甘肃省定西市通渭县榜罗中学高二物理上学期期末考试试题
高二物理上学期期末考试试卷含答案(新课标版)
高二年级上学期期末考试物理试题模拟题一、单项选择题（本题共10小题，每小题只有一个选项正确，每小题3分，共30分）1．关于物体的动量和冲量，下列说法不正确的是（ ）A ．物体所受合外力的冲量越大，它的动量也越大B ．物体所受合外力的冲量不为零，它的动量一定要改变C ．物体的动量增量的方向，就是它所受合外力的冲量的方向D ．物体所受合外力越大，它的动量变化就越快2．．一枚在空中飞行的火箭在某时刻的速度为0v ，方向水平，燃料即将耗尽。
此时，火箭突然炸裂成两块（如图所示），其中质量为2m 的后部分箭体以速率2v 沿火箭原方向飞行，若忽略空气阻力及分离前后系统质量的变化，则质量为1m 前部分箭体速率1v 为（ ）A ．02v v -B ．02v v +C ．2021m v v m -D ．20021()mv v v m +-3．如图所示，小车静止在光滑水平面上，AB 是小车内半圆弧轨道的水平直径，现将一质量为m 的小球从距A 点正上方R 处由静止释放，小球由A 点沿切线方向进入半圆轨道后又从B 点冲出，已知半圆弧半径为R ，小车质量是小球质量的k 倍，不计一切摩擦，则下列说法正确的是（ ）A ．在相互作用过程中小球和小车组成的系统动量守恒B ．小球从小车的B 点冲出后，不能上升到刚释放时的高度C ．小球从滑人轨道至圆弧轨道的最低点时，车的位移大小为11k R k -+ D ．小球从滑人轨道至圆弧轨道的最低点时，小球的位移大小为1k R k + 4．一带电小球在某竖直方向的匀强电场中由静止释放，带电小球开始向上运动，则（ ）A ．小球的电势能减小，机械能增大B ．小球的电势能减小，机械能减小C ．小球的电势能增大，机械能增大D ．小球的电势能增大，机械能减小5．如图甲所示，弹簧振子以O 点为平衡位置，在A 、B 两点之间做简谐运动。
取向右为正方向，振子的位移x随时间t的变化图像如图乙所示，下列说法正确的是（）A．t=0.8s时，振子的速度方向向右B．t=0.2s时，振子在O点右侧62cm处C．t=0.4s和t=1.2s时，振子的加速度相同D．t=0.4s到t=0.8s的时间内，振子的加速度逐渐增大6．用伏安法测未知电阻x R时，若不知道x R的大概值，为了选择正确的电路接法以减小误差，可将电路如图所示连接，只空出电压表的一个接头S，然后将S分别与a，b接触一下，观察电压表和电流表示数变化情况，那么有（）A. 若电流表示数有显著变化，S应接a，测量值大于真实值B. 若电流表示数有显著变化，S应接b，测量值小于真实值C. 若电压表示数有显著变化，S应接a，测量值小于真实值D. 若电压表示数有显著变化，S应接b，测量值大于真实值7．如图所示，在一个匀强电场中有一个等边三角形，电场的方向与平面平行。
高二物理第一学期期末考试试题(含答案)
高二物理第一学期期末考试试题说明：本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分．将选择题的正确选项填涂在答题卡上，将第Ⅱ卷答案答在答题纸上；考试结束，将答题纸连同答题卡一并上交．考试时间90分钟，满分100分．第Ⅰ卷（选择题 48分）一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，至少有一项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错或者不选得0分．1．下列说法正确的是A ．布朗运动就是液体分子的无规则运动B ．只要外界对气体做了功，气体的内能就一定发生变化C ．一定量的理想气体，当温度升高时，一定是外界对它做了正功D ．一定量的理想气体，当温度升高时，它的体积可能增大2．如图所示为一种利用电磁原理制作的充气泵的结构示意图，其工作原理类似打点计时器．当电流从电磁铁的接线柱 a 流入，吸引小磁铁向下运动时，下列说法正确的是A ．电磁铁的上端为N 极，小磁铁的下端为N 极B ．电磁铁的上端为S 极，小磁铁的下端为S 极C ．电磁铁的上端为N 极，小磁铁的下端为S 极D ．电磁铁的上端为S 极，小磁铁的下端为N 极 3．如图所示，设有一分子位于图中的坐标原点O 不动，另一分子可位于 x 轴上不同位置处．图中纵坐标表示这两个分子间作用力的大小，两条曲线分别表示斥力和引力的大小随两分子间距离变化的关系，e 为两曲线的交点．则A ．ab 表示引力B ．cd 表示引力C ．ab 表示斥力D ．cd 表示斥力4．一个矩形线圈在匀强磁场中转动产生的交变电流 e =2002 sin100πt(V)，则A ．该交变电流的频率是100HzB ．当t = 1200 s 时，线圈平面恰好位于中性面上 C ．当t = 1200 s 时，e 有最大值D ．该交变电流电动势的有效值为2002 V5．小型水力发电站的发电机有稳定的输出电压，它发出的交变电流先通过电站附近的升压变压器升压，然后通过输电线路把电能输送到远处用户附近的降压变压器，经降低电压后再输送至各用户，设变压器都是理想的，那么在用电高峰期，随用电器功率的增加将导致A ．发电机的输出电流变小B ．高压输电线路的功率损失变大空气导管C ．升压变压器的次级线圈两端的电压变大D ．降变压器的次级线圈两端的电压变小6．在地球的赤道附近，宇宙射线中的一个带负电的粒子垂直于地面射向赤道，则在地磁场的作用下，该粒子的偏转方向将是A ．向东B ．向西C ．向南D ．向北7．如图所示有一束混合负离子先后通过相邻的正交电磁场区域 M 和匀强磁场区域N(这些场区图中没画出)．如果这束离子流在区域M 中不偏转,接着进入区域N 后出现了a 、b 两个圆轨迹．对于此过程下列说法正确的是A ．这些离子的速度大小相等B ．这些离子的比荷相同C ．比荷小的离子沿圆周 a 运动D ．沿圆周 b 运动的离子角速度大8．图示为某种自耦变压器的结构简图，当滑动触头P 向上滑动时A ．R 上的电压上升，电流增大B ．R 上的电压上升，电流减小C ．R 上的电压下降，电流增大D ．R 上的电压下降，电流减小 9．如图所示的电路中，电感线圈L 的自感系数足够大，其直流电阻忽略不计，L A 、L B 是两个相同的灯泡，下列说法正确的是A ．S 闭合后，L A 、LB 同时发光且亮度不变 B ．S 闭合后，L A 立即发光，然后又逐渐熄灭C ．S 断开的瞬间，L A 、L B 同时熄灭D ．S 断开的瞬间，L A 再次发光，然后又逐渐熄灭 10．质量为m 、带电量为q 的小球，从倾角为θ的光滑绝缘斜面上由静止下滑，整个斜面置于方向水平向外的匀强磁场中，其磁感应强度为B ，如图所示．若带电小球下滑后某时刻对斜面的作用力恰好为零，下列说法正确的是 A ．小球带正电B ．小球在斜面上运动时做匀加速直线运动C ．小球在斜面上运动时做加速度增大，而速度也增大的变加速直线运动D ．小球在斜面上运动过程中，当小球对斜面压力为零时的速率为 mg cos θBq11． 如图所示，一条形磁铁置于水平桌面上，在条形磁铁中央位置的正上方，水平固定一铜质圆环，下列说法正确的是A ．释放圆环，环下落过程中机械能守恒B ．释放圆环，环下落过程中磁铁对桌面的压力比磁铁的重力大C ．给磁铁水平向右的初速度，磁铁将做减速运动D ．给磁铁水平向右的初速度，圆环将产生向左的运动趋势SL r E × × L L A B …M N a b～ O P R12．在如图所示的空间中存在两个相邻的有界匀强磁场，其磁感应强度大小相等、方向相反宽度均为L ．现将宽度也为L 的矩形闭合金属线圈，从图示位置开始垂直于磁场方向和磁场边界匀速穿过磁场区域，在该过程中，能正确反映线圈所受安培力随时间变化的图象是高二物理第一学期期末考试试题第Ⅱ卷（非选择题 52分）二、实验题：本题共2小题，共12分．按题目要求答在题中的横线上或按要求作图．13．（6分）在用油膜法估测油酸分子直径的实验中，实验器材有：体积百分比浓度为 0.05%的油酸酒精溶液、最小刻度为0.1mL 的量筒、盛有适量清水的45×50cm 2浅盘、痱子粉、橡皮头滴管、玻璃板、彩笔、坐标纸等．（1）下面是实验步骤，请将步骤 C 填上． A ．用滴管将浓度为0.05%油酸酒精溶液一滴一滴地滴入量筒中，记下滴入1mL 油酸酒精溶液的滴数N ．B ．将痱子粉均匀地撒在浅盘内水面上，用滴管吸取浓度为0.05%的油酸酒精溶液，向水面中央一滴一滴地滴入，直到油酸薄膜有足够大的面积又不与器壁接触为止，记下滴入的滴数 n ．C ． ．D ．将画有油酸薄膜轮廓的玻璃板放在坐标纸上，以坐标纸上边长为1cm 的正方形为单位，计算轮廓内正方形的个数，算出油酸薄膜的面积 S cm 2．（2）用已给的和测得的物理量表示单个油酸分子的直径大小 （单位：cm ）． 14．（6分）如图为探究电磁感应现象的实验装置． （1）将图中所缺的导线补画完整； （2）如果在闭合开关时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，那么合上开关后可能出现的情况有：A ．将原线圈迅速插入副线圈时，灵敏电流计指针将 ．（填“左偏”或“右偏”）B ．原线圈插入副线圈后，将滑动变阻器触头迅速向左滑动时，灵敏电流计指针将 ．（填“左偏”或“右偏”）G15．（8分）如图所示，导热性能良好的气缸内封闭一定质量的某种理想气体，活塞通过滑轮和一重物连接并保持平衡，已知活塞距缸口 0.5m ，活塞面积10cm 2，大气压强1.0×105Pa ，物体重50N ，活塞质量及一切摩擦不计．缓慢升高环境温度，使活塞刚好升到缸口，封闭气体吸收了60J 的热量．问（1）封闭气体的压强怎样变化？（2）气体的内能如何变化？变化了多少？16．（10分）如图所示，在 y <0的区域内存在匀强磁场，磁场方向垂直于 xOy 平面并指向纸面外，磁感应强度大小为B ．一个带正电的粒子以速度 v 0 从O 点射入磁场，入射方向在xOy 平面内，与 x 轴正方向的夹角为θ，若粒子射出磁场的位置与O 点的距离为L ，求该粒子的比荷．17．（10分）有一台内阻为1Ω的发电机用高压输电的方法给学校供电，已知升压变压器的匝数比为 1:4，降压变压器的匝数比为 4:1，输电线的总电阻为4Ω，全校共有22个班，每班有220V 、40W 的电灯6盏．若保证全部电灯都正常发光，试求：（1）发电机的输出功率； （2）发电机的电动势； （3）高压输电的效率．18．（12分）如图所示，一边长为L = 0.2m ，质量为m 1 = 0.5kg ，电阻为R = 0.1Ω的正方形导体线框 abcd ，与一质量为m 2 = 2kg 的物块通过轻质细线跨过两定滑轮相连．另有有界匀强磁场磁感应强度大小为B =2.5T ，磁场宽度为d 2 =0.3m ，起初 ad 边距磁场下边界为 d 1 = 0.8m ．物块放在倾角 θ =53°的斜面上，与斜面间的动摩擦因数为 μ=0.5．现将物块由静止释放，经一段时间后发现当ad 边从磁场上边缘穿出时，线框恰做匀速运动．求：（1）线框ad 边从磁场上边缘穿出时的速度大小； （2）线框刚好全部进入磁场时的动能． （sin53°=0.8，cos53°= 0.6） 高二物理第一学期期末考试试题一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分．1．D 2．D 3．AD 4．C 5．BD 6．B 7．A 8．D 9．BD 10．ABD 11．AC 12．D 二、 实验题：本题共2小题，共12分．13．（6分）（1）（3分）将玻璃板放在浅盘上，用彩笔将油酸薄膜的形状画在玻璃板上 （2）（3分）× × × × × ×× × × × × × θ2 a bcdm14．（6分）（1）连线如图所示，每条0.5分．（2）右偏（2分 ） （3）左偏（ 2分 ）三、计算题：共 4小题，共40分． 