2020年高二物理第二学期期末模拟试卷及答案(五)

2020年高二物理第二学期期末模拟试卷及答案（五）一．单项选择题（每题有且只有一个选项正确，每小题4分，共32分）1．铝箔被α粒子轰击后发生了以下核反应：Al+He→X+n．下列判断正确的是（）A．n是中子B．n是电子C．n是质子D．此反应属于核聚变2．如图所示是α、β、γ三种射线穿透能力的示意图，下列说法正确的是（）A．甲为α射线，它的贯穿能力和电离能力都很弱B．乙为β射线，它是由原子核外的电子电离后形成的高速电子流C．丙为γ射线，它在真空中的传播速度是3.0×108m/sD．以上说法都不对3．下列叙述中，不符合物理学史实的是（）A．电子束在晶体上的衍射实验首次证实了德布罗意波的存在B．1905年，爱因斯坦提出的光子说很好地解释了光电效应现象C．玻尔通过对α粒子散射实验的研究提出了原子的核式结构模型D．关于原子核内部的信息，最早来自贝克勒尔的天然放射现象的发现4．关于光电效应，下列说法正确的是（）A．极限频率越大的金属材料逸出功越大B．只要光照射的时间足够长，任何金属都能产生光电效应C．从金属表面出来的光电子的最大初动能越大，这种金属的逸出功越小D．入射光的光强一定时，频率越高，单位时间内逸出的光电子数就越多5．用频率为v0的光照射大量处于基态的氢原子，在所发射的光谱中仅能观测到频率分别为v1、v2、v3的三条谱线，且v3＞v2＞v1，则（）A．v0＜v1B．v3=v2+v1C．v0=v1+v2+v3D．=+6．一理想变压器原、副线圈的匝数比为10：1，原线圈输入电压的变化规律如图甲所示，副线圈所接电路如图乙所示，P为滑动变阻器的触头．由图可知（）A．副线圈输出电压的频率为50HzB．副线圈输出电压的有效值为31VC．P向下移动时，原、副线圈的电流比减小D．P向下移动时，变压器的输出功率增加7．如图所示，空间存在两个磁场，磁感应强度大小均为B，方向相反且垂直纸面，MN、PQ为其边界，OO′为其对称轴．一导线折成边长为l的正方形闭合回路abcd，回路在纸面内以恒定速度v0向右运动，当运动到关于OO′对称的位置时（）A．穿过回路的磁通量为零，所以回路中没有感应电流B．回路中感应电动势大小为Blv0C．回路中有感应电流，且方向为顺时针方向D．回路中有感应电流，且方向为逆时时针方向8．目前，在居室装修中经常用到花岗岩、大理石等装饰材料，这些岩石都不同程度地含有放射性元素，比如，有些含有铀、钍的花岗岩等岩石会释放出放射性惰性气体氡，而氡会发生放射性衰变，放射出α、β、γ射线，这些射线会导致细胞发生癌变及呼吸道等方面的疾病，根据有关放射性知识可知，下列说法正确的是（）A．氡的半衰期为3.8天，若取4个氡原子核，经7.6天后就一定剩下一个原子核了B．把放射性元素放在密封的容器中，可以减慢放射性元素衰变的速度C．放射性元素的半衰期越短，表明有半数原子核发生衰变所需要的时间越短，衰变速度越大D．降低温度或增大压强，让该元素与其他物质形成化合物，均可以减小衰变速度9．静止在光滑水平面上的物体，受到水平拉力F的作用，拉力F随时间t变化的图象如图所示，则下列说法中正确的是（）A．0～4 s内物体的位移为零B．4 s末物体的动量为零C．0～4 s内拉力对物体做功不为零D．0～4 s内拉力对物体冲量为零10．如图所示，A、B两物体质量之比m A：m B=3：2，原来静止在平板小车C上，A、B间有一根被压缩的轻弹簧，地面光滑，但A、B与C之间有摩擦，当弹簧突然释放后至弹簧与A、B分离前，则（）A．A、B组成系统的动量可能守恒B．A、B组成系统的动量一定不守恒C．A、B、C组成系统的动量一定守恒D．A、B、C组成系统的动量可能不守恒11．如图所示，在光滑水平面上，有一质量为M=3kg的薄板和质量为m=1kg的物块．都以大小为v=4m/s 的初速度朝相反方向运动，它们之间有摩擦，薄板足够长，在以后的运动过程中薄板的速度大小可能为（）A．1m/s B．2m/s C．3m/s D．4m/s12．