自动控制原理模拟试题(附)

自动控制原理模拟试题(附)

一、简答题：（合计20分, 共4个小题，每题5分） 1. 如果一个控制系统的阻尼比比较小，请从时域指标和频域指标两方面说明该系统会有什

么样的表现？并解释原因。

2. 大多数情况下，为保证系统的稳定性，通常要求开环对数幅频特性曲线在穿越频率处的

斜率为多少？为什么？

3. 简要画出二阶系统特征根的位置和响应曲线之间的关系。

4. 用根轨迹分别说明，对于典型的二阶系统增加一个开环零点和增加一个开环极点对系统

根轨迹走向的影响。 二、已知质量-弹簧-阻尼器系统如图(a)所示，其中质量为m 公斤，弹簧系数为k 牛顿/米，阻尼器系数为μ牛顿秒/米，当物体受F = 10牛顿的恒力作用时，其位移y (t )的的变化如图(b)所示。求m 、k 和μ的值。(合计20分)

F

μ

m )

t y k

)

(t y 0.06

0.08

3t

图(a) 图(b)

三、已知一控制系统的结构图如下，（合计20分, 共2个小题，每题10分）

1） 确定该系统在输入信号()1()r t t =下的时域性能指标：超调量%σ，调节时间s t 和峰值

时间p t ；

2） 当()21(),()4sin3r t t n t t =⋅=时，求系统的稳态误差。

四、已知最小相位系统的开环对数幅频特性渐近线如图所示，c ω位于两个交接频率的几何中心。

1） 计算系统对阶跃信号、斜坡信号和加速度信号的稳态精度。

2） 计算超调量%σ和调节时间s t 。（合计20分, 共2个小题，每题10分）

[1%0.160.4(1)sin σγ=+-,2

112 1.51 2.51sin sin s c t πωγγ⎡

⎤⎛⎫⎛⎫=+-+-⎢⎥ ⎪ ⎪⎢⎥⎝⎭⎝⎭⎦

]

五、某火炮指挥系统结构如下图所示，()(0.21)(0.51)K

G s s s s =++系统最大输出速度为 2

L (ω)/d

ω (rad/s)

-40 -20

-40

1

5

0 -20

20

ωc

14s + 82s + R(s)

N(s) C(s)

r/min ，输出位置的容许误差小于2o ，求：

1） 确定满足上述指标的最小K 值，计算该K 值下的相位裕量和幅值裕量； 2） 前向通路中串联超前校正网络0.41

()0.081

c s G s s +=+，试计算相位裕量。

（合计20分, 共2个小题，每题10分）

()

G s ()R s ()

E s ()

C s 自动控制原理模拟试题(附)

答案

一、 简答题

1． 如果二阶控制系统阻尼比小，会影响时域指标中的超调量和频域指标中

的相位裕量。根据超调量和相位裕量的计算公式可以得出结论。

2． 斜率为20/dB -十倍频程。可以保证相位裕量在3060o o :之间。

11

二、

系统的微分方程为 ：()()()()m y t y t ky t F t μ++=g g

g

系统的传递函数为 ：221()1

()()Y s m

G s k F s ms s k s s m m

μμ===

++++ 因此 221

110(()()m G Y s F s k ms s k s s s m m

μμ==⨯++++

利用拉普拉斯终值定理及图上的稳态值可得：

0021

10()lim ()lim 0.06s s m y sY s s k s

s s m m

μ→→∞==⨯=++

所以 10/ k =0.06 ，从而求得k = 066.7 N/m

由系统得响应曲线可知，系统得超调量为0.02/0.0633.3%σ==，由二阶系统性能指标的计算公式 2

1100%33.3%e ξπξσ--=⨯=

解得 0.33ξ=

由响应曲线得，峰值时间为3s ，所以由

2

31p n t ωξ

=

=-

解得 1.109/n rad s ω= 由系统特征方城

22

220n n k

s s s s m

m

μ

ξωω++=+

+

= 可知

2n m

μ

ξω=

2

n

k m

ω= 所以

22

166.7

135.51.109n

k

m kg ω=

=

= 220.33 1.109135.599.2/(/)n m N m s μξω==⨯⨯⨯=

三、

1）系统的开环传递函数为：288

()(4)(2)68

G s s s s s ==++++

系统的闭环传递函数为2

8

()616

G s s s =

++ 比较 二阶系统的标准形式222

()2n

n n

G s s s ωξωω=++，可得 4n ω=

而26n ξω=，所以0.75ξ=

2

1.7951p n t s ωξ

=

=-

2

/1100% 2.8%e

ξπξσ--==

3

1(5%)s n

t s ξω=

=∆=

2）由题意知，该系统是个线性系统，满足叠加原理，故可以分别求取，()21()r t t =⋅和()4sin 3n t t =分别作用于系统时的稳态误差1ess 和2ess ，系统的稳态误差就等于12ess ess ess =+。

A ） ()21()r t t =⋅单独作用时，

由系统的开环传递函数知，系统的开环增益1k K =，所以系统对()21()r t t =⋅的稳态误差1ess 为：11

211k

ess K =⨯

=+ B ） ()4sin 3n t t =单独作用时，系统的方块图为

系统的闭环传递函数为：28(4)()616e s W s s s +=++

频率特性为：2

8(4)

()616e j W j j ωωωω+=+- 当系统作用为()4sin 3n t t =时，3ω=，所以

1

4

s + 82

s + N(s)

C(s)