2015年淄博二模有答案解析
2015高考二模 山东省淄博市2015届高三第二次模拟考试理综物理试题 扫描版含答案
山东省淄博市2015届高三第二次模拟考试理综物理试题扫描版2015年高三物理参考答案及评分标准 2015-05-0614.B 15.AD 16.BD 17.C 18.D 19.AC 20. D21．（8分）（1）d t ∆ ， 222d gL t∆；（2）正比，压缩量的平方（或2x ）。
（以上每空2分） 22．（10分）（1）a ；（2）很大，3110⨯Ω；（3）2.80，64.3（64.1—64.5之间均算对） 。
（以上每空2分）23．（18分）解：（1）管第一次落地弹起时，管的加速度大小为1a ，球的加速度大小为2a由牛顿第二定律对管14Ma mg Mg =+ (1)对球24ma mg mg =- (2)故2120m/s a =，方向向下 (3)2230m/s a = 方向向上 (4)（2）球与管第一次碰地时，由0v (5)得碰后管速1v = (6)球刚好没有从管中滑出，设经过时间t ，球、管速度相同，则有对管11v v a t =- (8)对球22v v a t =-+ (9)代入数值联立解得0.4s t = (10)（3）管经t 时间上升的高度为211112h v t a t =-....（11） 球下降的高度222212h v t a t =-...............................（12） 管长124m L h h =+=.. (13)共18分，其中（1）（2）（5）（9）（12）式各2分，余式各1分。
其它合理解法，相应得分。
24．（20分）解：（1）由题意画出粒子运动轨迹如图甲所示，粒子在磁场中做圆周运动的半径大小为R 1，由几何关系得L R =︒30cos 1 (1)粒子磁场中做匀速圆周运动211v qvB m R = (2)解得13v m=...............................（3） （2）由题意画出粒子运动轨迹如图乙所示，设其与x 轴交点为M ，横坐标为x M ，由几何关系知L R =︒30cos 22 (4)22sin30M x R =︒ (5)则M0L ，）....................（6） （3）由题意画出粒子运动轨迹如图丙所示，粒子在磁场中做圆周运动的半径大小为R 3，偏转一次后在y 负方向偏移量为∆y 1，由几何关系得 ︒=∆30cos 231R y (7)为保证粒子最终能回到P ，粒子每次射出磁场时速度方向与PQ 2连线平行，与挡板碰撞后，速度方向应与PQ 1连线平行，每碰撞一次，粒子出进磁场在y 轴上距离2y ∆（如图中A 、E 间距）可由题给条件得︒=∆30tan 3322L y ...........................（8） 当粒子只碰二次，其几何条件是12322y y L ∆-∆= ............................（9） 解得273103L R =............................（10） 粒子磁场中做匀速圆周运动3233R v m B qv = ................................（11） 解得mqBL v 273103= (12)挡板的最小长度32cos3030L R ︒︒∆=....（13） 解得49L L ∆=....................................（14） 共20分，（9）式3分，（1）（2）（4）（5）（13）式各2分，（11）式不得分，余式各1分。
山东省淄博市2015届高三二模文综地理试卷Word版含答案
高三阶段性诊断考试试题文科综合近日，中国发布了《推动共建丝绸之路经济带和21世纪海上丝绸之路的愿景与行动》，宣告“一带一路”战略进入了全面推进阶段。
图1为“一带一路”战略构图。
据此完成1～2题。
1．推进“一带一路”战略构想，首先需要解决的主要问题包括①互联互通能力不足②大部分发展中国家资金、技术缺乏③发达国家的基础设施陈旧④各国地理环境的差异显著A．①②B．①④C．②③D．②④2．在“一带一路”区域合作中，中国的优势条件包括①处于中心位置，地理位置优越②工业加工能力强③基础设施建设能力强④科技实力雄厚A．①②B．①④C．②③ D.②④图2为某半岛地形图。
据此完成3-5题。
3．该半岛火山活动频繁，是因为受到A．板块挤压作用的影响B．板块张裂作用的影响C．变质作用的影响D．重力作用的影响4．下列关于该半岛自然景观的叙述，正确的是A．冰雪与温泉相映B．大部分为温带落叶阔叶林带C．植被稀少D．大部分地区分布着冰川5．与伦敦(51°N)相比较，R地A．正午太阳高度年变化幅度大B．昼长相似C．日落较晚D．以上三项无法推断图3为某岛屿简图。
据此完成6～8题。
6．该岛屿气候冷湿的主要影响因素是①纬度②两风③地形④洋流A．①②③B．①③④C．①②④D．②③④7．下列关于该岛屿河流水文特征的叙述，正确的是A．径流量季节变化大B．补给以冰川融水为主C．含沙量较大D．流速较慢8．适合该岛屿大力发展的农业地域类型是A．商品谷物农业B．畜牧业C．园艺业D．混合农业图4示意某区域多年平均降雪量与雪期(从当年初雪日到次年终雪日的天数)的空间分布。
该区域内丘陵区每年因融雪径流造成的土壤侵蚀较为严重。
据此完成9～10题。
【2015淄博二模】山东省淄博市2015届高三5月阶段性诊断考试 文综 答案为Word版
高三阶段性诊断考试试题文科综合政治部分参考答案及评分细则一、选择题13．B 14．A 15．D 16．B 17．C 18．B 19．D 20．C 21．A 22．D 23．C 24．A二、非选择题38.（1）图1反映了亚洲发展中国家基建等方面与发达国家存在较大差距，（1分）而在宏观经济环境等方面差距较小；（1分）图2反映了2010-2020年亚太地区基建投资需求量大，（1分）而世行和亚开行向亚太地区提供的贷款有限，（1分）资金缺口巨大（1分）。
（2）①经济全球化主要是生产、贸易、资本全球化。
（1分）伴随着生产和贸易全球化，资本在国际间的流动速度不断加快；经济全球化深入发展，促进了各国经济合作。
（1分，答出其中一句即可）亚投行的建立是经济全球化和国际经济合作的客观要求。
（1分）②经济全球化是生产力发展的产物，又推动了生产力的发展。
（1分）成立亚投行能促进生产要素和资本在亚洲地区的流动、国际分工水平提高和国际贸易的迅速发展，（1分）从而推动亚洲乃至世界范围内资源配置效率的提高、各国生产力的发展，为各国经济提供更加广阔的发展空间。
（1分）③对外开放是我国的一项基本国策，（1分）亚投行的成立是对外开放的客观要求，（1分）有利于完善互利共赢、多元平衡、安全高效的开放型经济体系，有利于加快转变对外经济发展方式，培育开放型经济发展新优势。
（1分，答出其中一个“有利于”即可）④成立亚投行有利于扩大投资，有效弥补亚洲地区基础设施建设的资金缺口，提高亚洲资本的利用效率和有效配置，（1分，答出其中一句即可）促进本地区互联互通建设和经济一体化进程以及亚洲地区金融市场的迅速发展。
（1分，答出其中一个意思即可）（3）①坚持用联系的观点看问题，积极探讨各国在基础设施建设领域合作。
（2分）②坚持用发展的观点看问题，注重量的积累，创新投融资方式。
（2分）③用对立统一的观点看问题。
既要看到优势，看到互联互通的有利条件，又要看到制约互联互通建设的瓶颈，改善薄弱环节。
山东省淄博市2015届中考数学模拟试题二(含解析)
山东省淄博市2015届中考数学模拟试题二一、选择题（共计12个小题）1．3的倒数是（）A．B．﹣C．3 D．﹣32．作为历史上第一个正式提出“低碳世博”理念的世博会，上海世博会从一开始就确定以“低碳、和谐、可持续发展的城市”为主题、如今在世博场馆和周边共运行着一千多辆新能源汽车，为目前世界上规模最大的新能源汽车示范运行，预计将减少温室气体排放约28 400吨．将28 400吨用科学记数法表示为（）A．0.284×105吨 B．2.84×104吨C．28.4×103吨D．284×102吨3．下列命题中，是真命题的为（）A．锐角三角形都相似 B．直角三角形都相似C．等腰三角形都相似 D．等边三角形都相似名同学，结果如下表：A．3，3 B．2，3 C．2，2 D．3，55．一组数据：2，3，2，3，5的方差是（）A．6 B．3 C．1.2 D．26．如图，夜晚，小亮从点A经过路灯C的正下方沿直线走到点B，他的影长y随他与点A之间的距离x的变化而变化，那么表示y与x之间的函数关系的图象大致为（）A．B． C． D．7．如图，在△ABC中，AB=AC，∠A=36°，BD、CE分别是∠ABC、∠BCD的角平分线，则图中的等腰三角形有（）A．5个B．4个C．3个D．2个8．如果x＜y＜﹣1，那么代数式的值是（）A．0 B．正数 C．负数 D．非负数9．二次函数y=x2﹣x﹣2的图象如图所示，则函数值y＜0时x的取值范围是（）A．x＜﹣1 B．x＞2 C．﹣1＜x＜2 D．x＜﹣1或x＞210．如图，在⊙O中，OA=AB，OC⊥AB，则下列结论错误的是（）A．弦AB的长等于圆内接正六边形的边长B．弦AC的长等于圆内接正十二边形的边长C．D．∠BAC=30°11．如图，在△ABC中，AB=AC，AB=8，BC=12，分别以AB、AC为直径作半圆，则图中阴影部分的面积是（）A．B．16π﹣32 C．D．12．如图，在△ABC中，∠B=90°，AB=12mm，BC=24mm，动点P从点A开始沿边AB向B以2mm/s的速度移动（不与点B重合），动点Q从点B开始沿边BC向C以4mm/s的速度移动（不与点C重合）．如果P、Q分别从A、B同时出发，那么经过（）秒，四边形APQC的面积最小．A．1 B．2 C．3 D．4二、填空題（共5个小题）13．若二次根式有意义，则x的取值范围是．14．分解因式：a2﹣4b2= ．15．