高二上学期第二次月考物理试题
物理上学期第二次月考试卷 理高二全册物理试题
量奋市例比阳光实验学校二中高二〔上〕第二次月考物理试卷〔理〕一、单项选择题：〔每个题目有且仅有一个正确答案，每题3分，共30分〕1．以下说法正确的选项是〔〕A．所有电荷在电场中都要受到电场力的作用B．所有电荷在磁场中都要受到磁场力的作用C．一切运动电荷在磁场中都要受到磁场力的作用D．静止的电荷在磁场中可能会受磁场力的作用2．对于欧姆律的理解，以下说法中错误的选项是〔〕A．由I=，通过电阻的电流强度跟它两端的电压成正比，跟它的电阻成反比B．由U=IR，对一的导体，通过它的电流强度越大，它两端的电压也越大C．由R=，导体的电阻跟它两端的电压成正比，跟通过它的电流强度成反比D．对一的导体，它两端的电压与通过它的电流强度的比值保持不变3．如图是某导体的伏安特性曲线，由图可知以下判断错误的选项是〔〕A．导体的电阻是25ΩB．导体的电阻是0.04ΩC．当导体两端的电压是10V时，通过导体的电流是0.4AD．当通过导体的电流是0.1A时，导体两端的电压是V4．标有“220V、60W〞的白炽灯泡，加上电压U由零逐渐增大到220V，在此过程中，电压U和电流I的关系可用图象表示．如下图，题中给出的四个图象中肯不符合实际的是〔〕A ．B ．C ．D ．5．将一根粗细均匀．阻值为R的电阻丝均匀拉长到原来的5倍后，其电阻变为250Ω，那么R的阻值为〔〕A．10ΩB．50ΩC．1250ΩD．6250Ω6．如下图，在第一象限内有垂直纸面向里的匀强磁场，一对正、负电子分别以相同速度沿与x轴成30°角从原点垂直射入磁场，那么正、负电子在磁场中运动时间之比为〔〕A．1：2 B．2：1 C ． D．1：17．质量和电量都相的带电粒子M和N，以不同的速率经小孔S垂直进入匀强磁场，运行的半圆轨迹如图中虚线所示，以下表述正确的选项是〔〕A．M带负电，N带正电B．M的速率大于N的速率C．洛伦兹力对M、N做正功D．M的运行时间大于N的运行时间8．如下图，两根相互平行的长直导线过纸面上的M、N两点，且与纸面垂直，导线中通有大小相、方向相反的电流．a、O、b在M、N的连线上，O为MN的中点，c、d位于MN的中垂线上，且a、b、c、d到O点的距离均相．关于以上几点处的磁场，以下说法正确的选项是〔〕A．O点处的磁感强度为零B．a、b两点处的磁感强度大小相，方向相反C．c、d两点处的磁感强度大小相，方向相同D．a、c两点处磁感强度的方向相同9．质量为m、带电量为q的小球，从倾角为θ的光滑绝缘斜面上由静止下滑，整个斜面置于方向水平向外的匀强磁场中，其磁感强度为B，如下图．假设带电小球下滑后某时刻对斜面的作用力恰好为零，下面说法中正确的选项是〔〕A．小球带负电B．小球在斜面上运动时做匀加速直线运动C．小球在斜面上运动时做加速度增大，而速度也增大的变加速直线运动D ．小球在斜面上下滑过程中，当小球对斜面压力为零时的速率为10．把两个相同的电灯分别接在图中甲、乙两个电路里，调节滑动变阻器，使两灯都正常发光，两电路中消耗的总功率分别为P甲和P乙，可以断〔〕A．P甲＞P乙B．P甲＜P乙C．P甲=P乙D．无法确11．长为L、间距也为L的两平行金属板间有垂直纸面向里的匀强磁场，如下图，磁感强度为B．今有质量为m、电荷量为q的正离子从平行板左端中点以平行于金属板的方向射入磁场．欲使离子不打在极板上，入射离子的速度大小满足的条件是〔〕A．v ＞B．v ＞C．v ＜D ．＜v ＜12．图中为两个不同闭合电路中两个不同电源的U﹣I图象，以下判断正确的选项是〔〕A．电动势E1=E2，发生短路时的电流I1＞I2B．电动势E1=E2，内阻r1＜r2C．电动势E1＞E2，内阻 r1＜r2D．当两电源的工作电流变化量相同时，电源2的路端电压变化大13．图中装置可演示磁场对通电导线的作用．电磁铁上下两磁极之间某一水平面内固两条平行金属导轨，L是置于导轨上并与导轨垂直的金属杆．当电磁铁线圈两端a、b，导轨两端e、f，分别接到两个不同的直流电源上时，L便在导轨上滑动．以下说法正确的选项是〔〕A．假设a接正极，b接负极，e接正极，f接负极，那么L向右滑动B．假设a接正极，b接负极，e接负极，f接正极，那么L向右滑动C．假设a接负极，b接正极，e接正极，f接负极，那么L向左滑动D．假设a接负极，b接正极，e接负极，f接正极，那么L向左滑动14．空间存在方向垂直于纸面向里的匀强磁场，图中的正方形为其边界．一细束由两种粒子组成的粒子流沿垂直于磁场的方向从O点入射．这两种粒子带同种电荷，它们的电荷量、质量均不同，但其比荷相同，且都包含不同速率的粒子．不计重力．以下说法正确的选项是〔〕A．入射速度不同的粒子在磁场中的运动时间一不同B．入射速度相同的粒子在磁场中的运动轨迹一相同C．在磁场中运动时间相同的粒子，其运动轨迹一相同D．在磁场中运动时间越长的粒子，其轨迹所对的圆心角一越大15．利用如下图装置可以选择一速度范围内的带电粒子．图中板MN上方是磁感强度大小为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场，板上有两条宽度分别为2d和d 的缝，两缝近端相距为L．一群质量为m、电荷量为q，具有不同速度的粒子从宽度为2d的缝垂直于板MN进入磁场，对于能够从宽度d的缝射出的粒子，以下说法正确的选项是〔〕A．粒子带正电B ．射出粒子的最大速度为C．保持d和L不变，增大B，射出粒子的最大速度与最小速度之差增大D．保持d和B不变，增大L，射出粒子的最大速度与最小速度之差增大16．如下图，MN是磁感强度为B的匀强磁场的边界．一质量为m、电荷量为q 的粒子在纸面内从O点射入磁场．假设粒子速度为v0，最远能落在边界上的A 点．以下说法正确的有〔〕A．假设粒子落在A点的左侧，其速度一小于v0B．假设粒子落在A点的右侧，其速度一大于v0C．假设粒子落在A点左右两侧d的范围内，其速度不可能小于v0﹣D．假设粒子落在A点左右两侧d的范围内，其速度不可能大于v0+二、题〔每空3分，共15分〕17．一种供仪器使用的小型电池标称电压为9V，允许电池输出的最大电流为50mA，为了测这个电池的电动势和内电阻，室利用了图1所示电路，图中电压表内阻很大，可不考虑对电路的影响，R为电阻箱，阻值范围为0﹣9999Ω，R0是保护电阻．〔1〕室中备有的值电阻有以下几种规格：〔A〕10Ω、5W 〔B〕150Ω、1/2W 〔C〕200Ω、1/4W 〔D〕KΩ、1W时，R0选用〔填字母符号〕较好．〔2〕在中，当变阻箱各旋钮调到图2所示位置后，闭合开关，电压表示数为9.0V，变阻箱此时电阻为Ω，电路中通过电阻箱电流为mA．〔3〕断开开关，调整电阻箱阻值，再闭合开关，读取电压表示数，屡次重复，取得数据后，作出如图3所示图线，那么该电池电动势E= V，内电阻r= Ω．三、计算题：〔共31，其中18题8分，19题10分，20题13分，21题14分〕18．如下图，电源消耗的总功率为12W，电阻R1=4Ω，R2=6Ω，电源内阻r=0.6Ω，求电源电动势和路端电压？19．电视机显像管简单原理如下图，初速度不计的电子经加速电场加速后进入有限边界宽度为L的匀强磁场，磁感强度为B，如要求电子束偏转角为α，求加速电场的电势差U．〔2021秋平凉校级期末〕在相互垂直的匀强电场和匀强磁场中，有一倾角为θ，足够长的光滑绝缘斜面，磁感强度为B，方向垂直纸面向外，电场方向竖直向上．有一质量为m，带电量为十q的小球静止在斜面顶端，这时小球对斜面的正压力恰好为零，如下图，假设迅速把电场方向反转竖直向下，小球能在斜面上连续滑行多远？所用时间是多少？21．如下图，在空间内有一直角坐标系xOy，直线OP与x轴正方向夹角为30°，第一象限内有两个方向均垂直纸面向外的匀强磁场区域Ⅰ和Ⅱ，直线OP是它们的理想边界，OP上方区域Ⅰ中磁场的磁感强度为B，在第四象限内有一沿x轴负方向的匀强电场，一质量为m、电荷量为q的质子〔不计重力及质子对磁场、电场的影响〕以速度v从O点沿与OP成30°角方向垂直磁场进入区域Ⅰ，质子先后通过磁场区域Ⅰ和Ⅱ后，恰好垂直通过x轴上的Q点〔未画出〕进入第四象限内的匀强电场中，最后从y轴上的A点与y轴负方向成60°角射出，求：〔1〕区域Ⅱ中磁场的磁感强度大小；〔2〕Q点到O点的距离；〔3〕匀强电场的电场强度E的大小．二中高二〔上〕第二次月考物理试卷〔理〕参考答案与试题解析一、单项选择题：〔每个题目有且仅有一个正确答案，每题3分，共30分〕1．以下说法正确的选项是〔〕A．所有电荷在电场中都要受到电场力的作用B．所有电荷在磁场中都要受到磁场力的作用C．一切运动电荷在磁场中都要受到磁场力的作用D．静止的电荷在磁场中可能会受磁场力的作用【考点】电场强度；磁感强度．【专题】性思想；推理法；电场力与电势的性质专题．【分析】电场的性质是对电荷有力的作用．当运动的带电粒子的速度方向不与磁场平行，将会受到洛伦兹力作用．【解答】解：A、电场的性质是对电荷有力的作用，所有电荷在电场中都要受到电场力的作用．故A正确．