15．（8分）参考解答：（1）活塞缓慢移动，可以认为活塞在任意状态都处于平衡状态．对活塞受力分析，由平衡条件得， ，故封闭气体的压强保持不变． （2）气体体积变大，封闭气体推动活塞对外界作功． J ；在此过程中封闭气体吸收了60J 热量，由热力学第一定律知，气体的内能增加了35J ． 评分标准：（1）问3分；（2）问5分．共8分．16．（10分）参考解答： 如图所示，设带电粒子在磁场中的轨迹半径为R ，则………………① 又 ………………② 解得 ……………③ 评分标准：①式5分；②式2分；③式3分；共10分．17．（10分）参考解答：（1）灯泡的总功率P 1 = 22×40×6 = 5280W通过的总电流I 4 = PU= 24A 输电线电流为I 3 =n 4n 3I 4 = 6A消耗功率P 2 = I 32R = 144A发电机输出功率为P = P 1 + P 2 =5424W（2）降压变压器输入端电压U 3 = 4×220 = 880 V ； 输电线电压降为U '=I 3R=24V发电机输出端电压 U 1=14(U 3+U ') = 226V ，电流I 1＝24A根据闭合电路欧姆定律,发电机的电动势 V（3） = W 有W = 52805424=97.35 %评分标准：（1）问4分；（2）问3分 ；（3）问3分；共10分． 18．（12分）参考解答：（1）由于线框匀速穿出磁场，则对m 2有： m 2g sin θ－μm 2g cos θ－T ＝0对m 1有：T －m 1g －BIL ＝0 又R BLv I = 解，得：2)cos (sin 2212=--=R L B gm g m v θμθ（m/s ） （2）从线框刚好全部进入磁场到线框ad 边刚要离开磁场，由动能定理得将速度v代入，整理可得线框刚刚全部进入磁场时，线框与物块的速度为v0＝ 3.6m/s所以此时线框的动能为EK ＝12m1v20.＝9J评分标准：（1）问5分；（2）问7分．共12分．。
甘肃省通渭县2020-2021学年高二上学期期末考试物理试题含答案解析
甘肃省通渭县【最新】高二上学期期末考试物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．两个放在绝缘架上的相同金属球，相距r，球的半径比r小得多，带电荷量大小分别为q和3q，相互之间的斥力大小为3F.现让这两个金属球相接触，然后分开，仍放回原处，则它们之间的相互作用力将变为（）A．F B．43FC．4F D．2F2．用控制变量法，可以研究影响平行板电容器电容的因素（如图）．设两极板正对面积为S，极板间的距离为d，静电计指针偏角为θ．实验中，极板所带电荷量不变，若A．保持S不变，增大d，则θ变大B．保持S不变，增大d，则θ变小C．保持d不变，减小S，则θ变小D．保持d不变，减小S，则θ不变3．如图为一匀强电场，某带电粒子从A点运动到B点．在这一运动过程中克服重力做的功为2.0 J，电场力做的功为1.5 J．则下列说法正确的是（）A．粒子带负电B．粒子在A点的电势能比在B点小1.5 JC．粒子在A点的动能比在B点小0.5 JD．粒子在A点的机械能比在B点小1.5 J4．如图，E为内阻不能忽略的电池，R1、R2、R3为定值电阻，S0、S为开关，V与A分别为电压表与电流表．初始时S0与S均闭合，现将S断开，则（）A．V的读数变大，A的读数变小B．V的读数变大，A的读数变大C．V的读数变小，A的读数变小D．V的读数变小，A的读数变大5．带电粒子以初速度v0从a点进入匀强磁场，如图所示．运动中经过b点，Oa＝Ob，若撤去磁场加一个与y轴平行的匀强电场，仍以相同的速度v0从a点进入电场,粒子仍能通过b点．设加磁场时，粒子通过b点的速度为v1,加电场时通过b点的速度为v2，则下列判断正确的是(不计重力)（）A．v1＞v2B．v1＝v2C．v1＜v2D．v1、v2方向相同6．如图所示，一根通电直导线垂直放在磁感应强度B＝1T的匀强磁场中，在以导线截面的中心为圆心、r为半径的圆周上有a、b、c、d四个点．已知a点的磁感应强度为0，则下列叙述正确的是()A．直导线中的电流方向垂直于纸面向外B．b T，方向斜向右上方，与B的夹角为45°C．c点的实际磁感应强度为0D．d点的实际磁感应强度与b点相同7．如图所示，一导线弯成半径为a的半圆形闭合回路。
物理上学期期末试卷高二全册物理试题1
批扯州址走市抄坝学校高二〔上〕期末物理试卷一、此题共8小题，每题6分．在每题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求．选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．〔6分〕〔2021•三模〕如下图，用手指捏住圆规的一个针脚，另一个有铅笔芯的脚支撑在手掌心位置，使OA水平，然后在外端挂上一些不太重的物品，这时手对针脚A、B均有作用力，以下图对这两个作用力方向的描述，大致正确的选项是〔〕A．B．C．D．2．〔6分〕〔2021•三模〕如下图，A、B两物块的质量均为m，把它们靠在一起从一个坡面光滑质量为M的斜面C顶端由静止开始下滑．斜面的倾角为θ，斜面始终保持静止．那么在此过程中，以下说法正确的选项是〔〕A．A、B两物体间作用力为0B．A、B两物体间的作用力为2mgsinθC．斜面对地面的压力为Mg+2mgD．地面对斜面的摩擦力为03．〔6分〕〔2021•三模〕如下图，真空中有A、B两个量异种点电荷，O、M、N是AB连线的垂线上的三个点，且AO＞OB．一个带负电的检验电荷仅在电场力的作用下，运动轨迹如图中实线所示．假设分别用φM和φN 代表M、N两点的电势，用E kM和E kN，a M和a N代表粒子经过M、N两点时的动能和加速度，那么以下关系正确的选项是〔〕A．φM=φN，E kM=E kN，a M=a N B．φM＜φN，E kM＞E kN，a M＞a NC．φM＜φN，E kM＜E kN，a M＞a N D．φM＞φN，E kM＞E kN， a M＜a N4．〔6分〕〔2021•八道江区校级二模〕如下图，从倾角为θ=30°的斜面顶端以初动能E1=6J向下坡方向平抛出一个小球，那么小球落到斜面上时的动能E2为〔〕A．8J B．12J C．14J D． 16J5．〔6分〕〔2021•一模〕1980年10月14日，中国院紫天文台发现了一颗绕太阳运行的小行星，2001年12月21日，经小行星中心和小行星命名会批准，将这颗小行星命名为“钱学森星〞，以表彰这位“两弹一星〞的功臣对我国科技事业做出的奉献．假设将地球和“钱学森星〞绕太阳的运动看作匀速圆周运动，它们的运行轨道如下图．“钱学森星〞绕太阳运行一周的时间约为年，设地球绕太阳运行的轨道半径为R，那么“钱学森星〞绕太阳运行的轨道半径约为〔〕A．B．C．D．6．〔6分〕〔2021•三模〕一课外活动小组在一次活动中，用到的用电器上标有“36V72W〞字样，用电器工作时需使用变压器将220V的交变电压进行降压．由于手边只有一个匝数比为5：1的变压器，不能直接使用．经过讨论后，认为可在原线圈上加一个可变电阻进行调节，设计好的电路示意图如图甲所示．当在ab两端间加上如图乙所示的电压后，用电器恰好能正常工作，那么以下说法正确的选项是〔〕A．原线圈cd两点间的电压为220 VB．在t=0.01 s时，电压表的示数为0 VC．通过原线圈中的电流为0.4 AD．可变电阻R0上消耗的电功率为l6 W7．〔6分〕〔2021•三模〕如下图，电源电动势为E，内阻为r，滑动变阻器最大电阻为R，开关K闭合．两平行金属极板a、b间有匀强磁场，一带负电的粒子〔不计重力〕以速度v水平匀速穿过两极板．以下说法正确的选项是〔〕A．假设将滑片P向上滑动，粒子将向a板偏转B．假设将a极板向上移动，粒子将向b板偏转C．假设增大带电粒子带电量，粒子将向a板偏转D．假设增大带电粒子的速度，粒子将向b板偏转8．〔6分〕〔2021•区校级二模〕如图甲所示，导体框架abcd的ab、cd边平行，框架平面与水平面的夹角为θ，质量为m的导体棒PQ垂直放在两平行导轨ab、cd上，导体棒与框架构成回路的总电阻为R，整个装置处于垂直于框架平面的变化磁场中，磁感强度〔取垂直框架向上为正〕随时间变化规律如图乙所示．PQ 能始终保持静止，那么在0〜t2时间内，回路中电流i随时间t变化的图象〔取P→Q→c→b→P方向为正〕和PQ受到的摩擦力f随时间t变化的图象〔取平行于框架平面向上为正〕可能正确的选项是〔〕A．B．C．D．二、非选择题：包括必考题和选考题两．第9题～第12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13题～第16题为选考题，考生根据要求作答．〔一〕必考题〔共47分〕9．〔6分〕〔2021•二模〕在用游标为20分度的游标卡尺测某金属管的内径时，示数如图甲所示，读数为cm．在测金属丝的电阻率的中，用螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图乙所示，读数为mm．10．〔9分〕〔2021•下陆区校级模拟〕现有一量程为3V的电压表，内阻约为3kΩ．为了较准确地测量其内电阻，在没有电流表的情况下，某同学设计了如图a所示的电路，按此电路可以测出电压表的内电阻．其中R1是最大阻值为9999Ω的电阻箱，R2是最大阻值为20Ω的滑动变阻器．①试根据图a所示的电路图，完成如图b所示的实物电路的连线．②根据电路图连线后有如下的主要操作步骤：a．将电阻箱的阻值调至某一确阻值〔最好为3kΩ左右〕，并记下此时的电阻值R．闭合开关S1和S2，调节滑动变阻器R2的滑动头P，使电压表的指针偏转一个较大的角度〔或满刻度〕，并记录此时电压表的示数U1．b．断开S1，撤除电路，器材复原．c．保持P的位置不变，断开S2，记录此时电压表的示数U2．d．按电路图连好电路后，将滑动变阻器的滑动头P移至A端．按本正确的操作步骤排序〔只填写步骤前的字母〕．③根据记录的数据R、U1、U2，可求出电压表的内电阻为：R V= ．④根据此原理，电压表内阻的测量值与真实值的关系为：测量值真实值〔选填大于、于或小于〕．11．〔14分〕〔2021•校级模拟〕如下图，倾角θ=37°的斜面底端B平滑连接着半径r=0.40m的竖直光滑圆轨道．质量m=0.50kg的小物块，从距地面h=2.7m处沿斜面由静止开始下滑，小物块与斜面间的动摩擦因数μ=0.25，求：〔sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2〕〔1〕物块滑到斜面底端B时的速度大小．〔2〕物块运动到圆轨道的最高点A时，对圆轨道的压力大小．12．〔18分〕〔2021秋•区校级期末〕如下图，匀强磁场分布在0≤x≤〔2+〕a且以直线PQ为下边界的区域内，∠OPQ=30°．y≤0的区域内存在着沿y轴正向的匀强电场．一质量为m、电荷量为q的带正电粒子〔不计粒子重力〕从电场中一点M〔﹣2a，﹣a〕以初速度v o沿x轴正向射出后，恰好经坐标原点O进入第I象限，最后刚好不能从磁场的右边界飞出．求：〔1〕匀强电场的电场强度的大小E；〔2〕匀强磁场的磁感强度的大小B；〔3〕粒子在磁场中的运动时间．三、〔二〕选考题：共15分．请考生从给出的2道物理题、选一题作答．【物理3-3】〔15分〕13．〔6分〕〔2021秋•忻府区校级月考〕以下说法正确的选项是〔〕A．物体吸收热量，其温度一升高B．橡无固熔点，是非晶体C．做功和热传递是改变物体内能的两种方式D．布朗运动是悬浮在液体中固体颗粒的分子无规那么运动的反映E．第二类永动机是不能制造出来的，尽管它不违反热力学第一律，但它违反热力学第二律14．〔9分〕〔2021•二模〕一质量的理想气体从状态A变化到状态B再变化到状态C，其状态变化过程的p ﹣V图象如下图．该气体在状态A时的温度为27℃．