长沙市师大附高二上学期第二次月考物理试卷(含答案)
湖南师范大学附属中学高二物理上学期精选试卷检测题
湖南师范大学附属中学高二物理上学期精选试卷检测题一、第九章静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图所示，y轴上固定有两个电荷量相等的带正电的点电荷，且关于坐标原点O对称。
某同学利用电场的叠加原理分析在两电荷连线的中垂线（x轴）上必定有两个场强最强的点A、'A，该同学在得到老师的肯定后又在此基础上作了下面的推论，你认为其中正确的是（）A．若两个点电荷的位置不变，但电荷量加倍，则x轴上场强最大的点仍然在A、'A两位置B．如图(1)，若保持两个点电荷的距离不变、并绕原点O旋转90°后对称的固定在z轴上，则x轴上场强最大的点仍然在A、'A两位置C．如图(2)，若在yoz平面内固定一个均匀带正电圆环，圆环的圆心在原点O。
直径与(1)图两点电荷距离相等，则x轴上场强最大的点仍然在A、'A两位置D．如图(3)，若在yoz平面内固定一个均匀带正电薄圆板，圆板的圆心在原点O，直径与(1)图两点电荷距离相等，则x轴上场强最大的点仍然在A、'A两位置【答案】ABC【解析】【分析】【详解】A．可以将每个点电荷（2q）看作放在同一位置的两个相同的点电荷（q），既然上下两个点电荷（q）的电场在x轴上场强最大的点仍然在A、A＇两位置，两组点电荷叠加起来的合电场在x轴上场强最大的点当然还是在A、A＇两位置，选项A正确；B．由对称性可知，保持两个点电荷的距离不变、并绕原点O旋转90°后对称的固定在z轴上，则x轴上场强最大的点仍然在A、'A两位置，选项B正确；C．由AB可知，在yOz平面内将两点电荷绕O点旋转到任意位置，或者将两点电荷电荷量任意增加同等倍数，在x轴上场强最大的点都在A、A＇两位置，那么把带电圆环等分成一些小段，则关于O点对称的任意两小段的合电场在x轴上场强最大的点仍然还在A、A＇两位置，所有这些小段对称叠加的结果，合电场在x轴上场强最大的点当然还在A、A＇两位置，选项C正确；D．如同C选项，将薄圆板相对O点对称的分割成一些小块，除了最外一圈上关于O点对称的小段间距还是和原来一样外，靠内的对称小块间距都小于原来的值，这些对称小块的合电场在x轴上场强最大的点就不再在A、A＇两位置，则整个圆板的合电场在x轴上场强最大的点当然也就不再在A、A＇两位置，选项D错误。
湖南省师范大学附属中学2020-2021学年高二(上)月考物理试题
湖南省师范大学附属中学2020-2021学年高二（上）月考物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．如图所示是我国自行研制的“超导托卡马克”可控热核反应实验装置（英文名EAST ，俗称人造太阳）。
其运行原理就是在装置的真空室内加入少量氢的同位素氘或氚，通过类似变压器的原理使其产生等离子体，然后提高其密度、温度使其发生聚变反应，同时产生巨大的能量。
关于该实验装置下列说法中正确的是（ ）A ．这种装置中发生的核反应方程式是23411120H H He n +→+B ．该核反应前后的质量和电荷量都是守恒的C ．核反应产生的条件是核聚变的原料要大于一定的体积（即临界体积）D ．该装置与我国江苏秦山核电站的核反应原理相同2．如图所示，质量为m 的物体A 静止在质量为M 的斜面B 上，斜面B 的倾角30θ=︒．现用水平力F 推物体A ，在F 由零逐渐增加过程中，A 和B 始终保持静止。
重力加速度为g ，对此过程下列说法正确的是（ ）A ．A 所受摩擦力方向始终沿斜面向上B ．地面对B 的支持力随着力F 的增大而增大C ．B 对地面的摩擦力始终不变D ．当tan F mg θ=时，是A 与B 间的摩擦力方向改变的临界状态3．一质量为5kg m =的物体（可视为质点），在20N F =的水平拉力作用下，在粗糙的水平面上沿x 轴正方向做直线运动，已知物体与水平面间的动摩擦因数为μ（未知），物体通过坐标原点时开始计时，其运动的x t t-的图象如图所示，g 取210m/s 。
则（ ）A ．质点做匀加速直线运动，加速度为22.0m/sB ．物体与地面间的动摩擦因数μ为0.5C ．物体在1s 末，拉力的瞬时功率为30WD ．物体与地面间在0~10s 内产生的内能为900J4．中国科学院院士、中国空间技术研究院空间科学与深空探测首席科学家叶培建在接受中新社采访时表示，中国将于2020年发射火星探测器，并计划在2021年之前降落在火星。
湖南省师范大学附属中学2020届高三物理上学期第二次月考试题
湖南省师范大学附属中学2020届高三物理上学期第二次月考试题本试题卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共8页．时量90分钟，满分110分．第Ⅰ卷一、选择题（本题共13小题，每小题4分，共52分．在每小题给出的四个选项中，第1～8题只有一项符合题目要求，第9～13题有多项符合题目要求,全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错的得0分）1．如图所示,三个形状不规则的石块a、b、c在水平桌面上成功地叠放在一起，则石块受力分析正确的是（B)A．c受到水平桌面向左的摩擦力B．c对b的作用力一定竖直向上C．b对a的支持力一定竖直向上D．b对a的支持力一定等于a所受重力【解析】以三石块作为整体研究，根据平衡条件可知，则石块c不会受到水平桌面的摩擦力,故A错误;选ab作为整体研究，根据平衡条件,则石块c对ab整体的作用力与其总重力平衡，则石块c对b的作用力一定竖直向上，故B正确;石块b对a的支持力与其对a的静摩擦力的合力，跟a受到的重力是平衡力，则b对a的支持力和静摩擦力的合力方向竖直向上，支持力的方向不是竖直向上，也不等于a的重力,故C、D错误．所以B正确，A、C、D 错误．2．2011年8月，我国军事现代化进程中迎来了又一个里程碑,中国第一艘航空母舰试验平台首次进行出海航行试验，某次航母做匀加速直线运动速度变化Δv过程中发生的位移为x1，紧接着若速度再变化Δv过程中发生的位移为x2，据此可知航母的加速度是(D)A．(Δv）2（错误!＋错误!) B．（Δv)2（错误!－错误!)C.错误! D。
错误!【解析】设匀加速的加速度a，航母的速度分别为v1、v2和v3，据运动学公式可知：v错误!－v错误!＝2ax1，v错误!－v错误!＝2ax2；且v2－v1＝v3－v2＝Δv；联立以上三式解得：a＝（Δv）2x2－x1，故D正确，A、B、C错误．故选D。
3．如图所示，在光滑水平面上，用弹簧水平连接一斜面，弹簧的另一端固定在墙上，一玩具遥控小车放在斜面上，系统静止不动．用遥控器启动小车，小车沿斜面加速上升，则（D)A．系统静止时弹簧被压缩 B．小车加速时弹簧处于原长C．小车加速时弹簧被压缩 D．小车加速时可将弹簧换成细绳【解析】系统静止时,系统受力平衡，水平方向不受力，弹簧弹力等于零，弹簧处于原长，故A错误；小车加速上升时，知系统受到的合力的水平分力不为零，且方向向右，则弹簧提供的是拉力,所以弹簧处于拉伸状态．所以小车加速时,可将弹簧换成细绳．故B、C错误，D正确．4．如图所示，MN为一竖直墙面，图中x轴与MN垂直，距墙面L的A点固定一点光源．现从A点把一小球以水平速度向墙面抛出．则小球在墙面上的影子的运动应是(D)A．自由落体运动B．变加速直线运动C．匀加速直线运动D．匀速直线运动【解析】设影子距M点为y′，则由三角形相似错误!＝错误!，AM＝L，所以y′＝gL2v0t，即为匀速直线运动．故选D.5．如图所示，一条质量分布均匀的长度为L的铁链置于光滑水平桌面上．用手按着一端，使另一端长L0的一段下垂．放开手后使铁链从静止开始下滑，当铁链完全通过桌边的瞬间，铁链具有的速率为(D）A.错误! B。
湖南省长沙市湖南师范大学附属中学高二物理上学期精选试卷检测题
湖南省长沙市湖南师范大学附属中学高二物理上学期精选试卷检测题一、第九章静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图所示，质量相同的A、B两物体放在光滑绝缘的水平面上，所在空间有水平向左的匀强电场，场强大小为E，其中A带正电，电荷量大小为q，B始终不带电。
