2016版二轮复习高考重点冲关练 10.doc

合集下载

高考语文(山东专版)二轮专题复习与策略题型组合滚动练10 Word版含解析.doc

题型组合滚动练10(建议用时：80分钟)阅读下面一段文字，完成1～3题。

信步走下山门去，何曾想寻幽访胜？转过山坳．．来，一片青草地，参天的树影无际。

树后弯弯的石桥，桥后两个(俯卧/俯蹲)在残照里的狮子。

回过头来，只一道断瓦颓垣．．．．(高大/剥落)的红门，却深深掩闭。

原来是故家陵阙！何用来感慨兴亡，且印下一幅图画。

半山里，凭高下视，千百的燕子，绕着殿儿飞。

城垛．．般的围墙，①白石的甬道．．，．黄绿琉璃瓦的门楼．．．．．．．．，．玲珑剔透．．．．。

楼前是山上的晚霞鲜红，楼后是天边的平原村树，深蓝浓紫。

②暮．蔼里．．，．(．融合．．/．熔合．．)．在一起。

难道是玉宇琼楼．．．．．．．．．．．，③难道是瑶宫贝阙？何用来搜索诗肠，且印下一幅图画。

低头走着，一首诗的断句，忽然浮上脑海来：“四月江南无矮树，人家都在绿荫中。

”④何用苦忆是谁的著作，何用苦忆这诗的全文。

只此已描画尽了山下的人家！1．文中加点的词语，字音和字形都正确的一项是( )A ．山坳．(yào) 断瓦颓垣 B ．城垛玉宇琼楼 C ．甬．道(yòu) 玲珑剔透 D ．暮蔼瑶宫贝阙B [A 项，“坳”应读“ào ”；C 项，“甬”应读“yǒnɡ”；D 项，“暮蔼”应为“暮霭”。

]2．依次选用文中括号里的词语，最恰当的一项是( )A ．俯蹲高大熔合B ．俯卧高大融合C ．俯蹲剥落融合D ．俯卧剥落熔合C [本题考查辨析近义词语的能力。

狮子会“卧伏”，但石狮子造型多是“蹲踞”状，根据一字区分法可知第一个词应该用“俯蹲”而非“俯卧”；结合上文的“断瓦颓垣”等语境可推知，“红门”应该是“剥落”的，此处不该用“高大”，这样就能判断出答案是C项。

若再简单区别一下“融合/熔合”(融合，指几种不同的事物合成一体；熔合，指两种或两种以上的固态金属熔化后合为一体)，由此可以看出前面的判断正确。

]3．文中横线处标点使用错误的一项是()A．①B．②C．③D．④C[③处的逗号应为问号。

2016版《步步高》高考数学大二轮总复习

显然当a>1或－1<a<0时，满足f(a)>f(－a). 故选C.
方法二对a分类讨论：
当
a>0
时，∵log2a>log
1 2
a，∴a>1.
当
a<0
时，∵log
1 2
(－a)>log2(－a)，∴0<－a<1，
∴－1<a<0，故选C.
答案 C
思维升华
(1)指数函数、对数函数、幂函数是高考的必考内容之一，重点考查图象、性质及其应用，同时考查分类讨论、等价转化等数学思想方法及其运算能力. (2)比较数式大小问题，往往利用函数图象或者函数的单调性.
ax＋b 跟踪演练 2 (1)(2015·安徽)函数 f(x)＝x＋c2的图象如图所
示，则下列结论成立的是( ) A.a>0，b>0，c<0 B.a<0，b>0，c>0 C.a<0，b>0，c<0 D.a<0，b<0，c<0
解析函数定义域为 {x|x≠ － c} ，结合图象知－ c>0 ，
a)≤2f(1)，则a的取
值范围是________.
解析由题意知 a>0，又 log 1 a＝log2a－1＝－log2a. 2
∵f(x)是R上的偶函数，
∴f(log2a)＝f(－log2a)＝f(log1 a). 2
∵f(log2a)＋f(log 1 a)≤2f(1)， 2
∴2f(log2a)≤2f(1)，即f(log2a)≤f(1). 又∵f(x)在[0，＋∞)上递增. ∴|log2a|≤1，－1≤log2a≤1， ∴a∈12，2. 答案 [12，2]

2016版高考生物二轮复习高考重点冲关练 17 Word版含答案

关闭Word文档返回原板块。

高考重点冲关练 17生态系统的营养结构及种间关系【常考角度】1.“生态系统的结构”与“生态系统的营养结构”的区别。

(对应训练T1、T2)2.食物链和食物网中的生物成分及种间关系。

(对应训练T1、T2、T3、T4、T5、T6)3.生物防治的原理。

(对应训练T6)1.(2015·海南高考)俗话说：“大鱼吃小鱼，小鱼吃小虾，小虾吃泥巴。

”某同学据此设计了一个水池生态系统。

下列属于该生态系统第一营养级的是( ) A.小鱼吃的小虾 B.吃小鱼的大鱼C.泥巴中的藻类D.泥巴中的大肠杆菌【解题指导】解答本题的关键：(1)据题意写出食物链：泥巴中的藻类→小虾→小鱼→大鱼。

(2)明确大肠杆菌属于分解者，不参与构成捕食食物链。

【解析】选C。

本题考查食物链、营养级的有关知识。

俗语所显示的食物链是：泥巴中的藻类→小虾→小鱼→大鱼。

在该食物链中生产者是泥巴中的藻类，属于第一营养级；小虾是初级消费者，属于第二营养级；小鱼是次级消费者，属于第三营养级；大鱼是三级消费者，属于第四营养级，故选C。

2.下图是我国北方某草原生态系统中部分食物网简图，据图判断下列说法正确的是( )A.图中所示的所有生物构成了生物群落B.图中食物网中共有2条食物链C.蛇只占一个营养级D.青蛙和蜘蛛之间存在捕食和竞争关系【解析】选D。

生物群落指生活在同一地区的所有生物之和，题图食物网内只包含生产者和消费者，少了分解者，A项错误；图中共有4条食物链，分别是“小麦→蝗虫→青蛙→蛇”“小麦→蝗虫→蜘蛛→青蛙→蛇”“狗尾草→蝗虫→青蛙→蛇”“狗尾草→蝗虫→蜘蛛→青蛙→蛇”，蛇属于第四、第五营养级，B、C两项均错误；青蛙和蜘蛛之间既有捕食关系，又有竞争关系，D项正确。

