高频课后习题答案(部分)(可编辑修改word版)
高频课后答案
第一章1-2 一功率管，它的最大输出功率是否仅受其极限参数限制？为什么？解：否。
还受功率管工作状态的影响，在极限参数中，P CM 还受功率管所处环境温度、散热条件等影响。
1-3 一功率放大器要求输出功率P 。
= 1000 W ，当集电极效率ηC 由40％提高到70‰时，试问直流电源提供的直流功率P D 和功率管耗散功率P C 各减小多少？解：当ηC1 = 40% 时，P D1 = P o /ηC = 2500 W ，P C1 = P D1 - P o =1500 W当ηC2 = 70% 时，P D2 = P o /ηC =1428.57 W ，P C2 = P D2 - P o = 428.57 W 可见，随着效率升高，P D 下降，(P D1 - P D2) = 1071.43 WP C 下降，(P C1 - P C2) = 1071.43 W1-6 如图所示为低频功率晶体管3DD325的输出特性曲线，由它接成的放大器如图1-2-1（a ）所示，已知V CC = 5 V ，试求下列条件下的P L 、P D 、ηC （运用图解法）：（1）R L = 10Ω，Q 点在负载线中点，充分激励；（2）R L = 5 Ω，I BQ 同（1）值，I cm = I CQ ；（3）R L = 5Ω，Q 点在负载线中点，激励同（1）值；（4）R L = 5 Ω，Q点在负载线中点，充分激励。
解：(1) R L = 10 Ω 时，作负载线(由V CE = V CC - I C R L )，取Q 在放大区负载线中点，充分激励，由图得V CEQ1 = 2.6V ，I CQ1 = 220mA ，I BQ1 = I bm = 2.4mA因为V cm = V CEQ1-V CE(sat) = (2.6 - 0.2) V = 2.4 V ，I cm = I CQ1 = 220 mA 所以mW26421cm cm L ==I V P ，P D = V CC I CQ1 =1.1 W ，ηC = P L / P D = 24%(2) 当 R L = 5 Ω 时，由V CE = V CC - I C R L作负载线，I BQ 同(1)值，即I BQ2 = 2.4mA ，得Q 2点，V CEQ2 = 3.8V ，I CQ2 = 260mA这时，V cm = V CC -V CEQ2 = 1.2 V ，I cm = I CQ2 = 260 mA 所以 mW15621cm cm L ==I V P ，P D = V CC I CQ2 = 1.3 W ，ηC = P L / P D = 12%(3) 当 R L = 5 Ω，Q 在放大区内的中点，激励同(1)，由图Q 3点，V CEQ3 = 2.75V ，I CQ3= 460mA ，I BQ3 = 4.6mA ， I bm = 2.4mA 相应的v CEmin = 1.55V ，i Cmax = 700mA 。
高频电子线路(邹传云)课后习题答案
部分练习参考答案第1章4：0.693m，不能利用电离层反射来实现远距离传输。
11：f工作= 1MHz时，∵f工作< < fβ∴|β| =β0 =100（低频区工作）f工作= 10MHz时，∵f工作= fβ∴|β| =0.7β0 =70 （极限工作）f工作= 100MHz时，∵f工作>> fβ∴|β| ≈f T / f工作=1000/100 =10f工作= 200MHz时，∵f工作>> fβ∴|β| ≈f T / f工作=1000/200 = 5f工作= 500MHz时，∵f工作>> fβ∴|β| ≈f T / f工作=1000/500 = 2 12：13：2、1010、0.01；6dB、60 dB、-14 dB14：8.16×10-10V2、3.14×10-20A2、2.68×10-10V215：()211211sPA s sR RRNFG R R R+==++16：32dB17：20.33dB18：87dB19：1.58×10-11mW、561674=115dB20：-117.8dBm、-115.5 dBm21：6.48dBm22：20.8dBm23：21dB、-5.064 dBm24：91dB25：63.4dB、44.9dB第2章1：0.586mH、58.125。
