成都七中16届高二理科物理7月阶段性考试答案
四川省成都七中高二物理下学期7月段考试卷(含解析)
四川省成都七中2014-2015学年高二下学期段考物理试卷（7月份）一、单项选择题（每小题3分）1．下列说法正确的是（）A．用同样大的力去推两个物体，其中能被推动的一个惯性小B．夹角不变的两个分力大小都增大，合力一定增大C．荡秋千从最低点上升到最高点的过程中，人处于超重状态D．在时间t内，加速度与速度方向相同，速度一定不断增大2．在物理学的重大发现中科学家创造出了许多物理学研究方法，如理想实验法、控制变量法，极限思维法、类比法和科学假法说、建立理想模型法、微元法等等，以下关于所用物理学研究方法的叙述不正确的是（）A．伽利略为研究自由落体运动的规律，将落体实验转化为著名的“斜面实验”，这个研究过程通过斜面实验“冲淡”了重力的作用，便于测量小球运动的时间，直接得到自由落体运动的规律B．根据速度定义v=，当t非常非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思维法C．在探究加速度、力的质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验应用了控制变量法D．在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法3．如图所示，一个小物体从光滑斜面由A点上方从静止开始下滑，在它通过的路径中取AE并分成相等的四段，v A、v B、v C、v D、v E表示通过A、B、C、D、E点的瞬时速度，v表示AE段的平均速度，则下列关系中正确的是（）A．v=v B B．v=v C C．v B＜v＜v C D．v C＜v＜v D4．如图所示，轻绳OA一端与小球相连，另一端系于O点，力F作用于小球使轻绳编离竖直方向75°角，小球处于平衡状态，现将力F从水平方向缓慢移动到虚线所示的竖直方向，整个过程中，轻绳始终保持不动且小球始终处于平衡状态，则下列说法正确的是（）A．轻绳OA上拉力始终不变B．轻绳OA上拉力先增大后减小C．力F一直增大D．力F先减小后增大5．两个装置都放在水平的支托物上，处于平衡状态，如图所示，今突然迅速地撤去支托物，让物块下落，在除去支托物的瞬间，A1、A2受到的合力分别为F1′和F2′，B1、B2受到的合力分别为F1和F2，则（）A．F1′=0，F2′=2mg，F1=0，F2=2mgB．F1′=mg，F2′=mg，F1=0，F2=2mgC．F1′=0，F2′=2mg，F1=mg，F2=mgD．F1′=mg，F2′=mg，F1=mg，F2=mg6．如图所示，小圆环A系着一个质量为m2的物块并套在另一个竖直放置的大圆环上，有一细线一端拴在小圆环A上，另一端跨过固定在大圆环最高点B的一个小滑轮后吊着一个质量为m1的物块．如果小圆环、滑轮、绳子的大小和质量以及相互之间的摩擦都可以忽略不计，绳子又不可伸长，若平衡时弦AB所对应的圆心角为α，则两物块的质量比m1：m2应为（）A．cos B．sin C．2sin D．2cos7．某同学在学习了动力学知识后，绘出了一个沿直线运动的物体的加速度a、速度v、位移x 随时间变化的图象如图所示，若该物体在t=0时刻，初速度均为零，则下列图象中表示该物体沿单一方向运动的图象是（）A．B．C．D．8．如图甲所示，在倾角为30°的足够长的光滑斜面上，有一质量为m的物体受到沿斜面方向的力F的作用，力F按图乙所示规律变化，图中纵坐标是F与mg的比值，规定力沿斜面向上为正向，则物体运动的速度v随时间t变化的规律用可图中的哪一个图象表示（物体的初速度为零）（）A．B．C．D．二、不定项选择题（每小题4分，共20分）9．如图所示，在斜面上有两个物体A、B靠在一起往下滑，对于A的受力情况，下列说法正确的是（）A．若斜面光滑，则物体A只受两个力B．若斜面光滑，并设物体A、B的质量分别为m A、m B，且m B＞m A，则物体A受三个力C．若物体A、B与斜面间有摩擦，则物体A必受三个力D．若物体A、B与斜面间有摩擦，则A可能受四个力10．如图（a）所示，用一水平外力F拉着一个静止在倾角为θ的光滑斜面上的物体，逐渐增大F，物体做变加速运动，其加速度a随外力F变化的图象如图（b）所示，若重力加速度g取10m/s2，根据图（b）中所提供的信息可以计算出（）A．物体的质量B．加速度为6m/s2时物体的速度C．斜面的倾角D．加速度由2m/s2增加到6m/s2过程物体通过的位移11．如图所示，用同种材料制成的质量分别为m1、m2的两个物体中间用一轻弹簧连接，在下列四种情况下，用相同大小的接力F均作用在m1上，使m1、m2做加速运动：①拉力水平，m1、m2在光滑的水平面上加速运动②拉力水平，m1、m2在粗糙的水平面上加速运动③拉力平行于倾角为θ的斜面，m1、m2在光滑的斜面上加速运动④拉力平行于倾角为θ的斜面，m1、m2在粗糙的斜面上加速运动用△l1、△l2、△l3、△l4依次表示弹簧在以上四种情况下的伸长量，有（）A．△l3＞△l4B．△l3=△l4C．△l1＜△l3D．△l2=△l412．如图所示，一个人坐在小车的水平台面上，用水平力拉绕过定滑轮的细绳，使人和车以相同的加速度向右运动，水平地面光滑，则（）A．若人的质量大于车的质量，车对人的摩擦力为0B．若人的质量小于车的质量，车对人的摩擦力方向向左C．若人的质量等于车的质量，车对人的摩擦力为0D．不管人、车质量关系如何，车对人的摩擦力都为013．如图所示，绷紧的水平传送带始终以恒定速率v1运行．初速度大小为v2的小物块从与传送带等高的光滑水平地面上的A处滑上传送带．若从小物块滑上传送带开始计时，小物块在传送带上运动的v﹣t图象（以地面为参考系）如图乙所示．已知v2＞v1，则（）A．t2时刻，小物块离A处的距离达到最大B．t2时刻，小物块相对传送带滑动的距离达到最大C．0～t2时间内，小物块受到的摩擦力方向先向右后向左D．0～t3时间内，小物块始终受到大小不变的摩擦力作用三、实验题14．（1）在做“研究匀变速直线运动”的实验时，为了能够较准确地测出加速度，将你认为正确的选项前面的字母填在横线上：．A．把附有滑轮的长木板放在实验桌上，并使滑轮伸出桌面B．把打点计时器固定在长木板上没有滑轮的一端，连接好电路C．再把一条细绳拴在小车上，细绳跨过滑轮，下边挂上合适的钩码，每次必须由静止释放小车D．把纸带穿过打点计时器，并把它的一端固定在小车的后面E．把小车停在靠近打点计时器处，接通直流电源后，放开小车，让小车拖着纸带运动，打点计时器就在纸带上打下一系列的点，环上新纸带，重复三次F．从三条纸带中选择一条比较理想的纸带，舍掉开头比较密集的点，在后边便于测量的地方找一个开始点，并把每打五个点的时间作为时间单位，在选好的开始点下面记作0，往后第六个点作为计数点1，依此标出计数点2、3、4、5、6，并测算出相邻两点间的距离G．根据公式a1=，a2=，a3=，及a=求出a（2）如图所示为一次实验得到的一条纸带，纸带上每相邻的两计数点间都有4个点未画出，按时间顺序取0、1、2、3、4、5、6共7个计数点，测出1、2、3、4、5、6点到0点的距离，如图所示（单位：cm），交流电源f=50Hz．由纸带数据计算可得数点4代表时刻的瞬间速度大小v4=m/s，小车的加速度大小为m/s2．（保留2位有效数字）15．如图1所示，用铁架台、弹簧和多个已知质量且质量相等的钩码，探究在弹性限度内弹簧弹力与弹簧伸长长度的关系实验．①为完成实验，还需要的实验器材有：．②实验中需要测量的物理量有：．③图2是弹簧所受弹力F与弹簧伸长长度x的F﹣x图线，由此可求出弹簧的劲度系数为N/m．图线不过原点的原因是由于．16．某同学设计了如图1所示的装置来探究加速度与力的关系．弹簧秤固定在一合适的木块上，桌面的右边缘固定一个光滑的定滑轮，细绳的两端分别与弹簧剩秤的挂钩和矿泉水瓶连接．在桌面上画出两条平行线P、Q，并测出间距d，开始时将木块置于P处，现缓慢向瓶中加水，直到木块刚刚开始运动为止，记下弹簧秤的示数F0，以此表示滑动摩擦力的大小，再将木块放回原处并按住，继续向瓶中加水后，记下弹簧秤的示数F，然后释放木块，并用秒表记下木块从P运动到Q处的时间t．（1）木块的加速度可以用d和t表示为a=．（2）改变瓶中水的质量重复实验，确定加速度a与弹簧秤示数F的关系，图2中能表示该同学实验结果的是．（3）用加水的方法改变拉力的大小与挂钩码的方法相比，它的优点是．A．可以改变滑动摩擦力的大小B．可以更方便地获取更多组实验数据C．可以更精确地测出摩擦力的大小D．