山东省枣庄市第八中学东校区2020_2021学年高二物理上学期9月试题含解析
2024届山东省枣庄市八中东校区高二物理第一学期期中学业质量监测模拟试题含解析
2024届山东省枣庄市八中东校区高二物理第一学期期中学业质量监测模拟试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。
用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。
将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。
2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。
答案不能答在试题卷上。
3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。
不按以上要求作答无效。
4．考生必须保证答题卡的整洁。
考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、如图，电荷量为q1和q2的两个点电荷分别位于P点和Q点．已知在P、Q连线至某点R处的电场强度为零，且PR=3RQ．则（）A．q1=3q2B．q1=-9q2C．q1=-3q2D．q1=9q22、在如图所示的电路中，闭合开关后，相同的两个灯泡A、B均正常发光，当滑动变阻器的滑片P向下滑动时，则（）A．A灯变亮，B灯变暗B．A灯变暗，B灯变亮C．A、B灯均变亮D．A、B灯均变暗3、2018年12月8日，肩负着亿万中华儿女探月飞天梦想的嫦娥四号探测器成功发射，“实现人类航天器首次在月球背面巡视探测，率先在月背刻上了中国足迹”．已知月球的质量为M、半径为R，探测器的质量为m，引力常量为G，嫦娥四号探测器围绕月球做半径为r的匀速圆周运动时，探测器的（）A ．周期为234πr GMB ．动能为2GMmRC ．角速度为3GmrD ．向心加速度为2GMR 4、生活中为了避免火花放电的危害，会采取一些措施，下列哪些情况属于避免火花放电：A ．运油车的尾部有一条铁链接触到地面；B ．电子打火机点火时；C ．发电厂排放废气时先进行静电除尘；D ．为了油漆较均匀采用静电喷涂．5、两个等量点电荷P 、Q 在真空中产生电场的电场线如图所示，下列说法中正确的是（）A ．P 、Q 是两个等量负电荷B ．P 、Q 是两个等量正电荷C ．P 、Q 是两个等量异种电荷D ．P 、Q 产生的是匀强电场6、有一满偏电流I g =5mA,内阻R g =400Ω的电流表G ,若把它改装成量程为10V 的电压表,正确的做法是（ ） A ．串联一个1600 Ω电阻 B ．并联一个2000 Ω电阻 C ．并联一个1600 Ω电阻D ．串联一个2000 Ω电阻二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。
2020-2021学年山东省枣庄市高二上学期期中物理试卷(含答案解析)
2020-2021学年山东省枣庄市高二上学期期中物理试卷一、单选题（本大题共8小题，共24.0分）1.关于电流强度，下列说法中正确的是()A. 根据I=q，可知q一定与t成正比tB. 因为电流有方向，所以电流强度是矢量C. 如果在相等时间内，通过导体横截面的电量相等，则导体中的电流一定是稳恒电流D. 电流强度的单位“安培”是国际单位制中的基本单位2.下列说法正确的是()A. 处于静电平衡的导体，内部的电场强度和电势均为零B. 电势、电势差、电势能都是电能的概念，都与放入电场中的电荷无关C. 电动势数值上就等于电源正负极之间的电压D. 其他条件相同，线圈匝数越多自感系数就越大3.电磁波在空气中传播的速度是3.0×108m/S.某广播电台发射波长为50m的无线电波，无线电波的频率是()A. 1.50×106HzB. 6.0×106HzC. 5.0×106HzD. 3.0×106Hz4.如图所示，甲、乙两种粗糙面不同的传送带，倾斜于水平地面放置，以同样恒定速率v向上运动．现将一质量为m的小物体(视为质点)轻轻放在A处，小物体在甲传动带上到达B处时恰好达到传送带的速率v；在乙传送带上到达离B竖直高度为h的C处时达到传送带的速率v.已知B 处离地面的高度皆为H.则在物体从A到B的过程中()A. 两种传送带与小物体之间的动摩擦因数相同B. 将小物体传送到B处，两种传送带消耗的电能相等C. 两种传送带对小物体做功相等D. 将小物体传送到B处，两种系统产生的热量相等5.如图所示，一个小磁针挂在大线圈内部，磁针静止时与线圈在同一平面内．当大线圈中通以图示方向电流时，则()A. 小磁针的N极向纸面外转B. 小磁针的N极向纸面里转C. 小磁针在纸面内静止不动D. 小磁针在纸所在平面内左右摆动6.如图所示，实线为某一点电荷所形成的一簇电场线，a、b、c三条虚线为三个带电粒子以相同的速度从O点射入电场的运动轨迹，其中虚线b为一垂直电场线的圆弧，AB=BC，且三个粒子的电荷量大小相等，不计粒子重力及相互作用力，粒子只在电场力作用下运动。
山东省枣庄八中高二物理上学期第二次段考试题(含解析)新人教版
2014-2015学年山东省枣庄八中高二（上）第二次段考物理试卷一、选择题（每题至少有一项是正确的，请在机读卡作答）1．（3分）（2013秋•东莞市校级期末）有一段长1m电阻丝，电阻是10Ω，现把它均匀拉伸到时，导体的体积不变，导体的横截面积变成原来的R=2．（3分）（2014秋•市中区校级月考）一个点电荷，从静电场中的a点移至b点，其电势能3．（3分）（2013•海南）如图，电荷量为q1和q2的两个点电荷分别位于P点和Q点．已知在P、Q连线上某点R处的电场强度为零，且PR=2RQ．则（）=，4．（3分）（2014秋•薛城区校级月考）如图所示，已知直流电动机M的电阻是R，电源的电阻是r，当电动机正常工作时电压表的示数是U，电流表的示数是I．（）t秒钟内，电动机产生的热量是IUt5．（3分）（2014秋•薛城区校级月考）如图所示电路，下列说法正确的是（）6．（3分）（2014春•加格达奇区校级期末）如图，电路用来测定电池组的电动势和内电阻．其中V为电压表（理想电表），定值电阻R=7.0Ω．在电键未接通时，V的读数为6.0V；接通电键后，V的读数变为5.6V．那么，电池组的电动势和内电阻分别等于（）r=7．（3分）（2014秋•薛城区校级月考）人们借助电表，能直观地了解和监测各种电路的运行情况，及时、准确地找出电路的故障所在．在用多用电表测电阻时，有很多注意事项，下列说法中正确的是（）8．（3分）（2013•清浦区校级学业考试）如图所示的电路中，电源的电动势E和内阻r恒定不变，电灯L恰能正常发光，如果滑动变阻器的滑片向b端移动，则（）I=9．（3分）（2013秋•庆安县校级期末）如图所示，直线A为电源的U﹣I图线，直线B为电阻R的U﹣I图线；用该电源和电阻组成的闭合电路，电源输出功率和电路的总功率分别是（）10．（3分）（2013•盱眙县校级学业考试）如图所示电路中，电键S1、S2、S3、S4均闭合，C 是极板水平放置的平行板电容器，板间悬浮着一油滴P，断开哪一个电键后P会向下运动？（）（闭合电键）11．（3分）（2012秋•怀化期末）如图所示是一个三输入端复合门电路，当C端输入“0”时，A、B端输入何值时输出端Y输出“1”？（）12．（3分）（2014秋•薛城区校级月考）一个用半导体材料制成的电阻D，其电流I随它两端电压U的关系如图（a）所示，如果它与两个标准电阻R1、R2并联后接在电压恒为U的电源两端，三个用电器消耗的电功率均为P．