中考物理专题复习分类练习 热学问题综合含答案
中考物理压轴题专题热学问题求解方法的经典综合题及答案
一、初中物理热学问题求解方法1．关于物体的内能，热量和温度，下列说法正确的是A．一个物体从外界吸收了热量，温度一定升高B．一个物体温度升高，它的内能一定增加C．只要物体的温度不变，它的内能就一定不变D．温度高的物体比温度低的物体含有的热量多【答案】B【解析】【详解】A．一个物体从外界吸收了热量，温度不一定升高，比如晶体的熔化以及液体的沸腾，都在吸收热量，但温度没有改变，故A项错误；B．一个物体温度升高，可能是吸收了热量，也可能是外界对物体做了功，所以内能一定增大，故B项正确；C．物体的温度不变，有可能正在吸收或者放出热量，内能改变；也有可能外界对物体做功，物体的内能增加，或者物体对外界做功时，物体的内能减小，故C项错误；D．热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量，只能说物体吸收或者放出多少热量，故D项错误。
2．如图所示，在大烧杯中装有大量的碎冰块，把装有少量碎冰块的试管插在大烧杯的冰块中，在烧杯底部用酒精灯加热．下列说法正确的是A．大烧杯和小试管中的冰同时熔化B．小试管中的冰先熔化，大烧杯中的冰后熔化C．大烧杯中的冰完全熔化后，小试管中冰才开始熔化D．小试管中冰始终不能熔化【答案】C【解析】冰是晶体，若给烧杯中的冰加热时，烧杯中的冰会熔化，但完全熔化前温度保持不变，所以试管中的冰达到熔点，但由于温度相同没有热传递，则不能从烧杯中继续吸热，所以不能熔化；若烧杯中的冰完全熔化后，继续吸热，温度将升高，所以试管中的冰达到熔点，继续吸热，所以能熔化．故C正确．故选C．3．用两只相同的电加热器，分别给相同体积的水和某种油加热，在开始和加热3min 时，分别记录的数据如下表所示．已知331.010kg /m ρ=⨯水， ()34.210J /kg C c ︒=⨯⋅水，330.810kg /m ρ=⨯油，加热的效率都为90%，油的末温没有达到它的沸点，下列说法正确的是（ ）A ．因为这种油升温比较快，所以它的比热容比水大B ．这种油的比热容为()32.110J /kg C ︒⨯⋅ C ．这种油的比热容为()31.6810J /kg C ︒⨯⋅D ．加热效率没有达到100%，是因为有一部分 能量消失了 【答案】B 【解析】 【详解】ABC ．取两种液体都加热了3分钟为研究对象，因为是用的两个相同的电加热器，且加热效率都为90%，所以Q Q =水油，设它们的体积为V ，则水的质量：m V ρ=水水油的质量：m V ρ=油油根据0=Q cm t t -（）有：00c V t t c V t t ρρ-=-水水水油油油（）（）代入数据：333334.210J/kg 1.010kg/m 28180.810kg/m 4318c ⨯•⨯⨯⨯-=⨯⨯⨯-油（℃）（℃℃）（℃℃）解得：32.110J/kg c =⨯•油（℃）故AC 项错误、B 项正确；D ．由能量守恒定律可知，能量既不会凭空产生，也不会凭空消失，它只能从一种形式转化为另一种形式，或者从一个物体转移到别的物体；在转化和转移过程中其总量不变．故D 项错误．4．甲、乙是两个质量相等的空心球，它们的空心部分体积完全相同，甲球恰好能在水中悬浮，33310kg/m ρ⨯甲＝，33210kg/m ρ=⨯乙，则甲、乙两球的体积之比为____。
中考物理热学问题综合题及答案
一、初中物理热学问题求解方法1 .炎热的夏天,开了空调的房间窗户玻璃上常常会结一层水雾,那么水雾是水蒸气(填物态变化)成小水珠附着在玻璃窗侧,使玻璃变模糊,水蒸气变成水珠会热量.东北地区严寒的冬天,房间窗户上会结一层美丽的冰花,这是水蒸气 (填物态变化)形成的小冰晶附着在玻璃窗侧.【答案】液化外放出凝华内【解析】【详解】[1][2][3]水雾是水蒸气液化成小水珠附着在玻璃窗的；这是由于玻璃窗外侧的水蒸气遇上冰冷的玻璃窗,液化成小水珠,是附着在玻璃窗外侧的；水蒸气变成水珠会放出热量；[4][5]东北地区严寒的冬天,房间窗户上会结一层美丽的冰花,这是水蒸气凝华形成的；这是房间内温度较高的水蒸气遇上冰冷的窗,凝华形成的,这是附着在玻璃窗内侧.2 .如图甲所示是小敏同学在做“探究水的沸腾〞实验时的装置,从85 c开始,每隔1 min 记录一次温度计的示数,直到水沸腾一段时间为止.(1)实验中小敏发现温度计示数上升较慢,为了使温度计示数上升得快些,她应O(2)如图乙所示是3 min时小敏小组的温度计示数,那么此时烧杯中水的温度为C.(3)小敏的其他实验记录数据如下表：分析表中数据可知,水的沸点为C,可以推测水面上方的气压于标准大气压.(4)根据表中数据在图中作出水的温度随时间变化图像.()是水在沸腾时的情况.(1)[1]实验中小敏发现温度计示数上升较慢,这是水的质量太大了,为了使温度计示数上升得快些,她应减小水的质量；(2)[2]从图乙中可以看到,此时烧杯中水的温度为89C ；⑶[3]从表中数据可以看到,从第9min 到第11min,水的温度保持不变,这说明水在沸腾,水的沸点是101 C ；[4]一标准大气压下水的沸点是 100C,由于水的沸点是101 C,根据水的沸点与大气压关系可知,大气压越高,沸点越高,所以可以推测水面上方的气压大于标准大气压；(4)[5]根据表中的数据,描出对应的点,如以下图所示；(5)小敏在实验过程中发现如下图的两种现象,那么图 是水在沸腾前的情况,(6)通过实验可得：水在加热过程中,O (选填“升高〞 “降低〞 吸收热量, I “不变〞温度;沸腾时,吸收热量,温【答案】减小水的质量89 101大 a 升高不变(5)[6]水在沸腾前,水温不均匀,下面温度较高,上面温度较低,下面的气泡上升时,遇上温度较低的水,那么会液化成水,气泡会变小,所以图b是水在沸腾前的情况；[7]水在沸腾时,温度均匀,下面的气泡上升时,水的压强越来越小,气泡会变大,所以图a是水在沸腾时的情况；(6)[8][9]通过实验可得：水在加热过程中,吸收热量,温度升高,沸腾时,吸收热量,温度不变.3.如图甲所示为大家常见的普通煤炉,通过燃烧煤将壶中的水进行加热.为提升煤炉效率,某大学创意小组设计了双加热煤炉,如图乙所示,在炉壁的夹层中也参加水,在给壶中水加热的同时,也给炉壁夹层中的水加热.现在1标准大气压下,壶中装有质量为 4.5kg 温度为20c的水,己知q 煤= 3X10J/kg, c水=4.2 X lJ/(kg?C ),求：(1)如果烧开壶中的水,需要吸收多少热量？(2)甲图煤炉烧水效率为28%,假设用甲图煤炉烧开壶中的水,需要完全燃烧煤的质量是多少？(3)在乙图煤炉加热过程中,在消耗等量煤的情况下,除烧开壶中的水外,还可把炉壁夹层中10kg的水从20c加热至40 C,那么改良后乙图煤炉的烧水效率是多大？