2018届湖北宜昌市第一中学高三年级适应性训练(五)理综物理试题(解析版)

湖北省宜昌市第一中学2018届高三年级适应性训练（五）理综物理试题二、选择题：1. 在完全失重状态下，漂浮的液滴会发生周期性的“脉动”，如图所示．已知液滴的“脉动”频率表达式为，其中k 为一个无单位的比例系数，r 为液滴半径，ρ为液体密度，σ为液体表面张力系数（其单位为N/m ），α、β、γ是相应的待定常数．运用物理学常识，请判定哪组数据中可能正确A. B.C. D.【答案】B【解析】由题意可知频率的单位为H z =s -1；半径单位为m ，密度单位为kg/m 3；张力系数的单位为N/m=kg/s 2；则可知，要使总单位为s -1，则r 应为；为了消去kg ，β单位应为-；α的系数一定为-；故选B ．2. 静电喷涂时，喷枪带负电，被喷工件带正电，喷枪喷出的涂料微粒带负电。

假设微粒被喷出后只受静电力作用，最后吸附在工件表面。

微粒在向工件靠近的过程中A. 一定沿着电场线运动B. 所受电场力先减小后增大C. 克服电场力做功D. 电势能逐渐增大 【答案】B【解析】解：A 、由于涂料微粒有初速度，故不一定沿电场线方向运动，故A 错误．B 、由图知，工件带正电，则在涂料微粒向工件靠近的过程中，涂料微粒带负电．根据电场强度的分布可知，所受电场力先减小后增大，故B 正确C 、D 涂料微粒所受的电场力方向向左，其位移方向大体向左，则电场力对涂料微粒做正功，其电势能减小．故CdD 错误． 故选：B【点评】本题抓住异种电荷相互吸收，分析涂料微粒的电性．根据电场力做功正负判断电势能的变化情况3. 如图所示，在一粗糙水平面上有两个质量分别为m1和m2的木块1和2，中间用一原长为L，劲度系数为k的轻弹簧连接起来，木块与地面间的滑动摩擦因数均为μ．现用一水平力向右拉木块2，当两木块一起匀速运动时两木块之间的距离是A. B.C. D.【答案】A【解析】试题分析：此种状态弹簧被拉长，以1物体为研究对象进行受力分析则有，，两木块之间的距离故选A考点：胡克定律的应用点评：容易题。

研究对象的选取对解题难度有很大的影响。

4. 如图是一根轻质细绳拴在两悬崖间，悬点等高，特种兵利用动滑轮在细绳上从一端滑向另一端，已知特种兵的质量为m，特种兵滑到最低点时绳与水平方向夹角为θ，不计动滑轮重力和动滑轮与绳间的摩擦，则在最低点绳中的张力F为A. B. C. D.【答案】D【解析】设特种兵滑到最低点时所受的绳子拉力大小为F′，不计动滑轮重力和动滑轮与绳间的摩擦，则有：2Fsinθ=F′，此时，特种兵具有向上的加速度，由牛顿第二定律得知，其合力向上，则：F′＞mg，即有：2Fsinθ＞mg，解得：F＞，所以选项ABC错误，D正确．故选D.5. 地球同步卫星距赤道的高度约为36000km，运行速率为v1, 加速度大小为a1，地球赤道上的物体随地球自转的向心加速度大小为a2，第一宇宙速度为v2，地球半径越为6400km，则A. a1与a2的比值约为5.6B. a1与a2的比值约为0.18C. v1与v2的比值约为0.15D. v1与v2的比值约为0.39【答案】D【解析】同步卫星的角速度、赤道上的物体的角速度都与地球自转的角速度相同，则由a=ω2r得，a1：a2=r：R=(36000+6400):6400=6.6．故A B错误．第一宇宙速度等于近地卫星的运行速度，人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，由地球的万有引力提供向心力，则得，则有，M是地球的质量为M，r是卫星的轨道半径，则得到，．故C错误，D正确．故选D.6. 空间内有高度为d、宽度足够宽、方向水平向左的匀强电场，在该空间内建立如图所示的坐标系。

