贵州省贵阳市花溪清华中学高二上学期实验班中秋小节测试物理试题第一二小节 含答案
2023-2024学年贵阳市物理高二第一学期期末学业水平测试试题含解析
可得
卫星2的轨道半径较大，因此卫星2的周期较大，故C正确；
D．根据
可得
卫星2的轨道半径较大，因此卫星2的角速度较小，故D错误；
故选C。
二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
电压表：V1（量程5V，内阻约5kΩ）；V2（量程15V，内阻约15Ω）；
电源：E1（电动势为1.5V，内阻为0.2Ω）；E2（电动势为4V，内阻约为0.04Ω）
滑动变阻器：R1（最大阻值约为100Ω），R2（最大阻值约为10Ω），
电键S，导线若干
（1）为了调节方便，测量准确，实验中应选用电流表_____，电压表_____，滑动变阻器_____，电源_____．（填器材的符号）
2、B
【解析】AC．理想变压器原线圈两端电压的有效值为
根据
解得
即电压表的读数为110 V，通过负载电阻的电流
则副线圈的输出功率
原线圈的输入功率也是220 W，AC错误。
B．根据
解得
即电流表的读数为1 A，B正确；
D．由 可知，角速度
原线圈所接交流电的周期
副线圈输出交流电的周期不变，仍为0.02 s，D错误。
7、如图甲，在同一水平桌面上放有一长直导线MN和一矩形导线框abcd，导线MN固定，导线框在MN的右侧．导线MN中通有电流i，i的变化如图乙所示，规定从N到M为电流正方向．导线MN通电过程中导线框始终静止，则()
A.0~t1时间内，导线框中产生adcba方向感应电流，且大小不变
B.0~t1时间内，导线框受到水平向左的摩擦力，且大小不变
A.0B.
贵州省贵阳市花溪区清华中学2017-2018学年高二上学期周考物理试卷(实验班) Word版含解析
2017-2018学年贵州省贵阳市花溪区清华中学高二（上）周考物理试卷（实验班）一、选择题1．关于电场中的电场线，下列说法正确的是（）A．带正电的点电荷在电场力作用下，运动的轨迹和电场线重合B．沿电场线方向电场强度逐渐减小C．沿电场线方向电势逐渐降低D．电荷沿电场线方向运动，电势能减少2．下列关于静电场中场强与电势能、电势的关系说法正确的是（）A．电荷在电势高处电势能也一定大B．场强越大的地方电势一定越高C．场强为零的地方电势必为零D．电势为零的地方场强可以不为零3．关于电势的高低，下列说法正确的是（）A．沿电场线方向电势逐渐降低B．电势降低的方向一定是电场线的方向C．正电荷在只受电场力作用下，一定向电势低的地方运动D．负电荷在只受电场力的作用下，由静止释放，一定向电势高的地方运动4．图中实线表示电场线，虚线表示等势面，过a．b两点的等势面的电势分别为40V、20V，那么ab连线的中点c的电势值为（）A．等于30V B．大于30V C．小于30V D．无法确定5．如图所示，一根长为2m的绝缘细管AB被置于匀强电场E中，其A、B两端正好处于电场的左右边界上，倾角α=37°，电场强度E=103 V/m，方向竖直向下，管内有一个带负电的小球，重G=10﹣3N，电荷量q=2×10﹣6C，从A点由静止开始运动，已知小球与管壁的动摩擦因数为0.5，则小球从B点射出时的速度是（取g=10m/s2；sin37°=0.6，cos37°=0.8）（）A．2m/s B．3m/s C．2m/s D．2m/s6．如图所示，在y轴上关于O点对称的A、B两点有等量同种点电荷+Q，在x轴上C点有点电荷﹣Q，且CO=OD，∠ADO=60°．下列判断正确的是（）A．O点电场强度为零B．D点电场强度为零C．若将点电荷+q从O移向C，电势能增大D．若将点电荷﹣q从O移向C，电势能增大7．P、Q两电荷形成的电场的电场线分布如图所示，a、b、c、d为电场中的四个点．一个离子从a运动到b（不计重力），轨迹如图所示．则下列判断正确的是（）A．离子带正电B．c点电势高于d点电势C．离子在a点时加速度大于b点时加速度D．离子在a点时电势能大于b点时电势能8．实线为三条未知方向的电场线，从电场中的M点以相同的速度飞出a、b两个带电粒子，a、b的运动轨迹如图中的虚线所示（a、b只受电场力作用），则（）A．a一定带正电，b一定带负电B．电场力对a做正功，对b做负功C．a的速度将减小，b的速度将增大D．a的加速度减小，b的加速度将增大二、解答题（共5小题，满分0分）9．如图所示，A、B是电场中两点，一个带负电的点电荷q在A点所受的电场力要比它在B点所受的电场力，该负电荷在A点的电势能要比它在B点的电势能，A点的电场强度要于B点的电场强度，A点的电势要于B点的电势．10．如图所示，A、B、C是匀强电场中平行于电场线的某一平面上的三个点，各点的电势分别为φA=20V，φB=4V，φC=8V，请你画出该电场的其中一个等势面和一条电场线．11．将带电量为1.0×10﹣8C的电荷，从无限远处移到电场中的A点，要克服电场力做功1.0×10﹣6J，（取无限远处为电势零点）则：（1）电荷的电势能是增加还是减少？电荷在A点具有多少电势能？A点的电势是多少？（2）若电场力可以把带电量为2.0×10﹣8C的电荷从无限远处移到电场中的A点，说明电荷带正电还是负电？电场力做了多少功？12．如图所示的电场，等势面是一簇互相平行的竖直平面，间隔均为d，各面电势已在图中标出，现有一质量为m的带电小球以速度v0，方向与水平方向成45°角斜向上射入电场，要使小球做直线运动．问：（1）小球应带何种电荷？电荷量是多少？（2）在入射方向上小球最大位移量是多少？（电场足够大）13．如图所示，在竖直平面内，光滑绝缘直杆AC与半径为R的圆周交于B、C两点，在圆心处有一固定的正点电荷，B点为AC的中点，C点位于圆周最低点．