人教A版2020届高考数学二轮复习(理)讲义及题型归纳(基础):概率与统计

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2020高考数学(理)二轮专题复习课件:第一部分 专题七 概率与统计 1-7-3

2020高考数学(理)二轮专题复习课件:第一部分 专题七 概率与统计 1-7-3

32
+34+
34
+38+
20+22+
23

23+27+10+12+18)=41567,所以 x 甲< x 乙.
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2020大二轮 ·数学(理)
(2)为普及校园安全知识,某校举行了由全部学生参加的校园 安全知识考试,从中抽出 60 名学生,将其成绩分成六段[40,50), [50,60),…,[90,100)后,画出如图所示的频率分布直方图.观察 图形的信息,回答下列问题:估计这次考试的及格率(60 分及以上 为及格)为________;平均分为________.
成绩 不及格 及格 总计
性别

6 14 20

10 22 32
总计
16 36 52
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2020大二轮 ·数学(理)
表2 视力
好 差 总计 性别
男 4 16 20 女 12 20 32 总计 16 36 52
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2020大二轮 ·数学(理)
表3
智商 偏高 正常 总计
性别

8 12 20
i=1
i=1
10
∵yi=1
600,∴
y
=11010 yi=160.
i=1
i=1
又b^=4,∴a^= y -b^ x =160-4×22.5=70. ∴回归直线方程为y^=4x+70. 将 x=24 代入上式得y^=4×24+70=166.故选 C.
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2020大二轮 ·数学(理)
4.(2017·湖南长沙模拟)某社区针对该区的老年人是否需要特 殊照顾进行了一项分性别的抽样调查,根据男性老年人和女性老年 人需要特殊照顾和不需要特殊照顾得出了一个 2×2 的列联表,并 计算得出 K2 的观测值 k=4.350,则下列结论正确的是( B )

2020新课标高考数学(理)二轮总复习课件:1-4-1 统计、统计案例

2020新课标高考数学(理)二轮总复习课件:1-4-1 统计、统计案例

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新课标高考第二轮总复习•理科数学
[解析] (3)全市竞赛考生成绩不超过 84.81 分的概率为 1-0.158 7=0.841 3.(9 分) 而 ξ~B(4,0.841 3),(10 分) ∴P(ξ≤3)=1-P(ξ=4)=1-C44·0.841 344=1-0.501=0.499. (12 分)
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新课标高考第二轮总复习•理科数学
[解析] (2)依题意 z 服从正态分布 N(μ,σ2).其中 μ= x =70.5, σ2=Dξ=204.75,σ=14.31, ∴z 服从正态分布 N(μ,σ2)=N(70.5,14.312). (5 分) 而 P(μ-σ<z<μ+σ)=P(56.19<z<84.81)=0.682 6,(6 分) ∴P(z≥84.81)=1-0.2682 6=0.158 7.(7 分) ∴竞赛成绩超过 84.81 分的人数估计为 0.158 7×4 000=634.8 人≈634 人.(8 分)
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新课标高考第二轮总复习•理科数学
[自我总结] _____________________________________ _____________________________________ _____________________________________ _____________________________________
独立性事件的概率·T18
卷Ⅲ 古典概型·T3 频率分布直方图与概率计算·T17
1.统计与统计案例主要考查随 机抽样的应用、用样本估计总 体的思想方法的应用、两个变 量相关关系的判断、回归分析 和独立性检验的思想方法的初 步应用,试题主要以解答题出 现.

