推荐高考数学问题2.4如何利用导数处理参数范围问题提分练习

2.4如何利用导数处理参数范围问题一、考情分析导数是研究函数图象和性质的重要工具,有关导数问题是每年高考的必考试题之一,且相当一部分是高考数学试卷的压轴题.其中以函数为载体,以导数为工具,考查函数性质及应用的试题,已成为最近几年高考中函数与导数交汇试题的显著特点和命题趋向.随着高考对导数考查的不断深入,运用导数确定含参数函数中的参数取值范围成为一类常见的探索性问题,由于含参数的导数问题在解答时往往需要对参数进行讨论,因而它也是绝大多数考生答题的难点,具体表现在：他们不知何时开始讨论、怎样去讨论.对这一问题不仅高中数学教材没有介绍过,而且在众多的教辅资料中也很少有系统介绍,本文通过一些实例介绍这类问题相应的解法,期望对考生的备考有所帮助.二、经验分享(1)研究含参数的函数的单调性,要依据参数对不等式解集的影响进行分类讨论．(2)划分函数的单调区间时,要在函数定义域内讨论,还要确定导数为0的点和函数的间断点．(3)函数在某个区间存在单调区间可转化为不等式有解问题．(4)求函数f(x)极值的步骤①确定函数的定义域；②求导数f′(x)；③解方程f′(x)＝0,求出函数定义域内的所有根；④列表检验f′(x)在f′(x)＝0的根x0左右两侧值的符号,如果左正右负,那么f(x)在x0处取极大值,如果左负右正,那么f(x)在x0处取极小值．(5)若函数y＝f(x)在区间(a,b)内有极值,那么y＝f(x)在(a,b)内绝不是单调函数,即在某区间上单调函数没有极值．(6)求一个函数在闭区间上的最值和在无穷区间(或开区间)上的最值时,方法是不同的．求函数在无穷区间(或开区间)上的最值,不仅要研究其极值情况,还要研究其单调性,并通过单调性和极值情况,画出函数的大致图象,然后借助图象观察得到函数的最值．利用导数研究方程的根(函数的零点)的策略三、知识拓展(1)个别导数为0的点不影响所在区间的单调性,如f(x)＝x3,f′(x)＝3x2≥0(f′(x)＝0在x＝0时取到),f(x)在R上是增函数．(2)利用集合间的包含关系处理：y＝f(x)在(a,b)上单调,则区间(a,b)是相应单调区间的子集．(3)f(x)为增函数的充要条件是对任意的x∈(a,b)都有f′(x)≥0且在(a,b)内的任一非空子区间上f′(x)不恒为零,应注意此时式子中的等号不能省略,否则漏解．(4)研究方程的根或曲线的交点个数问题,可构造函数,转化为研究函数的零点个数问题．可利用导数研究函数的极值、最值、单调性、变化趋势等,从而画出函数的大致图象,然后根据图象判断函数的零点个数． 四、题型分析(一) 与函数单调性有关的类型用导数研究函数的单调性,这是导数最为基本的运用,相关结论是：若()f x 函数在区间(a ，b)上可导,则在区间(a ，b)上()f x 递增'()0f x ⇔≥；()f x 递减'()f x ⇔0≤.根据函数单调性求参数（函数中含参数或区间中含参数）的取值范围（一般可用不等式恒成立理论求解）,一般步骤是：首先求出)('x f 后,若能因式分解则先因式分解,讨论)('x f =0两根的大小判断函数)(x f 的单调性,若不能因式分解可利用函数单调性的充要条件转化为恒成立问题.【例1】已知函数f (x )＝e xln x －a e x(a ∈R ),若f (x )在(0,＋∞)上是单调函数,求实数a 的取值范围． 【分析】利用导数判断函数的单调性,先确定在此区间上是单调增还是单调减函数．若 f (x )为单调递减函数,则f ′(x )≤0,若f (x )为单调递增函数,则f ′(x )≥0,然后分离参数a,转化为函数求最值.故g (x )在(0,1)上为单调递减函数,在[1,＋∞)上为单调递增函数,此时g (x )的最小值为g (x )＝1,但g (x )无最大值(且无趋近值)．故f (x )不可能是单调递减函数． 若f (x )为单调递增函数,则f ′(x )≥0,在x >0时恒成立,即1x－a ＋ln x ≥0,在x >0时恒成立,所以a ≤1x＋ln x ,在x >0时恒成立,由上述推理可知此时a ≤1.故实数a 的取值范围是(－∞,1]．【点评】已知函数单调性,求参数范围的两个方法(1)利用集合间的包含关系处理：y ＝f (x )在(a ,b )上单调,则区间(a ,b )是相应单调区间的子集． (2)转化为不等式的恒成立问题：即“若函数单调递增,则f ′(x )≥0；若函数单调递减,则f ′(x )≤0”来求解．