《创新设计》2018届高考物理二轮复习(全国通用)专题七~完
《创新设计》2018届高考物理二轮复习(全国通用)专题一~专题六
第1讲力与物体的平衡1．(2016·全国卷Ⅱ，14)质量为m的物体用轻绳AB悬挂于天花板上。
用水平向左的力F缓慢拉动绳的中点O，如图1所示。
用T表示绳OA段拉力的大小，在O点向左移动的过程中()图1A．F逐渐变大，T逐渐变大B．F逐渐变大，T逐渐变小C．F逐渐变小，T逐渐变大D．F逐渐变小，T逐渐变小解析对O点受力分析如图所示，F与T的变化情况如图，由图可知在O点向左移动的过程中，F逐渐变大，T逐渐变大，故选项A正确。
答案 A2．(2016·全国卷Ⅲ，17)如图2所示，两个轻环a和b套在位于竖直面内的一段固定圆弧上；一细线穿过两轻环，其两端各系一质量为m的小球。
在a和b之间的细线上悬挂一小物块。
平衡时，a、b间的距离恰好等于圆弧的半径。
不计所有摩擦。
小物块的质量为()图2 A.m 2B.32m C ．m D ．2m解析 如图所示，圆弧的圆心为O ，悬挂小物块的点为c ，由于ab ＝R ，则△aOb 为等边三角形，同一条细线上的拉力相等，T ＝mg ，细线对a 环拉力的合力沿aO 方向，则aO 为角平分线，由几何关系知，∠acb ＝120°，故细线在c 点拉力的合力与物块的重力大小相等，即拉力合力大小T ＝G ＝mg ，所以小物块质量为m ，故C 对。
答案 C3．(多选)(2016·全国卷Ⅰ，19)如图3，一光滑的轻滑轮用细绳OO ′悬挂于O 点；另一细绳跨过滑轮，其一端悬挂物块a ，另一端系一位于水平粗糙桌面上的物块b 。
外力F 向右上方拉b ，整个系统处于静止状态。
若F 方向不变，大小在一定范围内变化，物块b 仍始终保持静止，则( )图3A．绳OO′的张力也在一定范围内变化B．物块b所受到的支持力也在一定范围内变化C．连接a和b的绳的张力也在一定范围内变化D．物块b与桌面间的摩擦力也在一定范围内变化解析由于物体a、b均保持静止，各绳间角度保持不变，对a受力分析得，绳的拉力T＝m a g，所以物体a受到绳的拉力保持不变。
高中物理2018创新设计复习资料
课前自主梳理
课堂互动探究
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高考模拟演练
解析 单缝的作用是获得一束细光，故 A 错误；双缝的作用 是将一束光分成两束完全相同的光，B 正确；屏上出现暗条 纹处距两狭缝的路程差等于半个波长的奇数倍，故 C 错误； l 单色光的频率越高，波长越短，根据 Δx＝dλ，相邻条纹的间 距越小，条纹越窄，故 D 错误。
距小
D．薄膜上的干涉条纹基本上是竖直的
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高考模拟演练
解析
干涉条纹是光在薄膜前、后两个表面反射，形成的两列
光波叠加的结果，故 A 正确；若明暗相间的条纹相互平行，说
明肥皂膜的厚度变化是均匀的，故 B 错误；由于紫光的波长比 红光的小，故用紫光照射薄膜产生的干涉条纹间距比红光照射 时的间距小，C正确；薄膜上的干涉条纹基本上是水平的，故D 错误。
的。
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高考模拟演练
2．自然光和偏振光的比较
自然光(非偏振光)
光的 来源 光的 振动 方向 直接从光源发出的光 在垂直于光的传播方向的 平面内，光振动沿任意方
偏振光 自然光通过起偏器后 的光 在垂直于光的传播方 向的平面内，光振动 沿特定方向
向，且沿各个方向振动的
光的强度相同
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2．光的偏振现象
(1)偏振 某一特定 的方向的振动。 光波只沿__________ (2)自然光 太阳、电灯等普通光源发出的光，包括在垂直于传播方向上 一切方向 振动的光，而且沿各个方向振动的光波的 沿 ____________ 强度 都相同，这种光叫做自然光。 _______ (3)偏振光 垂直 于传播方向的平面上，只沿某个特定方向振动的 在 _______
2018届高三物理高考二轮复习 第一部分 专题七 第1讲 力学实验与创新
考向五
度求打某一点的瞬时速度．如图甲所示，第
n
点的瞬时速度
vn＝xn＋2xTn＋
1 .
考向二
研考向 融会贯通
提能力 强化闯关
限时 规范训练
考向一
考向二 考向三
(3)用“逐差法”求加速度
考向四 考向五
如图乙所示，因为 a1＝x43－T2x1，a2＝x53－T2x2，a3＝x63－T2x3， 所以 a＝a1＋a32＋a3＝x4＋x5＋x69－T2x1－x2－x3.