2020高考数学二轮复习概率与统计.docx

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2020 高考数学二轮复习 概率与统计概率内容的新概念 多,相近概念容易混淆,本 就学生易犯 作如下 :型一 “非等可能 ”与 “等可能 ”混同 例 1 两枚骰子,求所得的点数之和 6 的概率.解两枚骰子出 的点数之和2, 3, 4, ⋯ ,12 共 11 种基本事件,所以概率P=111剖析以上 11 种基本事件不是等可能的,如点数和 2 只有 (1, 1),而点数之和6 有 (1, 5)、(2, 4)、 (3, 3)、 (4,2)、 (5, 1)共 5 种.事 上, 两枚骰子共有 36 种基本事件,且是等可能的,所以“所得点数之和6”的概率 P= 5.36型二 “互斥 ”与 “ 立 ”混同例 2把 、黑、白、4 牌随机地分 甲、乙、丙、丁4 个人,每个人分得1 ,事件“甲分得 牌”与“乙分得 牌”是()A . 立事件B .不可能事件C .互斥但不 立事件D .以上均不解A剖析 本 的原因在于把 “互斥 ”与 “ 立”混同,二者的 系与区 主要体 在 :(1)两事件 立,必定互斥,但互斥未必 立; (2) 互斥概念适用于多个事件,但 立概念只适用于两个事件; (3) 两个事件互斥只表明 两个事件不能同 生,即至多只能 生其中一个,但可以都不 生;而两事件 立 表示它 有且 有一个 生.事件 “甲分得 牌 ”与 “乙分得 牌 ”是不能同 生的两个事件,两个事件可能恰有一个 生,一个不 生,可能两个都不 生,所以 C .型三 例 3解“互斥 ”与 “独立 ”混同甲投 命中率 O .8,乙投 命中率 0.7,每人投 3 次,两人恰好都命中 2 次的概率是多少 ?“甲恰好投中两次” 事件 A , “乙恰好投中两次” 事件B , 两人都恰好投中两次事件A+B , P(A+B)=P(A)+P(B): c 32 0.820.2 c 32 0.720.3 0.825剖析本 的原因是把相互独立同 生的事件当成互斥事件来考 , 将两人都恰好投中2 次理解 “甲恰好投中两次”与 “乙恰好投中两次 ”的和.互斥事件是指两个事件不可能同 生;两事件相互独立是指一个事件的 生与否 另一个事件 生与否没有影响,它 然都描 了两个事件 的关系,但所描 的关系是根本不同.解:“甲恰好投中两次 ” 事件 A ,“乙恰好投中两次” 事件 B ,且 A , B 相互独立,两人都恰好投中两次 事件A ·B ,于是 P(A ·B)=P(A) ×P(B)= 0.169类型四例 4错解“条件概率 P(B / A)”与“积事件的概率P(A·B)”混同袋中有 6 个黄色、 4 个白色的乒乓球,作不放回抽样,每次任取一球,取 2 次,求第二次才取到黄色球的概率.记“第一次取到白球”为事件A,“第二次取到黄球”为事件B,”第二次才取到黄球”为事件62C,所以 P(C)=P(B/A)=.93剖析本题错误在于 P(A B)与 P(B/A) 的含义没有弄清 , P(A B) 表示在样本空间S 中 ,A 与 B 同时发生的概率;而P( B/A )表示在缩减的样本空间S A中,作为条件的 A 已经发生的条件下事件 B 发生的概率。

人教A版2020届高考数学二轮复习(理)讲义及题型归纳(拔高):概率与统计

人教A版2020届高考数学二轮复习(理)讲义及题型归纳(拔高):概率与统计

概率与统计一、考纲解读1.理解取有限个值的离散型随机变量及其分布列的概念,了解分布列对于刻画随机现象的重要性。

2.理解超几何分布及其推导过程,并能进行简单的应用。

3.了解条件概率和两个事件相互独立的概念,理解n 次独立重复实验的模型及二项分布,并能解决一些简单的实际问题。

4.理解取有限个值的离散型变量均值,方差的概念,能计算简单离散型随机变量的均值、方差,并能解决一些实际问题。

5.利用实际问题的频率分布直方图,了解正态分布密度曲线的特点及曲线所表示的意义二、命题趋势探究1.高考命题中,该部分命题形式有选择题、填空题,但更多的是解答题。

2.主要以离散型随机变量分布列为主体命题,计算离散型随机变量的期望和方差,其中二项分布与超几何分布为重要考点,难度中等以下。

3.有关正态分布的考题多为一道小题。

三、知识点精讲(一).条件概率与独立事件(1)在事件A 发生的条件下,时间B 发生的概率叫做A 发生时B 发生的条件概率,记作()P B A ,条件概率公式为()=P B A ()()P AB P A 。