在x 轴上的P点沿y轴正方向连续射入质量和电荷量均相同、且带电性质也相同的带电粒子（粒子重力不计），由于粒子的入射速率v（v>0）不同，有的粒子将在电场中直接通过y轴，有的将穿出电场后再通过y轴．设粒子通过y轴时，离坐标原点的距离为h，从P到y轴所需的时间为t．则A. 由题设条件可以判断出粒子的带电性质B. 对h≤d的粒子，h越大，t越大C. 对h≤d的粒子，在时间t内，电场力对粒子做的功不相等D. h越大的粒子，进入电场时的速率v也越大【答案】AD【解析】由题意可知，粒子向左偏，由电场线的方向，可确定电场力方向向左，因此粒子带正电，故A正确；当h≤d的粒子时，粒子受到电场力一样，加速度也相同，因此运动时间也相等，由于粒子的速度不同，所以导致粒子的h不同，故B错误；对h≤d的粒子，在时间t0内，电场力方向的位移相同，因此电场力做功相等，故C错误；若在电场中直接通过y轴，水平分位移x相等，由x=at2知，运动时间t相等，竖直分位移h=v0t，则h越大的粒子，进入电场时的速率v也越大，若穿出电场后再通过y轴，通过电场时竖直分位移y相等，h越大，沿着电场力偏转位移x越小，由x=at2，可知t越小，由y=v0t，可知，v越大，故D正确；故选AD.点睛：考查类平抛运动的处理方法，掌握运动的合成与分解的等时性，理解牛顿第二定律与运动学公式的应用．7. 如图所示，绝缘的轻质弹簧竖直立于水平地面上，上面放一质量为m的带正电小球(小球与弹簧不拴接)，整个系统处在方向竖直向上的匀强电场中。

开始时，整个系统处于静止状态，现施加一外力F，将小球向下压至某一位置，然后撤去外力，使小球从静止开始向上运动。

设小球从静止开始向上运动到离开弹簧的过程中，电场力对小球所做的功为W1，小球克服重力所做的功为W2，小球离开弹簧时的速度为v.不计空气阻力，则在上述过程中A. 小球与弹簧组成的系统机械能守恒B. 小球的重力势能增加了W2C. 小球的电势能减少了W1D. 小球的机械能增加了【答案】BC【解析】试题分析：由于电场力做功，所以小球和弹簧组成的系统机械能不守恒，A错误；重力做功为且为负功，则重力势能应增加，B正确；电场力做正功，所以电势能减小，为，C正确；小球增加的机械能应该为小球的机械能增加，D错误；故选BC考点：机械能守恒定律、电场力以及重力做功点评：此类题型考察了关于机械能守恒定律的判断，并考察了做功与相应能量转化量度的关系。

8. 照射到金属表面的光能使金属中的电子逸出，可以用图甲的电路研究电子发射的情况。

如图甲所示，阴极K在受到光照时能够发射电子，阳极A吸收阴极K发出的光电子，在电路中形成光电流。

K与A之间电压的大小U（U>0）可以调整，图乙中横轴的右半轴对应图甲所示的电源极性连接，左半轴表示的是电源反接后的电压大小。

现得到图乙所示的在光照条件不变的情况下，光电流I随着所加电压U变化的图象，根据电流的定义（I=q/t）可知A. 电压由0到U1，光电流越来越大，说明单位时间内逸出光电子的个数越来越多B. 饱和电流说明单位时间内阴极K发射的光电子的数目是一定的C. 遏制电压的存在意味着光电子具有一定的初动能，且有上限D. 电源反接后，当U>U C时，I=0，说明没有电子从K极逸出【答案】BC【解析】单位时间内逸出光电子的个数是由光的强度决定的，当光强一定时，单位时间内逸出光电子的个数是一定的，只不过当电压较小时，不是所有的光电子都能到达阳极，电压越大到达阳极的光电子数越多，选项A错误；饱和电流说明单位时间内阴极K发射的光电子的数目是一定的，这些光电子都能到达阳极时，电流达到饱和状态，选项B正确；遏制电压满足，它存在意味着光电子具有一定的初动能，且有上限，即光电子有最大初动能，选项C正确；电源反接后，当U>U C时，I=0，说明没有电子到达阳极，并不是没有电子从K极逸出，选项D错误；故选BC.三、非选择题：9. 某学习小组在研究加速度与力、质量的关系时，采用如图甲所示的装置，通过改变小托盘和砝码总质量m来改变小车受到的合力，通过加减钩码来改变小车总质量M.(1) 实验中需要平衡摩擦力，应当取下_________(选填“小车上的钩码” 或“小托盘和砝码”)，将木板右端适当垫高，直至小车在长木板上运动时，纸带上打出来的点________。

(2) 图乙为实验中得到的一条纸带的一部分，0、1、2、3、4、5、6为计数点，相邻两计数点间还有4个点未画出，所用交流电的频率为50 Hz，从纸带上测出x1=3.20 cm，x2=4.74 cm，x3=6.30 cm，x4=7.85cm，x5=9.41 cm，x6=10.96 cm．小车运动的加速度大小为____m／s2(结果保留三位有效数字)。

【答案】(1). （1）小托盘和砝码(2). 均匀分布(3). （2）1.55【解析】（1）实验中需要平衡摩擦力，应当取下小托盘和砝码，将木板右端适当垫高，直至小车在长木板上运动时，纸带上打出来的点间距相等．（2）根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：x4-x1=3a1T2；x5-x2=3a2T2；x6-x3=3a3T2；为了更加准确的求解加速度，对三个加速度取平均值，得：，带入数据解得：a=1.55m/s2．点睛：解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，同时要熟练应用所学基本规律解决实验问题。