【答案】(1)1.512 xJ (2)0.18kg； (3)43.56%.【解析】【分析】(1)知道水的质量、水的初温和末温、水的比热容,利用吸热公式求水吸收的热量；(2)知道普通煤炉的烧水效率,利用 2 100%可得煤完全燃烧放出的热量；煤的Q放热值,利用Q放mq可得普通煤炉完全燃烧煤的质量；(3)由题知,双加热煤炉还可额外把炉壁间10kg水从20c加热至40C,根据吸热公式求出炉壁间水吸收的热量；由题意可知,壶内水吸收热量不变,那么可求出双加热煤炉中水吸收 的总热量(有用能量)；由题意可知,双加热煤炉中煤完全燃烧放出的热量不变,再利用 效率公式求出改良后乙图煤炉的烧水效率. 【详解】(1)1标准大气压下水的沸点为 100C,把壶内20C, 4.5kg 水烧开,水吸收的热量：Q 吸 c7KmzK t i 4.2 103J/ kg C 4.5kg 100c 20c 1.512 106J;,2 106J =5.4X16J28%'由〜 mq 可得需要完全燃烧煤的质量:5.4 106J=0.18kg ；3 107J(3)改良后乙图双加热煤炉还可额外把炉壁间 的热量：10kg 水从20 c 加热至40 C,那么炉壁间水吸收而壶内水的初温、末温以及质量均不变,那么壶内水吸收热量不变,那么双加热煤炉中水吸收 的总热量：—— — 6 5 6Ck总Q® Q 吸 1.512 10 J 8.4 10 J 2.352 10 J,由题意可知,双加热煤炉与普通煤炉消耗煤的质量相等,那么这些煤完全燃烧放出的热量不 变,那么双加热煤炉的烧水效率：1.512 X 1J 热量；(2)需要完全燃烧煤的质量是0.18kg ； (3)改良后乙图煤炉的烧水效率是43.56%.4 .如下图,放置在水平地面上的两个均匀实心正方体 A 和B,物体A 、B 的边长分别为0.1米和0.2米.物体A 的密度为4X 10千克/米3,物体B 的质量为10千克.求：(1)物体A 的质量m A .(2)物体B 对水平地面的压力 F B .(3)在保持物体A 、B 原有放置方式不变的情况下,现将物体A 、B 各自沿水平方向在上部切去质量为△ m 的一局部,使剩余局部对水平地面的压强相等,求切去的质量△ m .【答案】(1)4千克(2) 98牛(3) 2千克 【解析】 【详解】(1)物体A 的质量： m A = PA V A =4 x 103kg/m 3x (0.1m)3=4kg ; (2)物体B 对水平地面的压力 F B 等于物体重力大小：F B =G B =m B g=10kg x 9.8N/kg=98N ;3 .,,Q 吸c 水m ；K t 24.2 10J/ kgC 10kg 40c 20c 8.4 105J,(2)普通煤炉的烧水效率为 28%,由100%可得煤完全燃烧放出的热量:Q 放 m 煤= --qQ#总2.352 106J 5.4 106JX 100/ 43.56%答：(1)如果烧开壶中的水,需要吸收(3)A物体的底面积：S A=(0.1m)2=0.01m2,B物体的底面积：S B=(0.2m)2=0.04m2, 将物体A. B各自沿水平方向在上部切去质量为△m的一局部,根据p=F,由于物体对水平地面的压力等于剩余局部的重力,因剩余局部对水平地面的S压强相等,故有：G A &mg G B,mgS A= S B'即：G A gmg =S AG B Jmg 二S B,整理后有：m A Qm _S Am B Qm - S B '代入量：4kg 4m _ 0.01m210kg 1m 0.04m2 '故切去的质量：△ m=2kg.答：(1)物体A的质量m A为4kg(2)物体B对水平地面的压力F B为98N；(3)在保持物体A. B原有放置方式不变的情况下,现将物体 A. B各自沿水平方向在上部切去质量为^ m的一局部,使剩余局部对水平地面的压强相等,切去的质量△m=2kg.5 .假期爸爸妈妈带着丽丽开车旅行,小轿车的总质量约为2t,最大功率为120kW,小轿车在牵引力的作用下沿水平公路做匀速直线运动,行驶时所受阻力为车总重的0.2倍.(g=10N/kg ,汽油的热值取4X 107j/kg)求：(1)假设轮胎与地面的总接触面积为0.2m2,静止时轿车对水平地面的压强为多少？(2)轿车在5min内匀速行驶了3km ,此时轿车的实际功率为多少？(3)假设汽油机的效率为30%,那么当轿车以最大功率行驶10min消耗汽油的质量为多少？【答案】(1)1 x15pa； (2)4 x!fl/； (3)6kg 【解析】由于轿车沿平直公路匀速行驶,所以轿车受到的牵引力和阻力是一对平衡力,即_-- 3F 牵f 4 10 N轿车在5min 内牵引力做的功W由 -- 100%得,汽油完全燃烧放出的热量由每 mq 得,需要完全燃烧汽油的质量答：(1)静止时轿车对水平地面的压强为 (2)此时轿车的实际功率为 4 X 10W .(3)那么当轿车以最大功率行驶 10min 消耗汽油的质量为6kg .6 .某小型汽油发电机外形如下图,其实质是利用一个汽油机带动一个发电机来发电.该 发种电机铭牌局部数据如下表所示,根据表中的数据求：【详解】 ⑴轿车的总重力G mg3 42 10 kg 10N / kg 2 10 N轿车静止时对水平地面的压力G 2 104N那么轿车静止时对水平地面的压强_42 10 N0.2m 2_ 5_ =1 10 Pa (2)由题意可知,轿车匀速行驶时所受阻力f 0.2G0.2 2 104N 4 103N310 N 3000m1.2 107J;那么轿车的实际功率W P —— t1.2 107J 4 5 60s410 W .(3)该车以最大输出功率行驶 10min , Wr 用做的有用功120 103W 1060s 7.2 107J,W 有用 7.2 107 J30%2.4 108 J ,Q m 汽油 -----q 汽油2.4 108J 4 107 J/kg6kg1 x 10Pa .额定功率8.3kW额定输出功率5kW噪声73db额定输出电压220V连续运行时间8h额定频率50Hz 强制水冷四冲程自动电压保护(1)在允许的连续运行时间内,发电机以额定功率输出,能够提供的电能是多少度？(2)汽油的热值是q=4.6Xl0j/kg,密度是0.71 X 3kg/m3,设该汽油机的效率为35%,那么该汽油发电机油箱的容积至少需要多大？(3)汽油发电机将内能转化为电能的效率是多少?【答案】(1) 40 (2) 20.9L (3) 21.1%【解析】【分析】(1)发电机的额定功率和连续工作时间,根据公式P 「的变式,可求发电机能够提供的电能；Wr 用Pi t(2)汽油的热值和效率,根据公式——100% 一100%可求消耗的汽油体Q放Vq积；(3)先计算出1小时产生的电能,产生的电能和机械能,二者之比就是汽油发电机将内能转化为电能的效率.