2013年高考化学二轮小专题25分钟热点自我检测 专题01 化学计量在实验中的应用(解析版)
2013年全国统一高考化学试卷(新课标ⅱ卷)答案与解析
2013年全国统一高考化学试卷（新课标Ⅱ卷）参考答案与试题解析一、选择题：本题共7小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．（6分）（2014春•永昌县校级期末）在一定条件下，动植物油脂与醇反应可制备生物柴油，化学方程式如图所示：下列叙述错误的是（）A．生物柴油由可再生资源制得B．生物柴油是不同酯组成的混合物C．动植物油脂是高分子化合物D．“地沟油”可用于制备生物柴油考点：油脂的性质、组成与结构；有机高分子化合物的结构和性质．专题：有机物的化学性质及推断．分析：A．生物柴油其原料取自可再生的动植物资源；B．生物柴油通常是指以动植物油脂为原料生产的、以脂肪酸甲酯为主要成份的液体燃料；C．相对分子质量在10000以上的有机化合物为高分子化合物；D．“地沟油”中含有动植物油脂，动植物油脂与醇反应可制备生物柴油；解答：解：A．生物柴油由可再生资源制得，故A正确；B．生物柴油通常是指以动植物油脂为原料生产的、以不同脂肪酸甲酯组成的混合物，故B正确；C．动植物油脂是高分子化合物相对分子质量小于10000，不是高分子化合物，故C 错误；D．“地沟油”中含有动植物油脂，动植物油脂与醇反应可制备生物柴油，故D正确；故选：C；点评：本题主要考查了油脂的性质与用途，难度不大，根据题目信息即可完成．2．（6分）（2015春•雅安期末）下列叙述中，错误的是（）A．苯与浓硝酸、浓硫酸共热并保持55～60℃反应生成硝基苯B．苯乙烯在合适条件下催化加氢可生成乙基环己烷C．乙烯和溴的四氯化碳溶液反应生成1，2﹣二溴乙烷D．甲苯与氯气在光照下反应主要生成2，4﹣二氯甲苯考点：苯的性质；乙烯的化学性质；苯的同系物．专题：有机物的化学性质及推断．分析：A．根据苯的硝化反应；B．根据碳碳双键能发生加成反应，苯环也可发生加成反应；C．根据碳碳双键能发生加成反应；D．根据甲苯与氯气在光照下反应主要发生的是侧链上的氢原子被取代；解答：解：A．苯的硝化反应：苯与浓硝酸、浓硫酸共热并保持55～60℃反应生成硝基苯，故A正确；B．碳碳双键能发生加成反应，苯环也可发生加成反应，所以苯乙烯在合适条件下催化加氢可生成乙基环己烷，故B正确；C．碳碳双键能发生加成反应，所以乙烯和溴的四氯化碳溶液反应生成1，2﹣二溴乙烷，故C正确；D．甲苯与氯气在光照下反应主要发生的是侧链上的氢原子被取代，不能得到苯环上氢原子被取代的产物2，4﹣二氯甲苯，故D错误；故选：D；点评：本题主要考查了物质的结构与性质，注意反应条件对产物结构的影响．3．（6分）N A为阿伏加德罗常数的值．下列叙述正确的是（）A．1.0 L 1.0 mol•L﹣1 的NaAl02水溶液中含有的氧原子数为2 N AB．12g石墨烯（单层石墨）中含有六元环的个数为0.5 N AC．25℃时pH=13的NaOH溶液中含有OH﹣的数目为0.1 N AD．1 mol的羟基与1 mol的氢氧根离子所含电子数均为9 N A考点：阿伏加德罗常数．专题：阿伏加德罗常数和阿伏加德罗定律．分析：A、溶液中存在水的电离平衡；B、石墨烯中每一个六圆环平均含有2个碳原子；C、溶液体积不知不能计算微粒数；D、羟基是取代基，氢氧根离子是阴离子．解答：解：A、1.0 L 1.0 mol•L﹣1 的NaAl02水溶液中，含有水，溶液中含有的氧原子数大于2 N A，故A错误；B、石墨烯中每一个六圆环平均含有2个碳原子，12g石墨烯物质的量为1mol，含六元环的个数为0.5 N A故B正确；C、溶液体积不知不能计算微粒数；D、1 mol的羟基﹣OH含有电子数9 N A，1 mol的氢氧根离子OH﹣所含电子数均为10 N A，故D错误；故选B．点评：本题考查了阿伏伽德罗常数的应用，主要考查溶液中微粒数判断，石墨结构分析计算，溶液PH计算，注意区别羟基和氢氧根离子的不同，题目难度中等．4．（6分）（2015•固原校级模拟）能正确表示下列反应的离子方程式是（）A．浓盐酸与铁屑反应：2Fe+6H+═2Fe3++3H2↑B．钠与CuSO4溶液反应：2Na+Cu2+═Cu↓+2Na+C．N aHCO3溶液与稀H2SO4反应：CO32﹣+2H+═H2O+CO2↑D．向FeCl3溶液中加入Mg（OH）2：3Mg（OH）2+2Fe3+═2Fe（OH）3+3Mg2+考点：离子方程式的书写．专题：离子反应专题．分析：A．反应生成氯化亚铁和氢气；B．不能置换出Cu，反应生成氢氧化铜、硫酸钠、氢气；C．HCO3﹣不能拆分；D．发生沉淀的转化，生成氢氧化铁和氯化镁．解答：解：A．浓盐酸与铁屑反应的离子反应为Fe+2H+═Fe2++H2↑，故A错误；B．钠与CuSO4溶液反应的离子反应为2Na+2H2O+Cu2+═Cu（OH）2↓+2Na++H2↑，故B错误；C．NaHCO3溶液与稀H2SO4反应的离子反应为HCO3﹣+H+═H2O+CO2↑，故C错误；D．向FeCl3溶液中加入Mg（OH）2的离子反应为3Mg（OH）2+2Fe3+═3Mg2++2Fe （OH）3，故D正确；故选D．点评：本题考查离子反应书写的正误判断，明确发生的化学反应是解答本题的关键，注意物质的性质及离子反应的书写方法，题目难度不大．5．（6分）（2013秋•尖山区校级期末）“ZEBRA”蓄电池的结构如图所示，电极材料多孔Ni/NiCl2和金属钠之间由钠离子导体制作的陶瓷管相隔．下列关于该电池的叙述错误的是（）A．电池反应中有NaCl生成B．电池的总反应是金属钠还原三价铝离子C．正极反应为：NiCl2+2e﹣═Ni+2Cl﹣D．钠离子通过钠离子导体在两电极间移动考点：化学电源新型电池．专题：电化学专题．分析：该原电池中，钠作负极，负极上电极反应式为：Na﹣e﹣=Na+，Ni/NiCl2作正极，正极上电极反应式为：NiCl2+2e﹣=Ni+2Cl﹣，钠离子向正极移动．解答：解：A．负极上电极反应式为：Na﹣e﹣=Na+，正极上电极反应式为：NiCl2+2e﹣=Ni+2Cl ﹣，所以该原电池中有氯化钠生成，故A正确；B．根据正负极电极反应式知，金属钠还原NiCl2，故B错误；C．正极上得电子发生还原反应，电极反应式为：NiCl2+2e﹣=Ni+2Cl﹣，故C正确；D．原电池放电时，阳离子向正极移动，钠离子在负极产生，向正极移动，所以钠离子通过钠离子导体在两电极间移动，故D正确；故选B．点评：本题考查原电池原理，明确正负极上得失电子、离子的移动方向即可分析解答，难点是电极反应式的书写，难度中等．6．（6分）（2014•郑州一模）在1200℃时，天然气脱硫工艺中会发生下列反应：H2S（g）+O2（g）═SO2（g）+H2O（g）△H12H2S（g）+SO2（g）═S2（g）+2H2O（g）△H2H2S（g）+O2（g）═S（g）+H2O（g）△H32S（g）═S2（g）△H4则△H4的正确表达式为（）A．△H4=（△H1+△H2﹣3△H3）B．△H4=（3△H3﹣△H1﹣△H2）C．△H4=（△H1+△H2﹣3△H3）D．△H4=（△H1﹣△H2﹣3△H3）考点：用盖斯定律进行有关反应热的计算．专题：化学反应中的能量变化．分析：利用盖斯定律分析，不管化学反应是一步或分几步完成，其反应热是不变的；根据目标方程改写分方程，然后求出反应热．解答：解：根据目标方程，把方程3反写，计量数乘以2；把方程2乘以；把方程1乘以；然后三者相加；即﹣△H3×2+△H2×+△H1×=（△H1+△H2﹣3△H3），故选A．点评：本题考查了盖斯定律的应用，要注意方程式计量数的变化，及△H的符号的变化．7．（6分）（2014•宜章县校级模拟）室温时，M（OH）2（s）⇌M2+（aq）+2OH﹣（aq）K sp=a，c（M2+）=b mol•L﹣1时，溶液的pH等于（）A．lg（）B．lg（）C．14+lg（）D．14+lg（）考点：难溶电解质的溶解平衡及沉淀转化的本质；pH的简单计算．专题：电离平衡与溶液的pH专题．分析：依据Ksp=c（M2+）c2（OH﹣）表达式和题干K sp=a，C（M2+）=b mol•L﹣1，计算溶液中氢氧根离子浓度，结合溶液中离子积计算氢离子浓度和溶液pH；解答：解：室温时，M（OH）2（s）⇌M2+（aq）+2OH﹣（aq），已知K sp=a，c（M2+）=b mol•L ﹣1，则c（OH﹣）==mol•L﹣1，所以c（H+）==mol•L﹣1，则pH=﹣lgc（H+）=14+lg（）；故选C．