【名师伴你行】2016年高考二轮复习物理第二部分 考前冲刺篇 专题二 三大题型的解题方略 第2讲“分门别类
【名师伴你行】2016年高考二轮复习物理第二部分 考前保温训练4 电场和带电粒子在电场中的运动
【名师伴你行】2016年高考二轮复习物理第二部分考前保温训练 4 电场和带电粒子在电场中的运动考前保温训练(四)电场和带电粒子在电场中的运动(限时30分钟)1．如图所示，电荷量为＋q 和－q 的点电荷分别位于正方体的顶点，正方体范围内电场强度为零的点有( )A ．体中心、各面中心和各边中点B ．体中心和各边中点C ．各面中心和各边中点D ．体中心和各面中心答案：D解析：根据点电荷场强公式E ＝kq r 2及正方体的对称性可知正方体内中心点及各面的中心点处场强为零，故答案为D.2．(多选)关于静电场的电场强度和电势，下列说法正确的是( )A ．电场强度的方向处处与等电势面垂直B ．电场强度为零的地方，电势也为零C ．随着电场强度的大小逐渐减小，电势也逐渐降低D ．任一点的电场强度总是指向该点电势降落最快的方向答案：AD解析：电场中场强为零的位置是绝对的，而电势为零的位置是人为选取的；再者场强的大小表征着电势随空间的变化率，而与电势的大小无关，故B错误．由沿电场线方向电势降低，可知电势的升降取决于场强的方向而与场强的大小无关，故C错误．3．(多选)如图所示，竖直放置的平行板电容器的极板A与静电计G相连，极板B与静电计G的金属外壳均接地，闭合开关S给电容器充电后，静电计指针张开一个角度，下述做法可使指针张角增大的是()A．保持S闭合，使A、B两板靠近一些B．保持S闭合，使A、B两板正对面积错开一些C．断开S后，使B板向右平移拉开一些D．断开S后，使A、B正对面积错开一些答案：CD解析：题图中静电计的金属球接电源正极，外壳和极板B均接地，静电计显示的是A、B两极板间的电压，指针张角越大，表示两板间的电压越高．保持S闭合，则A、B两极与电源两极相连，板间电压等于电源电压不变，静电计指针张角不变，A、B两项都不正确；断开S后，板间距离增大，正对面积减小，都将使A、B两板间的电容变小，而电容器电荷量不变，由C＝QU可知，板间电压U增大，从而静电计指针张角增大，C、D正确．4．(多选)如图所示，A、B是带有同种电荷的两小球(可视为质点)，两球所带电荷量不等，A球用轻细线悬挂于O点，B球被固定在O点正下方的B点，A球在力的作用下，偏离B球d1的距离静止(即图中A、B两球间的距离为d1)．随着时间的推移，两球均出现漏电现象，A、B两球的带电荷量分别变为原来的23和49，A、B两球间的距离变为d2，则d1∶d2为()A．2∶3 B．3∶2C．22∶3 3 D．33∶2 2答案：B解析：对A球进行受力分析如图所示，设A球的重力为G，漏电前后A、B的带电荷量分别为Q A、Q B，Q A′、Q B′，A、B两球间的作用力分别为F 、F ′，则有Q A ′＝23Q A ，Q B ′＝49Q B ，F ＝k Q A Q B d 21，F ′＝k Q A ′Q B ′d 22，式中k 为静电力常量；设O 、B 两点间的距离为L 1，由相似三角形法有G L 1＝F d 1，G L 1＝F ′d 2，即F d 1＝F ′d 2，联立解得d 1∶d 2＝3∶2.故选B.5．(多选)如图所示，在两等量异种点电荷连线上有c 、O 、f 三点，虚线M 、L 、K 是分别过c 、O 、f 三点的等差等势面，一不计重力带负电粒子从a 点射入电场，只在电场力作用下沿abcde 运动，轨迹如图中实线所示，下列说法中正确是( )A ．电势φK <φL <φMB ．场强E a <E bC ．a 点与e 点的场强大小相等，方向相同D ．粒子在c 点的电势能大于在e 点的电势能答案：BD解析：根据曲线运动的特点，轨迹向合外力的方向弯曲，可知粒子在c 点受到向左的力，由于粒子带负电，可知c 点的电场线方向向右，可知选项A 错误；等势面的疏密表示电场的强弱，故E a <E b ，选项B 正确；a 点与e 点的场强大小相等，但方向不同，选项C 错误；带负电粒子在较低等势面电势能较大，c点电势低于e点电势，选项D正确．6．(多选)在x轴上电场强度E与x的关系如图所示，O为坐标原点，a、b、c为x轴上的点，a、c之间的距离为d，a、c两点的电场强度大小均为E0，则下列说法中正确的是()A．φb>φa＝φc>φOB．φO>φa>φb>φcC．将质子从a点移到c点，电场力做功大于eE0dD．将质子从a点移到c点，质子的电势能增加答案：BC解析：在E-x图象中，图象与x轴所围面积表示电势差，由图可以看出x轴上Oc段与图线所围面积大于ac段与图线所围面积，ac 段与图线所围面积大于bc段与图线所围面积，即U Oc>U ac>U bc>0，所以φO>φa>φb>φc，故B正确，A错误；ac段与图线所围面积大于E0d，即U ac>E0d，所以将质子从a点移到c点，电场力做功大于eE0d，故C正确；将质子从a点移到c点，电场力做正功，质子的电势能减少，D错误．7．如图所示，在平面直角坐标系中，有方向平行于坐标平面的匀强电场，其中坐标原点O处的电势为0 V，点A处的电势为6 V，点B处的电势为3 V，则电场强度的大小为()A．200 V/m B．200 3 V/m C．100 V/m D．100 3 V/m 答案：A解析：设OA中点为C，由U ACAC＝U COCO可得C点的电势φC＝3 V，φC＝φB，即B、C在同一等势面上，如图，由电场线与等势面的关系和几何关系知：d＝1.5 cm.则E＝Ud＝31.5×10－2V/m＝200 V/m，A正确．8．(多选)如图所示，电场强度方向水平向右的匀强电场中有a、b、c三点，三点的连线恰好组成一个边长为l的正三角形．一质量为m、电荷量为q的带正电小球(重力不计)以速度v0从a点射入电场，入射方向与b、c两点的连线垂直，一段时间后带电小球经过c点．则下列判断正确的是()A ．带电小球从a 点运动到c 点的时间为3l 2v 0B ．该匀强电场的电场强度大小为4m v 203qlC ．带电小球到达c 点时的动能为23m v 20D ．b 、c 两点之间的电势差为2m v 203q答案：AB解析：在竖直方向上小球做匀速直线运动，当小球运动到c 点时，由运动学规律可得t ＝3l 2v 0，选项A 正确；小球在水平方向上运动的距离为l 2，由运动学规律有l 2＝qEt 22m ，代入数据可解得E ＝4m v 203ql，选项B 正确；由动能定理可得E k c ＝qE ·l 2＋12m v 20＝76m v 20，选项C 错误；由电势差公式可知U bc ＝E ·l ＝4m v 203q，选项D 错误． 9．如图所示，两平行金属板之间有一匀强电场，金属板长为L ，一带电粒子以速度v 0垂直于场强方向沿上极板边缘射入匀强电场，刚好贴下极板边缘飞出，如果带电粒子以某一垂直于场强方向的初速度v 1沿上极板边缘射入电场并能从其中射出，当它的竖直位移等于板间距d 时，它的水平射程为2L (轨迹未画出)．则粒子进入电场的初速度v 1等于( )A ．v 0B.2v 0C.3v 0D ．2v 0答案：C 解析：设粒子在电场中的加速度为a .第一次，粒子恰好从下极板的边缘飞出，粒子做类平抛运动，有L ＝v 0t ，d ＝12at 2，解得v 0＝L a 2d.