现有一质量为m、电荷量为q套在杆上的带负电小球（可视为质点）从A点由静止开始沿杆下滑．已知重力加速度为g，A点距过C点的水平面的竖直高度为3R，小球滑到B点时的速度大小为2．求：（1）小球滑至c点时的速度的大小；（2）A、B两点间的电势差；（3）若以C点做为参考点（零电势点），试确定A点的电势．2016-2017学年贵州省贵阳市花溪区清华中学高二（上）周考物理试卷（实验班）参考答案与试题解析一、选择题1．关于电场中的电场线，下列说法正确的是（）A．带正电的点电荷在电场力作用下，运动的轨迹和电场线重合B．沿电场线方向电场强度逐渐减小C．沿电场线方向电势逐渐降低D．电荷沿电场线方向运动，电势能减少【考点】电场线．【分析】只有电场线是直线，且点电荷的初速度为零或初速度与电场线共线时，点电荷运动的轨迹才和电场线重合．沿电场线方向电势逐渐减小，疏密表示场强大小，电场力做正功电势能减少．【解答】解：A、带正电的点电荷在电场力作用下，运动的轨迹和电场线不一定重合，只有电场线是直线，且点电荷的初速度为零或初速度与电场线共线时，点电荷运动的轨迹才和电场线重合，故A错误；B、沿电场线方向电场线不一定越来越疏，则电场强度不一定逐渐减小，故B错误．C、沿电场线方向电势逐渐降低，故C正确；D、正电荷沿电场线方向运动，电势能减少，而负电荷沿电场线方向运动，电势能增加，故D错误；故选：C2．下列关于静电场中场强与电势能、电势的关系说法正确的是（）A．电荷在电势高处电势能也一定大B．场强越大的地方电势一定越高C．场强为零的地方电势必为零D．电势为零的地方场强可以不为零【考点】电势能；电势．【分析】正电荷在电势高处电势能大，负电荷在电势低处电势能大．场强与电势没有直接关系．场强越大的地方电势不一定越高，场强为零的地方电势不一定为零．电势为零是人为选取的．【解答】解：A、只有正电荷在电势高处电势能一定大，而负电荷在电势高处电势能一定小．故A错误．B、场强越大的地方电势不一定越高，两者没有直接关系．故B错误．C、场强为零的地方电势不一定为零，电势为零是人为选取的．故C错误．D、电势为零是人为选取的，则电势为零的地方场强可以不为零．故D正确．故选D3．关于电势的高低，下列说法正确的是（）A．沿电场线方向电势逐渐降低B．电势降低的方向一定是电场线的方向C．正电荷在只受电场力作用下，一定向电势低的地方运动D．负电荷在只受电场力的作用下，由静止释放，一定向电势高的地方运动【考点】电势；牛顿第二定律．【分析】根据推论：沿电场线方向电势逐渐降低；电势降低最快的方向才是电场强度的方向；正电荷只在电场力作用下从A移到B，电荷不一定从高电势处向低电势处运动，还取决于电荷的初速度；负电荷在只受电场力的作用下，由静止释放，一定向电势高的地方运动．【解答】解：A、电场力做功W AB=U AB q=Eqd，不妨设沿着电场线方向移动正电荷，则电场力做正功，所以U AB＞0，所以φA＞φB，所以沿着电场线方向电势逐渐降低．故A正确．B、沿着电场线方向移动电势降低，但是电势降低的方向不一定是电场线的方向，电势降低最快的方向是场强的方向，故B错误．C、正电荷只在电场力作用下从一点移到另一点，电荷不一定从高电势处向低电势处运动，还取决于电荷的初速度．故C错误．D、根据电场力做功的表达式W AB=U AB q=Eqd，负电荷在只受电场力的作用下，由静止释放，电场力做正功，W AB＞0，q＜0，则U AB＜0，所以φA＜φB，即向电势高的地方运动．故D 正确．故选AD．4．图中实线表示电场线，虚线表示等势面，过a．b两点的等势面的电势分别为40V、20V，那么ab连线的中点c的电势值为（）A．等于30V B．大于30V C．小于30V D．无法确定【考点】电势．【分析】由图看出，ac段电场线比bc段电场线密，ac段场强较大，根据公式U=Ed定性分析a、c间与b、c间电势差的大小，再求解中点b的电势φc．【解答】解：由图看出，ac段电场线比bc段电场线密，ac段场强较大，根据公式U=Ed可知，a、c间电势差U ac大于b、c间电势差U cb，即φa﹣φc＞φc﹣φb，得到φc＜==30V．故选：C．5．如图所示，一根长为2m的绝缘细管AB被置于匀强电场E中，其A、B两端正好处于电场的左右边界上，倾角α=37°，电场强度E=103 V/m，方向竖直向下，管内有一个带负电的小球，重G=10﹣3N，电荷量q=2×10﹣6C，从A点由静止开始运动，已知小球与管壁的动摩擦因数为0.5，则小球从B点射出时的速度是（取g=10m/s2；sin37°=0.6，cos37°=0.8）（）A．2m/s B．3m/s C．2m/s D．2m/s【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；牛顿第二定律．【分析】以小球为研究对象，分析受力情况，作出力图．根据垂直于管子方向力平衡，求出管对小球的压力，由摩擦力公式求出摩擦力的大小．小球从A到B的过程中，重力做负功，电场力做负功，摩擦力做负功，根据动能定理求出小球从B点射出时的速度．【解答】解：以小球为研究对象，分析受力情况，作出力图，如图．根据平衡条件得到，管子对小球的压力N=（qE﹣mg）cos37°=（2×10﹣6×103﹣10﹣4×10）×0.8N=8×10﹣4N 小球运动过程中所受的摩擦力的大小f=μN=0.5×8×10﹣4N=4×10﹣4N小球从A到B的过程中，根据动能定理得（F﹣mg）Lsin37°﹣fL=mv2代入解得，小球从B点射出时的速度v=2m/s．故选C6．如图所示，在y轴上关于O点对称的A、B两点有等量同种点电荷+Q，在x轴上C点有点电荷﹣Q，且CO=OD，∠ADO=60°．下列判断正确的是（）A．O点电场强度为零B．D点电场强度为零C．若将点电荷+q从O移向C，电势能增大D．若将点电荷﹣q从O移向C，电势能增大【考点】电场的叠加；电势能．