B、静止的电荷在磁场中不受磁场力．故BD错误．C、假设运动的电荷速度方向与磁场方向平行，那么不受磁场力的作用，只有当垂直于磁场方向的速度分量不为零时，才受到磁场力的作用．故C错误．应选：A．【点评】解决此题的关键知道电场的性质是对电荷有力的作用．当运动的带电粒子的速度方向不与磁场平行，将会受到洛伦兹力作用，假设运动电荷的速度方向与磁场方向平行，那么不受洛伦兹力．2．对于欧姆律的理解，以下说法中错误的选项是〔〕A．由I=，通过电阻的电流强度跟它两端的电压成正比，跟它的电阻成反比B．由U=IR，对一的导体，通过它的电流强度越大，它两端的电压也越大C．由R=，导体的电阻跟它两端的电压成正比，跟通过它的电流强度成反比D．对一的导体，它两端的电压与通过它的电流强度的比值保持不变【考点】欧姆律．【专题】恒电流专题．【分析】根据欧姆律的内容可知，通过电阻的电流强度跟它两端的电压成正比，跟它的电阻成反比，电阻的大小是由导体本身决的，与电压的大小无关．【解答】解：A、根据欧姆律可知，通过电阻的电流强度跟它两端的电压成正比，跟它的电阻成反比，所以A正确；B、由U=IR，对一的导体，电流与电压程正比，所以通过它的电流强度越大，它两端的电压也越大，所以B正确；C、导体的电阻与电压的大小无关，是由导体本身决的，所以C错误；D、对一的导体，它两端的电压与通过它的电流强度的比值保持不变，即为电阻的大小，所以D正确．此题选错误的，应选C．【点评】此题就是考查学生对欧姆律的理解，掌握住电阻是由导体本身决的，与电压的大小无关，即可解决此题．3．如图是某导体的伏安特性曲线，由图可知以下判断错误的选项是〔〕A．导体的电阻是25ΩB．导体的电阻是0.04ΩC．当导体两端的电压是10V时，通过导体的电流是0.4AD．当通过导体的电流是0.1A时，导体两端的电压是V【考点】欧姆律．【专题】恒电流专题．【分析】此题为图象分析问题，在图中任意做一条与纵轴垂直的直线，对的横坐标得出电压值，那么由欧姆律可进行比拟．【解答】解：A、有欧姆律I=得，R===25Ω，故A正确，B错误；C、当电压为10V时，I==A=0.4A，故C正确；D、当电流为0.1A时，U=IR=0.1×25V=V，故D正确；此题选错误的，应选B．【点评】此题主要考查伏安特性曲线及欧姆律的灵活用．4．标有“220V、60W〞的白炽灯泡，加上电压U由零逐渐增大到220V，在此过程中，电压U和电流I的关系可用图象表示．如下图，题中给出的四个图象中肯不符合实际的是〔〕A ．B ．C ．D ．【考点】欧姆律．【专题】恒电流专题．【分析】白炽灯泡上的电压U由零逐渐增大到220V时，白炽灯泡的温度不断升高，电阻增大，根据数学知识分析选择图象．【解答】解：由题，白炽灯泡上的电压U由零逐渐增大到220V时，白炽灯泡的温度不断升高，电阻增大，由欧姆律得到R=，于图线上的点与原点连线的斜率，电阻一直增大，斜率一直增大．所以ACD不符合实际．应选ACD【点评】此题是实际的灯泡，其电阻会温度升高而增大，其U﹣I图线不是直线，可以从数学角度理解其物理意义．5．将一根粗细均匀．阻值为R的电阻丝均匀拉长到原来的5倍后，其电阻变为250Ω，那么R的阻值为〔〕A．10ΩB．50ΩC．1250ΩD．6250Ω【考点】电阻律．【专题】恒电流专题．【分析】电阻的体积不变，长度变为原来的5倍，那么截面积变为原来的，根据求出电阻的大小．【解答】解：根据得，长度变为原来的5倍，截面积变为原来的，所以电阻变为原来25倍，所以R=10Ω．故A正确，B、C、D错误．应选A．【点评】解决此题的关键掌握电阻律的公式．以及知道电阻的体积不变，长度变为原来的5倍，横截面积变为原来的．6．如下图，在第一象限内有垂直纸面向里的匀强磁场，一对正、负电子分别以相同速度沿与x轴成30°角从原点垂直射入磁场，那么正、负电子在磁场中运动时间之比为〔〕A．1：2 B．2：1 C ． D．1：1【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【专题】带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】带电粒子以一的速度垂直进入匀强磁场，在洛伦兹力的作用下做匀速圆周运动．粒子受到的洛伦兹力提供向心力；粒子在磁场中运动的周期仅与粒子的比荷及磁场有关，而运动的时间与偏转角有关．【解答】解：正离子进入磁场后，在洛伦兹力作用下向上偏转，而负离子在洛伦兹力作用下向下偏转．正离子以60°入射，那么圆弧对的圆心角为120°，而负离子以30°入射，那么圆弧对的圆心角为60°，所以正离子运动时间是负离子时间的2倍．应选B【点评】带电粒子在磁场中运动的题目解题步骤为：圆心、画轨迹、求半径．那么可画出正、负离子运动轨迹，由几何关系可知答案．7．质量和电量都相的带电粒子M和N，以不同的速率经小孔S垂直进入匀强磁场，运行的半圆轨迹如图中虚线所示，以下表述正确的选项是〔〕A．M带负电，N带正电B．M的速率大于N的速率C．洛伦兹力对M、N做正功D．M的运行时间大于N的运行时间【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；洛仑兹力．【专题】带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】由左手那么判断出M带正电荷，带负电荷；结合半径的公式可以判断出粒子速度的大小；根据周期的公式可以判断出运动的时间关系．【解答】解：A：由左手那么判断出N带正电荷，M带负电荷，故A正确；B：粒子在磁场中运动，洛伦兹力提供向心力qvB=m ，半径为：，在质量与电量相同的情况下，半径大说明速率大，即M的速率大于N的速率，故B正确；C：洛伦兹力始终与速度的方向垂直，不做功，故C错误；D：粒子在磁场中运动半周，即时间为周期的一半，而周期为T=，M的运行时间于N的运行时间，故D错误．应选：AB【点评】该题考查到左手那么、半径的公式和根据周期的公式，属于根本用．简单题．8．如下图，两根相互平行的长直导线过纸面上的M、N两点，且与纸面垂直，导线中通有大小相、方向相反的电流．a、O、b在M、N的连线上，O为MN的中点，c、d位于MN的中垂线上，且a、b、c、d到O点的距离均相．关于以上几点处的磁场，以下说法正确的选项是〔〕A．O点处的磁感强度为零B．a、b两点处的磁感强度大小相，方向相反C．c、d两点处的磁感强度大小相，方向相同D．a、c两点处磁感强度的方向相同【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向；磁感强度．【分析】根据右手螺旋那么确两根导线在a、b、c、d四点磁场的方向，根据平行四边形那么进行合成．【解答】解：A、根据右手螺旋那么，M处导线在o点产生的磁场方向竖直向下，N处导线在o点产生的磁场方向竖直向下，合成后磁感强度不于0，因此垂直于纸面向外的通电直导线受到的力不为零．故A错误．B、M在a处产生的磁场方向竖直向下，在b处产生的磁场方向竖直向下，N在a处产生的磁场方向竖直向下，b处产生的磁场方向竖直向下，根据场强的叠加知，a、b两点处磁感强度大小相，方向相同．当垂直于纸面向外的相同通电直导线受到的力大小相，方向相同，故B错误．C、M在c处产生的磁场方向垂直于cM偏下，在d出产生的磁场方向垂直dM偏下，N在c处产生的磁场方向垂直于cN偏下，在d处产生的磁场方向垂直于dN 偏下，根据平行四边形那么，知c处的磁场方向竖直向下，d处的磁场方向竖直向下，且合场强大小相．因此通电直导线受到的力大小相，方向相同，故C 正确．D、a、c两点的磁场方向都是竖直向下，那么a、c两点处放垂直于纸面向外的相同通电直导线受到的力方向相同．故D正确．应选：CD．【点评】解决此题的关键掌握右手螺旋那么判断电流与其周围磁场方向的关系，会根据平行四边形那么进行合成．9．质量为m、带电量为q的小球，从倾角为θ的光滑绝缘斜面上由静止下滑，整个斜面置于方向水平向外的匀强磁场中，其磁感强度为B，如下图．假设带电小球下滑后某时刻对斜面的作用力恰好为零，下面说法中正确的选项是〔〕A．小球带负电B．小球在斜面上运动时做匀加速直线运动C．小球在斜面上运动时做加速度增大，而速度也增大的变加速直线运动D ．小球在斜面上下滑过程中，当小球对斜面压力为零时的速率为【考点】洛仑兹力；带电粒子在匀强磁场中的运动．【分析】带电滑块在滑至某一位置时，由于在安培力的作用下，要离开斜面．根据磁场方向结合左手那么可得带电粒子的电性．由光滑斜面，所以小滑块在没有离开斜面之前一直做匀加速直线运动．借助于洛伦兹力公式可求出恰好离开时的速度大小，从而由运动学公式来算出匀加速运动的时间．由位移与时间关系可求出位移大小．【解答】解：A、小球向下运动，由磁场垂直纸面向外，又由于洛伦兹力垂直斜面向上，所以小球带正电．