如图所示，△DEF是△ABC沿水平方向向右平移后的对应图形，若∠B=31°，∠C=79°，则∠D的度数是度．16．如图，一个空间几何体的主视图和左视图都是边长为1的正三角形，俯视图是一个圆，那么这个几何体的侧面积是．17．已知正方形ABCD中，点E在边DC上，DE=2，EC=1（如图所示）把线段AE绕点A旋转，使点E 落在直线BC上的点F处，则F、C两点的距离为．三、解答题（共7个小题）18．解不等式组：．19．如图，在△ABC中，AB=AC，D为BC中点，四边形ABDE是平行四边形．求证：四边形ADCE是矩形．20．如图，一艘海轮位于灯塔C的北偏东30°方向，距离灯塔80海里的A处，海轮沿正南方向匀速航行一段时间后，到达位于灯塔C的东南方向上的B处．（1）求灯塔C到航线AB的距离；（2）若海轮的速度为20海里/时，求海轮从A处到B处所用的时间（结果精确到0.1小时）（参考数据：，）21．在如图所示的直角坐标系中，解答下列问题：（1）分别写出A、B两点的坐标；（2）将△ABC绕点A顺时针旋转90°，画出旋转后的△AB1C1；（3）求出线段B1A所在直线l的函数解析式，并写出在直线l上从B1到A的自变量x的取值范围．22．某公司组织部分员工到一博览会的A、B、C、D、E五个展馆参观，公司所购门票种类、数量绘制成的条形和扇形统计图如图所示．请根据统计图回答下列问题：（1）将条形统计图和扇形统计图在图中补充完整；（2）若A馆门票仅剩下一张，而员工小明和小华都想要，他们决定采用抽扑克牌的方法来确定，规则是：“将同一副牌中正面分别标有数字1，2，3，4的四张牌洗匀后，背面朝上放置在桌面上，每人随机抽一次且一次只抽一张；一人抽后记下数字，将牌放回洗匀背面朝上放置在桌面上，再由另一人抽．若小明抽得的数字比小华抽得的数字大，门票给小明，否则给小华．”请用画树状图或列表的方法计算出小明和小华获得门票的概率，并说明这个规则对双方是否公平？23．如图，已知A（3，0）、B（0，4），以A为顶点的抛物线与y轴交于点B．（1）求抛物线的解析式；（2）设M（m，n）是抛物线上的一点（m、n为正整数），且它位于对称轴的右侧．若以M、B、O、A为顶点的四边形四条边的长度是四个连续的正整数，求点M的坐标．24．如图，在平面直角坐标系中，O为坐标原点，⊙C的圆心坐标为（﹣2，﹣2），半径为．函数y=﹣x+2的图象与x轴交于点A，与y轴交于点B，（1）连接CO，求证：CO⊥AB；（2）点P为线段AB上一动点，试探索：①当△POA是等腰三角形，求点P的坐标；②当直线PO与⊙C相切时，求∠POA的度数；③当直线PO与⊙C相交时，设交点为E、F，点M为线段EF的中点，令PO=t，MO=s，求s与t之间的函数关系，并直接写出t的取值范围．2015年山东省淄博市中考数学模拟试卷（二）参考答案与试题解析一、选择题（共计12个小题）1．3的倒数是（）A．B．﹣C．3 D．﹣3【考点】倒数．【分析】根据倒数的定义，直接得出结果．【解答】解：因为3×=1，所以3的倒数为．故选A．【点评】主要考查倒数的定义，要求熟练掌握．需要注意的是倒数的性质：负数的倒数是负数，正数的倒数是正数，0没有倒数．倒数的定义：若两个数的乘积是1，我们就称这两个数互为倒数．2．作为历史上第一个正式提出“低碳世博”理念的世博会，上海世博会从一开始就确定以“低碳、和谐、可持续发展的城市”为主题、如今在世博场馆和周边共运行着一千多辆新能源汽车，为目前世界上规模最大的新能源汽车示范运行，预计将减少温室气体排放约28 400吨．将28 400吨用科学记数法表示为（）A．0.284×105吨 B．2.84×104吨C．28.4×103吨D．284×102吨【考点】科学记数法—表示较大的数．【专题】应用题．【分析】科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数．确定n的值时，要看把原数变成a时，小数点移动了多少位，n的绝对值与小数点移动的位数相同．当原数绝对值大于1时，n是正数；当原数的绝对值小于1时，n是负数．【解答】解：28 400吨用科学记数法表示为2.84×104吨．故选B．【点评】此题考查科学记数法的表示方法．科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数，表示时关键要正确确定a的值以及n的值．3．下列命题中，是真命题的为（）A．锐角三角形都相似 B．直角三角形都相似C．等腰三角形都相似 D．等边三角形都相似【考点】相似三角形的判定．【专题】常规题型．【分析】可根据相似三角形的判定方法进行解答．【解答】解：A、锐角三角形的三个内角都小于90°，但不一定都对应相等，故A选项错误；B、直角三角形的直角对应相等，但两组锐角不一定对应相等，故B选项错误；C、等腰三角形的顶角和底角不一定对应相等，故C选项错误；D、所有的等边三角形三个内角都对应相等（都是60°），所以它们都相似，故D选项正确；故选：D．【点评】此题考查的是相似三角形的判定方法．需注意的是绝对相似的三角形大致有三种：①全等三角形；②等腰直角三角形；③等边三角形．名同学，结果如下表：则这15名同学每天使用零花钱的众数和中位数分别是（）A．3，3 B．2，3 C．2，2 D．3，5【考点】中位数；众数．【专题】图表型．【分析】由于小红随机调查了15名同学，根据表格数据可以知道中位数在第三组，再利用众数的定义可以确定众数在第二组．【解答】解：∵小红随机调查了15名同学，∴根据表格数据可以知道中位数在第三组，即中位数为3．∵2出现了5次，它的次数最多，∴众数为2．故选B．【点评】此题考查中位数、众数的求法：①给定n个数据，按从小到大排序，如果n为奇数，位于中间的那个数就是中位数；如果n为偶数，位于中间两个数的平均数就是中位数．任何一组数据，都一定存在中位数的，但中位数不一定是这组数据里的数．②给定一组数据，出现次数最多的那个数，称为这组数据的众数．如果一组数据存在众数，则众数一定是数据集里的数．5．一组数据：2，3，2，3，5的方差是（）A．6 B．3 C．1.2 D．2【考点】方差．【分析】直接用公式先计算平均数，再计算方差．【解答】解：数据的平均数=（2+3+2+3+5）=3，方差s2= [（2﹣3）2+（2﹣3）2+（3﹣3）2+（3﹣3）2+（5﹣3）2]=1.2，故选C．【点评】方差S2= [（x1﹣）2+（x2﹣）2+…+（x n﹣）2，它反映了一组数据的波动大小，方差越大，波动性越大，反之也成立．6．如图，夜晚，小亮从点A经过路灯C的正下方沿直线走到点B，他的影长y随他与点A之间的距离x的变化而变化，那么表示y与x之间的函数关系的图象大致为（）A． B． C． D．【考点】中心投影；函数的图象．【专题】压轴题．【分析】等高的物体垂直地面时，在灯光下，离点光源近的物体它的影子短，离点光源远的物体它的影子长．【解答】解：设身高GE=h，CF=l，AF=a，当x≤a时，在△OEG和△OFC中，∠GOE=∠COF（公共角），∠AEG=∠AFC=90°，∴△OEG∽△OFC，∴=，∴=，∴y=﹣x+，∵a、h、l都是固定的常数，∴自变量x的系数是固定值，∴这个函数图象肯定是一次函数图象，即是直线；∵影长将随着离灯光越来越近而越来越短，到灯下的时候，将是一个点，进而随着离灯光的越来越远而影长将变大．故选：A．【点评】本题综合考查了中心投影的特点和规律．注意离点光源的远近决定影长的大小．7．如图，在△ABC中，AB=AC，∠A=36°，BD、CE分别是∠ABC、∠BCD的角平分线，则图中的等腰三角形有（）A．5个B．4个C．3个D．2个【考点】等腰三角形的判定；三角形内角和定理．【专题】证明题．【分析】根据已知条件和等腰三角形的判定定理，对图中的三角形进行分析，即可得出答案．【解答】解：共有5个．（1）∵AB=AC∴△ABC是等腰三角形；（2）∵BD、CE分别是∠AB C、∠BCD的角平分线∴∠EBC=∠ABC，∠ECB=∠BCD，∵△ABC是等腰三角形，∴∠EBC=∠ECB，∴△BCE是等腰三角形；（3）∵∠A=36°，AB=AC，∴∠ABC=∠ACB=（180°﹣36°）=72°，又BD是∠ABC的角平分线，∴∠ABD=∠ABC=36°=∠A，∴△ABD是等腰三角形；同理可证△CDE和△BCD是等腰三角形．故选：A．【点评】此题主要考查学生对等腰三角形判定和三角形内角和定理的理解和掌握，属于中档题．8．如果x＜y＜﹣1，那么代数式的值是（）A．0 B．正数 C．负数 D．非负数【考点】分式的化简求值．【分析】首先将代数式通分化简，然后根据已知条件结合乘除法的符号法则，得出结果．【解答】解：∵x＜y＜﹣1，∴x﹣y＜0，x+1＜0，∴=﹣=＜0．故选C．【点评】将化简成后，需首先判断分子与分母的符号．即根据已知条件得出分子x﹣y＜0，根据两数相乘，同号得正，得出分母x（x+1）＞0，然后根据两数相除，异号得负，得出结果．9．二次函数y=x2﹣x﹣2的图象如图所示，则函数值y＜0时x的取值范围是（）A．x＜﹣1 B．x＞2 C．﹣1＜x＜2 D．x＜﹣1或x＞2【考点】二次函数的图象．【分析】根据函数图象求出与x轴的交点坐标，再由图象得出答案．【解答】解：由x2﹣x﹣2=0可得，x1=﹣1，x2=2，观察函数图象可知，当﹣1＜x＜2时，函数值y＜0．故选C．【点评】此类题可用数形结合的思想进行解答．10．如图，在⊙O中，OA=AB，OC⊥AB，则下列结论错误的是（）A．弦AB的长等于圆内接正六边形的边长B．弦AC的长等于圆内接正十二边形的边长C．D．∠BAC=30°【考点】正多边形和圆；垂径定理；圆心角、弧、弦的关系．【专题】压轴题．【分析】根据正多边形的性质和圆的相关概念对四个选项逐一进行分析．