2018年湖南省衡阳市中考物理试卷+答案

2018年湖南省衡阳市中考物理试卷一、单项选择题（本题14个小题，每小题2分，共28分）

1. 下列数据中，最接近生活实际的是（）

A.一个乒乓球的质量约为3g

B.人的步行速度约为5m/s

C.初中物理课本一页纸的厚度约为2mm

D.人体感觉舒适的环境温度为37∘C

2. 下列一些关于生活中的物理现象及其解析正确的是（）

A.夏天，盛冷饮的杯子外壁出现水珠，这是水的汽化现象

B.寒冬，房间窗户玻璃的内表面出现冰花，这属于凝华现象

C.夏天，在教室内洒水可以降温，是利用水的比热容大的原故

D.寒冬，在冰雪覆盖的路面上撒盐便于除雪，是因为盐可以提高冰雪的熔点

3. 下图中是物体在平面镜中成像的情况，正确的是（）

A. B. C. D.

4. 如图所示，下列光学现象及其解释正确的是（）

A.

图中小孔成的是倒立的虚像

B.

图中人配戴的凹透镜可以矫正远视眼

C.

图中海市蜃楼是由于光的折射现象形成的

D.

图中漫反射的光线杂乱无章不遵循光的反射定律

5. 如图所示，若小球向右摆动到最低点时绳子断裂假设所有力同时消失，此后，小球的运动情况是（）A.匀速直线下落

B.匀速直线上升

C.匀速直线斜向上运动

D.沿水平方向向右做匀速直线运动

6. 下列有关节约能源和信息传递做法或说法正确的是（）

A.频率越高的电磁波在空气中传播速度越大

B.核电站利用核裂变释放的核能发电

C.节约能源只要提高节能意识就行，与科技进步无关

D.因为能量在转化过程中是守恒的，所以能源是取之不尽，用之不竭的

7. 如图所示，小刚在做探究凸透镜成像规律的实验时，将焦距为10cm的薄凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，将点燃的蜡烛放置在光具座上35cm刻度线处，移动光屏至80cm刻度线处，在光屏上得到烛焰清晰的像。以下说法正确的是（）

A.此时光屏上成倒立缩小的实像

B.此成像原理可以应用在放大镜上

C.保持凸透镜位置不变，将蜡烛向左移动，光屏也要向左移动才能在光屏上得到一个清晰的像

D.保持蜡烛和光屏的位置不变，将凸透镜在蜡烛与光屏之间移动，不可能再次在光屏成清晰的像

8. 下列的四幅图，对应的说法正确的是（）

A.

如图通电导线周围存在着磁场，将小磁针移走，该磁场消失

B.

如图闭合开关，通电螺线管右端为N极

C.

如图此实验装置原理与发电机原理相同

D.

如图实验研究的是通电导体在磁场中受到力的作用

9. 在如图所示的斜面上测量小车运动的平均速度，让小车从斜面的A点由静止开始下滑，分别测出小车到达B点和C点的时间，即可测出不同阶段的平均速度。对上述实验，数据处理正确的是（）

A.图中AB段的路程s AB=50.0cm

B.如果测得AC段的时间t AC=2.5s，则AC段的平均速度v AC=32.0cm/s

C.在测量小车到达B点的时间时，如果小车过了B点才停止计时，测得AB段的平均速度v AB会偏大

D.为了测量小车在BC段的平均速度v BC，可以将小车从B点静止释放

10. 关于分子动理论，下列说法正确的是（）

A.打开香水瓶，不久就满屋子都能闻到香气，说明分子在永不停息地做无规则的运动

B.打扫教室地面时，看到灰尘在空中飞舞，说明分子在永不停息地做无规则的运动

C.酒精和水混合后体积减小的实险，说明分子间有引力

D.堆在墙角的煤会使墙体内部变黑，说明分子间有引力

11. 关于家庭电路和安全用电，下列估法中错误的是（）

A.为了防止因漏电而造成触电事故，微波炉的外壳应与地线相连

B.螺旋口灯泡的螺旋套要接在零线上

C.为了防止触电，必须把用电器的开关装在零线上

D.不可以用铜丝代替保险丝

12. 在“观察水的沸腾”实验中，当水温升到89∘C时，小华开始计时，每隔1min记录一次水的温度，然后，小华根据实验数据绘制了如图所示的温度随时间变化的图象，下列说法正确的是（）

A.此时的气压高于标准气压

B.水从89∘C加热到刚开始沸腾所需时间为4min

C.通过图1中的图象可知，水沸腾时温度保持不变

D.水沸腾时气泡上升的情况如图2中的乙所示

13. 有关物理知识的应用，说法正确的是（）A.飞机的机翼能获得升力，是用流体中流速大的地方压强越大的原理

B.人用吸管吸食饮料是靠大气压强把饮料“压”进了嘴里

C.体操运动员上杠前给手涂防滑粉是为了减小摩擦力

D.超导材料可应用于电饭锅和远距离输电线

14. 巨磁电阻效应是指某些材料的电阻在磁场中急剧减小的现象，且磁场越强电阻越小。图中是说明巨磁电阻特性原理的示意图，图中GMR是巨磁电阻。如果闭合S1、S2，滑片p向左移动时，电表的变化情况是（）

A.Ⓐ表和Ⓥ表示数均变小

B.Ⓐ表和Ⓥ表示数均变大

C.Ⓐ表示数变小，Ⓥ表示数变大

D.Ⓐ表示数变大，Ⓥ表示数变小

二、多项选择题（本题4个小题，每小题4分，共16分.在每小题给出的四个选项中，只有者3个是正确的.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，不选或有错选的得0分）