第二次，设粒子飞出电场时的竖直位移为y 1，所用时间为t 1，飞出电场后的竖直位移为y 2，所用时间为t 2，则y 1＝12at 21，L ＝v 1t 1，y 2＝at 1·t 2，L ＝v 1t 2，解得v 1＝L 3a 2d＝3v 0，故C 正确．10．如图所示，x 轴上方有宽为L 、方向水平向右的匀强电场，一质量为m (重力不计)、带电荷量为q (q >0)的粒子从y 轴上的A 点以初速度v 0沿y 轴负方向射入电场，粒子从x 轴上的B 点沿与x 轴正方向成37°角的方向射出电场，并打在x 轴下方的接收屏上C 点(没画出)，已知粒子从B 到C 的运行时间与粒子在电场中的运行时间相同，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8.(1)求匀强电场的电场强度E 的大小；(2)求粒子接收屏上C 点到y 轴的水平距离；(3)若粒子是质量为m 、带电荷量为＋q 的液滴，重力加速度为g ，若要求液滴也能通过B 点，则液滴的初速度应为多少？答案：(1)4m v 203qL (2)2L (3)v 0－gL 2v 0解析：(1)粒子从A 到B 做类平抛运动，由类平抛规律知L ＝v 0t ，v x ＝qE m t ，OB ＝v x 2t ，v B ＝v 20＋v 2x 在B 点有tan 37°＝v 0v x，即v x ＝43v 0 联立得E ＝4m v 203qL ，OB ＝23L ，v B ＝53v 0. (2)粒子从B 到C 做匀速直线运动，由题意知BC ＝v B t ＝53L 所以接收屏上C 点到y 轴的水平距离s ＝OB ＋BC ·cos 37°＝2L .(3)若粒子变为液滴，设液滴的初速度为v ，则液滴沿y 轴做初速度为v 的匀加速直线运动，沿x 轴做初速度为零的匀加速直线运动，因水平方向各量均没变，所以液滴的运行时间仍为t ，则L ＝v t ＋12gt 2，代入t值得v＝v0－gL 2v0.11．如图所示，区域Ⅰ内有电场强度为E、方向竖直向上的匀强电场；区域Ⅱ中有一光滑绝缘圆弧轨道，轨道半径为R＝5v20g，轨道在A点的切线与水平方向成60°角，在B点的切线与竖直线CD垂直；在Ⅲ区域内有一宽为d的有界匀强电场，电场强度大小未知，方向水平向右．一质量为m、带电荷量为－q的小球(可看成质点)从左边界的O点正上方的M点以速度v0水平射入区域Ⅰ，恰好从A点沿圆弧轨道切线进入轨道且恰好不能从电场右边界穿出，求：(1)OM的长L；(2)区域Ⅲ中电场强度的大小E′；(3)小球到达区域Ⅲ中电场的右边界上的点与OO′的距离s.答案：(1)3m v202(qE＋mg)(2)9m v202qd(3)5v202g＋2gd29v20解析：(1)小球在区域Ⅰ中做类平抛运动，设小球在A点时的速度为v A，竖直分速度为v y，则有cos 60°＝v0v A，即v A＝2v0tan 60°＝v y v 0，即v y ＝3v 0 由牛顿第二定律知a ＝qE ＋mg m由v 2y ＝2aL 知L ＝3m v 202(qE ＋mg ).(2)在区域Ⅱ中，由图可知BC ＝R 2所以从A 点到B 点，由动能定理得mg ·R 2＝12m v 2B －12m v 2A 得v B ＝3v 0在区域Ⅲ中，小球在水平方向上做匀减速运动，到达右边界时水平速度刚好减为零，由运动学规律知v 2B ＝2qE ′m d ，得E ′＝9m v 202qd. (3)v B ＝qE ′m t ，所以t ＝2d 3v 0小球在竖直方向上做自由落体运动，即h ＝12gt 2＝2gd 29v 20所以小球到达右边界上的点与OO ′的距离s ＝BC ＋h ＝5v 202g＋2gd2 9v20.。
高考复习指导2016届高三物理二轮复习第二部分考前冲刺(精)
方法一
细心审题，做到“看”、“读”、“思”
典 例 即学即用
(1)板间的电压大小 U； (2)通过小孔 P 的粒子离开磁场时到右极板的距离 L； (3)通过小孔 P 的粒子在电场和磁场中运动的总时间 t 总．
方法一
细心审题，做到“看”、“读”、“思”
典 例 即学即用
审题
“ 看题 ” 时要先注意 “ 区域边界刚好与右极板在小孔 P 处相
典 例 即学即用
(2)从小孔 P 射入磁场的粒子，在电场中的运动时间 d t1＝ 2 v0 经过小孔 P 时，水平分速度 v1＝at1＝v0
2 进入磁场时的速度大小 v＝ v2 0＋v1＝ 2v0，速度方向与右极板的夹角 θ
＝
π 4
方法一
细心审题，做到“看”、“读”、“思”
典 例 即学即用
设粒子在磁场中做匀速圆周运动后从 Q 点离开磁场，其轨迹如图所示， v2 mv 2mv0 轨迹圆心在 O′点，则 qvB＝m r ，得 r＝ qB ＝ qB ＝R 由几何关系可知粒子射出磁场时的速度方向竖直向下，由图知 L＝ r＋ rcos θ＝(1＋ 2 )R. 2
方法一
细心审题，做到“看”、“读”、“思”
典 例 即学即用
[典例 1]
如图所示， 一对加有恒定电压的平行金属极板竖直放置， 板长、
板间距均为 d.在右极板的中央有个小孔 P，小孔右边半径为 R 的圆形区 域内存在方向垂直纸面向里的匀强磁场， 区域边界刚好与右极板在小孔 P 处相切．一排宽度也为 d 的带负电粒子以速度 v0 竖直向上同时进入两极 板间后，只有一个粒子通过小孔 P 进入磁场，其余全部打在右极板上， 且最后一个到达极板的粒子刚好打在右极板的上边缘．已知这排粒子中 每个粒子的质量均为 m、带电荷量大小均为 q，磁场的磁感应强度大小 2mv0 为 qR ，不计粒子的重力及粒子间的相互作用力．求：
2016年高考物理冲刺卷02(新课标Ⅰ卷)含答案
绝密★启用前2016年高考冲刺卷（2）（新课标Ⅰ卷）理科综合物理注意事项：1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
满分300分，时间150分钟。
2．答题前考生务必用0.5毫米黑色墨水签字笔填写好自己的姓名、班级、考号等信息 3．考试作答时，请将答案正确填写在答题卡上。
第一卷每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；第Ⅱ卷请用直径0.5毫米的黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．上作答无效．．．．．。
第Ⅰ卷 （126分）一、选择题：本大题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14．许多科学家对物理学的发展作出了巨大贡献，也创造出了许多物理学方法．以下关于物理学史和所用物理学方法的叙述中错误的是（ ）A ．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加之和代表物体的位移，这里采用了微元法B ．牛顿进行了“月—地检验”，得出天上和地下的物体都遵从万有引力定律的结论C ．由于牛顿在万有引力定律方面的杰出成就，所以被称为能“称量地球质量”的人D ．根据速度定义式t x v ∆∆=，当t ∆非常非常小时，tx∆∆就可以表示物体在t 时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想方法15．如下图所示的几种情况中，不计绳、弹簧测力计、各滑轮的质量，不计一切摩擦，物体质量都为m ，且均处于静止状态，有关角度如图所示。