【分析】空间某点的电场强度是由三个点电荷叠加而成的，电势能变化要看电场力做功情况，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加．【解答】解：A、题中A、B两个+Q在O点的场强矢量和为0，所以O点的场强等于C点在O点产生的场强（不为零），A选项错误；B、题中A、B、C三点电荷在D点产生的场强如图所示，大小相等，设E A=E B=E C=E，E A、E B的矢量和沿x轴正方向，大小也等于E，E C方向沿x轴负方向，故三个场强的矢量和为0，B选项正确；C、D、x轴上x＜0的区间，合场强方向沿x轴负方向，所以将正电荷从O移向C，电场力做正功，电势能减小，将负电荷从O移向C，电场力做负功，电势能增加，C选项错误，D 选项正确．故选BD．7．P、Q两电荷形成的电场的电场线分布如图所示，a、b、c、d为电场中的四个点．一个离子从a运动到b（不计重力），轨迹如图所示．则下列判断正确的是（）A．离子带正电B．c点电势高于d点电势C．离子在a点时加速度大于b点时加速度D．离子在a点时电势能大于b点时电势能【考点】电势差与电场强度的关系；电势；电势能．【分析】根据电场线的方向确定场源电荷的正负．电势的高低看电场线的指向，沿着电场线电势一定降低．根据轨迹曲线的弯曲方向可知粒子的受力方向；根据力与速度的夹角判断功的正负．【解答】解：A、根据图中电场线的方向可以判断出，P电荷带正电，Q电荷带负电，由做曲线运动的物体受到的合力指向曲线的内侧，可知离子从a运动到b，受到的电场力与电场线方向相反，所以离子带负电．故A错误．B、沿着电场线电势一定降低，所以c点电势高于d点的电势，故B正确．C、电场线的疏密表示场强的大小，由图象知a处的电场线密，所以离子在a点受到的电场力大于在b点受到的电场力，则离子在a点时加速度大于b点时加速度，故C正确．D、离子从a到b，电场力与速度的夹角为钝角，所以电场力做负功，电势能增加，则离子在a点时电势能小于b点时电势能．故D错误．故选：BC8．实线为三条未知方向的电场线，从电场中的M点以相同的速度飞出a、b两个带电粒子，a、b的运动轨迹如图中的虚线所示（a、b只受电场力作用），则（）A．a一定带正电，b一定带负电B．电场力对a做正功，对b做负功C．a的速度将减小，b的速度将增大D．a的加速度减小，b的加速度将增大【考点】电场线；电势能．【分析】电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．【解答】解：A、电场线的方向不知，所以粒子带电性质不定；从图中轨道变化来看电场力都做正功，动能都增大，电势能都减少．所以ABC错误．D、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，所以a受力减小，加速度减小，b受力增大，加速度增大，所以D正确．故选：D二、解答题（共5小题，满分0分）9．如图所示，A、B是电场中两点，一个带负电的点电荷q在A点所受的电场力要比它在B点所受的电场力大，该负电荷在A点的电势能要比它在B点的电势能小，A点的电场强度要大于B点的电场强度，A点的电势要高于B点的电势．【考点】电场线．【分析】根据电场线越密，场强越大，分析A、B两点的电场强度的大小关系．根据顺着电场线电势降低，比较A、B两点的电势高低．根据电场力的公式和电势能的表达式进行比较．【解答】解：从电场线分布看出，A处电场线较密，则电场强度E A＞E B．顺着电场线电势降低，则电场强度φA＞φB．根据电场力F=Eq得：一个带负电的点电荷Q在A点所受的电场力要比它在B点所受的电场力大．根据电势能Ep=qφ得：负电荷在电势高处电势能小，在电势低处电势能大，所以该负电荷在A点的电势能要比它在B点的电势能小．故答案为：大；小；大；高10．如图所示，A、B、C是匀强电场中平行于电场线的某一平面上的三个点，各点的电势分别为φA=20V，φB=4V，φC=8V，请你画出该电场的其中一个等势面和一条电场线．【考点】电势差与电场强度的关系；电势．【分析】在匀强电场中将某一线段等分同时就将该线段两端的电势差等分，在AB上找出与C点相同的电势，作出等势面，而电场线与等势面垂直，且由高电势指向低电势；【解答】解：将AB等分成4段，在匀强电场中将某一线段等分同时就将该线段两端的电势差等分，则靠B端的等分点的电势即为8V，即可做出一条等势面；而电场线与等势面垂直，且由高电势指向低电势；即可做出电场线，如图，画出的虚线为等势面，垂直于等势面的线就是电场线．11．将带电量为1.0×10﹣8C的电荷，从无限远处移到电场中的A点，要克服电场力做功1.0×10﹣6J，（取无限远处为电势零点）则：（1）电荷的电势能是增加还是减少？电荷在A点具有多少电势能？A点的电势是多少？（2）若电场力可以把带电量为2.0×10﹣8C的电荷从无限远处移到电场中的A点，说明电荷带正电还是负电？电场力做了多少功？【考点】电势能；电势．【分析】取无限远处电势为零．根据电场力做正功时，电荷的电势能减小，电场力做负功时电势能增加．根据电势公式、电场力做功和功能关系进行分析和计算．【解答】解：（1）电荷从无限远处移到电场中的A点，要克服静电力做功W=1×10﹣6J，则电荷的电势能增加量为△E p=W=1×10﹣6J；取无限远处电势能为零，则电荷在A点具有的电势能EpA=1×10﹣6J，A点的电势为φA==V=100V；（2）与上题相比可知，电场力把电荷量为q′=2×10﹣8 C的电荷从无限远处移到电场中的A 点时，电荷带负电，无限远与A点间的电势差不变，则静电力做正功，为：W=q′U∞A=﹣2×10﹣8×（0﹣100）J=2×10﹣6J答：（1）电荷的电势能增加，电荷在A点具有1×10﹣6J电势能，A点的电势是100V．