【小试牛刀】【2018届广东深圳上学期期中】若函数()()3log (0,1)a f x x ax a a =->≠在区间1,02⎛⎫- ⎪⎝⎭内单调递增,则a 的取值范围是 A. 1,14⎡⎫⎪⎢⎣⎭ B. 3,14⎡⎫⎪⎢⎣⎭ C. 9,4⎛⎫+∞ ⎪⎝⎭ D. 91,4⎛⎫ ⎪⎝⎭【答案】B(二) 与不等式有关的类型以导数作为工具,以含有参数的不等式作为载体在知识交汇处命题已成为如今各地联考和高考命题的热点之一,在利用不等式恒成立求参数取值范围时,常利用以下结论：①若)(x f 值域为],[n m ,则不等式)(x f a >恒成立⇔a m ≤；不等式)(x f a >有解⇔a n ≤； ②若)(x f 值域为],[n m ,则不等式)(x f a >恒成立⇔a m <；若)(x f 值域为],(n m 则不等式)(x f a >恒成立⇔a m ≤. 【例2】已知函数()ln(1),(1,0)(0,)x f x x x+=∈-+∞ （Ⅰ）判断函数()f x 的单调区间；（Ⅱ）若对任意的0x >,都有()2112f x kx x <-+,求实数k 的最小值. 【分析】（Ⅰ）先求导可得2)1ln(1)('xx x xx f +-+=,因为分母20x >,可直接讨论分子的正负即可得导数的正负,根据导数大于0可得其单调增区间,导数小于0可得其单调减区间.（Ⅱ）可将121)(2+-<x kx x f 转化为021)1ln(23<-+-+x x kx x ,设函数x x kx x x h -+-+=2321)1ln()(,即转化为对任意的0x >, ()0h x <恒成立,即函数()h x 的最大值小于0.先求函数()h x 的导数,讨论其正负得函数()h x 的单调区间,根据单调性求其最值,根据函数()h x 的最大值小于0即可求得k 的范围.【解析】(Ⅰ) 2)1ln(1)('xx x xx f +-+=,设)1ln(1)(+-+=x x xx g ,不妨令1->x , 则22)1(11)1(1)('+-=+-+=x xx x x g ,当)0,1(-∈x 时,0)('>x g ,)(x g 为增函数；当),0(+∞∈x 时,0)('<x g ,)(x g 为减函数.所以()(0)0g x g ≤=,即'()0f x ≤,所以在(1,0)(0,)x ∈-+∞时,'()0f x <所以)(x f 在区间),0(),0,1(+∞-上为减函数.当310<<k ,在]331,0[k k x -∈时,0)('≥x h ,所以)(x h 在]331,0[kkx -∈为增函数,所以0)0()(=≥h x h ,不符合题意； 当31≥k 时,在),0[+∞∈x 时,0)('≤x h ,所以)(x h 在),0[+∞∈x 为减函数,所以0)0()(=≤h x h ,即021)1ln(23<-+-+x x kx x 在0x >上成立,符合题意； 综上,实数k 的最小值为31. 【点评】本题主要考查导数的运算、利用导数研究函数的单调性、利用导数研究函数的极值与最值、恒成立问题等数学知识,考查综合分析问题解决问题的能力和计算能力,考查函数思想和分类讨论思想.利用“要使a x f >)(成立,只需使函数的最小值a x f >min)(恒成立即可；要使a x f <)(成立,只需使函数的最大值a x f <max)(恒成立即可”.在此类问题中分类讨论往往是一个难点,这需要经过平时不断的训练和结累方可达到的.【小试牛刀】【2018届甘肃高台县高三上学期第五次模拟】已知函数()1xfx x e =+,若对任意x R ∈,()f x ax >恒成立,则实数a 的取值范围是（ ）A. (),1e -∞-B. (]1,1e -C. [)1,1e - D. ()1,e -+∞ 【答案】B【解析】函数()1x f x x e =+，对任意x R ∈,()f x ax >恒成立,∴1xx ax e +>恒成立, 即()11x a x e >-x 恒成立；设()()()1,1x g x h x a x e==-,x ∈R ；在同一坐标系内画出两个函数的图象,如图所示；则满足不等式恒成立的是h (x )的图象在g (x )图象下方,求()g x 的导数()'xg x e -=-,且过()g x 图象上点()00,x y 的切线方程为()000x y y e x x --=--,且该切线方程过原点(0,0),则000x y e x -=-⋅,即000x x e e x --=-⋅,解得01x =-；∴切线斜率为0x k e e -=-=-,∴应满足a −1>−e ,即a >1−e ；又a −1⩽0,∴a ⩽1,∴实数a 的取值范围是(1−e , 1].