10. 有一根细而均匀的导电材料样品（如图a所示），截面为同心圆环（如图b所示），此样品长L约为3cm，电阻约为100Ω，已知这种材料的电阻率为ρ，因该样品的内径太小，无法直接量．现提供以下实验器材：A．20等分刻度的游标卡尺B．螺旋测微器C．电流表A1（量程50mA，内阻r1=100Ω）D．电流表A2（量程100mA，内阻r2大约为40Ω）E．电流表A3（量程3A，内阻r3大约为0.1Ω）F．滑动变阻器R（0﹣10Ω，额定电流2A）G．直流电源E（12V，内阻不计）H．导电材料样品R x（长L约为3cm，电阻R x约为100Ω）I．开关一只，导线若干请根据上述器材设计一个尽可能精确地测量该样品内径d的实验方案，回答下列问题：（1）用游标卡尺测得该样品的长度如图c甲所示，其示数L=_____mm；用螺旋测微器测得该样品的外径如图d所示，其示数D=_____mm．（2）请选择合适的仪器，在图e中画出最佳实验电路图，并标明所选器材前的字母代号________．（3）若用已知物理量的符号和直接测量的物理量的符号来表示，则待测电阻阻值R x=_________，样品的内径d =_____________【答案】(1). （1）33.35 (2). 3.266 (3). （2）如图；(4). （3）(5).【解析】（1）游标卡尺的主尺读数为33mm，游标读数为0.05×7mm=0.35mm，所以最终读数为33.35mm．螺旋测微器的固定刻度读数为3mm，可动刻度读数为0.01×26.6mm=0.266mm，所以最终读数为3.266mm．（2）因两个电流表中，D电流表的满偏电流大于C电流表的满偏电流，又C电流表内阻为定值，根据欧姆定律与串并联知识，应将C电流表与待测材料并联后再与D电流表串联，又因滑动变阻器阻值太小应用分压式接法，可设计电路图如图所示．（3）设C电流表示数为I1，D电流表示数为I2，由欧姆定律可得待测电阻阻值R=；又由电阻定律R=及S=，解得样品的内径d=．点睛：本题是用电流表与电流表来测量电阻，即可将电流表当做电压表来使用，关键是根据电路图能求出待测电阻的阻值，然后结合电阻定律求解内径．11. 如图所示，斜面体ABC固定在地面上，小球p从A点静止下滑，当小球p开始下滑时，另一小球q从A点正上方的D点水平抛出，两球同时到达斜面底端的B处．已知斜面AB光滑，长度l=2.5m，斜面倾角为θ=30°．不计空气阻力，g取10m/s2．求：小球q抛出时初速度的大小．【答案】【解析】小球p从斜面上下滑的加速度为a，根据牛顿第二定律①下滑所需时间为t1，根据运动学公式得②由①②得③代入数据得④依题意得：⑤由③④⑤得12. 在电场方向水平向右的匀强电场中，一带电小球从A点竖直向上抛出，其运动的轨迹如图所示.小球运动的轨迹上A、B两点在同一水平线上，M为轨迹的最高点.小球抛出时的动能为8J，在M点的动能为6J，不计空气的阻力.求:(1)小球水平位移x1与x2的比值;(2)小球落到B点时的动能E kB.(3)小球从A点运动到B点的过程中最小动能E kmin【答案】（1）1：3．（2）E kB=32J．（3）．【解析】试题分析：（1）小球在竖直方向上做竖直上抛运动，根据对称性得知，从A点至M点和从M点至B点的时间t相等．小球在水平方向上做初速为零的匀加速直线运动，设加速度为a，则，，所以，（2）小球从A到M，水平方向上电场力做功，则从A到B水平方向上电场力做功则由能量守恒可知，小球运动到B点时的动能为（3）由题，，得又竖直方向上，有，所以，①，得在水平方向上，有，则得，②，所以②：①得设小球运动时间为t时动能为，则化简为当△=0时有极值，则，得由，得，即．考点：考查了带电粒子在电场中的运动【名师点睛】本题运用运动的合成和分解法处理，抓住竖直方向上运动的对称性得到时间关系是关键．对于第3题，也可以求出重力加速度与电场力加速度形成合加速度，当速度方向与合加速度方向垂直时速度最小，动能最小，再由运动学公式和牛顿第二定律结合求解．（二）选考题：13. 下列说法正确的是_______．A．当一定量气体吸热时其内能可能减小B．温度低的物体分子运动的平均速率小C．做加速运动的物体由于速度越来越大，因此物体分子的平均动能越来越大D．当液体与大气相接触时液体表面层内的分子所受其他分子作用力的合力总是指向液体内部E．气体分子单位时间内与单位面积器壁碰撞的次数,与单位体积内气体的分子数和气体温度有关【答案】ADE14. 如图所示，两个截面积都为S的圆柱形容器，右边容器高为H，上端封闭，左边容器上端是一个可以在容器内无摩擦滑动的质量为M的活塞。