那么：①该气体在状态B．C时的温度分别为多少℃？②该气体从状态A到状态C的过程中是吸热，还是放热？传递的热量是多少？四、【物理3-5】〔15分〕15．〔2021•三模〕以下说法正确的选项是〔〕A．氡的半衰期为天，假设取8个氡原子核，经天后可能还剩5个氡原子核B．β衰变的实质是原子核内的一个中子转化成一个质子和一个电子，这种转化产生的电子发射到核外，就是β粒子C．物质波的波长由动能所决D．氘核和氚核可发生热核聚变，核反方程是H+H→He+nE．按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能减小，电势能增大，原子的总能量不变16．〔2021•三模〕如图，质量为m=1kg的木桩竖直插在沙中，质量为M=4kg的铁锤从木桩的正上方离木桩上端H=5m高处自由落下，铁锤击中木桩后不反弹，在极短时间内两者到达共同速度一起竖直向下运动，经时间t=0.1s停下．〔不计空气阻力和碰撞时间，g取10m/s2〕求：①铁锤和木桩的共同速度大小；②木桩受到沙的平均作用力大小．高二〔上〕期末物理试卷参考答案与试题解析一、此题共8小题，每题6分．在每题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求．选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．〔6分〕〔2021•三模〕如下图，用手指捏住圆规的一个针脚，另一个有铅笔芯的脚支撑在手掌心位置，使OA水平，然后在外端挂上一些不太重的物品，这时手对针脚A、B均有作用力，以下图对这两个作用力方向的描述，大致正确的选项是〔〕A．B．C．D．考点：共点力平衡的条件及其用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：如图，在圆规外端挂上物品，针脚A相对于手有向左运动的趋势，手对针脚有向右的静摩擦力，针脚B对手有斜向右下方的压力．解答：解：由题，在圆规外端挂上物品，针脚A相对于手指有向左运动的趋势，手指对针脚有向右的静摩擦力；挂上物品后，针脚B对手产生斜向右下方的压力，根据牛顿第三律，手对针脚B有向左上的支持力；应选：B．点评：此题是生活中的物理现象，运用物理知识进行分析，培养观察和思考问题的习惯，对学习物理大有好处．2．〔6分〕〔2021•三模〕如下图，A、B两物块的质量均为m，把它们靠在一起从一个坡面光滑质量为M的斜面C顶端由静止开始下滑．斜面的倾角为θ，斜面始终保持静止．那么在此过程中，以下说法正确的选项是〔〕A．A、B两物体间作用力为0B．A、B两物体间的作用力为2mgsinθC．斜面对地面的压力为Mg+2mgD．地面对斜面的摩擦力为0考点：共点力平衡的条件及其用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：对整体受力分析求出整体的加速度，再对B受力分析即可求得A对B的压力；对ABC整体受力分析，根据牛顿第二律列式求解地面对其的支持力和静摩擦力情况．解答：解：A、B、对整体受力分析可知，整体受重力、支持力而做匀加速直线运动；由牛顿第二律可知，a==gsinθ；那么再对B由牛顿第二律可知：F合=ma=mgsinθ；合力于B的重力沿斜面向下的分力；故说明AB是没有相互作用力；故A正确，B错误；C、D、对ABC整体受力分析，受重力、支持力、静摩擦力；由于AB整体向左下方加速下滑，C静止不动，故ABC整体的合力向左下方，故支持力小于重力，即斜面对地面的压力小于Mg+2mg；地面对斜面的摩擦力水平向左；故C错误，D错误；点评：此题考查牛顿第二律的用，要明确AB两物体加速度相同，均是重力的分力提供加速度；对加速度不同的连接体问题也可以用整体法列式．3．〔6分〕〔2021•三模〕如下图，真空中有A、B两个量异种点电荷，O、M、N是AB连线的垂线上的三个点，且AO＞OB．一个带负电的检验电荷仅在电场力的作用下，运动轨迹如图中实线所示．假设分别用φM和φN 代表M、N两点的电势，用E kM和E kN，a M和a N代表粒子经过M、N两点时的动能和加速度，那么以下关系正确的选项是〔〕A．φM=φN，E kM=E kN，a M=a N B．φM＜φN，E kM＞E kN，a M＞a NC．φM＜φN，E kM＜E kN，a M＞a N D．φM＞φN，E kM＞E kN，a M＜a N考点：电势差与电场强度的关系；电场强度；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，沿电场线的方向，电势降低，电场线密的地方电场的强度大，粒子所受的电场力大，加速度大；电场线疏的地方电场的强度小，电场力和加速度小．电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加．分析电势能的变化，根据能量守恒分析动能的大小．解答：解：据负带电粒子的运动轨迹，粒子受到的电场力指向轨迹弯曲的一侧，所以该负电荷受到的电场力指向带正电的电荷，所以A带正电，B带负电，因为AO＞OB，根据量异种点电荷电场线及势面分布特点可知，所以M点的电势低，场强大，即φM＜φN，E M＞E N．由于粒子带负电，根据负电荷在电势高处电势能小，那么知粒子在M处电势能大，即E pM＞E pN，根据能量守恒律可得：粒子在N处动能大，即E kM＜E kN．故C正确，ABC错误．点评：此题要求掌握住量异种电荷的电场的分布的情况，根据电场分布的特点可以分析此题．4．〔6分〕〔2021•八道江区校级二模〕如下图，从倾角为θ=30°的斜面顶端以初动能E1=6J向下坡方向平抛出一个小球，那么小球落到斜面上时的动能E2为〔〕A．8J B．12J C．14J D． 16J考点：平抛运动；动能理．专题：平抛运动专题．分析：小球落在斜面上，根据竖直位移与水平位移的关系得出运动的时间，从而得出竖直分速度与水平分速度的关系，结合动能的表达式求出小球落到斜面上的动能大小．解答：解：根据得：，那么竖直分速度为：．因为，那么有：==14J．故C正确，A、B、D错误．应选：C．点评：解决此题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直上的运动规律，抓住竖直位移与水平位移的关系进行求解．5．〔6分〕〔2021•一模〕1980年10月14日，中国院紫天文台发现了一颗绕太阳运行的小行星，2001年12月21日，经小行星中心和小行星命名会批准，将这颗小行星命名为“钱学森星〞，以表彰这位“两弹一星〞的功臣对我国科技事业做出的奉献．假设将地球和“钱学森星〞绕太阳的运动看作匀速圆周运动，它们的运行轨道如下图．“钱学森星〞绕太阳运行一周的时间约为年，设地球绕太阳运行的轨道半径为R，那么“钱学森星〞绕太阳运行的轨道半径约为〔〕A．B．C．D．考点：开普勒律；万有引力律及其用．分析：根据开普勒第三律，地球与钱学森星的轨道半径的三次方之比于公转周期的平方之比，列式求解．解答：解：根据开普勒第三律，有=解得R钱==R应选C．点评：此题考查开普勒律的用，当然，也可根据万有引力于向心力列式求解．6．〔6分〕〔2021•三模〕一课外活动小组在一次活动中，用到的用电器上标有“36V72W〞字样，用电器工作时需使用变压器将220V的交变电压进行降压．由于手边只有一个匝数比为5：1的变压器，不能直接使用．经过讨论后，认为可在原线圈上加一个可变电阻进行调节，设计好的电路示意图如图甲所示．当在ab两端间加上如图乙所示的电压后，用电器恰好能正常工作，那么以下说法正确的选项是〔〕A．原线圈cd两点间的电压为220 VB．在t=0.01 s时，电压表的示数为0 VC．通过原线圈中的电流为0.4 AD．可变电阻R0上消耗的电功率为l6 W考点：变压器的构造和原理；电功、电功率；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．专题：交流电专题．分析：副线圈两端的电压即用电器两端的电压，根据变压器的电压与匝数的关系，即可求得cd两端的电压；电压表中的电压是交流的有效值，不是瞬时值；根据公式P=UI计算出副线圈中的电流，然后根据变压器的电流与匝数的关系计算原线圈中的电流；根据P=UI计算可变电阻上的电功率．解答：解：A、副线圈两端的电压即用电器两端的电压，根据变压器的电压与匝数的关系得：．故A错误；B、电压表中的电压是交流的有效值，不是瞬时值．故B错误；C、根据公式P=UI得：副线圈中的电流为：，根据变压器的电流与匝数的关系得：．故C正确；D、可变电阻R0上消耗的电功率为：P0=〔U﹣U1〕I1=〔220﹣180〕×0.4W=16W．故D正确．应选：CD．点评：考查变压器的原理，明确电流与电压与匝数的关系，还要明确该电路中，ab两端的电压与cd两端的电压不是一个电压，cd两端的电压才是变压器的输入电压．7．〔6分〕〔2021•三模〕如下图，电源电动势为E，内阻为r，滑动变阻器最大电阻为R，开关K闭合．两平行金属极板a、b间有匀强磁场，一带负电的粒子〔不计重力〕以速度v水平匀速穿过两极板．以下说法正确的选项是〔〕A．假设将滑片P向上滑动，粒子将向a板偏转B．假设将a极板向上移动，粒子将向b板偏转C．假设增大带电粒子带电量，粒子将向a板偏转D．假设增大带电粒子的速度，粒子将向b板偏转考点：带电粒子在混合场中的运动；闭合电路的欧姆律．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：电容器与R并联，故电容器两端的电压于R两端的电压；那么a、b之间形成电场，带电粒子在混合场中做匀速运动，那么可知电场力与磁场力大小相方向相反；那么分析滑片移动时，极板间场强的变化可知电场力的变化，那么可知粒子受力的变化，即可得出带电粒子偏转的方向．解答：解：A、因电容器与电阻并联，将滑片P向上滑动，电阻两端的电压减小，故两板间的电场强度要减小，故所受电场力减小，因带负电，电场力向上，那么粒子将向b板偏转运动，故A错误；B、保持开关闭合，将a极板向上移动一点，板间距离增大，电压不变，由E=可知，板间场强减小，假设粒子带负电，那么粒子所受电场力向上，洛仑兹力向下，带电粒子受电场力变小，那么粒子将向b板偏转，故B正确；C、假设增大带电粒子带电量，所受电场力增大，而所受洛仑兹力也增大，但两者仍相，故粒子将不会偏转，故C错误；D、由图可知a板带正电，b板带负电；带电粒子带负电，受电场力向上，洛仑兹力向下，原来二力大小相，物体才能做匀速直线运动；假设增大带电粒子的速度，所受极板间洛仑兹力增大，而所受电场力不变，故粒子将向b板偏转，故D正确；应选：BD．点评：此题综合了电路、电容及磁场的知识，综合性较强；同时要注意由于题目中没有给出粒子的电性，故必须讨论可能出现的情况．8．〔6分〕〔2021•区校级二模〕如图甲所示，导体框架abcd的ab、cd边平行，框架平面与水平面的夹角为θ，质量为m的导体棒PQ垂直放在两平行导轨ab、cd上，导体棒与框架构成回路的总电阻为R，整个装置处于垂直于框架平面的变化磁场中，磁感强度〔取垂直框架向上为正〕随时间变化规律如图乙所示．PQ 能始终保持静止，那么在0〜t2时间内，回路中电流i随时间t变化的图象〔取P→Q→c→b→P方向为正〕和PQ受到的摩擦力f随时间t变化的图象〔取平行于框架平面向上为正〕可能正确的选项是〔〕A．B．C．D．考点：导体切割磁感线时的感电动势；闭合电路的欧姆律．专题：电磁感与图像结合．分析：由图看出，磁感强度均匀增大，穿过PQcb回路的磁通量均匀增加，回路中产生恒电流，根据安培力公式分析安培力大小的变化情况，由左手那么判断安培力方向，由平衡条件分析棒PQ受到的静摩擦力的大小变化情况．解答：解：A、B由图看出，磁感强度均匀变化，一，穿过PQcb回路的磁通量均匀变化，根据法拉第电磁感律得知，回路中产生的感电动势恒不变，感电流也恒不变，根据楞次律得知，回路中感电流方向沿P→Q→c→b→P方向，为正；故A错误，B正确．