弹簧测力计示数F A 、F B 、F C 、F D 由大到小的排列顺序是A ．FB >F D >F A >FC B ．FD >F C >F B >F A C ．F D >F B >F A >F C D ．F C >F D >F B >F A 16.为估测一照相机的曝光时间，实验者从某砖墙前的高处使一个石子自由落下，拍摄石子在空中的照片如图1所示．由于石子的运动，它在照片上留下了一条模糊的径迹．已知每层砖的平均厚度为6cm ，拍摄到的石子位置A 距石子起落点竖直距离约5m ．这个照相机的曝光时间约为（ ）A ．1×10-3sB ．1×10-2s C ．5×10-2sD ．0.1s17.为研究太阳系内行星的运动，需要知道太阳的质量，已知地球半径为R ，地球质量为m ，太阳与地球中心间距为r ，地球表面的重力加速度为g ，地球绕太阳公转的周期为T ．则太阳的质量为（ ）A. B. C. D.18．如图所示，将圆柱形强磁铁吸在干电池负极，金属导线折成上端有一支点、下端开口的导线框，使导线框的顶端支点和底端分别与电源正极和磁铁都接触良好但不固定，这样整个线框就可以绕电池轴心旋转起来．下列判断中正确的是A．线框能旋转起来，是因为电磁感应B．俯视观察，线框沿顺时针方向旋转C．电池输出的电功率大于线框旋转的机械功率D．旋转达到稳定时，线框中电流比刚开始转动时的大19．将一小球从高处水平抛出，最初2s内小球动能E k随时间t变化的图线如图所示，不计空气阻力，重力加速度g=10m/s2．根据图象信息，能．确定的物理量是A．小球的质量B．小球的初速度C．小球抛出时的高度D．最初2 s内重力对小球做功的平均功率20.下图为学校配电房向各个教室的供电示意图，T为理想变压器，原副线圈的匝数比为4:1。
2016年高考物理二轮复习 考前冲刺篇 2.2.3 三大题型的解题方略课件
[典例 2]
(20 分)如图所示，在 xOy 平面的第二象限内半径
为 R 的圆分别与 x 轴、y 轴相切于 P、Q 两点，圆内存在垂直于 xOy 平面向外的匀强磁场． 在笫一象限内存在沿 y 轴负方向的匀 强电场， 电场强度为 E.一带正电的粒子(不计重力)以速率 v0 从 P 点垂直射入磁场后恰好垂直 y 轴进入电场，最后从 M(3R,0)点射 出电场，出射方向与 x 轴正方向夹角为 d，且满足 α＝45° ，求：
(1)物体水平抛出时的初速度大小 v0； (2)物体经过 B 点时，对圆弧轨道的压力大小 FN； (3)物体在轨道 CD 上运动的距离 x.
[ 思路剖析 ]
本题中物体先做平抛运动，再做变速圆周运
动，最后做匀减速直线运动，第一个过程可用平抛规律求解初速 度，第二个过程可用功能关系及牛顿运动定律求解压力大小，第 三个过程可用动能定理或运动学规律(较繁琐)求解运动距离．
(2)粒子运动轨迹如图所示，设 O1 为磁场的圆心，O2 为粒子 做圆周运动的圆心， P′为粒子射出磁场的位置， 则 P′O2∥PO1， △O1O2P′与△O1O2P 全等，粒子的轨道半径为 r＝R(2 分)
v20 粒子在磁场中由洛伦兹力提供向心力知，Bqv0＝m r (1 分) 3E 解得 B＝ .(2 分) v0 3R 1 (3)由(1)知粒子从 N 到 M 经历的时间为 t3＝ ， 且有 ON＝ v0 2 at23(1 分) 3 代入 t3 得 ON＝ R(1 分) 2 π 由几何关系知 ON＝R ＋Rcos θ，则 θ＝ (2 分) 3
[规范解答]
(1)设粒子在 y 轴上的 N 点进入电场， 则粒子从
N 到 M 的过程中做类平抛运动， 设粒子从 N 到 M 经历的时间为 t3，由类平抛规律知 vy＝at3,3R＝v0t3(2 分) vy 在 M 点：tan α＝ (1 分) v0 由牛顿第二定律知 qE＝ma(1 分) v2 q 0 联立解得m＝ .(1 分) 3RE
《名师伴你行》2016高考二轮复习物理专题限时训练2Word版含解析
专题限时训练(二) 直线运动和牛顿运动定律(限时45分钟)一、单项选择题(每小题6分，共30分)1．(2015·重庆理综)高空作业须系安全带，如果质量为m 的高空作业人员不慎跌落，从开始跌落到安全带对人刚产生作用力前人下落的距离为h (可视为自由落体运动)，此后经历时间t 安全带达到最大伸长，若在此过程中该作用力始终竖直向上，则该段时间安全带对人的平均作用力大小为( ) A.m 2gh t ＋mg B.m 2gh t －mg C.m gh t ＋mgD.m gh t －mg 答案：A解析：设高空作业人员自由下落h 时的速度为v ，则v 2＝2gh ，得v ＝2gh ，设安全带对人的平均作用力为F ，由牛顿第二定律得F －mg ＝ma又v ＝at解得F ＝m 2gh t ＋mg .2．(2015·烟台模拟)在某次海试活动中，“蛟龙号”潜水器完成任务后从海底竖直上浮，从上浮速度为v 时开始计时，此后匀减速上浮，经过时间t 上浮到海面，速度恰好减为零，则“蛟龙号”在t 0(t 0<t )时刻距离海平面的深度为( )A.v t 2B ．v t 0⎝ ⎛⎭⎪⎫1－t 02t C.v t 202t D.v (t －t 0)22t答案：D解析：“蛟龙号”上浮时的加速度大小a ＝v t ，根据逆向思维可知“蛟龙号”在t 0时刻距离海平面的深度h ＝12a (t －t 0)2＝v (t －t 0)22t，D 正确．3．(2015·南昌模拟)从地面上以初速度v 0竖直上抛一个质量为m 的小球，从此时刻开始计时，若t 1时刻到达最高点，且落地前小球已经做匀速运动．已知重力加速度为g ，小球在运动过程中受到的空气阻力f 与其速度v 的大小成正比，即f ＝k v (k >0)，以竖直向上为速度的正方向，则下列描述小球运动的v -t 图象正确的是( )答案：B解析：小球上升时：a 1＝mg ＋k v m ，随着v 减小，加速度减小，对应的v -t 图线的斜率减小；小球下落时：a 2＝mg －k v m ，随着v 增大，加速度减小，匀速运动时有mg ＝k v 1，即v 1＝mg k ，所以选项B 正确．4．(2015·江苏单科)如图所示，某“闯关游戏”的笔直通道上每隔8 m 设有一个关卡，各关卡同步放行和关闭，放行和关闭的时间分别为5 s 和2 s ．关卡刚放行时，一同学立即在关卡1处以加速度2 m/s 2由静止加速到2 m/s ，然后匀速向前，则最先挡住他前进的关卡是( )A ．关卡2B ．关卡3C ．关卡4D ．关卡5答案：C解析：同学加速到2 m/s时所用时间为t1，由v1＝at1，得t1＝v1 a＝1 s，通过的位移x1＝12at21＝1 m，然后匀速前进的位移x2＝v1(t－t1)＝8 m，因x1＋x2＝9 m>8 m，即这位同学已通过关卡2，距该关卡1 m，当关卡关闭t2＝2 s时，此同学在关卡2、3之间通过了x3＝v1t2＝4 m 的位移，接着关卡放行t＝ 5 s，同学通过的位移x4＝v1t＝10 m，此时距离关卡4为x5＝16 m－(1＋4＋10) m＝1 m，关卡关闭2 s，经过t3＝x5v1＝0.5 s后关卡4最先挡住他前进．