高考物理三轮复习：题型专练 专练1
2020版新高考物理大三轮复习：计算题专项训练（共12套，34页）
2020版高考物理大三轮复习计算机专项训练计算题专项练(一)(建议用时：20分钟)考点电磁感应中导体棒运动问题分析多过程问题的综合分析1.如图所示，电阻不计且足够长的U形金属框架放置在倾角0=37。
的绝缘斜面上，该装置处于垂直斜面向下的匀强磁场中，磁感应强度大小B=0.4T.质量m=0.2kg、电阻R=0.3Q的导体棒沥垂直放在框架上，与框架接触良好，从静止开始沿框架无摩擦地下滑.框架的质量M=0.4kg、宽度/=0.5m,框架与斜面间的动摩擦因数〃=0.7,与斜面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力.(g 取10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8)(1)若框架固定，求导体棒的最大速度Om；(2)若框架固定，导体棒从静止开始下滑6m时速度S=4m/s,求此过程回路中产生的热量Q及流过导体棒的电荷量q；(3)若框架不固定，求当框架刚开始运动时导体棒的速度大小V2-2.如图所示，光滑水平面上有一质量M=4.0kg的平R----!板车，车的上表面是一段长匕=1.5m的粗糙水平轨道，水平轨道左侧连一半径R=0.25m的四分之一光滑圆弧轨道，圆弧轨道与水平轨道在点。
处相切.现有一质量m=1.0kg的小物块（可视为质点）从平板车的右端以水平向左的初速度血滑上平板车，小物块与水平轨道间的动摩擦因数〃=0.5,小物块恰能到达圆孤轨道的最高点4取g =10m/s2,求：（1）小物块滑上平板车的初速度00的大小；（2）小物块与车最终相对静止时，它距点。
，的距离.三、计算题专项练计算题专项练（一）1.解析：（1）棒沥产生的电动势E=BlvE回路中感应电流1=3K棒ab所受的安培力F=BH对棒沥，mgsin37°—Bll—ma当加速度a=0时，速度最大，最大值扁—9m/s.（2）根据能量转化和守恒定律有mgxsm37°=^mv2+Q代入数据解得2=5.6J—E△①Blxq—1—不代入数据得0=4.0C.⑶回路中感应电流/2=琴框架上边所受安培力F2=BI2l当框架刚开始运动时，对框架有Mgsin37°+B hl=n（j n+M）gcos37°代入数据解得如=7.2m/s.答案：（1）9m/s（2）5.6J 4.0C（3）7.2m/s2.解析：（1）平板车和小物块组成的系统在水平方向上动量守恒，设小物块到达圆弧轨道最高点A时，二者的共同速度为5由动量守恒定律得mvo=(M+m)V]由能量守恒定律得^mvo—m)VT—mgR+/.imgL解得vo=5m/s.(2)设小物块最终与车相对静止时，二者的共同速度为如，从小物块滑上平板车，到二者相对静止的过程中，由动量守恒定律得mv0=(M+m)V2设小物块与车最终相对静止时，它距0,点的距离为x,由能量守恒定律得解得x=0.5m.答案：(1)5m/s(2)0.5m计算题专项练(二)(建议用时：20分钟)题号12考点电磁感应中导体棒的平衡问题多过程问题的综合分析1.如图所示，足够长的平行光滑金属导轨肋V、FQ相距倾斜置于匀强磁场中，磁场方向垂直导轨平面向上，断开开关S,将长也为Z的金属棒沥在导轨上由静止释放，经时间金属棒的速度大小为饥，此时N%-.闭合开关，最终金属棒以大小为花的速度沿导轨匀速运动.已知金属棒■的质量为电阻为r,其他电阻均不计，重力加速度为g.(1)求导轨与水平面夹角a的正弦值及磁场的磁感应强度B的大小；(2)若金属棒的速度从V!增至02历时A t,求该过程中流经金属棒的电荷量.2.如图所示，半径为R的四分之一光滑圆弧轨道竖直固定在水平地面上，下端与水平地面在P点相切，一个质量为2m的物块B(可视为质点)静止在水平地面上，左端固定有轻弹簧,。
题型专练一 连接体问题、板块模型、传送带模型(解析版)—2023年高考物理热点重点难点专练
题型专练一 连接体问题、板块模型、传送带模型连接体问题、 板块模型、传送带模型是经典的三种模型，是涉及多个物体发生相对运动的问题，分析这类问题要从受力分析和运动过程分析，分析每个物体的运动情况，由牛顿第二定律分析它们的加速度情况，有时还要结合能量和动量的观点解决问题。
例题1. （2022·全国·高考真题）如图，一不可伸长轻绳两端各连接一质量为m 的小球，初始时整个系统静置于光滑水平桌面上，两球间的距离等于绳长L 。
一大小为F 的水平恒力作用在轻绳的中点，方向与两球连线垂直。
当两球运动至二者相距35L 时，它们加速度的大小均为（ ）A ．58F mB ．25FmC ．38F mD ．310Fm【答案】A【解析】当两球运动至二者相距35L 时，,如图所示由几何关系可知3310sin 52LL θ==设绳子拉力为T ，水平方向有2cos T F θ=解得58T F =对任意小球由牛顿第二定律可得T ma =解得58Fa m=故A 正确，BCD 错误。
故选A 。
例题2. （多选）（2021·全国·高考真题）水平地面上有一质量为1m 的长木板，木板的左端上有一质量为2m 的物块，如图（a ）所示。
用水平向右的拉力F 作用在物块上，F 随时间t 的变化关系如图（b ）所示，其中1F 、2F 分别为1t 、2t 时刻F 的大小。
木板的加速度1a 随时间t 的变化关系如图（c ）所示。
已知木板与地面间的动摩擦因数为1μ，物块与木板间的动摩擦因数为2μ，假设最大静摩擦力均与相应的滑动摩擦力相等，重力加速度大小为g 。
则（ ）A ．111=F m g μB ．2122211()()m m m F g m μμ+=-C ．22112m m m μμ+>D ．在20~t 时间段物块与木板加速度相等【答案】BCD【解析】A ．图（c ）可知，t 1时滑块木板一起刚在从水平滑动，此时滑块与木板相对静止，木板刚要滑动，此时以整体为对象有1112()F m m g μ=+A 错误；BC ．图（c ）可知，t 2滑块与木板刚要发生相对滑动，以整体为对象， 根据牛顿第二定律，有211212()()F m m g m m a μ-+=+以木板为对象，根据牛顿第二定律，有221121()0m g m m g m a μμ-+=>解得2122211()()m m m F g m μμ+=-()12212m m m μμ+>BC 正确；D ．图（c ）可知，0~t 2这段时间滑块与木板相对静止，所以有相同的加速度，D 正确。
通用版2020高考物理三轮冲刺题型练辑选择题满分练一含解析
选择题满分练(一)二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．14．(2019·浙江湖州市期末)如图1所示是一种常用的电子元件，该电子元件( )图1A．是电阻B．电容是1000μFC．带电荷量是25000CD．击穿电压为25V答案 B解析由该电子元件的铭牌“25V1000μF”，μF是电容的单位，可知该电子元件是电容器，其电容是1000μF，耐压值为25V，击穿电压要大于25V；由Q＝CU知，C一定，带电荷量与实际电压成正比，故B正确，A、C、D错误．15．(2019·安徽“江南十校”二模)如图2所示，含有11H、21H、42He的带电粒子束从小孔O1处射入速度选择器，沿直线O1O2运动的粒子从小孔O2处射出后垂直进入偏转磁场，最终打在P1、P两点．不考虑重力作用，下列说法不正确的是( )图2A．沿直线O1O2运动的粒子速度相等B．打在P点的粒子是21H和42HeC．O2P的长度是O2P1长度的2倍D．粒子11H在偏转磁场中运动的时间最长答案 D16．(2019·山东烟台市上学期期末)如图3甲所示电路，理想变压器原线圈输入电压如图乙所示，原、副线圈匝数比为10∶1，副线圈电路中R 0为定值电阻，R 为滑动变阻器，所有电表均为理想交流电表．下列说法正确的是( )图3A ．副线圈两端交变电压的频率为5HzB ．两电流表测量的是电流的瞬时值，电压表测量的是电压的有效值C ．当滑动变阻器的滑片向上移动时，两电流表的示数均变小D ．当电流表A 2的示数为2A 时，变压器原线圈输入功率为220W 答案 C解析 由题图乙知交流电周期为T ＝0.02s ，所以交变电压的频率为f ＝1T＝50Hz ，变压器变压不变频，故副线圈电压的频率为50Hz ，故A 错误；电流表测量的是电流的有效值，电压表测量的是电压的有效值，故B 错误；当滑动变阻器的滑片向上移动时，电阻增大，而副线圈电压不变，两个电流表的示数都减小，故C 正确；当电流表A 2的示数为2A 时，原线圈的电流强度I 1＝n 2n 1I 2＝0.2A ，原线圈电压有效值U 1＝3112V≈220V，变压器原线圈输入功率为P 1＝U 1I 1＝220×0.2W＝44W ，故D 错误．17．(2019·河北唐山市第一次模拟)2018年6月14日11时06分，我国探月工程嫦娥四号的中继星“鹊桥”顺利进入地月拉格朗日L 2点的运行轨道，为地月信息联通搭建“天桥”．如图4所示，L 2点位于地球与月球中心连线的延长线上，“鹊桥”位于该点，在几乎不消耗燃料的情况下与月球同步绕地球做圆周运动，已知地球、月球和“鹊桥”的质量分别为M e 、M m 、m ，地球和月球球心间的距离为R ，L 2点到月球中心的距离为x ，则x 满足( )图4A.1(R ＋x )2＝1R3(R ＋x ) B.M m x 2＝M e R 3(R ＋x ) C.M e(R ＋x )2＋M m x 2＝M e R3(R ＋x )D.M e (R ＋x )2＋M m x 2＝mR3(R ＋x ) 答案 C解析 “鹊桥”与月球同步绕地球做圆周运动，设角速度为ω，根据万有引力提供向心力，对地、月系统：GM e M m R 2＝M m ω2R ，对“鹊桥”：GM e m (R ＋x )2＋GM m m x 2＝m ω2(R ＋x )，联立解得：M e (R ＋x )2＋M m x 2＝M eR 3(R ＋x )，故选项C 正确，A 、B 、D 错误． 