可以获得更大的加速度以提高实验精度．四、计算题17．某同学利用数码相机连拍功能记录运动会上女子跳水比赛中运动员在10m跳台跳水的全过程．所拍摄的第一张照片恰为她们起跳的瞬间，第五张如图甲，该同学认为这时她们处在最高点，第二十一张如图乙，她们正好身体竖直、双手刚刚触及水面，查阅资料得知相机拍摄两张照片间隔时间T=0.1s（忽略相机曝光时间），设起跳时重心离台面及触水时重心离水面的距离相等，由以上材料：（g=10m/s2）（1）求运动员的起跳速度大小；（2）分析第五张照片是在最高点吗？如果不是，此时运动员的重心是处于上升阶段还是下降阶段？18．如图所示，重力为G1=8N的砝码悬挂在绳PA和PB的结点上，PA偏离竖直方向37°角，PB沿水平方向且连在重力为G2=10N的木块上，木块静止于倾角为37°的斜面上，试求：（1）木块与斜面间的摩擦力；（2）木块所受斜面的弹力．19．动物爱好者经过长期观察发现，猎豹从静止开始沿直线奔跑时，经过60m的距离其速度加速到最大为30m/s，以后只能维持这一速度4.0s；羚羊从静止开始沿直线奔跑时，经过50m 的距离其速度加速到最大为25m/s，并能保持这一速度奔跑较长的时间．一次猎豹在距羚羊x 处对羚羊开始发起攻击，羚羊在猎豹发起攻击后1.0s开始奔跑，结果猎豹在减速前追上了羚羊，试求x值的取值范围（假定猎豹和羚羊在加速阶段分别做匀加速直线运动，且均沿同一直线奔跑）．20．在水平长直轨道上有一长平板车在水平外力控制下始终保持速度v0=4m/s做匀速直线运动，某时刻，站在地面上的人，将一质量为m=1kg的小滑块轻放到车面的中点，滑块与车面间的动摩擦因数为μ=0.2，取g=10m/s2．（1）小车足够长，以地面为参考系，小滑块从轻放到车面的中点到车面相对静止的过程中，小滑块通过的距离x是多大？（2）若小车长度L=2m，在将小滑块放到车面中点的同时，对小滑块施加一个与车运动方向相同的恒力F，要保证滑块不从车的左端掉下，恒力F大小应该满足什么条件？（3）在（2）的情况下，力F取最小值，要保证滑块不从车上掉下，力F的作用时应该在什么范围内？四川省成都七中2014-2015学年高二下学期段考物理试卷（7月份）一、单项选择题（每小题3分）1．下列说法正确的是（）A．用同样大的力去推两个物体，其中能被推动的一个惯性小B．夹角不变的两个分力大小都增大，合力一定增大C．荡秋千从最低点上升到最高点的过程中，人处于超重状态D．在时间t内，加速度与速度方向相同，速度一定不断增大考点：牛顿运动定律的应用-超重和失重；力的合成；惯性．分析：用同样大的力去推两个物体，能否被推动与惯性无关；根据力的合成的方法平行四边形定则或三角形法则可知合力与分力的大小关系的可能性．当物体的加速度向下时物体处于失重状态；速度与加速度的方向相同时，物体做加速运动．解答：解：A、用同样大的力去推两个物体，能否被推动与推力的大小与物体受到的摩擦力的大小之间的关系决定，与惯性的大小无关；故A错误；B、根据力的合成的方法平行四边形定则可知，夹角不变的两个分力大小都增大，合力不一定增大．故B错误；C、荡秋千从最低点上升到最高点的过程中，人的加速度的方向向下，处于失重状态．故C错误；D、速度与加速度的方向相同时，物体做加速运动．故D正确．故选：D点评：该题考查惯性、力的合成与分解、超重与失重、加速度与速度的关系等基础的知识．对于力的合成中合力的大小不能盲目下结论，因根据平行四边形或一些实例进行分析判断．2．在物理学的重大发现中科学家创造出了许多物理学研究方法，如理想实验法、控制变量法，极限思维法、类比法和科学假法说、建立理想模型法、微元法等等，以下关于所用物理学研究方法的叙述不正确的是（）A．伽利略为研究自由落体运动的规律，将落体实验转化为著名的“斜面实验”，这个研究过程通过斜面实验“冲淡”了重力的作用，便于测量小球运动的时间，直接得到自由落体运动的规律B．根据速度定义v=，当t非常非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思维法C．在探究加速度、力的质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验应用了控制变量法D．在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法考点：物理学史．分析：当时间非常小时，我们认为此时的平均速度可看作某一时刻的速度即称之为瞬时速度，采用的是极限思维法；在研究多个量之间的关系时，常常要控制某些物理量不变，即控制变量法；在研究曲线运动或者加速运动时，常常采用微元法，将曲线运动变成直线运动，或将变化的速度变成不变的速度．解答：解：A、伽利略采用了一个巧妙的方法，用来“冲淡”重力．他让铜球沿阻力很小的斜面滚下，二小球在斜面上运动的加速度要比它竖直下落的加速度小得多，所以时间长，容易测量，伽利略将实验结论进行合理的外推，得到自由落体的运动规律，而不是直接得到自由落体运动的干什么．故A错误．B、为研究某一时刻或某一位置时的速度，我们采用了取时间非常小，即让时间趋向无穷小时的平均速度作为瞬时速度，即采用了极限思维法，故B正确；C、在研究加速度与质量和合外力的关系时，由于影响加速度的量有质量和力，故应采用控制变量法，故C正确；D、在探究匀变速运动的位移公式时，采用了微元法将变速运动无限微分后变成了一段段的匀速运动，即采用了微元法；故D正确；本题选不正确的，故选：A．点评：在高中物理学习中，我们会遇到多种不同的物理分析方法，这些方法对我们理解物理有很大的帮助；故在理解概念和规律的基础上，更要注意科学方法的积累与学习．3．如图所示，一个小物体从光滑斜面由A点上方从静止开始下滑，在它通过的路径中取AE并分成相等的四段，v A、v B、v C、v D、v E表示通过A、B、C、D、E点的瞬时速度，v表示AE段的平均速度，则下列关系中正确的是（）A．v=v B B．v=v C C．v B＜v＜v C D．v C＜v＜v D考点：匀变速直线运动的速度与位移的关系；平均速度．专题：直线运动规律专题．分析：题中，C点的速度为AE过程中的中间位移时刻的速度，AE全程的平均速度的大小v 等于AE过程中的中间时刻的瞬时速度的大小，根据匀加速运动的规律可以分析v和v C的大小．解答：解：物体做的是匀加速直线运动，通过题意可知，C点的速度为AE过程中的中间位移时刻的速度，AE全程的平均速度v的大小等于AE过程中的中间时刻的瞬时速度的大小，由于物体做的是匀加速直线运动，速度的大小越来越大，因为C为AE的中点，那么物体经过AC 的时间要比经过CE的时间长，所以AE的中间时刻一定是在C点之前，所以v C＞v，所以C正确．故选C点评：解决本题的关键是找出中间时刻和中间位移的速度的关系，根据匀变速直线运动的规律可以很容易的分析速度的大小的关系．4．如图所示，轻绳OA一端与小球相连，另一端系于O点，力F作用于小球使轻绳编离竖直方向75°角，小球处于平衡状态，现将力F从水平方向缓慢移动到虚线所示的竖直方向，整个过程中，轻绳始终保持不动且小球始终处于平衡状态，则下列说法正确的是（）A．轻绳OA上拉力始终不变B．轻绳OA上拉力先增大后减小C．力F一直增大D．力F先减小后增大考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：小球始终处于平衡状态，合力为零，根据共点力平衡，抓住重力不变，细绳的拉力方向不变，运用作图法分析拉力的变化情况．解答：解：小球受重力、拉力F和细线的拉力T，其中重力的大小和方向均不变，细线的拉力的方向不变；三力平衡时，三个力可以构成首位相连的矢量三角形，作图如下：显然，轻绳OA上拉力不断减小，力F先减小后增大，故ABC错误，D正确；故选：D点评：本题属于力学的动态分析，关键能够正确进行受力分析，抓住不变量，运用作图法进行求解．5．两个装置都放在水平的支托物上，处于平衡状态，如图所示，今突然迅速地撤去支托物，让物块下落，在除去支托物的瞬间，A1、A2受到的合力分别为F1′和F2′，B1、B2受到的合力分别为F1和F2，则（）A．F1′=0，F2′=2mg，F1=0，F2=2mgB．F1′=mg，F2′=mg，F1=0，F2=2mgC．F1′=0，F2′=2mg，F1=mg，F2=mgD．F1′=mg，F2′=mg，F1=mg，F2=mg考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：在除去支托物的瞬间，A1、A2一起下落，根据牛顿第二定律采用整体法和隔离法研究A1、A2所受的合力．