3.(2015·石家庄一模)在一个草原生态系统中，鼠是初级消费者。

高考总复习优化设计二轮用书数学考点突破练10 概率与统计的综合问题

的分布列和数学期望;
(2)若规定第一次抽奖后不将球放回抽奖箱,直接进行第二次抽奖,求中奖
次数Y的分布列和数学期望.
1 2 3 4 5 6
解 (1)若第一次抽奖后将球放回抽奖箱,再进行第二次抽奖,则每次中奖的概
C25 +C25
率为
C210
4
X~B(2,9),X
则
=
4
.因为两次抽奖相互独立,所以中奖次数
4
4 1
1
所以 P(X=5)=5,P(X=7)=5 × 5 = 25,
4 3
16
1
4 2
P(X=9)= 5 × 5 = 125,P(X=12)= 5
=
64
,
125
所以 X 的分布列为
X
P
所以
5
1
5
7
4
25
64
16
4
1
E(X)=5×5+7×25+9×125+12×125
1 2 3 4 5 6
9
=
16
125
评是C等级的概率.
1 2 3 4 5 6
解 (1)ξ 的所有可能取值为 0,1,2,3,
1 4
4
4
3 4 4
1
1
4
14
1
P(ξ=0)= × × = ,P(ξ=1)= × × + × C2 × × = ,
4 5
5
25
4 5 5
4
5
5
25
3
1
4
1
1 1
1
3 1
1
3
1
P(ξ=2)=4 × C2 × 5 × 5 + 4 × 5 × 5 = 4,P(ξ=3)=4 × 5 × 5 = 100,

高考物理二轮复习精练(广西专用)高考冲关第10练

一、选择题1．一带负电荷的质点，在电场力作用下沿曲线abc从a运动到c，已知质点的速率是递减的．关于b点电场强度E的方向，下列图示中可能正确的是(虚线是曲线在b点的切线)()【解析】由a至c的弯曲情况可知受力方向指向图中虚线的右下方，b点的速度方向v b如图，由a至c速率递减可知受力方向如图中F，α角大于90°，因为电荷为负，故场强方向应与F反向，故D正确．【答案】 D图5－1－142．如图5－1－14所示，a、b是两个带有同种电荷的小球，用绝缘细线系于同一点，两球静止时它们在同一水平面上，与竖直方向的夹角依次为α＝30°、β＝60°，若同时剪断细线，不计空气阻力，则下列说法中正确的是() A．a、b两小球将同时落到同一水平地面上B．下落过程中a小球水平飞行的距离比b小球大C．下落过程中a、b小球库仑力做功相等D．落地瞬间a小球重力的瞬时功率大于b小球重力的瞬时功率【解析】竖直方向只受重力，A正确；由Fmg＝tan α，知m a＞m b，库仑力F相同，水平方向的加速度a a＜a b，所以a球水平飞行距离小，B错；库仑力大小相等，但位移不等，故C错；P＝mg v，速度在竖直方向的分量相同，故P A＞P B，D对．【答案】AD3．一粒子从A点射入电场，从B点射出，电场的等势面和粒子的运动轨迹如图5－1－15所示，图中左侧前三个等势面彼此平行，不计粒子的重力．下列说法正确的有()图5－1－15A．粒子带负电荷B．粒子的加速度先不变，后变小C．粒子的速度不断增大D．粒子的电势能先减小，后增大【解析】电场线与等势面垂直，可知右侧虚线上方电场线斜向右上方偏，而粒子向下偏，说明粒子带负电，故A正确；等势面的疏密表示电场强度的大小，故B正确；粒子在左侧做减速运动，故C错误；粒子所受的电场力一直做负功，电势能增加，D错误．【答案】AB4．如图5－1－16所示，平行板电容器AB两极板水平放置，现将其和二极管串联接在电源上，已知A和电源正极相连，且E1＜E2，二极管具有单向导电性，当单刀双掷开关接1时，一带正电粒子沿AB中心水平射入，打在B极板上的N 点，不计粒子重力，为使粒子能打在N点右侧，则下列措施可行的是()图5－1－16A．将单刀双掷开关接2B．将B板下移一段距离C．在A板下表面插入一很薄的金属板D．将A板上移一段距离【解析】将单刀双掷开关接2时，电容器因充电而使两极板间的电势差增大，从而使电容器内部场强增大，则带电粒子的运动时间变短而打在N点左侧，故A错；由于二极管的单向导电性而使电容器所带电荷不变，则E＝Ud＝QdC＝QdεS4kπd＝4kπQεS，即电场强度是不变的，将B板下移一段距离会使粒子运动的初始位置距B板的距离变大，故粒子运动的时间变长，从而使粒子打在N点的右侧，故B对；而将A板上移一段距离对带电粒子运动时间没有任何影响，粒子仍将打在N点，故D错；在A板下表面插入一很薄的金属板相当于改变了两板间的距离，粒子仍将打在N点，故C错．【答案】 B5.图5－1－17如图5－1－17所示，A、B两个带电小球的质量均为m，所带电量分别为＋q 和－q，两球间用绝缘细线连接，A球又用绝缘细线悬挂在天花板上，细线长均为L.现在两球所在的空间加上一方向向左的匀强电场，电场强度E＝mgq，A、B两球最后会达到新的平衡位置，则在这个过程中，两个小球()A．总重力势能增加了2－22mgLB．总重力势能增加了22mgLC．总电势能减少了2－22mgLD．总电势能减少了22mgL【解析】A、B两个带电小球所受电场力为零，故OA线竖直、B球向右偏45°处最后静止，则总重力势能增加了mg(L－L cos 45°)＝2－22mgL，故A项正确，总电势能减少了22mgL，故D项正确．【答案】AD6.图5－1－18如图5－1－18所示，有一带电粒子贴着A板沿水平方向射入匀强电场，当偏转电压为U1时，带电粒子沿①轨迹从两板正中间飞出；当偏转电压为U2时，带电粒子沿②轨迹落到B板中间；设粒子两次射入电场的水平速度相同，则两次偏转电压之比为()A．U1∶U2＝1∶8B．U1∶U2＝1∶4C．U1∶U2＝1∶2 D．U1∶U2＝1∶1【解析】由y＝12at2＝Uql22md v20得：U＝2m v20dyql2，所以U∝yl2，可知A项正确．【答案】 A7．示波管可以视为加速电场和偏转电场的组合，若已知前者的电压为U1，后者的电压为U2，极板长为L，间距为d，电子加速前速度可忽略，则示波管的灵敏度(偏转电场中每单位偏转电压所引起的偏转量称为“灵敏度”)与加速电场和偏转电场的关系，正确的是()A．L越大，灵敏度越大B．d越大，灵敏度越大C．U1越小，灵敏度越大D．灵敏度与U1无关【解析】设电子进入偏转电场的速度为v，电子射出偏转电场时偏转量为y，则U1e＝12m v2，y＝12U2edm(Lv)2，可得：yU2＝L24dU1，可见，L越大，灵敏度越大，d越小，灵敏度越大，U1越小，灵敏度越大，故A、C正确．【答案】AC二、非选择题8．如图5－1－19所示，质量为m 、电荷量为＋q 的小球从距地面一定高度的O 点，以初速度v 0沿着水平方向抛出．已知在小球运动的区域里，存在着一个与小球的初速度方向相反的匀强电场，如果测得小球落地时的速度方向恰好是竖直向下的，且已知小球飞行的水平距离为L ，求：图5－1－19(1)电场强度E 为多大？(2)小球落地点A 与抛出点O 之间的电势差为多大？(3)小球落地时的动能为多大？【解析】 (1)分析水平方向的分运动得知，小球落地时水平方向的速度减至零，有0－v 20＝－2aL又a ＝qE m联立解得E ＝m v 202qL .(2)由匀强电场场强和电势差的关系可得A 与O 之间的电势差U AO ＝EL则U AO ＝m v 202q .(3)设小球在空中飞行的时间为t ，分析竖直方向的分运动有v A ＝gt分析水平方向的分运动有v 0＝qE mt 又小球落地时的动能有E k A ＝12m v 2A ，结合第(1)问求得的结果，解得E k A ＝2mg 2L 2v 20. 【答案】 (1)m v 202qL (2)m v 202q (3)2mg 2L 2v 209．质量都是m 的两个完全相同、带等量异种电荷的小球A 、B 分别用长l 的绝缘细线悬挂在同一水平面上相距为2l的M、N两点，平衡时小球A、B的位置如图5－1－20甲所示，线与竖直方向夹角α＝30°，当外加水平向左的匀强电场时，两小球平衡位置如图乙所示，线与竖直方向夹角也为α＝30°，求：图5－1－20(1)A、B小球电性及所带电荷量Q；(2)外加匀强电场的场强E.【解析】(1)A球带正电，B球带负电，两小球相距d＝2l－2l sin 30°＝l由A球受力平衡可得：mg tan α＝k Q2 l2解得：Q＝3mgl2 3k.(2)外加电场时，两球相距d′＝2l＋2l sin 30°＝3l根据A球受力平衡可得：QE－kQ2(3l)2＝mg tan α解得：E＝1033mgk9l.【答案】(1)A球带正电，B球带负电3mgl23k(2)1033mgk9l10．如图5－1－21所示，组装成“S”形的轨道平放在水平面上，Oa部分由薄壁细圆管弯成，固定在直角坐标平面xOy内，管口恰好落在原点O上，直径与Ox 轴重合；ab部分半圆形轨道的半径r是可以调节的，直径也与Ox轴重合，两部分在a处圆滑连接．在xOy平面内有一足够大的匀强电场，场强大小E＝2.0×105 V/m，方向沿x轴负方向．一个质量m＝0.01 kg、带正电荷q＝5×10－7 C的小球(可视为质点)，以10 m/s的速度从管口O点进入轨道，不计一切摩擦，小球运动过程中电量不变，取g＝10 m/s2.图5－1－21(1)取r＝1.6 m时，发现带电小球恰好能从b处飞出，试求Oa部分的半径R；(2)r取多大值，小球从b处飞出后，到达y轴上的位置(离原点)最远？【解析】(1)小球从O运动到b，设到b点的速度为v b，据动能定理－qE(2R＋2r)＝12m v2b－12m v2①小球恰好过b点，即F N＝0则有qE＝m v2b r代入得R＝0.5 m.(2)小球在b点离开轨道后，在电场力作用下做类平抛运动，Y方向：y＝v b tX(负)方向：2R＋2r＝12at2又a＝qE m结合①得y＝4－(r－34)2＋2516显然，当r＝0.75 m时y坐标有最大值．【答案】(1)0.5 m(2)0.75 m。