18．(2019·福建龙岩市3月质量检查)质量m ＝2kg 的物块在粗糙的水平地面上运动，t ＝0时刻开始受到方向相反的水平拉力F 1、F 2的作用，以3m/s 的速度做匀速直线运动，F 1、F 2随时间t 的变化规律如图5所示，取g ＝10 m/s 2，则下列说法正确的是( )图5A ．物块与地面的动摩擦因数为0.3B ．2.5s 末物块的加速度大小为1.5m/s 2C ．5s 末物块的速度大小为1.5m/sD ．5s 内物块的位移大小为6m 答案 B解析 0～2s 内，对物块由平衡条件可得：F 1－|F 2|－μmg ＝0，代入数据解得：μ＝0.2，故A 错误；2s 末物块的加速度大小为|F 2|＋μmg －F 1′m ＝5＋4－62m/s 2＝1.5 m/s 2，2s 后物块受力情况不变，则物块在速度减为0前加速度不变，故物块减速到静止的时间为t 0＝31.5s ＝2s ，即物块在4s 末速度减为0，接下来物块处于静止状态，故B 正确，C 错误；5s 内物块的位移大小等于物块4s 内的位移大小，即为(3×2＋3＋02×2) m＝9m ，故D 错误．19．(2019·浙江台州3月一模)装修中常用的大理石等天然石材，若含有铀、钍等元素就会释放出放射性气体氡，氡会经呼吸进入人体并停留在体内发生衰变，放射出α、β、γ射线．这些射线会导致细胞发生变异，引起疾病．下列相关说法正确的是( ) A ．放射性元素发生衰变时放出的α射线实质上是氦原子核 B.23892U 衰变为22286Rn 要经过4次α衰变和2次β衰变C ．放射性元素发生β衰变时所释放的电子是原子核内的质子转变为中子时产生的D．处于激发态的氡原子发出的某一单色光照射到某金属表面能发生光电效应，若这束光通过玻璃砖折射后，再射到此金属表面将不会再发生光电效应答案AB20. (2019·江苏南通市通州区、海门、启东期末)如图6所示，橡皮筋一端固定在竖直墙的O 点，另一端悬挂质量为m的小球静止在M点．O点正下方N处固定一铁钉(橡皮筋靠在铁钉左侧)，ON间距等于橡皮筋原长，现对小球施加拉力F，使小球沿以MN为直径的圆弧缓慢向N 运动，橡皮筋始终在弹性限度内，不计一切摩擦，则小球从M移动到N的过程中( )图6A．橡皮筋的弹力一直在变小B．拉力F的方向始终跟橡皮筋垂直C．拉力F的方向始终跟圆弧垂直D．拉力F先变大后变小答案AB解析小球从M移动到N的过程中，橡皮筋的长度越来越小，即形变量越来越小，所以橡皮筋的弹力一直在变小，故A正确；当小球与N的连线与竖直方向之间的夹角为α时，橡皮筋的伸长量：Δx＝2R·cosα对小球，设拉力F与水平方向之间的夹角β，大水平方向：F cosβ＝F′sinα竖直方向：F′cosα＋F sinβ＝mg联立可得：β＝α，F＝mg sinα可知拉力F的方向始终跟橡皮筋垂直，且随着α的增大，F逐渐增大，故B正确，C、D错误．21．(2019·广东广州市下学期一模)如图7，正点电荷固定在O点，以O为圆心的同心圆上有a、b、c三点，一质量为m、电荷量为－q的粒子仅在电场力作用下从a点运动到b点，粒子在a、b两点的速率分别为v a、v b.若a、b的电势分别为φa、φb，则( )图7A ．a 、c 两点电场强度相同B.粒子的比荷q m ＝v a 2－v b 22(φa －φb )C ．粒子在a 点的加速度大于在b 点的加速度D ．粒子从a 点移到b 点，电场力做正功，电势能减少 答案 BC解析 由题意可知，a 、c 两点的电场强度大小相等、方向不同，故A 错误；电荷量为－q 的粒子仅在电场力作用下从a 点运动到b 点，速率分别为v a 、v b ，根据动能定理，则有：－qU ab ＝12mv b 2－12mv a 2，解得粒子的比荷q m ＝v a 2－v b 22(φa －φb )，故B 正确；因a 点离正点电荷较近，则a 点处的电场线比b 点处密，粒子在a 点所受电场力比在b 点处大，则粒子在a 点的加速度大于在b 点的加速度，故C 正确；带负电的粒子从a 点移到b 点，电场力做负功，电势能增大，故D 错误．。
2021年高三三轮模拟练习(一)理综物理试题 含答案
2021年高三三轮模拟练习（一）理综物理试题含答案本试卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）。
第I卷1至6页，第II卷7至20页，共300分。
考生注意：1．答题前，考生务必将自己的准考证号、姓名填写在答题卡上。
考生要认真核对答题卡上粘贴的条形码的“准考证号、姓名、考试科目”与考生本人准考证号、姓名是否一致。
2．第I卷每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再涂选其它答案标号。
第II卷用黑色墨水签字笔在答题卡上书写作答，在试题卷上作答，答案无效。
3．考试结束后，监考员将试题卷、答题卡一并交回。
二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14.伽利略在研究自由落体运动时，做了如下的实验：他让一个铜球从阻力很小（可忽略不计）的斜面上由静止开始滚下，并且做了上百次．假设某次实验伽利略是这样做的：在斜面上任取三个位置A、B、C．让小球分别由A、B、C滚下，如图所示，让A、B、C与斜面底端的距离分别为x1、x2、x3，小球由A、B、C运动到斜面底端的时间分别为t1、t2、t3，小球由A、B、C运动到斜面底端时的速度分别为v1，v2、v3，则下列关系式中正确并且是伽利略用来证明小球沿光滑斜面向下运动是匀变速直线运动的是（）A．B．C．D．15.一辆汽车从斜坡的底部由静止开始启动爬坡，但却出现打滑现象。
下列说法正确的是A．此时驱动轮受到的摩擦力沿斜面向下B．为了到达坡顶，司机应该进一步加大油门C．为了到达坡顶，司机可以通过调整车头朝向曲折加速向上行驶D．由于出现了打滑现象，所以汽车无论怎样加速都无法到达坡顶16.如图所示，质量分别为m A、m B的A、B两物体用轻杆连接放在倾角为θ的斜面上，用始终平行斜面向上的恒力F推B，使它们沿斜面匀加速上升，A、B与斜面间的动摩擦因数均为μ，下列关于轻杆的弹力的判断，正确的是A．增大A的质量，可以增大轻杆的弹力B．增大B的质量，可以增大轻杆的弹力C．减小θ，可以增大轻杆的弹力D．减小动摩擦因数，轻杆的弹力减小17.如图所示，虚线表示电场的一簇等势面且相邻等势面间电势差相等，一个粒子以一定的初速度进入电场后，只在电场力作用下沿实线轨迹运动，粒子先后通过M点和N点。
高中物理大三轮复习 考前增分必做的42个题型专项练(临考增分练习)
10、如图所示，在固定斜面上的一物块受到一外力的作用，F 平行于斜面向上．若要物块在斜面上保 持静止， F 的取值应有一定范围， 已知其最大值和最小值分别为 F1 和 F（ ． 由此可求出 （ 2 F2＞0） A．物块的质量 B．斜面的倾角 C．物块与斜面间的最大静摩擦力 D．物块对斜面的正压力
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06、如图所示，横截面为直角三角形的斜劈 A，底面靠在粗糙的竖直墙面上，力 F 通过球心水平作用 在光滑球 B 上， 系统处于静止状态． 当力 F 增大时， 系统仍保持静止， 则下列说法正确的是 （ A．A 所受合外力增大 B．墙面对 A 的摩擦力一定增大 C．B 对地面的压力一定不变 D．墙面对 A 的摩擦力可能变小 07、如图所示，倾角为 θ 的斜面体 C 置于水平面上，B 置于斜面 C 上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与 A 相连接， 连接 B 的一段细绳与斜面平行， A、 B、 C 都处于静止状态． 则 A．水平面对 C 的支持力等于 B、C 的总重力 B．B 一定受到 C 的摩擦力 C．C 一定受到水平面的摩擦力 D．若将细绳剪断，B 物体开始沿斜面向下滑动，则水平面对 C 的摩擦力可能为零 题型 02 平衡中的临界与极值问题 08、如图所示，在倾角为 θ 的光滑斜面上，放置一质量为 m 的金属棒，棒长为 L，棒中通有垂直纸面 向里的电流， 电流大小为 I.若使金属棒静止在斜面上， 则下面关于磁感应强度 B 的判断正确的是 （ mgsin θ A．B 的方向垂直斜面向上，B＝ IL ，B 为最小值 mgsin θ B．B 的方向平行斜面向上，B＝ IL ，B 为最小值 mg C．B 的方向竖直向上，B＝ IL ，此时金属棒对导轨无压力 mg D．B 的方向水平向左，B＝ IL ，此时金属棒对导轨无压力 09、一个质量为 1 kg 的物体放在粗糙的水平地面上，今用最小的拉力拉它，使之做匀速直线运动，已 知这个最小拉力为 6 N，g＝10 m/s2，则下列关于物体与地面间的动摩擦因数 μ，最小拉力与水平方向 的夹角 θ，正确的是 3 A．μ＝4，θ＝0 3 4 C．μ＝4，tan θ＝3 （ 3 3 B．μ＝4，tan θ＝4 3 3 D．μ＝5，tan θ＝5 ） ） ） （ ） ）
2019高考物理三轮冲刺 选考模块专练(一)选考模块专练一 3-3(1)