故选B. (三) 与极值有关的类型极值这个概念在高中数学中可以说是一个与导数紧密相连的概念,基本上只要提到极值或极值点就会想到导数,极值点个数的判定,一般是转化为使'()0f x =方程根的个数,一般情况下导函数若可以化成二次函数,我们可以利用判别式研究,若不是,我们可以借助图形研究.在完成此类题目时一定要注意极值与最值的区别,它们有本质的不同：极值是一个局部的概念,而最值是一个整体的概念.【例3】【2017湖北荆州高三上学期第一次质量检测】已知函数()()ln xe f x a x x x=+-,e 为自然对数的底数.（1）当0a >时,试求()f x 的单调区间； （2）若函数()f x 在1,22x ⎛⎫∈⎪⎝⎭上有三个不同的极值点,求实数a 的取值范围. 【分析】(1)借助题设条件运用导数求解；(2)依据题设进行转化,构造函数运用导数知识探求.（2）由条件可知()'0f x =,在1,22x ⎛⎫∈⎪⎝⎭上有三个不同的根,即0x e ax +=在1,22x ⎛⎫∈ ⎪⎝⎭上有两个不同的根,且a e ≠-,令()xe g x a x==-,则()()1'xe x g x x-=-,当1,12x ⎛⎫∈ ⎪⎝⎭单调递增,()1,2x ∈单调递减,()g x ∴的最大值为()()2111,222g e g g e ⎛⎫=-=-=-⎪⎝⎭,而22110,22e e a e ⎛⎫--=->∴-<<- ⎪⎝⎭.【点评】导数是研究函数的单调性和极值最值问题的重要而有效的工具.本题就是以函数解析式()()ln xe f x a x x x =+-为背景,精心设置了两个问题,旨在考查导数知识与函数单调性和极值的关系等方面的综合运用以及分析问题解决问题的能力.本题的第一问是求函数()()ln xe f x a x x x=+-的单调区间,求解时运用求导法则借助a 的范围及导数与函数的单调性的关系,分别求出求出其单调区间；第二问则通过构造函数()xe g x a x==-,运用求导法则及转化化归思想,分析推证建立不等式,从而求出e a e -<<-2,使得问题获解.【小试牛刀】【2018届江西省南昌上学期第三次月考】若函数()()2ln xf x a x e x x =-+-存在唯一的极值点,且此极值小于0,则实数a 的取值范围为（ ） A. 2211,e e ⎛⎫-⎪⎝⎭ B. 11,e e ⎛⎫- ⎪⎝⎭ C. 21,0e ⎛⎤- ⎥⎝⎦ D. 1,0e ⎛⎤- ⎥⎝⎦【答案】D【解析】()()2ln xf x a x e x x =-+-,x ＞0,∴f ′（x ）=a （x ﹣1）e x+1x ﹣1=（x ﹣1）（ae x1x-）, 由f'（x ）=0得到x=1或ae x10x-=（*）由于f （x ）仅有一个极值点,关于x 的方程（*）必无解, ①当a=0时,（*）无解,符合题意,②当a ≠0时,由（*）得,a=1x xe,∴a 0≤由于这两种情况都有,当0＜x ＜1时,f'（x ）>0,于是f （x ）为增函数,当x ＞1时,f'（x ）＞0,于是f （x ）为减函数, ∴x=1为f （x ）的极值点,∵f（1）=﹣ae-1<0,∴1a e >-,又a 0≤,综上可得a 的取值范围是1,0e ⎛⎤- ⎥⎝⎦． 故选D ．(四) 与方程有关的类型在现在高中数学命题中常出现有关参数的方程问题、根的分布问题,有时甚至出现在一些高考试题的压轴题中.完成此类问题正确的转化是解题最为关键的地方,基础较差的学生可能出现复杂问题简单化的现象（当然是错误的理解而已）,这种题型往往能很好的考查学生运用所学知识解决新问题的能力,这也正是它的魅力所在.【例4】【2015河北省“五个一名校联盟” 高三教学质量监测】已知函数x ax x x f 221ln )(2--=（0<a ）. （Ⅰ）若函数)(x f 在定义域内单调递增,求实数a 的取值范围；（Ⅱ）若21-=a ,且关于x 的方程b x x f +-=21)(在[]4,1上恰有两个不等的实根,求实数b 的取值范围.