采用隔离法B1、B2受到的合力．解答：解：在除去支托物的瞬间，A1、A2由于用刚性轻杆连接，A1、A2与刚性轻杆一起下落，根据牛顿第二定律，对整体研究得到，整体的加速度等于重力加速度g，则A1、A2受到的合力都等于各自的重力，即F1′=mg，F2′=mg．在除去支托物前，根据平衡条件得知，弹簧的弹力大小等于mg，支托物对B2的支持力大小等于2mg．在除去支托物的瞬间，弹簧的弹力没有来得及变化，B1的受力情况没有变化，则B1所受合力为零，即F1=0．B2所受的合力大小等于支托物的支持力大小2mg，即F2=2mg．故B正确，ACD错误故选：B点评：本题是瞬时问题，要抓住刚性物体的弹力可突变，而弹簧的弹力不能突变．6．如图所示，小圆环A系着一个质量为m2的物块并套在另一个竖直放置的大圆环上，有一细线一端拴在小圆环A上，另一端跨过固定在大圆环最高点B的一个小滑轮后吊着一个质量为m1的物块．如果小圆环、滑轮、绳子的大小和质量以及相互之间的摩擦都可以忽略不计，绳子又不可伸长，若平衡时弦AB所对应的圆心角为α，则两物块的质量比m1：m2应为（）A．cos B．sin C．2sin D．2cos考点：共点力平衡的条件及其应用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：选取小圆环A为研究对象，画受力分析示意图，小圆环受三个力，两个绳子的拉力和大圆环的支持力，一定要知道大圆环的支持力只能是沿着半径的，由此两端绳子拉力分别在切线方向上的分力必然相等，然后由数学三角函数知识求解解答：解：如图对小环进行受力分析，如图所示，小环受上面绳子的拉力m1g，下面绳子的拉力m2g，以及圆环对它沿着OA向外的支持力，将两个绳子的拉力进行正交分解，它们在切线方向的分力应该相等：m1gsin=m2gcos（α﹣90）即：m1cos=m2sinαm1cos=2m2sin cos得：m1：m2=2sin故选C点评：本题主要考查了正交分解的方法，另外要重视数学计算在物理中的应用7．某同学在学习了动力学知识后，绘出了一个沿直线运动的物体的加速度a、速度v、位移x 随时间变化的图象如图所示，若该物体在t=0时刻，初速度均为零，则下列图象中表示该物体沿单一方向运动的图象是（）A．B．C．D．考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：速度时间图线的正负值表示物体运动的方向，通过位移时间图线的位移的增加还是减小判断运动的方向．解答：解：A、在0﹣2s内，位移先增大再减小，知运动的方向发生改变．故A错误．B、在0﹣2s内速度为正值，向正方向运动，在2﹣4s内速度为负值，向负方向运动，运动方向发生改变．故B错误．C、0﹣1s内加速度不变，做匀加速直线运动，1﹣2s内加速度方向，大小不变，向正方向做匀减速直线运动，2s末速度为零．在一个周期内速度的方向不变．故C正确．D、在0﹣1s内，向正方向做匀加速直线运动，1﹣2s内加速度方向，大小不变，向正方向做匀减速直线运动，2s末速度为零，2﹣3s内向负方向做匀加速直线运动，运动的方向发生变化．故D错误．故选C．点评：解决本题的关键知道速度时间图线和位移时间图线的物理意义，以及知道它们的区别，并且能很好运用．8．如图甲所示，在倾角为30°的足够长的光滑斜面上，有一质量为m的物体受到沿斜面方向的力F的作用，力F按图乙所示规律变化，图中纵坐标是F与mg的比值，规定力沿斜面向上为正向，则物体运动的速度v随时间t变化的规律用可图中的哪一个图象表示（物体的初速度为零）（）A．B．C．D．考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：对物体受力分析，根据牛顿第二定律求的各阶段的加速度，利用运动学公式求的速度，即可判断解答：解：在0﹣1s内，通过受力分析由牛顿第二定律可得：F﹣mgsin30°=ma1解得：a1=0.5g=5m/s1s末获得速度为：v1=a1t1=5m/s在1﹣2s内，由牛顿第二定律可得：﹣mgsin30°=ma2解得：向上做减速运动，2s末的速度为：v2=v1+a2t2=0在2﹣3s内由牛顿第二定律得：﹣F﹣mgsin30°=ma3解得：a3=﹣1.5g=15m/s3s末获得速度为：v3=a3t3=﹣15m/s故C正确；故选：C点评：本题主要考查了牛顿第二定律和运动学公式，关键是分阶段求出1s、2s、3s末的速度即可二、不定项选择题（每小题4分，共20分）9．如图所示，在斜面上有两个物体A、B靠在一起往下滑，对于A的受力情况，下列说法正确的是（）A．若斜面光滑，则物体A只受两个力B．若斜面光滑，并设物体A、B的质量分别为m A、m B，且m B＞m A，则物体A受三个力C．若物体A、B与斜面间有摩擦，则物体A必受三个力D．若物体A、B与斜面间有摩擦，则A可能受四个力考点：力的合成与分解的运用；牛顿第二定律．专题：受力分析方法专题．分析：先假设A、B两个物体分开，分别求解出加速度，在分析题中受力情况．解答：解：A、B、若斜面光滑，假设A、B分开，对A，受重力、支持力，根据牛顿第二定律，有mgsinθ=ma，解得a=gsinθ；同理，对B，有a=gsinθ；即两个物体无相对运动的趋势，不会发生相互挤压，故无弹力；故物体A只受两个力，与质量是否相同无关，故A正确，B错误；C、D、若物体A、B与斜面间有摩擦，假设A、B分开，对A，受重力、支持力、摩擦力，根据牛顿第二定律，有mgsinθ﹣μmgcosθ=ma，解得a=g（sinθ﹣μcosθ），即加速度与材料有关；如果两个物体材料不同，动摩擦因素不同，加速度不同；可能会有相互靠近趋势，故两个物体间可能有弹力，故物体A可能受4个力，也可能受3个力，故C错误，D正确；故选AD．点评：本题关键在于假设AB间有间距，会发现，如果它们加速度相同，两个物体不会相互挤压，无弹力；否则会相互挤压，有弹力．10．如图（a）所示，用一水平外力F拉着一个静止在倾角为θ的光滑斜面上的物体，逐渐增大F，物体做变加速运动，其加速度a随外力F变化的图象如图（b）所示，若重力加速度g取10m/s2，根据图（b）中所提供的信息可以计算出（）A．物体的质量B．加速度为6m/s2时物体的速度C．斜面的倾角D．加速度由2m/s2增加到6m/s2过程物体通过的位移考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：对物体受力分析，根据牛顿第二定律得出力F与加速度a的函数关系，然后结合图象得出相关信息解答：解：A，B、对物体受力分析，受推力、重力、支持力，如图x方向：Fcosθ﹣mgsinθ=ma ①y方向：N﹣Fsinθ﹣mgcosθ=0 ②从图象中取两个点，（30N，6m/s2）代入①式解得m=2kg，θ=37°所以物体的质量为2kg，斜面的倾角为θ=37°．故AC正确．B、D、题中并没有说明力F随时间变化的情况，故无法求出加速度为6m/s2时物体的速度大小．因为物体做变加速运动，无法求出物体通过的位移．故B、D错误．故选：AC。
四川省成都市第七中学2015-2016学年高二下学期期中考试物理试题
电流表，读数分别为 I 1、 I 2和 I 3，现断开 S， U 1 数值不变，下列推断中正确的是 ( )
A ．U 2 变小
B． I1 变大
C． I2 变小 D ． I3 变小
12．关于单摆，下列说法中正确的是（
）
A ．摆球运动回复力是摆线张力和重力的合力 B ．摆球在运动过程中经过轨迹上的同一点，加速度相等 C ．摆球在运动过程中加速度的方向始终指向平衡位置
) 14． 如图所示，在质量为 m
0
)
A ．通过 RT 的电流
B ．通过 R1 的电流
C．通过 R2 的电流
D ．电容器两极板间的电场强度
10．电厂发电机的输出电压 250V ，输出功率为 10kW ，在进行远距离输电
时，输电线总电阻为 5Ω，则 (
)
A ．直接输电，用户两端的电压只有 50V
B ．若要求用户两端的电压为 220V ，则应配备原、 副线圈匝数比为 1:4 （发电厂） 和 5:1 （用 户端）的变压器
C．当 t =10 -2s 时，线圈转动过程中磁通量变化率为 100wb/s D ．若将该交流电压加在阻值为 R＝ 100 Ω 的电阻两端，则电阻 消耗的功率是 50W
8．如图所示，理想变压器的原线圈接有频率为 R、理想交流电表 A 。下列说法正确的是 ( ) A ．当 U 增大时，变压器的输入功率增大