高考物理二轮复习闯关导练综合模拟十

——教学资料参考参考范本——高考物理二轮复习闯关导练综合模拟十______年______月______日____________________部门时间：60分钟满分：110分一、选择题：本题共8小题，共48分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一个选项正确，第19～21题有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．14．对波粒二象性，下列说法正确的是( )A．能量越大的光子其波动性越显著B．动能相等的质子和电子，它们的德布罗意波长也相等C．黑体辐射电磁波的强度按波长的分布只与黑体的温度有关D．若γ光子与一个静止的自由电子发生作用，则γ光子被电子散射后波长会变小，速度可能不变化15．(导学号：92274396)如图所示，一物体以初速度v0从O点做平抛运动，A、B是运动轨迹上的两点，O、A连线与水平方向的夹角为37°，O、B连线与水平方向的夹角为53°，物体从O运动到A点所用的时间为 s，重力加速度g＝10 m/s2，则物块的初速度v0和从O点运动到B点所用时间t分别为( )A．v0＝5 m/s，t＝1 sB．v0＝5 m/s，t＝ sC．v0＝ m/s，t＝1 sD．v0＝ m/s，t＝ s16．(导学号：92274397)如图所示，A、B是绕地球做圆周运动的两颗卫星，A、B两卫星与地心的连线在相等时间内扫过的面积之比为k，则A、B两卫星的周期之比为( )A．k23B．kC．k2D．k317．(导学号：92274398)如图甲所示，在光滑水平面上，物块以一定的速度向右做匀速直线运动，t＝0时刻，给物块一个水平向左的拉力，结果物块运动的加速度随时间变化的规律如图乙所示，且t＝t0时刻物块的速度恰好为零，则拉力F在0～时间内做的功W1与0～t0时间内做的功W2之比为( )A. B. C. D.151618．(导学号：92274399)如图所示，质量均为m的两物体a、b放置在两固定的水平挡板之间，物体间竖直夹放一根轻弹簧，弹簧与a、b不粘连且无摩擦．现在物体b上施加一逐渐增大的水平向左的拉力F，两物体始终保持静止状态，已知重力加速度为g，下列说法正确的是( )A．物体b所受摩擦力随F的增大而增大B．弹簧对物体b的弹力大小可能等于mgC．物体a对下挡板的压力大小可能等于2mgD．物体a所受摩擦力随F的增大而增大19．(导学号：92274400)如图所示为一带电量为＋q的粒子从x＝0处开始，只在电场力作用下沿x轴运动过程中粒子的电势能Ep随x变化的图象，0～x2范围内，图象为曲线，x2～x3范围内图象为直线，图中所标量均已知，则( )A．在x＝0处，粒子的速度为零B．在x＝x1处，粒子受到的电场力为零C．在x1到x2区域内，电场沿x轴负方向D．在x2到x3区域内，电场强度大小为Ep120．(导学号：92274401)如图甲所示，位于同一水平面内的两根平行的光滑金属导轨处在匀强磁场中，磁场方向垂直于导轨所在平面，导轨的一端与一电阻相连，具有一定质量的长为l的金属杆ab放在导轨上并与导轨垂直，当磁场的磁感应强度B随时间t如图乙变化时(规定垂直轨道平面向下为磁场正方向)，用一平行于导轨的力F向左或向右拉杆ab，使它保持静止．若规定由a→b方向通过杆的感应电流为正，向右的拉力为正，则能反映通过杆的感应电流i和拉力F随时间t变化的选项是( )甲乙21．(导学号：92274402)在如图所示的变压器电路中，两定值电阻的阻值R1＝R2＝R，变压器为理想变压器，电表为理想电表，在输入端a、b两端输入正弦交流电压u＝Usinωt，原、副线圈的匝数比为1∶2，则( )A．电流表的示数为2U5RB．电压表的示数为UC．电路消耗的总功率为4U25RD．电阻R1、R2消耗的功率之比为2∶1二、非选择题：本大题包括必考题和选考题两部分．第22～25题为必考题，每个试题考生都必须作答．第33～34题为选考题，考生根据要求作答．(一)必考题(4题，共47分)22．(导学号：92274403)(6分)如图所示为某同学研究小车做匀变速直线运动规律时获得的一条纸带，纸带上A、B、C、D为四个连续的计数点，相邻计数点间还有四个点没有画出，打点计时器所接交流电的频率为50 Hz.(1)图中s的值为________ cm，小车运动的加速度大小为________m/s2，打计数点B时，小车的速度为________m/s.(保留一位有效数字)(2)改变悬挂的重物，重新打一条纸带，测出纸带上不同的点到第一个点的距离x，及打的各个点与打第1个点的时间间隔t，作出xt2图线如下图，则图线的斜率表示__________________________，小车运动的加速度大小为________m/s2(保留三位有效数字)．23．(导学号：92274404)(9分)某实验小组要测量某一段金属丝的电阻率．(1)实验时先用螺旋测微器测量金属丝的直径，用米尺测量金属丝接入电路后的长度，如图所示，则金属丝的直径d＝______________mm，金属丝的长度l＝________ cm.(2)若金属丝的电阻大约为5欧，实验室给出了下列器材：A．电池组(3 V，内阻1 Ω)B．电流表(0～3 A，内阻0.0125 Ω)C．电流表(0～0.6 A～3 A，内阻0.125 Ω)D．电压表(0～3 V～15 V，内阻3 kΩ)E．滑动变阻器(0～20 Ω，额定电流1 A)F．滑动变阻器(0～20xx Ω，额定电流0.3 A)G．开关、导线为了使测量尽可能减小误差，电流表应选用量程________A，滑动变阻器应选用________(填写各器材的字母代号)，安培表应采用________(填“内”或“外”)接法．(3)下图是某同学根据所选器材设计电路，连接了部分电路，请你再用两根导线帮他把电路连接完整．(4)根据所选器材调节滑动变阻器，测得的一组电压和电流如下图所示，则电流表的示数为________A，电压表的示数为________V，结合前面测得的数据求得金属丝的电阻率为____________Ω·m24．