5．(2015·南京二模)如图所示，劲度系数为k的轻弹簧的一端固定在墙上，另一端与置于水平面上质量均为m的物体A、B接触(A与B 和弹簧均未连接)，弹簧水平且无形变．用水平力F缓慢推动物体B，在弹性限度内弹簧长度被压缩了x0，此时物体A、B静止．已知物体A 与水平面间的动摩擦因数为μ，物体B与水平面间的摩擦不计．撤去F后，物体A、B开始向左运动，A运动的最大距离为4x0，重力加速度为g.则()A．撤去F后，物体A和B先做匀加速运动，再做匀减速运动B．撤去F瞬间，物体A、B的加速度大小为kx0m－μgC．物体A、B一起向左运动距离x0后相互分离D．物体A、B一起向左运动距离x＝x0－μmgk后相互分离答案：D解析：A、B一起先做加速度减小的加速运动，当加速度减为零时，B与A分离，B做匀速运动，A做加速度增大的减速运动，当弹簧达到原长后，A与弹簧分离，做匀减速直线运动，故选项A错误；撤去F瞬间，由kx0－μmg＝2ma可知，选项B错误；当物体A、B相互分离时，加速度为零，速度最大，此时弹簧弹力F弹＝μmg＝kx，x＝μmg k，所以物体A、B一起向左运动距离x＝x0－μmgk后相互分离，选项D正确，C错误．二、多项选择题(每小题6分，共18分)6．(2014·山东理综)一质点在外力作用下做直线运动，其速度v随时间t变化的图象如图所示．在图中标出的时刻中，质点所受合外力的方向与速度方向相同的时刻有()A．t1B．t2C．t3D．t4答案：AC解析：当物体做加速运动时，加速度的方向和速度方向相同，合外力的方向与加速度的方向相同，v-t图象中t1和t3时刻质点所受合外力的方向与速度方向相同，t2和t4时刻二者方向相反，故正确选项为A、C.7．(2015·江苏单科)一人乘电梯上楼，在竖直上升过程中加速度a 随时间t变化的图线如图所示，以竖直向上为a的正方向，则人对地板的压力()A．t＝2 s时最大B．t＝2 s时最小C．t＝8.5 s时最大D．t＝8.5 s时最小答案：AD解析：人受重力mg和支持力F N的作用，由牛顿第二定律得F N －mg＝ma.由牛顿第三定律得人对地板的压力F N′＝F N＝mg＋ma，当t＝2 s时a有最大值，F N′最大；当t＝8.5 s时，a有最小值，F N′最小，选项A、D正确．8．如图甲所示，一质量为m＝1 kg的物体在水平拉力F的作用下沿水平面做匀速直线运动，从某时刻开始，拉力F随时间均匀减小，物体受到的摩擦力随时间变化的规律如图乙所示．则下列关于物体运动的说法中正确的是()甲乙A．t＝1 s时物体开始做加速运动B．t＝2 s时物体做减速运动的加速度大小为2 m/s2C．t＝3 s时物体刚好停止运动D．物体在1～3 s内做匀减速直线运动答案：C解析：由题意可知，物体开始时做匀速直线运动，所以拉力F＝F f＝4 N，t＝1 s时拉力F开始减小，但摩擦力仍为F f＝4 N，故此时物体开始做减速运动，选项A错误；t＝2 s时物体受到的拉力大小为F ＝3 N，而摩擦力仍为F f＝4 N，故物体做减速运动的加速度大小为a＝F合m＝1 m/s2，选项B错误；由题图乙可以看出，在t＝3 s之前物体受到的摩擦力不变，故物体在运动，而t＝3 s之后物体受到的摩擦力逐渐减小，由摩擦力的特点可知其为静摩擦力，所以在t＝3 s时物体刚好停止运动，选项C正确；在1～3 s内，由于摩擦力不变而拉力F 逐渐减小，所以物体做加速度逐渐增大的减速运动，选项D错误．三、计算题(每小题16分，共32分)9．(2015·天津理综)某快递公司分拣邮件的水平传输装置示意如图，皮带在电动机的带动下保持v＝1 m/s的恒定速度向右运动．现将一质量为m＝2 kg的邮件轻放在皮带上，邮件和皮带间的动摩擦因数μ＝0.5.设皮带足够长，取g＝10 m/s2，在邮件与皮带发生相对滑动的过程中，求：(1)邮件滑动的时间t；(2)邮件对地的位移大小x；(3)邮件与皮带间的摩擦力对皮带做的功W.答案：(1)0.2 s(2)0.1 m(3)－2 J解析：(1)邮件放到皮带上与皮带发生相对滑动的过程中受到向右的滑动摩擦力，由牛顿第二定律得μmg＝ma由运动学公式得v＝at解得a＝5 m/s2，t＝0.2 s.(2)由运动学公式得v2＝2ax代入数据解得x＝0.1 m.(3)皮带受到向左的摩擦力f＝μmg邮件与皮带相对滑动的过程中皮带的位移为s＝v t＝0.2 m摩擦力对皮带所做的功为W＝－fs＝－2 J.10．(2015·全国理综Ⅱ)下暴雨时，有时会发生山体滑坡或泥石流等地质灾害．某地有一倾角为θ＝37°(sin 37°＝35)的山坡C，上面有一质量为m的石板B，其上下表面与斜坡平行；B上有一碎石堆A(含有大量泥土)，A和B均处于静止状态，如图所示．假设某次暴雨中，A 浸透雨水后总质量也为m(可视为质量不变的滑块)，在极短时间内，A、B间的动摩擦因数μ1减小为38，B、C间的动摩擦因数μ2减小为0.5，A、B开始运动，此时刻为计时起点；在第2 s末，B的上表面突然变为光滑，μ2保持不变．已知A开始运动时，A离B下边缘的距离l＝27 m，C足够长，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力．取重力加速度大小g＝10 m/s2.求：(1)在0～2 s时间内A和B加速度的大小；(2)A在B上总的运动时间．答案：(1)3 m/s2 1 m/s2(2)4 s解析：(1)在0～2 s时间内，A和B的受力如图所示，其中f1、N1是A与B之间的摩擦力和正压力的大小，f2、N2是B与C之间的摩擦力和正压力的大小，方向如图所示．由滑动摩擦力公式和力的平衡条件得f1＝μ1N1①N1＝mg cos θ②f2＝μ2N2③N2＝N1′＋mg cos θ④规定沿斜面向下为正．设A和B的加速度分别为a1和a2，由牛顿第二定律得mg sin θ－f1＝ma1⑤mg sin θ－f2＋f1′＝ma2⑥N1＝N1′⑦f1＝f1′⑧联立①②③④⑤⑥⑦⑧式，并代入题给数据得 a 1＝3 m/s 2⑨a 2＝1 m/s 2.⑩(2)在t 1＝2 s 时，设A 和B 的速度分别为v 1和v 2，则 v 1＝a 1t 1＝6 m/s ⑪v 2＝a 2t 1＝2 m/s ⑫t ＞t 1时，设A 和B 的加速度分别为a 1′和a 2′.此时A 与B 之间的摩擦力为零，同理可得a 1′＝6 m/s 2⑬a 2′＝－2 m/s 2⑭B 做减速运动．设经过时间t 2，B 的速度减为零，则有 v 2＋a 2′t 2＝0⑮联立⑫⑭⑮式得t 2＝1 s ⑯在t 1＋t 2时间内，A 相对于B 运动的距离为s ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫12a 1t 21＋v 1t 2＋12a 1′t 22－⎝ ⎛⎭⎪⎫12a 2t 21＋v 2t 2＋12a 2′t 22 ＝12 m<27 m ⑰此后B 静止，A 继续在B 上滑动．设再经过时间t 3后A 离开B ，则有l －s ＝(v 1＋a 1′t 2)t 3＋12a 1′t 23⑱ 可得t 3＝1 s(另一解不合题意，舍去)⑲ 设A 在B 上总的运动时间为t 总，有t 总＝t 1＋t 2＋t 3＝4 s.。
