2015咸阳一模 陕西省咸阳市2015年高考模拟考试(一)物理试题 扫描版含答案
(含答案解析)陕西省宝鸡市2015届高三教学质量检测(一)物理试题
2015年陕西省宝鸡市高考物理一模试卷一、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1-5题只有一项符合题目要求，第6-8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．（6分）（2015•宝鸡一模）纵观自然科学发展的历史，我们可以看到，许多科学家的重要理论、重大发现和发明创造对人类的文明和进步做出了卓越贡献．则以下几种说法中正确的是（）A．伽利略通过对理想斜面实验的研究，得到“重物体不会比轻物体下落得快”的结论B．库仑创立了库仑定律F=k，卡文迪许用扭秤实验测定了静电力恒量kC．第谷经过长达20年对太空观测，发现和总结出行星运动的三大定律D．奥斯特通过对磁现象的研究发现了通电导线的磁效应【考点】：物理学史．【分析】：解决本题要了解物理学史，对物理学上发生的重要事件、重要规律的发现者要有所了解．【解析】：解：A、伽利略通过对理想斜面实验的研究，得到“重物体与轻物体下落一样快”的结论，故A错误．B、库仑创立了库仑定律F=k，并用扭秤实验测定了静电力恒量k，卡文迪许用扭秤实验测定了引力常量G，故B错误．C、开普勒发现和总结出行星运动的三大定律，故C错误．D、1820年，奥斯特通过对磁现象的研究发现了通电导线的磁效应，故D正确．故选：D．【点评】：物理学史的学习可以培养科学素养和科学方法，但是学生容易出错，平时要注意记忆．2．（6分）（2015•宝鸡一模）已知长直通电导线在周围某点产生磁场的磁感应强度大小与电流成正比、与该点到导线的距离成反比．4根电流相同的长直通电导线a、b、c、d平行放置，它们的横截面的连线构成一个正方形，O为正方形中心，a、b、c中电流方向垂直纸面向里，d中电流方向垂直纸面向外，则关于a、b、c、d长直通电导线在O点产生的合磁场的磁感应强度B （）A．大小为零B．大小不为零，方向由O指向aC．大小不为零，方向由O指向c D．大小不为零，方向由O指向d【考点】：磁感应强度．【分析】：根据等距下电流所产生的B的大小与电流成正比，得出各电流在O点所产生的B的大小关系，由安培定则确定出方向，再利用矢量合成法则求得B的合矢量的大约方和向．【解析】：解：I a=I c=I d=I b，则根据矢量的合成法则，可知，a、c两棒产生的磁场为零，则由b、d两棒产生的磁场方向，由右手螺旋定则可知，o指向a；故选：B．【点评】：考查磁感应强度B的矢量合成法则，会进行B的合成．3．（6分）（2015•宝鸡一模）如图所示，质量为M的木块A套在粗糙水平杆上，并用轻绳将木块A与质量为m的小球B相连．现用水平力F将小球B缓慢拉起，在此过程中木块A始终静止不动．假设杆对A的支持力为N，杆对A的摩擦力为f，绳中张力为T，则此过程中（）A．F增大B．f不变C．T减小D．N减小【考点】：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】：共点力作用下物体平衡专题．【分析】：先以B为研究对象，分析在小球上升的过程中F如何变化，再以整体为研究对象，分析摩擦力f和支持力力N如何变化．【解析】：【解析】：解：以B为研究对象，小球受到重力、水平力F和轻绳的拉力T，如图1所示：由平衡条件得：F=mgtanα，α增大，则F增大再以整体为研究对象，力图如图2所示，根据平衡条件得：f=F，则f逐渐增大．N=（M+m）g，即N保持不变故选：A．【点评】：本题是动态平衡问题，采用隔离法和整体法相结合，根据共点力平衡条件求解出表达式分析．4．（6分）（2015•宝鸡一模）如图所示，将质量为M的U形框架开口向下置于水平地面上，用轻弹簧1，2，3将质量为m的小球悬挂起来．框架和小球都静止时弹簧1竖直，弹簧2、3水平且长度恰好等于弹簧原长，这时框架对地面的压力大小等于（M+m）g．现将弹簧1从最上端剪断，则在剪断后瞬间（）A．框架对地面的压力大小仍为（M+m）gB．框架对地面的压力大小为0C．小球的加速度为0D．小球的加速度大小等于g【考点】：牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．【专题】：牛顿运动定律综合专题．【分析】：根据剪断弹簧1从最上端后瞬间，弹力仍存在，结合牛顿第二定律或平衡条件，即可求解．【解析】：解：根据题意，当弹簧1从最上端剪断后瞬间，弹力仍存在，而弹簧2与3，没有形变，即没有弹力，因此框架对地面的压力大小为Mg，对小球受力分析，只受重力与弹力，两力平衡，则加速度大小等于0，故ABD错误，C正确；故选：C．【点评】：考查弹簧剪断后瞬间的弹力有无是解题的关键，注意若是剪断弹簧，则形变来不及变化，弹力仍存在．5．（6分）（2015•宝鸡一模）如图所示，横截面为正方形abcd的有界匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里．一束电子以大小不同、方向垂直ad边界的速度飞入该磁场．对于从不同边界射出的电子，下列判断错误的是（）A．从ad边射出的电子在磁场中运动的时间都相等B．从c点离开的电子在磁场中运动时间最长C．电子在磁场中运动的速度偏转角最大为πD．从bc边射出的电子的速度一定大于从ad边射出的电子的速度【考点】：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．【专题】：带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】：电子粒子飞入匀强磁场中做匀速圆周运动，根据半径和周期公式分析速率越大，轨迹半径和周期如何变化；在有界磁场中转动的时间越长，则粒子转过的圆心角越大，运动时间越长；【解析】：【解析】：解：ABC、电子的速率不同，运动轨迹半径不同，如图，由周期公式T=知，周期与电子的速率无关，所以在磁场中的运动周期相同，由t=T知，电子在磁场中运动时间与轨迹对应的圆心角成正比，所以电子在磁场中运动的时间越长，其轨迹线所对应的圆心角θ越大，故从ad边射出的电子在磁场中运动的时间都相等且运动时间最长；故AC正确B错误；D、从bc边射出的轨道半径大于从ad边射出的电子的轨道半径，由半径公式r=知，轨迹半径与速率成正比，则电子的速率越大，在磁场中的运动轨迹半径越大，故从bc边射出的电子的速度一定大于从ad边射出的电子的速度，D正确；题目要求选错误的，故选：B．【点评】：带电粒子在磁场中的偏转要注意两点：一是圆心的确定，二是半径的求出，必要时先画出可能的图形再进行分析计算．6．（6分）（2015•宝鸡一模）在太阳系中有一颗行星的半径为R，若在该星球表面以初速度v0竖直向上抛出一物体，则该物体上升的最大高度为H，已知该物体所受的其他力与行星对它的万有引力相比较可忽略不计．根据这些条件，可以求出的物理量是（）A．太阳的密度B．该星球的第一宇宙速度C．该行星绕太阳运行的周期D．绕该行星运行的卫星的最小周期【考点】：万有引力定律及其应用．【专题】：万有引力定律的应用专题．【分析】：根据竖直上抛运动，求出星球表面的重力加速度，根据万有引力提供向心力求在该星球表面附近绕该星球做匀速圆周运动卫星的周期和该星球的第一宇宙速度．【解析】：解：BD、在该星球表面以初速度v0竖直上抛出一物体，则该物体上升的最大高度为H．由v02=2gH，得：g=根据在该星球表面附近绕该星球做匀速圆周运动卫星重力提供向心力得：mg=解得：v=，T=．星球的第一宇宙速度就是在该星球表面附近绕该星球做匀速圆周运动的线速度，所以星球的第一宇宙速度就是，行星附近运行的卫星的最小周期就是在该星球表面附近绕该星球做匀速圆周运动的周期，所以最小周期是，故BD正确．AC、本题中不知道该星球绕太阳运动的任何量，故不可以就算太阳的密度和绕太阳运动的周期．故AC错误．故选：BD．【点评】：解决本题得关键掌握万有引力提供向心力．重力加速度g是联系星球表面的物体运动和天体运动的桥梁．7．（6分）（2015•宝鸡一模）如图所示，在真空中分别固定有电荷量为+Q和﹣Q的点电荷，a、b、c、d是两点电荷连线上的四个点，已知a、b到+Q的距离以及c、d到﹣Q的距离均为L，下列说法正确的是（）A．a、d两点的电场强度相同，电势不等B．b、c两点的电场强度不同，电势相等C．将一个正试探电荷从a点沿任意路径移动到b点时电场力做的功，跟从d点沿任意路径移动到c点时电场力做的功相同D．一个正试探电荷在c点的电势能大于它在d点的电势能【考点】：库仑定律；电势能．【分析】：等量异种电荷的电场线和等势线都是关于连线、中垂线对称，如图所示：【解析】：解：A、根据等量异种电荷电场线的分布特征可知，ad点所在处的电场疏密相同，故ad点的电场强度大小相等，方向都是从右向左，故ad点的电场强度相同，根据等势面的分布特征可知，a的等势面的电势高于d的等势面的电势，即φa＞φb，故A正确．B、根据等量异种电荷电场线的分布特征可知，bc点所在处的电场疏密相同，故bc点的电场强度大小相等，方向都是从左向右，故bc点的电场强度相同，根沿着电场线电势降低，即φb＞φc，故B错误．C、由上图分布可知，a点的电势大于b点的电势，c点的电势高于d点的电势，故将一个正试探电荷从a点移动到b点时电场力做的正功，将一个正试探电荷从d点移动到c点时电场力做负功，做功不等，故C错误．D、根据E p=qφ，可知正电荷在电势高处的电势能大，故一个正试探电荷在c点的电势能大于它在d点的电势能，故D正确．故选：AD．【点评】：本题关键熟悉等量异种电荷电场线和等势面分布图，明确沿着电场线，电势逐渐降低．8．（6分）（2015•宝鸡一模）如图所示，半径为r的光滑水平转盘到水平地面的高度为H，质量为m的小物块被一个电子锁定装置锁定在转盘边缘，转盘绕过转盘中心的竖直轴以ω=kt（k ＞0且是恒量）的角速度转动．从t=0开始，在不同的时刻t将小物块解锁，小物块经过一段时间后落到地面上．假设在t时刻解锁的物块落到地面上时重力的瞬时功率为P，落地点到转盘中心的水平距离为d，则下图中P﹣t图象、d2﹣t2图象分别正确的是（）A．B．C．D．【考点】：向心力；牛顿第二定律．【专题】：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．【分析】：小物块解锁后做平抛运动，根据平抛运动的规律和功率公式得到P与t的关系式，d2与t2的关系式，即可选择图象．【解析】：解：AB、时刻t将小物块解锁后物块做平抛运动，初速度为：v0=rφ=rkt物块落地时竖直分速度为：v y=物块落到地面上时重力的瞬时功率为：P=mgv y=mg，可知P与t无关，故A错误，B正确．CD、物块做平抛运动的时间为：t′=，水平位移大小为：x=v0t=rkt；根据几何知识可得落地点到转盘中心的水平距离为：d2=r2+x2=r2+（rkt）2=r2+r，故C正确，D错误．故选：BC．【点评】：解决本题的关键要掌握平抛运动的规律，熟练运用运动的分解法列式选择．三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9题～第12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13题～第16题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题（共129分）9．（4分）（2015•宝鸡一模）图甲是小强测绘小灯泡伏安特性曲线的电路图．按该电路图实验时，闭合开关前应将滑线变阻器的触动头滑到最左端（填“最左端”或“最右端”）；图乙是小强依据甲图在实物上的连线图．小强在实验前检查电路时发现有一根导线的一端接错了地方，请你在乙图中的这根连线上画上“×”，并直接在图上画出这根导线的正确连线．【考点】：描绘小电珠的伏安特性曲线．【专题】：实验题；恒定电流专题．【分析】：滑动变阻器采用分压接法闭合开关前，滑片应置于分压电路分压为零的位置；根据描绘灯泡伏安特性曲线的实验原理分析电路图，然后答题．【解析】：解：由图示电路图可知，滑动变阻器采用分压接法，为保护电路安全，闭合开关前，滑片要置于最左端．描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，由图示电路图可知，滑动变阻器连接错误，修改后的电路图如图所示：故答案为：最左端；电路图如图所示．【点评】：本题考查了实验注意事项、修改电路图，知道滑动变阻器的接法是正确修改电路图的关键．10．（11分）（2015•宝鸡一模）振华同学用图1所示的实验装置验证牛顿第二定律．（1）该实验装置中有两处错误，分别是：细绳与长木板不平行和打点计时器应接交流电源．（2）振华同学在老师的指导下改正了实验装置中的错误后，将细绳对小车的拉力当作小车及车上砝码受到的合外力，来验证“合外力一定时加速度与质量成反比”．①实验中，砝码盘及盘内小砝码的总质量m最好应为A（填选项前的字母）．A．10g B．50g C．100g D．1kg②振华同学在验证“合外力一定时加速度与质量成反比”的实验时，用电磁打点计时器打了一条理想的纸带，他按要求选取计数点后，在测量各相邻两计数点间的距离时不慎将纸带撕成了几段，但他清楚的知道甲、乙图属于同一纸带，则丙、丁、戊图中属于上述纸带的是戊．③由甲、乙图可求得小车的加速度大小为 2.30m/s2（小数点后保留两位数字）．【考点】：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【专题】：实验题；牛顿运动定律综合专题．【分析】：分析实验的原理图，根据实验中的注意事项及减小误差的方法等分析本实验存在的问题；根据匀变速直线运动的特点（相邻的时间间隔位移之差相等）去判断问题．利用匀变速直线运动的推论△x=aT2求解加速度．【解析】：解：（1）该实验装置中有两处错误，分别是：滑轮太高（或细绳与长木板不平行）；打点计时器接到直流电源上（或打点计时器应接交流电源）．