【解答】解：A、因为OA=OB，OA=AB，所以OA=OB=AB，所以△ABO为等边三角形，∠AOB=60°，以AB为一边可构成正六边形，故A正确；B、因为OC⊥AB，根据垂径定理可知， =；再根据A中结论，弦AC的长等于圆内接正十二边形的边长，故B正确；C、根据垂径定理， =，故C正确；D、根据圆周角定理，圆周角的度数等于它所对的圆心角的度数的一半，∠BAC=∠BOC=×∠BOA=×60°=15°，故D错误．故选：D．【点评】此题主要考查正多边形和圆的计算问题，属于常规题，要注意圆周角定理的应用．11．如图，在△ABC中，AB=AC，AB=8，BC=12，分别以AB、AC为直径作半圆，则图中阴影部分的面积是（）A．B．16π﹣32 C．D．【考点】扇形面积的计算．【专题】压轴题．【分析】设半圆与底边的交点是D，连接AD．根据直径所对的圆周角是直角，得到AD⊥BC，再根据等腰三角形的三线合一，得到BD=CD=6，根据勾股定理即可求得AD的长，则阴影部分的面积是以AB 为直径的圆的面积减去三角形ABC的面积．【解答】解：设半圆与底边的交点是D，连接AD．∵AB是直径，∴AD⊥BC．又∵AB=AC，∴BD=CD=6．根据勾股定理，得AD==2．∵阴影部分的面积的一半=以AB为直径的半圆的面积﹣三角形ABD的面积=以AC为直径的半圆的面积﹣三角形ACD的面积，∴阴影部分的面积=以AB为直径的圆的面积﹣三角形ABC的面积=16π﹣×12×2=16π﹣12．故选D．【点评】此题综合运用了圆周角定理的推论、等腰三角形的三线合一、勾股定理、圆面积公式和三角形的面积公式．12．如图，在△ABC中，∠B=90°，AB=12mm，BC=24mm，动点P从点A开始沿边AB向B以2mm/s的速度移动（不与点B重合），动点Q从点B开始沿边BC向C以4mm/s的速度移动（不与点C重合）．如果P、Q分别从A、B同时出发，那么经过（）秒，四边形APQC的面积最小．A．1 B．2 C．3 D．4【考点】二次函数的最值．【专题】动点型．【分析】根据等量关系“四边形APQC的面积=三角形ABC的面积﹣三角形PBQ的面积”列出函数关系求最小值．【解答】解：设P、Q同时出发后经过的时间为ts，四边形APQC的面积为Smm2，则有：S=S△ABC﹣S△PBQ=×12×24﹣×4t×（12﹣2t）=4t2﹣24t+144=4（t﹣3）2+108．∵4＞0∴当t=3s时，S取得最小值．故选：C．【点评】本题考查了函数关系式的求法以及最值的求法，解题的关键是根据题意列出函数关系式，并根据二次函数的性质求出最值．二、填空題（共5个小题）13．若二次根式有意义，则x的取值范围是x≥．【考点】二次根式有意义的条件．【分析】根据二次根式中的被开方数是非负数，可得出x的取值范围．【解答】解：∵二次根式有意义，∴2x﹣1≥0，解得：x≥．故答案为：x≥．【点评】本题考查了二次根式有意义的条件，解答本题的关键是掌握：二次根式有意义，被开方数为非负数．14．分解因式：a2﹣4b2= （a+2b）（a﹣2b）．【考点】因式分解-运用公式法．【分析】直接用平方差公式进行分解．平方差公式：a2﹣b2=（a+b）（a﹣b）．【解答】解：a2﹣4b2=（a+2b）（a﹣2b）．【点评】本题考查运用平方差公式进行因式分解，熟记公式结构是解题的关键．15．如图所示，△DEF是△ABC沿水平方向向右平移后的对应图形，若∠B=31°，∠C=79°，则∠D的度数是70 度．【考点】三角形内角和定理；平移的性质．【分析】根据平移的对应角相等和三角形的内角和可求出∠D的度数．【解答】解：∠E=∠B=31°，∠F=∠C=79°，∴∠D=180°﹣31°﹣79°=70°．【点评】本题主要考查了平移的性质．16．如图，一个空间几何体的主视图和左视图都是边长为1的正三角形，俯视图是一个圆，那么这个几何体的侧面积是．【考点】由三视图判断几何体．【专题】压轴题．【分析】根据三视图的知识可知该几何体为一个圆锥．又已知底面半径可求出母线长以及侧面积．【解答】解：综合主视图，俯视图，左视图可以看出这个几何体应该是圆锥，且底面圆的半径为，母线长为1，因此侧面面积为×π×1=．【点评】本题中要先确定出几何体的面积，然后根据其侧面积的计算公式进行计算．本题要注意圆锥的侧面积的计算方法是圆锥的底面半径乘以圆周率再乘以母线长．17．已知正方形ABCD中，点E在边DC上，DE=2，EC=1（如图所示）把线段AE绕点A旋转，使点E 落在直线BC上的点F处，则F、C两点的距离为1或5 ．【考点】旋转的性质；正方形的性质．【专题】压轴题．【分析】题目里只说“旋转”，并没有说顺时针还是逆时针，而且说的是“直线BC上的点”，所以有两种情况，即一个是逆时针旋转，一个顺时针旋转，根据旋转的性质可知．【解答】解：旋转得到F1点，∵AE=AF1，AD=AB，∠D=∠ABC=90°，∴△ADE≌△ABF1，∴F1C=1；旋转得到F2点，同理可得△ABF2≌△ADE，∴F2B=DE=2，F2C=F2B+BC=5．【点评】本题主要考查了旋转的性质．三、解答题（共7个小题）18．解不等式组：．【考点】解一元一次不等式组．【专题】计算题．【分析】分别求出不等式组中两不等式的解集，找出解集的公共部分即可．【解答】解：，由①得x≤3，由②得：x＞2，则不等式组的解集为2＜x≤3．【点评】此题考查了解一元一次不等式组，熟练掌握是法则是解本题的关键．19．如图，在△ABC中，AB=AC，D为BC中点，四边形ABDE是平行四边形．求证：四边形ADCE是矩形．【考点】矩形的判定；平行四边形的性质．【专题】证明题．【分析】已知四边形ABDE是平行四边形，只需证得它的一个内角是直角即可；在等腰△ABC中，AD 是底边的中线，根据等腰三角形三线合一的性质即可证得∠ADC是直角，由此得证．【解答】证明：∵四边形ABDE是平行四边形，∴AE∥BC，AB=DE，AE=BD．∵D为BC中点，∴CD=BD．∴CD∥AE，CD=AE．∴四边形ADCE是平行四边形．∵AB=AC，D为BC中点，∴AD⊥BC，即∠ADC=90°，∴平行四边形ADCE是矩形．【点评】此题主要考查了等腰三角形三线合一的性质以及矩形的判定方法．20．如图，一艘海轮位于灯塔C的北偏东30°方向，距离灯塔80海里的A处，海轮沿正南方向匀速航行一段时间后，到达位于灯塔C的东南方向上的B处．（1）求灯塔C到航线AB的距离；（2）若海轮的速度为20海里/时，求海轮从A处到B处所用的时间（结果精确到0.1小时）（参考数据：，）【考点】解直角三角形的应用-方向角问题．【分析】（1）过C作AB的垂线，设垂足为D，得到∠CAD=30°，在Rt△ACD中，利用含30°的直角三角形的三边关系可求出CD、AD的长；（2）在Rt△BCD中，由∠BCD=45°，根据CD的长，即可求得BD的长；根据AB=AD+BD即可求出AB 的长．根据时间=路程÷速度可求出海轮从A到B所用的时间．【解答】解：（1）过C作CD⊥AB于D．∴∠A=30°，∠BCD=45°，在Rt△ACD中，AC=80，∠A=30°，∴CD=40，∴tan30°=，∴AD=CD=40．∴灯塔C到AB的距离为40海里；（2）Rt△BCD中，∠BCD=45°，∴BD=CD=40（海里）．∴AB=AD+BD=40+40≈109.2（海里）．∴海轮所用的时间为：109.2÷20≈5.5（小时）．答：灯塔C到航线AB的距离为40海里；海轮从A处到B处所用的时间约为5.5小时．【点评】本题考查了解直角三角形的应用：方向角问题，具体就是在某点作出东南西北，即可转化角度，也得到垂直的直线；还考查了含30度的直角三角形三边的关系以及等腰直角三角形的性质．21．在如图所示的直角坐标系中，解答下列问题：（1）分别写出A、B两点的坐标；（2）将△ABC绕点A顺时针旋转90°，画出旋转后的△AB1C1；（3）求出线段B1A所在直线l的函数解析式，并写出在直线l上从B1到A的自变量x的取值范围．【考点】作图-旋转变换；待定系数法求一次函数解析式．【分析】（1）从直角坐标系中读出点的坐标．（2）让三角形的各顶点都绕点A顺时针旋转90°后得到对应点，顺次连接即可．（3）先设出一般的一次函数的解析式，再把点的坐标代入求解析式即可．【解答】解：（1）从图中可得出：A（2，0），B（﹣1，﹣4）（2）画图正确；（3）设线段B1A所在直线l的解析式为：y=kx+b（k≠0），∵B1（﹣2，3），A（2，0），∴，，∴线段B1A所在直线l的解析式为：，线段B1A的自变量x的取值范围是：﹣2≤x≤2．【点评】本题主要考查了平面直角坐标系和旋转变换图形的性质．22．某公司组织部分员工到一博览会的A、B、C、D、E五个展馆参观，公司所购门票种类、数量绘制成的条形和扇形统计图如图所示．请根据统计图回答下列问题：（1）将条形统计图和扇形统计图在图中补充完整；（2）若A馆门票仅剩下一张，而员工小明和小华都想要，他们决定采用抽扑克牌的方法来确定，规则是：“将同一副牌中正面分别标有数字1，2，3，4的四张牌洗匀后，背面朝上放置在桌面上，每人随机抽一次且一次只抽一张；一人抽后记下数字，将牌放回洗匀背面朝上放置在桌面上，再由另一人抽．若小明抽得的数字比小华抽得的数字大，门票给小明，否则给小华．”请用画树状图或列表的方法计算出小明和小华获得门票的概率，并说明这个规则对双方是否公平？【考点】游戏公平性；扇形统计图；条形统计图；列表法与树状图法．【专题】图表型．【分析】（1）A展馆的门票数除以它所占的百分比，算出门票总数，乘以B展馆门票所占的百分比即为B展馆门票数；C所占的百分比等于整体1减去其余百分比；（2）列举出所有情况，看小明抽得的数字比小华抽得的数字大的情况占所有情况的多少即可求得小明赢的概率，进而求得小明赢的概率，比较即可．【解答】解：（1）B展馆门票的数量=20÷10%×25%=50（张）；C所占的百分比=1﹣10%﹣25%﹣10%﹣40%=15%．（2）画树状图6种，分别是（2，1），（3，1），（3，2），（4，1），（4，2），（4，3）．∴小明获得门票的概率，小华获得门票的概率．∵P1＜P2，∴这个规则对双方不公平．