点评：本题考查了溶度积常数的有关计算和PH的计算，题目难度不大，注意对Ksp含义的理解．二、解答题（共6小题，满分58分）8．（15分）（2014秋•成都期末）正丁醛是一种化工原料．某实验小组利用如图所示装置合成正丁醛．发生的反应如下：CH3CH3CH3CH3OH CH3CH2CH2CHO．反应物和产物的相关数据列表如下：沸点/℃密度/g•cm﹣3水中溶解性正丁醇117.2 0.8109 微溶正丁醛75.7 0.8017 微溶实验步骤如下：将6.0gNa2Cr2O7放入100mL烧杯中，加30mL水溶解，再缓慢加入5mL浓硫酸，将所得溶液小心转移至B中．在A中加入4.0g正丁醇和几粒沸石，加热．当有蒸汽出现时，开始滴加B中溶液．滴加过程中保持反应温度为90～95℃，在E中收集90℃以上的馏分．将馏出物倒入分液漏斗中，分去水层，有机层干燥后蒸馏，收集75～77℃馏分，产量2.0g．回答下列问题：（1）实验中，能否将Na2Cr2O7溶液加到浓硫酸中，说明理由容易发生迸溅．（2）加入沸石的作用是防止暴沸，若加热后发现未加入沸石，应采取的正确方法是冷却后补加．（3）上述装置图中，B仪器的名称是滴液漏斗，D仪器的名称是直形冷凝管．（4）分液漏斗使用前必须进行的操作是c（填正确答案标号）．a．润湿b．干燥c．检漏d．标定（5）将正丁醛粗产品置于分液漏斗中分水时，水在下层（填“上”或“下”）．（6）反应温度应保持在90～95℃，其原因是保证正丁醛及时蒸出，又可尽量避免其被进一步氧化．（7）本实验中，正丁醛的产率为51%．考点：有机物的合成；醇类简介．专题：实验题．分析：（1）不能将Na2Cr2O7溶液加到浓硫酸中，因为浓硫酸的密度大，容易发生迸溅；（2）加入沸石的作用是防止暴沸，若加热后发现未加沸石，应该冷却后补加；（3）B仪器的名称是滴液漏斗，D仪器的名称直形冷凝管；（4）分液漏斗使用前必须进行的第一项操作是检漏；（5）由表中数据可知，正丁醛密度小于水的密度，据此判断；（6）根据题目所给反应物和产物的沸点数据可知，反应温度保持在90～95℃，既可保证正丁醛及时蒸出，又可尽量避免其被进一步氧化；（7）设正丁醛的产率为x，则正丁醇的利用率为x，根据关系式C4H10O～C4H8O列方程计算．解答：解：（1）因为浓硫酸的密度大，能将Na2Cr2O7溶液加到浓硫酸中，容易发生迸溅，故答案为：不能，容易发生迸溅；（2）加入沸石的作用是防止暴沸，若加热后发现未加沸石，应该冷却后补加，故答案为：防止暴沸；冷却后补加；（3）B仪器的名称是滴液漏斗，D仪器的名称直形冷凝管，故答案为：滴液漏斗；直形冷凝管；（4）分液漏斗使用前必须进行的第一项操作是检漏，故答案为：c：（5）正丁醛密度为0.8017 g•cm﹣3，小于水的密度，故分层水层在下方，故答案为：下；（6）根据题目所给反应物和产物的沸点数据可知，反应温度保持在90～95℃，既可保证正丁醛及时蒸出，又可尽量避免其被进一步氧化，故答案为：保证正丁醛及时蒸出，又可尽量避免其被进一步氧化；（7）设正丁醛的产率为x，则正丁醇的利用率为x，根据关系式，C4H10O～C4H8O74 724xg 2g解得：x==51%，故答案为：51．点评：本题考查有机化学实验、反应原理、基本操作、化学计算等，难度不大，注意计算中正丁醇的转化率等于正丁醛的产率，注意对基础知识的理解掌握．9．（14分）（2013秋•桥东区校级月考）氧化锌为白色粉末，可用于湿疹、癣等皮肤病的治疗．纯化工业级氧化锌（含有Fe（II）、Mn（II）、Ni（II）等杂质）的流程如图所示：提示：在本实验条件下，Ni（II）不能被氧化；高锰酸钾的还原产物是MnO2．回答下列问题：（1）反应②中除掉的杂质离子是Fe2+和Mn2+，发生反应的离子方程式为MnO4﹣+3Fe2++7H2O=3Fe（OH）3↓+MnO2↓+5H+、2MnO4﹣+3Mn2++2H2O=5MnO2↓+4H+；在加高锰酸钾溶液前，若pH较低，对除杂的影响是铁离子和锰离子不能生成沉淀，从而无法除去铁和锰杂质．（2）反应③的反应类型为置换反应，过滤得到的滤渣中，除了过量的锌外还有镍．（3）反应④形成的沉淀要用水洗，检查沉淀是否洗涤干净的方法是取最后一次少量水洗液于试管中，滴入1～2滴盐酸，再滴入氯化钡溶液，若无白色沉淀生成，则说明沉淀已经洗涤干净；．（4）反应④中产物的成分可能是ZnCO3•xZn（OH）2．取干燥后的滤饼11.2g，锻烧后可得到产品8.1g，则x等于1．考点：物质分离和提纯的方法和基本操作综合应用；常见金属元素的单质及其化合物的综合应用．专题：几种重要的金属及其化合物．分析：（1）根据题意，Ni（Ⅱ）不能被氧化，反应②中除掉的杂质离子是Fe2+和Mn2+，根据MnO4﹣+具有氧化性，能将Fe2+和Mn2+氧化，根据电子得失进行配平；加高锰酸钾溶液前，若pH较低，铁离子和锰离子不能生成沉淀，从而无法除去铁和锰杂质．（2）反应③为锌与镍离子的发生反应得到锌离子和镍；得到的滤渣中，除了过量的锌外还有金属镍．（3）检验沉淀是否洗涤干净的方法是最后一次洗涤液，检验表面是否含有硫酸根离子；（4）根据关系式ZnCO3•xZn（OH）2～（x+1）ZnO来计算．解答：解：（1）根据题意，Ni（Ⅱ）不能被氧化，反应②中除掉的杂质离子是Fe2+和Mn2+，发生的离子方程式为MnO4﹣+3Fe2++7H2O=3Fe（OH）3↓+MnO2↓+5H+、2MnO4﹣+3Mn2++2H2O=5MnO2↓+4H+；加高锰酸钾溶液前，若pH较低，铁离子和锰离子不能生成沉淀，从而无法除去铁和锰杂质；故答案为：Fe2+和Mn2+；MnO4﹣+3Fe2++7H2O=3Fe（OH）3↓+MnO2↓+5H+、2MnO4﹣+3Mn2++2H2O=5MnO2↓+4H+；铁离子和锰离子不能生成沉淀，从而无法除去铁和锰杂质；（2）反应③为锌与镍离子的发生反应得到锌离子和镍，反应类型为置换反应；得到的滤渣中，除了过量的锌外还有金属镍，故答案为：置换反应；镍；（3）由于溶液中硫酸根离子属于杂质离子，因此可以检验测定洗涤液中是否存在硫酸根离子，操作为：取最后一次少量水洗液于试管中，滴入1～2滴稀盐酸，再滴入氯化钡溶液，若无白色沉淀生成，则说明沉淀已经洗涤干净，故答案为：取最后一次少量水洗液于试管中，滴入1～2滴稀盐酸，再滴入氯化钡溶液，若无白色沉淀生成，则说明沉淀已经洗涤干净；（4）根据关系式ZnCO3•xZn（OH）2 ～（x+1）ZnO125+99x 81（x+1）11.2g 8.1g解得：x=1故答案为：1．点评：本题以工业流程为背景，考查了学生分析问题、解决问题，运用知识的能力，难度中等．10．（14分）（2015•衡水模拟）在1.0L密闭容器中放入0.10molA（g），在一定温度进行如下反应：A（g）⇌B（g）+C（g ）△H=+85.1kJ•mol﹣1反应时间（t）与容器内气体总压强（p）的数据见下表：时间t/h 0 1 2 4 8 16 20 25 30总压强p/100kPa 4.91 5.58 6.32 7.31 8.54 9.50 9.52 9.53 9.53回答下列问题：（1）欲提高A的平衡转化率，应采取的措施为升高温度、降低压强．（2）由总压强p和起始压强p0计算反应物A的转化率α（A）的表达式为×100%，平衡时A的转化率为94.1，列式并计算反应的平衡常数K 1.5mol/L．（3）①由总压强p和起始压强p0表示反应体系的总物质的量n总和反应物A的物质的量n （A），n总=0.10×mol，n（A）=0.10×（2﹣）mol．②下表为反应物A浓度与反应时间的数据，计算：α=0.051．反应时间t/h 0 4 8 16c（A）/（mol•L﹣1）0.10 a 0.026 0.0065分析该反应中反应物的浓度c（A）变化与时间间隔（△t）的规律，得出的结论是达到平衡前每间隔4h，c（A）减少约一半，由此规律推出反应在12h时反应物的浓度c（A）为0.013mol•L﹣1．考点：化学平衡的影响因素；化学平衡的计算．专题：化学平衡专题．