现将它们连接为如图（b）所示的电路，再接在该电源的两端，设电阻D和电阻R1、R2消耗的电功率分别是PD、P1、P2，下列判断中错误的是（）R=可知此时三电阻的阻值相等；R=并联后的电阻为R2两端的电压变大为U 为PD=4PD两端的电压，且并联部分分得的电压大于电压小于U二、实验题13．（3分）（2014秋•新县校级期中）在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，除有一标有“6V，1.5W”的小灯泡、导线和开关外，还有：A．直流电源6V（内阻不计）B．直流电流表0～300mA（内阻约为5Ω）C．直流电压表0～10V（内阻约为15kΩ）D．滑动变阻器10Ω，2A实验要求小灯泡两端的电压从零开始变化并能进行多次测量．（1）画出实验电路图．（2）试将实物图所示器材连成实验电路．14．（3分）（2013秋•金乡县校级期中）在“测定金属的电阻率”的实验中，需要用刻度尺测出被测金属丝的长度l．用螺旋测微器测出金属丝的直径d，用电流表和电压表测出金属丝的电阻R．①请写出测金属丝电阻率的表达式：ρ=（用上述测量量的字母表示）．②若实验中测量金属丝的长度和直径时，刻度尺和螺旋测微器的示数分别如图所示，则金属丝长度的测量值为l=36.50cm，金属丝直径的测量值为d=0.796mm．R=ρ=ρ；故答案为：①15．（3分）（2013秋•岑巩县校级期中）测定电源的电动势和内电阻的实验电路（图1和U﹣I 图象（图2）如下：（1）闭合开关前为防止电表过载滑动变阻器的滑动头P应放在a（填“a”或“b”）处（2）现备有以下器材：A．干电池1个B．滑动变阻器（0～50Ω）C．滑动变阻器（0～1750Ω）D．电压表（0～3V）E．电压表（0～15V）F．电流表（0～0.6A）G．电流表（0～3A）其中滑动变阻器应选B，电流表应选F，电压表应选D．（填字母代号）（3）由U﹣I图象．由此可知这个干电池的电动势E= 1.5V，内电阻r=1Ω．（4）由于本实验电路存在系统误差，导致E测＜E真，r测＜r真（填“＞”“＜”或“=”）r==三、计算题（在答题卷作答，写出必要的步骤）16．（2014秋•临海市校级期中）如图所示是利用电动机提升重物的示意图，其中D是直流电动机．p是一个质量为m的重物，它用细绳拴在电动机的轴上．闭合开关s，重物p以速度v 被匀速提升，这时电流表和电压表的示数分别是I=5.0A和U=110V，重物p上升的速度v=0.90m/s．重物的质量m=50kg．不计一切摩擦，g取10m/s2．求：（1）电动机消耗的电功率P电；（2）电动机线圈的电阻R．17．（2013春•宝安区校级期末）一个电源的路端电压U随外电路电阻R的变化规律如图（甲）所示，图中U=12V的直线为图线的渐近线．现将该电源和一个变阻器R0接成如图（乙）所示电路，已知电源允许通过的最大电流为2A，变阻器的最大阻值为R0=22Ω．求：（1）电源电动势E和内电阻r；（2）空载时A、B两端输出的电压范围；（3）A、B两端所能接负载的电阻的最小值．=A=3Ar=== +2。
解析山东省枣庄八中2021年高三上学期9月段测物理试题
一．不定项选择题（本题包括12小题，每小题４分，共48分）１．（４分）(２01３秋•椒江区校级期中)关于速度和加速度,下列说法中正确的是( ）A.速度变化量越大,加速度就越大B.速度变化越快,加速度越大C.加速度保持不变，速度方向可能改变D．加速度大小不断变小,速度大小也一定不断变小考点：加速度;速度.专题：直线运动规律专题．分析：根据加速度的定义式a＝可知物体的加速度等于物体的速度的变化率，加速度的方向就是物体速度变化量的方向,与物体速度无关，即物体的速度变化越快物体的加速度越大.解答：解：A、物体的速度变化大，但所需时间更长的话，物体速度的变化率可能很小，则加速度就会很小，故A错误.B、速度变化越快，加速度越大，故B正确Ｃ、加速度保持不变,速度方向可能改变.例如平抛运动,故C正确Ｄ、如果加速度方向与速度方向相同，加速度大小不断变小,速度大小一定增大,故D 错误故选BＣ.点评：本题考查加速度的定义式,只要理解了加速度的概念就能顺利解决．２．(４分）（201２秋•枞阳县校级期末)一辆汽车以速度v行驶了全程的一半,然后匀减速行驶了后一半,恰好停止，全程的平均速度为（)A． B.Ｃ． D.考点：平均速度．专题:直线运动规律专题．分析：分别求出前一半路程和后一半路程运行的时间,从而等于总路程除以总时间求出全程的平均速度.解答：解:设全程为s，前半程的时间．后半程做匀减速直线运动,后半程的平均速度，则后半程的运动时间．则全程的平均速度．故Ｂ正确,A、Ｃ、D错误.故选B．点评:解决本题的关键掌握平均速度的定义式,以及掌握匀变速直线运动平均速度的推论.3.（4分）（20１4•深圳二模）如图所示,手推车的篮子里装有一篮球，女孩把手推车沿斜面向上匀速推动,篮子的底面平行于斜面，靠近女孩的一侧面垂直于底面，下列说法正确的有( ）Ａ.篮子底面受到的压力大于篮球的重力B.篮子底面受到的压力小于篮球的重力C.篮子右侧面受到的压力大于篮球的重力D．篮子右侧面受到的压力小于篮球的重力考点:共点力平衡的条件及其应用;物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题.分析:对篮球受力分析,根据平衡条件表示出篮球的受各个力大小.解答：解:对篮球受力分析,并运用合成法如图:根据几何知识,篮子底部对篮球的支持力N1=ｍgcosθ根据牛顿第三定律则篮子底面受到的压力为mgｃoｓθ＜ｍｇ,故A错误B正确;篮子右面对篮球的支持力N2=mgｓｉnθ根据牛顿第三定律则篮子右面受到的压力为mgsｉnθ<mg，故Ｃ错误D正确；故选:BD．点评:本题首先要对篮球受力分析,根据共点力平衡条件列式求解出篮球受到的支持力表达式，再根据牛顿第三定律进行讨论.4.(4分)(2014秋•薛城区校级月考）某人在竖直方向运动的电梯里称体重，发现体重计的示数比自己正常的体重减少了1%．已知重力加速度g=10m／s2,则以下判断正确的是（)Ａ．电梯以１m/s２的加速度加速下降B.电梯以9m／s2的加速度减速下降C．电梯以１m/s2的加速度减速上升D．电梯以９m/s2的加速度加速上升考点：牛顿运动定律的应用-超重和失重．专题:牛顿运动定律综合专题．分析：根据人的支持力大小，结合牛顿第二定律求出人的加速度大小和方向，抓住人和电梯的加速度相同得出电梯的运动情况.解答:解：体重计的示数比自己正常的体重少了１0%,知电梯对人的支持力N=９０％ｍg，根据牛顿第二定律得，mg﹣N=ma，解得人的加速度a=0.1g＝0.1×10=1m/ｓ2,方向竖直向下，知电梯以1m/s2加速下降,或以1ｍ/s2的加速度减速上升.故A、C正确,B、D错误.故选：AC.点评：解决本题的关键知道人和电梯具有相同的加速度,求出人的加速度大小和方向是解决本题的突破口．５．（４分）(2０１5•赫山区校级三模)如图所示,有一质量不计的杆AO，长为R,可绕A自由转动.用绳在O点悬挂一个重为Ｇ的物体，另一根绳一端系在O点，另一端系在以O点为圆心的圆弧形墙壁上的C点．当点C由图示位置逐渐向上沿圆弧CB移动过程中(保持O Ａ与地面夹角θ不变），OC绳所受拉力的大小变化情况是( )A.逐渐减小B．逐渐增大Ｃ．先减小后增大Ｄ.先增大后减小考点:共点力平衡的条件及其应用;力的合成与分解的运用.专题:共点力作用下物体平衡专题．