【教育文档】吉林省梅河口市第五中学2018-2019学年高一物理下学期3月月考试卷及答案.doc
2018—2019吉林省吉林市一调物理参考答案及评分标准
2018—2019年第一次调研物理题裁截方案及仲裁人员名单第Ⅱ卷共五个大题，划分为四组。
1组：第13、14大题双评阈值 3分2组：第15大题双评阈值 3分3组：第16大题双评阈值 3分4组：第17大题双评阈值 3分预计明天（10月27日）上午8点开始网评，10月30日下午4点前完成评卷工作。
请高三物理各位老师及时在线进行评卷工作，按各校任务量分配保质保量的完成自己的任务。
大家辛苦了，谢谢。
各校备课组长：这次网评我让网管将每个人权限都设定为可见所有题，以便于组内老师之间可以互相帮助而不至于影响评卷进程。
各校备课组长：13题空比较少，14题空又比较多，所以将13,14两题合为一块，评卷任务较重，所以分配评卷人员要适当多一些，与其它题尽量均衡。
各校备课组长：初评时，有的老师若掌握不好标准备课组长要予以及时指导，依据标准的同时要放宽标准，要及时在线，有问题及时与我联系，确保标准的统一及宽严相济的原则。
本次网评仲裁小组人员名单：吉林一中：李苗马月吉林二中：陈爽英付强吉林四中：王瑜王玉萍毓文中学：杨晓英吕秋月吉林市实验中学：陈岩姜海峰吉化一中：杜庆智董秋红田家炳中学：秦正荣于宏艳吉化三中：王昱松花江中学：王歆彤江城中学：许美娜吉林十二中：李慧马小乐吉林十八中：李杰永吉实验高中：金香莲永吉四中：刘晓成舒兰一中：王喜军蛟河一中：李智杰磐石一中：骆静磐石五中：聂春霞桦甸四中：孟庆鹏杨爱军各小组人员分配情况：1组：第13、14大题杜庆智（本组评卷的题长）、马月、杨晓英骆静、王昱、杨爱军付强2组：第15大题陈岩（本组评卷的题长）、王玉萍、于宏艳、刘晓成、聂春霞、孟庆鹏王喜军3组：第16大题董秋红（本组评卷的题长）、陈爽英、秦正荣王瑜、许美娜、王歆彤、马小乐4组：第17大题李苗（本组评卷的题长）、李慧李智杰、姜海峰﹑李杰吕秋月金香莲参加仲裁的老师要及时在线评仲裁卷，避免堆积而影响评卷进程。
仲裁老师在各自学校的评卷任务量减半，由同组其他老师完成减半的任务量，请各校备课组长酌情安排各题的任务量，谢谢，大家辛苦了。
吉林省梅河口市第五中学2018-2019学年高一下学期3月月考历史试题附答案解析
梅河口市第五中学2018—2019学年度下学期高一月考历史试题注意事项：1.考试时间90分钟，满分100分。
2.第Ⅰ卷答案按要求涂在答题卡上，第Ⅱ卷答案写在答题卡上指定区域之内。
3.只交答题卡。
第I卷（共60分）一、单项选择题（每空2分，30道选择题）1.土地兼并往往导致社会矛盾频发，统治者虽然采取措施，制定官民占有土地的最高限额，但始终不能阻止封建社会土地兼并问题的出现。
其根源在于A. 封建土地私有制B. 社会动荡不安C. 豪强地主势力阻挠D. 重农抑商政策【答案】A【解析】【详解】本题考查土地兼并的根源。
结合所学知识可知，土地兼并的根源是土地私有制，故A正确；社会动荡不安会加速土地兼并，但不是根源，故B错误；豪强地主势力阻挠不是土地兼并的根源，故C错误；重农抑商政策鼓励发展农业，需要限制土地兼并，与材料要求不符，故D错误。
2.《齐民要术》卷一《耕田》对耕耱技术有详细要求。
首先，要求“犁廉耕细”，即要求所耕犁条不能太宽，宽了就耕不深，耕不细。
其次，要求根据墒情（土壤湿度情况）确定耕作时间。
再次，耕地的深度，要求因时而定。
材料反映中国古代农业A. 因时耕作，集体劳动B. 分工细致，技术先进C. 重视农时，精耕细作D. 男耕女织，自给自足【答案】C【解析】【详解】由材料“犁廉耕细”“根据墒情（土壤湿度情况）确定耕作时间”“耕地的深度，要求因时而定”可知是对农业的精耕细作，故C正确；材料未体现集体劳作，故A错误；材料未体现农业的分工，故B错误；材料体现的是精耕细作，不是男耕女织，故D错误。
【点睛】本题考查农业的精耕细作。
由材料“耕耱技术”技术的记载可知反映的是农业的精耕细作。
3.汉高祖刘邦曾下诏，令兵解甲归田，赐以田宅，允许在战争中流亡山泽的人还乡，恢复其田宅爵位。
汉高祖这一措施有利于A. 增加自耕农所占的比重B. 提高民众的政治地位C. 促进商业的恢复与发展D. 削弱豪强地主的势力【答案】A【解析】【详解】从材料中的“令兵解甲归田，赐以田宅，允许在战争中流亡山泽的人还乡，恢复其田宅爵位”来看，这些拥有土地的人耕种自己的土地，从而增加了自耕农在农民群体中所占的比重。
【精编】吉林省梅河口市第五中学2018-2019学年高一英语3月月考试卷.doc
吉林省梅河口市第五中学2018-2019学年高一英语3月月考试题本考试卷满分150分考试时间120分钟本试卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分。
考生作答时，将答案答在答题卡上，在本试卷上答题无效。
考试结束后，只交答题卡。
第I卷选择题（共两部分，满分100分）第一部分听力（共两节，满分30分）第一节（共5小题；每小题1.5分，满分7.5分）听下面5段对话。
每段对话后有一个小题，从题中所给的A、B、C三个选项中选出最佳选项，并标在试卷的相应位置。
听完每段对话后，你都有10秒钟的时间来回答有关小题和阅读下一小题。