15. 如图甲所示，a表示垂直于纸面的一根导体（相当于图乙中的导体AB）。它在磁场中按箭头方向运动时，在下列哪种情况下会产生感应电流（）

A. B. C. D.

16. 下列关于声音的说法正确的是（）

A.一切发声的物体都在振动

B.振动的空气柱一定在发声

C.在10m2的小房间里说话听不到回声，是因为“空间小，没有产生回声”

D.在同一宇宙飞船的太空舱内，两名宇航员可以直接对话

17. 如图所示，在表面粗糙的斜面上，物块从A点静止释放下滑到B的过程中，下列说法正确的是（）

A.物块的动能不一定增加

B.物块的重力势能一定减小

C.物块的重力势能减少量等于动能的增加量

D.物块的重力势能减少量大于动能的增加量

18. 电动自行车有行驶工作、蓄电池充电两种状态，局部电路图如图所示。断开S 后，充电插口可以外接充电器对蓄电池进行充电。电功自行车行驶过程中，其电动机正常工作电压为48V ，此时通过电功机线圈的电流为5

A.对蓄电池充电时，蓄电池相当于电路中的用电器

B.电动自行车的电动机是把电能全部转化为机械能

C.电动机正常工作1min ，电流通过线圈所产生的热量为14400J

D.电功机正常工作1min ，消耗的电能为14400J

三、填空与作图题（本题5个小题，其中第19-＞题每小题2分，第23题4分，共12分）

19. 如图所示，一束光线从空气射向水面，已知入射光线AO ，画出其折射光线和反射光线

20. 如图所示，一根木棒以O 点为支点撬动木块，画出作用在A 点最小动力F 1，并画出阻力的力臂L 2。

21. 如图所示，用滑轮组提起一个重为7N 的物体，在拉力F =4N 的作用下，10s 内物体沿竖直方向匀速升高了2m 。不计绳重和摩擦，可知拉力F 的功率为________W ．此滑轮组的机械效率为________。

22. 某品牌电饭煲工作原理如图中所示，如表为它的部分参数：

如将开关S 闭合，则电饭煲处于________（选填“加热”或“保温”）状态，其中R 12

23. 我国自行设计和建造的“蛟龙号”载人潜水器的艇体由双层船壳构成，外层与海水接触，外壳选择了钛合金作主材，潜水器在上浮和下潜时，其体积是一定的。潜水器规格：长8.2m 、宽3.0m 、高3.4m 。该潜水器悬浮在海水中时总质为22t 。

2017年6月23日，“蛟龙号”载人潜水器下潜到最深达7062.68m 海底，创造了深潜水的世界纪录。在这一深度，海水对潜水器lm 2表面产生的压力为7.3×107N ．（下列答案用科学计数法表示）

（1）潜水器的外壳选择了钛合金板作主材，这主要是因为这种合金的硬度________（选填“小”或”大”）

（2）假设海水密度不随深度变化，潜水器在上浮且未浮出水面过程中，受到水的浮力________（选填“变小”“不变”或”变大”）

（3）“蛟龙号”悬浮在海水中，所受到的浮力为________N

（4）

“蛟龙号

”载人潜水器下潜到

7062.68m

海底时，海水对其表面的压强为________Pa 。

四、实验探究题（本题4个小题，每小题6分，共24分）

24. 在探究“影响液体内部压强大小的因素”的实验中

（1）实验中液体压强的大小变化是通过比较U 形管两侧液面________的变化，将探头放进盛水的容器中，探头的橡皮膜受到水的压强会________（选填“内凹”或“外凸”）。

（2）通过比较C 、D 两个图，可得到结论：同一液体的压强________的增加而增大。

（3）通过比较D 、E 两个图，可得到结论：在深度相同时，液体的________越大，压强越大。

（4）通过比较A 、B 、C 三个图，可得到结论：________。

25. 为了测量某种液体的密度，小明取了适量这种液体的样品，进行了如图1的三种方案的实验：

（1）实验前小明将天平放在________台上，把游码放在零刻度处，发现指针指在分度盘的左侧，要使橫梁平衡，应将平衡螺母向________（选填“右”或“左”）调节

（2）实验记录数据：m1=30g，m2=52g，m3=52.8g；m4=________g（如图2中的甲），

V1=________mL（如图2中的乙），V2=10mL，V3=19mL，其中方案3液体密度大小为________g/cm3

（3）分析比较上述三种实验方案，你觉得比较合理的应该是________（选填“方案1”、“方案2”、“方案3”）。

26. 为了直观验证阿基米德原理，实验装置如图所示，把弹簧测力计上端固定在铁架台上，用粗铁丝做一个框，挂在弹簧测力计挂钩上。在粗铁丝框上端悬吊一个金属块，下端放一小杯。在金属块的正下方，有一个溢水杯，溢水杯放置在铁架台的支架上，溢水杯跟金属块、粗铁丝都不接触。

（1）平稳缓慢地抬高溢水杯支架，使金属块完全浸没入水中（如图甲→乙→丙），在此过程中。弹簧测力计示数：F甲________F乙（选填“大于”、“等于”或“小于”）。

（2）再平稳缓慢地降低溢水杯支架，使金属块完全离开水面（如图丁）。可以计算出图丙中金属块所受到的浮力约为________N，此时浮力的测量数值比真实数值将________（选填“偏大”或“偏小”）。27. 某实验小组的同学用图甲所示的器材测量小灯泡的电阻。已知待测小灯泡额定电压为3.8V，小灯泡的额定功率估计在1.0W左右。