【点评】如果一个事件有n种可能，而且这些事件的可能性相同，其中事件A出现m种结果，那么事件A的概率P（A）=，注意本题是放回实验．解决本题的关键是得到相应的概率，概率相等就公平，否则就不公平．23．如图，已知A（3，0）、B（0，4），以A为顶点的抛物线与y轴交于点B．（1）求抛物线的解析式；（2）设M（m，n）是抛物线上的一点（m、n为正整数），且它位于对称轴的右侧．若以M、B、O、A为顶点的四边形四条边的长度是四个连续的正整数，求点M的坐标．【考点】二次函数综合题．【分析】（1）已知了抛物线的顶点坐标，可将抛物线的解析式设为顶点式，然后将B点坐标代入求解即可；（2）由于M在抛物线的图象上，根据（1）所得抛物线的解析式即可得到关于m、n的关系式：n=（m ﹣3）2，由于m、n同为正整数，因此m﹣3应该是3的倍数，即m应该取3的倍数，可据此求出m、n的值，再根据“以M、B、O、A为顶点的四边形四条边的长度是四个连续的正整数”将不合题意的解舍去，即可得到M点的坐标；【解答】解：（1）设抛物线的解析式为y=a（x﹣3）2，把点B（0，4），代入得9a=4，解得a=，所以抛物线的解析式为y=（x﹣3）2，（2）∵m、n为正整数，n=（x﹣3）2，∴（x﹣3）2应是9的倍数，∴m是3的倍数，又∵m＞3，∴m=6，9，12，当m=6时、n=4，此时MA=5，MB=6，∴当M≥9时，MB＞6，∴四边形OAMB四条边的长度不是四个连续的正整数，∴点M的坐标只有一种可能（6，4）．【点评】此题主要考查了二次函数解析式的确定以及二次函数最值的应用，同时还考查了分类讨论的数学思想，难度较大．24．如图，在平面直角坐标系中，O为坐标原点，⊙C的圆心坐标为（﹣2，﹣2），半径为．函数y=﹣x+2的图象与x轴交于点A，与y轴交于点B，（1）连接CO，求证：CO⊥AB；（2）点P为线段AB上一动点，试探索：①当△POA是等腰三角形，求点P的坐标；②当直线PO与⊙C相切时，求∠POA的度数；③当直线PO与⊙C相交时，设交点为E、F，点M为线段EF的中点，令PO=t，MO=s，求s与t之间的函数关系，并直接写出t的取值范围．【考点】一次函数综合题．【专题】综合题．【分析】（1）要靠辅助线来完成解题．延长CO交AB于D，过点C作CG⊥x轴于点G，根据题意求得坐标A，B，继而求出∠DAO=45°．然后根据点C的坐标求出CG=OG=2，故求得∠COG=45°，∠AOD=45°后可知∠ODA=90°，证得CO⊥AB．（2）要使△PDA为等腰三角形，要分三种条件解答．即当OP=OA；当PO=PA以及AP=AC三种情况．（3）当直线PO与⊙O相切时，设切点为K，连接CK，则CK⊥O．由点C的坐标为（﹣2，﹣2），易得CO=2，求出∠COK=30°，同理求出∠POA的另一个值为15°．因为M为EF的中点，可以推出△COM∽△POD，然后根据线段比求出MO•PO=CO•DO．求出st的值．故当PO过圆心C时，可求出s 的值．【解答】解：（1）延长CO交AB于D，过点C作CG⊥x轴于点G．因为直线AB的函数关系式是y=﹣x+2，所以易得A（2，0），B（0，2）所以AO=BO=2又因为∠AOB=90°，所以∠DAO=45°因为C（﹣2，﹣2），所以CG=OG=2所以∠COG=45°，∠AOD=45°所以∠ODA=90°，所以OD⊥AB，即CO⊥AB（2）①要使△POA为等腰三角形，1）当OP=OA时，此时点P与点B重合，所以点P坐标为（0，2）；2）当PO=PA时，由∠OAB=45°，所以点P恰好是AB的中点，所以点P坐标为（1，1）；3）当AP=AO时，则AP=2，过点P作PH⊥OA交于点H，在Rt△APH中，易得PH=AH=，所以OH=2﹣，所以点P坐标为（2﹣，）综上所述，P（0，2）、P（2﹣，）、P（1，1）；②当直线PO与⊙C相切时，设切点为K，连接CK，则CK⊥OK，21由点C 的坐标为（﹣2，﹣2），易得CO=2， 又因为⊙C 的半径为，所以∠COK=30°，所以∠POD=30°，又∠AOD=45°，所以∠POA=75°同理可求出∠POA 的另一个值为15°所以∠POA 等于75°或15°③因为M 为EF 的中点，所以CM⊥EF，又因为∠COM=∠POD，CO⊥AB，所以△COM∽△POD，所以=，即MO•PO=CO•DO，因为PO=t ，MO=s ，CO=2，DO=，所以st=4，当PO 过圆心C 时，MO=CO=2，PO=DO=，即MO•PO=4，也满足st=4， 所以s=．（）．【点评】本题难度偏大，考查的是一次函数的运用，圆的知识以及相似三角形的有关知识．考生要注意的是要根据最基本的一次函数循序解答．要注意的是（2）中，要根据P 点的不同位置进行分类求解．。
山东省淄博市高考化学二模试卷(含解析)
山东省淄博市2015年高考化学二模试卷一、选择题（共7小题，每小题5分，满分35分）1．下列说法正确的是（）A．淀粉、油脂和蛋白质都是高分子化合物B．乙酸乙酯和植物油水解均可生成乙醇C．“地沟油”的主要成分是油脂，其类别与煤油不同D．煤中含有煤焦油及多种化工原料，可通过煤的干馏获得考点：有机高分子化合物的结构和性质；煤的干馏和综合利用；油脂的性质、组成与结构．. 分析：A．油脂不是高分子化合物；B．植物油的主要成分是不饱和脂肪酸的甘油酯；C．油脂属于酯类，而煤油是由烃类物质构成的；D．通过煤的干馏可获得焦炭和焦炉气、煤焦油．解答：解：A．淀粉和蛋白质是高分子化合物，但油脂不是，故A错误；B．乙酸乙酯可水解生成乙醇和乙酸，但是植物油可水解生成不饱和脂肪酸和甘油，故B错误；C．油脂的成分是高级脂肪酸甘油酯，属于酯类，而煤油均属于复杂烃类的混合物，故C正确；D．通过煤的干馏获得焦炭和焦炉气、煤焦油，是化学变化，所以煤中不含有煤焦油及多种化工原料，故D错误．故选C．点评：本题考查了有机物的组成和性质，熟悉常见有机物的性质和煤的干馏是解题关键，侧重考查学生对基础知识的掌握，题目难度不大．2．（5分）（2015•淄博二模）短周期元素X、Y、Z、W原子序数依次增大．X的质子数与电子层数相同，Y、Z同周期且相邻，Z的最外层电子数是其内层电子数的3倍，元素W在地壳中的含量仅次于氧．下列说法正确的是（）A．原子半径：r（W）＞r（Y）＞r（Z）＞r（X）B．X、Y、Z三种元素形成的化合物中只有共价键C．最高价氧化物对应水化物的酸性：W＞YD．气态简单氢化物的热稳定性：Y＞Z考点：原子结构与元素周期律的关系．.分析：短周期元素X、Y、Z、W原子序数依次增大，X的质子数与电子层数相同，则X为H 元素；Z的最外层电子数是其内层电子数的3倍，原子只能有2个电子层，最外层电子数为6，故Z为O元素；Y、Z同周期且相邻，则Y为N元素；元素W在地壳中的含量仅次于氧，则W为Si，据此解答．解答：解：短周期元素X、Y、Z、W原子序数依次增大，X的质子数与电子层数相同，则X 为H元素；Z的最外层电子数是其内层电子数的3倍，原子只能有2个电子层，最外层电子数为6，故Z为O元素；Y、Z同周期且相邻，则Y为N元素；元素W在地壳中的含量仅次于氧，则W为Si．A．同周期自左而右原子半径减小，同主族自上而下原子半径增大，所有元素中H原子半径最小，故原子半径：r（Si）＞r（N）＞r（O）＞r（H），故A正确；B ．X 、Y 、Z 三种元素形成的化合物NH4NO3中含有离子键、共价键，故B 错误；C ．非金属性Y （N ）＜Z （O ），故氢化物稳定性：NH3＜H2O ，故D 错误；D ．非金属性Y （N ）＞W （Si ），故酸性：硝酸＞硅酸，故C 错误，故选A ．点评：本题考查原子结构与元素周期律，推断元素是解题关键，侧重对元素周期律的考查，难度不大．3．（5分）（2015•淄博二模）若要产生一定量的氯气，下列物质分别与足量浓盐酸反应，消耗的物质的量最少的是（ ）A ． KMnO4B ． KClO3C ． MnO2D ． Ca （ClO ）2考点：氧化还原反应的计算．. 分析：根据物质和浓盐酸反应的特点，等物质的量的各个物质得到电子数越多，则生成氯气越多，则生成等量的氯气消耗的物质的量最少，据此回答判断．解答：解：设物质的量都是1mol ， KMnO4中的Mn 从+7降为+2价，KClO3中Cl 从+5降为0价，MnO2中的Mn 从+4价降为+2价，Ca （ClO ）2中的Cl 从+1价降为0价，转移电子分别是：5mol 、5mol 、2mol 、2mol ，并且B 中，氯酸钾和盐酸反应中，氧化产物与还原产物均为氯气，所以产生的氯气最多，则生成等量的氯气，消耗的氯酸钾的物质的量最少．故选B ．点评：本题考查氧化还原反应的计算，把握反应中元素的化合价变化计算转移电子为解答的关键，侧重分析与计算能力的考查，题目难度不大．4．（5分）（2015•淄博二模）下列对事实的解释或结论不正确的是（ ）事实 解释或结论A 向Na2CO3浓溶液中通入足量CO2溶液变浑浊 溶解度：NaHCO3＜Na2CO3B 常温下相同浓度NaHCO3溶液的pH 大于NaHSO3的pH 酸性：H2CO3＜H2SO3C 向2mL 1mol/LAlCl3溶液中加入几滴1mol/LNaOH 溶液，生成白色沉淀，再加入几滴1mol/LFeCl3溶液，沉淀变为红褐色Ksp ：Al （OH ）3＞Fe （OH ）3D 将硫酸酸化的H2O2滴入Fe （NO3）2溶液，溶液变黄色 氧化性：H2O2＞Fe3+A ． AB ． BC ． CD ． D考点：化学实验方案的评价．. 分析：A ．相同条件下，碳酸氢钠的溶解度比碳酸钠的溶解度小；B ．相同浓度NaHCO3溶液的pH 大于NaHSO3的pH ，pH 大的对应酸的酸性越弱；C ．NaOH 不足，生成氢氧化铝沉淀，然后发生沉淀的转化；D．酸性条件下硝酸根离子的氧化性大于过氧化氢的氧化性．解答：解：A．向Na2CO3浓溶液中通入足量CO2溶液变浑浊生成碳酸氢钠，可知溶解度：NaHCO3＜Na2CO3，故A正确；B．常温下相同浓度NaHCO3溶液的pH大于NaHSO3的pH，前者pH大，可知酸性：H2CO3＜H2SO3，故B正确；C．