分析：先对Ｇ受力分析可知竖直绳上的拉力不变，再对结点Ｏ分析可得出受力的平行四边形；根据C点的移动利用图示法可得出OC拉力的变化．解答：解：对Ｇ分析，G受力平衡，则拉力等于重力;故竖直绳的拉力不变;再对Ｏ点分析,O受绳子的拉力ＯA的支持力及OC的拉力而处于平衡;受力分析如图所示；将F和OＣ绳上的拉力合力,其合力与Ｇ大小相等,方向相反,则在OC上移的过程中，平行四边形的对角线保持不变，平行四边形发生图中所示变化，则由图可知OC的拉力先减小后增大，图中D点时力最小;故选:C.点评：本题利用了图示法解题，解题时要注意找出不变的量作为对角线，从而由平行四边形可得出拉力的变化．6．（4分)（２０14秋•薛城区校级月考)a、b两物体从同一位置开始运动,它们的v﹣t图象如图所示,下列说法正确的是( )Ａ．a、b加速时，物体a的加速度大于物体b的加速度B.2s时,a、b两物体相距最远C．６s时,物体a在物体ｂ的前方D.4s时,a、b两物体速度相等，相距9 m考点:匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题:运动学中的图像专题.分析：在速度﹣时间图象中,某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数,时间轴下方速度是负数；切线的斜率表示加速度,加速度向右上方倾斜,加速度为正,向右下方倾斜加速度为负;图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负.解答：解：Ａ、在速度﹣时间图象中,图线的斜率表示加速度，加速度向右上方倾斜，加速度为正,向右下方倾斜加速度为负；所以根据斜率大小可以看出,在a、ｂ加速时,a物体的加速度小于b的加速度,故Ａ错误．B、ａ、b两物体从同一位置沿同一方向做直线运动，到4s末之前a的速度一直大于b的速度，a在前方，则a、b之间的间距逐渐增大,40s之后a的速度小于b的速度,b 开始追赶ａ物体,间距减小，所以４s末两物体相距最远,故B错误.C、6ｓ时，由图象与坐标轴围成面积代表位移可知,a的位移为xａ=×（1+4)×2m+4×４m＝２1mb的位移为xｂ=×（6﹣2)×8=1６m,则xａ＞ｘb，所以6s时，物体a在物体b的前方,故C正确.Ｃ、4s时，a、b两物体速度相等，相距为△x＝ｘａ﹣ｘb=[×(1+4）×2m+２×4m]﹣（×２×4m)=9ｍ,故D正确.故选:CD．点评:本题是为速度﹣﹣时间图象的应用，要明确斜率的含义,知道在速度﹣﹣时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义,能根据图象读取有用信息.7.(４分）(201３秋•顺德区期末）在光滑水平面上有一物块受水平恒力F的作用而运动,在其正前方固定一个足够长的轻质弹簧,如图所示，当物块与弹簧接触并将弹簧压至最短的过程中，下列说法正确的是( )A．物块接触弹簧后立即做减速运动B．物块接触弹簧后先加速后减速C．当弹簧处于压缩量最大时,物块的加速度等于零D.当物块的速度为零时,它所受的合力不为零考点:牛顿第二定律．专题:计算题．分析：物体与弹簧接触前匀加速运动,与弹簧接触后的运动可以分为加速和减速两个两个过程分析,推力大于弹簧弹力过程加速，推力小于弹簧弹力过程减速．解答:解:物体与弹簧接触前做匀加速直线运动；物体与弹簧接触后,弹簧弹力不断增大，开始阶段弹簧弹力小于推力F，合力向右，加速度向右，物体做加速度不断减小的加速运动；当加速度减小为零时,速度达到最大；接下来物体由于惯性继续向右运动，弹力进一步变大，且大于推力，合力向左,加速度向左，物体做加速度不断变大的减速运动,当速度减为零时,加速度最大;故选BD.点评：本题中物体先做加速度不断减小的加速运动,再做加速度不断增大的减速运动,初学者往往容易忽略加速过程．8．(4分）（20１4•南海区校级模拟）如图所示，在水平桌面上叠放着木块P和Q，水平力Ｆ推动两个木块做匀速运动,下列说法中正确的是（)A．P受３个力,Q受3个力 B.P受３个力，Q受４个力Ｃ.Ｐ受2个力,Ｑ受5个力 D.P受4个力,Ｑ受6个力考点:力的合成与分解的运用;共点力平衡的条件及其应用．专题：受力分析方法专题.分析:用水平力F推Q,使Ｐ、Q两木块一起沿水平桌面匀速滑动，对各自进行受力分析，分别从重力、弹力、摩擦力等三个角度去分析．对于摩擦力要分静摩擦力与滑动摩擦力．解答:解：在水平推力的作用下，物体P、Ｑ一起匀速滑动,则对Ｐ受力分析：重力与支持力．对于Q受力分析:重力、地面支持力、P对Q的压力、水平推力、地面给Ｑ的滑动摩擦力.因此P受到二个力，Q受到五个力.故C正确；ABD错误;故选:C.点评：考查学会受力分析，通常从重力、弹力、摩擦力角度去分析，同时强调受力的研究对象.9.(4分)（2０１2•济宁一模)如图所示,截面为三角形的木块a上放置一铁块b，三角形木块竖直边靠在竖直且粗糙的竖直面上，现用竖直向上的作用力F,推动木块与铁块一起向上匀速运动,运动过程中铁块与木块始终保持相对静止,则下面说法正确的是（）Ａ．木块a与铁块b间一定存在摩擦力B.木块与竖直墙面间一定存在水平弹力C.木块与竖直墙面间一定存在摩擦力D．竖直向上的作用力Ｆ大小一定等于铁块与木块的重力之和考点:摩擦力的判断与计算．专题：摩擦力专题．分析:对ｂ受力分析,受到重力、支持力和静摩擦力；再对a、b整体受力分析,受到重力和推力,二力平衡,整体不是墙壁的弹力和摩擦力.解答:解:Ａ、ｂ匀速上升，受到的合力为零，对ｂ受力分析，受到重力、支持力和静摩擦力，Ａ正确；B、再对a、b整体受力分析，受到重力和推力，二力平衡；整体不受墙壁的弹力和摩擦力,如有,则合力不为零;与墙壁接触但不挤压,不产生摩擦力，BＣ错误;Ｄ、根据竖直方向受力平衡知竖直向上的作用力F大小一定等于铁块与木块的重力之和,D正确；故选：AD.点评:弹力和摩擦力的有无可以根据假设法判断，即假设存在,或假设不存在,看是否与运动状态相矛盾．1０.(4分）(２0１３秋•廊坊期末)如图所示，轻弹簧的一端与物块P相连，另一端固定在木板上．先将木板水平放置,并使弹簧处于拉伸状态．缓慢抬起木板的右端，使倾角逐渐增大,直至物块P刚要沿木板向下滑动,在这个过程中,物块P所受静摩擦力的大小变化情况是（）A.先减小后增大B.先增大后减小C.一直增大D.保持不变考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析:由题，缓慢抬起木板的右端，使倾角逐渐增大的过程中，物块Ｐ的重力沿木板向下的分力先小于弹簧的弹力，后大于弹簧的弹力，根据平衡条件分析物块P所受静摩擦力的大小变化情况．解答:解：设物块的重力为G，木板与水平面的夹角为θ，弹簧的弹力大小为F，静摩擦力大小为f．由题,缓慢抬起木板的右端，使倾角逐渐增大,直至物块Ｐ刚要沿木板向下滑动的过程中，弹簧的拉力不变，物块Ｐ的重力沿木板向下的分力先小于弹簧的弹力,后大于弹簧的弹力，物块P所受的静摩擦力方向先木板向下,后沿木板向上．当物块P的重力沿木板向下的分力小于弹簧的弹力时,则有Gｓinθ+f=Ｆ，θ增大时,F 不变，f减小;当物块Ｐ的重力沿木板向下的分力大于弹簧的弹力时，则有Gsinθ=f+Ｆ,θ增大时,Ｆ不变，f增大;所以物块P所受静摩擦力的大小先减小后增大．故选A点评:本题要抓住弹簧的拉力没有变化,重力的分力是变力,先小于弹簧的弹力,后大于弹簧的弹力，根据平衡条件进行动态变化分析．二、填空题11．