考向二
研考向 融会贯通
提能力 强化闯关
限时 规范训练
试题 解析
答案
考向一 考向二 考向三
[题组突破] 1．(2015·高考全国卷Ⅱ)某同学用图(a)所示的实验装置测量物块与斜面之间 的动摩擦因数．已知打点计时器所用电源的频率为 50 Hz，物块下滑过程中 所得到的纸带的一部分如图(b)所示，图中标出了五个连续点之间的距离．
考向一
考向一 考向二 考向三
研考向 融会贯通
提能力 强化闯关
限时 规范训练
试题 解析
答案
[题组突破]
1．(2015·高考海南卷)某同学利用游标卡尺和螺旋测微器分别测量一圆柱体 工 件 的 直 径 和 高 度 ， 测 量 结 果 如 图 (a) 和 (b) 所 示 ． 该 工 件 的 直 径 为
________cm，高度为________mm.
考向三
考向四
考向五
考向一
研考向 融会贯通
提能力 强化闯关
限时 规范训练
试题 解析
答案
考向一
考向二 考向三
根据游标卡尺的读数方法，样品的长度 L＝20 mm＋0×0.1 mm＝20.0 mm. 根据螺旋测微器的读数方法，样品的边长 a＝1.5 mm＋23.0×0.01 mm＝ 1.730 mm.
2018创新设计《高考物理总复习》第7-8章
[高考导航]基础课1电场的力的性质知识点一、电荷及电荷守恒定律1．元电荷、点电荷(1)元电荷：e＝1.6×10－19 C，所有带电体的电荷量都是元电荷的整数倍，其中质子、正电子的电荷量与元电荷相同。
(2)点电荷：当带电体本身的大小和形状对研究的问题影响很小时，可以将带电体视为点电荷。
2．静电场(1)定义：存在于电荷周围，能传递电荷间相互作用的一种特殊物质。
(2)基本性质：对放入其中的电荷有力的作用。
3．电荷守恒定律(1)内容：电荷既不会创生，也不会消灭，它只能从一个物体转移到另一个物体，或者从物体的一部分转移到另一部分；在转移过程中，电荷的总量保持不变。
(2)起电方式：摩擦起电、接触起电、感应起电。
(3)带电实质：物体带电的实质是得失电子。
知识点二、库仑定律1．内容：真空中两个静止点电荷之间的相互作用力，与它们的电荷量的乘积成正比，与它们的距离的二次方成反比。
作用力的方向在它们的连线上。
2．表达式：F＝k，式中k＝9.0×109N·m2/C2，叫静电力常量。
3．适用条件：真空中的点电荷。
知识点三、电场强度、点电荷的场强1．定义：放入电场中某点的电荷受到的电场力F与它的电荷量q的比值。
2．定义式：E＝。
单位：N/C或V/m3．点电荷的电场强度：真空中点电荷形成的电场中某点的电场强度：E＝k。
4．方向：规定正电荷在电场中某点所受电场力的方向为该点的电场强度方向。
5．电场强度的叠加：电场中某点的电场强度为各个点电荷单独在该点产生的电场强度的矢量和，遵从平行四边形定则。
知识点四、电场线1．定义：为了形象地描述电场中各点电场强度的强弱及方向，在电场中画出一些曲线，曲线上每一点的切线方向都跟该点的电场强度方向一致，曲线的疏密表示电场的强弱。
2.[思考判断](1)物体带电的实质是电子的转移。
()(2)两个完全相同的带电金属球(电荷量不同)接触时，先发生正、负电荷的中和，然后再平分。
《创新设计》2018版浙江省高考物理《选考总复习》教师文档讲义：第二章第2课时-力的合成与分解(17页)
第2课时力的合成与分解考点一力的合成(c/c)[基础过关]1．合力与分力(1)定义：如果一个力产生的效果跟几个共点力共同作用产生的效果相同，这一个力就叫做那几个力的合力，原来的几个力叫做分力。
(2)关系：合力和分力是等效替代的关系。
2．共点力作用在物体的同一点，或作用线的延长线交于一点的力。
3．力的合成(1)定义：求几个力的合力的过程。
平行四边形定则：求两个互成角度的共点力的合力，可以用表示这两个力的线段为邻边作平行四边形，这两个邻边之间的对角线就表示合力的大小和方向。
【过关演练】1．关于合力的下列说法，正确的是()A．几个力的合力就是这几个力的代数和B．几个力的合力一定大于这几个力中的任何一个力C．几个力的合力可能小于这几个力中最小的力D．几个力的合力一定大于这几个力中最大的力解析力是矢量，力的合成不能简单地进行代数加减，故A是错误的；合力可以大于分力，可以等于分力，也可以小于分力，故B、D是错误的，C正确。
答案 C2．物体同时受到同一平面的三个力的作用，下列几组力的合力不可能为零的是()A．5 N，7 N，8 N B．5 N，2 N，3 NC．1 N，5 N，10 N D．10 N，10 N，10 N解析三个力合成，若前两个力的合力与第三个力大小相等，方向相反，就可以使这三个力合力为零，只要使最大的力的大小在其他两个较小力的合力范围之内，就能使合力为零，即第三个力F3满足：|F1－F2|≤F3≤F1＋F2。
答案 C[要点突破]1．合力和分力关系(1)合力不一定大于分力。
(2)合力与分力的作用效果作用，但它们并不是同时作用在物体上。
(3)合力与分力是等效替代关系。
2．由分力确定合力范围(1)两个力的合成①合力范围：|F1－F2|≤F≤F1＋F2。
②几种特殊情况下的合力(2)三个力的合成以三个力的大小为邻边，看能否组成三角形，若能，则：0≤F合≤F1＋F2＋F3；若不能，则合力的最大值仍为三力之和，最小值为三力中最大力减去两个较小力之和。