每段对话仅读一遍。
1. Where does the man get the method of dealing with stress?A. From his own experience.B. From the book he has read.C. From what others have done.2. How will the speakers probably find the right place for dinner?A. By surfing the Internet.B. By looking around.C. By asking the local people.3. What will the man drink?A. Cold sodaB. Coffee.C. Hot tea.4. Why does the man need the green socks?A. To attend a wedding.B. To attend a birthday party.C. To celebrate a special day.5. What does the man do twice a week?A. Lifting weights.B. JoggingC. Practicing boxing.第二节（共15小题；每小题1.5分，满分22.5分）听下面5段对话或独白。
2018-2019学年吉林省梅河口市第五中学高一3月月考数学(文)试题(解析版)
2018-2019学年吉林省梅河口市第五中学高一3月月考数学（文）试题一、单选题1．某几何体的三视图如图所示，则该几何体的体积为（）A．B．C．D．【答案】D【解析】根据已知可得该几何体是一个四分之一圆锥，与三棱柱的组合体，分别求出它们的体积，相加可得答案．【详解】根据已知可得该几何体是一个四分之一圆锥，与三棱柱的组合体，四分之一圆锥的底面半径为1，高为1，故体积为：，三棱柱的底面是两直角边分别为1和2的直角三角形，高为1，故体积为：，故组合体的体积，故选D．【点睛】本题考查的知识点是由三视图求体积和表面积，根据三视图判断出几何体的形状是解答的关键，属于中档题.2．《九章算术》中，将底面是直角三角形的直三棱柱称为“堑堵”．某“堑堵”的三视图如图所示，则它的表面积为（）A．B．C．D．【答案】D【解析】根据题意和三视图知几何体是一个放倒的直三棱柱，由三视图求出几何元素的长度，由面积公式求出几何体的表面积．【详解】根据题意和三视图知几何体是一个放倒的直三棱柱，底面是一个直角三角形，两条直角边分别是,斜边是2，且侧棱与底面垂直，侧棱长是2，∴几何体的表面积故选：D．【点睛】本题考查三视图求几何体的表面积，由三视图正确复原几何体是解题的关键，考查空间想象能力．3．已知梯形是直角梯形，，，且，，.按照斜二测画法作出它的直观图，则直观图面积为( )A．B．C．D．【答案】D【解析】由直观图面积是原图形面积的倍，即可求出答案。
【详解】梯形的面积为，则直观图的面积为.【点睛】本题考查了直观图与原图形面积的关系，直观图面积是原图形面积的倍，是解决本题的关键，属于基础题。
4．下列命题正确的是( )A．一条直线与一个平面平行，它就和这个平面内的任意一条直线平行B．平行于同一个平面的两条直线平行C ．平面外的两条平行直线中的一条与一个平面平行，则另一条直线也与此平面平行D ．与两个相交平面的交线平行的直线，必平行于这两个平面 【答案】C【解析】逐一考查所给的说法是否正确即可. 【详解】 在正方体中逐一考查所给的命题：A . 直线AB 平行于平面，不满足，题中的命题错误；B . 直线AB ,BC 为平行于同一个平面的两条直线，很明显两直线相交不平行，题中的命题错误；C . 由线面平行的判定定理可知：平面外的两条平行直线中的一条与一个平面平行，则另一条直线也与此平面平行，题中的命题正确；D . 与两个相交平面的交线平行的直线，不一定平行于这两个平面，可能在某个平面之内，题中的命题错误；本题选择C 选项. 【点睛】本题主要考查线面关系有关命题的判定，属于基础题.5．设l ， m 是两条不同的直线， α是一个平面，则下列命题正确的是 （ ） A ．若l m ⊥， m α⊂，则l α⊥ B ．若l α⊥， //l m ，则m α⊥ C ．若//l α， m α⊂，则//l m D ．若//l α， //m α，则//l m 【答案】B【解析】试题分析： l α⊥，则l 垂直α内所有直线，故A 正确；B 错， l 可能在α内；C 错， l 与m 可能异面，D 错， l 与m 可能相交. 【考点】线面的位置关系6．在空间四边形的各边上的依次取点，若所在直线相交于点，则（）A．点必在直线上B．点必在直线上C．点必在平面内D．点必在平面外【答案】B【解析】由于平面，而平面，且所在直线相交于点，可知点在两面的交线上，进而可得出结果.【详解】因为，所在直线相交于点，所以，又因为平面，所以平面；同理：平面，所以是平面与平面的公共点；因为平面平面，所以，即点必在直线上.故选B【点睛】本题主要考查平面的基本性质及推论，熟记相关性质即可，属于基础题型.7．已知a，b，c分别为的三个内角A，B，C的对边，已知，，，若满足条件的三角形有两个，则x的取值范围是A．B．C．D．