2018年高考物理二轮复习：7分钟满分训练4 Word版含解析
高考物理二轮复习训练：7分钟满分训练4Word版含解析
7分钟满分训练(四)1．[物理——选修3－3](15分)(1)(5分)(2018·河南省濮阳市高三下学期二模)下列说法正确的是( BCD )A ．大颗粒的盐磨成细盐，就变成了晶体B ．两个分子的间距从极近逐渐增大到10r 0的过程中，它们的分子势能先减小后增大C ．空气的相对湿度定义为空气中所含水蒸气压强与同温度水平的饱和蒸气压的比值D ．给自行车打气，越打越困难主要是因为胎内气体压强增大，而与分子间的斥力无关E ．第二类永动机不违反热力学第二定律，但违反了热力学第一定律[解析] 将大颗粒的粗盐磨成细盐，细盐仍然是晶体，A 错误；两个分子的间距从极近逐渐增大到10r 0的过程中，分子间表现出先斥力后引力，故分子力先做正功，后做负功，它们的分子势能先减小后增大，B 正确；空气的相对湿度定义为空气中所含水蒸气压强与同温度水平的饱和蒸气压的比值，C 正确；给自行车打气，越打越困难主要是因为胎内气体压强增大，与分子间的斥力无关，因为分子斥力起作用的距离r <r 0，D 正确；第二类永动机不违反能量守恒定律，但违反了热力学第二定律，内能在转化为机械能的过程中要生热，所以要引起其它变化，E 错误。
(2)(10分)(2018·河南省濮阳市高三下学期二模)一截面积为S 的气缸竖直倒放，气缸内有一质量为m 的活塞，将一定质量的理想气体封闭在气缸内，气柱的长度为L ，活塞与气缸壁无摩擦，气体处于平衡状态，如图1所示，现保持温度不变，把气缸倾斜，使气缸侧壁与竖直方向夹角为θ＝37°，重新达到平衡后，如图2所示，设大气压强为p 0，气缸导热良好。
已知(sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)，重力加速度为g ，求：①此时理想气柱的长度；②分析说明气缸从竖直到放到倾斜过程，理想气体吸热还是放热。
[解析] ①以活塞为研究对象，气缸竖直倒立时，根据平衡条件有p 0S ＝mg ＋p 1S ，得p 1＝p 0－mg S气缸倾斜后，根据平衡条件有p 0S ＝mg cos37°＋p 2S ，得p 2＝p 0－mg S cos37°＝p 0－4mg 5S根据玻意尔定律有p 1LS ＝p 2xS ，解得x ＝5p 0S －5mg 5p 0S －4mgL ②由①得出气体体积减小，大气压对气体做功。
2018年高考物理全国用二轮复习精练：二 选择题48分标准练(四) Word版含答案
选择题48分标准练(四)说明：共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第14～17题只有一项符合题目要求，第18～21题有多项符合题目要求。
全选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14.(2017·湖南师范大学附中月考)汽车在平直公路上做刹车实验，若从t ＝0时起汽车在运动过程中的位移x 与速度的平方v 2之间的关系如图1所示，下列说法正确的是( )图1A.刹车过程中汽车加速度大小为10 m/s 2B.刹车过程持续的时间为5 sC.汽车刹车后经过3 s 的位移为7.5 mD.t ＝0时汽车的速度为10 m/s解析 根据v 2＝2ax 得x v 2＝12a ，可得刹车过程中加速度大小a ＝5 m/s 2，故A 错误；由图线可知，汽车的初速度为10 m/s ，则刹车过程持续的时间t ＝v 0a ＝105 s ＝2 s ，故B 错误，D 正确；汽车刹车后经过3 s 的位移等于刹车后经过2 s 的位移，则x ＝v 02t ＝102×2 m＝10 m ，故C 错误。
答案 D15.在匀强磁场中匀速转动的单匝矩形线圈的周期为8 s ，转轴O 1O 2垂直于磁场方向，线圈电阻为2 Ω。