D ．摆球经过平衡位置时，加速度为零 13．如图甲所示，弹簧振子以 O 点为平衡位置，在
A 、B 两点之间做简谐运动，取向右为正方向，振子
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的位移 x 随时间 t 的变化如图乙所示，下列说法正确的是 ( A ． t＝0.8 s 时，振子的速度方向向左 B ． t＝ 0.2 s时，振子在 O 点右侧 6 cm 处 C． t＝ 0.4 s和 t＝ 1.2 s时，振子的加速度完全相同 D ． t＝0.4 s 到 t＝ 0.8 s 的时间内，振子的速度逐渐减小
四川省成都市第七中学2016-2017学年高二下学期半期考试物理试题 Word版含答案
第Ⅰ卷 选择题一、单选题：本题共 7 小题，每小题 3 分，共 21 分。
每小题给出的四个选项中，只有一项合题目要求。
1. 下列说法正确的是A ．实际的振动系统做阻尼振动时，它的振动周期不断减小B ．火车过桥时要减速，是为了不产生周期性的驱动力，从而避免产生共振C ．根据多普勒效应，可以判断遥远的天体相对于地球的运动速度D ．麦克斯韦预言了电磁波的存在，赫兹计算出电磁波的传播波速度等于光速2． 如图所示，一个“⊏”形金属框架水平放置，其上放有一个金属导体棒 ab ，有一磁感应强度为B 的匀强磁场斜向上穿过轨道平面，且与竖直方向的夹角为θ 。
在下列各过程中，一定能在轨道回路中产生感应电流的是A ．将“⊏”型框架匝数增加B ． ab 向右运动，同时使θ减小C ．使磁感应强度B 减小，θ角同时也减小D ． ab 向右运动，同时增大磁感应强度B 和θ角(0°<θ< 90°)3． 如图所示为甲、乙两等质量的质点做简谐运动的图像，以下说法正确的是A ．甲、乙的振幅各为 2 m 和 1 mB ．若甲、乙为两个弹簧振子，则所受回复力最大值之比为 F 甲∶ F 乙＝2∶1C ．乙振动的表达式为 sin 4x t π=（cm ）D ． t ＝2 s 时，甲的速度为零，乙的加速度达到最大值4. 一个匝数为 100 匝，电阻为 2 Ω 的闭合线圈处于某一磁场中，磁场方向垂直于线圈平面，从某时刻起穿过线圈的磁通量按图示规律变化。
则线圈中产生交变电流的有效值为A．52A B．0.6 A C．22A D．0.5 A5．图甲为一台小型发电机构造示意图，单匝线圈逆时针转动，产生的电动势随时间变化的正弦规律图像如图乙所示。
发电机线圈内阻为0.5 Ω，外接灯泡的电阻为9.5 Ω，则A．电压表的示数为6 VB．电流方向每秒改变50 次C．若线圈从图甲所示位置开始计时，电动势的表达式为e=62sin100 πt （V）．当从上D．在t ＝0.01 s 的时刻，穿过线圈的磁通量为3250（Wb）6．某横波在介质中沿x 轴传播，甲图为t ＝0.25 s 时的波形图，乙图为平衡位置在x ＝1.5 m 处质点P 的振动图像，那么下列说法不正确的是A．该波向右传播，波速为2 m/sB．质点L 与质点N 的运动方向总是相反C．t ＝0.75 s 时，质点M 处于平衡位置，并正在向y 轴正方向运动D．在0.25 s～1.25 s 内，质点K 向右运动了2 m7． 如图所示，光滑平行金属导轨 MN 、PQ 所在平面与水平面成θ角， M 、P 两端接有阻值为R 的定值电阻。
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物理试题参考答案 单项选择题1．D 2．3． 【题4】4．C 5． 【题6】6．D 二、不定项选择题 7． 【题8】8．C 9．B 10．A 【题11】11．A 【题12】12．BD三、实验题 13．(1)A D(2)如下图；(3) 1.9(1.9±0.2均) 14．(1)9.4(2)①如图②作图10.0 (10.0±1.0均) 四、计算题 15．解：(1) 设A、B两极板间电压为U，小球从B板上的小孔射入恰好到达A板的过程中，根据动能定理－qU－mgd＝0－mv解得U＝200 V (2)设此时滑动变阻器接入电路中的电阻值为R滑，根据闭合电路欧姆定律可 I＝ 根据部分电路欧姆定律可U＝IR滑 解得R滑＝2.0×103 Ω 滑动变阻器消耗的电功率P滑＝＝20 W (3)P总＝P出＝电源的效率η＝×100%＝99.5%. 16．解：(1) 以速度v0射入l＝v0t，d＝at2得a＝ 以速度v0射入因为带电粒子在电场中运动受到的， 由l＝2v0t′，t′＝l2v0 沿电场方向的速度 离开电场时 (2) 离开电场时y＝at′2＝··＝d 如上图所示，将速度反向延长交上板的中点，由相似三角形可得＝则x′＝1.5 l 所以x x＝l＋x′＝2.5 l 17．解：(1)A至B，2mgR－2E1qR＝mv－mv 解得：vB＝4 m/s 设能到达B点的最小速度为v0 则E1q－mg＝mv/R 解得：v0＝2 m/s vB>v0，所以球能到达B点． (2)当从B至C， qE2L－μmgL＝Ek－mv 解得Ek＝24 J(3)当传送带顺时针转动时，若从B至C，摩擦力一直 qE2L＋μmqL＝－mv 解得v＝8 m/s m/s的速度顺时针转动，qE2＋μmg＝ma 解得a＝ m/s2 由速度公式 vc=vB+at 得运动的时间 传送带的位移 物块的位移 物块与传送带间因摩擦而产生的热量 【题17】18．解：（1）对D进入电场受力分析可得： 所以N=0，所以D在OB段不受摩擦力 设C物块到A点速度为v0 ，由题知释放后C物将沿斜面下滑，C物从P到A过程，对C、D系统由功能关系： 解得：v0=2m/s 重力的功率 （2）由题意，C经过A点后将减速下滑至速度为0后又加速上滑，设其加速度大小为a1，向下运动的时间为t1，发生的位移为x1，对物体C： 对物体D： D从开始运动到最左端过程中： 所以电势能变化量的最大值为50J （3）设物体C后再加速上滑到A的过程中，加速度大小为a2，时间t2，有： 对物体C： 对物体D： 联解③④⑤⑥⑦⑧⑨⑩并代入数据得：。
成都七中16届高二理科物理下期半期考试试卷
B C 图5
， 原副线圈中的灯泡完全相
V1
V2 图6
同，电阻均为 R（不考虑灯丝电阻的变化） ，且都正常发光， 电压表对电路的影响忽略不计，下列结论正确的是（ A．电流频率为 50Hz C．t=0.01s 时电压表 V2 的示数为 0 ）
B．电压表 V1 和 V2 的示数之比为 2:1 D．每只灯泡的发热功率为
U
2 0
9R
11．如图 7 所示，a、b、c 为三只相同的灯泡，额定电压稍大于电源的电动势，电源内阻可 以忽略．L 是一个本身电阻可忽略的电感线圈．开关 S 原来闭合，现突然断开，若在此过 程中灯泡都不会烧坏，则下列关于灯泡的说法中正确的是( ) A．a 灯变亮，最后与 b 灯一样亮 B．b 灯的亮度始终保持不变 C．c 灯闪亮一下而后逐渐恢复原来的亮度 D．c 灯变暗一下而后逐渐恢复原来的亮度 图7 12．图 8 中虚线为相邻两个匀强磁场区域 1 和 2 的边界，两个区域的磁场方向相反且都垂 直于纸面，磁感应强度大小都为 B，两个磁场区域的高度都为 l。一质量为 m、电阻为 R、 边长也为 l 的 n 匝矩形导线框 abcd，从磁场区上方某处竖直自由下落， ab 边保持水平且线框不发生转动。当 ab 边刚进入区域 1 时，线框恰开 始做匀速运动，当线框的 ab 边下落到区域 2 的中间位置时，线框恰又开 始做匀速运动，重力加速度为 g。下列说法中正确的是（ ） A．线圈进入区域 1 的磁场的过程，穿过线圈的磁通量变化了 nBl2 B．ab 边刚进入区域 2 的磁场时，导线框的加速度大小为 g C．导线框先后两次匀速直 线运动的速度大小之比为 4:1 D．线框从开始运动到 ab 边刚要离开磁场区域 2 的过程中产生的热量为 2 m g l
高二物理月考试题及答案-四川成都七中-2015学年高二下学期段考物理试卷(7月份)