（1）连接电流表时应选用的量程是________（选填“0∼0.6A”或“0∼3A”）

（2）做出相应的电路图在图丙的虚线框内

（3）连接好电路后，调节滑动变阻器，使电流表、电压表的指针如图乙所示，求出此时小灯泡的阻值为________Ω

五、综合题（本题3个小题，其中第28、29题每题6分，第30题8分，共20分）

28. 为了倡导绿色出行，衡阳市投放了大量的共享自行车。小明在水平路面上匀速骑行900m，所用时间为3min时，人与车总质量约60kg，每个轮胎与地面接触面积约为0.01m2．求

（1）自行车行驶的速度为多少m/s。

（2）自行车对地面的压力

（3）此时自行车对地面的压强

29. 2017年6月10日，作为中国大陆核电的发源地–秦山核电基地安全运行100堆年（一座核反应堆运行一年

为一堆年）。从被誉为“国之光荣”的秦山核电站1991年12月15日投入运行开始，秦山核电基地一直保持安全

稳定运行，目前每分钟的安全发电量相当于少消耗烟煤13.0t，减排二氧化碳约40.6t，二氧化硫约0.2t，氮氧化物约0.8t。秦山核电基地目前共有9台运行机组，年发电量约500亿千瓦时，是目前我国核电机组数量最多、堆型品种最丰富、装机容量最大的核电基地。[下列（1）（2）题答案用科学记数法表示]

（1）13.0t烟煤如果完全燃烧，放出的热量为多少J．（烟煤的热值为2.9×107J/kg）。

（2）假设13.0t烟煤在煤炉中完全燃烧，放出的热量部分被水吸收，可以使4×105kg的水从20∘C升高到100∘C，求水吸收的热量为多少J．[c水4.2×103J/(kg⋅∘C)]

（3）求煤炉加热水的热效率。[第（3）题结果保留两位有效数字]

30. 现有一个可调电压电源，一个滑动变阻器R（铭牌上标有“50Ω 2A”的字样），一个电压表，A、B、C三盏

小灯泡规格分别为：A灯“6V 3W”、B灯“6V 4.8W”、C灯“6V 6W”，三盏小灯泡的电流电压关系如图甲所示，

即三个灯的电阻随实际功率变化而变化。在保证电路安全的情况下，进行以下实验

（1）若将A、B、C三盏小灯泡并联接在可调电压电源两端，电源电压调节为6V，求经过2.5min，三盏小灯

泡消耗的总电能为多少J

（2）若将A、B、C三盏小灯泡串联接在可调电压电源两端，调节电源电压，使A灯正常发光，求此时C灯的

实际电功率

（3）若将电路元件按如图乙所示连接，电源电压调节为20V，当滑动变阻器滑片在某个点时，电压表读数为15V，求将滑动变阻器滑片从这个点开始向左滑动的过程中，滑动变阻器阻值变化范围

参考答案与试题解析

2018年湖南省衡阳市中考物理试卷

一、单项选择题（本题14个小题，每小题2分，共28分）

1.

【答案】

A

【考点】

质量的估测

【解析】

不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。

【解答】

A、一枚一元硬币的质量约6g，一个乒乓球质量约为一元硬币质量的一半，在3g左右。故A符合实际；

B、人正常步行的速度在4km/ℎ=4×1

3.6

m/s≈1.1m/s左右。故B不符合实际；

C、人的头发的直径在75μm左右，物理课本一页纸的厚度与此差不多，在100μm=0.1mm左右。故C不符合实际；

D、人体正常体温在37∘C左右，感觉舒适的温度在23∘C左右。故D不符合实际。

2.

【答案】

B

【考点】

液化及液化现象

【解析】

（1）物质由液态变为气态的过程叫汽化、物质由气态变为液态的过程叫液化；

（2）物质由固态变为气态的过程叫升华、物质由气态变为固态的过程叫升华；

（3）水蒸发要从周围空气吸热，使周围的空气温度降低，达到降温的目的；

（4）影响晶体熔点高低的因素：物质的种类、压力的大小、是否有杂质。种类不同，熔点一般不同；压力越大，熔点降低；当有杂质参入时熔点降低。

【解答】

A、夏天，盛冷饮的杯子外壁出现水珠，是空气中的水蒸气液化形成的小水珠。故A不符合题意；

B、寒冬房间窗户玻璃的内表面出现冰花，是室内水蒸气遇冷的玻璃凝华形成的。故B符合题意；

C、因水蒸发有致冷作用，使周围空气温度降低，所以夏天洒水是利用了蒸发吸热的道理，故C不符合题意；

D、寒冷的冬季，向积雪撒盐，在其它条件相同时，积雪上洒盐水是参有杂质，积雪的熔点降低，使积雪熔化，故D不符合题意。

3.

【答案】

C

【考点】

平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案

【解析】

根据平面镜成像特点知：像与物是等大的，且关于镜面对称。由此即可突破此题。

【解答】

平面镜成的像与物体等大，又关于镜面对称，所以物体成的像看起来是左右相反的。A、选项中像与物体左右相同，不是物像对称，不符合题意；

B、选项中物体与像不是关于平面镜对称，因此也不合题意，

C、选项中物体与像大小相等，左右对称，因此符合题意，

D、选项中像是倒立的，所以也不合题意，

4.

【答案】

C

【考点】

光的折射现象及其应用

【解析】

（1）光在同一均匀介质中是沿直线传播的；

（2）近视眼用凹透镜来矫正；

（3）光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向会发生改变，这就是光的折射，光的折射现象有：

透镜的应用、池水变浅了等；

（4）所有反射现象都遵循光的反射定律

【解答】

A、图中小孔成的是光的直线传播形成的倒立的实像，故A错误。

B、图表示的是近视线的成像情况，应该佩戴凹透镜来矫正，故B错误；

C、“海市蜃楼”是由于一种由光的折射产生的现象，是由于光在密度不均匀的物质中传播时，发生折射而引

起的，故C正确；

D、漫反射的光线杂乱无章，但也遵循光的反射定律，故D错误。

5.