236.66kΩ2：19pF、0.3175mH3：0.2mA、212mV、212mV4：586μH、42.78、10.87kHz5：2.51MHz、104.3kHz6：(2)500(54dB)7：12.3、0.657MHz8：5.927kHz、23.79：100、2.574MHz；6.2154MHz、6.436、41.42高频电子线路 第3章3：()()()1809060180:90:601:1:0.782;::1:1.57:1.8O O O P P P ηηη==4：o110048,0.27,0.14c m cm c cm I I A I I A θαθαθ=====（）（）5：6D P W =，1C P W =，83%C η=，10.46c m I A =，o 50≈θ6： 1.8im U V =，55R E =Ω，77%C η=7：（1）此时功率放大器工作在临界工作状态；（2）8.28D P W =， 6.15o P W =， 2.13C P W =，74%C η=，18R E =Ω （3）若要求放大器的效率最大，则放大器应该工作在弱过压状态，可以采取增加等效负载、增加输入信号振幅、增加基极偏置电压、减小集电极电源电压的办法。
高频电子线路课后习题答案-曾兴雯.(DOC)
高频电子线路习题集第一章 绪论1－1 画出无线通信收发信机的原理框图，并说出各部分的功用。
答：上图是一个语音无线电广播通信系统的基本组成框图，它由发射部分、接收部分以及无线信道三大部分组成。
发射部分由话筒、音频放大器、调制器、变频器（不一定必须）、功率放大器和发射天线组成。
低频音频信号经放大后，首先进行调制后变成一个高频已调波，然后可通过变频，达到所需的发射频率，经高频功率放大后，由天线发射出去。
接收设备由接收天线、高频小信号放大器、混频器、中频放大器、解调器、音频放大器、扬声器等组成。
由天线接收来的信号，经放大后，再经过混频器，变成一中频已调波，然后检波，恢复出原来的信息，经低频功放放大后，驱动扬声器。
话筒扬声器1－2 无线通信为什么要用高频信号？“高频”信号指的是什么？答：高频信号指的是适合天线发射、传播和接收的射频信号。
采用高频信号的原因主要是：（1）频率越高，可利用的频带宽度就越宽，信道容量就越大，而且可以减小或避免频道间的干扰；（2）高频信号更适合电线辐射和接收，因为只有天线尺寸大小可以与信号波长相比拟时，才有较高的辐射效率和接收效率，这样，可以采用较小的信号功率，传播较远的距离，也可获得较高的接收灵敏度。
1－3无线通信为什么要进行凋制？如何进行调制？答：因为基带调制信号都是频率比较低的信号，为了达到较高的发射效率和接收效率，减小天线的尺寸，可以通过调制，把调制信号的频谱搬移到高频载波附近；另外，由于调制后的信号是高频信号，所以也提高了信道利用率，实现了信道复用。
调制方式有模拟调调制和数字调制。
在模拟调制中，用调制信号去控制高频载波的某个参数。
在调幅方式中，AM普通调幅、抑制载波的双边带调幅（DSB）、单边带调幅（SSB）、残留单边带调幅（VSSB）；在调频方式中，有调频（FM）和调相（PM）。
在数字调制中，一般有频率键控（FSK）、幅度键控（ASK）、相位键控（PSK）等调制方法。
高频电路原理与分析课后习题答案
1－1 画出无线通信收发信机的原理框图，并说出各部分的功用。
答：上图是一个语音无线电广播通信系统的基本组成框图，它由发射部分、接收部分以及无线信道三大部分组成。
发射部分由话筒、音频放大器、调制器、变频器（不一定必须）、功率放大器和发射天线组成。
低频音频信号经放大后，首先进行调制后变成一个高频已调波，然后可通过变频，达到所需的发射频率，经高频功率放大后，由天线发射出去。
接收设备由接收天线、高频小信号放大器、混频器、中频放大器、解调器、音频放大器、扬声器等组成。
由天线接收来的信号，经放大后，再经过混频器，变成一中频已调波，然后检波，恢复出原来的信息，经低频功放放大后，驱动扬声器。