【答案】B【解析】由已知根据正弦定理用x表示出，由C的度数及正弦函数的图象可知满足题意的A的范围，然后根据A的范围，利用特殊角的三角函数值即可求出的范围，进而求出x的取值范围．【详解】解：在中，由正弦定理得：，即，可得：，由题意得：当时，满足条件的有两个，所以，解得：，则a的取值范围是．故选：B．【点睛】此题考查了正弦定理及特殊角的三角函数值要求学生掌握正弦函数的图象与性质，牢记特殊角的三角函数值以及灵活运用三角形的内角和定理这个隐含条件，属于基本知识的考查．8．在中，，，其面积为，则等于( )A．B．C．D．【答案】A【解析】先由三角形面积公式求出，再由余弦定理得到，再由正弦定理，即可得出结果.【详解】因为在中，，，其面积为，所以，因此，所以，所以，由正弦定理可得：，所以.故选A【点睛】本题主要考查解三角形，熟记正弦定理和余弦定理即可，属于基础题型.9．将半径为，圆心角为的扇形围成一个圆锥，则该圆锥的内切球的表面积为（）A．B．C．D．【答案】C【解析】先设圆锥底面圆半径为，高为，求出与，再设内切球的半径为，根据圆锥的结构特征，列出等式，即可求出结果.【详解】设圆锥底面圆半径为，高为，则，所以，，设内切球的半径为，则，解得，所以内切球的表面积为.故选C【点睛】本题主要考查几何体内切球的表面积，熟记公式以及几何体的结构特征即可，属于常考题型.10．一正方体表面沿着几条棱裁开放平得到如图所示的展开图，则在原正方体中( )A．B．C．D．【答案】C【解析】首先还原几何体，然后考查所给的几何关系是否成立即可.【详解】原正方体如图，由图可得CD∥GH，C正确．AB与CD相交，A错误；AB与平面CD相交，B错误；AB与GH是异面直线，D错误.本题选择C选项.【点睛】本题主要考查正方体的展开面与还原，正方体中元素的位置关系等知识，意在考查学生的转化能力和空间想象能力.11．四棱锥的三视图如图所示，则该四棱锥的外接球的表面积为（）A．B．C．D．【答案】C【解析】由题意可知,四棱锥P-ABCD顶点P的射影落在AD中点,长度为,底面边长为4,2,且平面PAD垂直平面ABCD,因此球心O应在矩形ABCD对角线交点处的正上方,且设高为h,则有,即,解得,,四棱锥的外接球的表面积为,故选C.12．在中，所对的边分别为，，，且满足，则该三角形的外接圆的半径为（）A．B．C．D．【答案】B【解析】根据向量的数量积的运算，求得，由正弦定理和余弦定理，列出方程求得，进而得到，再利用正弦定，即可求解球的半径.【详解】由题意，因为，所以．由余弦定理得：.又因为，所以，所以，所以，所以，所以，所以，所以，所以.【点睛】本题主要考查了向量的数量积的运算，以及利用正、余弦定理解三角形问题，其中合理应用正弦定理和余弦定理列出方程是解答的关键，着重考查了推理与运算能力，属于基础题.二、填空题13．在中，角所对的边分别为，且满足，若的面积为，则__【答案】4【解析】由正弦定理化简已知等式可得，由余弦定理可得，根据同角三角函数基本关系式可得，进而利用三角形面积公式即可计算得解．【详解】，由正弦定理可得，，即：，由余弦定理可得，，可得，的面积为，可得，解得，故答案为4．【点睛】本题主要考查了正弦定理，余弦定理，同角三角函数基本关系式，三角形面积公式在解三角形中的综合应用，属于中档题．解三角形时，有时可用正弦定理，有时也可用余弦定理，应注意用哪一个定理更方便、简捷．如果式子中含有角的余弦或边的二次式，要考虑用余弦定理；如果遇到的式子中含有角的正弦或边的一次式时，则考虑用正弦定理；以上特征都不明显时，则要考虑两个定理都有可能用到．14．《九章算术》中记载了一个“折竹抵地”问题，今年超强台风“山竹”登陆时再现了这一现象（如图所示），不少大树被大风折断.某路边一树干被台风吹断后（没有完全断开），树干与底面成角，折断部分与地面成角，树干底部与树尖着地处相距米，则大树原来的高度是____米（结果保留根号）．【答案】【解析】先设树干底部为，树尖着地处为，折断点为，得到三角形的三个角的大小，再由正弦定理即可求解.【详解】如图所示,设树干底部为，树尖着地处为，折断点为，则,, 所以．由正弦定理知,，所以(米)， (米)，(米)．答案：【点睛】本题主要考查解三角形的应用，常用正弦定理和余弦定理等来解题，难度不大. 15．下列四个正方体图形中，，为正方体的两个顶点，，，分别为其所在的棱的中点，能得出平面的图形的序号是____【答案】①④【解析】由题意得，①中连接点与点上面的顶点，记为，则易证平面平面，所以平面；④中，根据空间直线与平面平行的判定定理可以得出平面；②③中，均与平面相交，故选①④．点睛：本题主要考查了空间中的直线与平面平行的判定问题，其中解答中涉及到直线与平面平行的判定定理和平面与平面平行的性质定理的综合应用，解答时熟记线面位置关系的判定和性质定理和应结合图形进行分析是解答的关键.16．现给出以下四个命题：①已知中，角A，B，C的对边为a，b，c，当，，时，满足条件的三角形共有1个；②已知中，角A，B，C的对边为a，b，c，若三角形，这个三角形的最大角是；③设是两条不同的直线，，是两个不同的平面,若，，则；④设是两条不同的直线，，是两个不同的平面,若，，则其中正确的序号是__________（写出所有正确说法的序号）.