(导学号：92274405)(12分)如图所示，一物块A固定在粗糙的斜面上，斜面倾角θ＝37°.物块离斜面底端的高为h，紧靠斜面底端有一长为L的长木板B停放在光滑的水平面上，斜面底端刚好与B上表面左端接触，B的上表面粗糙，B右端与半径为R的圆弧面C粘接在一起，圆弧面左端与木板等高，圆弧面表面光滑，A与斜面、长木板的表面动摩擦因数均为μ，A、B、C三者的质量相等．现释放A让其从斜面上滑下，取g＝10 m/s2，sin37°＝0.6.求：(1)A到达斜面底端时的速度大小；(2)A要能滑上C，下滑的高度至少为多少？(3)若A恰好能滑到圆弧面C的最高点，则A下滑的高度又为多大？25．(导学号：92274406)(20分)如图所示，在直角坐标系中y轴和x＝L之间有沿y轴正向的匀强电场，电场强度大小为E，在电场的右侧以点(3L,0)为圆心，L为半径的圆形区域内，有垂直于坐标平面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为B，在y轴上点A(0，L)处沿x轴正向射出一质量为m，电荷量为q的带负电粒子，结果粒子经电场偏转后，沿半径方向射入磁场，并恰好不再能进入电场，求：(1)粒子的初速度大小；(2)匀强磁场的磁感应强度大小．(二)选考题：共15分．请考生从给出的2道试题中任选一题作答．如果多做，则按所做的第一题计分．作答时在试卷上标出所选题目的题号．33．(导学号：92274407)[选修3－3](15分)(1)(5分)下列现象及应用，说法正确的是________．(填正确答案标号．选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分．每选错1个扣3分，最低得分为0分)A．大头针能浮在水面上，是由于水的表面存在张力B．液晶显示器利用了液晶对光具有各向异性的特点C．农民在干旱天气里锄松土壤是为了破坏土壤中的毛细管D．塑料吸盘能牢牢地吸附在玻璃上，说明分子间存在着引力E．加热的水中撒一点胡椒粉，胡椒粉在水中翻滚，说明温度越高布朗运动越激烈(2)(10分)如图所示，导热性能良好的柱形金属容器竖直放置，容器上端的塞子将容器内理想气体密闭，内有质量为m的活塞将容器分为A、B两个气室，活塞与容器内壁间气密性好，且没有摩擦，活塞的截面积为S，已知重力加速度为g，大气压强度为，A、B两个气室的体积均为V0，A气室内气体的压强为，求：①A、B两个气室中理想气体的质量之比；②拔去容器上端的塞子，等稳定后，容器内的活塞移动的距离为多少？34．(导学号：92274408)[选修3－4](15分)(1)(5分)下列说法正确的是________．(填正确答案标号．选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分．每选错1个扣3分，最低得分为0分)A．光纤通信及医用纤维式内窥镜都是利用了光的全反射原理B．肥皂泡呈现的彩色是光的干涉现象，露珠呈现彩色是光的色散现象C．电磁波中电场能量最大时，磁场能量为零；磁场能量最大时，电场能量为零D．照相机镜头上会镀一层膜，有时会在镜头前加一个偏振片，这样做都是为了增加光的透射强度E．火箭以接近光速飞越地球，火箭上的人看到的火箭的长度比地球上的人看到的火箭的长度长(2)(10分)如图所示为沿波的传播路径上A、B两个质点从某时刻开始计时的振动图象，A、B平衡位置的距离为5 m，波从A传播到B 所用的时间不足一个周期，求：①图中B质点的振动方程；②波从A传播到B所用的时间及波传播的速度大小．综合模拟(十)14．C 能量越大的光子频率较大，则其粒子性越显著，选项A错误；根据德布罗意波长公式，若一个电子的德布罗意波长和一个质子的波长相等，则动量p也相等，动能则不相等，故B错误；黑体热辐射的强度与波长的关系：随着温度的升高，一方面，各种波长的辐射强度都有增加，另一方面，辐射强度的极大值向波长较短的方向移动，故C正确；γ光子与一个静止的自由电子发生作用，根据动量守恒知，光子动量减小，根据德布罗意波长λ＝知，散射后波长变大，D错误．15．B 物体从O运动到A点，tan37°＝，t1＝ s，求得v0＝5m/s，从O运动到B点，t＝＝ s，B项正确．16．D 设卫星绕地球做圆周运动的半径为r，周期为T，则在t时间内与地心的连线扫过的面积为S＝πr2，由G＝mr()2得，r＝，由相等时间内与地心连线扫过的面积之比＝k得，＝k3，D项正确．17．D 由题意可知，由于t＝t0时刻物块的速度恰好为零，因此物块匀速运动时的速度为v0＝a0t0，在t＝时刻，物块的速度v1＝a0t0，根据动能定理，拉力F在0～时间内做的功W1＝mv－mv＝(－)×mat，0～t0时间内做的功W2＝0－mv＝(－)×mat，因此＝，D项正确．18．A 在物体b上施加水平拉力F后，两物体始终保持静止状态，则物体b受到上挡板的静摩擦力作用，其大小随F的增大而增大，选项A正确，由于上挡板与物体b之间存在弹力，则弹簧的弹力大于物体b的重力，由整体法分析可知，物体a对下挡板面的压力大小大于2mg，故选项B、C错误；根据摩擦力产生的条件可知，物体a没有相对运动的趋势，则没有摩擦力，故选项D错误．19．BD 因粒子只受电场力作用，因此动能与电势能的和为一定值，由图象可知，由于从0～x1范围内，粒子的电势能增大，因此粒子的动能减小，则在x＝0处粒子的动能不为零，速度不为零，A项错误；由ΔEp＝FΔx得F＝，可知在x＝x1处，粒子受到的电场力为零，B项正确；在x1到x2区域内，电势能在减小，说明粒子受到的电场力做正功，电场方向沿x轴正方向，C项错误；在x2到x3区域内，qE＝，得E＝，D项正确．20．BD 在0～0.5 s内，回路中产生恒定的感应电动势E1＝＝2B0S，根据楞次定律可知ab杆中产生的感应电流方向沿a→b，为正方向，感应电流的大小I1＝＝，ab杆所受的安培力的大小FA1＝(－2B0t ＋2B0)，方向向右，则拉力大小F1＝FA1＝(－2B0t＋B0)，方向向左，为负方向，同理可分析1 s～2 s内，I2＝，ab杆所受的安培力的大小为FA2＝(－B0t＋B0)，方向向右，拉力大小F2＝FA2，方向向左，为负方向，选项B、D正确。

