2018—2019学年度福州市高三第一学期期末质量抽测物理答案
(2019秋)福建省福州市高三上学期期末考试物理试题word版有答案【精校】
(2)金属棒的速度为v时，金属棒所受的安培力为大小？
(3)金属棒以稳定的速度下滑时，电路消耗的热功率为多少？
15为L的匀强磁场，在磁场中偏转后垂直射入同宽度的电场，穿出电场的出射点与进入磁场的入射点在同一水平线上，已知电场强度为E，穿出电场区域时发生的侧移量为h，不计离子所受重力。求：
金属棒的最大速度为vm＝ （1分）
金属棒以稳定的速度下滑时，由能量守恒定律得：
电阻R和r的总热功率为P＝mgvm＝ (R＋r) （2分）
15．解：(1) 根据离子在磁场中的偏转方向，利用左手定则或（离子在电场中受到竖直向下的电场力，与电场方向相同），可判断离子带正电 （1分）
离子在匀强电场中做类平抛运动，
=（5＋5 ）N= 13.66 N （3分）
14．解：（1）金属棒在磁场中向下运动时，由楞次定律知，
流过电阻R的电流方向为b→a； （2分）
（2）金属棒的速度为v时，金属棒中感应电动势E＝BLv（1分）
感应电流I＝ （1分）
所受的安培力大小为F＝BIL＝ （2分）
联立上式求得当安培力F＝mg时，金属棒下滑速度最大vm（1分）
C．原、副线圈电路中定值电阻R消耗的功率之比恒定为1∶4
D．原、副线圈电路中定值电阻R两端的电压之比恒定为2∶1
9．如图7所示，匀强电场中的三个点A、B、C构成一个直角三角形， ， ， 。把一个带电量为 的点电荷从A点移到到B点电场力不做功，从B点移动到C点电场力做功为W。若规定C点的电势为零，则
A．A点的电势为－
水平方向有 （1分）
竖直方向有 （1分）
而 （1分）
联立以上各式可得： （2分）
(2)如图，离子在磁场中做半径为r的匀速圆周运动
最新精选福建省福州市2019届高三上学期期末考试物理测试题(有答案)(已审阅)
福州市2019届高三上学期期末考试物理试题第Ⅰ卷（选择题）一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分。
在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项符合题目要求，第7～10题有多项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
1．伽利略为了研究自由落体的规律，将落体实验转化为著名的“斜面实验”。
以下说法符合科学史实的是A ．斜面实验时便于测量小球运动的速度和路程B ．斜面实验可以通过观察与计算直接得到落体的运动规律C ．伽利略开创了运用数学推理和实验研究相结合的科学方法D ．小球多次从不同起点滚下的位移与所用时间的比值保持不变 2．如图1所示，有一倾角为θ的斜面，斜面上有一能绕固定轴B 转动的木板AB ，木板AB 与斜面垂直，把球放在斜面和木板AB 之间，不计摩擦，球对斜面的压力为F 1，对木板的压力为F 2。
将板AB 绕B 点缓慢推到竖直位置的过程中，则A ．F 1和F 2都增大B ．F 1和F 2都减小C ．F 1增大，F 2减小D ．F 1减小，F 2增大3．均匀带正电荷的球体半径为R ，在空间产生球对称的电场；场强大小沿半径分布如图2所示，图中E 0已知，E -r 曲线下O ～R 部分的面积恰好等于R ～2R 部分的面积。