一根轻弹簧一端固定在墙面上，另一端与B物体连接，在电场力作用下，物体A紧靠着物体B，一起压缩弹簧，处于静止状态。
现在A物体上施加一水平向右的恒定外力F。
弹簧始终处于弹性限度范围内，下列判断正确的是（）A．若F = qE，则弹簧恢复到原长时A、B两物体分离B．若F = qE，则弹簧还未恢复到原长时A、B两物体分离C．若F > qE，则弹簧还未恢复到原长时A、B两物体分离D．若F < qE，则A、B两物体不能分离，且弹簧一定达不到原长位置【答案】AC【解析】【分析】【详解】AB．若F = qE，A物体所受合力为0，在弹簧处于压缩状态时，B物体由于弹簧的作用向右加速运动，而A物体将被迫受到B物体的作用力以相同的加速度一起向右加速运动，A、B 两物体未能分离，当弹簧恢复到原长后，B物体在弹簧的作用下做减速运动，A物体做匀速直线运动，则B物体的速度小于A物体的速度，A、B两物体将分离，故A正确，B错误；C．若F > qE，A物体将受到水平向右恒力F A = F− qE的作用，弹簧在恢复到原长之前，对B 物体的弹力逐渐减小，则B物体的加速度逐渐减小，当A、B两物体刚要分离时，A、B两物体接触面的作用力刚好为0，此时弹簧对B物体的作用力所产生的加速度与恒力F A对A 物体产生的加速度相等（a B = a A 0），此时弹簧还未恢复到原长，故C正确；D．若F < qE，A物体将受到水平向左恒力F A = qE− F的作用，如果F A比较小，那么A、B 两物体还是可以分离的，并且在超过弹簧原长处分离，故D错误。
故选AC。
2．真空中，在x轴上的坐标原点O和x=50cm处分别固定点电荷A、B，在x=10cm处由静止释放一正点电荷p，点电荷p只受电场力作用沿x轴方向运动，其速度与在x轴上的位置关系如图所示。
湖南省长沙市湖南师范大学附属中学2018-2019学年高二上学期第二次阶段性检测物理试卷(含解析)
高二年级第一学期第二次阶段性测试物理一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分.在每小题给出的四个选项中，第1～8题只有一项符合题目要求，第9～12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，不选或有选错的得0分.）1. 在电磁学发展过程中，许多科学家做出了贡献。
下列说法正确的是A. 库仑发现了点电荷的相互作用规律B. 安培发现了电流的磁效应C. 洛仑兹发现了磁场对电流的作用规律D. 奥斯特发现了磁场对运动电荷的作用规律【答案】A【解析】库仑发现了点电荷之间的相互作用规律，推出了库仑定律，A正确。
安培发现了磁场对电流的作用规律，洛仑兹发现了磁场对运动电荷的作用规律，奥斯特发现了电流的磁效应，BCD错误。
2.在下列示意图中能产生感应电流的是A. B. C. D.【答案】A【解析】【详解】A图中线框的面积增大，穿过线框的磁通量增大，能够产生感应电流。
故A正确；B图中线圈是不闭合的，不能产生感应电流。
故B错误；C图中线圈整体垂直于磁场运动，线圈的磁通量始终是最大，没有发生变化，没有感应电流。
故C错误。
D图中由于直导线在线圈的直径的上方，所以穿过线圈的磁通量等于0，电流增大，线圈的磁通量仍然是0．故D错误；故选A。
3.图中虚线为一组间距相等的同心圆，圆心处固定一带正电的点电荷.一带电粒子以一定初速度射入电场，实线为粒子仅在电场力作用下的运动轨迹，a、b、c三点是实线与虚线的交点.则该粒子A. 带负电B. 在c点受力最大C. 由a点到c点电势能先增加后减小D. 由a点到b点的动能变化等于由b点到c点的动能变化【答案】C【解析】【详解】根据轨迹弯曲方向判断出，粒子在a→b→c的过程中，一直受静电斥力作用，根据同性电荷相互排斥，故粒子带正电荷，A错误；点电荷的电场强度的特点是离开场源电荷距离越大，场强越小，粒子在C点受到的电场力最小，故B错误；根据动能定理，粒子由a到c，电场力先做负功，后做正功，故粒子的电势能先增大后减小，故C正确；a点到b点和b点到c点相比，由于点电荷的电场强度的特点是离开场源电荷距离越大，场强越小，故a到b电场力做功为多，动能变化也大，故D错误。
2020-2021学年湖南师大附中高三(上)第二次月考物理试卷(10月份Word+答案)
2020-2021学年湖南师大附中高三（上）第二次月考物理试卷（10月份）一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分.在每小题给出的四个选项中，第1～8题只有一项符合题目要求，第9-12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．能量守恒定律是自然界最普遍的规律之一，以下现象、规律不能体现能量守恒定律的是（）A．行驶的汽车B．牛顿第三定律C．神舟飞船返回地面D．机械能守恒定律2．如图所示，在离地面一定高度处把4个水果以不同的初速度竖直上抛，不计空气阻力，若1s后4个水果均未着地，则1s后速率最大的是（）A．B．C．D．3．中欧班列在欧亚大陆开辟了“生命之路”，为国际抗疫贡献了中国力量。
某运送防疫物资的班列由40节质量相等的车厢组成，在车头牵引下，列车沿平直轨道匀加速行驶时，第2节对第3节车厢的牵引力为F．若每节车厢所受摩擦力、空气阻力均相等，则倒数第3节对倒数第2节车厢的牵引力为（）A．F B．C．D．4．在某综艺节目中，进行抛球击鼓的游戏，如图是游戏场地的示意图。
图中甲、乙两鼓等高，丙、丁两鼓较低但也等高。
要求游戏者每次在图示位置从相同高度将球沿水平方向抛出，忽略空气阻力，则（）A．击中甲、乙的两球初速度v甲＝v乙B．击中甲、乙的两球初速度v甲＞v乙C．假设某次抛出的球能够击中甲鼓，用相同速度发球可能击中丁鼓D．击中四鼓的球中，击中丙鼓的初速度最大5．“S路”曲线行驶是我国驾驶证考试中的一个项目。
某次考试过程中，有两名学员分别坐在驾驶座和副驾驶座上，并且始终与汽车保持相对静止，汽车在弯道上行驶时可视作圆周运动，行驶过程中未发生打滑。
如图所示，当汽车在水平“S路”图示位置处减速行驶时（）A．两名学员具有相同的线速度B．两名学员具有相同的角速度C．汽车受到的摩擦力与速度方向相反D．坐在副驾驶上的学员受到汽车的作用力较大6．一物体在不同的水平外力作用下，分别由静止开始沿光滑的水平桌面上做直线运动，它运动的图象分别如图所示，其中前4s内水平力做功最多的是（）A．B．C．D．7．高空抛物现象曾被称为“悬在城市上空的痛”。
湖南长沙市湖南师大附属中学2020-2021高二(上)第二次大练习物理(含答案)
湖南师大附中2020-2021学年度高二第一学期第二次大练习物理时量：90分钟满分：100分得分：_______________一、单选题（本大题共9小题，共27分）1.以下叙述中正确的是（）A.卡文迪许发现了万有引力定律B.随着科技的发展，地球同步卫星一定能出现在我国首都上空C.滑动变阻器分压接法比限流接法的电压测量范围小D.法拉第首先提出了电场的概念2.某兴趣小组调查一条河流的水质情况，通过计算结果表明，被污染的河里一分钟内有相当于6C的正离子和9C的负离子向下游流去，则取样时这条河流的等效电流大小和方向分别是（）A.0.25A逆流而上B.0.05A逆流而上C.0.10A顺流而下D.0.15A顺流而下3.如图所示，绝缘水平面上有A、B、C、D四点，依次相距L，若把带电金属小球甲（半径远小于L）固定在B点，测得D点处的电场强度大小为E；现将不带电的相同金属小球乙与甲充分接触后，再把球乙置于A点，此时D点处的电场强度大小为（）A.1318E B.119E C.1118E D.139E4.一个电源接8Ω电阻时，通过电源的电流为0.20A，接3Ω电阻时，通过电源的电流为0.40A，则电源的电动势和内阻分别为（）A.2V 1.5ΩB.1.5V 2ΩC.2V 2ΩD.1.5V 1.5Ω5.如图所示，在两等量异种点电荷的电场中，MN为一根光滑绝缘细杆，放在两电荷连线的中垂线上，a、b、c三点所在水平直线平行于两点电荷的连线，且a与c关于MN对称，b点位于MN上，d点位于两电荷的连线上.下列说法中正确的是（）A.a 点的场强方向与b 点的场强方向相同B.a 点的电势大小与c 点的电势大小相同C.b 点的场强大于d 点的场强D.