广州市2016届高三调研考试物理试卷及答案
广州市2016届高中物理毕业综合检测题2带答案
广州市2016届高中物理毕业综合检测题2（带答案）广州市2016届高中毕业班综合测试（二）理综物理试题第Ⅰ卷二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14．图甲是法拉第于1831年发明的人类历史上第一台发电机——圆盘发电机。
图乙为其示意图，铜盘安装在水平的铜轴上，磁感线垂直穿过铜盘；两块铜片M、N分别与铜轴和铜盘边缘接触，匀速转动铜盘，电阻R就有电流通过。
则下列说法正确的是A．回路中恒定电流的大小与铜盘转速无关B．回路中有大小和方向都作周期性变化的涡流C．回路中电流方向不变，从M经导线流进电阻R，再从N 流向铜盘D．铜盘绕铜轴转动时，沿半径方向上的金属“条”切割磁感线，产生电动势15．正在以速度v匀速行驶的汽车，车轮的直径为d，则车轮的转动周期为A．B．C．C．16．如图，以恒定功率行驶的汽车，由水平路面驶上斜坡后，速度逐渐减小，则汽车A．牵引力增大，加速度增大B．牵引力增大，加速度减小C．牵引力减小，加速度增大D．牵引力减小，加速度减小17．如图，足够长的斜面固定在水平地面上，物块B置于斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与装有细砂的砂桶A相连接，连接B的一段细绳与斜面平行，开始时B恰好不上滑。
已知B的质量mB=1kg，砂桶A的质量不计，细砂总质量为0.8kg，θ=30°，g=10m/s2。
设A不会碰到滑轮，B与斜面的最大静摩擦力等于滑动摩擦力。
当A 中的细砂缓慢漏出直到漏尽的过程中，B所受摩擦力fB与细砂质量m的关系图象正确的是18．如图，在匀强电场中，场强方向与△abc所在平面平行，，，。
一个电量的正电荷从a移到b，电场力做功为零；同样的电荷从a移到c，电场力做功为。
则该匀强电场的场强大小和方向分别为A．500V/m、沿ab由a指向bB．500V/m、垂直ab向上C．1000V/m、垂直ab向上D．1000V/m、沿ac由a指向c19．如图，水平固定的圆盘a带正电Q，电势为零，从盘心O处释放质量为m、带电量为+q的小球。
广东省广州市2016届高中毕业班综合测试(二)理综物理答案(pdf版)
联立解得：U 2eB2L2 ④（取等号也可） m
若电子恰好绕过挡板最右端从 ad 边离开磁场，设其轨迹的半径为 r2 ，由几何关系有：
22r (6L r2 2) (2L)2 ⑤
解得：r2
10 3
L
3L ⑥，即电子将从
bc 边出去了，即电子不可能绕过挡板最右端 N
4mv1 mv 4mv2 mv；（1 分）
………；
4mvn1 mv 4mvn mv （2 分）
联立得： vn
2n 1v 4
（1
分）
人接不到木箱的条件为： vn v （1 分）
解得： n 2.5 ，取 n=3（1 分）。
即人最多能推
3
次木箱，最终人的速度大小 v3
5 4
v
（1
分）
因此，人在整个过程中做功为W
边离开磁场。】 （2）电子能打到挡板上表面。
首先，电子必须经过 M 点，设其对应的半径为 r3，圆心为 O3，则有：
32r 3r( L 2) (2L)2 ⑧
sMC 2 r32 ( 2L )2 3L ⑨
其次，电子不能从 bc 边射出，设电子轨迹与 bc 边相切时的半径为 r4 圆心为 O4，则有：
其运动的轨迹为半圆，运动时间相同，都为 T ，
b L
2
M
当电子与挡板下表面相切时轨迹的半径 r1=2L，
圆心为 O1，如图所示，要使电子在磁场中的运
r1
CD N
r3 r4 r2
c L
2L
动时间相等，必须满足： r r1 2L ①
a v
M′
O1 O3O4O2
C D
N′
d
U
2016-2017学年广东省广州市越秀区高三(上)摸底物理试卷(解析版)
2016-2017学年广东省广州市越秀区高三（上）摸底物理试卷一、选择题（本大题共9小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，1-5题只有一项是符合题目要求.每6-9题有多项符合题目要求.全部选对的得6分）1．牛顿第一定律和牛顿第二定律共同确定了力与运动的关系，下列相关描述正确的是（）A．力是维持物体运动状态的原因B．力是使物体产生加速度的原因C．速度变化越快的物体惯性越大，匀速运动或静止时没有惯性D．质量越小，惯性越大，外力作用的效果越明显2．如图所示，A、B、C三个物体质量相符，它们与传送带间的动摩擦因数相同，三个物体随传送带一起匀速运动．运动方向如图中箭头所示．则下列说法正确的是（）A．摩擦力维持A物体的运动，故A受向右的摩擦力B．C物体受的摩擦力是可能为零C．B、C受的摩擦力大小相等，方向相同D．B、C受的摩擦力大小相等，方向相反3．踩板跳水运动员（可看作质点），速度与时间关系图象如图所示，t=0是其向上起跳瞬间，下列说法正确的是（）A．t1时刻开始进入水面B．t2时刻到达最高点C．t3时刻已浮出水面D．0～t2时间内，运动员一直处于失重状态4．如图所示，在水平天花板的A点处固定一根轻杆a，杆与天花板保持垂直．杆的下端有一个轻滑轮O．另一根细线上端固定在该天花板的B点处，细线跨过滑轮O，下端系一个重量为G的物体．BO段细线与天花板的夹角为θ=30°．系统保持静止，不计一切摩擦．下列说法中正确的是（）A．细线BO对天花板的拉力大小是B．a杆对滑轮的作用力大小是C．a杆和细线对滑轮的合力大小是GD．a杆对滑轮的作用力大小是G5．运动员手持乒乓球拍托球沿水平面做匀加速跑动，球拍与球保持相对静止且球拍平面和水平面之间夹角为θ．设球拍和球的质量分别为M、m，不计空气阻力以及球拍和球之间的摩擦，则（）A．运动员的加速度大小为gsinθB．球拍对球的作用力大小为mgcosθC．运动员对球拍的作用力大小为D．运动员对球拍的作用力方向水平向右6．如图所示，A、B两个楔形物体叠放在一起，B靠在竖直墙壁上．在水平力F的作用下，A、B静止不动，则下列说法正确的是（）A．若A受三个力，B可能受三个力B．若A受三个力，B一定受四个力C．若A受四个力，B可能受四个力D．A、B之间可能不存在摩擦力7．光滑水平面上有一质量为m=2kg的小球，小球与水平轻弹簧及竖直方向成θ=45°角的不可伸长的轻绳一端相连，如图所示，此时小球处于静止平衡状态，且水平面对小球的弹力恰好为零．取g=10m/s2，以下说法正确的是（）A．若剪断轻绳，则剪断的瞬间轻弹簧的弹力大小为20NB．若剪断轻绳，则剪断的瞬间小球的加速度大小为0C．若剪断弹簧，则剪断的瞬间小球的加速度大小为0D．若剪断弹簧，则剪断的瞬间小球的加速度大小为10 m/s2，方向向右8．一名宇航员在某星球表面上完成自由落体运动实验，让一个质量为2kg的小球从一定的高度自由下落，小球作匀变速直线运动，测得在第5s内的位移是18m，则（）A．小球在第2 s末的速度是8 m/sB．小球在第5 s内的平均速度是3.6 m/sC．小球在第4 s内的位移比第5 s内的位移少5 mD．小球在5 s内的总位移是50 m9．如图甲所示，质量为1kg的小物块从倾角30°的斜劈上由静止滑下，位移x与速度平方v2的关系如图乙所示，斜劈在水平地面上静止不动，g=10m/s2，下列说法正确的是（）A．小物块下滑的加速度大小恒为2.5m/s2B．小物块受到的摩擦力大小为2.5NC．地面与斜劈的摩擦力大小为0D．地面对斜劈的摩擦力方向水平向左二、简答题（共2小题，共15分）10．（7分）某同学探究弹力与弹簧伸长量的关系．弹簧自然悬挂，长度记为L0，弹簧下端挂上砝码盘时，长度记为L x；在砝码盘中每次增加10g砝码，弹簧长度依次记为L1至L6，）表中有一个数值记录不规范，代表符号为．（2）如图是该同学根据表中数据作的图，纵轴是砝码的质量，横轴是弹簧长度与的差值（填“L0或L x”）．（3）由图可知弹簧的劲度系数为N/m；通过图和表可知砝码盘的质量为g（结果均保留两位有效数字，g取9.8m/s2）．11．（8分）某同学设计了如图甲所示的装置来研究小车的加速度与所受合力的关系，将装有传感器的小车放置于水平长木板上，缓慢向小桶中加入细砂，直到小车刚开始运动为止，记下传感器的最大示数F0，再将小车放回原处并按住，继续向小桶中加入细砂，记下传感器的示数F1．释放小车，记录小车运动时传感器的示数F2．（1）接通频率为50Hz的交流电源，释放小车，打出如图乙所示的纸带．从比较清晰的点起，每5个点取一个计数点，量出相邻计数点之间的距离，则小车的加速度a=m/s2．（2）同一次实验中，F1F2（选填“＜”、“=”或“＞”）（3）改变小桶中砂的重力，多次重复实验，获得多组数据，描绘小车加速度a与F的关系如图丙．不计纸带与计时器间的摩擦．图象中F是实验中测得的．A、F1B、F2C、F1﹣F0D、F2﹣F0（4）关于该实验，下列说法中正确的是．A．小车和传感器的总质量应远大于小桶和砂的总质量B．实验中需要将长木板右端垫高C．实验中需要测出小车和传感器的总质量D．用加砂的方法改变拉力的大小与挂钩码的方法相比，可更方便地获取多组实验数据．三、计算题（共2小题，满分31分）12．（13分）一辆值勤的警车停在公路边，当警员发现从他旁边以15m/s的速度匀速行驶的货车严重超载时，决定前去追赶，经过4s后警车发动起来，并以2.5m/s2的加速度做匀加速运动，但警车的行驶速度必须控制在90km/h 以内．问：（1）警车在追赶货车的过程中，两车间的最大距离是多少？（2）警车发动后要多长时间才能追上货车？13．（18分）如图，一质量M=1kg的足够长薄木板正在水平地面上滑动，当其速度为v0=5m/s 时将一质量m=1kg小铁块（可视为质点）无初速地轻放到木板的A端；已知薄木板与小铁块间的动摩撅因数μ1=0.2，薄木板与地面间的动摩擦因数μ2=0.3，g=10m/s2．求：（1）小铁块放到薄木板后瞬间铁块和木板的加速度大小a1、a2；（2）当小铁块速度刚好减小到零时，小铁块到A端的距离．四、选考题（共2小题，每题10分）14．（10分）如图所示，导热的圆柱形汽缸固定在水平桌面上，横截面积为S、质量为m1的活塞封闭着一定质量的气体（可视为理想气体），活塞与汽缸间无摩擦且不漏气．总质量为m2的砝码盘（含砝码）通过左侧竖直的细绳与活塞相连．当环境温度为T时，活塞离缸底的高度为h．现使活塞离缸底的高度为，求：（1）当活塞再次平衡时，环境温度度是多少？（2）保持（1）中的环境温度不变，在砝码盘中添加质量为△m的砝码时，活塞返回到高度为h处，求大气压强．15．（10分）如图所示，木板A静止在光滑水平面上，一小滑块B（可视为质点）以某一水平初速度从木板的左端冲上木板．（1）若木板A的质量为M，滑块B的质量为m，初速度为v0，且滑块B没有从木板A的右端滑出，求木板A最终的速度v；（2）已知M=m，若滑块B以初速度v1=8m/s从左端冲上木板A，木板A最终速度的大小为v=2m/s；已知滑块B与木板A间的动摩擦因数μ=0.2，g取10m/s2．求木板A的长度L．2016-2017学年广东省广州市越秀区高三（上）摸底物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题共9小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，1-5题只有一项是符合题目要求.每6-9题有多项符合题目要求.全部选对的得6分）1．（2014秋•锦州期末）牛顿第一定律和牛顿第二定律共同确定了力与运动的关系，下列相关描述正确的是（）A．力是维持物体运动状态的原因B．力是使物体产生加速度的原因C．速度变化越快的物体惯性越大，匀速运动或静止时没有惯性D．质量越小，惯性越大，外力作用的效果越明显【考点】牛顿第二定律；力的概念及其矢量性【分析】力是使物体产生加速度的原因，力是改变物体运动状态的原因，惯性大小是由物体的质量来量度，与速度无关．【解答】解：A、力是改变物体运动状态的原因，而不是维持物体运动的原因，故A错误．B、根据牛顿第二定律F=ma得知，力是使物体产生加速度的原因，没有力就没有加速度．故B正确．C、惯性与物体的速度无关，匀速或静止的物体都有惯性．故C错误．D、质量越小，惯性越小，同样的力产生的加速度越大，外力作用的效果越明显．故D错误．