(一)选考模块专练一3-3(1)1.(1)关于热现象,下列说法中正确的是。
A.一定质量的理想气体放出热量,它的内能可能增加B.晶体一定具有规则形状,且有各向异性的特征C.液体温度越高,悬浮颗粒越小,布朗运动越剧烈D.0 ℃的水和0 ℃的冰具有相同的内能E.热量能够自发地从高温物体传递到低温物体,但不能自发地从低温物体传递到高温物体(2)如图所示,两个水平相对放置的固定汽缸通过一根带阀门K的容积不计的细管连通,两轻质活塞用刚性轻杆相连,可在汽缸内无摩擦地移动,两活塞面积分别为S A=0.8 m2和S B=0.2 m2。
开始时阀门K关闭,A中充有一定质量的理想气体,B内为真空,汽缸中的活塞与缸底的距离a=b=30 cm,活塞静止,设温度不变,汽缸内壁光滑,外界大气压强p0=1.0×105 Pa保持不变,求:①阀门K关闭时,A中气体的压强;②阀门K打开后,活塞A向何处移动,移动多远。
2.(1)下列说法中正确的是。
A.花粉的布朗运动是花粉分子热运动的反映B.空气中小雨滴呈球形是水的表面张力作用的结果C.若气体压强不变,气体分子平均距离增大时,则气体分子的平均动能一定增大D.高原地区水的沸点较低,这是高原地区温度较低的原因E.在绝热条件下压缩气体,气体的内能一定增加(2)如图所示,横截面积均为S,内壁光滑的导热汽缸A、B,A水平放置,活塞E固定,封闭气柱长为2l;汽缸B竖直放置,高为4l,A、B之间由一段容积可忽略的细管相连,A汽缸中细管口处有一小阀门C,A中气体不能进入B中,当B中气体压强大于A中气体压强时,阀门C开启,B内气体进入A中,B中气体由活塞D封闭,初始时A中气体压强为1.5p0,活塞D离汽缸底部的距离为3l,整个装置置于温度27 ℃、大气压为P0的环境中,阀门C、活塞D的质量及厚度均忽略不计,现向D上缓慢添加沙子,最后沙子总质量为m=,求(ⅰ)稳定后活塞D下降的距离;(ⅱ)同时对两汽缸加热,使活塞D再回到初始位置,则此时汽缸B内的温度为多少。
江苏高考物理三轮复习冲刺选修3-3专练
选修3-3专练i.〔i〕以下说法正确的选项是.A.石墨和金刚石的物理性质不同,是由于组成它们的物质微粒排列结构不同B .液体外表张力方向与液面垂直并指向液体内部C.降低温度可以使未饱和汽变成饱和汽D.当分子间距离增大时,分子间的引力增大,斥力减小〔2〕如下图,一定质量的理想气体从状态a开始,经历过程①②③到达状态do过程①中气体〔选填“放出〞或“吸收〞〕了热量,状态d的压强〔选填“大于〞或“小于〞〕状态b的压强.〔3〕在第〔2〕问③变化过程中,1 mol该气体在c状态时的体积为10 L ,在d状态时压强为c 2状态时压强的2.求该气体在d状态时每立方米所含分子数. 〔阿伏加德罗常数N A= 36.0 X 1023mol1,结果保存一位有效数字〕解析：〔1〕石墨和金刚石的物理性质不同,是由于组成它们的物质微粒排列结构不同,选项A正确；外表张力产生在液体外表层,它的方向平行于液体外表,而非与液面垂直,故B项错误；饱和蒸汽压是物质的一个重要性质,它的大小取决于物质的本性和温度,降低温度可以使未饱和汽变成饱和汽, 故C正确；当分子间距离增大时, 分子间的引力和斥力均减小,选项D错误.〔2〕过程①中气体的体积不变, 温度升高,内能变大,那么气体吸收了热量, 状态d的V的值小于状态b的:的值,根据p V=C可知状态d的压强小于状态b的压强.〔3〕根据玻意耳定律p c V c=p d V d,解得V d=15 L那么该气体在d状态时每立方米所含分子数_ _ 23 6X 10 1.5X 10 答案：(1)AC (2)吸收 小于 (3)4 X 1025个2. (1)对于以下实验,说法正确的选项是A.甲图是用油膜法测分子直径的示意图,认为油酸薄膜厚度等于油酸分子直径B.乙图是澳蒸气的扩散实验,假设温度升高,那么扩散的速度加快C.丙图是模拟气体压强产生机理的实验,说明气体压强是由气体重力引起的D. 丁图是蜂蜡涂在单层云母片上融化实验,说明云母晶体的导热性能各向同性(2)一定质量的理想气体,其状态变化的 p-V 图像如下图.气体在状态 A 时的温度 为260 K,那么气体在状态 B 时的温度为 K,从状态A 到状态C 气体与外界交换的热 量为 J O(3)2021年5月,我国成为全球首个海域可燃冰试采获得连续稳定气流的国家.可燃冰是一种白色固体物质,1 L 可燃冰在常温常压下释放 160 L 的甲烷气体,常温常压下甲烷的密度nA n V d ■2 个=4X 1025 个.p= 0.66 g/L,甲烷的摩尔质量M = 16 g/ mol,阿伏加德罗常数N A= 6.0x 1023mo「1.请计算1L可燃冰在常温常压下释放出甲烷气体分子数目(计算结果保存一位有效数字).解析：(1)在测量油酸分子的直径时,将油酸分子看成球形分子,并且把油酸薄膜看成单分子油膜,此时油酸薄膜厚度等于油酸分子直径, A正确；研究澳蒸气的扩散实验时,假设温度升高,那么分子的运动越剧烈,所以扩散的速度加快, B正确；丙图模拟气体压强产生机理的实验,说明气体压强是由气体分子频繁碰撞容器壁产生的,与重力无关, C错误；图丁的形状,由于是椭圆,那么说明云母晶体具有各向异性, D错误.(2)由题可知,T A= 260 K, V A=1X103m3, V B=3X 10 3m3,由图示图像可知,A-B等压变化,由盖一吕萨克定律得：?=詈T A T B代入数据解得：T B = 780 K.气体状态参量：P A=3X 105 Pa, V A= 1X 10 3m3,P C= 1X 105 Pa, V C=3X 10 3m3, 由理想气体状态方程得：畔二喑T A T C代入数据解得：T C=T A=260 KA、C两个状态的温度相等,内能相等,气体从A到C过程,内能变化量AU = 0A到B过程气体体积增大,外界对气体做功：W=- pAV=— 3X 105X (3— 1)X 10 3J = — 600 J,由热力学第一定律3=W+Q得：Q= AU —W=0—(—600)J = 600 J >0, 气体从外界吸收600 J的热量.(3)甲烷分子数目为：p V 0.66X 160 八八“23人 , “24人n = M2N A = - X 6.0X 1023个=4X 1024个.答案：(1)AB (2)780 600 (3)4X 1024个3. (1)以下说法正确的选项是.A.随着分子间距增大,分子间引力和斥力均减小,分子势能也一定减小B.水在涂有油脂的玻璃板上能形成水珠,而在干净的玻璃板上却不能,是由于油脂使水的外表张力增大的缘故C.空气的相对湿度用空气中所含水蒸气的压强表示D.有些非晶体在一定条件下可以转化为晶体(2)一定质量的理想气体从状态a开始,经历三个过程ab、bc、ca回到原状态,其p-T图像如下图.a、b和c三个状态中分子平均动能最小的是(选填a" b(“或c')气体在过程ab中吸收的热量(选填“大于〞“等于〞或“小于" )过程ca中放出的热量.(3)某柴油机的气缸容积为0.83X10 —3m3,压缩前其中空气的温度为47 C、压强为10.8X105Pa.在压缩过程中,活塞把空气压缩到原体积的117,压强增大到4X106Pa.假设把气缸中的空气看做理想气体,试估算这时空气的温度.解析：(1)如果分子间的作用力表现为引力,随着距离的增大,分子力做负功,分子势能增大,A错误；水在涂有油脂的玻璃板上能形成水珠,而在干净的玻璃板上却不能,是由于油脂使水不浸润的缘故, B错误；空气绝对湿度用空气中所含水蒸气的压强表示, C错误；晶体具有规那么的几何形状,有一定的熔点,物理性质表现为各向异性,非晶体那么没有规那么的几何形状,没有一定的熔点,物理性质表现为各向同性,二者在一定的条件下可以相互转化, 故D正确.(2)由图像可知,a状态温度最低,分子平均动能最小.一定质量的理想气体的内能取决于温度,气体在状态a时的内能小于它在状态c时的内能；ab为等容过程,温度升高,压强增大,内能增加AU1>0,气体不做功,W=0,据W+Q= AU,气体从外界吸收的热量等于内能的增加量,即Q I=AU I; ca为等压过程,温度下降,体积减小,内能减少AU2<0,外界对气体做功,W>0,据W+Q= 3,得ca过程中放出的热量Q2=| N2|+W,由于ab过程中温度变化量和ca过程中温度变化量相等,所以内能变化量的绝对值相等,即AU I=| &2|,故Q I<Q2.(3)气体初状态的状态参量为：p1 = 0.8X 105Pa, V I =0.83X 10 3m3, T I = (273 +47)K = 320K；1气体末状态的状态参重为：p2=4X106Pa, V2=17V I ,T2为未知量,据理想气体状态方程PjVL=p2V g, T1 T2 '有丁2=领=9413故t2=T2- 273 K =668 C .答案：(1)D (2)a 小于⑶668 C4. (1)以下说法中正确的有A .液面上方的蒸汽到达饱和时就不会有液体分子从液面飞出B .液体外表层分子间的平均距离等于液体内局部子间的平均距离C.车轮在潮湿的地面滚过后,车辙中会渗出水,这属于毛细现象D.在完全失重的情况下,熔化的金属能够收缩成球形(2)如下图,密闭绝热容器内有一活塞,活塞的上部封闭着气体,下部为真空.真空区域轻弹簧的一端固定在容器的底部,另一端固定在活塞上,弹簧被压缩后用绳扎紧. 绳忽然绷断,活塞上升过程中, 气体的内能〔选填“增 加〞 “减少〞或“不变〞〕,气体分子的平均速率 〔选填“变大〞 “变小〞或“不 变〞〕.〔3〕如下图,空的饮料罐中插入一根粗细均匀的透明吸管,接口处密封,吸管内注入一 小段油柱〔长度可以忽略〕,制成简易气温计.