高考数学经典例题汇总三(含解析)

曲线和方程（含解析）

例1 如果命题“坐标满足方程()0=y x f ，的点都在曲线C 上”不正确，那么以下正确的命题是

（A ）曲线C 上的点的坐标都满足方程()0=y x f ，．

（B ）坐标满足方程()0=y x f ，的点有些在C 上，有些不在C 上． （C ）坐标满足方程()0=y x f ，的点都不在曲线C 上． （D ）一定有不在曲线C 上的点，其坐标满足方程()0=y x f ，．

分析：原命题是错误的，即坐标满足方程()0=y x f ，的点不一定都在曲线C 上，易知答案为D ．

典型例题二

例2 说明过点)1,5(-P 且平行于x 轴的直线l 和方程1=y 所代表的曲线之间的关系． 分析：“曲线和方程”的定义中所列的两个条件正好组成两个集合相等的充要条件，二者缺一不可．其中“曲线上的点的坐标都是方程0),(=y x f 的解”，即纯粹性；“以方程的解为坐标的点都是曲线上的点”，即完备性．这是我们判断方程是不是指定曲线的方程，曲线是不是所给方程的曲线的准则．

解：如下图所示，过点P 且平行于x 轴的直线l 的方程为1-=y ，因而在直线l 上的点的坐标都满足1=y ，所以直线l 上的点都在方程1=y 表示的曲线上．但是以1=y 这个方程的解为坐标的点不会都在直线l 上，因此方程1=y 不是直线l 的方程，直线l 只是方程

1=y 所表示曲线的一部分．

说明：本题中曲线上的每一点都满足方程，即满足纯粹性，但以方程的解为坐标的点不都在曲线上，即不满足完备性．

典型例题三

例3 说明到坐标轴距离相等的点的轨迹与方程x y =所表示的直线之间的关系．

分析：该题应该抓住“纯粹性”和“完备性”来进行分析．

解：方程x y =所表示的曲线上每一个点都满足到坐标轴距离相等．但是“到坐标轴距离相等的点的轨迹”上的点不都满足方程x y =，例如点)3,3(-到两坐标轴的距离均为3，但它不满足方程x y =．因此不能说方程x y =就是所有到坐标轴距离相等的点的轨迹方程，到坐标轴距离相等的点的轨迹也不能说是方程x y =所表示的轨迹．

说明：本题中“以方程的解为坐标点都在曲线上”，即满足完备性，而“轨迹上的点的坐标不都满足方程”，即不满足纯粹性．只有两者全符合，方程才能叫曲线的方程，曲线才能叫方程的曲线．

典型例题四

例 4 曲线4)1(22=-+y x 与直线4)2(+-=x k y 有两个不同的交点，求k 的取值范围．有一个交点呢？无交点呢？

分析：直线与曲线有两个交点、一个交点、无交点，就是由直线与曲线的方程组成的方程组分别有两个解、一个解和无解，也就是由两个方程整理出的关于x 的一元二次方程的判别式?分别满足0>?、0=?、0

解：由???=-++-=.

4)1(,4)2(2

2y x x k y 得04)23()23(2)1(222=--+-++k x k k x k ∴]4)23)[(1(4)23(42

2

2

2

--+--=?k k k k

)5124(42+--=k k

)52)(12(4---=k k

∴当0>?即0)52)(12(<--k k ，即

25

21<

=k 时，直线与曲线有一个交点．

当0--k k ，即21

5

>k 时，直线与曲线没有公共点．

说明：在判断直线与曲线的交点个数时，由于直线与曲线的方程组成的方程组解的个

数与由两方程联立所整理出的关于x (或y )的一元方程解的个数相同，所以如果上述一元方程是二次的，便可通过判别式来判断直线与曲线的交点个数，但如果是两个二次曲线相遇，两曲线的方程组成的方程组解的个数与由方程组所整理出的一元方程解的个数不一定相同，所以遇到此类问题时，不要盲目套用上例方法，一定要做到具体问题具体分析．

典型例题五

例5 若曲线x a y =与)0(>+=a a x y 有两个公共点，求实数a 的取值范围．

分析：将“曲线有两个公共点”转化为“方程有两个不同的解”，从而研究一元二次方程的解的个数问题．若将两条曲线的大致形状现出来，也许可能得到一些启发．

解法一：由??

