云南省曲靖市第一中学2018届高三上学期第四次月考理综试题 扫描版含答案

曲靖一中高考复习质量监测卷四

理科综合参考答案

一、选择题：本题共13小题，每小题6分。

二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求；第19～21题有多项符合题目要求，全部选对的给6分，选对但不全的给3分，有选错的给0分。

【解析】

1．核糖属于单糖，糖类的化学元素组成只有C、H、O，故A错误。性激素属于固醇类，化学本质不是蛋白质，抗体的化学本质属于蛋白质，故B错误。多糖、蛋白质、核酸都是生物大分子，都是由许多基本的组成单位连接而成的，这些生物大分子又称为单体的多聚体。比如，组成多糖的单体是单糖，组成蛋白质的单体是氨基酸，组成核酸的单体是核苷酸。而脂肪没有单体，由一分子甘油和三分子脂肪酸缩合而成，故C错误。磷脂是构成细胞膜的重要成分，也是构成多种细胞器膜的重要组成成分，所有细胞都有细胞膜，因此，磷脂是所有细胞必不可少的脂质，故D正确。

2．人体细胞含有46条染色体，在减数第一次分裂前的间期经过染色体的复制后，含有92条染色单体，故A正确。染色体的互换可以分为同源染色体之间和非同源染色体之间，同源染色体之间非姐妹染色单体之间的互换属于基因重组，而非同源染色体之间的互换属于染色体结构变异，故B正确。一个精原细胞可以形成四个精细胞，若发生交叉互换，一个精原细胞可以形成遗传物质不同的四种精细胞，若不发生交叉互换，一个精原细胞可以形成两种精细胞，因为来源于同一个次级精母细胞的两个精细胞遗传物质是相同的，故C错误。在减数第一次分裂过程中，由于同源染色体分离，并分别进入两个子细胞，使得每个次级精母细胞只得到初级精母细胞中染色体总数的一半，因此，减数分裂过程中染色体数目的减半发生于减数第一次分裂，故D正确。

3．DNA是生物的主要遗传物质，对于某种生物来说，遗传物质只有一种，病毒的遗传物质则是DNA或RNA，细胞型生物的遗传物质是DNA，因此DNA是人的遗传物质，而不能说是主要的遗传物质，故A错误。转录是以DNA的一条链为模板合成RNA的过程，RNA可以是mRNA、rRNA、tRNA，并不是指只合成mRNA，故B错误。DNA分子的多样性和特异性是生物体多样性和特异性的物质基础，故C正确。DNA复制遵循碱基互补配对原则，每条新链与其对应的模板链盘绕成双螺旋结构，故D错误。

4．人体所有体细胞都是由同一个受精卵分裂、分化而来的，都含有相同的遗传物质，因此人体的胰岛细胞也含有PER基因，图乙为转录过程，主要发生在细胞核，故A正确。图丙中，根据tRNA的移动方向可知，核糖体沿着mRNA从左往右移动，故B错误。图甲中①为转录过程，②为翻译过程，③过程表示PER蛋白能进入细胞核，调节PER基因的转录过程。由图甲可知，PER基因的表达过程存在反馈调节, 故C正确。图丙中可以看到tRNA、mRNA，但核糖体中还含有rRNA，故D正确。

5．由图可知，在突触前神经元内，C 消耗呼吸作用产生的ATP 合成A-C （乙酰胆碱）进入突触小泡，突触小泡移动到突触前膜释放A-C ，与突触后膜上的受体结合后，被D 酶酶解生成C 和A ，C 继续进入突触前神经元重新合成A-C ，能循环利用的物质是C ，故A 正确。神经递质与受体结合发生效应后，就被D 酶破坏而失活，若由于某种原因使D 酶失活，由于乙酰胆碱（A-C ）属于兴奋性神经递质，则突触后神经元会表现为持续兴奋，故B 错误。当兴奋传到神经末梢时突触小泡移向突触前膜，与突触前膜结合，通过胞吐的方式将A-C 释放到突触间隙，乙酰胆碱（A-C ）以胞吐的方式分泌到突触间隙，再通过扩散到达突触后膜，故C 正确。多巴胺属于单胺类神经递质，一氧化氮也具有许多神经递质的特征，因此生物体内的多巴胺和一氧化氮也能够作为神经递质，故D 正确。

6．叶绿体色素提取和分离实验中，不使用定性滤纸而是使用单层尼龙纱布进行过滤，故A 正确。在使用显微镜观察细胞的实验时，转换物镜时应转动转换器，不能直接转动物镜，故B 错误。在血细胞计数板一侧滴少量样品液在另一侧用吸水纸吸引，这是错误的做法，应让培养液自行渗入，多余培养液用滤纸吸去，故C 错误。科学家向豚鼠胰腺腺泡细胞中注射3H 标记的亮氨酸，揭示了分泌蛋白的合成、分泌过程，故D 错误。