故选：B【点评】本题关键从牛顿第二定律来理解力和运动的关系，抓住惯性是物体本身的属性，一切物体都有惯性，惯性大小是由质量决定，与速度无关．2．（2016秋•越秀区月考）如图所示，A、B、C三个物体质量相符，它们与传送带间的动摩擦因数相同，三个物体随传送带一起匀速运动．运动方向如图中箭头所示．则下列说法正确的是（）A．摩擦力维持A物体的运动，故A受向右的摩擦力B．C物体受的摩擦力是可能为零C．B、C受的摩擦力大小相等，方向相同D．B、C受的摩擦力大小相等，方向相反【考点】摩擦力的判断与计算【分析】利用假设法判断A物体是否受摩擦力，BC两物体有向下滑动的趋势，有关受摩擦力．【解答】解：A、A物体做水平方向的匀速直线运动，水平方向不受摩擦力，A错误；B、BC物体有向下滑动的趋势，受到沿斜面向上的静摩擦力，大小等于mgsinθ，C正确，BD错误；故选：C．【点评】产生摩擦力的条件是相互接触的物体间有相对运动或相对运动趋势．3．（2016秋•越秀区月考）踩板跳水运动员（可看作质点），速度与时间关系图象如图所示，t=0是其向上起跳瞬间，下列说法正确的是（）A．t1时刻开始进入水面B．t2时刻到达最高点C．t3时刻已浮出水面D．0～t2时间内，运动员一直处于失重状态【考点】牛顿运动定律的应用-超重和失重；匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的图像【分析】在v﹣t图象中，直线的斜率表示加速度的大小，速度的正负代表运动的方向，根据v﹣t图象可以分析人的运动的情况，即可进行判断；当加速度的方向向下上，运动员处于失重状态．【解答】解：A、与v﹣t图可知0时刻是运动员向上起跳，说明速度是负值时表示速度向上，则知0﹣t1在向上做匀减速运动，t1﹣t2时间内向下做匀加速直线运动，还没有进入水面．t2时刻运动员的速度开始变小，说明t2时刻开始进入水面，t3时刻，人的速度减为零，此时人处于水下的最深处，故ABC错误；D、由图可知，0﹣t1在向上做匀减速运动，t1﹣t2时间内向下做匀加速直线运动，加速度的方向始终向下，运动员处于失重状态．故D正确．故选：D【点评】本题主要就是考查学生对速度时间图象的理解，要知道在速度时间的图象中，速度的正负表示运动方向，直线的斜率代表的是加速度的大小，图象的面积代表的是位移．4．（2015•金湖县校级学业考试）如图所示，在水平天花板的A点处固定一根轻杆a，杆与天花板保持垂直．杆的下端有一个轻滑轮O．另一根细线上端固定在该天花板的B点处，细线跨过滑轮O，下端系一个重量为G的物体．BO段细线与天花板的夹角为θ=30°．系统保持静止，不计一切摩擦．下列说法中正确的是（）A．细线BO对天花板的拉力大小是B．a杆对滑轮的作用力大小是C．a杆和细线对滑轮的合力大小是GD．a杆对滑轮的作用力大小是G【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用【分析】先对重物受力分析，根据平衡条件求得拉力；再对滑轮受力分析，根据力的合成的平行四边形定则求得细线对滑轮的合力，再得到a杆对滑轮的力．【解答】解：A、对重物受力分析，受到重力和拉力T，根据平衡条件，有T=mg，同一根绳子拉力处处相等，故绳子对天花板的拉力也等于mg，故A错误；B、D、对滑轮受力分析，受到绳子的压力（等于两边绳子拉力的合力），以及杆的弹力（向右上方的支持力），如图根据平衡条件，结合几何关系，有F=T=mg故B错误，D正确；C、由于滑轮处于平衡状态，故a杆和细线对滑轮的合力大小是零，故C错误；故选D．【点评】本题关键是先后对重物和滑轮受力分析，然后根据共点力平衡条件列式分析求解．5．（2013秋•迎江区校级期中）运动员手持乒乓球拍托球沿水平面做匀加速跑动，球拍与球保持相对静止且球拍平面和水平面之间夹角为θ．设球拍和球的质量分别为M、m，不计空气阻力以及球拍和球之间的摩擦，则（）A．运动员的加速度大小为gsinθB．球拍对球的作用力大小为mgcosθC．运动员对球拍的作用力大小为D．运动员对球拍的作用力方向水平向右【考点】牛顿第二定律；牛顿第三定律【分析】球、球拍和人具有相同的加速度，对球分析，根据牛顿第二定律求出加速度的大小，结合平行四边形定则求出球拍对球的作用力的大小．对整体分析，根据合力的方向确定地面对运动员的作用力方向．【解答】解：A、球和运动员具有相同的加速度，对小球分析如图所示，则小球所受的合力为mgtanθ，根据牛顿第二定律得，，故A错误．B、根据平行四边形定则知，球拍对球的作用力N=，故B错误．C、对球拍和球整体分析，整体的合力为（M+m）a，根据平行四边形定则知，运动员对球拍的作用力为，故C正确．D、由C分析可知，运动员对球拍的作用力方向垂直于球拍斜向上，故D错误故选：C【点评】解决本题的关键知道球、球拍和人具有相同的加速度，结合牛顿第二定律进行求解，掌握整体法、隔离法的运用6．（2016秋•越秀区月考）如图所示，A、B两个楔形物体叠放在一起，B靠在竖直墙壁上．在水平力F的作用下，A、B静止不动，则下列说法正确的是（）A．若A受三个力，B可能受三个力B．若A受三个力，B一定受四个力C．若A受四个力，B可能受四个力D．A、B之间可能不存在摩擦力【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力【分析】先整体后隔离，先对AB整体分析，受到四个力作用；然后对A受力分析，肯定受到的三个力，B肯定受四个力，AB之间可能存在摩擦力．【解答】解：先对AB整体进行受力分析，受到四个力作用：力F、AB的重力G、墙壁的支持力N、墙壁的摩擦力f．对A分析，可以肯定受到的三个力：A的重力G A、力F、B对A的支持力N1．可能受到B 摩擦力沿虚线方向．对B分析，可以肯定受到的四个力：B的重力G B、墙壁的支持力N、墙壁的摩擦力f、A对B的压力N1'．可能受到A摩擦力沿虚线方向．故AC错误，BD正确．故选：BD．【点评】考查整体与隔离法．先整体后隔离，依据物体的平衡条件判断力是否存在，受力分析的顺序是，重力弹力摩擦力其它力，有弹力可能有摩擦力，有摩擦力一定有弹力．7．（2016秋•越秀区月考）光滑水平面上有一质量为m=2kg的小球，小球与水平轻弹簧及竖直方向成θ=45°角的不可伸长的轻绳一端相连，如图所示，此时小球处于静止平衡状态，且水平面对小球的弹力恰好为零．取g=10m/s2，以下说法正确的是（）A．若剪断轻绳，则剪断的瞬间轻弹簧的弹力大小为20NB．若剪断轻绳，则剪断的瞬间小球的加速度大小为0C．若剪断弹簧，则剪断的瞬间小球的加速度大小为0D．若剪断弹簧，则剪断的瞬间小球的加速度大小为10 m/s2，方向向右【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力【分析】先分析剪断轻绳前弹簧的弹力和轻绳的拉力大小；再研究剪断细线的瞬间，弹簧的弹力不变，对小球受力分析，根据牛顿第二定律求出瞬间的加速度大小；剪断弹簧的瞬间，因为绳子的作用力可以发生突变，小球瞬间所受的合力为零．【解答】解：AB、在剪断轻绳前，小球受重力、绳子的拉力以及弹簧的弹力处于平衡，根据共点力平衡得，弹簧的弹力：F=mgtan45°=20×1=20N，绳子拉力，断轻绳的瞬间，弹簧的弹力仍然为20N，小球此时受重力、支持力、弹簧弹力作用，根据牛顿第二定律得小球的加速度为：a==10m/s2，故A正确，B错误；CD、剪断弹簧的瞬间，轻绳对小球的拉力瞬间为零，此时小球所受的合力为零，则小球的加速度为零，故C正确，D错误．故选：AC．【点评】解决本题的关键知道剪断细线的瞬间，弹簧的弹力不变，剪短弹簧的瞬间，轻绳的弹力要变化，结合牛顿第二定律进行求解．8．（2016秋•越秀区月考）一名宇航员在某星球表面上完成自由落体运动实验，让一个质量为2kg的小球从一定的高度自由下落，小球作匀变速直线运动，测得在第5s内的位移是18m，则（）A．小球在第2 s末的速度是8 m/sB．小球在第5 s内的平均速度是3.6 m/sC．小球在第4 s内的位移比第5 s内的位移少5 mD．小球在5 s内的总位移是50 m【考点】匀变速直线运动规律的综合运用；匀变速直线运动的位移与时间的关系【分析】A、测得在第5s内的位移是18m，前5s得位移与前4s得位移差为18m，解得g，v=gt；B、求出平均速度；C、初速度为零的匀加速直线运动在连续相等的时间内通过的位移之比为1：3：5：…可以分析出；D、初速度为零的匀加速直线运动在连续相等的时间内通过的位移之比为1：3：5：…可以分析出；【解答】解：A、测得在第5s内的位移是18m，前5s得位移与前4s得位移差为18m：解得g=4m/s2v2=gt2=4×2=8m/s故A正确；B、故B错误；C、测得在第5s内的位移是18m，根据初速度为零的匀加速直线运动在连续相等的时间内通过的位移之比为1：3：5：7：9…可以分析出测得在第4s内的位移是14m小球在第4 s内的位移比第5 s内的位移少4 m，故C错误；D、测得在第5s内的位移是18m，根据初速度为零的匀加速直线运动在连续相等的时间内通过的位移之比为1：3：5：7：9…可以分析出5s的总位移为50m，故D正确．故选：AD．【点评】考查匀变速直线运动的基本公式，推论与比例式，灵活的运用公式、逆向思维和解题的思维转换，提高解题的速度和效率．9．（2016秋•越秀区月考）如图甲所示，质量为1kg的小物块从倾角30°的斜劈上由静止滑下，位移x与速度平方v2的关系如图乙所示，斜劈在水平地面上静止不动，g=10m/s2，下列说法正确的是（）A．小物块下滑的加速度大小恒为2.5m/s2B．小物块受到的摩擦力大小为2.5NC．地面与斜劈的摩擦力大小为0D．地面对斜劈的摩擦力方向水平向左【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像；摩擦力的判断与计算【分析】根据图象写出x﹣v2的表达式，对照运动学公式得到加速度，由牛顿第二定律求得摩擦力．根据斜劈受力平衡列式求解其与地面的摩擦力．【解答】解：A、由图得：x=v2，对照公式2ax=v2﹣v02，且初速度v0=0，得到加速度为：a=2.5m/s2，故A正确；B、对小物块进行受力分析，如图：由牛顿第二定律得：mgsinθ﹣f=ma，得：f=mgsinθ﹣ma=2.5N，故B正确；CD、对斜劈进行受力分析，斜劈静止，则受到的合力为零，设地面对斜劈的摩擦力水平向右为f1，如图：沿水平方向有：f1+f'cos30°﹣N'sin30°=0，f'=f=2.5N，N'=N=mgcos30°联立解得：f1=，则方向水平向右，故C、D错误．故选：AB．【点评】本题采用对比的方法得到物体的初速度和加速度是关键，要求能对图象准确掌握，并能根据图象求解运动学规律，根据运动状态做好受力分析，再列式求解．二、简答题（共2小题，共15分）10．（7分）（2016秋•越秀区月考）某同学探究弹力与弹簧伸长量的关系．弹簧自然悬挂，长度记为L0，弹簧下端挂上砝码盘时，长度记为L x；在砝码盘中每次增加10g砝码，弹簧（1）表中有一个数值记录不规范，代表符号为L3．（2）如图是该同学根据表中数据作的图，纵轴是砝码的质量，横轴是弹簧长度与L x的差值（填“L0或L x”）．（3）由图可知弹簧的劲度系数为 4.9N/m；通过图和表可知砝码盘的质量为10g（结果均保留两位有效数字，g取9.8m/s2）．【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系【分析】弹簧自然悬挂，故是竖直放置；充分利用测量数据，根据公式△F=k△x可以计算出弹簧的劲度系数k．其中△x为弹簧的形变量．【解答】解：（1）用毫米刻度尺测量长度是要估读到分度值的下一位，记录数据的最后一位是估读位，故数据L3记录不规范，由表可知所用刻度尺的最小刻度为1mm；（2）根据胡克定律公式△F=k△x，故横轴应为弹簧长度与L x差值；（3）由表格得到，弹簧原长为：L0=25.35cm；挂砝码盘时：L x=27.35cm；根据胡克定律，砝码盘质量为：M=；故答案为：（1）L3；（2）L x；（3）4.9；10、【点评】弹簧测力计的原理是在弹簧的弹性限度内，弹簧的伸长与受到的拉力成正比．对于实验问题，我们要充分利用图象处理实验数据来减少偶然误差．11．