(2)若()=P BA P B (),即()=()()P A B PAPB ,称A 与B 为相互独立事件。

A 与B相互独立,即A 发生与否对B 的发生与否无影响,反之亦然。

即,A B 相互独立,则有公式()=()()P AB P A P B 。

(3)在n 次独立重复实验中,事件A 发生k ()0k n ≤≤次的概率记作()n P k ,记A在其中一次实验中发生的概率为()P A p = ,则()()1n k k k n n P k C p p -=- .(二).离散型随机变量分布列、期望、方差及其性质(1)离散型随机变量ξ的分布列(如表13-1所示).表13-1①()11,i p i n i N θ*≤≤≤≤∈ ;②121n p p p ++= .(2)E ξ表示ξ的期望:1122=+n n p p p E ξξξξ++…,反应随机变量的平均水平,若随机变量ξη,满足=a b ηξ+,则E aE b ηξ=+.(3)D ξ表示ξ的方差:()()()2221122=---n n E p E p E p D ξξξξξξξ+++,反映随机变量ξ取值的波动性。

高考数学二轮复习 专题6第20讲 概率与统计精品课件 大纲人教版

高考数学二轮复习 专题6第20讲 概率与统计精品课件 大纲人教版
=29.故 ξ 的分布列为:
ξ 0 12
3
P
4 15
22 2 45 9
1 45
所以 ξ 的数学期望 Eξ=0×145+1×2425+2×29+3×415=1.
第20讲 │ 要点热点探究
► 探究点四 正态分布
例 4 [2011·湖北卷] 已知随机变量 ξ 服从正态分布 N(2,σ2),且 P(ξ<4)
人,若用分层抽样的方法从该队的全体运动员中抽取一个容量为 21 的 样本,则抽取男运动员的人数为________.
(2)[2011·浙江卷] 某中学为了解学生数学课程的学习情况,在 3000 名学生中随机抽取 200 名,并统计这 200 名学生的某次数学考试成绩, 得到了样本的频率分布直方图(如图 20-1).根据频率分布直方图推测, 推测这 3000 名学生在该次数学考试中成绩小于 60 分的学生数是 ________.

第20讲│ 要点热点探究
【解答】 这是等可能性事件的概率计算问题. (1)解法一:所有可能的申请方式有 34 种,恰有 2 人申请 A 片区房 源的申请方式有 C24·22 种,从而恰有 2 人申请 A 片区房源的概率为C324·422 =287. 解法二:设对每位申请人的观察为一次试验,这是 4 次独立重复试 验,记“申请 A 片区房源”为事件 A,则 P(A)=13.从而,由独立重复试 验中事件 A 恰发生 k 次的概率计算公式知,恰有 2 人申请 A 片区房源的 概率为 P4(2)=C24132232=287.(2)ξ 的所有可能值为 1,2,3.又 P(ξ=1)=334= 217,P(ξ=2)=C23C12C334+4 C24C22=1247或Pξ=2=C232344-2=1247,
第20讲│ 要点热点探究

(新课标)2020版高考数学二轮复习专题四概率与统计第2讲统计与统计案例学案理新人教A版(最新整理)

(新课标)2020版高考数学二轮复习专题四概率与统计第2讲统计与统计案例学案理新人教A版(最新整理)

若采用方案二,200 台直流充电桩和 400 台交流充电桩每天可充电车辆数为 30×200+
4×400=7 600,
可得实际充电车辆数的分布列为
实际充电车辆 6 000 7 000 7 600