套在细杆上的带电小环由静止释放后将做匀加速直线运动6.有一根长1.20m 的导线，横截面积为20.10mm .在它两端加0.60V 电压时，通过它的电流正好是0.10A.则这根导线是由_____________制成的（下表是常温下几种材料的电阻率，单位为m Ω⋅）A.镍铜合金B.铜丝C.锰铜合金D.铝丝7.中医药在新冠肺炎疫情中发挥重要作用.如图所示是高压电场干燥中药技术基本原理图，在大导体板MN 上铺一薄层中药材，针状电极O 和平板电极MN 接高压直流电源，其间产生较强的电场.水分子是极性分子，可以看成棒状带电体，一端带正电，另一端带等量负电；水分子在电场力的作用下会加速从中药材中分离出去，在鼓风机的作用下飞离电场区域从而加速干燥.图中虚线ABCD 是某一水分子从A 处由静止开始的运动轨迹.下列说法正确的是（ ）A.A 处的电场强度大于D 处B.B 处的电势高于C 处C.水分子做匀变速曲线运动D.水分子由A 运动到C 的过程中电势能减少8.有两盏电灯1L 和2L ，用图中所示的两种方式连接到电路中，已知电压U 相同，且两盏电灯均能发光.比较在甲、乙两个电路中电灯1L 的亮度，下列说法正确的是（ ）A.甲图电路中灯1L 比乙图电路中灯1L 亮B.乙图电路中灯1L 比甲图电路中灯1L 亮C.两个电路中灯1L 一样亮D.不知它们的额定电压和额定功率，无法判断9.如图所示，11H 、21H 、31H 三种粒子从同一位置无初速度地飘入水平向右的匀强电场，被加速后进入竖直向下的匀强电场发生偏转，最后打在屏上，整个装置处于真空中，不计粒子重力及其相互作用，那么（ ）A.偏转电场对11H 做功最大B.三种粒子打到屏上时动能相等C.三种粒子被加速后运动到屏上所用时间相同D.三种粒子打到屏上时速度的方向不同二、多选题（本大题共5小题，共20分，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选的得0分） 10.小灯泡通电后其电流I 随所加电压U 变化的图线如图所示，P 为图线上一点，PN 为图线在P 点的切线，PQ 为U 轴的垂线，PM 为I 轴的垂线，则下列说法中不正确的是（ ）A.随着所加电压的增大，小灯泡的电阻减小B.对应P 点，小灯泡的电阻为12U R IC.对应P 点，小灯泡的电阻为121U R I I =- D.对应P 点，小灯泡的功率的数值等于图中矩形PQON 所围的面积大小11.物理学家密立根通过研究平行板间悬浮不动的带电油滴，准确地测定了电子的电荷量.如图所示，平行板电容器两极板M 、N 与电压恒定为U 的电源两极相连，板的间距为d.现有一质量为m 的带电油滴在极板间匀速下落，则（ ）A.此时极板间的电场强度U E d= B.油滴带电荷量为mgdUC.减小极板间电压，油滴将加速下落D.将极板N 向下缓慢移动一小段距离，油滴将向上运动12.如图所示，图线1表示导体A 的电阻，设为1R ，图线2表示导体B 的电阻，设为2R ，则下列说法正确的是（ ）A.12:3:1R R =B.把A 拉长为原来的3倍后，其电阻等于B 的电阻2RC.将A 与B 串联后接在电源上，二者消耗的功率之比12:1:3P P =D.将A 与B 并联后接于电源上，通过二者的电流之比12:3:1I I =13..真空中有一半径为0r 的均匀带电金属球，以球心为原点建立x 轴，轴上各点的电势ϕ分布如图所示，1r 、2r 分别是x +轴上A 、B 两点到球心的距离.下列说法中正确的有（ ）A.00~r 范围内电场强度不为零B.A 点电场强度小于B 点电场强度C.A 点电场强度的方向由A 指向BD.正电荷从A 点移到B 点过程中电场力做正功14.1R 和2R 是材料相同、厚度相同、上下表面都为正方形的导体，但1R 的尺寸比2R 大得多，把它们分别连接在如图所示电路的A 、B 两端，接1R 时电压表的读数为1U ，接2R 时电压表的读数为2U ，则下列判断正确的是（ ）A.12R R =B.12R R >C.12U U >D.12U U =三、实验题（本大题共2个小题，共16分）15.现有一合金制成的圆柱体.为测量该合金的电阻率，现用伏安法测量圆柱体两端的电阻，用游标卡尺测量该圆柱体的长度，用螺旋测微器测量该圆柱体的直径，游标卡尺和螺旋测微器的示数如图甲和乙所示.（1）由图读得圆柱体的长度为_______________cm ，直径为_________________mm.（2）若流经圆柱体的电流为I ，圆柱体两端的电压为U ，圆柱体的直径和长度分别用D 、L 表示，则用D 、L 、I 、U 表示的电阻率的关系式为ρ=______________.16.小明同学用伏安法测定额定电压为2.5V 的小灯泡的伏安特性曲线.（1）图甲是连接好的实物电路图，在开关闭合前，小明同学又再次仔细检查了电路的连接，发现电路有误.请你帮他纠正错误_________________（任意写出两处即可）.（2）为使测量尽量准确，滑动变阻器应选用图乙中的_____________（填“1R ”或“2R ”）.（3）在纠正错误后，小明同学进行了多次的实验，某次得到电压表的示数如图丙所示，则电压表的读数为_________________V.（4）若小明在实验过程中，不知道应该采用电流表内接还是外接，于是他两种接法各做了一次，根据数据，分别得到了伏安特性曲线“1”和“2”.则实验中误差较小的操作应选择曲线______________（填“1”或“2”）. （5）请把小明同学最后修正好的测定该小灯泡伏安特性曲线的电路图画在以下方框中.四、计算题（本大题共3小题，共37分）17.（10分）如图所示，已知路端电压36V U =，电容器19μF C =、26μF C =，电阻118R =Ω、26R =Ω.（1）开关S 先断开再闭合，电容器1C 的电荷量改变了多少？ （2）保持开关S 闭合，电路稳定后，求电阻1R 和2R 消耗的总功率.18.（12分）如图所示的电路中，小量程电流表的内阻200g R =Ω，满偏电流1mA g I =，12800R =Ω，20.2R =Ω.（1）当1S 和2S 均断开时，改装所成的表是什么表？量程多大？ （2）当1S 和2S 均闭合时，改装所成的表是什么表？量程多大？ （3）当2S 闭合1S 断开时，改装所成的表是什么表？量程多大？19.（15分）如图所示，虚线左侧存在非匀强电场，MO 是电场中的某条电场线，方向水平向右，长直光滑绝缘细杆CD 沿该电场线放置.质量为1m 、电荷量为1q +的A 球和质量为2m 、电荷量为2q +的B 球穿过细杆（均可视为点电荷）.0t =时A 、B 两小球分别从O 点和O 点右侧某处以初速度0v 和1v 向左运动，且10v v >.小球A 做匀速运动，0t 时运动到P 点（图中未画出），此时B 恰好到达O 点（未进入非匀强电场区域），且两电荷间距离最小.非匀强电场PO 两点间电势差为0U .（静电力常量为k ）（1）求00~t 时间内A 所受非匀强电场力的冲量I ； （2）求杆所在直线上场强的最大值E ；（3）求A 、B 两电荷组成的系统在0t 时间内电势能的改变量p E ∆.湖南师大附中2020-2021学年度高二第一学期第二次大练习物理参考答案一、单选题（本大题共9小题，共27分）1.D 【解析】牛顿发现了万有引力定律，选项A 错误；同步卫星只能定点在赤道的上空，不可能出现在我国首都上空，选项B 错误；滑动变阻器分压接法比限流接法的电压测量范围大，选项C 错误；法拉第首先提出了电场的概念，选项D 正确.2.B 【解析】在1min 内通过横截面的总电荷量应为6C 9C 3C q =-=-，所以电流||0.05A q I t==，方向与河水的流动方向相反，即电流的方向为逆流而上，选项B 正确. 3.A 【解析】由点电荷的电场强计算式2Q E kr =，得()22Q E k L =，两球接触后，电荷量平分，有122Q Q Q ==，()()22213227223D Q QkkQ E k L L L =+=，联立得1318D E E =，所以选项A 正确. 5.D 【解析】根据等量异种电荷的电场线分布可知，b 点的场强方向水平向右，a 点的场强方向斜向上，方向不同，选项A 错误；从a 点向c 点移动一个正试探电荷，电场力做正功，电势能减小，电势减小，a 点的电势大于与c 点的电势，选项B 错误；b 点的场强小于两点电荷连线中点处的场强，而两点电荷连线中点处的场强小于d 点的场强，则b 点的场强小于d 点的场强，选项C 错误；套在细杆上的带电小环由靜止释放后，由于竖直方向只受重力，电场力垂直细杆方向，则小环将做匀加速直线运动，选项D 正确. 6.A 【解析】由U R I =及l R S ρ=得75.010m USIlρ-==⨯Ω⋅，所以导线是由镍铜合金制成的. 