高二物理上册期中考试题9
高二物理上学期期中试卷及答案
高二物理上学期期中试卷一．选择题（每题3分；共45分；漏选得2分） 1．避雷针能起到避雷作用；其原理是（ ）A ．尖端放电B ．静电屏蔽C ．摩擦起电D ．同种电荷相互排斥 2．关于已充上电的某个平行板电容器；下列说法不正确．．．的是（ ） A ．两极板上一定带异种电荷 B ．两极板所带的电荷量一定相等C ．充上的电量越多；其电容就越大D ．充上的电量越多；两极板间的电势差就越大 3．有两个半径为r 的带电金属球中心相距为L(L=4r)； 对于它们之间的静电作用力（设每次各球带电量绝对值相同）的关系是( )A ．带同种电荷时大于带异种电荷时B ．带异种电荷时大于带同种电荷时C ．带等量负电荷时大于带等量正电荷时D ．大小与带电性质无关；只取决于电量 4．如图所示；M ．N 两点分别放置两个等量异种电荷；A 为它们连线的中点；B 为连线上靠近N 的一点；C 为连线的中垂线上处于A 点上方的一点；在A ．B ．C 三点中( ) A ．场强最小的点是A 点；电势最高的点是B 点 B ．场强最小的点是A 点；电势最高的点是C 点 C ．场强最小的点是C 点；电势最高的点是B 点 D ．场强最小的点是C 点；电势最高的点是A 点 5．如图所示；实线为电场线；虚线为等势线；且AB =BC ；电场中的A ．B ．C 三点的场强分别为E A ．E B ．E C ；电势分别为A ϕ．B ϕ．C ϕ；AB ．BC 间的电势差分别为U AB ．U BC ；则下列关系中正确的有( )A ．A ϕ＞B ϕ＞C ϕ B ．E C ＞E B ＞E A C ． U AB ＞U BCD ．U AB ＝U BC 6．用一根跟毛皮摩擦过的硬橡胶棒；靠近不带电验电器的金属小球a ；这时验电器小球a 和金属箔b 的带电情况是( ) A ．a 带正电；b 带负电 B ．a 带负电；b 带正电 C ．a ．b 均带正电D ．a ．b 均不带电7．在静电场中；一个电子由a 点移到b 点时电场力做功为5eV ；则以下认识中正确的是( )A ．电场强的方向一定由b 沿直线指向a ．B ．a ．b 两点间电势差U ab =－5V ．C ．电子的电势能减少5eV ．D ．电子的电势能减少5J ． 8．对于一个给定的电容器；如下图所示；描述电容C ．带电荷量Q ．电压U 之间的 相互关系的图线中正确的是( )9．如图所示；让平行板电容器带电后；静电计的指针偏转一定角；若不改变A ．B 两极板带的电量而减小两极板间的距离；同时在两极板间插入电介质；那么静电计指针的偏转角 ( )A ．一定减小B ．一定增大C ．一定不变D ．可能不变 10．在竖直向下的匀强电场中；有a ．b ．c ．d 四个带电微粒；各以水平向左．水平向右．竖直向下和竖直向上的速做匀速直线运动；不计粒子间的相互作用力；则有( )A ．c ．d 带异种电荷B ．a ．b 带同种电荷且电势能均不变C ．d 的电势能增加重力势能也增加D ．c 的电势能增加；机械能减少11．如图所示；平行线代表电场线；但未标明方向；一个带正电．电量为10－6C 的粒子在电场中仅受电场力作用；当它从A 点运动到B 点时动能减少了10－5J ；已知A 点的电势为－10 V ；则以下判断正确的是( ) A ．粒子的运动轨迹如图中的虚线1所示 B ．粒子的运动轨迹如图中的虚线2所示 C ．B 点电势为零 D ．B 点电势为－20 V12．如图；一带电液滴在重力和匀强电场对它的作用力作用下从静止开始由b 沿直线运动到d ；且bd 与竖直方向所夹的锐角为45°；则下列结论正确的是( )A ．此液滴带负电B ．液滴的加速等于2gC ．合外力对液滴做的总功等于零D ．液滴的电势能减少 13．如图所示；带正电的点电荷固定于Q 点；电子在库仑力的作用下AB21a d bc做以Q 为一焦点的椭圆运动．M 、P 、N 为椭圆上的三点；P 点是运动轨迹上离Q 最近的点．则电子在沿逆时针方向从M 点运动到达N 点的过程中( ) A ．电场力先增大后减小 B ．电势能先增大后减小 C ．速率先减小后增大 D ．速变化率先减小后增大 14．图为两个不同闭合电路中两个不同电源的U-I 图像；下列判断正确的是（ ）A ．电动势E 1＝E 2；发生短路时的电流 I 1＞I 2B ．电动势E 1＝E 2；内阻 r 1＞r 2C ．电动势E 1＞E 2；内阻 r 1＜r 2D ．当电源的工作电流变化相同时；电源1的路端电压变化较大 15．如图由门电路组成的电路；输出端为“1”；指示灯L 亮； 输出端为“0”；指示灯L 不亮；现要使灯L 亮；则A 、B 两输入端分别是（ ）A ．“1”、“1”B ．“0”、“0”C ．“1”、“0”D ．“0”、“1” 二．填空题（本题3小题；共15分。