2018大二轮高考总复习物理文档：第14讲 力学实验与创新(含答案)
专题六 实验技能与创新 第14讲 力学实验与创新高频考点1 测速度和加速度的三种方法方法一 打点计时器或频闪照相(2017·第三次全国大联考卷Ⅰ)某同学在做研究匀变速直线运动实验时，获取了一条纸带的一部分，0、1、2、3、4、5、6、7是计数点，每相邻两计数点间还有4个点(图中未标出)，计数点间的距离如图所示．由于粗心，该同学忘了测量3、4两个计数点之间的距离．求：(1)其中6号计数点的瞬时速度的大小v 6＝________ m/s.(保留三位有效数字)(2)利用逐差法处理数据，计算出滑块的加速度a ＝________ m/s 2.(保留三位有效数字)． (3)计数点3、4之间的距离是x 4＝____________m ．(保留三位有效数字)【解析】 每相邻两计数点间还有4个点，说明相邻计数点间的时间间隔为0.1 s,6号计数点的瞬时速度的大小v 6＝(3.88＋4.37)×10－22×0.1m/s ＝0.413 m/s ；(2)加速度a ＝[(4.37＋3.88＋3.39)－(1.40＋1.89＋2.40)]×10－23×4×0.12m/s 2＝0.496 m/s 2 (3)有题意可知，x 4－x 3＝x 5－x 4，计数点3、4之间的距离是x 4＝x 3＋x 52＝2.90 cm【答案】 (1)0.413 m/s (2)0.496 m/s 2 (3)2.90 cm(2.89～2.91都行)利用纸带求速度和加速度(1)平均速度法求速度：做匀变速直线运动的物体在某段时间中间时刻的瞬时速度等于这段时间内的平均速度，即v n ＝x n ＋x n ＋12T．(2)利用纸带求加速度的三种方法①逐差法：如从纸带上得到6个计数点在相邻相等时间间隔内的位移，利用Δx ＝aT 2可得a 1＝x 4－x 13T 2、a 2＝x 5－x 23T 2、a 3＝x 6－x 33T 2，再算出a 1、a 2、a 3的平均值，即a ＝a 1＋a 2＋a 33＝(x 4＋x 5＋x 6)－(x 1＋x 2＋x 3)9T 2.若位移段为奇数则将中间一段去掉，然后再将数据分组，利用逐差法求解加速度．②利用第m 个T 时间内的位移和第n 个T 时间内的位移求a ，即a ＝x m －x n(m －n )T 2．③v -t 图象法：求出各点的瞬时速度，画出v -t 图线，图线的斜率表示加速度a ．1－1.(2017·全国卷Ⅰ)某探究小组为了研究小车在桌面上的直线运动，用自制“滴水计时器”计量时间．实验前，将该计时器固定在小车旁，如图(a)所示．实验时，保持桌面水平，用手轻推一下小车．在小车运动过程中，滴水计时器等时间间隔地滴下小水滴，图(b)记录了桌面上连续的6个水滴的位置．(已知滴水计时器每30 s 内共滴下46个小水滴)(1)由图(b)可知，小车在桌面上是____________(填“从右向左”或“从左向右”)运动的．(2)该小组同学根据图(b)的数据判断出小车做匀变速运动．小车运动到图(b)中A 点位置时的速度大小为__________m/s ，加速度大小为____________m/s 2.(结果均保留2位有效数字)解析：(1)小车在阻力的作用下，做减速运动，由图(b)知，从右向左相邻水滴间的距离逐渐减小，所以小车在桌面上是从右向左运动；(2)已知滴水计时器每30 s 内共滴下46个小水滴，所以相邻两水滴间的时间间隔为：Δt ＝3045＝23 s ，所以A 点位置的速度为：v A ＝0.117＋0.1332Δt ＝0.19 m/s ，根据逐差法可求加速度：(x 5＋x 4)－(x 2＋x 1)＝6a (Δt )2，解得a ＝0.037 m/s 2．答案：(1)从右向左 (2)0.19 0.0371－2． (2017·茂名市高三质监)如图是某同学研究小球下落时的频闪照片，频闪仪每隔0.1 s 闪光一次并进行拍照．照片中小球静止时在位置1，某时刻释放小球，下落中的小球各位置与位置1的距离如图中所标的数据(单位：cm)．实验过程并没有错误，但该同学发现图中数据存在以下问题：根据h ＝12gt 2＝12×9.8×0.12m ＝4.90 cm ，而图中标出的位置1和位置2的距离为1.23 cm ，比4.90 cm 小很多，你对此问题的解释是___________．下落中小球在位置3的速度为_________m/s ，小球做自由落体运动的加速度为________m/s 2.(计算结果保留3位有效数字)解析：对此问题的解释是：小球下落到位置2时下落的时间小于0.1 s ；下落中小球在位置3的速度为v 3＝h 22T ＝(30.63－1.23)×10－22×0.1m/s ＝1.47 m/s ；小球做自由落体运动的加速度为g ＝ΔhT 2＝[(30.63－11.03)－(11.03－1.23)]×10－20.12m/s 2＝9.80 m/s 2 答案：(1)小球在位置2时下落的时间小于0.1 s (2)1.47 (3)9.80方法二 光电门(2017·全国卷Ⅱ)某同学研究在固定斜面上运动物体的平均速度、瞬时速度和加速度的之间关系．