四川省成都七中2014-2015学年高二下学期段考物理试卷（7月份）一、单项选择题（每小题3分）1．下列说法正确的是（）A．用同样大的力去推两个物体，其中能被推动的一个惯性小B．夹角不变的两个分力大小都增大，合力一定增大C．荡秋千从最低点上升到最高点的过程中，人处于超重状态D．在时间t内，加速度与速度方向相同，速度一定不断增大2．在物理学的重大发现中科学家创造出了许多物理学研究方法，如理想实验法、控制变量法，极限思维法、类比法和科学假法说、建立理想模型法、微元法等等，以下关于所用物理学研究方法的叙述不正确的是（）A．伽利略为研究自由落体运动的规律，将落体实验转化为著名的“斜面实验”，这个研究过程通过斜面实验“冲淡”了重力的作用，便于测量小球运动的时间，直接得到自由落体运动的规律B．根据速度定义v=，当t非常非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思维法C．在探究加速度、力的质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验应用了控制变量法D．在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法3．如图所示，一个小物体从光滑斜面由A点上方从静止开始下滑，在它通过的路径中取AE并分成相等的四段，v A、v B、v C、v D、v E表示通过A、B、C、D、E点的瞬时速度，v 表示AE段的平均速度，则下列关系中正确的是（）A．v=v B B．v=v C C．v B＜v＜v C D．v C＜v＜v D4．如图所示，轻绳OA一端与小球相连，另一端系于O点，力F作用于小球使轻绳编离竖直方向75°角，小球处于平衡状态，现将力F从水平方向缓慢移动到虚线所示的竖直方向，整个过程中，轻绳始终保持不动且小球始终处于平衡状态，则下列说法正确的是（）A．轻绳OA上拉力始终不变B．轻绳OA上拉力先增大后减小C．力F一直增大D．力F先减小后增大5．两个装置都放在水平的支托物上，处于平衡状态，如图所示，今突然迅速地撤去支托物，让物块下落，在除去支托物的瞬间，A1、A2受到的合力分别为F1′和F2′，B1、B2受到的合力分别为F1和F2，则（）A．F1′=0，F2′=2mg，F1=0，F2=2mgB．F1′=mg，F2′=mg，F1=0，F2=2mgC．F1′=0，F2′=2mg，F1=mg，F2=mgD．F1′=mg，F2′=mg，F1=mg，F2=mg6．如图所示，小圆环A系着一个质量为m2的物块并套在另一个竖直放置的大圆环上，有一细线一端拴在小圆环A上，另一端跨过固定在大圆环最高点B的一个小滑轮后吊着一个质量为m1的物块．如果小圆环、滑轮、绳子的大小和质量以及相互之间的摩擦都可以忽略不计，绳子又不可伸长，若平衡时弦AB所对应的圆心角为α，则两物块的质量比m1：m2应为（）A．c os B．s in C．2sin D．2cos7．某同学在学习了动力学知识后，绘出了一个沿直线运动的物体的加速度a、速度v、位移x随时间变化的图象如图所示，若该物体在t=0时刻，初速度均为零，则下列图象中表示该物体沿单一方向运动的图象是（）A．B．C．D．8．如图甲所示，在倾角为30°的足够长的光滑斜面上，有一质量为m的物体受到沿斜面方向的力F的作用，力F按图乙所示规律变化，图中纵坐标是F与mg的比值，规定力沿斜面向上为正向，则物体运动的速度v随时间t变化的规律用可图中的哪一个图象表示（物体的初速度为零）（）A．B．C．D．二、不定项选择题（每小题4分，共20分）9．如图所示，在斜面上有两个物体A、B靠在一起往下滑，对于A的受力情况，下列说法正确的是（）A．若斜面光滑，则物体A只受两个力B．若斜面光滑，并设物体A、B的质量分别为m A、m B，且m B＞m A，则物体A受三个力C．若物体A、B与斜面间有摩擦，则物体A必受三个力D．若物体A、B与斜面间有摩擦，则A可能受四个力10．如图（a）所示，用一水平外力F拉着一个静止在倾角为θ的光滑斜面上的物体，逐渐增大F，物体做变加速运动，其加速度a随外力F变化的图象如图（b）所示，若重力加速度g取10m/s2，根据图（b）中所提供的信息可以计算出（）A．物体的质量B．加速度为6m/s2时物体的速度C．斜面的倾角D．加速度由2m/s2增加到6m/s2过程物体通过的位移11．如图所示，用同种材料制成的质量分别为m1、m2的两个物体中间用一轻弹簧连接，在下列四种情况下，用相同大小的接力F均作用在m1上，使m1、m2做加速运动：①拉力水平，m1、m2在光滑的水平面上加速运动②拉力水平，m1、m2在粗糙的水平面上加速运动③拉力平行于倾角为θ的斜面，m1、m2在光滑的斜面上加速运动④拉力平行于倾角为θ的斜面，m1、m2在粗糙的斜面上加速运动用△l1、△l2、△l3、△l4依次表示弹簧在以上四种情况下的伸长量，有（）A．△l3＞△l4B．△l3=△l4C．△l1＜△l3D．△l2=△l412．如图所示，一个人坐在小车的水平台面上，用水平力拉绕过定滑轮的细绳，使人和车以相同的加速度向右运动，水平地面光滑，则（）A．若人的质量大于车的质量，车对人的摩擦力为0B．若人的质量小于车的质量，车对人的摩擦力方向向左C．若人的质量等于车的质量，车对人的摩擦力为0D．不管人、车质量关系如何，车对人的摩擦力都为013．如图所示，绷紧的水平传送带始终以恒定速率v1运行．初速度大小为v2的小物块从与传送带等高的光滑水平地面上的A处滑上传送带．若从小物块滑上传送带开始计时，小物块在传送带上运动的v﹣t图象（以地面为参考系）如图乙所示．已知v2＞v1，则（）A．t2时刻，小物块离A处的距离达到最大B．t2时刻，小物块相对传送带滑动的距离达到最大C．0～t2时间内，小物块受到的摩擦力方向先向右后向左D．0～t3时间内，小物块始终受到大小不变的摩擦力作用三、实验题14．（1）在做“研究匀变速直线运动”的实验时，为了能够较准确地测出加速度，将你认为正确的选项前面的字母填在横线上：____________．A．把附有滑轮的长木板放在实验桌上，并使滑轮伸出桌面B．把打点计时器固定在长木板上没有滑轮的一端，连接好电路C．再把一条细绳拴在小车上，细绳跨过滑轮，下边挂上合适的钩码，每次必须由静止释放小车D．把纸带穿过打点计时器，并把它的一端固定在小车的后面E．把小车停在靠近打点计时器处，接通直流电源后，放开小车，让小车拖着纸带运动，打点计时器就在纸带上打下一系列的点，环上新纸带，重复三次F．从三条纸带中选择一条比较理想的纸带，舍掉开头比较密集的点，在后边便于测量的地方找一个开始点，并把每打五个点的时间作为时间单位，在选好的开始点下面记作0，往后第六个点作为计数点1，依此标出计数点2、3、4、5、6，并测算出相邻两点间的距离G．根据公式a1=，a2=，a3=，及a=求出a（2）如图所示为一次实验得到的一条纸带，纸带上每相邻的两计数点间都有4个点未画出，按时间顺序取0、1、2、3、4、5、6共7个计数点，测出1、2、3、4、5、6点到0点的距离，如图所示（单位：cm），交流电源f=50Hz．由纸带数据计算可得数点4代表时刻的瞬间速度大小v4=_________m/s，小车的加速度大小为_________m/s2．（保留2位有效数字）15．如图1所示，用铁架台、弹簧和多个已知质量且质量相等的钩码，探究在弹性限度内弹簧弹力与弹簧伸长长度的关系实验．①为完成实验，还需要的实验器材有：．②实验中需要测量的物理量有：．③图2是弹簧所受弹力F与弹簧伸长长度x的F﹣x图线，由此可求出弹簧的劲度系数为_________N/m．图线不过原点的原因是由于____________________________________．16．某同学设计了如图1所示的装置来探究加速度与力的关系．弹簧秤固定在一合适的木块上，桌面的右边缘固定一个光滑的定滑轮，细绳的两端分别与弹簧剩秤的挂钩和矿泉水瓶连接．在桌面上画出两条平行线P、Q，并测出间距d，开始时将木块置于P处，现缓慢向瓶中加水，直到木块刚刚开始运动为止，记下弹簧秤的示数F0，以此表示滑动摩擦力的大小，再将木块放回原处并按住，继续向瓶中加水后，记下弹簧秤的示数F，然后释放木块，并用秒表记下木块从P运动到Q处的时间t．（1）木块的加速度可以用d和t表示为a=_________．（2）改变瓶中水的质量重复实验，确定加速度a与弹簧秤示数F的关系，图2中能表示该同学实验结果的是__________________．（3）用加水的方法改变拉力的大小与挂钩码的方法相比，它的优点是_________．A．可以改变滑动摩擦力的大小B．可以更方便地获取更多组实验数据C．可以更精确地测出摩擦力的大小D．可以获得更大的加速度以提高实验精度．四、计算题17．某同学利用数码相机连拍功能记录运动会上女子跳水比赛中运动员在10m跳台跳水的全过程．所拍摄的第一张照片恰为她们起跳的瞬间，第五张如图甲，该同学认为这时她们处在最高点，第二十一张如图乙，她们正好身体竖直、双手刚刚触及水面，查阅资料得知相机拍摄两张照片间隔时间T=0.1s（忽略相机曝光时间），设起跳时重心离台面及触水时重心离水面的距离相等，由以上材料：（g=10m/s2）（1）求运动员的起跳速度大小；（2）分析第五张照片是在最高点吗？