则：A ．可以判断 E -r 曲线与坐标r 轴所围成的面积单位是库仑B ．球心与球表面间的电势差ΔU ＝RE 0C ．若电荷量为q 的正电荷在球面R 处静止释放运动到2R 处电场力做功qRE 0D ．已知带电球在r ≥R 处的场强E ＝kQ /r 2，Q 为带电球体总电量，则该均匀带电球所带的电荷量Q ＝E 0R 2k4．甲、乙两车沿水平方向做直线运动，某时刻刚好经过同一位置，此时甲的速度为5m/s ，乙的速度为10m/s ，以此时作为计时起点，它们的速度随时间变化的关系如图所示，则A ．在t =4s 时，甲、乙两车相距最远B ．在t =10s 时，乙车恰好回到出发点C ．乙车在运动过程中速度的方向保持不变D ．乙车做加速度先增大后减小的变加速运动5．在牛顿力学体系中，当两个质量分别为m 1、m 2的质点相距为r 时具有的势能，称为引力势能，其大小为rm Gm E P 21-=（规定两物体相距无穷远处时势能为零）。
福州市名校联考2018-2019学年高一物理上学期期末教学质量检测试题
福州市名校联考2018-2019学年高一物理上学期期末教学质量检测试题一、选择题1．一个运动员在百米赛跑中，测得50m处的瞬时速度6m/s，16s末到达终点的瞬时速度为7.5m/s，则全程的平均速度大小为A．5m/s B．6m/s C．6.25m/s D．7.5m/s2．如图所示，作用于O点的三个力F1、F2、F3合力为零。
F1沿y 轴负方向，大小已知；F2与x 轴正方向夹角为θ(θ＜90°)，大小未知。
下列说法正确的是（）A．F3不可能指向第三象限B．F3可能指向第一象限C．F3与F2的夹角越小，则F3与F2的合力越大D．F1和F2的合力大小可能的最小值为F1 cosθ3．如图所示,小物块在水平推力F的作用下沿光滑半圆曲面从B点缓慢移动到C点,曲对小球的支持力为F N,下列说法正确的是A．F逐渐增大,F N逐渐增大B．F逐渐增大,F N逐渐减小C．F逐渐减小,F N大小保持不变D．F逐渐减小,F N先增大后减小4．物体沿粗糙的斜面匀速下滑，下列说法正确的是（）A．物体对斜面的摩擦力和斜面对物体的摩擦力是一对作用力与反作用力B．物体对斜面的压力和斜面对物体的支持力是一对平衡力C．物体受到的下滑力与滑动摩擦力是一对作用力与反作用力D．若物体加速下滑，物体对斜面的摩擦力和斜面对物体的摩擦力大小不相等5．在物理学的发展历程中，借助斜面让小球滚下以“冲淡”重力并进行合理外推，得出自由落体运动规律的著名物理学家是（）A．亚里士多德B．伽利略C．牛顿D．开普勒6．如图所示，光滑水平地面上放有截面为圆周的柱状物体A，A与墙面之间放一光滑的圆柱形物体B，对A施加一水平向左的力F，整个装置保持静止。
若将A的位置向左稍许移动，整个装置仍保持平衡，则（）A．墙面对B的弹力增大B．地面对A的支持力减小C．水平外力F减小D．B对A的弹力增大7．质量为m的物体以初速度v竖直向上抛出，经时间t，达到最高点，以竖直向上为正方向，在这个过程中，物体的动量变化量和重力的冲量分别是A．mv和－mgt B．mv和mgtC．－mv和－mgt D．－mv和mgt8．用同一张底片对着小球运动的路径每隔拍一次照，得到的照片如图所示。
(完整word版)福建省福州市2019届高三物理上学期期末质量抽测试题扫描版
福建省福州市2019届高三物理上学期期末质量抽测试题（扫描版）第I雄（送择JS）~、送择划:本魁共【0小JB,毎小矗4分•共40分。
直毎小氧烤出的四牛选审中，氛1 ~6 増只有一项林合昆目菱求.第八4 JS青畫巧苻合H目要求.全部选对的帚4分.选对但不全的帚2分，有选■的得0分。
「下列说法正确的是A. 电势有正AL所収足矢量B. 电谨的方向规定为正电荷程动的方向.所且电淹黑度是矢fltC. 比较ffiiftft时•潘要考虫磁第歧从面的鼻一側穿过*因为處通■屋矢債D+某处度的方向規定为谏处小磯针静止时N极删的方向，所议童够盘強度径矢量£以下关于近比密理内容的釵述中•正确的是扎原子枝发生一次尸衰变•谏據子外泾狀一定失去一个电子B. 天然放射现*中发出曲a^.y三种啊本质都是电鹼渡G对不同的金K,若照射光魏拿不变，光电子的量大初动能与金H逸出功成钱性关系D-根衣;浚尔JR子理论»-ira原子从第3能圾向低傕级臥迁过捏会发出6种不冏铢率的光予3.甲"乙两个尔铁球从不同高度做自由落运动嗣时落媒下列衷示这一过起的位移一时側图銀和速度~射间图总中正确的是丄一金M15FMST 地血上，那电小球川偲嫌刑爼从“ 1 "林 中■容IB 内的电场銭分布如厨所示皿躺内液啊为耶协闻八"为 容黯内酸河上的两点。