从线圈平面与磁场方向垂直开始计时，如图2所示，线圈转过45°时的感应电流为1 A ，则( )图2A.线圈消耗的电功率为4 WB.线圈中感应电流的有效值为2 AC.任意时刻线圈中的感应电动势为e ＝22sin π4t (V)D.任意时刻穿过线圈的磁通量为Φ＝8πsin π4t (Wb)解析 由题给条件可得i ＝2sin π4t (A)，故线圈中感应电流的有效值为I ＝I m2＝1 A ，B 错误；再由P ＝I 2R ＝(1 A)2×2 Ω＝2 W ，A 错误；再由e ＝iR ＝22sin π4t (V)可得，C 正确；穿过线圈的磁通量Φ＝Φm cos ωt ＝82πcos π4t (Wb)，D 错误。
高考物理二轮复习专题功和能练含解析.doc
【解析】根据题意，从图可以看出力
F 是均匀减小的，可以得出力 F 随高度 x 的变化关系： F F0 kx ，
而 k F0 ，可以计算出物体到达 h 处时力 错误！未指定书签。 ；物体从地面到 h 处的过程中，力 F 做正功， H
重力 G做负功， 由动能定理可得： F h mgh ，而 错误！ 未指定书签。 ，可以计算出： 错误！ 未指定书签。 ，
【答案】 A
错误！未指定书签。
4．取水平地面为零势能面， 一物块从某高处水平抛出， 在抛出点其重力势能为动能的 3 倍。 不计空气阻力，
该物块落地时的速度方向与水平方向的夹角为（
）
A． π B ． 5π C ． π D ． π
6
12
4
3
【答案】 D
【解析】试题分析：根据机械能守恒定律，以及已知条件：抛出时动能是重力势能的
则物体在初位置加速度为： 错误！未指定书签。 ： 错误！未指定书签。 ，而 错误！未指定书签。
，计算得： a
，计算处理得：
gh ；当物体运动到 h 处时，加速度为 2H h
a
gh ，即加速度最大的位置是 0 或
2H h
h 处。
【考点定位】动能定理、牛顿第二定律
【方法技巧】 首先结合图像分析物体从静止上升过程中加速度最大的位置，
III 卷）
【答案】 AC
【解析】试题分析 本题考查速度图像，牛顿运动定律、功和功率及其相关的知识点。
错误！未指定书签。
点睛 此题以速度图像给出解题信息。解答此题常见错误主要有四方面：一是对速度图像面积表示位移掌
握不到位；二是运用牛顿运动定律求解牵引力错误；三是不能找出最大功率；四是不能得出两次提升电机
2018年高考物理二轮复习：7分钟满分训练1 Word版含解析
7分钟满分训练(一)1．[物理——选修3–3](15分)导学号 86084454(1)(5分)(2017·青海省西宁市三校4月模拟)下列说法正确的是( BCE )A ． 布朗运动是由悬浮在液体中的微粒之间的相互碰撞引起的B ．一定质量的理想气体，温度不变，分子的平均动能不变C ．当分子力表现为引力时，分子势能随分子间距离的增大而增大D ．晶体一定具有各向异性，非晶体一定具有各向同性E ．外界对物体做功，物体的内能可能减小[解析] 布朗运动是由液体分子之间的不规则运动引起的，故A 错误；温度是分子平均动能的标志，所以温度不变，分子平均动能不变，故B 正确；当分子力表现为引力时，距离增大时，分子力做负功，故分子势能增大，C 正确；只有单晶体具有各向异性，而多晶体是各向同性的，故D 错误；改变内能的方式有做功和热传递，外界对物体做功，物体的内能可能增加也可能减少，故E 正确。
所以BCE 正确，AD 错误。
(2)(10分)(2017·青海省西宁市三校4月模拟)一圆柱形气缸，质量M 为10 kg ，总长度L 为40 cm ，内有一厚度不计的活塞，质量m 为5 kg ，截面积S 为50 cm 2，活塞与气缸壁间摩擦不计，但不漏气，当外界大气压强p 0为1×105 Pa ，温度t 0为7 ℃时，如果用绳子系住活塞将气缸悬挂起来，如图所示，气缸内气体柱的高L 1为35 cm ，g 取10 m/s 2。
求：(i)此时气缸内气体的压强；(ii)当温度升高到多少摄氏度时，活塞与气缸将分离。
[解析] (ⅰ)以气缸为研究对象，受力分析，受到重力、外界大气压力，气缸内气体的压力，根据平衡条件得：p 0S ＝pS ＋Mg ，则：p ＝p 0－Mg S ＝1×105－10050×10－4 Pa ＝0.8×105 PA ． (ⅱ)温度升高，气缸内气体的压强不变，体积增大，根据气体等压变化方程得：V 1T 1＝V 2T 2 当活塞与气缸将分离时，气柱的总长度为40 cm ，代入数据得：35S 280＝40S T 2解得：T 2＝320 K ＝47 ℃。