故A错误；B、小球没有离开斜面之前，在重力，支持力、洛伦兹力作用下做匀加速直线运动，虽然速度变大，导致洛伦兹力变大，但三个力的合力却不变，故B正确；C、小球没有离开斜面之前，在重力，支持力、洛伦兹力作用下做匀加速直线运动，虽然速度变大，导致洛伦兹力变大，但重力沿斜面向下的分力却不变，即三个力的合力却不变，故C错误；D、那么小球在斜面上下滑过程中，当小球受到的洛伦兹力于重力垂直与斜面的分力相时，小球对斜面压力为零．所以Bqv=mgcosθ，那么速率为．故D 错误；应选：B【点评】此题突破口是从小滑块刚从斜面离开时，从而确洛伦兹力的大小，进而得出刚离开时的速度大小，由于没有离开之前做匀加速直线运动，所以由运动与力学可解出运动的时间及位移．倘假设斜面不是光滑的，那么随着粒子的下滑，洛伦兹力大小变化，导致摩擦力变化，从而使加速度也发生变化．10．把两个相同的电灯分别接在图中甲、乙两个电路里，调节滑动变阻器，使两灯都正常发光，两电路中消耗的总功率分别为P甲和P乙，可以断〔〕A．P甲＞P乙B．P甲＜P乙C．P甲=P乙D．无法确【考点】电功、电功率．【专题】恒电流专题．【分析】灯泡正常发光时的电流为额电流；根据并联电路中干路电流是各支路电流的和、串联电路各处电流都相分别求出两电路的总电流，再利用P=UI求出甲乙两图的功率之比．【解答】解：两灯泡规格相同且正常发光，甲图灯泡并联，电流为：I1=2I额；乙图灯泡串联，电流为：I2=I额；∴P1：P2=U1I1：U2I2=8V×2I额：16V×I额=1：1．应选C．【点评】此题考查了串联电路和并联电路的电流特点，以及电功率公式的用，熟练掌握以上知识并灵活用公式是解决此题的关键．11．长为L、间距也为L的两平行金属板间有垂直纸面向里的匀强磁场，如下图，磁感强度为B．今有质量为m、电荷量为q的正离子从平行板左端中点以平行于金属板的方向射入磁场．欲使离子不打在极板上，入射离子的速度大小满足的条件是〔〕A．v ＞B．v ＞C．v ＜D ．＜v ＜【考点】带电粒子在混合场中的运动．【专题】带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】欲使离子不打在极板上，抓住两个临界情况，一个是刚好从左侧射出，一个是刚好从右侧射出，根据几何关系求出两临界情况的半径，再根据半径公式得出两个临界速度，从而知道速度的范围．【解答】解：根据qvB=m，得：R=．假设粒子刚好从左侧射出，如图，那么：R1=．所以：v1=．假设粒子刚好从右侧射出，如图，有：R22=L2+〔R2﹣〕2解得：R2=．得：v2=．欲使离子不打在极板上，那么v ＜或v ＞．故BC正确，AD错误．应选：BC．【点评】此题考查了带电粒子在有界磁场中运动问题，关键抓住临界状况，运用牛顿第二律进行求解．12．图中为两个不同闭合电路中两个不同电源的U﹣I图象，以下判断正确的选项是〔〕A．电动势E1=E2，发生短路时的电流I1＞I2B．电动势E1=E2，内阻r1＜r2C．电动势E1＞E2，内阻 r1＜r2D．当两电源的工作电流变化量相同时，电源2的路端电压变化大【考点】闭合电路的欧姆律．【专题】比拟思想；几何法；恒电流专题．【分析】U﹣I图象中与U轴的交点表示电源的电动势，与I轴的交点表示短路电流，斜率的绝对值表示内阻．根据闭合电路欧姆律分析．【解答】解：A、根据闭合电路欧姆律知：U=E﹣Ir，那么知U﹣I图象与U轴的交点表示电源的电动势，与I轴的交点表示短路电流，故有电动势E1=E2，发生短路时的电流I1＞I2，故A正确；B、U﹣I图象中与U轴的交点表示电源的电动势，斜率的绝对值表示内阻，那么得电动势E1=E2，内阻r1＜r2，故B正确，故C错误；D、电动势E1=E2，内阻r1＜r2，根据U=E﹣Ir可知，当两电源的工作电流变化量相同时，电源2的路端电压变化大，故D正确；应选：ABD 【点评】此题考查了闭合电路电源的U﹣I图象的相关知识，要求同学们理解U ﹣I图象中与U轴的交点表示电源的电动势，与I轴的交点表示短路电流，斜率的大小表示内阻．13．图中装置可演示磁场对通电导线的作用．电磁铁上下两磁极之间某一水平面内固两条平行金属导轨，L是置于导轨上并与导轨垂直的金属杆．当电磁铁线圈两端a、b，导轨两端e、f，分别接到两个不同的直流电源上时，L便在导轨上滑动．以下说法正确的选项是〔〕A．假设a接正极，b接负极，e接正极，f接负极，那么L向右滑动B．假设a接正极，b接负极，e接负极，f接正极，那么L向右滑动C．假设a接负极，b接正极，e接正极，f接负极，那么L向左滑动D．假设a接负极，b接正极，e接负极，f接正极，那么L向左滑动【考点】安培力．【专题】压轴题．【分析】由安培那么判断出电流产生的磁场方向，然后由左手那么判断出导体棒受到的安培力方向，从而判断出导轨L的移动方向．【解答】解：A、由安培那么与左手那么可知，假设a接正极，b接负极，e接正极，f接负极，L所受安培力向左，L向左滑动，故A错误；B、由安培那么与左手那么可知，假设a接正极，b接负极，e接负极，f接正极，L受到的安培力向右，L向右滑动，故B正确；C、由安培那么与左手那么可知，假设a接负极，b接正极，e接正极，f接负极，L所受安培力向右，L向右滑动，故C错误；。
高二第一学期第二次月考(标准试卷)物理
高二第一学期第二次月考（标准试卷）物理（范围：选修3-2模块总分：120分考试时间：100分钟）一、单选题（本题共8小题，每小题3分，共24分，每小题只有一个选项符合题意）1．矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的轴匀速转动，下列说法正确．．的是( ) A．在中性面时，感应电动势最大；B．在中性面时，通过线圈的磁通量最大；C．穿过线圈的磁通量为零时，感应电动势也为零；D．线圈每转动一圈，电流方向改变一次。
2．如图所示，电阻R和线圈自感系数L的值都较大，电感线圈的电阻不计，A、B是两只完全相同的灯泡，当开关S闭合时，电路可能出现的情况是( )A．A、B一起亮，然后A熄灭B．A、B一起亮，然后B熄灭C．B比A先亮，然后B熄灭D．A比B先亮，然后A熄灭3．如图所示，匀强磁场存在于虚线框内，矩形线圈竖直下落。
如果线圈中受到的磁场力总小于其重力，则它在1、2、3、4位置时的加速度关系为( )A．a1＞a2＞a3＞a4 B．a1 = a2 = a3 = a4C．a1 = a3＞a2＞a4 D．a4 = a2＞a3＞a14．如图所示，一闭合直角三角形线框以速度v匀速穿过匀强磁场区域。
从BC边刚进入磁场区开始计时，到A点离开磁场区为止的过程中，以逆时针方向为电流的正方向，线框内感应电流随时间变化图象正确的是( )5．如图所示，电阻为r的矩形线圈面积为S，在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴以角速度ω匀速转动。
0t=时刻线圈平面与磁场垂直，各电表均为理想交流电表。
则（）A．滑片P下滑时，电压表的读数不变B．图示位置线圈中的感应电动势最大C ．线圈从图示位置转过︒180的过程中，流过电阻R 的电量为R BS 2 D ．1 s 内流过R 的电流方向改变πω次 6．关于传感器，下列说法中正确的是 （ ）A ．电熨斗通过感温铁氧体实现温度的自动控制B ．半导体材料的硫化镉，随着光照的增强，载流子增多，导电性能变好C ．火灾报警器都是利用温度传感器实现报警D ．金属热电阻是一种将电学量转换为热学量的传感器7．我国未来航母上飞机弹射起飞可以利用电磁驱动来实现。
2024-2025学年江苏省宿迁市沭阳塘沟高级中学高二(上)第二次月考物理试卷(含答案)
2024-2025学年江苏省宿迁市沭阳塘沟高级中学高二（上）第二次月考物理试卷一、单选题：本大题共11小题，共44分。
1.某激光器输出功率为P，输出光的波长为λ，脉冲时间为t，光在真空中速度为c，普朗克常量为ℎ，则每个脉冲发出的光子数为()．A. Pλtℎc B. PℎtcλC. PtℎcλD. Pλℎtc2.如图所示，匝数为n、面积为S的线圈平面与水平面的夹角θ=60∘，线圈处于竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度大小为B。
若线圈以cd为轴顺时针转过120∘角，则此过程中线圈的磁通量的变化量为( )A. 12BSB. 32BSC. 12nBSD. 32nBS3.如图所示，人坐在摩天轮座舱内随旋转座椅一起做匀速圆周运动。
以下说法正确的是( )A. 转动过程中，人的动量不变B. 转动一圈，人所受合力的冲量不为零C. 转动到最高点时，人所受的合力为零D. 转动一圈，人所受重力的冲量不为零4.图甲为用手机和轻弹簧制作的一个振动装置。
手机加速度传感器记录了手机在竖直方向的振动情况，以向上为正方向，得到手机振动过程中加速度a随时间t变化的曲线为正弦曲线，如图乙所示。