【答案】②④【解析】根据正弦定理判断①；根据余弦定理可判断②；根据空间中线面、线线位置关系可判断③；根据面面平行的性质可判断④.【详解】①当，，时，由正弦定理可得，所以，故三角形不存在，①错；②若三角形中，，可设，所以，因此，故②正确；③因为是两条不同的直线，，是两个不同的平面,若，，则或与异面；故③错；④设是两条不同的直线，，是两个不同的平面,若，，由面面平行的性质，即可得出结果，故④正确；故答案为②④【点睛】本题主要考查命题的真假判断，熟记正弦定理、余弦定理、空间中线面位置关系以及面面平行的性质等，即可得出结果，属于常考题型.三、解答题17．如图所示，四棱锥中，，底面中，，，又，，为中点．（1）求证：平面；（2）求异面直线与所成角．【答案】（1）见解析（2）【解析】(1)首先可以取的中点为并连接、，然后利用三角形中位线的相关性质证明出四边形为平行四边形以及，即可得出结果；(2)首先可以取中点并连接，然后通过证明得出异面直线P A与CB 所成角即，最后利用三边长即可得出结果。
梅河口市第五中学2022-2023学年高二下学期3月月考物理试卷
C.法拉第，赫兹D.麦克斯韦，赫兹
2.如图是一弹簧振子在水平面内做简谐运动的 图像，则下列说法正确的是（）
A. 时刻和 时刻具有相同的动能和动量
B.弹簧振子的振动方程是
C. 到1.0s时间内加速度变小，速度减小
D. 等于
3.传感器是采集信息的一种重要元件，如图所示是一种电容式压力传感器，当待测压力作用于可动电极时，使它发生形变，从而改变传感器的电容。若电流从灵敏电流计“＋”接线柱流进时指针向右偏，从“－”流进时向左偏。当待测压力突然增大时，下列说法中正确的是（）
②造成图像不过坐标点的原因可能是______。
A.摆长测量偏大B.摆长测量偏小C.周期测量偏大D.周期测量偏小
三、解答题（本大题共3小题，第13题10分，第14题12分，第15题14分，共36分。解答时要求有必要的文字说明、重要方程式和演算步骤，有数值计算的题要有最后结果和单位，只有最后结果没有过程的不能得分）
（2）输电导线上的功率损失；
（3）降压变压器原、副线圈的匝数之比。
15.地球是个巨大的磁体，它周围空间存在的磁场叫地磁场，但地磁场看不到，摸不着，但同学们都很好奇。为了研究地磁场，赵老师指导的一个学习小组在空旷的场地上做“摇绳发电实验”，等效示意图如下。他们将一铜芯线像甩跳绳一样匀速摇动，铜芯线的两端分别通过细铜线与灵敏交流电流表相连。摇绳的两位同学的连线与所在处的地磁场（可视为匀强磁场）垂直。摇动时，转动的铜芯线所围成区域近似半圆，面积为S，转动角速度ω，用电表测得电路中电流I，电路总电阻R。（已知S=5m2， ，I=20μA，R=100Ω，取 。）
A.若驱动力的频率为f0，乙单摆振动的频率大于f0
B.若驱动力的频率为f0，乙单摆振动的频率小于f0
吉林省梅河口市第五中学2018_2019学年高一化学下学期3月月考试题(含解析)
吉林省梅河口市第五中学2018-2019 学年高一化学放学期 3 月月考试题（含分析）可能用到的相对原子质量：H-1 O-16 Na-40 S-32 Cl-35.5 Cu-64第 I 卷( 选择题，共50 分)一、选择题：本题共10 小题，每题 2 分，共 20 分。
每题只有一个选项切合题意。
1. 氢气是人类将来最理想的燃料，以水为原料大批制取氢气的最理想的门路是()A. 利用太阳能直接使水分解产生氢气B. 以焦炭和水制取水煤气( 含 CO和 H2) 后分别出氢气C. 用铁和盐酸反响放出氢气D. 由热电站供给电力电解水产生氢【答案】 A【分析】【剖析】以水为原料制取氢气，需要耗费另一种能源，如化石燃料等，并且这些能源都比较紧缺。
而利用太阳能在某种催化剂作用下分解水是最好的，太阳能环保无污染，且取之不尽用之不断。
【详解】 A．太阳能环保无污染，且资源相当丰富，取之不尽用之不断， A 正确；B．焦炭是不行重生资源， B 错误；C．用铁和盐酸反响放出氢气成本太高， C 错误；D．电能是洁净能源，无需转变为氢气， D 错误。
答案选 A。
2.是一种人工合成的超重化学元素，元素符号为Ts，元素名称为，以下说法正确的是A. 中子数 117B.质子数293C. 质量数 176D. 原子序数117【答案】 D【分析】【详解】 A.的中子数为293-117=176 ，故 A 错误；B.的质子数为117，故 B 错误；C.的质量数为 293，故 C 错误；D.的原子序数为 117，故 D 正确；正确答案： D。
【点睛】（ 1）①②质子数(Z)＝核电荷数＝原子序数；(2)质量数 (A) ＝质子数 (Z) ＋中子数 (N)3.冰毒有剧毒，人体摄取后将严重伤害心脏、大脑组织甚至致使死亡，禁止吸食。
它的分子式为 C10H15N，此中的氮元素在周期表中处于A. 第IIA 族B.第IIIA族C. 第IVA族D. 第VA族【答案】 D【分析】【详解】氮元素的原子序数为7，在周期表中位于第二周期VA族，应选D。
梅河口市高中2018-2019学年高二上学期第三次月考试卷物理
梅河口市高中2018-2019学年高二上学期第三次月考试卷物理班级__________ 座号_____ 姓名__________ 分数__________一、选择题1． 如图所示，匀强电场中有a 、b 、c 三点，在以它们为顶点的三角形中，∠a ＝30°，∠c ＝90°，电场方向与三角形所在平面平行。