使用的器材有：斜面、滑块、长度不同的挡光片、光电计时器．实验步骤如下：①如图(a)，将光电门固定在斜面下端附近：将一挡光片安装在滑块上，记下挡光片前端相对于斜面的位置，令滑块从斜面上方由静止开始下滑；②当滑块上的挡光片经过光电门时，用光电计时器测得光线被挡光片遮住的时间Δt ；③用Δs 表示挡光片沿运动方向的长度如图(b)所示，v －表示滑块在挡光片遮住光线的Δt 时间内的平均速度大小，求出v －；④将另一挡光片换到滑块上，使滑块上的挡光片前端与①中的位置相同，令滑块由静止开始下滑，重复步骤②、③；⑤多次重复步骤④⑥利用实验中得到的数据作出v Δt 图，如图(c)所示完成下列填空：(1)用a 表示滑块下滑的加速度大小，用v A 表示挡光片前端到达光电门时滑块的瞬时速度大小，则v －与v A 、a 和Δt 的关系式为v －_______．(2)由图(c)可求得v A ＝________cm/s ，a ＝________cm/s 2.(结果保留3位有效数字)【解析】 (1)设遮光片末端到达光电门的速度为v ，则由速度时间关系可知：v ＝v A ＋a Δt ，且v －＝v A ＋v2联立解得：v －＝v A ＋12a Δt ；(2)由图(c)可求得v A ＝52.1 cm/s ，12a ＝53.6－52.1180×10－3cm/s 2≈8.2 cm/s 2，即a ＝16.4 cm/s 2． 【答案】 (1)v －＝v A ＋12a Δt (2)52.1,16.3(15.8～16.8)利用光电门求速度和加速度可以根据极短时间内的平均速度等于瞬时速度求出物体运动到光电门处的瞬时速度⎝⎛⎭⎫v ＝d Δt ；可以通过a ＝v 22－v 212L 计算出物体运动的加速度．注意：只有当时间间隔Δt 趋于零时，平均速度才可以认为等于瞬时速度，所以挡光片的宽度越小越好.1－3.(2017·河南天一高三联考)某实验小组为测量当地的重力加速度，设计了如下实验：①如图所示，把两个完全相同的光电门A 和B 安放在粗糙的水平导轨上，用导轨标尺量出两光电门之间的距离s ；②滑块上安装一宽度为d 的遮光板，滑块沿水平导轨匀减速地先后通过两个光电门A 和B ，配套的数字毫秒计记录了通过A 光电门的时间为Δt 1，通过B 光电门的时间为Δt 2；回答下列问题：(1)计算出通过光电门A 的瞬时速度为__________(用所给出的字母表示)；(2)利用题目已知的数据，请用字母表示出滑块的加速度大小为__________________；(3)若已知滑块与水平粗糙导轨间的动摩擦因数为μ，则实验小组所在地的重力加速度为__________．解析：(1)滑块通过光电门A 的瞬时速度近似等于滑块通过光电门的平均速度，即v A ＝dΔt 1，同理滑块通过光电门B 的瞬时速度v B ＝d Δt 2； (2)滑块沿水平导轨匀减速运动，则有v 2A －v 2B ＝2as ，解得：a ＝(Δt 22－Δt 21)d22Δt 22Δt 21s． (3)根据牛顿第二定律，有μmg ＝ma ，解得：g ＝a μ＝(Δt 22－Δt 21)d22μΔt 22Δt 21s． 答案：(1)d Δt 1 (2)(Δt 22－Δt 21)d 22Δt 22Δt 21s (3)(Δt 22－Δt 21)d22μΔt 22Δt 21s方法三 DIS 传感器(2017·上海静安区质检)在用DIS 研究小车加速度与外力的关系时，某实验小组先用如图(a)所示的实验装置，重物通过滑轮用细线拉小车，在小车和重物之间接一个不计质量的微型力传感器，位移传感器(发射器)随小车一起沿水平轨道运动，位移传感器(接收器)固定在轨道一端．实验中力传感器的拉力为F ，保持小车(包括位移传感器发射器)的质量不变，改变重物重力重复实验若干次，得到加速度与外力的关系如图(b)所示．(重力加速度g ＝10 m/s 2)．(1)小车与轨道的滑动摩擦力f ＝__________N ．(2)从图象中分析，小车(包括位移传感器发射器)的质量为______kg ．(3)为得到a 与F 成正比的关系，应将斜面的倾角θ调整到tan θ＝________． 【解析】 (1)根据图象可知，当F ＝0.5 N 时，小车开始有加速度，则f ＝0.5 N ； (2)根据牛顿第二定律得：a ＝F －f M ＝1M F －fM，则a -F 图象的斜率表示小车质量的倒数，则M ＝1k ＝5－04－0.5kg ＝0.7 kg(3)为得到a 与F 成正比的关系，则应该平衡摩擦力，则有： Mg sin θ＝μMg cos θ 解得：tan θ＝μ，根据f ＝μMg 得：μ＝0.50.7×10＝114所以tan θ＝114【答案】 (1)f ＝0.5 N (2)0.7 (3)1/14利用DIS 能直接将测量数据输入计算机，经过处理可得到所需图象，如x -t 图、v -t 图和a -t 图等，然后分析图象，利用图象的斜率和截距等即可求得速度和加速度．注意：在用图象处理实验数据时常利用“化曲为直”的思想，将非线性关系图象转化为线性关系图象，然后由图线的截距和斜率等确定物体的速度和加速度.高频考点2 与“纸带”有关的四个力学实验 实验一 探究加速度与力、质量的关系(2017·第三次全国大联考卷Ⅱ)如图甲所示为探究加速度与合外力关系的实验装置，实验进行前先要平衡摩擦力，保证细线拉力等于小车的合外力．