饮料罐的容积为 V,吸管内部横截面积为 S, 接口外吸管长度为 L 0.当温度为T i 时,油柱与接口相距 L i,不计大气压的变化.①简要说明吸管上标示的气温刻度是否均匀；②求气温计能测量的最高温度 T .解析：〔1〕液面上方的蒸汽到达饱和时,液体分子从液面飞出,同时有蒸汽分子进入液体中,从宏观上看,液体不再蒸发,故A 项错误；液体外表层分子较为稀疏,分子间的平均距 离大于液体内局部子间的平均距离,故B 项错误；车轮在潮湿的地面上滚过后,车辙中会渗出水,属于毛细现象,故 C 项正确；完全失重情况下,熔化的金属由于外表张力的收缩作用, 以及球形外表积最小,熔化的金属能够收缩成标准的球形,故 D 项正确.〔2〕活塞最终静止时,活塞位置比初位置升高, 弹簧的局部弹性势能 E P 将转化为活塞的重 力势能和气体内能,理想气体内能增加,温度升高,最后气体温度比绳忽然断开时的高,温 度是分子平均动能的标志,所以温度升高,分子平均动能变大,即分子的平均速率变大.〔3〕①罐内气体压强保持不变,由盖—吕萨克定律得解得 ^=V ；A V =V ；SAL由于ZT 与AL 成正比,故刻度是均匀的.V 1 T i V 2T =二或 T 2 V i T i AV AT②罐内气体压强保持不变,同理有V+ L i S V+ L 0S T i5. 〔1〕2021年11月16日第26届国际计量大会确定用 4个根本常数重新定义千克、 安培、 开尔文和摩尔,其中摩尔用阿伏加德罗常数〔N A 〕定义.阿伏加德罗常数,那么以下说法正确的是 OA.物质分子的数目就可以确定物质的量B.物质的体积就可以确定每个分子的体积C.物质的质量就可以确定每个分子的质量D.物质的摩尔体积就可以确定分子的直径〔2〕根据固体不同的性质将它们分为晶体与非晶体,如果某固体对某个物理量呈现各向异 性,那么它一定是 ;谚语“水缸穿裙子,老天要下雨〞指的是盛水的水缸外外表水面所 在的位置往下出现了一层小水珠.形成小水珠时,水液化的速度 〔选填“大于〞 “等于" 或“小于〞〕水蒸发的速度.〔3〕如下图为大炮的一种复位装置示意图. 开炮时,炮管反冲带动连杆活塞使油压缩空 气,此过程空气跟外界没有热传递.反冲结束后,被压缩的空气推动活塞使炮管复位.设开 炮前封闭的空气压强为 P1,热力学温度为 T1,体积为 V1,炮管反冲使空气的热力学温度为T 2,体积压缩为 V 2,气体内能增加 AU,求：①反冲后空气的压强；②反冲过程中油对气体做的功.解析：〔1〕根据n =4求解物质的量,由于任何物质 1 mol 的个数均为N A ,故A 项正确;N A 根据V 分子,求解固体或液体分子体积需要知道分子个数,对于气体,知道物质的体积并 N解得Tm = V+ L 0s T 1 V+L i S答案：〔1〕CD 〔2〕增加变大 〔3〕①见解析V+L 0ST 1 D ----------- -- V +L i S不能确定分子体积,由于气体分子间距远大于分子直径,气体体积不是所有分子体积之和,故B 项错误；根据 m 分子=M,知道物质的摩尔质量(而不是物质的质量),才可以知道分子质 N A 量,故C 项错误；对于气体,知道物质的摩尔体积并不能确定分子体积,也就无法求解分子直径,故D 项错误.(2)晶体和非晶体最大的不同除了熔点的有无外,还在于晶体的各向异向,和非晶体的各 向同性；由于水缸中水的蒸发,水缸外外表的温度低于空气的温度,空气中水蒸气遇冷液化 成小水滴附在缸的外外表,这个过程必须持续一段时间,才能在缸的外外表看到水珠.解得反冲后空气的压强： P2 =吟詈. V 2T 1②由题意可知：Q=0,对气体,由热力学第一定律得： AU=Q + W,反冲过程油对气体做功： W= AUo答案：(1)A (2)晶体 大于(3)①吟誉 ②山V 2 I 1 (3)①对气体,由理想气体状态方程得: piVl p2V2TT -^2"。
江苏省2020版高考物理三轮复习1练习含解析选修
热点21(建议用时：20分钟)1．(20xx·××市模拟)(1)下列说法中错误的是________．A．雾霾在大气中的漂移是布朗运动B．制作晶体管、集成电路只能用单晶体C．电场可改变液晶的光学性质D．地球大气中氢含量少、是由于外层气体中氢分子平均速率大、更易从地球逃逸(2)每年入夏时节、西南暖湿气流与来自北方的冷空气在江南、华南等地交汇、形成持续的降雨．冷空气较暖湿空气密度大、当冷暖气流交汇时、冷气团下沉、暖湿气团在被抬升过程中膨胀．则暖湿气团温度会____________(选填“升高”“不变”或“降低”)、同时气团内空气的相对湿度会____________(选填“变大”“不变”或“变小”)．(3)一定质量的理想气体经历了如图所示的ABCDA循环、p1、p2、V1、V2均为已知量．已知A状态的温度为T0、求：①C状态的温度T；②完成一个循环、气体与外界热交换的热量Q.2．(20xx·××市模拟)(1)下列说法正确的是________．A．雨水没有透过布雨伞是因为液体表面存在张力B．分子间距离增大、分子势能一定增大C．布朗运动反映了固体颗粒分子的无规则运动D．当液面上方的蒸汽达到饱和状态后、液体分子不会从液面飞出(2)如图所示的蹦蹦球是一种儿童健身玩具．某同学将充足气的蹦蹦球摔向地面、球与地面撞击的过程可看做是绝热过程．与撞击前相比、气体的内能____________(选填“增大”“不变”或“减小”)．(3)目前我国部分地区空气污染严重．为了改善家居空气质量、小雷同学家买了一台空气净化器、其净化能力是290m3/h(净化能力是指每小时有多少体积的空气通过净化器被净化)．若他家室内压强为一个标准大气压、温度为17 ℃.已知1 mol气体在一个标准大气压、0 ℃时的体积为22.4 L、阿伏加德罗常数N A＝6.0×1023mol－1.求：每小时内有多少空气分子通过这台空气净化器？(计算结果保留两位有效数字)3．(1)下列说法中正确的有____________．A．石墨和金刚石的物理性质虽不同但都是晶体B．如果两个系统分别与状态确定的第三个系统达到热平衡、那么这两个系统彼此之间也必定达到热平衡C．下雨天空气湿度大、即水蒸气的饱和汽压也大D．墨滴入水而徐徐混匀、是由于重力的作用(2)已知纯油酸的密度为ρ、摩尔质量为M、阿伏加德罗常数为N A、一滴体积百分比为η、体积为V的油酸酒精溶液里有____________个油酸分子；若滴在水面上、形成的油膜的面积最大为____________．(3)某实验小组利用雪碧瓶子做水火箭实验、装置如图所示、倒置的瓶里装一定质量的水、通过打气筒往瓶里打气、当注入一定质量的气体后、活塞被弹开、向下喷水、瓶子上升．已知瓶里原来气体的体积为V0、压强为p0、当注入压强也为p0、体积为2V0的气体时、活塞刚好被弹开、不计瓶子容积的变化和注入气体过程中气体温度的变化．①求活塞刚要被弹开时、瓶内气体的压强p.②若瓶子上升过程中、气体对外做功500 J、内能减少300 J、试求气体从外界吸收的热量Q.热点21选修331．解析：(3)①设状态D的温度为T DC到D等容变化、由查理定律知p2 T ＝p1 TD。
高考物理三轮特训专项总复习 专题11 选择题综合训练(C)(1)
专题11选择题综合训练(C)一．单项选择题(每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目的要求；每题4分) 13．清晨，草叶上的露珠是由空气中的水汽凝结成的水珠。
这一物理过程中，水分子间的 A ．引力消失，斥力增大 B ．斥力消失，引力增大 C ．引力斥力都增大 D ．引力斥力都减小14．景颇族的祖先发明的点火器如图所示，用牛角做套筒，木制推杆前端粘着艾绒。
猛推推杆，艾绒即可点燃。
对筒内封闭的气体．在此压缩过程中 A ．气体温度升高，压强变大 B ．气体温度升高，压强不变 C ．气体对外界做正功，气体内能增加 D ．外界对气体做正功，气体内能减少15．质量和电量都相等的带电粒子M 和N ，以不同的速率经小孔S 垂直进入匀强磁场，运行的半圆轨迹如图中虚线所示。
下列表述正确的是 A ．M 带负电，N 带正电 B ．M 的速率小于N 的速率 C ．洛伦兹力对MN 做正功 D ．M 的运行时间大于N 的运行时间16．如图所示，两根等长的轻绳将日光灯悬挂在天花板上，两绳与竖直方向的夹角都为45˚，日光灯保持水平，所受重力为G ，左右两绳的拉力大小分别为 A ．G 和G B.12G 和32GC ．12G 和12G D.22G 和22G二．双项选择题(每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目的要求；每题6分，全选对得6分，只选1个且正确得3分，错选、不选得0分)17．如图是滑道压力测试的示意图，光滑圆弧轨道与光滑斜面相切，滑道底部B 处安装一个压力传感器，其示数N 表示该处所受压力的大小。
某滑块从斜面上不同高度h 处由静止下滑，通过B 时，下列表述正确的有 A ．N 大于滑块重力 B ．N 小于滑块重力 C ．N 越大表明h 越小 D ．N 越大表明h 越大MBNS45o 45oBhO18．能源是社会发展的基础，发展核能是解决能源问题的途径之一。
下列释放核能的反应方程，表述正确的有A ．31H ＋21→42He ＋10n 是核聚变反应 B.31H ＋21H→42He ＋10n 是β衰变C ．23592U ＋10n→14054Xe ＋9438Sr ＋210n 是α衰变 D ．23592U ＋10n→14456Ba ＋8936Kr ＋310n 是核裂变反应 19．某小型发电机产生的交变电动势为e=50sin100πt(V)，对此电动势，下列表述正确的有 A ．最大值是502V B ．周期是0.02s C ．有效值是252V D ．频率是100Hz20．如图是某种静电矿料分选器的原理示意图，带电矿粉经漏斗落入水平匀强电场后，分落在收集板中央的两侧。