已知a 、b 和c 点的电势分别为（2－）V 、（2＋） V 和2 V 。
该三角形的外接圆33上最低、最高电势分别为A ．（2－） V 、（2＋） V 33B ．0、4 VC ．（2－） V 、（2＋） V433433D ．0、2 V 3【答案】 B 【解析】2． 如图，A 、B 两球用劲度系数为k 1的轻弹簧相连，B 球用长为L 的细绳悬于O 点，A 球固定在O 点正下方，且O 、A 间的距离恰为L ，此时绳子所受的拉力为T 1，弹簧的弹力为F 1，现把A 、B 间的弹簧换成劲度系数为k 2（k 1>k 2）的轻弹簧，仍使系统平衡，此时绳子所受的拉力为T 2， 弹簧的弹力为F 2，则下列说法正确的是（）A. T 1＜T 2B. F 1＜F 2C. T 1＝T 2D. F 1＝F 2【答案】C【解析】解：对小球B 受力分析，由平衡条件得，弹簧的弹力N 和绳子的拉力F 的合力与重力mg 大小相等、方向相反，即，作出力的合成图，并由三角形相似得： ，又由题， ，得=mg F 合F T FOA OB AB==合OA OB L ==，绳子的拉力T 只与小球B 的重力有关，与弹簧的劲度系数k 无关，所以得到T 1=T 2，故C 项T F mg ==合正确。
换成K 2以后AB 减小由可知F 1>F 2，B 错误F T FOA OB AB==合综上所述，本题正确答案为C 。
3． 下列四幅图中，能表示物体作匀速直线运动的图像是（）A.B.C.D.【答案】BCD4．如图，闭合铜制线框用细线悬挂，静止时其下半部分位于与线框平面垂直的磁场中。
吉林省梅河口市第五中学2018-2019学年高一3月月考数学(理)试题
2018-2019学年第二学期梅河口市第五中学高一数学第一次月考试卷（理）第I卷（选择题)一、单选题（每题5分共60分）1．某几何体的三视图如图1所示，则该几何体的体积为（）图1A．13+π12B．13+π4C．1+π4D．1+π122．《九章算术》中，将底面是直角三角形的直三棱柱称为“堑堵”．某“堑堵”的三视图如图2，则它的表面积为（）A．2 B．4+2√2C．4+4√2D．6+4√23．已知梯形ABCD是直角梯形，AD∥BC，AB⊥BC，且AD=2，BC=4，AB=2.按照斜二测画法作出它的直观图A′B′C′D′，则直观图A′B′C′D′的面积为( )A．√3B．2√2C．3√24D．3√224．下列命题正确的是( )A．一条直线与一个平面平行，它就和这个平面内的任意一条直线平行B．平行于同一个平面的两条直线平行C．平面外的两条平行直线中的一条与一个平面平行，则另一条直线也与此平面平行D．与两个相交平面的交线平行的直线，必平行于这两个平面5.设ml,是两条不同的直线，α是一个平面，则下列命题正确的是（）A.若αα⊥⊂⊥lmml则,, B.若ll,α⊥∥m,则α⊥mC.若l∥αα⊂m,，则l∥m D.若l∥α，m∥α，则l∥m6．在空间四边形ABCD的各边AB、BC、CD、DA上的依次取点E、F、G、H，若EH、FG所在直线相交于点P，则（）图2A．点P必在直线AC上B．点P必在直线BD上C．点P必在平面DBC外D．点P必在平面ABC内7．已知a，b，c分别为△ABC的三个内角A，B，C的对边，已知∠C=45∘，c=√2，a=x，若满足条件的三角形有两个，则x的取值范围是(A．√2<x<1B．√2<x<2C．1<x<2D．1<x<√28．在空间四边形ABCD中，若AB=BC=2，E、F分别是AB、CD的中点，EF=3,则异面直线AD与BC 所成角为（）A．120°B．45°C．60°D．9．将半径为3，圆心角为2π3的扇形围成一个圆锥，则该圆锥的内切球的表面积为（）A．4πB．3πC．2πD．π10．一正方体表面沿着几条棱裁开放平得到如图所示的展开图，则在原正方体中( )A．AB∥CD B．AB∥平面CD C．CD∥GH D．AB∥GH11.四棱锥P ABCD-的三视图如图所示，则该四棱锥的外接球的表面积为（）A．815πB．8120πC．1015πD．10120π12．在ΔABC中，A，B，C所对的边分别为a，b，c，B=π3，AB⃑⃑⃑⃑⃑ ⋅BC⃑⃑⃑⃑⃑⃑⃑ =−2，且满足sinA+sinC=2sinB，则该三角形的外接圆的半径R为（）A．4√33B．2√33C．√3D．2第II卷（非选择题)二、填空题（每题5分共20分）13．在△ABC中，角A,B,C所对的边分别为a,b,c，且满足sinAsinB+sin2C=sin2A+sin2B，若△ABC 的面积为√3，则ab=______．14．如图，从气球上测得正前方的河流的两岸，的俯角分别为和，如果这时气球的高是30米，则河流的宽度为______米.15．下列四个正方体图形中，A，B为正方体的两个顶点，M，N，P分别为其所在的棱的中点，能得出AB//平面MNP的图形的序号是__________．16．现给出以下四个命题：已知中，角A，B，C的对边为a，b，c，当，，时，满足条件的三角形共有1个；已知中，角A，B，C的对边为a，b，c，若三角形a：b：c=3：5：7，这个三角形的最大角是；设是两条不同的直线，，是两个不同的平面,若，，则；设是两条不同的直线，，是两个不同的平面,若，，则其中正确的序号是__________（写出所有正确说法的序号）.