（2）①该实验要求砝码和砝码盘的总质量远远小于车的质量，即砝码和砝码盘的质量尽量小，故A正确、BCD错误，故选：A．②根据刻度尺的读数可知，1、2两点的距离为x1=2.40cm，2、3两点的距离为x2=4.70cm．根据逐差相等的公式x2﹣x1=x3﹣x2，所以x3=2x2﹣x1=2×4.70﹣2.40=7.00cm，故戊纸带最符合，故选戊．③根据逐差相等公式a==2.30m/s2故答案为：（1）滑轮太高（或细绳与长木板不平行）；打点计时器接到直流电源上（或打点计时器应接交流电源）；（2）①A；②戊；③2.30．【点评】：要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．11．（14分）（2015•宝鸡一模）某大型游乐场有飞碟射击娱乐游戏，抛碟机将飞碟随机向上抛射出去，射击者用气枪将飞碟射中并击碎．由于飞碟抛射方向具有不确定性，所以游戏充满挑战性和乐趣．假设有一游戏爱好者站在距离抛碟机20m远处练习射击，射击点与飞碟抛出点近似在同一水平线上，气枪子弹在空中飞行可看作匀速直线运动，且速度大小为100m/s．某次，抛碟机将飞碟以20m/s初速度竖直向上抛出，射击者要在飞碟到达最高点时刚好将其击中，（不计空气阻力，g=10m/s2）求：（1）射击方向和水平方向的夹角应该是多少？（2）他必须在飞碟抛出后经多长时间发射子弹？（计算结果小数点后保留2位数字）【考点】：匀变速直线运动的速度与位移的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】：直线运动规律专题．【分析】：（1）根据运动的分解求解tanθ=，从而知角度θ（2）分别根据运动学知识求飞碟上升到最高点所用时间为t1和子弹击中飞碟的位移s和飞行时间t2，则飞碟抛出后发射子弹的时间间隔t为t=t1﹣t2．【解析】：解：（1）设飞碟上升的最大高度h，飞碟抛出后做竖直上抛运动，由v=2gh可得：h==20m由于飞碟抛出点与射击点的水平距离d=20m，所以可得：tanθ==1所以射击方向和水平方向的夹角为θ=45°．（2）设飞碟上升到最高点所用时间为t1为：t1===2s子弹击中飞碟的位移s和飞行时间t2为：s===20mt2===0.28s飞碟抛出后发射子弹的时间间隔t为：t=t1﹣t2=2﹣0.28=1.72s答：（1）射击方向和水平方向的夹角应该是45°；（2）他必须在飞碟抛出后经1.72s发射子弹．【点评】：此题考查运动的合成与分解，注意匀变速直线运动规律的应用．12．（18分）（2015•宝鸡一模）如图所示，固定在水平地面上轨道ABCD，其中半圆形轨道ABC光滑，水平轨道CD粗糙，且二者在C点相切，A与C分别是半径R=0.1m的半圆轨道的最高点和最低点．一根轻弹簧固定在水平轨道的最右端，将一质量m=0.02kg、电量q=8×10﹣5C 的绝缘小物块紧靠弹簧并向右压缩弹簧，直到小物块和圆弧最低点的距离L=0.5m．现在由静止释放小物块，小物块被弹出后恰好能够通过圆弧轨道的最高点A，已知小物块与水平轨道间的动摩擦因数为μ=0.4，小物块可视为质点，g取10m/s2，求：（1）小物块释放前弹簧具有的弹性势能E P；（2）若在此空间加一方向水平向左的匀强电场，电场强度E=2×103v/m，小物块仍由原位置释放后通过A点再落回水平轨道，在此过程中小物块电势能变化量为多少？【考点】：动能定理的应用；牛顿第二定律；向心力；带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】：动能定理的应用专题．【分析】：（1）物块恰好到达A点，由牛顿第二定律求出物块的速度，然后应用能量守恒定律求出弹性势能．（2）由能量守恒定律求出电场力做功，然后求出电势能的变化量．【解析】：解：（1）设小物块到达圆弧轨道的最高点时速度为v1，因为小物块恰好能到达圆弧轨道的最高点，故向心力刚好由重力提供：mg=m，代入数据解得：v1=1m/s，小物块从开始运动到圆弧轨道最高点A的过程中，由能量守恒定律得：E P=μmgL+mg•2R+mv12，代入数据解得：E P=0.09J；（2）若存在水平向左的匀强电场时，设小物块从开始运动到圆弧轨道最高点A时的速度为v2，由功能关系得：W弹=﹣△E P=﹣（﹣E P）=0.09J，W弹+qEL﹣μmgL﹣mg•2R=mv22，代入数据解得：v2=3m/s；小物块由A飞出后竖直方向做自由落体运动，水平方向做匀变速运动，由运动学规律有：竖直方向：2R=gt2，代入数据解得：t=0.2s，水平方向：qE=ma，代入数据解得：a=8m/s2，x=v2t﹣at2，代入数据解得：x=0.44m，在小物块落回轨道的整个过程中由电场力做功与电势能变化关系可得：W电=qE（L﹣x），代入数据解得：W电=0.0096J，电势能的变化量：△E P=﹣W电=﹣0.0096J，电势能减少0.0096J；答：（1）小物块释放前弹簧具有的弹性势能E P为0.09J．（2）在此过程中小物块电势能变化量为﹣0.0096J．【点评】：本题考查了求弹簧的弹性势能、电势能的变化量，分析清楚物体运动过程，应用牛顿第二定律、运动学规律、能量守恒定律即可正确解题．【物理----选修3-4】13．（6分）（2015•宝鸡一模）如图所示是一列简谐波在t=0时的波形图，介质中的质点P沿y 轴方向做简谐运动，其位移随时间变化的函数表达式为y=10sin5πt cm．关于这列简谐波及质点P 的振动，下列说法中正确的是（）A．质点P的周期为0.4sB．质点P的位移方向和速度方向始终相反C．这列简谐波的振幅为20 cmD．这列简谐波沿x轴正向传播E．这列简谐波在该介质中的传播速度为10m/s【考点】：波长、频率和波速的关系；横波的图象．【分析】：根据质点简谐运动的表达式y=10sin5πt（cm），读出角频率ω，求出周期．根据t=0时刻x=4m处质点的振动方向判断波的传播方向．读出波长，求出波速．【解析】：解：AC、由质点P做简谐运动的表达式y=10sin5πtcm，可知这列简谐波的振幅为A=10cm，角频率为ω=5π rad/s，则周期为T==0.4s，故A正确，C错误．B、质点P在做简谐运动，位移和速度都作周期性，位移方向和速度方向有时相反，有时相同，故B错误．D、由质点P做简谐运动的表达式y=10sin5πtcm，知t=0时刻质点沿y轴正方向运动，则这列简谐波沿x轴正向传播，故D正确．E、由图读出波长为λ=4m，则波速为：v==m/s=10m/s．故E正确．故选：ADE．【点评】：解决本题关键要掌握简谐运动的表达式一般形式y=Asinωt，读出ω，再结合振动与波动之间的联系进行分析．14．（9分）（2015•宝鸡一模）有一玻璃半球，右侧面镀银，光源S在其对称轴PO上（O为球心），且PO水平，如图所示．从光源S发出的一束细光射到半球面上，其中一部分光经球面反射后恰能竖直向上传播，另一部分光经过折射进入玻璃半球内，经右侧镀银面反射恰能沿原路返回．若球面半径为R，玻璃折射率为，求光源S与球心O之间的距离为多大？【考点】：光的折射定律．【专题】：光的折射专题．【分析】：作出光路图，根据折射定律和几何关系，求出入射角和折射角，再由几何关系求解光源S与球心O之间的距离SO．【解析】：解：由题意可知折射光线与镜面垂直，其光路图如图所示，则有：i+r=90°…①由折射定律可得：=n=…②解得：i=60° r=30°…③在直角三角形ABO中：S BO=Rcosr=R…④由几何关系可得：△SAO为等腰三角形，所以L SO=2S BO=R…⑤答：光源S与球心O之间的距离为R．【点评】：处理几何光学相关的问题，关键是作出光路图，一定要用直尺准确作图，然后根据几何图形的特点求角或者线段的长度．【物理----选修3-5】15．（2015•宝鸡一模）下列关于原子和原子核的说法正确的是（）A．卢瑟福通过对α粒子散射实验结果的分析，提出了原子核是由质子和中子组成的B．U（铀）衰变为Pa（镤）要经过1次α衰变和1次β衰变C．质子与中子结合成氘核的过程中发生质量亏损并释放能量D．β射线是原子核外电子挣脱原子核的束缚后而形成的电子流E．放射性元素的半衰期是指大量该元素的原子核中有半数发生衰变所需要的时间【考点】：原子核衰变及半衰期、衰变速度；原子的核式结构．【分析】：天然放射现象揭示了原子有复杂的结构，卢瑟福的a粒子散射实验揭示了原子的核式结构，裂变是生成两个中等质量的核，β衰变中产生的β射线实际上是原子核内的中子转化为质子同时释放一个电子，半衰期由原子核本身决定．【解析】：解：A、天然放射现象揭示了原子有复杂的结构，卢瑟福的a粒子散射实验揭示了原子的核式结构，故A错误；B、经过1次α衰变和1次β衰变后，则质量数减小4，而中子减小1，因此U（铀）衰变为Pa（镤）要经过1次α衰变和1次β衰变，故B正确；C、中子与质子结合成氘核的过程中能释放能量，故C正确；D、β衰变中产生的β射线实际上是原子核内的中子转化为质子同时释放一个电子，故D错误；E、半衰期是指大量该元素的原子核中有半数发生衰变所需要的时间，故E正确；故选：BCE．【点评】：掌握卢瑟福的a粒子散射实验内容及结论，知道衰变的实质和半衰期的特点，注意α衰变和β衰变的区别．16．（2015•宝鸡一模）如图所示，光滑水平面上静止有两个滑块A和B，其质量分别为m A=6kg 和m B=3kg，滑块A和B间用细线相连，中间有一压缩的轻质弹簧（弹簧和A相连，和B不相连），弹簧的弹性势能为E P=36J，现剪断细线，滑块B和墙壁发生弹性碰撞（无机械能损失）后再次压缩弹簧．求弹簧再次压缩最短时具有的弹性势能．【考点】：动量守恒定律；机械能守恒定律．【专题】：动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合．【分析】：对弹簧伸长过程由动量守恒定律及机械能守恒定律可求得AB的速度；再对压缩过程同动量定恒定律有机械能守恒定律可求得后来共同的速度；则可求得最大弹性势能．【解析】：解：滑块A、B和弹簧组成的系统在滑块被弹开过程中满足动量守恒和机械能守恒，规定水平向左为正方向，则有：0=m A v A+m B（﹣v B）E P=m A v A2+m B v B2解得：v A=2m/s；v B=4m/s滑块B与墙壁发生弹性碰撞后，速度大小不变，方向变为水平向左，和滑块A压缩弹簧至最短时两滑块速度相等，由动量守恒和机械能守恒定律可得：m A v A+m B v B=（m A+m B）v解得：v=m/sE P′=E P﹣（m A+m B）v2=（6+3）（）2=4J；答：弹簧再次压缩最短时具有的弹性势能为4J．【点评】：本题考查动量守恒定律及机械能守恒定律的应用，要注意正确分析过程，明确是哪一过程满足动量守恒定律．。
【恒心】2015届陕西省咸阳市高三高考模拟试题(一) 数学(文科)试题及参考答案【word版】
2015年咸阳市高考模拟考试试题（一）文科数学考生须知：1、本试题卷分第Ⅰ卷(客观题)和第Ⅱ卷（主观题）两部分，试卷共4页24题；满分为150分；考试时间为120分钟。
2、第Ⅰ卷，第Ⅱ卷都做在答题卷上，做在试题卷上不得分。
参考公式：如果事件A 、B 互斥，那么 球的表面积公式)()()(B P A P B A P +=+ 24R S π=如果事件A 、B 相互独立，那么 其中R 表示球的半径 )()()(B P A P B A P ⋅=⋅ 球的体积公式 如果事件A 在一次试验中发生的概率是P ，那么334R V π=n 次独立重复试验中恰好发生k 次的概率 其中R 表示球的半径k n kk n n P P C k P --=)1()(第Ⅰ卷注意事项：1．答第Ⅰ卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考试科目涂写在答题卡上2．每小题选出答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号不能答在试题卷上一、选择题（本大题共12小题，每小题5分，共60分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1. 若复数z 满足()i z i -=+21，则=z ( )A.21B.210C. 2D.22 2．已知函数()sin 2()f x x x R =∈，为了得到函数()sin(2)4g x x π=+的图象，只要将()y f x =的图象（ ）A ．向左平移8π个单位长度 B ．向右平移8π个单位长度 C ． 向左平移4π个单位长度D ．向右平移4π个单位长度3.平面向量a 与b 的夹角为60°）A. 2B. 3C.23D. 324．若某几何体的三视图如图所示，则此几何体的直观图是（ ）5. 已知命题p ： 0322≤-+x x ；命题q ：a x ≤，且q 的一个充分不必要条件是p ，则a 的取值范围是( ) A ．(－∞，1] B ．[1，＋∞) C ．[－1，＋∞) D ．(－∞，－3]6.设n S 为公差不为零的等差数列{}n a 的前n 项和，若893a S =，则85=a a （ ）A.3B.5C.7D.217. 一只蜜蜂在一个棱长为5的正方体内自由飞行，若蜜蜂在飞行过程中始终保持与正方体6个表面的距离均大于2，称其为“安全飞行”，则蜜蜂“安全飞行”的概率为（ ） A ．251B ．1258C ． 1251D ．125278. 过双曲线12222=-b y a x C ：的右顶点作x 轴的垂线与C 的一条渐近线相交于A .若以C 的右焦点为圆心、半径为2的圆经过为坐标原点），两点（、O O A 则双曲线C 的方程为（ ）A. 1322=-y x B. 1422=-y x C. 112422=-y x D. 141222=-y x 9. 函数()⎪⎭⎫⎝⎛-=x x x f 1ln 的图象是( ) （第4题图）A BC D10．阅读右面的程序框图，则输出的S = （ ） A.14 B.30 C.20 D.5511.已知H 是球O 的直径AB 上一点，21=HB AH ，⊥AB 平面α，H 为垂足，α截球O 所得截面的面积为π，则球O 的表面积为( )A ．53π B ．