(1)为了适当垫高轨道，同学们选择了一个合适的木块，通过游标卡尺测量木块的高度，示数如图乙所示，则木块高度为________cm ．(2)平衡摩擦力后通过打点计时器得到一条记录小车运动的纸带，已知相邻计数点之间有四个计时点没有画出，请计算小车的加速度a ＝____________(保留两位有效数字)．(3)实验进行过程不断增加细线所挂重物的质量m ，测出对应的加速度a ，则下列图象中能正确反映小车加速度a 与所挂重物质量m 的关系的是________．【解析】 (1)游标卡尺的主尺刻度为10 mm ，游标尺刻度为11×0.05 mm ＝0.55 mm ，所以游标卡尺读数为10.55 mm ＝1.055 cm ．(2)每相邻两计数点间还有4个计时点未画出，说明相邻计数点的时间间隔T ＝0.1 s ，根据逐差法有a ＝(3.39＋3.88＋4.37－1.89－2.40－2.88)cm9T 2＝0.50 m/s 2．(3)当重物质量远小于小车质量时，近似认为拉力等于重力，所以有a ＝mgM ，图象为倾斜直线；随着重物质量增大，二者共同做匀变速直线运动，有a ＝mgM ＋m ，当m 趋向无穷大时，加速度趋向重力加速度，所以图象趋向平缓，选C ．【答案】 (1)1.055 (2)0.50 m/s 2 (3)C1．实际作出的a -F 图象后面会有些弯曲．如图所示．这是因为a -F 图象的横坐标F 并不是小车受到的合力，而是砝码和托盘的重力mg ，小车的加速度实际是a ＝1M ＋m mg ，开始时，由于满足M ≫m ，图象斜率近似为1M ，其图象近似为直线，随着m 的增大，a -F 图象的斜率逐渐减小．2．保持小吊盘和盘中物块的总质量不变，探究加速度与小车质量的关系，通过增减砝码，改变M ，利用打点计时器打出的纸带测出a ，从而探究a 与M 的关系．(1)如果作出的a -1M图线为过原点的倾斜直线，则说明在合外力一定时，加速度与质量成反比．(2)实际作出的a -1M 图线后面会有些弯曲，这是因为图象的斜率表示合外力(即轻绳的拉力)，设小吊盘和盘中物块的总质量为m ，开始时小车质量大，满足M ≫m ，其斜率近似为mg ，后来随着小车质量的减小，加速度逐渐增大，轻绳上的拉力逐渐减小，图象对应的斜率变小．3．平衡摩擦力时要注意 (1)不能在轻绳的另一端挂托盘；(2)必须让小车连上纸带，且让打点计时器处于工作状态； (3)可借助纸带上点迹是否均匀来判断是否已经平衡摩擦力；(4)平衡摩擦力之后，若小车质量发生改变，重力分力和小车受到的摩擦力都改变，但二者仍然相等，不用再次平衡摩擦力．2－1.(2017·第三次全国大联考卷Ⅲ)“探究加速度与物体质量、物体受力的关系”实验中，甲、乙两位同学实验时都先正确平衡摩擦力．甲在实验时用细线一端连接小车另一端连接钩码，钩码的重力作为细线的拉力；乙同学利用钩码和小车之间连接的力传感器测出细线上的拉力，两位同学通过改变钩码的个数，确定加速度与细线拉力F 的关系．(1)为减小实验误差，甲同学在实验过程中，小车的质量要________(选填“≫”或“≪”)钩码的质量．乙同学在实验过程中，________(选填“需要”或“不需要”)满足这个条件．(2)甲、乙两位同学在实验中采用相同质量的小车，用甲、乙两位同学得到的实验数据在同一坐标中作出a -F 图象，如图丙所示图线①②，其中图线①是________同学所作出的图象，图线②是________同学所作出的图象．图象中随着F 的增大，图线________将发生弯曲．解析：(1)甲同学的实验中小车实际受到的合外力为细线的拉力，要使细线的拉力近似等于钩码的重力，由F ＝Ma ＝M M ＋m mg ＝11＋m M mg ，当M ≫m 时，F ≈mg .乙同学实验方案中，力传感器测得的拉力就是小车所受的合外力，故对小车和钩码质量的大小关系没有要求．(2)当甲、乙两实验中小车的加速度相同时，对乙，细线的拉力为合外力，传感器测出的就是细线的拉力；对甲，钩码的重力大于细线的拉力，即当加速度相同时，甲的F 值大于乙的F 值，故图线②是甲同学所作出的图象，图线①是乙同学所作出的图象。
2018届高三物理高考二轮复习 第一部分 专题七 第2讲 电学实验与创新
(4)在运用伏安法测电阻时，由于电压表或电流表的量程太小或太大，为了满 足安全、精确的要求，加保护电阻的方法就应运而生，“伏安加 R 法”又 叫作“加保护电阻法”． (5)在控制电路的选择中，选用滑动变阻器分压式连接一般有三种情况：题意 中要求“电压从零开始连续变化或测量元件的伏安特性曲线”“要求测量 多组数据或调压范围尽可能大”“尝试采用限流式连接时，把滑动变阻器阻 值调至最大时依然超过电表的量程或元件的额定值”． (6)电表的“三用”：如果知道电表的内阻，电流表、电压表就既可以测电流， 也可以测电压，还可以作为定值电阻来用，即“一表三用”．
(1)他借助多用电表检查小灯泡．先断开开关，把多用电表的选择开关旋到 “×1”挡，再进行_______调零；又将红、黑表笔分别接触①②接线柱，多 用电表的表盘恰好如图乙所示，说明小灯泡正常，此时的电阻为______Ω.