（8分）（2016秋•越秀区月考）某同学设计了如图甲所示的装置来研究小车的加速度与所受合力的关系，将装有传感器的小车放置于水平长木板上，缓慢向小桶中加入细砂，直到小车刚开始运动为止，记下传感器的最大示数F0，再将小车放回原处并按住，继续向小桶中加入细砂，记下传感器的示数F1．释放小车，记录小车运动时传感器的示数F2．（1）接通频率为50Hz的交流电源，释放小车，打出如图乙所示的纸带．从比较清晰的点起，每5个点取一个计数点，量出相邻计数点之间的距离，则小车的加速度a=0.16m/s2．（2）同一次实验中，F1＞F2（选填“＜”、“=”或“＞”）（3）改变小桶中砂的重力，多次重复实验，获得多组数据，描绘小车加速度a与F的关系如图丙．不计纸带与计时器间的摩擦．图象中F是实验中测得的C．A、F1B、F2C、F1﹣F0D、F2﹣F0（4）关于该实验，下列说法中正确的是D．A．小车和传感器的总质量应远大于小桶和砂的总质量B．实验中需要将长木板右端垫高C．实验中需要测出小车和传感器的总质量D．用加砂的方法改变拉力的大小与挂钩码的方法相比，可更方便地获取多组实验数据．【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系【分析】（1）根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小；（2）对小桶受力分析，根据牛顿第二定律求解；（3）由于已经平衡摩擦力，图象过原点的倾斜直线，则F表示合力；（4）在该实验中力传感器可以直接得出力的大小，实验中不需要将长木板右端垫高，因为已经测量了小车所受摩擦力的大小，用加砂的方法改变拉力的大小与挂钩码的方法相比，可更方便地获取多组实验数据．【解答】解：（1）从比较清晰的点起，每5个点取一个计数点，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：a=，（2）对小桶受力分析，设小桶重力为mg，木板释放前弹簧秤的示数F1，所以F1=mg，设小车的重力为Mg，小车在加速运动时弹簧秤的示数F2，根据牛顿第二定律得：mg﹣F2=ma所以F1＞F2，（3）图象是过原点的一条倾斜的直线，已经平衡摩擦力，所以F应该表示小车受到的合力，即F=F1﹣F0，故C正确；故选：C（4）A、在该实验中力传感器可以直接得出力的大小，不需要使小车和传感器的总质量应远大于小桶和砂的总质量，故A错误；B、实验中不需要将长木板右端垫高，因为已经测量了小车所受摩擦力的大小，故B错误；C、实验中不需要测出小车和传感器的总质量，只需要保证小车和传感器的总质量不变，故C错误；D、用加砂的方法改变拉力的大小与挂钩码的方法相比，可更方便地获取多组实验数据，故D正确；故选：D．故答案为：（1）0.16；（2）＞；（3）C；（4）D【点评】本题借助实验考查了匀变速直线的规律以及推论的应用，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用，提高解决问题能力．解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，其中平衡摩擦力的原因以及做法在实验中应当清楚．三、计算题（共2小题，满分31分）12．（13分）（2015秋•兖州市期中）一辆值勤的警车停在公路边，当警员发现从他旁边以15m/s的速度匀速行驶的货车严重超载时，决定前去追赶，经过4s后警车发动起来，并以2.5m/s2的加速度做匀加速运动，但警车的行驶速度必须控制在90km/h 以内．问：（1）警车在追赶货车的过程中，两车间的最大距离是多少？（2）警车发动后要多长时间才能追上货车？【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系【分析】（1）当两车速度相等时，相距最远，结合速度时间公式求出速度相等经历的时间，结合位移关系求出两车间的最大距离．（2）根据位移关系求出追及的时间．。
高三物理月考试题及答案-广东广州市荔湾区2016届高三上学期调研试卷(11月份)
2015-2016学年广东省广州市荔湾区高三（上）调研物理试卷（11月份）1．如图所示，为甲乙两物体在同一直线上运动的位置坐标x随时间t变化的图象，已知甲做匀变速直线运动，乙做匀速直线运动，则0～t2时间内下列说法正确的是（）A．两物体在t1时刻速度大小相等B．t1时刻乙的速度大于甲的速度C．两物体平均速度大小相等D．甲的平均速度小于乙的平均速度2．汽车从静止开始先做匀加速直线运动，然后做匀速运动．汽车所受阻力恒定，下列汽车功率P与时间t的关系图象中，能描述上述过程的是（）A． B． C． D．3．一物块从某一高度水平抛出，取水平地面为重力势能零点，在抛出点其动能为重力势能的．不计空气阻力．该物块落地时的速度方向与水平方向的夹角为（）A．B．C．D．4．“嫦娥五号”探测器预计在2017年发射升空，自动完成月面样品采集后从月球起飞，返回地球，带回约2kg月球样品．某同学从网上得到一些信息，如表格中的数据所示，则地球和月球的密度之比为（）=4=6A．B．C．4 D．65．如图所示，内壁光滑的半球形碗固定不动，其轴线垂直于水平面，两个质量相同的小球A和B紧贴着内壁分别在如图所示的水平面内做匀速圆周运动，则（）A．球A的线速度等于球B的线速度B．球A的角速度大于球B的角速度C．球A的向心加速度小于球B的向心加速度D．球A对碗壁的压力等于球B对碗壁的压力6．伽利略开创了实验研究和逻辑推理相结合探索自然规律的科学方法，利用这种方法伽利略发现的规律有（）A．物体之间普遍存在相互吸引力B．力不是维持物体运动的原因C．物体间的相互作用力总是大小相等、方向相反D．忽略空气阻力，重物与轻物下落得同样快7．如图所示，甲、丙物体在水平外力F的作用下静止在乙物体上，乙物体静止在水平面上．现增大水平外力F，三物体仍然静止，则下列说法正确的是（）A．乙对甲的支持力一定增大B．乙对地面的压力一定不变C．乙对甲的摩擦力一定增大D．甲对丙的摩擦力一直为零8．如图甲所示，固定的粗糙斜面长为10m，一小滑块自斜面顶端由静止开始沿斜面下滑的过程中，小滑块的动能E k随位移x的变化规律如图乙所示，取斜面底端为重力势能的参考平面，小滑块的重力势能E p随位移x的变化规律如图丙所示，重力加速度g取10m/s2．根据上述信息可以求出（）A．斜面的倾角B．小滑块与斜面之间的动摩擦因数C．小滑块下滑的合外力的大小D．小滑块受到的滑动摩擦力的大小9．某同学测定一空心铜管的长度和内径．应该用图甲所示游标卡尺的（填“A”“B”或“C”）测量内径；示数如图乙、丙所示，则该铜管的长度和内径分别为cm和mm．10．一同学用图甲所示装置“探究加速度与力、质量的关系”．请思考探究思路并回答下列问题：（1）该实验是否需要满足砂和砂桶的总质量远小于小车（含力传感器）的质量（填“需要”或“不需要”）（2）为消除小车与水平木板之间摩擦力的影响，应该在不挂砂桶的情况下，适当调整木板右端的高度，直到轻推小车，打点计时器在纸带上打出一系列的点．（3）实验中，得到一条打点的纸带如图乙所示，已知相邻计数点间的时间间隔为T，且间隔s1、s2、s3、s4、s5、s6已量出，则小车加速度的表达式为a=．（4）一组同学在保持小车（含力传感器）质量一定的情况下，探究加速度a与合外力F的关系．他们在木板水平和倾斜的两种情况下分别做了实验，得到两条a﹣F图线，如图丙所示．则图线（填“①”或“②”）是在木板水平的情况下得到的，小车与水平木板间的摩擦力f=N；小车（含力传感器）质量M=kg．（结果均保留两位有效数字）11．（14分）接连发生的马航MH370和台湾复兴航空客机的坠毁，使人们更加关注飞机的安全问题．假设飞机从静止开始做匀加速直线运动，经时间t0=30s，在速度达到v0=72m/s 时，驾驶员对发动机的运行状态进行判断；在速度达到v1=78m/s时，必须做出判断，可以中断起飞或继续起飞；若速度超过v2=84m/s时，就必须起飞，否则会滑出跑道．已知从开始到离开地面的过程中，飞机的加速度保持不变．（1）求正常情况下驾驶员从判断发动机运行状态到决定中止起飞的最长时间．（2）若在速度达到v2时，由于意外必须停止起飞，飞机立即以大小为4.2m/s2的加速度做匀减速直线运动，要让飞机安全停下来，求跑道的最短长度．12．（18分）光滑水平面上，一个长平板与半圆组成如图甲所示的装置，半圆弧面（直径AB竖直）与平板表面相切于A点，整个装置质量M=5kg．在装置的右端放一质量为m=1kg 的小滑块（可视为质点），小滑块与装置一起以v0=8m/s的速度向左运动．现给装置加一个F=43N向右的水平推力，小滑块与长平板发生相对滑动，装置运动的v﹣t图如图乙所示．当装置速度减速为零时，小滑块恰好滑至长平板的左端A，此时撤去外力F并将装置锁定，小滑块继续沿半圆形轨道运动，恰好能通过轨道最高点B．滑块脱离半圆形轨道后又落回长平板．已知小滑块在通过半圆形轨道时克服摩擦力做功W f=2.5J．g取10m/s2．求：（1）小滑块与长平板间的动摩擦因数μ；（2）长平板的长度L；（3）小滑块最后落回长平板上的落点离A的距离．13．下列说法正确的是（）A．可以将工厂里扩散到外界的能量收集起来重新利用B．温度升高，说明物体中所有分子的动能都增大C．气体对容器壁有压强是因为气体分子对容器壁频繁碰撞的结果D．分子间的距离增大时，分子间的引力和斥力都减小E．在一个绝热容器内，不停地搅拌液体，可使液体的温度升高14．（10分）如图所示，内壁光滑、截面积不相等的圆柱形气缸竖直放置，气缸上、下两部分的横截面积分别为2S和S．在气缸内有A、B两活塞封闭着一定质量的理想气体，两活塞用一根长为l的细轻杆连接，两活塞导热性能良好，并能在气缸内无摩擦地移动．已知活塞A的质量是2m，活塞B的质量是m．当外界大气压强为p0、温度为T0时，两活塞静止于如图所示位置．（1）求此时气缸内气体的压强．（2）若用一竖直向下的拉力作用在B上，使A、B一起由图示位置开始缓慢向下移动的距离，又处于静止状态，求这时气缸内气体的压强及拉力F的大小．设整个过程中气体温度不变．15．下列说法正确的是（）A．若使放射性物质的温度升高，其半衰期可能变小B．氢原子从第一激发态向基态跃迁只能辐射特定频率的光子C．α粒子散射实验能揭示原子具有核式结构D．Th核发生一次α衰变时，新核与原来的原子核相比，中子数减少了4E．太阳辐射的能量主要来自太阳内部的热核反应16．在足够长的水平光滑直导轨上，静止放着三个大小相同的小球A、B、C，质量分别为m A=3kg、m B=m c=1kg．现让A球以v0=2m/s的速度正对着B球运动，A、B两球发生弹性正碰后，B球向右运动并与C球发生正碰，C球的最终速度v c=2m/s．求：（ⅰ）B球与C球相碰前，A、B球各自的速度多大？（ⅱ）三球还会发生第三次碰撞吗？B、C碰撞过程中损失了多少动能？答案1.【考点】匀变速直线运动的图像；平均速度．【专题】运动学中的图像专题．【分析】根据位移图象的斜率等于速度，坐标的变化量等于位移，平均速度等于位移除以时间．【解答】解：A、根据位移图象的斜率等于速度，则在t1时刻，甲图象的斜率大于乙图象的斜率，所以甲的速度大于乙的速度，故AB错误；C、坐标的变化量等于位移，根据图象可知，甲乙位移大小相等，方向相反，而时间相等，则平均速度的大小相等，故C正确，D错误．故选：C【点评】位移图象和速度图象都表示物体做直线运动，抓住位移图象的斜率等于速度是分析的关键，知道，平均速度等于位移除以时间．2.【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【专题】功率的计算专题．【分析】根据P=Fv分析：匀加速运动时F不变，v随时间均匀增大，故P随时间均匀增大，当匀速时牵引力等于阻力，说明牵引力突变，故功率突变．【解答】解：根据P=Fv分析知匀加速运动时牵引力大于阻力，F不变，v随时间均匀增大，故P随时间均匀增大，故AD错误；当匀速时牵引力等于阻力，说明F突变小，速度不变，故功率突变小，以后保持不变，故B 错误，C正确．故选：C【点评】此题考查P=Fv的应用，注意在机车问题中F为牵引力，不是合力，力可以突变，速度不会突变．3.【考点】平抛运动．【专题】比较思想；合成分解法；平抛运动专题．【分析】根据机械能守恒定律，以及已知条件：抛出时动能恰好是重力势能的，分别列式即可求出落地时速度与水平速度的关系，从而求出物块落地时的速度方向与水平方向的夹角．