(新课标)2018届高考物理二轮复习训练试卷含答案 ： 专题二 功和能 动量 能力训练7 动量 动量的综合应用
专题能力训练7 动量动量的综合应用(时间:45分钟满分:100分)一、选择题(本题共7小题,每小题6分,共42分。
在每小题给出的四个选项中,1~4题只有一个选项符合题目要求,5~7题有多个选项符合题目要求。
全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分)1.(2017·全国Ⅰ卷)将质量为1.00 kg的模型火箭点火升空,50 g燃烧的燃气以大小为600 m/s的速度从火箭喷口在很短时间内喷出。
在燃气喷出后的瞬间,火箭的动量大小为(喷出过程中重力和空气阻力可忽略)()A.30 kg·m/sB.5.7×102kg·m/sC.6.0×102kg·m/sD.6.3×102kg·m/s2.(2017·山东青岛一模)一颗子弹水平射入静止在光滑水平地面上的木块后不再穿出,木块的动能增加了8 J,木块的质量大于子弹的质量。
则此过程中产生的内能可能是()A.18 JB.16 JC.10 JD.6 J3.如图所示,两质量分别为m1和m2的弹性小球叠放在一起,从高度为h处自由落下,且h远大于两小球半径,所有的碰撞都是完全弹性碰撞,且都发生在竖直方向。
已知m2=3m1,则小球m1反弹后能达到的高度为()A.hB.2hC.3hD.4h4.一位质量为m的运动员从下蹲状态向上起跳,经Δt时间,身体伸直并刚好离开地面,速度为v,在此过程中()A.地面对他的冲量为mv+mgΔt,地面对他做的功为mv2B.地面对他的冲量为mv+mgΔt,地面对他做的功为零C.地面对他的冲量为mv,地面对他做的功为mv2D.地面对他的冲量为mv-mgΔt,地面对他做的功为零5.蹦极运动中,长弹性绳的一端固定,另一端绑在人身上,人从几十米高处跳下,将蹦极过程简化为人沿竖直方向的运动,从绳恰好伸直,到人第一次下降至最低点的过程中,下列分析正确的是()A.绳对人的冲量始终向上,人的动量先增大后减小B.绳对人的拉力始终做负功,人的动能先增大后减小C.绳恰好伸直时,绳的弹性势能为零,人的动能最大D.人在最低点时,绳对人的拉力等于人所受的重力6.在一条直线上,运动方向相反的两球发生正碰。
2018版高考物理二轮复习计算规范练4 含解析 精品
计算规范练(四)(时间：20分钟 分值：32分)24．(12分)(2018·衡水中学二模)如图1所示为一皮带传送装置，其中AB 段水平，长度L AB＝4 m ，BC 段倾斜，长度足够长，倾角为θ＝37°，AB 和BC 在B 点通过一段极短的圆弧连接(图中未画出圆弧)，传送带以v ＝4 m/s 的恒定速率顺时针运转．现将一质量m ＝1 kg 的工件(可看作质点)无初速度地放在A 点，已知工件与传送带间的动摩擦因数μ＝0.5，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，重力加速度g 取10 m/s 2，求：图1(1)工件从A 点开始至第一次到达B 点所用的时间t ；(2)工件从第一次到达B 点至第二次到达B 点的过程中，工件与传送带间因摩擦而产生的热量Q .【解析】 (1)由牛顿第二定律可得μmg ＝ma 1 ① 经t 1时间与传送带共速，则t 1＝v a 1＝0.8 s ② 运动位移为x 1＝12a 1t 21＝1.6 m③此后工件与传送带一起匀速运动到B 点，用时t 2＝L AB －x 1v＝0.6 s ④ 工件第一次到达B 点所用时间t ＝t 1＋t 2＝1.4 s ． ⑤ (2)工件上升过程中受到的摩擦力f ＝μmg cos θ ⑥ 由牛顿第二定律可得加速度a 2＝mg sin θ－f m＝2 m/s 2⑦ 由运动学公式可得t 3＝v a 2＝2 s ⑧下降过程加速度不变a 3＝a 2＝2 m/s 2⑨ 由运动学公式可得t 4＝v a 3＝2 s⑩ 工件与传送带的相对位移Δx ＝v (t 4＋t 3)＝16 m ⑪ 因摩擦而产生的热量Q ＝f Δx ＝64 J ． ⑫(每式1分)【答案】 (1)1.4 s (2)64 J25．(20分)如图2甲所示，两根完全相同的光滑平行导轨固定，每根导轨均由两段与水平方向成θ＝30°的长直导轨和一段圆弧导轨平滑连接而成，导轨两端均连接电阻，阻值R 1＝R 2＝2 Ω，导轨间距L ＝0.6 m ．