1－2 无线通信为什么要用高频信号？“高频”信号指的是什么？答： 高频信号指的是适合天线发射、传播和接收的射频信号。
采用高频信号的原因主要是： （1）频率越高，可利用的频带宽度就越宽，信道容量就越大，而且可以减小或避免频道间的干扰；（2）高频信号更适合电线辐射和接收，因为只有天线尺寸大小可以与信号波长相比拟时，才有较高的辐射效率和接收效率，这样，可以采用较小的信号功率，传播较远的距离，也可获得较高的接收灵敏度。
1－3 无线通信为什么要进行凋制？如何进行调制？答：因为基带调制信号都是频率比较低的信号，为了达到较高的发射效率和接收效率，减小天线的尺寸，可以通过调制，把调制信号的频谱搬移到高频载波附近；另外，由于调制后的信号是高频信号，所以也提高了信道利用率，实现了信道复用。
调制方式有模拟调调制和数字调制。
在模拟调制中，用调制信号去控制高频载波的某个参数。
在调幅方式中，AM 普通调幅、抑制载波的双边带调幅（DSB ）、单边带调幅（SSB ）、残留单边带调幅（VSSB ）；在调频方式中，有调频（FM ）和调相（PM ）。
在数字调制中，一般有频率键控（FSK ）、幅度键控（ASK ）、相位键控（PSK ）等调制方法。
1－4 无线电信号的频段或波段是如何划分的？各个频段的传 播特性和应用情况如何？2－1对于收音机的中频放大器，其中心频率f0=465 kHz ．B0.707=8kHz ，回路电容C=200 PF ，试计算回路电感和 QL 值。
高频电路原理与分析课后习题参考答案共258页文档
26、要使整个人生都过得舒适、愉快，这是不可能的，因为人类必须具备一种能应付逆境的态度。——卢梭
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27、只有把抱怨环境的心情，化为上进的力量，才是成功的保证。——罗曼·罗兰
▪Leabharlann 28、知之者不如好之者，好之者不如乐之者。——孔子
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29、勇猛、大胆和坚定的决心能够抵得上武器的精良。——达·芬奇
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30、意志是一个强壮的盲人，倚靠在明眼的跛子肩上。——叔本华
谢谢！
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高频电路原理与分析课后习题 参考答案
11、战争满足了，或曾经满足过人的 好斗的 本能， 但它同 时还满 足了人 对掠夺 ，破坏 以及残 酷的纪 律和专 制力的 欲望。 ——查·埃利奥 特 12、不应把纪律仅仅看成教育的手段 。纪律 是教育 过程的 结果， 首先是 学生集 体表现 在一切 生活领 域—— 生产、 日常生 活、学 校、文 化等领 域中努 力的结 果。— —马卡 连柯(名 言网)
13、遵守纪律的风气的培养，只有领 导者本 身在这 方面以 身作则 才能收 到成效 。—— 马卡连 柯 14、劳动者的组织性、纪律性、坚毅 精神以 及同全 世界劳 动者的 团结一 致，是 取得最 后胜利 的保证 。—— 列宁 摘自名言网
15、机会是不守纪律的。——雨果
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高频电子线路课后习题及答案
高频电子线路习题集第一章 绪论1－1 画出无线通信收发信机的原理框图，并说出各部分的功用。
答：上图是一个语音无线电广播通信系统的基本组成框图，它由发射部分、接收部分以及无线信道三大部分组成。
发射部分由话筒、音频放大器、调制器、变频器（不一定必须）、功率放大器和发射天线组成。
低频音频信号经放大后，首先进行调制后变成一个高频已调波，然后可通过变频，达到所需的发射频率，经高频功率放大后，由天线发射出去。
接收设备由接收天线、高频小信号放大器、混频器、中频放大器、解调器、音频放大器、扬声器等组成。