概率
0.2 0.3 0.5
于是估计在方案二下新设备产生的日利润为
25×(6 000×0。2+7 000×0。3+7 600×0.5)-500×200-80×400=45 500(元).
3.(2019·广东省七校联考)假设要考察某公司生产的狂犬疫苗的剂量是否达标,现用随
机数法从 500 支疫苗中抽取 50 支进行检验,利用随机数表抽取样本时,先将 500 支疫苗按
000,001,…,499 进行编号,若从随机数表第 7 行第 8 列的数开始向右读,则抽取的第 3 支
疫苗的编号为________.(下面摘取了随机数表的第 7 行至第 9 行)
错误!
(1)统计中的 5 个数据特征
①众数:在样本数据中,出现次数最多的那个数据.
②中位数:样本数据中,将数据按大小排列,位于最中间的数据.如果数据的个数为偶数,
就取中间两个数据的平均数作为中位数.
③平均数:样本数据的算术平均数,即错误!=错误!(x1+x2+…+xn). ④方差与标准差:
至少 80 分钟,用第二种生产方式的工人中,有 75%的工人完成生产任务所需时间至多 79 分
钟.因此第二种生产方式的效率更高.
(ⅱ)由茎叶图可知:用第一种生产方式的工人完成生产任务所需时间的中位数为 85.5
分钟,用第二种生产方式的工人完成生产任务所需时间的中位数为 ⅲ)由茎叶图可知:用第一种生产方式的工人完成生产任务平均所需时间高于 80 分

2020版高考数学大二轮复习专题四概率与统计第一讲排列、组合与二项式定理课件理

2020版高考数学大二轮复习专题四概率与统计第一讲排列、组合与二项式定理课件理

互不相邻的停放方法有( )
A.1 880 种
B.1 440 种
C.720 种
D.360 种
解析:由题意可知,白颜色汽车按 3 辆,2 辆分为 2 组,先从 5 辆白色汽车选 3 辆全排列共有 A35种, 再将剩余的 2 辆白色汽车全排列共有 A22种,再将这两个整体全 排列,共有 A22种,排完后有 3 个空, 3 辆不同的红颜色汽车插空共有 A33种, 由分步计数原理得共有 A35A22A22A33=1 440 种, 故选 B.
排列、组合数公式 (1)排列数公式 Amn =n(n-1)…(n-m+1)=n-n!m!. (2)组合数公式 Cmn =AAmnmm=nn-1·…m·!n-m+1=m!nn! -m!.
(1)已知 5 辆不同的白颜色汽车和 3 辆不同的红颜色汽
车停成一排,则白颜色汽车至少 2 辆停在一起且红颜色的汽车
3.二项式系数的性质
(1)Crn=Cnn-r,Cnr +Crn-1=Crn+1. (2)二项式系数最值问题

n
为偶数时,中间一项即第n2+1项的二项式系数
n C2n
最大;

n
为奇数时,中间两项即第n+2 1,n+2 3项的二项式系数
n-1 C2
n,Cn+2 1n 相等且最大.
(1)(2018·高考全国卷Ⅲ)x2+2x5 的展开式中 x4 的系数
答案:1 080
3.(2017·高考浙江卷)从 6 男 2 女共 8 名学生中选出队长 1 人, 副队长 1 人,普通队员 2 人组成 4 人服务队,要求服务队中至 少有 1 名女生,共有________种不同的选法.(用数字作答)
解析:法一:分两步,第一步,选出 4 人,由于至少 1 名女生, 故有 C48-C46=55 种不同的选法;第二步,从 4 人中选出队长、 副队长各 1 人,有 A24=12 种不同的选法.根据分步乘法计数 原理知共有 55×12=660 种不同的选法. 法二:不考虑限制条件,共有 A28C26种不同的选法, 而没有女生的选法有 A26C24种, 故至少有 1 名女生的选法有 A28C26-A26C24=840-180=660(种).