如图所示，线圈两端与电阻相连构成闭合回路，在线圈上方有一竖直放置的条形磁铁，磁铁的S极朝下．在将磁铁的S极插入线圈的过程中（）A．通过电阻的感应电流的方向由a到bB．通过电阻的感应电流的方向由b到aC．线圈与磁铁相互排斥D．线圈与磁铁相互吸引三、实验题（第13题2分，第14、15题中每空1分，共12分．）13．在卢瑟福α粒子散射实验中，金箔中的原子核可以看作静止不动，下列各图画出的是其中两个α粒子经历金箔散射过程的径迹，其中正确的是（）A．B．C．D．14．天然放射性元素铀U的一个原子核中有个质子，个中子；U要经过次α衰变和次β衰变，最后变成铅Pb．15．如图所示为“碰撞中的动量守恒”实验装置示意图．（1）入射小球1与被碰小球2直径相同，均为d，它们的质量相比较，应是m1m2．（2）不放小球2，让球1从滑槽的G点由静止滚下，平抛后落点为．（3）放上球2，让球1从滑槽的G点由静止滚下，碰撞后分别平抛，球1的落点为．球2的落点为．（4）看和是否相等，以验证动量守恒．四、计算题（本题共4小题，40分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题答案中必须明确写出数值和单位）16．如图所示，为交流发电机示意图，匝数为n=100匝矩形线圈，边长分别10cm和20cm，内电阻r=5Ω，在磁感应强度B=0.5T的匀强磁场中绕OO′以轴ω=rad/s角速度匀速转动，线圈和外电阻为R=20Ω相连接，求：（1）S断开时，电压表示数；（2）开关S合上时，电压表和电流表示数．17．质量为m B=2kg的平板车B上表面水平，开始时静止在光滑水平面上，在平板车左端静止着一块质量为m A=2kg的物体A，一颗质量为m0=0.01kg的子弹v0=600m/s的水平初速度瞬间射穿A后，速度变为v=100m/s，已知A，B之间的动摩擦因数不为零，且A与B最终达到相对静止．求：①物体A的最大速度v A；②平板车B的最大速度v B．18．某发电站，通过升压变压器、输电线和降压变压器，把电能输送给生产和照明组成的用户，发电机输出功率为100kW，输出电压是400V，升压变压器原、副线圈的匝数之比为1：25，输电线上功率损失为4%，用户所需电压为220V，求：（1）输电线的电阻和降压变压器的匝数比为多少？（2）若有60kW分配给生产，其余电能用来照明，那么可供40W的电灯多少盏？19．在如图甲所示的电路中，螺线管匝数n=1500匝，横截面积S=20cm2．螺线管导线电阻r=1.0Ω，R1=4.0Ω，R2=5.0Ω，C=30μF．在一段时间内，穿过螺线管的磁场的磁感应强度B按如图乙所示的规律变化．求：（1）求螺线管中产生的感应电动势；（2）闭合S，电路中的电流稳定后，求电阻R1的电功率；（3）S断开后，求流经R2的电量．参考答案与试题解析一．单项选择题（每题有且只有一个选项正确，每小题4分，共32分）1．铝箔被α粒子轰击后发生了以下核反应：Al+He→X+n．下列判断正确的是（）A．n是中子B．n是电子C．n是质子D．此反应属于核聚变【考点】裂变反应和聚变反应．【分析】根据质量数和电荷数守恒可以判断X的原子核组成，同时注意中子和质子的区别．【解答】解：A、质子带正电，中子不带电，电子带负电，故A正确．B 错误，C错误；D、根据该核反应的特点可知，该反应为铝箔被α粒子轰击后发生的核反应，属于人工核反应．故D错误．故选：A2．如图所示是α、β、γ三种射线穿透能力的示意图，下列说法正确的是（）A．甲为α射线，它的贯穿能力和电离能力都很弱B．乙为β射线，它是由原子核外的电子电离后形成的高速电子流C．丙为γ射线，它在真空中的传播速度是3.0×108m/sD．以上说法都不对【考点】X射线、α射线、β射线、γ射线及其特性．【分析】α射线贯穿能力很弱，电离作用很强，一张纸就能把它挡住，α射线是高速氦核流；β射线能贯穿几毫米厚的铝板，电离作用较强，是原子核中的一个中子转化成一个质子，同时释放出β射线；γ射线穿透本领最强，甚至能穿透几厘米厚的铅板，是原子核发生衰变时释放的能量以γ光子的形式辐射出来的．