下列说法正确的是( )A. t=0时，弹簧弹力为0B. t=0.2s时，手机位于平衡位置上方C. 从t=0至t=0.2s，手机的动能增大D. a随t变化的关系式为a=4sin(2.5πt)m/s25.在进行“用单摆测量当地重力加速度”的实验中，下列叙述正确的是( )A. 尽量选择细一些、短一些的摆线B. 若将n次摆动的时间误记为n−1次，重力加速度的测量值将偏大C. 若摆球做的是圆锥摆运动，会导致g的测量值偏大D. 单摆做的是简谐运动，摆球经过平衡位置时加速度为零6.如图所示是主动降噪耳机的降噪原理图。
在耳机内有专门用于收集环境噪声的麦克风，耳机收集环境噪声后通过电子线路产生与环境噪声相位相反的降噪声波，再与环境噪声叠加，从而实现降噪效果。
如图是理想的降噪过程，实线对应环境噪声，虚线对应耳机产生的等幅反相降噪声波，则此图中的( )A. 降噪过程属于多普勒效应B. 降噪声波频率等于环境噪声频率C. 降噪过程属于声波的干涉且P点振动加强D. P点空气经一个周期向外迁移距离为一个波长7.如图所示是一个单摆在地面上做受迫振动的共振曲线(振幅A与驱动力频率f的关系)，取g=10m/s2，π2≈10。
高二物理上学期第二次月考试卷 理高二全册物理试题
嗦夺市安培阳光实验学校肇庆四中高二（上）第二次月考物理试卷（理）一．不定项选择题，共9小题，每题5分，共45分．全对得5分，部分正确得21．在真空中，电量为q1的点电荷产生的电场中有一点P，P点与q1的距离为r，把一个电量为q2的检验电荷放在P点，它受到的电场力为F，则该点电场强度的大小等于（）A ．B ．C ．D ．2．在同一平面内有四根彼此绝缘的通电直导线如图所示，电流I1=I3＞I2＞I4，要想保留其中三根导线且使中心O点磁场最强，应切断（）A．I1B．I2C．I3D．I43．如图，a．b．c．d为匀强电场中的四个等势面，一个电子射入电场后的运动轨迹如实线MN，由此可知（）A．电子在N的动能大于在M的动能B．电子在N的电势能小于在M的电势能C．电场强度方向向左D．电场中，a点电势低于b点电势4．如图，当K闭合后，一带电微粒（重力不可忽略）在平行板电容器间处于静止状态，下列说法正确的是（）A．保持K闭合，使P滑动片向左滑动，微粒仍静止B．保持K闭合，使P滑动片向右滑动，微粒向下移动C．打开K后，使两极板靠近，则微粒将向上运动D．打开K后，使两极板靠近，则微粒仍保持静止5．两个阻值均为R的电阻，并联在电源时通过每个电阻的电流为串联在同一电源时的，则电源内阻为（）A ．B ．C．2R D．4R6．如图所示电路中，S闭合后，三个灯实际消耗的电功率相同．则三个灯的电阻R1．R2．R3的关系是（）A．R1＜R2＜R3B．R2＜R3＜R1C．R3＜R2＜R1D．R3＜R1＜R27．某同学画的表示磁场B、电流I和安培力F的相互关系如图所示，其中正确的是（）A ．B ．C ．D ．8．如图电路中，电源电动势为E，内阻为r，固定电阻R1=r，可变电阻R2的最大值也等于r．则当滑动头上移时（）A．电源的输出功率增大B．电源内部的电势降落增大C．R2消耗的电功率减小D．电源的效率增加9．下列各图为电流产生磁场的分布图，正确的分布图是（）A．①③B．②③C．①④D．②④二．非选择题，请按要求作答．第1页（共4页）10．在《测定金属丝电阻率》的实验中，需要测出其长度L．直径d和电阻R．用螺旋测微器测金属丝直径时读数如图1，则长度为mm金属丝的直径为 mm．若用图2中测金属丝的电阻，则测量结果将比真实值．（“偏大”，“偏小”）11．（10分）（2015春•包头校级期末）为了描绘标有“3V，0.4W”的小灯泡的伏安特性曲线，要求灯炮电压能从零开始变化．所给器材如下：A．电流表（0～200mA，内阻0.5Ω）B．电流表（0～0.6A，内阻0.01Ω）C．电压表（0～3V，内阻5kΩ）D．电压表（0～15V，内阻50kΩ）E．滑动变阻器（0～10Ω，0.5A）F．滑动变阻器（0～1kΩ，0.1A）G．电源（3V） H．电键一个，导线若干．（1）为了完成上述实验，实验中应选择的仪器是．（2）在如图1虚线框中画出完成此实验的原理图，并将实物按电路图用导线连好．（3）此实线图2中描绘出的I﹣U图线是（填“曲线”．“直线”），其原因是．12．如图所示，两平行金属板A．B间为一匀强电场，A、B相距6cm，C、D为电场中的两点，C点在A板上，且CD=4cm，CD连线和场强方向成60°角．已知电子从D点移到C点电场力做功为3.2×10﹣17J，电子电量为1.6×10﹣19C．求：（1）匀强电场的场强；（2）A．B两点间的电势差；（3）若A板接地，D点电势为多少？13．（10分）（2015春•包头校级期末）如图电路中，电池组的电动势E=42V，内阻r=2Ω，定值电阻R=20Ω，D是电动机，其线圈电阻R′=1Ω．电动机正常工作时，理想电压表示数为20V．求：（1）通过电动机的电流是多少？（2）电动机消耗的电功率为多少？（3）电动机输出的机械功率为多少？14．如图所示，在与水平方向成60°的光滑金属导轨间连一电源，在相距1m 的平行导轨上垂直于导轨放一重力为3N的金属棒ab，棒上通以3A的电流，磁场方向竖直向上，这时棒恰好静止．求：（1）匀强磁场的磁感应强度B；（2）ab棒对导轨的压力．15．（13分）（2015秋•泉州校级期中）如图，一群速率不同的一价离子从A．B 两平行极板正水平射入偏转电场，A．B间电压为U，间距为d．C为竖直放置．并与A．B间隙正对的金属档板，屏MN足够大．若A．B极板长为L，C到极板的距离也为L，C的高为d．不考虑离子所受重力，元电荷为e．求初动能范围是多少的离子才能打到屏MN上．肇庆四中高二（上）第二次月考物理试卷（理）参考答案与试题解析一．不定项选择题，共9小题，每题5分，共45分．全对得5分，部分正确得21．在真空中，电量为q1的点电荷产生的电场中有一点P，P点与q1的距离为r，把一个电量为q2的检验电荷放在P点，它受到的电场力为F，则该点电场强度的大小等于（）A ．B ．C ．D ．【考点】电场强度．【专题】定性思想；模型法；带电粒子在电场中的运动专题．【分析】题中，电量为q2的试探电荷在P点所受的静电力为F，根据电场强度的定义式E=，可以确定P点电场强度的大小．电量为q1的点电荷场源电荷，在P点产生的电场强度的大小可根据公式E=k也可以确定．【解答】解：AB、电量为q2的试探电荷在P点所受的静电力为F，根据电场强度的定义式得：P点电场强度的大小为：E=．故A错误，B正确．CD、电量为q1的点电荷场源电荷，在P点产生的电场强度的大小为：E=k．故C正确，D错误．故选：BC【点评】本题考查了电场强度的两个公式的理解和应用，关键的知道：E=，该式是电场强度的定义式，式中q是试探电荷．E=k，Q是场源电荷．2．在同一平面内有四根彼此绝缘的通电直导线如图所示，电流I1=I3＞I2＞I4，要想保留其中三根导线且使中心O点磁场最强，应切断（）A．I1B．I2C．I3D．I4【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向；磁感线及用磁感线描述磁场．【专题】定性思想；推理法；磁场磁场对电流的作用．【分析】根据安培定则判断4根通电导线在1、2、3、4四个区域产生的磁场方向，根据磁场的叠加，判断哪个区域的磁场最强．【解答】解：根据右手螺旋定则来确定通电导线周围磁场的分布，导线1在O 点产生的磁场的方向向里，导线2在O点产生的磁场的方向向里，导线3在O 点产生的磁场的方向向外，导线4在O点产生的磁场的方向向外．由于I1=I3＞I2＞I4，所以合磁场的方向向里，根据磁场的叠加可知，要使O的磁场增强，应切断I3，则C正确．故选：C【点评】本题利用安培定则判断磁场方向比较简单，但磁场的叠加，较为复杂，采用作图法可防止思路出现混乱．3．如图，a．b．c．d为匀强电场中的四个等势面，一个电子射入电场后的运动轨迹如实线MN，由此可知（）A．电子在N的动能大于在M的动能B．电子在N的电势能小于在M的电势能C．电场强度方向向左D．电场中，a点电势低于b点电势【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；电势能．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】根据电场线方向与等势线垂直和电子所受的电场力指向轨迹的内侧，判断出电子所受的电场力方向，分析电场力做功的正负，根据动能定理分析动能的变化和电势能的变化．根据顺着电场线方向电势降低，判断电势的高低．【解答】解：A、B、根据电场线方向与等势线垂直可知，电场线方向必定位于竖直方向，则电子所受的电场力必定在竖直方向．电子做曲线运动，所受的电场力方向指向轨迹的内侧，所以可知电子所受的电场力方向应竖直向下，与速度方向的夹角为钝角，对电子做负功，根据动能定理可知，电子的动能减小，电势能增加，所以电子在N的动能小于在M的动能，在N的电势能大于在M的电势能，故A、B错误．C、电子带负电，电场力方向与电场强度方向相反，所以可知电场强度方向竖直向上，如图所示，故C错误．D、根据顺着电场线方向电势降低，得知，a点电势低于b点电势，故D正确．