（８分)(2014秋•庐阳区校级期中）某同学在研究性学习中，利用所学的知识解决了如下问题：一轻质弹簧竖直悬挂于某一深度为ｈ＝３0.0cm且开口向下的小筒中(没有外力作用时弹簧的下端位于筒内,用测力计可以同弹簧的下端接触），如图甲所示,若本实验的长度测量工具只能测量露出筒外弹簧的长度ｌ，现要测出弹簧的原长l０和弹簧的劲度系数，该同学通过改变l而测出对应的弹力Ｆ，作出F﹣l图象如图乙所示，则弹簧的劲度系数为k= 200 N/m,弹簧的原长l0= ２0cｍ .考点:探究影响摩擦力的大小的因素．专题:实验题；摩擦力专题．分析：根据胡克定律写出F与l的关系式,然后结合数学知识求解即可.解答:解:根据胡克定律F与l的关系式为:F＝k（l+ｈ﹣l０）=kl＋k(h﹣l0)，从图象中可得直线的斜率为2N/cm，截距为２０N，故弹簧的劲度系数为:k=2N/cm=２00N／m由k(ｈ﹣l0)＝20Ｎ于是：ｌ0=20cｍ故答案为：20０；２0cｍ点评:找到各个物理量之间的关系,然后根据胡克定律列方程,是解答本题的突破口,这要求学生有较强的数学推导能力．1２.（8分)（２01４秋•薛城区校级月考）为了探究加速度与力的关系，使用如图所示的气垫导轨装置进行实验.其中G1、G2为两个光电门，它们与数字计时器相连，当滑行器通过G、G2光电门时，光束被遮挡的时间△t1、△t2都可以被测量并记录，滑行器连同上面固定的１一条形挡光片的总质量为Ｍ,挡光片宽度为D,两个光电门间距离为x，牵引砝码的质量为m．回答下列问题:(1）实验开始应先调节气垫导轨下面的螺钉，使气垫导轨水平,其方法是:在不挂砝码的情况下，将滑行器自由放在导轨上，如果滑行器能在任意位置静止不动，或轻轻推滑行器后,能使滑行器匀速运动，说明气垫导轨是水平的.(2）在此实验中，需要测得每一个牵引力对应的加速度,其中求得的加速度的表达式为ａ=(用△t1、△t２、D、x表示)．考点：测定匀变速直线运动的加速度.专题：实验题；直线运动规律专题.分析：（1)当气垫导轨水平时,滑块做匀速直线运动，通过光电门的速度相等,即光电门的挡光时间相等.(２）滑块经过光电门时的速度近似等于滑块经过光电门时的平均速度,可由v=求出,然后由匀变速运动的速度位移公式求出滑块的加速度．解答：解:（１)实验开始应先调节气垫导轨下面的螺钉，在不挂重物的情况下轻推滑块,若滑块做匀速直线运动，即滑块通过光电门速度相等,则光电门的挡光时间相等,证明气垫导轨已经水平.(2）滑块经过光电门1的速度ｖ1=，滑块经过光电门２的速度v２=由匀变速运动的速度位移公式得：v２2﹣v1２=2ａx,ａ=故答案为:（1）匀速;（2)点评:解决本题的关键理解实验的原理,掌握很短时间内的平均速度代表瞬时速度.三、计算题（要有必要的公式和计算过程)1３.（1０分）（２０14秋•薛城区校级月考)如表是《驾驶员守则》中的安全距离表格．车速(km／h）反应距离（m）刹车距离(m)停车距离（m）４0１010206015２2．537.５8０204060请根据该表格计算：(1）驾驶员正常时的反应时间；(2）汽车刹车的加速度；(3)一名喝了酒的驾驶员发现前面５0m处有一队学生正在横穿马路，此时他的车速为72km/h,而他的反应时间比正常时慢了０.1s,若他以正常的加速度刹车，请问他能在50m内停下来吗？考点:匀变速直线运动规律的综合运用；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题:直线运动规律专题．分析：(1）根据表中数据，应用匀速直线运动的位移公式求出反应时间．(２）由速度位移公式求出刹车时的加速度．（３）由位移公式求出反应时间内的位移,由速度位移公式求出刹车距离,然后分析答题．解答：解:（1)驾驶员的反应时间:t0=＝＝０．9ｓ；(２）刹车时的加速度：a＝=＝ｍ／s2≈６.１7ｍ/s２;（3)汽车的速度：v=７2km/ｈ＝20m/ｓ,司机的反应距离:s=vt＝２0×（0．9+０.1）=２0m,汽车的刹车距离：s′=＝=32．４m,汽车总位移:s+s′＝20+32.4=52．4m＞５０m,汽车不能在5０m内停下．答:(１）驾驶员正常时的反应时间0.9s；(2）汽车刹车的加速度６．１7m/ｓ2；（３)他不能在5０m内停下来．点评：本题考查了求反应时间、加速度、判断汽车能否安全停车，分析清楚汽车的运动过程、根据表中数据、应用匀速运动的位移公式、匀变速运动的速度位移公式即可正确解题.14.(１0分）(２0１４•赫山区校级一模）如图所示,细绳OA长30cｍ,O端与质量m=1kｇ的重物相连,Ａ端与轻质圆环（重力不计）相连，圆环套在水平棒上可以滑动;定滑轮固定在距离圆环50ｃm的B处，跨过定滑轮的细绳，两端分别与重物m、重物G相连．若两条细绳间的夹角φ＝90°，圆环恰好没有滑动，不计滑轮大小,整个系统处于静止状态，滑动摩擦力等于最大静摩擦力.求：(1)圆环与棒间的动摩擦因数μ;(２）重物G的质量M.考点：共点力平衡的条件及其应用；摩擦力的判断与计算.专题:共点力作用下物体平衡专题．分析：(１)圆环恰好没有滑动，将要开始滑动时,所受的静摩擦力刚好达到最大值.根据共点力平衡条件对环进行研究，求出tanθ，得到θ.(2）物体m处于平衡状态，根据共点力平衡条件求解细绳的张力．(２）圆环将要滑动时，对重物进行受力分析，求解重物G的质量．解答：解:(１）因为圆环将要开始滑动，所受的静摩擦力刚好达到最大值，有f=μN.对环进行受力分析，则有:μN﹣ＦTｃoｓθ=0N﹣ＦT sinθ=0代入数据解得：．（2)对重物m：Mg=mｇｃosθ所以：M＝mcosθ=ｋg答：(1)圆环与棒间的动摩擦因数是0.７5；（２）重物G的质量为０.6kg．点评:本题是在共点力作用下重物的平衡问题,采用隔离法分别研究三个物体,分析受力情况是解题的关键之处.1５.(12分）（20１4秋•薛城区校级月考)海豚靠尾部来推动下部的水,能够从水中高高跃起，被誉为“会飞的鱼”．一身长L1＝1.８ｍ，质量m=65kｇ的海豚，跃起后从h１=1.0ｍ的高度处自由落下，尾部接触水面后经过时间t＝０.25s身体速度降为零．假设下降阶段尾部与水面的作用力是恒力,求下降阶段尾部与水面的作用力F和鱼在下降阶段在水中下降的高度．（取ｇ=10m／s2）考点:牛顿第二定律;匀变速直线运动的速度与位移的关系.专题:牛顿运动定律综合专题.分析：海豚跃起后从h1=1.0ｍ的高度处下落过程，先自由下落，后进入水中做匀减速运动,根据速度位移公式求出海豚落水时的速度，再用平均速度公式求出海豚在水中重心下降的高度;根据运动学公式列式求解加速度,在根据牛顿第二定律列式求解下降阶段尾部与水面的作用力Ｆ.解答:解:自由下落１m的末速度为:m／s在减速时间为０.２5s的匀减速阶段,重心下落的高度:h=加速度:a==8m／s2设尾部与水面的作用力为Ｆ，由牛顿第二定律,有：F﹣mg=ｍa解得：F=ｍ（ｇ＋a）=6５×（１0+8）=１2３0N答:下降阶段尾部与水面的作用力F为1230N,鱼在下降阶段在水中下降的高度为0.５6m.点评:本题是已知运动情况确定受力情况的问题，关键建立模型,根据运动公式求解加速度.16．（12分)(２0１１•宣城二模)如图所示，质量M=8kg的小车放在水平光滑的平面上，在小车左端加一水平推力F=８N,当小车向右运动的速度达到１．5m/s时,在小车前端轻轻地放上一个大小不计,质量为m=2ｋg的小物块,小物块与小车间的动摩擦因数μ=0.２，当二者达到相同速度时,物块恰好滑到小车的最左端.取g=1０m/s2.求：（１)小物块放后,小物块及小车的加速度各为多大？(２)小车的长度是多少?考点：牛顿第二定律;匀变速直线运动的速度与时间的关系;匀变速直线运动的位移与时间的关系.专题：牛顿运动定律综合专题．分析:（1）当小物块开始放在小车上时，两者有相对运动,对车与小物块分别受力分析，根据牛顿第二定律即可解得结果.(２)分析运动过程,物体与小车的速度相等时相对静止，发生的相对位移和车长相等,然后依据运动学公式求解即可．解答：解：(1）以小物块为研究对象,由牛顿第二定律得：μmg=ｍa１解得：a1＝μg=2m／s２以小车为研究对象,由牛顿第二定律得：Ｆ﹣μｍg=Ma2解得：故小物块的加速度为a１=2ｍ/ｓ2，小车的加速度为a２=0．5m／s2.（２)由运动学公式：a１t=v0+a2t解得：则:L=ｘ２﹣x1＝0．７5m故小车的长度是0.7５m.点评:对于这类有两个物体组成的系统，在研究各自的运动情况时，要正确分析各自所受摩擦力情况,弄清运动形式,把握速度相等和相对位移这两个关系．。