如果不是，此时运动员的重心是处于上升阶段还是下降阶段？18．如图所示，重力为G1=8N的砝码悬挂在绳PA和PB的结点上，PA偏离竖直方向37°角，PB沿水平方向且连在重力为G2=10N的木块上，木块静止于倾角为37°的斜面上，试求：（1）木块与斜面间的摩擦力；（2）木块所受斜面的弹力．19．动物爱好者经过长期观察发现，猎豹从静止开始沿直线奔跑时，经过60m的距离其速度加速到最大为30m/s，以后只能维持这一速度4.0s；羚羊从静止开始沿直线奔跑时，经过50m的距离其速度加速到最大为25m/s，并能保持这一速度奔跑较长的时间．一次猎豹在距羚羊x处对羚羊开始发起攻击，羚羊在猎豹发起攻击后1.0s开始奔跑，结果猎豹在减速前追上了羚羊，试求x值的取值范围（假定猎豹和羚羊在加速阶段分别做匀加速直线运动，且均沿同一直线奔跑）．20．在水平长直轨道上有一长平板车在水平外力控制下始终保持速度v0=4m/s做匀速直线运动，某时刻，站在地面上的人，将一质量为m=1kg的小滑块轻放到车面的中点，滑块与车面间的动摩擦因数为μ=0.2，取g=10m/s2．（1）小车足够长，以地面为参考系，小滑块从轻放到车面的中点到车面相对静止的过程中，小滑块通过的距离x是多大？（2）若小车长度L=2m，在将小滑块放到车面中点的同时，对小滑块施加一个与车运动方向相同的恒力F，要保证滑块不从车的左端掉下，恒力F大小应该满足什么条件？（3）在（2）的情况下，力F取最小值，要保证滑块不从车上掉下，力F的作用时应该在什么范围内？四川省成都七中2014-2015学年高二下学期段考物理试卷（7月份）一、单项选择题（每小题3分）1．下列说法正确的是（）A．用同样大的力去推两个物体，其中能被推动的一个惯性小B．夹角不变的两个分力大小都增大，合力一定增大C．荡秋千从最低点上升到最高点的过程中，人处于超重状态D．在时间t内，加速度与速度方向相同，速度一定不断增大考点：牛顿运动定律的应用-超重和失重；力的合成；惯性．分析：用同样大的力去推两个物体，能否被推动与惯性无关；根据力的合成的方法平行四边形定则或三角形法则可知合力与分力的大小关系的可能性．当物体的加速度向下时物体处于失重状态；速度与加速度的方向相同时，物体做加速运动．解答：解：A、用同样大的力去推两个物体，能否被推动与推力的大小与物体受到的摩擦力的大小之间的关系决定，与惯性的大小无关；故A错误；B、根据力的合成的方法平行四边形定则可知，夹角不变的两个分力大小都增大，合力不一定增大．故B错误；C、荡秋千从最低点上升到最高点的过程中，人的加速度的方向向下，处于失重状态．故C 错误；D、速度与加速度的方向相同时，物体做加速运动．故D正确．故选：D点评：该题考查惯性、力的合成与分解、超重与失重、加速度与速度的关系等基础的知识．对于力的合成中合力的大小不能盲目下结论，因根据平行四边形或一些实例进行分析判断．2．在物理学的重大发现中科学家创造出了许多物理学研究方法，如理想实验法、控制变量法，极限思维法、类比法和科学假法说、建立理想模型法、微元法等等，以下关于所用物理学研究方法的叙述不正确的是（）A．伽利略为研究自由落体运动的规律，将落体实验转化为著名的“斜面实验”，这个研究过程通过斜面实验“冲淡”了重力的作用，便于测量小球运动的时间，直接得到自由落体运动的规律B．根据速度定义v=，当t非常非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思维法C．在探究加速度、力的质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验应用了控制变量法D．在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法考点：物理学史．分析：当时间非常小时，我们认为此时的平均速度可看作某一时刻的速度即称之为瞬时速度，采用的是极限思维法；在研究多个量之间的关系时，常常要控制某些物理量不变，即控制变量法；在研究曲线运动或者加速运动时，常常采用微元法，将曲线运动变成直线运动，或将变化的速度变成不变的速度．解答：解：A、伽利略采用了一个巧妙的方法，用来“冲淡”重力．他让铜球沿阻力很小的斜面滚下，二小球在斜面上运动的加速度要比它竖直下落的加速度小得多，所以时间长，容易测量，伽利略将实验结论进行合理的外推，得到自由落体的运动规律，而不是直接得到自由落体运动的干什么．故A错误．B、为研究某一时刻或某一位置时的速度，我们采用了取时间非常小，即让时间趋向无穷小时的平均速度作为瞬时速度，即采用了极限思维法，故B正确；C、在研究加速度与质量和合外力的关系时，由于影响加速度的量有质量和力，故应采用控制变量法，故C正确；D、在探究匀变速运动的位移公式时，采用了微元法将变速运动无限微分后变成了一段段的匀速运动，即采用了微元法；故D正确；本题选不正确的，故选：A．点评：在高中物理学习中，我们会遇到多种不同的物理分析方法，这些方法对我们理解物理有很大的帮助；故在理解概念和规律的基础上，更要注意科学方法的积累与学习．3．如图所示，一个小物体从光滑斜面由A点上方从静止开始下滑，在它通过的路径中取AE并分成相等的四段，v A、v B、v C、v D、v E表示通过A、B、C、D、E点的瞬时速度，v 表示AE段的平均速度，则下列关系中正确的是（）A．v=v B B．v=v C C．v B＜v＜v C D．v C＜v＜v D考点：匀变速直线运动的速度与位移的关系；平均速度．专题：直线运动规律专题．分析：题中，C点的速度为AE过程中的中间位移时刻的速度，AE全程的平均速度的大小v等于AE过程中的中间时刻的瞬时速度的大小，根据匀加速运动的规律可以分析v和v C的大小．解答：解：物体做的是匀加速直线运动，通过题意可知，C点的速度为AE过程中的中间位移时刻的速度，AE全程的平均速度v的大小等于AE过程中的中间时刻的瞬时速度的大小，由于物体做的是匀加速直线运动，速度的大小越来越大，因为C为AE的中点，那么物体经过AC的时间要比经过CE的时间长，所以AE的中间时刻一定是在C点之前，所以v C ＞v，所以C正确．故选C点评：解决本题的关键是找出中间时刻和中间位移的速度的关系，根据匀变速直线运动的规律可以很容易的分析速度的大小的关系．4．如图所示，轻绳OA一端与小球相连，另一端系于O点，力F作用于小球使轻绳编离竖直方向75°角，小球处于平衡状态，现将力F从水平方向缓慢移动到虚线所示的竖直方向，整个过程中，轻绳始终保持不动且小球始终处于平衡状态，则下列说法正确的是（）A．轻绳OA上拉力始终不变B．轻绳OA上拉力先增大后减小C．力F一直增大D．力F先减小后增大考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：小球始终处于平衡状态，合力为零，根据共点力平衡，抓住重力不变，细绳的拉力方向不变，运用作图法分析拉力的变化情况．解答：解：小球受重力、拉力F和细线的拉力T，其中重力的大小和方向均不变，细线的拉力的方向不变；三力平衡时，三个力可以构成首位相连的矢量三角形，作图如下：显然，轻绳OA上拉力不断减小，力F先减小后增大，故ABC错误，D正确；故选：D点评：本题属于力学的动态分析，关键能够正确进行受力分析，抓住不变量，运用作图法进行求解．5．两个装置都放在水平的支托物上，处于平衡状态，如图所示，今突然迅速地撤去支托物，让物块下落，在除去支托物的瞬间，A1、A2受到的合力分别为F1′和F2′，B1、B2受到的合力分别为F1和F2，则（）A．F1′=0，F2′=2mg，F1=0，F2=2mgB．F1′=mg，F2′=mg，F1=0，F2=2mgC．F1′=0，F2′=2mg，F1=mg，F2=mgD．F1′=mg，F2′=mg，F1=mg，F2=mg考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：在除去支托物的瞬间，A1、A2一起下落，根据牛顿第二定律采用整体法和隔离法研究A1、A2所受的合力．采用隔离法B1、B2受到的合力．解答：解：在除去支托物的瞬间，A1、A2由于用刚性轻杆连接，A1、A2与刚性轻杆一起下落，根据牛顿第二定律，对整体研究得到，整体的加速度等于重力加速度g，则A1、A2受到的合力都等于各自的重力，即F1′=mg，F2′=mg．