分析：（1）反应是吸热反应，反应前后气体体积增大，结合平衡移动原理分析判断转化率；（2）相同条件下压强之比等于物质的量之比，反应前后物质的量的增大是反应的A 的物质的量，结合转化率概念计算得到；依据化学平衡三段式列式计算平衡浓度达到平衡常数；（3）①依据相同条件下压强之比等于物质的量之比，结合平衡计算得到；②依据平衡A的浓度计算，依据图表数据分析判断存在的规律；解答：解：（1）在一定温度进行如下反应：A（g）⇌B（g）+C（g ）△H=+85.1kJ•mol﹣1反应是吸热反应，反应前后气体体积增大，根据平衡移动原理分析可知，欲提高A的平衡转化率，平衡正向进行，可以升温或减压条件下使平衡正向进行；故答案：升高温度、降低压强；（2）反应前后气体物质的量增大为反应的A的量，所以由总压强p和起始压强p0计算反应物A的转化率α（A）的表达式=×100%=（）×100%；平衡时A的转化率=×100%=94.1%依据化学平衡三段式列式得到；A（g）⇌B（g）+C（g ）起始量（mol/L）0.10 0 0变化量（mol/L）0.10×94.1% 0.10×94.1% 0.10×94.1%平衡量（mol/L）0.10（1﹣94.1%）0.10×94.1% 0.10×94.1%K===1.5mol/L故答案为：（）×100%；94.1%； 1.5mol/L（3）①由总压强p和起始压强p0表示反应体系的总物质的量n总和反应物A的物质的量n（A），依据压强之比等于物质的量之比，n总：n起始=P：P0 ，n总=；A（g）⇌B（g）+C（g ）起始量（mol）0.10 0 0变化量（mol）x x x平衡量（mol）0.10﹣x x x（0.10+x）：0.10=P：P0x=n（A）=0.10﹣=0.10×（2﹣）mol；故答案为：；0.10×（2﹣）；②n（A）=0.10×（2﹣）=0.10×（2﹣）=0.051mol所以浓度a=0.051mol/L；分析数据特征可知，每隔4h，A的浓度减小一半，故答案为：0.051；达到平衡前每间隔4h，c（A）减少约一半；由此规律推出反应在12h时反应物的浓度c（A）==0.013mol/L；故答案为：0.051，每隔4h，A的浓度减小一半；0.013；点评：本题考查压强关系和物质的量的计算应用，化学平衡计算方法，图表数据处理方法的分析判断，题目难度中等．11．（15分）（2014春•赫山区校级月考）〔化学﹣﹣选修2：化学与技术〕锌锰电池（俗称干电池）在生活中的用量很大．两种锌锰电池的构造如图（a）所示．回答下列问题：（1）普通锌锰电池放电时发生的主要反应为：Zn+2NH4Cl+2MnO2═Zn（NH3）2Cl2+2MnOOH ①该电池中，负极材料主要是锌，电解质的主要成分是NH4Cl，正极发生的主要反应是MnO2+NH4++e﹣=MnOOH+NH3．②与普通锌锰电池相比，碱性锌锰电池的优点及其理由是碱性电池不易发生电解质的泄露，因为消耗的负极改装在电池的内部，碱性电池的使用寿命较长，因为金属材料在碱性电解质中比在酸性电解质中的稳定性提高．（2）图（b）表示回收利用废旧普通锌锰电池工艺（不考虑废旧电池中实际存在的少量其他金属）．①图（b）中产物的化学式分别为A ZnCl2，B NH4Cl．②操作a中得到熔块的主要成分是K2MnO4．操作b中，绿色的K2MnO4溶液反应生成紫色溶液和一种黑褐色固体，该反应的离子方程式为3MnO42﹣+2CO2=2MnO4﹣+MnO2↓+2CO32﹣．③采用惰性电极电解K2MnO4溶液也能得到化合物D，则阴极处得到的主要物质是H2（填化学式）．考点：常见化学电源的种类及其工作原理．专题：电化学专题．分析：（1）①根据电池反应判断正负极和电解质；二氧化锰和铵根离子在正极发生反应；②根据碱性锌锰电池的特点分析；（2）①根据电池的材料分析；②根据已知反应物和产物，再利用元素守恒③K2MnO4溶液中阴极产物的判断，根据溶液中阳离子得电子能力分析．解答：解：（1）根据化学方程式Zn+2NH4Cl+2MnO2=Zn（NH3）2Cl2+2MnOOH，反应中Zn 被氧化，为电池负极锌，氯化铵是电解质的主要成分，二氧化锰和铵根离子在正极发生反应，MnO2+NH4++e﹣=MnOOH+NH3．与普通锌锰电池相比，碱性锌锰电池的优点及其理由是碱性电池不易发生电解质的泄露，因为消耗的负极改装在电池的内部，碱性电池的使用寿命较长，因为金属材料在碱性电解质中比在酸性电解质中的稳定性提高；故答案为：①锌；NH4Cl；MnO2+NH4++e﹣=MnOOH+NH3②碱性电池不易发生电解质的泄露，因为消耗的负极改装在电池的内部，碱性电池的使用寿命较长，因为金属材料在碱性电解质中比在酸性电解质中的稳定性提高．（2）废电池经机械分离后，加水溶解后溶液中的成分是氯化铵，再加稀盐酸Zn溶解生成氯化锌，因此浓缩结晶得到氯化铵和氯化锌．氯化铵不稳定，受热易分解，所以B为氯化铵，A为氯化锌．绿色的K2MnO4溶液发生反应后生成紫色的高锰酸钾溶液和黑褐色的二氧化锰，该反应的离子方程式为3MnO42﹣+2CO2=2MnO4﹣+MnO2↓+2CO32﹣．采用惰性电极电解K2MnO4溶液，阴极氢离子得电子生成氢气．故答案为：①ZnCl2 NH4Cl②3MnO42﹣+2CO2=2MnO4﹣+MnO2↓+2CO32﹣l③H2点评：本题考查了化学与技术、原电池原理、电极方程式的书写，综合性较强．12．（2015•江西模拟）〔化学﹣﹣选修3：物质结构与性质〕前四周期原子序数依次增大的元素A、B、C、D中，A和B的价电子层中未成对电子均只有一个，并且A﹣和B+的电子数相差为8；与B位于同一周期的C和D，它们价电子层中的未成对电子数分别为4和2，且原子序数相差为2．回答下列问题：（1）D2+的价层电子排布图为．（2）四种元素中第一电离能最小的是K，电负性最大的是F．（填元素符号）（3）A、B和D三种元素组成的一个化合物的晶胞如图所示．①该化合物的化学式为K2NiF4；D的配位数为6；②列式计算该晶体的密度 3.4g•cm﹣3．（4）A﹣、B+和C3+三种离子组成的化合物的B3CA6，其中化学键的类型有离子键和配位键；该化合物中存在一个复杂离子，该离子的化学式为[FeF6]3﹣，配位体是F﹣．考点：晶胞的计算；原子核外电子排布；元素电离能、电负性的含义及应用．专题：原子组成与结构专题；化学键与晶体结构．分析：前四周期原子序数依次增大的元素A、B、C、D中，A和B的价电子层中未成对电子均只有一个，并且A﹣和B+的电子数相差为8，A属于第VIIA族元素，B属于第IA族元素，且A的原子序数小于B，则A是F元素，B是K元素；与B位于同一周期的C和D，它们价电子层中的未成对电子数分别为4和2，且原子序数相差为2，且C和D的原子序数大于B，C的原子序数小于D，则C是Fe元素，D是Ni元素，结合物质结构和性质解答．解答：解：前四周期原子序数依次增大的元素A、B、C、D中，A和B的价电子层中未成对电子均只有一个，并且A﹣和B+的电子数相差为8，A属于第VIIA族元素，B属于第IA族元素，且A的原子序数小于B，则A是F元素，B是K元素；与B位于同一周期的C和D，它们价电子层中的未成对电子数分别为4和2，且原子序数相差为2，且C和D的原子序数大于B，C的原子序数小于D，则C是Fe元素，D是Ni元素，（1）D2+的价层电子为3d电子，根据能量最低原理、保里不相容原理及洪特规则知，其价电子排布图为，故答案为：；（2）元素的金属性越强其第一电离能越小，元素的非金属性越强，其电负性越大，这四种元素中金属性最强的是K元素，非金属性最强的元素是F，所以第一电离能最小的是K，电负性最大的是F，故答案为：K；F；（3）①该晶胞中A原子个数=16×=8，B原子个数=8×=4，D原子个数=8×，所以该化合物的化学式为K2NiF4，根据晶胞结构知，D的配位数是6，故答案为：K2NiF4；6；②该晶胞的体积=（400×10﹣10cm）（1308×10﹣10cm），ρ==3.4g•cm﹣3，故答案为：3.4；（4）A﹣、B+和C3+三种离子组成的化合物的K3FeF6，该物质中阴阳离子间存在离子键，铁原子和氟原子间存在配位键，该化合物中存在一个复杂离子，该离子的化学式为[FeF6]3﹣，配位体是F﹣，故答案为：离子键和配位键；[FeF6]3﹣；F﹣．点评：本题考查物质结构和性质，正确推断元素是解本题关键，难度中等，注意化学式的确定中，各中原子被几个晶胞共用，为易错点，难点是密度的计算．13．（2013秋•西山区校级期末）[化学﹣﹣选修5：有机化学基础]化合物I（C11H12O3）是制备液晶材料的中间体之一，其分子中含有醛基和酯基．I可以用E 和H在一定条件下合成：已知以下信息：1．A的核磁共振氢谱表明其只有一种化学环境的氢；2．