下列tftaar •确的凤A. 小球带员电BM 点的电场强度比〃点的小C. 同-试挪li 荷在小球找闻的电势能i 也九T 恋川跡加D. 将側-试探电禅从*点惭不啲径移30加11场力所做的功不间5■如图所示同|姐上如|迢于天花板上的片点伽筑的卜綁I 血 量为m的物休p 川力尸作用于am 上的。
加使细佩偵岚豁"方向 的夹北为g 且保持物体平徽「此时F 与水平方向的夹他为仇条0 口朮力加速度为乳则F的大小鄒于A ・ m^ainaB* mgcaia C ・ mfftnna 6.在距离长十通电辱红为r 处的曲IR 应强度大小为H - k ［，式中常* k :>0 J 为甘线中 电流强弧 在水平长rtvmAw 正下方剧根筲长的轻质绝般细线悬朴矩形线m 必匕线圈中 通以逆时针方向的忸宦电MU 如图所刀和开抽时詁SMfN 不通电流,此时卿他线张力均为7；； 当WW/V 通人电流时，线IW 所受安培力F ；,两细蛻的张力均为7（ ,11 T, :当导&LMNHA h 电流吋•线1«所受安坍力再，网细81的张力均为巧•且T.<T CO 下列判断正确的見九/,电流方向向左卅 ， N D* T {*T t =Z|'/jn —— I ） C. 片 F“!Mdl —*cD. 通人电流时，通电导线MN 对be 边的安垢力力向向右工如|日所示JllWJlL 动势E 和内阳『一定出门尽耀皇位电阻,出足光竝电阻（光敏电阴阴 催融光曲强世的增加而变小人ffl 合开关，当ffl （射到&的光照强度变化吋，尽功率变大，以下 判断正确的J1A ・电流衷示数一定变小B. 电压衷示数一定变小C. &的功率一定变大D. 腮射到血的光朋强懂一定塩加 高三物理T-（共“）D 导»rmg在飞醐戏中肉速转动的竖血缘有-点儿当人点转到耐点时与"点等高处的飞棵以初速度％垂］IIO对准人点水平抛出，恰好击中圆fit上人点，巳知飞樓抛出点与圆盘水平距离为人如图所示，不计空代81力，下列判斯正确的是扎从飞榛抛出到恰好击中A点的时同为右B. 圆盘的直径为卷C*圆盘转动的耐大同期为彳2&7TVD■圆it转动的角速度为一产（《= 1誌・3…）9.如图所示•以f£/h三角形XOC为边界的冇•界匀强磁场区域'磁感应强度为/ LA = 60\XO "，在0点放置一个粒子》L可以向各个方向发射某种带负电粒子。
福建省师范大学附属中学2018_2019学年高一物理上学期期末考试试卷含解析
的重物。g=10m/s2。该电梯的运动可能是（）
A.以3.3 m/s2的加速度加速下降B.以3.3 m/s2的加速度减速下降
C.以2.5 m/s2的加速度加速上升D.以2.5 m/s2的加速度减速上升
7.如图所示，轻杆AB的B端用铰链接在竖直墙上。A端与细绳AC AD拴接。细绳AC的C
二、多选题
9.A、B两车沿同一平直公路同向运动，从某时刻开始，两车的v—t图象如图所示。假设t=8s
时两车恰好相遇。则在0〜8s内（ ）
A.A车加速度大小小于B车加速度大小
B.t=6s时两车相距最远
C.t=0时B车在A车前方33m处
D.这段时间内A、B两车可能相遇两次
10.如图所示，小球从高处下落到正下方竖直放置的轻弹簧上，那么小球从接触弹簧开始到
将弹簧压缩到最短的过程中（弹簧一直保持竖直），下列说法中正确的是（）
㉒
A.小球的速度一直在减小
B.小球受到的弹力一直在增大
11
2to时间内，下列说法正确的是（
A.
t0时刻，
A
B间的静摩擦力为零
B.
t0时刻，
A
B的速度最大
C.
2t0时刻,
A、
B的加速度最小
D.