在除去支托物前，根据平衡条件得知，弹簧的弹力大小等于mg，支托物对B2的支持力大小等于2mg．在除去支托物的瞬间，弹簧的弹力没有来得及变化，B1的受力情况没有变化，则B1所受合力为零，即F1=0．B2所受的合力大小等于支托物的支持力大小2mg，即F2=2mg．故B正确，ACD错误故选：B点评：本题是瞬时问题，要抓住刚性物体的弹力可突变，而弹簧的弹力不能突变．6．如图所示，小圆环A系着一个质量为m2的物块并套在另一个竖直放置的大圆环上，有一细线一端拴在小圆环A上，另一端跨过固定在大圆环最高点B的一个小滑轮后吊着一个质量为m1的物块．如果小圆环、滑轮、绳子的大小和质量以及相互之间的摩擦都可以忽略不计，绳子又不可伸长，若平衡时弦AB所对应的圆心角为α，则两物块的质量比m1：m2应为（）A．c os B．s in C．2sin D．2cos考点：共点力平衡的条件及其应用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：选取小圆环A为研究对象，画受力分析示意图，小圆环受三个力，两个绳子的拉力和大圆环的支持力，一定要知道大圆环的支持力只能是沿着半径的，由此两端绳子拉力分别在切线方向上的分力必然相等，然后由数学三角函数知识求解解答：解：如图对小环进行受力分析，如图所示，小环受上面绳子的拉力m1g，下面绳子的拉力m2g，以及圆环对它沿着OA向外的支持力，将两个绳子的拉力进行正交分解，它们在切线方向的分力应该相等：m1gsin=m2gcos（α﹣90）即：m1cos=m2sinαm1cos=2m2sin cos得：m1：m2=2sin故选C点评：本题主要考查了正交分解的方法，另外要重视数学计算在物理中的应用7．某同学在学习了动力学知识后，绘出了一个沿直线运动的物体的加速度a、速度v、位移x随时间变化的图象如图所示，若该物体在t=0时刻，初速度均为零，则下列图象中表示该物体沿单一方向运动的图象是（）A．B．C．D．考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：速度时间图线的正负值表示物体运动的方向，通过位移时间图线的位移的增加还是减小判断运动的方向．解答：解：A、在0﹣2s内，位移先增大再减小，知运动的方向发生改变．故A错误．B、在0﹣2s内速度为正值，向正方向运动，在2﹣4s内速度为负值，向负方向运动，运动方向发生改变．故B错误．C、0﹣1s内加速度不变，做匀加速直线运动，1﹣2s内加速度方向，大小不变，向正方向做匀减速直线运动，2s末速度为零．在一个周期内速度的方向不变．故C正确．D、在0﹣1s内，向正方向做匀加速直线运动，1﹣2s内加速度方向，大小不变，向正方向做匀减速直线运动，2s末速度为零，2﹣3s内向负方向做匀加速直线运动，运动的方向发生变化．故D错误．故选C．点评：解决本题的关键知道速度时间图线和位移时间图线的物理意义，以及知道它们的区别，并且能很好运用．8．如图甲所示，在倾角为30°的足够长的光滑斜面上，有一质量为m的物体受到沿斜面方向的力F的作用，力F按图乙所示规律变化，图中纵坐标是F与mg的比值，规定力沿斜面向上为正向，则物体运动的速度v随时间t变化的规律用可图中的哪一个图象表示（物体的初速度为零）（）A．B．C．D．考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：对物体受力分析，根据牛顿第二定律求的各阶段的加速度，利用运动学公式求的速度，即可判断解答：解：在0﹣1s内，通过受力分析由牛顿第二定律可得：F﹣mgsin30°=ma1解得：a1=0.5g=5m/s1s末获得速度为：v1=a1t1=5m/s在1﹣2s内，由牛顿第二定律可得：﹣mgsin30°=ma2解得：向上做减速运动，2s末的速度为：v2=v1+a2t2=0在2﹣3s内由牛顿第二定律得：﹣F﹣mgsin30°=ma3解得：a3=﹣1.5g=15m/s3s末获得速度为：v3=a3t3=﹣15m/s故C正确；故选：C点评：本题主要考查了牛顿第二定律和运动学公式，关键是分阶段求出1s、2s、3s末的速度即可二、不定项选择题（每小题4分，共20分）9．如图所示，在斜面上有两个物体A、B靠在一起往下滑，对于A的受力情况，下列说法正确的是（）A．若斜面光滑，则物体A只受两个力B．若斜面光滑，并设物体A、B的质量分别为m A、m B，且m B＞m A，则物体A受三个力C．若物体A、B与斜面间有摩擦，则物体A必受三个力D．若物体A、B与斜面间有摩擦，则A可能受四个力考点：力的合成与分解的运用；牛顿第二定律．专题：受力分析方法专题．分析：先假设A、B两个物体分开，分别求解出加速度，在分析题中受力情况．解答：解：A、B、若斜面光滑，假设A、B分开，对A，受重力、支持力，根据牛顿第二定律，有mgsinθ=ma，解得a=gsinθ；同理，对B，有a=gsinθ；即两个物体无相对运动的趋势，不会发生相互挤压，故无弹力；故物体A只受两个力，与质量是否相同无关，故A正确，B错误；C、D、若物体A、B与斜面间有摩擦，假设A、B分开，对A，受重力、支持力、摩擦力，根据牛顿第二定律，有mgsinθ﹣μmgcosθ=ma，解得a=g（sinθ﹣μcosθ），即加速度与材料有关；如果两个物体材料不同，动摩擦因素不同，加速度不同；可能会有相互靠近趋势，故两个物体间可能有弹力，故物体A可能受4个力，也可能受3个力，故C错误，D正确；故选AD．点评：本题关键在于假设AB间有间距，会发现，如果它们加速度相同，两个物体不会相互挤压，无弹力；否则会相互挤压，有弹力．10．如图（a）所示，用一水平外力F拉着一个静止在倾角为θ的光滑斜面上的物体，逐渐增大F，物体做变加速运动，其加速度a随外力F变化的图象如图（b）所示，若重力加速度g取10m/s2，根据图（b）中所提供的信息可以计算出（）A．物体的质量B．加速度为6m/s2时物体的速度C．斜面的倾角D．加速度由2m/s2增加到6m/s2过程物体通过的位移考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．。
四川省成都市第七中学2015-2016学年高二上学期期中考试物理试题Word版含答案
成都七中2015-2016学年度上期半期考试高二年级物理试卷【满分110分考试时间100分钟】第Ⅰ卷选择题（共42分）一．单项选择题（每小题只有一个选项正确，每小题3分，共18分）1 .在科学发展史上，很多科学家做出了杰出的贡献。
他们在物理学的研究过程中应用了很多科学的思想方法。
下列叙述不．正．确．的是（）A．法拉第首先提出用电场线描绘抽象的电场，这是一种形象化的研究方法B．库仑得出库仑定律并用扭秤实验最早测出了元电荷e的数值C．用点电荷来代替实际带电体是采用了理想化物理模型的方法D．电场强度的表达式和电势差的表达式都是利用比值法得到的定义式2．如图所示，真空中O点有一点电荷，在它产生的电场中有a、b两点，a点的场强大小为Ea，方向与ab连线成60°角，b点的场强大小为Eb，方向与ab连线成30°角．关于a、b两点场强大小Ea、Eb的关系，以下结论正确的是( )3. 在真空中上、下两个区域均有竖直向下的匀强电场，其电场线分布如图所示．有一带负电的微粒，从上边区域沿平行电场线方向以速度v0匀速下落，并进入下边区域(该区域的电场足够广)，在如图所示的速度—时间图象中，符合粒子在电场内运动情况的是(以v0方向为正方向)( )4.如图所示，三条平行且等间距的虚线表示电场中的三个等势面，其电势分别为10 V、20 V、30 V。