《新步步高大二轮专题复习与增分策略(通用)物理》二轮专题突破习题专题10选考部分第2讲..doc

第2讲机械振动与机械波光岛考题电1机械振动【解题方略】1.简谐运动的对称性：振动质点在关于平衡位置对称的两点，X、F、a、S Ek、Ep的大小均相等，其中回复力只加速度6/与位移x的方向相反，而。

与x的方向可能相同，也可能相反. 振动质点来回通过相同的两点间的时间相等，即t RC = t CB.振动质点通过关于平衡位置对称的等长的两线段的时间相等，即t BC = t B c•如图1所示2.简谐运动的周期性：做简谐运动的物体，其位移、回复力、加速度、速度都随时间按“正弦” 或“余弦”规律变化，它们的周期均相同•其位移随时间变化的表达式为："/sin(初+ 0咸x =Acos (cot + (p).【例1】简谐运动的振动图线可用下述方法画出：如图2甲所示，在弹簧振子的小球上安装一支绘图笔让一条纸带在与小球振动方向垂肓的方向上匀速运动，笔卩在纸带上画出的就是小球的振动图象•取振子水平向右的方向为振子离开平衡位置的位移正方向，纸带运动的距离代表时间，得到的振动图线如图乙所示•则下列说法中正确的是()A.弹费振子的周期为4sB.弹簧振子的振幅为10cmC./=17s时振子相对平衡位置的位移是10cmD.若纸带运动的速度为2cm/s,振动图线上1、3两点间的距离是4cmE.2.5s时振子正在向x轴正方向运动解析周期是振子完成一次全振动的时间，由图知，弹簧振子的周期为r=4s,故A正确；振幅是振子离开平衡位置的最大距离，由图知，弹簧振子的振幅为10cm，故B正确；振子的周期为4s ,由周期性知r/=17s时振子相对平衡位置的位移与2 Is时振子相对平衡位置的位移相同，为0 ,故C错误；若纸带运动的速度为2cm/s ,振动图线上1、3两点间的距离是s = vt= 2cm/sX2s = 4cm.KD正确；由图乙可知2.5s时振子正在向x轴负方向运动，故E错误.答案ABD预测1 (2015・山东理综・38(1))如图3所示，轻弹•簧上端固定，下端连接一小物块，物块沿竖方?方向做简谐运动•以竖直向上为正方向，物块简谐运动的表达式为尹=0.1sin(2.5M)m./=0时刻，一小球从距物块/?高处自山落卞；/=0.6s时，小球恰好与物块处于同一高度.収重力加速度的大小g=10m/s2.以下判断正确的是__________________ •(双选，填正确答案标号)h图3A.力=1.7mB.简谐运动的周期是0.8sC.0.6s内物块运动的路程是0.2mD.f=0.4s时，物块与小球运动方向相反答案AB 解析/二0.6s时，物块的位移为y = 0.1sin(2.5兀X 0.6)m = - 0.1m ,则对小球h + \y\ = ^，解得2兀2.TLh = 1.7m ,选项A正确；简谐运动的周期是r=^- = y^s = 0.8s ,选项B正确；0.6s内物块运T动的路程是3A = 0.3m ,选项C错误；r = 0.4s = 2 ,此时物块在平衡位置向下振动，则此时物块与小球运动方向相同，选项D错误.预测2某同学用单摆测当地的重力加速度.他测出了摆线长度厶和摆动周期八如图4(a)所示.通过改变摆线长度厶测出对应的摆动周期获得多组八与厶再以尸为纵轴、厶为横轴画出函数关系图象如图(b)所示.由图象可知，摆球的半径r= __________ m,当地重力加速度g=_______ m/s2；由此种方法得到的重力加速度值与实际的重力加速度值相比会 __________ (选填“偏人”“偏小”或“一样”).答案1.0X10—2 7t2一样解析由横轴截距得，球的半径应为1.0X10*2m；图象斜率k = ^= ] °咒一2二4 ,而g 二霁故g 二^~m/s2 = n2 m/s2根据以上推导，斜率不变，重力加速度不变，故对g没有影响，一样.商考题电2机械波▼【解题方略】1.波动图象描述的是在同一时刻，沿波的传播方向上的各个质点偏离平衡位置的位移•在时间上具有周期性、空间上具有重复性和双向性的特点.2.深刻理解波动中的质点振动.质点振动的周期(频率)=波源的周期(频率)=波的传播周期(频率).3.要画好、用好振动图象，并正确地与实际情景相对应.要正确画出波形图，准确写出波形平移距离、质点振动时间与波长、周期的单一解或多解表达式.4.分析简谐运动中各物理量的变化情况时，一定要以位移为桥梁，位移增大时，振动质点的回复力、加速度、势能均增大，速度、动能均减小；反之，则产生相反的变化•另外，各矢量均在其值为零时改变方向.5.“一分、一看、二找”巧解波动图象与振动图象的综合问题(1)分清振动图象与波动图象•只要看清横坐标即可，横坐标为x则为波动图象，横坐标为/则为振动图象.(2)看清横、纵坐标的单位，尤其要注意单位前的数量级.(3)找准波动图象对应的时刻.(4)找准振动图象对应的质点.【例21 (2016-全国甲卷・34⑵)一列简谐横波在介质中沿x轴止向传播，波长不小于lOcm.O和A 是介质中平衡位置分别位于x=0和x=5cm处的两个质点./=0时开始观测，此时质点O的位移为y=4cm,质点力处于波峰位置；时，质点O第一次回到平衡位置，f=ls吋，质点/第一次冋到平衡位置•求：(1)简谐波的周期、波速和波长；(2)质点O的位移随时间变化的关系式.解析(1)设振动周期为卩由于质点力在0到Is内由最大位移处第一次回到平衡位置，经历的是+个周期，由此可知"4s①由于质点O与/的距离Ax = 5cm小于半个波长，且波沿x轴正向传播，O在尸*s时回到平2衡位置，而/在C Is时回到平衡位置，时间相差Az = |s ,可得波的速度D 二右二 7.5cm/s ②由X = vT 得，简谐波的波长2 = 30cm ③(2)设质点O 的位移随时间变化的关系为2兀/ y = A cos(— + go)④将①式及题给条件代入上式得4 = Acos^o< 71 ⑤ 0 = /cos(& + go)JT解得 00 二 3 M 二 8cm®质点O 的位移随时间变化的关系式为或尹二 0.08sin （^/ + 才）m答案（l ）4s 7.5cm/s 30cm（2）y=0.08cos （》+f ） m 或 y=0.08sin （》+罟）m预测3 (2016-全国丙卷-34(1))111波源S 形成的简谐横波在均匀介质中向左、右传播.波源振动的频率为20Hz,波速为16m/s.D 知介质小P 、0两质点位于波源S 的两侧，且P 、。