山东省枣庄市第八中学高二物理上学期精选试卷检测题
山东省枣庄市第八中学高二物理上学期精选试卷检测题一、第九章 静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图所示，a 、b 、c 、d 四个质量均为 m 的带电小球恰好构成“三星拱月”之形，其中 a 、b 、c 三个完全相同的带电小球在光滑绝缘水平面内的同一圆周上绕 O 点做半径为 R 的匀速圆周运动，三小球所在位置恰好将圆周等分。
小球 d 位于 O 点正上方 h 处，且在外力 F 作用下恰处于静止状态，已知 a 、b 、c 三小球的电荷量大小均为 q ，小球 d 的电荷量大小为 6q ，h ＝2R 。
重力加速度为 g ，静电力常量为 k 。
则（ ）A ．小球 a 一定带正电B ．小球 c 的加速度大小为2233kq mRC ．小球 b 2R mRq kπD ．外力 F 竖直向上，大小等于mg ＋226kq R【答案】BD 【解析】 【分析】 【详解】A ．a 、b 、c 三小球所带电荷量相同，要使三个做匀速圆周运动，d 球与a 、b 、c 三小球一定是异种电荷，由于d 球的电性未知，所以a 球不一定带正电，故A 错误。
BC ．设 db 连线与水平方向的夹角为α，则223cos 3R h α==+ 226sin 3R h α=+＝对b 球，根据牛顿第二定律和向心力得：22222264cos 2cos302cos30()q q q k k mR ma h R R Tπα⋅-︒==+︒ 解得23RmRT q kπ=2233kq a mR= 则小球c 的加速度大小为233kq mR，故B 正确，C 错误。
D ．对d 球，由平衡条件得2226263sin q q kq F k mg mg h R Rα⋅=+=++ 故D 正确。
故选BD 。
2．如图所示，空间有竖直方向的匀强电场，一带正电的小球质量为m ，在竖直平面内沿与水平方向成30º角的虚线以速度v 0斜向上做匀速运动．当小球经过O 点时突然将电场方向旋转一定的角度，电场强度大小不变，小球仍沿虚线方向做直线运动，选O 点电势为零，重力加速度为g ，则A ．原电场方向竖直向下B ．改变后的电场方向垂直于ONC ．电场方向改变后，小球的加速度大小为gD ．电场方向改变后，小球的最大电势能为204mv【答案】CD 【解析】 【分析】 【详解】开始时，小球沿虚线做匀速运动，可知小球受向下的重力和向上的电场力平衡Eq=mg ，小球带正电，则电场竖直向上，选项A 错误；改变电场方向后，小球仍沿虚线做直线运动，可知电场力与重力的合力沿着NO 方向，因Eq=mg ，可知电场力与重力关于ON 对称，电场方向与NO 成600，选项B 错误；电场方向改变后，电场力与重力夹角为1200，故合力大小为mg ，小球的加速度大小为g ，选项C 正确；电场方向改变后，小球能沿ON 运动的距离为202m v x g = ，则克服电场力做功为：220011cos 60224m v W Eq x mg mv g ==⨯= ，故小球的电势能最大值为2014mv ，选项D 正确；故选CD.3．有固定绝缘光滑挡板如图所示，A 、B 为带电小球（可以近似看成点电荷），当用水平向左的力F 作用于B 时，A 、B 均处于静止状态．现若稍改变F 的大小，使B 向左移动一段小距离（不与挡板接触），当A 、B 重新处于平衡状态时与之前相比（ ）A ．A 、B 间距离变小 B ．水平推力力F 减小C ．系统重力势能增加D ．系统的电势能将减小 【答案】BCD 【解析】 【详解】A ．对A 受力分析，如图；由于可知，当B 向左移动一段小距离时，斜面对A 的支持力减小，库仑力减小，根据库仑定律可知，AB 间距离变大，选项A 错误；B ．对AB 整体，力F 等于斜面对A 的支持力N 的水平分量，因为N 减小，可知F 减小，选项B 正确；C ．因为AB 距离增加，则竖直距离变大，则系统重力势能增加，选项C 正确；D ．因为AB 距离增加，电场力做正功，则电势能减小，选项D 正确； 故选BCD.4．在电场强度为E 的匀强电场中固定放置两个小球1和2，它们的质量相等，电荷量分别为1q 和2q （12q q ）．球1和球2的连线平行于电场线，如图所示．现同时放开球1和球2，于是它们开始在电场力的作用下运动．如果球1和球2之间的距离可以取任意有限值，则两球刚被放开时，它们的加速度可能是（ ）．A ．大小不等，方向相同B ．大小不等，方向相反C ．大小相等，方向相同D ．大小相等，方向相反【答案】ABC【解析】【详解】AC．当两球的电性相同时，假定都带正电，则两球的加速度分别为：12121kq qEqlam+=12222kq qEqlam-=由于l可任意取值，故当12kqEl>时，加速度1a、2a方向都是向右，且1a、2a的大小可相等，也可不相等，故AC正确；B．再分析1a和2a的表达式可知，当12kqEl<时，1a和2a方向相反，大小则一定不相等，故B正确；D．将小球1和小球2视作为一个整体，由于12q q≠，可判断它们在匀强电场中受到的电场力必然是不为零的。
山东省枣庄市2020-2021学年高二(上)期末物理试题 含答案
11．如图所示， Rt ABC 处在匀强电场中， ACB = 30 ，边 AB = 1m 。B 点的电势为 2V，将电荷量为 410−6C 的带正电的点电荷从电场中的 A 点移到 B 点，静电力做了 −1.210−5 J 的功，再从 B 点移到 C 点，静电力做了 2.410−5 J 的功。下列说法正确的是（ ） A．A、B 两点间的电势差U AB = 3V B．B、C 两点间的电势差UBC = 6V C 该电场的电场强度为 2 3V / m
A．图 1 中条形磁铁靠近左边闭合铝环的过程中 B．图 2 中电阻 R 与铜盘构成闭合回路，铜盘在匀强磁场中绕 C 点转动时
1
C．图 3 中金属圆盘在形磁铁间逆时针转动时 D．图 4 中保持线框平面始终与磁感线垂直，线框在磁场中上下运动 4．下列关于磁通量和磁感应强度的说法正确的是（ ） A．磁感应强度是矢量，它的方向就是该处小磁针 N 感应强度越大，垂直穿过该处单位面积的磁感线条数越多 D．垂直穿过某面的磁感线条数数值上等于该处的磁感应强度 5．如图所示，轻质弹簧下端挂重为 20N。的金属球 A 时伸长了 2cm，再用细线在金属球 A 的下面挂上重为 30N 的金属球 B 时又伸长了 3cm，现将 A、B 间的细线烧断，使金属球 A 沿竖直直线振动，则（ ）
山东省枣庄八中高二物理上学期期末试题(含解析)新人教版