（2）电荷带负电，电场力做了2×10﹣6J．12．如图所示的电场，等势面是一簇互相平行的竖直平面，间隔均为d，各面电势已在图中标出，现有一质量为m的带电小球以速度v0，方向与水平方向成45°角斜向上射入电场，要使小球做直线运动．问：（1）小球应带何种电荷？电荷量是多少？（2）在入射方向上小球最大位移量是多少？（电场足够大）【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；等势面．【分析】（1）互相平行的竖直平面的等势面，与水平方向成45°角斜向上射入匀强电场，要使小球做直线运动，则重力与电场力的合力与初速度共线，由此可确定小球带电电性，及电荷量．（2）小球在入射方向先做匀减速直线运动，后反向做匀加速直线运动，由位移与速度的关系可确定小球的最大位移．【解答】解：（1）如图所示，电场线水平向左，由题意可知，只有小球受到向左的电场力，电场力和重力的合力才有可能与初速度方向在一条直线上，所以小球带正电．由图可知，Eq=mg，又E=，所以解得：（2）由下图可知，=由动能定理，得：﹣所以答：（1）小球应带正电，电荷量是；（2）在入射方向上小球最大位移量是．13．如图所示，在竖直平面内，光滑绝缘直杆AC与半径为R的圆周交于B、C两点，在圆心处有一固定的正点电荷，B点为AC的中点，C点位于圆周最低点．现有一质量为m、电荷量为q套在杆上的带负电小球（可视为质点）从A点由静止开始沿杆下滑．已知重力加速度为g，A点距过C点的水平面的竖直高度为3R，小球滑到B点时的速度大小为2．求：（1）小球滑至c点时的速度的大小；（2）A、B两点间的电势差；（3）若以C点做为参考点（零电势点），试确定A点的电势．【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度；电势．【分析】（1）由A到B利用动能定理即可求得电场力做功；（2）B为AC的中点，故BC、AB间的高度差均为1.5R，对B到C过程运用动能定理列式求解C点的速度；（3）B、C两点在同一个等势面上，故电势相等，故B点电势也为零，根据U AB=φA﹣φB 求解A点的电势【解答】解：（1）由几何关系可得BC的竖直高度．因B、C两点电势相等，故小球从B到C的过程中电场力做功为零．对小球从B到C过程应用动能定理，有，解得（2）对小球从A到B过程应用动能定理，有：；（3）因φB=φC，故；又U AC=φA﹣φC，φC=0，因此答：（1）小球滑至c点时的速度的大小为；（2）A、B两点间的电势差；（3）若以C点做为参考点（零电势点），A点的电势．2016年11月12日。
2024年贵州省贵阳市高二上学期物理试卷及答案指导
2024年贵州省贵阳市物理高二上学期自测试卷及答案指导一、单项选择题（本大题有7小题，每小题4分，共28分）1、在下列关于匀速直线运动的描述中，正确的是（）A、速度不变，加速度为零B、加速度不变，速度一定变化C、速度为零，加速度不为零D、加速度为零，速度不为零答案：A解析：在匀速直线运动中，物体速度保持不变，即速度不变。
根据牛顿第二定律，加速度是速度变化率，即加速度为零。
因此，选项A正确。
2、一个物体从静止开始，沿水平方向做匀加速直线运动，初速度为0，加速度为2m/s²，则该物体在第3秒末的速度为（）A、6m/sB、4m/sC、2m/sD、1m/s答案：A解析：根据匀加速直线运动的速度公式v = at，其中v为速度，a为加速度，t为时间。
将题目中的数值代入公式得到v = 2m/s² * 3s = 6m/s。
因此，该物体在第3秒末的速度为6m/s，选项A正确。
3、在静电场中，一个点电荷q位于真空中。
若要使它产生的电场强度E在距离r 处测得的值增大一倍，则需要将点电荷的电量变为原来的多少倍？A. 1/2B. 1C. 2D. 4【答案】C. 2 【解析】根据库仑定律，电场强度E与点电荷量q成正比，即 E ∝ q。
当其他条件不变时，要使电场强度E增大一倍，只需将点电荷的电量也增大一倍，因此选C。
4、一质量为m的滑块，在水平面上受到大小恒定的外力F的作用，从静止开始沿直线运动。
如果滑块与水平面间的动摩擦系数为μ，那么滑块达到速度v时，它至少已经移动了多远？A.(mv 22F)B.(mv 2F−μmg)C.(mv 22(F−μmg))D.(mv 2F+μmg)【答案】C.(mv 22(F−μmg))【解析】由动能定理知，合外力对物体所做的功等于物体动能的变化。
在此题中，合外力为外力F减去摩擦力(μmg)，其中g是重力加速度。
因此，滑块获得的速度v与其位移s之间的关系可以表示为(F⋅s−μmg⋅s=12mv2)。
贵州省部分重点中学2024年物理高二上期末综合测试试题含解析
【解题分析】A．当滑动变阻器滑片P向左移动时，其接入电路的电阻增大，电路的总电阻 增大，总电流I减小，灯泡的功率 ， 不变，则P减小，灯泡L变暗，故A错误；
B．当内、外电阻相等时，电源的输出功率最大，由于灯泡L的电阻大于电源的内阻，当R增大时，电源的内、外电阻的差值增大，则电源的输出功率减小，故B正确；
A.t＝0时，线框右侧边MN的两端电压为Bav0
B.在t0时刻线框的速度为
C.线框完全离开磁场的瞬间位置3速度一定比t0时刻线框的速度大
D.线框从1位置进入磁场到完全离开磁场位置3过程中，线框中产生的电热为2Fb
9、在如图所示的电路中，灯泡L的电阻大于电源的内阻r，闭合电键S，将滑动变阻器滑片P向左移动一段距离后，（电压表和电流表均视为理想）下列结论正确的是（ ）
12、①.142②.5
【解题分析】欧姆表的工作原理是闭合电路的欧姆定律，根据题意，由欧姆定律可以求出电阻阻值，再由闭合电路欧姆定律，即可求解接入一个150Ω的定值电阻R2时，电流表读数.