2016届高考数学(文)二轮专题复习提能增分突破三大题冲关——解答题的应对技巧保分题冲关系列2

保分题冲关系列(二)(时间：45分钟分数：60分)1．(2015·山东聊城二模)设△ABC 的内角A ，B ，C 的对边分别是a ，b ，c ，已知A ＝π6，a ＝b cos C .(1)求角C 的大小；(2)如图，在△ABC 的外角∠ACD 内取一点P ，使PC ＝2，过点P 作PM ⊥CA 于M ，PN ⊥CD 于N ，设线段PM ，PN 的长分别为m ，n ，∠PCM ＝x ，且π6<x <π2，求f ()x ＝mn 的最大值及相应x 的值．解：(1)由a ＝b cos C 和余弦定理，得2a 2＝a 2＋b 2－c 2，即a 2＋c 2＝b 2，所以△ABC 是直角三角形，其中B ＝π2，A ＝π6，于是得C ＝π3.(2)在Rt △PMC 中，PC ＝2，∠PMC ＝π2，∠PCM ＝x ，π6＜x ＜π2，所以m ＝PC sin x ＝2sin x .在Rt △PNC 中，PC ＝2，∠PNC ＝π2，∠PCN ＝2π3－x ，所以n ＝PC sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫2π3－x ＝2sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫2π3－x . 于是f (x )＝mn ＝2sin x ·2sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫2π3－x ＝4sin x ⎝ ⎛⎭⎪⎫sin 2π3cos x －cos 2π3sin x＝23sin x cos x ＋2sin 2x ＝3sin 2x ＋1－cos 2x＝2sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫2x －π6＋1. 因为π6＜x ＜π2，所以π6＜2x －π6＜5π6，当2x －π6＝π2，即x ＝π3时，f (x )取得最大值3.2．(2015·内蒙古呼伦贝尔二模)已知公差不为零的等差数列{a n }，满足a 1＋a 3＋a 5＝12.且a 1，a 5，a 17成等比数列，S n 为{a n }的前n 项和．(1)求数列{a n }的通项公式；(2)求使S n ＜5a n 成立的最大正整数n 的值．解：(1)∵a 1＋a 3＋a 5＝12，∴3a 3＝12，∴a 3＝4.∵a 1，a 5，a 17成等比数列，∴a 25＝a 1a 17，∴(4＋2d )2＝(4－2d )(4＋14d )，∵d ≠0，解得d ＝1，∴a n ＝a 3＋(n －3)d ＝4＋(n －3)＝n ＋1，∴数列{a n }的通项公式为a n ＝n ＋1，n ∈N *.(2)∵a n ＝n ＋1，S n ＝n (n ＋3)2，∴n (n ＋3)2≤5(n ＋1)，即n 2－7n －10≤0，即7－892≤n ≤7＋892，且n ∈N *， ∴n ＝8，即n 的最大值是8.3.(2015·山东济南二模)济南天下第一泉风景区为了做好宣传工作，准备在A 和B 两所大学分别招募8名和12名志愿者，将这20名志愿者的身高编成如图所示茎叶图(单位：cm)．若身高在175 cm以上(包括175 cm)定义为“高精灵”，身高在175 cm以下(不包括175 cm)定义为“帅精灵”．已知A大学志愿者的身高的平均数为176 cm，B大学志愿者的身高的中位数为168 cm.(1)求x，y的值；(2)如果用分层抽样的方法从“高精灵”和“帅精灵”中抽取5人，再从这5人中选2人．求至少有一人为“高精灵”的概率．解：(1)由题意，得159＋168＋170＋170＋x＋176＋182＋187＋1918＝168，160＋y＋1692＝168，解得x＝5，y＝7.(2)由题意知“高精灵”有8人，“帅精灵”有12人，如果用分层抽样的方法从“高精灵”和“帅精灵”中抽取5人，则抽取的“高精灵”和“帅精灵”的人数分别为：8×520＝2和12×520＝3.记抽取的“高精灵”为b1，b2，抽取的“帅精灵”为c1，c2，c3，从已抽取的5人中任选两人的所有可能为：(b1，b2)，(b1，c1)，(b1c2)，(b1，c3)，(b2，c1)，(b2，c2)，(b2，c3)，(c1，c2)，(c1，c3)，(c2，c3)，共10种．设“选取的两人中至少有一人为“高精灵””为事件A，则事件A 包括(b1，b2)，(b1，c1)，(b1，c2)，(b1c3)，(b2，c1)，(b2，c2)，(b2，c3)，共7种．所以P (A )＝710.因此，如果用分层抽样的方法从“高精灵”和“帅精灵”中抽取5人，再从这5人中选2人，则至少有一人为“高精灵”的概率为710.4．(2015·山东菏泽一模)如图，将边长为2的正六边形ABCDEF 沿对角线BE 翻折，连接AC ，FD ，形成如图所示的多面体，且AC ＝ 6.(1)证明：平面ABEF ⊥平面BCDE ；(2)求三棱锥E －ABC 的体积．(1)证明：正六边形ABCDEF 中，连接AC ，BE ，交点为G ，易知AC ⊥BE ，且AG ＝CG ＝3，在多面体中，由AC ＝6，知AG 2＋CG 2＝AC 2，故AG ⊥GC ，又GC ∩BE ＝G ，GC ，BE ⊂平面BCDE ，故AG ⊥平面BCDE ，又AG ⊂平面ABEF ，所以平面ABEF ⊥平面BCDE ；(2)解：连接AE ，CE ，则AG 为三棱锥A －BCE 的高，GC 为△BCE 的高．在正六边形ABCDEF 中，BE ＝2AF ＝4，故S △BCE ＝12×4×3＝23，所以 V E －ABC ＝V A －BCE ＝13×23×3＝2.。