C、由左手那么判断可知，在0﹣t1时间内，导体棒PQ所受安培力方向沿斜面向上．由F=BIL可知，B均匀减小，PQ所受安培力大小F均匀减小，假设静摩擦力沿斜面向上，根据平衡条件得到，棒PQ受到的静摩擦力大小f=mgsinθ﹣F，F均匀减小，那么f均匀增大．在t1﹣t2时间内，导体棒PQ所受安培力方向沿斜面向下．由F=BIL可知，B均匀增大，PQ所受安培力大小F均匀增大，静摩擦力沿斜面向上，根据平衡条件得到，棒PQ受到的静摩擦力大小f=F+mgsinθ，F均匀增大，那么f均匀增大．故C正确．D、由左手那么判断可知，在0﹣t1时间内，导体棒PQ所受安培力方向沿斜面向上．由F=BIL可知，B均匀减小，PQ所受安培力大小F均匀减小，假设静摩擦力沿斜面向下，根据平衡条件得到，棒PQ受到的静摩擦力大小f=F﹣mgsinθ，F均匀减小，那么f均匀减小．在t1﹣t2时间内，导体棒PQ所受安培力方向沿斜面向下．由F=BIL可知，B均匀增大，PQ所受安培力大小F均匀增大，静摩擦力沿斜面向上，为正．根据平衡条件得到，棒PQ受到的静摩擦力大小f=F+mgsinθ，F 均匀增大，那么f均匀增大．故D错误．应选：BC点评：此题是楞次律、安培力和力平衡知识的综合用，直接由楞次律判断安培力的方向，也可以由楞次律、左手那么结合判断安培力方向．二、非选择题：包括必考题和选考题两．第9题～第12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13题～第16题为选考题，考生根据要求作答．〔一〕必考题〔共47分〕9．〔6分〕〔2021•二模〕在用游标为20分度的游标卡尺测某金属管的内径时，示数如图甲所示，读数为6.170 cm．在测金属丝的电阻率的中，用螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图乙所示，读数为 1.780 mm．考点：刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．专题：题．分析：解决此题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．解答：解：1、游标卡尺的主尺读数为：6.1cm=61mm，游标尺上第14个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为14×0.05mm=0.70mm，所以最终读数为：61mm+0.70mm=61.70mm=6.170cm．2、螺旋测微器的固刻度为1.5mm，可动刻度为28.0×0.01mm=0.280mm，所以最终读数为1.5mm+0.280mm=1.780mm．故答案为：70，80．点评：对于根本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器要了解其原理，正确使用这些根本仪器进行有关测量．注意读出的数据小数最后面的零不能漏掉．10．〔9分〕〔2021•下陆区校级模拟〕现有一量程为3V的电压表，内阻约为3kΩ．为了较准确地测量其内电阻，在没有电流表的情况下，某同学设计了如图a所示的电路，按此电路可以测出电压表的内电阻．其中R1是最大阻值为9999Ω的电阻箱，R2是最大阻值为20Ω的滑动变阻器．①试根据图a所示的电路图，完成如图b所示的实物电路的连线．②根据电路图连线后有如下的主要操作步骤：a．将电阻箱的阻值调至某一确阻值〔最好为3kΩ左右〕，并记下此时的电阻值R．闭合开关S1和S2，调节滑动变阻器R2的滑动头P，使电压表的指针偏转一个较大的角度〔或满刻度〕，并记录此时电压表的示数U1．b．断开S1，撤除电路，器材复原．c．保持P的位置不变，断开S2，记录此时电压表的示数U2．d．按电路图连好电路后，将滑动变阻器的滑动头P移至A端．按本正确的操作步骤排序dacb 〔只填写步骤前的字母〕．③根据记录的数据R、U1、U2，可求出电压表的内电阻为：R V= ．④根据此原理，电压表内阻的测量值与真实值的关系为：测量值大于真实值〔选填大于、于或小于〕．考点：伏安法测电阻．专题：题；恒电流专题．分析：根据的原理图，逐步连接即可；依据的原理，设计合理的步骤即可；据半偏法测电阻原理分析即可．解答：解：〔1〕据原理图，连接电路如图：〔2〕据的操作的大体步骤：准备﹣操作﹣数据处理﹣整理仪器，所以本的操作步骤为：dacb．〔3〕本中电压表的阻值远大于滑动变阻器的电阻，并用滑动变阻器的分压解法，故在操作中电路的总电阻几乎不变，故保持P的位置不变，含有电压表的支路的电压几乎不变，所以断开S2，流过R1的电流为I=，所以电压表的内电阻为：R V==〔4〕操作中，断开S2，当p不变时，会使电路总电阻稍微变大，总电流稍微减小，会使含电压表支路的电压稍微变大；而具体操作中认为含有电压表的支路的电压不变，即断开S2，R1两端的电压比U1﹣U2大，再据R V==知，故会使测量值大于真实值．故答案为：〔1〕如图〔2〕dacb：〔3〕〔4〕大于．点评：解决问题首先要掌握该原理，了解的操作步骤和数据处理以及考前须知，掌握半偏法测电阻的原理及误差分析．11．〔14分〕〔2021•校级模拟〕如下图，倾角θ=37°的斜面底端B平滑连接着半径r=0.40m的竖直光滑圆轨道．质量m=0.50kg的小物块，从距地面h=2.7m处沿斜面由静止开始下滑，小物块与斜面间的动摩擦因数μ=0.25，求：〔sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2〕〔1〕物块滑到斜面底端B时的速度大小．〔2〕物块运动到圆轨道的最高点A时，对圆轨道的压力大小．考点：动能理的用；牛顿第二律；向心力．专题：动能理的用专题．分析：〔1〕物块滑动到B点过程中，重力和摩擦力做功，根据动能理列式求解即可；〔2〕物块运动到圆轨道的最高点A时，受到重力和支持力的合力提供向心力，根据牛顿第二律可以列式；物体从B滑动到A过程，只有重力做功，机械能守恒，根据守恒律列式；最后联立方程组求解即可．解答：解：〔1〕物块滑动到B点过程中，受重力、支持力和摩擦力，根据动能理，有。
高二物理上册期末考试含答案
高二物理第一学期期末考试一、选择题（共12题，每题4分，共48分。
每题至少有一个正确答案，全选对的4分，少选的得2分，选错的0分）1．如图所示，MN 是由负电荷产生的电场中的一条电场线。
一个带正电的粒子+q 非如电场后，在电场力的作用下沿曲线运动，先后通过a 、b 两点，则（）A ．电场强度E a 大于E bB ．电势Ua 低于Ub C ．粒子动能E ka 小于E kbD ．粒子的电势能E pa 低于E pb2．如图所示，Q 1、Q 2为两个被固定的正负点电荷，在它们的连线的延长线上有a 、b 、c 三点，a 是bc 的中点，其中a 点的电场强度恰好为零。
现有一正电荷q 以一定的初速度从b 点运动到c 点，则（）A ．电荷q 的电势能先减少后增加；B ．电荷q 的电势能先增加后减少；C ．电荷q 在b 、c 两点的加速度方向一定相反；D ．电荷q 在b 、c 两点的加速度大小一定相同。
3、如图2所示：a 、b 为平行金属板，静电计的外壳接地，合上开关S 后，静电计的指针张开一个较小的角度，能使角度ab+q MNQ 2a bcQ 1+－A θv0增大的办法是（）使a、b板的距离增大一些使a、b板的正对面积减小一些断开S，使a、b板的距离增大一些D.断开S，使a、b板的正对面积减小一些4．示波管是示波器的核心部件，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，如图，如果在荧光屏上P点出现亮斑，那么示波管中的（）A．极板X应带正电B．极板X' 应带正电C．极板Y应带正电D．极板Y' 应带正电5．如图所示，一带负电q的油滴，从A点以速度v0与水平方向成θ角射入水平方向的匀强电场中，如测得油滴在电场中达到最高点B时的速度大小仍为v0，则B点的位置（）A．在A点的正上方B．在A点的左上方C．在A点的右上方 D．无法判断6．若在示波器的“Y输入”和“地”之间加上如图2-2所示的电压，而扫描范围旋钮置于“外X档”，则此时屏上应出现的情形是（）7. 光滑绝缘的水平面上有一正方形，其a 、b 、c 三个顶点上分别放置等量的正点电荷Q ．将一个电荷量为q 的正试探电荷分别放在正方形中心O 点和正方形的另一个顶点d 处，则以下叙述正确的有（）A ．q 在d 点具有的加速度方向与在O 点所具有加速度的方向相同B ．q 在d 点所具有的电势能大于其在O 点所具有的电势能C ．q 在d 点所受的电场力大于其在O 点所受的电场力D ．d 点的电势一定比O 点的电势低8．如图所示电路中，将三个同样规格的灯泡接入电路中，当将滑动变阻器上的滑动头从开始的中点位置向右移动时，三个灯泡消耗功率的变化情况是（）A ．L 1减小 B ．L 2增大C ．L 2减小 D．L 3增大9、十九世纪二十年代，以塞贝克（数学家）为代表的科学家已认识到：温度差会引起电流，安培考虑到地球自转造成了太阳照射后正面与背面的温度差，从而提出如下假设：地球磁场是由绕地球的环UtA B CD图2-2abc dO形电流引起的。
甘肃省定西市通渭县榜罗中学高二物理上学期期末试卷(
2015-2016学年甘肃省定西市通渭县榜罗中学高二（上）期末物理试卷一、不定项选择题：（每题4分，共48分，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全选对的得4分，选不全的得2分，选错的得0分）1．有关洛仑兹力和安培力的描述，正确的是（）A．通电直导线处于匀强磁场中一定受到安培力的作用B．安培力是大量运动电荷所受洛仑兹力的宏观表现C．带电粒子在匀强磁场中运动受到洛仑兹力做正功D．通电直导线在磁场中受到的安培力方向与磁场方向平行2．在赤道处放置一通电导线，要使导线所受安培力方向竖直向下，则导线中的电流方向应该（）A．由东向西 B．由西向东 C．竖直向上 D．竖直向下3．如图所示为某一电源的U﹣I图象，根据此图象可知（）A．该电源是一个理想电源B．电源输出电流为3A时的路端电压为1.5VC．该电源的电动势为1.5V，内电阻为2.0ΩD．该电源的电动势为1.5V，内电阻为0.5Ω4．在如图所示电路中，当变阻器R3的滑动头P向b端移动时（）A．电压表示数变大，电流表示数变小B．电压表示数变小，电流表示数变大C．电压表示数变大，电流表示数变大D．电压表示数变小，电流表示数变小5．电子在匀强磁场中做匀速圆周运动，下列说法正确的是（）A．速率越大，周期越大B．速率越小，周期越大C．速度方向与磁场方向平行D．速度方向与磁场方向垂直6．带电粒子进入云室会使云室中的气体电离，从而显示其运动轨迹，图是在有匀强磁场的云室中观察到的粒子的轨迹，a和b是轨迹上的两点，匀强磁场B垂直纸面向里．该粒子在运动时，其质量和电荷量不变，而动能逐渐减少．下列说法正确的是（）A．粒子先经过a点，再经过b点B．粒子先经过b点，再经过a点C．粒子带负电D．粒子带正电7．有关磁感强度B，下列说法正确的是（）A．由知，B与F成正比，与IL成反比B．由知，B的方向就是F的方向C．B是磁场的性质，由磁场自身因素决定，与外界无关D．电流在磁场中某处受力为零时，该处的磁感强度B一定等于零8．如图所示为电动机提升重物的装置，电动机线圈的电阻r=1Ω，电动机两端的电压为5V，电路中的电流为1A，物体A重20N，不计摩擦力，则电动机线圈电阻上消耗的热功率为（）A．1W B．2W C．3W D．5W9．如图所示为三个门电路符号，A输入端全为“1”，B输入端全为“0”．下列判断正确的是（）A．甲为“非”门，输出为“1”B．乙为“或”门，输出为“1””C．乙为“与”门，输出为“0D．