考向三
考向四
考向一
研考向 融会贯通
提能力 强化闯关
限时 规范训练
试题 解析
答案
考向一 考向二 考向三 考向四
(1)欧姆 6(或 6.0) (2)断路 (3)③④ 左
考向一
研考向 融会贯通
提能力 强化闯关
限时 规范训练
试题 解析
答案
考向一 考向二
4．多用电表测未知电阻阻值的电路如图(a)所示，电池的电动势为 E、内阻 为 r，R0 为调零电阻，Rg 为表头内阻．
考向三
考向四
(1)图(a)电路中电流 I 与待测电阻的阻值 Rx 的关系图象如图(b)所示，则该图 象的函数关系式为________(调零电阻 R0 接入电路部分的阻值用 R0 表示)．
多用电表、欧姆表、滑动变阻器． 3.必须领会的“4 种方法”
《创新设计》2018版浙江省高考物理《选考总复习》教师文档课件：第二章第3课时-共点力的平衡(19页)
第3课时共点力的平衡考点一受力分析(c/c)[基础过关]1．受力分析把指定物体(研究对象)在特定的物理环境中受到的所有外力都找出来，并画出受力示意图的过程。
2．受力分析的一般顺序先分析场力(重力、电场力、磁场力)，再分析接触力(弹力、摩擦力)，最后分析其他力。
3．受力分析的常用方法(1)整体法：将加速度相同的几个物体作为一个整体来分析的方法。
(2)隔离法：将研究对象与周围物体分隔开来分析的方法。
(3)假设法：在受力分析时，若不能确定某力是否存在，可先对其作出存在或不存在的假设，然后再就该力存在与否对物体运动状态影响的不同来判断该力的有无。
【过关演练】1.(2016·8月温州选考模拟)如图所示，小张同学左手抓起一篮球，当篮球与手臂都静止时，下列说法正确的是()A．手对篮球作用力的大小等于篮球的重力B．手对篮球作用力的大小大于篮球的重力C．手对篮球的作用力和篮球的重力是一对相互作用力D．手对篮球的作用力和篮球对手的作用力是一对平衡力解析篮球静止时合力为零，篮球只受重力和手对篮球的作用力，故二力平衡，A正确，B、C不正确；手对篮球的作用力和篮球对手的作用力是作用力和反作用力，不是平衡力，D不正确，综上应选A。
答案 A2．(2015·浙江嘉兴学考一模)如图所示，一物体放在自动扶梯上，随自动扶梯匀速斜向下运动，则物体受到的外力有()A．1个B．2个C．3个D．4个解析物体匀速运动，由受力分析知物体受竖直向下的重力和竖直向上的支持力，故B选项正确。
答案 B[要点突破]1．受力分析的基本思路2．受力分析的注意事项(1)只分析研究对象所受的力，不分析研究对象对其他物体所施加的力。
(2)只分析性质力，不分析效果力。
(3)每分析一个力，都应找出施力物体。
(4)合力和分力不能同时作为物体所受的力。
(5)应结合运动状态。
(6)注意牛顿第三定律的应用。
(7)遇到弹力、摩擦力的判断较复杂时可用假设法。
【例题】(2016·浙江平阳二中期中)如图所示，沿光滑水平面运动的小滑块，当冲上光滑的斜面后，受到的力有()A．重力、弹力、上冲力B．重力、弹力C．重力、弹力、下滑力D．重力、弹力、上冲力、下滑力解析小球受重力、斜面的支持力，没有上冲力，因为该力没有施力物体，也没有下滑力，下滑力是重力的一个分力。
创新设计(全国通用)高考物理二轮复习 专题突破7 选考
第2讲 机械振动和机械波 光1．(2016·全国卷Ⅰ，34)【物理——选修3－4】(1)(5分)某同学漂浮在海面上，虽然水面波正平稳地以1.8 m/s 的速率向着海滩传播，但他并不向海滩靠近。
该同学发现从第1个波峰到第10个波峰通过身下的时间间隔为15 s 。
下列说法正确的是________。
(填正确答案标号。
选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。
每选错1个扣3分，最低得分为0分) A ．水面波是一种机械波 B ．该水面波的频率为6 Hz C ．该水面波的波长为3 mD ．水面波没有将该同学推向岸边，是因为波传播时能量不会传递出去E ．水面波没有将该同学推向岸边，是因为波传播时振动的质点并不随波迁移(2) (10分)如图1，在注满水的游泳池的池底有一点光源A ，它到池边的水平距离为3.0 m 。
从点光源A 射向池边的光线AB 与竖直方向的夹角恰好等于全反射的临界角，水的折射率为43。
图1(ⅰ)求池内的水深；(ⅱ)一救生员坐在离池边不远处的高凳上，他的眼睛到池面的高度为2.0 m 。
当他看到正前下方的点光源A 时，他的眼睛所接受的光线与竖直方向的夹角恰好为45°。
求救生员的眼睛到池边的水平距离(结果保留1位有效数字)。
解析 (1)水面波是机械振动在水面上传播，是一种典型机械波，A 对；从第一个波峰到第十个波峰中经历了九个波形，时间间隔为15秒，所以其振动周期为T ＝159 s ＝53 s ，频率为0.6 Hz ，B 错；其波长λ＝vT ＝1.8 m/s×53 s ＝3 m ，C 对；波中的质点都上下振动，不随波迁移，但是能量随着波的向前传播而传递出去，D 错，E 对。
(2)(ⅰ)如图，设到达池边的光线的入射角为i 。
依题意，水的折射率n ＝43，光线的折射角θ＝90°。
由折射定律有n sin i ＝sin θ①由几何关系有sin i ＝l l 2＋h 2②式中，l ＝3 m ，h 是池内水的深度。