7.D 【解析】电场线密的地方电场强度大，A 处的电场强度小于D 处，所以选项A 错误；顺着电场线方向电势降低，B 处的电势低于C 处，所以选项B 错误；水分子受到的电场力是变力，所以做变加速运动，选项C 错误；水分子两端带等量异种电荷，所以水分子的棒状与电场方向平行，且上端的电场强度大，受到较大的电场力，故水分子受到的合力沿电场线向上，即电场力对水分子做正功，根据功能关系可知电势能减少，选项D 正确.8.B 【解析】因为电压U 相同，两盏电灯串联后，电压要按照电灯阻值的大小分配，1L 两端电压小于U ；两盏电灯并联后，加在电灯两端的电压都为U ，因此并联后的灯泡较亮，选项B 正确.9.B 【解析】粒子在加速电场中运动时有2012qU mv =加，进入偏转电场的侧向位移可表示为2222200112224qE L qEL EL y at m v mv U ⎛⎫==⋅⋅== ⎪⎝⎭加.出偏转电场时速度方向与水平方向的夹角满足200tan 2y v at qEL ELv v mv U θ====加，侧向位移和角度的正切都与粒子的比荷无关，故它们一定打到屏上同一位置，且速度方向相同，D 项错误；三种粒子电荷量相同，经过加速电场做功和偏转电场做功均相冋，由动能定理知打到屏上时动能均相同，B 项正确，A 项错误.三种粒子水平方向的速度不同而水平位移相同，故运动到屏上所用时间不同，C 项错误. 二、多选题（本大題共5小题，共20分）10.ACD 【解析】I U -图线上点与O 点连线的斜率逐渐减小，说明电阻逐渐増大，A 项错误；对应P 点，小灯泡的电阻为11221U U R I I I =≠-，B 项正确，C 项错误；对应P 点，小灯泡的功率为21P I U =，此值恰为图中矩形PQOM 所围面积的大小，D 项错误.11.ABC 【解析】极板间电压为U ，间距为d ，是匀强电场，故场强UE d=，故选项A 正确；油滴受重力和电场力，处于平衡状态，故U mg qd =，解得mgd q U=，故选项B 正确；减小极板间电压，场强减小，电场力小于重力，合力向下，故油滴将加速下落，故选项C 正确；将极板N 向下缓慢移动一小段距离，板间距増加，场强减小，电场力减小，电场力小于重力，合力向下，故油滴将加速下落，故选项D 错误. 12.CD 【解析】根据I U -图象知，图线的斜率表示电阻的倒数，所以12:1:3R R =，A 项错误；根据公式l R S ρ=可得，把A 拉长为原来的3倍后，横截面积减小为原来的13，所以电阻变为原来的9倍，B 项错误；串联电路电流相等，将A 与B 串联后接于电源上，根据公式2P I R =可得，消耗的功率之比12:1:3P P =，C 项正确；并联电路电压相等，电流之比等于电阻之反比，所以将A 与B 并联后接在电源上，通过二者的电流之比12:3:1I I =，D 项正确.13.CD 【解析】报据E xϕ∆=∆可知，x ϕ-图象的斜率表示电场强度的大小，由图可知在00~r 范围内斜率为0，故在00~r 范围内电场强度处处为零，故A 项错误；根据场强公式2kQE r=，得A 点的电场强度大于B 点的电场强度，故B 项错误；A 到B 电势降低，所以A 点的电场强度方向由A 指向B ，故C 项正确；正电荷沿直线从A 移到B 的过程中，电场力方向由A 指向B ，所以电场力做正功，故D 项正确.14.AD 【解析】电流从导体的横截面流过，由电阻定律L a R S ad dρρρ===，可见电阻与边长a 无关，选项A 正确，B 错误；因外电阻相同，故路端电压相等，选项C 错误，D 正确. 三、实验题（本大题共2个小题，每空2分，共16分） 15.（6分）（1）10.355 1.1961.195~1.197均可）（2）24D UILπ【解析】（1）游标卡尺的固定刻度读数为10.3cm ，游标尺读数为0.0511mm 0.55mm 0.055cm ⨯==，所以最终读数为：10.3cm 0.055cm 10.355cm +=.螺旋测微器的固定刻度读数为1mm ，可动刻度读数为0.0119.6mm 0.196mm ⨯=， 所以最终读数为：1mm 0.196mm 1.196mm +=； （2）由欧姆定律U R I =和电阻定律LR Sρ=， 联立得24RS US D U L IL ILπρ===. 16.（10分）（1）电源的正负两极对换；滑动变阻器应该选择分压式接法（2）2R （3）2.40（2.39~2.41）（4）1（5）如图所示【解析】1）电流应从电流表、电压表的正接柱流入，所以应将电源的正负两极对换，本实验中灯泡两端电压从零开始变化，所以滑动变阻器应改为分压式接法.（2）滑动变阻器分压式接法中，滑动变阻器的总阻值应选较小的，故应选2R . （3）由图可知，电压表的精确度为0.1V ，所以读数为2.40V .（4）由于灯泡电阻较小，为了减小误差，实验中应选用电流表外接，在电压表示数相同，电流表外接时，电流表的示数较大，故应选1.（5）滑动变阻器分压式接法，电流表外接法. 四、计算题（本大题共3小题，共37分）17.（10分）解析】（1）开关S 断开时，两电容器电压都为U ，设电容器1C 的带电量为1Q ，有11Q C U =①.…………………………………………………………………………1分开关S 闭合时两电阻串联，电容器1C 的电压为U '：112R U U R R '=+②…………………………………………………………………………1分 电容器1C 的带电量为2Q ，有21Q C U '=③………………………………………………………………………1分电容器1C 电荷量减少了12Q Q Q ∆=-④………………………………………………………………1分 代入数据得：58.110C Q -∆=⨯……………………………………………………2分（2）开关S 闭合时两电阻串联，电阻1R 和2R 消耗的总功率为 212U P R R =+⑤………………………………………………2分 代入数据得：54W P =.……………………………………………………2分18.（12分）【解析】（1）当1S 和2S 均断开时，改装成了电压表，量程设为1U1g 1gU I R R =+①…………………………………………………2分 代入数据得：13V U =…………………………………………………2分（2）当1S 和2S 均闭合时，改装成了电流表，其量程设为1Ig12g g I R I I R =+②……………………………………………2分代入数据得：11A I =.…………………………………………………………2分（3）当2S 闭合1S 断开时，相当于将（1）问中的电压表再改装所成电流表，其量程设为2I()122g g g I R R I I R +=+③…………………………………………………………2分代入数据得：215A I =.…………………………………………………………2分19.（15分）【解析】（1）B 球运动过程中水平方向只受A 球对它的库仑力作用，当它运动到O 点时速度跟A 球相同为0v ，此时两电荷间距最小.设此过程中A 、B 两电荷间相互作用力彼此的冲量大小为0I .取向左为正方向.对A 球，由动量定理01010I I m v m v +=-①…………………………………………………………1分 对B 球，由动量定理02021v I m m v -=-②…………………………………………………………1分 由①②得()210I m v v =--，故所求冲量大小为()210m v v -，方向向右………………………2分（2）因为A 球始终做匀速运动时，0t 时间内运动的位移00x v t =③………………………………………………………………………………………1分 此时的库仑力122q q F k x=④…………………………………………………………………1分 因为A 球始终做匀速运动，所以非匀强电场对它的作用力与B 球对它的库仑力是一对平衡力.