R﹣CH=CH2R﹣CH2CH2OH；3．化合物F苯环上的一氯代物只有两种；4．通常在同一个碳原子上连有两个羟基不稳定，易脱水形成羰基．回答下列问题：（1）A的化学名称为2﹣甲基﹣2﹣氯丙烷．（2）D的结构简式为（CH3）2CHCHO．（3）E的分子式为C4H8O2．（4）F生成G的化学方程式为，该反应类型为取代反应．（5）I的结构简式为．（6）I的同系物J比I相对分子质量小14，J的同分异构体中能同时满足如下条件：①苯环上只有两个取代基，②既能发生银镜反应，又能与饱和NaHCO3溶液反应放出CO2，共有18种（不考虑立体异构）．J的一个同分异构体发生银镜反应并酸化后核磁共振氢谱为三组峰，且峰面积比为2：2：1，写出J的这种同分异构体的结构简式．考点：有机物的推断．专题：有机物的化学性质及推断．分析：A的分子式为C4H9Cl，核磁共振氢谱表明其只有一种化学环境的氢，则A为（CH3）3CCl，在氢氧化钠醇溶液、加热条件下发生消去反应，生成B为CH2=C（CH3）2，B 发生信息2中的反应生成C为（CH3）2CHCH2OH，C发生催化氧化生成D为（CH3）2CHCHO，D再与氢氧化铜反应，酸化得到E为（CH3）2CHCOOH，F的分子式为C7H8O，苯环上的一氯代物只有两种，应含有2个不同的侧链，且处于对位，则F为，与氯气在光照条件下发生取代反应，生成G为，G在氢氧化钠水溶液发生水解反应，酸化得到H，由于同一个碳原子上连有两个羟基不稳定，易脱水形成羰基，故H为，H与E发生酯化反应生成I，其分子中含有醛基和酯基，故I为，据此解答．解答：解：A的分子式为C4H9Cl，核磁共振氢谱表明其只有一种化学环境的氢，则A为（CH3）3CCl，在氢氧化钠醇溶液、加热条件下发生消去反应，生成B为CH2=C（CH3）2，B 发生信息2中的反应生成C为（CH3）2CHCH2OH，C发生催化氧化生成D为（CH3）2CHCHO，D再与氢氧化铜反应，酸化得到E为（CH3）2CHCOOH，F的分子式为C7H8O，苯环上的一氯代物只有两种，应含有2个不同的侧链，且处于对位，则F为，与氯气在光照条件下发生取代反应，生成G为，G在氢氧化钠水溶液发生水解反应，酸化得到H，由于同一个碳原子上连有两个羟基不稳定，易脱水形成羰基，故H为，H与E发生酯化反应生成I，其分子中含有醛基和酯基，故I为，（1）由上述分析可知，A为（CH3）3CCl，化学名称为：2﹣甲基﹣2﹣氯丙烷，故答案为：2﹣甲基﹣2﹣氯丙烷；（2）由上述分析可知，D的结构简式为（CH3）2CHCHO，故答案为：（CH3）2CHCHO；（3）E为（CH3）2CHCOOH，其分子式为C4H8O2，故答案为：C4H8O2；。
1.2化学计量在实验中的应用 精选高考真题(含解析答案)选择题专项练习
1.2化学计量在实验中的应用精选高考真题（含解析答案）选择题专项练习一．选择题（共19小题）1．下列叙述正确的是（）A．24g镁与27g铝中，含有相同的质子数B．同等质量的氧气和臭氧中，电子数相同C．1 mol重水与1 mol水中，中子数比为2：1D．1 mol乙烷和1 mol乙烯中，化学键数相同2．N A代表阿伏加德罗常数的值，下列说法正确的是（）A．常温常压下，124gP4中所含P一P键数目为4N AB．100 mL 1mol•L﹣1FeCl3溶液中所含Fe3+的数目为0.1N AC．标准状况下，11.2L甲烷和乙烯混合物中含氢原子数目为2N AD．密闭容器中，2 mol SO2和1molO2催化反应后分子总数为2N A3．某工业废气所含氮氧化物（NO x）的氮氧质量比为7：4，该NO x可表示为（）A．N2O B．NO C．N2O3D．NO24．N A是阿伏加德罗常数的值，下列说法正确的是（）A．16.25gFeCl3，水解形成的Fe（OH）3为胶体粒子数为0.1N AB．22.4L（标准状况）氩气含有的质子数为18N AC．92.0g甘油（丙三醇）中含有羟基数为1.0N AD．1.0molCH4与Cl2在光照下生成CH3Cl的分子数为1.0N A5．N A代表阿伏加德罗常数的值，下列说法正确的是（）A．12 g金刚石中含有化学键的数目为4N AB．18 g的D2O中含有的质子数为10N AC．28 g的乙烯和环己烷混合气体中所含原子总数为6N AD．1 L 1mol•L﹣1的NH4Cl溶液中NH4+和Cl﹣的数目均为1N A6．N A代表阿伏加德罗常数的值，下列说法正确的是（）A．常温下，22.4LSO3中含有的氧原子数为3N AB．常温下，1LpH=2 的甲酸溶液中，含有氢离子数为0.01N AC．0.2 mol FeI2与足量氯气反应时转移电子数为0.4N AD．12g 单原子层石墨烯中含有的C﹣C 键数为3N A7．实验室中配制250mL 0.10mol•L﹣1NaOH溶液时，必须使用到的玻璃仪器是（）A．锥形瓶B．试管C．分液漏斗D．容量瓶8．下列叙述正确的是（）A．1 mol O的质量是32g/mol B．OH﹣的摩尔质量是17gC．1mol H2O的质量是18g/mol D．CO2的摩尔质量是44g/mol9．阿伏加德罗常数的值为N A．下列说法正确的是（）A．1L0.1mol•L﹣1NH4Cl溶液中，NH4+的数量为0.1N AB．2.4gMg与H2SO4完全反应，转移的电子数为0.1N AC．标准状况下，2.24LN2和O2的混合气体中分子数为0.2N AD．0.1mol H2和0.1mol I2于密闭容器中充分反应后，其分子总数为0.2N A 10．下列各组物质中完全燃烧所得CO2和H2O的物质的量之比相同的是（）A．丙烯、丁二烯B．乙二醇、乙醚C．苯、甲苯D．乙酸、葡萄糖11．N A为阿伏加德罗常数的值．下列叙述错误的是（）A．1 mol 乙烯分子中含有的碳氢键数为4N AB．1 mol 甲烷完全燃烧转移的电子数为8N AC．1 L 0.1 mol•L﹣1的乙酸溶液中含H+的数量为0.1N AD．1 mol 的CO和N2混合气体中含有的质子数为14N A12．N A为阿伏加德罗常数的值．下列说法正确的是（）A．0.1 mol 的11B中，含有0.6N A个中子B．pH=1的H3PO4溶液中，含有0.1N A个H+C．2.24L（标准状况）苯在O2中完全燃烧，得到0.6N A个CO2分子D．密闭容器中1 mol PCl3与1 mol Cl2反应制备PCl5（g），增加2N A个P﹣Cl键13．放射性同位素，其放射性原子衰变至原来一半数量所需的时间称作半衰期。
河北省邯郸市馆陶一中2013高考二轮专题复习01化学常用计量(真题回顾)
考点搜索考纲要求：了解物质的量的单位——摩尔(mol)、摩尔质量、气体摩尔体积、物质的量浓度、阿伏加德罗常数的含义。
考纲解读：对于阿伏伽德罗常数常考查一定质量、体积或一定体积一定浓度的溶液中所含微粒数的多少，或特定反应中转移电子数的多少；对于以物质的量浓度为中心的计算，常考查确定溶质的物质的量的相关计算，一定物质的量浓度溶液的配制方法、容量瓶的使用及误差分析。
阿伏伽德罗常数通常以选择题的形式考查，常涉及相似概念区分、物质的微观结构、反应特点、特殊物质等内容，考查的知识范围较大，而且陷阱较多，需要做题时谨慎、细心。
因为以物质的量为中心的计算是高中化学计算的基础，因此化学中的计算题多与本部分知识有关，掌握好本部分知识是解决化学计算题的前提。
注意问题：（1）物质的量只规定了所含粒子数目的多少，但并没规定粒子种类，所以，使用摩尔时应注明所指粒子是哪种。
（2）标准状况下，1mol 任何气体的体积都约是22.4L (或气体在标准状况下的摩尔体积约是22.4L ·mol -1)。
同温同压下，气体的体积只与气体物质的量有关，而与气体分子的种类无关。
同温同压下1mol 任何气体的体积都相等，但未必等于22.4L 。
（3）从溶液中取出一部分，物质的量浓度不变。
溶液稀释前后，溶质的物质的量不变。
计算公式： c 浓• V 浓 =c 稀• V 稀 2、以物质的量浓度为中心的计算 （1）VN N MV m V n c A ===（V 代表溶液的体积）；10001000100SS c MMρρω+==（ρ代表密度，单位g/cm 3，ω代表质量分数，S 代表溶解度）； （2）1体积水中溶解VL 气体，气体摩尔质量为M ，所得溶液密度为ρg/cm 3，则有：100022400Vc MV ρ=+；注意问题：①正确判断溶液的溶质：可以和水发生反应的物质，一般溶质为反应后的生成物，如Na 2O 溶于水，溶质为NaOH ；含有结晶水的物质，结晶水不作为溶质，但可作为溶剂，如CuSO 4·5H 2O 溶于水，溶质为CuSO 4；对于一些特殊的物质如NH3，虽然溶于水后溶质为NH 3·H 2O ，但计算浓度时仍按NH 3为溶质计算。