?+==a

x y x a y 得：a y a y -=

∵0≥y ，∴222)(a y a y -=， 即02)1(4322=+--a y a y a ． 要使上述方程有两个相异的非负实根．

则有：?????????

>->->--=?01

0120)1(442

4

23

246a a a a a a a 又∵0>a

∴解之得：1>a ．

∴所求实数a 的范围是),1(∞+．

解法二：x a y =的曲线是关于y 轴对称且顶点在原点的折线，而a x y +=表示斜率为1且过点),0(a 的直线，由下图可知，当1≤a 时，折线的右支与直线不相交．所以两曲线只有一个交点，当1>a 时，直线与折线的两支都相交，所以两条直线有两个相异的交点．

说明：这类题较好的解法是解法二，即利用数形结合的方法来探求．若题设条件中“0>a ”改为R a ∈呢，请自己探求．

典型例题六

例 6 已知AOB ?，其中)0,6(A ，)0,0(O ，)3,0(B ，则角AOB 平分线的方程是

x y =(如下图)，对吗？

分析：本题主要考查曲线方程概念掌握和理解的程度，关键是理解三角形内角平分线是一条线段．

解：不对，因为AOB ?内角平分线是一条线段OC ，而方程x y =的图形是一条直线．如点)8,8(P 坐标适合方程x y =，但点P 不在AOB ?内角AOB 的平分线上．

综合上述内角AOB 平分线为：)20(≤≤=x x y ．

说明：判断曲线的方程或方程的曲线，要紧扣定义，两个条件缺一不可，关键是要搞清楚曲线的范围．

典型例题七

例7 判断方程122+--=x x y 所表示的曲线．

分析：根据方程的表面形式，很难判断方程的曲线的形状，因此必需先将方程进行等价变形．

解：由原方程122+--=x x y 可得：

1--=x y ，即?

?

?<-≥+-=),1(1),

1(1x x x x y ∴方程122+--=x x y 的曲线是两条射线，如图所示：

说明：判断方程表示的曲线，在化简变形方程时要注意等价变形．如方程2

1-=

-y x 等价于2)1(2

-=-y x 且1≥x ，即)1(2)1(2

≥+-=x x y ，原方程的曲线是抛物线一部分．

典型例题八

例8 如图所示，已知A 、B 是两个定点，且2=AB ，动点M 到定点A 的距离是4，线段MB 的垂直平分线l 交线段MA 于点P ，求动点P 的轨迹方程．

分析：本题首先要建立适当直角坐标系，动点P 满足的条件(等量关系)题设中没有明显给出，要从题意中分析找出等量关系．连结PB ，则PB PM =，由此

4==+=+AM PM PA PB PA ，即动点P 到两定点A ，B 距离之和为常数．

解：过A ，B 两点的直线为x 轴，A ，B 两点的中点O 为坐标原点，建立直角坐标系 ∵2=AB ，∴A ，B 两点坐标分别为)0,1(-，)0,1(． 连结PB ．∵l 垂直平分线段BM ， ∴PB PM =，

4==+=+AM PM PA PB PA ．

设点),(y x P ，由两点距离公式得

4)1()1(2222=+-+++y x y x ，

化简方程，移项两边平方得(移项)

x y x -=+-4)1(222．

两边再平方移项得：

13

42

2=+y x ，即为所求点P 轨迹方程． 说明：通过分析题意利用几何图形的有关性质，找出P 点与两定点A ，B 距离之和为常数4，是解本题的关键．方程化简过程也是很重要的，且化简过程也保证了等价性．