7．用于生产芳香烃时，沸点范围一般为60～165℃，主要来源于石油化工的催化重整和裂化，A 正确。甲醛具有防皱作用，常用作衣服的防皱整理剂，由于易溶于水，因此新买的衣服用水洗可除去衣服上残留的甲醛，B 正确。Na2S 用作Cu2+ 与Hg2+的沉淀剂，利用反应中生成CuS 和HgS 沉淀的原理，与Na2S 具有较强的还原性无关，C 错误。火药是由硫磺、

木炭、硝酸钾按照1∶3∶2混合制成的，爆炸时发生的反应为S+3C+2KNO3 =====

点燃K2S+N2↑+3CO2↑，D 正确。

8．Fe3+沉淀的pH 范围为2.7～3.7，故中性溶液中Fe3+以Fe(OH)3的形式完全沉淀，A 错误。使甲基橙显红色的溶液显酸性，AlO 2-在酸性溶液中产生Al(OH)3，B 错误。与Al 反应放出氢气的溶液中若有NO 3-就不可能是酸性溶液，因为酸性溶液中产生的是氮氧化物，只可能是碱性溶液，各粒子在碱性溶液中共存；酸性溶液中SiO

23-不共存，碱性溶液中共存，C 正确。Al 3+与HCO 3-

发生双水解不能共存：Al 3++3HCO 3

-

=Al(OH)3↓+3CO2↑，另外ClO ?与I ?发生氧化还原反应不能共存，D 错误。

9．KIO3与KI 归中反应须在酸性溶液中进行，若在中性溶液中进行，产生I2与KOH 不共存，A 错误。根据白烟说明CO2将Na 氧化为Na2O ，Na 将CO2还原为C ，B 正确。CO 23-结合H+生成HCO 3-为一级水解，HCO 3-结合H+生成H2CO3为二级水解，酸性关系HCO 3-＞H2CO3,故CO 23-

结合H+的能力比HCO 3

-

强，C 错误。黄色溶液也可能是稀的碘水，D 错误。 10．pH 为1即c(H+)=0.1mol/L ，但无V ，故A 错误。PCl3与Cl2的反应为可逆反应，故转移的电子数小于0.2NA ，B 错误。红磷（P ）与白磷(P4)混合物的平均分子式为Pn(1＜n ＜4), 311mol 31n n ?=，即NA ，C 正确。足量的铁与1mol Cl2反应产生FeCl3，只有溶液中Fe 与 FeCl3才会归中为FeCl2，D 错误。

11．由X 的一种氢化物可用作火箭推进剂可知，该氢化物为N2H4，X 为N ，又知Y 与W 同

主族且X 、Y 和W 最外层电子数之和为17可推得Y 为O ，W 为S 。O3具有强氧化性，可用于杀菌消毒。Z 的原子半径是短周期主族元素中最大的为Na 。Y 与Z 可形成2Na O 与22Na O 两种离子化合物，22Na O 中含非极性共价键。

12．特定条件下电解饱和食盐水产生的Cl2与NaOH 继续反应生成NaCl 和NaClO3，A 正确。根据NaCl 、NaClO 、NaClO3可知Na 原子与Cl 原子物质的量之比为1∶1，则参加反应所需的Cl2与NaOH 的物质的量之比为1∶2，B 正确。使用漂白液时，漂白液与酸反应生成次氯酸，漂白性增强，但次氯酸与浓盐酸反应产生氯气，C 错误。氧化产物只有NaClO3时，转

移电子数最多，根据得失电子守恒可得，n(KCl)=5n(KClO3)，由K 元素守恒得n(KClO3)=1

6a mol ，电子最大物质的量为5

6a mol ，氧化产物只有NaClO 时，转移电子数最少，根据得失电子守

恒可得，n(KCl)=n （KClO3），由K 元素守恒得n （KClO3）=12a mol ，电子最小物质的量为1

2a mol 。

13．铁和盐酸反应Fe+2HCl=FeCl2+H2↑，生成0.01mol 氢气消耗铁的物质的量为0.01mol ；反应后的溶液中加入KSCN 溶液不显红色说明不含铁离子，溶液中全部为亚铁离子，铁和三价铁离子全部反应生成亚铁离子；混合物0.1mol 为Fe 、Fe5O7混合物，设原混合物中铁物质的量为y ，则Fe5O7物质的量为(0.1-y)mol ，Fe5O7可以看作Fe2O3与Fe3O4按1∶1得到的混合物，Fe3O4可看作Fe2O3与FeO 按1∶1得到的混合物，则Fe2O3的物质的量为2(0.1-y)mol ，Fe3+物质的量4(0.1- y)mol ；