故选：D【点评】解决本题的关键是根据电子的轨迹弯曲方向和电场线方向判断出电场力方向，运用动能定理和电场力做功与电势能变化的关系进行分析．4．如图，当K闭合后，一带电微粒（重力不可忽略）在平行板电容器间处于静止状态，下列说法正确的是（）A．保持K闭合，使P滑动片向左滑动，微粒仍静止B．保持K闭合，使P滑动片向右滑动，微粒向下移动C．打开K后，使两极板靠近，则微粒将向上运动D．打开K后，使两极板靠近，则微粒仍保持静止【考点】带电粒子在混合场中的运动；电容器．【专题】带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】当S闭合后，带电微粒在平行板电容器间处于静止状态，合力为零，电场力与重力平衡．保持S闭合，电容器板间电压不变，若板间距离也不变，板间的场强不变，微粒仍处于静止状态．打开S后，根据电容的决定式C=，分析电容的变化，由电容的定义式C=分析电压的变化．再由E=分析板间场强的变化，即可判断带电微粒的运动状态．【解答】解：A、B、保持K闭合，电容器板间电压不变，使滑动片P向左或向右滑动，板间距离不变，则由E=分析得知，板间场强仍保持不变，带电微粒所受的电场力不变，仍处于静止状态．故A正确，B错误．C、D、由C=，C=，E=得到极板间场强E=，E与板间距离无关，故使两极板靠近，板间场强不变，带电微粒所受的电场力不变，则带电微粒仍处于静止状态，故C错误，D正确．故选：AD．【点评】本题关键要抓住不变量进行分析：电容器与电源保持相连，板间电压保持不变；充电后与电源断开后，电量不变．电量、正对面积不变时，改变板间距离，板间场强不变．5．两个阻值均为R的电阻，并联在电源时通过每个电阻的电流为串联在同一电源时的，则电源内阻为（）A ．B ．C．2R D．4R【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】设电源的内阻为r，根据闭合电路欧姆定律分两次列式求解即可．【解答】解：两个阻值均为R的电阻，并联在电源时通过每个电阻的电流为：I1=×①两个阻值均为R的电阻，串联在同一电源时的电流为：I2=②由于I1=I2③联立①②③解得：r=4R故选：D．【点评】本题关键是明确电路的结构，然后根据闭合电路欧姆定律分两次列式后联立求解，基础题目．6．如图所示电路中，S闭合后，三个灯实际消耗的电功率相同．则三个灯的电阻R1．R2．R3的关系是（）A．R1＜R2＜R3B．R2＜R3＜R1C．R3＜R2＜R1D．R3＜R1＜R2【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】对纯电阻电路，根据P=UI和R=，有P=UI==I2R，然后两两判断即可．【解答】解：①开关闭合后恰好三个灯消耗的电功率都相等，设为P；对于灯泡R1与灯泡R3，由于灯泡R1的电压大，根据P=，有：R=，故R1＞R3；②对于灯泡R3与灯泡R2，由于灯泡R3的电流大，根据P=I2R，有R2＞R3；③对于灯泡R1与灯泡R2，由于灯泡R1的电压大，根据P=UI，灯泡R1的电流小，根据R=，有：R1＞R2；故R1＞R2＞R3；故选：C．【点评】本题关键根据P=UI==I2R，结合串并联电路的电压和电流关系列式分析，不难．7．某同学画的表示磁场B、电流I和安培力F的相互关系如图所示，其中正确的是（）A ．B ．C ．D ．【考点】安培力．【分析】熟练应用左手定则是解决本题的关键，在应用时可以先确定一个方向，然后逐步进行，如可先让磁感线穿过手心，然后通过旋转手，让四指和电流方向一致或让大拇指和力方向一致，从而判断出另一个物理量的方向，用这种程序法，防止弄错方向．【解答】解：A、根据左手定则可知，A图中安培力方向应该向上，故A正确；B、根据左手定则可知，B图中安培力应该垂直于磁场斜向上，故B错误；C、根据左手定则可知，C图中磁场方向和电流方向在同一直线上，不受安培力作用，故C错误；D、根据左手定则可知，D图中安培力方向垂直于导体棒向上，故D错误．故选：A．【点评】左手定则中涉及物理量及方向较多，在应用过程中容易出现错误，要加强练习，增加熟练程度．8．如图电路中，电源电动势为E，内阻为r，固定电阻R1=r，可变电阻R2的最大值也等于r．则当滑动头上移时（）A．电源的输出功率增大B．电源内部的电势降落增大C．R2消耗的电功率减小D．电源的效率增加【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】R1为定值电阻，R2为可变电阻，根据P=I2R1可以分析电阻R1的功率的变化情况，由于R2减小的时候，电路电流就在增加，所以不能根据P=I2R2来分析R2的功率的变化情况；当电源的内电阻和外电阻相等的时候，电源的输出功率最大．【解答】解：A、根据电源的内电阻和外电阻相等的时候，电源的输出功率最大可知，固定电阻R1=r，则当滑动头上移时，滑动变阻器电阻减小，但总电阻仍然大于电源内阻，所以电源的输出功率增大，故A正确；B、当滑动头上移时，滑动变阻器电阻减小，总电阻减小，总电流增大，内阻所占电压增大，所以电源内部的电势降落增大，故B正确；C、当把R1和电源看做一个整体时，即把电源的内阻看做R1+r，当R2=R1+r时，电源的输出功率最大，即R2上获得最大功率，但实际上R2＜R1+r时，所以R2变小时，R2消耗的电功率减小，所以C正确；D 、电源的效率，总电阻减小，内阻所占电压增大，所以路端电压减小，则电源效率减小，所以D错误；故选：ABC．【点评】对于R2的功率的分析是本题的难点，通常的分析方法都是把R1和电源看做一个整体来分析电源的输出功率的变化情况，即为R2的功率的情况．9．下列各图为电流产生磁场的分布图，正确的分布图是（）A．①③B．②③C．①④D．②④【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．【专题】应用题；图析法．【分析】由右手螺旋定则可判断电流周围磁场的分布，并注意平面图及立体图的区分即可正确判断．【解答】解：①电流方向向上，由右手螺旋定则可得磁场为逆时针（从上向下看），故①正确；②电流方向向下，由右手螺旋定则可得磁场为顺时针（从上向下看），故②错误；③图中电流为环形电流，由由右手螺旋定则可知，内部磁场应向右，故③错误；④根据图示电流方向，由右手螺旋定则可知，内部磁感线方向向右，故④正确；故选C．【点评】因磁场一般为立体分布，故在判断时要注意区分是立体图还是平面图，并且要能根据立体图画出平面图，由平面图还原到立体图．二．非选择题，请按要求作答．第1页（共4页）10．在《测定金属丝电阻率》的实验中，需要测出其长度L．直径d和电阻R．用螺旋测微器测金属丝直径时读数如图1，则长度为100.15 mm金属丝的直径为0.698 mm．若用图2中测金属丝的电阻，则测量结果将比真实值偏小．（“偏大”，“偏小”）【考点】测定金属的电阻率．【专题】实验题；恒定电流专题．【分析】游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺的示数；螺旋测微器固定刻度与可动刻度所示之和是螺旋测微器的示数；分析电路结构，根据电路结构、应用欧姆定律分析实验误差．【解答】解：由图1所示游标卡尺可知，主尺示数为10cm=100mm，游标尺示数为3×0.05mm=0.15mm，金属丝的长度为100mm+0.15mm=100.15mm；由图1所示螺旋测微器可知，固定刻度示数为0.5mm，可动刻度示数为19.8×0.01mm=0.198mm，金属丝直径为0.5mm+0.198mm=0.698mm；由图2所示电路图可知，电流表采用外接法，由于电压表分流，所测电流偏大，由欧姆定律可知，金属丝电阻测量值偏小．故答案为：100.15；0.698；偏小．【点评】游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺的示数；螺旋测微器固定刻度与可动刻度所示之和是螺旋测微器的示数；游标卡尺不需要估读，螺旋测微器需要估读；对游标卡尺读数时，要注意游标尺的精度．11．（10分）（2015春•包头校级期末）为了描绘标有“3V，0.4W”的小灯泡的伏安特性曲线，要求灯炮电压能从零开始变化．所给器材如下：A．电流表（0～200mA，内阻0.5Ω）B．电流表（0～0.6A，内阻0.01Ω）C．电压表（0～3V，内阻5kΩ）D．电压表（0～15V，内阻50kΩ）E．滑动变阻器（0～10Ω，0.5A）F．滑动变阻器（0～1kΩ，0.1A）G．电源（3V） H．电键一个，导线若干．（1）为了完成上述实验，实验中应选择的仪器是A、C、E、G、H ．（2）在如图1虚线框中画出完成此实验的原理图，并将实物按电路图用导线连好．（3）此实线图2中描绘出的I﹣U图线是曲线（填“曲线”．“直线”），其原因是随着温度的升高，电阻增大．【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．