1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性，平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
3、如文档侵犯您的权益，请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间：9:00-18:30)。

关闭Word文档返回原板块。

高考重点冲关练10基因、基因型频率的计算【常考角度】1.准确理解基因频率与生物进化的关系。

(对应训练T2、T3、T4)2.正确进行基因频率和基因型频率的换算，区分常染色体和性染色体上基因频率的不同算法。

(对应训练T1、T2、T3、T5、T6、T7、T8)3.正确分析致死问题，在存活个体中计算基因频率。

(对应训练T7、T8)1.下列计算中正确的是()A.显微镜下一个视野中，完整的细胞个数为80个，当放大倍数增加4倍，该视野中可观察到的完整细胞个数为20个B.一个种群中AA、Aa、aa的基因型频率分别为30%、60%、10%，该种群中每种基因型的个体中雌雄比例为1∶1，所有个体自由交配，子代中基因型频率不变C.某学校的学生中某一相对性状的各基因型比率为X B X B∶X B X b∶X b X b∶X B Y∶X b Y=44%∶5%∶1%∶43%∶7%，则X b的基因频率约为9.3%D.人的ABO血型决定于3个等位基因I A、I B、i。

通过抽样调查发现血型频率(基因型频率)：A型(I A I A，I A i)=0.45，B型(I B I B，I B i)=0.13，AB型(I A I B)=0.36，O型(ii)=0.06。

I A、I B基因的频率分别是0.3、0.1【解析】选C。

显微镜放大倍数是指长度或宽度的放大倍数，当放大倍数增加4倍时，面积将扩大16倍，原来能看到80个完整的细胞，现在可看到80/16=5个，A项错误。

在达到遗传平衡的种群中，随机交配的结果是基因频率和基因型频率均不变。

该种群中，A的基因频率为60%，a的基因频率为40%，随机交配后，AA的基因型频率为36%，B项错误。

设学生总数为100，则X b的总数为5+1×2+7=14个，等位基因的总数为150个(Y染色体上没有等位基因)，X b的基因频率约为9.3%，C项正确。

由于各种基因型的比例未知，因此无法计算各基因频率。

2.家蝇对拟除虫菊酯类杀虫剂产生抗性，原因是神经细胞膜上某通道蛋白中的一个亮氨酸替换为苯丙氨酸。

下表是对某市不同地区家蝇种群的敏感性和抗性基因型频率调查分析的结果。

下列叙述正确的是()A.上述通道蛋白中氨基酸的改变是基因碱基对缺失的结果B.甲地区家蝇种群中抗性基因频率为22%C.比较三地区抗性基因频率可知乙地区抗性基因突变率最高D.丙地区敏感性基因频率高是自然选择的结果【解析】选D。

神经细胞膜上某通道蛋白中的一个亮氨酸替换为苯丙氨酸，应是基因碱基对替换的结果。

甲地区家蝇种群中抗性基因频率为抗性纯合子比例加上杂合子比例的一半，等于12%。

乙地区抗性纯合子比例最高，是自然选择的结果，不能说明抗性基因突变率最高。

丙地区敏感性基因频率高是自然选择的结果。

3.科学家在研究某种鸟的进化时发现，在繁殖季节有的雄鸟能够吸引多只雌鸟来到它的领地筑巢，有的雄鸟却“魅力不足”，其领地中鸟巢的数量很少。

经观察，研究者认为雄鸟能否吸引雌鸟到它的领地筑巢，与雄鸟尾羽的长短有关。

观察结果如下图，下列说法错误的是()A.基因突变和基因重组为鸟的种群进化提供了原始材料B.长尾羽的雄鸟更能吸引雌鸟到它的领地筑巢C.若该种群中对羽虱具有抵抗力的个体AA和Aa分别占20%和40%，则a基因的基因频率为60%D.种群进化时，基因频率总是变化的【解析】选A。

基因突变可以为鸟的种群进化提供原始材料，基因重组不能产生新的基因，只是原有基因的重新组合，不能为进化提供原始材料。

4.一个全部由基因型为Aa的豌豆植株组成的种群，经过连续n代自交，获得的子代中，Aa 的频率为(1/2)n，AA和aa的频率均为(1/2)[1-(1/2)n]。

根据现代生物进化理论，可以肯定该种群在这些年中()①发生了隔离②发生了基因突变③发生了自然选择④发生了基因型频率的改变⑤没有发生生物进化A.④⑤B.①②③④C.②③④D.②③⑤【解析】选A。