高考物理大三轮复习 高考题型专项练四 专项练(一)-(四)(含解析)(选修3-3)
专项练（一）-（四）选修33专项练(一)(建议用时：30分钟)试卷12 3考点热学基本规律和热学综合问题热学图象、热力学定律和充放气问题热学基本规律和气体实验定律的应用1．(1)下列关于温度及内能的说法中正确的是________．A．物体的内能不可能为零B．温度高的物体比温度低的物体内能大C．一定质量的某种物质，即使温度不变，内能也可能发生变化D．内能不相同的物体，它们的分子平均动能可能相同E．温度是分子平均动能的标志，所以两个动能不同的分子相比，动能大的分子温度高(2)如图甲所示，一截面积为S的汽缸竖直倒放，汽缸内有一质量为m的活塞，将一定质量的理想气体封闭在汽缸内，气柱的长度为L，活塞与汽缸壁无摩擦，气体处于平衡状态，现保持温度不变，把汽缸倾斜，使汽缸侧壁与竖直方向夹角θ＝37°，重新达到平衡后，如图乙所示，设大气压强为p0，汽缸导热良好，已知sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，重力加速度为g.①求此时气柱的长度；②分析说明汽缸从竖直倒放到倾斜过程，理想气体吸热还是放热．2.(1)一定量的理想气体从状态a开始，经历ab、bc、ca三个过程回到原状态，其V－T图象如图所示．下列判断正确的是________．A．ab过程中气体一定放热B．ab过程中气体对外界做功C．bc过程中气体内能保持不变D．bc过程中气体一定吸热E．ca过程中容器壁单位面积受到气体分子的撞击力一定减小(2)如图所示是生活上常用喷雾器的简化图．已知贮液瓶容积为 3L(不计贮液瓶中打气筒和细管的体积)，喷液前，瓶内气体压强需达到2.5 atm，方可将液体变成雾状喷出，打气筒每次能向贮液瓶内打入p0＝1.0 atm的空气ΔV＝50 mL.现打开进水阀门A和喷雾头阀门B，装入2 L的清水后，关闭阀门A和B.设周围大气压恒为p0，打气过程中贮液瓶内气体温度与外界温度相同且保持不变，不计细管中水产生的压强，求：①为确保喷雾器的正常使用，打气筒至少打气次数n；②当瓶内气压达到2.5 atm时停止打气，然后打开阀门B，求喷雾器能喷出的水的体积的最大值．3．(1)下列说法中正确的是__________．A．影响蒸发快慢以及影响人们对干爽与潮湿感受的因素是空气中水蒸气的压强与同一温度下水的饱和汽压的差距B．功转变为热的实际宏观过程一定是可逆过程C．用油膜法估测分子直径的实验中，把用酒精稀释过的油酸滴在水面上，待测油酸面扩散后又收缩的原因是水面受油酸滴冲击凹陷后恢复以及酒精挥发后液面收缩D．液晶既具有液体的流动性又具有晶体的各向异性，从某个方向看其分子排列比较整齐，但从另一方向看分子的排列是杂乱无章的E．温度高的物体分子平均动能和内能一定大(2)如图所示，下端封闭上端开口的柱形绝热汽缸，高为30 cm、截面积为4 cm2，一个质量不计、厚度忽略的绝热活塞位于距汽缸底部10 cm处静止不动，活塞上下均为一个大气压、27 ℃的理想气体，活塞与侧壁的摩擦不能忽略，下端汽缸内有一段不计体积的电热丝．由汽缸上端开口缓慢注入水银，当注入20 mL水银时，活塞恰好开始下降，停止注入水银．忽略外界温度变化，外界大气压始终为75 cmHg.最大静摩擦力等于滑动摩擦力，求：①假设不注入水银，封闭气体的温度至少降到多少℃活塞才会下降？②现用电热丝缓慢加热封闭气体，使活塞缓慢上升，直到水银柱上端与汽缸开口相齐，温度至少升髙到多少℃？四、选考题专项练选修33专项练(一)1．解析：(1)内能是物体内所有分子无规则热运动的动能和分子势能的总和，分子在永不停息地做无规则运动，所以内能永不为零，故A 正确；物体的内能除与温度有关外，还与物质的量、物体的体积及物态有关，温度高的物体的内能可能比温度低的物体的内能大，也可能与温度低的物体的内能相等，也可能比温度低的物体的内能小，故B 错误；一定质量的某种物质，即使温度不变，内能也可能发生变化，比如零摄氏度的冰化为零摄氏度的水，内能增加，故C 正确；内能与温度、体积、物质的量及物态有关，而分子平均动能只与温度有关，故内能不同的物体，它们的分子平均动能可能相同，故D 正确；温度是分子平均动能的标志，温度高平均动能大，但不一定每个分子的动能都大，故E 错误．(2)①以活塞为研究对象，汽缸竖直倒放时，根据平衡条件有p 0S ＝mg ＋p 1S ，得p 1＝p 0－mg S汽缸倾斜后，根据平衡条件有p 0S ＝mg cos 37°＋p 2S ，得p 2＝p 0－mg S cos 37°＝p 0－4mg5S根据玻意耳定律有p 1LS ＝p 2xS ，解得x ＝5p 0S －5mg5p 0S －4mgL .②由①得出气体体积减小，大气压对气体做功，W >0，气体等温变化，ΔU ＝0，由热力学第一定律ΔU ＝W ＋Q ，知Q <0，故气体放出热量． 答案：(1)ACD (2)①5p 0S －5mg5p 0S －4mg L②放热2．解析：(1)由题图可知，ab 过程气体发生等温变化，气体内能不变，体积减小，外界对气体做功，由热力学第一定律ΔU ＝Q ＋W 可知，气体放出热量，故A 正确，B 错误；由题图知，bc 过程气体体积不变而温度升高，气体内能增大，气体不做功，由热力学第一定律可知，气体吸收热量，故C 错误，D 正确；根据理想气体状态方程得p c V c T c ＝p a V aT a，因V c <V a ，T c >T a ，故p c >p a ，根据气体压强的微观解释可知E 正确．(2)①贮液瓶装水后，瓶内封闭气体的体积V 1＝V 总－V 液＝1 L打气过程瓶内气体做等温变化，有p 0(V 1＋V 外)＝p 2V 1 V 外＝n ΔV将p 0＝1.0 atm 、p 2＝2.5 atm 代入，解得打气的次数至少为n ＝30次． ②阀门打开喷水过程，瓶内封闭气体做等温变化，有p 2V 1＝p 3V 3最后瓶内气体的压强p 3＝p 0 代入数据解得最后瓶内气体的体积V 3＝2.5 L因此喷雾器能喷出的水的体积的最大值V 水＝V 3－V 1＝1.5 L.答案：(1)ADE (2)①30次 ②1.5 L3．解析：(1)影响蒸发快慢以及影响人们对干爽与潮湿感受的因素是空气中水蒸气的压强与同一温度下水的饱和汽压的差距，差距越大蒸发越快，人们感觉干燥，差距越小蒸发越慢，人们感觉空气潮湿，A 正确．功转变为热的实际宏观过程是不可逆的，B 错误．由实验过程知，C 正确．液晶的特点就是液晶既具有液体的流动性又具有晶体的各向异性，从某个方向看其分子排列比较整齐，但从另一方向看，分子的排列是杂乱无章的，D 正确．温度是分子平均动能的标志，内能由平均动能、势能和分子数共同决定，E 错误．(2)①活塞恰好下滑时，由平衡条件有：F fm ＝p ′S 摩擦力产生的最大压强p ′＝F fmS＝5 cmHg 降低封闭气体的温度，等容变化有p 0T 1＝p 0－p ′T 2得T 2＝280 K ，即7 ℃.②封闭气体缓慢加热，使活塞缓慢上升直到水银柱上端与汽缸开口相齐的过程：V 1＝10S 、V 3＝25S 、p 3＝p 0＋p ′＝80 cmHg由p 0V 1T 1＝（p 0＋p ′）V 3T 3得T 3＝800 K ，即527 ℃.答案：(1)ACD (2)①7 ℃ ②527 ℃选修33专项练(二) (建议用时：30分钟)1．(1)下列说法正确的是________．A．松香在熔化过程中温度不变，分子平均动能不变B．当分子间的引力与斥力平衡时，分子势能最小C．液体的饱和汽压与饱和汽的体积有关D．若一定质量的理想气体被压缩且吸收热量，则压强一定增大E．若一定质量的理想气体分子平均动能减小，且外界对气体做功，则气体一定放热(2)如图所示，粗细均匀且内壁光滑的导热细玻璃管长L0＝65 cm，用长为h＝25 cm的水银柱封闭一段理想气体．开始时玻璃管水平放置，气柱长L1＝25 cm，大气压强为p0＝75 cmHg.不考虑环境温度的变化．①若将玻璃管由水平位置缓慢转至竖直位置(管口向上)，求此时气柱的压强p2和长度L2；②保持玻璃管沿竖直方向放置，向玻璃管中缓慢注入水银，当水银柱上端与管口相平时封闭气柱的长度L3.2．(1)空调在制冷过程中，室内空气中的水蒸气接触蒸发器(铜管)液化成水，经排水管排走，空气中水分越来越少，人会感觉干燥．某空调工作一段时间后，排出液化水的体积V ＝1.0×103 cm3.已知水的密度ρ＝1.0×103 kg/m3、摩尔质量M＝1.8×10－2 kg/mol，阿伏加德罗常数N A＝6.0×1023 mol－1.则该液化水中含有水分子的总数N＝________；一个水分子的直径d＝________．(所有结果均保留一位有效数字)(2)如图所示，两水平放置的导热汽缸其底部由管道连通，轻质活塞a、b用钢性轻杆相连，可在汽缸内无摩擦地移动，两活塞横截面积分别为S a和S b，且S b＝2S a.缸内封有一定质量的气体，系统平衡时，活塞a、b到缸底的距离均为L，已知大气压强为p0，环境温度为T0，忽略管道中的气体体积．求：①缸中密闭气体的压强；②若活塞在外力作用下向左移动14L ，稳定后密闭气体的压强；③若环境温度升高到76T 0，活塞移动的距离．3．(1)如图所示，一定质量的理想气体，由状态a 经状态b 变化到状态c ，下列说法正确的是________．A ．状态a 的温度高于状态b 的温度B ．由状态a 到状态b 的过程，外界对气体做正功C ．