丙为“与”门，输出为“1”10．两根通电的长直导线平行放置，电流分别为I1和I2，电流的方向如图所示，在与导线垂直的平面上有a、b、c、d四个点，其中a、b在导线横截面连线的延长线上，c、d在导线横截面连线的垂直平分线上．则导体中的电流在这四点产生的磁场的磁感应强度可能为零的是（）A．a点B．b点C．c点D．d点11．如图，在水平面上的箱子内，带异种电荷的小球a、b用绝缘细线分别系于上、下两边，处于静止状态．地面受到的压力为N，球b所受细线的拉力为F．剪断连接球b的细线后，在球b上升过程中地面受到的压力（）A．小于N B．等于N C．等于N+F D．大于N+F12．质量为m、带电量为q的小球，从倾角为θ的光滑绝缘斜面上由静止下滑，整个斜面置于方向水平向外的匀强磁场中，其磁感强度为B，如图所示．若带电小球下滑后某时刻对斜面的作用力恰好为零，下面说法中正确的是（）A．小球带负电B．小球在斜面上运动时做匀加速直线运动C．小球在斜面上运动时做加速度增大，而速度也增大的变加速直线运动D．小球在斜面上下滑过程中，当小球对斜面压力为零时的速率为二、解答题（共2小题，满分5分）13．如图为一正在测量中的多用电表表盘．（1）如果是用直流10V档测量电压，则读数为V．（2）如果是用×100Ω档测量电阻，则读数为Ω．（3）如果是用直流5mA档测量电流，则读数为mA．14．用下面给定的器材分别采用两种方法测电阻：A．多用电表B．伏特表（0～3V，1KΩ）C．伏特表（0～3V，3KΩ）D．安培表（0～0.6A，0.1Ω）E．毫安表（0～5mA，22Ω）F．微安表（0～300μA，200Ω）G．滑动变阻器（50Ω，1A）H．蓄电池（ε=4V，r≈0）I、待测电阻R x（约为1.5KΩ）J、电键一个，导线若干（1）用多用表估测R x，欧姆表的表盘示意图如图所示，则欧姆表的倍率旋钮应指向档（从×1Ω，×10Ω，×100Ω，×1KΩ中选取一档）．（2）用伏安法测R x，则所选用器材应是（填上面器材的字母）．（3）画出用伏安法测R x的电路图．三、计算题（共37分）15．如图所示的装置中，平行板电场中有一质量为m，带电量为q的小球，用长L的细线拴住后在电场中处于平衡状态（即平衡位置），此时线与竖直方向的夹角为θ，两板间的距离为d，求：（1）小球带何种电荷？（2）两板间的电势差是多少？16．如图所示的匀强电场中，有a、b、c三点，ab=5cm，bc=12cm，其中ab沿电场方向，bc 和电场方向成60°角，一个电荷量为q=4×10﹣8C的正电荷从a移到b电场力做功为W1=1.2×10﹣6J求：（1）匀强电场的场强E=？（2）电荷从b移到c电场力做功W2=？（3）a、c两点的电势差U ac=？17．用磁场可以约束带电离子的轨迹，如图所示，宽d=2cm的有界匀强磁场的横向范围足够大，磁感应强度方向垂直纸面向里，B=1T．现有一束带正电的粒子从O点以v=2×106m/s的速度沿纸面垂直边界进入磁场．粒子的电荷量q=1.6×10﹣19C，质量m=3.2×10﹣27kg．求：（1）粒子在磁场中运动的轨道半径r和运动时间t是多大？（2）粒子保持原有速度，又不从磁场上边界射出，则磁感应强度最小为多大？2015-2016学年甘肃省定西市通渭县榜罗中学高二（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、不定项选择题：（每题4分，共48分，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全选对的得4分，选不全的得2分，选错的得0分）1．有关洛仑兹力和安培力的描述，正确的是（）A．通电直导线处于匀强磁场中一定受到安培力的作用B．安培力是大量运动电荷所受洛仑兹力的宏观表现C．带电粒子在匀强磁场中运动受到洛仑兹力做正功D．通电直导线在磁场中受到的安培力方向与磁场方向平行【考点】洛仑兹力；安培力．【分析】正确解答本题需要掌握：洛仑兹力和安培力的产生条件、方向的判断等知识，要明确通电导线与运动电荷在磁场中不一定有力的作用，电流方向或电荷运动方向与磁场平行时，没有磁场力作用．【解答】解：A、通电导线方向与磁场方向不在一条直线上时，才受到安培力作用，当二者平行时，安培力为零，故A错误；B、磁场对电流的作用力通常称为安培力，安培力的实质是形成电流的定向移动的电荷所受洛伦兹力的合力，故B正确；C、洛伦兹力的方向与速度方向垂直，洛伦兹力不做功．故C错误．D、根据左手定则知，安培力的方向与磁场方向垂直．故D错误故选：B【点评】安培力、洛伦兹力的产生、方向是初学者很容易出错的地方，在学习中要加强这方面的练习，提高对知识的理解．2．在赤道处放置一通电导线，要使导线所受安培力方向竖直向下，则导线中的电流方向应该（）A．由东向西 B．由西向东 C．竖直向上 D．竖直向下【考点】安培力．【分析】解答本题首先要明确地球磁场的分布情况，然后根据左手定则直接进行判断即可．【解答】解：地球磁场的南北极和地理的南北极相反，因此在赤道上方磁场方向从南指向北，依据左手定则可得导线中的电流方向应该由东向西，故正确，BCD错误．故选：A．【点评】本题的难点在于弄不清楚地球磁场方向，因此在学习中要熟练掌握各种典型磁场方向的分布情况．3．如图所示为某一电源的U﹣I图象，根据此图象可知（）A．该电源是一个理想电源B．电源输出电流为3A时的路端电压为1.5VC．该电源的电动势为1.5V，内电阻为2.0ΩD．该电源的电动势为1.5V，内电阻为0.5Ω【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】U﹣I图象中图象与纵轴的交点为电源的电动势；而图象与纵坐标的交点为短路电路，由欧姆定律可求得内阻．【解答】解；A、由图可知，该电源有内阻，故不是理想电源；故A错误；B、当输出电流为3A时，路端电压为零，故B错误；C、该电源的电动势为1.5V，而内阻r===0.5Ω，故C错误，D正确；故选：D．【点评】U﹣I图象中可以直观的得出电源的电动势和内电阻，明确图象与纵坐标的交点为电源的电动势，图象的斜率可以求出内阻．4．在如图所示电路中，当变阻器R3的滑动头P向b端移动时（）A．电压表示数变大，电流表示数变小B．电压表示数变小，电流表示数变大C．电压表示数变大，电流表示数变大D．电压表示数变小，电流表示数变小【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】压轴题．【分析】由图可知R2与R3并联后与R1串联，电压表测量路端电压；由滑片的移动可得出滑动变阻器接入电阻的变化，则由闭合电路的欧姆定律可得出总电流的变化，由U=E﹣Ir可得出路端电压的变化；将R1作为内阻处理，则可得出并联部分电压的变化，求得R2中电流的变化，由并联电路的电流规律可得出电流表示数的变化．【解答】解：当滑片向b端滑动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小，则由闭合电路欧姆定律可得，电路中总电流增大，故内压增大；因此路端电压减小，故电压表示数减小；将R1等效为内阻，则可知并联部分电压一定减小，故流过R2的电流减小，因总电流增大，故电流表示数增大；故B正确，ACD错误；故选B．【点评】闭合电路的欧姆定律一般按先分析外电路，再分析内电路，最后再分析外电路的思路进行；若电阻与电源串联，可以等效为内阻处理．5．电子在匀强磁场中做匀速圆周运动，下列说法正确的是（）A．速率越大，周期越大B．速率越小，周期越大C．速度方向与磁场方向平行D．速度方向与磁场方向垂直【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．【专题】带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】当带电粒子垂直磁场方向进入匀强磁场时，洛伦兹力提供向心力，做匀速圆周运动，根据牛顿第二定律列式分析判断．【解答】解：A、B、当带电粒子垂直磁场方向进入匀强磁场时，洛伦兹力提供向心力，做匀速圆周运动，根据牛顿第二定律，有：其中：v=解得：即周期与速率无关，故AB错误；C、D、当带电粒子垂直磁场方向进入匀强磁场时，洛伦兹力提供向心力，做匀速圆周运动，根据左手定则可以知道洛伦兹力方向一定垂直于速度方向，故C错误，D正确；故选D．【点评】本题关键是明确当带电粒子垂直磁场方向进入匀强磁场时，洛伦兹力提供向心力，做匀速圆周运动，然后根据牛顿第二定律列式求解．6．带电粒子进入云室会使云室中的气体电离，从而显示其运动轨迹，图是在有匀强磁场的云室中观察到的粒子的轨迹，a和b是轨迹上的两点，匀强磁场B垂直纸面向里．该粒子在运动时，其质量和电荷量不变，而动能逐渐减少．下列说法正确的是（）A．粒子先经过a点，再经过b点B．粒子先经过b点，再经过a点C．粒子带负电D．粒子带正电【考点】判断洛仑兹力的方向．【专题】带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】粒子在云室中运动时，由于能量的损失，其速度会逐渐变小，轨迹的半径会逐渐减小，由此可判断运动方向；粒子所受洛伦兹力方向指向运动轨迹的内侧，因此根据洛伦兹力方向以及磁场方向可以判断粒子的正负，【解答】解：粒子在云室中运动时，速度逐渐减小，根据可知其运动轨迹的半径逐渐减小，故粒子运动方向为由a到b，故A正确，B错误；运动方向由a到b，磁场垂直纸面向里，所受洛伦兹力方向指向运动轨迹内侧，故由左手定则可知该电荷带负电，故C正确，D错误．故选AC．【点评】根据带电粒子在磁场中受力特点以及粒子在磁场中运动的半径公式进行求解是解决这类问题的基本思路．7．有关磁感强度B，下列说法正确的是（）A．由知，B与F成正比，与IL成反比B．由知，B的方向就是F的方向C．B是磁场的性质，由磁场自身因素决定，与外界无关D．电流在磁场中某处受力为零时，该处的磁感强度B一定等于零【考点】磁感应强度．【分析】在磁场中磁感应强度有强弱，则由磁感应强度来描述强弱，B反映本身的强弱，与放入磁场中的检验电流无关．将通电导线垂直放入匀强磁场中，即确保电流方向与磁场方向相互垂直，则所受的磁场力与通电导线的电流与长度乘积之比．【解答】解：A、磁场中某处的磁感应强度大小是由磁场本身决定的，与放入磁场是F、IL无关，故A错误．B、通电导线在磁场中的受力方向，由左手定则来确定，所以磁场力的方向与磁场及电流方向相互垂直，故B错误；C、B反映磁场本身的强弱，由磁场自身因素决定，与外界无关．故C正确．D、当通电导体平行放在磁场中某处受到的磁场力F等于0，但磁场并一定为零．故D错误；故选：C【点评】磁感应强度的定义式B=可知，是属于比值定义法，且导线垂直放入磁场中．即B 与F、I、L均没有关系，它是由磁场的本身决定．8．如图所示为电动机提升重物的装置，电动机线圈的电阻r=1Ω，电动机两端的电压为5V，电路中的电流为1A，物体A重20N，不计摩擦力，则电动机线圈电阻上消耗的热功率为（）A．1W B．2W C．3W D．5W【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】根据焦耳定律P Q=I2r直接求解电动机线圈电阻上消耗的热功率．【解答】解：根据焦耳定律，热功率为：P Q=I2r=12×1 W=1 W故选：A【点评】本题主要考查了焦耳定律P Q=I2r的直接应用，知道电动机两端的电压不是加在电阻上的电压，难度不大，属于基础题．9．如图所示为三个门电路符号，A输入端全为“1”，B输入端全为“0”．下列判断正确的是（）A．甲为“非”门，输出为“1”B．乙为“或”门，输出为“1””C．乙为“与”门，输出为“0D．丙为“与”门，输出为“1”【考点】简单的逻辑电路；传感器在生产、生活中的应用．【分析】基本逻辑门电路的输入输出，非门当输入1时，输出0，当输入0时，输出1；或门当输入1、0时，输出1；与门当输入1、0时，输出0．