【解答】解：设抛出时物体的初速度为v0，物块离地的高度为h，物块落地时的速度大小为v，方向与水平方向的夹角为α．根据机械能守恒定律得：+mgh=mv2据题有：=mgh联立解得：v=2v0；则cosα==得α=故选：C【点评】解决本题的关键会熟练运用机械能守恒定律处理平抛运动，并要掌握平抛运动的研究方法：运动的分解．4.【考点】万有引力定律及其应用．【专题】定量思想；方程法；万有引力定律的应用专题．【分析】在星球表面、重力等于万有引力，根据万有引力定律列式求解出质量、由密度定义求解密度表达式进行分析即可．【解答】解：在地球表面，重力等于万有引力，故：mg=G解得：M=故密度：ρ===同理．月球的密度：ρ0=故地球和月球的密度之比：==6×=故选：B．【点评】本题关键是明确在星球的表面重力等于万有引力，根据万有引力定律的表达式列式分析即可，基础题目．5.【考点】向心力；线速度、角速度和周期、转速．【专题】匀速圆周运动专题．【分析】小球受重力和支持力，靠重力和支持力的合力提供圆周运动的向心力，根据F合=ma=m=mrω2，比较线速度、角速度和向心加速度的大小．并比较支持力的大小，从而能比较压力的大小．【解答】解：ABC、对于任意一球，设其轨道处半球形碗的半径与竖直方向的夹角为β，半球形碗的半径为R．根据重力和支持力的合力提供圆周运动的向心力，得：F合=mgtanβ=ma=m=mrω2，又r=Rsinβ联立得：v=，a=gtanβ，ω=R一定，可知β越大，线速度v越大、角速度ω越大、向心加速度a越大，所以球A的线速度大于球B的线速度，球A的角速度大于球B的角速度，球A的向心加速度大于球B的向心加速度．故AC错误，B正确．D、由图得：球所受的支持力F N=，β越大，F N越大，则碗对A球的支持力较大，由牛顿第三定律知球A对碗壁的压力大于球B对碗壁的压力，故D错误．故选：B．【点评】解决本题的关键知道小球做匀速圆周运动，靠重力和支持力的合力提供向心力，能灵活选择向心力的形式，由牛顿运动定律列式分析．6.【考点】伽利略研究自由落体运动的实验和推理方法．【专题】定性思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】本题要掌握伽利略关于运动和力关系的观点、落体运动的规律理论等等．伽利略的斜面实验是以可靠的事实为基础，经过抽象思维，抓住主要因素，忽略次要因素，推理得出的结论．【解答】解：A、伽利略没有发现物体之间普遍存在相互吸引力的规律．故A错误；B、伽利略根据理想斜面实验，发现了力不是维持物体运动的原因，故B正确；C、伽利略没有发现物体间的相互作用力总是大小相等，方向相反的规律．物体间的相互作用力总是大小相等，方向相反是牛顿第三定律得内容，故C错误；D、伽利略开创了实验研究和逻辑推理相结合的方法，得出了自由落体运动是初速度为零的匀变速直线运动；并且明确了重物和轻物下落的同样快；故D正确；故选：BD．【点评】伽利略是物理学的奠基人之一，要学习他的成就和科学研究的方法．理想斜面实验抓住了客观事实的主要因素，忽略了次要因素，从而更深刻地揭示了自然规律．7.【考点】物体的弹性和弹力；摩擦力的判断与计算．【专题】定量思想；合成分解法；图析法；共点力作用下物体平衡专题．【分析】正确的受力分析是解决问题的关键，三物体仍然静止，说明物体处于平衡状态，所受外力合力为0，以甲乙丙整体为研究对象，当F增大时，地面对整体的摩擦力亦增大．再分别以甲、丙为研究对象即可求解．【解答】解：如图对甲进行受力分析有：F合x=Fcosθ+f﹣Gsinθ=0 (1)F合y=F N﹣Gcosθ﹣Fsinθ=0 (2)A、由（2）知，F N=Gcosθ+Fsinθ，当F增大时，则支持力增大．故A正确；B、把甲乙丙看成一个整体，当F增加时，根据静摩擦力大小的判断f=﹣F外，可知，当F 增大时，地面给乙的摩擦力随之增大，使系统处于平衡状态，但地面对乙的压力没有变，那么乙对地面的压力也没变，故B正确；C、由（1）知f=Gsi nθ﹣Fcosθ，由于未知摩擦力的方向，故当f为正值时，F增大则f减小，若f为负值即沿斜面向下时，当F增大则f亦增大，故C错误；D、对丙进行受力分析，丙处于静止状态，水平方向不受摩擦力，故D正确．故选：ABD．【点评】考虑到物体的受力分析，物体始终处于静止状态，即满足合外力为零，另物体受到斜面的摩擦力，因不知倾角和动摩擦因数的大小，摩擦力可能沿斜面向上也可能沿斜面向下，所以当F增大时，摩擦力可以变大也可以变小，要根据具体题目加以讨论．8.【考点】牛顿第二定律；摩擦力的判断与计算．【专题】定量思想；图析法；牛顿运动定律综合专题．【分析】根据动能图象可读出动能，由动能定理可以求出合力的大小，根据势能图象可以得出物体的初始势能．由动能定理和能量守恒定律结合分析．【解答】解：由图象知，物体的初始重力势能为E p1=100J，末动能为E k2=25J．A、据题斜面长度为10m，由E p=mgh=mgLsinα，可知由于不知道物体的质量，故不能根据初始势能和斜面长度来确定斜面的倾角，故A错误；B、根据能量守恒可以求出阻力做的功，再由斜面长度可求得摩擦力的大小，但因物体质量和倾角未知，故不能求得动摩擦因数的大小，故B错误；C、由图可得到动能的变化量，根据动能定理可以求得物体受到的合外力，结合W合=F合L 可知能求出滑块下滑的合外力大小．C正确；D、根据能量守恒可以求得下滑过程中克服摩擦力做功为W f=E p1﹣E k2=100J﹣25J=75J，而斜面长度L=10m，故由W f=fL可求得滑块下滑时受到滑动摩擦力的大小为7.5N，故D正确．故选：CD【点评】读懂图象及其反应的物理意义，知道物体在斜面上下滑时的受力特征是正确解题的关键，灵活运用动能定理和能量守恒定律研究．9.【考点】刻度尺、游标卡尺的使用．【专题】实验题；定性思想；推理法；基本实验仪器．【分析】游标卡尺来测量空心铜管内径应该用内爪．游标卡尺的读数方法是主尺读数加上游标读数，不需要估读．【解答】解：游标卡尺来测量空心铜管应该用内爪，即A部分．该铜管的长度为l=50.10cm，游标卡尺测内径时，主尺读数为10mm，游标读数为0.05×4=0.20mm，最后读数为10.20mm．故答案为：A；50.10；10.20【点评】解决本题的关键掌握游标卡尺的读数方法．注意游标卡尺的精确度，难度不大，属于基础题．10.【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【专题】实验题；定量思想；推理法；牛顿运动定律综合专题．【分析】（1）小车所受的拉力通过力传感器直接得出，不需要用砂和砂桶的总重力表示，所以不需要满足砂和砂桶的总质量远小于小车（含力传感器）的质量．（2）平衡摩擦力时小车做匀速直线运动．（3）根据连续相等时间内的位移之差是一恒量，运用逐差法求出加速度．（4）根据图线得出摩擦力的大小，结合图线的斜率求出小车的质量．【解答】解：（1）因为小车所受的拉力可以通过力传感器直接得出，所以不需要满足砂和砂桶的总质量远小于小车（含力传感器）的质量．（2）平衡摩擦力时，小车做匀速直线运动，打出一系列等间距的点．（3）根据，，得，小车的加速度a==．（4）木板水平时，未平衡摩擦力，则F不等于零时，加速度仍然为零，得出的图线为图线①．当F=0.25N时，小车开始运动，可知小车与木板间的摩擦力为0.25N．图线斜率的倒数表示小车的质量，则M==．故答案为：（1）不需要；（2）等间距（或间距相等）；（3），（4）①，0.25 0.25．【点评】解决本题的关键掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解瞬时速度和加速度，以及知道a﹣F图线斜率和截距表示的含义，难度中等．11.【考点】匀变速直线运动规律的综合运用；匀变速直线运动的速度与位移的关系．【专题】计算题；定量思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】（1）由时间t0=28s、速度v0=70m/s，计算出加速度，结合v1=77m/s，得到做出决断终止起飞的最长时间（2）由位移时间关系结合速度时间关系求解位移，或利用v﹣t图象求解位移【解答】解：（1）设飞机加速过程中的加速度大小为a1，则飞机从静止开始加速到v0的过程有：v0=a1t0…①设飞机从v0加速到v1所用的时间为t，则飞机在此过程中有：v1=v0+at…②由①②代入数据，解得：t=2.5s…③（2）设飞机从静止开始加速到v2发生的位移大小为x1，则有：v22=2a1x1…④设飞机做匀减速直线运动过程发生的位移大小为x2，加速度大小为a2，则有：v22=2a2x2…⑤设跑道的最短长度为x，则依题意有：x=x1+x2…⑥由①④⑤⑥代入数据，解得：x=2310m答：：（1）最长时间为2.5s；（2）跑道的最小长度2310m【点评】本题考查运动学公式的应用；要注意正确建立运动情景，明确物理模型，找到已知的物理量及其关系，灵活选择公式是解决运动学问题的基本要求；同时第2问也可以直接应用图象法进行分析求解．12.【考点】动能定理；牛顿第二定律．【专题】定量思想；方程法；动能定理的应用专题．【分析】（1）根据图象求的装置的加速度大小，根据牛顿第二定律求的摩擦力，由f=μF N 求的摩擦因数（2）根据牛顿第二定律求的物块的加速度，根据运动学公式求的装置和物块的位移，即可求得装置的长度；（3）从A到B根据动能定理和牛顿第二定律求的圆弧的半径和B点的速度，根据平抛运动的特点求的水平距离【解答】解：（1）由图乙，装置向左减速运动的加速度大小a M==8m/s2…①装置减速过程水平方向受力如图所示：由牛顿第二定律：F﹣f=M a M…②滑块与平板间的滑动摩擦力f=μmg …③①～③联立，得：μ=0.3（2）由图乙，装置向左运动的位移S M=4m …④设这段时间内滑块的加速度大小为a m，由牛顿第二定律，f=m a m…⑤滑块运动到A点时的速度v A=v0﹣a m t1…⑥解得：v A=5m/s滑块向左运动的位移S m=…⑦解得：S m=6.5m平板的长度L=S m﹣S M…⑧③⑤⑥⑦⑧联立，解得：L=2.5m（3）设滑块在B点的速度大小为v B，半圆弧面的半径为R，从A至B，由动能定理得：…⑨在B点，有：…⑩解得：R=0.4m，v B=2m/s设滑块从B点飞出做平抛运动的时间为t2，有…⑪解得：t2=0.4s滑块落点离A的距离x=v B t2…⑫⑥⑧⑨⑩⑪联立，代入数据得：x=0.8m答：（1）小滑块与长平板间的动摩擦因数μ为0.3；（2）长平板的长度L为2.5m；（3）小滑块最后落回长平板上的落点离A的距离为0.8m．【点评】弄清问题的运动情况和受力情况是解题的关键，灵活利用牛顿第二定律和运动学公式求解是解题的核心，此题综合性较强13.【考点】封闭气体压强；温度是分子平均动能的标志；热力学第二定律．【分析】明确热力学第二定律；温度是分子平均动能的标志；气体压强的微观意义：气体的压强是由大量气体分子对容器壁的频繁碰撞产生的；分子间同时存在引力和斥力，随着分子距离的增加，引力和斥力同时减小；【解答】解：A、工厂里扩散到外界的能量收集起来重新利用，这个过程违反热力学第二定律，故A错误；B、温度升高，物体中分子平均动能增大，大多数分子的动能增大，具体到某个分子的动能变化不能确定，B错误；C、气体对容器壁的压强是气体分子对容器壁频繁碰撞的结果，C正确；D、分子间作用力（引力和斥力）随分子间距离增大而减小，D正确；E、搅拌液体外界对液体做功，而此过程又是绝热，液体与外界无热量交换，据热力学第一定律可知能使液体，故温度升高，E正确．故选：CDE【点评】本题考查热力学多个知识点，重点要理解并掌握布朗运动的实质和意义，知道温度的微观意义和热力学第二定律等等基础知识．14.【考点】理想气体的状态方程．【专题】理想气体状态方程专题．【分析】（1）以两活塞整体为研究对象，根据平衡条件列式求解气缸内气体的压强．（2）整个过程中，气体的温度不变，发生等温变化．列出初态气缸内气体的压强和体积及末态气体的体积，由玻意耳定律列式求得末态气体的压强，再以两活塞整体为研究对象，根据平衡条件求解拉力F的大小．【解答】解：（1）以两活塞整体为研究对象，设此时气缸内气体压强为p1，根据平衡条件则有：p0S+3mg=p1S解得：p1=p0+（2）初态：p1=p0+，V1=2lS末态：p2，V2=lS根据玻意耳定律有：（p0+）2lS=p2（lS）解得：p2=（p0+）以两活塞整体为研究对象，根据平衡条件有：p2S=F+p0S+3mg…②解得F=+mg答：（1）求此时气缸内气体的压强为p0+．