收缩的趋势 B. 两环都有向外扩张的趋势

11.C. 内环有收缩趋势，外环有扩张趋势 D. 内环有扩张趋势，外环有收缩趋势

12.如图所示，水平直导线中通有恒定电流I，导线正下方处有一电子初速度v0，其方向与电流方向相同，以后电

子将( )

A. 沿路径a运动，曲率半径变小

B. 沿路径a运动，曲率半径变大

C. 沿路径b运动，曲率半径变小

D. 沿路径b运动，曲率半径变大

13.下列说法中正确的是( )

A. 磁场中某一点的磁感应强度可以这样测定：把一小段通电导线放在该点时受到的磁场力F与该导线的长度L、

通过的电流I乘积的比值.即B=F

B. 通电导线放在磁场中的某点，该点就有磁感应强度，如果将通电导线拿走，该点的磁感应强度就为零

C. 磁感应强度B=F

只是定义式，它的大小取决于场源以及磁场中的位置，与F、I、L以及通电导线在磁场中的方向无关

D. 通电导线所受磁场力的方向就是磁场的方向

14.如图所示，质量为m，带电量为q的粒子，以初速度v0，从A点竖直向上射入空气中的沿水平方向的匀强电场

中，粒子通过电场中B点时，速率v B=2v0，方向与电场的方向一致，则A，B两点的电势差为( )

A. m?v02

2q B. 3mv02

C. 2mv02

q D. 3mv02

15.如图所示，一个绝缘圆环，当它的1

均匀带电且电荷量为+q时，圆心O处的电场强度大小为E，现使半圆ABC

均匀带电+2q，而另一半圆ADC均匀带电?2q，则圆心O处的电场强度的大小和方向为( )

A. 2√2E方向由O指向D

B. 4E方向由O指向D

C. 2√2E方向由O指向B

D. 0

16.某区域的电场线分布如图所示，M、N、P是电场中的三个点，则下列说法正确的是( )

A. P、N两点点场强不等，但方向相同

B. 将一带负电的粒子从M点移到N点，电场力做负功

C. 带电量+q的粒子，从P点的电势能小于在N点的电势能

D. 带正电的粒子仅在电场力作用下，一定沿电场线PN运动

二、多选题（本大题共2小题，共分）

17.如图所示，实线表示在竖直平面内的匀强电场的电场线，电场线与水平方向成α角，水平方向的匀强磁场与匀

强电场相互垂直.有一带电液滴沿虚线L向上做直线运动，L与水平方向成β角，且α>β.下列说法中正确的是( )

A. 液滴一定做匀速直线运动

B. 液滴一定带正电

C. 电场线方向一定斜向上

D. 液滴有可能做匀变速直线运动

18.如图中虚线为匀强电场中与场强方向垂直的等间距平行直线，两粒子M、N质量相等，所带电荷的绝对值也相

等.现将M、N从虚线上的O点以相同速率射出，两粒子在电场中运动的轨迹分别如图中两条实线所示.点a、b、c为实线与虚线的交点.已知O点电势高于c点，若不计重力，则( )

A. M带负电荷，N带正电荷

B. N在a点的速度与M在c点的速度大小相同

C. N在从O点运动至a点的过程中克服电场力做功

D. M在从O点运动至b点的过程中，电场力对它做的功等于零

三、实验题探究题（本大题共3小题，共分）

19.请完成以下两小题：

20.

21.(1)图a中螺旋测微器读数为______ mm.图b中游标卡尺(游标尺上有50个等分刻度)读数为______ cm．

22.(2)欧姆表“×1”档的中值电阻为20Ω，已知其内装有一节干电池，干电池的电动势为1.5V.该欧姆表表头满偏

电流为______ mA，要测2.5kΩ的电阻应选______ 档.