【题目详解】欧姆表内阻： ，调零电阻阻值：R=R内-Rg-r=150-7.5-0.5=142Ω；电流
四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
4、甲、乙两物体从同一地点出发，沿同一直线做匀变速运动，它们的v－t图象如图所示，则()
A.甲、乙的运动方向相反
B.在t=4s时，甲、乙相遇
C.在t=4s时，甲、乙的速度大小相等
D.甲 加速度比乙的小
5、如图所示，两个带电荷量分别为q1、q2，质量分别为m1、m2的小球，以等长的丝线悬挂于一点，下列情况正确的是（）
故B项符合题意.
C.因为t＝0时刻和t＝3t0时刻线框的速度相等，进入磁场和穿出磁场的过程中受力情况相同，故线框完全离开磁场时的速度与t0时刻的速度相等，故C项不合题意.
2016-2017贵州贵阳花溪清华中学高二实验上周末小测物理
2016-2017贵州贵阳花溪清华中学高二实验上周末小测物理学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．如图所示，在匀强电场E中，一带电粒子－q的初速度v0恰与电场线方向相同，则带电粒子－q在开始运动后，将（）A．沿电场线方向做匀减速直线运动B．沿电场线方向做变加速直线运动C．沿电场线方向做匀加速直线运动D．偏离电场线方向做曲线运动2．两平行金属板相距为d，电势差为U，一电子质量为m，电荷量为e，从O点沿垂直于极板的方向射出，最远到达A点，然后返回，如图所示，OA L，则此电子具有的初动能是A．edLUB．edUL C．eUdLD．eULd3．下列粒子从静止状态经过电压为U的电场加速后，速度最大的是A．质子11H（）B．氘核21H（）C．α粒子42He（）D．钠离子（Na+）4．如图所示，两极板与电源相连接，电子从负极板边沿垂直电场方向射入匀强电场，且恰好从正极板边沿飞出，现在使电子入射速度变为原来的12，而电子仍从原位置射入，且仍从正极板边沿飞出，则两极板的间距应变为原来的()A．4倍B．2倍C．倍D．14倍5．如图所示，电子在电势差为U1的加速电场中由静止开始运动，然后射入电势差为U 2的两块平行极板间的电场中，入射方向跟极板平行．整个装置处在真空中，电子的重力不计．在满足电子能射出平行板区的条件下，下述四种情况中，一定能使电子的偏转位移h 变大的是A ．U 1变大B ．U 1变小C ．U 2变大D ．U 2变小 6．如图所示，有一带电粒子贴着A 板沿水平方向射入匀强电场，当偏转电压为1U 时，带电粒子沿①轨迹从两板正中间飞出；当偏转电压为2U 时，带电粒子沿②轨迹落到B 板中间；设粒子两次射入电场的水平速度相同，则两次偏转电压之比为（ ）A ．12:1:8U U =B ．12:1:4U U =C ．12:1:2U U =D ．12:1:1U U =二、解答题 7．一个电子（质量为9.1×10−31kg ，电荷量为1.6×10−19C ）以v 0=4×107m/s 的初速度沿着匀强电场的电场线方向飞入匀强电场，已知匀强电场的电场强度大小E=2×105N/C ，不计重力，求：（1）电子在电场中运动的加速度大小；（2）电子进入电场的最大距离；（3）电子进入电场最大距离的一半时的动能。
2024届清华大学物理高二上期中统考模拟试题含解析
2024届清华大学物理高二上期中统考模拟试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。
2．答题时请按要求用笔。
3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。
4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。
5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、如图所示的电路中，闭合开关S后，灯L1和L2都正常发光，后来由于某种故障使灯L2突然变亮，电压表读数增加，由此推断，故障可能是（）A．L1灯丝烧断B．电阻R2断路C．电阻R2短路D．电容器被击穿短路2、如图所示为两个固定在同一水平面上的点电荷，距离为d，电荷量分别为+Q和﹣Q，在它们连线的竖直中垂线上固定一根长为L、内壁光滑的绝缘细管，有一带电荷量为+q 的小球以初速度v0从上端管口射入，重力加速度为g，静电力常量为k，则小球（）A．受到的库仑力先做负功后做正功B．下落过程中加速度始终为gC．速度先增大后减小，射出时速度仍为v0D．管壁对小球的弹力最大值为3、如图所示，用两根相同的细绳水平悬挂一段均匀载流直导线MN，电流I方向从M 到N，绳子的拉力均为F.为使F＝0，可能达到要求的方法是( )A．加水平向右的磁场B．加水平向左的磁场C．加垂直纸面向里的磁场D．加垂直纸面向外的磁场4、为了研究电荷之间的相互作用力跟什么因素有关，小宇做了如下实验：把一个带正电的物体放在A处，然后将挂在丝线上带正电的小球先后挂在P1、P2、P3处，发现情况如图所示．由此，小宇归纳得出的初步结论是（）A．电荷之间的作用力大小随距离增大而减小B．电荷之间的作用力大小随距离增大而增大C．电荷之间的作用力大小随距离的增大先增大后减小D．电荷之间的作用力大小与距离无关5、如图所示，真空中固定两个等量的正、负点电荷，O点为两点电荷连线中点。