4π C ．92π D ．3π 12. 设A 是整数集的一个非空子集，对于k A ∈，如果1k A -∉且1k A +∉，那么k 是A 的一个“孤立元”，给定}5,4,3,2,1{=A ，则A 的所有子集中，只有一个“孤立元”的集合共有（ ）A ．10个B ．11个C ．12个D ．13个第II 卷本卷包括必考题和选考题两个部分. 第（13）题-第（21）题为必考题，每个考生都必须作答. 第（22）题-第（24）题为选考题，考生根据要求作答.二、填空题（本大题共4小题，每小题5分，共20分，把答案填在题中横线上） 13. 若实数y x ,满足条件{121-≥+≤x y x y ，则13++=y x z 的最大值为 .14. 已知圆C ：()()21122=-+-y x 经过椭圆Γ∶()012222>>=+b a by a x 的右焦点F 和上顶点B ，则椭圆Γ的离心率为 .15.在我市2014年“创建文明城市”知识竞赛中 ，考评组从中抽取200份试卷进行分析，其分数的频率分布直方图如图所示，则分数在区间[60,70)上的人数大约有 份.16. 在数阵111213212223313233a a a a a a a a a ⎛⎫⎪ ⎪ ⎪⎝⎭里，每行、每列的数依次均成等比数列，且222a =，则所有数的乘积为_______.分数（分）01002 003 004 40 50 60 70 80O P ABC三、解答题 （ 解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.） 17. （本小题满分12分）已知,,a b c 分别为ABC ∆三个内角,,A B C的对边，cos sin 0a C C b c --=. （1）求A 的大小；（2）若a =7，求ABC ∆的周长的取值范围. 18.（本小题满分12分）某班级有数学、自然科学、人文科学三个兴趣小组，各有三名成员，现从三个小组中各选出一人参加一个座谈会．（1）求数学小组的甲同学没有被选中、自然小组的乙同学被选中的概率； （2）求数学组的甲同学、自然小组的乙同学至少有一人不被选中的概率． 19（本小题满分12分）如图，正方形ACDE 所在的平面与平面ABC 垂直， M 是 CE 和AD 的交点，AC BC ⊥，且AC BC =.（1）求证：E AM BC ⊥平面；（2）当2=AC 时，求三棱锥V ABM E - 的值.20.（本小题满分12分）已知抛物线C 的顶点在原点，焦点F 在x 轴上，抛物线上的点A 到F 的距离为2，且A 的横坐标为1. (1)求抛物线C 的方程；(2) 若点()0,a M ，P 是抛物线C 上一动点，求MP的最小值.21. （本小题满分12分） 函数32()()f x x ax a R =-+∈．（1）当a ＞0时，求函数()y f x =的极值；（2）若[]1,0∈x 时，函数()y f x =图像上任意一点处的切线倾斜角为θ，求当0≤θ≤4π时，实数a 的取值范围． 请考生在第22、23、24题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题计分，做答时请写清题号. 22.(本小题满分10分)选修4—1：几何证明选讲如图，直线PQ 与⊙O 相切于点A ，AB 是⊙O 的弦，PAB ∠的平分线AC 交⊙O 于点C ，连结CB ，并延长与直线PQ 相交于Q 点，若6=AQ ,5=AC ，（1）求证：22-QC QA BC QC =∙（2）求弦AB 的长.23．(本小题满分10分)选修4—4：坐标系与参数方程在平面直角坐标系xoy 中，直线l的参数方程为3x y =⎧⎪⎨⎪⎩(t 为参数).在以原点o 为极点，x 轴正半轴为极轴的极坐标中，圆C的方程为ρθ=.(1)写出直线l 的普通方程和圆C 的直角坐标方程；(2)若点P坐标为(，圆C 与直线l 交于B A ,两点，求PB PA +的值．24.(本小题满分10分)选修4—5：不等式选讲已知()|1||2|f x x x =++-，()|1|||()g x x x a a a R =+--+∈． (1)解不等式()5f x ≤；(2)若不等式()()f x g x ≥恒成立，求a 的取值范围.2015年咸阳市高考模拟考试试题（一）文科数学参考答案一、选择题(12×5=60)二、填空题 (4×5=20)13. 12 14. 2 15. 80 16. 512.三、解答题17. 解：（1）由正弦定理得：cos sin 0sin cos sin sin sin a C C b c A C A C B C --=⇔=+ sin cos sin sin()sin 1cos 1sin(30)2303060A C A C A C CA A A A A ︒︒︒︒⇔=++⇔-=⇔-=⇔-=⇔=……………………………6分 （2）由已知：0,0b c >>， b+c ＞a=7由余弦定理bc c b bc c b 3)(3cos249222-+=-+=π22231()()()44b c b c b c ≥+-+=+（当且仅当b c =时等号成立） ∴(b+c)2≤4×49,又b+c ＞7, ∴7＜b+c≤14，从而ABC ∆的周长的取值范围是]21,14( .．．．．．．．．．．．．．．．．．12分 18.解：我们把数学小组的三位成员记作123,,S S S ,自然小组的三位成员记作123,,Z Z Z ,人文小组的三位成员记作123,,R R R ,则基本事件是111112113121122123(,,),(,,),(,,),(,,),(,,),(,,)S Z R S Z R S Z R S Z R S Z R S Z R ,131132133(,,),(,,),(,,)S Z R S Z R S Z R ,然后把这9个基本事件中1S 换成23,S S 又各得9个基本事件，故基本事件的总数是27个．以1S 表示数学组中的甲同学、2Z 表示自然小组的乙同学-2分（1）甲同学没有选中、自然小组的乙同学被选中所含有的基本事件是上述基本事件中不含1S 、含有2Z 的基本事件， 即221222223321322323(,,),(,,),(,,),(,,),(,,),(,,)S Z R S Z R S Z R S Z R S Z R S Z R 共6个基本事件，故所求的概率为62279=． ----------6分（2）“数学组的甲同学、自然小组的乙同学至少有一人不被选中”的对立事件是“数学组的甲同学、自然小组的乙同学都被选中”，这个事件所包含的基本事件是121122123(,,),(,,),(,,)S Z R S Z R S Z R ,共3个基本事件，这个事件的概率是31279=. ----------10分根据对立事件的概率计算方法，所求的概率是18199-=．----------12分19 (1) 证明：∵四边形ACDE 是正方形， EC AM ⊥∴； 又∵平面⊥ACDE 平面ABC ，AC BC ⊥ ，⊥∴BC 平面EAC ； …………2分⊂AM 平面EAC ，⊥∴BC AM ；又C BC EC =⋂，⊥∴AM 平面EBC ； ………6分（2）解：∵AC=2，由棱锥体积公式Sh 31V =锥得V ABM E -=322122131=⨯⨯⨯⨯=-VAEMB ………………12分20.解：(1)设抛物线方程为C ：22(0)y px p =>， 由其定义知12pAF =+，又2AF =，所以2p =，24y x = ………………6分(2) 设()y x P ,,MP ==x 0≥因为，(ⅰ)当02≤-a 即2≤a 时，MP 的值最小为a ；（ⅱ）44MP 2,202--=>>-a a x a a 的值最小为时，，即当 .……12分 21. 解：（1）由/2()32f x x ax =-+，令/()f x =0，得x =0，或x =32a ．∵a ＞0， ∴当x 变化时，/()f x 、 ()f x 的变化情况如下表：∴y 极小值=(0)f 0.=y 极大值=2()3f a = -2783a + 943a =3427a ...............6分 （2）当x ∈[0，1]时，tanθ=/2()32f x x ax =-+．由θ∈[0，4π]，得0≤/()f x ≤1，即x ∈[0，1]时，0≤232x ax -+≤1恒成立．当x =0时，a ∈R ．当x ∈(0，1]时，由232x ax -+≥0恒成立，可知a ≥23． 由232x ax -+≤1恒成立，得a ≤21(3x +x 1)，∴a ≤3(等号在x =33时取得)． 综上，23≤a ≤3．12分请考生在第22、23、24题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题计分，做答时请写清题号.22. （1）证明：∵PQ 与⊙O 相切于点A ，由切割线定理得： ()QC BC QC QC QB QA -=⋅=2∴ 22-QC QA BC QC =∙ ............5分 （2）解：由（1） 可知()QC BC QC QC QB QA -=⋅=2∵PQ 与⊙O 相切于点A ，∴CBA PAC ∠=∠∵BAC PAC ∠=∠∴CBA BAC ∠=∠ ∴AC=BC=5 又知AQ=6 ∴ QC=9由ACQ QAB ∠=∠ 知QAB ∆∽QCA ∆∴QCQAAC AB = ∴ 310=AB . ..........10分 O P AQBC23． 解：(1)由3x y =⎧⎪⎨⎪⎩得直线l的普通方程为30x y +-=又由ρθ=得圆C的直角坐标方程为220x y +-=即(225x y +=. ...............5分(2) 把直线l 的参数方程代入圆C 的直角坐标方程，得223522⎛⎫⎛⎫-+= ⎪ ⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭，即240t -+=由于(24420∆=-⨯=>，故可设12,t t 是上述方程的两实数根，所以{12124t t t t +==又直线l 过点P(，A 、B 两点对应的参数分别为12,t t所以1212PA PB t t t t +=+=+= ...................10分24. 解:(1)不等式()5f x ≤的解集为[-2，3]．………………5分 （2）若不等式()()f x g x ≥恒成立，即|2|||x x a a -+-≥恒成立． 而|2|||x x a -+-的最小值为|2||2|a a -=-，∴|2|a a -≥，解得1≤a ，故a 的范围（-∞，1]．………………10分。
2015年高考压轴冲刺卷新课标I(一)物理试题 (Word版含答案)
2015年高考压轴冲刺卷•新课标I（一）理科综合（物理）一、选择题：本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1(安阳2014—2015第二次监测)15．《机动车驾驶证申领和使用规定》已经正式施行，司机闯黄灯要扣6分，被称为“史上最严交规”。
某小轿车驾驶员看到绿灯开始闪时，经短暂思考后开始刹车，小轿车在黄灯刚亮时恰停在停车线上，v一t图线如图所示。
若绿灯开始闪烁时小轿车距停车线距离L＝10．5m，则绿灯开始闪烁到黄灯刚亮的时间t0为（）A．0．5 s B．1．5 sC．3 s D．3．5 s2．(上饶2015•二次模•15)如图所示，在光滑的水平面上有一段长为L、质量分布均匀的绳子。
在水平向左的恒力Ｆ作用下从静止开始做匀加速运动。
绳子中某点到绳子左端的距离为x，设该处绳的张力大小为T，则能正确描述T与x之间的关系的图象是：3. (2015•第三次四校联考•16) A、D分别是斜面的顶端、底端，B、C是斜面上的两个点，AB ＝BC＝CD，E点在D点的正上方，与A等高。
从E点以一定的水平速度抛出质量相等的两个小球，球1落在B点，球2落在C点，关于球1和球2从抛出到落在斜面上的运动过程（）A．球1和球2运动的时间之比为2∶1B．球1和球2动能增加量之比为1∶3C．球1和球2抛出时初速度之比为22∶1D．球1和球2运动时的加速度之比为1∶24．(2015·第二次大联考【四川卷】·5)如图所示，电源电动势为E，内电阻为r，电表为理想电表，灯泡电阻恒定，当滑动变阻器的滑片由a端滑向b端的过程中，下列说法正确的是（）A．灯泡消耗的功率逐渐增大B．电压表、电流表示数均减小C．电源消耗的总功率增大，热功率减小D. 电压表、电流表示数的比值不变5．(2015•西安八校联考•15）光滑水平面上静止的物体，受到一个水平拉力作用开始运动，拉力F随时间t变化的图象如图所示，用分别表示物体的动能、速度、位移和加速度，下列四个图象分别定性描述了这些物理量随时间变化的情况，其中正确的是（）6．(2015•陕西西工大附中四模•7)如图，L1和L2为两平行的虚线，L1上方和L2下方都是垂直纸面向里的磁感强度相同的匀强磁场，A、B两点都在L2上．带电粒子从A点以初速v与L2成α角斜向上射出，经过偏转后正好过B点，经过B点时速度方向也斜向上．不计重力，下列说法中正确的是（）A．此粒子一定带正电荷B．带电粒子经过B点时速度一定跟在A点时速度相同C．若α=30°角时，带电粒子经过偏转后正好过B点，则α=45°角时，带电粒子经过偏转后也一定经过同一个B点D ． 若α=30°角时，带电粒子经过偏转后正好过B 点，则α=60°角时，带电粒子经过偏转后也一定经过同一个B 点7.(唐山2015•二模•19)甲乙为两颗地球卫星，其中甲轨道为圆，乙轨道为椭圆，圆轨道的直径与椭圆轨道的长轴相等，如图所示，P 点为两轨道的一个交点。
2015年全国统一高考物理试卷(新课标一)及答案
2015年全国统一高考物理试卷（新课标Ⅰ）一、选择题（本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第1-5题只有一项符合题目要求。