在右侧导轨所在斜面的矩形区域M 1M 2P 2P 1内分布有垂直斜面向上的磁场，磁场上下边界M 1P 1、M 2P 2的距离d ＝0.2 m ，磁感应强度大小随时间的变化规律如图乙所示．t ＝0时刻，在右侧导轨斜面上与M 1P 1距离s ＝0.1 m 处，有一根阻值r ＝2 Ω的金属棒ab 垂直于导轨由静止释放，金属棒第一次经过磁场过程恰好匀速通过，最终金属棒在导轨上做往复运动．取重力加速度g ＝10 m/s 2，导轨电阻不计．求：图2(1)金属棒ab 匀速通过磁场的速度大小v ；(2)在t 1＝0.1 s 时刻和t 2＝0.25 s 时刻电阻R 1的电功率之比； (3)最终电阻R 2产生的总热量Q 总.【导学号：19624276】【解析】 (1)由mgs ·sin θ＝12mv2(1分) 得v ＝2gs ·sin θ＝1 m/s.(1分)(2)棒从释放到运动至M 1P 1的时间t ＝vg sin θ＝0.2 s (1分)在t 1＝0.1 s 时，棒还没进入磁场，有E 1＝ΔΦΔt ＝ΔBΔt Ld ＝0.6 V(1分)此时，R 2与金属棒并联后再与R 1串联R 总＝3 Ω (1分) U 1＝E 1R 总R 1＝0.4 V(1分)由图乙可知，t ＝0.2 s 后磁场保持不变，ab 经过磁场的时间t ′＝d v＝0.2 s(1分)故在t 2＝0.25 s 时ab 还在磁场中运动，电动势E 2＝BLv ＝0.6 V(1分) 此时R 1与R 2并联，R 总＝3 Ω，得R 1两端电压U 1′＝0.2 V(2分)电功率P ＝U 2R ，故在t 1＝0.1 s 和t 2＝0.25 s 时刻电阻R 1的电功率比值P 1P 2＝U 21U 1′2＝4.(1分)(3)设ab 的质量为m ，ab 在磁场中运动时，通过ab 的电流I ＝E 2R 总(1分) ab 受到的安培力F A ＝BIL(1分) 又mg sin θ＝BIL(1分) 解得m ＝0.024 kg(1分)t 在0～0.2 s 时间里，R 2两端的电压U 2＝0.2 V ，产生的热量Q 1＝U 22R 2t ＝0.018 J(2分)ab 最终将在M 2P 2下方的轨道区域内往返运动，到M 2P 2处的速度为零，由功能关系可得在t ＝0.2 s 后，整个电路最终产生的热量Q ＝mgd sin θ＋12mv 2＝0.186 J(1分)由电路关系可得R 2产生的热量Q 2＝Q6＝0.018 J(1分) 故R 2产生的总热量Q 总＝Q 1＋Q 2＝0.01 J ． (1分)【答案】 (1)1 m/s (2)4∶1 (3)0.01 J。
高考物理精编7分钟满分训练4套 (全解析)
精品基础教育教学资料，仅供参考，需要可下载使用！选考题专项训练7分钟满分训练(一)1．[物理——选修3－3](15分)(1)(5分)(2018·安徽省皖南八校高三下学期二模)下列说法正确的是( BCD )A．不同温度下，空气的绝对湿度不同，而相对湿度相同B．一定温度下饱和汽的密度为一定值，温度升高，饱和汽的密度增大C．在分子间距离增大的过程中，分子间的作用力可能增加也可能减小D．自然发生的热传递过程是向着分子热运动无序性增大的方向进行的E．气体的温度升高时，分子的热运动变得剧烈，分子的平均动能増大，撞击器壁时对器壁的作用力增大，从而气体的压强一定增大[解析] 不同温度下，饱和气压不同，空气的绝对湿度不同，则相对湿度不一定相同，A错误；饱和汽压与温度有关，控制液面上方饱和汽的体积不变，升高温度，则饱和汽压增大，达到动态平衡后该饱和汽的质量增大，密度增大，B正确；分子间距离小于r0时，在分子间距离增大的过程中，分子间的作用力减小，分子间距离大于r0时，在分子间距离增大的过程中，分子间的作用力先增大后减小，C正确；根据热力学第二定律可知，自然发生的热传递过程是向着分子热运动无序性增大的方向进行的，D正确；气体的温度升高时，虽然分子的平均动能增大，撞击器壁时对器壁的作用力增大，但单位时间内撞击的个数不一定增加，气体的压强不一定增大，E错误。
故选B、C、D。