由状态b 到状态c 的过程，气体放出热量D ．状态a 的温度低于状态c 的温度E ．由状态b 到状态c 的过程，气体分子的平均动能减小 (2)如图所示，可沿缸壁自由滑动的活塞把导热性能良好的圆筒形汽缸分成A 、B 两部分，汽缸底部通过阀门K 与容器C 相连，当活塞位于汽缸底部时，弹簧恰好无形变．开始时，B 内有一定量的理想气体，A 、C 内为真空，B 部分气体高h 0＝0.2 m ，此时C 的容积为B 的容积的56，弹簧对活塞的作用力恰好等于活塞的重力．现将阀门打开，当达到新的平衡时，求B 部分气体高h 为多少？(整个系统处于恒温状态)选修33专项练(二)1．解析：(1)晶体在熔化过程中温度不变，分子平均动能不变，而松香是非晶体，A 错误；当分子间的引力与斥力平衡时，分子势能最小，B 正确；液体的饱和汽压与温度有关，与饱和汽的体积无关，C 错误；若一定质量的理想气体被压缩且吸收热量，则W >0，Q >0，根据热力学第一定律ΔU ＝Q ＋W 知，ΔU >0，说明气体的温度升高，又气体被压缩，体积减小，由理想气体状态方程可知，气体压强一定增大，D 正确；若一定质量的理想气体分子平均动能减小，说明温度降低，内能减小，即ΔU <0，又外界对气体做功，即W >0，根据热力学第一定律ΔU ＝Q ＋W 知，Q <0，即气体一定放热，E 正确．(2)①玻璃管水平放置时，气柱的压强等于大气压强，即p 1＝p 0＝75 cmHg ，当玻璃管管口朝上，且竖直放置时，气柱的压强为p 2＝p 0＋ρgh ＝100 cmHg ；设水银柱横截面积为S ，由于温度不变，由玻意耳定律得p 1L 1S ＝p 2L 2S ，解得L 2＝18.75 cm ；②设注入的水银柱长度为x .当水银柱的上端刚好与管口相平时，气柱的压强为p 3＝p 0＋ρg (h ＋x )＝(100＋x ) cmHg此时气柱的长度为L 3＝L 0－h －x ＝(40－x ) cm则由玻意耳定律得p 1L 1S ＝p 3L 3S ， 解得x ＝25 cm 或x ＝－85 cm(舍)， 故此时气柱的长度L 3＝15 cm.答案：(1)BDE (2)①100 cmHg 18.75 cm ②15 cm2．解析：(1)水的摩尔体积为V 0＝M ρ＝1.8×10－21.0×103m 3/mol＝1.8×10－5m 3/mol水分子数：N ＝VN A V 0＝1.0×103×10－6×6.0×10231.8×10－5个≈3×1025个． 建立水分子的球体模型有V 0N A ＝16πd 3，可得水分子直径：d ＝ 36V 0πN A＝36×1.8×10－53.14×6.0×1023 m ＝4×10－10m.(2)①活塞a 、b 和钢性轻杆受力平衡，有：p 1S a ＋p 0S b ＝p 1S b ＋p 0S a所以p 1＝p 0.②气体初态：p 1＝p 0，V 1＝S a L ＋S b L ＝3S a L ，T 1＝T 0 活塞向左移动14L ，稳定后：V 2＝S a 34L ＋S b 54L ＝134S a L ，T 2＝T 0由玻意耳定律：p 1V 1＝p 2V 2 所以p 2＝1213p 0.③气体温度升高到76T 0时：p 3＝p 1＝p 0，T 3＝76T 0由盖－吕萨克定律：V 1V 3＝T 1T 3所以V 3＝72S a L活塞向左移动ΔL ，则：V 3－V 1＝ΔL (S b －S a ) 所以ΔL ＝12L故活塞向左移动12L .答案：(1)3×10254×10－10m (2)见解析3．解析：(1)由状态a 到状态b 的过程，压强不变，体积减小，根据pVT＝C 可知温度降低，故A 正确；由状态a 到状态b 的过程，体积减小，外界对气体做正功，故B 正确；由状态b 到状态c 的过程，体积不变，外界对气体不做功，压强增大，根据pV T＝C 可知温度升高，气体分子的平均动能增大，内能增大，根据热力学第一定律ΔU ＝Q ＋W 可知，气体吸收热量，故C 、E 错误；根据理想气体状态方程可得p a V a T a ＝p c V cT c，则有T c >T a ，故D 正确． (2)设活塞质量为m ，弹簧的劲度系数为k ，汽缸横截面积为S ，开始时B 内气体的压强为p 1mg ＝kh 0对活塞受力分析，有p 1S ＝mg ＋kh 0＝2kh 0设阀门打开后，达到新的平衡时B 内气体的压强为p 2，由玻意耳定律得：p 1h 0S ＝p 2(56h 0＋h )S而又有：p 2S ＝mg ＋kh解得：h ＝h 02＝0.1 m(另一解不符合题意，舍去)．答案：(1)ABD (2)0.1 m选修33专项练(三) (建议用时：30分钟)试卷123考点热学图象的理解和气体实验定律的应用(活塞类)内能的理解和气体实验定律的应用(活塞类)热学基本规律和气体实验定律的应用1．(1)一定质量的理想气体从状态M 到达状态N ，有两个过程可以经历，其p －V 图象如图所示．在过程1中，气体始终与外界无热量交换；在过程2中，气体先经历等容变化再经历等压变化．对于这两个过程，下列说法正确的是( )A ．气体经历过程1，其温度降低，内能减少B ．气体经历过程1，对外做功，内能不一定减少C ．气体在过程2中，一直对外做功D ．气体在过程2中，先向外放热后吸热E ．气体在过程2中，一直向外放热(2)如图所示，一开口向上的汽缸固定在水平地面上，质量均为m 、厚度不计、横截面积均为S 的活塞A 、B 将缸内气体分成Ⅰ、Ⅱ两部分，在活塞A 的上方放置一质量也为m 的物块，整个装置处于静止状态，此时Ⅰ、Ⅱ两部分气体的长度均为L 0.已知大气压强p 0＝2mgS，气体可视为理想气体且温度始终保持不变，不计一切摩擦，汽缸足够高．当把活塞A 上面的物块取走时，活塞A 将向上移动，求系统重新达到静止状态时，活塞A 上升的高度．2．(1)下列说法正确的是( ) A ．零摄氏度的物体的内能为零B ．气体如果失去了容器的约束会散开，这是气体分子热运动的结果C ．温度相同的氧气和臭氧气体，分子平均动能相同D ．理想气体，分子之间的引力、斥力依然同时存在，且分子力表现为斥力E ．浸润现象是分子间作用力引起的(2)某物理社团受“蛟龙号”的启发，设计了一个测定水深的深度计．如图，导热性能良好的汽缸Ⅰ、Ⅱ内径相同，长度均为L ，内部分别有轻质薄活塞A 、B ，活塞密封性良好且可无摩擦左右滑动，汽缸Ⅰ左端开口．外界大气压强为p 0，汽缸Ⅰ内通过A 封有压强为p 0的气体，汽缸Ⅱ内通过B 封有压强为2p 0的气体，一细管连通两汽缸，初始状态A 、B 均位于汽缸最左端．该装置放入水下后，通过A 向右移动的距离可测定水的深度．已知p 0相当于10 m 高的水产生的压强，不计水温变化，被封闭气体视为理想气体，求：①当A 向右移动L4时，水的深度h ；②该深度计能测量的最大水深h m .3．(1)以下说法正确的是________．A ．已知阿伏加德罗常数、气体摩尔质量和密度，可算出该气体分子的直径B ．为了保存玉米地的水分，可以锄松地面，破坏土壤里的毛细管C ．随着分子间距离的增大，分子间的引力和斥力都减小，斥力减小得快，但合力表现仍可能为斥力D ．物质是晶体还是非晶体，比较可靠的办法是从各向异性或各向同性来判断E ．能量耗散从能量角度反映出自然界的宏观过程具有方向性(2)如图甲所示，一圆柱形导热汽缸水平放置，通过绝热活塞封闭着一定质量的理想气体，此时封闭气体的绝对温度为T (活塞与汽缸底部相距L )，现将汽缸逆时针缓慢转动直至汽缸处于竖直位置，如图乙所示，此时活塞与汽缸底部相距34L ；现给汽缸外部套上绝热泡沫材料(未画出)且通过电热丝缓慢加热封闭气体，当封闭气体吸收热量Q 时，气体的绝对温度上升到1615T .已知活塞的横截面积为S ，外界环境的绝对温度恒为T ，大气压强为p 0，重力加速度大小为g ，不计活塞与汽缸的摩擦．求：①活塞的质量m ；②加热过程中气体内能的增加量．选修33专项练(三)1．解析：(1)气体经历过程1，压强减小，体积变大，气体膨胀对外做功，因气体始终与外界无热量交换，则内能减少，故温度降低，故A 正确，B 错误；气体在过程2中，根据理想气体状态方程pV T＝C ，刚开始时，体积不变，对外不做功，压强减小，则温度降低，对外放热，然后压强不变，体积变大，膨胀对外做功，则温度升高，吸热，故C 、E 错误，D 正确．(2)对气体 Ⅰ，其初态压强p 1＝p 0＋2mgS＝2p 0末态压强为p ′1＝p 0＋mg S ＝32p 0，设末态时气体Ⅰ的长度为L 1根据玻意耳定律得：p 1L 0S ＝p ′1L 1S 解得L 1＝43L 0对气体Ⅱ，其初态压强为p 2＝p 1＋mg S ＝52p 0末态压强为p ′2＝p ′1＋mg S＝2p 0 设末状态时气体Ⅱ的长度为L 2 根据玻意耳定律得：p 2L 0S ＝p ′2L 2S 解得：L 2＝54L 0故活塞A 上升的高度为 Δh ＝L 1＋L 2－2L 0＝712L 0.答案：(1)AD (2)712L 02．解析：(1)一切物体都有内能，故A 错误；气体如果失去了容器的约束会散开，这是气体分子热运动的结果，故B 正确；温度是分子平均动能的标志，所以温度相同的氧气和臭氧气体，分子平均动能相同，故C 正确；理想气体，分子间引力和斥力同时存在，当分子间距离增大时引力和斥力同时减小，只是斥力减小得更快，当分子间距离大于平衡距离时，分子间表现为引力，当分子间距离减小时，引力和斥力同时增大，只是斥力增大得更快，当分子间距离小于平衡距离时，分子间表现为斥力，所以分子间作用力是引力和斥力的合力表现，故D 错误；浸润现象是分子间作用力引起的，故E 正确．