当B 球到达O 点时，两带电小球间的距高最小，库仑力最大，因此，电场对A 的作用力也最大，电场强度也最大. 1F E q =⑤…………………………………………………………………1分 联立③④⑤得杆所在直线上场强的最大值为：22200kq E v t =…………………………………………2分 （3）B 球向A 球靠近的过程中，设B 对A 做功1W ，A 对B 做功2W ，对A 、B 分别由动能定理.对A 球：2211010101122W q U m v m v -=-⑥………………………………………………………………1分 对B 球：22221211122W m v m v =-⑦………………………………………………………………1分 A 、B 两电荷组成的系统在0t 时间内电势能的改变量()P 12E W W ∆=-+⑧………………………………………………………………2分由⑥⑦⑧式，得A 、B 两电荷组成的系统增加的电势能为22P 2120101122E m q v v m U ∆=--………………………………………………………………2分。
湖南师大附中高二物理上学期第二次段考试卷(含解析)-人教版高二全册物理试题
2015-2016学年湖南师大附中高二〔上〕第二次段考物理试卷一、选择题〔14小题，共56分，第1-9题每题只有一个正确答案，第10-14题每题至少有一个正确答案，选对但没选全的得2分，全部选对的得4分，有错选的得0分〕1．有关磁场的如下表示，正确的答案是〔〕A．磁感线越密的地方磁感应强度越大，磁通量也越大B．顺着磁感线的方向，磁感应强度越来越小C．安培力的方向一定与磁场方向垂直D．在盘旋加速器中，磁场力使带电粒子的速度增大2．对于某一闭合电路，如下说法中正确的答案是〔〕A．外电阻越大，电源的路端电压就越大B．电源的路端电压越大，电源的输出功率就越大C．电源的输出功率越大，电源的效率就越大D．电流总是从电势高的地方流向电势低的地方3．如下列图为一个半径为R的均匀带电圆环，其单位长度带电量为η．取环面中心O为原点，以垂直于环面的轴线为x轴．设轴上任意点P到O点的距离为x，以无限远处为零电势，P点电势的大小为φ．下面给出φ的四个表达式〔式中k为静电力常量〕，其中只有一个是合理的．你可能不会求解此处的电势φ，但是你可以通过一定的物理分析，对如下表达式的合理性进展判断．根据你的判断，φ的合理表达式应为〔〕A．φ=B．φ=C．φ=D．φ=4．两只电压表V1和V2是由完全一样的两个电流计改装成的，V1表的量程是5V，V2表的量程是15V，把它们串联起来接人电路中．如此〔〕A．它们的示数相等，指针偏转角度也相等B．它们的示数之比为1：3．指针偏转角度相等C．它们的示数相等，指针偏转角度之比为1：3D．它们的示数之比、指针偏转角度之比均为1：35．如下列图，将一根粗细均匀的电阻丝弯成一个闭合的圆环，接入电路中，电路与圆环的O点固定，P为与圆环良好接触的滑动头，闭合开关S，在滑动头P缓慢地由m点经n点移到q点过程中，电容器C所带的电荷量将〔〕A．由少变多 B．由多变少 C．先增多后减少 D．先减少后增多6．如下列图，一根长为L的铝棒用两个劲度系数均为k的弹簧水平地悬挂在匀强磁场中，磁感应强度为B，方向垂直纸面向里，当铝棒中通过的电流I方向从左到右时，弹簧的长度变化了△x，如此下面说法正确的答案是〔〕A．弹簧长度缩短了△x，B=B．弹簧长度缩短了△x，B=C．弹簧长度伸长了△x，B=D．弹簧长度伸长了△x，B=7．如图条形磁铁放在桌面上，一条通电的直导线由S极的上端平移到N极的上端，在此过程中，导线保持与磁铁垂直，导线的通电方向如图，如此这个过程中磁铁受力情况为〔〕A．支持力先大于重力后小于重力B．支持力始终大于重力C．摩擦力的方向由向右变为向左D．摩擦力的方向保持不变8．三个速度大小不同的同种带电粒子，沿同一方向从图中长方形区域的匀强磁场上边缘射入，当它们从下边缘飞出时对入射方向的偏角分别为90°、60°、30°，如此它们在磁场中运动的时间之比为〔〕A．3：2：1 B．1：2：3 C．1：1：1 D．1：：9．如下列图，在粗糙的足够长的竖直木杆上套有一个带正电小球，整个装置处在有水平匀强电场和垂直于纸面向里的匀强磁场组成的足够大的复合场中，小球由静止开始下滑，在整个运动过程中，关于描述小球运动的v﹣t图象中正确的答案是〔〕A．B．C．D．10．如图示，相互垂直的固定绝缘光滑挡板PO、QO，竖直放置在重力场中，a、b为两个带有同种电量的小球〔可以近似看成点电荷〕，当用水平向左作用力F作用于b时，a、b紧靠挡板处于静止状态．现假设稍改变F的大小，使b稍有向左移动一段小距离，如此当a、b 重新处于静止状态后〔〕A．a、b间电场力增大B．作用力F将减小C．系统重力势能增加 D．系统的电势能将增加11．电池A和B的电动势分别为E A和E B，内阻分别为r A和r B，假设这两个电池分别向同一电阻R供电时，这个电阻消耗的电功率一样；假设电池A、B分别向另一个阻值比R大的电阻R'供电时，R'消耗的电功率分别为P A、P B．E A＞E B，如此如下判断中正确的答案是〔〕A．电池内阻r A＞r B B．电池内阻r A＜r BC．电功率P A＞P B D．电功率P A＜P B12．如下列图电路，电源内阻不能忽略，R1阻值小于变阻器的总电阻，当滑动变阻器的滑片P停在变阻器的中点时，电压表的示数为U，电流表的示数为I．那么，滑片P由中点向上移动的全过程中〔〕A．电压表的示数始终小于U B．电流表的示数始终大于IC．电压表的示数先增大后减小 D．电流表的示数先减小后增大13．竖直放置的固定绝缘光滑轨道由半径分别为R的圆弧MN和半径为r的半圆弧NP拼接而成〔两段圆弧相切于N点〕，小球带正电，质量为m，电荷量为q．将小球由M点静止释放后，它刚好能通过P点，不计空气阻力．如下说法正确的答案是〔〕A．假设加竖直向上的匀强电场E〔Eq＜mg〕，如此小球能通过P点B．假设加竖直向下的匀强电场，如此小球不能通过P点C．假设加垂直纸面向里的匀强磁场，如此小球不能通过P点D．假设加垂直纸面向外的匀强磁场，如此小球不能通过P点14．如下列图，空间中存在一水平方向匀强电场和一水平方向匀强磁场，且电场方向和磁场方向相互垂直．在电磁场正交的空间中有一足够长的固定粗糙绝缘杆，与电场正方向成60°夹角且处于竖直平面内．一质量为m，带电量为+q的小球套在绝缘杆上．初始，给小球一沿杆向下的初速度v0，小球恰好做匀速运动，电量保持不变．，磁感应强度大小为B，电场强度大小为E=，如此以下说法正确的答案是〔〕A．小球的初速度为v0=B．假设小球的初速度为，小球将做加速度不断增大的减速运动，最后停止C．假设小球的初速度为，小球将做加速度不断增大的减速运动，最后停止D．假设小球的初速度为，如此运动中抑制摩擦力做功为二、实验题15．〔2015秋•湖南校级月考〕〔1〕某实验小组在“测定金属电阻率〞的实验过程中，正确操作获得金属丝直径以与电流表、电压表的读数如图甲所示，如此金属丝的直径的读数是．〔2〕实验中所用的滑动变阻器阻值范围为0﹣10Ω，电流表内阻约几欧，电压表内阻约20kΩ．电源为干电池〔不宜在长时间、大功率状况下使用〕，电动势E=4.5V，内阻很小．如此图乙电路图中〔填图乙电路图下方的字母代号〕电路为本次实验应采用的最优电路，但用此最优电路测量的结果仍然会比真实值〔填“大〞或“小〞〕．〔3〕假设实验所用的电流表内阻的准确值R A是的，那么准确测量金属丝电阻R x的最优电路应是图乙中的电路〔填图乙电路图下的字母代号〕，此时测得电流为I、电压为U，如此金属丝电阻R x=〔用题中字母代号表示〕．16．〔2011秋•许昌校级期中〕某同学采用如图1所示的电路测定电源电动势和内电阻．干电池的电动势约为1.5V，内阻约为1Ω；电压表〔0﹣3V，3kΩ〕、电流表〔0～0.6A，1.0Ω〕、滑动变阻器有R1〔10Ω，2A〕和R2〔100Ω，0.1A〕各一只．①实验中滑动变阻器应选用〔填“R1〞或“R2〞〕．②在图2中画出实验电路图．③在实验中测得多组电压和电流值，得到如图3所示的U﹣I图线，由图可较准确地求出该电源电动势E=V；内阻，r=Ω．