2016年高考物理冲刺卷03(新课标Ⅱ卷)答案
2016年高考物理冲刺卷03（新课标Ⅱ卷）答案第Ⅰ卷选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～17题只有一项符合题目要求，第18～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
【名师点睛】根据运动轨迹的形状，可以判断速度和加速度的方向，速度方向沿切线，加速度方向指向轨迹的凹侧，再根据速率的变化就可确定速度和加速度的大致方向，将加速度分解为沿速度方向和垂直于速度方向，与速度垂直的加速度改变速度的方向，沿速度方向的加速度改变速度的大小。
15．C 【解析】当变阻器向右滑动时，电阻减小，电流增大，电压表V 2的示数增大，V 1的示数减小，所以b 是电压表V 2示数的变化情况，a 是电压表V 1示数的变化情况；当外电路电阻无限大时，电路中电流为0，故此时电压表V 1的示数就是a 的延长线交纵轴的坐标值，它等于电源的电动势，①正确；图线b 斜率的绝对值等于电阻R 0的阻值，②错误；图线a 、b 交点的横、纵坐标之积既等于此状态下电源的输出功率，也等于电阻R 0消耗的功率，③④正确，故选项C 正确。
考点：全电路欧姆定律。
【名师点晴】在全电路欧姆定律的规律中，路端电压与电流的图像中，图线与纵轴电压的交点就是电源的电动势，与横轴电流的交点就是短路电流，由其大小可以计算电源的内阻；再画出外电路电阻的图线，它过原点，其交点表示电路中的路端电压与电流，其乘积表示电源的输出功率。
16.C 【解析】根据左手定则可得两根直导线受到的安培力都是垂直导线斜向上，故两安培力的夹角为120°，12,F BIL F BIL ==，根据力的合成可得两力的合力为F BIL =，故C 正确； 考点：考查了安培力的计算，力的合成【名师点睛】由安培力公式F BIL =进行计算，注意式中的L 应为等效长度17.C 【解析】小物块在水平方向受到摩擦力的作用，f mg μ=，产生的加速度：20.4104/mg a g m s f mm μμ⨯＝＝＝＝＝ ，若小物块从右端滑上传送带后一直做匀减速运动，速度减为零时的位移是x ，则，2220ax v --＝，得：2226 4.56224x m m a v ⨯＝＝＝＜，所以小物块不能到达B 点，故A 错误；小物块不能到达B 点，速度减为零后反向做匀加速运动，当速度等于传送带速度1v 后匀速运动，返回A 点速度为4/m s ，故B 错误；小物块向右加速的过程中的位移：12242422a x m v '⨯＝＝＝，当速度等于传送带速度1v 时，经历的时间：1246 2.54v v t s a ------＝＝＝，该时间内皮带的位移：14 2.510s v t m m ==⨯=，所以小物块相对于皮带的位移：10 4.5212.5x s x x m =+-'=+-= ，小物块在传送带上运动时，因相互间摩擦力产生的热量为：•0.410112.550Q f x J J ==⨯⨯⨯= ，故C 正确；小物块不能到达B 点，速度减为零后反向做匀加速运动加速的过程相对于初速度继续向左运动，所以小物块向左运动速度减为0时相对传送带滑动的距离没有达到最大，故D 错误。
《名师伴你行》2016高考二轮复习物理专题限时训练6Word版含解析
专题限时训练(六)机械能守恒定律和功能关系(一)(限时45分钟)一、单项选择题(每小题6分，共30分)1．(2015·洛阳期末)一物块由静止开始从粗糙斜面上的某点加速下滑到另一点，在此过程中重力对物体做的功等于()A．物块动能的增加量B．物块动能的增加量与物块克服摩擦力做的功之和C．物块重力势能的减少量与物块克服摩擦力做的功之和D．物块重力势能的减少量和物块动能的增加量以及物块克服摩擦力做的功之和答案：B解析：设下滑过程重力做功为W G，物块克服摩擦力做功为W f，由动能定理得W G－W f＝ΔE k，故W G＝ΔE k＋W f，即重力对物块做的功等于物块动能的增加量与物块克服摩擦力做的功之和，A项错误，B 项正确；由功能关系可知，重力做的功W G等于重力势能的减少量，C、D项错误．2．(2015·宁波模拟)如图为某双线客运索道，其索线由静止不动的承载索和牵引缆车运动的牵引索组成．运行过程中牵引索通过作用力F使缆车沿倾斜的承载索道斜向上加速移动，不计空气阻力，在缆车向上移动的过程中，下列说法正确的是()A．F对缆车做的功等于缆车增加的动能和克服摩擦力所做的功之和B．F对缆车做的功等于缆车克服摩擦力和克服重力所做的功之和C．缆车克服重力做的功小于缆车增加的重力势能D．F对缆车做的功等于缆车增加的机械能与缆车克服摩擦力做的功之和答案：D解析：有三个力对缆车做功，F对缆车做正功，摩擦力和重力对缆车做负功，三个力做的总功等于缆车动能的增量；F对缆车做的功等于缆车增加的动能和克服摩擦力、重力所做功之和，选项A、B错误；缆车克服重力做的功等于缆车增加的重力势能，选项C错误；F 对缆车做的功和摩擦力对缆车做的功之和等于缆车机械能的增量，所以F对缆车做的功等于缆车机械能的增量和克服摩擦力做功之和，选项D正确．3．(2015·湖南株洲质检)如图所示，竖直平面内的轨道Ⅰ和Ⅱ都由两段细直杆连接而成，两轨道长度相等．用相同的水平恒力将穿在轨道最低点B的静止小球，分别沿Ⅰ和Ⅱ推至最高点A，动能增量分别为ΔE k1、ΔE k2.假定球在经过轨道转折点前后速度大小不变，且球与Ⅰ、Ⅱ轨道间的动摩擦因数相等，则()A．ΔE k1＝ΔE k2B．ΔE k1<ΔE k2C．ΔE k1>ΔE k2D．无法比较ΔE k1、ΔE k2的大小答案：A解析：小球从最低点到最高点受到摩擦力做功W f＝μmg cos α×L ＝μmgx水平，摩擦力做的功与斜面倾角无关，水平推力为恒力，水平位移相同，所以推力做功相等，根据动能定理可知，两球到达A点时的速度相等，动能相等，因此A正确．4．如图所示，水平光滑长杆上套有小物块A，细线跨过O点的轻小定滑轮一端连接A，另一端悬挂小物块B，C为O点正下方杆上一点，滑轮到杆距离OC＝h.开始时A位于P点，PO与水平方向的夹角为30°.现将A、B由静止释放，则()A．物块A由P点出发第一次到达C点过程中，加速度不断增大B．物块B从释放到最低点过程中，动能不断增大C．物块A在杆上长为23h的范围内做往复运动D．物块B的机械能最小时，物块A的动能为零答案：C解析：细线的拉力在由P点到C点的过程中，一直对物块A做正功，故物块A在C点时动能最大，又v B＝v A cos θ，故当θ＝90°时，v B＝0，物块B在最低点时，动能为零，机械能最小，此时物块A的动能最大，B、D均错误；由系统机械能守恒可知，当物块A至C点右侧3h处时速度恰好为0，之后往复运动，C正确；物块A在P点有加速度，但到达C点时加速度为零，故A一定错误．5．(2015·东北三省模拟)如图所示，劲度系数为k 的轻弹簧一端固定在墙上，一个小物块(可视为质点)从A 点以初速度v 0向左运动，接触弹簧后运动到C 点时速度恰好为零，弹簧始终在弹性限度内．A 、C 两点间距离为L ，物块与水平面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g .