2t0时刻,
A、
B离出发点最远，速度为零
第II卷（非选择题）
端挂一重物P,细绳AD在拉力作用下使整个装置处于静止状态。开始时轻杆AB与细绳AD垂直。现
保持轻杆AB的位置不变，将细绳AD绕A点沿逆时针方向转过一定的角度到AD处（在竖直方向与
AB之间）。在这一过程中，细绳AD受到的拉力F1、轻杆AB对A点的作用力F2的变化情况是（）
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福州市2018—2018学年第一学期期末质检考试高三物理复习题（考试时间：120分钟；满分：100分）本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分第Ⅰ卷（选择题共36分）一、选择题：本题共12小题，每小题3分,共36分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，选对的得3分，选错或不选的得0分．请把答案写在答题卷上．1. 电磁波与人们的生活密切相关，下面关于电磁波的说法正确的是 ( )Ａ．无论在何种介质中电磁波的传播速度均为3×118m/sＢ．电磁波在传播过程中，其波长始终保持不变Ｃ．无论是电视机、手机还是火星探测器，它们所接收的信号都属于电磁波Ｄ．微波炉内所产生的微波不是电磁波，而是波长微小的机械波2. 由分子动理论及能的转化和守恒定律可知( )A.扩散现象说明分子间存在斥力B.布朗运动是液体分子的运动，故分子在永不停息地做无规则运动C.理想气体作等温变化时，因与外界存在热交换，故内能改变D.温度高的物体的内能不一定大，但分子的平均动能一定大3．在“永动机”的问题上，曾经有许多人投入了大量的精力去研究，结果均以失败而告终．关于“永动机”的说法，以下正确的是( )Ａ．“永动机”至今还造不出来，只是因为现在的技术尚未成熟Ｂ．“第一类永动机”违反了能量守恒定律，因此是不可能实现的Ｃ．“第二类永动机”违反了能量守恒定律，因此是不可能实现的Ｄ．人们设想的单从海水吸收热量来做功的“永动机” 属于“第一类永动机”4．人造卫星在通讯、导航、科研和军事等方面都起着重要的作用，关于人造地球卫星下列说法正确的是（）高三物理—1—（共10页）A．卫星绕地球做圆周运动的轨道半径越大，其运行的速度也就越大B．卫星绕地球做匀速圆周运动时，其万有引力将全部用来产生向心加速度C．第一宇宙速度是卫星绕地球运行的最小速度D．卫星绕地球做匀速圆周运动的轨道，一定要与地球的赤道共面5．一物体静止在升降机的地板上，在升降机加速上升的过程中，地板对物体的支持力所做的功等于( )A.物体势能的增加量B.物体动能的增加量C.物体动能的增加量加上物体势能的增加量D.物体动能的增加量减去物体势能的增加量6．将两个电源的Ｕ－Ｉ图象画在同一个坐标上如图所示，关于对这两个电源的判断正确的是( )Ａ．电动势E a＞E b，短路电流I a＞I bＢ．电动势E a＝E b，短路电流I a＞I bＣ．电动势E a＝E b，内电阻r a＞r bＤ．电动势E a＞E b，内电阻r a＜r b为温度传感器（热敏电阻），7．如图所示的电路中，R当温度升高时，其电阻值将急剧减小．下面是在温度升高的过程中对电路变化的分析，正确的是（）Ａ．电流表读数减小，电压表读数增大Ｂ．电流表读数减小，电压表读数减小Ｃ．电流表读数增大，电压表读数减小Ｄ．电流表读数增大，电压表读数增大8．如图所示，Ｐ、Ｑ是带等量异种电荷的两个点电荷。
福建省福州市师范大学附属中学2018-2019学年高三物理期末试卷含解析
又r=
联立得ω=
代入解得，ω=1.69rad/s
故答案为：
（1）10.243；（2）24.215；（3）1.69．
15.利用重锤下落验证机械能守恒定律。
(1)为进行“验证机械能守恒定律”的实验，用到如下器材：铁架台(也可利用桌边)，重锤，电磁打点计时器以及复写纸、纸带，低压交流电源，天平，导线，电键．缺少的器材是．
参考答案：
B
3.（单选）已知河水的流速为v1，小船在静水中的速度为v2，且v2>v1，图中用小箭头表示小船及船头的指向，则能正确反映小船在最短时间内渡河、最短位移渡河的情景图示依次是 （ ）
A．①②B．①⑤
C．④⑤D．②③
参考答案：
C
最短时间过河船身应垂直岸，对地轨迹应斜向下游。④对；最短路程过河船身应斜向上游，而船相对岸的轨迹是垂直岸，⑤对，所以选C。
参考答案：
7.2×10-8，8.1×1017
12.某质点做匀变速直线运动，位移方程为s=10t-2t2（m），则该物体运动的初速度为______，加速度为______，4s内位移为______。
参考答案：
10m/s -4m/s2 8m