（2）这时气缸内气体的压强为（p0+），拉力F的大小为+mg．【点评】对于封闭气体，常常以与气体接触的活塞或水银为研究对象，根据平衡条件求压强，要加强这方面的训练，做熟练掌握．15.【考点】原子核衰变及半衰期、衰变速度；粒子散射实验．【专题】衰变和半衰期专题．【分析】原子核发生衰变时，半衰期与外界因素无关；电子从高能级向低能级跃迁，只能辐射光子；α粒子散射实验能揭示原子具有核式结构；原子核发生衰变时要遵守电荷守恒和质量数守恒的规律；太阳辐射属于热核反应．【解答】解：A、半衰期与外界因素无关，故A错误；B、氢原子从激发态向基态跃迁只能辐射特定频率的光子，故B正确；C、α粒子散射实验能揭示原子具有核式结构，故C正确；D、原子核发生衰变时要遵守电荷守恒和质量数守恒的规律，新核与原来的原子核相比，中子数减少了2，故D错误；E、太阳的核反应属于热核反应，故E正确；故选：BCE．【点评】掌握衰变的实质和规律，知道原子核式结构模型的内容，理解半衰期与自身因素有关，区别热核反应与链式反应的不同．16.【考点】动量守恒定律；功能关系．【专题】计算题；定量思想；方程法；动量定理应用专题．【分析】（i）两球发生弹性碰撞，碰撞过程系统动量守恒、机械能守恒，应用动量守恒定律与机械能守恒定律可以求出碰撞前的速度．（ii）碰撞过程系统动量守恒，应用动量守恒动量与能量守恒定律分析答题．【解答】解：（ⅰ）设B球与C球相碰前，A、B球的速度分别为v A、v B，A、B两球发生弹性正碰，以向右为正方向，由动量守恒定律得：m A v0=m A v A+m B v B…①碰撞过程无机械能损失，由机械能守恒定律得：…②解得：v A=1m/s，v B=3m/s；（ⅱ）B、C两球发生正碰的过程动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：m B v B=m B v'B+m C v C…③解得：v'B=1m/s，由于v A=v'B＜v C，所以三球不会发生第三次碰撞．B、C碰撞过程中损失的动能：…④解得：△E k=2J；答：（ⅰ）B球与C球相碰前，A、B球各自的速度分别为：1m/s、3m/s．（ⅱ）三球不会发生第三次碰撞；B、C碰撞过程中损失了2J的动能．【点评】本题考查了求速度、损失的动能等问题，考查了动量守恒定律的应用，分析清楚物体的运动过程是解题的关键，应用动量守恒定律与机械能守恒定律可以解题．。
广州市2016年普通高中毕业班综合测试(一)物理试题
第Ⅰ卷二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14．物理学史上是哪位科学家、由于哪项贡献而人们称为“能称出地球质量的人” A ．阿基米德，发现了杠杆原理 B ．牛顿，发现了万有引力定律 C ．伽利略，测出了重力加速度的值 D ．卡文迪许，测出了万有引力常量 15．不计重力的两个带电粒子M 和N 沿同一方向经小孔S 垂直进入匀强磁场，在磁场中的径迹如图。
分别用v M 与v N ， t M 与t N ，M Mm q 与NN m q 表示它们的速率、在磁场中运动的时间、荷质比，则A ．如果M M m q =NNm q ，则v M ＞ v N B ．如果M M m q =NNm q ，则t M ＜ t N C ．如果v M = v N ，则M Mm q ＞NN m q D ．如果t M = t N ，则M Mm q ＞NN m q 16．如图a ，理想变压器原、副线圈的匝数比为2∶1，与副线圈相连的两个灯泡完全相 同、电表都为理想电表。
原线圈接上如图b 所示的正弦交流电，电路正常工作。
闭合开关后，A ．电压表示数增大B ．电流表示数增大C ．变压器的输入功率增大D ．经过灯泡的电流频率为25 Hz17．如图，窗子上、下沿间的高度H=1.6m ，墙的厚度d=0.4m ，某人在离墙壁距离L=1.4m 、距窗子上沿h=0.2m 处的P 点，将可视为质点的小物件以v 的速度水平抛出，小物件直接穿过窗口并落在水平地面上，取g=10m/s 2。
则v 的取值范围是A ．7>v m/sB ．32.v <m/sC ．7m/s m/s 3<<vD ．3m/s m/s 32<<v .ab18．电梯经过启动、匀速运行和制动三个过程，从低楼层到达高楼层，启动和制动可看作是匀变速直线运动。
2016年广东省高考物理三模试卷
2016年广东省高考物理三模试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共4小题，共16.0分)1.下列叙述正确的是（）A.牛顿根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因B.奥斯特首先发现了电流周围存在磁场C.磁感线越密的地方磁感应强度越大，磁通量也越大D.在回旋加速器中，磁场力使带电粒子的速度增大【答案】B【解析】解：A、伽利略根据理想斜面实验，提出了力不是维持物体运动的原因．故A错误；B、奥斯特首先发现了电流周围存在磁场，故B正确；C、磁感线越密的地方磁感应强度越大，但磁通量不一定也越大，磁通量的大小还与线圈平面和磁感应强度之间的夹角有关，故C错误D、在回旋加速器中，电场力使带电粒子的速度增大，在回旋加速器中，磁场力使带电粒子的速度方向发生变化．故D错误故选：B根据物理学史和常识解答AB选项，记住著名物理学家的主要贡献即可；磁通量的大小还与线圈平面和磁感应强度之间的夹角有关；在回旋加速器中，磁场力使带电粒子的速度方向发生变化．本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．2.质量为m的“嫦娥二号”探测卫星，在距月球表面高度为h的轨道上做匀速圆周运动，已知运行周期为T，月球的半径为R，月球质量为M，引力常量为G，则（）A.月球表面的重力加速度为B.月球对卫星的万有引力为C.卫星以恒定的向心加速度运行D.卫星运行周期T与卫星质量有关【答案】A【解析】解：A、根据万有引力等于重力得，，解得g=．故A正确．B、月球对卫星的万有引力F=．故B错误．C、根据得，a=，T=，知向心加速度大小不变，但是方向始终指向圆心，时刻改变．周期与卫星的质量无关．故C、D错误．故选A．根据万有引力等于重力求出月球表面的重力加速度，根据万有引力提供向心力得出向心加速度的大小以及判断出周期与什么因素有关．解决本题的关键掌握万有引力提供向心力和万有引力等于重力这两个理论，并能熟练运用．3.如图有a、b、c、d四个离子，它们带等量同种电荷，质量不等有m a=m b＜m c=m d，以不等的速率v a＜v b=v c＜v d进入速度选择器后，有两种离子从速度选择器中射出进入B2磁场．由此可判定（）A.射向P1板的是a离子B.射向P2板的是b离子C.射向A1的是c离子D.射向A2的是d离子【答案】A【解析】解：A、通过在磁场中偏转知，粒子带正电．在速度选择器中，有q E=qv B．v=，只有速度满足一定值的粒子才能通过速度选择器．所以只有b、c两粒子能通过速度选择器．a 的速度小于b的速度，所以a的电场力大于洛伦兹力，a向P1板偏转．故A正确，B错误．C、只有b、c两粒子能通过速度选择器进入磁场B2，根据r=，知质量大的半径大，知射向A1的是b离子，射向A2的是c离子．故C、D错误．故选A．在速度选择器中，粒子受到的电场力和洛伦兹力相等，有q E=qv B．知只有速度满足一定值的粒子才能通过速度选择器．进入磁场B2后，有r=，v、B2、q相同，质量大的半径大．解决本题的关键知道只有速度满足一定的值，才能通过速度选择器．由速度选择器出来进入磁场，速度一定，根据r=，可比较粒子偏转半径的大小．4.如图，金属棒ab，金属导轨和螺线管组成闭合回路，金属棒ab在匀强磁场B中沿导轨向右运动，则（）A.ab棒不受安培力作用B.ab棒所受安培力的方向向右C.ab棒向右运动速度越大，所受安培力越大D.螺线管产生的磁场，A端为N极【答案】C【解析】解：A：回路中的一部分切割磁感线时，导体棒中要产生感应电流，而电流在磁场中就一定会有安培力，故A错误；B：根据楞次定律可知，感应电流总是起到阻碍的作用，故安培力的方向与导体棒一定的方向相反，应当向左，故B错误；C：ab棒向右运动时，E=BL v，，F=BIL，所以：，速度越大，所受安培力越大．故C正确；D：根据右手定则，ab中的电流的方向向上，流过螺旋管时，外侧的电流方向向下，根据右手螺旋定则，B端的磁场方向为N极．故D错误．回路中的一部分切割磁感线时，导体棒中要产生感应电流，而电流在磁场中就一定会有安培力；感应电流的大小与运动速度有关，运动速度越大，所受安培力越大．该题考查楞次定律、右手定则及法拉第电磁感应定律，属于该部分知识的基本应用．属于简单题．二、多选题(本大题共5小题，共30.0分)5.如图所示，人和物处于静止状态、当人拉着绳向右跨出一步后，人和物仍保持静止、不计绳与滑轮的摩擦，下列说法中正确的是（）A.绳的拉力大小不变B.人所受的合外力增大C.地面对人的摩擦力增大D.人对地面的压力减小【答案】AC【解析】解：A、物体始终处于静止状态，所以绳子对物体的拉力始终等于mg，故A正确；B、人保持静止状态，合力为零，故B错误；C、D、对人受力分析并正交分解如图：由平衡条件得：N+mgsinθ=M gf=mgcosθ当人拉着绳向右跨出一步后，θ将变小：所以：f=mgcosθ会变大，N=M g-mgsinθ也将变大，故C正确，D错误；故选AC．当人拉着绳向右跨出一步后，人和物仍保持静止，所以人和物始终处于平衡状态，分别对物体和任受力分析应用平衡条件分析即可．本题为平衡条件得应用：动态分析．常用的方法是画图法和解析式法，一般物体受3个力时常用画图法，受4个以上的力时用解析式法．6.物体在竖直向上的拉力和重力的作用下竖直向上运动，运动的v-t图象如图所示．则（）A.物体所受拉力是恒力B.物体所受拉力是变力C.第1s末和第4s末拉力的功率相等D.第5s末物体离出发点最远BD【解析】解：A、由速度时间图象可知，物体在运动的过程中的加速度是变化的，而重力是不变的，所以物体所受拉力一定是变力，所以A错误，B正确；C、第1s末和第4s末物体的速度是一样的，但是第1s末处于加速阶段，拉力大于重力，第4s末处于减速阶段，拉力小于重力，所以两个时刻的拉力大小不一样，功率不同，故C错误．D、根据速度-时间图象与坐标轴围成的面积表示位移可知，5s末位移最大，及第5s末物体离出发点最远，故D正确．故选BD．根据速度时间的图象，判断物体的受力的情况和运动的情况，知道速度-时间图象与坐标轴围成的面积表示位移，再由功率的公式就可以做出判断．要根据图象得出有用的信息，速度-时间图象中直线的斜率表示加速度的大小，面积表示位移，速度不变就表示物体处于受力平衡状态．7.在如图所示的电路中，电源电动势为E、内电阻为r，C为电容器，R0为定值电阻，R为滑动变阻器．开关闭合后，灯泡L能正常发光．当滑动变阻器的滑片向右移动时，下列判断正确的是（）A.灯泡L将变暗B.灯泡L将变亮C.电容器C的电荷量减小D.电容器C的电荷量增大【答案】AD【解析】解：A、B由题R增大，电流I=减小，灯泡L将变暗．故A正确，B错误．C、D路端电压U=E-I r增大，则电容器电量Q=CU增大．故C错误，D正确．故选AD．灯泡L和滑动变阻器R串联、电容器C和定值电阻R0串联后两条支路再并联．当电路稳定后，电容器这一路没有电流，相当于开关断开，对另一路没有影响．电容器的电压等于路端电压．当滑动变阻器的滑片向右移动时，变阻器接入电路的电阻增大，根据欧姆定律分析电流和路端电压的变化，分析灯泡亮度和电容器电量的变化．本题关键的要抓住电容器的特点：当电路稳定时，和电容器串联的电路没有电流，电容器电压等于这一串联电路两端的电压．8.用均匀导线做成的正方形线圈边长为l，正方形的一半放在垂直于纸面向里的匀强磁场中，如图所示，当磁场以的变化率增强时，则（）A.线圈中感应电流方向为acbdaB.线圈中产生的电动势C.线圈中a点电势高于b点电势D.