则物块由A 点运动到C 点的过程中，下列说法正确的是( )A ．弹簧和物块组成的系统机械能守恒B ．物块克服摩擦力做的功为12m v 20 C ．弹簧的弹性势能增加量为μmgLD ．物块的初动能等于弹簧的弹性势能增加量与摩擦产生的热量之和答案：D解析：因为地面的摩擦力对物块做负功，物块和弹簧组成的系统机械能不守恒，选项A 错误；根据动能定理，物块克服摩擦力和弹簧弹力做的总功为12m v 20，选项B 错误；根据能量守恒定律，弹簧的弹性势能E p ＝12m v 20－μmgL ，选项C 错误；根据能量守恒定律，物块的初动能E k 等于弹簧的弹性势能E p 和摩擦产生的热量Q 之和，选项D 正确．二、多项选择题(每小题7分，共14分)6．(2015·云南检测)如图所示，n 个完全相同、边长足够小且互不粘连的小方块依次排列，总长度为l ，总质量为M ，它们一起以速度v 在光滑水平面上滑动，某时刻开始滑上粗糙水平面．小方块与粗糙水平面之间的动摩擦因数为μ，若小方块恰能完全进入粗糙水平面，则摩擦力对所有的小方块所做功的数值为( )A.12M v 2 B ．M v 2 C.2μMgl D ．μMgl 答案：AC解析：对整体根据动能定理得W f ＝0－12M v 2，A 正确，B 错误；重心滑动的位移为12l ，因此摩擦力对整体做功为12μMgl ，C 正确，D 错误．7．(2015·甘肃模拟)内壁光滑的环形凹槽半径为R ，固定在竖直平面内，一根长度为2R 的轻杆，一端固定有质量为m 的小球甲，另一端固定有质量为2m 的小球乙，将两小球放入凹槽内，小球乙位于凹槽的最低点，如图所示．由静止释放后( )A ．下滑过程中甲球减少的机械能总等于乙球增加的机械能B ．下滑过程中甲球减少的重力势能总等于乙球增加的重力势能C ．杆从左向右滑时，甲球无法下滑到凹槽的最低点D ．杆从右向左滑回时，乙球一定能回到凹槽的最低点答案：ACD解析：甲球和乙球组成的系统机械能守恒，所以甲球减少的机械能等于乙球增加的机械能，选项A 正确；两球的质量不同，甲球减少的重力势能不等于乙球增加的重力势能，选项B 错误；乙球质量比甲球质量大，如果甲球能下滑到凹槽的最低点，系统的机械能是增加的，不符合机械能守恒定律，故甲球无法下滑到凹槽最低点，选项C正确；根据机械能守恒，杆从右向左滑回时，乙球一定能回到凹槽的最低点，选项D正确．三、计算题(每小题18分，共36分)8．(2015·咸阳检测)如图所示，质量为m的小物块在粗糙水平桌面上做直线运动，经距离l后以速度v飞离桌面，最终落在水平地面上，物块与桌面间的动摩擦因数为μ，桌面高h，不计空气阻力，重力加速度取g.求：(1)小物块落地点距飞出点的水平距离s；(2)小物块落地时的动能E k；(3)小物块初速度v0的大小．答案：(1)v 2hg(2)12m v2＋mgh(3)2μgl＋v2解析：(1)由平抛运动规律有，竖直方向h＝12gt2水平方向s＝v t得水平距离s＝v 2h g.(2)由机械能守恒定律，动能E k＝12m v2＋mgh.(3)由动能定理，有－μmgl ＝12m v 2－12m v 20 得初速度大小v 0＝2μgl ＋v 2.9. (2015·福建理综)如图所示，质量为M 的小车静止在光滑水平面上，小车AB 段是半径为R 的四分之一圆弧光滑轨道，BC 段是长为L 的水平粗糙轨道，两段轨道相切于B 点．一质量为m 的滑块在小车上从A 点由静止开始沿轨道滑下，重力加速度为g .(1)若固定小车，求滑块运动过程中对小车的最大压力．(2)若不固定小车，滑块仍从A 点由静止下滑，然后滑入BC 轨道，最后从C 点滑出小车．已知滑块质量m ＝M 2，在任一时刻滑块相对地面速度的水平分量是小车速度大小的2倍，滑块与轨道BC 间的动摩擦因数为μ，求：①滑块运动过程中，小车的最大速度大小v m ；②滑块从B 到C 运动过程中，小车的位移大小s .答案：(1)3mg (2)① gR 3 ②13L 解析：(1)滑块滑到B 点时对小车压力最大，从A 到B 机械能守恒mgR ＝12m v 2B 滑块在B 点处，由牛顿第二定律得N －mg ＝m v 2B R解得N ＝3mg由牛顿第三定律得N ′＝3mg .(2)①滑块下滑到达B 点时，小车速度最大，由机械能守恒得mgR ＝12M v 2m ＋12m (2v m )2 解得v m ＝ gR 3. ②设滑块运动到C 点时，小车速度大小为v C ，由功能关系得mgR －μmgL ＝12M v 2C ＋12m (2v C )2 设滑块从B 到C 过程中，小车运动加速度大小为a ，由牛顿第二定律得μmg ＝Ma由运动学规律得v 2C －v 2m ＝－2as解得s ＝13L .。
《名师伴你行》2016年高考二轮复习物理专题突破篇1-5-1物理实验习题
[真题再现]1.(2015·全国理综Ⅱ)某同学用图(a)所示的实验装置测量物块与斜面之间的动摩擦因数．已知打点计时器所用电源的频率为50 Hz，物块下滑过程中所得到的纸带的一部分如图(b)所示，图中标出了五个连续点之间的距离．(a)(b)(1)物块下滑时的加速度a＝________ m/s2，打C点时物块的速度v＝________ m/s.(2)已知重力加速度大小为g，为求出动摩擦因数，还必须测量的物理量是________(填正确答案标号)．A．物块的质量B．斜面的高度C．斜面的倾角答案：(1)3.25 1.79(2)C解析：(1)物块沿斜面下滑做匀加速运动，根据纸带可得连续两段距离之差为0.13 cm，由a＝ΔxT2得a＝0.13×10－2(0.02)2m/s2＝3.25 m/s2，其中C点速度v＝x BDt BD＝(3.65＋3.52)×10－22×0.02m/s＝1.79 m/s.(2)对物块进行受力分析如图所示，则物块所受合外力为F合＝mg sinθ－μmg cosθ，即a＝g sinθ－μg cosθ得μ＝g sinθ－ag cosθ，所以还需测量的物理量是斜面的倾角θ.2．(2014·新课标全国卷Ⅰ)某同学利用图(a)所示实验装置及数字化信息系统获得了小车加速度a与钩码的质量m的对应关系图，如图(b)所示．实验中小车(含发射器)的质量为200 g，实验时选择了不可伸长的轻质细绳和轻定滑轮，小车的加速度由位移传感器及与之相连的计算机得到．回答下列问题：(1)根据该同学的结果，小车的加速度与钩码的质量成________(填“线性”或“非线性”)关系．(2)由图(b)可知，a-m图线不经过原点，可能的原因是________．(3)若利用本实验装置来验证“在小车质量不变的情况下，小车的加速度与作用力成正比”的结论，并直接以钩码所受重力mg作为小车受到的合外力，则实验中应采取的改进措施是______________，钩码的质量应满足的条件是________________．答案：(1)非线性(2)存在摩擦力(3)调节轨道的倾斜度以平衡摩擦力远小于小车的质量解析：(1)根据题图(b)坐标系中给出的数据，连线，小车的加速度与钩码的质量成非线性关系．(2)根据题图(b)中数据，小车受到钩码的拉力的作用，但没有加速度，故未平衡摩擦力或倾角过小，没有完全平衡摩擦力．(3)在实验中要求“直接以钩码所受重力mg作为小车受到的合外力”需要满足两个条件：①平衡摩擦力；②钩码的质量远小于小车(含发射器)的质量．