【详解】⑴发电机能够提供的电能W电嘘t 5kW 8h 40kW h 40度故能够提供的电能是40度.(2)根据P W',m,Q放mq得,汽油机的效率Wt 用Pn1t— 100% , 100%Vq那么油箱的最小容积:(3)汽油发电机将内能转化为电能的效率WQ放%tVq__________ 5000W 8 3600s ___________20.9 10-3m30.71 103kg/m34.6 107J/kg21.1%那么汽油发电机将内能转化为电能的效率为21.1%.答：(1)在允许的连续运行时间内,发电机以额定功率输出,能够提供的电能是40度;(2)该汽油发电机油箱白容积至少需要20.9L；(3)汽油发电机将内能转化为电能的效率是21.1%.7.有一只不准的温度计,它的刻度是均匀的,但放在冰水混合物中,显示为2C,放在1标准大气压下的沸水中,显示为98C,把它放在某液体中显示为30C,那么实际的温度是多少？(计算结果保存一位小数)【答案】29.2C【解析】【详解】由题意可知温度计每一刻度表示的温度是工 100C-0C 25 nt. : --------- :—- C98C-2 c 24当温度计显示的温度是30c时,实际的温度是25-5C 30C-2c 0c 29.2 C24答：把它放在某1^体中显示为30 C ,那么实际的温度约是29.2C .8.甲、乙两物质比热容之比是2： 1,质量之比是2： 1,甲、乙两物体吸收相同的热量,甲物体温度升高了20C,那么乙物体的温度升高了C.由同样材料组成的丙、丁两物体,它们的质量之比为4 ： 1,升高温度之比是3： 1,那么两物体吸收热量之比为 ,【答案】80 12:1【解析】【分析】【详解】[1] •「Q吸=cmA t,甲、乙两物体吸收相同的热量c甲m甲&甲=c乙m乙小乙P几tV ——q 故油箱的最小容积为8.3 103W 8 3600s3 3 —70.71 10 kg/m 35% 4.6 10 J/kg20.9L.- 30.0209m 20.9L100%100%100%四甲：&乙=c乙m 乙：c 甲m 甲==(1 X 1):(2 X 2)=1:4•.困甲=20 C, 乙=80 C.[2] Q ®Fcm困,且丙、丁两物体由同种材料做成c 丙二c 乙,m 丙：m 丁=4:1, & 丙：血丁=3:1,两物体吸收热量Q 丙：Q 丁= c 丙m 丙A 丙：c 丁m 丁四丁=12:19.小明在探究某种物质在熔化前后其温度随加热时间变化的规律时,得到如下表的实验记录.时间/min0123456789101112温度/C60677380808080808080848893(1)请按上述实验数据在坐标格中作出温度随时间变化的图像(2)2.5min时该物质是态.6min时该物质是态.(3)熔化过程进行的时间大约是min.(4)根据上述数据,可以归纳出该物质在熔化过程中的特点是80 C(1)按表中数据在坐标格中先画点,再描线.(2)晶体在熔化前为固态,熔化时为固液共存态,熔化完为液态.(3)熔化过程是指物质开始熔化到完全熔化完,据此判断熔化时间.(4)分析数据及图像得出物质在熔化过程中的特点：不断吸热,但温度保持不变. 5吸热但温度不变(5)该物质的熔点是固、液混合(5)物质在熔化过程中的温度,叫做熔点.【详解】(1)[1]根据表格中的实验数据,在坐标格中以横坐标为时间,纵坐标为温度,然后通过描点法在坐标格中描出对应时间的温度,最后将各点用平滑曲线连接起来,得到温度随时间的变化的图像：(2)[2]由图像知,该物质在2.5min时,还没有开始熔化,所以为固态.[3]在第6min时,处于熔化过程当中,所以为固、液混合态.⑶[4]由表格中数据及图像可知,该物质从第5min开始熔化,到第10min完全熔化完,所以熔化过程经历了10min-5min=5min(4)[5]由图像及数据知,该物质在熔化过程不断吸热,但温度保持不变.⑸[6]由数据知,该物质在熔化过程温度保持80c不变,是晶体,所以熔点为80 Co10 .国家“学生饮用奶方案〞交流会在福建省福州市召开,如所示是一种学生饮用奶,它的净含量为200 mL,假设它的密度为1.25 X10kg/m3,比热容为4.0X10 J/ ( kg C ),冬天饮用时把它从10 C加热到40 C需要吸收J的热量；在加热过程中,温度升高,内能(选填“增加〞或“降低〞).【答案】3X10增加【解析】【分析】【详解】[1]牛奶的体积为V=200mL=2 10-4m3牛奶的质量为m V=1.25 103kg/m32 10-4m3=0.25kg牛奶吸收的热量cm t=4 103J/ kg C 0.25kg 40 C-10 C =3 104J那么牛奶吸收的热量为3X10J.[2]在加热牛奶的过程中,牛奶由于吸收热量,所以内能增加.11 .在两个相同的杯子内盛有质量相等的热水和冷水,将一半热水倒入冷水杯内,冷水杯内的温度升高21 C,假设再将热水杯内剩余热水的一半再次倒入冷水杯内,冷水杯内的水温会升〔Wj 〔〕A. 9CB. 8CC. 6CD. 5C【答案】C【解析】【详解】设一杯水的质量为m,热水的初温为t热,冷水的初温t冷,将一半的热水倒入容器中后共同的温度为t,因不计热损失,所以,由Q=cm可得：Q *Q吸,即：c— mAt 戈ft=cmAt 冷,2解得：△t 热=2d 冷=2X212 =42C,据此可设t冷=0 C,那么t=21C,t 热=21C+42 C=63 C, .................. ... .................. ... ..................................... ... .................. 3 .......................假设再将热水杯内剩余热水的一半再次倒入冷水杯内时,相当于同时向冷水中倒一杯热水,4那么：c- m 〔t 戈rt' 〕 =cm 〔t' -t 冷〕3即9〔63C-t 〕=t -04解得：t' =27C,所以,冷水温度将再升高：△t=t' -t=27C-21C=6Co故C符合题意.12 .质量相等的两金属块A和B长时间放在沸水中,将它们从沸水中取出后,马上分别投入甲、乙两杯质量和温度都相同的冷水中.