【精品推荐】2020高考数学(理科)二轮专题复习课标通用版 课件 专题6 概率与统计第1部分 专题6 第2讲 Word

【精品推荐】2020高考数学(理科)二轮专题复习课标通用版 课件 专题6 概率与统计第1部分 专题6 第2讲 Word
• 1.A与B相互独立等价于P(AB)=P(A)·P(B).求复杂事件的 概率,要正确分析复杂事件的构成,看复杂事件能转化为几 个彼此互斥的事件的和事件还是能转化为几个相互独立事件 同时发生的积事件,然后用概率公式求解.一个复杂事件若 正面情况比较多,反面情况较少,则一般利用对立事件进行 求解.对于“至少”“至多”等问题常用这种方法求解.
2019·全 国卷Ⅰ,
15 2019·全 国卷Ⅱ,
3.(2019·全国卷Ⅱ)11分制乒乓
球比赛,每赢一球得1分,当某 局打成10∶10平后,每球交换发 球权,先多得2分的一方获胜, 该局比赛结束.甲、乙两位同学 进行单打比赛,假设甲发球时甲
验的概率
18 2017·天
津卷,16
得分的概率为0.5,乙发球时甲 得分的概率为0.4,各球的结果 相互独立.
物的变化.每一“重卦”由从下到上排列的6个爻组成,爻 分为阳爻“——”和阴爻“— —”,如图就是一重卦.在所有重卦
中随机取一重卦,则该重卦恰有3个阳爻的概率是( )
A.156
B.3112
C.2312
D.1116
答案 A
解析 由题知,每一爻有2种情况,一重卦的6爻有26
种情况,其中6爻中恰有3个阳爻的情况有C
2017·全国卷
Ⅰ,2
典例回顾
在不超过30的素数中,随机
选取两个不同的数,其和等
于30的概率是( )
A.112
B.114
C.115
D.118
• 答案 C
解析 根据题意可得小于30的素数有
2,3,5,7,11,13,17,19,23,29,共10个.随机选取两个数共有
C
2 10

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表 13-1
1
2
3

n
P
p1
p2
p3
pn
① pi 1 1 i n,i N ;
② p1 p2 pn 1 .
(2) E 表示 的期望: E =1 p1 2 p2 …+n pn ,反应随机变量的平均水平,若随机变量 , 满足 =a b ,则 E aE b .
(3)D 表示 的方差:D = 1-E 2 p1 2 -E 2 p2 n -E 2 pn ,反映随机变量 取值的波动性。
2
, 是参数,且 0 , )。
其图像如图 13-7 所示,有以下性质: ①曲线在 x 轴上方,并且关于直线 x 对称;
②曲线在 x 处处于最高点,并且此处向左右两边延伸时,逐渐降低,呈现“中间高,两边低”的形 状; ③曲线的形状由 确定, 越大,曲线越“矮胖”, 越小,曲线越“高瘦”;
2
(3)几何分布:若在一次实验中事件发生的概率为 p 0 p 1 ,则在 n 次独立重复实验中,在第 k
次首次发生的概率为 p k 1 p k1 p
, k 1, 2,,
E
=
1 p