三、计算题17．〔2015秋•牡丹江校级期中〕一个质量m=0.1g的小滑块，带有q=5×10﹣4C的电荷，放置在倾角α=30°的光滑斜面上〔斜面绝缘〕，斜面置于B=0.5T的匀强磁场中，磁场方向垂直纸面向里，如下列图．小滑块由静止开始沿斜面下滑，其斜面足够长，小滑块滑至某一位置时，要离开斜面．问：〔1〕小滑块带何种电荷？〔2〕小滑块离开斜面时的瞬时速度多大？〔3〕该斜面的长度至少多长？18．〔2015秋•湖南校级月考〕如下列图的电路中，两平行金属板A、B水平放置，两板间的距离d=40cm．电源电动势E=24V，内电阻r=1Ω，电阻R=15Ω．闭合开关S，待电路稳定后，将一带正电的小球从B板小孔以初速度v0=4m/s竖直向上射入板间，小球恰能到达A板．假设小球带电荷量为q=1×10﹣2C，质量为m=2×10﹣2kg，重力加速度g=10m/s2，不考虑空气阻力．求：〔1〕此时AB两板的电压U是多少？〔2〕滑动变阻器接入电路的阻值为多大时？〔3〕此时电源的输出功率是多大？19．〔2014秋•汉阳区校级期中〕如下列图，在边长为a的正方形ABCD的对角线AC左右两侧，分别存在垂直纸面向内磁感应强度为B的匀强磁场和水平向左电场强度大小为E的匀强电场，AD、CD是两块固定荧光屏〔能吸收打到屏上的粒子〕．现有一群质量为m、电量为q 的带正电粒子，从A点沿AB方向以不同速率连续不断地射入匀强磁场中，带电粒子速率范围为≤v≤．E=，不计带电粒子的重力和粒子之间的相互作用．求：〔1〕恰能打到荧光屏C D上的带电粒子的入射速度；〔2〕AD、CD两块荧光屏上形成亮线的长度．2015-2016学年湖南师大附中高二〔上〕第二次段考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题〔14小题，共56分，第1-9题每题只有一个正确答案，第10-14题每题至少有一个正确答案，选对但没选全的得2分，全部选对的得4分，有错选的得0分〕1．有关磁场的如下表示，正确的答案是〔〕A．磁感线越密的地方磁感应强度越大，磁通量也越大B．顺着磁感线的方向，磁感应强度越来越小C．安培力的方向一定与磁场方向垂直D．在盘旋加速器中，磁场力使带电粒子的速度增大【考点】磁现象和磁场；质谱仪和盘旋加速器的工作原理．【分析】磁感线是为了形象地描述磁场假想的线，外部由N指向S，内部由S指向N，磁感线的疏密表示磁场的强弱，切线方向表示磁场的方向．磁通量：Φ=BScosθ；在盘旋加速器中，电场力使带电粒子的速度增大．【解答】解：A、磁感线越密的地方磁感应强度越大，而磁通量：Φ=BScosθ，还要与线圈的面积、线圈与磁场之间的夹角有关，故A错误．B、磁感线越密的地方磁感应强度越大，与是否顺着磁感线的方向无关．故B错误；C、根据左手定如此可知，安培力的方向一定与磁场方向垂直．故C正确．D、洛伦兹力只改变粒子运动的方向，不改变粒子速度的大小，在盘旋加速器中，电场力使带电粒子的速度增大，故D错误．应当选：C．【点评】该题考查到磁场的知识点比拟多，解决此题的关键知道与磁通量相关的因素，以与知道磁感线和电场线的一样点和不同点，根底题．2．对于某一闭合电路，如下说法中正确的答案是〔〕A．外电阻越大，电源的路端电压就越大B．电源的路端电压越大，电源的输出功率就越大C．电源的输出功率越大，电源的效率就越大D．电流总是从电势高的地方流向电势低的地方【考点】闭合电路的欧姆定律；电源的电动势和内阻．【专题】恒定电流专题．【分析】根据闭合电路欧姆定律分析电流与外电阻的关系，得出内电压和路端电压的变化．根据推论，当电源的外电阻等于内电阻时，输出功率最大．在闭合电路的外电路中，电流总是从电势高的地方流向电势低的地方．【解答】解：A、在闭合电路中，外电阻越大，由闭合电路欧姆定律知，电路中的电流越小，内电压越小，如此电源的路端电压就越大．故A正确．B、闭合电路中，电源的路端电压越大，说明外电阻越大，根据推论：当电源的外电阻等于内电阻时，输出功率最大，可知，电源的输出功率不一定越大．故B错误．C、当电源的外电阻等于内电阻时，输出功率最大，此时的效率只有50%，不是最大．故C 错误．D、在闭合电路的外电路中，电流总是从电势高的地方流向电势低的地方，而在内电路中，电流总是从电势低的地方流向电势高的地方．故D错误．应当选：A【点评】闭合电路中，路端电压随外电阻的增大而增大，减小而减小．抓住电源的内电阻不变，内电压与电流成正比是关键．3．如下列图为一个半径为R的均匀带电圆环，其单位长度带电量为η．取环面中心O为原点，以垂直于环面的轴线为x轴．设轴上任意点P到O点的距离为x，以无限远处为零电势，P点电势的大小为φ．下面给出φ的四个表达式〔式中k为静电力常量〕，其中只有一个是合理的．你可能不会求解此处的电势φ，但是你可以通过一定的物理分析，对如下表达式的合理性进展判断．根据你的判断，φ的合理表达式应为〔〕A．φ=B．φ=C．φ=D．φ=【考点】电势；力学单位制．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】除点电荷的周围电势的公式外，我们没有学习其它带电体周围的电势公式，此题看似无从下手，实际上我们可以采取“特值法〞，将一些特值如x=0等代入公式，从而得出正确结果．【解答】解：电势的上下与圆环带电量的大小有关，B表达式显然与电量Q无关，因此B错误；无论圆环带什么电荷，圆环中心处的电势均不为零，因此x=0时，电势不为零，故D错误；同理x=R处的电势为无穷大，也不可能，故C错误；故只有A正确．应当选A．【点评】“特值法〞、“代入法〞是解答选择题经常用到的方法，因此要熟练掌握．4．两只电压表V1和V2是由完全一样的两个电流计改装成的，V1表的量程是5V，V2表的量程是15V，把它们串联起来接人电路中．如此〔〕A．它们的示数相等，指针偏转角度也相等B．它们的示数之比为1：3．指针偏转角度相等C．它们的示数相等，指针偏转角度之比为1：3D．它们的示数之比、指针偏转角度之比均为1：3【考点】把电流表改装成电压表．【专题】实验题；恒定电流专题．【分析】两电压表量程不同总内阻不同，两内阻之比为量程之比，再据电压表的改装原理和电路连接关系分析求解．【解答】解：A 串联后电流一样故偏转角度相等但两表的读数为两电压表的分压，读数之比为两者的电阻之比故不相等；故A错误B 因是串联关系通过两电压表的电流一样，故指针偏转的角度一样，读数之比为两者的电阻之比为1：3．故B正确C 它们示数不等．故C错误D 它们偏转角度相等故D错误应当选：B【点评】电压表的改装是由一电流表串联电阻构成的．分析电流与电压当成一电阻根据电路连接关系分析即可．5．如下列图，将一根粗细均匀的电阻丝弯成一个闭合的圆环，接入电路中，电路与圆环的O点固定，P为与圆环良好接触的滑动头，闭合开关S，在滑动头P缓慢地由m点经n点移到q点过程中，电容器C所带的电荷量将〔〕A．由少变多 B．由多变少 C．先增多后减少 D．先减少后增多【考点】电容．【专题】电容器专题．【分析】由电路图可知，当触点P由m点经n点移到q点的过程中，电路总电阻先变大后变小，由闭合电路欧姆定律分析答题电路中电流变化，再根据局部电路欧姆定律分析R的电压变化，即可知道电容器电压的变化，由C=分析电量的变化．【解答】解：当触点P由m点经n点移到q点的过程中，电路总电阻先变大后变小，由闭合电路欧姆定律得知，电路中电流先变小后变大，R的电压先变小后变大，对于电容器，其电压等于R两端的电压，如此由电量公式Q=CU，可知电容器的电量先变小后变大．应当选：D【点评】此题是一道闭合电路的动态分析题，分析清楚电路结构、熟练应用并联电路特点与欧姆定律、电容器电量公式Q=CU即可正确解题．6．如下列图，一根长为L的铝棒用两个劲度系数均为k的弹簧水平地悬挂在匀强磁场中，磁感应强度为B，方向垂直纸面向里，当铝棒中通过的电流I方向从左到右时，弹簧的长度变化了△x，如此下面说法正确的答案是〔〕A．弹簧长度缩短了△x，B=B．弹簧长度缩短了△x，B=C．弹簧长度伸长了△x，B=D．弹簧长度伸长了△x，B=【考点】安培力．【分析】根据左手定如此判断安培力的方向，如此可明确弹簧的形变量的变化；分别对金属杆由平衡条件列式，联立可求得磁感应强度．