典型例题九

例9 过()42，

P 点作两条互相垂直的直线1l ，2l ，若1l 交1l 轴于A ，2l 交y 轴于B ，求

线段AB 中点M 的轨迹方程．

解：连接PM ，设()y x M ，，则()02，x A ，

()y B 20，．

∵ 21l l ⊥

∴ PAB ?为直角三角形． 由直角三角形性质知

AB PM 2

1

=

即

()()222

2442

1

42y x y x +=

-+- 化简得M 的轨迹方程为

052=-+y x

说明：本题也可以用勾股定理求解，还可以用斜率关系求解，因此本题可有三种解法．用斜率求解的过程要麻烦一些．

典型例题十

例10 求与两定点A 、B 满足2

2

2

k PB PA =-（k 是常数）的动点P 的轨迹方程．

分析：按求曲线方程的方法步骤求解．

解法一：如图甲，取两定点A 和B 的连线为x 轴，过

AB 的中点且与AB 垂直的直线为y 轴建立坐标系．

设)0,(a A -，)0,(a B ，),(y x P ，则：222

)(y a x PA ++=，2

22

)(y a x PB +-=．

据题意，22

2

k PB PA =-，有[][]

2

2222)()(k y a x y a x =+--++得24k ax =．

由于k 是常数，且0≠a ，所以a

k x 42

=为动点的轨迹方程，即动点P 的轨迹是一条平

行于y 轴的直线．

O A

x

P

y

B

图２

M

解法二：如图乙，取A 与B 两点连线为x 轴，过A 点且与AB 垂直的直线为y 轴建立坐标系．

设)0,0(A ，)0,(a B ，),(y x P ，则：222

y x PA +=，2

22

)(y a x PB +-=．

据题意，2

2

2

k PB PA =-，有()[]

22222)(k y a x y x =+--+，

得a k a x 222+=，即动点P 的轨迹方程为a

k a x 22

2+=，它是平行于y 轴的一条直线．

解法三：如图丙建立坐标系，设),(11y x A ，),(22y x B ，),(y x P ，则

21212)()(y y x x PA -+-=，22222

)()(y y x x PB -+-=．

据题意，2

2

2

k PB PA =-，有

[][]

22222212

1

)()()()

(k y y x x y y x x =-+---+-，

整理后得到点P 的轨迹方程为：

0)(2)(222

22221211212=---++-+-k y x y x y y y x x x ，它是一条直线．

说明：由上面介绍的三种解法，可以看到对于同一条直线，在不同的坐标系中，方程不同，适当建立坐标系如解法一、解法二，得到的方程形式简单、特性明显，一看便知是直线．而解法三得到的方程烦琐、冗长，若以此为基础研究其他问题，会引起不必要的麻烦．因此，在求曲线方程时，根据具体情况适当选取坐标系十分重要．另外，也要注意到本题所求的是轨迹的方程，在作解答表述时应强调曲线的方程，而不是曲线．

典型例题十一

例11 两直线分别绕着定点A 和B (a AB 2=)在平面内转动，且转动时保持相互垂直，

求两直线的交点P 的轨迹方程．

分析：建立适当的直角坐标系，利用直角三角形的性质，列出动点所满足的等式． 解：取直线AB 为x 轴，取线段AB 的中点O 为原点建立直角坐标系，则：

)0,(a A -，)0,(a B ，P 属于集合{

}2

22AB

PB PA P C =+=．

设),(y x P ，则22222)2()()(a y a x y a x =+-+++，化简得222a y x =+． 这就是两直线的交点P 的轨迹方程． 说明：本题易出现如下解答错误：

取直线AB 为x 轴，取线段AB 的中点O 为原点建立直角坐标系，则：

)0,(a A -，)0,(a B ，交点P 属于集合{}{}1-=?=⊥=PB PA k k P PB PA P C ．

设),(y x P ，则a x y k PA +=)(a x -≠，a

x y

k PB -=)(a x ≠， 故

1-=-?+a

x y

a x y ，即222a y x =+(a x ±≠)． 要知道，当x PA ⊥轴且另一直线与x 轴重合时，仍有两直线互相垂直，此时两直线交点为A ．同样x PB ⊥轴重合时，且另一直线与x 轴仍有两直线互相垂直，此时两直线交点