【专题】实验题．【分析】器材选取的原则需安全精确，根据灯泡的额定电压和额定电流选择电流表、电压表的量程．灯泡电压能从零开始变化，滑动变阻器采用分压式接法，通过灯泡电阻的大小分析其是大电阻还是小电阻，确定电流表的内外接．根据电路图连接实物图．灯泡的电阻随温度的变化而变化，所以I﹣U图线是一条曲线．【解答】解：（1）灯泡的额定电压为3V，所以电压表的量程选择3V的误差较小，额定电流I=≈130mA，所以电流表的量程选择200mA的，灯泡电压能从零开始变化，滑动变阻器采用分压式接法，使用选择电阻值比较小的滑动变阻器E，另外，还需要电源、电建和导线．故实验中应选择的仪器是A、C、E、G、H．（2）灯泡电压能从零开始变化，滑动变阻器采用分压式接法，灯泡正常工作时的电阻R==22.5Ω，远小于电压表的内阻，属于小电阻，电流表采用外接法．电路图和实物连线图如图所示．（3）此实线图2中描绘出的I﹣U图线是曲线，其原因是由于温度升高，电阻增大．故答案为：（1）A、C、E、F、G．（2）如右图．（3）曲线，随着温度的升高，电阻增大．【点评】解决本题的关键掌握器材选择的原则，以及知道滑动变阻器分压式接法和限流式接法的区别，电流表内外接的区别．12．如图所示，两平行金属板A．B间为一匀强电场，A、B相距6cm，C、D为电场中的两点，C点在A板上，且CD=4cm，CD连线和场强方向成60°角．已知电子从D点移到C点电场力做功为3.2×10﹣17J，电子电量为1.6×10﹣19C．求：（1）匀强电场的场强；（2）A．B两点间的电势差；（3）若A板接地，D点电势为多少？【考点】电场强度；电势差；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】（1）根据电场力做功W=qEd，d是沿电场方向两点间的距离，求解电场强度．（2）根据匀强电场中，场强与电势差之间的关系U=Ed求出电场强度E．（3）由公式U=Ed求出AD间电势差，再求解D点电势．【解答】解：（1）由题，D→C电场力做正功，为：W=qEL CD cos60°得：E==N/C=1×104N/C（2）因电场力做正功，则知电子在电场中受到的电场力方向向上，电子带负电，则场强方向为A→B．所以A、B间电势差为：U AB=Ed AB=104×6×10﹣2=600V（3）A、D间电势差为：U AD=Ed AD cos60°=1×104×4×10﹣2×0.5V=200V 由 U AD=φA﹣φD，φA=0，得：φD=﹣200V答：（1）匀强电场的场强为1×104N/C；（2）A、B两点间的电势差是600V；（3）若A板接地，D点电势为是﹣200V．【点评】电场力具有力的一般性质，电场力做功可根据功的一般计算公式W=Flcosα计算．本题还要掌握公式U=Ed，知道d是沿电场线方向两点间的距离．13．（10分）（2015春•包头校级期末）如图电路中，电池组的电动势E=42V，内阻r=2Ω，定值电阻R=20Ω，D是电动机，其线圈电阻R′=1Ω．电动机正常工作时，理想电压表示数为20V．求：（1）通过电动机的电流是多少？（2）电动机消耗的电功率为多少？（3）电动机输出的机械功率为多少？【考点】电功、电功率；闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】（1）由E=U V+U R+r可得R和电源两端的电压之和，进而又欧姆定律可得电路电流，即等于通过电动机的电流．（2）电动机为非纯电阻元件，故其功率为P电=UI．（3）由可得电动机的发热功率，进而由P电=P机+P热可得电动机输出的机械功率．【解答】解：（1）由E=U V+U R+r可得R和电源两端的电压之和为：U R+r=E﹣U V由欧姆定律可得电路电流为：通过电动机的电流为1A．（2）电动机为非纯电阻元件，故其功率为P电=U V I=20×1W=20W（3）电动机的发热功率为：故电动机的输出功率为：P机=P电﹣P热=20W﹣1W=19W答：（1）通过电动机的电流是1A．（2）电动机消耗的电功率为20W．（3）电动机输出的机械功率为19W．【点评】注意对纯电阻元件和非纯电阻元件的处理区别，电热的计算可以用同一个公式，但非纯电阻元件，其总功率只能用P=UI表示．14．如图所示，在与水平方向成60°的光滑金属导轨间连一电源，在相距1m 的平行导轨上垂直于导轨放一重力为3N的金属棒ab，棒上通以3A的电流，磁场方向竖直向上，这时棒恰好静止．求：（1）匀强磁场的磁感应强度B；（2）ab棒对导轨的压力．【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；安培力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】金属棒受到重力、导轨的支持力和安培力而平衡，安培力F安=BIL，根据平衡条件求解匀强磁场的磁感应强度B和支持力．【解答】解：作出受力侧视图，如图．导体棒处于静止状态，根据平衡条件得 F安=mgtan60°=3N，F N ==2mg=6N，根据牛顿第三定律得ab棒对导轨的压力大小为6N，方向垂直导轨向下．又导体棒与磁场垂直，F安=BIL，则B==T=答：（1）匀强磁场的磁感应强度B=；（2）ab棒对导轨的压力大小为6N，方向垂直导轨向下．【点评】本题是通电导体在磁场中平衡问题，关键是分析物体的受力情况，画出力图，原图是立体图，往往画侧视图，便于作力图．15．（13分）（2015秋•泉州校级期中）如图，一群速率不同的一价离子从A．B 两平行极板正水平射入偏转电场，A．B间电压为U，间距为d．C为竖直放置．并与A．B间隙正对的金属档板，屏MN足够大．若A．B极板长为L，C到极板的距离也为L，C的高为d．不考虑离子所受重力，元电荷为e．求初动能范围是多少的离子才能打到屏MN上．【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】离子在AB板间的电场中做类平抛运动，将离子的运动按水平和竖直两个方向进行分析，运用牛顿第二定律、运动学公式，结合两个分运动的等时性，求出离子射出电场时的偏转距离y和偏转角φ正切表达式．离子离开电场后做匀速直线运动，离子要打在屏MN上，y必须满足y＜，且Ltanφ+y＞．联立即可求解．【解答】解：偏转电场的场强大小为：①离子所受电场力：F=Eq ②离子的加速度为：F=ma ③由①②③解得：a=④设离子的质量为m，初速度为v0，离子射出电场的时间t为：L=v0t ⑤射出电场时的偏转距离y为：⑥由④⑤⑥解得：⑦离子射出电场时的竖直分速度v y=at ⑧射出电场时的偏转角：⑨由④⑤⑧⑨得：tanφ=⑩离子射出电场时做匀速直线运动，要使离子打在屏MN上，需满足：y＜（11）Ltanφ+y（12）由⑦⑩（11）（12）可得：＜E k答：初动能范围是：＜E k的离子才能打到屏MN上．【点评】本题考查粒子在偏转电场中的运动，解题关键是利用类平抛运动知识，要能熟练推导出偏转距离和偏转角度的表达式，同时要正确分析临界条件，相结合即可进行求解．。
高二物理上第二次月考月考测试题及答案
高二级第一学期第二次月考物理试卷考试时间:100分钟 满分: 120分一、单项选择题：（本题共5小题；每小题3分；共计15分．） 1、一带电粒子；沿垂直于磁场方向射入匀强磁场；粒子一段径迹如图所示；径迹上每一小段都看成圆弧；由于带电粒子使周围空气电离粒子能量不断变小；（带电量不变）；则：A 粒子带正电；从B 射入； B 粒子带正电；从A 射入；C 粒子带负电；从B 射入；D 粒子带负电；从A 射入. 2、如图所示；一个有限范围的匀强磁场B 的宽为d 。
现将一个边长为l 的正方形导线框以速v 匀速地通过磁场区域；已知l d >；则导线框在磁场中运动时无感应电流的时间等于AvdB v lC v l d -D v l d 2-3、老师做了一个物理小实验让学生观察：一轻质横杆两侧各固定一金属环；横杆可绕中心点自由转动；老师拿一条形磁铁插向其中一个小环；后又取出插向另一个小环；同学们看到的现象是A 磁铁插向左环；横杆发生转动B 磁铁插向右环；横杆发生转动C 无论磁铁插向左环还是右环；横杆都不发生转动D 无论磁铁插向左环还是右环；横杆都发生转动4、如图所示；L1；L2；L3为完全相同的灯泡；L 为直流电阻可忽略的自感线圈；电源内阻不计；开关K 原来接通。
当把开关K 断开时；下面说法正确的是： A L 1闪亮一下后熄灭B L 2闪亮一下后恢复原来的亮C L 3变暗一下后恢复原来的亮D L 3闪亮一下后恢复原来的亮5、如图所示；用甲、乙、丙三个电动势E 相同而内电阻r 不同的电源；分别给定值电阻R 供电.已知甲、乙、丙三个电源内阻的大小关系为r 甲＞r 乙＞r 丙；则将R先后接在这三个电源上时的情况相比；下列说法中正确的是 A 接在甲电源上时；通过R 的电流最大 B 接在丙电源上时；通过R 的电流最大 C 接在乙电源上时；电阻R 消耗的电功率最大 D 接在丙电源上时；电阻R 消耗的电功率最小二、多项选择题：（本题共4小题；每小题4分。