由天线接收来的信号，经放大后，再经过混频器，变成一中频已调波，然后检波，恢复出原来的信息，经低频功放放大后，驱动扬声器。
话筒扬声器1－2 无线通信为什么要用高频信号？“高频”信号指的是什么？答：高频信号指的是适合天线发射、传播和接收的射频信号。
采用高频信号的原因主要是：（1）频率越高，可利用的频带宽度就越宽，信道容量就越大，而且可以减小或避免频道间的干扰；（2）高频信号更适合电线辐射和接收，因为只有天线尺寸大小可以与信号波长相比拟时，才有较高的辐射效率和接收效率，这样，可以采用较小的信号功率，传播较远的距离，也可获得较高的接收灵敏度。
1－3无线通信为什么要进行凋制？如何进行调制？答：因为基带调制信号都是频率比较低的信号，为了达到较高的发射效率和接收效率，减小天线的尺寸，可以通过调制，把调制信号的频谱搬移到高频载波附近；另外，由于调制后的信号是高频信号，所以也提高了信道利用率，实现了信道复用。
调制方式有模拟调调制和数字调制。
在模拟调制中，用调制信号去控制高频载波的某个参数。
在调幅方式中，AM普通调幅、抑制载波的双边带调幅（DSB）、单边带调幅（SSB）、残留单边带调幅（VSSB）；在调频方式中，有调频（FM）和调相（PM）。
在数字调制中，一般有频率键控（FSK）、幅度键控（ASK）、相位键控（PSK）等调制方法。
高频答案（DOC）
通信电路课后习题答案1.1在题图1.1所示的电路中，信号源频率f 0=1MHz ，回路空载Q 值为100，r 是回路损耗电阻。
将1—1端短路，电容C 调到100pF 时回路谐振。
如将1—1端开路后再串接一阻抗Z x （由电阻r x 与电容C x 串联），则回路失谐，C 调至200pF 时重新谐振，这时回路有载Q 值为50。
试求电感L 、未知阻抗Z x 。
解：00022001(1)2534115.92(2)100200215.9115.9795.8πππω=⇒===⇒==Ω==∴===∴=+=∴=-=Ω∴=-=Ω-Ωc xx xx x x x x xf L uH Cf X Q r r f CQ pFpFX Q r X r r r Qf L r r QZ r jj 总总总总总总总总空载时由谐振时, C CC 串入C 后,C C+C CC C C-C 由C1．2在题图1.2所示的电路中，已知回路谐振频率f 0=465kHz ， Q 0=100，N=160匝，N 1=40匝，N 2=10匝。
C =200pF ，R s =16k Ω，R L =1k Ω。
试求回路电感L 、有载Q 值和通频带BW 0.7。
解：00226000000322362223610115864 5.8410(171.2)11010()10 3.9110160401()10 3.9110(255.7)160161.361e e e L L L L s s s sL e f L uHf C CCQ g sR k g Q g sR g n g sg n g sR k g g g g πωω------∑=⇒===⇒==⨯=Ω=='==⋅=⨯'==⋅⨯=⨯=Ω''∴=++=⨯由并联谐振:折合到线圈两端:5000.70(73.2)4310.8e es R k CQ g f BW kHz Q ω-∑∑=Ω==1．3在题图1.3所示的电路中，L=0.8uH ，C 1 = C 2 =20pF ，R s =10k Ω，R L =5k Ω，Q 0=100。
高频电子线路课后习题与答案
..高频电子线路习题集第一章 绪论1－1 画出无线通信收发信机的原理框图，并说出各部分的功用。
答：上图是一个语音无线电广播通信系统的基本组成框图，它由发射部分、接收部分以及无线信道三大部分组成。
发射部分由话筒、音频放大器、调制器、变频器（不一定必须）、功率放大器和发射天线组成。
低频音频信号经放大后，首先进行调制后变成一个高频已调波，然后可通过变频，达到所需的发射频率，经高频功率放大后，由天线发射出去。
接收设备由接收天线、高频小信号放大器、混频器、中频放大器、解调器、音频放大器、扬声器等组成。