【分析】（Ⅰ）求出()f x 的定义域及导函数()f x ',由函数)(x f 在定义域内单调递增知,()f x '≥0在定义域内恒成立,通过参变分离化为()a g x ≤在定义域内恒成立,求出()g x 的最小值,即a ≤min [()]g x 即为a 的取值范围；（Ⅱ）先将关于x 的方程b x x f +-=21)(在[1,4]上恰有两个不等实根转化为方程1()2f x x + =b 在[1,4]上恰有两个不等实根,即函数y=1()2f x x +（x ∈[1,4]）图像与y=b 恰有两个不同的交点,利用导数通过研究函数y=1()2f x x +（x ∈[1,4]）的单调性、极值、最值及图像,结合y=1()2f x x +（x ∈[1,4]）的图像,找出y=1()2f x x +（x ∈[1,4]）与y=b 恰有两个交点时b 的取值范围,即为所求 【解析】（Ⅰ）函数的定义域为()+∞,0,)0(12)(2>-+-='x xx ax x f ,依题意0)(≥'x f 在0>x 时恒成立,则1)11(2122--=-≤x x x a 在0>x 时恒成立,即[])0(1)11(min 2>--≤x xa , 当1=x 时,1)11(2--x取最小值-1,所以a 的取值范围是(]1,-∞-【点评】本题考查了常见函数的导数、导数的运算法则、导数函数单调性关系、导数的综合应用和利用导数证明不等式,考查了学生的转化能力和运算求解能力.在某一区间内有关方程根的分布情况,所涉及方程往往有两类：一类为一元二次方程,它可充分利用三个二次的关系进行处理问题；另一类为非一元二次方程,此时一般要构造新的方程或函数进行研究,运用导数作为工具,数形结合处理此类问题. 【小试牛刀】 【2017河北石家庄第一次质检】若存在正实数m ,使得关于x 的方程()()224ln ln 0x a x m ex x m x ++-+-=⎡⎤⎣⎦有两个不同的根,其中e 为自然对数的底数,则实数a 的取值范围是 （ ） A ．(),0-∞ B ．10,2e ⎛⎫ ⎪⎝⎭ C. ()1,0,2e ⎛⎫-∞+∞ ⎪⎝⎭D ．1,2e ⎛⎫+∞ ⎪⎝⎭ 【答案】D【解析】当0a =时,方程只有一个解,不满足题意,所以0a ≠,所以原方程等价于方程12(2)ln x m x m e a x x ++=-有两解．令1x m t x +=>,则12(2)ln e t t a =-．设()f t ＝2(2)ln e t t -,则2()ln 1ef t t t'=--,当t e >时,()0f t '<,当1t e <<时,()0f t '>,所以()f t 在(,)e +∞上单调递减,在(1,)e 上单调递增,所以()()2f t f e e ≤=,且当1t e <<时,()0f t >,当t →+∞时,()f t →-∞,所以要使12(2)ln e t t a =-存在两解,则需0a >,所以12e a <且0a >,即12a e ≥,所以a 的取值范围为1(,)2e+∞,故选D ． 五、迁移运用1．【2018届四川省成都市第七中学高三上学期半期考】已知()()exx fx x =∈R ,若关于x 的方程()()210f x mf x m -+-=恰好有4个不相等的实数解,则实数m 的取值范围为A. ()1,22,e e ⎛⎫⋃ ⎪⎝⎭B. 1,1e ⎛⎫ ⎪⎝⎭C. 11,1e ⎛⎫+ ⎪⎝⎭D. 1,e e ⎛⎫ ⎪⎝⎭【答案】C【解析】∵()e x x f x =,∴(),0{ ,0x x xx ef x x x e≥=-<,当0x ≥时,()0f x ≥,()1x x f x e ='-,当01x ≤<时()0f x '>,即()f x 在[)0,1内为增函数,当1x >时,()0f x '<,即()f x 在()1,+∞内为减函数,当0x <时,()10x x f x e-'=<,即()f x 在(),0-∞内为减函数作出,函数()f x 的图象如图所示：∴函数()f x 在[)0,+∞内有个最大值()11f e =,设()t f x =,当1t e>时,方程()t f x =有1个解 当1t e =时,方程()t f x =有2个解,当10t e<<时,方程()t f x =有3个解,当0t =时,方程()t f x =有1个解,当0t <时,方程()t f x =有0个解,则方程()()210f x mf x m -+-=等价为210t mt m -+-=∵方程()()21011t m t m t t m ⎡⎤-+-==---⎣⎦有两个不同的根1t =,1t m =-,∴当1t =时,方程()t f x =有1个解,要使方程()()210f x mf x m -+-=恰好有4个不相等的实数解,则110,t m e ⎛⎫=-∈ ⎪⎝⎭∴111m e<<+,故选C. 2.