高二物理上册期中试卷(附答案).docx
高二物理上册期中试卷一、单项选择题（共6小题，每小题3分，共18分。
每题只有一个选项符合题意。
答案写在表格中）1、关于感应电动势和感应电流，下列说法中正确的是A.只有当电路闭合，且穿过电路的磁通量发生变化时，电路中才有感应电动势B.只有当电路闭合，且穿过电路的磁通量发生变化时，电路中才有感应电流C.不管电路是否闭合，只要有磁通量穿过电路，电路中就有感应电动势D.不管电路是否闭合，只要穿过电路的磁通量发生变化，电路中就有感应电流2.如图所示为测定压力的电容式传感器，将平行板电容器、灵敏电流表（零刻度在中间）和电源串联成闭合回路.当压力F作用于可动膜片电极上时，膜片产生形变，引起电容的变化，导致灵敏电流表指针偏转.在对膜片开始施加压力从图中的虚线推到图中实线位置并保持固定的过程中，灵敏电流表指针的偏转情况为（电流从电流表正接线柱流入时指针向右偏）A,向右偏到某一刻度后回到零刻度 B.向左偏到某一刻度后回到零刻度C.向右偏到某一刻度后不动D,向左偏到某一刻度后不动3.铁路上使用一种电磁装置向控制中心传输信号以确定火车的位置.能产生匀强磁场的磁铁，被安装在火车首节车厢下面，如图（甲）所示（俯视图）.当它经过安放在两铁轨间的线圈时，便会产生一电信号，被控制中心接收.当火车通过线圈时，若控制中心接收到的线圈两端的电压信号为图（乙）所示，则说明火车在做A.匀速直线运动B.匀加速直线运动C.匀减速直线运动D.加速度逐渐增大的变加速直线运动4、吉他以其独特的魅力吸引了众多音乐爱好者，电吉他与普通吉他不同的地方是它的每一根琴弦下面安装了一种叫做“拾音器"的装置，能将琴弦的振动转化为电信号，电信号rrrr唳火车找投而心经扩音器放大，再经过扬声器就能播出优美音乐声。
如图是拾音器的结构示意图，多匝线圈置于永久磁铁与钢制的琴弦（电吉他不能使用尼龙弦）之间，当弦沿着线圈振动时，线圈中就会产生感应电流。
关于感应电流，以下说法正确的是A、琴弦振动时，线圈中产生的感应电流是恒定的B、琴弦振动时，线圈中产生的感应电流大小变化，方向不变C、琴弦振动时，线圈中产生的感应电流大小不变。
高二上期期中考试试卷物理含答案
C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】AB．根据 图像可知，粒子的加速度在逐渐减小，粒子所受电场力在逐渐减小，电场强度 随位移 在逐渐减小，AB错误；
C．粒子带负电，电场力方向从 指向 ，电场强度方向从 指向 ，故从 到 电势逐渐升高，由于电场强度逐渐减小，故 图像的斜率逐渐减小，C正确；
D．从 到 电势能逐渐减小，但由于电场力减小， 图像的斜率逐渐减小，D错误。
A.电动机内部线圈的电阻为1Ω
B.稳定匀速提升重物时，流过电动机的电流为2A
C.重物匀速上升时的速度为1.5m/s
D.匀速提升重物时电动机的输出机械功率是2W
【答案】C
【解析】
【详解】A．当将重物固定时，电动机没有机械能输出，整个电路是纯电阻电路，根据闭合电路欧姆定律可知电路中内电压为
电路中电流为
故电动机上电压为
故选ACD。
10.如图甲所示，真空中水平放置两块长度为 的平行金属板P、Q，两板间距为d，两板间加上如图乙所示最大值为 的周期性变化的电压，在两板左侧紧靠P板处有一粒子源A，自 时刻开始连续释放初速度大小为 、方向平行于金属板的相同带电粒子， 时刻释放的粒子恰好从Q板右侧边缘离开电场。已知电场变化周期 ，粒子质量为 ，不计粒子重力及相互间的作用力，则以下说法正确的是（ ）
B．若电流通在A中，则在t1﹣t2时间内，电流逆时针增大，通过B线圈的磁通量增大，根据楞次定律，知B内有顺时针方向的电流，根据楞次定律的另一种表述，B线圈有缩小的趋势。故B正确；