第6-8题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．（6分）两相邻匀强磁场区域的磁感应强度大小不同，方向平行，一速度方向与磁感应强度方向垂直的带电粒子（不计重力），从较强磁场区域进入到较弱磁场区域后，粒子的（）A．轨道半径减少，角速度增大B．轨道半径减少，角速度减少C．轨道半径增大，角速度增大D．轨道半径增大，角速度减少2．（6分）如图，直线a、b和c、d是处于匀强电场中的两组平行线，M、N、P、Q是它们的交点，四点处的电势分别为φM，φN，φP，φQ，一电子由M点分别到N点和P点的过程中，电场力所做的负功相等，则（）A．直线a位于某一等势面内，φM＞φQB．直线c位于某一等势面内，φM＞φNC．若电子由M点运动到Q点，电场力做正功D．若电子由P点运动到Q点，电场力做负功3．（6分）一理想变压器的原，副线圈的匝数比为3：1，在原、副线圈的回路中分别接有阻值相同的电阻，原线圈一侧接在电压为220V的正弦交流电源上，如图所示，设副线圈回路中电阻两端的电压为U，原、副线圈回路中电阻消耗的功率的比值为k，则（）A．U=66V，k=B．U=22V，k=C．U=66V，k=D．U=22V，k= 4．（6分）如图，一半径为R，粗糙程度处处相同的半圆形轨道竖直固定放置，直径POQ水平，一质量为m的质点自P点上方高度R处由静止开始下落，恰好从P点进入轨道，质点滑到轨道最低点N时，对轨道的压力为4mg，g为重力加速度的大小，用W表示质点从P点运动到N点的过程中克服摩擦力所做的功，则（）A．W=mgR，质点恰好可以到达Q点B．W＞mgR，质点不能到达Q点C．W=mgR，质点到达Q点后，继续上升一段距离D．W＜mgR，质点到达Q点后，继续上升一段距离5．（6分）一带有乒乓球发射机的乒乓球台如图所示，水平台面的长和宽分别为L1和L2，中间球网高度为h，发射机安装于台面左侧边缘的中点，能以不同速率向右侧不同方向水平发射乒乓球，发射点距台面高度为3h，不计空气的作用，重力加速度大小为g，若乒乓球的发射率v在某范围内，通过选择合适的方向，就能使乒乓球落到球网右侧台面上，到v的最大取值范围是（）A．＜v＜L1B．＜v＜C．＜v＜D．＜v＜6．（6分）1824年，法国科学家阿拉果完成了著名的“圆盘实验”．实验中将一铜圆盘水平放置，在其中心正上方用柔软细线悬挂一枚可以自由旋转的磁针，如图所示．实验中发现，当圆盘在磁针的磁场中绕过圆盘中心的竖直轴旋转时，磁针也随着一起转动起来，但略有滞后．下列说法正确的是（）A．圆盘上产生了感应电动势B．圆盘内的涡电流产生的磁场导致磁针转动C．在圆盘转动的过程中，磁针的磁场穿过整个圆盘的磁通量发生了变化D．圆盘中的自由电子随圆盘一起运动形成电流，此电流产生的磁场导致磁针转动7．（6分）如图（a），一物块在t=0时刻滑上一固定斜面，其运动的v﹣t图线如图（b）所示，若重力加速度及图中的v0，v1，t1均为已知量，则可求出（）A．斜面的倾角B．物块的质量C．物块与斜面间的动摩擦因数D．物块沿斜面向上滑行的最大高度8．（6分）我国发射的“嫦娥三号”登月探测器靠近月球后，先在月球表面附近的近似轨道上绕月运行，然后经过一系列过程，在离月面4m高处做一次悬停（可认为是相对于月球静止），最后关闭发动机，探测器自由下落，已知探测器的质量约为1.3×103kg，地球质量约为月球的81倍，地球半径约为月球的3.7倍，地球表面的重力加速度大小约为9.8m/s2，则此探测器（）A．在着陆前的瞬间，速度大小约为8.9m/sB．悬停时受到的反冲击作用力约为2×103NC．从离开近月圆轨道到着陆这段时间内，机械能守恒D．在近月圆轨道上运行的线速度小于人造卫星在近地圆轨道上运行的线速度二、非选择题：包括必考题和选考题两部分，第9-12题为必考题，每个考生都必须作答，第13题-18题为选考题，考生根据要求作答（一）必考题9．（6分）某物理小组的同学设计了一个粗测玩具小车通过凹形桥最低点时的速度的实验，所用器材有：玩具小车，压力式托盘秤，凹形桥模拟器（圆弧部分的半径为R=0.20m）完成下列填空：（1）将凹形桥模拟器静置于托盘秤上，如图（a）所示，托盘秤的示数为1.00kg （2）将玩具小车静置于凹形桥模拟器最低点时，托盘秤的示数如图（b）所示，该示数为kg．（3）将小车从凹形桥模拟器某一位置释放，小车经过最低点后滑向另一侧，此过程中托盘秤的最大示数为m，多次从同一位置释放小车，记录各次的m值如表所示：序号12345m（kg） 1.80 1.75 1.85 1.75 1.90（4）根据以上数据，可求出小车经过凹形桥最低点时对桥的压力为N，小车通过最低点时的速度大小为m/s（重力加速度大小取9.8m/s2，计算结果保留2位有效数字）10．（9分）图（a）为某同学改装和校准毫安表的电路图，其中虚线框内是毫安表的改装电路．（1）已知毫安表表头的内阻为100Ω，满偏电流为1mA；R1和R2为阻值固定的电阻．若使用a和b两个接线柱，电表量程为3mA；若使用a和c两个接线柱，电表量程为10mA．由题给条件和数据，可以求出R1=Ω，R2=Ω．（2）现用一量程为3mA、内阻为150Ω的标准电流表A对改装电表的3mA档进行校准，校准时需选取的刻度为0.5、1.0、1.5、2.0、2.5、3.0mA．电池的电动势为1.5V，内阻忽略不计；定值电阻R0有两种规格，阻值分别为300Ω和1000Ω；滑动变阻器R有两种规格，最大阻值分别为750Ω和3000Ω．则R0应选用阻值为Ω的电阻，R应选用最大阻值为Ω的滑动变阻器．（3）若电阻R1和R2中有一个因损坏而阻值变为无穷大，利用图（b）的电路可以判断出损坏的电阻．图（b）中的R′为保护电阻，虚线框内未画出的电路即为图（a）虚线框的电路．则图中的d点应和接线柱（填“b”或“c”）相连．判断依据是．11．（12分）如图，一长为10cm的金属棒ab用两个完全相同的弹簧水平地悬挂在匀强磁场中，磁场的磁感应强度大小为0.1T，方向垂直于纸面向里，弹簧上端固定，下端与金属棒绝缘，金属棒通过开关与一电动势为12V的电池相连，电路总电阻为2Ω，已知开关断开时两弹簧的伸长量均为0.5cm，闭合开关，系统重新平衡后，两弹簧的伸长量与开关断开时相比均改变了0.3cm，重力加速度大小取10m/s2，判断开关闭合后金属棒所受安培力的方向，并求出金属棒的质量．12．（20分）一长木板置于粗糙水平地面上，木板左端放置一小物块，在木板右方有一墙壁，木板右端与墙壁的距离为4.5m，如图（a）所示，t=0时刻开始，小物块与木板一起以共同速度向右运动，直至t=1s时木板与墙壁碰撞（碰撞时间极短），碰撞前后木板速度大小不变，方向相反，运动过程中小物块始终未离开木板，已知碰撞后1s时间内小物块的v﹣t图线如图（b）所示，木板的质量是小物块质量的15倍，重力加速度大小g取10m/s2，求：（1）木板与地面间的动摩擦因数μ1及小物块与木板间的动摩擦因数μ2（2）木板的最小长度；（3）木板右端离墙壁的最终距离．三、选考题：从下面的3道物理题中，任选一题作答。
(完整word版)2015年全国高考理综试题及答案-全国卷1(物理部分16K共8页),推荐文档
2015年全国高考理综试题（全国卷1物理部分）第14~17题只有一项是符合题目要求，第18~21题有多项符合题目要求14．两相邻匀强磁场区域的磁感应强度大小不同、方向平行。
一速度方向与磁感应强度方向垂直的带电粒子（不计重力），从较强磁场区域进入到较弱磁场区域后，粒子的 A ．轨道半径减小，角速度增大 B ．轨道半径减小，角速度减小 C ．轨道半径增大，角速度增大 D ．轨道半径增大，角速度减小15．如图，直线a 、b 和c 、d 是处于匀强电场中的两组平行线，M 、N 、P 、Q 是它们的交点，四点处的电势分别为、、、。
一电子有M 点分别运动到N 点和P 点的过程中，电场力所做的负功相等，则A ．直线a 位于某一等势面内，φM >φNB ．直线c 位于某一等势面内， φM >φNC ．若电子有M 点运动到Q 点，电场力做正功D ．若电子有P 点运动到Q 点，电场力做负功16．一理想变压器的原、副线圈的匝数比为3:1，在原、副线圈的回路中分别接有阻值相同的电阻，原线圈一侧接在电压为220V 的正弦交流电源上，如图所示。
设副线圈回路中电阻两端的电压为，原、副线圈回路中电阻消耗的功率的比值为k ，则A ．B ．C ．D ．M φN φP φP φU 9166==k ,V U 9122==k ,V U 3166==k ,V U 3122==k ,V U17．如图，一半径为R ，粗糙程度处处相同的半圆形轨道竖直固定放置,直径POQ 水平。
一质量为m 的质点自P 点上方高度R 处由静止开始下落，恰好从P 点进入轨道。
质点滑到轨道最低点N 时，对轨道的压力为4mg ，g 为重力加速度的大小。
用W 表示质点从P 点运动到N 点的过程中客服摩擦力所做的功。
则A ． ，质点恰好可以到达Q 点B ． ，质点不能到达Q 点C ． ，质点到达Q 后，继续上升一段距离D ． ，质点到达Q 后，继续上升一段距离18、一带有乒乓球发射机的乒乓球台如图所示。
【解析】陕西省宝鸡市2015届高三教学质量检测(一)物理试题Word版含解析
2015年陕西省宝鸡市高考物理一模试卷一、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1-5题只有一项符合题目要求，第6-8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．（6分）（2015•宝鸡一模）纵观自然科学发展的历史，我们可以看到，许多科学家的重要理论、重大发现和发明创造对人类的文明和进步做出了卓越贡献．则以下几种说法中正确的是（）A．伽利略通过对理想斜面实验的研究，得到“重物体不会比轻物体下落得快”的结论B．库仑创立了库仑定律F=k，卡文迪许用扭秤实验测定了静电力恒量kC．第谷经过长达20年对太空观测，发现和总结出行星运动的三大定律D．奥斯特通过对磁现象的研究发现了通电导线的磁效应【考点】：物理学史．【分析】：解决本题要了解物理学史，对物理学上发生的重要事件、重要规律的发现者要有所了解．【解析】：解：A、伽利略通过对理想斜面实验的研究，得到“重物体与轻物体下落一样快”的结论，故A错误．B、库仑创立了库仑定律F=k，并用扭秤实验测定了静电力恒量k，卡文迪许用扭秤实验测定了引力常量G，故B错误．C、开普勒发现和总结出行星运动的三大定律，故C错误．D、1820年，奥斯特通过对磁现象的研究发现了通电导线的磁效应，故D正确．故选：D．【点评】：物理学史的学习可以培养科学素养和科学方法，但是学生容易出错，平时要注意记忆．2．（6分）（2015•宝鸡一模）已知长直通电导线在周围某点产生磁场的磁感应强度大小与电流成正比、与该点到导线的距离成反比．4根电流相同的长直通电导线a、b、c、d平行放置，它们的横截面的连线构成一个正方形，O为正方形中心，a、b、c中电流方向垂直纸面向里，d中电流方向垂直纸面向外，则关于a、b、c、d长直通电导线在O点产生的合磁场的磁感应强度B（）A．大小为零B．大小不为零，方向由O指向aC．大小不为零，方向由O指向c D．大小不为零，方向由O指向d【考点】：磁感应强度．【分析】：根据等距下电流所产生的B的大小与电流成正比，得出各电流在O点所产生的B的大小关系，由安培定则确定出方向，再利用矢量合成法则求得B的合矢量的大约方和向．【解析】：解：I a=I c=I d=I b，则根据矢量的合成法则，可知，a、c两棒产生的磁场为零，则由b、d两棒产生的磁场方向，由右手螺旋定则可知，o指向a；故选：B．【点评】：考查磁感应强度B的矢量合成法则，会进行B的合成．3．（6分）（2015•宝鸡一模）如图所示，质量为M的木块A套在粗糙水平杆上，并用轻绳将木块A与质量为m的小球B相连．现用水平力F将小球B缓慢拉起，在此过程中木块A始终静止不动．假设杆对A的支持力为N，杆对A的摩擦力为f，绳中张力为T，则此过程中（）A．F增大B．f不变C．T减小D．N减小【考点】：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】：共点力作用下物体平衡专题．【分析】：先以B为研究对象，分析在小球上升的过程中F如何变化，再以整体为研究对象，分析摩擦力f和支持力力N如何变化．【解析】：【解析】：解：以B为研究对象，小球受到重力、水平力F和轻绳的拉力T，如图1所示：由平衡条件得：F=mgtanα，α增大，则F增大再以整体为研究对象，力图如图2所示，根据平衡条件得：f=F，则f逐渐增大．N=（M+m）g，即N保持不变故选：A．【点评】：本题是动态平衡问题，采用隔离法和整体法相结合，根据共点力平衡条件求解出表达式分析．4．（6分）（2015•宝鸡一模）如图所示，将质量为M的U形框架开口向下置于水平地面上，用轻弹簧1，2，3将质量为m的小球悬挂起来．框架和小球都静止时弹簧1竖直，弹簧2、3水平且长度恰好等于弹簧原长，这时框架对地面的压力大小等于（M+m）g．现将弹簧1从最上端剪断，则在剪断后瞬间（）A．框架对地面的压力大小仍为（M+m）gB．框架对地面的压力大小为0C．小球的加速度为0D．小球的加速度大小等于g【考点】：牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．【专题】：牛顿运动定律综合专题．【分析】：根据剪断弹簧1从最上端后瞬间，弹力仍存在，结合牛顿第二定律或平衡条件，即可求解．【解析】：解：根据题意，当弹簧1从最上端剪断后瞬间，弹力仍存在，而弹簧2与3，没有形变，即没有弹力，因此框架对地面的压力大小为Mg，对小球受力分析，只受重力与弹力，两力平衡，则加速度大小等于0，故ABD错误，C正确；故选：C．【点评】：考查弹簧剪断后瞬间的弹力有无是解题的关键，注意若是剪断弹簧，则形变来不及变化，弹力仍存在．5．（6分）（2015•宝鸡一模）如图所示，横截面为正方形abcd的有界匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里．一束电子以大小不同、方向垂直ad边界的速度飞入该磁场．对于从不同边界射出的电子，下列判断错误的是（）A．从ad边射出的电子在磁场中运动的时间都相等B．