为B ．因而，)0,(a A -与)0,(a B 应为所求方程的解．

纠正的方法是：当PA 或PB 的斜率不存在时，即a x ±=时，)0,(a A -和)0,(a B 也在曲线上，故所求的点P 的轨迹方程是222a y x =+．

求出曲线上的点所适合的方程后，只是形式上的曲线方程，还必须对以方程的解为坐标的点作考察，既要剔除不适合的部分，也不要遗漏满足条件的部分．

典型例题十二

例12 如图，ABC Rt ?的两条直角边长分别为a 和b )(b a >，A 与B 两点分别在x 轴的正半轴和y 轴的正半轴上滑动，求直角顶点C 的轨迹方程．

分析：由已知ACB ∠是直角，A 和B 两点在坐标轴上滑动时，AOB ∠也是直角，由平面几何知识，A 、C 、B 、O 四点共圆，则有AOC ABC ∠=∠，这就是点C 满足的几何条件．由此列出顶点C 的坐标适合的方程．

解：设点C 的坐标为),(y x ，连结CO ，由?=∠=∠90AOB ACB ，所以A 、O 、B 、

C 四点共圆．

从而ABC AOC ∠=∠．由a b A B C =∠t

a n ，x

y

AOC =∠tan ，有a b x y =，即x a b y =．

注意到方程表示的是过原点、斜率为

a

b

的一条直线，而题目中的A 与B 均在两坐标轴的正半轴上滑动，由于a 、b 为常数，故C 点的轨迹不会是一条直线，而是直线的一部分．我们可考察A 与B 两点在坐标轴上的极端位置，确定C 点坐标的范围．

如下图，当点A 与原点重合时，

x b a x AB S ABC ?+=?=

?222121，所以22b

a a

b x +=．

如下图，当点B 与原点重合时，C 点的横坐标BD x =．

由射影定理，AB BD BC ?=2

，即2

22b a x a +?=，有2

2

2b

a a x +=

．由已知b a >，

所以

2

2

22

2

b

a a b

a a

b +<

+．

故C 点的轨迹方程为：x a b y =（222

22b

a a x

b a ab +≤

≤+）． 说明：求出曲线上的点所适合的方程后，只是形式上的曲线方程，还必须对以方程的解

为坐标的点作考察，剔除不适合的部分．

典型例题十三

例13 过点)2,3(P 作两条互相垂直的直线1l 、2l ，若1l 交x 轴于A ，2l 交y 轴于B ，

M 在线段AB 上，且3:1:=BM AM ，求M 点的轨迹方程．

分析：如图，设),(y x M ，题中几何条件是21l l ⊥，在解析几何中要表示垂直关系的代数关系式就是斜率乘积为－1，所以要求M 的轨迹方程即x 、y 之间的关系，首先要把1l 、

2l 的斜率用x 、y 表示出来，而表示斜率的关键是用x 、y 表示A 、B 两点的坐标，由题

可知M 是A 、B 的定比分点，由定比分点坐标公式便可找出A 、B 、M 坐标之间的关系，进而表示出A 、B 两点的坐标，并求出M 点的轨迹方程．

解：设),(y x M ，)0,(a A ，),0(b B ∵M 在线段AB 上，且3:1:=BM AM ． ∴M 分AB 所成的比是

3

1， 由???

??

??????+=+=31131311b y a x ，得????