三、解答题（17题10分，18、19、20、21、22每题12分）17．（10分）如图，四棱锥P−ABCD中，ADPDDCPD⊥⊥,，底面ABCD中，AB//DC，AB⊥AD，又CD=6，AB=AD=PD=3，E为PC中点．(1)求证：BE//平面PAD；(2)求异面直线PA与CB所成角．18．（12分）已知a，b，c分别为△ABC内角A，B，C的对边，且asinB−√3bcosA=0．(1)求角A；(2)若a=√13，b=3，求△ABC的面积．19．（12分）如图，四棱锥P−ABCD中，ADPAABPA⊥⊥,(PA是四棱锥P−ABCD的高),AD//BC,AB=AD=AC=3,PA=BC=4,PB=5,M为线段AD上一点，AM=2MD, N为PC的中点. （1）证明：MN//平面PAB；（2）求三棱锥C-BMN的体积.20．(12分)在△ABC中，角A，B，C的对边分别为a，b，c，且c+c⋅cosB=√3b⋅sinC．(1)求角B；(2)若a+c=7，△ABC的面积为3√3，求△ABC的周长．21．（12分）已知向量()sin ,3sin m x x =， ()sin ,cos n x x =-，设函数()•f x m n =. （1）求函数()f x 的单调递增区间；（2）在ABC ∆中，边,,a b c 分别是角,,A B C 的对边，角A 为锐角，若()sin 216f A A π⎛⎫+-= ⎪⎝⎭，7b c +=， ABC ∆的面积为23，求边a 的长.22．（12分）在ΔABC 中，角的对边分别为，向量，向量，且.（1）求角的大小； （2）设的中点为，且，求的最大值.。
吉林省梅河口市第五中学高一数学3月月考试题文(含解析)
吉林省梅河口市第五中学2018-2019学年高一数学3月月考试题文（含解析）第I卷（选择题)一、单选题（每题5分共60分）1.某几何体的三视图如图所示，则该几何体的体积为（）A. B. C. D.【答案】D【解析】【分析】根据已知可得该几何体是一个四分之一圆锥，与三棱柱的组合体，分别求出它们的体积，相加可得答案．【详解】根据已知可得该几何体是一个四分之一圆锥，与三棱柱的组合体，四分之一圆锥的底面半径为1，高为1，故体积为：，三棱柱的底面是两直角边分别为1和2的直角三角形，高为1，故体积为：，故组合体的体积，故选D．【点睛】本题考查的知识点是由三视图求体积和表面积，根据三视图判断出几何体的形状是解答的关键，属于中档题.2.《九章算术》中，将底面是直角三角形的直三棱柱称为“堑堵”．某“堑堵”的三视图如图所示，则它的表面积为（）A. B. C. D.【答案】D【解析】【分析】根据题意和三视图知几何体是一个放倒的直三棱柱，由三视图求出几何元素的长度，由面积公式求出几何体的表面积．【详解】根据题意和三视图知几何体是一个放倒的直三棱柱，底面是一个直角三角形，两条直角边分别是,斜边是2，且侧棱与底面垂直，侧棱长是2，∴几何体的表面积故选：D．【点睛】本题考查三视图求几何体的表面积，由三视图正确复原几何体是解题的关键，考查空间想象能力．3.已知梯形是直角梯形，，，且，，.按照斜二测画法作出它的直观图，则直观图面积为( )A. B. C. D.【答案】D【解析】【分析】由直观图面积是原图形面积的倍，即可求出答案。
【详解】梯形的面积为，则直观图的面积为.【点睛】本题考查了直观图与原图形面积的关系，直观图面积是原图形面积的倍，是解决本题的关键，属于基础题。
4.下列命题正确的是( )A. 一条直线与一个平面平行，它就和这个平面内的任意一条直线平行B. 平行于同一个平面的两条直线平行C. 平面外的两条平行直线中的一条与一个平面平行，则另一条直线也与此平面平行D. 与两个相交平面的交线平行的直线，必平行于这两个平面【答案】C【解析】【分析】逐一考查所给的说法是否正确即可.【详解】在正方体中逐一考查所给的命题：A. 直线AB平行于平面，不满足，题中的命题错误；B. 直线AB,BC为平行于同一个平面的两条直线，很明显两直线相交不平行，题中的命题错误；C. 由线面平行的判定定理可知：平面外的两条平行直线中的一条与一个平面平行，则另一条直线也与此平面平行，题中的命题正确；D. 与两个相交平面的交线平行的直线，不一定平行于这两个平面，可能在某个平面之内，题中的命题错误；本题选择C选项.【点睛】本题主要考查线面关系有关命题的判定，属于基础题.5.设，是两条不同的直线，是一个平面，则下列命题正确的是（）A. 若，，则B. 若，，则C. 若，，则D. 若，，则【答案】B。
吉林省梅河口市第五中学2018-2019学年高一下学期3月月考历史试题(含解析)
梅河口市第五中学2018—2019学年度下学期高一月考历史试题注意事项：1.考试时间90分钟，满分100分。
2.第Ⅰ卷答案按要求涂在答题卡上，第Ⅱ卷答案写在答题卡上指定区域之内。
3.只交答题卡。
第I卷（共60分）一、单项选择题（每空2分，30道选择题）1.土地兼并往往导致社会矛盾频发，统治者虽然采取措施，制定官民占有土地的最高限额，但始终不能阻止封建社会土地兼并问题的出现。
其根源在于A. 封建土地私有制B. 社会动荡不安C. 豪强地主势力阻挠D. 重农抑商政策【答案】A【解析】【详解】本题考查土地兼并的根源。