【答案】

D

【考点】

力与运动的关系

【解析】

根据牛顿第一定律进行分析，即物体在不受任何外力时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。

【解答】

根据牛顿第一定律可知，物体在不受外力作用时，原来静止的物体将永远保持静止状态；原来运动的物体将

永远做匀速直线运动，速度的大小和方向都不改变；

小球向右摆动到最低点时，其运动方向是水平向右的，则当外力突然消失时，小球仍然保持原来的运动状态，即小球沿水平方向向右做匀速直线运动，故D正确。

6.

【答案】

B

【考点】

核能

【解析】

（1）在真空和空气中，电磁波的传播速度等于3×108m/s是一个定值；

（2）核能的释放包括核聚变和核裂变，核电站是通过核裂变来获得能量的；

（3）知道能量在利用过程中都会有一部分能源未被利用而损失掉，因此能源的利用率都会低于100%，所以

应该大力发展科技，提高能源的利用率；

（4）能量在转移、转化过程中总是守恒的，但是能量的转化具有方向性，在能源的使用过程中，使能源从

便于利用的变成不便于利用的，所以说能量虽守恒但还是要节约能源。

【解答】

A、电磁波的传播速度等于3×108m/s是一个定值，与频率无关，故A错误；

B、核电站都是利用可控的核裂变来进行工作的，故B正确；

C、加强发展科技，提高能源的利用率，会更多的节约能源，故C错误；

D、能量虽守恒，但能量的转化具有方向性，可以利用的能源是有限的，所以要节约能源，故D错误。

7.

【答案】

C

【考点】

凸透镜成像规律及其探究实验

【解析】

（1）光屏上能承接到的像是实像。凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像；物距等于像距时，成倒立等大的实像；物距小于像距时，成倒立放大的实像。

（2）凸透镜成实像时，物距减小，像距增大，像变大。

（3）物体处于一倍焦距和二倍焦距之间，成倒立、放大的实像；

（4）根据光的可逆性，可以成像。

【解答】

AB、此时物距小于像距，即说明光屏上成倒立、放大的实像，幻灯机就是利用该原理制成的，故AB错误；C、保持凸透镜不动，凸透镜成实像时，物距增大，像距减小，像变小，将蜡烛向左移动，光屏也要向左移

动才能在光屏上得到一个清晰的像，故C正确；

D、蜡烛和光屏的位置不变，将凸透镜在蜡烛与光屏之间移动，可能再次在光屏成清晰的像，故D错误。

8.

【答案】

B

【考点】

电磁相互作用

【解析】

（1）通电导线的周围存在磁场，但磁场看不见、摸不着，可以通过小磁针的偏转说明磁场的存在；

（2）安培定则：用右手握螺线管，让四指指向螺线管中电流的方向，则大拇指所指的那端就是螺线管的北极；

（3）电动机是根据通电导体在磁场中受到力的作用制成的；

（4）闭合电路的部分导体，在磁场中切割磁感线运动，在导体中将产生电流，叫电磁感应。

【解答】

A、通电导线周围存在磁场，将小磁针移走，磁场仍存在，故A错误；

B、根据图中电源的正极在右侧，可知螺线管中电流方向是由右侧进入左侧流出，故利用安培定则可知通电

螺线管的右端为N极，故B正确；

C、图中有电源，是电动机的原理图，是根据通电导体在磁场中受到力的作用而制成的，故C错误；

D、图中没有电源，是发电机的原理图，是利用电磁感应现象制成的，故D错误。

9.

【答案】

B

【考点】

变速运动与平均速度

【解析】

（1）根据图象读出AB段的距离；

（2）从图上读出AC间距离，根据v=s

t 计算AC段的平均速度；

（3）让小车过了B点才停止计时，会导致时间的测量结果偏大，平均速度会偏小；

（4）根据后半段路程速度的大小进行分析。

【解答】

A、由图知，图中AB段的路程s AB=80.0cm−40.0cm=40.0cm，故A错误；

B、已知测得AC段的时间t AC=2.5s，由图可知s AC=80.0cm，

则AC段的平均速度：v AC=s AC t

AC

=80.0cm

2.5s

=32.0cm/s；故B正确；

C、如果让小车过了B点才停止计时，会导致时间的测量结果偏大，由v=s

t

知，测得AB段的平均速度v AB会

偏小；故C错误；

D、如果将小车从B点静止释放，则所测时间不是运动过程中下半程的时间，小车通过AC段的时间与AB段的

时间之差才是下半程BC段的时间，因此测量小车在BC段的平均速度v BC，不可以将小车从B点静止释放。故

D错误。

10.

【答案】

A

【考点】

分子动理论的基本观点

【解析】

①扩散现象不但说明了分子在不停地做无规则运动，还体现了分子之间有间隙；

②分子非常小，是纳米尺度内的，我们用肉眼是看不到的；我们能够看到的不是分子，是固体的小颗粒；

③分子之间同时存在引力和斥力。

【解答】

解：A．打开香水瓶盖后，屋里充满了香味，这是香水的分子做无规则运动的结果，故A正确；

B．扫地时尘土飞扬，是固体小颗粒的运动，不是分子的运动，故B错误；

C．水和酒精混合后体积减小，是因为相互渗入对方分子间隙，说明分子间有间隙，故C错误；

D．把煤堆在墙角，时间长了墙也变黑，是因为煤分子扩散到墙上，说明分子在不断扩散，故D错误．

故选A．

11.