2018创新设计《高考物理总复习》第3-4章
2018创新设计《高考物理总复习》第3-4章(总203页)-CAL-FENGHAI.-(YICAI)-Company One1-CAL-本页仅作为文档封面，使用请直接删除[高考导航]考点内容要求高考命题实况常考题型关联考点201420152016牛顿运动定律及其应用Ⅱ卷Ⅰ：T17、T22、T24卷Ⅱ：T17、T24卷Ⅰ：T20、T25卷Ⅱ：T20、T25卷Ⅰ：T18、T22(2)卷Ⅱ：T19卷Ⅲ：T23选择题实验题计算题①受力分析②运动学公式③功、功率④运动图象超重和失重Ⅰ单位制Ⅰ实验四：验证牛顿运动定律基础课1 牛顿第一定律牛顿第三定律知识点一、牛顿第一定律1．内容一切物体总保持匀速直线运动状态或静止状态，除非作用在它上面的力迫使它改变这种状态。
2．意义(1)指出力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因，即力是产生加速度的原因。
(2)指出了一切物体都有惯性，因此牛顿第一定律又称惯性定律。
3．惯性(1)定义：物体具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质。
(2)性质：惯性是一切物体都具有的性质，是物体的固有属性，与物体的运动情况和受力情况无关。
(3)量度：质量是物体惯性大小的唯一量度，质量大的物体惯性大，质量小的物体惯性小。
知识点二牛顿第三定律1．内容两个物体之间的作用力和反作用力总是大小相等，方向相反，作用在同一条直线上。
2．意义建立了相互作用物体之间的联系及作用力与反作用力的相互依赖关系。
[思考判断](1)牛顿第一定律是实验定律。
( )(2)牛顿第一定律指出，当物体受到的合外力为零时，物体将处于静止状态。
( )(3)物体运动必须有力的作用，没有力的作用，物体将静止。
( )(4)运动的物体惯性大，静止的物体惯性小。
( )(5)惯性是物体抵抗运动状态变化的性质。
( )(6)作用力与反作用力的效果可以相互抵消。
( )(7)人走在松软土地上下陷时，人对地面的压力大于地面对人的支持力。
( )答案(1)×(2)×(3)×(4)×(5)√(6)×(7)×对牛顿第一定律的理解与应用1．牛顿第一定律：牛顿第一定律不是实验定律，它是在可靠的实验事实(如伽利略斜面实验)基础上采用科学的逻辑推理得出的结论；物体不受外力是牛顿第一定律的理想条件，其实际意义是物体受到的合外力为零。
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第1讲热学
1．(2016·全国卷Ⅰ，33)【物理——选修3－3】
(1)(5分)关于热力学定律，下列说法正确的是________。
(填正确答案标号。
选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。
每选错1个扣3分，最低得分为0分)
A．气体吸热后温度一定升高
B．对气体做功可以改变其内能
C．理想气体等压膨胀过程一定放热
D．热量不可能自发地从低温物体传到高温物体
E．如果两个系统分别与状态确定的第三个系统达到热平衡，那么这两个系统彼此之间也必定达到热平衡
(2)(10分)在水下气泡内空气的压强大于气泡表面外侧水的压强，两压强差Δp与
气泡半径r之间的关系为Δp＝2ζ
r，其中ζ＝0.070 N/m。
现让水下10 m处一半径
为0.50 cm的气泡缓慢上升，已知大气压强p0＝1.0×105 Pa，水的密度ρ＝1.0×103 kg/m3，重力加速度大小g＝10 m/s2。
(ⅰ)求在水下10 m处气泡内外的压强差；
(ⅱ)忽略水温随水深的变化，在气泡上升到十分接近水面时，求气泡的半径与其原来半径之比的近似值。
解析(1)气体吸热为Q，但不确定外界做功W的情况，故不能确定气体温度变化，A选项错误；气体内能的改变ΔU＝Q＋W，故对气体做功可改变气体内能，
B选项正确；理想气体等压膨胀，W<0，由理想气体状态方程pV
T＝C，p不变，V
增大，气体温度升高，内能增大，ΔU>0，由ΔU＝Q＋W，知Q>0，气体一定吸热，C选项错误；由热力学第二定律，D选项正确；根据热平衡规律知，E选项
正确。
(2)(ⅰ)由公式Δp ＝2ζ
r 得Δp ＝2×0.0705×10－3 Pa ＝28 Pa
水下10 m 处气泡内外的压强差是28 Pa 。
(ⅱ)气泡上升过程中做等温变化，由玻意耳定律得 p 1V 1＝p 2V 2① 其中，V 1＝43πr 3
1② V 2＝43πr 32③
由于气泡内外的压强差远小于10 m 深处水的压强，气泡内压强可近似等于对应位臵处的水的压强，所以有
p 1＝p 0＋ρgh 1＝1×105 Pa ＋1×103×10×10 Pa ＝2×105 Pa ＝2p 0④ p 2＝p 0⑤
将②③④⑤代入①得，2p 0×43πr 31＝p 0×43
πr 32 2r 31＝r 32
r 2r 1＝32
答案 (1)BDE (2)(ⅰ)28 Pa (ⅱ)3
2∶1 2．(2016·全国卷Ⅱ，33)【物理——选修3－3】
(1) (5分)一定量的理想气体从状态a 开始，经历等温或等压过程ab 、bc 、cd 、da 回到原状态，其p －T 图象如图1所示，其中对角线ac 的延长线过原点O 。