【解答】解：根据安培力和力的平衡条件有〔设棒的重力为mg，原来的形变量为x〕：因放入磁场后，由左手定如此可知，安培力向上；故形变量减小了△x；没有通电流时，由平衡关系可得：mg=2Kx当电流方向由左向右时：BIL+2K〔x﹣△x〕=mg联立解得：B=应当选：A．【点评】此题考查安培力的计算，要注意正确应用共点力的平衡条件的应用；并掌握安培力方向的判断．7．如图条形磁铁放在桌面上，一条通电的直导线由S极的上端平移到N极的上端，在此过程中，导线保持与磁铁垂直，导线的通电方向如图，如此这个过程中磁铁受力情况为〔〕A．支持力先大于重力后小于重力B．支持力始终大于重力C．摩擦力的方向由向右变为向左D．摩擦力的方向保持不变【考点】安培力．【分析】由左手定如此判断出导线所受安培力的方向，根据牛顿第三定律判断磁铁所受磁场力的方向，然后判断磁铁受到的摩擦力方向和如何变化【解答】解：如下列图，导线在S极上端时导线所受安培力方向斜向左上方，由牛顿第三定律可知，磁铁受到的磁场力斜向右下方，磁铁有向右的运动趋势，如此磁铁受到的摩擦力水平向左；同理当导线在N极上端时，导线所受安培力方向斜向右上方，由牛顿第三定律可知，磁铁受到的磁场力斜向左下方，磁铁有向左的运动趋势，如此磁铁受到的摩擦力水平向右；由以上分析可知，磁铁受到的摩擦力先向左后向右，正上方时为零，故摩擦力先减小后增大．磁铁受到的磁场力始终有向下的分力，所以支持力始终大于重力．故ADC错误，B正确；应当选：B【点评】首先根据左手定如此确定出通电导线所受安培力方向，然后根据牛顿第三定律确定出条形磁铁所受安培力的方向，最后根据共点力的平衡确定出静摩擦力的方向和变化规律，是此类题目的解答思路8．三个速度大小不同的同种带电粒子，沿同一方向从图中长方形区域的匀强磁场上边缘射入，当它们从下边缘飞出时对入射方向的偏角分别为90°、60°、30°，如此它们在磁场中运动的时间之比为〔〕A．3：2：1 B．1：2：3 C．1：1：1 D．1：：【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【专题】带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，根据粒子的运动的轨迹和粒子做圆周运动的周期公式可以判断粒子的运动的时间．【解答】解：粒子在磁场中运动的周期的公式为T=，由此可知，粒子的运动的时间与粒子的速度的大小无关，所以粒子在磁场中的周期一样，由粒子的运动的轨迹可知，三种速度的粒子的偏转角分别为90°、60°、30°，所以偏转角为90°的粒子的运动的时间为T，偏转角为60°的粒子的运动的时间为T，偏转角为30°的粒子的运动的时间为T．所以有T： T： T=3：2：1，选项A正确．应当选：A．【点评】带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动解题一般程序是1、画轨迹：确定圆心，几何方法求半径并画出轨迹．2、找联系：轨迹半径与磁感应强度、速度联系；偏转角度与运动时间相联系，时间与周期联系．9．如下列图，在粗糙的足够长的竖直木杆上套有一个带正电小球，整个装置处在有水平匀强电场和垂直于纸面向里的匀强磁场组成的足够大的复合场中，小球由静止开始下滑，在整个运动过程中，关于描述小球运动的v﹣t图象中正确的答案是〔〕A．B．C．D．【考点】带电粒子在混合场中的运动．【专题】带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】对小球受力分析，开始时洛伦兹力较小，所以木杆对小球的支持力较大，摩擦力较大，加速度较小，随着速度的增加，分析竖直方向的合力变化，从而判断加速度的变化．了解了加速度变化的情况，也就知道了v﹣t图象的变化规律．【解答】解：在小球下滑的过程中，对小球受力分析，如下列图，受到重力mg、电场力qE、洛伦兹力qvB、摩擦力f，还有木杆对小球的支持力N，开始时，速度较小，qvB较小，N较大，随着速度的增加，N在减小，由f=μN可知f减小，竖直方向的合力增加，加速度增加；当速度增加到一定的程度，qvB和qE相等，此时N为零，f为零，加速度为g，达到最大；速度继续增加，N要反向增加，f增加，竖直方向上的合力减小，加速度减小，当f与mg 相等时，竖直方向上的加速度为零，速度达到最大．所以选项ABD所示的v﹣t图象不符合所分析的运动规律，C选项符合．应当选：C．【点评】解得此题的关键是正确的对小球进展受力分析．受力分析时要注意各力的特点：重力场中所受的重力以与在匀强电场中所受的电场力均为恒力，其合力也是恒定的；而洛伦兹力情况却不同，随着速度的变化而变化．此题由于洛伦兹力的变化，引起了摩擦力的变化，从而使竖直方向上的合外力发生变化，这也是解决此题的关键所在．分析物体运动中的临界状态也是至关重要的，像该题的最大加速度的时刻和刚好最大速度的时刻．10．如图示，相互垂直的固定绝缘光滑挡板PO、QO，竖直放置在重力场中，a、b为两个带有同种电量的小球〔可以近似看成点电荷〕，当用水平向左作用力F作用于b时，a、b紧靠挡板处于静止状态．现假设稍改变F的大小，使b稍有向左移动一段小距离，如此当a、b 重新处于静止状态后〔〕A．a、b间电场力增大B．作用力F将减小C．系统重力势能增加 D．系统的电势能将增加【考点】电势能；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件与其应用．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】以a球为研究对象，分析受力情况，根据平衡条件分析a、b间电场力和挡板对小球的弹力如何变化，由库仑定律分析两间距离的变化情况，根据电场力做功正负判断系统电势能的变化．对整体研究，分析作用力F如何变化．【解答】解：A、B以a球为研究对象，分析受力情况，根据平衡条件得：电场力F电=，α减小，cosα增大，如此电场力F电减小．挡板对a的弹力N=mgtanα，α减小，N减小．对整体研究：水平方向：F=N，如此作用力F将减小．故A错误，B正确．C、D电场力F电减小，根据库仑定律得知，两球间的距离增大，电场力做正功功，系统的电势能减小，而F做正功，根据功能关系可知，系统重力势能增加．故C正确，D错误．应当选BC【点评】此题是动态平衡问题，关键要灵活选择研究对象，先对a研究，再对b研究，比拟简便．11．电池A和B的电动势分别为E A和E B，内阻分别为r A和r B，假设这两个电池分别向同一电阻R供电时，这个电阻消耗的电功率一样；假设电池A、B分别向另一个阻值比R大的电阻R'供电时，R'消耗的电功率分别为P A、P B．E A＞E B，如此如下判断中正确的答案是〔〕A．电池内阻r A＞r B B．电池内阻r A＜r BC．电功率P A＞P B D．电功率P A＜P B【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】用作图法求解：分别做出两个电池的U﹣I图线，据两者电动势的大小关系与两条图线有交点，大体作出两者的图象，由图可读出内阻的大小关系；两线的交点对应的工作电阻为R，再作出一大于R的电阻的U﹣I图线，分析对应电流与电压从而分析出功率的大小关系．【解答】解：A、B、用这两个电池分别向某一个电阻R供电时，这个电阻所消耗的功率相等，故电流一样，根据闭合电路欧姆定律公式I=，由于E1＞E2，故r1＞r2，故A正确，B错误；C、D、将一电动势为E、内电阻为r的电源与一阻值为R的电阻组成一闭合回路，路端电压U和干路电流I的关系为U=E﹣Ir．在U﹣I直角坐标系中作U﹣I图线，如此该图线为一条在纵轴上截距为E、斜率为﹣r的直线．这条线可被称为电源的伏安特性曲线．。
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长沙市师大附中高二年级2014~2015学学年上学期第二次月考物理试卷时间：90分钟 总分：100分 命题范围:选修3-1 第一.二章一．选择题（每小题4分，共48分。