3．(2014·新课标全国卷Ⅱ)某实验小组探究弹簧的劲度系数k与其长度(圈数)的关系．实验装置如图甲所示：一均匀长弹簧竖直悬挂，7个指针P 0、P 1、P 2、P 3、P 4、P 5、P 6分别固定在弹簧上距悬点0、10、20、30、40、50、60圈处；通过旁边竖直放置的刻度尺，可以读出指针的位置，P 0指向0刻度．设弹簧下端未挂重物时，各指针的位置记为x 0；挂有质量为0.100 kg 的砝码时，各指针的位置记为x .测量结果及部分计算结果如下表所示(n 为弹簧的圈数，取重力加速度为 9.80 m/s 2)．已知实验所用弹簧总圈数为60，整个弹簧的自由长度为11.88 cm.(2)以n 为横坐标，1k 为纵坐标，在图乙给出的坐标纸上画出1k -n 图象．乙(3)图乙中画出的直线可近似认为通过原点．若从实验中所用的弹簧截取圈数为n 的一段弹簧，该弹簧的劲度系数k 与其圈数n 的关系的表达式为k ＝________N/m ；该弹簧的劲度系数k 与其自由长度l 0(单位为m)的关系的表达式为k ＝________N/m.答案：(1)①81.7 ②0.012 2 (2)见解析图 (3)③1.75×103n ⎝⎛ 在1.67×103n ～⎭⎪⎫1.83×103n 之间均正确 3.47l 0⎝ ⎛⎭⎪⎫在3.31l 0～3.62l 0之间均正确解析：根据胡克定律解题．(1)根据胡克定律有mg ＝k (x －x 0)， 解得k ＝mgx －x 0＝0.100×9.80(5.26－4.06)×10－2 N/m ≈81.7 N/m ，1k ＝0.012 2.(2)1k -n 图象如图所示．(3)根据图象可知，k 与n 的关系表达式为k ＝1.75×103n ，k 与l 0的关系表达式为k ＝3.47l 0.规律探寻分析近几年高考试题不难看出命题规律：1．“常规实验题”：该小题命题立足教材，侧重考查完成实验的能力．涉及基本仪器的使用(含读数)、实验原理和测量方法的理解、实验条件的控制、实验步骤的编排、实验数据的处理、实验误差的分析．2．“能力迁移题”：该命题立足迁移，侧重考查设计简单实验方案的能力．突出实验原理的迁移、测量方法的迁移、数据处理方法的迁移(图象法和平均值法)等．3．“创新实验题”：“新”可以更加有效地考查学生分析问题的能力，区分度也很明显．其实这类题依然是以实验基础为依据，只不过在新的背景、新的命题方式下进行考查．[考题预测]某同学验证动能定理的实验装置如图甲所示．水平桌面上固定一倾斜的气垫导轨；导轨上A点处有一带遮光片的长方形滑块，其总质量为M，实验步骤如下：甲①用游标卡尺测出遮光片的宽度d；②安装好实验器材，给气垫导轨接上气源，然后读出拉力传感器的示数，记为F，同时从气垫导轨刻度尺上读出滑块与光电门之间的距离L；③剪断细绳，让滑块滑向光电门，并记录滑块通过光电门的时间t；④多次改变滑块与光电门之间的距离，记录相应的L与t的值，结果如下表所示：(1)用游标卡尺测量遮光片宽度d的测量结果如图乙所示，则d＝________cm.乙(2)剪断细绳后，滑块开始加速下滑，则其受到的合外力为________．(3)剪断细绳后，在滑块从A运动至B的过程中，合外力对滑块、遮光片组成的系统做的功可表示为W＝________，动能的增加量可表示为ΔE k＝________；若动能定理成立，则在本实验中1t2与L的关系式为1t2＝________.(4)以L为横坐标，1t2为纵坐标，请在图丙所示的坐标系中描点，并作出1t2－L图象，根据你所作的图象，本实验________(填“能”或“不能”)验证动能定理，理由是____________________________．丙答案：(1)1.00 (2)F (3)见解析 (4)能 得到的实验图象为线性图象解析：(1)宽度d ＝10 mm ＋0×0.1 mm ＝1.00 cm.(2)剪断细绳前拉力传感器的示数便是剪断细绳后滑块沿斜面滑动所受到的合外力，即F .(3)合外力做的功为W ＝FL ，动能的增加量为ΔE k ＝12M v 2＝12M ⎝ ⎛⎭⎪⎫d t 2，由动能定理得FL ＝12M v 2＝12M ⎝ ⎛⎭⎪⎫d t 2.解得1t 2＝2FL Md2.(4)所作的图象如图所示．由1t2＝2FMd2·L可知1t2∝L，即1t2与L是线性关系．从1t2-L图象中可看出作出的图象为一条直线，因此该实验能验证动能定理．。
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1 填“t F”第23页
名师伴你行 ·高考二轮复习 ·物理
4 () 若 某 同 学 用 该 实 验 装 置 验 证 滑 块 所 受 合 外 力 做 功 变 化 量 的 关 系 ， 还 需 测 量 的 物 理 量 是 应 的 字 母 表 示 )； 验 证 的 表 达 式 为 _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ ( ．
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⊳第二部分
考前冲刺篇
第二部分 专题二 第2讲
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专题二
三大题型的解题方略
第二部分 专题二 第2讲
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名师伴你行 ·高考二轮复习 ·物理
第 2讲
“分门别类”突破实验题
第二部分 专题二 第2讲
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第二部分 专题二 第2讲
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[案 例 导 析 [典例 2 ]
]
如 图 甲 所 示 为 气 垫 导 轨 ， 导 轨 上 安 装 有 一 个 光 电
门 B， 滑 块 上 固 定 一 遮 光 条 ， 滑 块 用 细 线 绕 过 气 垫 导 轨 左 端 的 定 滑 轮 与 力 传 感 器 相 连 ， 力 传 感 器 可 测 出 线 上 的 拉 力 大 小 ， 传 感 器 下 方 悬 挂 钩 码 ， 每 次 滑 块 都 从 A处 由 静 止 释 放 ．
③改 变 钩 码 质 量 ， 测 出 对 应 的 力 传 感 器 的 示 数 通 过 光 电 门 的 时 间 t.通 过 描 点 作 出 线 性 图 象 ， 研 究 滑 块 的 加 速 度 _ _ _ _ _ _ _ _ (
F 和遮光条
与 滑 块 受 力 的 关 系 ， 处 理 数 据 时 应 作 出 1 F”或“ 2F”)图象． t
第二部分 专题二 第2讲
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1 () 该 同 学 用 游 标 卡 尺 测 量 遮 光 条 的 宽 度 d＝_ _ _ _ _ _ _ _ m m . 2 () 实 验 时 ， 由 数 字 计 时 器 读 出 遮 光 条 通 过 光 电 门 ＝1 0 . ×1 0 _ _ _ _ _ _ _ _ m s / .