生成白色沉淀，再加入几滴1mol/LFeCl3溶液，沉淀变为红褐色，发生沉淀的转化，氢氧化铁更难溶，则 Ksp：Al（OH）3＞Fe（OH）3，故C正确；D．将硫酸酸化的H2O2滴入Fe（NO3）2溶液，溶液变黄色，亚铁离子被氧化，但硝酸根离子可氧化亚铁离子，不能比较H2O2、Fe3+的氧化性，故D错误；故选D．点评：本题考查化学实验方案的评价，为高频考点，涉及物质的性质、酸性比较与盐类水解、沉淀转化、氧化还原反应等，把握物质的性质、反应原理为解答的关键，侧重分析与实验能力的考查，注意实验的评价性分析，题目难度不大．5．（5分）（2015•淄博二模）关于的下列说法中正确的是（）A．分子式为C9H9O2B．含有三种官能团C．可使溴的四氯化碳溶液或酸性KMnO4溶液褪色D．可以发生取代反应和加成反应，但不能发生聚合反应考点：有机物的结构和性质．.分析：由结构可知分子式，分子中含碳碳双键、﹣COOH，结合烯烃、羧酸的性质来解答．解答：解：A．苯环上有5个H，则分子式为C9H8O2，故A错误；B．含碳碳双键、﹣COOH两种官能团，故B错误；C．含双键，可使溴的四氯化碳溶液或酸性KMnO4溶液褪色，故C正确；D．含双碱键，可发生加成、加聚反应，含﹣COOH可发生取代反应，故D错误；故选C．点评：本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握官能团与性质的关系为解答的关键，侧重烯烃、羧酸性质的考查，题目难度不大．6．（5分）（2015•淄博二模）下列说法正确的是（）A．1mL pH=2的醋酸溶液加水稀释到10mL，pH变为3B．常温下，Na2CO3溶液中加水稀释时，增大C．向氯水中加入少量NaOH溶液，一定有c（Na+）=c（Cl﹣）+c（ClO﹣）D．NH4Cl溶液稀释过程中．c（NH4+）与c（NH3•H2O）之和始终保持不变考点：弱电解质在水溶液中的电离平衡；离子浓度大小的比较．.分析：A．醋酸是弱电解质加水稀释促进电离；B．Na2CO3溶液中存在水解平衡：CO32﹣+H2O⇌HCO3﹣+OH﹣，加水平衡正移；C．根据电荷守恒分析；D．NH4Cl溶液稀释过程中浓度减小．解答：解：A．醋酸是弱电解质加水稀释促进电离，溶液中氢离子的物质的量增大，所以1mL pH=2的醋酸溶液加水稀释到10mL，pH＜3，故A错误；B．Na2CO3溶液中存在水解平衡：CO32﹣+H2O⇌HCO3﹣+OH﹣，加水平衡正移，HCO3﹣的物质的量增大，CO32﹣的物质的量减小，则增大，故B正确；C．向氯水中加入少量NaOH溶液，溶液中存在电荷守恒：c（Na+）+c（H+）=c（Cl﹣）+c（ClO﹣）+c（OH﹣），由于溶液显酸性，c（H+）＞c（OH﹣），则c（Na+）＜c（Cl ﹣）+c（ClO﹣），故C错误；D．NH4Cl溶液稀释过程中浓度减小，则c（NH4+）与c（NH3•H2O）之和逐渐减小，故D错误．故选B．点评：本题考查了弱电解质的电离平衡和盐的水解平衡的应用，难度不大，化学平衡移动原理同样适合水解平衡的移动，要多迁移，多联系．7．（5分）（2015•淄博二模）关于如图装置的下列叙述中不正确的是（）A．无论a和b是否连接，该装置的反应原理相同B．a和b分别连接直流电源正、负极可以实现铁上镀铜C．a和b不连接时反应速率比a和b用导线连接时的速率慢D．在a、b之间连接一小灯泡，改变Cu2+的浓度不会影响灯泡亮度考点：原电池和电解池的工作原理．.分析：A、无论a和b是否连接，都发生Fe+Cu2+=Fe2++Cu；B、实现铁上镀铜，则铁为阴极，铜为阳极；C、a和b不连接时，Fe与硫酸铜溶液发生置换反应；a和b用导线连接时，形成原电池，加快了铁将金属铜从其盐中置换出来的速度；D、改变Cu2+的浓度，则改变了电路中电流的大小．解答：解：A、a和b不连接时，铁片和硫酸铜溶液之间发生化学反应，铁能将金属铜从其盐中置换出来，a和b用导线连接时，形成了原电池，加快了铁将金属铜从其盐中置换出来的速度，无论a和b是否连接，铁片均会溶解，反应原理相同，故A正确；B、实现铁上镀铜，则铁为阴极，铜为阳极，所以a和b分别连接直流电源正、负极，故B正确；C、a和b不连接时，铁片和硫酸铜溶液之间发生化学反应，铁能将金属铜从其盐中置换出来，a和b用导线连接时，形成了原电池，加快了铁将金属铜从其盐中置换出来的速度，故C正确；D、在a、b之间连接一小灯泡，改变Cu2+的浓度，则改变了电路中电流的大小，影响灯泡亮度，故D错误．故选D．点评：本题考查学生化学反应与原电池反应，明确原电池的工作原理及所发生的氧化还原反应是解答本题的关键，电解过程的反应原理应用，难度不大．二、解答题（共4小题，满分53分）8．（18分）（2015•淄博二模）（1）某催化剂可将汽车尾气中的CO、NO转化为无毒气体．已知：2CO（g）+O2（g═2CO2（g）△H1=akJ．mol﹣1N2（G）+O2（G）═2NO（g）△H2=bkJ．mol﹣1①反应2NO（g）+2CO（g）⇌N2（g）+2CO2（g）的△H=a﹣b kJ．mol﹣1②可以利用反应：NO2+G N2+H2O+nX（n可以为零）将NO2变成无害N2，若要求X必须为无污染的物质，则G可以是ad （填写字母）．a．NH3 b．CO2 c．SO2 d．CH3CH2OH当反应中转移1.2mol电子时，消耗NO2 6.72 L（标准状况）．•③用NaOH溶液吸收工业尾气中的SO2最终制得石膏（CaSO4•2H2O）．为节约资源减少排放实现物质的循环利用，生产过程中还需要加入的固体物质是CaO或Ca（OH）2 （填化学式）．（2）工业上通过电解含NH4F的无水熔融物生产NF3气体，其电解原理如右图所示．则a极为阳极，该极的电极反应式NH4++3F﹣﹣6e﹣=NF3+4H+（3）用电镀法在铁板表面镀锌或锡可防腐，这种防止金属腐蚀的方法从原理上属于覆盖保护层法．考点：电解原理；氧化还原反应；用盖斯定律进行有关反应热的计算．.分析：（1）①2CO（g）+O2（g═2CO2（g）△H1=akJ．mol﹣1 （i），N2（G）+O2（G）═2NO （g）△H2=bkJ．mol﹣1 （ii），（i）﹣（ii）得出目标方程式；②根据氧化还原反应中氧化剂和还原剂的特点结合常见的氧化剂和还原剂来回答；③石膏中含有元素Ca，结合反应原理判断固体物质即可；（2）由图可知，氢离子在b极得到电子生成氢气，故b为阴极，那么a为阳极，据此解答即可；（3）依据常见金属保护方法回答即可．解答：解：（1）①2CO（g）+O2（g═2CO2（g）△H1=akJ．mol﹣1 （i），N2（G）+O2（G）═2NO（g）△H2=bkJ．mol﹣1 （ii），（i）﹣（ii）得出目标方程式为：2NO（g）+2CO（g）⇌N2（g）+2CO2（g），故△H=（a﹣b）kJ．mol﹣1，故答案为：a﹣b；②将NO2变成无害的N2中，氮元素的化合价降低了，二氧化氮做氧化剂，需要加入还原剂，X必须为无污染的物质，在下列四种物质：a．NH3 b．CO2 c．SO2 d．CH3CH2OH中，能被二氧化氮氧化具有还原性的物质有乙醇和NH3，NO2由+4价降低为0价，降低4价，即转移4mol电子，当反应中转移1.2mol电子时，消耗NO2 为0.3mol，体积为6.72L，故答案为：还原剂；ad；6.72；③二氧化硫为酸性气体，除利用氢氧化钠浓溶液吸收外，还可以利用CaO或氢氧化钙吸收制取石膏，故还需要的固体物质是CaO或Ca（OH）2，故答案为：CaO或Ca（OH）2；（2）由图可知，氢离子在b极得到电子生成氢气，故b为阴极，那么a为阳极，阳极上铵根失去电子生成NF3，电极反应方程式为：NH4++3F﹣﹣6e﹣=NF3+4H+，故答案为：阳；NH4++3F﹣﹣6e﹣=NF3+4H+；（3）用电镀法在铁板表面镀锌或锡可防腐，这种防止金属腐蚀的方法从原理上属于覆盖保护层法，故答案为：覆盖并保护层．点评：本题主要考查的是盖斯定律的应用、氧化还原反应方程式书写、电解池反应原理等，综合性较强，难度较大，注意整理归纳．9．（7分）（2015•淄博二模）将0.40mol N2O4气体充入2L固定容积的密闭容器中发生如下反应：N2O4（g）⇌2NO2（g）△H．在Tl℃和T2℃时，测得NO2的物质的量随时间变化如图所示：（1）Tl℃时，40s～80s内用N2O4表示该反应的平均反应速率为0.00125 mol/（L•s）．（2）△H＞O（填“＞”、“＜”或“=”）．（3）改变条件重新达到平衡时，要使的比值变小，可采取的措施有ac （填序号）．a．增大N2O4的起始浓度b．升高温度c．向混合气体中通入NO2d．使用高效催化剂．考点：物质的量或浓度随时间的变化曲线；化学平衡的影响因素．.分析：（1）Tl℃时，40s～80s内二氧化氮的物质的量从0.40mol变为0.60mol，根据v=计算出用二氧化氮表示的平均反应速率，然后根据反应速率与化学计量数成正比计算出用N2O4表示的平均反应速率；（2）根据图象曲线变化可知，Tl℃时反应速率大于T2℃，且T2℃达到平衡时二氧化氮的物质的量小于Tl℃，根据温度对化学平衡的影响判断该反应的反应热；（3）a．增大N2O4的起始浓度，增大了压强，平衡向着逆向移动，该比值变小；b．升高温度，平衡向着吸热的反应方向移动；c．向混合气体中通入NO2，相当于增大了压强，平衡向着逆向移动，该比值偏小；d．使用高效催化剂，不影响化学平衡．解答：解：（1）Tl℃时，40s～80s内二氧化氮的物质的量从0.40mol变为0.60mol，则用二氧化氮表示该时间段的平均反应速率为：v（NO2）==0.0025mol/（L•s），化学反应速率与化学计量数成正比，则v（N2O4）=v（NO2）=0.00125mol/（L•s），故答案为：0.00125；（2）根据图象曲线变化可知，Tl℃时反应速率大于T2℃，则温度大小为：Tl℃＞T2℃，而在T2℃达到平衡时二氧化氮的物质的量小于Tl℃，说明升高温度，平衡向着正向移动，则该反应为吸热反应，△H＞0，故答案为：＞；（3）a．