不计热量损失,当甲、乙两杯水的温度不再升高时,发现甲杯水的温度低于乙杯水的温度,两杯水吸收的热量Q甲Q乙,两金属块比热容C A C B〔均选填“>"或<'="〕【答案】< <【解析】【详解】[1]当甲、乙两杯水的温度不再升高时,到达热平衡,金属块的末温等于水的末温,由于此时甲杯水的温度低于乙杯水的温度,所以金属块A的末温比金属块B的末温低；两金属块使水温升高,甲杯水的温度低于乙杯水的温度,那么甲杯水升高的温度小,而两杯水的质量相同,由Q吸=cm At可知甲杯里的水比乙杯里的水吸收的热量少,即Q甲V Q乙；[2]两金属块都从沸水中取出、初温t相同,对于金属块A来说有：C A m A (t-t A)=c 水m 水(t A-t 水初),一①对于金属块B来说有：C B m B (t-t B) =c 水m 水(t B-t 水初) …②因水的质量相同,由①②得到C A (t t A ) _ t A 1水初(t t B) t B1水初CBtA< tB,t A-t水初V t B-t水初,故CA (t-tA) < CB (t-tB), 由于t-t A > t-t B, 所以CA V CB .13 .用两只相同的电加热器,分别给相同体积的水和某种油加热,在开始和加热3min时, 分别记录的数据如下表所示. 水1.0 103kg/m3, C水4.2 103J/ kg C ,3 3油0.8 10 kg /m ,加热的效率都为90%,油的末温没有到达它的沸点,以下说法正确的是( )A.由于这种油升温比拟快,所以它的比热容比水大3.B.这种油的比热容为2.1 10 J/ kg C3 .C.这种油的比热容为1.68 10 J/ kg CD.加热效率没有到达100%,是由于有一局部能量消失了【答案】B【解析】【详解】Q 水Q 油,设它们的体积为V,那么水的质量：m 水水V油的质量：m 油油V根据 Q=cm(t t 0)有:代入数据:3 3 34.2 10 J/ (kg?C) 1.0 10 kg/m (28C 18C)解得：c 油 2.1 103J/(kg?C)故AC 项错误、B 项正确；D.由能量守恒定律可知,能量既不会凭空产生,也不会凭空消失,它只能从一种形式转 化为另一种形式,或者从一个物体转移到别的物体；在转化和转移过程中其总量不变.故 D 项错误.14.小明在探究“物质的放热水平与哪些因素有关〞时,分别用质量相等的水和另一种液 体进行比照实验,并用图象对实验数据进行了处理,如下图实验中,水和另一种液体在 相同时间内放出的热量相等,分析图像可以得( 与 G 衩体)(kg •℃ )C.甲的放热水平比乙强【答案】CA.由题意可知,在相同时间内水和另一种液体放出的热量相等,由题中的图象可以看出,乙液体的温度降低的快,甲液体温度降低慢；根据热量的计算公式Q 放cm t 可知,在质量相等、初温相同、放热也相同的情况下,温度降低得多的比热容小；所以甲液体的 比热容大,所以甲液体是水；故 A 项不符合题意；B.由题图可知：甲乙两种液体的初温是60 C,放热15分钟后甲液体的末温是 40 C,乙液体的末温是20 C,那么水放出的热量：3ABC.取两种液体都加热了 效率都为90%,所以3分钟为研究对象,由于是用的两个相同的电加热器,且加热c 水水V(t 水to)33c 油 0.8 10 kg/m (43C 18C)B.另一种液体的比热容为8.4 X 3®D.乙比甲更适合作汽车发动机的冷却液Q K放c水mK t水4.2 10 J/ 〔kg C〕m〔60C 40C〕;乙放出的热量：Q乙放c乙牝乙t c乙牝〔60C 20 C〕；而水和乙液体的质量相同,即m水牝；在相同时间内水和另一种液体放出的热量相等,那么有：4.2 103J/ 〔kg C〕 mK〔60C 40C〕匕mfc 〔60C 20C〕；解得,c乙2.1 103J/ 〔kg C〕；故B项不符合题意；C.由于甲液体的比热容大,所以甲的放热水平比乙强,故C项符合题意；D.由于水的比热容比拟大,所以水比拟适合用作发动机的冷却液；即甲比乙更适合作汽车发动机的冷却液；故D 项不符合题意.15.假设我们手里现有一支刻度均匀,但读数不准的温度计,标准大气压下,在冰水混合物中的示数为4C,在沸水中的示数为96 C,用此温度计测得某液体的温度是27 C,那么所测液体的实际温度应该是〔〕A. 24 CB. 25 CC. 26 CD. 27 C【答案】B【解析】【详解】由题意可知,不准的温度计上一个小格表示的实际温度为：100 c 25-~~—= 一；96C-4 c 23用此温度计测得液体的温度是27C ,那么这种液体的实际温度为：25t ——27C 4c 25C.23故ACD错误,B正确.16.下表列出了局部金属的熔点和沸点〔在标准大气压下〕,根据表中的数据,以下说法中正确的选项是〔〕A.金块在钢水〞中不会熔化B.在-40 C时,不能使用水银温度计测量温度C.表中所列出的金属,沸点都可以用水银温度计测量D.由于鸨的沸点比拟高,所以白炽灯里的灯丝是用鸨制成的【答案】B【解析】【详解】A.钢水〞的温度到达1515 c,金块的熔点只是1064c,低于钢水〞的温度,金块会熔化,A错误；B.水银的熔点和凝固点是相同的,它在-39 C时凝固,在-40C时,已经是固态,所以这种情况下不能使用水银温度计测量温度, B正确；C.表中所列出的金属,除了水银,沸点都大于357C, 357c是水银的沸点,这些温度都已经超过了水银的沸点,所以说不可以用水银温度计测量, C错误；D.白炽灯里的灯丝是用鸨制成,这是由于鸨的熔点高,长时间通电温度很高,鸨都不会熔化,D错误.17 .向一大桶温度为t i的冷水中倒入一小桶温度为t2的热水,混合后的温度为t,下面关于温度的关系式中正确的选项是〔〕热水放出的热量:由题意知,Q吸Q放；那么有:解得:J tm2t t1由于冷水是一大桶,热水是一小桶,所以m1> m2,即t2 t> t t1 ,所以t<^一t2 ;故B2项正确、ACD项错误;18 . 2021年12月27日晚,“长征五号遥三〞运载火箭成功发射,如下图.该火箭的起飞质量约为870t,起飞升力约为1.05X 107N,关于该火箭,以下说法正确的选项是〔〕t1 t2 A. t J--2 【答案】B【解析】【详解】冷水吸收的热量:t1 t2B. t --2C. tt〔t22t2 t1D. t --12cm 1( t ti)cm2 (t2t)cm i (t G) cm 2(t2 t)A.火箭利用“流体中流速小的位置压强大〞的原理获得升力B.火箭尾部喷气口热得发红,是通过做功改变了火箭尾部的内能C.火箭发射时腾起的“白气〞是液态水吸热汽化形成的D.火箭起飞时受到向上的合力约为 1.8X106N (g取10 N/kg)【答案】D【解析】【分析】【详解】A.火箭发射是利用物体间力的作用是相互的原理来升空的,与流速小压强大没有关系, 故A错误；B.火箭尾部喷气口热得发红,是通过热传递的方式改变了火箭尾部的内能,故B错误;C.图中火箭尾部产生大量的“白气〞,是由于尾气中的水蒸气遇冷发生了液化现象,故错误；D.火箭的起飞质量约为870t,重力_ __5 _ __6G mg 8.7 10 kg 10N/kg 8.7 10 N由于G竖直向下,起飞升力F竖直向上,且G<F ,所以二力的合力方向向上,大小为F 合FG 1.05 107N 8.7 106N 1.8 106N故D正确.