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5.按如图所示的装置进行电解实验：A 极是铜锌合金，B 极为纯
铜，电解质溶液为硫酸铜溶液(足量)．通电一段时间后，A 极
恰好全部溶解，此时 B 极质量增加 7.68 g，溶液质量增加 0.03 g，
则 A 合金中铜、锌原子个数比为
A．4∶1
B．3∶1
( )
解析：由图可知 A 是阳极，B 是阴极．B 极上共析出 0.12 mol Cu.阴极上析出的铜的
NiCl2 溶液 pH 至 7.5，加入适量硫酸钠后进行电解．电解过程中产生的 Cl2 在弱碱性条件下
生成 ClO－，把二价镍氧化为三价镍．以下说法正确的是
A．可用铁作阳极材料
B．电解过程中阳极附近溶液的 pH 升高
-2-
对全部高中资料试卷电气设备，在安装过程中以及安装结束后进行高中资料试卷调整试验；通电检查所有设备高中资料电试力卷保相护互装作置用调与试相技互术关，系电通，力1根保过据护管生高线产中0不工资仅艺料可高试以中卷解资配决料置吊试技顶卷术层要是配求指置，机不对组规电在范气进高设行中备继资进电料行保试空护卷载高问与中题带资2负料2，荷试而下卷且高总可中体保资配障料置各试时类卷，管调需路控要习试在题验最到；大位对限。设度在备内管进来路行确敷调保设整机过使组程其高1在中正资，常料要工试加况卷强下安看与全22过，22度并22工且22作尽22下可护都能1关可地于以缩管正小路常故高工障中作高资；中料对资试于料卷继试连电卷接保破管护坏口进范处行围理整，高核或中对者资定对料值某试，些卷审异弯核常扁与高度校中固对资定图料盒纸试位，卷置编工.写况保复进护杂行层设自防备动腐与处跨装理接置，地高尤线中其弯资要曲料避半试免径卷错标调误高试高等方中，案资要，料求编试技5写、卷术重电保交要气护底设设装。备备置管4高调、动线中试电作敷资高气，设料中课并技3试资件且、术卷料中拒管试试调绝路包验卷试动敷含方技作设线案术，技槽以来术、及避管系免架统不等启必多动要项方高方案中式；资，对料为整试解套卷决启突高动然中过停语程机文中。电高因气中此课资，件料电中试力管卷高壁电中薄气资、设料接备试口进卷不行保严调护等试装问工置题作调，并试合且技理进术利行，用过要管关求线运电敷行力设高保技中护术资装。料置线试做缆卷到敷技准设术确原指灵则导活：。。在对对分于于线调差盒试动处过保，程护当中装不高置同中高电资中压料资回试料路卷试交技卷叉术调时问试，题技应，术采作是用为指金调发属试电隔人机板员一进，变行需压隔要器开在组处事在理前发；掌生同握内一图部线纸故槽资障内料时，、，强设需电备要回制进路造行须厂外同家部时出电切具源断高高习中中题资资电料料源试试，卷卷线试切缆验除敷报从设告而完与采毕相用，关高要技中进术资行资料检料试查，卷和并主检且要测了保处解护理现装。场置设。备高中资料试卷布置情况与有关高中资料试卷电气系统接线等情况，然后根据规范与规程规定，制定设备调试高中资料试卷方案。
(全国卷II)2013年高考化学试题及答案
2013年普通高等学校招生全国统一考试(新课标Ⅱ卷)可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 N 14 O 16 F 19 Na 23 Al 27 S 32 Cl 35.5 K 39 Ca 40 Cr52 Fe 56 Ni 59 Cu 64 Zn 65一、选择题：，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
7. 在一定条件下，动植物油脂与醇反应可制备生物柴油，化学方程式如下:下列叙述错误的是. A.生物柴油由可再生资源制得 B. 生物柴油是不同酯组成的混合物C.动植物油脸是高分子化合物D. “地沟油”可用于制备生物柴油8. 下列叙述中，错误的是 A.苯与浓硝酸、浓硫酸共热并保持55-60℃反应生成硝基苯B.苯乙烯在合适条件下催化加氢可生成乙基环己烷C.乙烯与溴的四氯化碳溶液反应生成1,2-二澳乙烷D.甲苯与氯气在光照下反应主要生成2,4-二氯甲笨9.N0为阿伏伽德罗常数的值.下列叙述正确的是·L-1的NaAIO2水溶液中含有的氧原子数为2N0B.12g石墨烯(单层石墨)中含有六元环的个数为0.5N0C. 25℃时pH=13的NaOH溶液中含有OH一的数目为0.1 N0D. I mol的羟基与1 mot的氢氧根离子所含电子数均为9 N010.能正确表示下列反应的离子方程式是A.浓盐酸与铁屑反应：2Fe+6H+=2Fe3++3H2↑B.钠与CuSO4溶液反应：2Na+Cu2+=Cu↓+2Na+C.NaHCO3溶液与稀H2SO4反应：CO2-3+2H+-H2O+CO2↑D.向FeCl3溶液中加入Mg(OH)2:3Mg(OH)2+2Fe3+=2Fe(OH)3+3Mg2+11.“ZEBRA”蓄电池的结构如图所示，电极材料多孔Ni/Nicl2和金属钠之间由钠离子导体制作的陶瓷管相隔。
下列关于该电池的叙述错误的是A.电池反应中有NaCl生成B.电池的总反应是金属钠还原三个铝离子C.正极反应为：NiCl2+2e-=Ni+2Cl-D.钠离子通过钠离子导体在两电极间移动12.在1200。
2013年全国统一高考化学试卷(新课标ⅱ)(含解析版)
绝密★启用前2013年普通高等学校招生全国统一考试（新课标Ⅱ）理科综合能力测试化学部分注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。
回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、选择题：本题共7小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．（6分）在一定条件下，动植物油脂与醇反应可制备生物柴油，化学方程式如图所示：下列叙述错误的是（）A．生物柴油由可再生资源制得B．生物柴油是不同酯组成的混合物C．动植物油脂是高分子化合物D．“地沟油”可用于制备生物柴油2．（6分）下列叙述中，错误的是（）A．苯与浓硝酸、浓硫酸共热并保持55～60℃反应生成硝基苯B．苯乙烯在合适条件下催化加氢可生成乙基环己烷C．乙烯和溴的四氯化碳溶液反应生成1，2﹣二溴乙烷D．甲苯与氯气在光照下反应主要生成2，4﹣二氯甲苯3．（6分）N A为阿伏加德罗常数的值。
下列叙述正确的是（）A．1.0L1.0mol•L﹣1的NaAlO2水溶液中含有的氧原子数为2N AB．12g石墨烯（单层石墨）中含有六元环的个数为0.5N AC．25℃时pH=13的NaOH溶液中含有OH﹣的数目为0.1N AD．1mol的羟基与1mol的氢氧根离子所含电子数均为9N A4．（6分）能正确表示下列反应的离子方程式是（）A．浓盐酸与铁屑反应：2Fe+6H+═2Fe3++3H2↑B．钠与CuSO4溶液反应：2Na+Cu2+═Cu↓+2Na+C．NaHCO3溶液与稀H2SO4反应：CO32﹣+2H+═H2O+CO2↑D．向FeCl3溶液中加入Mg（OH）2：3Mg（OH）2+2Fe3+═2Fe（OH）3+3Mg2+ 5．（6分）“ZEBRA”蓄电池的结构如图所示，电极材料多孔Ni/NiCl2和金属钠之间由钠离子导体制作的陶瓷管相隔。
高考化学二轮专题复习 汇编试卷J单元 化学实验(2013高考真题+模拟新题)
高考化学二轮专题复习汇编试卷J单元化学实验（2013高考真题+模拟新题）J1化学实验常见仪器与基本方法25.J2 J1 J4 D3 D4[2013·福建卷] 固体硝酸盐加热易分解且产物较复杂。
某学习小组以Mg (NO3)2为研究对象，拟通过实验探究其热分解的产物，提出如下4种猜想：甲：Mg(NO2)2、NO2、O2乙：MgO、NO2、O2丙：Mg3N2、O2丁：MgO、NO2、N2(1)实验前，小组成员经讨论认定猜想丁不成立，理由是________________________________________________________________________________。