增大N2O4的起始浓度，相当于增大了压强，平衡向着逆向移动，则的比值变小，故a正确；b．该反应为吸热反应，升高温度，平衡向着正向移动，则二氧化氮浓度增大、四氧化二氮浓度减小，故该比值增大，故b错误；c．向混合气体中通入NO2，相当于增大了压强，平衡向着逆向移动，二氧化氮浓度减小、四氧化二氮浓度增大，该比值减小，故c正确；d．使用高效催化剂，对化学平衡不影响，则该比值不变，故d错误；故答案为：ac．点评：本题考查了物质的量随时间变化的曲线及化学平衡的影响因素，题目难度中等，明确图象曲线变化的含义为解答关键，注意掌握化学平衡及其影响、化学反应速率的计算方法．10．（10分）（2015•淄博二模）已知：常温下，HCN的电离常数为Ka=5×10﹣10．（1）有浓度相同的HCN和NaCN的混合溶液．①通过计算说明该溶液的酸碱性碱性．②该溶液中各离子的浓度由大到小的顺序是c（Na+）＞c（CN﹣）＞c（OH﹣）＞c（H+）．（2）常温下，向某浓度的HCN溶液中逐滴加入NaOH溶液至溶液呈中性．①该过程溶液中水的电离程度的变化为增大．②若混合溶液中c（Na+）=a mol/L，则c（HCN）= 200a mol/L．考点：弱电解质在水溶液中的电离平衡；离子浓度大小的比较．.分析：（1）①通过Kh=计算，然后比较Ka与Kh的大小来判断；②溶液显碱性，c（OH﹣）＞c（H+），水解程度大于电离程度，则c（Na+）＞c（CN﹣）；（2）①HCN与NaOH反应生成NaCN，NaCN水解促进水的电离；②根据Ka=计算．解答：解：（1）①已知：常温下，HCN的电离常数为Ka=5×10﹣10，则Kh===2×10﹣5，则Ka＜Kh，HCN的电离程度小于NaCN的水解程度，溶液显碱性；故答案为：碱性；②溶液显碱性，c（OH﹣）＞c（H+），水解程度大于电离程度，则c（Na+）＞c（CN﹣），则该溶液中各离子的浓度由大到小的顺序是：c（Na+）＞c（CN﹣）＞c（OH﹣）＞c（H+）；故答案为：c（Na+）＞c（CN﹣）＞c（OH﹣）＞c（H+）；（2）①向某浓度的HCN溶液中逐滴加入NaOH溶液至溶液呈中性，HCN与NaOH反应生成NaCN，NaCN水解促进水的电离，所以水的电离程度增大；故答案为：增大；②溶液为中性，则由电荷守恒：c（Na+）+c（H+）=c（OH﹣）+c（CN﹣），可知c（CN﹣）=c（Na+）=a mol/L，Ka===5×10﹣10，则c（HCN）=200amol/L；故答案为：200a．点评：本题考查了盐类水解、混合溶液中离子浓度大小判断、Ka和Kh的有关计算等，注意电荷守恒的应用，题目难度中等．11．（18分）（2015•淄博二模）用硼镁矿（主要成分为Mg2B2O5•H2O，含少量A12O3和Fe3O4）制取粗硼的工艺流程为：已知：①硼与铝的性质相似，也能与氢氧化钠溶液反应．②2B+6HCl（g）2BCl3+3H2↑③BCl3的熔点为﹣107.3℃，沸点为l2.5℃，在潮湿空气中易形成白雾．I．回答下列问题：（1）证明溶液B中含有铁元素的方法是取少许溶液B于试管中，滴加几滴KSCN溶液，溶液变红色，说明含有Fe元素（2）Mg与X反应制取粗硼的化学方程式3Mg+B2O32B+3MgO（3）上图中制取MgCl2的“一定条件”是指HCl氛围、加热II．某同学设计如图所示装置制备三氯化硼．回答下列问题：（4）E装置的作用是冷却并收集BCl3 ．（5）如果去掉B装置，可能的后果是加热时B与HCl反应生成的氢气与氯气混合易发生爆炸．（6）E装置后面还应连接的一个装置是 d ．考点：制备实验方案的设计．.分析：I．硼镁矿主要成分为Mg2B2O5•H2O，可以看做2MgO•B2O3•H2O，含有少量杂质A12O3和Fe3O4，用浓氢氧化钠溶液溶解，B2O3、A12O3与氢氧化钠反应得到NaBO2、NaAlO2，而MgO、Fe3O4不与氢氧化钠反应，过滤得到滤渣为MgO、Fe3O4，滤液A中为NaBO2、NaAlO2及剩余的NaOH，浓缩后通入过量的二氧化碳，经过系列操作得到H3BO3，加热得到B2O3，再与Mg发生置换反应反应得到B与MgO．滤渣与过量的浓盐酸反应得到溶液B中有MgCl2、FeCl3及未反应的HCl，加入氧化镁等调节溶液pH，使溶液中铁离子转化为氢氧化铁沉淀，再过滤除去，溶液进行蒸发结晶得到MgCl2•7H2O，在HCl氛围下加热分解得到MgCl2，以防止氯化镁水解，再电解熔融的MgCl2得到金属Mg及氯气．（1）中溶液B中含有的铁元素以Fe3+形式存在，用KSCN溶液进行检验；Ⅱ．BCl3在潮湿空气中易形成白雾，遇水发生水解反应，应在无水环境下进行，装置A制备氯气，制备的氯气中含有挥发出的HCl，由于B与HCl可以发生反应：2B+6HCl（g）2BCl3+3H2↑，生成的氢气与氯气易发生爆炸，B装置吸收HCl，C装置由于干燥氯气，D装置中B与氯气反应生成BCl3，由于BCl3的沸点较低，反应得到为气态BCl3，E装置利用冰水冷却收集得到液体BCl3，由于未反应的氯气会污染环境，需要在E装置之后添加吸收氯气装置，同时防止空气中的水蒸气加入D中，防止BCl3发生水解．解答：解：I．硼镁矿主要成分为Mg2B2O5•H2O，可以看做2MgO•B2O3•H2O，含有少量杂质A12O3和Fe3O4，用浓氢氧化钠溶液溶解，B2O3、A12O3与氢氧化钠反应得到NaBO2、NaAlO2，而MgO、Fe3O4不与氢氧化钠反应，过滤得到滤渣为MgO、Fe3O4，滤液A中为NaBO2、NaAlO2及剩余的NaOH，浓缩后通入过量的二氧化碳，经过系列操作得到H3BO3，加热得到B2O3，再与Mg发生置换反应反应得到B与MgO．滤渣与过量的浓盐酸反应得到溶液B中有MgCl2、FeCl3及未反应的HCl，加入氧化镁等调节溶液pH，使溶液中铁离子转化为氢氧化铁沉淀，再过滤除去，溶液进行蒸发结晶得到MgCl2•7H2O，在HCl氛围下加热分解得到MgCl2，以防止氯化镁水解，再电解熔融的MgCl2得到金属Mg及氯气．（1）中溶液B中含有的铁元素以Fe3+形式存在，用KSCN溶液进行检验，具体操作为：取少许溶液B于试管中，滴加几滴KSCN溶液，溶液变红色，说明含有Fe元素，故答案为：取少许溶液B于试管中，滴加几滴KSCN溶液，溶液变红色，说明含有Fe 元素；（2）Mg与B2O3得到B与MgO，反应方程式为：3Mg+B2O32B+3MgO，故答案为：3Mg+B2O32B+3MgO；（3）MgCl2•7H2O在HCl氛围下加热分解得到MgCl2，以防止氯化镁水解，故答案为：HCl氛围、加热；Ⅱ．BCl3在潮湿空气中易形成白雾，遇水发生水解反应，应在无水环境下进行，装置A制备氯气，制备的氯气中含有挥发出的HCl，由于B与HCl可以发生反应：2B+6HCl（g）2BCl3+3H2↑，生成的氢气与氯气易发生爆炸，B装置吸收HCl，C装置由于干燥氯气，D装置中B与氯气反应生成BCl3，由于BCl3的沸点较低，反应得到为气态BCl3，E装置利用冰水冷却收集得到液体BCl3，由于未反应的氯气会污染环境，需要在E装置之后添加吸收氯气装置，同时防止空气中的水蒸气加入D中，防止BCl3发生水解．（4）由上述分析可知，E装置的作用是：冷却并收集BCl3，故答案为：冷却并收集BCl3；（5）B装置吸收HCl，若去掉B装置，B与HCl可以发生反应：2B+6HCl（g）2BCl3+3H2↑，生成的氢气与氯气易发生爆炸，故答案为：加热时B与HCl可以发生反应：2B+6HCl（g）2BCl3+3H2↑，生成的氢气与氯气混合易发生爆炸，故答案为：加热时B与HCl反应生成的氢气与氯气混合易发生爆炸；（6）由于未反应的氯气会污染环境，BCl3遇水发生水解，故需要在E装置之后添加吸收氯气装置，同时防止空气中的水蒸气加入D中，防止BCl3发生水解，a中浓硫酸不能吸收剩余的氯气，bc均含有水，水蒸气可以进入E中，导致BCl3发生水解，d中碱石灰可以吸收氯气与空气中水蒸气，故选：d．点评：本题考查实验制备方案，侧重考查学生对装置的分析评价、实验条件的控制等，明确原理是解题关键，是对学生综合能力的考查，注意对题目信息的提取与运用，难度中等．【化学-物质结构与性质】（共1小题，满分12分）12．（12分）（2015•淄博二模）（1）K4[Fe（CN）6]中Fe2+与CN﹣两种离子之间的作用力是配位键，基态Fe2+的电子排布式1s22s22p63s23p63d6 或[Ar]3d6 ，1molCN﹣中含有π键的数目为2NA ．（2）二甲醚（CH3OCH3）中氧原子的杂化方式为sp3 ，二甲醚的沸点比乙醇（CH3CH2OH）的沸点低．（3）已知NH3容易与H+结合生成NH4+，但NF3却难于H+结合，其原因是F的电负性比N 大，N﹣F成键电子对向F偏移，导致NF3中N原子核对其孤对电子的吸引能力增强，难以形成配位键，故NF3不易与H+形成配离子．（4）O2﹣离子和Na+离子形成的晶胞如图，距一个阴离子周围最近的所有阳离子为顶点构成的几何图形为立方体．考点：晶胞的计算；原子核外电子排布；原子轨道杂化方式及杂化类型判断．.分析：（1）铁是26号元素，其原子核外有26个电子，铁原子失去2个电子变成Fe2+，根据构造原理书写Fe2+核外电子排布式，提供空轨道的原子和提供孤电子对的原子之间易形成配位键；CN﹣中含有三键，三键中含有两个π键；（2）二甲醚（CH3OCH3）中氧原子形成2个共价键，还有两个孤电子对；CH3CH2OH 含氢键，使其沸点升高；（3）根据电负性的角度分析；（4）O和Na形成的一种只含有离子键的离子化合物为Na2O，该晶胞结构中小球有8×+6×=4，大球在内部，共有8个，所以小球为O2﹣，大球为Na+．