【解答】解：A、甲为“非”门电路，当输入1时，输出0，故A错误；B、乙为“或”门电路，当输入1、0时，输出1，故B正确；C、D、丙为“与”门电路，当输入1、0时，输出0，故C正确，D错误．故选：BC【点评】考查了基本逻辑门电路的输入输出逻辑关系，理解逻辑原理．10．两根通电的长直导线平行放置，电流分别为I1和I2，电流的方向如图所示，在与导线垂直的平面上有a、b、c、d四个点，其中a、b在导线横截面连线的延长线上，c、d在导线横截面连线的垂直平分线上．则导体中的电流在这四点产生的磁场的磁感应强度可能为零的是（）A．a点B．b点C．c点D．d点【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向；磁感应强度．【分析】由安培定则确定两电流在图示各点所产生的磁场方向，若方向相反，磁感应强度可能为0，否则不可．【解答】解：A、两电流在a 点B的方向相反，若因 I1＜I2且离I1近，故I1的磁感应强度可能等于I2的磁感应强度．则a点可能为0．故A正确；B、两电流在d点的B的方向相反，I1＞I2，而I2离b点近，则可以大小相等，故b点磁感应强度可为0．故B正确；C、两电流在 c 点 d点的B的方向不相反，故b，c两点的磁感应强度不可能为0．故CD 错误；故选：AB【点评】考查磁场的合成，明确电流的磁感应强度与电流的大小，距离有关．11．如图，在水平面上的箱子内，带异种电荷的小球a、b用绝缘细线分别系于上、下两边，处于静止状态．地面受到的压力为N，球b所受细线的拉力为F．剪断连接球b的细线后，在球b上升过程中地面受到的压力（）A．小于N B．等于N C．等于N+F D．大于N+F【考点】牛顿第二定律；库仑定律．【专题】压轴题．【分析】先对箱子和a整体受力分析，受重力，向下的静电力，线对整体向上的拉力，地面对整体的支持力，可以根据共点力平衡条件列式；剪短细线后，b加速上升，再次对木箱和a 整体受力分析，受重力，向下的静电力，地面对整体的支持力，根据共点力平衡条件再次列式，两次比较，就可以得出结论．【解答】解：以箱子和a合在一起为研究对象，设其质量为M，剪断连接球b的细线前，则N=Mg﹣F+F e，其中F e表示b对a的库仑力，也即为b对a和箱子整体的库仑力；剪断连接球b的细线后，则N′=Mg+F e′，又由于在球b上升过程中库仑力变大（距离变近），所以N′＞N+F，所以D正确；故选：D．【点评】本题也可以根据超重和失重的知识求解，开始对木箱和a受力分析，支持力和总重力平衡，剪短细线后，b加速上升，整体处于超重状态，故支持力变大！12．质量为m、带电量为q的小球，从倾角为θ的光滑绝缘斜面上由静止下滑，整个斜面置于方向水平向外的匀强磁场中，其磁感强度为B，如图所示．若带电小球下滑后某时刻对斜面的作用力恰好为零，下面说法中正确的是（）A．小球带负电B．小球在斜面上运动时做匀加速直线运动C．小球在斜面上运动时做加速度增大，而速度也增大的变加速直线运动D．小球在斜面上下滑过程中，当小球对斜面压力为零时的速率为【考点】洛仑兹力；带电粒子在匀强磁场中的运动．【分析】带电滑块在滑至某一位置时，由于在安培力的作用下，要离开斜面．根据磁场方向结合左手定则可得带电粒子的电性．由光滑斜面，所以小滑块在没有离开斜面之前一直做匀加速直线运动．借助于洛伦兹力公式可求出恰好离开时的速度大小，从而由运动学公式来算出匀加速运动的时间．由位移与时间关系可求出位移大小．【解答】解：A、小球向下运动，由磁场垂直纸面向外，又由于洛伦兹力垂直斜面向上，所以小球带正电．故A错误；B、小球没有离开斜面之前，在重力，支持力、洛伦兹力作用下做匀加速直线运动，虽然速度变大，导致洛伦兹力变大，但三个力的合力却不变，故B正确；C、小球没有离开斜面之前，在重力，支持力、洛伦兹力作用下做匀加速直线运动，虽然速度变大，导致洛伦兹力变大，但重力沿斜面向下的分力却不变，即三个力的合力却不变，故C错误；D、则小球在斜面上下滑过程中，当小球受到的洛伦兹力等于重力垂直与斜面的分力相等时，小球对斜面压力为零．所以Bqv=mgcosθ，则速率为．故D错误；故选：B【点评】本题突破口是从小滑块刚从斜面离开时，从而确定洛伦兹力的大小，进而得出刚离开时的速度大小，由于没有离开之前做匀加速直线运动，所以由运动与力学可解出运动的时间及位移．倘若斜面不是光滑的，则随着粒子的下滑，洛伦兹力大小变化，导致摩擦力变化，从而使加速度也发生变化．二、解答题（共2小题，满分5分）13．如图为一正在测量中的多用电表表盘．（1）如果是用直流10V档测量电压，则读数为 6.5 V．（2）如果是用×100Ω档测量电阻，则读数为8.0×102Ω．（3）如果是用直流5mA档测量电流，则读数为 3.25 mA．【考点】多用电表的原理及其使用．【专题】恒定电流专题．【分析】（1）直流10V档最小分度为0.2V，准确值加估计到0.1V位．（2）用×100Ω档测量电阻，读数=指示值×倍率．（3）直流5mA档最小分度为0.1mA，准确值加估计到0.01mA位．【解答】解：（1）用直流10V档测量电压，准确值6.4V，估计值0.5，读数为6.5V．（2）用×100Ω档测量电阻，指示值8.0Ω，倍率为×100，读数为8.0×102Ω．（3）用直流5mA档测量电流，准确值3.2mA，估计值0.05mA，读数为3.25mA．故本题答案是：（1）6.5 （2）8.0×102（3）3.25【点评】本题考查基本仪器、仪表的读数能力．仪器、仪表的读数是准确值加估计值，在仪器、仪表的读数中不可靠数字只保留一位，仪器或仪表中不可靠数字出现在哪一位，读数就读到哪一位．14．用下面给定的器材分别采用两种方法测电阻：A．多用电表B．伏特表（0～3V，1KΩ）C．伏特表（0～3V，3KΩ）D．安培表（0～0.6A，0.1Ω）E．毫安表（0～5mA，22Ω）F．微安表（0～300μA，200Ω）G．滑动变阻器（50Ω，1A）H．蓄电池（ε=4V，r≈0）I、待测电阻R x（约为1.5KΩ）J、电键一个，导线若干（1）用多用表估测R x，欧姆表的表盘示意图如图所示，则欧姆表的倍率旋钮应指向×100Ω档（从×1Ω，×10Ω，×100Ω，×1KΩ中选取一档）．（2）用伏安法测R x，则所选用器材应是C、E、G、H、I、J （填上面器材的字母）．（3）画出用伏安法测R x的电路图．【考点】伏安法测电阻．【专题】实验题．【分析】（1）欧姆表的读数为示数乘以倍率，指针在表盘范围内读数时最准确；（2）用伏安法测定电阻的原理是电阻定义式R=．根据电源的电动势，选择电压表的量程．由电源的电动势与测电阻的大约值，估算电流的最大值，选择电流表的量程．根据待测电阻与变阻器总阻值的大小，选择变阻器的规格．根据两电表内阻与待测电阻的大小关系，选择电流表的内接法或外接法．【解答】解：（1）待测电阻R x约为1.5KΩ，指针在表盘范围内读数时最准确，所以选择×100Ω档，此时指针对准15刻度．（2）必选器材有：G、H、I、J．因被测电阻较大，所以伏特表选（0～3V，3KΩ），即选择C．由题，则通过导线的电流最大值约I max=．故电流表选E．则所选用器材应是：C、E、G、H、I、J（3）由于待测电阻远大于电流表的内阻，属于大电阻，所以电流表采用内接法．为使通过待测电阻的电压能从零开始编号，变阻器必须接成分压式电路，实验原理电路图如图：故答案为：（1）×100Ω；（2）C、E、G、H、I、J；（3）如图所示【点评】解决本题的关键掌握器材选取的原则，知道滑动变阻器分压式接法和限流式接法的区别，以及知道电流表内外接的区别．三、计算题（共37分）15．如图所示的装置中，平行板电场中有一质量为m，带电量为q的小球，用长L的细线拴住后在电场中处于平衡状态（即平衡位置），此时线与竖直方向的夹角为θ，两板间的距离为d，求：（1）小球带何种电荷？（2）两板间的电势差是多少？【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势差．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】（1）小球在电场中处于平衡状态，根据小球的电场力方向与场强方向的关系，判断小球的电性．（2）根据平衡条件和场强与电势差间的关系，求解两板间的电势差．【解答】解：（1）由小球处于平衡状态，根据受力分析可知小球受电场力方向水平向左，因而小球带负电（2）设此时绳子拉力为T，板间电场强度为E，由平衡条件得qE=Tsinθ ①mg=Tcosθ ②又由于U=Ed ③由上述①②③式可解得：U=答：（1）小球带负电荷．（2）两板间的电势差是．【点评】本题是带电粒子的平衡问题，解题关键是知道带电粒子的受力情况，据场强方向的规定判断；二是平衡态列方程，基础题，难度不大．16．如图所示的匀强电场中，有a、b、c三点，ab=5cm，bc=12cm，其中ab沿电场方向，bc 和电场方向成60°角，一个电荷量为q=4×10﹣8C的正电荷从a移到b电场力做功为W1=1.2×10﹣6J求：（1）匀强电场的场强E=？（2）电荷从b移到c电场力做功W2=？（3）a、c两点的电势差U ac=？【考点】电势能；电势差；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】（1）根据电场力做功公式W=qEd，求解电场强度，d是电场线方向两点间的距离．（2）电场力做功公式W=qEd，求解电荷从b移到c电场力做功W2．（3）先求出电荷从a到c电场力做功，再求解a、c两点的电势差U ac．【解答】解：（1）由题，由W1=qEl ab得E===600V/m（2）电荷从b移到c电场力做功为W2=qEl bc cos60°=4×10﹣8×600×0.12×0.5J=1.44×10﹣6J（3）电荷从a移到c电场力做功为W ac=W1+W2则a、c两点的电势差为==66V．答：（1）匀强电场的场强E=600V/m．（2）电荷从b移到c电场力做功W2=1.44×10﹣6J．（3）a、c两点的电势差U ac=66V．【点评】匀强电场中电场力做功公式W=qEd中，d是两点间沿电场线方向的距离，求功时要注意判断功的正负．17．用磁场可以约束带电离子的轨迹，如图所示，宽d=2cm的有界匀强磁场的横向范围足够大，磁感应强度方向垂直纸面向里，B=1T．现有一束带正电的粒子从O点以v=2×106m/s的速度沿纸面垂直边界进入磁场．粒子的电荷量q=1.6×10﹣19C，质量m=3.2×10﹣27kg．求：（1）粒子在磁场中运动的轨道半径r和运动时间t是多大？（2）粒子保持原有速度，又不从磁场上边界射出，则磁感应强度最小为多大？【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．【专题】带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】（1）根据粒子在磁场中，由洛伦兹力提供向心力做匀速圆周运动，结合牛顿第二定律与几何关系，即可求解．（2）根据粒子不从磁场上边界出射，其轨迹与上边界相切，画出运动轨迹图，根据半径公式，即可求解．。
高二物理上学期期末测试题(含详细解答)