【答案】

C

【考点】

安全用电原则

【解析】

（1）对于金属外壳的家用电器，金属外壳一定接地，防止外壳漏电，发生触电事故；

（2）电灯的正确连接方法：火线过开关入灯泡顶端的金属点，零线直接进入灯泡的螺旋套；

（3）开关接在用电器和火线之间，开关能控制用电器，而且断开开关能切断火线，使用用电器更安全；

（4）禁止用铜丝代替保险丝。

【解答】

A、为了防止因漏电而造成触电事故的，微波炉外壳应与地线相连，故A正确；

B、螺丝口灯泡在连接时，螺丝套一定要接在零线上，以防止换灯泡时发生触电事故，故B正确；

C、用电器的开关装在火线上，接触用电器时，可以断开开关，切断火线，防止接触用电器发生触电事故，

故C错误；

D、用铜丝代替保险丝，会使得当家庭电路中电流过大时不能熔断，起不到切断电路的作用，故D正确。

12.

【答案】

C

【考点】

探究水的沸腾实验

【解析】

（1）液体的沸点随气压的改变而改变；

（2）首先确定89∘C时对应的时间和开始沸腾时的时间。刚达到沸点的时间便是开始沸腾的时间。

（3）要掌握水沸腾时的特点：吸热但温度保持不变。

（4）水沸腾之前，水下层的温度高于上层的水温，气泡上升过程中，气泡中的水蒸气遇冷液化成水，气泡

变小；水沸腾时，整个容器中水温相同，水内部不停的汽化，产生大量的水蒸气进入气泡，气泡变大。

【解答】

A、标准大气压下水的沸点为100∘C，根据液体沸点与气压的关系可知当时的气压较低，低于标准大气压，故A错误；

B、从图象可以看出，水的初温是89∘C，从第5分钟温度达到沸点，所以从89∘C到开始沸腾所用时间为

5min，故B错误；

C、水的沸腾是吸热过程，所以水沸腾时需要继续吸收热量，但温度保持不变；故C正确；

D、甲图，气泡上升时不断增大，是水的沸腾时的现象；乙图，气泡上升时不断减小，是水沸腾之前的现象，故D错误；

13.

【答案】

B

【考点】

飞机的升力

【解析】

（1）流体在流速大的地方压强小、在流速小的地方压强大，这是使飞机获得升力的原因；

（2）吸管吸饮料时，是先把吸管内的空气吸走，在外界大气压的作用下，饮料被压进吸管里；

（3）增大摩擦力的方法：增大压力，增大接触面粗糙程度；

（4）超导材料电阻为零，根据这一特点做出判断。

【解答】

A、机的机翼能获得向上的升力，是应用了流速越大流体的压强越小的原理，故A错误；

B、用吸管吸饮料时，是先把吸管内的空气吸走，管内气压减小，在外界大气压的作用下，饮料被压进吸管里，利用大气压，故B正确；

C、体操运动员上杠前给手凃防滑粉，是采用增大接触面的粗糙程度，增大了摩擦，故C错误；

D、超导体的电阻为零，不会放热，所以电能无法转化为内能，所有利用电流热效应工作的电器设备都不能

用超导材料制作。故超导材料可用于远距离输电线，但不能应用于电饭锅，故D错误。

14.

【答案】

D

【考点】

电路的动态分析

【解析】

分析电路的连接，根据滑片P向左移动时，变阻器连入电路中的电阻变小，左侧电路中的电流变大判断电磁

铁磁性变化，根据已知条件分析巨磁电阻的阻值变化，根据电阻的串联和欧姆定律，分析电流表示数与电压

表示数的变化。

【解答】

由图知，右侧电路中巨磁电阻GMR与定值电阻R串联，电流表测电路中的电流，电压表测巨磁电阻的电压；

滑片P向左移动时，变阻器连入电路中的电阻变小，左侧电路中的电流变大，电磁铁的磁性增强（周围的磁场增强），由题意可知巨磁电阻的阻值变小，则右侧电路的总电阻变小，由欧姆定律可知电流表示数变大，

根据U=IR可知，定值电阻R的电压变大，根据串联电路电压的规律，巨磁电阻的电压变小，即电压表示数

变小，故D正确，ABC错误。

二、多项选择题（本题4个小题，每小题4分，共16分.在每小题给出的四个选项中，只有者3个是正确的.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，不选或有错选的得0分）

15.

【答案】

B,C

【考点】

产生感应电流的条件

【解析】

闭合回路中的导体产生感应电流的条件是导体需要在磁场中做切割磁感线运动。

【解答】

A、磁感线在磁体外部是从N极出发回到S极，导体没有做切割磁感线运动，故不能产生感应电流，故A不符

合题意；

B、磁感线在磁体外部是从N极出发回到S极，导体在磁场中做切割磁感线运动，能产生感应电流，故B符合

题意；

C、磁感线在磁体外部是从N极出发回到S极，导体在做切割磁感线运动，能产生感应电流，故C符合题意；

D、磁感线在磁体外部是从N极出发回到S极，导体没有做切割磁感线运动，故不能产生感应电流，故D不符

合题意。

16.

【答案】

A,B,D

【考点】

声音的产生

声音的传播条件

回声及其应用

【解析】

（1）声音是物体的振动产生的，一切声音都是由振动产生的；

（2）声不能在真空中传播，声传播需要介质；

（2）回声是指声音在传播过程中，碰到障碍物，有一部分声能被反射回来这种反射回来的声叫“回声”。

【解答】

A、声音是物体的振动产生的，一切声音都是由振动产生的，故A正确；

B、声音是物体的振动产生的，所以振动的空气柱一定在发声，故B正确；

C、在小房间里说话听不到回声，是因为房间太小，回声和原声混在一起，不容易区分，故C错误；

D、宇宙飞船的太空舱内充满空气，所以在同一宇宙飞船的太空舱内，两名宇航员可以直接对话，故D正确。

17.