线圈中a、b两点间的电势差为【答案】AB【解析】解：A、磁感应强度增大，由楞次定律可知，感应电流沿acbda方向，故A正确；B、由法拉第电磁感应定律可得，感应电动势E==S=l××=•，故B正确；C、acb段导线相当于电源，电流沿a流向b，在电源内部电流从低电势点流向高电势点，因此a点电势低于b点电势，故C错误；D、设导线总电阻为R，则a、b两点间的电势差U ab=×=，故D错误；故选AB．由楞次定律可以判断出感应电流的方向，由法拉第电磁感应定律可以求出感应电动势，由欧姆定律可以求出a、b两点间的电势差．熟练应用楞次定律、法拉第电磁感应定律、欧姆定律即可正确解题．9.如图所示，实线为方向未知的三条电场线，虚线分别为等势线1、2、3，已知MN=NQ，带电量相等的a、b两带电粒子从等势线2上的O点以相同的初速度飞出．仅在电场力作用下，两粒子的运动轨迹如图所示，则（）A.a一定带正电，b一定带负电B.a加速度减小，b加速度增大C.MN两点电势差|U MN|等于NQ两点电势差|U NQ|D.a粒子到达等势线3的动能变化量比b粒子到达等势线1的动能变化量小【答案】BD【解析】解：A、由图，a粒子的轨迹方向向右弯曲，a粒子所受电场力方向向右，b粒子的轨迹向左弯曲，b粒子所受电场力方向向左，由于电场线方向未知，无法判断粒子的电性．故A错误．B、由题，a所受电场力逐渐减小，加速度减小，b所受电场力增大，加速度增大．故B 正确．C、已知MN=NQ，由于MN段场强大于NQ段场强，所以MN两点电势差|U MN|大于NQ 两点电势差|U NQ|．故C错误．D、根据电场力做功公式W=U q，|U MN|＞|U NQ|，a粒子从等势线2到3电场力做功小于b粒子从等势线2到1电场力做功，所以a粒子到达等势线3的动能变化量比b粒子到达等势线1的动能变化量小．故D正确．故选BD根据粒子轨迹的弯曲方向，判断电场力方向．当电场力方向与场强方向相同时，粒子带正电，当电场力方向与场强方向相反时，粒子带负电．电场线越密，场强越大，粒子受到的电场力越大，加速度越大．非匀强电场中，距离相等的两点间，场强越大，电势差越大．根据电场力做功的大小，判断动能变化量的大小．本题是电场中轨迹问题，关键要根据轨迹的弯曲方向能判断出粒子的电场力方向．常见题型，比较简单．三、实验题探究题(本大题共2小题，共18.0分)10.某同学设计了如图1所示的装置来探究加速度与力的关系．弹簧秤固定在一合适的木块上，桌面的右边缘固定一个光滑的定滑轮，细绳的两端分别与弹簧秤的挂钩和矿泉现缓慢向瓶中加水，直到木块刚刚开始运动为止，记下弹簧秤的示数F0，以此表示滑动摩擦力的大小．再将木块放回原处并按住，继续向瓶中加水后，记下弹簧秤的示数F，然后释放木块，并用秒表记下木块从P运动到Q处的时间t．①木块的加速度可以用d、t表示为a= ______ ．②改变瓶中水的质量重复实验，确定加速度与弹簧秤示数F的关系．如图2图象能表示该同学实验结果的是______ ．③用加水的方法改变拉力的大小与挂钩码的方法相比，它的优点是______ ．A．可以改变滑动摩擦力的大小B．可以更方便地获取更多组实验数据C．可以更精确地测出摩擦力的大小D．可以获得更大的加速度以提高实验精度．【答案】；C；BC【解析】解：①根据匀变速直线运动公式得：d=at2，解得：a=．（2）由牛顿第二定律可知，F-F0=ma，故a=F-，当F1＞F0时，木板才产生加速度．随着继续向瓶中加水后，矿泉水瓶的质量不断增加，矿泉水瓶的质量不能远小于木板的质量，那么水的重力与绳子的拉力差值越来越大，则图象出现弯曲．故选：C．（3）A、不可以改变滑动摩擦力的大小，故A错误．B、缓慢向瓶中加水，直到木板刚刚开始运动，可以比较精确地测出摩擦力的大小，故B正确．C、缓慢向瓶中加水，可以更方便地获取多组实验数据，故C正确．D、并没有获得很大的加速度，可以获取多组实验数据以提高实验精度．故D错误；故选：BC．故答案为：①；②C；③BC．①长木板做匀加速直线运动，根据位移时间关系公式列式求解加速度；②知道减小误差的常用方法是多次测量取平均值；③知道当水的质量远远小于木板的质量时，水的重力近似等于绳子的拉力实验要明白实验目的，懂得实验原理，科学选择器材，合理安排实验步骤，细心记录数据，认真分析和处理数据，总结实验结论．11.用伏安法测一节干电池的电动势E和内电阻r，器材有：电压表：0-3-15V；电流表：0-0.6-3A；变阻器R1（总电阻20Ω）；以及电键S和导线若干．①根据现有器材设计实验电路并连接电路实物图甲，要求滑动变阻器的滑动头在右端时，其使用的电阻值最大．______ V．③表为另一组同学测得的数据．可以发现电压表测得的数据______ ，将影响实验结果的准确性，原因是：______ ．【答案】1.5；间隔很小；电池的内阻太小【解析】解：①一节干电池电动势约为1.5V，因此电压表应选0～3V量程；由坐标系内所描点可知，电流的最大值为0.6A，则电流表应选0～0.6A量程，如果选0～3A量程，则电路最大电流为其量程的五分之一，读数误差太大；伏安法测电源电动势与内阻，电压表测路端电压，电流表测电路电流，实物电路图如图所示：②根据坐标系中所描出的点作出干电池的U-I图象如图所示：由图示干电池U-I图线可知，图象与纵轴交点坐标值是1.5，则干电池的电动势：E=1.5V．③由表中实验数据可知，电压表测量值间隔很小，这是由于电源（电池）内阻太小造成的．故答案为：①电路图如图所示；②图象如图所示；1.5；③间隔很小；电池的内阻太小．①根据电源电动势选择电压表量程，根据图示电流最大值选择电流表量程；由于电池内阻较小，所以对电源来说，电流表应采用外接法，根据伏安法测电源电动势与内阻的实验原理连接实物电路图．②根据坐标系内描出的点，作出电源的U-I图象；电源的U-I的纵轴截距是电源电动势，图象斜率的绝对值是电电源的内阻．本题考查测电动势和内阻实验的数据处理，注意要结合公式理解图象的斜率及截距的含义．要掌握描点法作图的方法．四、计算题(本大题共2小题，共36.0分)12.如图所示，完全相同的金属板P、Q带等量异种电荷，用绝缘杆将其连成一平行正对的装置，放在绝缘水平面上，其总质量为M，两板间距为d，板长为2d，在P板中央位置处有一小孔．一质量为m、电量为+q的粒子，从某一高度下落通过小孔后进入PQ，恰能匀速运动．外部的电场可忽略，板间电场可视为匀强电场，重力加速度为g，求：①PQ间电场强度及电势差；②粒子下落过程中，装置对绝缘水平面的压力；③现给PQ间再加一垂直纸面向里、磁感应强度B的匀强磁场，要使粒子进入PQ后不碰板飞出，则粒子应距P板多高处自由下落？【答案】解：①因小球受力平衡，mg=q E得：E=电场方向向上PQ间的电势差U=E d=②在小球未进入PQ前对地的压力N1=M g进入PQ后小球受到向上大小等于mg的电场力，根据牛顿第三定律可得PQ对地的压力N2=M g+mg③依题意得：当粒子轨迹恰好与P板右边缘相切时，粒子圆周运动的半径R1=根据qv1B=m得v1=又由机械能守恒定律得mgh1=联立解得h1=h2=故要使粒子进入PQ后不碰板飞出，粒子应距P板＜h＜高处自由下落．答：①PQ间电场强度E=，方向向上；电势差为；②在小球未进入PQ前对地的压力N1=M g进入PQ后PQ对地的压力N2=M g+mg；③要使粒子进入PQ后不碰板飞出，粒子应距P板＜h＜高处自由下落．【解析】（1）粒子进PQ后，恰能匀速运动，重力与电场力平衡，由平衡条件求出电场强度E．（2）粒子进PQ前，装置对绝缘水平面的压力等于重力M g，粒子进PQ后，电场对粒子作用大小为mg，方向向上，根据牛顿第三定律，粒子对电场的力大小为mg，方向向下，则装置对绝缘水平面的压力等于总重力．（3）给PQ间再加一垂直纸面向里、磁感应强度B的匀强磁场后，粒子做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力．当轨迹恰好与P板、Q板右边缘相切时，粒子恰好进入PQ 后不碰板飞出，分别由几何知识这两种临界情况下粒子的半径，根据牛顿第二定律求出速度，由机械能守恒定律求出下落时的高度，得到小球应距P板高度范围．本题是电场、磁场与力学知识的综合应用，关键在于分析磁场中临界条件，抓住各过程之间的联系．13.如图所示，宽为L=0.1m的MN、PQ两平行光滑水平导轨分别与半径r=0.5m的相同竖直半圆导轨在N、Q端平滑连接，M、P端连接定值电阻R，质量M=2kg的cd绝缘杆垂直静止在水平导轨上，在其右侧至N、Q端的区域内充满竖直向上的匀强磁场，B=1T．现有质量m=1kg的ab金属杆，电阻为R o，R o=R=1Ω，它以初速度v0=12m/s水平向右与cd绝缘杆发生正碰后，进入磁场并最终未滑出，cd绝缘杆则恰好能通过半圆导轨最高点，不计其它电阻和摩擦，ab金属杆始终与导轨垂直且接触良好，取g=10m/s2，求：（1）碰后瞬间cd绝缘杆的速度大小v2与ab金属杆速度大小v1；（2）碰后ab金属杆进入磁场瞬间受到的安培力大小F ab；（3）ab金属杆进入磁场运动全过程中，电路产生的焦耳热Q．【答案】解：（1）cd绝缘杆通过半圆导轨最高点时，由牛顿第二定律有：解得：碰撞后cd绝缘杆滑至最高点的过程中，由动能定理有：解得碰撞后cd绝缘杆的速度：v2=5m/s两杆碰撞过程，动量守恒，设初速度方向为正方向，则有：mv0=mv1+M v2解得碰撞后ab金属杆的速度：v1=2m/s（2）ab金属杆进入磁场瞬间，由法拉第电磁感应定律：E=BL v1闭合电路欧姆定律：安培力公式：F ab=BIL联立解得：F ab===0.01N；（3）ab金属杆进入磁场后由能量守恒定律有：解得：Q=×1×22=2J（1）碰后瞬间cd绝缘杆的速度大小v2与ab金属杆速度大小v1分别为5m/s和2m/s；答：（2）碰后ab金属杆进入磁场瞬间受到的安培力大小F ab为0.01N；（3）ab金属杆进入磁场运动全过程中，电路产生的焦耳热Q为2J．【解析】（1）cd绝缘杆通过半圆导轨最高点时，由牛顿第二定律可求得速度，再根据动能定理可求得碰撞cd的速度，则对碰撞过程分析，由动量守恒定律可求得碰后ab的速度；（2）对ab在磁场中运动分析，由E=BL v求得电动势，根据闭合电路欧姆定律以及安培力公式即可求得安培力；（3）对ab进入磁场过程进行分析，根据能量守恒定律可求得产生的热量．本题考查结合导体切割磁感线规律考查了功能关系以及动量守恒定律，要注意正确分析物理过程，明确导体棒经历的碰撞、切割磁感线、圆周运动等过程，明确各过程中物理规律的应用，要注意最高点时的临界问题以及动量守恒定律的应用方法等．。
物理高考调研答案2016
物理高考调研答案2016篇一：2016年高考调研模拟卷理综一2016年高考调研模拟卷理科综合（一）本试题分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，满分300分。
第Ⅰ卷（选择题，共120分）可能用到的相对原子质量：H－1 C－12N－14O－16 Mg－24 Al－27 S－32Cl－35.5 Ca－40 Fe－56 Cu－64 Ba－137一、选择题（本大题共17小题，每小题6分，共102分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1．下列关于细胞中化合物的叙述，正确的是（）A．水分子间的氢键使水可以缓和温度的变化B．RNA与DNA分子均由四种核苷酸组成，前者不能储存遗传信息C．酶是具有催化作用的有机物，它的基本单位是氨基酸D．叶绿体和线粒体中都含有葡萄糖2．下列关于细胞增殖的叙述，正确的是（）A．只有能增殖的细胞才能进行DNA复制B．有丝分裂和减数分裂DNA复制和分配的次数不同C．减数分裂与生物染色体数目恒定有关D．同一细胞有丝分裂后期和减数第二次分裂后期染色体数目形态相同3．下列说法正确的是（）A．植物杂交实验，均需对母本进行：去雄→人工授粉→套袋B．受精卵中的遗传物质一半来自父方，一半来自母方C．21三体综合征可以由父方或母方在减Ⅰ或减Ⅱ分裂时21号染色体未正常分离引起D．苯丙酮尿症是常染色体上显性致病基因引起的单基因遗传病＋4．右图表示枪乌贼离体神经纤维在Na浓度不同的两种海水中受刺激后的膜电位变化情况。