13.（3分）原子弹是利用反应而获得巨大核能，氢弹是利用反应而获得巨大核能。图所示是国际原子能机构和国际标准化组织公布的新的标志．
参考答案：
)由受力分析可知，Fcosθ=μFN…①
Fsinθ+FN=mg…②
由胡克定律：F=kx…③几何关系：xsinθ=h…④xcosθ=L…⑤
由以上可得
18.如图甲所示，直角坐标系中直线AB与横轴x夹角∠BAO=30°，AO长为a。假设在点A处有一放射源可沿∠BAO所夹范围内的各个方向放射出质量为m、速度大小均为 、带电量为e的电子，电子重力忽略不计。在三角形ABO内有垂直纸面向里的匀强磁场，当电子从顶点A沿AB方向射入磁场时，电子恰好从O点射出。试求：
福建省福州市2018-2019学年高一物理上学期期末检测试题
福建省福州市2018-2019学年高一物理上学期期末检测试题一、选择题1．如图所示，游乐园的游戏项目——旋转飞椅，飞椅从静止开始缓慢转动，经过一小段时间，坐在飞椅上的游客的运动可以看作匀速圆周运动。
整个装置可以简化为如图所示的模型。
忽略转动中的空气阻力。
设细绳与竖直方向的夹角为，则A ．飞椅受到重力、绳子拉力和向心力作用B ．角越大，小球的向心加速度就越大C ．只要线速度足够大，角可以达到90D ．飞椅运动的周期随着角的増大而增大2．下列属于标量的物理量是A ．加速度 B ．平均速度 C ．时刻 D ．速度3．在距地面15m 处，沿竖直方向同时向上和向下抛出两个小球，它们的初速度大小均为10m/s （不计空气阻力，取g=10m/s 2），则两球落地的时间差为（）A ．1sB ．2sC ．1.5sD ．3s4．点电荷A 和B ，分别带正电和负电，电荷量大小分别为4Q 和Q ，在A 、B 连线上，如图所示，电场强度为零的地方在()A ．A 和B 之间B ．A 的右侧C ．B 的左侧D ．A 的右侧及B 的左侧都有可能5．加速度表示 ( ) A ．物体运动时速度增加的多少B ．物体运动时速度变化的大小C ．物体运动时所发生的位移的大小跟所用时间之比D ．物体运动时速度的变化量跟发生这个变化所用时间之比6．将一个物体以大小为0v 的初速度竖直向上抛出，物体能上升的最大高度为h 不计空气阻力，重力加速度为g ，则物体上升到34h 高度时，物体的速度大小为()A ．22v B ．012v C ．013v D ．14v 7．如图所示，一质量为m 的小孩(可视为质点做杂技表演。
一不可伸长的轻绳一端，固定于距离水平安全网高为H 的O 点，小孩抓住绳子的另一端P 点，从与O 点等高的位置由静止开始向下摆动，小孩运动到绳子竖直时，松手，离开绳子做平抛运动，落到安全网上。
已知P 点到O 点的距离为l(0<l<H)，空气阻力不计。
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2018—2019学年度福州市高三第一学期期末质量抽测
物理参考答案及评分细则
一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分。
在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项符合题目要求，第7～10题有多项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
1．D 2．C 3．D 4．B 5．A 6．C 7．BD 8．AB 9．ABD 10．AD
二、实验题：本题共2小题，第11题6分，第12题10分，共16分。
把答案写在答题卡中指定的答题处。
11．（1）C （3分）
（2）gL t d t d 22
122=⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛-⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛（3分）
(符合上述公式的变式都给分）
12．（1）②最左端（1分）④1.50；（1.49、1.50、1.51均可）
2.9；1.30（1.29、1.30、1.31均可）（每空1分）
（2）①4.5；1.0（第1空1分，第2空2分）
②5.0（2分）
③如图所示（所画曲线大致正确给1分）
三、计算题：本题共4小题，第13题8分，第14题10分，第15题12分，第16题14分，共44分。
把解答写在指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
14.（10分）
T14.1第一得分点：6分（可能得分：6，5，4，3，2，1，0分） ①式T-μm A g=m A a ， （2分）