从c点离开的电子在磁场中运动时间最长C．电子在磁场中运动的速度偏转角最大为πD．从bc边射出的电子的速度一定大于从ad边射出的电子的速度【考点】：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．【专题】：带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】：电子粒子飞入匀强磁场中做匀速圆周运动，根据半径和周期公式分析速率越大，轨迹半径和周期如何变化；在有界磁场中转动的时间越长，则粒子转过的圆心角越大，运动时间越长；【解析】：【解析】：解：ABC、电子的速率不同，运动轨迹半径不同，如图，由周期公式T=知，周期与电子的速率无关，所以在磁场中的运动周期相同，由t=T知，电子在磁场中运动时间与轨迹对应的圆心角成正比，所以电子在磁场中运动的时间越长，其轨迹线所对应的圆心角θ越大，故从ad边射出的电子在磁场中运动的时间都相等且运动时间最长；故AC正确B错误；D、从bc边射出的轨道半径大于从ad边射出的电子的轨道半径，由半径公式r=知，轨迹半径与速率成正比，则电子的速率越大，在磁场中的运动轨迹半径越大，故从bc边射出的电子的速度一定大于从ad边射出的电子的速度，D正确；题目要求选错误的，故选：B．【点评】：带电粒子在磁场中的偏转要注意两点：一是圆心的确定，二是半径的求出，必要时先画出可能的图形再进行分析计算．6．（6分）（2015•宝鸡一模）在太阳系中有一颗行星的半径为R，若在该星球表面以初速度v0竖直向上抛出一物体，则该物体上升的最大高度为H，已知该物体所受的其他力与行星对它的万有引力相比较可忽略不计．根据这些条件，可以求出的物理量是（）A．太阳的密度B．该星球的第一宇宙速度C．该行星绕太阳运行的周期D．绕该行星运行的卫星的最小周期【考点】：万有引力定律及其应用．【专题】：万有引力定律的应用专题．【分析】：根据竖直上抛运动，求出星球表面的重力加速度，根据万有引力提供向心力求在该星球表面附近绕该星球做匀速圆周运动卫星的周期和该星球的第一宇宙速度．【解析】：解：BD、在该星球表面以初速度v0竖直上抛出一物体，则该物体上升的最大高度为H．由v02=2gH，得：g=根据在该星球表面附近绕该星球做匀速圆周运动卫星重力提供向心力得：mg=解得：v=，T=．星球的第一宇宙速度就是在该星球表面附近绕该星球做匀速圆周运动的线速度，所以星球的第一宇宙速度就是，行星附近运行的卫星的最小周期就是在该星球表面附近绕该星球做匀速圆周运动的周期，所以最小周期是，故BD正确．AC、本题中不知道该星球绕太阳运动的任何量，故不可以就算太阳的密度和绕太阳运动的周期．故AC错误．故选：BD．【点评】：解决本题得关键掌握万有引力提供向心力．重力加速度g是联系星球表面的物体运动和天体运动的桥梁．7．（6分）（2015•宝鸡一模）如图所示，在真空中分别固定有电荷量为+Q和﹣Q的点电荷，a、b、c、d是两点电荷连线上的四个点，已知a、b到+Q的距离以及c、d到﹣Q的距离均为L，下列说法正确的是（）A．a、d两点的电场强度相同，电势不等B．b、c两点的电场强度不同，电势相等C．将一个正试探电荷从a点沿任意路径移动到b点时电场力做的功，跟从d点沿任意路径移动到c点时电场力做的功相同D．一个正试探电荷在c点的电势能大于它在d点的电势能【考点】：库仑定律；电势能．【分析】：等量异种电荷的电场线和等势线都是关于连线、中垂线对称，如图所示：【解析】：解：A、根据等量异种电荷电场线的分布特征可知，ad点所在处的电场疏密相同，故ad点的电场强度大小相等，方向都是从右向左，故ad点的电场强度相同，根据等势面的分布特征可知，a的等势面的电势高于d的等势面的电势，即φa＞φb，故A正确．B、根据等量异种电荷电场线的分布特征可知，bc点所在处的电场疏密相同，故bc点的电场强度大小相等，方向都是从左向右，故bc点的电场强度相同，根沿着电场线电势降低，即φb＞φc，故B错误．C、由上图分布可知，a点的电势大于b点的电势，c点的电势高于d点的电势，故将一个正试探电荷从a点移动到b点时电场力做的正功，将一个正试探电荷从d点移动到c点时电场力做负功，做功不等，故C错误．D、根据E p=qφ，可知正电荷在电势高处的电势能大，故一个正试探电荷在c点的电势能大于它在d点的电势能，故D正确．故选：AD．【点评】：本题关键熟悉等量异种电荷电场线和等势面分布图，明确沿着电场线，电势逐渐降低．8．（6分）（2015•宝鸡一模）如图所示，半径为r的光滑水平转盘到水平地面的高度为H，质量为m的小物块被一个电子锁定装置锁定在转盘边缘，转盘绕过转盘中心的竖直轴以ω=kt（k＞0且是恒量）的角速度转动．从t=0开始，在不同的时刻t将小物块解锁，小物块经过一段时间后落到地面上．假设在t时刻解锁的物块落到地面上时重力的瞬时功率为P，落地点到转盘中心的水平距离为d，则下图中P﹣t图象、d2﹣t2图象分别正确的是（）A．B．C．D．【考点】：向心力；牛顿第二定律．【专题】：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．【分析】：小物块解锁后做平抛运动，根据平抛运动的规律和功率公式得到P与t的关系式，d2与t2的关系式，即可选择图象．【解析】：解：AB、时刻t将小物块解锁后物块做平抛运动，初速度为：v0=rφ=rkt物块落地时竖直分速度为：v y=物块落到地面上时重力的瞬时功率为：P=mgv y=mg，可知P与t无关，故A错误，B正确．CD、物块做平抛运动的时间为：t′=，水平位移大小为：x=v0t=rkt；根据几何知识可得落地点到转盘中心的水平距离为：d2=r2+x2=r2+（rkt）2=r2+r，故C正确，D错误．故选：BC．【点评】：解决本题的关键要掌握平抛运动的规律，熟练运用运动的分解法列式选择．三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9题～第12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13题～第16题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题（共129分）9．（4分）（2015•宝鸡一模）图甲是小强测绘小灯泡伏安特性曲线的电路图．按该电路图实验时，闭合开关前应将滑线变阻器的触动头滑到最左端（填“最左端”或“最右端”）；图乙是小强依据甲图在实物上的连线图．小强在实验前检查电路时发现有一根导线的一端接错了地方，请你在乙图中的这根连线上画上“×”，并直接在图上画出这根导线的正确连线．【考点】：描绘小电珠的伏安特性曲线．【专题】：实验题；恒定电流专题．【分析】：滑动变阻器采用分压接法闭合开关前，滑片应置于分压电路分压为零的位置；根据描绘灯泡伏安特性曲线的实验原理分析电路图，然后答题．【解析】：解：由图示电路图可知，滑动变阻器采用分压接法，为保护电路安全，闭合开关前，滑片要置于最左端．描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，由图示电路图可知，滑动变阻器连接错误，修改后的电路图如图所示：故答案为：最左端；电路图如图所示．【点评】：本题考查了实验注意事项、修改电路图，知道滑动变阻器的接法是正确修改电路图的关键．10．（11分）（2015•宝鸡一模）振华同学用图1所示的实验装置验证牛顿第二定律．（1）该实验装置中有两处错误，分别是：细绳与长木板不平行和打点计时器应接交流电源．（2）振华同学在老师的指导下改正了实验装置中的错误后，将细绳对小车的拉力当作小车及车上砝码受到的合外力，来验证“合外力一定时加速度与质量成反比”．①实验中，砝码盘及盘内小砝码的总质量m最好应为A（填选项前的字母）．A．10g B．50g C．100g D．1kg②振华同学在验证“合外力一定时加速度与质量成反比”的实验时，用电磁打点计时器打了一条理想的纸带，他按要求选取计数点后，在测量各相邻两计数点间的距离时不慎将纸带撕成了几段，但他清楚的知道甲、乙图属于同一纸带，则丙、丁、戊图中属于上述纸带的是戊．③由甲、乙图可求得小车的加速度大小为 2.30m/s2（小数点后保留两位数字）．【考点】：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【专题】：实验题；牛顿运动定律综合专题．【分析】：分析实验的原理图，根据实验中的注意事项及减小误差的方法等分析本实验存在的问题；根据匀变速直线运动的特点（相邻的时间间隔位移之差相等）去判断问题．利用匀变速直线运动的推论△x=aT2求解加速度．【解析】：解：（1）该实验装置中有两处错误，分别是：滑轮太高（或细绳与长木板不平行）；打点计时器接到直流电源上（或打点计时器应接交流电源）．（2）①该实验要求砝码和砝码盘的总质量远远小于车的质量，即砝码和砝码盘的质量尽量小，故A正确、BCD错误，故选：A．②根据刻度尺的读数可知，1、2两点的距离为x1=2.40cm，2、3两点的距离为x2=4.70cm．根据逐差相等的公式x2﹣x1=x3﹣x2，所以x3=2x2﹣x1=2×4.70﹣2.40=7.00cm，故戊纸带最符合，故选戊．③根据逐差相等公式a==2.30m/s2故答案为：（1）滑轮太高（或细绳与长木板不平行）；打点计时器接到直流电源上（或打点计时器应接交流电源）；（2）①A；②戊；③2.30．【点评】：要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．11．（14分）（2015•宝鸡一模）某大型游乐场有飞碟射击娱乐游戏，抛碟机将飞碟随机向上抛射出去，射击者用气枪将飞碟射中并击碎．由于飞碟抛射方向具有不确定性，所以游戏充满挑战性和乐趣．假设有一游戏爱好者站在距离抛碟机20m远处练习射击，射击点与飞碟抛出点近似在同一水平线上，气枪子弹在空中飞行可看作匀速直线运动，且速度大小为100m/s．某次，抛碟机将飞碟以20m/s初速度竖直向上抛出，射击者要在飞碟到达最高点时刚好将其击中，（不计空气阻力，g=10m/s2）求：（1）射击方向和水平方向的夹角应该是多少？（2）他必须在飞碟抛出后经多长时间发射子弹？（计算结果小数点后保留2位数字）【考点】：匀变速直线运动的速度与位移的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】：直线运动规律专题．【分析】：（1）根据运动的分解求解tanθ=，从而知角度θ（2）分别根据运动学知识求飞碟上升到最高点所用时间为t1和子弹击中飞碟的位移s和飞行时间t2，则飞碟抛出后发射子弹的时间间隔t为t=t1﹣t2．【解析】：解：（1）设飞碟上升的最大高度h，飞碟抛出后做竖直上抛运动，由v=2gh可得：h==20m由于飞碟抛出点与射击点的水平距离d=20m，所以可得：tanθ==1所以射击方向和水平方向的夹角为θ=45°．（2）设飞碟上升到最高点所用时间为t1为：t1===2s子弹击中飞碟的位移s和飞行时间t2为：s===20mt2===0.28s飞碟抛出后发射子弹的时间间隔t为：t=t1﹣t2=2﹣0.28=1.72s答：（1）射击方向和水平方向的夹角应该是45°；（2）他必须在飞碟抛出后经1.72s发射子弹．【点评】：此题考查运动的合成与分解，注意匀变速直线运动规律的应用．12．（18分）（2015•宝鸡一模）如图所示，固定在水平地面上轨道ABCD，其中半圆形轨道ABC 光滑，水平轨道CD粗糙，且二者在C点相切，A与C分别是半径R=0.1m的半圆轨道的最高点和最低点．一根轻弹簧固定在水平轨道的最右端，将一质量m=0.02kg、电量q=8×10﹣5C的绝缘小物块紧靠弹簧并向右压缩弹簧，直到小物块和圆弧最低点的距离L=0.5m．现在由静止释放小物块，小物块被弹出后恰好能够通过圆弧轨道的最高点A，已知小物块与水平轨道间的动摩擦因数为μ=0.4，小物块可视为质点，g取10m/s2，求：（1）小物块释放前弹簧具有的弹性势能E P；（2）若在此空间加一方向水平向左的匀强电场，电场强度E=2×103v/m，小物块仍由原位置释放后通过A点再落回水平轨道，在此过程中小物块电势能变化量为多少？【考点】：动能定理的应用；牛顿第二定律；向心力；带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】：动能定理的应用专题．【分析】：（1）物块恰好到达A点，由牛顿第二定律求出物块的速度，然后应用能量守恒定律求出弹性势能．（2）由能量守恒定律求出电场力做功，然后求出电势能的变化量．【解析】：解：（1）设小物块到达圆弧轨道的最高点时速度为v1，因为小物块恰好能到达圆弧轨道的最高点，故向心力刚好由重力提供：mg=m，代入数据解得：v1=1m/s，小物块从开始运动到圆弧轨道最高点A的过程中，由能量守恒定律得：E P=μmgL+mg•2R+mv12，代入数据解得：E P=0.09J；（2）若存在水平向左的匀强电场时，设小物块从开始运动到圆弧轨道最高点A时的速度为v2，由功能关系得：W弹=﹣△E P=﹣（﹣E P）=0.09J，W弹+qEL﹣μmgL﹣mg•2R=mv22，代入数据解得：v2=3m/s；小物块由A飞出后竖直方向做自由落体运动，水平方向做匀变速运动，由运动学规律有：竖直方向：2R=gt2，代入数据解得：t=0.2s，水平方向：qE=ma，代入数据解得：a=8m/s2，x=v2t﹣at2，代入数据解得：x=0.44m，在小物块落回轨道的整个过程中由电场力做功与电势能变化关系可得：W电=qE（L﹣x），代入数据解得：W电=0.0096J，电势能的变化量：△E P=﹣W电=﹣0.0096J，电势能减少0.0096J；答：（1）小物块释放前弹簧具有的弹性势能E P为0.09J．（2）在此过程中小物块电势能变化量为﹣0.0096J．【点评】：本题考查了求弹簧的弹性势能、电势能的变化量，分析清楚物体运动过程，应用牛顿第二定律、运动学规律、能量守恒定律即可正确解题．【物理----选修3-4】13．