【解答】解：A、甲为α射线，α射线贯穿能力很弱，电离作用很强，一张纸就能把它挡住，故A错误；B、乙为β射线，β射线是原子核内的一个中子转化为质子时释放的电子，故B错误；C、γ射线穿透本领最强，甚至能穿透几厘米厚的铅板，它在真空中的传播速度是3.0×108m/s，故C正确，D错误．故选：C．3．下列叙述中，不符合物理学史实的是（）A．电子束在晶体上的衍射实验首次证实了德布罗意波的存在B．1905年，爱因斯坦提出的光子说很好地解释了光电效应现象C．玻尔通过对α粒子散射实验的研究提出了原子的核式结构模型D．关于原子核内部的信息，最早来自贝克勒尔的天然放射现象的发现【考点】物理学史．【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．【解答】解：A、物质波是德布罗意的猜想，电子束在晶体上的衍射实验首次证实了德布罗意波的存在．故A正确；B、根据光学发展的历程可知，1905年，爱因斯坦提出的光子说很好地解释了光电效应现象．故B正确；C、卢瑟福通过对α粒子散射实验的研究提出了原子的核式结构模型．故C错误；D、关于原子核内部的信息，最早来自贝克勒尔的天然放射现象的发现，天然放射现象的发现使人们认识到原子核也有复杂的结构．故D 正确．本题选择不符合物理学史实的．故选：C4．关于光电效应，下列说法正确的是（）A．极限频率越大的金属材料逸出功越大B．只要光照射的时间足够长，任何金属都能产生光电效应C．从金属表面出来的光电子的最大初动能越大，这种金属的逸出功越小D．入射光的光强一定时，频率越高，单位时间内逸出的光电子数就越多【考点】光电效应．【分析】光电效应的条件是入射光的频率大于金属的极限频率，与入射光的强度无关，根据光电效应方程判断影响光电子最大初动能的因素．【解答】解：A、逸出功W=hv0，知极限频率越大，逸出功越大，故A正确．B、光电效应的条件是入射光的频率大于金属的极限频率，与入射光的强度无关．故B错误．C、根据光电效应方程E km=hγ﹣W0知，最大初动能与入射光的频率成一次函数关系，不会影响金属的逸出功．故C错误．D、入射光的光强一定时，频率越高，光子的能量值越大，入射光中的光子的数目越少，单位时间内逸出的光电子数就越少，故D错误．故选：A．5．用频率为v0的光照射大量处于基态的氢原子，在所发射的光谱中仅能观测到频率分别为v1、v2、v3的三条谱线，且v3＞v2＞v1，则（）A．v0＜v1B．v3=v2+v1C．v0=v1+v2+v3D．=+【考点】氢原子的能级公式和跃迁．【分析】本题的关键是明确发光的含义是氢原子从高能级向低能级跃迁，根据能级图，有三条光谱线说明原子最高能级在n=3能级，再根据氢原子理论可知，入射光的频率应等于n=3能级时的频率，然后再根据跃迁公式即可求解．【解答】解：大量氢原子跃迁时只有三个频率的光谱，这说明是从n=3能级向低能级跃迁．n=3能级向n=1能级跃迁时，hv3=E3﹣E1n=2能级向n=1能级跃迁时，hv2=E2﹣E1n=3能级向n=2能级跃迁时，hv1=E3﹣E2将以上三式变形可得hv3=hv2+hv1解得v3=v2+v1，所以B正确，再根据氢原子理论可知，入射光频率v0=v3，所以AC错误．故选B．6．一理想变压器原、副线圈的匝数比为10：1，原线圈输入电压的变化规律如图甲所示，副线圈所接电路如图乙所示，P为滑动变阻器的触头．由图可知（）A．副线圈输出电压的频率为50HzB．副线圈输出电压的有效值为31VC．P向下移动时，原、副线圈的电流比减小D．P向下移动时，变压器的输出功率增加【考点】变压器的构造和原理；电功、电功率．【分析】根据瞬时值表达式可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比即可求得结论．【解答】A、由图象可知，交流电的周期为0.02s，所以交流电的频率为50Hz，所以A正确．