高二物理上学期期末测试题一、选择题：本题共14小题，每小题4分，共48分．在每个小题给出的四个选项中至少有一个选项符合题目要求，选全的得4分，选对但不全的得2分，选错和不选的得0分．1．如图所示，将两个等量异种点电荷分别固定于A、B两处，AB为两点电荷的连线，MN为AB连线的中垂线，交AB于O点，M、N距两个点电荷较远，以下说法正确的是（ ）A．沿直线由A到B，各点的电场强度先减小后增大B．沿直线由A到B，各点的电势先升高后降低C．沿中垂线由M到O，各点的电场强度先增大后减小D．将一电荷从M点移到O点，电场力做正功，电荷的电势能减少2．如图所示，两根垂直纸面、平行且固定放置的直导线M和N，通有同向等值电流；沿纸面与直导线M、N等距放置的另一根可自由移动的通电导线ab，则通电导线ab在安培力作用下运动的情况是（ ）A．沿纸面逆时针转动B．沿纸面顺时针转动C．a端转向纸外，b端转向纸里D．a端转向纸里，b端转向纸外3．某带电粒子仅在电场力作用下由A点运动到B点，电场线、粒子在A点的初速度及运动轨迹如图所示，可以判定（ ）A．粒子带正电B．A点的电势低于B点的电势C．粒子在A点的加速度大于它在B点的加速度D．粒子在A点的动能小于它在B点的动能4．如图所示，在两个固定的异种点电荷Q1、Q2的连线上有A、B两点．将一个带负电的试探电荷q由A静止释放，它从A点运动到B点的过程中，可能（ ）A．先加速运动再减速运动B．加速度一直增大C．电势能先增大后减小D．在B点电势能比在A点的电势能小5．如图中虚线所示为静电场的等势面1、2、3、4，相邻的等势面之间的电势差相等，其中等势面3的电势为0．一带正电的点电荷在静电力的作用下运动，经过a、b点的动能分别为26eV和5eV．当这一点电荷运动到某一位置，其电势能变为-8eV时，它的动能应为（ ）A．8eV B．13eV C．20eV D．34eV6．带电的平行板电容器与静电计的连接如图所示，要使静电计的指针偏角变小，可采用的方法有（ ）A ．减小两极板间的距离B ．增大两极板间的距离C ．在两板间插入电介质D ．将极板B 向上适当移动7．如图所示的电路中，电源电动势为E 、内电阻为r ．在滑动变阻器R1的滑动触片P 从图示位置向下滑动的过程中（ ）A ．电路中的总电流变大B ．路端电压变大C ．通过电阻R2的电流变小D ．通过滑动变阻器R1的电流变小8．一直流电动机正常工作时两端的电压为U ，通过的电流为I ，电动机线圈的电阻为r ．该电动机正常工作时，下列说法正确的是（ ）A ．电动机消耗的电功率为UIB ．电动机的输出功率为UI-I 2rC ．电动机的发热功率为D ．I 、U 、r 三个量间满足 2U r U I r9．在xoy 坐标系中，将一负检验电荷Q 由y 轴上a 点移至x 轴上b 点，需克服电场力做功W ，若从a 点移至x 轴上c 点，也需克服电场力做功W ，那么此空间存在的静电场可能是（ ）A ．电场强度方向沿y 轴负方向的匀强电场B ．电场强度方向沿x 轴正方向的匀强电场C ．处于第Ⅰ象限某一位置的正点电荷形成的电场D ．处于第Ⅲ象限某一位置的负点电荷形成的电场10．电源和一个水平放置的平行板电容器、三个电阻组成如图所示的电路．当开关S 闭合后，电容器中有一个带电液滴正好处于静止状态．现将开关S 断开，则以下判断正确的是（ ）A ．液滴仍保持静止状态B ．液滴将向上运动C ．电容器上的带电量将减为零D ．电容器上的带电量将增大11．在电磁感应现象中，下列说法正确的是（ ）A ．感应电流的磁场总是跟原来的磁场方向相反B ．闭合线框放在变化的磁场中不一定能产生感应电流C ．闭合线框放在匀强磁场中做切割磁感线运动，一定产生感应电流D ．感应电流的磁场总是阻碍原磁通量的变化12．右图是半径为r 的金属圆盘（电阻不计）在垂直于盘面的匀强磁场中绕O 轴以角速度ω沿逆时针方向匀速转动，电阻R 两端分别接盘心O 和盘缘，则通过电阻的电流强度大小和方向是（ ）A ． 由c 到dB ． 由d 到c 2Br I Rω=2Br I R ω=C ．由c 到d D ．由d 到c 22Br I R ω=22Br I Rω=13．如图所示，在条形磁铁从图示位置绕O1O2轴转动90°的过程中，放在导轨右端附近的金属棒ab 将（ ）A ．向左运动B ．向右运动C ．静止不动D ．因不知道条形磁铁的哪一端为N 极，也不知道条形磁铁是顺时针转动还是逆时针转动，故无法判断14．一个面积S=4×10-2m2、匝数n=100匝的线圈，放在匀强磁场中，磁场方向垂直于线圈平面，磁感应强度B 随时间t 变化的规律如图所示，则下列判断正确的是（ ）A ．在开始的2 s 内穿过线圈的磁通量变化率等于-0.08 Wb/sB ．在开始的2 s 内穿过线圈的磁通量的变化量等于零C ．在开始的2 s 内线圈中产生的感应电动势等于0.08 VD ．在第3 s 末线圈中的感应电动势等于零二、实验题：本题共3个小题,满分18分,把答案直接填在题中的相应位置。
高二物理第一学期期末考试试题3.doc
高二物理第一学期期末考试试题高 二 物 理 2008．01说明：本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分．将选择题的正确选项填涂在答题卡上，将第Ⅱ卷答案答在答题纸上；考试结束，将答题纸连同答题卡一并上交．考试时间90分钟，满分100分．第Ⅰ卷（选择题 48分）一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，至少有一项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错或者不选得0分．1．下列说法正确的是A ．布朗运动就是液体分子的无规则运动B ．只要外界对气体做了功，气体的内能就一定发生变化C ．一定量的理想气体，当温度升高时，一定是外界对它做了正功D ．一定量的理想气体，当温度升高时，它的体积可能增大2．如图所示为一种利用电磁原理制作的充气泵的结构示意图，其工作原理类似打点计时器．当电流从电磁铁的接线柱 a 流入，吸引小磁铁向下运动时，下列说法正确的是 A ．电磁铁的上端为N 极，小磁铁的下端为N 极B ．电磁铁的上端为S 极，小磁铁的下端为S 极C ．电磁铁的上端为N 极，小磁铁的下端为S 极D ．电磁铁的上端为S 极，小磁铁的下端为N 极3．如图所示，设有一分子位于图中的坐标原点O 不动，另一分子可位于 x 轴上不同位置处．图中纵坐标表示这两个分子间作用力的大小，两条曲线分别表示斥力和引力的大小随两分子间距离变化的关系，e 为两曲线的交点．则A ．ab 表示引力B ．cd 表示引力C ．ab 表示斥力D ．cd 表示斥力4．一个矩形线圈在匀强磁场中转动产生的交变电流 e =2002 sin100πt(V)，则A ．该交变电流的频率是100HzB ．当t = 1200 s 时，线圈平面恰好位于中性面上 C ．当t = 1200 s 时，e 有最大值D ．该交变电流电动势的有效值为2002 V5．小型水力发电站的发电机有稳定的输出电压，它发出的交变电流先通过电站附近的升压变压器升压，然后通过输电线路把电能输送到远处用户附近的降压变压器，经降低电压空气导管后再输送至各用户，设变压器都是理想的，那么在用电高峰期，随用电器功率的增加将导致A ．发电机的输出电流变小B ．高压输电线路的功率损失变大C ．升压变压器的次级线圈两端的电压变大D ．降变压器的次级线圈两端的电压变小6．在地球的赤道附近，宇宙射线中的一个带负电的粒子垂直于地面射向赤道，则在地磁场的作用下，该粒子的偏转方向将是A ．向东B ．向西C ．向南D ．向北 7．如图所示有一束混合负离子先后通过相邻的正交电磁场区域 M 和匀强磁场区域N(这些场区图中没画出)．如果这束离子流在区域M 中不偏转,接着进入区域N 后出现了a 、b两个圆轨迹．对于此过程下列说法正确的是A ．这些离子的速度大小相等B ．这些离子的比荷相同C ．比荷小的离子沿圆周 a 运动D ．沿圆周 b 运动的离子角速度大8．图示为某种自耦变压器的结构简图，当滑动触头P 向上滑动时A ．R 上的电压上升，电流增大B ．R 上的电压上升，电流减小C ．R 上的电压下降，电流增大D ．R 上的电压下降，电流减小9．如图所示的电路中，电感线圈L 的自感系数足够大，其直流电阻忽略不计，L A 、L B 是两个相同的灯泡，下列说法正确的是A ．S 闭合后，L A 、LB 同时发光且亮度不变 B ．S 闭合后，L A 立即发光，然后又逐渐熄灭C ．S 断开的瞬间，L A 、L B 同时熄灭D ．S 断开的瞬间，L A 再次发光，然后又逐渐熄灭10．质量为m 、带电量为q 的小球，从倾角为θ的光滑绝缘斜面上由静止下滑，整个斜面置于方向水平向外的匀强磁场中，其磁感应强度为B ，如图所示．若带电小球下滑后某时刻对斜面的作用力恰好为零，下列说法正确的是A ．小球带正电B ．小球在斜面上运动时做匀加速直线运动C ．小球在斜面上运动时做加速度增大，而速度也增大的变加速直线运动D ．小球在斜面上运动过程中，当小球对斜面压力为零时的速率为 mg cos θBq11． 如图所示，一条形磁铁置于水平桌面上，在条形磁铁中央位置的正上方，水平固定一铜质圆环，下列说法正确的是A ．释放圆环，环下落过程中机械能守恒S L r E × × L L A B …M N a b～ O P RB．释放圆环，环下落过程中磁铁对桌面的压力比磁铁的重力大C．给磁铁水平向右的初速度，磁铁将做减速运动D．给磁铁水平向右的初速度，圆环将产生向左的运动趋势12．在如图所示的空间中存在两个相邻的有界匀强磁场，其磁感应强度大小相等、方向相反宽度均为L．现将宽度也为L的矩形闭合金属线圈，从图示位置开始垂直于磁场方向和磁场边界匀速穿过磁场区域，在该过程中，能正确反映线圈所受安培力随时间变化的图象是高二物理第一学期期末考试试题高二物理2008．01第Ⅱ卷（非选择题 52分）二、实验题：本题共2小题，共12分．按题目要求答在题中的横线上或按要求作图．13．（6分）在用油膜法估测油酸分子直径的实验中，实验器材有：体积百分比浓度为0.05%的油酸酒精溶液、最小刻度为0.1mL的量筒、盛有适量清水的45×50cm2浅盘、痱子粉、橡皮头滴管、玻璃板、彩笔、坐标纸等．（1）下面是实验步骤，请将步骤C填上．A．用滴管将浓度为0.05%油酸酒精溶液一滴一滴地滴入量筒中，记下滴入1mL油酸酒精溶液的滴数N．B．将痱子粉均匀地撒在浅盘内水面上，用滴管吸取浓度为0.05%的油酸酒精溶液，向水面中央一滴一滴地滴入，直到油酸薄膜有足够大的面积又不与器壁接触为止，记下滴入的滴数n．C．．D．将画有油酸薄膜轮廓的玻璃板放在坐标纸上，以坐标纸上边长为1cm的正方形为单位，计算轮廓内正方形的个数，算出油酸薄膜的面积S cm2．（2）用已给的和测得的物理量表示单个油酸分子的直径大小（单位：cm）．14．（6分）如图为探究电磁感应现象的实验装置．（1）将图中所缺的导线补画完整；（2）如果在闭合开关时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，那么合上开关后可能出现的情况有：A ．将原线圈迅速插入副线圈时，灵敏电流计指针将 ．（填“左偏”或“右偏”）B ．原线圈插入副线圈后，将滑动变阻器触头迅速向左滑动时，灵敏电流计指针将 ．（填“左偏”或“右偏”） 15．（8分）如图所示，导热性能良好的气缸内封闭一定质量的某种理想气体，活塞通过滑轮和一重物连接并保持平衡，已知活塞距缸口 0.5m ，活塞面积10cm 2，大气压强1.0×105Pa ，物体重50N ，活塞质量及一切摩擦不计．缓慢升高环境温度，使活塞刚好升到缸口，封闭气体吸收了60J 的热量．问（1）封闭气体的压强怎样变化？（2）气体的内能如何变化？变化了多少？16．（10分）如图所示，在 y <0的区域内存在匀强磁场，磁场方向垂直于 xOy 平面并指向纸面外，磁感应强度大小为B ．一个带正电的粒子以速度 v 0 从O 点射入磁场，入射方向在xOy 平面内，与 x 轴正方向的夹角为θ，若粒子射出磁场的位置与O 点的距离为L ，求该粒子的比荷．G yxB· · · · · ·· · · · · ·· · · · · ·· · · · · ·θ O17．（10分）有一台内阻为1Ω的发电机用高压输电的方法给学校供电，已知升压变压器的匝数比为1:4，降压变压器的匝数比为4:1，输电线的总电阻为4Ω，全校共有22个班，每班有220V、40W的电灯6盏．