（6分）（2015•宝鸡一模）如图所示是一列简谐波在t=0时的波形图，介质中的质点P沿y轴方向做简谐运动，其位移随时间变化的函数表达式为y=10sin5πt cm．关于这列简谐波及质点P 的振动，下列说法中正确的是（）A．质点P的周期为0.4sB．质点P的位移方向和速度方向始终相反C．这列简谐波的振幅为20 cmD．这列简谐波沿x轴正向传播E．这列简谐波在该介质中的传播速度为10m/s【考点】：波长、频率和波速的关系；横波的图象．【分析】：根据质点简谐运动的表达式y=10sin5πt（cm），读出角频率ω，求出周期．根据t=0时刻x=4m处质点的振动方向判断波的传播方向．读出波长，求出波速．【解析】：解：AC、由质点P做简谐运动的表达式y=10sin5πtcm，可知这列简谐波的振幅为A=10cm，角频率为ω=5π rad/s，则周期为T==0.4s，故A正确，C错误．B、质点P在做简谐运动，位移和速度都作周期性，位移方向和速度方向有时相反，有时相同，故B错误．D、由质点P做简谐运动的表达式y=10sin5πtcm，知t=0时刻质点沿y轴正方向运动，则这列简谐波沿x轴正向传播，故D正确．E、由图读出波长为λ=4m，则波速为：v==m/s=10m/s．故E正确．故选：ADE．【点评】：解决本题关键要掌握简谐运动的表达式一般形式y=Asinωt，读出ω，再结合振动与波动之间的联系进行分析．14．（9分）（2015•宝鸡一模）有一玻璃半球，右侧面镀银，光源S在其对称轴PO上（O为球心），且PO水平，如图所示．从光源S发出的一束细光射到半球面上，其中一部分光经球面反射后恰能竖直向上传播，另一部分光经过折射进入玻璃半球内，经右侧镀银面反射恰能沿原路返回．若球面半径为R，玻璃折射率为，求光源S与球心O之间的距离为多大？【考点】：光的折射定律．【专题】：光的折射专题．【分析】：作出光路图，根据折射定律和几何关系，求出入射角和折射角，再由几何关系求解光源S与球心O之间的距离SO．【解析】：解：由题意可知折射光线与镜面垂直，其光路图如图所示，则有：i+r=90°…①由折射定律可得：=n=…②解得：i=60° r=30°…③在直角三角形ABO中：S BO=Rcosr=R…④由几何关系可得：△SAO为等腰三角形，所以L SO=2S BO=R…⑤答：光源S与球心O之间的距离为R．【点评】：处理几何光学相关的问题，关键是作出光路图，一定要用直尺准确作图，然后根据几何图形的特点求角或者线段的长度．【物理----选修3-5】15．（2015•宝鸡一模）下列关于原子和原子核的说法正确的是（）A．卢瑟福通过对α粒子散射实验结果的分析，提出了原子核是由质子和中子组成的B．U（铀）衰变为Pa（镤）要经过1次α衰变和1次β衰变C．质子与中子结合成氘核的过程中发生质量亏损并释放能量D．β射线是原子核外电子挣脱原子核的束缚后而形成的电子流E．放射性元素的半衰期是指大量该元素的原子核中有半数发生衰变所需要的时间【考点】：原子核衰变及半衰期、衰变速度；原子的核式结构．【分析】：天然放射现象揭示了原子有复杂的结构，卢瑟福的a粒子散射实验揭示了原子的核式结构，裂变是生成两个中等质量的核，β衰变中产生的β射线实际上是原子核内的中子转化为质子同时释放一个电子，半衰期由原子核本身决定．【解析】：解：A、天然放射现象揭示了原子有复杂的结构，卢瑟福的a粒子散射实验揭示了原子的核式结构，故A错误；B、经过1次α衰变和1次β衰变后，则质量数减小4，而中子减小1，因此U（铀）衰变为Pa（镤）要经过1次α衰变和1次β衰变，故B正确；C、中子与质子结合成氘核的过程中能释放能量，故C正确；D、β衰变中产生的β射线实际上是原子核内的中子转化为质子同时释放一个电子，故D错误；E、半衰期是指大量该元素的原子核中有半数发生衰变所需要的时间，故E正确；故选：BCE．【点评】：掌握卢瑟福的a粒子散射实验内容及结论，知道衰变的实质和半衰期的特点，注意α衰变和β衰变的区别．16．（2015•宝鸡一模）如图所示，光滑水平面上静止有两个滑块A和B，其质量分别为m A=6kg 和m B=3kg，滑块A和B间用细线相连，中间有一压缩的轻质弹簧（弹簧和A相连，和B不相连），弹簧的弹性势能为E P=36J，现剪断细线，滑块B和墙壁发生弹性碰撞（无机械能损失）后再次压缩弹簧．求弹簧再次压缩最短时具有的弹性势能．【考点】：动量守恒定律；机械能守恒定律．【专题】：动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合．【分析】：对弹簧伸长过程由动量守恒定律及机械能守恒定律可求得AB的速度；再对压缩过程同动量定恒定律有机械能守恒定律可求得后来共同的速度；则可求得最大弹性势能．【解析】：解：滑块A、B和弹簧组成的系统在滑块被弹开过程中满足动量守恒和机械能守恒，规定水平向左为正方向，则有：0=m A v A+m B（﹣v B）E P=m A v A2+m B v B2解得：v A=2m/s；v B=4m/s滑块B与墙壁发生弹性碰撞后，速度大小不变，方向变为水平向左，和滑块A压缩弹簧至最短时两滑块速度相等，由动量守恒和机械能守恒定律可得：m A v A+m B v B=（m A+m B）v解得：v=m/sE P′=E P﹣（m A+m B）v2=（6+3）（）2=4J；答：弹簧再次压缩最短时具有的弹性势能为4J．【点评】：本题考查动量守恒定律及机械能守恒定律的应用，要注意正确分析过程，明确是哪一过程满足动量守恒定律．。
2015年高考物理全国卷1及答案解析
2021年高考物理全国卷1及答案解析第I卷〔选择题〕2021年理综全国卷1物理局部:、选择题：此题共8小题,每题6分.在每题给出的四个选项中.第14〜18题只有一项符合题目要求.第19〜21题有多项符合题目要求.全部选对的得6分.选对但不全的得3分.有选错的得0分.14 .两相邻匀强磁场区域的磁感应强度大小不同、方向平行.一速度方向与磁感应强度方向垂直的带电粒子〔不计重力〕,从较强磁场区域进入到较弱磁场区域后,粒子的A.轨道半径减小,角速度增大B.轨道半径减小,角速度减小C.轨道半径增大,角速度增大D.轨道半径增大,角速度减小15 .如图,直线a、b和c、d是处于匀强电场中的两组平行线,M、N、P、Q是它们的交点,；：四点处的电势分别为M、N、.、Q.一电子号…『由M 点分别运动到N点和P点的过程中,吊…吊…,电场力所做的负功相等.那么A.直线a位于某一等势面内,B.直线c位于某一等势面内,C.假设电子由M点运动到Q点,D.假设电子由.点运动到Q点〕电场力做负功> N电场力做正功16. 一理想变压器的原、副线圈的匝数比18. 一带有乒乓球发射机的乒乓球台如图为3: 1,在原、副线圈的回路中分别接有阻值相同的 电阻,原线圈一侧接在电压为 220 V 的正弦交流电源 上,如下图.设副线圈回路中电阻两端的电压为U, 原、副线圈回路中电阻消耗的功率的比值为 k .那么A. U=66V, k=9B. U=22V, k=99 917.如图,一半径为 R 、粗糙程度处处相同的半圆形轨道 竖直固定放置,直径POQ 水平.一质量为 m 的质点 自P 点上方高度R 处由静止开始下落,恰好从 P 点进 入轨道.质点滑到轨道最低点 N 时,对轨道的压力为 4 mg, g 为重力加速度的大小.用 W 表示质点从P 点 运动到N 点的过程中克服摩擦力所做的功.那么 1A. W=2 mgR ,质点恰好可以到达. 1B. W>2 mgR,质点不能到达Q 点1 一一一 一 ........................ .. ... .C. W=1 mgR,质点到达Q 点后,继续上升一段距离D. W, mgR,质点到达Q 点后,继续上升一段距离 所示.水平台面的长和宽分别为 L i- 1 C. U=66V, k=- 3 1 D. U=22V, k=- 3 Q和L2,中间球网高度为ho发射机安装于台面左侧边缘的中点,能以不同速率向右侧不同方向水平发射乒乓球,发射点距台面高度为3 h.不计空气的作用,重力加速度大小为g,假设乒乓球的发射速率在某范围内,通过选择适宜的方向,就能使乒乓球落到球网右侧台面上,那么的最大取值范围是DA•今唇3a在B.九用3严察五C.切士«＜铲著D. %/3〔铲要19. 1824年,法国科学家阿拉果完成了著名的工圆盘实验实验中将一铜圆盘水平放置,皿*在其中央正上方用柔软细线悬挂一枚可以二二一自由旋转的磁针,如下图.实验中发现, ’ 当圆盘在磁针的磁场中绕过圆盘中央的竖直轴旋转时,磁针也随着一起转动起来,但略有滞后.以下说法正确的选项是A.圆盘上产生了感应电动势B.圆盘内的涡电流产生的磁场导致磁针转动C.在圆盘转动的过程中,磁针的磁场穿过整个圆盘的磁通量发生了变化D.圆盘中的自由电子随圆盘一起运动形成电流, 此电 流产生的磁场导致磁针转动20. 如图〔a 〕, 一物块在t = 0时滑上一固定斜面,其运动的 t 图线如图〔b 〕所示.假设重力速度及图中的0、 1、t i 均为量,那么可求出 A.斜面的倾角B.物块的质量C.物块与斜面间的动摩擦因数D.物块沿斜面向上滑行的最大高度21. 我国发射的 嫦娥三号〞登月探测器靠近月球后,先在 月球外表附近的近似圆轨道上绕月运行；然后经过一 系列过程,在离月面4 m 高处做一次悬停〔可认为是相 对于月球静止〕；最后关闭发动机,探测器自由下落.探测器的质量约为1.3 X03kg ,地球质量约为月球的81倍,地球半径约为月球的 3.7倍,地球外表的重 力加速度大小约为9.8 m/S 2.那么此探测器 A.在着陆前的瞬间,速度大小约为 8.9 m/sB.悬停时受到的反冲作用力约为 2 X103NC.从离开近月圆轨道到着陆这段时间内, 机械能守恒D.在近月圆轨道上运行的线速度小于人造卫星在近地圆轨道上运行的线速度第II 卷〔非选择题共174分〕三、非选择题：包括必考题和选考题两局部.第 22题〜第刻加32题为必考题.每个试题考生都必须做答.第33题〜第40题为选考题.考生根据要求做答.〔一〕必考题〔共129分〕22. 〔6 分〕某物理小组的同学设计了一个粗测玩具小车通过凹形桥最低点时的速度的实验.所用器材有：玩具小车、压力式托盘秤、凹形桥模拟器〔圆弧部分的半径为R=0.20 m〕o完成以下填空：〔1〕将凹形桥模拟器静置于托盘秤上,如图〔a〕所示,托盘秤的示数为1.00 kg;〔2〕将玩具小车静置于凹形桥模拟器最低点时, 托盘秤的示数如图〔b〕所示,该示数为_1.40_kg :〔3〕将小车从凹形桥模拟器某一位置释放,小车经过最低点后滑向另一侧.此过程中托盘秤的最大示数为m;屡次从同一位置释放小车,记录各次的m值如下表所示：序号l234 5 Im(kg) 1.80 1.75 1.85 1.75 1.90U 〔4〕根据以上数据,可求出小车经过凹形桥最低点时对桥的压力为7.9 N ;小车通过最低点时的速度大小为1.4 m/s.〔重力加速度大小取9.80 m/s2,计算结果保存2位有效数字)23. (9 分)图(a)为某同学改装和校准毫安表的电路图, 其中虚线框内是毫安表的改装电路.(1)毫安表表头的内阻为100Q,满偏电流为l mA; R i和R2为阻值固定的电阻.假设使用a和b两个接线柱,电表量程为3 mA;假设使用a和c两个接线柱, 电表量程为10 mA.由题给条件和数据,可以求出R i = __15__Q) R2 = _35__Q o(2)现用一量程为3 mA、内阻为150Q的标准电流表④对改装电表的3 mA挡进行校准,校准时需选取的刻度为0.5、1.0、1.5、2.0、2.5、3.0 mA.电池的电动势为1.5 V,内阻忽略不计；定值电阻R o有两种规格, 阻值分别为300 Q和1000 Q;滑动变阻器R有两种规格,最大阻值分别为750Q和3000Q.那么R.应选用限值为300 .的电阻,R应选用最大阻值为_3000_Q的滑动变阻器.(3)假设电阻R1和R2中有一个因损坏而阻值变为无穷大, 利用图(b)的电路可以判断出损坏的电阻.图(b)中的R为保护电阻,虚线框内未画出的电路即为图(a)虚线框内的电路.那么图中的d点应和接线柱 c 〔填“b或"c相连.判断依据是：—闭合开关时.假设电表指针偏转,那么损坏的电阻是R1;假设电表指针不动,那么损坏的电阻是R224. 〔12 分〕如图,一长为10 cm的金属棒ab用两个完全相同的弹簧水平地悬挂在匀强磁场中；磁场的磁感应强度大小为0.1「方向垂直于纸面向里；弹簧上端固定,下端与金属棒绝缘.金属棒通过开关与一电动势为12 V的电池相连,电路总电阻为2Q O开关断开时两弹簧的伸长量均为0.5 cm;闭合开关, 系统重新平衡后,两弹簧的伸长量与开关断开时相比均改变了0.3 cm.重力加速度大小取10 m/s2.判断开关闭合后金属棒所受安培力的方向,并求出金属棒的质量.25. 〔20 分〕一长木板置于粗糙水平地面上,木板左端放置一小物块；在木板右方有一墙壁,木板右端与墙壁的距离为4.5m,如图〔a〕所示.t = 0时刻开始,小物块与木板一起以共同速度向右运动,直至t = 1 s时木板与墙壁碰撞〔碰撞时间极短〕.碰撞前后木板速度大小不变,方向相反；运动过程中小物块始终未离开木板.碰撞后 1 s时间内小物块的一t图线如图〔b〕所示.木板的质量是小物块质量的15倍,重力加速度大小g取10 m/s2.仲/〔m,0 1 2 梅图〔a〕图〔b〕求〔1〕木板与地面间的动摩擦因数11及小物块与木板间的动摩擦因数从2；〔2〕木板的最小长度；〔3〕木板右端离墙壁的最终距离.〔二〕选考题：共45分.请考生从给出的3道物理题、3道化学题、2道生物题中每科任选一题做答,并用2B铅笔在做题卡上把所选题目题号后的方框涂黑.注意所做题目的题号必须与所涂题目的题号一致.在做题卡选答区域指定位置做题.如果多做,那么每学科按所做的第一题计分.33.［物理——选修3—3］〔15分〕〔1〕〔5分〕以下说法正确的选项是一一〔填正确答案标号.选对1个得2分,选对2个得4分,选对3个得5分.每选错1个扣3分,最低得分为0分〕A.将一块晶体敲碎后,得到的小颗粒是非晶体B,固体可以分为晶体和非晶体两类,有些晶体在不同方向上有不同的光学地质C.由同种元素构成的固体,可能会由于原子的排列方9式不同而成为不同的晶体D.