23.测得接入电路的金属丝的长度为L，金属丝的直径d，已知其电阻大约为25Ω．

24.(1)在用伏安法准确测其电阻时，有下列器材供选择，除必选电源(电动势1.5V，内阻很小)、导线、开关外，电

流表应选______ ，电压表应选______ ，滑动变阻器应选______ .(填代号)并将设计好的测量电路原理图画在方框内．

25.A1电流表(量程40mA，内阻约0.5Ω)

26.A2电流表(量程10mA，内阻约0.6Ω)

27.V1电压表(量程6V，内阻约30kΩ)

28.V2电压表(量程1.2V，内阻约的20kΩ)

29.R1滑动变阻器(范围0?10Ω)

30.R2滑动变阻器(范围0?2kΩ)

31.(2)若电压表、电流表读数用U、I表示，用上述测得的物理量计算金属丝的电阻率的表示式为ρ=______ .(全

部用上述字母表示)

32.为了测定干电池的电动势和内阻，现有下列器材：

33.A.干电池一节

34.B.电压表v1(0?15V，内阻约为15KΩ)

35.C.电压表v2(0?3V，内阻约为3KΩ)

36.D.电流表A1(0?3A，内阻约为2Ω)

37.E.电流表A2(0?0.6A，内阻约为10Ω)

38.F.电流表G(满偏电流3mA，内阻R g=10Ω)

39.G.变压器

40.H.滑动变阻器(0?1000Ω)

41.I.滑动变阻器(0?20Ω)

42.J.开关、导线

43.(1)用电流表和电压表测量干电池的电动势和内电阻，应选用的滑动变阻器是______ ，电流表______ ，电压表

______ (用代号回答)

44.(2)根据实验要求，用笔画线代替导线在实物图甲上连线．

45.

组别123456

电流I/A0.120.200.310.320.500.57

电压U/V 1.37 1.32 1.24 1.18 1.10 1.05

根据表中数据在坐标图乙上画出图线，由图可求得V，r=______ Ω.

(4)用你设计的电路做实验，测得的电动势与电池电动势的真实值相比______ (填“偏大”“偏小”或“相

等”)．

四、计算题（本大题共4小题，共分）

46.如图所示，y轴上A点距坐标原点的距离为L，坐标平面内有边界过A点和坐标原点O的圆形匀强磁场区域，

磁场方向垂直坐标平面向里.有一电子(质量为m、电荷量为e)从A点以初速度v0沿着x轴正方向射入磁场区域，并从x轴上的B点射出磁场区域，此时速度方向与x轴正方向之间的夹角为60°.求：

47.(1)磁场的磁感应强度大小；

48.(2)电子在磁场中运动的时间．

49.

50.

17.如图甲所示，足够长的“U”型金属导轨固定在水平面上，金属导轨宽度L=1.0m，导轨上放有垂直导轨的金属杆P，金属杆质量为m=0.1kg，空间存在磁感应强度B=0.5T，竖直向下的匀强磁场.连接在导轨两端的电阻R= 3.0Ω，金属杆的电阻r=1.0Ω，其余部分电阻不计.某时刻给金属杆一个水平向右的恒力F，金属杆P由静止开始运动，图乙是金属杆P运动过程的v?t图象，导轨与金属杆间的动摩擦因数μ=0.5.在金属杆P运动的过程中，第一个2s内通过金属杆P的电荷量与第二个2s内通过P的电荷量之比为3：5.g取10m/s2.求：

(1)水平恒力F的大小；

(2)求前2s内金属杆P运动的位移大小x1；

(3)前4s内电阻R上产生的热量．

18.质谱仪原理如图所示，a为粒子加速器，电压为U1；b为速度选择器，磁场与电场正交，磁感应强度为B1，板间距离为d；c为偏转分离器，磁感应强度为B2.今有一质量为m、电荷量为+e的正电子(不计重力)，经加速后，该粒子恰能通过速度选择器，粒子进入分离器后做半径为R的匀速圆周运动.求：

(1)粒子射出加速器时的速度v为多少？

(2)速度选择器的电压U2为多少？

(3)粒子在B2磁场中做匀速圆周运动的半径R为多大？

19.如图所示，一质量为m、电量为+q、重力不计的带电粒子，从A板的S点由静止开始释放，经A、B加速电场加速后，穿过中间偏转电场，再进入右侧匀强磁场区域.已知AB间的电压为U，MN极板间的电压为2U，MN两板间的距离和板长均为L，磁场垂直纸面向里、磁感应强度为B、有理想边界.求：

(1)带电粒子离开B板时速度v0的大小；

(2)带电粒子离开偏转电场时速度v的大小与方向；

(3)要使带电粒子最终垂直磁场右边界射出磁场，磁场的宽度d多大？

答案和解析

【答案】

1. D

2. D

3. A

4. C

5. D

6. B

7. C

8. C

9. A 10. B 11. ABC 12. BD 13. 1.998；1.094；75；×100

14. A 1

?；V 2?；R 1?