【答案】

B,D

【考点】

动能和势能的转化与守恒

【解析】

动能的影响因素是质量和速度，重力势能的影响因素是质量和高度。结合物体运动的情况，可判断其动能与

重力势能的变化。

【解答】

A、物块从A点静止释放下滑，则A做加速运动，则其速度变大，动能一定会增加，故A错误；

B、由于下滑时物体的高度一直减小，所以其重力势能一定减小，故B正确；

C、由于物体克服摩擦力，将一部分机械能转化为内能，因此，物块的重力势能减少量不等于动能的增加量，故C错误；

D、由于物体克服摩擦力，将一部分机械能转化为内能，并没有都转化为动能，因此，物块的重力势能减少

量大于动能的增加量，故D正确。

18.

【答案】

A,D

【考点】

电功的计算

电能表参数的理解与电能的求法

【解析】

（1）对蓄电池充电时，蓄电池相当于电路中的用电器；

（2）电动自行车的电动机是把电能大部分转化为机械能；

（3）根据Q=I2Rt可求正常工作1min，电流通过线圈所产生的热量；

（4）根据W=UIt可求电动机正常工作1min，消耗的电能。

【解答】

A、对蓄电池充电时，蓄电池消耗了电能，蓄电池相当于电路中的用电器，故A正确；

B、电动自行车的电动机是把电能大部分转化为机械能和小部分内能，故B错误；

C、电动机正常工作1min，电流通过线圈所产生的热量，Q=I2Rt=(5A)2×0.5Ω×60s=750J，故C错误；

D、电动机正常工作1min，消耗的电能：W=UIt=48V×5A×60s=14400J，故D正确。

三、填空与作图题（本题5个小题，其中第19-＞题每小题2分，第23题4分，共12分）

19.

【答案】

【考点】

作光的折射光路图

【解析】

先过入射点作出法线，然后根据入射光线、反射光线以及法线在同一平面内，反射光线与入射光线分居法线

两侧，并且反射角等于入射角，画出反射光线；

根据入射光线、折射光线以及法线在同一平面内，折射角小于入射角，确定折射光线的方向。

【解答】

题目已经过入射点O作出垂直于界面的法线，已知入射角为43∘，则反射角等于入射角，也为43∘，根据反射

光线与入射光线分居法线两侧，在法线右侧做出反射光线OB；光线从空气斜射向水面，根据折射角小于入

射角画出折射光线OC．

20.

【答案】【考点】

力臂的画法

杠杆中最小力的问题

【解析】

由杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，当动力臂最大时，动力最小，即最省力。连接支点和力的作用点A即是最大动力臂，当作用力与之垂直时，作用力最小；

阻力臂是支点O到阻力作用线的距离，过O点F2的作用线的垂线即为阻力的力臂L2。

【解答】

力臂越长越省力，最长的力臂即支点与作用点的连线，根据力臂的画法作出垂直于OA的作用力即为在A点最小动力F1，方向向下；

反向延长力F2所在的直线，由支点O向这条线作垂线即为阻力的力臂L2．

21.

【答案】

1.6,87.5%

【考点】

滑轮（组）的机械效率

功率的计算

【解析】

（1）根据滑轮组承担物重绳子段数，计算绳子自由端移动距离，求出总功，已知时间t，由功率公式求出滑轮组对物体A做功的功率；

（2）然后求出有用功，由效率公式求出效率。

【解答】

（1）由图可知：滑轮组承担物重绳子段数：n=2，

绳子自由端移动的距离：

s=2ℎ=2×2m=4m，

滑轮组所做总功：

W

总

=Fs=4N×4m=16J，

拉力功率：

P=

W

总

t

=16J

10s

=1.6W；

（2）有用功：

W

有

=Gℎ=7N×2m=14J，

滑轮组的机械效率：

η=

W

有

W

总

×100%=14J

16J

×100%=87.5%。

故答案为：1.6；87.5%。

22.

【答案】

加热,1:54

【考点】

电功率的计算

【解析】

电路电压U一定，由P=U2

R

可知，电阻越大，电功率越小，电饭煲处于保温状态，电阻越小，电饭煲功率越

大，电饭煲处于加热状态，分析电路图确定电饭煲的状态；由欧姆定律、电功率公式计算答题。

【解答】

（1）由电路图可知，当开关S闭合时，R2被S短路，电路电阻最小，由P=U2

R

可知，在电压一定时，电饭煲电功率最大，处于加热状态；

（2）已知，P加热=1210W，P保温=22W，

则电饭煲保温和加热时的功率之比：

P

加热:P

保温

=U2

R1

:U2

R1+R2

=R1+R2

R1

=1210W

22W

=55

1

，

R2=54R1，

故R1:R2=1:54。

故答案为：加热；1:54。

23.