若保证全部电灯都正常发光，试求：（1）发电机的输出功率；（2）发电机的电动势；（3）高压输电的效率．18．（12分）如图所示，一边长为L = 0.2m，质量为m1 = 0.5kg，电阻为R = 0.1Ω的正方形导体线框abcd，与一质量为m2 = 2kg的物块通过轻质细线跨过两定滑轮相连．另有有界匀强磁场磁感应强度大小为B=2.5T，磁场宽度为d2=0.3m，起初ad边距磁场下边界为d1= 0.8m．物块放在倾角θ =53°的斜面上，与斜面间的动摩擦因数为μ=0.5．现将物块由静止释放，经一段时间后发现当ad边从磁场上边缘穿出时，线框恰做匀速运动．求：（1）线框ad边从磁场上边缘穿出时的速度大小；（2）线框刚好全部进入磁场时的动能．（sin53°=0.8，cos53°= 0.6）××××××××××××θ2ab cdm高二物理第一学期期末考试试题高二物理2008．01一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分．1．D 2．D 3．AD 4．C 5．BD 6．B7．A 8．D 9．BD 10．ABD 11．AC 12．D 二、实验题：本题共2小题，共12分．13．（6分）（1）（3分）将玻璃板放在浅盘上，用彩笔将油酸薄膜的形状画在玻璃板上（2）（3分）14．（6分）（1）连线如图所示，每条0.5分．（2）右偏（2分）（3）左偏（2分）三、计算题：共 4小题，共40分．15．（8分）参考解答：（1）活塞缓慢移动，可以认为活塞在任意状态都处于平衡状态．对活塞受力分析，由平衡条件得，，故封闭气体的压强保持不变．（2）气体体积变大，封闭气体推动活塞对外界作功．J；在此过程中封闭气体吸收了60J热量，由热力学第一定律知，气体的内能增加了35J．评分标准：（1）问3分；（2）问5分．共8分．16．（10分）参考解答：如图所示，设带电粒子在磁场中的轨迹半径为R，则………………①又………………②解得……………③评分标准：①式5分；②式2分；③式3分；共10分．17．（10分）参考解答：（1）灯泡的总功率P 1 = 22×40×6 = 5280W通过的总电流输电线电流为消耗功率P2 = I32R = 144A发电机输出功率为P = P1 + P2 =5424W（2）降压变压器输入端电压U 3 = 4×220 = 880 V；输电线电压降为U '=I3R=24V发电机输出端电压，电流I1＝24A根据闭合电路欧姆定律,发电机的电动势V（3）%评分标准：（1）问4分；（2）问3分；（3）问3分；共10分．18．（12分）参考解答：（1）由于线框匀速穿出磁场，则对m2有：对m1有：又解，得：（m/s）（2）从线框刚好全部进入磁场到线框ad边刚要离开磁场，由动能定理得将速度v代入，整理可得线框刚刚全部进入磁场时，线框与物块的速度为v0＝m/s所以此时线框的动能为J评分标准：（1）问5分；（2）问7分．共12分．。
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r
b
a 1
R 2
R 3R A
V P 2015—2016学年第一学期期末考试卷
高二物理
一、不定项选择题：（每题4分，共48分，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确,全选对的得4分，选不全的得2分，选错的得0分）
1.有关洛仑兹力和安培力的描述，正确的是 ( ) A ．通电直导线处于匀强磁场中一定受到安培力的作用 B ．安培力是大量运动电荷所受洛仑兹力的宏观表现 C ．带电粒子在匀强磁场中运动受到洛仑兹力做正功 D ．通电直导线在磁场中受到的安培力方向与磁场方向平行
2.在赤道处放置一通电导线，要使导线所受安培力方向竖直向下，则导线中的电流方向应该 ( )
A ．由东向西
B ．由西向东
C ．竖直向上
D ．竖直向下 3．如图所示为某一电源的U －I 图象，根据此图象可知（ ）
A ．该电源是一个理想电源
B ．电源输出电流为3A 时的路端电压为1.5V
C ．该电源的电动势为1.5V ，内电阻为2.0Ω
D ．该电源的电动势为1.5V ，内电阻为0.5Ω 4.在如图所示电路中,当变阻器器的滑动头P 向b 端移动时（ ）
A.电压表示数变大,电流表示数变小
B.电压表示数变小,电流表示数变大
C.电压表示数变大,电流表示数变大
D.电压表示数变小,电流表示数变小
5、电子在匀强磁场中做匀速圆周运动，下列说法正确的是 （ ） A ．速率越大，周期越大 B ．速率越小，周期越大 C ．速度方向与磁场方向平行 D ．速度方向与磁场方向垂直
6、带电粒子进入云室会使云室中的气体电离，从而显示其运动轨迹．如图所示是在有匀强磁场的云室中观察到的粒子的轨迹，a 和b 是轨迹上的两点，匀强磁场B 垂直纸面向里．该粒子在运动时，其质量和电荷量不变，而动能逐渐减小，下列说法正确的是( ) A ．粒子先经过a 点，再经过b 点 B ．粒子先经过b 点，再经过a 点 C ．粒子带负电 D ．粒子带正电
7、有关磁感强度B ，下列说法正确的是 （ ）
A 、由
IL F
B =
知，B 与F 成正比，与IL 成反比 B 、由
IL F
B =
知，B 的方向就是F 的方向
C 、B 是磁场的性质，由磁场自身因素决定，与外界无关
D 、电流在磁场中某处受力为零时，该处的磁感强度B 一定等于零
8．如图所示为电动机提升重物的装置，电动机线圈的电阻r=1Ω，电动机两端的电压为5V ，电路中的电流为1A ，物体A 重20N ，不计摩擦力，则电动机线圈电阻上消耗的热功率为( ) A ．1W B ．2W C ．3W D ．5W
9、如图所示为三个门电路符号，A 输入端全为“1”，B 输入端全 为“0”，下列判断正确的是 （ ） A ．甲为“非”门，输出为“1” B ． 乙为“或”门，输出为“1” C ．乙为“与”门，输出为“0” D ．丙为“与”门，输出为“1”
10、两根通电的长直导线平行放置，电流分别为I 1和I 2，电流的方向如右图所示，在与导线垂直的平面上有a 、b 、c 、d 四点，其中a 、b 在导线横截面连线的延长线上，c 、d 在导线横截面连线的垂直平分线上．则导体中的电流在这四点产生的磁场的磁感应强度可能为零的是( )
A ．a 点
B ．b 点
C ．c 点
D ．d 点
11、如图所示，在水平面上的箱子内，带异种电荷的小球a 、b 用绝缘细线分别系于上、下两边，处于静止状态．地面受到的压力为N ，球b 所受细线的拉力为F 。
剪断连接球b 的细线后，在球b 上升过程中地面受到的压力 （ ）
A ．大于N+F
B ．等于N
C ．等于N ＋F
D ．小于N
12、质量为m 、带电量为q 的小球，从倾角为θ的光滑绝缘斜面上由静止下滑，整个斜面置于方向水平向外的匀强磁场中，其磁感强度为B ，如图所示。
若带电小球下滑后某时刻对斜面的作用力恰好为零，下面说法中正确的是( )
A ．小球带负电
B ．小球在斜面上运动时做匀加速直线运动
C ．小球在斜面上运动时做加速度增大，而速度也
……………………………………………………密…………………封…………………线……………………………………………………………
学校： 班级： 学号： 姓名：
增大的变 加速直线运动 D ．则小球在斜面上下滑过程中，当小球对斜面压 力为零时的速率为mgcos θ／Bq 二、实验题：（把答案写在答题线上，共15分） 13、（6分，每空2分）下图为—正在测量中的多用电表表盘。
（1）如果是用直流10V 挡测量电压，
则读数为 V 。
（2）如果是用×100Ω挡测量电阻， 则读数为 Ω。
（3）如果是用直流5mA 挡测量电流，
则读数为 mA 。
14、（9分，每空3分）用下面给定的器材分别
采用两种方法测电阻： A. 多用电表
B. 伏特表（0~3V ，1K Ω）
C. 伏特表（0~3V ，3K Ω）
D. 安培表（0~0.6A ，0.1Ω）
E. 毫安表（0~5mA ，22Ω）
F. 微安表（0~300μA ，200Ω）
G. 滑动变阻器（50Ω，1A ） H. 蓄电池（ε=4V ，r ≈0）
I 、待测电阻R x （约为1.5K Ω） J 、电键一个，导线若干 （1）用多用表估测R x ，欧姆表的表盘示意图如图14所示，则欧姆表的倍率旋钮应指向 档（从×1Ω，×10Ω，×100Ω，×1K Ω中选取一档）。
（2）用伏安法测R x ，则所选用器材应是 （填上面器材的字母）。
（1）画出用伏安法测R x 的电路图。
三、计算题（共37分）
15.（8分） 如图所示的装置中，平行板电场中有一质量为m ，带电量为q 的小球，用长L 的细线拴住后在电场中处于平衡位置，此时线与竖直方向的夹角为θ，两板间的距离为d ，求： （1）小球带何种电荷？ （2）两板间的电势差是多少？ 16（12分）如图所示的匀强电场中，有a 、b 、c 三点，ab=5cm ，bc=12cm ，其中ab 沿电场方向，bc 和电场方向成60°角，一个电荷量为q=4×10-8C 的正电荷从a 移到b 电场力做功为W 1=1.2×10-7J 求：（1）匀强电场的场强E=？ （2）电荷从b 移到c ，电场力做功W 2=？ （3）a 、c 两点的电势差Uac=？ 17.（17分）用磁场可以约束带电粒子的轨迹，如图所示，宽d=2cm 的有界匀强磁场的横向范围足够大，磁感应强度方向垂直纸面向里，B ＝1T ，现有一束带正电的粒子从O 点以v ＝2×106
m /
s 的速度沿纸面垂直边界进入磁场。
粒子的电荷量q ＝1.6×10－19C ，质量m ＝3.2×10－27
kg 。
重
力不计。
求：
(1) 粒子在磁场中运动的轨道半径R 和运动时间t 是多大？ (2) 粒子保持原有速度，又不从磁场上边界射出，则磁感应强度最小为多大？
高二物理答案
不定项选择题：（每题4分，共48分）
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 B
A
D
B
D
AC
C
A
B
AB
A
BD
20 0 ∞ 5
10 40 100 Ω
图14
二、实验题：（把答案写在答题线上，每空3分，共15分 13、（1） 6.5 V 。
（2） 800 Ω。
（3） 3.25 mA 。
14、（1）×100Ω，
（2）C 、E 、G 、H 、I 、J （3）电路图如右图所示 三、计算题（共37分）
15.（1）由小球的受力可知，小球带负电。
（3分） （2）q mgd mg d
U
q
qE /tan U tan θθ===，则。
（5分） 16、x ab =0.05m x bc =0.12m α=60o
q=+4×10-8
C
w ab =1.2×10-7
J
（1）w ab =qU ab U ab = w ab /q=
E= U ab / x ab =60V/m ………………4分
（2）U bc =Ex bc cos60o =3.6v W bc =qU bc =1.44×10-7
J ………………4分 （3）U ac = U ab +U bc =3V+3.6V=6.6V ……………4分
17、解：(1)带电粒子进入磁场后做匀速圆周运动，轨迹如图，则
………………………………①
即
解得R ＝4×10-2
m ………………………②
设粒子在磁场里运动轨迹对应的圆心角为θ，则
…………………………………③
解得θ=30°
由和…………④
所以带电离子在磁场里的运动时间t=1.05×10-8
s ⑤
(2) 粒子不从磁场上边界出射，其轨迹与上边界相切，如图，设最大半径为R m ，磁感应强度最小为B m ，则R m ＝d …………………………⑥ 由
得 B m =2T …………………………⑦
本题共17分。
其中①③④式各3分，②⑤⑥⑦式各2分。
R
x
V A。