解答：解：（1）亚铁离子含有空轨道，N原子含有孤电子对，所以能形成配位键；铁是26号元素，其原子核外有26个电子，铁原子失去最外层2个电子变成Fe2+，根据构造原理知，其基态离子核外电子排布式为1s22s22p63s23p63d6 或[Ar]3d6 ，CN﹣中含有三键，三键中含有两个π键，则1molCN﹣中含有π键的数目为2NA；故答案为：配位键；1s22s22p63s23p63d6 或[Ar]3d6 ；（2）二甲醚（CH3OCH3）中氧原子形成2个共价键，还有两个孤电子对，所以氧原子的价层电子对数为4，其杂化方式为sp3；CH3CH2OH含氢键，使其沸点升高，CH3CH2OH 的沸点高于CH3OCH3的沸点，故答案为：sp3；低；（3）N、F、H三种元素的电负性：F＞N＞H，所以NH3中共用电子对偏向N，而在NF3中，共用电子对偏向F，偏离N原子，导致NF3中N原子核对其孤对电子的吸引能力增强，难以形成配位键，故NF3不易与H+形成配离子；故答案为：F的电负性比N大，N﹣F成键电子对向F偏移，导致NF3中N原子核对其孤对电子的吸引能力增强，难以形成配位键，故NF3不易与H+形成配离子；（4）O和Na形成的一种只含有离子键的离子化合物为Na2O，该晶胞结构中小球有8×+6×=4，大球在内部，共有8个，所以小球为O2﹣，大球为Na+，以晶胞中上面心O2﹣离子为研究对象，距一个O2﹣周围最近的Na+离子有8个，位于晶胞中上层4个Na+及上面晶胞中的下层4个Na+，8个Na+离子形成立方体结构，故答案为：立方体．点评：本题考查知识点较多，为原子结构与性质的习题，涉及配位键、电子排布、共价键的类型、氢键对物质性质的影响、晶体结构及其计算，（4）为解答的难点，题目难度中等．【化学-有机化学基础】13．（2015•淄博二模）醋硝香豆素是一种治疗心脑血管疾病的药物，能阻碍血栓扩展，可以通过以下方法合成（部分反应条件省略）．已知：R1﹣CHO R1﹣CH=+H2O回答以下问题：（1）E中所具有的含氧官能团名称是硝基、羰基．（2）反应②的化学方程式为．（3）E与G反应的类型是加成反应．（4）关于E物质，下列说法正确的是abc （填字母序号）．a．在核磁共振氢谱中有五组吸收峰b．可以用新制的氢氧化铜溶液鉴别D和Ec．可以发生加成反应、聚合反应、氧化反应和还原反应d.1molE最多可以消耗4molH2（5）写出G的结构简式．（6）G的某种同分异构体分子中只含有一个环，可与氯化铁溶液发生显色反应，与碳酸氢钠溶液反应生成二氧化碳，苯环上的一氯代物只有两种，其结构简式为．考点：有机物的合成．.分析：甲苯和硝酸发生取代反应生成A，根据D的结构知，A结构简式为，B的结构简式为，结合C相对分子质量知，C结构简式为，D和丙酮反应生成E，E结构简式为，苯酚和丙二酸酐反应生成G，E和G反应生成醋酸香豆素，根据醋酸香豆素结构简式知，G结构简式为，据此分析解答．解答：解：甲苯和硝酸发生取代反应生成A，根据D的结构知，A结构简式为，B的结构简式为，结合C相对分子质量知，C结构简式为，D和丙酮反应生成E，E结构简式为，苯酚和丙二酸酐反应生成G，E和G反应。
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考试用时150分钟．答题前，考生务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的姓名、考生号、县区和科类填写在试卷和答题卡规定的位置．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回．第I卷(必做，共107分)注意事项：1．第I卷共20小题．2．每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦净后，再选涂其它答案标号。
不涂在答题卡上，只答在试卷上不得分．以下数据可供答题时参考：相对原子质量：H l C 12 N 14 O 16 Na 23 Mg 24 Al 27 S 32 Cl 35.5 K 39 Ca 40 Cr 52 Fe 56 Cu 64 Zn 65一、选择题(共13小题，每小题5分，共65分。
每小题只有一个选项符合题意。
) 1．蝌蚪在变态发育过程中，尾部逐渐消失。
下列有关叙述错误的是A．与甲状腺激素的调节有关B．与尾部细胞中的溶酶体有关C．与基因突变改变遗传信息有关D．与有关基因程序地表达有关2．下列关于生物学实验的描述，正确的是A．用黑藻叶片进行观察质壁分离与复原实验时，叶绿体的存在会干扰实验现象的观察B．用改良苯酚品红染色观察低温诱导的植物染色体数目C．纸层析法分离叶绿体色素的实验结果表明，叶绿素a在层析液中溶解度最低D．用标志重捕法调查田鼠种群密度及农田土壤小动物的丰富度3.“内质网压力”是指过多的物质，如脂肪积累到内质网中使其出错的状态。
山东省淄博市2015届高三5月阶段性诊断考试(二模)理科综合试题word版 含答案
高三阶段性诊断考试试题理科综合本试卷分第I卷和第II卷两部分，共16页。
满分300分。
考试用时150分钟。
答题前务必用0.5毫米黑色字笔将自己的姓名、座号、考生号、区县和科类填写在试卷和答题卡规定的位置。
考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
第I卷(必做，共107分)注意事项：1.第I卷共20题。
2.每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
不涂在答题卡上，只答在试卷上不得分。
以下数据可供答题时参考：相对原子质量：O 16 Al 27 S 32 Fe 56 Cu 641.药物毒性损伤细胞的内质网后，下列受影响最小的生理活动是A.小肠绒毛上皮细胞从肠腔吸收甘油B．性腺腺细胞合成并分泌性激素C．肌细胞合成细胞膜上的载体蛋白D．浆细胞合成并分泌抗体2．下列关于酶和ATP的叙述，正确的是A．酶能提供化学反应的活化能，加快化学反应速度B.酶的催化作用能调节细胞和生物体的生长发育C.A TP是细胞内的储备能源物质，含量少、转化快D.A TP的合成需要酶参加，酶的合成需要A TP参与3.以洋葱为实验材料进行实验，下列相关叙述正确的是A．制作洋葱根尖细胞有丝分裂临时装片的步骤依次是解离、染色、漂洗、制片B.低温处理洋葱根尖细胞的有丝分裂装片可诱导根尖细胞染色体数目加倍C.利用甲基绿—吡罗红染液染色洋葱内表皮细胞可观察到细胞核被染成绿色D．观察到紫色洋葱表皮细胞处于质壁分离状态说明此时细胞正在失去水分4．右图表示细胞内蛋白质合成的过程，以下分析正确的是A．密码子位于①上，决定氨基酸的密码子共有20种B．在①、②及核糖体的形成过程中，均需要RNA聚合酶C．多肽③经内质网和高尔基体加工后形成有功能的呼吸酶D．大肠杆菌菌体内的蛋白质合成过程也可用此图表示5.玉米株色的紫色（A）对绿色（a）为显性，该对基因位于第6染色体上。
经X射线照射的紫株玉米的花粉授给绿株玉米，F1代中出现1％的绿株。
淄博市2015届高三5月阶段性诊断考试(二模)高三语文试题及答案
山东省淄博市2015届高三5月阶段性诊断考试（二模）语文试题本试卷分第I卷和第II卷两部分，共8页。
满分150分。
考试用时150分钟。
考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
注意事项：1．答题前，考生务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的姓名、座号、考生号、区县、学校和科类填写在答题卡和试卷规定的位置上。
2．第I卷每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
答案不能答在试卷上。
3．第Ⅱ卷必须用0.5毫米黑色签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应的位置，不能写在试卷上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不能使用涂改液、胶带纸、修正带。
不按以上要求作答的答案无效。
第I卷(共36分)一、(每小题3分，共15分)1．下列词语中加点的字，读音全都正确的一项是（）A．镂．刻(1òu) 熨．帖(yùn) 吝．啬鬼(lìn) 毋．庸置疑(wú)B．剔．除(tī) 斡．旋(wò) 浑．天仪(hún) 追本溯．源(shuò)C．皈．依(guī) 载．体(zài) 紧箍．咒(gū) 掎．角之势(jǐ)D．档．次(dàng) 敕．造(chì) 软着．陆(zháo) 蟾．宫折桂(chán)1．C【考查方向】本题考查考生识记现代汉语普通话常用字字音的能力。
能力层级为识记A。
【解析】A项，“熨”应读“yù”。
“熨”为多音字，读“yùn”的时候，一为名词，烧热后用来烫平衣服的金属器具，一为动词，用烙铁、熨斗烫平；读“yù”的时候，意思有三，一用字、用词合适，恰当，妥帖，二心情安宁、舒畅，三方言，事情完全办妥。
B项，“溯”应读“sù”；追本溯源，追究根本，探索源头，比喻追寻根源。
D项，“着”读“zhuó”；“软着陆”是相对于“硬着陆”方式而言的。
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高三阶段性诊断考试试题理科综合本试卷分第I卷和第II卷两部分，共16页。
满分300分。
考试用时150分钟。
答题前务必用0.5毫米黑色字笔将自己的姓名、座号、考生号、区县和科类填写在试卷和答题卡规定的位置。
考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
第I卷(必做，共107分)注意事项：1.第I卷共20题。
2.每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
不涂在答题卡上，只答在试卷上不得分。