(2)(10分)(2018·安徽省皖南八校高三下学期二模)如图所示，容积V0＝90cm3的金属球形容器内封闭有一定质量的理想气体，与竖直放置、粗细均匀且足够长的U形玻璃管连通，当环境温度为27℃吋，U形玻璃管左侧水银面比右侧水银面高出h1＝16cm，水银柱上方空气柱长h0＝20cm，现在对金属球形容器缓慢加热。
已知大气压强p0＝76cmHg。
U 形玻璃管的横截面积S＝0.5cm2。
问：①当加热到多少摄氏度时，两边水银柱液面在同一水平面上？②在①问中两液面在同一水平面上时，为了使得左管中的水银面再回复到原来的高度，保持金属球形容器的温度不变，在U 形玻璃管右侧加入多少体积的水银？[解析] ①以封闭气体为研究对象，初始状态：p 1＝p 0－pgh 1 ＝60cmHg ，V 1＝V 0＋h 0S ＝100cm 3 ，T 1 ＝300K末状态：p 2＝p 0＝76cmHg V 2＝V 1＋h 0S /2 ＝104cm 3 由理想气体状态方程有：P 1V 1T 1＝P 2V 2T 2代入数据解得：T 2＝ 395.2K即t 2＝122.2℃②对于封闭气体，初状态：V 2＝104cm 3 P 2＝76cmHg 末状态：V 3＝100cm 3 由理想气体状态方程有：P 2V 2＝P 3V 3代人数据解得：P 2＝79.04cmHg需要注入ΔV ＝(8×2＋3.04)×0.5＝9.52cm 32．[物理——选修3－4](15分)(1)(5分)(2018·山东省历城二中二模)图甲为一列简谐横波在某一时刻的波形图，图乙为介质中一质点P 以此时刻为计时起点的振动图象，则由图可知( ABD )A ． 质点振动的周期T ＝0.2 sB ． 波速v ＝20 m/sC ． 因一个周期内质点运动0.8 m ，所以波长λ＝0.8 mD ． 从该时刻起经过0.15 s ，波沿x 轴正方向传播3 mE. 从该时刻起经过0.25 s 时，质点Q 的加速度大于质点P 的加速度[解析] 由图甲读出波长λ＝4 m ，由图乙读出周期T ＝0.2 s ，波速v ＝λT ＝20 m/s ，故AB 正确，C 错误；由图乙知x ＝2 m 的质点开始时向下振动，结合甲图知简谐波沿x 轴正方向传播，传播距离s ＝vt ＝20×0.15＝3 m ，故D 正确；因为周期为0.2 s ，经过0.25 s ，质点运动了114周期，也是114个波长，P 点到达负方向最大位移，Q 在平衡位置上但不到最大位置，由a ＝F m ＝kx m 可知：质点Q 的加速度小于质点P 的加速度，故E 错误；故选ABD 。
专题06+功和能(测)-2018年高考物理二轮复习讲练测+Word版含解析
2018年高考物理二轮复习讲练测（测案）【满分：110分时间：90分钟】一、选择题（本大题共12小题，每小题5分，共60分。
在每小题给出的四个选项中，1~8题只有一项符合题目要求；9~12题有多项符合题目要求。
全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
）1．类比是一种常用的研究方法．对于直线运动，教科书中讲解了由v t-图像求位移，由F x-(力-位移)图像求做功的方法．请你借鉴此方法分析下列说法，其中正确的是（）A. 由F v-(力-速度)图线和横轴围成的面积可求出对应速度变化过程中力做功的功率B. 由F t-(力-时间)图线和横轴围成的面积可求出对应时间内力所做的冲量C. 由U I-(电压-电流)图线和横轴围成的面积可求出对应的电流变化过程中电流的功率D. 由rω-(角速度-半径)图线和横轴围成的面积可求出对应半径变化范围内做圆周运动物体的线速度【答案】B2．如图所示，在倾角为30°的斜面上的P点钉有一光滑小铁钉，以P点所在水平虚线将斜面一分为二，上部光滑，下部粗糙．一绳长为3R轻绳一端系与斜面O点，另一端系一质量为m的小球，现将轻绳拉直小球从A点由静止释放，小球恰好能第一次通过圆周运动的最高点B点．已知OA与斜面底边平行，OP距离为2R，且与斜面底边垂直，则小球从A到B 的运动过程中（）A. 合外力做功12mgR B. 重力做功2mgRC. 克服摩擦力做功34mgR D. 机械能减少14mgR.【答案】D3．极限跳伞（sky diving）是世界上最流行的空中极限运动，它的独特魅力在于跳伞者可以从正在飞行的各种飞行器上跳下，也可以从固定在高处的器械、陡峭的山顶、高地甚至建筑物上纵身而下，并且通常起跳后伞并不是马上自动打开，而是由跳伞者自己控制开伞时间，这样冒险者就可以把刺激域值的大小完全控制在自己手中。