结合所学知识可知，土地兼并的根源是土地私有制，故A正确；社会动荡不安会加速土地兼并，但不是根源，故B错误；豪强地主势力阻挠不是土地兼并的根源，故C错误；重农抑商政策鼓励发展农业，需要限制土地兼并，与材料要求不符，故D错误。
2.《齐民要术》卷一《耕田》对耕耱技术有详细要求。
首先，要求“犁廉耕细”，即要求所耕犁条不能太宽，宽了就耕不深，耕不细。
其次，要求根据墒情（土壤湿度情况）确定耕作时间。
再次，耕地的深度，要求因时而定。
材料反映中国古代农业A. 因时耕作，集体劳动B. 分工细致，技术先进C. 重视农时，精耕细作D. 男耕女织，自给自足【答案】C【解析】【详解】由材料“犁廉耕细”“根据墒情（土壤湿度情况）确定耕作时间”“耕地的深度，要求因时而定”可知是对农业的精耕细作，故C正确；材料未体现集体劳作，故A错误；材料未体现农业的分工，故B错误；材料体现的是精耕细作，不是男耕女织，故D错误。
【点睛】本题考查农业的精耕细作。
由材料“耕耱技术”技术的记载可知反映的是农业的精耕细作。
3.汉高祖刘邦曾下诏，令兵解甲归田，赐以田宅，允许在战争中流亡山泽的人还乡，恢复其田宅爵位。
汉高祖这一措施有利于A. 增加自耕农所占的比重B. 提高民众的政治地位C. 促进商业的恢复与发展D. 削弱豪强地主的势力【答案】A【解析】【详解】从材料中的“令兵解甲归田，赐以田宅，允许在战争中流亡山泽的人还乡，恢复其田宅爵位”来看，这些拥有土地的人耕种自己的土地，从而增加了自耕农在农民群体中所占的比重。
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中小学习题试卷教育文档 - 1 - 梅河口市第五中学高一下学期第一次月考检测题物理试卷
一、单项选择题 1.关于物体做曲线运动的条件，以下说法中正确的是( ) A. 初速度不为零的质点，受到与初速度的方向不在同一条直线上的外力作用 B. 质点可以不受到外力作用 C. 质点加速度的方向必须发生变化 D. 质点受到的外力与加速度有一夹角 【答案】A 【解析】 【详解】初速度不为零的质点，受到与初速度的方向不在同一条直线上的外力作用时，物体做曲线运动，选项A正确；做曲线运动的质点必须要受到外力的作用，选项B错误；做曲线运动的质点的加速度的方向不一定发生变化，例如平抛运动，选项C错误；根据牛顿第二定律可知，质点受到的外力与加速度是同向的，选项D错误；故选A.
2.一条小船由岸上的人通过滑轮用绳牵引如图所示，小船以v0速度作匀速运动，它经过图示的A点时拉船的绳与水平面的夹角为θ，那么此时拉绳的速度V的大小( )
A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 中小学习题试卷教育文档 - 2 - 【分析】 将船的速度v0分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，沿绳子方向的速度等于v，根据平行四边形定则求出拉绳的速度． 【详解】船的速度等于沿绳子方向和垂直于绳子方向速度的合速度，根据平行四边形定则，有v=v船cosα=v0cosα，故C正确，ABD错误。故选C。
【点睛】解决本题的关键知道船的速度是沿绳子方向和垂直于绳子方向速度的合速度，会根据平行四边形定则对速度进行合成． 3.如图所示，质量为m的小球从距地面高度为h的水平桌面飞出，小球下落过程中，空气阻力可以忽略。小球落地点距桌边水平距离为x，关于小球在空中的飞行时间t以及小球飞出桌面的速度v0，下面判断正确的是（当地重力加速度为g）( )
A. B. C. D. 【答案】D 【解析】 【详解】根据h得，t．则初速度．故D正确，A、B、C错误。 4.如图所示，A球在B球的斜上方，两球相向水平抛出。若要使两球在与两球抛出的距离相等的竖直线上相遇，则 中小学习题试卷教育文档 - 3 - A. A、B两球要同时抛出 B. B球要先抛出 C. A球抛出时的速度大于B球抛出时的速度 D. A球抛出时的速度小于B球抛出时的速度 【答案】D 【解析】 【详解】AB、两球都做平抛运动，在竖直方向上做自由落体运动，则有 h，得 t，可知A平抛运动的时间较长，所以A球要先抛出，故A B错误； CD、水平方向有 x＝v0t，因为x相等，A平抛运动的时间较长，所以A球抛出时的速度小于B球抛出时的速度，故C错误，D正确。 5.如图所示，一个半径R=0.75m的半圆柱体放下水平地面上，一小球从圆柱体左端A点正上方的B点水平抛出(小球可视为质点)，恰好从半圆柱体的C点掠过。已知O为半圆柱体圆心，OC与水平方向夹角为53°，重力加速度为g=10m/s2，则( )
A. 小球从B点运动到C点所用时间为0.4s B. 小球从B点运动到C点所用时间为0.5s C. 小球做平抛运动的初速度为4m/s D. 小球做平抛运动的初速度为6m/s 【答案】C 中小学习题试卷教育文档 - 4 - 【解析】 【详解】小球做平抛运动，飞行过程中恰好与半圆轨道相切于C点，知速度与水平方向的夹角为37°，设位移与水平方向的夹角为θ，则有：tanθ，因为tanθ，R＝0.75m，解得：y，根据y，解得：t＝0.3s；水平位移x＝1.6R＝v0t，解得：v0＝4m/s，故C正确,ABD错误。 6.如图所示，两个质量均为m的小木块a和b(均可视为质点)放在水平圆盘上，a与转轴OO′的距离为l，b与转轴的距离为2l，木块与圆盘的最大静摩擦力为木块所受重力的k倍，重力加速度大小为g.若圆盘从静止开始绕转轴缓慢地加速转动，用ω表示圆盘转动的角速度，下列说法正确的是(假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力) （ ）