应选Do19.戴眼镜的人从室外进入温暖的室内,镜片上会出现“水雾〞,以下现象中的物态变化与“水雾〞的形成相同的是( )A.饮料中的冰块逐渐变小B.北方冬天植物上的雾淞C.蒸锅上方生成的“白气〞D.寒冬,室外冰冻的衣服逐渐变干【答案】C【解析】【分析】【详解】戴眼镜的人从室外进入温暖的室内,镜片上会出现“水雾〞,这是眼镜温度较低,而室内水蒸气温度较高,水蒸气接触到眼镜时,会放出热量降温,液化成小水珠,附在眼镜上.A.饮料中的冰块逐渐变小,这是冰块吸热熔化成水, A项不合题意；B.雾淞是由于空气中的水蒸气凝华形成的固态小冰晶, B项不合题意；C.蒸锅上方生成的“白气〞,这是水蒸气液化形成的小水珠,选项C符合题意；D.寒冬,室外冰冻的衣服逐渐变干,这是衣服上的固态冰升华成水蒸气, D项不合题意.应选Co20.小明翻开装有一定量“干冰〞的月饼包装盒,发现空气中出现了“白雾〞,这是由于干冰在升华过程中需热量,使空气中的水蒸气遇冷液化形成的.气体在液化过程中要热量,所以被100c的水蒸气烫伤比被100c的水烫伤要严重.【答案】吸收放出【解析】【分析】【详解】[1]这是由于干冰在升华过程中需吸收热量,使空气中的水蒸气遇冷液化形成的.[2]气体在液化过程中要放出热量,所以被100c的水蒸气烫伤比被100c的水烫伤要严重.。
中考物理 热学问题 综合题含答案
一、初中物理热学问题求解方法1．如图甲所示为超市一款电饭煲，在额定电压为220V 的电路中能正常工作，工作原理如图乙所示，R 2=160Ω，其加热功率与保温功率之间的关系为P 加热=5P 保温，试求：(1)电阻R 1的阻值；(2)用电高峰时段，电源电压变为200V ，此时电饭煲的保温功率为多少；(3)电源电压为200V 时，标准气压下将3L 的汤从20℃加热至100℃，需要20min ，电饭煲的加热效率是多少。
（31.010ρ=⨯汤kg/m 3，34.010c =⨯汤J/（kg ·℃））【答案】(1)40Ω；(2)200W ；(3)80% 【解析】 【分析】 【详解】(1)由图乙可知，当闭合S 、1S 拨至2时，电路为1R 的简单电路，当闭合S 、1S 拨至1时，电阻1R 与2R 串联，根据P =2U R可知，电阻越小，功率越大，可知当闭合S 、1S 拨至2时，是加热档位，当闭合S 、1S 拨至1时，是保温档位，由P ＝UI 、I ＝U R得 P 加热＝21U R ，P 保温＝212U R R +则加热功率与保温功率之比为P P 加热保温＝121R R R +＝51电阻R 1的阻值R 1＝14R 2＝14×160Ω＝40Ω (2)电源电压变为200V ，此时电饭煲的保温功率为P '保温＝212U R R +＝()2200V 40Ω160Ω+＝200W (3)加热功率P '加热＝21U R ＝()2200V 40Ω＝1000W 由P ＝Wt得，20min 电饭煲消耗的电能 W 电＝P '加热t ＝1000W ×20×60s ＝1.2×106J 由ρ＝mV得水的质量 m ＝ρV ＝1.0×103kg/m 3×3×10-3m 3＝3 kg水吸收的热量Q 吸＝cm (t -t 0)＝4.0×103J/(kg ℃)⨯3kg (⨯100-℃20℃)＝9.6×105J电饭煲的加热效率η＝Q W 吸电＝569.610J 1.210J⨯⨯＝80% 答：(1)电阻R 1的阻值为40Ω。
中考物理 热学问题综合试题含答案
一、初中物理热学问题求解方法1．我国研制的大客机C919于2017年5月5日首飞成功，发动机巡航推力为3.6×104N ，巡航速度为920 km/h 。
(1)飞机水平匀速巡航时，受到的阻力是多少？(2)若飞机以巡航速度飞行0.5 h 的过程中，耗油1800 kg ，求此过程中发动机的机械效率。
（燃油热值q 取4.6×10 7J/kg ） 【答案】(1)3.6×104N ；(2)20% 【解析】 【分析】(1)物体处于静止或匀速直线运动状态，受到的力是平衡力，根据平衡力判断出受到的阻力。
(2)根据Q mq =算出燃料完全燃烧放出的热量，根据s vt =算出移动的距离，根据W Fs = 算出发动机传递给飞机的推进功，根据100%W Q η=⨯推力放算出发动机的机械效率。
【详解】(1)飞机水平匀速巡航时，处于平衡状态，受到平衡力的作用，发动机巡航推力与受到的阻力平衡力，大小相等，则受到的阻力43.610N f F ==⨯(2)燃料完全燃烧放出的热量7101800kg 4.610J/kg 8.2810J Q mq ==⨯⨯=⨯放发动机巡航的距离为920km/h 0.5h 460km 460000m s vt ==⨯==飞机的推进功（推力所做的功）4103.610N 460000m 1.65610J W Fs ==⨯⨯=⨯推力发动机的推进效率10101.65610J 100%100%20%8.2810JW Q η⨯=⨯=⨯=⨯推力放 答：(1)飞机水平匀速巡航时，受到的阻力是3.6×104N ；(2)若飞机以巡航速度飞行0.5h 的过程中，耗油1800kg ，此过程中发动机的机械效率20%。
【点睛】本题考查了平衡力的应用、热量、速度、功、效率的计算等知识，是一道综合题，有一定的难度，难点是效率的计算。
2．小明探究水沸腾时的特点，实验装置如图所示。
（1）加热一定时间后，温度计的示数如图所示，此时水的温度为________℃；（2）当观察到如图中的_______图时，说明水已沸腾；b图中气泡上升的过程逐渐变小，发生的物态变化是_______；（3）水在沸腾过程中虽然温度不再升高，但酒精灯要持续加热，这说明液体在沸腾过程中要______；（4）如图所示中能正确表示实验过程中水温度变化的图象是______________。
中考物理总复习《热学实验与综合应用》专项练习题(附参考答案)
中考物理总复习《热学实验与综合应用》专项练习题(附参考答案) 学校:___________班级：___________姓名：___________考号：___________一、实验探究题1.图甲是探究晶体海波熔化过程的实验装置，图乙是海波熔化时温度随时间变化的曲线图。
由乙图可知海波熔化时需要______（选填“吸热”或“放热”）且温度______（选填“升高”或“保持不变”或“降低”）。
BC段对应温度如图丙所示，则海波的熔点是_____C，可选用_____（选填“实验室温度计”或“体温计”）进行测量。
2.用如图甲所示的装置探究某物质的熔化规律。