(2)①当A 向右移动L4时，设B 不移动对汽缸Ⅰ内气体，由玻意耳定律得：p 0SL ＝p 134SL解得：p 1＝43p 0而此时B 中气体的压强为2p 0>p 1， 故B 不动 由p 1＝p 0＋p h解得：水的深度p h ＝p 1－p 0＝13p 0，故h ≈3.33 m.②该装置放入水下后，由于水的压力A 向右移动，汽缸Ⅰ内气体压强逐渐增大，当压强增大到大于2p 0后B 开始向右移动，当A 恰好移动到缸底时所测深度最大，此时原汽缸Ⅰ内气体全部进入汽缸Ⅱ内，设B 向右移动x 距离，两部分气体压强为p 2，活塞横截面积为S对原 Ⅰ 内气体，由玻意耳定律得：p 0SL ＝p 2Sx 对原Ⅱ内气体，由玻意耳定律得：2p 0SL ＝p 2S (L －x ) 又p 2＝p 0＋p h m联立解得p h m ＝2p 0，故h m ＝20 m. 答案：(1)BCE (2)①3.33 m ②20 m3．解析：(1)已知阿伏加德罗常数、气体摩尔质量和密度，可算出气体分子间的平均距离，但由于气体分子中间有较大空隙，无法求出该气体分子的直径，故A 错误；锄松地面，可以破坏土壤里的毛细管，减少水分的流失，故B 正确；随着分子间距离的增大，分子间的引力和斥力都减小，斥力减小得快，但合力表现仍可能为斥力，如分子间距离小于r 0时，故C 正确；非晶体和多晶体都表现为各向同性，所以从各向异性或各向同性无法判断物质是晶体还是非晶体，故D 错误；自然界的宏观过程都具有方向性，能量耗散从能量角度反映出自然界的宏观过程的方向性，故E 正确．(2)①汽缸水平放置时，封闭气体的压强等于大气压，即p 1＝p 0 汽缸处于竖直位置时，封闭气体的压强p 2＝p 0＋mgS根据玻意耳定律有p 1LS ＝p 2·34LS联立解得m ＝p 0S 3g. ②设气体的绝对温度上升到1615T 时活塞到汽缸底部的距离为L ′对于加热过程，由盖－吕萨克定律得 1615T T＝L ′S34LS解得L ′＝45L所以气体对外做功为W ＝p 2·S ⎝⎛⎭⎪⎫L ′－34L根据热力学第一定律得：ΔU ＝Q －W 由①有p 2＝43p 0解得：ΔU ＝Q －115p 0LS .答案：(1)BCE (2)①p 0S 3g ②Q －115p 0LS选修33专项练(四) (建议用时：30分钟)试卷123考点热力学定律和气体实验定律的应用气体的状态参量和气体实验定律的应用(活塞类) 油膜法测分子大小和气体实验定律的应用(玻璃管类)1．(1)如图是密闭的汽缸，外力推动活塞压缩气体，对缸内气体做功200 J ，同时气体向外界放热100 J ，则缸内气体的温度将________(选填“升高”“降低”或“不变”)、内能将________(选填“增加”或“减少”)________J.(2)如图所示，绝热汽缸倒扣放置，质量为M 的绝热活塞在汽缸内封闭一定质量的理想气体，活塞与汽缸间摩擦可忽略不计，活塞下部空间与外界连通，汽缸底部连接一U 形细管(管内气体的体积忽略不计)．初始时，封闭气体温度为T ，活塞距离汽缸底部为h 0，细管内两侧水银柱存在高度差．已知水银密度为ρ，大气压强为p 0，汽缸横截面积为S ，重力加速度为g ，求：①U形细管内两侧水银柱的高度差；②通过加热装置缓慢提升气体温度使活塞下降Δh0，求此时的温度；此加热过程中，若气体吸收的热量为Q，求气体内能的变化．2．(1)下列说法正确的是________．A．布朗运动反映了悬浮小颗粒内部分子在永不停息地做无规则运动B．气体的温度升高，个别气体分子运动的速率可能减小C．对于一定种类的大量气体分子，在一定温度时，处于一定速率范围内的分子数所占百分比是确定的D．若不计气体分子间相互作用，一定质量气体温度升高、压强降低过程中，一定从外界吸收热量E．密闭容器中有一定质量的理想气体，当其在完全失重状态下，气体的压强为零(2)如图甲所示，地面上放置有一内壁光滑的圆柱形导热汽缸，汽缸的横截面积S＝2.5×10－3m2.汽缸内部有一质量和厚度均可忽略的活塞，活塞上固定一个力传感器，传感器通过一根细杆与天花板固定好．汽缸内密封有温度t0＝27 ℃，压强为p0的理想气体，此时力传感器的读数恰好为0.若外界大气的压强p0不变，当密封气体温度t升高时力传感器的读数F也变化，描绘出F－t图象如图乙所示，求：①力传感器的读数为5 N时，密封气体的温度t；②外界大气的压强p0.3．(1)在“用单分子油膜估测分子大小”的实验中，下列说法正确的是( )A．该实验是通过建立理想模型的方法进行测量的B．油酸酒精溶液浓度越低越好，使之铺满整个水槽C．使用痱子粉是为了清晰地显示油膜边界D．计算油膜面积时舍去所有不足一格的方格，会使计算结果偏大E．重新实验时，不需要再清洗水槽(2)玻璃细管竖直放置，水平细管与左、右两竖直细管相连通，各部分细管内径相同，左侧竖直细管足够长，下端开口并与大气相通，右侧竖直细管上端封有长为20 cm的理想气体B，此时左右竖直细管中水银面距水平细管均为25 cm，水平细管内用小活塞C封有长为10 cm的理想气体A，已知外界大气压强为75 cmHg，竖直管中水银柱长度远大于细管直径，忽略环境温度变化，现缓慢移动活塞C，使B中气柱长度变为25 cm.求：①左右竖直细管中水银面高度差；②活塞C应向哪个方向移动，移动距离是多少？选修33专项练(四)1．解析：(1)外界做功200 J ，气体放热100 J ，根据热力学第一定律可知，ΔU ＝W ＋Q ＝200 J －100 J ＝100 J.理想气体内能由温度决定，内能越多，温度越高，则缸内气体的温度将升高，内能将增加100 J.(2)①设封闭气体的压强为p ，对活塞分析有：p 0S ＝pS ＋Mg 用水银柱表达气体的压强p ＝p 0－ρg Δh 解得：Δh ＝MSρ. ②加热过程是等压变化h 0S T 0＝h 0＋Δh 0S TT ＝h 0＋Δh 0h 0T 0气体对外做功为W ＝pS Δh 0＝(p 0S －Mg )Δh 0根据热力学第一定律：ΔU ＝Q ＋W 可得ΔU ＝Q －(p 0－Mg )Δh 0. 答案：(1)升高 增加 100 J (2)①M Sρ②h 0＋Δh 0h 0T 0 Q －(p 0－Mg )Δh 0 2．解析：(1)布朗运动是指悬浮在液体中的固体颗粒所做的无规则的运动，反映了液体分子在永不停息地做无规则运动，故A 错误．气体的温度升高，分子平均动能增大，由于气体分子的运动是无规则的，所以个别气体分子运动的速率可能减小，故B 正确．对于一定种类的大量气体分子存在统计规律：分子运动的速率很大或很小的分子数，处于一定速率范围内的分子数所占百分比是确定的，故C 正确．若不计气体分子间相互作用，分子势能不计，一定质量气体温度升高、压强降低过程中，根据气态方程pVT＝C 可知气体的体积一定增大，气体对外做功，内能增大，根据热力学第一定律分析得知气体一定从外界吸收热量，故D 正确．气体的压强不是由于气体的重力产生的，而是由于大量气体分子频繁碰撞容器壁产生的，所以在完全失重状态下，气体的压强不变，故E 错误．(2)①由题图乙可以知道F ＝t －27 得：t ＝(27＋5) ℃＝32 ℃.②温度t 1＝327 ℃时，密封气体的压强p 1＝p 0＋FS＝p 0＋1.2×105 Pa密封气体发生等容变化，则p 1T 1＝p 2T 2联立以上各式并代入数据计算得出p 0＝1.2×105 Pa.答案：(1)BCD (2)①32 ℃ ②1.2×105Pa3．解析：(1)利用油酸酒精溶液在平静的水面上形成单分子油膜，将油酸分子看做球形，测出一定体积的油酸酒精溶液在水面上形成的油膜面积，用d ＝VS计算出油膜的厚度，其中V 为一滴油酸酒精溶液中所含油酸的体积，S 为油膜面积，这个厚度就近似等于油酸分子的直径，即该实验是通过建立理想模型的方法进行测量的，选项A 正确；计算油膜面积时舍去了所有不足一格的方格，使S 偏小，则算出来的直径d 偏大，选项D 正确；油酸酒精溶液浓度越低，油酸分子占的面积越大，油膜厚度越接近油酸分子直径，但是实验中不可让油酸铺满整个水槽，选项B 错误；使用痱子粉是为了清晰地显示油膜边界，选项C 正确；重新实验时，需要用少量酒精清洗水槽，并用脱脂棉擦去，再用清水冲洗，保持清洁，选项E 错误．(2)①对B 气体有：p B l B S ＝p ′B l ′B Sp B ＝p 0－50 cmHg ＝25 cmHg p ′B ＝l B l ′B ·p B ＝2025×25 cmHg ＝20 cmHg Δh ＝75 cm －20 cm ＝55 cm. ②对A 气体有：p A l A S ＝p ′A l ′A Sp A ＝75 cmHg －25 cmHg ＝50 cmHg p ′A ＝75 cmHg －(55－20) cmHg ＝40 cmHg l ′A ＝p A p ′A l A ＝5040×10 cm ＝12.5 cm 水平管中液面向右移动Δl ＝55 cm －25 cm －25 cm ＝5 cm 活塞右移Δh 1＝l A ＋Δl －l ′A ＝10 cm ＋5 cm －12.5 cm ＝2.5 cm. 答案：(1)ACD(2)①55 cm ②右移 2.5 cm。
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题型专练
一、选择题专练
专练定位本专练主要是解决高考的客观题部分．由于对高考选择题知识点的考查相对稳定，本专练通过对高考选择题的题型进行分类，同时穿插选择题解题技巧的指导，提高解答选择题的速度和准确度．
选择题的主要解题技巧和方法有：①直接判断法，选准看问题的视角；②比较排除法；
③选项分组法，避免多选和漏选；④反证举例法；⑤逆向思维法；⑥极限分析法；⑦特殊值法；⑧假设法；⑨作图分析法；⑩建立模型法．