Fe + 2Fe3+ = 3Fe2+；

1 2

(y ?0.01)mol 4(0.1? y)mol

计算得到y=0.07mol ；故选D 。

14．由于物块沿粗糙的斜面减速下滑，其加速度的方向沿斜面向上，故其受到的合力是斜向左上方，物块受到重力是竖直向下的，所以斜面对物块的力只有斜向左上方，它与重力的合力才可能沿斜面向上，故A 正确。由于物块减速下滑，故B 错误。如果将斜面与物块看成一个系统，一部分的加速度方向是向左上方的，故地面对斜面体的摩擦力方向水平向左，故C 错误。看成一个系统时，其受到的合力在竖直方向上是向上的，故地面对斜面体的支持力大于物块与斜面体的重力之和，故D 错误。

15．电阻R 上的电功率2

0.4W U P R ==，故A 错误。由图(乙)知0.02s 时磁通量为0，线圈平

面与水平面平行，故B 错误。R 两端的电压U 随时间t 变化的规律是 2.82cos100π(V)U t =，通过R 的电流i 随时间t 的变化规律是0.282cos100π(A)U i t R ==，故C 正确，D 错误。

16．由能量守恒可得Fx E =，所以在0～x1过程中，集装箱所受的拉力不变，故A 错误。在0～x1过程中k Fx mgx E =+，所以集装箱的动能不断增大，故B 错误。在x1～x2过程中，F 减小，所以集装箱在x2处的动能可能小于x1处的动能，故C 正确。在x2～x3过程中，集

装箱受到的拉力等于0，故D 错误。

17．根据题中图象可知，驾驶员饮酒前的反应时间为0.5s ，饮酒后的反应时间为1.5s ，故A 错误。在速度—时间图象中，由面积表示位移，可知正常驾驶时的感知制动距离为75m ，故B 错误。由斜率表示加速度，可知汽车刹车时的加速度大小为7.5m/s2，故C 正确。酒后驾驶时的感知制动距离为105m ，故D 错误。

18．设地球和该行星的半径分别为r 地、r 行，质量分别为M 地、M 行，两者的同步卫星的周

期分别为T 地、T 行，对地球的同步卫星有2224π7(7)M m G m r r T =地地地地g ，地球的平均密度343M r ρ=π地地地,可得23433πGT ρ?=

地地，同理有2273πGT ρ?=行行，再考虑到2T T =地行，故该行星的平均密度与地球的平均密度之比约为1

3，故A 正确。

19．由y 方向的速度图像可知物体在y 方向做匀加速直线运动，3oy =v m/s ，加速度为2

1.5m s /y a =， 受力7.5N

y F =。由x 方向的位移图像可知在x 方向做匀速直线运动,速度为4m s /ox =v ， 受力0x F =，因此质点的初速度为5m/s ，受到的合外力为7.5N ，故A 错误，B 正确。合 外力方向在y 轴方向上，所以质点初速度方向与合外力方向不垂直，故C 错误。1s 末质点速度应该为 6.02=v m/s ，故D 正确。

20．电场沿x 轴对称分布，在-x1处释放一带正电的粒子，它将沿x 轴在负方向运动，故A 错误。带负电的粒子以一定的速度由-x1处沿x 轴正方向运动到x1处，它在x1处的速度等于在-x1处的速度，故B 正确。带正电的粒子以一定的速度由x1处沿x 轴负方向运动的过程中，它的动能先减小后增大，故C 正确。从x1处到x3处，电场强度方向沿x 轴正方向，带正电的粒子从x1处到x3处，电场力一直做正功，电势能减小，所以带正电的粒子在x1处的电势能比x2处的电势能大，比x3处的电势能大，故D 错误。

21．开始一段时间，物块相对小车滑动，两者间相互作用的滑动摩擦力的大小为4N f F mg μ==，物块在摩擦力作用下加速运动，加速度为

22m s /f m F a m ==，从静止开始运动，小车在推力F 和f 的作用下加速，加速度为20.5m s /f

M F F a M -==，故A 正确。初速度

为0 1.5m/s =v ，设经过时间t1，两者达到共同速度v ，则有101m M a t a t ==+v v ，代入数据可

得11s t =，2m/s =v ，在这t1时间内物块向前运动的位移21111m 2m s a t ==，假设以后两者相

对静止，相互作用的摩擦力变为静摩擦力，将两者作为一个整体，在F 的作用下运动的加速