在适宜的条件下,某些晶体可以转变为非晶体,某些非晶体也可以转变为晶体E.在熔化过程中,晶体要吸收热量,但温度保II持不变,内能也保持不变,丁(2)(10分)如图,一固定的竖直汽缸由一大一小两II个同轴圆筒组成,两圆筒中各有一个活塞.大活塞的质量为m i=2.50 kg,横截面积为s i=80.0 cm2;小活塞的质量为m2=1.50 kg,横截面积为S2=40.0 cm2;两活塞用刚性轻杆连接,间距保持为l = 40.0 cm；汽缸外大气的压强为p=1.00 105 Pa,温度为T=303 Ko初始时大活塞与大圆筒底部相距22,两活塞问封闭气体的温度为T i=495 Ko现汽缸内气体温度缓慢下降,活塞缓慢下移.忽略两活塞与汽缸壁之间的摩擦,重力加速度大小g取10 m/s2.求⑴在大活塞与大圆筒底部接触前的瞬间,缸内封闭气体的温度；(ii)缸内封闭的气体与缸外大气到达热平衡时,缸内封闭气体的压强.34.[物理一一选修3 —4](15分)(1)(5分)在双缝干预实验中,分别用10红色和绿色的激光照射同一双缝,在双缝后的屏幕上,红光的干预条纹间距△ X1与绿光的干预条纹间距△X2 相比,AX1——Z\X2(填"乂 "=或“<〞.)假设实验中红光的波长为630 nm,双缝与屏幕的距离为1.00 m,测得第l条到第6条亮条纹中央问的距离为10.5 mm,那么双缝之间的距离为mm.(2)(10分)甲、乙两列简谐横波在同一介质中分别沿x轴正向和负向传播,波速均为=25 cm/s.两列波在t=0 时的波形曲线如下图.求(i)t=0时,介质中偏离平衡位置位移为16 cm的所有质点的x 坐标；(ii)从t=0开始,介质中最早出现偏离平衡位置位移为—16 cm的质点的时间.35.[物理——选修3—5](15分)(1)(5分)在某次光电效应买验中,得到的遏止/ 电压U C与入射光的频率v的关系如下图. | / J 假设该直线的斜率和截距分别为k和b,电子0 v 电荷量的绝对值为e,那么普朗克常量可表示为一一,所用材料的逸出功可表示为一一.(2)(10分)如图,在足够长的光滑水平面上,物体A、B、C位于同一直线上,A位于B、C之间.A的质量为m, B、C的质量都为M,三者均处于静止状态.现使A以某一速度向右运动,求m和M之间应满足什么条件,才能使A只与B、C各发生一次碰撞.设物体间的碰撞都是弹性的.理科综合水平测试试题参考答案第1卷14.20. 选择题D 15.ACDB21.16.BDA 17. C 18. D 19第II卷22.23. 非选择题〔6分〕〔9分〕(2)1.40(1)15(4)7.9 1.435 ⑵300 3000 闭合开关时,假设电表指针偏转,那么损坏的电阻是假设电表指针不动,那么损坏的电阻是R2 24. 〔12 分〕⑶cR1;依题意,开关闭合后,电流方向从b到a,由左手定那么可知,金属棒所受的安培力方向竖直向下.开关断开时,两弹簧各自相对于其原长伸长为△ cm.由胡克定律和力的平衡条件得2kA11= mg1i=0.5式中,m 为金属棒的质量,k 是弹簧的劲度系数,g 是 重力加速度的大小.开关闭合后,金属棒所受安培力的大小为F=2)I 是回路电流,L 是金属棒的长度.两弹簧各自 12=0.3 cm,由胡克定律和力的平衡条件得由欧姆定律有E =式中,E 是电池的电动势,R 是电路总电阻 联立①②③④式,并代入题给数据得0.01⑤25. (20 分)(1)规定向右为正方向.木板与墙壁相碰前,小物块和木板一起向右做匀变速运动,设加速度为 ai, /1 和木板的质量分别为 m 和M .由牛顿第二定律有(m+M)a i由图可知,木板与墙壁碰前瞬间的速度i = 4m/s,由IBL式中, 再伸长了4 2k(△11+△12)mgIRkg、物块i (m+M)g运动学公式得i = o +a i t i12s o = 0t 1+2 a i t i式中)t i = ls )So = 4.5m 是木板碰前的位移)o 是小物 块和木板开始运动时的速度.联立①②③式和题给条件得[11 = o.i④在木板与墙壁碰撞后,木板以- I 的初速度向左做匀 变速运动,小物块以I 的初速度向右做匀变速运动.设小物块的加速度为a2,由牛顿第二定律有—2 2mg = ma 2由图可得式中,t 2 = 2s, 2 = 0,联立⑤⑥式和题给条件得li2= 0.4⑦(2)设碰撞后木板的加速度为a 2,经过时间^ t,木板和 小物块刚好具有共同速度3.由牛顿第二定律及运动学公式得ti 2mg+ 11 i (M+m)g = M)a 3⑧3= — i + a3At 3 = i + a2At⑩碰撞后至木板和小物块刚好到达共同速度的过程中,a 2 =2 It 2 t i木板运动的位移为小物块运动的位移为S =ZM2小物块相对木板的位移为△s = S2—S1 @联立⑥⑧⑨⑩⑧式,并代入数值得△s = 6.0m ⑩由于运动过程中小物块没有脱离木板,所以木板的最小长度应为6.0m.(3)在小物块和木板具有共同速度后,两者向左做匀变速运动直至停止,设加速度为a4,此过程中小物块和木板运动的位移为S3.由牛顿第二定律及运动学公式得i(m+M)g = (m+M)a 4 ⑩0—32= 2a4s3 ⑩碰后木板运动的位移为S = SI+S3 ⑥联立⑥⑧⑨④⑩©⑩⑩式,并代入数值得s = —6.5m ⑩木板右端离墙壁的最终距离为6.5m.33.[物理——选修3—3](15分)(1)BCD(2)(i)设初始时气体体积为V i,在大活塞与大圆筒底部刚接触时,缸内封闭气体的体积为V2,温度为T2.由题给条件得1 l _V i = S2(i—2)+s i(2)①V2 = S21 ②在活塞缓慢下移的过程中,用P i表示缸内气体的压强, 由力的平衡条件得s i (p i —p) = m i g + m2g + s2 (p i — p) ③故缸内气体的压强不变.由盖一吕萨克定律有%〞④T i T2联立①②④式并代人题给数据得T2 = 330K ⑤(ii)在大活塞与大圆筒底部刚接触时,被封闭气体的压强为P i.在此后与汽缸外大气到达热平衡的过程中,被封闭气体的体积不变.设到达热平衡时被封闭气体的压强为p',由查理定律,有E8 ⑥T T2 一联立③⑤⑥式并代入题给数据得P' = i.0i W5Pa ⑦34.[物理一一选修3 —4](i5分)(2)(i) t = 0时,在x = 50 cm处两列波的波峰相遇,该i6处质点偏离平衡位置的位移为16 cm.两列波的波峰相遇处的质点偏离平衡位置的位移均为16 cm从图线可以看出,甲、乙两列波的波长分别为1 = 50 cm〕无=60 cm ①甲、乙两列波波峰的x坐标分别为%=50+*i 儿,&尸0, ±1 ,±2,…②=50+ifcj Aji =0 , 土1 庠±2 j * --* ③由①②③式得,介质中偏离平衡位置位移为16cm的所有质点的菇坐标为x = (50+300n)cm n=0 , 由, d2 ,…④(ii)只有两列波的波谷相遇处的质点的位移为一16cm.t = 0时,两波波谷间的x坐标之差为3=(50+(2叫+1)史-10式功+1冷) ⑤式中,mi和m2均为整数：将①式代入⑤式得Ai'= 10(6啊-5m J+5 ⑥由于mi、m2均为整数,相向传播的波谷间的距离最小为底二5cm - ⑦从t = 0开始,介质中最早出现偏离平衡位置位移为-16cm的质点的时间为代入数值得t = 0.1 s35.[物理——选修3—5](15分) (1)ek— eb(2)A 向右运动与C 发生第一次碰撞,碰撞过程中,系统的动量守恒、机械能守恒.设速度方向向右为正, 开始时A 的速度为0,第一次碰撞后C 的速度为ci, A 的速度为A1o 由动量守恒定律和机械能守恒 定律得E- LL T'Mjru/g, = EW *］十口心上与鬲*-^ nW%联立8②式掩E —MN E如果m>M ,第一次碰撞后,A 与C 速度同向,且A 的速度小于C 的速度,不可能与B 发生碰撞；如果m=M ,第一次碰撞后,A 停止,C 以A 碰前的速度向右运动,A 不可能与B 发生碰撞；所以只需考虑m<M 的情况.第一次碰撞后,A 反向运动与B 发生碰撞.设与B 发 生碰撞后,A 的速度为A2, B 的速度为B1,同样有根据题意,要求A 只与B 、C 各发生一次碰撞,应有A2< C1联立④⑤⑥式得m 2+4mM —M 2> 0解得m 券?再一工?〃员一解含去.所以和M 成满足的条件为① ②◎④。
2015年物理全国Ⅰ-Ⅱ卷(两套全)
2015年物理全国Ⅰ-Ⅱ卷（两套全）2015年全国统一高考物理试卷（新课标Ⅰ）一、选择题（本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第1-5题只有一项符合题目要求。
第6-8题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．（6分）两相邻匀强磁场区域的磁感应强度大小不同，方向平行，一速度方向与磁感应强度方向垂直的带电粒子（不计重力），从较强磁场区域进入到较弱磁场区域后，粒子的（）A．轨道半径减少，角速度增大B．轨道半径减少，角速度减少C．轨道半径增大，角速度增大D．轨道半径增大，角速度减少2．（6分）如图，直线a、b和c、d是处于匀强电场中的两组平行线，M、N、P、Q是它们的交点，四点处的电势分别为φM，φN，φP，φQ，一电子由M点分别到N点和P点的过程中，电场力所做的负功相等，则（）A．直线a位于某一等势面内，φM＞φQB．直线c位于某一等势面内，φM＞φNC．若电子由M点运动到Q点，电场力做正功D．若电子由P点运动到Q点，电场力做负功3．（6分）一理想变压器的原，副线圈的匝数比为3：1，在原、副线圈的回路中分别接有阻值相同的电阻，原线圈一侧接在电压为220V的正弦交流电源上，如图所示，设副线圈回路中电阻两端的电压为U，原、副线圈回路中电阻消耗的功率的比值为k，则（）A．U=66V，k=B．U=22V，k=C．U=66V，k=D．U=22V，k= 4．（6分）如图，一半径为R，粗糙程度处处相同的半圆形轨道竖直固定放置，直径POQ水平，一质量为m的质点自P点上方高度R处由静止开始下落，恰好从P点进入轨道，质点滑到轨道最低点N时，对轨道的压力为4mg，g为重力加速度的大小，用W表示质点从P点运动到N点的过程中克服摩擦力所做的功，则（）A．W=mgR，质点恰好可以到达Q点B．W＞mgR，质点不能到达Q点C．W=mgR，质点到达Q点后，继续上升一段距离D．W＜mgR，质点到达Q点后，继续上升一段距离5．（6分）一带有乒乓球发射机的乒乓球台如图所示，水平台面的长和宽分别为L1和L2，中间球网高度为h，发射机安装于台面左侧边缘的中点，能以不同速率向右侧不同方向水平发射乒乓球，发射点距台面高度为3h，不计空气的作用，重力加速度大小为g，若乒乓球的发射率v在某范围内，通过选择合适的方向，就能使乒乓球落到球网右侧台面上，到v的最大取值范围是（）A．＜v＜L1B．＜v＜C．＜v＜D．＜v＜6．（6分）1824年，法国科学家阿拉果完成了著名的“圆盘实验”．实验中将一铜圆盘水平放置，在其中心正上方用柔软细线悬挂一枚可以自由旋转的磁针，如图所示．实验中发现，当圆盘在磁针的磁场中绕过圆盘中心的竖直轴旋转时，磁针也随着一起转动起来，但略有滞后．下列说法正确的是（）A．圆盘上产生了感应电动势B．圆盘内的涡电流产生的磁场导致磁针转动C．在圆盘转动的过程中，磁针的磁场穿过整个圆盘的磁通量发生了变化D．圆盘中的自由电子随圆盘一起运动形成电流，此电流产生的磁场导致磁针转动7．（6分）如图（a），一物块在t=0时刻滑上一固定斜面，其运动的v﹣t图线如图（b）所示，若重力加速度及图中的v0，v1，t1均为已知量，则可求出（）A．斜面的倾角B．物块的质量C．物块与斜面间的动摩擦因数D．物块沿斜面向上滑行的最大高度8．（6分）我国发射的“嫦娥三号”登月探测器靠近月球后，先在月球表面附近的近似轨道上绕月运行，然后经过一系列过程，在离月面4m高处做一次悬停（可认为是相对于月球静止），最后关闭发动机，探测器自由下落，已知探测器的质量约为1.3×103kg，地球质量约为月球的81倍，地球半径约为月球的3.7倍，地球表面的重力加速度大小约为9.8m/s2，则此探测器（）A．在着陆前的瞬间，速度大小约为8.9m/sB．悬停时受到的反冲击作用力约为2×103NC．从离开近月圆轨道到着陆这段时间内，机械能守恒D．在近月圆轨道上运行的线速度小于人造卫星在近地圆轨道上运行的线速度二、非选择题：包括必考题和选考题两部分，第9-12题为必考题，每个考生都必须作答，第13题-18题为选考题，考生根据要求作答（一）必考题9．（6分）某物理小组的同学设计了一个粗测玩具小车通过凹形桥最低点时的速度的实验，所用器材有：玩具小车，压力式托盘秤，凹形桥模拟器（圆弧部分的半径为R=0.20m）完成下列填空：（1）将凹形桥模拟器静置于托盘秤上，如图（a）所示，托盘秤的示数为1.00kg （2）将玩具小车静置于凹形桥模拟器最低点时，托盘秤的示数如图（b）所示，该示数为kg．（3）将小车从凹形桥模拟器某一位置释放，小车经过最低点后滑向另一侧，此过程中托盘秤的最大示数为m，多次从同一位置释放小车，记录各次的m值如表所示：序号12345m（kg） 1.80 1.75 1.85 1.75 1.90（4）根据以上数据，可求出小车经过凹形桥最低点时对桥的压力为N，小车通过最低点时的速度大小为m/s（重力加速度大小取9.8m/s2，计算结果保留2位有效数字）10．（9分）图（a）为某同学改装和校准毫安表的电路图，其中虚线框内是毫安表的改装电路．（1）已知毫安表表头的内阻为100Ω，满偏电流为1mA；R1和R2为阻值固定的电阻．若使用a和b两个接线柱，电表量程为3mA；若使用a和c两个接线柱，电表量程为10mA．由题给条件和数据，可以求出R1=Ω，R2=Ω．（2）现用一量程为3mA、内阻为150Ω的标准电流表A对改装电表的3mA档进行校准，校准时需选取的刻度为0.5、1.0、1.5、2.0、2.5、3.0mA．电池的电动势为1.5V，内阻忽略不计；定值电阻R0有两种规格，阻值分别为300Ω和1000Ω；滑动变阻器R有两种规格，最大阻值分别为750Ω和3000Ω．则R0应选用阻值为Ω的电阻，R应选用最大阻值为Ω的滑动变阻器．（3）若电阻R1和R2中有一个因损坏而阻值变为无穷大，利用图（b）的电路可以判断出损坏的电阻．图（b）中的R′为保护电阻，虚线框内未画出的电路即为图（a）虚线框的电路．则图中的d点应和接线柱（填“b”或“c”）相连．判断依据是．11．（12分）如图，一长为10cm的金属棒ab用两个完全相同的弹簧水平地悬挂在匀强磁场中，磁场的磁感应强度大小为0.1T，方向垂直于纸面向里，弹簧上端固定，下端与金属棒绝缘，金属棒通过开关与一电动势为12V的电池相连，电路总电阻为2Ω，已知开关断开时两弹簧的伸长量均为0.5cm，闭合开关，系统重新平衡后，两弹簧的伸长量与开关断开时相比均改变了0.3cm，重力加速度大小取10m/s2，判断开关闭合后金属棒所受安培力的方向，并求出金属棒的质量．12．（20分）一长木板置于粗糙水平地面上，木板左端放置一小物块，在木板右方有一墙壁，木板右端与墙壁的距离为4.5m，如图（a）所示，t=0时刻开始，小物块与木板一起以共同速度向右运动，直至t=1s时木板与墙壁碰撞（碰撞时间极短），碰撞前后木板速度大小不变，方向相反，运动过程中小物块始终未离开木板，已知碰撞后1s时间内小物块的v﹣t图线如图（b）所示，木板的质量是小物块质量的15倍，重力加速度大小g取10m/s2，求：（1）木板与地面间的动摩擦因数μ1及小物块与木板间的动摩擦因数μ2（2）木板的最小长度；（3）木板右端离墙壁的最终距离．三、选考题：从下面的3道物理题中，任选一题作答。