【2018届广东省五校高三12月联考】已知函数()()ln 224(0)f x x a x a a =+--+>,若有且只有两个整数1x ,2x 使得()10f x >,且()20f x >,则a 的取值范围是（ ） A. ()ln3,2 B. [)2ln3,2- C. (]0,2ln3- D. ()0,2ln3- 【答案】C【解析】由题意可知,()0f x >,即()()ln 2240,0x a x a a +--+>>,()22ln 40ax a x x a ∴->-->,设()()2ln 4,2g x x x h x ax a =--=-,由()121'2x g x x x -=-=,可知()2ln 4g x x x =--,在10,2⎛⎫⎪⎝⎭上为减函数,在1,2⎛⎫+∞⎪⎝⎭上为增函数,()2h x ax a =-的图象恒过点()2,0,在同一坐标系中作出()(),g x h x 的图象如下：若有且只有两个整数12,x x ,使得()10f x >,且()20f x >,则()()()()0{11 33a h g h g >>≤,即0{2 23a a a ln >->-≤-,解得02ln3a <≤-,故选C.3.【2018届陕西省西安中学高三上学期期中】已知函数()3213f x x a x =-,若对于任意的[]12,0,1x x ∈,都有()()121f x f x -≤成立,则实数a 的取值范围是（ ）A. 33⎡-⎢⎣⎦B. 33⎛⎫- ⎪ ⎪⎝⎭C. ⎡⎫⎛⋃⎪ ⎢⎪ ⎣⎭⎝⎦D. ⎛⎫⎛⋃ ⎪ ⎪ ⎝⎭⎝⎭【答案】A4.【2018届陕西省西安高三上学期期中】若函数()1sin2sin 3f x x x a x =-+在(),-∞+∞单调递增,则a 的取值范围是（ ）A. []1,1- B. 11,3⎡⎤-⎢⎥⎣⎦ C. 11,3⎡⎤--⎢⎥⎣⎦ D. 11,33⎡⎤-⎢⎥⎣⎦【答案】D【解析】函数()1sin2sin 3f x x x a x =-+的导数为2'123f x cos x acosx =-+（），由题意可得'0f x ≥（）恒成立,即为21203c o s x a c o s x -+≥，即有254033cos x acosx -+≥， 设11t cosxt =-≤≤（）,即有25430t a t -+≥，由题意可得5430a -+≥ ,且5430a --≥,解得a 的范围是11,33⎡⎤-⎢⎥⎣⎦,故选D.5.【2018届天津市耀华中学2018届高三上学期第二次月考】若函数()33f x x x =-在区间()212a a -，上有最小值,则实数a 的取值范围是（ ）A. (1-B. ()14-，C. (]12-， D. ()12-， 【答案】C【解析】由题 2'33f x x =-（） ,令'0f x （）＞解得11x -＜＜；令'0f x （）＜解得11x x -＜或＞由此得函数在1,-∞-（，）1+∞（，）上是减函数,在11-（，）上是增函数,故函数在1x =-处取到极小值-2,判断知此极小值必是区间（212a a -，）上的最小值2121a a ∴--＜＜， 解得1a -＜又当2x =时,22f =-（）,故有2a ≤,综上知12]a ∈-（，,故选C.6.【2017湖北荆州高三上学期第一次质量检测】若函数()32132x a f x x x =-++在区间1,32⎛⎫⎪⎝⎭上单调递减,则实数a 的取值范围是（ ）A ．1,3⎡⎫+∞⎪⎢⎣⎭B ． 5,3⎡⎫+∞⎪⎢⎣⎭ C.10,3⎡⎫+∞⎪⎢⎣⎭ D ．16,3⎡⎫+∞⎪⎢⎣⎭【答案】C【解析】因1)(2/+-=ax x x f ,故由题设012≤+-ax x 在1,32⎛⎫ ⎪⎝⎭上恒成立,故⎪⎩⎪⎨⎧≤-≤-031002145a a ,即310≥a .故应选C.7.【2017江苏徐州丰县民族中学第二次月考】已知函数312,0,()2,0,x x x f x x x ⎧-≤=⎨->⎩,当(,]x m ∈-∞时,()f x 的取值范围为[16,)-+∞,则实数m 的取值范围是． 