伞打开前可看做是自由落体运动，打开伞后减速下降，最后匀速下落。
如果用h表示人下落的高度，t表示下落的时间，E p表示人的重力势能,E k表示人的动能，E表示人的机械能，v表示人下落的速度，在整个过程中，忽略伞打开前空气阻力，如果打开伞后空气阻力与速度平方成正比，则下列图象可能符合事实的是（）A. B.C. D.【答案】B点睛：解决本题的关键知道图象的物理意义，搞清运动员的运动情况，通过加速度变化判断合力的变化，通过下降的高度判断重力势能的变化．4．如图所示，一个质量为m，均匀的细链条长为L面下，（桌面高度大于链条长度），则链条上端刚离开桌面时的动能为（）A. 0B. LC. LD. L【答案】D【解析】将链条分成水平部分和竖直部分两段，水平部分的重力势能为零，竖直部分的重心中竖直段的中间，高度为，而竖直部分的重力为，这样竖直部分的重力势能为，这样链条总的重力势能为，由机械能守恒得链条上端刚离开桌面时的动能为D正确，ABC错误，故选D。
高考物理二轮复习训练：7分钟满分训练2Word版含解析
7分钟满分训练(二)1．[物理——选修3－3](15分)(1)(5分)(2018·江西省高三下学期十校模拟)下列说法中正确的是(CDE)A．分子间作用力为零时，分子间的势能一定是零B．布朗运动是由于液体分子对固定小颗粒的撞击引起的，固体小颗粒的体积越大，液体分子对它的撞击越多，布朗运动就越显著C．在墙壁与外界无热传递的封闭房间里，夏天为了降低温度，同时打开电冰箱和电风扇，两电器工作较长时间后，房子内的气温将会增加D．一定质量的理想气体经历等温压缩过程时，气体压强增大，从分子动理论观点来分析，这是因为单位时间内，器壁单位面积上分子碰撞的次数增多E．在轮胎爆裂这一短暂过程中，气体膨胀，温度下降[解析]设分子平衡距离为r，分子距离为r。
当r>r0，分子力表现为引力，分子距离越大，分子势能越大；当r<r0，分子力表现为斥力，分子距离越小，分子势能越大；故当r ＝r0，分子力为0，分子势能最小；由于分子势能是相对的，其值与零势能点的选择有关，所以分子距离为平衡距离时分子势能最小，但不一定为零，A错误；布朗运动是由于液体分子对固体小颗粒的撞击引起的，固体小颗粒的体积越大，液体分子对它的撞击越多，不平衡性越不明显，布朗运动就越不显著，B错误；夏天为了降低温度同时打开电冰箱和电风扇，二电器工作较长时间后，为此消耗电能，故W>0，与外界无热交换，故Q＝0，根据热力学第一定律公式ΔU＝W＋Q，房内气体内能增加，故房间内部的气温将升高，C正确；由玻意耳定律可知气体的体积减小，分子数密度增加，故单位时间内单位面积器壁上受到气体分子碰撞的次数增多，D正确；当车胎突然爆裂的瞬间，气体膨胀对外做功，这一短暂过程中气体与外界热量交换很少，根据热力学第一定律气体内能是减少，温度降低，E正确。
(2)(10分)(2018·江西省高三下学期十校模拟)如图所示，截面积分别为S A＝1cm2、S B＝0.5cm2的两个上部开口的柱形气A、B，底部通过体积可以忽略不计的细管连通，A、B两个气缸内分别有两个不计厚度的活塞，质量分别为m A＝1.4kg、m B＝0.7kg。
普通高校招生全国统一考试2018年高考仿真模拟卷(四)物理试卷Word版含解析
普通高校招生全国统一考试2018年高考仿真模拟卷(四)物理试卷本试卷分第一部分(选择题）和第二部分(非选择题)两部分。
满分110分。
考试时间60分钟。
第一部分二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14~17题只有一项符合题目要求，第18~21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