【答案】

大

不变

2.2×105

7.3×107

【考点】

液体压强的计算公式及其应用

浮力大小的计算

【解析】

（1）液体内部的压强随深度的增加而增大，潜水器要下潜到较深的海水中，需要能承受较大的压强；（2）潜水器在上浮且未浮出水面过程中，排开水的体积不变，水的密度不变，利用F浮=ρ水V排g分析浮力变化；

（3）利用悬浮条件(F浮=G=mg)求浮力；

（4）利用p=F

S

求海水对其表面的压强。

【解答】

潜水器要下潜到较深的海水中，需要能承受较大的压强，所以选择钛合金板作为主材，主要是因为这种合金的硬度大；

潜水器在上浮且未浮出水面过程中，排开水的体积不变，水的密度不变，由F浮=ρ水V排g可知浮力不变；该潜水器悬浮在海水中时受到的浮力：

F

浮

=G=mg=22×103kg×10N/kg=2.2×105N；

海水对其表面的压强：

p=F

S =7.3×107N

1m2

=7.3×107Pa。

四、实验探究题（本题4个小题，每小题6分，共24分）

24.

【答案】

高度差,内凹随深度

密度

同一深度，液体向各个方向的压强相等

【考点】

探究液体压强的特点实验

【解析】

（1）液体压强大小通过U型管内液面的差来反映的，液面高度差越大，液体的压强越大，这是一种转换法的运用；

将探头放进盛水的容器中，橡皮膜受到水的压强大于橡皮膜内部的压强，橡皮膜会向内凹；

（2）（3）（4）探究液体压强跟深度的关系时，保持液体的密度和方向相同；探究液体压强跟密度的关系时，保持液体的深度和方向相同；探究液体压强跟方向的关系时，保持液体的密度和深度相同，应注意控制变量

法的运用。

【解答】

压强计是通过U形管中液面的高度差来反映被测压强大小的。液面高度差越大，液体的压强越大；这种方法

叫做转换法；

将探头放进盛水的容器中，橡皮膜受到水的压强大于橡皮膜内部的压强，橡皮膜会向内凹；

C、D两个图为同种液体，橡皮膜的方向相同，深度不同，深度越大，U型管的高度差越大，压强越大，可得

出结论：同一液体，液体内部压强随深度的增加而增大；

D、E两个图中液体的深度相同，橡皮膜的方向相同，液体的密度不同，盐水的密度大于水的密度，盐水中U

型管的高度差大，压强大，故可得到结论：在深度相同时，液体的密度越大，压强越大。

A、B、C三个图中液体的深度相同，液体的密度相同，橡皮膜的方向不同，但压强相等，可得出结论：同一

深度，液体向各个方向的压强相等。

25.

【答案】

水平,右

41.4,20,1.2

方案2

【考点】

液体的密度测量实验

【解析】

（1）根据天平指针的偏转方向调平，左偏右调，右偏左调；

（2）读取天平示数时应将砝码与游码的示数相加。天平应放在水平台上，先判断量筒的分度值，再读出液

体的体积，从而计算液体密度。

【解答】

将天平放在水平台上，先将游码放在标尺左端的零刻度线处，若发现指针在分度盘中央的左侧，要使横梁平衡，应将平衡螺母向右调节；

由图2甲可知，烧杯和液体的总质量m4=20g+20g+1.4g=41.4g，由图2乙知，量筒的分度值是1mL，所以液体的体积是20mL=20cm3，

方案3液体质量m=m3−m1=52.8g−30g=22.8g；

方案3液体体积V=V3=19mL=19cm3；

方案3液体密度：ρ=m

V

=22.8g

19cm3

=1.2g/cm3。

方案1：当把液体由量筒倒入烧杯时，量筒上会沾有少量液体，导致称量的液体质量偏小，根据ρ=m

V

知测量

的液体密度偏小，误差较大；

方案3：当把液体由烧杯倒入量筒时，烧杯上会沾有少量液体，导致称量的液体体积偏小，根据ρ=m

V

知测量的液体密度偏大，误差较大；

方案2避免了1和3中的这些问题，实验误差较小，故方案2较合理；

26.

【答案】

等于

1.2,偏大

【考点】

探究影响浮力大小的因素

【解析】

（1）根据阿基米德原理可得F甲、F乙的大小关系；

（2）根据F浮=G−F示可求浮力；金属块完全离开水面时要带一些小水滴，使重力G偏大。

【解答】

平稳缓慢地抬高溢水杯支架，使金属块完全浸没入水中（如图甲→乙），由阿基米德原理可知，在此过程中甲受到的浮力等于排开液体所受的重力，故F甲=F乙；

由图丙、丁可知，弹簧测力计的分度值，0.2N，图丁G=4.4N，图丙F示=3.2N，

图丙中金属块所受到的浮力约为：

F 浮=G−F

示

=4.4N−3.2N=1.2N；

金属块完全离开水面时要带一些小水滴，使重力G测的数值偏大，根据F浮=G−F示可知，此时浮力的测量

数值比真实数值将偏大。

27.

【答案】

0∼0.6A

根据欧姆定律测量小灯泡的电阻，将灯泡、电流表滑动变阻器串联连接，电压表并联在灯泡两端，如下图所示：

17.5

【考点】

伏安法测电阻的探究实验

【解析】

（1）根据灯泡的额定电压确定电压表的量程，根据P=UI求出灯泡额定电流的大约值，从而确定电流表的量程；

（2）将灯泡、电流表以及滑动变阻器串联连接，电压表并联在灯泡两端，注意滑动变阻器按一上一下原则（3）根据电表的量程和分度值读出示数，利用欧姆定律求出小灯泡的电阻。

【解答】

因为灯泡的额定电压为3.8V，故电压表选择0∼15V的量程；由P=UI可知，灯泡的额定电流约为：

I=P

U

=1.0W

3.8V

≈0.26A，故电流表选择0∼0.6A的量程；

根据欧姆定律测量小灯泡的电阻，将灯泡、电流表滑动变阻器串联连接，电压表并联在灯泡两端，如下图所示：

电压表的量程为0∼15V，分度值为0.5V，灯泡两端的电压为3.5V，

电流表的量程为0∼0.6A，分度值为0.02A，通过灯泡的电流为0.2A，

由I=U

R

可得，灯泡的电阻R=U

I

=3.5V

0.2A

=17.5Ω。

五、综合题（本题3个小题，其中第28、29题每题6分，第30题8分，共20分）

28.