查阅资料得知：2NO2＋2NaOH===NaNO3＋NaNO2＋H2O。
针对甲、乙、丙猜想，设计如图0所示的实验装置(图中加热、夹持仪器等均省略)：图0(2)实验过程①仪器连接后，放入固体试剂之前，关闭k，微热硬质玻璃管(A)，观察到E中有气泡连续放出，表明________________________________________________________________________ ________________________________________________________________________。
②称取Mg(NO3)2固体3.7 g置于A中，加热前通入N2以驱尽装置内的空气，其目的是________________________________________________________________________ ________________________________________________________________________；关闭k，用酒精灯加热时，正确操作是先____________，然后固定在管中固体部位下加热。
2013高考化学 (真题+模拟新题分类汇编) 常用化学计量
常用化学计量A1 阿伏伽德罗常数和物质的量18.A1 D4[2013·江苏卷] 硫酸镍铵[(NH 4)x Ni y (SO 4)m ·nH 2O]可用于电镀、印刷等领域。
某同学为测定硫酸镍铵的组成，进行如下实验：①准确称取2.335 0 g 样品，配制成100.00 mL 溶液A ；②准确量取25.00 mL 溶液A ，用0.040 00 mol·L －1的EDTA(Na 2H 2Y)标准溶液滴定其中的Ni 2＋(离子方程式为Ni 2＋＋H 2Y 2－===NiY 2－＋2H ＋)，消耗EDTA 标准溶液31.25 mL ；③另取25.00 mL 溶液A ，加足量的NaOH 溶液并充分加热，生成NH 3 56.00 mL(标准状况)。
(1)若滴定管在使用前未用EDTA 标准溶液润洗，测得的Ni 2＋含量将________(填“偏高”“偏低”或“不变”)。
(2)氨气常用________________________________________________________________________检验，现象是________________________________________________________________________________________________________________________________________________。
(3)通过计算确定硫酸镍铵的化学式(写出计算过程)。
18．[答案] (1)偏高(2)湿润的红色石蕊试纸 试纸颜色由红变蓝(3)n(Ni 2＋)＝0.040 00 mol·L －1×31.25 mL ×10－3 L ·mL －1＝1.250×10－3moln(NH ＋4)＝56.00 mL×10－3 L ·mL －122.4 L ·mol －1＝2.500×10－3 mol n(SO 2－4)＝2n （Ni 2＋）＋n （NH ＋4）2＝2×1.250×10－3 mol＋2.500×10－3 mol2＝2．500×10－3 molm(Ni2＋)＝59 g·mol－1×1.250×10－3 mol＝0.073 75 g m(NH＋4)＝18 g·mol－1×2.500×10－3 mol＝0.045 00 g m(SO2－4)＝96 g·mol－1×2.500×10－3 mol＝0.240 0 g n(H2O)＝2.335 0 g×25.00 mL100.00 mL－0.073 75 g－0.045 00 g－0.240 0 g18 g·mol－1＝1.250×10－2 molx∶y∶m∶n＝n(NH＋4)∶n(Ni2＋)∶n(SO2－4)∶n(H2O)＝2∶1∶2∶10硫酸镍铵的化学式为(NH4)2Ni(SO4)2·10H2O[解析] (1)滴定管未润洗，则标准溶液EDTA的物质的量将增多，故测得的Ni2＋含量偏高。
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专题1 化学计量在实验中的应用一、选择题(本题包括16小题，每小题3分，共48分)1．下列叙述正确的是 ( ) A．相同条件下，N2和O3的混合气体与等体积的N2所含原子数相等B．等物质的量的甲基(—CH3)与羟基(—OH)所含电子数相等C．常温常压下28 g CO与22.4 L O2所含分子数相等D．16 g CH4与18 g NH＋4所含质子数相等解析：1个N2分子含有2个氮原子，1个O3分子含有3个氧原子，故相同条件下，等体积的N2和O3的混合气体与N2所含的原子数不相等，A错误；1个甲基含9个电子，1个羟基含9个电子，因此，等物质的量的甲基与羟基所含的电子数相等，B正确；常温常压下，28g CO与32 g O2的物质的量均为1 mol，C项正确；16 g CH4含质子数为16 g16 g/mol×10×NA＝10NA，18 g NH＋4所含质子数为18 g18 g/mol×11×NA＝11NA，D错误.答案：B2．下列叙述中正确的是 ( )①标准状况下，1 L HCl和1 L H2O的物质的量相同；②标准状况下，1 g H2和14 g N2的体积相同；③28 g CO的体积为22.4 L；④两种物质的物质的量相同，则它们在标准状况下的体积也相同；⑤在同温同体积时，气体物质的物质的量越大，则压强越大；⑥同温同压下，气体的密度与气体的相对分子质量成正比.A.①②③B.②⑤⑥C.②③⑥D.④⑤⑥解析：标准状况下H2O不是气体，而HCl为气体，所以虽然二者等体积，但物质的量不相同，①错误；同样在④中所指的物质不一定是气体，所以④错误；标准状况下，1 g H2和14 g N2的物质的量均为0.5 mol，故体积相同，②正确；③中28 g CO的物质的量是1 mol，但条件不确定，所以不一定是22.4 L，③错误；在同温同体积时，气体的压强与物质的量成正比，所以物质的量越大，则压强越大，⑤正确；同温同压下，气体的密度与其相对分子质量成正比，⑥正确，故选B.答案：B3．(·泰州模拟)14C是碳的一种同位素，NA为阿伏加德罗常数，下列说法不正确的是( )①1 mol 14CH4分子中所含中子数为8NA②7 g 14C原子形成的石墨中所含质子数为3NA③17 g 甲基(－14CH3)所含电子数为8NA④常温常压下22.4 L 14CO2的分子数为NAA.①②B.①③C.①②③D.③④解析：③17 g 甲基的物质的量为1 mol，所含电子数为9NA，④常温常压下22.4 L 14CO2的物质的量不是1 mol.答案：D4．300 mL Al2(SO4)3溶液中，含Al3＋为1.62 g，在该溶液中加入0.1 mol/L Ba(OH)2溶液300 mL ，反应后溶液中SO2－4的物质的量浓度为 ( )A ．0.4 mol/LB ．0.3 mol/LC ．0.2 mol/LD ．0.1 mol/L解析：n(Al3＋)＝1.62 g 27 g/mol＝0.06 mol ，n(SO2－4)＝0.09 mol.加入Ba(OH)2溶液中含Ba2＋0.03 mol ，剩余SO2－4 0.06 mol ，此时溶液的体积为600 mL ，c(SO2－4)＝0.1 mol/L.答案：D5．在一定温度和压强下，1 L X 气体和1 L Y 气体完全反应后生成1 L 水蒸气和1 L 氮气.X 、Y 两种气体是 ( )A.H2、N2O4B.H2、N2O3C.H2、N2OD.H2、NO2解析：应用阿伏加德罗定律的推论(在相同温度和压强下，气体的体积之比等于其物质的量之比)和原子守恒即得出X 、Y 分别为H2与N2O.故C 正确.答案：C6．用NA 表示阿伏加德罗常数的值．下列叙述正确的是 ( )A ．25℃时，pH ＝13的1.0 L Ba(OH)2溶液中含有的OH －数目为0.2NAB ．标准状况下，2.24 L Cl2与过量稀NaOH 溶液反应，转移的电子总数为0.2NAC ．室温下，21.0 g 乙烯和丁烯的混合气体中含有的碳原子数目为1.5NAD ．