专练1物理学史和物理思想方法
(限时：30分钟)
一、单项选择题
1．关于伽利略对物理问题的研究，下列说法中正确的是() A．伽利略认为在同一地点重的物体和轻的物体下落快慢不同
B．只要条件合适理想斜面实验就能做成功
C．理想斜面实验虽然是想象中的实验，但它是建立在可靠的事实基础上的
D．伽利略猜想自由落体的运动速度与下落时间成正比，并直接用实验进行了验证
答案 C
解析伽利略认为在同一地点重的物体和轻的物体下落快慢相同，选项A错误；理想斜面实验是想象中的实验，实际不可能做到完全没有摩擦阻力的影响，B错误；伽利略猜想自由落体的运动速度与下落时间成正比，但没有直接用实验进行验证，选项D错误．
2．在物理学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献．关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是() A．开普勒进行了“月—地检验”，得出天上和地下的物体都遵从万有引力定律的结论B．哥白尼提出“日心说”，发现了太阳系中行星沿椭圆轨道运动的规律
C．伽利略不畏权威，通过“理想斜面实验”，科学地推理出“力不是维持物体运动的原因”
D．奥斯特发现了电磁感应现象，使人类从蒸汽机时代步入了电气化时代
答案 C
解析牛顿进行了“月—地检验”，得出天上和地下的物体都遵从万有引力定律的结论，选项A错误．哥白尼提出“日心说”，开普勒发现了太阳系中行星沿椭圆轨道运动的规律，选项B错误．法拉第发现了电磁感应现象，使人类从蒸汽机时代步入了电气化时代，选项D错误．
3．关于物理科学家和他们的贡献，下列说法中正确的是()
A ．奥斯特发现了电流的磁效应，并发现了电磁感应现象
B ．库仑提出了库仑定律，并最早用实验测得元电荷e 的数值
C ．牛顿发现了万有引力定律，并通过实验测出了引力常量
D ．法拉第发现了电磁感应现象，并制作了世界上第一台发电机
答案 D
解析 奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第发现了电磁感应现象并制作了世界上第一台发电机，选项A 错误，D 正确；库仑提出了库仑定律，密立根最早用实验测得元电荷e 的数值，选项B 错误；牛顿发现万有引力定律，卡文迪许通过实验测出了引力常量，选项C 错误．
4． 伽利略对运动的研究，不仅确立了许多用于描述运动的基本概念，而且创造了一套对近
代科学的发展极为有益的科学方法，或者说给出了科学研究过程的基本要素．关于这些要素的排列顺序应该是 ( )
A ．提出假设→对现象的观察→运用逻辑得出推论→用实验检验推论→对假说进行修正和推广
B ．对现象的观察→提出假设→运用逻辑得出推论→用实验检验推论→对假说进行修正和推广
C ．提出假设→对现象的观察→对假说进行修正和推广→运用逻辑得出推论→用实验检验推论
D ．对现象的观察→提出假设→运用逻辑得出推论→对假说进行修正和推广→用实验检验推论
答案 B
5． 设电子质量为m ，电荷量为e ，以角速度ω绕带正电的质子做圆周运动．当加上磁场方
向与电子轨道平面垂直、磁感应强度为B 的磁场时，设电子轨道半径不变，而角速度发生变化．你可能不会求角速度的变化Δω，但仍可运用物理学中常用的方法，在下列选项中，判断Δω的值可近似等于
( ) A ．±mB 2e
B ．±eB 2m
C ．±meB 2
D ．±B 2me 答案 B
解析 根据量纲可知选项B 正确．
6．物理学中用到了大量的科学方法，建立下列概念时均用到“等效替代”方法的是( )
A ．“合力与分力”“质点”“电场强度”
B ．“质点”“平均速度”“点电荷”
C ．“合力与分力”“平均速度”“总电阻”
D．“点电荷”“总电阻”“电场强度”
答案 C
解析电场强度是利用比值法定义的，质点和点电荷是理想化模型，建立“合力与分力”、“平均速度”、“总电阻”的概念时均用到了“等效替代”方法，选项C正确．
二、多项选择题
7．伽利略开创了实验研究和逻辑推理相结合探索自然规律的科学方法，利用这种方法伽利略发现的规律有()
A．力不是维持物体运动的原因
B．物体之间普遍存在相互吸引力
C．忽略空气阻力，重物与轻物下落得同样快
D．物体间的相互作用力总是大小相等、方向相反
答案AC
解析伽利略利用理想斜面实验得出力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因．伽利略利用实验和归谬法得到在忽略空气阻力的情况下，轻的物体和重的物体下落的同样快．故选项A、C正确．
8．在物理学发展过程中，观测、实验、假说和逻辑推理等方法都起到了重要作用．下列叙述符合史实的是()
A．奥斯特在实验中观察到电流的磁效应，该效应揭示了电和磁之间存在联系
B．安培根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性，提出了分子电流假说
C．法拉第在实验中观察到，在通有恒定电流的静止导线附近的固定导线圈中，会出现感应电流
D．楞次在分析了许多实验事实后提出，感应电流应具有这样的方向，即感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化
答案ABD
解析奥斯特通过著名的奥斯特实验，证明了电流周围存在磁场，安培提出分子电流假说，揭示了磁现象的电本质．楞次通过实验总结出感应电流的方向所遵循的规律——楞次定律．法拉第提出的是电磁感应定律，但恒定电流周围不产生感应电流．
9．在力学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献．关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是()
A．第谷通过对天体运动的长期观察，发现了行星运动三定律
B．牛顿认为力的真正效应总是改变物体的速度，而不仅仅是使之运动
C．牛顿最早指出力不是维持物体运动的原因
D．笛卡尔对牛顿第一定律的建立做出了贡献
答案BD
解析第谷通过对天体运动的长期观察，积累了资料，开普勒分析研究这些资料，发现了行星运动三定律，选项A错误；伽利略最早指出力不是维持物体运动的原因，C错误．
10．在物理学发展史上，许多科学家通过恰当的运用科学研究方法，超越了当时研究条件的局限性，取得了辉煌的研究成果，下列表述符合物理学史实的是() A．胡克认为只有在一定的条件下，弹簧的弹力才与弹簧的形变量成正比
B．库仑利用库仑扭秤巧妙地实现了他对电荷间相互作用力规律的研究
C．法拉第发现电流的磁效应和他坚信电与磁之间一定存在着联系的哲学思想是分不开的
D．安培首先引入电场线和磁感线，极大地促进了他对电磁现象的研究
答案AB
解析法拉第发现电磁感应现象和他坚信电与磁之间一定存在着联系的哲学思想是分不开的，选项C错误；法拉第首先引入电场线和磁感线，极大地促进了他对电磁现象的研究，选项D错误．
11．关于物理方法，下列说法正确的是() A．“交流电的有效值”用的是等效替代的方法
B．“如果电场线与等势面不垂直，那么电场强度沿着等势面方向就有一个分量，在等势面上移动电荷时静电力就要做功．”用的是归纳法
C．电场强度是用比值法定义的，电场强度与电场力成正比，与试探电荷的电荷量成反比
D．探究导体的电阻与材料、长度、粗细的关系，用的是控制变量的方法
答案AD
解析“如果电场线与等势面不垂直，那么电场强度沿着等势面方向就有一个分量，在等势面上移动电荷时静电力就要做功．”用的是反证法，选项B错误；电场强度是用比值法定义的，电场强度与电场力和试探电荷的电荷量都无关，选项C错误；
12．许多科学家对物理学的发展作出了巨大贡献，也创造出了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、建立物理模型法、类比法和科学假说法等等．以下关于物理学史和所用物理学方法的叙述正确的是()
A．卡文迪许测出引力常量用了放大法
B．伽利略为了说明力是维持物体运动的原因用了理想实验法
C．在不需要考虑物体本身的形状和大小时，用质点来代替物体的方法叫假设法
D．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加之和代表物体的位移，这里采用了微元法
答案 AD
解析 伽利略为了说明力不是维持物体运动的原因用了理想实验法，选项B 错误；在不需要考虑物体本身的形状和大小时，用质点来代替物体的方法叫理想模型法， 选项C 错误．
13．用比值法定义物理量是物理学中一种很重要的思想方法，下列物理量由比值法定义正 确
的是
( ) A ．加速度a ＝F m
B ．磁感应强度B ＝F Il
C ．电容C ＝Q /U
D ．电流强度I ＝U R
答案 BC 解析 比值法定义物理量的特点是，被定义的物理量的大小不受其他两个变量变化的影
响，比如C ＝Q U 中，Q 、U 变化时C 不变；但是加速度a ＝F m
中，a 随F 、m 的变化而变化；同样I ＝U R
中I 也随U 、R 的变化而变化，故选项B 、C 正确． 【解题方法技巧1】 直接判断法
以上几个题目具有共同的特点，都是从不同角度考查物理学史和物理思想方法，属于考查概念规律的简单题，可用此法直接作出判断.
解答时通过阅读和观察，利用题干所描述的物理现象、设置的条件界定试题考查的范围和意图，选准看问题的视角，抓住主要因素，忽略次要因素，根据所学的知识和规律直接判断，得出正确的答案.这种方法一般适用于基本不需要“转变”或推理的简单题目.这些题目主要考查考生对物理识记内容的记忆和理解程度，属常识性知识题目.。