(4)超几何分布:总数为 N 的两类物品,其中一类为 M 件,从 N 中取 n 件恰含 M 中的 m 件,
m 0,1, 2, k
④ f x 图像与 x 轴之间的面积为 1.
(2) E = , D = 2 ,记作 ~ N , 2 .
当 0, 1 时, 服从标准正态分布,记作 ~ N 0,1 .
(3) ~ N , 2 ,则 在 , , 2 , 2 , 3 , 3 上取值的概率分别
二、命题趋势探究
1.高考命题中,该部分命题形式有选择题、填空题,但更多的是解答题。 2.主要以离散型随机变量分布列为主体命题,计算离散型随机变量的期望和方差,其中二项分布与超 几何分布为重要考点,难度中等以下。 3.有关正态分布的考题多为一道小题。
三、知识点精讲
(一).条件概率与独立事件
(1)在事件 A 发生的条件下,时间 B 发生的概率叫做 A 发生时 B 发生的条件概率,记作 P B A ,
为 68.3%,95.4%,99.7%,这叫做正态分布的 3 原则。
3
四、解答题总结
1.某群体中的每位成员使用移动支付的概率都为 p ,各成员的支付方式相互独立,设 X 为该群体的 10 位成员中使用移动支付的人数, DX 2.4 , P(X 4) P(X 6) ,则 p =
A.0.7
B.0.6
(3)在 n 次独立重复实验中,事件 A 发生 k 0 k n 次的概率记作 Pn k ,记 A 在其中一次实验中 发生的概率为 P A p ,则 Pn k Cnk pk 1 pnk .
1
(二).离散型随机变量分布列、期望、方差及其性质
(1)离散型随机变量 的分布列(如表 13-1 所示).
D 越小表明随机变量越稳定,反之越不稳定。若随机变量 , 满足 =a b ,则 D =a2D 。
(三).几种特殊的分布列、期望、方差
(1)两点分布(又称 0,1 分布)
01 P 1- p p
E = p , D = p 1 p .
(2)二项分布:若在一次实验中事件发生的概率为 p 0 p 1 ,则在 n 次独立重复实验中恰好发生 k 次 概 率 p k = Cnk pk 1 p nk k 0,1, 2,, n , 称 服 从 参 数 为 n, p 的 二 项 分 布 , 记 作 ~ B n, p , E = np , D = p 1 p .
(a)放入 i 个球后,甲盒中含有红球的个数记为 i i 1, 2 ; (b)放入 i 个球后,从甲盒中取 1 个球是红球的概率记为 pi i 1, 2 .则
A. p1 p2, E 1 E 2
B. p1 p2, E 1 E 2
C. p1 p2, E 1 E 2
,其中 k 为 M 与 n 的较小者,P
m=
C C m nm M NM CNn
,称
服从参数为 N , M , n 的超几何
分布,记作
~ H N,M,n
,此时有公式
E
=
nM N

(四).正态分布
(1)若 X 是正态随机变量,其概率密度曲线的函数表达式为 f x
1
x 2
e 2 2 , x R (其中
p1
p2
1 2
,则
A. E(1) < E(2 ) , D(1) < D(2 )
B. E(1) < E(2 ) , D(1) > D(2 )
C. E(1) > E(2 ) , D(1) < D(2 )
D. E(1) > E(2 ) , D(1) > D(2 )
4.已知甲盒中仅有 1 个球且为红球,乙盒中有 m 个红球和 n 个篮球 m 3, n 3 ,从乙盒中随机抽取 i i 1, 2 个球放入甲盒中.
C.0.4
2.设 0 p 1,随机变量 的分布列是D.0.30 Nhomakorabea1
2
1 p
1
p
P
2
2
2
则当 p 在 (0,1) 内增大时,
A. D( ) 减小
B. D( ) 增大
C. D( ) 先减小后增大
D. D( ) 先增大后减小
3.已知随机变量 i
满足 P(i
1)
pi
, P(i
0)
1
pi
, i =1,2.若 0
条件概率公式为 P B
A =
P AB P A

(2)若 P B A =P(B),即 P AB =P( A)P(B) ,称 A 与 B 为相互独立事件。 A 与 B 相互独立,即 A 发
生与否对 B 的发生与否无影响,反之亦然。即 A, B 相互独立,则有公式 P AB =P( A)P(B) 。
概率与统计
一、考纲解读
1.理解取有限个值的离散型随机变量及其分布列的概念,了解分布列对于刻画随机现象的重要性。 2.理解超几何分布及其推导过程,并能进行简单的应用。 3.了解条件概率和两个事件相互独立的概念,理解 n 次独立重复实验的模型及二项分布,并能解决一 些简单的实际问题。 4.理解取有限个值的离散型变量均值,方差的概念,能计算简单离散型随机变量的均值、方差,并能 解决一些实际问题。 5.利用实际问题的频率分布直方图,了解正态分布密度曲线的特点及曲线所表示的意义。
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