下列描述错误的是（）A．曲线a代表正常海水中膜电位的变化B．两种海水中神经纤维的静息电位相同＋＋C．低Na海水中神经纤维静息时，膜内Na浓度高于膜外＋D．正常海水中神经纤维受刺激时，膜外Na浓度高于膜内5．下列关于种群特征的叙述，正确的有（）A．哺乳动物的存活曲线均为凸型B．植物集群分布与其种子的传播方式无关C．所有生物的种群均可分为生殖前期、中期和后期D．自然增长率一般用单位时间出生或死亡个数占种群总个数的百分数和千分数表示6．右图表示水稻种子成熟过程中生长素、脱落酸和有机物总量的变化情况，下列叙述错误的是（）．．A．脱落酸可以促进有机物的积累B．生长素能抑制脱落酸的合成C．与种子成熟有关的激素还有乙烯D．植物生命活动是多种激素协调控制的结果7．化学与科学、技术、社会、环境密切相关，下列有关说法中正确的是（）．．A．中国药学家屠呦呦因发现了青蒿素（分子式为C15H22O5）治疗疟疾的新疗法，获得了诺贝尔奖，青蒿素属于有机物，是纯净物B．SiO2制成的光导纤维，由于导电能力强而被用于制造通讯光缆C．汽车尾气催化转化装置可将尾气中的NO和CO等有害气体转化为N2和CO2，该装置中的催化剂可降低NO和CO反应的活化能，有利于提高该反应的平衡转化率D．牛奶中含有丰富的蛋白质，加热煮沸牛奶易造成蛋白质水解变成氨基酸8．下列关于实验原理或操作的说法中正确的是（）A．取一小块金属钠，用滤纸吸干表面的煤油，放入烧杯中，再加一定量的水，观察现象B．用pH试纸检验气体，一般先将pH试纸用蒸馏水湿润，粘在玻璃棒的一端，并使其接近出气口，观察颜色的变化C．硝酸银溶液因见光易分解，应保存在棕色广口试剂瓶中D．做焰色反应时，常用细铁丝代替铂丝；操作前一般先用稀硫酸清洗铁丝，并灼烧至无色，方可蘸取试样9．短周期元素A、B、C、D、E在元素周期表中的位置如表所示，其中C、D元素质子数之和等于A、B元素质子数之和的2倍，则下列说法中不正确的是（）．．．A．由B和D形成的化合物B2D2，含有离子键和共价键B．D、E、C三种元素最简单且常见的氢化物的沸点依次升高C．由A、B、C、D四种元素组成的两种盐，相互之间作用能产生有毒气体D．物质BA与水反应可生成气体，BA作氧化剂10. 下列有关说法中正确的是（）A．分子式为C6H14的有机物有多种可能结构，其中一种是2－甲基－2－乙基丙烷B．C2H4、C3H6 、C4H8 属于同系物，有相似的化学性质C．等质量的苯、乙炔、乙烯和甲烷分别充分燃烧，所消耗的氧气的量依次增加D．用Cu(OH)2悬浊液就可以鉴别乙酸溶液、葡萄糖溶液和淀粉溶液11. 某学习小组欲用甲图所示的原电池装置电解K2CrO4溶液制备重铬酸钾(K2Cr2O7)，-＋-已知：2CrO42(aq，黄色)＋2HCr2O72 (aq，橙红色)＋H2O。
2016年广州从化中学三模理综物理试题和答案
14．了解科学家发现物理规律的过程，学会像科学家那样观察和思考，不断提升自己的科学素养，往往比掌握知识本身更重要。
以下符合物理发展史实的是A．伽利略将斜面实验的结论合理外推，间接证明了自由落体运动是匀变速直线运动B．楞次发现磁场产生电流的条件和规律，即电磁感应现象C．牛顿最早用扭秤实验测出万有引力常数D．安培总结出了真空中两个静止点电荷之间的相互作用规律15．如图所示，在垂直纸面向里的匀强磁场的边界上，有两个电荷量绝对值相同、质量相同的正、负粒子(不计重力)，从O点以相同的速度先后射入磁场中，入射方向与边界成θ角，则正、负粒子在磁场中A．运动轨迹的半径不相等B．运动时间相同C．重新回到边界时速度相同D．重新回到边界时与O点的距离不相等16．如图所示，T1、T2是监测交流高压输电参数的互感器，其中a、b是交流电压表或交流电流表．若已知高压输电线间的电压为220KV，T1的原、线圈匝数比为1：100，交流电压表的示数为100V，交流电流表的示数为1A，则A．b是交流电流表B．T2的原、副线圈匝数比为100：1C．高压线路输送的电流为1AD．高压线路输送的电功率为2.2×107W17．图甲是滑道压力测试的示意图，光滑圆弧轨道与光滑斜面相切，圆弧轨道底部P处安装一个压力传感器，其示数F表示该处所受压力的大小，某滑块从斜面上不同高度h处由静止下滑，表示压力F和高度h关系的F—h图象如图乙所示，则光滑圆弧轨道的半径R的大小是A．5 mB．2 mC．0.8 mA M O NB xϕD ．2.5 m18．据新华社北京3月21日电，记者21日从中国载人航天工程办公室了解到，已在轨工作1630天的天宫一号目标飞行器在完成与三艘神舟飞船交会对接和各项试验任务后，由于超期服役两年半时间，其功能已于近日失效，正式终止了数据服务．根据预测，天宫一号的飞行轨道将在今后数月内逐步降低，并最终再入大气层烧毁．若天宫一号服役期间的轨道可视为圆且距地面h （h ≈343km ），运行周期为T ，地球的半径为R ，下列关于天宫一号的说法正确的是A ．因为天宫一号的轨道距地面很近，其线速度小于同步卫星的线速度B ．女航天员王亚平曾在天宫一号中漂浮着进行太空授课，那时她不受地球的引力作用C ．天宫一号再入外层稀薄大气一小段时间内，克服气体阻力做的功小于引力势能的减小量D ．由题中信息可知地球的质量为2324R GT π 19．空间存在着平行于x 轴方向的静电场，A 、M 、O 、N 、B 为x 轴上的点，OA <OB ，OM =ON ，AB 间的电势ϕ随x 的分布为如右图．一个带电粒子在电场中仅在电场力作用下从M 点由静止开始沿x 轴向右运动，则下列判断中正确的是A ．粒子一定带负电B ．粒子从M 向O 运动过程所受电场力均匀增大C ．粒子一定能通过N 点D ．AO 间的电场强度大于OB 间的电场强度 20．质量相等的甲、乙两物体从离地面相同高度处同时由静止开始下落，运动中两物体所受阻力的特点不同，其v-t 图象如图．则下列判断正确的是A ．t 0时刻甲物体的加速度大于乙物体的加速度B ．t 0时刻甲、乙两物体所受阻力相同C ．0~t 0时间内，甲、乙两物体重力势能的变化量相同D ．0~t 0时间内，甲物体克服阻力做的功比乙的少21．有绝缘层包裹的一段导线绕成两个半径分别为R 和r 的两个圆形回路，如图所示，且扭在一起的两个圆的半径远大于导线自身半径，两个圆形区域内存在有垂直平面向里的磁场，磁感应强度大小随时间按B=kt （k >0，为常数）的规律变化．单位长度的电阻为a ，且R r >，则A ．小圆环中电流的方向为逆时针B ．大圆环中电流的方向为逆时针C ．回路中感应电流大小为()2k R r a- D ．回路中感应电流大小为22()2(R r)k R r a+-22．（6分） 利用如图所示装置 “验证机械能守恒定律”．把装有遮光条的滑块放在水平气垫导轨上的A 处，光电门安装在B 处，滑块用细绳通过定滑轮与钩码相连。
广东省2016届高三五月联考模拟理综物理试题Word版含答案
二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第14-18题只有一项符合题目要求，第19-21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14．在科学的发展历程中，许多科学家做出了杰出的贡献．下列叙述符合物理学史实的是A ．亚里士多德指出“力是改变物体运动状态的原因”B ．伽利略得出“加速度与力成正比，与质量成反比”的结论C ．开普勒发现了万有引力定律D ．卡文迪许测出了引力常量G15．地球的半径为0R ，地球表面处的重力加速度为g ，一颗人造卫星围绕地球做匀速圆周运动，卫星距地面的高度为0R ，下列关于卫星的说法中正确的是A ．卫星的速度大小为220gR B ．卫星的角速度大小082R g C ．卫星的加速度大小为2g D ．卫星的运动周期为gR 022π 16．如图甲所示，水平地面上的物体在竖直向上的力F 的作用下由静止开始运动，在整个向上运动的过程中，其机械能E 与位移x 的关系如图乙，其中AB 段为曲线，其余段为直线。
则下列说法正确的是A ．0～x 1过程中物体所受的拉力是全过程中的最小值B ．x 1～x 2过程中，物体加速度的方向一直竖直向上C ．x 2～x 3过程中，物体克服重力做功的功率一直增大D ．0～x 3过程中，物体的动能先增大后减小17．一带负电荷的质点，在电场力作用下沿曲线abc 从a 运动到c ，已知质点的速率是递减的。
关于b 点电场强度E 的方向，下列图示中可能正确的是（虚线是曲线在b 点的切线）18．如图所示，一横截面积为S 的n 匝线圈，与相距为d 的两块水平放置的平行金属板连接成电路。
线圈置于方向竖直向上的匀强磁场中，为使一质量为m ，电荷量为+q 的小球在平行金属板间水平向右做直线运动，重力加速度为g ，则磁感应强度的变化情况应为A ．正在增强，B mgd t nsq ∆=∆ B ．正在减弱，B mgd t nsq ∆=∆C ．正在增强，2B mgd t nsq ∆=∆ D ．正在减弱，2B mgd t nsq∆=∆19．如图所示，在倾角为θ的光滑斜劈P 的斜面上有两个用轻质弹簧相连的物块A 、B ，C 为一垂直固定在斜面上的挡板．A 、B质量均为m ，弹簧的劲度系数为k ，系统静止于光滑水平面．现开始用一水平力F 从零开始缓慢增大作用于P ，（物块A 一直没离开斜面，重力加速度g ）下列说法正确的是A ．力F 较小时A 相对于斜面静止，F 增加到某一值，A 相对于斜面向上滑行B ．力F 从零开始增加时，A 相对斜面就开始向上滑行C ．B 离开挡板C 时，弹簧伸长量为mgsinθ/kD ．B 离开挡板C 时，弹簧为原长20．如图所示，电源电动势为E ，内电阻为r ．理想电压表V 1、V 2示数为 U 1、U 2，其变化量的绝对值分别为△U 1和△U 2；流过电源的电流为I ，其变化量的绝对值为△I ．当滑动变阻器的触片从右端滑到左端的过程中（灯泡电阻不变化）A ．小灯泡L 3变暗，L 1、L 2变亮B ．△U 1<△U 2C ．I U ∆∆1不变 D ．I U ∆∆2不变21．环型对撞机是研究高能粒子的重要装置，如图所示，比荷相等的正、负离子由静止都经过电压为U 的直线加速器加速后，沿圆环切线方向同时注入对撞机的高真空环状空腔内，空腔内存在着与圆环平面垂直的匀强磁场，磁感应强度大小为B ．正、负离子在环状空腔内只受洛伦兹力作用而沿相反方向做半径相等的匀速圆周运动，然后在碰撞区迎面相撞，不考虑相对论效应，下列说法正确的是A ．所加的匀强磁场的方向应垂直圆环平面向里B ．若加速电压一定，离子的比荷q m 越大，磁感应强度B 小 C ．磁感应强度B 一定时，比荷q m相同的离子加速后，质量大的离子动能小 D ．对于给定的正、负离子，加速电压U 越大，离子在环状空腔磁场中的运动时间越长第II 卷 非选择题三、非选择题:（包括必考题和选考题两部分。
广州增城区2016年调研测试物理试题
广州增城区2016年调研测试物理试题二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～17题只有一项符合题目要求，第18～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14．图甲是张明同学站在力传感器上做下蹲、起跳动作的示意图，点P是他的重心位置。
图乙是根据传感器采集到的数据画出的力一时间图线。
两图中a～g各点均对应，其中有几个点在图甲中没有画出。
取重力加速度g＝10 m／s2。