B、根据电压与匝数成正比可知，原线圈的电压的最大值为310V，所以副线圈的电压的最大值为31V，所以电压的有效值为V=V，所以B错误．C、原副线圈电流之比等于匝数的反比，故原副线圈的电流之比不变，故C错误．D、P向下移，R变大，原副线的电流都变小．而电压不变，故功率减小，故D错误；故选：A．7．如图所示，空间存在两个磁场，磁感应强度大小均为B，方向相反且垂直纸面，MN、PQ为其边界，OO′为其对称轴．一导线折成边长为l的正方形闭合回路abcd，回路在纸面内以恒定速度v0向右运动，当运动到关于OO′对称的位置时（）A．穿过回路的磁通量为零，所以回路中没有感应电流B．回路中感应电动势大小为Blv0C．回路中有感应电流，且方向为顺时针方向D．回路中有感应电流，且方向为逆时时针方向【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；楞次定律．【分析】根据磁通量的定义，由磁感线的条数可以判断此时磁通量的大小，如图所示时刻，有两根导线切割磁感线，根据右手定则可判断两根导线切割磁感线产生电动势的方向，求出回路中的总电动势；再根据楞次定律分析回路中感应电流的方向．【解答】解：A、当线圈运动到关于OO′对称的位置时，线圈中左侧磁场垂直线圈向外，右侧磁场垂直线圈向内，而且左右的磁通量大小相等，相互抵消，因此磁通量为零，但此时前后磁通量均在变化，故此时存在感应电动势，故A错误；B、ab切割磁感线形成电动势b端为正，cd切割形成电动势c端为负，两边产生的感应电动势大小均为E1=2BLv0，因此两个电动势串联，回路中感应电动势为E=2E1=2BLv0，故B错误；C、由B的分析可知，回路中一定存在感应电流，同时回路中磁通量是向里增大，则根据楞次定律可知，回路中的感应电流方向为逆时针，故C错误，D正确．故选：D．8．目前，在居室装修中经常用到花岗岩、大理石等装饰材料，这些岩石都不同程度地含有放射性元素，比如，有些含有铀、钍的花岗岩等岩石会释放出放射性惰性气体氡，而氡会发生放射性衰变，放射出α、β、γ射线，这些射线会导致细胞发生癌变及呼吸道等方面的疾病，根据有关放射性知识可知，下列说法正确的是（）A．氡的半衰期为3.8天，若取4个氡原子核，经7.6天后就一定剩下一个原子核了B．把放射性元素放在密封的容器中，可以减慢放射性元素衰变的速度C．放射性元素的半衰期越短，表明有半数原子核发生衰变所需要的时间越短，衰变速度越大D．降低温度或增大压强，让该元素与其他物质形成化合物，均可以减小衰变速度【考点】原子核衰变及半衰期、衰变速度；裂变反应和聚变反应．【分析】半衰期是对大量放射性元素的统计规律，是由元素本身决定，与原子核所处环境、状态无关；同时要明确发生半衰期次数、衰变前总质量、衰变后质量之间的关系．【解答】解：A、半衰期具有统计规律，对大量的原子核适用，故A 错误；BD、半衰期有原子核的种类决定，与物理和化学状态无关，故BD错误；C、有半数原子核发生衰变所需的时间叫半衰期，放射性元素的半衰期越短，表明有半数原子核发生衰变所需的时间越短，衰变速度越快，故C正确；故选：C．9．静止在光滑水平面上的物体，受到水平拉力F的作用，拉力F随时间t变化的图象如图所示，则下列说法中正确的是（）A．0～4 s内物体的位移为零B．4 s末物体的动量为零C．0～4 s内拉力对物体做功不为零D．0～4 s内拉力对物体冲量为零【考点】动量定理；匀变速直线运动的位移与时间的关系；功的计算．【分析】根据物体的受力情况分析物体的运动情况，结合运动学基本公式及做功公式、冲量公式即可求解．【解答】解：由图象可知物体在4s内先做匀加速后做匀减速运动，4 s末的速度为零，位移一直增大．A、物体在4s内先做匀加速后做匀减速运动，4 s末的速度为零，位移一直增大，不为0，故A错误；B、4s末的速度为零，故动量为零，故B正确；C、前2s拉力做正功，后2s拉力做负功，且两段时间做功代数和为零，物体的末动能等于0；故C错误；D、根据I=Ft可知：前4s内I合=2F﹣2F=0，故D正确；故选：BD10．