度(游标尺 20 个格和 5 0 个格)，以 mm 为 单 位 ， 读 数 中 小 数 点 后 面有两位．
第二部分 专题二 第2讲
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4 () 多 用 电 表 的 欧 姆 挡 刻 度 不 均 匀 ， 结 果 只 取 两 位 有 效 数 字 ， 不 要 忘 记 读 取 的 数 值 乘 以 倍 率 ． 5 () 电 压 表 与 电 流 表 若 最 小 分 度 是 到 下 一 位 ， 若 最 小 分 度 不 是 1、 0 1 . 、0 .1 1、 0 1 . 、0 .1 等 需 要 估 算
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4 () 用 游 标 卡 尺 测 量 遮 光 片 宽 度 则 d＝_ _ _ _ _ _ _ _ c m .
d的 测 量 结 果 如 图
d () 所示，
第二部分 专题二 第2讲
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第二部分 专题二 第2讲
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2 4 1 0 .m m 0 5 .m m
＝2 4 1 .0c m 2 (4 0 .8 ＋0 .1m m
～2 4 1 .2 ×2 1 . ＝0 5 .2 1
第二部分 专题二 第2讲
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2．某实验小组现在要测量一根如图甲所示的金属丝 的 电 阻 率 ， 该 金 属 丝 的 横 截 面 是 请 完 成 以 下 问 题 ． 1 () 游 标 卡 尺 的 结 构 如 图 丙 所 示 ， 要 测 该 金 属 丝 的 内 径 图甲所示)， 必 须 用 其 中 的 图 丙 中 的 读 数 为 _ _ _ _ _ _ _ _ m m . _ _ _ _ _ _ _ _ ( D(如 “外 方 内 圆 ”， 实 验 电 路 如 图 乙 所 示 ，
与动能 文 字 说 明 并 用 相
5 () 该 实 验 装 置 能 否 用 于 验 证 滑 块 、 钩 码 和 力 传 感 器 组 成 的 系 统 机 械 能 守 恒 ？ _ _ _ _ _ _ _ _ ( 填“能”或“不 能 ” )．
第二部分 专题二 第2讲
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类型 2
以 纸 带 或 光 电 门 为 核 心 的 力 学 实 验
1．六个力学实验中有四个涉及打点计时器与纸带：研究匀 变 速 直 线 运 动 、 验 证 牛 顿 运 动 定 律 、 探 究 动 能 定 理 和 验 证 机 械 能 守 恒 定 律 ． 纸 带 问 题 一 直 是 高 考 实 验 的 热 点 ． 2 . 对 于 涉 及 纸 带 或 光 电 门 的 实 验 ， 关 键 要 掌 握 纸 带 和 光 电 门 的 数 据 处 理 方 法 ．
的另一端与刻度尺的零刻线对齐，图中读数为_ _ _ _ _ _ _ _ c m . 旋测微器 测 量 金 属 丝 的 直 径 ， 选 不 同 的 位 置 测 量 均值 d.其 中 一 次 测 量 结 果 如 图 乙 所 示 ， 图 中 读 数 为
3次 ， 求 出 其 平 _ _ _ _ _ _ _ _ m m .
2 (1 )4 9 .8 8
3 () 左
4 (2 ).8
0.42
第二部分 专题二 第2讲
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解析：1 () A 是 测 量 物 体 外 径 的 ， 测 量 物 体 深 度 的 ． 该 金 属 丝 的 内 径 mm. 2 () 螺 旋 测 微 器 主 尺 的 读 数 为 格数为 4 8 . 丝 横 截 面 的 边 长 格 ， 读 数 为 a＝1 4 5 .m m 0 4 .8 8 m m
高 考 对 本 专 题 的 考 查 一 直 是 突 出 重 点 ， 且 不 回 避 热 点 ． 如 对 于 基 本 仪 器 的 使 用 和 读 数 每 年 必 考 ， 以 打 点 计 时 器 或 光 电 门 为 背 景 的 力 学 实 验 近 几 年 频 频 出 现 ， 而 其 他 力 学 实 验 则 有 隔 年 考 查 的 趋势．电学中测电阻与测电源电动势和内阻实验几乎是交替出 现． 类型 1 基 本 仪 器 的 使 用 和 读 数
基 本 仪 器 的 使 用 和 读 数 是 高 中 实 验 的 基 础 ， 重 在 电 表 和 长 度 测 量 的 读 数 ．
第二部分 专题二 第2讲
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[案 例 导 析 [典例 1 ] 测 金 属 电 阻 率 实 验 ：
]
1 () 测 长 度 时 ， 金 属 丝 的 起 点 、 终 点 位 置 如 图 _ _ _ _ _ _ _ _ c m .
＋0×0 1 .m m
＝1 0 .m m
＝1 0 .0
[答案]
1 (6 )0 5 .0
2 (1 ) 9 .8 0
3 (5 ) 0 .
4 (1 ) 0 .0
第二部分 专题二 第2讲
第 8页
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题后悟道 仪 器 的 估 读 原 则 1 () 毫 米 刻 度 尺 读 数 中 ， 必 须 估 读 到 毫 米 的 十 分 位 ． 2 () 螺 旋 测 微 器 读 数 中 ， 必 须 估 读 到 毫 米 的 千 分 位 ， 因 此 螺 旋 测 微 器 又 叫 千 分 尺 ． 3 () 游 标 卡 尺 有 三 种 精 度 ， mm 为 单 位 ， 读 数 中 小 数 点 后 面 有 一 位 ， 0 1 .m m 精度(游 标 尺 1 0 个格)，以 0 .5 m m 和0 .2 m m 精
只 需 读 到 最 小 分 度 ．
第二部分 专题二 第2讲
第10页
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[针 对 训 练 1．在“测 定 金 属 丝 的 电 阻 率 下测量：
]
”的 实 验 中 ， 某 同 学 进 行 了 如
用 毫 米 刻 度 尺 测 量 接 入 电 路 中 的 被 测 金 属 丝 的 有 效 长 度 ． 测 量3次 ， 求 出 其 平 均 值 l.其 中 一 次 测 量 结 果 如 图 甲 所 示 ， 金 属 丝 用螺
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3 () 由 电 路 结 构 可 知 滑 动 变 阻 器 的 连 接 方 式 为 分 压 式 ， 故 闭 合 开 关 前 应 将 滑 动 变 阻 器 的 滑 片 移 至 最 左 端 ． 4 () 由 题 图 戊 可 知 ， 电 流 表 的 读 数 U＝2 .8 V . I＝ 0 4 .2 A ，电压表的读数
第二部分 专题二 第2讲
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4 () 实 验 中 电 压 表 和 电 流 表 的 示 数 如 图 戊 所 示 ， 则 金 属 丝 两 端的电压 U＝_ _ _ _ _ _ _ _ V ，流过金属丝的电流 I＝_ _ _ _ _ _ _ _ A .
戊
答案：1 () B 4.12
②下 列 不 必 要 的 一 项 实 验 要 求 是 母)
． (填 选 项 前 的 字
A．滑块质量远大于钩码和力传感器的总质量 B．应使 A 位 置 与 光 电 门 间 的 距 离 适 当 大 些 C．应将气垫导轨调节水平 D．应使细线与气垫导轨平行
第二部分 专题二 第2讲
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[解析]
1 () 金 属 丝 的 长 度 为 1 5 m .m 5 0 Ω .. d＝1 0m m