根据图象分析可知（）A．张明在下蹲、起跳全过程中机械能守恒B．e 点位置张明处于超重状态C．张明在c 点的加速度方向向下D．张明在d 点的加速度小于在f 点的加速度15．如图，倾角为θ的斜面上有A、B、C三点，现从这三点分别以不同的初速度水平抛出一小球，三个小球均落在斜面上的D点，今测得AB＝BC＝CD，不计空气阻力，由此可以判断（）A．A、B、C处三个小球飞行过程中速度变化快慢一样B．A、B、C处三个小球落到斜面上的时间之比为3 ：2 ：1C．A、B、C处三个小球的初速度大小之比为3 ：2 ：1D．A、B、C处三个小球的运动轨迹可能在空中相交16．如图上表面为光滑圆柱形曲面的物体静置于水平地面上，一小滑块受水平力作用从曲面底端缓缓地沿曲面向上滑动一小段的过程中物体始终静止不动，则地面对物体的摩擦力和地面对物体的支持力F N大小变化的情况是（）FA．F f增大F N减小B．F f不变F N不变C．F f增大F N不变D．F f减小F N增大17．A、B两物体放在同一水平面上，受到大小相同的水平力F的作用，各自从同一起点由静止开始运动．经过时间t0，撤去作用在A物体上的外力F；经过时间4t0，撤去作用在B 物体上的外力F ．两物体运动的v －t 图象如图所示，则（ ） A ．在0～t0时间间隔内， A 、B 两物体位移之比为8 ：1 B ．A 、B 两物体与水平面间的滑动摩擦因数之比为2 ：1 C ．A 、B 两物体的质量之比为3 ：5D ．在0～4t 0时间间隔内，水平力F 对A 、B 两物体做功之 比为2 ：118．下列说法中正确的是（ ）A ．由加速度表达式tva ∆∆=可知：加速度a 与Δv 成正比，与Δt 成反比 B ．加速度可以既不与速度同向，也不与速度反向 C ．有可能存在速度越来越小，加速度越来越大的运动 D ．有可能存在速度变化很大，加速度却很小的运动19．质量为m 的带正电的物体处于竖直向上的匀强电场中，已知带电物体所受电场力的大小为物体所受重力的47，现将物体从地面以一定初速度竖直上抛，物体以4g的加速度竖直上升到距地面高h 处(空气阻力恒定)，则在物体的上升过程中（ ） A ．物体的重力势能增加mgh 41B ．由物体与周围空气组成的系统的内能增加了mgh 21C ．物体的动能增加mgh 41D ．物体的机械能增加mgh 4120．2013年12月2日，我国第三颗探月卫星“嫦娥三号”搭乘“长征三号乙”火箭发射升空。
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性，平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益，请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间：9:00-18:30)。
2016年广州市普通高中毕业班模拟考试理科综合物理能力测试2016.01注意事项：1. 本试卷分第I 卷（选择题）和第II 卷（非选择题）两部分。
答卷前，考生务必将自己的姓名和考生号、试室号、座位号填写在答题卡上，并用铅笔在答题卡上的相应位置填涂考生号。
2. 回答第I 卷时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
写在本试卷上无效。
3. 回答第II 卷时，将答案写在答题卡上。
写在本试卷上无效。
4. 考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
可能用到的相对原子质量：H-1 C-12 O-16 Na-23 Mg-24 S-32 Cr-52 Fe-56 Br-80第Ⅰ卷一、选择题：本题共13小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14．历史上，伽利略在斜面实验中分别从倾角不同、阻力很小的斜面上静止释放小球，他通过实验观察和逻辑推理，得到的正确结论有A ．倾角一定时，小球在斜面上的位移与时间的平方成正比B ．倾角一定时，小球在斜面上的速度与时间的平方成正比C ．斜面长度一定时，小球从顶端滚到底端时的速度与倾角无关D ．斜面长度一定时，小球从顶端滚到底端所需的时间与倾角无关15．正、负点电荷周围的电场线分布如图，P 、Q 为其中两点，则带正电的试探电荷A ．由P 静止释放后会运动到QB ．从P 移动到Q ，电场力做正功C ．在P 的电势能小于在Q 的电势能D ．在P 所受电场力小于在Q 所受电场力16．如图为洛伦兹力演示仪的结构图。
励磁线圈产生的匀强磁场方向垂直纸面向外，电子束由电子枪产生，其速度方向与磁场方向垂直。
电子速度大小可通过电子枪的加速电压来控制，磁场强弱可通过励磁线圈的电流来调节。
下列说法正确的是A ．仅增大励磁线圈的电流，电子束径迹的半径变大B ．仅提高电子枪的加速电压，电子束径迹的半径变大C ．仅增大励磁线圈的电流，电子做圆周运动的周期将变大D ．仅提高电子枪的加速电压，电子做圆周运动的周期将变大17．在如图所示的电路中，电源内阻不可忽略，在调节可变电阻R 的阻值过程中，发现理想电压表的示数减小，则A ．R 的阻值变大B ．路端电压不变C ．干路电流减小D ．路端电压和干路电流的比值减小 18．如图，某空间站在轨道半径为R 的近地圆轨道I 上围绕地球运行，一宇宙飞船与空间站对接后，在轨道I 上围绕地球运行多圈后又与空间站分离，进入椭圆轨道II 运行。
已知椭圆轨道的远地点到地球球心的距离为3.5R ，地球质量为M ，万有引力常量为G ，则A ．空间站在圆轨道I 上运行的周期为GMR 32 B ．空间站与飞船对接后在圆轨道I 上运行的周期变小C ．飞船在椭圆轨道远地点的速率是近地点的3.5倍D ．飞船与空间站分离后在远离地球过程中其机械能不断增大 19．如图，不计空气阻力，从O 点水平抛出的小球抵达光滑斜面上端P 处时，速度方向恰好沿着斜面方向，然后紧贴斜面PQ 做匀加速直线运动。
下列说法正确的是A ．小球在斜面上运动的加速度大小比平抛运动时的大B ．小球在斜面上运动的加速度大小比平抛运动时的小C ．撤去斜面，小球仍从O 点以相同速度水平抛出，落地速率将不变D ．撤去斜面，小球仍从O 点以相同速度水平抛出，落地时间将不变20．如图所示，质量为m 的球置于斜面上，被一个竖直挡板挡住。
现用一个恒力F 拉斜面，使斜面在水平面上做加速度为a 的匀加速直线运动，忽略一切摩擦，以下说法中正确的是A ．若加速度足够小，竖直挡板对球的弹力可能为零B ．若加速度足够大，斜面对球的弹力可能为零C ．斜面对球的弹力大小与加速度大小无关D ．斜面、挡板对球的弹力与球的重力三者的合力等于ma V2R R 1R a F 地球III 励磁线圈 电子枪 玻璃泡 v B O PQ21．轻绳一端通过光滑的定滑轮与物块P 连接，另一端与套在光滑竖直杆上的圆环Q 连接，Q 从静止释放后，上升一定距离到达与定滑轮等高处，则在此过程中A ．任意时刻P 、Q 两物体的速度大小满足v P <v QB ．任意时刻Q 受到的拉力大小与P 的重力大小相等C ．物块P 和圆环Q 组成的系统机械能守恒D ．当Q 上升到与滑轮等高时，它的机械能最大 第Ⅱ卷三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。
第22题～第32题为必考题，每个试题考生都必须做答。
第33题～第40题为选考题，考生根据要求做答。
（一）必考题（共129分）22．（6分）用图示电路测量一量程为3V 的电压表内阻，可调恒压电源能满足本实验要求。
将下列实验步骤的有关内容补充完整。
①断开开关S ，按图连接好电路；②将电阻箱的阻值调到_____________；③接通电源，再闭合开关S ；④由零开始调节恒压电源的输出电压，使电压表的指针指到3V 位置；⑤调节________________使电压表的指针指到_______V 位置，读出此时电阻箱的阻值，即为电压表内阻的测量值。
断开开关S 。
23．（9分）用如图甲所示的实验装置完成 “探究动能定理”实验。
请补充完整下列实验步骤的相 关内容：(1) 用天平测量小车和遮光片的总质量M 、砝码盘的质量m 0；用游标卡尺测量遮光片的宽度d ，游标卡尺的示数如图乙所示，其读数为__________cm ；按图甲所示安装好实验装置，用米尺测量两光电门之间的距离s ；(2) 在砝码盘中放入适量砝码；适当调节长木板的倾角，直到轻推小车，遮光片先后经过光电门A 和光电门B的时间相等；(3) 取下细绳和砝码盘，记下______________（填写相应物理量及其符号）； Q P恒压电源_+S V -+010200123cm 乙 砝码盘s 光电门B 遮光片细线d 光电门A 长木板甲轻滑轮(4) 让小车从靠近滑轮处由静止释放，用数字毫秒计分别测出遮光片经过光电门A 和光电门B 所用的时间△t A 和△t B ；(5) 步骤(4)中，小车从光电门A 下滑至光电门B 过程合外力做的总功W 合= ，小车动能变化量ΔE k =__________（用上述步骤中的物理量表示，重力加速度为g ），比较 W 合和ΔE k 的值，找出两者之间的关系；(6) 重新挂上细线和砝码盘，改变砝码盘中砝码质量，重复(2)~(5)步骤。
(7) 本实验中，以下操作或要求是为了减小实验误差的是 。
A ．尽量减小两光电门间的距离sB ．调整滑轮，使细线与长木板平行C ．砝码和砝码盘的总质量远小于小车的质量24．（13分）在粗糙水平面上，一电动玩具小车以v 0=4m/s 的速度做匀速直线运动，其正前方平铺一边长为L =0.6m 的正方形薄板，小车在到达薄板前某处立即刹车，靠惯性运动s =3m 的距离后沿薄板一边的中垂线平滑地冲上薄板。
小车与水平面以及小车与薄板之间的动摩擦因数均为μ1=0.2，薄板与水平面之间的动摩擦因数μ2=0.1，小车质量M 为薄板质量m 的3倍，小车可看成质点，重力加速度g =10m/s 2，求：(1) 小车冲上薄板时的速度大小；(2) 小车从刚冲上薄板到停止时的位移大小。
25．（19分） 如图所示，宽度为L 3的区域被平均分为区域Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ，其中Ⅰ、Ⅲ有匀强磁场，它们的磁感强度大小相等，方向垂直纸面且相反。
长为L 3，宽为2L 的矩形abcd 紧邻磁场下方，与磁场边界对齐，O 为dc 边中点，P 为dc 边中垂线上一点，OP=3L 。
矩形内有匀强电场，电场强度大小为E ，方向由a 指向O 。
电荷量为q 、质量为m 、重力不计的带电粒子由a 点静止释放，经电场加速后进入磁场，运动轨迹刚好与区域Ⅲ的右边界相切。
(1) 求该粒子经过O 点时速度大小v 0；(2) 求匀强磁场的磁感强度大小B ；(3) 若在aO 之间距O 点x 处静止释放该粒子，粒子在磁场区域中共偏转n 次到达P 点，求x 满足的条件及n 的可能取值。
（二）选考题：共45分。
请考生从给出的3道物理题、3道化学题、2道生物题中每科任选一题做答，并用2B 铅笔在答题卡上把所选题目的题号后的方框涂黑。
注意所d做题目的题号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡选答区域指定位置答题。
如果多做，则每学科按所做的第一题计分。
33．【物理── 选修3-3】（15分）（1）（6分）下列说法正确的是 (选对1个给3分，选对2个给4分，选对3个给6分，每选错一个扣3分，最低得分为0分)A ．布朗运动虽不是分子运动，但它证明了组成固体颗粒的分子在做无规则运动B ．一木块被举高，组成该木块的所有分子的分子势能都增大C ．当液体与大气接触时，液体表面层分子的势能比液体内部分子的要大D ．缓慢压缩一定量气体，若此过程气体温度不变，则外界对气体做正功但气体内能不变E ．气体体积不变时，温度越高，单位时间内容器壁单位面积受到气体分子撞击的次数越多（2）（9分）如图，上端开口的竖直汽缸由大、小两个同轴圆筒组成，两圆筒中各有一个活塞，两活塞用刚性轻杆连接，两活塞间充有氧气，小活塞下方充有氮气。
已知：大活塞的质量为2m ，横截面积为2S ，小活塞的质量为m ，横截面积为S ；两活塞间距为L ；大活塞导热性能良好，汽缸及小活塞绝热；初始时氮气和汽缸外大气的压强均为p 0，大活塞与大圆筒底部相距2L ，两活塞与气缸壁之间的摩擦不计，重力加速度为g 。
现通过电阻丝缓慢加热氮气，求当小活塞缓慢上升至上表面与大圆筒底部平齐时，氮气的压强。
34．[物理——选修3-4]（15分）（1）（6分）振源S 在O 点做沿竖直方向的简谐运动，频率为10 Hz ，t ＝0时刻向右传播的简谐横波如图所示(向左传播的简谐横波图中未画出)。
则以下说法正确的是________(填入正确选项前的字母。
选对1个给3分，选对2个给4分，选对3个给6分；每选错1个扣3分，最低得分为0分)。
A ．该横波的波速大小为20 m/sB ．t ＝0时，x ＝1 m 处的质点振动方向向上C ．t ＝0.175 s 时，x ＝－1 m 处的质点处在波峰位置D ．若振源S 向右匀速运动，在振源S 右侧静止的接收者接收到的频率小于10 HzE ．传播过程中该横波遇到小于2 m 的障碍物或小孔都能发生明显的衍射现象（2）（9分）半径为R 的半圆柱形玻璃砖的截面如图所示，O 为圆心，光线Ⅰ沿半径方向从a 点射入玻璃砖后，恰好在O 点发生全反射，另一条光线Ⅱ平行于光线Ⅰ从最高点b 射入玻璃砖后，在底边MN 上的d 点射出。