高二物理上学期第二次月考(本部)试题高二全册物理试题
嗦夺市安培阳光实验学校第一学期高二第二次联考物理试题第Ⅰ卷一、选择题（1-8题为单项选择题，9-12题为不定项选择题。
每题满分4分，共48分，选不全的得2分，错选的得0分）1．关于电流，下列说法中正确的是( ) A．由I=Q/t可知，通过导线截面的电量越多，电流越大B．由I=nqsv可知，同一导线内电荷定向移动的速率越大，电流越大C．由R=U/I可知，导体的电阻与导体两端的电压成正比D．因为电流有方向，所以电流是矢量2．如图所示，一带负电的金属环绕轴OO'以角速度ω匀速旋转，在环左侧轴线上的小磁针最后平衡的位置是( )A．N极竖直向上 B．N极竖直向下C．N极沿轴线向左 D．N极沿轴线向右3．如图的U-I图象中，直线I为某一电源的路端电压与电流的关系图象，直线Ⅱ为某一电阻R的伏安特性曲线。
用该电源与电阻R组成闭合电路，则( )A．电源电动势3V，内阻2ΩB．电阻R的阻值为0.5ΩC．电源的总功率为4WD．电源的效率为66.7％4．三根完全相同的长直导线互相平行，通以大小和方向都相同的电流．它们的截面处于一个正方形abcd的三个顶点a、b、c处，如图所示．已知每根通电长直导线在其周围产生的磁感应强度与距该导线的距离成反比，通电导线b在d处产生的磁场其磁感应强度大小为B，则三根通电导线产生的磁场在d处的总磁感应强度大小为( ) A．2B B．3BC．B223D ．B235．某个由导电介质制成的电阻截面如图所示。
导电介质的电阻率为ρ、制成内、外半径分别为a和b的半球壳层形状(图中阴影部分)，半径为a、电阻不计的球形电极被嵌入导电介质的球心为一个引出电极，在导电介质的外层球壳上镀上一层电阻不计的金属膜成为另外一个电极。
设该电阻的阻值为R。
下面给出R的四个表达式中只有一个是合理的，你可能不会求解R，但是你可以通过一定的物理分析，对下列表达式的合理性做出判断。
根据你的判断，R的合理表达式应为（）A．ababRπρ2)(+=B．ababRπρ2)(-=C．)(2ababR-=πρD．)(2ababR+=πρ6．如图所示的电路中，灯泡A和灯泡B原来都是正常发光的，现在突然灯泡A比原来变暗了些，灯泡B比原来变亮了些，则电路中出现的故障可能是( )A．R2断路B．R3断路C．R1短路D．R1、R2同时短路7．在如图所示的电路中，电源的电动势为E、内阻为r，平行板电容器C的两金属板水平放置，R1和R2为定值电阻，P为滑动变阻器R 的滑片，为灵敏电流表，为理想电流表．开关S闭合后，C的两板间有一带电油滴恰好处于静止状态．在P向上移动的过程中，下列说法正确的是( )A ．表的示数变大B．电源的输出功率一定变大C ．中有由a→b的电流D．油滴向上加速运动8．如图所示，两平行导轨与水平面成θ角倾斜放置，电源、电阻、金属细杆及导轨组成闭合回路．细杆与导轨间的摩擦不计，整个装置分别处在如图所示的匀强磁场中，其中可能使金属细杆处于静止状态的是( )9．如图所示，在水平向右的匀强电场中有一绝缘斜面，斜面上有一带电金属块沿斜面滑下，已知在金属块滑下的过程中动能增加了12J，金属块克服摩擦力做功8J，重力做功24J，则以下判断正确的是（）A．金属块带负电荷B．电场力做功4JC．金属块的电势能与动能之和增加了16JD．金属块的机械能减少12J10．锂电池因能量密度高、绿色环保而广泛使用在手机等电子产品中。
高二物理上学期第二次月考
高二物理上学期第二次月考高二物理试卷本试卷共1OO 分，考试时刻90分钟。
一、选择题.（本题有12道小题，每题4分，且每小题至少有一个选项是正确的，全选对者,得满分，选对但不全者得一半分，有错误选项者或不选者得0分）1、下列静电学公式中，E 、q 、E 、U 、d 和r 分别表示电场力、电量、场强、电势差以及距离①221r q q k F = ②2r qk E = ③q F E = ④Ed U =。
（ )A 、它们都只对点电荷或点电荷的场才成立B 、①②③只对点电荷或点电荷的场成立，④只对匀强电场成立。
C 、①②只对点电荷成立，③对任何电场都成立，④只对匀强电场才成立。
D 、①②只对点电荷成立，③④对任何电荷或静电场都成立。
2、关于分子间的作用力，下列说法中正确的是（ ） A 、当分子间距离为r 0时，它们之间既无引力也无斥力。
B 、分子间引力和斥力都随它们之间距离的增大而增大。
C 、分子间的距离大于r 0时，分子间只有引力。
D 、当分于间的距离大于l0r 0时，分子力能够忽略不计。
3、某气体的摩尔质量为M ，摩尔体积为V ，密度为ρ，每个分子的质量和体积分别为m 和V 0，阿伏伽德罗常数N A 可表示为（ ） A 、N A =V/V 0 B 、N A =ρV/m 、 C 、N A =M/m D 、N A =M/ρV4、 下列说法正确的是：（ ）A 、 外界对气体做功，气体的内能一定增大。
‘B 、 布朗运动的无规则性反映了小颗粒内部分子运动的无规则性。
C 、 气体的温度降低，气体每个分子无规则运动的速率均减小。
D 、 气体的温度升高，气体分子无规则运动的平均动能增大。
5、 水平放置的平行板电容器始终与一电池相连，在电容器的两板间有一带正电的质点处于静止状态。
现将电容器两板间的距离增大，则：（ ） A 、电容变大，质点向上运动 B 、电容变大，质点向下运动。
C 、电容变小，质点保持静止 D 、电容变小，质点向下运动。
2023年高二上册第二次月考物理考试(江西省上高二中)
选择题对下列概念、公式的理解，正确的是（）A. 根据E＝F/q可知，电场中某点的电场强度和检验电荷的电荷量q 成反比B. 根据U＝Ed可知，匀强电场中两点间电势差等于场强与两点间距离的乘积C. 根据W＝Uq可知，一个电子在电势差为1V的两点间被电场加速，电场力做功为1eVD. 根据U＝W/q可知，电场中两点间的电势差U与电场力做功W成正比，与电量q成反比【答案】C【解析】根据定义式电场中某点的电场强度与检验电荷的电量无关，故A 错误；在公式U=Ed中，d表示两点沿电场线方向的距离，不是两点的距离，故B错误；根据W=Uq可知，一个电子在电势差为1 V的两点间被电场加速，电场力做功为1 eV，故C正确；根据，可知电场中两点间的电势差与电场力做功、电荷量无关，故D错误。
所以C正确，ABD错误。
选择题如图所示，两盏相同的灯泡在电路闭合都能正常发光。
过一会儿，两盏灯都熄灭了，此时电路中的电流表没有示数，但电压表有示数，那么电路发生故障可能是（）A. 灯泡L1灯丝断了B. 灯泡L2灯丝断了C. 灯泡L1短路D. 灯泡L2短路【答案】B【解析】灯泡L1的灯丝断了，此时电流表无示数，灯泡不发光，电压表无示数，故A不符合题意；灯泡L2的灯丝断了，此时电流表无示数，此时电压表能和电源相连，故电压表有示数，故B符合题意；灯泡L1发生短路，此时电路中只有L2，故该灯泡会发光，且电流表有示数，故C不符合题意；灯泡L2短路，电流表有示数，电压表无示数，故D不符合题意。
故选B。
选择题四盏灯泡接成如图电路,a、c灯泡的规格为“220V 100W”,b、d规格为“220V 40W”,各个灯泡的实际功率均没有超过它的额定功率,则四盏灯泡实际功率大小顺序是()A. Pa=Pc>Pb=PdB. Pa>Pd>Pc>PbC. Pd>Pa>Pc>PbD. Pd>Pc>Pb>Pa【答案】C【解析】a、c灯泡的电阻为：；b、d灯泡的电阻为：；根据并联电路的特点知b、c并联后的总电阻R并＜R，大电阻分大电压，所以b、c两端的电压小于a灯泡的电压，根据P=U2/R可得Pa>Pc>Pb ；a、d灯串联，电流相等，根据P=I2R 知，则P与R成正比，则Pd＞Pa，故功率大小顺序为：Pd>Pa>Pc>Pb；故C正确，ABD错误。
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高二上学期第二次月考物理试题
姓名:________ 班级:________ 成绩:________
一、单选题 (共8题；共16分)
1. （2分） (2017高二上·全椒期末) 有关磁场的物理概念，下列说法中错误的是（）
A . 磁感应强度是描述磁场强弱的物理量，是矢量
B . 磁感应强度的方向跟产生磁场的电流方向有关
C . 磁感应强度的方向跟放入磁场中的受磁场力作用的电流方向有关
D . 磁感线的切线方向表示磁场的方向，其疏密表示磁感应强度的大小
2. （2分）下列说法正确的是（）
A . 摩擦起电会使物体总电量变少
B . 失去电子的物体带负电
C . 得到电子的物体带正电
D . 物体起电的实质是电子发生了转移
3. （2分）(2019·泸县模拟) 两个完全相同的金属小球（视为点电荷），带异种电荷，带电量绝对值之比为1:7，相距r。
将它们接触后再放回原来的位置，则它们之间的相互作用力大小变为原来的（）
A .