由天线接收来的信号，经放大后，再经过混频器，变成一中频已调波，然后检波，恢复出原话筒扬声器来的信息，经低频功放放大后，驱动扬声器。
1－2 无线通信为什么要用高频信号？“高频”信号指的是什么？答：高频信号指的是适合天线发射、传播和接收的射频信号。
采用高频信号的原因主要是：（1）频率越高，可利用的频带宽度就越宽，信道容量就越大，而且可以减小或避免频道间的干扰；（2）高频信号更适合电线辐射和接收，因为只有天线尺寸大小可以与信号波长相比拟时，才有较高的辐射效率和接收效率，这样，可以采用较小的信号功率，传播较远的距离，也可获得较高的接收灵敏度。
1－3无线通信为什么要进行凋制？如何进行调制？答：因为基带调制信号都是频率比较低的信号，为了达到较高的发射效率和接收效率，减小天线的尺寸，可以通过调制，把调制信号的频谱搬移到高频载波附近；另外，由于调制后的信号是高频信号，所以也提高了信道利用率，实现了信道复用。
调制方式有模拟调调制和数字调制。
在模拟调制中，用调制信号去控制高频载波的某个参数。
在调幅方式中，AM普通调幅、抑制载波的双边带调幅（DSB）、单边带调幅（SSB）、残留单边带调幅（VSSB）；在调频方式中，有调频（FM）和调相（PM）。
在数字调制中，一般有频率键控（FSK）、幅度键控（ASK）、相位键控（PSK）等调制方法。
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\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\第一章1.1 何谓通信系统？通信系统由哪几部分组成？答：用电信号（或光信号）传输信息的系统称为通信系统。
它由输入变换器、发送设备、传输信道、接收设备、输出变换器等组成。
1.2 无线电通信为什么要采用调制技术？常用的模拟调制方式有哪些？答：采用调制技术可使低频基带信号装载在高频载波上，从而缩短天线尺寸，易于天线辐射，而且不同的发射台其载波频率不同，在接收端便于选择接收。
此外，采用调制可进行频分多路通信，实现信道的复用，提高信道利用率；还可以提高系统性能指标，提高抗干扰能力。
常用的模拟调制方式有振幅调制（AM ）、频率调制（FM ）和相位调制（PM ）。
1.3 已知频率为 3kHz 、1000kHz 、100MHz 的电磁波，试分别求出其波长并指出所在波段名称。
解：根据λ=c /f （其中 c =3×108m/s ）分别得出 100km （为超长波）、300m （为中波）和 3m （为超短波）。
1.4 画出无线广播调幅发射机组成框图，并用波形说明其发射过程。
答：参见图 1.3.1。
第二章二、选择题1. LC 串联回路谐振时阻抗最 ，且为纯电阻，失谐时阻抗变 ，当 f < f o回路呈，当 f > f o 回路呈。
A. 容性B ．感性C ．大D ．小2. LC 组成的并联谐振回路谐振时，阻抗为 ，谐振时电压为 ；电纳为 ，回路总导纳为 。
A. 最大值B ．最小值C ．零D ．不能确定3. 把谐振频率为 f o 的 LC 并联谐振回路串联在电路中，它的信号通过。
A. 允许频率为 f oB. 阻止频率为 f oC. 使频率低于 f oD. 使频率高于 f o4. 在自测题 1 图所示电路中， ω1 和ω2 分别为其串联谐振频率和并联谐振频率。
它们之间的大小关系为。
A. ω1 等于ω2B ． ω1 大于ω2C ． ω1 小于ω2D ．无法判断自测题 1 图5. 强耦合时，耦合回路 η 越大，谐振曲线在谐振频率处的凹陷程度。
A. 越大 B ．越小 C ． 不 出 现6．石英晶体振荡器，工作在时的等效阻抗最小。
A. 串联谐振频率 f sB. 并联谐振频率 f pC. f s 与 f p 之间D ．工作频率7．在非线性电路中，当非线性元器件受一个大信号控制时，非线性元器件的特性主要为导通和截止，这时，分析非线性电路采用的方法是。
A．幂级数分析法B．折线分析法C．开关函数分析法D．线性时变电路分析法8．集成模拟相乘器的核心电路是。
A．单调谐回路B．双调谐回路C．正弦波振荡器D．双差分对9．集成模拟相乘器是集成器件。