②式a = 2 m/s 2 （1分）
③式F 0-μ(m A +m B )g=(m A +m B )a （2分）
④式F 0 = 40N （1分）
【说明】只写①式或③式可以得2分；①式或③式不写明研究对象或者无下角标每个式子得1分；无②式，最后得出正确答案可以得6分；①式或③式写成F 0-T-μm B g = m B g 同样得2分。
T14.2第二得分点：4分（可能得分： 4，3，2，1，0分）
⑤式 2m/s 2===g m g
m a A A A μμ （1分）
⑥式20m/s 3=-=B
B B m g m F a μ （1分） ⑦式s 1==
A A a v t （1分） ⑧式v
B = v + a B t A = 5m/s （1分）
【说明】其中⑤⑥⑦⑧式只写公式没有结果都可以得1分，但是最后结果没有得到5 m/s ，总分只能得3分；各式没有下角标，得0分；另解⑤式表达为动量定理形式，即v m gt m A A -=-0μ, ⑥式表达为v m v m t g m F B B B B -=-)(0μ也各得1分，⑦式不写，直接得到v B = 5m/s 可以得2分。
15.（12分）
解：（1）设A 、B 碰撞后的速度分别为v A 、v B ，由于A 、B 发生弹性正碰，动量、动能守恒，则有：
m B v 0 = m B v B + m A v A ① （2分）
22202
12121A A B B B v m v m v m += ② （2分） 解得：2
200v v m m m v B A B A =+= ③ （1分） （2）当物体A 的加速度等于零时，其速度达到最大值v m ，受力如图所示。
由牛顿第二定律得：
在竖直方向 m N q v B m g
=+ ④ （2分） 在水平方向 q E N μ= ⑤ （1分）
解得：02m v v = ⑥ （1分） 根据动能定理得：221122
m A qEL W mv mv -=
- ⑦（2分） 联立⑥⑦并代入相相关数据可得：201578W mgL mv μ=- ⑧（1分） 评分细则：
第（1）题 可以直接用m 3
1和m 表达公式。
第（2）题 有表述出：当物体A 的加速度等于零时，其速度达到最大值v m ，但方程没有正确表述，给1分。
方程列式正确但没有说明加速度等于零，不扣分。
16．（14分）
解：（1）电子在加速电场中，由动能定理得：
20121mv eU =错误！未找到引用源。
（2分） 解得：m
eU v 102=错误！未找到引用源。
（1分）
（2）电子在偏转电场中做分段类平抛运动
水平方向匀速运动，速度v x = v 0
竖直方向做分段匀变速运动，其速度-时间图象如图所示。
从图可以看出在t = nt 0 （n = 0,1,2,…）时刻进入偏转电场
电子，出偏转电场时上、下偏移量最大，（1分）（若没有文字
说明，后面y m 答案对，直接给2分） 解法一：依题意得：2
d y m =
错误！未找到引用源。
（1分）
由牛顿第二定律：m d
eU a y 0=错误！未找到引用源。
（2分） 由运动学公式：md
t eU t a y y m 20020221=⨯= （2分） 解得偏转电压：20
2
02et md U =错误！未找到引用源。
（1分） 解法二：依题意得：2
d y m =错误！未找到引用源。
（1分） 由牛顿第二定律：m d
eU a y 0=错误！未找到引用源。
（2分） 运动的最大速度v ym =a y t 0
在0 – t 0时间内的位移 md
t eU t v y m 2000ym 2)021=⨯+=（ （2分） （由三角形面积可得 md
t eU t v y m 2000ym 221== 同样给2分） 解得偏转电压：20
2
02et md U =错误！未找到引用源。
（1分） （3）设：t x 时刻进入偏转电场的电子，会从中线上方
3
d 错误！未找到引用源。
处飞出偏转电场 由运动公式可得：22
12)(21220⨯-⨯-=
x y x y t a t t a y （1分） （或者2))(0210ym1⨯-+=x m t t v y （–2)02
1ym2⨯+x t v （ 或者由三角形面积可得 y m 121v y m =2)(0x t t -–ym221v 2x t ） 解方程组得：6
0t t x =错误！未找到引用源。
（1分） 所以在错误！未找到引用源。
（n =0,1,2,…）时刻进入偏转电场的电子，会从中线上方错误！未找到引用源。
飞出偏转电场 （1分） 同理可得：6
22000t nt t nt t x -=-=（n =1,2,3,…）时刻进入偏转电场的电子，也会从中线上方错误！未找到引用源。
飞出偏转电场 （1分）。