2014-2015学年山东省枣庄八中高二（上）期末物理试卷一、本题包括10小题．每小题4分，共40分．每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．，磁场中某点的磁感应强度B=B=，具有比值定义法的共性，B=得，B=，得4．（4分）（2000•上海）如图所示，两根平行放置的长直导线a和b载有大小相同方向相反的电流，a受到的磁场力大小为F1，当加入一与导线所在平面垂直的匀强磁场后，a受到的磁场力大小变为F2，则此时b受到的磁场力大小变为（）5．（4分）（2014秋•薛城区校级期末）如图所示，通电细杆ab 质量为m ，置于倾角为θ的导轨上．导轨和杆间接触位置是粗糙的，通有电流时，杆静止在导轨上．下图是四个侧视图，B6．（4分）（2014秋•薛城区校级期末）如图所示，一条形磁铁静止在水平桌面上，在它的左上方固定一通电直导线（电流方向如图），导线与磁场垂直，现突然将导线中的电流等大反向，则（ ）7．（4分）（2014秋•薛城区校级期末）带电量为q的电荷，从静止开始经过电压为U的电场运动速率为质量为Bqv=mv=，m=8．（4分）（2014秋•薛城区校级期末）如图所示，匀强电场E的方向竖直向下，匀强磁场B 的方向垂直纸面向里，让三个带有等量同种电荷的油滴M、N、P进入该区域中，M进入后能向左做匀速运动，N进入后能在竖直平面内做匀速圆周运动，P进入后能向右做匀速运动，则三个油滴的质量关系是（）9．（4分）（2014秋•曲阳县校级期末）如图所示，在边长为2a的正三角形区域内存在方向垂直于纸面向里的匀强磁场，一个质量为m、电荷量为﹣q的带电粒子（重力不计）从AB边的中点O以速度v进入磁场，粒子进入磁场时的速度方向垂直于磁场且与AB边的夹角为60°，若要使粒子能从AC边穿出磁场，则匀强磁场的大小B需满足（）＞＞qvB=m，r=＜10．（4分）（2014秋•薛城区校级期末）如图所示，两平行金属板的间距等于极板的长度，现有重力不计的正离子束以相同的初速度v0平行于两板从两板正中间射入．第一次在两极板间加恒定电压，建立场强为E的匀强电场，则正离子束刚好从上极板边缘飞出．第二次撤去电场，在两极间建立磁感应强度为B、方向垂直于纸面的匀强磁场，正离子束刚好从下极板边缘飞出，则E和B的大小之比为（）v0 Bv0 v0t2，E=﹣，B=比较可得=1.25v0二、本题共2小题，共16分．11．（10分）（2014秋•薛城区校级期末）（1）用多用表的欧姆挡测量阻值约为几十千欧的电阻Rx，以下给出的是可能的操作步骤，其中S为选择开关，P为欧姆挡调零旋钮，请将正确的步骤前的字母按合理的顺序填写c、a、b、ea．将两表笔短接，调节P使指针对准刻度盘上欧姆挡的零刻度，断开两表笔b．将两表笔分别连接到被测电阻的两端，读出Rx的阻值后，断开两表笔c．旋转S使其尖端对准欧姆挡×1kd．旋转S使其尖端对准欧姆挡×100e．旋转S使其尖端对准交流500V挡，交拔出两表笔（2）下述关于用多用表欧姆挡测电阻的说法中正确的是ACA．测量电阻时如果指针偏转过大，应将选择倍率较小的挡位，重新调零后测量B．测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，则会影响测量结果C．测量电路中的某个电阻，应该把该电阻与电路断开D．测量阻值不同的电阻时都必须重新调零（3）多用电表是实验室和生产实际中常用的仪器．使用多用电表进行了两次测量，指针所指的位置分别如图中a、b所示．若选择开关处在“×10Ω”欧姆挡时指针位于a，则被测电阻的阻值是500Ω．若选择开关处在“直流电压 2.5V”挡时指针位于b，则被测电压是 2.00V．12．（6分）（2014秋•薛城区校级期末）一实验小组做了“测量电池的电动势和内电阻”的实验，他们在实验室里找到了以下器材：A．一节待测的干电池B．电流表A1（满偏电流3mA，内阻RA1=10Ω）C．电流表A2（0～0.6A，内阻RA2=0.1Ω）D．滑动变阻器R1（0～20Ω，10A）E．定值电阻R0（1190Ω）F．开关和导线若干某同学发现上述器材中虽然没有电压表，但提供了两块电流表，于是他设计了如图1所示的电路，并进行实验．该同学测出几组电流表A1、A2的数据I1、I2，利用测出的数据画出I1﹣I2图象如图2，则由图象可得被测干电池的电动势E= 1.5V，内电阻r=0.6Ω．r===0.6Ω三、本题共4小题，共44分．解答应写出必要的文字说明、方程式及重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．13．（10分）（2014秋•薛城区校级期末）如图所示，两平行金属导轨间的距离L=0.40m，金属导轨所在的平面与水平面夹角θ=37°，在导轨所在平面内，分布着磁感应强度B=0.50T、方向垂直于导轨所在平面的匀强磁场．金属导轨的一端接有电动势E=4.5V、内阻r=0.50Ω的直流电源．现把一个质量m=0.040kg的导体棒ab放在金属导轨上，导体棒恰好静止．导体棒与金属导轨垂直且接触良好，导体棒与金属导轨接触的两点间的电阻R0=2.5Ω，金属导轨电阻不计，g取10m/s2，已知sin 37°=0.60，cos 37°=0.80，求：（1）通过导体棒的电流；（2）导体棒受到的摩擦力．I=14．（10分）（2014秋•薛城区校级期末）竖直放置的半圆形光滑绝缘管道处在如图所示的匀强磁场中，B=1.1T，管道半径R=0.8m，其直径POQ在竖直线上，在管口P处以2m/s的速度水平射入一个带电小球，可把它视为质点，其电荷量为lO﹣3C（g=lOm/s2），试求：（1）小球滑到Q处的速度为多大？（2）若小球从Q处滑出瞬间，管道对它的弹力正好为零，小球的质量为多少？+2mgR=vQ=mg=mkg=1.2×1015．（10分）（2014秋•薛城区校级期末）已知某一带负电的以速度v0垂直进入磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向垂直于纸面向外，宽度为d，飞出时速度的方向变化了30°，﹙重力不计﹚求：﹙以下结果均用d、B、v0表示﹚（1）该粒子的比荷．（2）该粒子在磁场中飞行的时间．（3）若只改变磁感应强度的大小，欲使粒子从左边界射出，磁感应强度至少为多少？r=r==2dqvB=由①②得：t=，）该粒子的比荷是．．16．（14分）（2014秋•薛城区校级期末）如图所示，在直角梯形ABDC区域内存在有平行于AC向下的匀强电场，在BD边以下到CD延长线的区域存在有垂直于纸面的匀强磁场（图中未标出），已知AC边长L，AB边长，CD边长．一个质量为m、电荷量为+q的带电粒子（重力不计）以初速度v0从A点沿AB方向进入电场，从BD的中点P处进入磁场，并从CD延长线上的O点以垂直于DC边的速度离开磁场，求：（1）电场强度E的大小和带电粒子经过P点时速度v的大小和方向；（2）磁场的磁感应强度B的大小和方向；（3）粒子从A到O经历的时间．竖直方向：解得：，则有点的速度为得：粒子在磁场中做匀速圆周运动得：）粒子在电场中运动的时间：粒子在磁场中运动的时间：的大小为，带电粒子经过的大小为，方向垂直纸面向外；经历的时间是．。
2020-2021学年山东省枣庄市第八中学东校区高二上学期第二次质量检测物理试题 解析版