每小题给出的四个选项中有一个或几个选项正确，全部选对的得4分,选对部分得2分,有错选或不选得0分，把答案填写答卷表格里）1．A 为已知电场中的一固定点，在A 点放一电量为q 的电荷，所受电场力为F ，A 点的场强为E ，则 [ ]A ．若在A 点换上－q ，A 点场强方向发生变化B ．若在A 点换上电量为2q 的电荷，A 点的场强将变为2EC ．若在A 点移去电荷q ，A 点的场强变为零D ．A 点场强的大小、方向与q 的大小、正负、有无均无关2、将不带电的导体A 与带负电荷的导体B 接触，导体A 中的质子数将：（ ） A 、增加 B 、不变 C 、减少 D 、先增加后减少 3．右图中展示的是下列哪种情况的电场线（ ）A ．单个正点电荷B ．单个负点电荷C ．等量异种点电荷D ．等量同种点电荷 4.下列说法中，正确的是()A.把两个同种点电荷间的距离增大一些，电荷的电势能一定增加B.把两个同种点电荷间的距离减小一些，电荷的电势能一定增加C.把两个异种点电荷间的距离增大一些，电荷的电势能一定增加D.把两个异种点电荷间的距离减小一些，电荷的电势能一定增加 5．如图为某两个电阻的U-I 图象, 则R 1：R 2，把两电阻串联后接入电路，则消耗功率P 1：P 2，并联后接入电路，消耗功率 之比'2'1:pp ，分别为：A 、2∶1 2∶1 1∶2B 、2∶1 1∶2 2∶1C 、1∶2 1∶2 2∶1D 、1∶2 2∶1 1∶2I6．如图，虚线表示等势面，相邻等势面间的电势差相等。
有一带正电的小球在电场中运动，实线表示小球的运动轨迹。
小球在a点的动能等于20eV，运动到b点时动能为2eV。
若取c点为零电势点，则当这个小球的电势能等于6eV时，它的动能为（不计重力和空气阻力）（）A．18 eV B．12 eVC．10 eV D．8 eV7．家用电烙铁在长时间使用过程中，当暂时不使用时，如果断开电源，电烙铁会很快变凉，而再次使用时，温度不能及时达到要求.如果长时间闭合电源，又浪费电能.为改变这种不足，某同学将电烙铁改成如图所示电路，其中R0是适当的定值电阻，R是电烙铁.则（）A．若暂不使用，应闭合SB．若再次使用，应断开SC．若暂不使用，应断开SD．若再次使用，应闭合S8．如图所示，两个定值电阻R1、R2串联后接在电压U稳定于6V的直流电源上，有人把一个内阻不是远大于R1、R2的电压表接在R1两端，电压表的示数为4V. 如果他把电压表改接在R2两端，则电压表的示数将( )A．小于2V B．等于2VC．大于2V小于4V D．等于或大于4V9．如图，真空中三个点电荷A、B、C，可以自由移动，依次排列在同一直线上，都处于平衡状态，若三个电荷的带电量、电性及相互距离都未知，但AB＞BC，则根据平衡条件可断定[ ]A．A、B、C分别带什么性质的电B．A、B、C中哪几个带同种电荷，哪几个带异种电荷C．A、B、C中哪个电量最大D．A、B、C中哪个电量最小10．如图所示，在y 轴上关于O点对称的A、B两点有等量同种点电荷＋Q，在x轴上C点有点电荷－Q，且CO＝OD，60ADO ∠=︒．下列判断正确的是 （ ）A ．D 点电场强度为零B ．O 点电场强度为零C ．若将点电荷＋q 从O 移向C ，电势能增大D ．若将点电荷－q 从O 移向C ，电势能减小11、如图所示，A 、B 为两块平行带电金属板，A 带负电，B 带正电且与大地相接，两板间P 点处固定一负电荷，设此时两极间的电势差为U ，P 点场强大小为E p ,电势为U p ，负电荷的电势能为ε，现将A 、B 两板水平错开一段距离（两板间距不变），则（ ） A 、U 变大，E p 变大 B 、U 变小，U p 变小 C 、U p 变小，ε变大 D 、U p 变大，ε变小12．如图所示，质量为m ，带电量为q 的粒子，以初速度v 0，从a 点竖直向上射入真空中的沿水平方向的匀强电场中，粒子通过电场中b 点时，速率v B =2v 0，方向与电场的方向一致，则a ，b 两点的电势差为：( )二、实验题（本题3小题，每小题4分，共12分。
把答案填在答案卷中。
）13．如图，是学生实验用的有两个量程的电压表刻度盘，当使用较小量程时，图中指针示数为 V ．若使用的是较大 量程，则图中指针示数为 V ．14、某同学测量一只未知阻值（大约为1000Ω）的电阻。
(1)若该同学用“伏安法”测量该电阻，所用器材如图所示，其中电压表内阻约为5k Ω，电流表内阻约为5Ω，变阻器阻值为50Ω。
图中部分连线已经连接好，为了尽可能准确地测量电阻，请你完成其Eba2v 0+5V 15V余的连线。
(2)该同学按照“伏安法”测量电阻的要求连接好图乙电路后，测得的电阻值将___________(填“大于”、“小于”或“等于”)被测电阻的实际阻值。
15.如图所示为一双量程电压表的示意图.已知电流表G 的量程为0~100μA,内阻为600Ω,则图中串联的分压电阻R 1= Ω, R 2= Ω三、计算题（每小题4分，共40分，每题均要求写出必要的文字说明，重要的物理规律，完整的数值和单位。
只有结果没有过程的不能得分，过程不完整的不能得满分。
16．一台电风扇额定功率为44W ，线圈电阻是5Ω，接于220V 电压下正常工作。
（1）电风扇正常工作时，它输出的机械功率是多少？（2）接通电源后，电风扇因为故障不能转动，这时它的发热功率为多大？17．如图所示，滑动变阻器的总电阻R =60Ω，A 、B 间的电压U =18V且保持不变，R 0=60Ω，先将开关S 断开，移动滑片P 使电压表示数为9.0V ，然后将开关S 闭合，若忽略电表对电路的影响，则电压表、电流表的示数分别为多少？18．如图所示，空间存在一方向竖直向下的匀强电场。
长L=0.5 m 的绝缘细线一端固定于电场中的O 点，另一端系一带电荷量q=+4×10-5C 、质量m=0.1kg 的小球在竖直平面内做圆周运动。
已知当小球以速率v=4 m/s 通过最高点A 时，绝缘细线中的张力为2 N ，(取g=10m/s 2) 求（1）匀强电场的场强大小 （2）小球过最低点时的速率19、如图所示为一真空示波管，电子从灯丝K 发出（初速度不计），经灯丝与A 板间的加速电压U 1加速，从A 板中心孔沿中心线KO 射出，然后进入两块平行金属板M 、N 形成的偏转电场中（偏转电场可视为匀强电场），电子进入M 、N 间电场时的速度与电场方向垂直，电子经过电场后打在荧光屏上的P 点。
已知加速电压为U 1，M 、N 两板间的电压为U 2，两板间的距离为d ，板长为L 1，板右端到荧光屏的距离为L 2，电子的质量为m ，电荷量为e 。
求：（1）电子穿过A 板时的速度大小；（2）电子从偏转电场射出时的侧移量； （3）P 点到O 点的距离。
答案：一、选择题(本大题共12小题，每小题4分，共48分)dL 1L 2P MNO二、填空题（每小题4分，共12分）13、 1.70, 8.514、 （1）画在右图上（2） 大于15、 4.94×105105三、计算题（共40分，每小题10分）16. （1）AU P I 2.022044===P 热=I 2R=0.22×5=0.2W P 机=P 额-P 热=43.8W （2）AR U I 445220===' P’热=I’2R=4425=9680W17. 7.2V 0.24A18. (1) E=5×103N/C (2) V=6.35m/s19、（1）设电子经电压U 1加速后的速度为v 0，根据动能定理得：e U 1=2021mv ， 解得：meU v 102=（2）电子以速度v 0进入偏转电场后，垂直于电场方向作匀速直线运动，沿电场方向作初速度为零的匀加速直线运动。
设偏转电场的电场强度为E ，电子在偏转电场运动的时间为t 1，电子的加速度为a ，离开偏转电场时相对于原运动方向的侧移量为y 1，根据牛顿第二定律和运动学公式得：F =eE ， E =d U 2 ， F =ma ， a =mdeU 21L 1L 2d P M NOy 2y 1t 1=01v L ， y 1=2121at ，解得： y 1=dU L U 12124 （3）设电子离开偏转电场时沿电场方向的速度为v y ，根据运动学公式得：v y =at 1=12dmv L eU 电子离开偏转电场后作匀速直线运动，设电子离开偏转电场后打在荧光屏上所用的时间为t 2，电子打到荧光屏上的侧移量为y 2，如图所示 t 2=2v L ， y 2= v y t 2 解得：y 2=12122dU L L UP 到O 点的距离为 y =y 1+y 2=dU L U L L 112124)2(。