（1）组装器材时，应先固定（选填“A”、“B”或“C”）；（2）下列措施不能．．使物质受热均匀的是；A．加热过程中不断搅拌B．通过水给试管加热C．温度计的玻璃泡完全浸没在物质中（3）加热到某一时刻温度计示数如图乙所示，其温度为℃；（4）根据实验数据绘出该物质的温度—时间图像如图丙所示，该物质是（选填“晶体”或“非晶体”）；（5）另一小组同学用相同物质进行实验，绘制出的温度—时间图像中没有出现明显的水平段，原因可能是。
（写出一种即可）3.某实验小组用两套如图甲所示的实验装置分别研究海波和石蜡的熔化过程。
（1）如图乙所示，温度计显示的是石蜡在某时刻的温度，它的示是。
（2）海波熔化过程中不断（填“放出”或“吸收”）热量，温度（填“升高”“不变”或“降低”）。
（3）两支试管中分别盛有海波和石蜡，当两者全部熔化后，该实验小组继续研究海波和石蜡的凝固过程。
将两支试管从烧杯中取出，静置于空气中自然冷却，每隔2 min同时记录一次温度，根据记录数据在同一个图像中画出它们的温度随时间变化的曲线，如图丙所示。
下列说法正确的是（填标号）。
A．石蜡的凝固点为48℃B．实验室内环境温度为20℃C．0~15 min内的任一时刻，石蜡和海波的温度都不可能相同4.a、b两个实验小组用相同的酒精灯探究水沸腾前后温度变化的特点，所用实验装置如图甲所示，根据实验数据绘制的图像如图乙所示。
中考物理专题训练---热学问题求解方法的综合题分类及详细答案
D 错误，符合题意。
P Fv 1 Mg v 3
7．炎热的夏天，开了空调的房间窗户玻璃上常常会结一层水雾，则水雾是水蒸气_____ （填物态变化）成小水珠附着在玻璃窗____侧，使玻璃变模糊，水蒸气变成水珠会____热 量。东北地区寒冷的冬天，房间窗户上会结一层美丽的冰花，这是水蒸气______（填物态 变化）形成的小冰晶附着在玻璃窗_____侧。 【答案】液化 外 放出 凝华 内 【解析】 【详解】 [1][2][3]水雾是水蒸气液化成小水珠附着在玻璃窗的；这是因为玻璃窗外侧的水蒸气遇上冰 冷的玻璃窗，液化成小水珠，是附着在玻璃窗外侧的；水蒸气变成水珠会放出热量； [4][5]东北地区寒冷的冬天，房间窗户上会结一层美丽的冰花，这是水蒸气凝华形成的；这 是房间内温度较高的水蒸气遇上冰冷的窗，凝华形成的，这是附着在玻璃窗内侧。
B．可知拉力 F 做的功转化为重物的重力势能，物体上升 h ，那么力 F 的作用端移动的距离
为 3h ，可以知道拉力做的功为WF F 3h ，重物增加的重力势能为 Mgh ，即 F 3h Mgh
拉力 F 1 Mg ，B 正确，不合题意； 3
C．以速率 v 匀速拉动链条，那么重物上升的速度为 1 v ，C 正确，不合题意； 3
6．如图所示的装置是我国古代劳动人民发明的提物工具——“差动滑轮”，俗称“神仙葫 芦”。它的上半部分是由固定在一起的半径分别为 r 和 R 的两个齿轮组成， 能绕中心轴 O 转动，下半部分是一个动滑轮。封闭的链条绕过滑轮，动滑轮下面悬挂着质量为 M 的重 物，已知 r:R=1:4。悬挂动滑轮的链条处于竖直状态，滑轮与链条的重力及轴 O 处的摩擦均 忽略不计。现用大小为 F 的拉力以速率 v 匀速拉动链条。则错误的判断是（ ）
2020-2021中考物理复习《热学问题》专项综合练习附答案
一、初中物理热学问题求解方法1．小明给爷爷网购了一台电热足浴器，其铭牌的部分参数如图甲所示，足浴器某次正常工作时，加热功率为控制面板上发光指示灯所对应的功率，控制面板显示如图乙所示，求： (1)足浴器装入最大容量初温为21℃的水，将其加热到控制面板上显示的温度时，水所吸收的热量是多少？[c 水＝4.2×103 J/(kg·℃)] (2)上述加热过程用时15 min ，该足浴器的热效率是多少？(3)整个加热过程中，水温降至40 ℃时，足浴器自动加热至45 ℃，水温随时间变化的图像如图丙所示，当水温第一次加热至45 ℃时，小芳开始给爷爷足浴30min ，求这次足浴给水加热消耗的电能是多少？(4)小明想了解家里电路的实际电压，于是将家里其他用电器都关闭，他观察到该足浴器在高档工作时，家里标有“2 000 r/（kW·h ）”的电能表转盘在10min 内转了216r ，则他家电路的实际电压是多少？【答案】(1)55.0410J ⨯；(2)70%；(3)61.0210J ⨯；(4)198V 【解析】 【分析】 【详解】(1)由题意可知，足浴器装入最大容量的水后，质量是33-331.010kg/m 510m 5kg m V ρ==⨯⨯⨯=水水水水吸收的热量是()()()350- 4.210J/kg 5kg 45-21 5.0410J Q c m t t ==⨯⋅⨯⨯=⨯水水℃℃℃水吸收的热量是55.0410J ⨯。
(2)由题意可知，该足浴器做的总功是5800W 1560s 7.210J W Pt ==⨯⨯=⨯总那么该足浴器的热效率是555.0410J100%100%70%7.210JQ W η⨯=⨯=⨯=⨯总该足浴器的热效率是70%。
(3)由上述可知，水温从21℃加热到45 ℃时，温度的变化量是24℃，需要的加热时间是15 min ，则水温从40℃加热到45℃时，温度的变化量是5℃，需要的加热时间是1515min 3.125min 24t =⨯=℃℃由图丙可知，足浴时一个加热循环的时间是10min 3.125min 13.125min +=足浴30min 内加热循环的个数是30min 2.313.125minn =≈ 即30min 内2个循环后剩余3.75min ，剩余的3.75min 不需要加热，需要加热的时间是22 3.125min 6.25min t =⨯=所以这次足浴给水加热的总时间是15min 6.25min 21.25min 1275s t =+==总那么这次足浴给水加热消耗的电能是6800W 1275s 1.0210J W Pt ==⨯=⨯总(4)由2U P R=可得，足浴器的电阻是()22220V 60.5Ω800WU R P === 足浴器在高档工作时，电能表转盘在10min 内转了216r ，那么足浴器消耗的电能是65216r0.108kW h 0.108 3.610J 3.88810J 2000r/kW hW ==⋅=⨯⨯=⨯⋅实实际功率是5' 3.88810J648W 1060sW P t ⨯===⨯实实同理由2U P R=可得，电路的实际电压是198V U ===实 答：(1)水所吸收的热量是55.0410J ⨯；(2)该足浴器的热效率是70%；(3)这次足浴给水加热消耗的电能是61.0210J ⨯；(4)他家电路的实际电压是198V 。
中考物理复习《热学问题》专项综合练习及答案