山东省枣庄市第八中学东校区2020-2021学年高二上学期第二次质量检测物理试题 解析版第I 卷（选择题）一、单选题(共24分)1. 下列叙述中正确的是( )A. 电场强度的定义式F E q =适用于任何电场，式中的q 是场源电荷的电荷量 B. 强度公式 2kQ E r =适用于真空中点电荷，式中的 Q 是场源电荷的电荷量 C. 公式U E d =是匀强电场的场强计算式，U 越大，则电场强度越大 D. 由F E q =可知q 越大，则电场强度越小；由2kQ E r=可知Q 越大，则电场强度越大 【答案】B【解析】【详解】A ．F E q =是电场强度的定义式，它适用于任何电场，式中的q 是试探电荷的电荷量，故A 错误；B ．2 Q E k r=是真空中点电荷场强的计算式，式中的Q 是场源电荷的电荷量，故B 正确； C ． U E d =是匀强电场的场强计算式，U 越大，电场强度恒定不变，故C 错误；D ．FE q=是电场强度的定义式，式中的q 是试探电荷的电荷量，电场强度的大小与q 无关，2Q E k r =是真空中点电荷场强的计算式，式中的Q 是场源电荷的电荷量，Q 越大，电场强度越大，故D 错误。
故选B 。
2. 丹麦物理学家奥斯特在1820年通过实验发现电流磁效应，下列说法正确的是( )A. 奥斯特在实验中观察到电流磁效应，揭示了电磁感应定律B. 将直导线沿东西方向水平放置，把小磁针放在导线的正下方，给导线通以足够大电流，小磁针一定会转动C. 将直导线沿南北方向水平放置，把小磁针放在导线的正下方，给导线通以足够大电流，小磁针一定会转动D. 将直导线沿南北方向水平放置，把铜针(用铜制成的指针)放在导线的正下方，给导线通以足够大电流，铜针一定会转动【答案】C【解析】【详解】奥斯特在实验中观察到了电流的磁效应，而法拉第发现了电磁感应定律；故A错误；将直导线沿东西方向水平放置，把小磁针放在导线的正下方时，小磁针所在位置的磁场方向可能与地磁场相同，故小磁针不一定会转动；故B错误；将直导线沿南北方向水平放置，把小磁针放在导线的正下方，给导线通以足够大电流，由于磁场沿东西方向，则小磁针一定会转动；故C正确；铜不具有磁性，故将导线放在上方不会受力的作用，故不会偏转；故D 错误；故选C．【点睛】本题考查电流的磁场的性质，要注意能明确电磁场方向的判断，并掌握小磁针受力方向为该点磁场的方向．3. 如图所示，A、B、C、D是匀强电场中一正方形的四个顶点，场强方向平行正方形ABCD 所在平面．已知A、B、C三点的电势分别为φA=9V，φB=3V，φC=-3V，则A. D点的电势φD=3V，场强方向平行AB方向B. D点的电势φD=3V，场强方向平行AC方向C. D点的电势φD=6V，场强方向平行BC方向D. D点的电势φD=6V，场强方向平行BD方向【答案】B【解析】【详解】CD.匀强电场中，由公式U=Ed知沿着任意方向每前进相同的距离，电势差都相等，故连接AC，AC连线的中点为E，则E点的电势为93V3V22A CEϕϕϕ+-===；连接BE，如图所示：则BE 为一条等势线，D 点在BE 连线上，所以D 点电势3V D ϕ=;故C 项，D 项均错误. AB.过A 点作出垂直于BE 的有向线段，由高电势点A 直线BE ，如图中红线所示，即为电场线，那么场强方向平行AC 方向；故A 错误，B 正确.4. 如图是某电源的路端电压与电流的关系图像，下面结论正确的是（ ）A. 电源的电动势为1.0VB. 电源的内阻为12ΩC. 电源的短路电流为0.5AD. 电流为0.3A 时的外电阻是18Ω【答案】D【解析】【详解】A ．电源的电动势为纵轴的截距，为6.0V ，故A 错误；B ．电源的内阻为该图形的斜率绝对值6.0 5.0 2.00.5U r I ∆-==Ω=Ω∆ 故B 错误； C ．该图像的纵轴没有从零开始，故图像与横轴的电流不是短路电流，短路电流6.0V =3.0A 2.0ΩE I r ==短 故C 错误；D ．根据闭合电路的欧姆定律E I R r =+得 E R r I=- 带入数据解得 18.0R =Ω故D 正确。
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山东省枣庄市第八中学（东校区）2020-2021学年高二物理上学期9月试题（含解析）（考试时间：100分钟）一、选题题（1—8题为单项选择题，9—12题为多项选择题） 1. 以下对“电场”一章中几个公式的理解正确的是（ ） A. 公式FE q=指出，电场强度E 跟检验电荷的电量q 成反比 B. 由公式UE d=可知，电场中两点的距离越大，电场场强E 越小 C. 在公式122q q F kr=中，22kq r 是2q 的电场在1q 位置的电场强度值 D. 公式p E q φ=指出，同一个电荷在电势越高的地方电势能越大 【答案】C 【解析】【详解】A ．公式FE q=是电场强度的定义式，采用比值法定义，则知E 与F 、q 无关，A 错误；B ．公式只适用于UE d=匀强电场，而匀强电场的场强E 处处相同，与两点间的距离无关，B 错误； C ．在公式122q q F kr=中，将1Q 看成场源电荷，2Q 看成试探电荷，则22Q k r 是点电荷2Q 产生的电场在点电荷1Q 处场强的大小，C 正确；D ．根据电势能公式pE q φ=知，同一个正电荷在电势越高处的电势能越大，而同一个负电荷在电势越高处的电势能越小，D 错误。
故选Ｃ。
2. 图为某匀强电场的电场线，带负电的粒子沿电场线从a 运动到b ，若粒子只受电场力作用，则（ ）A. a 、b 两点电势相等B. 粒子的电势能减小C. 粒子从a 运动到b 过程加速度保持不变D. 粒子做匀加速直线运动 【答案】C 【解析】【详解】A 、沿着电场线方向，电势降低，则有a 点的电势高于b 点电势，故A 错误； B 、带负电的粒子沿电场线从a 运动到b ，电场力做负功，则电势能增加，故B 错误； C 、电场线疏密反映场强大小，从a 向b 运动，场强不变，加速度不变，所以粒子做匀变速直线运动，若速度方向与加速度相同，则做匀加速直线运动；若两方向相反，则做匀减速直线运动，故C 正确，D 错误．【点睛】本题考查了电场线的特点，能够形象地描述电场的强弱和方向，并强调速度与加速度的方向来确定速度增加与否．3. 如图所示，电动机M 的线圈电阻为r ，接入电压恒为U 的电源时，电动机正常工作，此时电动机中通过的电流为I 、消耗的电功率为P 、线圈电阻的发热功率为P 热、输出的机械功率为P 出．则下列关系式正确的是A. U I r=B. P=IU+I 2rC. 2U P r=热 D. P 出=IU-I 2r【答案】D 【解析】【详解】电动机为非纯电阻用电器，电动机中通过的电流为UI r<，它消耗的电能一部分转化成机械能一部分自身发热，线圈电阻的发热功率2P I r =热，消耗的电功率为P IU =，所以根据能量守恒得出2P IU I r =-出 故选D 。