下列判断正确的是________。
(填正确答案标号。
选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。
每选错1个扣3分，最低得分为0分)
图1
A ．气体在a 、c 两状态的体积相等
B．气体在状态a时的内能大于它在状态c时的内能
C．在过程cd中气体向外界放出的热量大于外界对气体做的功
D．在过程da中气体从外界吸收的热量小于气体对外界做的功
E．在过程bc中外界对气体做的功等于在过程da中气体对外界做的功
(2)(10分)一氧气瓶的容积为0.08 m3，开始时瓶中氧气的压强为20个大气压。
某实验室每天消耗1个大气压的氧气0.36 m3。
当氧气瓶中的压强降低到2个大气压时，需重新充气。
若氧气的温度保持不变，求这瓶氧气重新充气前可供该实验室使用多少天。
解析(1)由理想气体状态方程pV
T＝C得，p＝
C
V T，由图象可知，V a＝V c，选项A
正确；理想气体的内能只由温度决定，而T a>T c，故气体在状态a时的内能大于在状态c时的内能，选项B正确；由热力学第一定律ΔU＝Q＋W知，cd过程温度不变，内能不变，则Q＝－W，选项C错误；da过程温度升高，即内能增大，则吸收的热量大于对外做的功，选项D错误；bc过程和da过程互逆，则做功相同，选项E正确。
(2)方法一设氧气开始时的压强为p1，体积为V1，压强变为p2(2个大气压)时，体积为V2。
根据玻意耳定律得
p1V1＝p2V2①
重新充气前，用去的氧气在p2压强下的体积为
V3＝V2－V1②
设用去的氧气在p0(1个大气压)压强下的体积为V0，则有
p2V3＝p0V0③
设实验室每天用去的氧气在p0下的体积为ΔV，则氧气可用的天数为
N＝V0
ΔV④
联立①②③④式，并代入数据得N＝4(天)⑤
方法二对氧气瓶内的氧气，由于温度保持不变，由玻意耳气体实验定律和总质量不变得
p1V1＝np2V2＋p3V1
其中p1＝20个大气压V1＝0.08 m3
p2＝1个大气压V2＝0.36 m3
p3＝2个大气压
代入数值得n＝4(天)
答案(1)ABE(2)4天
3．(2016·全国卷Ⅲ，33)【物理——选修3－3】
(1)(5分)关于气体的内能，下列说法正确的是________。
(填正确答案标号。
选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。
每选错1个扣3分，最低得分为0分)
A．质量和温度都相同的气体，内能一定相同
B．气体温度不变，整体运动速度越大，其内能越大
C．气体被压缩时，内能可能不变
D．一定量的某种理想气体的内能只与温度有关
E．一定量的某种理想气体在等压膨胀过程中，内能一定增加
(2) (10分)一U形玻璃管竖直放置，左端开口，右端封闭，左端上部有一光滑的轻活塞。
初始时，管内汞柱及空气柱长度如图2所示。
用力向下缓慢推活塞，直至管内两边汞柱高度相等时为止。
求此时右侧管内气体的压强和活塞向下移动的距离。
已知玻璃管的横截面积处处相同；在活塞向下移动的过程中，没有发生气体泄漏；大气压强p0＝75.0 cmHg。
环境温度不变。
图2
解析(1)质量和温度都相同的气体，虽然分子平均动能相同，但是不同的气体，其摩尔质量不同，即分子个数不同，所以分子总动能不一定相同，A错误；宏观运动和微观运动没有关系，所以宏观运动速度大，内能不一定大，B错误；根据pV
T＝C可知，如果等温压缩，则内能不变；等压膨胀，温度增大，内能一定增大，C、E正确；理想气体的分子势能为零，所以理想气体的内能与分子平均动能有关，而分子平均动能和温度有关，D正确。
(2)设初始时，右管中空气柱的压强为p1，长度为l1；左管中空气柱的压强为p2＝p0，长度为l2。
活塞被下推h后，右管中空气柱的压强为p1′，长度为l1′；左管中空气柱的压强为p2′，长度为l2′。
以cmHg为压强单位。
由题给条件得
p1＝p0＋(20.0－5.00) cmHg＝90 cmHg l1＝20.0 cm①
l1′＝(20.0－20.0－5.00
2) cm＝12.5 cm②
由玻意耳定律得
p1l1S＝p1′l1′S③
联立①②③式和题给条件得p1′＝144 cmHg④
依题意p2′＝p1′⑤
l2′＝4.00 cm＋20.0－5.00
2cm－h＝11.5 cm－h⑥
由玻意耳定律得
p2l2S＝p2′l2′S⑦
联立④⑤⑥⑦式和题给条件得
h＝9.42 cm⑧
答案(1)CDE(2)144 cmHg9.42 cm
[备考指导] 【考情分析】
气体实验规律、理想气体、热力学第一定律是近年来的必考点，相关的气体状态变化图象、分子数的计算、温度和内能、分子热运动速率的统计分布规律也是复习的要点，要重视油膜法估测分子的大小、分子力等近些年未曾涉及的内容的复习。
分子动理论、内能与气体实验定律的组合
[规 律 方 法]
1.
2．两种微观模型
(1)球体模型(适用于固体、液体)：一个分子的体积V 0＝43π(d 2)3＝1
6πd 3, d 为分子的直径。
(2)立方体模型(适用于气体)：一个分子占据的平均空间V 0＝d 3，d 为分子间的距离。