【物理】陕西省渭南市2015年高考一模试卷(精校解析版)
陕西省渭南市2015年高考一模物理试卷一、选择题（本题共12小题，每小题4分．在每小题给出的四个选项中，第1～8题只有一项符合题目要求，第9～12题有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．）1．科学思维和科学方法是我们认识世界的基本手段．在研究和解决问题过程中，不仅需要相应的知识，还需要运用科学的方法．理想实验有时更能深刻地反映自然规律，伽利略设想了一个理想实验，如图所示．①两个对接的斜面，静止的小球沿一个斜面滚下，小球将滚上另一个斜面；②如果没有摩擦，小球将上升到原来释放的高度；③减小第二个斜面的倾角，小球在这个斜面上仍然会达到原来的高度；④继续减小第二个斜面的倾角，最后使它成水平面，小球会沿水平面做持续的匀速运动．通过对这个实验分析，我们可以得到的最直接结论是（）A．自然界的一切物体都具有惯性B．光滑水平面上运动的小球，运动状态的维持并不需要外力C．如果小球受到力的作用，它的运动状态将发生改变D．小球受到的力一定时，质量越大，它的加速度越小2．如图所示，让平行板电容器带电后，静电计的指针偏转一定角度．若不改变A、B两极板带的电量而使极板A向上移动少许，那么静电计指针的偏转角度（）A．一定减少B．一定增大C．一定不变D．可能不变3．一质点沿x轴做直线运动，其v﹣t图象如图所示．质点在t=0时位于x=5m处，开始沿x轴正向运动．当t=8s时，质点在x轴上的位置为（）A．x=3m B．x=7m C．x=9m D．x=13m4．如图所示，物体a、b和c叠放在水平桌面上，水平力F b=5N、F c=10N分别作用于物体b、c上，a、b和c仍保持静止．则物体b受力的个数为（）A．3 B．4 C．5 D．65．如图所示，一劲度系数为k的轻质弹簧，下面挂有匝数为n的矩形线框abcd．bc边长为l，线框的下半部分处在匀强磁场中，磁感应强度大小为B，方向与线框平面垂直，在图中垂直于纸面向里．线框中通以电流I，方向如图所示，开始时线框处于平衡状态．令磁场反向，磁感应强度的大小仍为B，线框达到新的平衡．则在此过程中线框位移的大小△x及方向是（）A．2nIlBxk∆=，方向向上B．2nIlBxk∆=，方向向下C．nIlBxk∆=，方向向上D．nIlBxk∆=，方向向下6．M和N是绕在一个环形铁芯上的两个线圈，绕法和线路如图所示．现将变阻器R1的滑片从a端逐渐向b端移动的过程中，对通过电阻R2的电流分析正确的是（）A．R2中有电流，方向由c流向dB．R2中有电流，方向由d流向cC．R2中无电流，原因是R2回路没有接外电源D．R2中无电流，原因是N线圈没有切割磁感线7．在真空室中，有垂直于纸面向里的匀强磁场，三个质子1、2和3分别以大小相等、方向如图所示的初速度v1、v2和v3，经过平板MN上的小孔O射入匀强磁场，这三个质子打到平板MN上的位置到小孔O的距离分别是s1、s2和s3，则有（）A．s1＞s2＞s3B．s1＜s2＜s3C．s1=s3＞s2D．s1=s3＜s28．地球和木星绕太阳运行的轨道都可以看作是圆形的．已知木星的轨道半径约为地球轨道半径的5.2倍，则木星绕太阳运行的周期约为（）A．15.6年B．11.86年C．10.4年D．5.2年9．如图所示，一辆有动力驱动的小车上有一水平放置的弹簧，其左端固定在小车上，右端与一小球相连，设在某一段时间内小球与小车相对静止且弹簧处于拉伸状态，若忽略小球与小车间的摩擦力，则在此段时间内小车可能是（）A．向左做加速运动B．向左做减速运动C．向右做加速运动D．向右做减速运动10．如图所示，实验室一台手摇交流发电机，内阻r=1.0Ω，外接R=9.0Ω的电阻．闭合开关S，当发电机转子以某一转速匀速转动时，产生的电动势e sin10πt（V），则（）A．该交变电流的频率为5HzB．外接电阻R两端电压的有效值为10VC．外接电阻R所消耗的电功率为10WD．电路中理想交流电流表A的示数为1.0A11．如图所示，虚线a、b和c是某一点电荷产生的电场中的三个等势面，一带正电的微粒射入电场中，其运动轨迹如图实线KLMN所示，设粒子运动过程中只受电场力，则由图可知（）A．三个等势面电势关系为φa＞φb＞φcB．粒子从L到M的过程中，电场力一直做负功C．粒子从K到L的过程中，电势能增加D．粒子从K到L的过程中，受到静电引力；从M到N的过程中，受到静电斥力12．如图所示，位于水平面上的物体在水平恒力F1作用下，做速度为v的匀速运动；若作用力变为斜向上的恒力F2，物体仍做速度为v的匀速运动，则以下说法正确的是（）A．F2一定大于F1B．F2的大小可能等于F1C．F2的功率一定小于F1的功率D．F2的功率可能等于F1的功率二、实验题（2小题，共15分）：把答案填写在题目中的横线上或按题目要求作答．13．（5分）某实验小组利用如图所示的装置探究加速度与力、质量的关系．（1）下列做法正确的是（填字母代号）A．调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行B．在调节木板倾斜度平衡木块受到的滑动摩擦力时，将装有砝码的砝码桶通过定滑轮拴在木块上C．实验时，先接通打点计时器的电源再放开木块D．每次增减木块上的砝码改变质量时，都需要重新调节木板倾斜度（2）为使砝码桶及桶内砝码的总重力在数值上近似等于木块运动时受到的拉力，应满足的条件是砝码桶及桶内砝码的总质量木块和木块上砝码的总质量（填“远大于”、“远小于”或“近似等于”）．14．（10分）在用多用表测量一电阻的阻值时，电表的读数如图1所示．某同学想用伏安法测量其电阻，备有下列器材：A．电流表A1（量程100μA，内阻约2kΩ）B．电流表A2（量程600μA，内阻约300Ω）C．电压表V1（量程15V，内阻约100kΩ）D．电压表V2（量程50V，内阻约500kΩ）E．直流电源E（20V，允许最大电流1A）F．滑动变阻器R（最大阻值1kΩ，额定功率1W）G．电键S和导线若干（1）多用电表测得电阻值为．（2）用伏安法测定R x的阻值，所选电流表为（填“A1”或“A2”），所选电压表为________（填“V1”或“V2”）．（3）为保证实验顺利进行，并使测量误差尽量减小，在图2中的方框内画出你设计的电路图．三、计算题（共2小题，32分．计算题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）15．（14分）如图所示，一物体以v0=2m/s的初速度从粗糙斜面顶端下滑到底端用时t=1s．已知斜面长度L=1.5m，斜面的倾角θ=30°，重力加速度取g=10m/s2．求：（1）物体滑到斜面底端时的速度大小（2）物体沿斜面下滑的加速度大小和方向（3）物体与斜面的动摩擦因数．16．（18分）如图所示，平行于纸面的匀强电场中有三点A、B、C，其连线构成边长l=2 cm的等边三角形，现将一电荷量为q1=10﹣8C的正点电荷从A点移到B点，电场力做功为W1=3×10﹣6J，将另一电荷量为q2=﹣10﹣8C的负点电荷从A点移到C点，电荷克服电场力做功为W2=3×10﹣6J，设A点的电势φA=0V．（1）求B、C两点的电势（2）求匀强电场的电场强度大小和方向（3）一质量为m=10﹣8kg、带电荷量q=10﹣8C的微粒以平行于BC的速度经过A点后恰能通过C点，求该微粒通过C点时的动能．（分析中不考虑微粒所受重力）四、选修题【选修3-3模块】（15分）17．（6分）分子动理论较好地解释了物质的宏观热力学性质．据此可判断下列说法中正确的是（）A．显微镜下观察到墨水中的小炭粒在不停的作无规则运动，这反映了液体分子运动的无规则性B．在真空、高温条件下，可以利用分子扩散向半导体材料掺入其它元素C．当分子间的引力大于斥力时，宏观物体呈现固态；当分子间的引力小于斥力时，宏观物体呈现气态D．分子间的相互作用力随着分子间距离的增大，一定先减小后增大E．分子势能随着分子间距离的增大，可能先减小后增大18．（9分）如图所示，一根粗细均匀、内壁光滑、竖直放置的玻璃管上端密封，下端封闭但留有一气孔与外界大气相连．管内上部被活塞封住一定量的气体（可视为理想气体）．设外界大气压强为p0，活塞因重力而产生的压强为0.5p0．开始时，气体温度为T1．活塞上方气体的体积为V1，活塞下方玻璃管的容积为0.5V1．现对活塞上部密封的气体缓慢加热．求：①活塞刚碰到玻璃管底部时气体的温度；②当气体温度达到1.8T1时气体的压强．【选修3-4模块】（15分）19．如图甲为一列简谐横波在某一时刻的波形图，图乙为质点P 以此时刻为计时起点的振动图象．则由图可知（ ）A ．质点振动的周期T =0.2sB ．波速v =20m/sC ．因一个周期质点运动0.8m ，所以波长λ=0.8mD ．从该时刻起经过0.15s ，波沿x 轴的正方向传播了3mE ．从该时刻起经过0.25s 时，质点Q 的加速度大于质点P 的加速度20的玻璃柱体，其横截面是圆心角为90°、半径为R 的扇形OAB ．一束平行光平行于横截面，以45°入射角照射到OA 上，OB 不透光．若只考虑首次入射到圆弧AB 上的光，则AB 上有光透出部分的弧长为多长？【选修3-5模块】（15分）21．关于核衰变和核反应的类型，下列表述正确的有（ ）A ．1511247162N H C He +→+是α衰变放出氦原子核B ．123112H H He γ+→+是核聚变反应方程C ．238234492902U Th He →+是核裂变反应方程D ．427301213150He Al P n +→+是原子核的人工转变方程E ．234234091921Pa U e -→+是β衰变方程 22．如图所示，在光滑水平面上，有一质量M =3kg 的薄板，板上有质量m =1kg 的物块，两者以v 0=4m/s 的初速度朝相反方向运动．薄板与物块之间存在摩擦且薄板足够长，求 ①当物块的速度为3m/s 时，薄板的速度是多少？②物块最后的速度是多少？参考答案1.【答案】B【解析】理想斜面实验只能说明钢球具有惯性，推广到一切物体的是牛顿，故A错误；伽利略通过“理想斜面实验”和科学推理，得出的结论是：力不是维持物体运动的原因，光滑水平面上运动的小球，运动状态的维持并不需要外力，故B正确；如果小球受到力的作用，它的运动状态将发生改变，这是牛顿得出的，故C错误；小球受到的力一定时，质量越大，它的加速度越小，这是牛顿第二定律内容，故D错误。
咸阳市2023届高考模拟一模检测物理试题
咸阳市2023年高考模拟检测（一）物理试题注意事项：1.本试卷共8页，全卷满分100分，答题时间90分钟。
2.答卷前，考生务必将自己的姓名和准考证号填写在答题卡上。
3.回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。
回答非选择题时，将答案写在答题卡上。
写在本试卷上无效。
4.考试结束后，监考员将答题卡按顺序收回，装袋整理；试题不回收。
第Ⅰ卷（选择题共50分）一、单项选择题（共10小题，每小题3分，共30分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1.下列关于静电场与磁场的应用，正确的是（）A.图甲为示波器的示波管，要使荧光屏中间的亮斑向上移动，需要使竖直偏转板中上极板的电势低于下极板的电势B.图乙为静电除尘装置，煤粉等粉尘在强大的电场作用下电离成正负离子分别吸附到B和A上C.图丙是用线圈电阻产生的焦耳热来进行金属的冶炼D.图丁是磁流体发电机示意图，由图可判断通过电阻的电流方向向上2.滑沙是能够放松和解压的新兴旅游项目游客坐在一块板上沿沙山斜坡下滑，其过程可以简化为一物块沿倾斜角为θ的斜面下滑，如图所示若物块所受阻力的大小与速度大小的关系满足f =kv （k 为定值），则（）A.物块做匀加速直线运动B.如果斜面足够长，物块最后做匀速直线运动C.物块做加速度逐渐增大的加速运动D.物块初始时刻加速度最小3.如图所示是户外露营中使用的一种便携式三脚架，它由三根完全相同的轻杆通过铰链组合在一起，每根轻杆均可绕铰链自由转动，将三脚架静止放在水平地面上，吊锅通过细铁链静止悬挂在三脚架正中央，三脚架正中央离地高度为h 且小于杆长，吊锅和细铁链的总质量为m ，支架与铰链间的摩擦忽略不计，则（）A.吊锅受3个力B .减小h 时，每根轻杆对地面压力减小C.减小h 时，每根轻杆对地面摩擦力增大D.每根轻杆受到地面的作用力大小为13mg 4.中国跳水“梦之队”在东京奥运会上荣获7金5银12枚奖牌。