?==y b x

a 434， ∴)0,3

4(x A 、)4,0(y B 又∵)2,3(P ，∴1l 的斜率x k 3

432

1-=

，2l 的斜率3242--=y k ． ∵21l l ⊥，∴

132

43

4

32-=--?-y x ． 化简得：01384=-+y x ．

说明：本题的上述解题过程并不严密，因为1k 需在49≠

x 时才能成立，而当4

9

=x 时，

)0,3(A ，1l 的方程为3=x ．所以2l 的方程是2=y ．故)2,0(B ，可求得)2

1

,49(M ，而

)2

1

,49(也满足方程01384=-+y x ．故所求轨迹的方程是01384=-+y x ．这类题在解答时应注意考虑完备性和纯粹性．

典型例题十四

例14 如图，已知两点)2,2(-P ，)2,0(Q 以及一直线x y l =：，设长为2的线段AB 在直线l 上移动．求直线PA 和QB 的交点M 的轨迹方程．

分析1：设),(y x M ，题中的几何条件是2=

AB ，所以只需用),(y x 表示出A 、B

两点的坐标，便可求出曲线的方程，而要表示A 点坐标可先找出A 、M 两点坐标的关系，显然P 、A 、M 三点共线．这样便可找出A 、M 坐标之间的关系，进而表示出A 的坐标，同理便可表示出B 的坐标，问题便可以迎刃而解．

解法一：设),(y x M 、),(a a A 、),(b b B )(a b >． 由P 、A 、M 三点共线可得：2

2

22+-=+-x y a a （利用PA 与MP 斜率相等得到） ∴4

22+-+=

y x y

x a ．

由Q 、B 、M 三点共线可得x

y b b 2

2-=-． ∴2

2+-=

y x x

b ．

又由2=

AB 得2)(22=-b a ．

∴1=-a b ，∴

14

2222=+-+-+-y x y

x y x x ．

化简和所求轨迹方程为：08222

2

=+-+-y x y x ．

分析2：此题也可以先用P 、A 、M 三点共线表示出A 点坐标，再根据2=AB 表

示出B 点坐标，然后利用Q 、B 、M 三点共线也可求得轨迹方程．

解法二：设),(y x M ，),(a a A 由2=

AB 且B 在直线x y =上且B 在A 的上方可得：)1,1(++a a B

由解法一知4

22+-+=

y x y

x a ，

∴)4

4

3,443(

+-+++-++y x y x y x y x B

又由Q 、B 、M 三点共线可得：

x y y x y x y x y x 24

432

4

4

3-=+-++-+-++．

化简得所求轨迹方程为：082222=+-+-y x y x ． 解法三：由于2=

AB 且AB 在直线x y =上

所以可设),(a a A ，)1,1(++a a B ．

则直线AP 的方程为：)2)(2()2)(2(+-=-+x a y a 直线BQ 的方程为：x a y a )1()2)(1(-=-+

由上述两式解得)0(1

212≠??????

?-+=--=a a a y a

a x ∴???

????++=+-+=+4

4)1(44)1(22222

2a a y a a x

∴8)1()1(2

2

-=+-+y x ， 即082222

=+-+-y x y x ．

而当0=a 时，直线AP 与BQ 平行，没有交点． ∴所求轨迹方程为082222=+-+-y x y x ．

说明：本题的前两种方法属于直接法，相对较繁，而后一种方法，事实上它涉及到参数的思想(a 为参数)，利用交点求轨迹方程．一般先把交点表示为关于参数的坐标，然后消去参数，这也反映出运动的观点．

任意角的三角函数

例1 下列说法中，正确的是

[ ]

A ．第一象限的角是锐角

B ．锐角是第一象限的角

C ．小于90°的角是锐角

D ．0°到90°的角是第一象限的角

【分析】本题涉及了几个基本概念，即“第一象限的角”、“锐角”、“小于90°的角”和“0°到90°的角”．在角的概念推广以后，这些概念容易混淆．因此，弄清楚这些概念及它们之间的区别，是正确解答本题的关键．

【解】第一象限的角可表示为｛θ|k ·360°＜θ＜90°＋k·360°，k∈Z｝，锐角可表示为｛θ|0°＜θ＜90°｝，小于90°的角为｛θ|θ＜90°｝，0°到90°的角为