【答案】

自行车行驶的速度为5m/s。

自行车对地面的压力600N；

此时自行车对地面的压强3×104 Pa。

【考点】

速度的计算

压力及重力与压力的区别

压强的大小及其计算

【解析】

（1）已知时间和路程，利用速度公式计算速度；

（2）已知人与车总质量，根据G=mg求出人与车总重力；在水平路面上骑自行车时，对地面的压力等于人与车总重力；

（3）已知自行车对地面的压力，又知受力面积为2个轮胎与地面接触的总面积，根据压强公式p=F

S

求出自行车对地面的压强

【解答】

自行车行驶的速度：

v=s

t

=900m

3×60s

=5m/s；

骑行的人与车的总重：

G

总

=m

总

g=60kg×10N/kg=600N；

自行车对地面的压力：F=G总=600N；

受力面积：S=2×0.01m2=0.02m2，

自行车对地面的压强：

p=F

S =600N

0.02m2

=3×104 Pa；

29.

【答案】

13.0t烟煤如果完全燃烧3.77×1011J；

水吸收的热量为1.344×1011J；

煤炉加热水的热效率为36%。

【考点】

热量的计算

【解析】

（1）应用热值公式Q＝mq可以求出烟煤完全燃烧释放的热量；

（2）根据吸热公式Q＝cm△t就可算出水吸收的热量；

（3）由效率公式可以求出煤气灶烧水的效率。

【解答】

13.0t烟煤如果完全燃烧，放出的热量：

Q

放

＝mq＝13.0×103kg×2.9×107J/kg＝3.77×1011J；

水吸收的热量：

Q

吸

＝cm水△t＝4.2×103J/(kg⋅∘C)×4×105kg×(100∘C−20∘C)＝1.344×1011J；煤炉烧水的效率：

η=Q

Q imes100%=1.344imes1011J

3.77imes10J

imes100%≈36%。

30.

【答案】

若将A、B、C三盏小灯泡并联接在可调电压电源两端，电源电压调节为6V，经过2.5min，三盏小灯泡消耗的

总电能为2070J；

若将A、B、C三盏小灯泡串联接在可调电压电源两端，调节电源电压，使A灯正常发光，此时C灯的实际电功率为1W；

若将电路元件按如图乙所示连接，电源电压调节为20V，当滑动变阻器滑片在某个点时，电压表读数为15V，求将滑动变阻器滑片从这个点开始向左滑动的过程中，滑动变阻器阻值变化范围是30Ω∼12.5Ω。

【考点】

欧姆定律的应用

电功的计算

电能表参数的理解与电能的求法

电功率的计算

【解析】

（1）将A、B、C并联接在6V电源两端时，两灯泡两端的电压和额定电压相等，两灯泡都正常发光，先求出

总功率，利用W＝Pt求出2.5min内电路消耗的电能；

（2）将A、B、C串联接在某电源两端，使A灯恰好正常发光，根据图象读出通过A灯的电流即为电路中的电流，再根据图象读出C灯两端的电压，根据欧姆定律求出此时C灯的实际功率；

（3）图乙中B、C两灯以及滑动变阻器串联，当电压表为15V时，B、C两灯的总电压为20V−15V＝5V，从

图象中找出BC电压之和为5V时的电流，根据欧姆定律算出滑动变阻器的最大电阻；向左滑动的过程，电阻

减小，电流增大，但最大不能超过B或C灯的额定电流，根据图象判断出BC的电压，根据串联电路电压的规

律算出滑动变阻器的电压，根据欧姆定律算出最小电阻。由题知，3个灯泡的额定电压均为6V，

将A、B、C并联接在6V电源两端时，

因并联电路中各支路两端的电压相等，且额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等，

所以，电路的总功率：

P＝P A+P B+P C＝3W+4.8W+6W＝13.8W，

由P=W

t

可得，2.5min内电路消耗的电能：

W＝Pt＝13.8W×2.5×60s＝2070J；

将A、B、C串联接在某电源两端，

因串联电路中各处的电流相等，且使A灯恰好正常发光，即U A＝6V，

所以，由图象可知，电路中的电流I A＝I C＝0.5A，此时C灯泡两端的电压U C＝2V，

则C灯的实际电功率：P C实＝U C I C＝2V×0.5A＝1W。

图乙中，B、C两灯以及滑动变阻器串联，

当电压表为15V时，B、C两灯的总电压为20V−15V＝5V，

由图象知当电流为0.5A时，B灯泡的电压为3V，C灯泡的电压为2V，即U B+U C＝3V+2V＝5V，根据串联电路电流处处相等可知I滑＝I B＝0.5A，

滑动变阻器允许接入的最大电阻：R

大

=U

I

=15V

0.5A

=30Ω；

向左滑动的过程，变阻器接入的阻值减小，电流增大，但最大不能超过B或C灯的额定电流，

根据图象甲知，灯泡B的额定电流为0.8A，C灯的额定电流为1A，

故电路中的最大电流不能超过0.8A，此时B灯的电压为6V，C灯的电压为4V，

则滑动变阻器的电压为：U滑′＝20V−6V−4V＝10V；

滑动变阻器的最小电阻：R

小

′=U′

I′

=10V

0.8A

=12.5Ω。

所以，滑动变阻器阻值的变化范围为30Ω∼12.5Ω。