B .
C .
D .
4. （2分）关于电源电动势，下列说法正确的是（）
A . 同一电源接入不同的电路中，其电动势会发生改变
B . 电源电动势就是电源两极间的电压
C . 电源电动势与是否接入外电路无关
D . 电源电动势与外电路电阻有关
5. （2分） (2017高二上·定州期末) 在一示波管中，3s内有3×1012个电子通过某一横截面的电子枪，则示波管中电流大小为（）
A . 1.6×10﹣7A
B . 3×10﹣13A
C . 9.6×10﹣6A
D . 无法确定
6. （2分） (2018高二上·德惠月考) 如图所示，先接通S使电容器充电，然后断开S，当增大两极板间距离时，电容器所带电荷量Q、电容C、两板间电势差U、电容器两极板间场强E的变化情况是（）
A . Q变小，C不变，U不变，E变小
B . Q不变，C变小，U变大，E不变
C . Q变小，C变小，U不变，E不变
D . Q不变，C变小，U变小，E变小
7. （2分）如图，一带负电的粒子以某速度进入水平向右的匀强电场中，在电场力作用下形成图中所示的运动轨迹．M和N是轨迹上的两点，其中M点在轨迹的最右边．不计重力，下列表述正确的是（）
A . 粒子在A、点的速率最大
B . 粒子所受电场力沿电场线方向
C . 粒子在电场中的加速度不变
D . 粒子在电场中的电势能始终在增加
8. （2分） (2017高二上·台州期中) 在下列设备中，主要不是利用电磁铁工作的是（）
A . 发电机
B . 电铃
C . 电磁继电器
D . 电磁起重机
二、多选题 (共4题；共12分)
9. （3分） (2016高二上·辽源期中) 对于欧姆定律的理解，下列说法中正确的是（）
A . 欧姆定律适用于一切导电物质
B . 由可知，导体的电阻跟它两端的电压成正比，跟通过它的电流成反比
C . 由可知，通过电阻的电流跟它两端的电压成正比，跟它的电阻成反比
D . 对电阻一定的导体，它两端的电压与通过它的电流的比值保持不变
10. （3分） (2017高二上·新余期末) 电源、开关S、S′、定值电阻R1、光敏电阻R2和电容器连接成如图所示电路，电容器的两平行板水平放置．当开关S、S′闭合，并且无光照射光敏电阻R2时，一带电液滴恰好静止在电容器两板间的M点．当用强光照射光敏电阻R2时，光敏电阻的阻值变小，则（）
A . 液滴向下运动
B . 液滴向上运动
C . R2两端的电势差是否升高无法分析
D . 当光照强度不变时断开S′，把电容器的上极板向上移一小段距离，则上极板的电势比A点的电势高
11. （3分）(2020·合肥模拟) 如图所示，两等量异种点电荷分别固定在正方体的a、b两个顶点上，电荷量分别为q和－q（a＞0），c、d为正方体的另外两个顶点，则下列说法正确的是（）
A . c、d两点的电势相等
B . c、d两点的电场强度相同
C . 将一正电荷从c点移到d点，电场力做负功
D . 将一负电荷从c点移到d点，电势能增加
12. （3分） (2019高二上·白城期中) 如图所示为两电阻R1和R2的伏安特性曲线。
若在两电阻两端加相同的电压，关于它们的电阻值及电流比较，下列说法正确的是（）
A . 电阻R1的阻值较大
B . 电阻R2的阻值较大
C . 电阻R1的电流较大
D . 电阻R2的电流较大
三、实验题 (共2题；共9分)
13. （2分） (2018高二上·滁州月考) 某同学欲将量程为200μA的电流表G改装成电压表
①该同学首先采用如图所示的实验电路测量该电流表的内阻Rg ，图中R1、R2为电阻箱。
他按电路图连接好电路，将R1的阻值调到最大，断开开关S2 ，闭合开关S1后，调节R1的阻值，使电流表的指针偏转到满刻度，接下来他应该正确操作的步骤是________(选填下列步骤前的字母代号)，最后记下R2的阻值；
A．闭合S2 ，调节R1和R2的阻值，使电流表的指针偏转到满刻度的一半
B．闭合S2 ，保持R1不变，调节R2的阻值，使电流表的指针偏转到满刻度的一半
②如果按正确操作步骤测得R2的阻值为120Ω，则认为Rg的阻值大小为________(选填字母代号) ；
A．60ΩB．120ΩC．240ΩD．360Ω
③如果该同学在调节R1使电流表满偏过程中，发现电流表指针满偏时，R1的接入阻值不到其总阻值的二分之一。
为了减小实验误差，该同学可以采取下列措施中的________(选填字母代号) ；
A．将R2换成一个最大阻值更大的电阻箱
B．将R1换成一个最大阻值为现在二分之一的电阻箱
C．将电源换成一个电动势为现在电源两倍、内阻可以忽略的电源
D．将电源换成一个电动势为现在电源二分之一、内阻可以忽略的电源
④利用上述方法测量出的电流表内阻值________（选填“大于”或“小于”）该电流表内阻的真实值。
⑤依据以上的测量数据可知，若把该电流表改装成量程为3V的电压表，需与该表________（选填“串”或“并”）联一个阻值为________Ω的定值电阻。
14. （7分）某同学在做完“描绘小灯泡的伏安特性曲线”后，又对一个标有“6V 3.5W”小电风扇电动机(线圈电阻恒定)的伏安特性曲线进行了研究，同研究小灯泡一样，要求电风扇电动机两端的电压能从零逐渐增加到6V，实验室备有下列器材：
A.电流表(量程I:0~0.6A，内阻约为1Ω；量程II:0~3A，内阻约为0.1Ω)
B.电压表(量程为0~6V，内阻几千欧)
C.滑动变阻器R1(最大阻值10Ω，额定电流2A)
D.滑动变阻器R2(最大阻值1750Ω，额定电流0.3A)
E.电池组(电动势为9V，内阻小于1Ω)
F.开关和导线若干
（1）实验中所用的滑动变阻器应选________(填“C”或“D”)，电流表的量程应选________(填“I”或“II”)。
（2）请用笔画线代替导线将实物图甲连接成符合这个实验要求的电路。
（3）闭合开关前，为防止电动机输入电压过高而损坏，滑动变阻器滑片P应滑到________(填“M”或“N”)端。
（4）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P，改变加在电动机上的电压，实验中发现当电压表示数大于1V时电风扇才开始转动，电动机的伏安特性曲线如图乙所示，则电动机线圈的电阻为________Ω，电动机正常工作时的机
械功率为________W。
(保留两位有效数字)
四、解答题 (共3题；共17分)
15. （5分）(2019·荆门模拟) MN为一金属导线，长L=0.5m，质量m=0.01kg，用细线悬在B=0.4T的匀强磁场中，如图所示，若悬线的张力为零，试求金属导线中电流的方向与大小。
16. （2分） (2018高二上·浑源月考) 如图所示，粗糙程度均匀的绝缘斜面下方O点处有一正点电荷，带负电的小物体以初速度v1从M点沿斜面上滑，到达N点时速度为零，然后下滑回到M点，此时速度为v2（v2＜v1）．若小物体电荷量保持不变，OM=ON，则小物体上升的最大高度h为多少？（重力加速度为g）
17. （10分）某兴趣小组对遥控车的性能进行研究．他们让小车在平直轨道上由静止开始运动，并将运动的全过程记录下来并得到v-t图象，如图所示，除2s-10s内的图线为曲线外，其余均为直线，已知小车运动的过程中，2s-14s内小车的功率保持不变，在第14s末关闭动力让小车自由滑行，已知小车的质量为1kg，可认为在整个过程中小车所受到的阻力大小不变．求：
（1）
小车匀速行驶阶段的功率；
（2）
小车在第2-10s内位移的大小．
参考答案一、单选题 (共8题；共16分)
1-1、
2-1、
3-1、
4-1、
5-1、
6-1、
7-1、
8-1、
二、多选题 (共4题；共12分)
9-1、
10-1、
11-1、
12-1、
三、实验题 (共2题；共9分)
13-1、
14-1、
14-2、
14-3、
14-4、
四、解答题 (共3题；共17分)
15-1、
16-1、
17-1、
17-2、
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