｛θ|0°≤θ＜90°｝．因此，锐角的集合是第一象限角的集合当k=0时的子集，故(A)，(C )，(D)均不正确，应选(B)．

(90°－α)分别是第几象限角？

【分析】 由sin α·cos α＜0，所以α在二、四象限；由sin α·tan α＜0，所以α在二、三象限．因此α为第二象限的角，然后由角α的

【解】(1)由题设可知α是第二象限的角，即

90°＋k·360°＜α＜180°＋k·360°(k∈Z)，

的角．

(2)因为180°＋2k·360°＜2α＜360°＋2k·360°(k∈Z)，所以2α是第三、第四象限角或终边在y轴非正半轴上的角．

(3)解法一：因为90°+k·360°＜α＜180°＋k·360°(k∈Z)，

所以－180°－k·360°＜－α＜－90°－k·360°(k∈Z)．

故－90°－k·360°＜90°－α＜－k·360°(k∈Z)．

因此90°－α是第四象限的角．

解法二：因为角α的终边在第二象限，所以－α的终边在第三象限．

将－α的终边按逆时针旋转90°，可知90°－α的终边在第四象限内．

【说明】①在确定形如α＋k·180°角的象限时，一般要分k为偶数或奇数讨论；②确定象限时，α＋kπ与α－kπ是等效的．

例3已知集合E=｛θ|cosθ＜si nθ，0≤θ≤2π｝，F=｛θ|tanθ＜sinθ｝，那么E∩F是区间

[ ]

【分析】解答本题必须熟练掌握各个象限三角函数的符号、各个象限的三角函数值随角的变化而递增或递减的变化情况．可由三角函数的性质判断，也可由三角函数线判断．用代入特殊值排除错误答案的方法解答本题也比较容易．

【解法一】由正、余弦函数的性质，

【解法二】由单位圆中的正弦线和正切线容易看出，对于二、四象限的角，AT＜MP，即tanα＜sinθ，由正弦线和余弦线可看出，当

应选(A)．

可排除(C)，(D)，得(A)．

【说明】本题解法很多，用三角函数线还可以有以下解法：因为第一、三象限均有AT ＞MP，即tanθ＞sinθ，所以(B)，(C)，(D)均不成立．用排除法也有些别的方法，可自己练习．

例 4 (1)已知角α终边上一点P(3k，－4k)(k＜0)，求sinα，cosα，tanα的值；

【分析】利用三角函数的定义进行三角式的求值、化简和证明，是

三两个象限，因此必须分两种情况讨论．

【解】(1)因为x＝3k，y=－4k，

例5一个扇形的周长为l，求扇形的半径、圆心角各取何值时，此扇形的面积最大．

【分析】解答本题，需灵活运用弧度制下的求弧长和求面积公式．本题是求扇形面积的最大值，因此应想法写出面积S以半径r为自变量的函数表达式，再用配方法求出半径r 和已知周长l的关系．

【解】设扇形面积为S，半径为r，圆心角为α，则扇形弧长为l－2r．所以

【说明】在学习弧度制以后，用弧度制表示的求弧长与扇形面积公

形的问题中，中心角用弧度表示较方便．本例实际上推导出一个重要公式，即当扇形周长为定值时，怎样选取中心角可使面积得到最大值．本题也可将面积表示为α的函数式，用判别式来解．

【分析】第(1)小题因α在第二象限，因此只有一组解；第(2)小题给了正弦函数值，但没有确定角α的象限，因此有两组解；第(3)小题角α可能在四个象限或是轴线角，因此需分两种情况讨论．

【解】

(3)因为sinα=m(|m|＜1)，所以α可能在四个象限或α的终边在x轴上．

例7(1)已知 tanα=m，求sinα的值；

【分析】(1)已知tanα的值求sinα或cosα，一般可将t anα

母都是sinα和cosα的同次式，再转化为关于ta nα的式子求值，转化的方法是将分子、分母同除以cosα(或cos2α，这里cosα≠0)，即可根据已知条件求值．

【说明】由tanα的值求sinα和cosα的值，有一些书上利用公

很容易推出，所以不用专门推导和记忆这些公式，这类问题由现有的关系式和方法均可解决．

函数的定义来证明．

由左边=右边，所以原式成立．