贵州省贵阳市花溪清华中学高二物理上学期周末小测试题(实验班,含解析)
贵州省贵阳市花溪清华中学2016-2017学年高二上学期实验班周末小测（带点粒子在电场中的运动）物理试题1. 如图，在匀强电场E中，一带电粒子-q的初速度恰与电场线方向相同，则带电粒子-q 在开始运动后，将A. 沿电场线方向做匀加速直线运动B. 沿电场线方向做变加速直线运动C. 沿电场线方向做匀减速直线运动D. 偏离电场线方向做曲线运动【答案】C【解析】试题分析：负电荷受到的电场力与电场方向相反，所以粒子受到水平向左的电场力，大小恒定，与运动方向相反，所以沿电场线方向做匀减速直线运动，ABD错误C正确；考点：考查了带电粒子在电场中的运动【名师点睛】电荷在电场中受到的电场力的方向与电场线的方向相反，结合速度的方向，判断出粒子运动的性质、2. 两平行金属板相距为d，电势差为U，一电子质量为m，电荷量为e，从O点沿垂直于极板的方向射出，最远到达A点，然后返回，如图，OA=h，此电子具有的初动能是A. B. C. D.【答案】D【解析】试题分析：设出电子的初动能，末动能为零，极板间的电场，根据动能定理：，解得：，D正确；【名师点睛】应用动能定理应注意的几个问题（1）明确研究对象和研究过程，找出始末状态的速度。
（2）要对物体正确地进行受力分析，明确各力做功的大小及正负情况（待求的功除外）。
（3）有些力在物体运动过程中不是始终存在的。
若物体运动过程中包括几个阶段，物体在不同阶段内的受力情况不同，在考虑外力做功时需根据情况区分对待3. 下列粒子从静止状态经过电压为U的电场加速后速度最大的是A. 质子B. 氘核C. 粒子D. 钠离子【答案】A考点：考查了带电粒子在电场中的加速【名师点睛】本题是电场加速运动问题，运用动能定理求出加速得到的速度是常用的思路，对于匀强电场，也可以由牛顿运动定律和运动学规律结合求解4. 如图，两极板与电源相连，电子从负极板边缘垂直电场方向射入匀强电场，且恰好从正极板边缘飞出，现在使电磁入射速度变为原来的两倍，而电子仍从原位置射入，且仍从正极板边缘飞出，则两极板的间距应变为原来的A. 2倍B. 4倍C.D.【答案】C.........【名师点睛】根据题目所给的信息，找到粒子在竖直方向位移表达式，讨论速度的变化对竖直方向的位移的影响即可解决本题．5. 如图，电子在电势差为的电场中加速后，垂直进入电势差为的偏转电场，在满足电子能射出的条件下，下列四种情况中，一定能使电子的偏转角变大的是A. 变大，变大B. 变小，变大C. 变大，变小D. 变小，变小【答案】B【解析】根据动能定理：eU1=mv2在偏转电场中v y=at且而v y=at则若使偏转角变大即使tanθ变大，由上式看出可以增大U2，减小U1．故B正确，ACD错误；故选B．点睛：本题是带电粒子先加速后偏转问题，电场中加速根据动能定理求解获得的速度、偏转电场中类平抛运动的研究方法是运动的分解和合成，常规问题．6. 如图，有一带电粒子贴着A板沿水平方向输入匀强电场，当偏转电压为时，带电粒子沿①轨迹从两板正中间飞出：当偏转电压为时，带电粒子沿②轨迹落到B板中间；设粒子两次射入电场的水平速度相同，则两次偏转电压之比为A. B.C. D.【答案】A【解析】带点粒子在电场中做类似平抛运动，将合运动沿着平行平板和垂直平板方向正交分解，有x=v0ty=at2解得故，故选A．7. 一个电子（质量为kg，电荷量为C）以=的初速度沿着匀强电场的电场线方向飞入匀强电场，已知匀强电场的电场强度大小E=N/C，不计重力，求：（1）电子在电场中运动的加速度大小；（2）电子进入电场的最大距离；（3）电子进入电场最大距离的一半时的动能。
贵州省贵阳市花溪清华中学高二上学期复习训练一理综物理试题 含答案
二、选择题：共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第14~17题只有一项符合题目要求，第18~21题有多项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分14．一杂技演员利用动滑轮让自己悬挂在细绳的最低点以完成各种杂技表演，已知杂技演员的质量为m ，最低点时绳与水平方向夹角为θ，不计动滑轮重力和动滑轮与绳间的摩擦，则在最低点绳中的张力F 为：A ．2cos mg F θ=B ．2sin mg F θ=C ．2cot mg F θ=D ．2tan mg F θ= 15．一质量为m 的物体，以13g 的加速度减速上升h 高度，不计空气阻力，则下列说法不正确的有A ．物体的动能减小13mghB ．物体的机械能不变C ．物体的机械能增加23mgh D ．物体的重力势能增加mgh 16．质量为m 的器材，启动后发动机以额定功率P 沿水平道路行驶，经过一段时间后将达到以速度v 匀速行驶，若行驶中受到的摩擦阻力大小不变，则在加速过程中车速为3v 时，汽车的加速度大小为A ．3P mvB ．P mvC ．2P mvD ．0 17．如图所示，由理想电动机带动的传送带以速度v 保持水平方向的匀速运动，现把一工件（质量为m ）轻轻放在传送带的左端A 处，一段时间后，工件被运送到右端B 处，A 、B 之间的距离为L （L 足够长），设工件与传送带间的动摩擦因数为μ，那么该电动机每传送玩这样一个工件多消耗的电能为A ．