【答案】[]2,8-【解析】因)2)(2(3)4(3312)(22/x x x x x u -+=-=-=,故当2-<x 时,函数)(x u 单调递减；当02<<-x 时,函数)(x u 单调递增,故16824)2()(min -=+-=-=u x u ,故由162=-x 可得8-=x .画出函数312,0,()2,0,x x x f x x x ⎧-≤=⎨->⎩的图象如图,结合图象可知:当82≤≤-m 时, 函数()f x 的取值范围为[16,)-+∞,故应填答案[]2,8-.8.【2017江西抚州七校联考】已知函数()2,01,0x x a x f x x x ⎧++<⎪=⎨->⎪⎩的图像上存在不同的两点,A B ,使得曲线()y f x =在这两点处的切线重合,则实数a 的取值范围是（ ）A ．1,4⎛⎫-∞ ⎪⎝⎭ B ．()2,+∞ C ．12,4⎛⎫- ⎪⎝⎭ D ．()1,2,4⎛⎫-∞+∞ ⎪⎝⎭【答案】C【解析】0x <时,12)(f +='x x ；0x >时,21)(f x x ='.设),(),,(A 2211y x B y x 且21x x <,当0x 21<<x 或21x 0x <<时,)()(f 21x f x '≠',故210x x <<,当0x 1<时,函数）（x f 在点），（11y x A 处的切线方程为))(12()(x -y 11121x x x a x -+=++,即;)12(y 211a x x x +-+=当0x 2>时,函数）（x f 在点），（22y x B处的切线方程为)(1)x 1(--y 2222x x x -=,即22221y x x x -=,两切线重合的充要条件是⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧+-=-+=ax x x 212122212x 1,且)1,0(1)0,21(x 21∈⇒-∈x ,消去1x 得：22222)211(x a x -=+--,令t x 12=,则4182t a 24+--=t t ,构造函数=）（t g 4182t 24+--t t ,)1,0(t ∈,2t g 3--='t t ）（,3301t 3t g 2=⇒=-=''t ）（,所以)(t g '在)33,0（单调递减,在），（133单调递增,又,0)1(,0)0(g <'<'g 所以0x g <'）（,所以)x g （在)1,0（单调递减,所以)41,2x g -∈（）（,即)41,2a -∈（,故选C.9.【2017辽宁盘锦市高中2017届11月月考】设函数3()(33)xxf x e x x ae x =-+--（2x ≥-）,若不等式()0f x ≤有解,则实数a 的最小值为（ ） A ．11e-B ．12e-C ．11e-D ．21e +【答案】A【解析】∵3()(33)xxf x e x x ae x =-+--≤()∞+∈，1x 时,()0>'x g ,故()x g 在()1,∞-∈x 上是减函数,在()∞+∈，1x 上是增函数；故10.【山西临汾一中等五校2017届高三第三联考,12】设函数()3236222x x f x e x x x ae x ⎛⎫=+-+-- ⎪⎝⎭,若不等式()0f x ≤在[)2,-+∞上有解,则实数a 的最小值为（ ） A ．312e -- B ．322e -- C ．3142e -- D ．11e-- 【答案】C11.【四川自贡普高2017届一诊,12】设函数()()31x f x e x ax a =--+,其中1a <,若有且只有一个整数0x 使得()00f x ≤,则a 的取值范围是（ ）A ．23 4e ⎛⎫ ⎪⎝⎭，B ．23 4e ⎡⎫⎪⎢⎣⎭， C.2 1e ⎛⎫ ⎪⎝⎭， D ．2 1e ⎡⎫⎪⎢⎣⎭，【答案】D【解析】设()()31x g x e x =-,()h x ax a =-,则()()'32x g x e x =+,∴2 3x ⎛⎫∈-∞- ⎪⎝⎭，,()'0g x <,()g x 单调递减；2 3x ⎛⎫∈-+∞ ⎪⎝⎭，,()'0g x >,()g x 单调递增,所以23x =-处取得最小值233e --,所以()()010g a h =-<-=,()()1120g h e -=>,直线()h x ax a =-恒过定点()1 0，且斜率为a ,所以()()111420e g h a ----=-+≥,∴2e a ≥而1a <,∴a 的取值范围 12e ⎡⎫⎪⎢⎣⎭， 12.