第16讲 存在性问题(整除问题)-新高考数学之数列综合讲义
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第16讲 存在性问题(整除问题)
一.选择题(共1小题) 1.已知数列{}n a 满足24
3
n n a +=
,若从{}n a 中提取一个公比为q 的等比数列{}n k a ,其中11k =且12n k k k <<⋯<,*n k N ∈,则满足条件的最小q 的值为( )
A .
43
B .
54
C .53
D .2
【解析】解:数列{}n a 满足24
3
n n a +=
, ∴128
2,3
a a ==
,3103a =,44a =,5143a =,
6163a =
,78206,3a a ==,922
3a =,108a =,⋯ 若取2143a q a ==,则323432
2()39k a a =⨯=≠,不在数列{}n a 中;
若取3153a q a ==,则32550
2()39k a =⨯=
,不在数列{}n a 中; 若取4
1
2a q a =
=,则3221022228k a a =⨯=⨯==,在数列{}n a 中. 综上,满足条件的最小的q 的值为2. 故选:D .
二.解答题(共15小题)
2.设公比为正数的等比数列{}n a 的前n 项和为n S ,已知38a =,248S =,数列{}n b 满足24log n n b a =. (Ⅰ)求数列{}n a 和{}n b 的通项公式; (Ⅱ)求正整数m 的值,使得
1
2
m m m b b b ++是数列{}n b 中的项. 【解析】解:(Ⅰ)设{}n a 的公比为q ,则有2
111848
a q a a q ⎧=⎪⎨+=⎪⎩,解得12q =,或1
3q =-(舍).
则12
832a q =
=,1
6132()22
n n n a --==,⋯(4分) 6224log 4log 2424n n n b a n -===-+.⋯(6分)
即数列{}n a 和{}n b 的通项公式为161
32()22
n n n a --==,424n b n =-+.
(Ⅱ)12(244)(204)4(6)(5)
(164)(4)
m m m b b m m m m b m m ++----==
--,令4(3,)t m t t Z =-∈, 所以
124(6)(5)4(2)(1)2
4(3)(4)m m m b b m m t t t b m t t
++--++===++-,⋯(10分)
如果
12m m m b b b ++是数列{}n b 中的项,设为第0m 项,则有02
4(3)4(6)t m t
++=-, 那么2
3t t
++
为小于等于5的整数, 所以{2t ∈-,1-,1,2}.当1t =或2t =时,2
36t t
++=,不合题意; 当1t =-或2t =-时,2
30t t
++
=,符合题意. 所以,当1t =-或2t =-时,即5m =或6m =时,
1
2
m m m b b b ++是数列{}n b 中的项.⋯(14分) 3.已知{}n a 是递增数列,其前n 项和为n S ,11a >,且*10(21)(2),n n n S a a n N =++∈. (1)求数列{}n a 的通项n a ;
(2)是否存在m ,n ,*k N ∈,使得2()m n k a a a +=成立?若存在,写出一组符合条件的m ,n ,k 的值;若不存在,请说明理由; (3)设3
2
n n n b a -=-
,若对于任意的*n N ∈12111(1)(1)(1)23
n b b b n ++⋯++恒成立,求正
整数m 的最大值.
【解析】解:(1)11110(21)(2)a a a =++,得2112520a a -+=,解得12a =或11
2
a =. 由于11a >,所以12a =.
因为10(21)(3)n n n S a a =++,所以2
10252n n
n S a a =++. 故22
1111101010252252n n n n n n n a S S a a a a ++++=-=++---.
整理,得22112()5()0n n n n a a a a ++--+=,即11()[2()5]0n n n n a a a a +++--=.
因为{}n a 是递增数列,且12a =,故10n n a a ++≠,因此152
n n a a +-=. 则数列{}n a 是以2为首项,
5
2
为公差的等差数列. 所以51
2(1)(51)22
n a n n =+-=-.
(2)满足条件的正整数m ,n ,k 不存在,证明如下: 假设存在m ,n ,*k N ∈,使得2()m n k a a a +=, 则1
5151(51)2
m n k -+-=-.
整理,得
3
22
5
m n k
+-=,①
显然,左边为整数,所以①式不成立.故满足条件的正整数m,n,k不存在.
(3)
313
(51)21
222
n n
n n
b a n n
--
=-=--=+,
不等
式
12
111
(1)(1)(1)
23
n
b b b n
++⋯+
+
可转化为3
12
123
11
1146822
35721
2323
n
n
b b
b b n
b b b b n
n n
++
+++
⋯=⋯
+
++
.
设
46822
()
3572123
n
f n
n n
+
=⋯
++
,
则
(1)35721232
5
()
3572123
f n n n n
f n
n n
⋯
++++
=
⋯
+
+
2423
2325
n n
n n
++
==
++
2
4
1
24
n
n
+
=>===
+
.
所以(1)()
f n f n
+>,即当
n增大时,()
f n也增大.
12
111
(1)(1)(1)
23
n
b b b n
++⋯+
+
对于任意的*
n N
∈()
min
f n即可.
因为
445
()(1)
35
min
f n f
===
45
.
即
4311244
8
151515
m
⨯
==.
所以,正整数n的最大值为8.
4.已知等差数列{}
n
a中,首项
1
1
a=,公差d为整数,且满足
13
1
a a
+.
24
3
a a
+,数列{}
n
b满足
1
1
n
n n
b
a a
+
=,
其前n项和为
n
S.
(Ⅰ)求数列{}
n
a的通项公式;
(Ⅱ)若
1
S,
2
S,(*)
m
S m N
∈成等比数列,求m的值.
【解析】解:(Ⅰ)等差数列{}
n
a中,首项
1
1
a=,公差d为整数,