A．非线性B．线性C．功率D．数字答案：1．D、C、A、B；2．A、A、C、B；3．B；4．B；5．A；6．A；7．C；8．D；9．A。
三、判断题1.对于谐振回路而言，理想情况下的矩形系数应小于1。
（）2.LC 串联谐振回路谐振时，谐振电流最大。
失谐越严重，谐振电流越小。
（）3.如某台广播频率为 99.3MHz，LC 回路只要让该频率的信号通过就可以接收到该电台。
（）4.单调谐回路的矩形系数是一个定值，与回路的Q 值和谐振频率无关。
（）5.双调谐回路的耦合程度与Q 值无关。
（）6.陶瓷滤波器体积小，易制作，稳定性好，无需调谐。
（）7.声表面波滤波器的最大缺点是需要调谐。
（）8.相乘器是实现频率变换的基本组件。
（）9.只要有信号作用于非线性器件就可以实现频谱搬移。
（）答案：1、3、5、7、9 错；2、4、6、8 对。
习题：2.1 描述选频网络的性能指标有哪些？矩形系数是如何提出来的？答：常用谐振频率、通频带和选择性三个参数来描述选频网络的性能指标。
鉴于通频带和选择性是互相矛盾的指标，进而引入矩形系数来综合说明这两个参数。
第三章3.6 单调谐放大器如习题 3.6 图所示，已知fo =10.7MHz ，L13=4μH，Q=100 ，N13 = 20 ，N12= 5 ，N45= 6 。
晶体管在直流工作点的参数为：goe=200μS，Coe= 7pF ，g =2860μS ，C =18pF ，| Y |= 45mS ，=-54o，Y = 0 。
（1）画出高频等效电路；（2）ie ie fe fe re求回路电容C ；（3）求Auo 、2∆f0.7，K0.1。
图中Cb、Ce均为交流旁路电容。
习题3.6 图习题3.6 解图解：（1）由于晶体管Yre = 0 ，输出电压对输入端不会产生影响，而输入电压Ui在电流) L 1 oe1 2 ie2 1 oe1 p 2 ie2源Y fe Ui 中已有反映，因此画高频等效电路时可将输入端的等效电路忽略，只画出输出端的高频等效电路，如习题 3.6 解图所示。
图中， p = N 23 = 20 - 5= 0.75 ， p = N 45 = 6 = 0.3 N 13 20g = 1 = N 131 20≈ 37.2μSQ 0ωo L 13 100 ⨯ 2π ⨯10.7 ⨯106 ⨯ 4 ⨯10-6（2） C ∑=(2πf 12o 131 = (2π ⨯10.7 ⨯106 )2 ⨯ 4 ⨯10-6 ≈ 55.37pF C = C ∑ - p 2C - p 2C =55.37 - 0.752 ⨯ 7 - 0.32 ⨯18=49.81pF （3） g ∑ = p 2 g +g + p 2g =0.752 ⨯ 200+37.2 ⨯ +0.32 ⨯ 2860=407.1μS A uo =∑= 0.75 ⨯ 0.3⨯ 45 ⨯10-3407.1⨯10-6≈ 24.87Q L = 1ωo L 13 g ∑ 1 = 2π ⨯10.7 ⨯106 ⨯ 4 ⨯10-6 ⨯ 407.1⨯10-6 ≈ 9.14f 10.7 ⨯106 2∆f 0.7 =o= ≈ 1.17MHzQ L 9.14对于单调谐回路， K 0.1 ≈ 103.7 单调谐放大器如习题 3.7 图所示，已知 L 14 = 1μH ， Q 0 = 100 ， N 12 = 4 ， N 23 = 3 ，N 34 = 3 ，工作频率 f o = 30MHz ，晶体管在直流工作点的参数为： g ie =3.2mS ， C ie = 10pF ， g =0.55mS ， C = 5.8pF ， | Y |= 53mS ，= -47o ， Y = 0 。
（1）画出高频等效电路；oeoefefere（2） 求回路电容C ；（3）求 Auo 、 2∆f 0.7 和 K 0.1 。
p 1 p 2 Y fe1 2pg) L 1 oe1 2 ie2习题 3.7 图解：（1）高频等效电路如习题 3.7 解图所示。