mgL μB ．212mgL mv μ+C ．212mv D ．2mv 18．如图所示，A 、B 为平行金属板，两板相距为d ，分别与电源两极相连，两板的中央各有一小孔M 和N ，今有一带电质点，自A 板上方相距为d 的P 点由静止自由下落（P 、M 、N 在同一竖直线上），空气阻力忽略不计，到达N 孔时速度恰好为零，然后沿原路返回，若保持两极板间的电压不变，则不正确的是A ．把A 板向上平移一小段距离，质点自P 点自由下落仍能返回B ．把A 板向下平移一小段距离，质点自P 点自由下落后将穿过N 孔继续下落C ．把B 板向上平移一小段距离，质点自P 点自由下落后仍能返回D ．把B 板向下平移一小段距离，质点自P 点自由下落后将穿过N 孔继续下落19．下列有关超重和失重的说法，正确的是A ．做竖直上抛运动的物体处于完全失重状态B ．物体超重时重力变大，失重时重力变小，完全失重时物体所受的重力消失C ．在沿竖直方向向上运动的升降机出现失重现象时，升降机可能处于上升过程D ．在沿竖直方向向上运动的升降机出现失重现象时，升降机一定处于下降过程20．一带电粒子仅在电场力的作用下从A 点运动到B 点，其速度随时间变化图像如图所示，则正确的是A ．A 点的场强大于B 点的场强B ．A 点的电势一定比B 点的电势高C ．粒子在A 点的电势能一定大于在B 点的电势能D ．电场力一定对粒子做正功21．2010年10月1日18时59分57秒，搭载着嫦娥二号卫星的长征三号丙运载火箭在西昌卫星发射中心点火发射，卫星由地面发射后，进入地月转移轨道，经多次变轨最终进入距离月球表面100公里，周期为118分钟的圆形工作轨道，不考虑卫星质量的变化，下列说法正确的是A ．卫星在轨道Ⅲ上的运行周期比在轨道Ⅱ上的小B ．卫星在轨道Ⅲ上经过P 点的速度比在轨道Ⅰ上经过P 点时大C ．卫星在轨道Ⅲ上过P 点时加速度可能比在轨道Ⅰ上过P 点时大D ．卫星在轨道Ⅰ上的机械能比在轨道Ⅱ上多第II 卷（非选择题）（一）必考题二、实验题（共15分）22．某实验小组利用如图甲所示的实验装置来验证钩码和滑块所组成的系统机械能守恒（1）实验前需要调整气垫导轨底座使之水平，利用现有器材如何判断导轨是否水平？ ____________________________________________________________________________（2）如图乙所示，用游标卡尺测得遮光条的宽度d=______________cm ，实验时将滑块从图示位置静止释放，由数字计时器读出遮光条通过光电门的时间21.210t s -∆=⨯，则滑块经过光电门时的瞬时速度为______________m/s ；在实验中还需要测量的物理量有：钩码的质量m 、______________和______________（文字说明并用相应的字母表示）．（3）本实验通过比较______________和______________在实验误差允许的范围内相等（用测量的物理量符号表示），从而验证了系统的机械能守恒．23．为探究力对同一个原来静止的物体所做的功与物体获得的速度的关系，可通过如图所示的实验装置进行；在木板上钉两个铁钉，将并接在一起的相同橡皮筋的两端固定在铁钉的顶端，橡皮筋的中央都挂在小车前端上方的小挂钩上，通过拉动小车使小车橡皮及伸长，由静止释放小车，橡皮筋对小车做功，再利用打点计时器和小车后端拖动的纸带记录小车的运动情况。
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性，平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益，请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间：9:00-18:30)。
1．下列说法中正确的是
A ．点电荷就是体积很小的带电体
B ．点电荷就是体积和带电量都很小的带电体
C ．根据122
q q F k r =设想当0r →时得出F →∞ D ．静电力常量的数值是由实验得出的
2．用棉布分别与丙稀塑料板和乙烯塑料板摩擦实验结果如图，由此对摩擦起电说法正确的是
A ．两个物体摩擦时，表面粗糙的易失去电子
B ．两个物体摩擦起电时，一定同时带上种类以及数量不同的电荷
C ．两个物体摩擦起电时，带上电荷的种类不同但数量相等
D ．同一物体与不同种类物体摩擦，该物体的带电荷种类可能不同
3．如图，当带正电的球C 移近不带电的枕形金属导体时，枕形导体上的电荷移动情况
A ．枕形金属导体上的正电荷向
B 端移动，负电荷不移动
B ．枕形金属导体上的带负电的电子向A 端移动，正电荷不移动
C ．枕形金属导体上的正负电荷同时分别向B 端和A 端移动
D ．枕形金属导体上的正负电荷同时分别向A 端和B 端移动
4．半径为R 的两个较大的金属球放在绝缘桌面上，若两球都带等量同种电荷Q 时它们之间的静电力为1F ，两球带等量异种电荷Q 与-Q 时静电力为2F ，则
A ．12F F >
B ．12F F <
C ．12F F =
D ．不能确定
5．在磁场绝缘的水平面上有一物体A 带正电，另一带正电的物体B 沿着以A 为圆心的圆弧由P 到Q 缓慢地从物体A 的正上方经过，若此过程中物体A 始终保持静止，A 、B 两物体可视为质点且只考虑它们之间有库仑力的作用，则下列说法正确的是