·(请将答案填写在第5页答题区)14.如图所示为氢原子的能级图，对于处在n=4能级的大量氢原子，下列说法正确的是A.这群氢原子向低能级跃迁时一共可以辐射出4种不同频率的光子B.处在n=4能级的氢原子可以吸收任何一种光子而跃迁到高能级C.这群氢原子从n=4能级跃迁到n=1能级时向外辐射的光子的波长最长D.这群氢原子辐射的光子中如果只有两种能使某金属发生光电效应，则该金属的逸出功W0应满足10.2eV<W0≤12.09eV15.如图所示，将一右端带有固定挡板的长薄板放在水平面上，一轻质弹簧右端拴接在挡板上，左端拴接一可视为质点的滑块，当弹簧原长时滑块位于长薄板的O点，当滑块位于图中的A点时整个装置处于静止状态。
现将长薄板的右端缓慢地抬起直到滑块将要沿长薄板下滑。
滑块所受的静摩擦力、支持力的大小分别用F f、F N表示。
则长薄板的右端缓慢抬起的过程，下列说法正确的是A.F f先减小后增大、F N一直减小B.F f先增大后减小、F N一直增大C.F f一直增大、F N先减小后增大D.F f保持不变、F N一直减小16.已知其静电场的电场强度的方向与x轴的正方向一致，电场强度大小E与位置x的关系图象如图所示，其中0~x2段为抛物线的一段且关于x=x1对称，x2~x3段为倾斜的直线，且x1-0=x2-x1=x3-x2，开始时一带正电的粒子位于原点，现给该粒子一水平向右的初速度，使其仅在电场力的作用下沿x轴的正方向运动。
则下列说法正确的是A.带电粒子在0~x2段先做减速运动再做加速运动B.带电粒子在x2~x3段做匀加速直线运动C.位置0与x1间的电势差等于位置x1与x2间的电势差D.在0~x3段电场力对带电粒子一直做负功17.如图甲所示为一自耦变压器，P2为副线圈的滑动触头，电压表与电流表均为理想交流电表，P1为滑动变阻器R的滑动触头，变压器的原线圈接有如图乙所示的交流电，则下列说法正确的是A.当P2位于正中央时，电压表的读数为B.流过电流表的电流方向1s内改变50次C.当P2向下缓慢移动的过程中，两理想电表的读数均减小D.当P1向下移动时，变压器的输入功率减小18.如图所示为飞船B与空间站A对接的示意图，已知飞船B对接前沿图中的椭圆轨道运行，空间站A沿图中的圆轨道运行。
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7分钟满分训练(四)
1．[物理——选修3–3](15分)导学号86084460
(1)(5分)(2017·江西省南昌市十所省重点中学模拟) 下列说法正确的是( BCE )
A．一切自然过程总是沿着分子热运动无序性减小的方向进行
B．机械能转化为内能的实际宏观过程是不可逆过程
C．气体可以从单一热源吸收热量，全部用来对外做功
D．第二类永动机没有违反能量守恒定律，但违反了热力学第一定律
E. 热量可以从低温物体传到高温物体，但是不可能不引起其它变化
[解析]由熵增加原理知，一切自发过程总是沿着分子热运动的无序性增大的方向进行，故A错误；根据热力学第二定律知，机械能转化为内能的实际宏观过程是不可逆过程，故B正确；在外界的影响下，气体可以从单一热源吸收热量，全部用来对外做功，故C正确；第二类永动机没有违反能量守恒定律，但违反了热力学第二定律，故D错误；根据热力学第二定律知，热量可以从低温物体传到高温物体，但是不可能不引起其它变化。
故E 正确。
(2)(10分)(2017·江西省南昌市十所省重点中学模拟)如图所示，两个可导热的气缸竖直放置，它们的底部由一细管连通(忽略细管的容积)。
两气缸各有一个活塞，质量分别为m1和m2，活塞与气缸无摩擦。
活塞的下方为理想气体，上方为真空。
当气体处于平衡状态时，两活塞位于同一高度h.(已知m1＝2m，m2＝m)
①在两活塞上同时各放一质量为m的物块，求气体再次达到平衡后两活塞的高度差(假定环境温度始终保持为T0);
②在达到上一问的终态后，环境温度由T0缓慢上升到1.25T0，试问在这个过程中，气体对活塞做了多少功？(假定在气体状态变化过程中，两物块均不会碰到气缸顶部)。
[解析](1)开始时两缸内的气压相等，从而可得出两活塞的面积关系，两活塞上同时各加一质量为m的物块后，就打破了原有的平衡，面积小的活塞会下沉，直至面积小的活塞移到底部，再确定左侧气体的状态参量，整个过程是等温变化，由气体的状态方程可得出左
缸气体的高度，即为两活塞的高度差。
(2)缓慢升温气体发生等压变化，根据盖吕萨克定律求体积变化，求出活塞移动的距离，根据W ＝F 1Δx 求功