图中， p = N 24 = 3 + 3 = 0.6 ， p = N 34 = 3 = 0.3 N 14 10 g = 1= N 14 101≈ 53.08μS Q 0ωo L 14 100 ⨯ 2π ⨯ 30 ⨯106 ⨯1⨯10-6（2） C ∑=(2πf12 o 14习题 3.7 解图 1 = (2π ⨯ 30 ⨯106 )2 ⨯1⨯10-6≈ 28.17pFC = C ∑ - p 2C - p 2C =28.17 - 0.62 ⨯ 5.8 - 0.32 ⨯10 ≈ 25.18pF（3） g = p 2 g +g + p 21+ p 2 1+ p 2 g∑ 1 oe1 p 2 2 ⨯103 2 3⨯1032 ie2 =0.62 ⨯ 0.55+53.08 ⨯10-3 +0.32 ⨯ 1 +0.32 ⨯ 1+0.32 ⨯ 3.2 ≈ 0.61mS2 3p pY e j(-47o)A = 1 2 fe = -0.6 ⨯ 0.3⨯ 53e ≈ -15.64e j(-47o) uo∑Q = 1= 0.611≈ 8.7ωo L 14 g ∑ 2π ⨯ 30 ⨯106 ⨯1⨯10-6 ⨯ 0.61⨯10-3f 30 ⨯1062∆f 0.7 = o = ≈ 3.45MHzQ L 8.7对于单调谐回路， K 0.1 ≈ 103.8 放大器如习题 3.8 图所示。
已知工作频率 f o = 10.7MHz ，回路电感 L = 4μH ，1 2pg L) L 1 oe1 2 ie2 6 Q 0 = 100 ， N 13= 20 ， N 23 = 6 ， N 45 = 5 。
晶 体 管 在 直 流 工 作 点 的 参 数 为Y ie = (2.86 + j3.4)mS ，忽略Y re ， Y fe = (26.4 - j36.4)mS ， Y oe = (0.2 + j1.3) mS 。
（1）画出高频等效电路，并标出相应参数；（2）求回路电容C ；（3）求放大器的 A uo 、 2∆f 0.7 和 K 0.1 ；（4）若有四级相同的放大器级联，计算总的电压增益、通频带和矩形系数。
习题 3.8 图解：（1）高频等效电路如习题 3.8 解图所示。
习题 3.8 解图图中， p 1 = N 23 = N 13 20 = 0.3 ， p 2 = N 45 =N 13 5 = 0.2520g p = 1Q 0ωo L 13 1 = 100 ⨯ 2π ⨯10.7 ⨯106 ⨯ 4 ⨯10-6≈ 37.2μS由已知条件可得3.4 ⨯10-3g ie = 2.86mS ， C ie =2π ⨯10.7 ⨯106≈ 50.6pF1.3⨯10-3g oe = 0.2mS ， C oe = 2π ⨯10.7 ⨯106≈ 19.35pFY fe（2） C ∑ ==(2πf12o 13≈ 44.97mS1 = (2π ⨯10.7 ⨯106 )2 ⨯ 4 ⨯10-6≈ 55.37pFC = C ∑ - p 2C - p 2C =55.37 - 0.32 ⨯19.35 - 0.252 ⨯ 50.6 ≈ 50.47pF（3） g = p 2 g + 1 + g + p 2 ⎛ 1 +1 ⎫+p2 g∑ 1 oe1 10 ⨯103 p 2 15 ⨯103 6.2 ⨯103 ⎪ 2 ie2⎝ ⎭26.42 + 36.42p 1 p 2 Yfeg =0.32 ⨯ 0.2 ⨯10-3 +0.1⨯10-3 +37.2 ⨯10-6 +0.252 ⨯ 0.23⨯10-3 +0.252 ⨯ 2.86 ⨯10-3 ≈ 0.35mS0.3⨯ 0.25 ⨯ 44.97 ⨯10-3 A uo == ∑0.35 ⨯10-3≈ 9.64Q L = 1ωo L 13 g ∑ 1 = 2π ⨯10.7 ⨯106 ⨯ 4 ⨯10-6 ⨯ 0.35 ⨯10-3≈ 10.63f 10.7 ⨯1062∆f 0.7 = o = ≈ 1.01MHzQ L 10.63对于单调谐回路， K 0.1 ≈ 10 （4） A uo ∑ = ( A uo )4 = (9.64)4 ≈ 8.64 ⨯103(2∆f ) ∆f ) ≈ 0.43⨯1.01⨯106 ≈ 0.44MHz0.7 40.7 1(K 0.1 )4 = ≈ 3.38第四章二、选择题1. 谐振功率放大器输出功率是指。