A ．物体A 受到地面的支持力先增大后减小
B ．物体A 受到地面的支持力保持不变
C ．物体A 受到地面的摩擦力先减小后增大
D ．库仑力对物体B 先做正功后做负功
6．如图所示，悬挂在O 点的一根不可伸长的绝缘细线下端有一个带电荷量不变的小球A ，在两次实验中，均缓慢移动另一带同种电荷的小球B ，当B 到达悬点O 的正下方并与A 在同一水平线上，A 处于受力平衡状态，此时悬线偏离竖直方向的角度为θ，若两次实验中B 的电荷量分别为1q 和2q ，θ分别为30°和45°
，则21
q q 为
A ．2
B ．3
C ．23
D ．33
7．如图，竖直墙面与水平地面均光滑且绝缘，两个带同种电荷的小球A 、B 分别位于竖直墙面和水平地面上，且处于同一竖直平面内，若用图示方向的水平推力F 作用与小球B ，则两球静止与图示位置，如果将小球B 向左推动少许，并待两球重新达到平衡时，与原来相比
A ．两小球间距离将增大，推力F 将增大
B ．两小球间距离将增大，推力F 将减小
C ．两小球间距离将减小，推力F 将增大
D ．两小球间距离将减小，推力F 将减小
8．不带电的金属球A 的正上方有一点B ，该处有带电液滴自静止开始落下，到达A 球后电荷全部传给A 球，不计其他的影响，则下列叙述中不正确的是
A ．第一液滴做自由落体运动，以后的液滴做变加速直线运动，而且都能到达A 球
B ．当液滴下落到重力等于库仑力位置时，速度为零
C ．当液滴下落到重力等于库仑力位置时，开始做匀速运动
D ．一定有液滴无法到达A 球
9．如图，带电体C 的右侧有两个相互接触的金属导体A 和B ，均放在绝缘支座上，若先将C 移走，再把A 、B 分开，则A_________电，B__________电，若现将A 、B 分开，再移走C ，则A_____电，B_______电，若不移开C ，用手触摸，则A________电，B_______电。
10．如图所示，把乙带电荷量为8510C --⨯的小球A 用绝缘细绳悬吊，若将带电荷量为6410C -+⨯的带电小球B 靠近A ，当两个带电小球在同一高度相距30cm 时，绳与竖直方向成45°角，A 、B 两小球均可视为点电荷（2
10/g m s =），求：
（1）A 、B 两球间的库仑力；
（2）A 球的质量；
11．如图，A 、B 是带等量同种电荷的小球，A 固定在竖直放置的10cm 长的绝缘直杆上，B 平衡于绝缘的倾角为30°的光滑斜面上时，恰与A 等高，若B 的质量为303g ，则B 带电荷量是多少？（2
10/g m s =）
12．如图所示，在光滑绝缘的水平面上沿一直线等距离排列三个小球A 、B 、C ，三个质量均
为m ，相距均为L ，若三球均带电，且
10A q q =+， B q q =+，为保证三球间距不发生变化，将一水平向右的恒力F 作用与C 球，使三者一起向右匀速运动，求：
（1）F 的大小；
（2）C 球的电性和电荷量。
13．两个正点电荷1Q Q =和24Q Q =分别固定在光滑绝缘水平面上的A 、B 两点，A 、B 两点相距L ，且A 、B 两点正好位于水平放置的光滑绝缘半圆细管两个端口的出口处，如图。
（1）现将另一正点电荷置于A 、B 连线上靠近A 处静止释放，求它在AB 连线上运动过程中达到最大速度时的位置A 点的距离。
（2）若把该点电荷放于绝缘管内靠近A 点处由静止释放，已知它在管内运动过程中速度最大时的位移在P 处。
试求处图中PA 和AB 连线的夹角θ。
物理答案
1-5：D CD B B AC 6-8：C B ABC
9．不带 不带 负 正 负 负
10．（1）由库仑定律得：2A B q q F k r =库，代入数据：0.02N F =库． （2）由牛顿第三定律知，B 所受库仑力与A 所受库仑力大小相等，对A 受力分析如下图所示：
根据物体平衡得：tan F mg α=库，代入数据：3
210kg m -=⨯．
11．设A 、B 所带电荷量均为Q ，以B 为对象，受力分析如右图，根据平衡条件
cos30N mg ︒=，sin 30N F ︒=，()2
2cot 30Q F k l =︒ 联立以上三式得：23269cot 303031010013110910mgl Q C k C
--︒⨯⨯⨯⨯===⨯⨯． 故B 所带的电荷量是6110C -⨯．
12 A 球向右加速，合力向右，B 球对C 球是向左的静电力，故C 球对其为吸引力，故C 球带负电；设加速度为a ，由牛顿第二定律：对A ：()22
2c A
B A q q q q k k ma L L -=； 对B ：22c B B A q q q q k k ma L L +=，解得：403
c q q =，22703kq a mL = 对整体，根据牛顿第二定律，有：3F ma =，所以：2
2
70kq F L = 13．（1）正点电荷在A 、B 连线上速度最大处对应该电荷所受合力为零，即()1222Q q Q q k k x L x =-，解得：3
L x = （2）点电荷在P 点处如其所受库仑力的合力沿OP 方向，则它在P 点处速度最大，即此时满足 ()()
22221242sin 4cos tan sin 2cos Qq k R F Qq F k R θθθθ
θ===，即得34θ=。