连续自交会使杂合子比例逐渐减少，纯合子比例逐渐增多，基因型频率改变。

由于没有自然选择的作用，基因频率不变，生物没有发生进化。

5.一个种群中AA占25%，Aa占50%，aa占25%。

如果因为环境的变化，每年aa个体减少20%，AA和Aa个体分别增加20%。

一年后，a基因的基因频率为()A.45.5%B.20%C.18.2%D.15.6%【解析】选A。

一年后aa个体减少20%，变为25%×(1-20%)=20%。

AA个体增加20%，变为25%×(1+20%)=30%。

Aa个体增加20%，变为50%×(1+20%)=60%。

则种群总数为110%，a基因的基因频率为[(20/110)+(1/2)(60/110)]×100%≈45.5%。

6.某地区从1964年开始使用杀虫剂杀灭蚊子幼虫，至1967年中期停用。

下图是期间蚊子幼虫基因型频率变化曲线。

R表示杀虫剂抗性基因，S表示野生敏感型基因。

请据图回答：(1)R基因的出现是的结果。

(2)在RR基因型频率达到峰值时，RS、SS基因型频率分别为4%和1%，此时R基因的频率为。

(3)1969年中期RR基因型几近消失，表明在的环境条件下，RR基因型幼虫比SS基因型幼虫的生存适应能力。

(4)该地区从此不再使用杀虫剂，预测未来种群中，最终频率最高的基因型是，原因是。

【解析】(1)R基因是新产生的基因，只有基因突变能产生新的基因。

(2)由题目信息可知，RR的基因型频率为95%，所以R基因的频率为95%+1/2×4%=97%。

(3)1969年中期，RR基因型几近消失，说明在不使用杀虫剂的时候，RR基因型幼虫比SS基因型幼虫的生存适应能力低。

(4)根据曲线的变化可以看出，在不使用杀虫剂后，RR个体越来越少，R基因的频率越来越低，SS个体越来越多，S基因的频率越来越高。

答案：(1)基因突变(2)97%(3)不使用杀虫剂低(4)SS在不使用杀虫剂的环境中，持续的选择作用使R基因的频率越来越低7.玉米叶片叶绿素的合成受其7号染色体上一对等位基因(A、a)的控制，同时也受光照的影响。

在玉米植株中，体细胞含2个A的植株叶片呈深绿色；含一个A的植株叶片呈浅绿色；体细胞没有A的植株叶片呈黄色，会在幼苗期后死亡。

(1)在正常光照下，AA植株叶片呈深绿色，而在遮光条件下却呈黄色，从基因与性状的关系角度分析其原因：。

(2)在浅绿色植株体内某些正常细胞中含有两个A基因，原因是。

有一批浅绿色植株(P)，如果让它们相互授粉得到F1，F1植株随机交配得到F2，逐代随机交配得到F n，那么在F n成熟植株中a基因频率为(用繁殖代数n的表达式表示)。

(3)现有一浅绿色突变体成熟植株甲，其体细胞中一条7号染色体的片段m发生缺失，记为q；另一条正常的7号染色体记为p(如图)。

片段m缺失的花粉会失去受精活力，且胚囊中卵细胞若无A或a基因则不能完成受精作用。

请推测该浅绿色突变体成熟植株甲的A或a 基因是否位于片段m上。

(填“一定”“可能”或“不可能”)。

假设A、a不位于片段m 上，要确定植株甲的基因A、a在染色体p、q上的分布，现将植株甲进行自交得到F1，待F1长成成熟植株后，观察并统计F1表现型及比例。

请预测结果并得出结论：①若F1，则植株甲体细胞中基因A位于q上，基因a位于p上。

②若F1，则植株甲体细胞中基因A位于p上，基因a位于q上。

【解析】(1)根据题意分析可知：AA植株叶片在正常光照下呈深绿色，而在遮光条件下却呈黄色，说明光照的有无会影响与叶绿素代谢有关酶的基因的表达，进而影响叶片颜色。

(2)浅绿色植株的基因型为Aa，当有些细胞正在进行细胞分裂，基因已完成了复制但未平分到两个子细胞中时，这些正常细胞中会含有两个A基因。

有一批浅绿色植株(Aa)，如果让它们相互授粉得到AA、Aa、aa，由于体细胞没有A的植株叶片呈黄色，会在幼苗期后死亡，所以成熟植株中只有AA、Aa，比例为1∶2，a基因频率为1/3。

F1植株随机交配得到F2，其中AA占4/9、Aa占4/9、aa占1/9，成熟植株中a基因频率为1/4。

同理可推出：在F n 成熟植株中a基因频率为1/(n+2)。

(3)浅绿色突变体成熟植株甲的体细胞基因型为Aa，如果基因A或a在缺失片段m上，则q 染色体上没有基因A、a，又因为含有这样的q染色体的花粉或卵细胞都不能完成受精作用，则植株甲不能产生，因此，植株甲的A或a基因不可能在片段m上。

若植株甲体细胞中基因A位于q上，基因a位于p上，因为片段m缺失的花粉会失去受精活力，则只能产生一种含a的雄配子，产生两种雌配子(1A和1a)，F1全为浅绿色植株(aa个体幼苗期后死亡)。

若植株甲体细胞中基因A位于p上，基因a位于q上。

则只能产生一种含A的雄配子，产生两种雌配子(1A和1a)，F1深绿色植株∶浅绿色植株=1∶1。

答案：(1)光照的有无会影响与叶绿素代谢(合成或分解)有关酶的基因的表达，进而影响叶片颜色(2)这些细胞正在进行细胞分裂，基因已完成了复制但还未平分到两个子细胞中(答处于有丝分裂某一时期不正确)1/(n+2)(3)不可能①全为浅绿色植株②深绿色植株∶浅绿色植株=1∶18.果蝇的繁殖能力强，相对性状明显，是常用的遗传实验材料。

(1)果蝇的某一对相对性状由等位基因(N，n)控制，其中一个基因在纯合时能使合子致死(注：NN、X N X N、X N Y等均视为纯合子)。

有人用一对果蝇杂交，得到F1果蝇共185只，其中雄蝇63只。

①控制这一性状的基因位于染色体上，成活果蝇的基因型共有种。

②若F1雌蝇仅有一种表现型，则致死基因是，F1雌蝇基因型为。

③若F1雌蝇共有两种表现型，则致死基因是。

让F1果蝇随机交配，理论上F2成活个体构成的种群中基因N的频率为。

(2)果蝇的灰体(E)对黑檀体(e)为显性。

在没有迁入迁出、突变和选择等条件下，一个由纯合果蝇组成的大种群个体间自由交配得到F1，F1中灰体果蝇8 400只，黑檀体果蝇1 600只。

F1中Ee的基因型频率为，亲代群体中灰体果蝇的百分比为。

【解析】(1)①F1果蝇共185只，其中雄蝇63只，即雌∶雄约为2∶1，而按照常规应该是1∶1，也就是说一部分雄果蝇为纯合子死亡，由此可判断控制这一性状的基因位于X染色体上，成活果蝇中雌蝇有2种基因型，雄蝇有1种基因型，共有3种基因型。

②若F1雌蝇仅有一种表现型，说明隐性基因n纯合致死。

F1雌蝇基因型为X N X N、X N X n。

③若F1雌蝇有2种表现型，说明显性基因N纯合致死。

F1雌蝇基因型为1X n X n、1X N X n，产生的配子为3X n、1X N；雄果蝇的基因型为X n Y，产生的配子为1X n、1Y；F1果蝇随机交配，后代可能的基因型为3X n X n、3X n Y、1X N X n、1X N Y(致死)。