实线是一带负电的粒子（不计重力）在该区域内运动的轨迹，对于轨迹上的a、b、c三点，下列说法中正确的是（）A．带电粒子一定是先过a，再到b，然后到cB．带电粒子在三点所受电场力的大小：Fb>Fa>FcC．带电粒子在三点动能的大小：Ekb> Eka>EkcD．带电粒子在三点电势能的大小：Epb>Epa>Epc5．如图为多用表欧姆挡的原理示意图，其中电流表的满偏电流为Ig=300μA，内阻Rg＝100Ω，调零电阻最大阻值R＝50kΩ，串联的固定电阻R0＝50Ω，电池电动势E＝1.5V，用它测量电阻Rx，能准确测量的阻值范围是（）A．30 kΩ～80 kΩB．3 kΩ～8 kΩC．300 kΩ～800 kΩD．3000 kΩ～8000 kΩ6．如图所示，为一比较两个电源输出功率的实验电路图，两个电源的电动势分别为E1和E2，内阻分别为r1和r2.单刀双掷开关置1或2时，调节电阻箱的阻值相同，两电源可能有相同的输出功率的是( )A．E1>E2、r1>r2B．E1＝E2、r1>r2C．E1>E2、r1＝r2D．E1>E2、r1<r2二.不定项选择题(共24分）（每小题至．少．有一个选项正确，每小题4分，选不全得2分）7. 如图所示，A、B、C三个小球(可视为质点)的质量分别为m、2m、3m，B小球带负电，电荷量为q，A、C两小球不带电(不考虑小球间的电荷感应)，不可伸长的绝缘细线将三个小球连接起来悬挂在O点，三个小球均处于竖直向上的匀强电场中，电场强度大小为E.则以下说法正确的是( )A．静止时，A、B两小球间细线的拉力为5mg＋qEB．静止时，A、B两小球间细线的拉力为5mg－qEC．剪断O点与A小球间细线瞬间，A、B两小球间细线的拉力为qE/3D．剪断O点与A小球间细线瞬间，A、B两小球间细线的拉力为qE/68．用电场线能直观、方便地比较电场中各点场强的强弱．如图甲是等量异种点电荷形成电场的电场线，图乙是场中的一些点：O是电荷连线的中点，E、F是连线中垂线上相对于O点对称的两点，B、C和A、D也相对于O点对称．则( )A．B、C两点场强大小和方向都相同B．A、D两点场强大小相等，方向相反C．E、O、F三点比较，O点场强最强D．B、O、C三点比较，O点场强最弱9. 如图所示，两面积较大、正对着的平行极板A、B水平放置，极板上带有等量异种电荷．其中A极板用绝缘线悬挂，B极板固定且接地，P点为两极板的中间位置．下列结论正确的是( )A．若在两极板间加上某种绝缘介质，A、B两极板所带电荷量会增大B．A、B两极板电荷分别在P点产生电场的场强大小相等，方向相同C．若将A极板竖直向上平移一小段距离，两极板间的电场强度将增大D．若将A极板竖直向下平移一小段距离，原P点位置的电势将不变10. 在如图所示的电路中，电压表和电流表均为理想电表，电源内阻不能忽略。
【百强校】2016届四川省成都市第七中学等校高三二模理综物理试卷(带解析)
【百强校】2016届四川省成都市第七中学等校高三二模理综物理试卷（带解析）一、选择题1.如图所示，一个质量为M＝2 kg的小木板放在光滑的水平地面上，在木板上放着一个质量为m＝1 kg的小物体，它被一根水平方向上压缩了的弹簧推着静止在木板上，这时弹簧的弹力为2 N。
现沿水平向左的方向对小木板施以作用力，使木板由静止开始运动起来，运动中力F由0逐渐增加到9 N，以下说法正确的是（）A．物体与小木板先保持相对静止一会，后相对滑动B．物体受到的摩擦力一直减小C．当力F增大到 6 N时，物体不受摩擦力作用D．小木板受到9N的拉力时，物体受到的摩擦力为3N【答案】C【解析】试题分析: A、当弹簧的弹力是2N向右时，物体仍然静止在木板上，所以物体与木板之间的最大静摩擦力要大于等于2N．若要使物体相对于木板向左滑动，则物体受到的木板的摩擦力至少要大于等于2N，方向向右，即可物体受到的合力至少向右的4N的力，物体的加速度：，同时，物体与木板有相对运动时，木板的加速度要大于物体的加速度，当二者相等时，为最小拉力．则：，即只有在拉力大于12N时，物体才能相对于木板滑动，所以在拉力小于9N时，物体绳子相对于木板静止．故A错误；B、C、若物体与木板之间的摩擦力恰好为0，则物体只受到弹簧的弹力的作用，此时物体的加速度：，由于物体始终相对于木板静止，所以此时整体在水平方向的受力：，所以：当力F增大到6N时，物体不受摩擦力作用．则拉力小于6N之前，摩擦力岁拉力F的最大而减小，当拉力大于6N时，摩擦力又随拉力的增大而增大．故B错误，C正确．D、小木板受到9N拉力时，整体的加速度：，物体受到的摩擦-2=1×3-2=1N．故D错误．故选C力为f′，则：ma″=f′+2，所以：f′=ma″考点：考查牛顿第二定律；摩擦力的判断与计算．【名师点睛】该题结合物体受到的摩擦力等于0的临界条件与物体恰好要相对于木板滑动的临界条件考查牛顿第二定律的应用，解题的关键就是能够正确分析物体的受力，找出对应的临界条件．2.一列简谐横波a，某时刻的波形如图甲所示。
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高2016届高三第一阶段复习单元检测卷参考答案
一、单项选择题：
1. D
2.A
3.C
4.D
5.B
6.C
7.C
8.C
二、不定项选择题：
9.BC 10.AC 11.BD 12.BC 13.AB
三、实验题：
14. (5分) (1)ABCDFG ( 2分,错一个扣一分，直到扣完为止) (2)0.41 (1分) 0.76 (2分)
15.(5分) (1)刻度尺 (1分)
(2)弹簧原长、弹簧所受外力与对应的伸长量(或与对应的长度) (2分)
(3)200 弹簧自重 (每空各1分)
16. (5分) (1) a ＝2d t 2 (2分) (2) C (1分) (3) B 、C (2分) 17.解析：由x ＝v 0t －12
gt 2 --------1分 -10= v 02－12
×10×22（ x =－10 m t=2s ）-------1分 得v 0=5m/s --------1分
由v 0＝gt ---------1分
得t=0.5s -------------1分 ∵ 0.5s>0.4s ∴不是第五张 -----1分
处于上升阶段------1分 18 .解析: 对p 点受力分析：F B =G 1tan370=6N ------2分 对G 2受力分析F B cos370+ G 2sin370-f=0 --------2分
得: f=10.8N ---------1分
N+ F B sin370- G 2cos370=0 -------------2分
得N=4.4N -----------1分
19.解析：设x ＝x 0时猎豹恰好在即将减速时追上了羚羊，所以猎豹做匀速运动时间t 0＝4 s-----1分
由v 2＝2ax 得猎豹和羚羊加速运动时的加速度分别为-----------1分
a 1＝v 212x 1＝7.5 m/s 2，a 2＝v 222x 2
＝6.25 m/s 2----------------2分 由v ＝at 得猎豹和羚羊加速运动过程所用时间分别为------------1分
t 1＝v 1a 1＝4 s ，t 2＝v 2a 2
＝4 s--------------2分 猎豹在减速前发生的位移x 3＝x 1＋v 1t 0＝180 m------------------1分
羚羊在猎豹减速前发生的位移x 4＝x 2＋v 2(t 0－1)＝125 m-------1分
所以x 0＝x 3－x 4＝55 m---------1分
由题意分析可知，要使猎豹在减速前追上羚羊，应有x ≤x 0即x ≤55 m -------1分
答案：x ≤55 m
20．解析：（15分）(1)在小滑块相对车面滑动的过程中，受到的合外力就是滑动摩擦力， 由牛顿第二定律1ma mg =μ （1分） ○
1 022
01-=v x a （1分）○
2 ○1○2联立解得x = 4 m （1分） N f G 2 F B F=G 1
(2)设恒力F 取最小值为F 1，小滑块的加速度为a 2，滑块到达小车的左端时恰好与小车速度相同，经过的时间是t 1，则
21ma mg F =+μ （1分） ○3 2
01a v t =
（1分） 2
211010L t v t v =- （1分） ○4 ○3○4解得F 1 = 6N ，t 1=0.5s （1分） 即F ≥ 6N （1分）
(3)力F 取最小值F 1 = 6N ，当小滑块到达小车的左端与小车速度相同后，开始向右做初速度为v 0=4m/s 的匀加速直线运动，设运动加速度大小为a 3，为保证小滑块不从车上掉下，从左端运动开始经过的时间为t 2，通过的距离为x 1，恒力F 1停止作用，此时小滑块速度为v 1，小滑块开始做匀减速直线运动，设运动加速度大小为a 4，经过的时间为t 3，通过的距离为x 2，到达小车右端时，与车达共同速度，则
x 1+x 2- v 0 (t 2+t 3) =L （1分） 21012t v v x += （1分） 31022t v v x += （1分） 3012a v v t -= （1分） 24
34013t a a a v v t =-=（1分） 根据牛顿定律得31ma mg F =-μ
4ma mg =μ 解得s t 58.03
32≈= （1分） 则力F 的作用时间t 的范围是t 1≤t ≤t 1+ t 2 即s t s 6
3235.0+≤
≤ 或s t s 08.15.0≤≤（1分）。