；πUd 2

4IL

15. I ；E ；C ；1.45；0.75；偏小

16. 解：

(1)过B 点作电子出射速度方向的垂线交y 轴于C 点，则C 点为电子在磁场中运动轨迹的圆心，画出电子的运动轨迹．

由几何知识得∠ACB =60°

设电子在磁场中运动的轨迹半径为R ，则 R ?L =Rsin30°，得：R =2L 又由洛伦兹力提供向心力，得： ev 0B =mv 02

则得：B =

mv 02eL

；

(2)由几何知识∠ACB =60° 则粒子在磁场中飞行时间为 t =θ360°?2πR v 0

将R =2L 代入得：t =2πL 3v 0

；

答：

(1)磁场的磁感应强度大小为mv 0

2eL ； (2)电子在磁场中运动的时间为2πL

3v 0

．

17. 解：(1)由图乙可知金属杆P 先作加速度减小的加速运动，2s 后做匀速直线运动．

当t =2s 时，v =4m/s ，此时感应电动势 E =Blv

感应电流I =E

R+r

安培力

根据牛顿运动定律有

解得F =0.75 N

(2)通过金属杆P 的电荷量 q =It =E

R+r t

其中E .

△Φ△t =BLx t

所以q =BLx R+r ∝x(x 为P 的位移)

设第一个2s 内金属杆P 的位移为x 1，第二个2s 内P 的位移为x 2 则△Φ1=BLx 1 △Φ2=BLx =BLvt 由于q 1：q 2=3：5

联立解得x2=8m，x1=4.8m.

(3)前4s内由能量守恒得

F(x1+x2)=1

mv2+μmg(x1+x2)+Q r+Q R

其中Q r：Q R=r：R=1：3

解得：QR=1.8J．

答：(1)水平恒力F的大小为0.75N；

(2)前2s内金属杆P运动的位移大小x1为4.8m；

(3)前4s内电阻R上产生的热量为1.8J.

18. 解：(1)粒子经加速电场U1加速，获得速度为v，由动能定理可知：

eU1=1

mv2

解得v=√2U1e

(2)在速度选择器中作匀速直线运动，电场力与洛仑兹力平衡得：eE=evB1

即U2

e=evB1

解得：U2=B1dv=B1d√2U1e

(3)在B2中作圆周运动，洛仑兹力提供向心力，qvB2=m v2

解得：R=mv

eB2=1

√2U1m

答：(1)粒子射出加速器时的速度v为√2U1e

；

(2)速度选择器的电压B1d√2U1e

；

(3)粒子在B2磁场中做匀速圆周运动的半径为1

B2√2U1m

．

19. 解：(1)

带电粒子在加速电场中，由动能定理得：qU=1

mv02

得带电粒子离开B板的速度：v0=√2qU

(2)

粒子进入偏转电场后，有：t=L v

电场强度，E=2U

电场力，F=qE

由牛顿第二定律，a=F

速度，v y=at

解得：v y=√2qU

所以带电粒子离开偏转电场时速度v的大小√2√2qU

，方向与水平方向成45°．

(3)根据洛伦兹力提供向心力，则有Bqv=m v2

，

解得：R=m

Bq ×2√qU

√mU

由于与水平方向成45°入射，

所以磁场的宽度为，d=√2

2R=√2

×2

√mU

=√2

√mU

答：(1)带电粒子离开B板时速度v0的大小√2qU

；

(2)带电粒子离开偏转电场时速度v的大小√2√2qU

，与方向与水平方向成45°；

(3)要使带电粒子最终垂直磁场右边界射出磁场，磁场的宽度√2

B mU

．