一、初中物理热学问题求解方法1．小明给爷爷网购了一台电热足浴器，其铭牌的部分参数如图甲所示，足浴器某次正常工作时，加热功率为控制面板上发光指示灯所对应的功率，控制面板显示如图乙所示，求： (1)足浴器装入最大容量初温为21℃的水，将其加热到控制面板上显示的温度时，水所吸收的热量是多少？[c 水＝4.2×103 J/(kg·℃)] (2)上述加热过程用时15 min ，该足浴器的热效率是多少？(3)整个加热过程中，水温降至40 ℃时，足浴器自动加热至45 ℃，水温随时间变化的图像如图丙所示，当水温第一次加热至45 ℃时，小芳开始给爷爷足浴30min ，求这次足浴给水加热消耗的电能是多少？(4)小明想了解家里电路的实际电压，于是将家里其他用电器都关闭，他观察到该足浴器在高档工作时，家里标有“2 000 r/（kW·h ）”的电能表转盘在10min 内转了216r ，则他家电路的实际电压是多少？【答案】(1)55.0410J ⨯；(2)70%；(3)61.0210J ⨯；(4)198V 【解析】 【分析】 【详解】(1)由题意可知，足浴器装入最大容量的水后，质量是33-331.010kg/m 510m 5kg m V ρ==⨯⨯⨯=水水水水吸收的热量是()()()350- 4.210J/kg 5kg 45-21 5.0410J Q c m t t ==⨯⋅⨯⨯=⨯水水℃℃℃水吸收的热量是55.0410J ⨯。
(2)由题意可知，该足浴器做的总功是5800W 1560s 7.210J W Pt ==⨯⨯=⨯总那么该足浴器的热效率是555.0410J100%100%70%7.210JQ W η⨯=⨯=⨯=⨯总该足浴器的热效率是70%。
(3)由上述可知，水温从21℃加热到45 ℃时，温度的变化量是24℃，需要的加热时间是15 min ，则水温从40℃加热到45℃时，温度的变化量是5℃，需要的加热时间是1515min 3.125min 24t =⨯=℃℃由图丙可知，足浴时一个加热循环的时间是10min 3.125min 13.125min +=足浴30min 内加热循环的个数是30min 2.313.125minn =≈ 即30min 内2个循环后剩余3.75min ，剩余的3.75min 不需要加热，需要加热的时间是22 3.125min 6.25min t =⨯=所以这次足浴给水加热的总时间是15min 6.25min 21.25min 1275s t =+==总那么这次足浴给水加热消耗的电能是6800W 1275s 1.0210J W Pt ==⨯=⨯总(4)由2U P R=可得，足浴器的电阻是()22220V 60.5Ω800WU R P === 足浴器在高档工作时，电能表转盘在10min 内转了216r ，那么足浴器消耗的电能是65216r0.108kW h 0.108 3.610J 3.88810J 2000r/kW hW ==⋅=⨯⨯=⨯⋅实实际功率是5' 3.88810J648W 1060sW P t ⨯===⨯实实同理由2U P R=可得，电路的实际电压是198V U ===实 答：(1)水所吸收的热量是55.0410J ⨯；(2)该足浴器的热效率是70%；(3)这次足浴给水加热消耗的电能是61.0210J ⨯；(4)他家电路的实际电压是198V 。
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一、初中物理热学问题求解方法1．小明打开装有一定量“干冰”的月饼包装盒，发现空气中出现了“白雾”，这是因为干冰在升华过程中需___________热量，使空气中的水蒸气遇冷液化形成的。
气体在液化过程中要___________热量，所以被100℃的水蒸气烫伤比被100℃的水烫伤要严重。
【答案】吸收放出【解析】【分析】【详解】[1]这是因为干冰在升华过程中需吸收热量，使空气中的水蒸气遇冷液化形成的。
[2]气体在液化过程中要放出热量，所以被100℃的水蒸气烫伤比被100℃的水烫伤要严重。
2．牛顿说自己是站在巨人的肩膀上，其实每一个育华学子都是如此。
我们学习的每一个物理概念，背后都由科学家们辛勤探究而来，比如功和热量、电热等。
在没有认识热的本质以前，热量、功、能量的关系并不清楚，所以它们用不同的单位来表示。
热量的单位用卡路里，简称卡。
焦耳认为热量和功应当有一定的当量关系，即热量的单位卡和功的单位焦耳间有一定的数量关系。
他从1840年开始，到1878年近40年的时间内，利用电热量热法进行了大量的实验，最终找出了热和功之间的当量关系。
如果用W表示电功，用Q表示，J即为热功当量。
利用如这一切所对应的热量，则功和热量之间的关系可写成W JQ图1所示的装置，我们可以一起来重现历史，经历焦耳的探究过程——测量热功当量：（1）除了图中所示器材，为完成实验，还需要的器材是__________。
（2）往量热器内筒倒入质量为m的水，按图连接好电路。
闭合开关前滑动变阻滑片位于最__________端（选填“左或右”）（3）记录温度计初始读数1t，闭合开关，调节滑片得到合适的电流电压，并记录为I、U。
通电，并用搅拌器搅拌加速导热，一段时间后断电，记录通电时间t和末温2t。
（4）计算出热功当量J =__________（用题中所给字母表示，水比热容用c 表示）热功当量的测量，彻底否定了“热质说，为能量守恒和转化奠定了基础。
（5）这套装置还可以用来做“比较水和煤油比热容的大小”实验，应当选择图2的__________（选填“A 或B ”）装置中的电阻与图1装置中的电阻__________（选填“串联或并联”）。
（6）进行实验后，测得数据如表格所示。
本实验中水和煤油吸收热量的多少是用__________（选填“温度计示数的变化或加热时间”）来反映的。
（7）由表格数据求得煤油的比热容为____________________。
【答案】秒表 右()21UIt t cm t - A 串联 温度计示数的变化 ()32.110J/kg C ⨯⋅︒ 【解析】 【分析】 【详解】(1)[1]图中所示器材有电压表，电流表，温度计，为完成实验，需要求出电功，根据W =UIt 还需要的器材是秒表。
(2)[2]往量热器内筒倒入质量为m 的水，按图连接好电路。
闭合开关前滑动变阻应位于阻值最大处，即滑片位于最右端。
(4)[3]根据W UIt =，()21Q cm t cm t t =∆=-，W JQ =，则热功当量()21W UIt J Q t cm t =-=(5)[4][5]这套装置还可以用来做“比较水和煤油比热容的大小”实验，为了控制变量相同，所以电阻丝阻值应该相同，即应当选择图2的A 装置中的电阻与图1装置中的电阻串联。
(6)[6]根据转换法，实验中水和煤油吸热的多少是通过温度计示数的变化来反映的。
(7)[7]由表格数据可知，1min 内，水的温度变化了25℃-20℃=5℃煤油的温度变化了30℃-20℃=10℃相同时间内，电阻丝产生的热量相同，则Q c m t Q c m t =∆==∆水水水煤油煤油煤油代入数据可得()3c=⨯⋅︒2.110J/kg C煤油3．小明探究水沸腾时的特点，实验装置如图所示。