A. b一定比a先开始滑动 B. a、b所受的摩擦力始终相等 C. 当是b开始滑动的临界角速度 D. 当时，a所受摩擦力的大小为kmg 【答案】AC 【解析】 【分析】 物体随圆盘做圆周运动，摩擦力提供向心力，分析最大静摩擦即可。 【详解】A.两物体角速度相同，由向心力公式，b物体半径大，需要的向心力更大，在角速度不断增大的过程中b物体的摩擦力先达到最大静摩擦，先开始运动，故A正确； B.a、b相对与圆盘静止时b受到的摩擦力始终比a受到的摩擦力大，B错误； C.b开始滑动时所受摩擦力，结合向心力公式得ω＝，C正确； 中小学习题试卷教育文档 - 5 - D.a刚开始滑动时ω＝，角速度大于该值时a的摩擦力才是kmg，故D错误。 【点睛】考查圆周运动中的摩擦力临界问题，要注意两物体的角速度相同。 7.如图所示，半径为r的圆柱形转筒，绕其竖直中心轴OO′转动，小物体a靠在圆筒的内壁上，它与圆筒间的动摩擦因数为μ，要使小物体不下落，圆筒转动的角速度至少为( )
A. B. C. D. 【答案】A 【解析】 当最大静摩擦力等于重力时物体刚好不下滑，
，C对； 8. 在高速公路的拐弯处，通常路面都是外高内低。如图所示，在某路段汽车向左拐弯，司机左侧的路面比右侧的路面低一些。汽车的运动可看作是做半径为R的圆周运动。设内外路面高度差为h，路基的水平宽度为d，路面的宽度为L。已知重力加速度为g。要使车轮与路面之间的横向摩擦力（即垂直于前进方向）等于零，则汽车转弯时的车速应等于（ ）
A. B. C. D. 【答案】D 中小学习题试卷教育文档 - 6 - 【解析】 要使车轮与路面之间的横向摩擦力（即垂直于前进方向）等于零，则汽车转弯时
合外力提供向心力，有：，，，B正确。 二、多项选择题 9.一艘小船在静水中的速度是6m/s，一条河宽60m，河水流速是8m/s，下列说法正确的是( ) A. 小船在这条河中运动的最大速度是10m/s B. 小船渡过这条河的最小位移是80m C. 小船以最小位移渡河时，所需的渡河时间为s D. 小船渡过这条河的最短时间是10s 【答案】BCD 【解析】 【分析】 当小船在静水中的速度与河水流速方向相同时，小船在这条河中运动速度最大；当小船的合速度方向与小船在静水中的速度方向垂直时有最小位移，根据三角形相似可得最小位移和渡河时间；当小船在静水中的速度方向垂直河岸时，渡河时间最短。 【详解】A、当小船在静水中的速度与河水流速方向相同时，小船在这条河中运动速度最大，最大速度为14m/s，故A错误。 B、由于小船的速度小于河水的流速，小船不能横渡，如下图示，当小船的合速度方向与小船在静水中的速度方向垂直时有最小位移，由速度三角形和几何三角形相似可得，小船的最小位移AC=AB=60m=80m，故B正确。 中小学习题试卷教育文档
- 7 - C、设v船与上游河岸的夹角为，=，则=，小船以最小位移渡河时，所需的渡河时间：t==s=s，故C正确。 D、当小船在静水中的速度方向垂直河岸时，渡河时间最短为：t=t==10s，故D正确 故选：BCD 10.如图所示的皮带传动装置中小轮半径ra是大轮半径rb的一半,a,b分别是小轮和大轮边缘上的点,大轮上c点到轮心O的距离恰好等于ra,若皮带不打滑.则图中a,b,c三点( )
A. 线速度之比为2 : 1 : 1 B. 角速度之比为2 : 1 : 2 C. 转动周期之比为1 : 2 : 2 D. 向心加速度大小之比为4 : 2 : 1 【答案】CD 【解析】 【分析】 在皮带传动装置中，皮带不打滑，轮边缘的线速度大小相等，同一轮上各点的角速度相等，由线速度、角速度、周期间的关系式及向心加速度公式分析。 中小学习题试卷教育文档 - 8 - 【详解】A、点a和点b是同缘传动的边缘点，线速度相等，故：，点b和点c是同轴传动，角速度相等，故：，由于：，则三点线速度之比为2:2:1，故A错误；
B、a的角速度，则三点的角速度之比为2:1:1，故B错误； C、周期，三者角速度之比为2:1:1，则周期之比为1:2:2，故C正确； D、向心加速度，角速度之比为2:1:1，半径之比为1:2:1，则4:2:1，故D正确； 故选CD。 【点睛】关键是知道皮带传动装置问题要把握两点一是同一皮带上线速度相等，二是同一转盘上角速度相等。 11.如图所示，长为L的细绳，一端系一质量为m的小球，另一端固定于O点。当绳竖直时小球静止，再给小球一水平初速度v，使小球在竖直平面内做圆周运动，并且刚好通过最高点。则下列说法中正确的是
A. 小球通过最高点时速度等于零 B. 小球在最高点时的速度大小为 C. 小球在最高点时绳对小球的拉力为mg D. 小球运动时绳对小球的拉力为 【答案】B 【解析】 小球刚好通过最高点时，绳子的拉力恰好为零，有：，解得．故AC错误，B正确．在最低点，有：，则绳子的拉力．故D