4. 如图所示，在点电荷Q 形成的电场中，已知a 、b 两点在同一等势面上，c 、d 两点在另一等势面上．甲、乙两个带电粒子的运动轨迹分别为acb 和adb 曲线，已知乙粒子带正电．那么下列判断正确的是( )A. 甲粒子在b 点的电势能比在c 点小B. 乙粒子在d 点速度最大C. a 、b 两点电场强度相同D. d 点电势比b 点电势高 【答案】D 【解析】 【分析】根据粒子的轨迹判定甲粒子受到中心点电荷Q 的引力，而乙粒子受到中心点电荷Q 的斥力，可知两粒子在从a 向b 运动过程中电场力做功情况．【详解】A 、由图可知，甲粒子受到中心点电荷Q 的引力，甲粒子从c 到b 的过程中电场力做负功，电势能增大，所以甲粒子在b 点的电势能比在c 点大．故A 错误；B 、乙粒子受到中心点电荷Q 的排斥力，从a 到d 电场力做负功，动能减小，速度减小．从d 到b 电场力做正功，动能增大，速度增大，所以乙粒子在d 点速度最小；故B 错误；C 、a 、b 两点电场强度大小相等，方向不同，则电场强度不同，故C 错误．D 、越靠近正点电荷Q 电势越高，则d 点电势比b 点电势高，故D 正确．故选D ．【点睛】根据轨迹判定“电荷甲受到中心电荷的引力，而电荷乙受到中心电荷的斥力”是解决本题的突破口．要注意电场强度是矢量，只有大小和方向都相同时电场强度才相同． 5. 图中平行金属板A 、B 之间有匀强电场，A 、B 间电压为600V ，A 板带正电，接地，A 、B 两板间距为12cm ，C 点离A 板4cm ，则关于C 点的电势的下列说法中正确的是（ ）A. φC =400VB. φC =﹣400VC. φC =200VD. φC =﹣200V 【答案】D 【解析】【详解】由E=U/d 得：E=6000.12=5000V/m ；C 点电势等于CA 两点的电势差，因A 带正电且电势为零，故C 点电势小于A ，U CA =-Ed 1=-5000×0.04=-200V ，故φC =-200V ，故D 正确，ABC 错误．故选D ．【点睛】在研究电场中能的性质时一定要注意各量间的正负，明确正负在题目中的含义，并能正确应用．6. 如图所示，有向直线为某点电荷电场中的一条电场线，其上两点a 、b 相距为d ，电势差为U ，b 点的场强大小为E ，把电荷量为q 的试探电荷从a 点移到b 点，电场力做功为W ，该试探电荷在a 点所受的电场力大小为F ，下列关系式一定正确的是（ ）A. E ＝FqB. U ＝EdC. E ＝2kq d D. U ＝W q【答案】D 【解析】【详解】A ． a 点的场强大小为在a 点的试探电荷受到的电场力与试探电荷的电荷量的比值，即a F E q =，因电场不一定是匀强电场，可知b 点的场强不一定是FE q=，故A 错误；B ．公式U ＝Ed 只适用与匀强电场，对非匀强电场不适用，故B 错误；C ．点电荷产生的场强大小为E ＝2kqd，其中q 为点电荷，d 为到该点电荷的距离，故C 错误； D ．从a 到b 电场力做功为W ＝qU ，所以电势差U ＝Wq，故D 正确．7. 电阻R 1和R 2上分别标有“100 Ω 4 W”和“12.5 Ω 8 W”字样，将它们串联起来之后，能承受的最大电压是()A. 30 VB. 90 VC. 22.5 VD. 25 V 【答案】C【解析】【详解】电阻R1标有规格“100Ω、4W”，根据P=I2R，额定电流为：1 1140.2A 100PIR＝＝＝电阻R2标有规格“12.5Ω、8W”，根据P=I2R，额定电流为：2 2280.8A 12.5PIR＝＝＝将它们串联起来之后，电路的最大电流I为0.2A，故串联电流的最大电压为：U=I（R1+R2）=0.2×（100+12.5）=22.5VA. 30 V，与结论不相符，选项A错误；B. 90 V，与结论不相符，选项B错误；C. 22.5 V，与结论相符，选项C正确；D. 25 V，与结论不相符，选项D错误；8. 在如图所示的电路中，电源的电动势和内阻以及电阻R2的阻值都恒定，当滑动变阻器R1的滑片处于某位置时，电容器C两极板间的带电油滴恰好悬浮不动。
下列判断正确的是（）A. 若仅减小电容器两极板间的正对面积，油滴将向下运动B. 若仅将R1的滑片向右移动，油滴将向上运动C. 若仅将R1的滑片向左移动，电源的效率将增加D. 若仅将R1的滑片移动，电压表V1、V2的示数变化量的代数和总等于零【答案】B【解析】【详解】A ．减小两板间正对面积，电容器的板间电压不变，场强不变，油滴所受的电场力不变，仍静止，故A 错误；B ．R 1滑动触头向右移动时，接入电路的电阻增大，电路中电流减小，内电压减小，路端电压增大，则电容器板间电压增大，板间场强增大，油滴所受的竖直向上的电场力增大，油滴将向上运动。
故B 正确；C ．同理可得，R 1滑动触头向左移动时，接入电路的电阻减小，外电路电阻减小，而电源的效率()1=1IU IR R r IE I R r R r Rη===+++可知电源的效率减小，故C 错误；D ．R 1的滑动触头移动时，外电阻发生变化，则路端电压随之变化，电压表V 1，V 2的读数之和等于路端电压，所以电压表V 1，V 2的读数变化量的代数和不等于零，故D错误。
故选B 。
9. 电吹风是电动机带动风叶转动的装置，电热丝给空气加热得到热风．设电动机线圈和电热丝的总电阻为R ，接在一电压为u=U 0sinωt 的交流电源上，若已知电吹风使用时消耗的功率为P ，通过电热丝和电动机线圈的总电流为I ，则有A. P ＞202U RB. P ＞I 2RC. P=I 2RD. 02P I =【答案】BD 【解析】 【分析】电吹风不是纯电阻原件，工作时不满足欧姆定律，电吹风的功率满足输入动律=热功率+输出功率，接入交流电，工作时的电压为最大值的有效值 【详解】电动机正常工作时，两端的电压为交流电的有效值02IR >，因此02I R <，功率20022U P I R=<，故A 不对而D 正确，2I R 为电动机发热功率，电动机得输入功率等于输出功率加发热功率，因此2P I R >，因此B 正确，C 错误；所以选BD10. 在研究平行板电容器电容的实验中，电容器的A、B两极板带有等量异种电荷，A板与静电计连接，如图所示．实验中可能观察到的现象是( )A. 增大A、B板间的距离，静电计指针张角变小B. 减小A、B板间的距离，静电计指针张角变小C. 在A、B板间放入一介质板，静电计指针张角变小D. 把B板向上平移，减小A、B板的正对面积，静电计指针张角变小【答案】BC【解析】【详解】A．增大A、B板间的距离，根据电容的决定式4S C kdεπ=知电容C减小，电容器的电量Q不变，则由定义式Q C U=知板间电压U增大，静电计指针张角变大。
A错误。
B．减小A、B板间的距离，根据电容的决定式4S C kdεπ=知电容C增大，电容器的电量Q不变，则由定义式Q C U=知板间电压U减小，静电计指针张角变小。
B正确。
C．在A、B板间放入一介质板，根据电容的决定式4S C kdεπ=知电容C增大，电容器的电量Q不变，则由定义式QCU=知板间电压U减小，静电计指针张角变小。
C正确。
D．把B板向上平移，减小A、B板的正对面积，根据电容的决定式4SC kd επ=知电容C 减小，电容器的电量Q 不变，则由定义式Q C U=知板间电压U 增大，静电计指针张角变大。
D 错误。
故选BC 。
11. 两个带等量正电荷的小球（可视为点电荷）固定在图中a 、b 两点，MN 为ab 连线的中垂线，交直线ab 于O 点，A 为MN 上的一点。
取无限远处的电势为零，一带负电的试探电荷q 仅在静电力作用下运动，则（ ）A. 若q 从A 点由静止释放，其将以O 点为对称中心做往复运动B. 若q 从A 点由静止释放，其在由A 点向O 点运动的过程中加速度先增大后减小C. q 由A 点向O 点运动时，其动能逐渐增大，电势能逐渐减小D. 若在A 点给q 一个合适的初速度，它可以做匀速圆周运动 【答案】ACD 【解析】【详解】A ．若q 从A 点由静止释放，受到向下的电场力作用，向下加速运动，过O 点后受到向上的电场力作用，做减速运动，根据受力情况的对称性可知q 将以O 点为对称中心做往复运动，故A 正确；B ．电荷在O 点时电场力为零，电荷在A 点电场力是否最大无法确定，电荷由A 点向O 点运动的过程中加速度变化情况无法确定，可能一直减小，也可能先增大再减小，故B 错误；C ．q 由A 点向O 点运动时，电场力做正功，说明动能逐渐增大，电势能逐渐减小，故C 正确。