已知()e xf x x =,2()(1)g x x a =-++,若12,x x ∃∈R ,使得21()()f x g x ≤成立,则实数a 的取值范围是____________．13.若关于x 的不等式(1)(ln )0ax x ax -+≥在（0,+∞）上恒成立,则实数a 的取值范围是． ]{e}【解析】函数1-=ax y 在（0,+∞）大于零不恒成立,所以有01≤-ax 0ln ≤+ax x 在（0,+∞）上恒成立．不等式恒成立可得,0≤a ;不等式即)(ln x g xa =-≤在（0,+∞）恒成立,用导数法可求函数)(x g 得,01=-ax ,0ln =+ax x 时,解得a (]{e}a ∈-∞．14.【2017重庆八中二调】已知函数2()()xf x x ax a e =--． （1）讨论()f x 的单调性；（2）若(0,2)a ∈,对于任意1x ,[]24,0x ∈-,都有212|()()|4a f x f x e me --<+恒成立,求m 的取值范围． 【答案】（1）若2-<a ,则()x f 在()()+∞-∞-,2,,a 上单调递增,在()2,-a 单调递减,若2-=a ,则()x f 在()+∞∞-,上单调递增,若2->a ,则()x f 在()()+∞-∞-,,2,a 上单调递增,在()a ，2-单调递减；（2）321ee m +>.【解析】（1）()()()()[]()()xx x x e a x x e a x a x e a ax x e a x x f -+=---=--+-='2222221'、若2-<a ,则()x f 在()()+∞-∞-,2,,a 上单调递增,在()2,-a 单调递减； 2'、若2-=a ,则()x f 在()+∞∞-,上单调递增；3'、若2->a ,则()x f 在()()+∞-∞-,,2,a 上单调递增,在()a ，2-单调递减； （2）由（1）知,当(0,2)a ∈时,()x f 在()2,4--上单调递增,在()02，-单调递减, 所以()()()()()()01634,4242max f a e a f e a f x f =->+=-+=-=--,故()()()()()()222max 2141402---++=++=--=-e e a a ea f f x f x f ,212|()()|4a f x f x e me --<+恒成立,即()a me e e e a +<++---122441恒成立即()12+>-e e a m a恒成立, 令()()2,0,∈=x e x x g x ,易知()x g 在其定义域上有最大值()eg 11=,所以321e e m +>.15.【2017山西省运城高三上学期期中】已知函数2()ln 1f x x x ax =+-,且'(1)1f =-．（1）求a 的值；（2）若对于任意(0,)x ∈+∞,都有()1f x mx -≤-,求m 的最小值． 【答案】（1）1a =-；（2）1-.【解析】（1）对()f x 求导,得'()1ln 2f x x ax =++, 所以'(1)121f a =+=-,解得1a =-．（2）由()1f x mx -≤-,得2ln 0x x x mx --≤,因为(0,)x ∈+∞,所以对于任意(0,)x ∈+∞,都有ln x x m -≤． 设()ln g x x x =-,则1'()1g x x=-, 令'()0g x =,解得1x =,当x 变化时,()g x 与'()g x 的变化情况如下表：所以当1x =时,max ()(1)1g x g ==-,因为对于任意(0,)x ∈+∞,都有()g x m ≤成立,所以1m ≥-, 所以m 的最小值为1-．16. 【2016届辽宁省抚顺市一中高三上学期第一次模拟】已知函数())1(ln x a x x f -+=． （Ⅰ）讨论()x f 的单调性；（Ⅱ）当()x f 有最大值,且最大值大于22-a 时,求a 的取值范围． 【答案】（Ⅰ）详见解析；（Ⅱ）()1,0（Ⅱ）由（Ⅰ）知,当0≤a ,则()0>'x f ,所以()x f 在()+∞,0无最大值；当0>a 时,()x f 在ax 1=取 得最大值,最大值为1ln 111ln 1-+-=⎪⎭⎫⎝⎛-+⎪⎭⎫ ⎝⎛=⎪⎭⎫⎝⎛a a a a a a f 因此221->⎪⎭⎫⎝⎛a a f 等价于01ln <-+a a 令()1ln -+=a a a g ,则()a g 在()+∞,0单调递增,()01=g 于是,当10<<a 时,()0<a g ；当1>a 时,()0>a g 因此,a 的取值范围是()1,0．