（1）加热一定时间后，温度计的示数如图所示，此时水的温度为________℃；（2）当观察到如图中的_______图时，说明水已沸腾；b图中气泡上升的过程逐渐变小，发生的物态变化是_______；（3）水在沸腾过程中虽然温度不再升高，但酒精灯要持续加热，这说明液体在沸腾过程中要______；（4）如图所示中能正确表示实验过程中水温度变化的图象是______________。
A． B． C． D．【答案】89；a；液化；吸热； A。
【解析】【分析】本题考查探究水沸腾实验的仪器、实验现象及图象处理。
【详解】(1)[1]由图可知，温度计的读数是89℃；(2)[2]水沸腾时，水泡上升变大，到水面破裂开，由此可知a图时，水已沸腾；[3]b图中，气泡在上升过程中，变小，最后消失了，是气泡中的气体在上升过程中遇到的水温度比较低，气体遇冷液化变成了液体，故是液化过程；(3)[4]水在沸腾时，虽然温度保持不变，但要继续吸热；(4)[5]水在沸腾前，吸热温度升高，沸腾时，吸热温度保持不变，直到水全部汽化，满足这些描述的是A。
4．如图甲所示，是“探究物质的熔化规律”的实验装置。
实验时先将固体物质和温度计分别放入试管内，再放入大烧杯的水中，观察固体的熔化过程。
（1）固体熔化图象如图丙所示，物质在熔化过程中，温度_____，此时温度如图乙所示，读数方法正确的是_____（填“A”“B”或“C”），该物质是_____（填“晶体”或“非晶体”）。
（2）实验时若温度计的玻璃泡碰到试管底部，则测得试管内物质的温度值偏_____。
【答案】保持不变 B 晶体高【解析】【详解】(1)[1][2][3]由图乙知，A 俯视，读数会偏大，C 仰视，读数会偏小，B 读数方式正确；由于该物质在熔化过程中，温度保持不变，所以是晶体；(2)[4]实验时若温度计的玻璃泡碰到试管底部，温度计的示数会受烧杯底部的影响，则测得试管内物质的温度值偏高。
5．如图甲是“探究海波熔化时温度的变化规律”的实验装置。
（1）如图乙所示温度计的示数为_________℃；（2）如图丙所示是根据实验数据描绘出的海波温度随时间变化的图像。
海波熔化过程对应图像中的__________段（选填“AB”或“BC”），其熔点为_______℃；（3）用质量为m1的海波做实验，绘制出海波的温度随时间变化的图像如图丁中的a所示。
若用相同的热源，用质量为m2(m2>m1)的海波做这个实验，得到的图像可能是图丁中的_______（选填“b”“c”或“d”）；（4）利用上述实验中的器材来“探究水的沸腾”，还需要一个中间有孔的硬纸板，它的作用是_________。
若正确操作实验，根据实验数据绘出水的温度随时间变化的图像如图戊所示。
分析图像可获得的信息是_________________________（写出一条即可）。
【答案】46 BC 48 c 减少热量的散失水的沸点是98℃【解析】【分析】【详解】(1)[1]从图乙可以看到，该温度计的分度值是1℃，它的读数是46℃。
(2)[2][3]海波是晶体，熔化过程温度不变，所以熔化过程对应图像中的BC 段，其熔点是48℃。
(3)[4]海波的质量变大，但是熔点是不变的，从图丁可看到，得到的图像可能是图丁中的c 。
(4)[5]这个硬纸板，它的作用是减少热量的散失。
[6]从图戊可看到，水在第4min 开始温度保持不变，可知水的沸点是98℃；并且知道水沸腾时，温度是不变的。
6．下表为现在家庭、宾馆常用的无线电水壶（一种在倒水时导线脱离，用电加热的方便水壶）的铭牌，某同学用这种电水壶烧开水，他将水放至最大容量，测得水的初温是20C ︒，通电6分钟后水恰好沸腾（在一个标准大气压下），试通过计算，回答下列问题：(1)该电水壶是利用电流的_____效应工作的； (2)该电水壶正常工作时的电流及电热丝的电阻；(3)这段时间水吸收的热量；[水的比热容34.210J /(kg C)c =⨯⋅︒](4)现测得电源电压为200V ，求此时电水壶的工作效率。
（计算结果保留两位有效数字） 【答案】(1)热；(2)5.5A ，40Ω；(3)53.3610J ⨯；(4) 93% 【解析】 【详解】解：(1)电水壶是利用电流通过导体时，使导体产生热量来工作的，是电流的热效应。
(2)根据P UI =可得，此电水壶正常工作时的电流1210W 5.5A 220VP I U === 由2U P R=可得，电热水壶的电阻22(220V)401210WU R P ===Ω(3)水的质量3333110kg /m 110m 1kg 水水水m V ρ-==⨯⨯⨯=水在1个标准大气压下的沸点100t =℃，烧开时吸收的热量()350 4.210J /(kg C)1kg (100C 20C) 3.3610J 吸水水Q c m t t =-=⨯⋅︒⨯⨯︒-︒=⨯(4)当电压200V U '=时，消耗的电能225(200V)360s 3.610J 40W t R U ==⨯Ω'=⨯此时电水壶工作的效率533.3610J100%100%93%2.641J0吸Q W η⨯=⨯=⨯=⨯答：(2)该电水壶正常工作时的电流为5.5A ，电热丝的电阻为40Ω； (3)这段时间水吸收的热量53.3610J ⨯； (4)此时电水壶的工作效率93%。
7．为检测某汽车发动机的工作性能，现使汽车在平直公路上从静止开始做直线运动，保持发动机输出功率恒定为6×104W ，汽车行驶过程中所受阻力大小不变，其v -t 图像如图所示，在第10s 末开始匀速行驶，经测试，消耗5.8kg 的汽油可以使汽车匀速行驶53.36km ，汽油完全燃烧放出的热量40%用来驱动汽车行驶，（汽油的热值为4.6×107J/kg ），在检测过程中。
（1）前10s 发动机做多少功？ （2）汽车受到的阻力多大？ （3）汽车匀速行驶的速度多大？ 【答案】(1) 6×105J ；(2) 2000N ；(3) 30m/s 。
【解析】 【详解】(1)前10s 发动机做的功W =Pt =6×104W× 10s=6×105J ；(2)5.8kg 的汽油完全燃烧放出的热量Q =mq =5.8kg×4.6×107J/kg=2.668×108J ，牵引力做的功W 1= Qη=2.668×108J×40%=1.0672×108J ，牵引力F =8131.067210J 53.3610mW s ⨯=⨯=2000N ， 汽车在该平直的公路上匀速行驶时，汽车受到的阻力与牵引力是一对平衡力，大小相等，阻力f =F =2000N ；(3)汽车的功率P =W Fs t t==Fv ， 汽车匀速行驶的速度v =4610W2000NP F ⨯==30m/s 。