标准状况下，22.4 L 甲醇中含有的氧原子数为1.0NA解析：A 项，OH －数目应为0.1NA ，A 项正确；B 项，标准状况下2.24 L Cl2与氢氧化钠溶液反应转移电子总数为0.1NA ，B 项不正确；C 项，乙烯与丁烯的最简式相同，C 项正确；D项，标况下，甲醇是液体，D 项不正确.答案： C7. 将10.6 g Na2CO3溶于水配制成1000 mL 溶液，从中取出20 mL ，该溶液中Na ＋的物质的量浓度为 ( )A.0.1 mol/LB.0.2 mol/LC.0.05 mol/LD.0.025 mol/L解析：根据c ＝n V ＝m M·V知上述溶液中的物质的量浓度为0.1 mol/L ，则c(Na ＋)为0.2 mol/L. 答案：B8. 由硫酸钾、硫酸铝和硫酸组成的混合溶液，其pH ＝1，c(Al3＋)＝0.4 mol/L ，c (24SO -)＝0.8 mol/L ，则c(K ＋)为 ( )A.0.15 mol/LB.0.2 mol/LC.0.3 mol/LD.0.4 mol/L解析：由pH ＝1可知c(H ＋)＝0.1 mol/L ，根据混合溶液中正负电荷数相等，可得c(H ＋)＋3c(Al3＋)＋c(K ＋)＝2c(24SO -)，c(K ＋)＝2c(24SO -)－c(H ＋)－3c(Al3＋)＝2×0.8 mol/L－0.1 mol/L －3×0.4 mol/L＝0.3 mol/L.答案：C9．将15 mL 2 mol·L－1 Na2CO3溶液逐滴加入到40 mL 0.5 mol·L－1 MCln 盐溶液中，恰好将溶液中的Mn ＋离子完全沉淀为碳酸盐，则MCln 中n 值是 ( )A ．4B ．3C ．2D ．1解析：CO2－3所带的电荷数与Mn ＋所带的电荷数应相等，据此建立计算关系即可得出答案.答案：B10.为测定人体血液中Ca2＋的含量，设计了如下方案： 血液样品――→稀释 试样――→(NH4)2C2O4过滤、洗涤CaC2O4↓――→稀硫酸 H2C2O4――→用H2SO4酸化的KMnO4溶液滴定记录数据有关反应的化学方程式为：2KMnO4＋5H2C2O4＋3H2SO4===K2SO4＋2MnSO4＋10CO2↑＋8H2O ，若血液样品为15 mL ，滴定生成的草酸消耗0.001 mol·L－1 的KMnO4溶液15.0 mL ，则这种血液样品中的含钙量为 ( )A ．0.001 mol·L－1B ．0.0025 mol ·L－1C ．0.0003 mol·L－1D ．0.0035 mol·L－1解析：此题应避开具体反应，从关系式入手求解，由题可得关系式如下：5Ca2＋～5H2C2O4～2KMnO45 mol 2 mol15 mL·c(Ca2＋) 15 mL·0.001 mol/L求得：c(Ca2＋)＝0.0025 mol/L ，B 项正确.答案：B11.(2010·南京质检)下列说法正确的是 ( )A ．含有相同氧原子数的SO2和CO 的质量相等B ．等物质的量浓度的NaOH 溶液与氨水中的c(OH －)相等C ．乙酸分子与甲酸甲酯分子中的共价键键数相等D ．等温等压下，3 mol C2H2(g)和1 mol C6H6(g)的密度相等解析：若都含有两个氧原子时，m(SO2)＝64 g ，m(CO)＝2×28＝56 g ，A 错；氨水为弱电解质不完全电离，而NaOH 为强电解质完全电离，等物质的量浓度的NaOH 溶液和氨水电离出的c(OH －)前者大于后者，B 错；等温等压下密度与摩尔质量成正比，与物质的量的多少无关，D 错.答案：C12.等物质的量的主族金属A 、B 、C 分别与足量的稀盐酸反应，所得氢气的体积依次为VA 、VB 、VC ，已知VB ＝2VC ，且VA ＝VB ＋VC ，则在C 的生成物中，该金属元素的化合价为A ．＋1B ．＋2C ．＋3D ．＋413.(2011·银川检测)已知Q 与R 的摩尔质量之比为9∶22，在反应X ＋2Y===2Q ＋R 中，当1.6 g X 与Y 完全反应后，生成 4.4 g R ，则参与反应的Y 和生成物Q 的质量之比为( )A.46∶9B.32∶9C.23∶9D.16∶9解析：根据X ＋2Y===2Q ＋R 知4.4 g R 生成时，生成的Q 为2×922×4.4 g＝3.6 g ，由质量守恒定律，知参与反应的Y 的质量为3.6 g ＋4.4 g －1.6 g ＝6.4 g ，则参与反应的Y 和生成物Q 的质量比为6.4 g 3.6 g＝16∶9，故选D. 答案：D14.配制一定物质的量浓度溶液时，会导致所配溶液浓度偏大的操作是 ( )A.在用蒸馏水洗涤烧杯时，洗液未全部注入容量瓶中B.定容摇匀后，发现液面低于刻度线，又加水到刻度C.定容时俯视刻度线D.用来配制溶液的容量瓶用蒸馏水洗涤后未进行干燥处理15.在相同温度和压强下，4个容器中分别装有4种气体，已知各容器中的气体和容器的容积分别是a.CO2,100 mL ；b.O2，200 mL ；c.N2,400 mL ；d.CH4,600 mL ，则4个容器中气体的质量由大到小的顺序是 ( )A.a ＞b ＞c ＞dB.b ＞a ＞d ＞cC.c ＞d ＞b ＞aD.d ＞c ＞a ＞b解析：在相同温度与压强下，气体的物质的量与物质的体积成正比，容器中的气体质量与气体体积和摩尔质量之积成正比，由题设，二者乘积越大，质量越大，对四个选项分析，C 项符合题意.答案：C16．(2011·运城模拟)下图是某学校实验室从化学试剂商店买回的硫酸试剂标签上的部分内容．据此，下列说法正确的是 ( )[来源:学*科*网]A ．该硫酸的物质的量浓度为 9.2 mol/LB ．1 mol Zn 与足量的该硫酸反应产生2 g 氢气C ．配制200 mL 4.6 mol/L 的稀硫酸需取该硫酸50 mLD ．该硫酸与等质量的水混合所得溶液的物质的量浓度大于9.2 mol/L解析：由物质的量浓度计算公式c ＝1000ρw M ＝1000 mL ×1.84 g/cm3×98%1 L×98 g/mol＝18.4 mol/L ，故A 错；由于该酸是浓硫酸，所以不能与锌反应产生氢气，而应生成二氧化硫气体；根据稀释公式c(浓)·V(浓)＝c(稀)·V(稀)，18.4 mol/L×V(浓)＝4.6 mol/L×0.2 L，V(浓)＝0.05 L ，即50 mL ，选项C 正确；该硫酸与等质量的水混合所得溶液的质量分数为 49%，而密度减小，则所得的硫酸的物质的量浓度必小于9.2 mol/L.答案：C二、非选择题(本题包括6小题，共52分)17．(10分)(1)在标准状况下，①6.72 L CH4气体 ②3.01×1023个HCl 气体分子 ③13.6 g H2S 气体 ④0.2 mol NH3，下列对这四种气体的关系从大到小的排列是(用上述数字序号表示)[来源:学科网]标准状况下四种气体的体积______________．(2)一定温度下，把相对分子质量为M 的可溶性盐W g 溶解在V mL 水中，恰好形成饱和溶液(密度为ρ g·cm－3)，则溶质的质量分数为________，物质的量浓度为______，该温度下此盐的溶解度为________．(3)粗盐经提纯后得到NaCl 溶液，再经蒸发、结晶、烘干得精盐．①蒸发操作中使用到的仪器除铁架台(带铁圈)外，还需要的仪器名称为________________________________________________________________________．②该同学将所得精盐配成溶液，用于另一实验：实验中需要用60 mL 2 mol/L 的NaCl 溶液，配制过程中用托盘天平称取的精盐质量为________，该同学将精盐放在天平的右盘中称量好后，配制成溶液，则该溶液的浓度_________2 mol·L－1(填“＞”、“＜”或“＝”)． 答案：(1)②＞③＞①＞④(2)100W W ＋V % 1000W ρM(W ＋V) mol/L 100W Vg (3)①蒸发皿、玻璃棒、酒精灯 ②11.7 g ＜18．(10分)欲配制500 mL 0.5 mol/L 的NaOH 溶液，试回答下列问题．(1)计算：需要NaOH 固体的质量为______________．(2)某学生用托盘天平称量小烧杯的质量(烧杯中盛NaOH)，称量前把游码放在标尺的零刻度，天平静止时发现指针在分度盘的偏右位置，此时左边的托盘将____________(填“高于”或“低于”)右边的托盘，欲使天平平衡，所进行的操作为____________．假定最终称量小烧杯的质量为________(填“32.6 g”或“32.61 g”)．