以下数据可供答题时参考：相对原子质量：O 16 Al 27 S 32 Fe 56 Cu 641.药物毒性损伤细胞的内质网后，下列受影响最小的生理活动是A.小肠绒毛上皮细胞从肠腔吸收甘油B．性腺腺细胞合成并分泌性激素C．肌细胞合成细胞膜上的载体蛋白D．浆细胞合成并分泌抗体2．下列关于酶和A TP的叙述，正确的是A．酶能提供化学反应的活化能，加快化学反应速度B.酶的催化作用能调节细胞和生物体的生长发育C.A TP是细胞内的储备能源物质，含量少、转化快D.ATP的合成需要酶参加，酶的合成需要ATP参与3.以洋葱为实验材料进行实验，下列相关叙述正确的是A．制作洋葱根尖细胞有丝分裂临时装片的步骤依次是解离、染色、漂洗、制片B.低温处理洋葱根尖细胞的有丝分裂装片可诱导根尖细胞染色体数目加倍C.利用甲基绿—吡罗红染液染色洋葱内表皮细胞可观察到细胞核被染成绿色D．观察到紫色洋葱表皮细胞处于质壁分离状态说明此时细胞正在失去水分4．右图表示细胞内蛋白质合成的过程，以下分析正确的是A．密码子位于①上，决定氨基酸的密码子共有20种B．在①、②及核糖体的形成过程中，均需要RNA聚合酶C．多肽③经内质网和高尔基体加工后形成有功能的呼吸酶D．大肠杆菌菌体内的蛋白质合成过程也可用此图表示5.玉米株色的紫色（A）对绿色（a）为显性，该对基因位于第6染色体上。
经X射线照射的紫株玉米的花粉授给绿株玉米，F1代中出现1％的绿株。
F l紫株和绿株的第6染色体的检测结果如右图。
相关叙述正确的是A.亲本中紫株的基因型为Aa，绿株的基因型为aaB．X射线照射紫株花粉后，1％的花粉发生了基因突变C.F l紫株的基因型为Aa，F l绿株的基因型为aaD.F1紫株和绿株杂交，F2有4种基因型，2种表现型6.下列有关植物激素及植物生长调节剂的叙述，正确的是A.燕麦胚芽鞘的向光弯曲生长体现了生长素作用的两重性B.不同浓度的生长素对同一植物的同一器官可能具有相同的促进作用C.植物的生长、发育和繁殖过程主要受生长调节剂的调节D.赤霉素和脱落酸在调控种子萌发和休眠时具有协同作用7．下列说法正确的是A．淀粉、油脂和蛋白质都是高分子化合物B．乙酸乙酯和植物油水解均可生成乙醇C.“地沟油”的主要成分是油脂，其类别与煤油不同D.煤中含有煤焦油及多种化工原料，可通过煤的干馏获得8.短周期元素X、Y、Z、W原子序数依次增大。
X的质子数与电子层数相同，Y、Z同周期且相邻，Z的最外层电子数是其内层电子数的3倍，元素W在地壳中的含量仅次于氧。
下列说法正确的是A．原子半径：r(W)>r(Y)>r(Z)>r(X)B．X、Y、Z三种元素形成的化合物中只有共价键C．最高价氧化物对应水化物的酸性：W>YD．气态简单氢化物的热稳定性：Y>Z9．若要产生一定量的氯气，下列物质分别与足量浓盐酸反应，消耗的物质的量最少的是A．KMnO4B．KClO3C．MnO2 D．Ca(ClO)210．下列对事实的解释或结论不正确的是11．关于的下列说法中正确的是A．分子式为C9H9O2B．含有三种官能团C．可使溴的四氯化碳溶液或酸性KMnO4溶液褪色D．可以发生取代反应和加成反应，但不能发生聚合反应12．下列说法正确的是A．1mL pH=2的醋酸溶液加水稀释到10mL，pH变为3B．常温下，Na2CO3溶液中加水稀释时，() ()323c HCOc CO--增大C．向氯水中加入少量NaOH溶液，一定有c(Na+)=c(Cl-)+c(ClO-) D．NH4Cl溶液稀释过程中．c(NH4+)与c(NH3·H2O)之和始终保持不变13.关于右图装置的下列叙述中不正确的是A．无论a和b是否连接，该装置的反应原理相同B.a和b分别连接直流电源正、负极可以实现铁上镀铜C.a和b不连接时反应速率比a和b用导线连接时的速率慢D.在a、b之间连接一小灯泡，改变Cu2+的浓度不会影响灯泡亮度二、选择题(共7小题，每小题6分，共42分。
每小题给出的四个选项中．有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分) 14．如图所示，质量均为m的两个小球A、B固定在轻杆的两端，将其放入光滑的半圆形碗中，杆的长度等于碗的半径，当杆与碗的竖直半径垂直时，两小球刚好能平衡，则小球A对碗的压力大小为A．3mg B．23mg C．3mg D．2mg15．如图甲所示为理想调压变压器，原线圈A、B端的输入电压如图乙所示，则当此变压器工作时，以下说法正确的是A．若滑动触头P处于某一确定位置，当变阻器R的滑动触头下滑时，电流表示数将变大B．若滑动触头P处于某一确定位置，当变阻器R的滑动触头上滑时，电压表示数增大C．若滑动触头P和变阻器R的滑动触头同时上移，则电流表示数一定变大D．若变阻器最大阻值为100 ，且变阻器R的滑动触头置于最上端，则在滑动触头P滑动的过程中，电流表的电流变化范围为0～2.2 A16．如图所示为a、b两小球沿光滑水平面相向运动的v-t图。
已知当两小球间距小于或等于L时，受到相互排斥的恒力作用，当间距大于L时，相互间作用力为零。
由图可知A．a球的质量大于b球的质量B．a球的质量小于b球的质量C．t l时刻两球间距最小D．t3时刻两球间距为L17．如图所示，斜面上a 、b 、c 三点等距，小球从a 点正上方O 点抛出，做初速为v 0的平抛运动，恰落在b 点。
若小球初速变为v ，其落点位于c ，则A. 2v 0<v<3 v 0B ．v=2 v 0 C. v 0<v<2 v 0D ．v>3 v 0l8．北京时间2015年3月30日2l 时52分，我国新一代北斗导航卫星发射升空，卫星顺利进入预定轨道。
“北斗”系统中两颗工作卫星均绕地心O 做匀速圆周运动，轨道半径为r ，某时刻两颗工作卫星分别位于轨道上的A 、B 两位置(如图所示)。
若卫星均沿顺时针运行，地球表面处的重力加速度为g ，地球半径为R 。
不计卫星间的相互作用力。
则以下判断中正确的是 A ．这两颗卫星的加速度大小相等，均为Rg rB ．这两颗卫星的线速度大小相等，均为grC ．卫星l 向后喷气就一定能追上卫星2D ．卫星1由位置A 运动到位置B 所需的时间为3rgr Rg πl9．如图所示，在负点电荷Q 的电场中有A 、B 、C 、D 四点，A 、B 、C 为直角三角形的三个顶点，D 为AB 的中点，30A ∠=，A 、B 、C 、D 四点的电势分别用A B C D ϕϕϕϕ、、、表示。
已知==A B C D ϕϕϕϕ，，电荷Q 在A 、B 、C 三点所确定的平面内，则A ．点电荷Q 一定在AC 的连线上B ．连接CD 的线段一定在同一等势面上C ．将正试探电荷从C 点搬运到B 点，电场力做负功D ．C A ϕϕ大于20．如图甲所示，左侧接有定值电阻2R =Ω的水平粗糙导轨处于垂直纸面向外的匀强磁场中，磁感应强度B=1T ，导轨间距L=lm 。
—质量m=2kg ，阻值2r =Ω的金属棒在水平拉力F 作用下由静止开始从CD 处沿导轨向右加速运动，金属棒的v —x 图像如图乙所示，若金属棒与导轨间动摩擦因数0.25μ=，则从起点发生x=1m 位移的过程中(g=10m ／s 2)A ．金属棒克服安培力做的功W 1=0.5JB ．金属棒克服摩擦力做的功W 2=4JC ．整个系统产生的总热量Q=4.25JD ．拉力做的功W=9.25J第II卷(必做157分+选做36分，共193分)注意事项：l.第II卷共19道题。
其中2l~3l题为必做部分，32~39题为选做部分。
2.第II卷所有题目的答案．考生须用0.5毫米黑色签字笔答在答题卡规定的区城内，在试卷上答题不得分。
3.选做部分考生必须从中选择l道物理题、l道化学题和l道生物题做答。
答题前请考生务必将所选题号用2B铅笔涂黑，答完题后，再次确认所选题号。
【必做部分】2l.(8分)如图甲是测量滑块与木板间动摩擦因数的装置，将木板水平固定在桌面上，利用一根压缩的轻质弹簧来弹开滑块。
请完成下列实验操作与分析。
(1)烧断细线，滑块被弹簧弹出后通过光电门A，继续运动一段距离停止在B点．测出挡光片的宽度d，滑块通过光电门的时间△t，则滑块通过A点的速度v=____________；再用刻度尺测出AB之间的距离L。
若重力加速度为g，则滑块与木板间动摩擦因数μ=________________。
(用d、△t、L、g表示)(2)将木板换成光滑水平导轨．其它装置不变，来研究弹簧弹性势能与压缩量的关系。
用滑块压缩弹簧，记录弹簧的压缩量x；释放滑块，记录滑块通过光电门的时间△t，算出滑块通过光电门的速度v。
重复以上操作，得到v与x的关系如图乙所示，由图可知，v与x成_________关系。
由上述实验可得结论：对同一根弹簧，弹性势能与弹簧的__________________成正比。
22．(10分)太阳能电池板在有光照时，可以将光能转化为电能，在没有光照时，可以视为一个电学器件。
某实验小组根据测绘小灯泡伏安特性曲线的实验方法，探究一个太阳能电池板在没有光照时(没有储存电能)的I—U特性。
所用的器材包括：太阳能电池板，电源E，电流表A，电压表V，滑动变阻器R，开关S及导线若干。
.(1)为了达到上述目的，实验电路应选用图甲中的图________(填“a”或“b”)。
(2)该实验小组根据实验得到的数据，描点绘出了如图乙的I—U图像。
由图可知，当电压小于2.00V时，太阳能电池板的电阻_________(填“很大”或“很小”)：当电压为2.80V时，太阳能电池板的电阻为_________Ω。
(3)当有光照射时，太阳能电池板作为电源，其路端电压与总电流的关系如图丙所示，分析该曲线可知，该电池板作为电源时的电动势为___________V．若把它与阻值为1KΩ的电阻连接构成一个闭合电路，在有光照射情况下，该电池板的效率是___________％。
(结果保留三位有效数字)23．(18分)如图所示，一个质最为M，长为L的圆管竖直放置，顶端塞有一个质量为m的弹性小球，M=4m，球和管间的滑动摩擦力与最大静摩擦力大小均为4mg，管下端离地面高度H=5m。