(1)设左、右活塞的面积分别为S ′和S ，由于气体处于平衡状态，故两活塞对气体的压强相等，即：
2mg S ′＝mg S
，由此得S ′＝2S 在两个活塞上各加质量为m 的物块后，假设左右两活塞仍没有碰到汽缸底部，
由平衡条件：P 左＝3mg 2S ，P 右＝2mg S
，P 左＜P 右， 则右活塞降至气缸底部，所有气体都在左气缸中。
在初态，气体的压强为mg S ，体积为3Sh ；在末态，气体压强为2mg 2S
，体积为2xS (x 为左活塞的高度)
由玻意耳定律得：mg S ·3Sh ＝3mg 2S
·2xS 解得：x ＝h ，即两活塞的高度差为x ＝h ②当温度由T 0上升至T ＝1.25T 0时，气体的压强不变，设x ′是温度达到T 时左活塞的高度，
由盖·吕萨克定律得：x ′＝T T 0
x ＝1.25h 活塞对气体做的功为：W ＝F Δx ＝3mg (x ′－x )＝0.75mgh
2．[物理——选修3–4](15分)导学号 86084461
(1)(5分)(2017·江西省南昌市十所省重点中学模拟)如图所示，a 、b 、c 、d …为传播简谐横波的介质中一系列等间隔的质点，相邻两质点间的距离均为0.1 m 。
若某时刻向右传播的波到达a 质点，a 开始时先向上运动，经过0.2 s ，d 质点第一次达到最大位移，此时a 正好在平衡位置。
已知质点振幅为2 cm, ad 沿传播方向上的距离小于一个波长。
则该简谐横波在介质中的波速可能值为 3或2__m/s ，此时质点j 的位移为 0__cm 。
[解析] 波从a 传到d 时，d 开始向上振动，经过14
T 第一次达到最大位移，而a 正好在平衡位置，可能经过平衡位置向下，也可能经过平衡位置向上。
若a 正好经过平衡位置向下，则a 已经振动了12T ，波从a 传到d 的时间为14
T ，则ad 间
的距离为14λ，即有14λ＝0.3 m ，可得波长λ＝1.2 m ，且T 2＝0.2 s ，得T ＝0.4 s ，故波速v ＝λT ＝1.20.4
＝3 m/s 。
在时间T 2内，波传播的距离为12
λ＝0.6 m ，所以波还没有传到j ，j 的位移为0。
若a 正好经过平衡位置向上，则a 已经振动了T ，波从a 传到d 的时间为34
T ，则ad 间的距离为34λ，即有34λ＝0.3 m ，可得波长λ＝0.4 m ，且T ＝0.2 s ，故波速v ＝λT
＝2 m/s ，在T 时间内，波传播的距离为λ＝0.4 m ，所以波还没有传到j ，j 的位移为0。
(2)(10分)(2017·江西省南昌市十所省重点中学模拟)如图所示，真空中两细束平行单色光a 和b 从一透明半球的左侧以相同速率沿半球的平面方向向右移动，光始终与透明半球的平面垂直。
当b 光移动到某一位置时，两束光都恰好从透明半球的左侧球面射出(不考虑光在透明介质中的多次反射后再射出球面)。
此时a 和b 都停止移动，在与透明半球的平面平行的足够大的光屏M 上形成两个小光点。
已知透明半球的半径为R ，对单色光a 和b 的折
射率分别为n 1＝233和n 2＝2，光屏M 到透明半球的平面的距离为L ＝(12＋32
)R ，不考虑光的干涉和衍射，真空中光速为c ，求：
①两细束单色光a 和b 的距离d ；
②两束光从透明半球的平面入射直至到达光屏传播的时间差Δt 。
[解析] (1)由sin C ＝1n
得，透明介质对a 光和b 光的临界角分别为60˚和30˚。
画出光路如图，A ，B 为两单色光在透明半球面的出射点，折射光线在光屏上形成光点D 和C ，AD 、
BC 沿切线方向。
由几何关系得：d ＝R sin60°－R sin30°＝3－12
R
(2)a 光在透明介质中v 1＝c n 1＝32
c ，传播时间 t 1＝R cos 60˚v 1＝3R 3c
在真空中：AD ＝R ，∴t ′1＝
AD c ＝R c 则t a ＝t 1＋t ′1＝(3＋3)R 3c
b 光在透明介质中v 2＝
c n 2＝c 2
传播时间 t 2＝R cos30°V 2＝3R c
在真空中：BC ＝R t ′2＝R c 则：t b ＝t 2＋t ′2＝(3＋1)R c
∴Δt ＝t b －t a ＝23R 3c。