(3)在标尺(图)上画出游码位置(画“△”表示)．(4)配制方法：设计五个操作步骤①向盛有NaOH 的烧杯中加入200 mL 蒸馏水使其溶解，并冷却至室温；②继续向容量瓶中加入蒸馏水至离液面刻度1～2 cm ；③将NaOH 溶液沿玻璃棒注入500 mL 容量瓶中；④在烧杯中加入少量蒸馏水，小心洗涤2～3次后移入容量瓶中；⑤改用胶头滴管加入蒸馏水至刻度线，加盖摇匀．试用以上编号写出正确顺序________．(5)某学生实际配制NaOH 溶液的浓度为0.48 mol/L ，原因可能是 ( )A ．使用滤纸称量NaOH 固体B ．容量瓶中原来存有少量水C ．溶解后的烧杯未经多次洗涤D ．用胶头滴管加水定容时仰视刻度解析：(1)m(NaOH)＝M·n＝40 g/mol×500×10－3 L×0.5 mol/L＝10 g.刻度盘的指针偏向哪方，哪方就重，左边托盘高于右边托盘，这时应先往左盘添加药品.天平精确到0.1 g ，所以称量结果只能为32.6 g ，在称量物品时，砝码的选择是由大到小.而溶液的配制过程为：计算→称量→溶解→转移→定容→装瓶→贴签.配制出的溶液浓度小于所要求的原因，可能是：①使用滤纸称量NaOH ，因为NaOH 吸收空气中的水和CO2，从而使实际使用的NaOH 质量小了；②溶解后的烧杯未经多次洗涤，从而使溶质残留在烧杯中；③定容时仰视，此时液面已经超过了刻度线.而容量瓶中是否有蒸馏水则不影响结果.答案：(1)10 g (2)高于 调节平衡螺丝使之平衡 32.6 g(3)(4)①③④②⑤ (5)ACD19．(6分)将4 mol O2和3 mol NxHy(y ＞x)的混合气体在150℃和1.05×105 Pa 下点燃，完全反应后，恢复到原来的温度与压强时，测得反应后N2、O2、H2O(g)的混合气体比原混合气体的密度减少3/10.(1)此反应的化学方程式是(用NxHy 表示) .(2)推算NxHy 化学式的根据是 .(3)x 与y 的关系式为 .解析：根据质量守恒定律和阿伏加德罗定律，写出方程式为4NxHy ＋yO2===2xN2＋2yH2O ，密度减少3/10，则体积增大为107V0，即物质的量变为10 mol ，则(2x ＋2y －4－y)∶4＝3∶3，解得2x ＋y ＝8.答案：(1)4NxHy ＋yO2===2xN2＋2yH2O(g)(2)质量守恒定律和阿伏加德罗定律 (3)2x ＋y ＝820．(6分)(1)标准状况下，用氨气做“喷泉实验”，实验完毕后，当液体进入烧瓶总容积的23时，假设溶质不外泄，则所得溶液的物质的量浓度为 . (2)标准状况下，1体积水可以溶解700体积氨气，所得溶液的密度为0.90 g/cm3，则所得氨水的物质的量浓度为 .解析：(1)由c (NH3)＝n(NH3)V(aq)＝2/3 L ＝122.4 mol/L. (2)由c(NH3)＝n(NH3)V(aq)＝700 L 22.4 L/mol ×1000 mL·L－11000 mL×1 g/mL＋700 L 22.4 L/mol×17 g/mol 0.90 g/mL ＝18.37 mol/L.答案：(1)122.4mol/L (2)18.37 mol/L 21．(10分)现有m g 某气体，它由四原子分子构成，它的摩尔质量为M g/mol.则：(1)该气体的物质的量为________mol.(2)该气体中所含的原子总数为________个．(3)该气体在标准状况下的体积为________L.(4)该气体溶于1 L水中(不考虑反应)，其溶液中溶质的质量分数为________．(5)该气体溶于水后形成V L 溶液，其溶液的物质的量浓度为________ mol/L.解析：(1)该气体的物质的量为：n ＝m g M g/mol ＝m Mmol. (2)原子总数为：m M ×4×6. 02×1023＝2.408×1024m M(3)标准状况下的体积为m M×22.4 L. (4)因m(H2O)＝1000 g ，所以溶质的质量分数为m m ＋1000×100%＝100m m ＋1000%. (5)物质的量浓度c ＝n V ＝m M V ＝m MVmol/L. 答案：(1)m M (2)2.408×1024m M (3)22.4m M(4)100m m ＋1000% (5)m MV22．(10分)(2008·上海高考，有改动)已知达喜是常用的中和胃酸的药物，其化学成分是铝和镁的碱式盐．(1)取该碱式盐3.01 g ，加入2.0 mol/L 盐酸使其溶解，当加入盐酸42.5 mL 时开始产生CO2，加入盐酸至45.0 mL 时正好反应完全，计算该碱式盐样品中氢氧根与碳酸根的物质的量之比．(2)在上述碱式盐溶于盐酸后的溶液中加入过量氢氧化钠，过滤，沉淀物进行干燥后重1.74 g ，若该碱式盐中氢元素的质量分数为0.040，试推测该碱式盐的化学式．解析：(1)由题意可知：当加到HCl 的物质的量为2.0 mol/L×42.5 mL×10－3L·mL－1＝0.085 mol 时开始产生CO2；而当加到2.0 mol/L×45.0 mL×10－3L·mL－1＝0.090 mol 时正好反应完全.所以n(CO2－3)＝0.090 mol －0.085 mol ＝0.005 mol.又由于达喜为铝和镁的碱式盐，所以n(OH －)＝0.085 mol －0.005 mol ＝0.08 mol.所以n(OH －)n(CO2－3)＝0.08 mol 0.005 mol ＝161. (2)由已知得1.74 g 沉淀为Mg(OH)2，得碱式盐中含n(Mg2＋)＝1.74 g 58 g/mol＝0.03 mol ，由恰好反应完全后溶液电荷守恒列式子：3n(Al3＋)＋2n(Mg2＋)＝n(Cl －)＝n(HCl)，则n(Al3＋)＝2.0 mol/L×45 mL×10－3L·mL－1－0.03 mol×23＝0.01 mol ，又由(1)得n(OH －)＝0.08 mol 、n(CO2－3)＝0.005 mol.因为0.03 mol×24 g/mol＋0.01 mol×27 g/mol＋0.08 mol×17 g/mol＋0.005 mol×60 g/mol＝2.65 g ＜3.01 g.所以含有n(H2O)＝3.01 g －2.65 g 18 g/mol＝0.02 mol. 故n(Al3＋)∶n(Mg2＋)∶n(OH －)∶n(CO2－3)∶n(H2O)＝0.01 mol ∶0.03 mol ∶0.08 mol ∶0.005 mol ∶0.02 mol ＝2∶6∶16∶1∶4.所以该碱式盐的化学式为Al2Mg6(OH)16CO3·4H2O.答案：(1)16∶1(2)Al2Mg6(OH)16CO3·4H2O选做题：(14分)铝镁合金已成为飞机制造、化工生产等行业的重要材料.研究性学习小组的同学，为测定某含镁3%～5%的铝镁合金(不含其他元素)中镁的质量分数，设计下列实验方案进行探究.填写下列空白.[实验方案] 将铝镁合金与足量稀硫酸溶液反应，测定生成气体在通常状况(约20℃，1.01×105 Pa)的体积.[问题讨论] (1)同学们拟选用下列实验装置完成实验：①你认为最简易的装置其连接顺序是：A接()()接()()接( )( ).(填接口字母，可不填满)②实验开始时，先打开分液漏斗上口的玻璃塞，再轻轻打开其活塞，一会儿后稀硫酸也不能顺利滴入锥形瓶.请你帮助分析原因.(2)仔细分析实验装置后，同学们经讨论认为以下两点会引起较大误差：稀硫酸滴入锥形瓶中，即使不生成氢气，也会将瓶内空气排出，使所测氢气体积偏大；实验结束时，连接广口瓶和量筒的导管中有少量水存在，使所测氢气体积偏小.于是他们设计了如图所示的实验装置.(碱式滴定管上的刻度数值上小下大)①装置中导管a的作用是 .②实验前后碱式滴定管中液面读数分别为V1 mL、V2 mL.则产生氢气的体积为 mL.解析：实验中通过测定气体体积来确定样品中各组分的质量分数，所以装置的连接顺序为A、E、D、稀硫酸不能滴入的原因是产生的氢气使锥形瓶内的压强增大从而大于外界大气压所致；导管a的作用是平衡气压，使液体能够顺利滴下，同时消除滴入的硫酸对气体体积的影响.答案：(1)①E、D、G ②锌与稀硫酸反应放热且生成气体，使锥形瓶中气体压强变大(2)①使分液漏斗内气体压强与锥形瓶内气体压强相等，打开分液漏斗活塞时稀硫酸能顺利滴下；可以消除由于加入稀硫酸引起的氢气体积误差②V1－V2。