如图所示，A、B两物体质量之比m A：m B=3：2，原来静止在平板小车C上，A、B间有一根被压缩的轻弹簧，地面光滑，但A、B与C之间有摩擦，当弹簧突然释放后至弹簧与A、B分离前，则（）A．A、B组成系统的动量可能守恒B．A、B组成系统的动量一定不守恒C．A、B、C组成系统的动量一定守恒D．A、B、C组成系统的动量可能不守恒【考点】动量守恒定律；功能关系．【分析】系统动量守恒的条件是合外力为零，分析物体的受力情况，确定系统的合外力，根据动量守恒的条件即可判断系统的动量是否守恒．【解答】解：A、当弹簧突然释放后，若A、B所受的滑动摩擦力大小相等，则A、B组成系统合外力为零，系统的动量守恒．若A、B 所受的滑动摩擦力大小不等，则A、B组成系统合外力不为零，系统的动量不守恒．故A正确，B错误；CD、地面光滑，弹簧释放后，A、B、C组成的系统所受合外力为零，故A、B、C系统动量一定守恒，故C正确，D错误．故选：AC11．如图所示，在光滑水平面上，有一质量为M=3kg的薄板和质量为m=1kg的物块．都以大小为v=4m/s 的初速度朝相反方向运动，它们之间有摩擦，薄板足够长，在以后的运动过程中薄板的速度大小可能为（）A．1m/s B．2m/s C．3m/s D．4m/s【考点】动量守恒定律；功能关系．【分析】M与m组成的系统合外力为零，系统的动量守恒，根据动量守恒定律求出物块m与薄板M相对静止时的共同速度，即为薄板的最小速度，即可作出判断．【解答】解：薄板足够长，最终物块相对于薄板会静止，设物块与薄板相对静止时的共同速度为v′．取向右为正方向，根据动量守恒定律得：（M﹣m）v=（M+m）v′，得，v′=v=×4m/s=2m/s所以薄板的最小速度为2m/s，则薄板的速度大小可能为2m/s，3m/s，4m/s，不可能为1m/s．故A错误，BCD正确．故选：BCD12．如图所示，线圈两端与电阻相连构成闭合回路，在线圈上方有一竖直放置的条形磁铁，磁铁的S极朝下．在将磁铁的S极插入线圈的过程中（）A．通过电阻的感应电流的方向由a到bB．通过电阻的感应电流的方向由b到aC．线圈与磁铁相互排斥D．线圈与磁铁相互吸引【考点】楞次定律．【分析】当磁铁向下运动时，穿过线圈的磁通量变大，原磁场方向向下，所以感应磁场方向向上，根据右手螺旋定则判断感应电流的方向；根据楞次定律“来拒去留”可判断磁铁与线圈的相互作用．【解答】解：当磁铁向下运动时，穿过线圈的磁通量变大，原磁场方向向上，所以感应磁场方向向下，根据右手螺旋定则，拇指表示感应磁场的方向，四指弯曲的方向表示感应电流的方向，即通过电阻的电流方向为b→a．根据楞次定律“来拒去留”可判断线圈对磁铁的作用是阻碍作用，故磁铁与线圈相互排斥．综上所述：线圈中感应电流的方向为电阻的电流方向为b→a，磁铁与线圈相互排斥，故BC正确，AD错误．故选：BC．三、实验题（第13题2分，第14、15题中每空1分，共12分．）13．在卢瑟福α粒子散射实验中，金箔中的原子核可以看作静止不动，下列各图画出的是其中两个α粒子经历金箔散射过程的径迹，其中正确的是（）A．B．C．D．【考点】粒子散射实验．【分析】在卢瑟福α粒子散射实验中，大多数粒子沿直线前进，少数粒子辐射较大角度偏转，极少数粒子甚至被弹回．【解答】解：α粒子受到原子核的斥力作用而发生散射，离原子核越近的粒子，受到的斥力越大，散射角度越大，选项C正确．故选：C．14．天然放射性元素铀U的一个原子核中有92个质子，146个中子；U要经过8次α衰变和6次β衰变，最后变成铅Pb．【考点】天然放射现象；原子核衰变及半衰期、衰变速度．【分析】质量数等于质子数加上中子数，根据质量数和质子数求出中子数，根据电荷数守恒、质量数守恒得出α衰变、β衰变的次数．【解答】解：然放射性元素铀U的质量数为238，质子数为92，则中子数为146．U衰变后变成铅Pb，质量数少32，电荷数少10，设经过了x 次α衰变，y次β衰变，有：4x=32，2x﹣y=8，解得x=8，y=6．