17.【2017福建厦门一中上学期期中】已知函数()()2ln ,01,xf x a x x a b b R a a e =+--∈>≠且是自然对数的底数．（1）讨论函数()f x 在()0,+∞上的单调性；（2）当1a >时,若存在[]12,1,1x x ∈-,使得()()121f x f x e -≥-,求实数a 的取值范围．（参考公式：()ln xxa aa '=）【答案】（1）()f x 在()0,+∞上单调递增；（2）[),e +∞. 【解析】（1）()()ln 2ln 21ln x x f x a a x a x a a '=+-=+-． 当1a >时,ln 0a >,当()0x ∈+∞，时,20,1xx a >>,∴10x a ->,所以()0f x '>,故函数()f x 在()0,+∞上单调递增；当01a <<时,ln 0a <,当()0,x ∈+∞时,20,1xx a ><,∴10x a -<,所以()0f x '>,故函数()f x 在()0,+∞上单调递增, 综上,()f x 在()0,+∞上单调递增,（2）()2ln xf x a x x a b =+--,因为存在[]12,1,1x x ∈-,使得()()121f x f x e -≥-,所以当[]1,1x ∈-时,()()()()max min max min 1f x f x f x f x e -=-≥-．()()ln 2ln 21ln x x f x a a x a x a a '=+-=+-,①当0x >时,由1a >,可知10,ln 0xa a ->>,∴()0f x '>；②当0x <时,由1a >,可知10,ln 0xa a -<>,∴()0f x '<；③当0x =时,()0f x '=,∴()f x 在[]1,0-上递减,在[]0,1上递增, ∴当[]1,1x ∈-时,()()()()(){}min max 01,max 1,1f x f b f x f f ==-=-, 而()()()11111ln 1ln 2ln f f a a b a b a a a a ⎛⎫--=+---++-=--⎪⎝⎭,设()()12ln 0g t t t t t =-->,因为()22121110g t t t t ⎛⎫'=+-=-≥ ⎪⎝⎭（当1t =时取等号）,∴()12ln g t t t t=--在()0,t ∈+∞上单调递增,而()10g =, ∴当1t >时,()0g t >,∴当1a >时,12ln 0a a a-->, ∴()()11f f >-,∴()()101f f e -≥-,∴ln 1a a e -≥-,即ln ln a a e e -≥-, 设()()ln 1h a a a a =->,则()1110a h a a a-'=-=>, ∴函数()()ln 1h a a a a =->在()1,+∞上为增函数,∴a e ≥, 既a 的取值范围是[),e +∞．18.【2018届山东省淄博市部分学校高三12月摸底】已知函数()()sin 0xf x x x=≠. (Ⅰ)判断函数()f x 在区间02π⎛⎫ ⎪⎝⎭，上的单调性；(Ⅱ)若函数()f x 在区间02π⎛⎫ ⎪⎝⎭，上满足()f x a <恒成立,求实数a 的最小值.（Ⅱ）由于02x π⎛⎫∈ ⎪⎝⎭，,不等式()f x a <恒成立,即sin 0x ax -<恒成立令()sin x x ax ϕ=-,()'cos x x a ϕ=-,且()00ϕ=当1a ≥时,在区间02π⎛⎫⎪⎝⎭，上()'0x ϕ<,即函数()x ϕ单调递减, 所以()()00x ϕϕ<=,即sin 0x ax -<恒成立当01a <<时,()'cos 0x x a ϕ=-=在区间02π⎛⎫ ⎪⎝⎭，上存在唯一解0x , 当()00x x ∈，时,()'0x ϕ>,故()x ϕ在区间[)00x ，上单调递增,且()00ϕ=,从而()x ϕ在区间()00x ，上大于零,这与sin0x ax -<恒成立相矛盾 当0a ≤时,在区间02π⎛⎫ ⎪⎝⎭，上()'0x ϕ>,即函数()x ϕ单调递增,且()00ϕ=,得sin 0x ax ->恒成立,这与sin 0x ax -<恒成立相矛盾故实数a的最小值为1.。