故答案为：92，146，8，6．15．如图所示为“碰撞中的动量守恒”实验装置示意图．（1）入射小球1与被碰小球2直径相同，均为d，它们的质量相比较，应是m1＞m2．（2）不放小球2，让球1从滑槽的G点由静止滚下，平抛后落点为P．（3）放上球2，让球1从滑槽的G点由静止滚下，碰撞后分别平抛，球1的落点为M．球2的落点为N．（4）看m1•OM+m2•（ON﹣）和m1•OP是否相等，以验证动量守恒．【考点】验证动量守恒定律．【分析】（1）为防止两球碰撞后入射球反弹，入射球的质量应大于被碰球的质量．（2）（3）根据图示情景分析判断球的落点位置．（4）根据实验测量的量与动量守恒定律分析答题．【解答】解：（1）为防止两球碰撞后入射球反向弹回，入射球的质量应大于被碰球的质量，即：m1＞m2．（2）由图示可知，不放小球2，让球1从滑槽的G点由静止滚下，平抛后落点为P．（3 ）由图示可知，放上球2，让球1从滑槽的G点由静止滚下，碰撞后分别平抛，球1的落点为M．球2的落点为N．（4）小球离开轨道后做平抛运动，抛出点的高度相等，它们在空中的运动时间t相等，如果碰撞过程动量守恒，则m1v1=m1v1′+m2v2，两边同时乘以时间t 得：m1v1t=m1v1′t+m2v2t，则m1•OP=m1•OM+m2•（ON﹣），因此实验时，看m1•OM+m2•（ON ﹣）与m1•OP是否相等，可以验证动量守恒．故答案为：（1）＞；（2）P；（3）M；N；（4）m1•OM+m2•（ON﹣）；m1•OP．四、计算题（本题共4小题，40分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题答案中必须明确写出数值和单位）16．如图所示，为交流发电机示意图，匝数为n=100匝矩形线圈，边长分别10cm和20cm，内电阻r=5Ω，在磁感应强度B=0.5T的匀强磁场中绕OO′以轴ω=rad/s角速度匀速转动，线圈和外电阻为R=20Ω相连接，求：（1）S断开时，电压表示数；（2）开关S合上时，电压表和电流表示数．【考点】交流的峰值、有效值以及它们的关系；交流发电机及其产生正弦式电流的原理；正弦式电流的图象和三角函数表达式．【分析】（1）线圈中产生的感应电动势的最大值表达式为E m=NBSω，开关S断开时，电压表测量电源的电动势的有效值；（2）开关闭合时，电流表测量电流的有效值．根据有效值与最大值的关系求出电动势的有效值，根据闭合电路欧姆定律求出电流和路端电压；【解答】解：（1）感应电动势最大值E m=nBSω=100×0.5×0.1×0.2×50V=50V感应电动势有效值E==50V．故电压表的数值为50V；（2）电键S合上后，由闭合电路欧姆定律I=A==2.0 A，U=IR=2×20 V=40 V．答：（1）S断开时，电压表的示数为50V；（2）电压表的示数为40V；电流表的示数为2.0A．17．质量为m B=2kg的平板车B上表面水平，开始时静止在光滑水平面上，在平板车左端静止着一块质量为m A=2kg的物体A，一颗质量为m0=0.01kg的子弹v0=600m/s的水平初速度瞬间射穿A后，速度变为v=100m/s，已知A，B之间的动摩擦因数不为零，且A与B最终达到相对静止．求：①物体A的最大速度v A；②平板车B的最大速度v B．【考点】动量守恒定律．【分析】子弹在射出木块的过程中，子弹和木块组成的系统动量守恒，此时木块的速度最大，根据动量守恒定律求出物块A的最大速度．然后木块做匀减速直线运动，平板车做匀加速直线运动，当两者速度相等时，速度达到最大，对木块和平板车组成的系统研究，根据动量守恒求出平板车的最大速度．【解答】解：①子弹穿过物体A的过程中，对子弹和物体A，由动量守恒定律得，m0v0=m0v+m A v A解得v A=2.5m/s②对物块A和平板车B，由动量守恒定律得，m A v A=（m A+m B）v B解得v B=1.25m/s．答：①物体A的最大速度为2.5m/s．。