C．若电流通在B中，则在0﹣t1时间内，电流顺时针方向减小，通过A线圈的磁通量减小，根据楞次定律，知A内有顺时针方向的电流，对于A线圈，减小面积时可以阻碍磁通量减小，所以A线圈有收缩趋势。故C正确；
高二物理上学期期中试卷(含解析)高二全册物理试题
嘴哆市安排阳光实验学校铜陵一中高二（上）期中物理试卷一、选择题（本小题共10题，1-6为单项选择题，7-10为多项选择题，每题4分，共40分）1．关于场强的三个公式①E=②E=k ③E=的适用范围，下列说法正确的是（）A．三个公式都只能在真空中适用B．公式①和②只能在真空中适用，公式③在真空中和介质中都适用C．公式②和③只能在真空中适用，公式①在真空中和介质中都适用D．公式①适用于任何电场，公式②只适用于点电荷形成的电场，公式③只适用于匀强电场2．下列说法错误的是（）A．电源外部存在着由正极指向负极的电场，内部存在着由负极指向正极的电场B．在电源外部电路中，负电荷靠静电力由电源的负极流向正极C．在电源内部电路中，正电荷靠非静电力由电源的负极流向正极D．在电池中，靠化学作用使化学能转化为电势能3．导体A带5Q的正电荷，另一个完全相同的导体B带﹣Q的负电荷，将两导体接触一会后再分开，则B导体的带电量为（）A．﹣Q B．Q C．2Q D．4Q4．一个阻值为R的电阻两端加上电压U后，通过导体截面的电量q与通电时间t的图象如图所示，此图线的斜率（即tanα）等于（）A．U B．R C．D．5．在电场中A、B两点间的电势差为U AB=75V，B、C两点间的电势差为U BC=﹣200V，则A、B、C三点的电势高低关系为（）A．φA＞φB＞φC B．φA＜φC＜φB C．φB＜φA＜φC D．φC＞φB＞φA 6．在如图电路中，当滑动变阻器的滑片向左滑动过程中，下列说法正确的是（）A．通过电阻R2的电流将变小 B．通过电阻R3的电流将变大C．通过电阻R4的电流将变大 D．，路端电压将不变7．关于静电平衡状态的特征说法正确的是（）A．处于静电平衡状态的导体，内部的电势处处为零B．处于静电平衡状态的导体，内部的场强处处为零C．处于静电平衡状态的导体，外部表面附近任何一点的场强方向必跟该点的表面垂直D．处于静电平衡状态的整个导体是个等势体，导体的表面为等势面8．如图所示是电阻R的I﹣U图象，图中α=45°，由此得出（）A．通过电阻的电流与两端电压成正比B．电阻R=0.5ΩC．因I﹣U图象的斜率表示电阻的倒数，故R==1.0ΩD．在R两端加上6.0V的电压时，每秒通过电阻横截面的电荷量是3.0C 9．一个空气平行板电容器，极板间距离为d，正对面积为S，充以电荷量为Q 后，两极板间电压为U，为使电容器的电容加倍，可采用的办法是（）A．将电压变为B．将带电荷量变为2QC．将极板正对面积变为2SD．将两极间充满介电常数为2的电介质10．如图中A、B、C三点都在匀强电场中，已知AC⊥BC，∠ABC=60°，BC=20cm，把一个电荷量q=10﹣5C的正电荷从A移到B，静电力做功为零，从B 移到C，静电力做功W=﹣J，则该是（）A．AB两点间的电势差是0B．BC 两点间的电势差是VC．场强大小是1000 V/m，方向垂直AB斜向下D．场强大小是865 V/m，方向垂直AB斜向下二、实验题（11题4分，12题16分，共20分）11．用如图所示的电路测量待测电阻Rx的阻值时，下列关于由电表产生误差的说法中，正确的是（）A．电压表的内电阻越小，测量越精确B．电流表的内电阻越小，测量越精确C．电压表的读数小于R x两端真实电压，R x的测量值小于真实值D．由于电流表的分流作用，使R x的测量值小于真实值12．（16分）（2015秋•铜陵校级期中）有一灯泡上标有“6V 0.1A”字样，现要测量该灯泡的伏安特性曲线，有下列器材供选用：A．电压表（0～5V，内阻2.0kΩ）B．电压表（0～10V，内阻3.0kΩ）C．电流表（0～0.3A，内阻2.0Ω）D．电流表（0～6A，内阻1.5Ω）E．滑动变阻器（30Ω，2A）F．滑动变阻器（100Ω，0.5A）G．学生电源（直流9V）及开关、导线等（1）试验中所用的电压表应选，电流表应选，滑动变阻器应选．（2）要求电压从0开始测量应选甲、乙、丙、丁中的哪一个电路图．三、计算题（第13、14题每题8分，第15、16题每天12分，共40分）13．某一个电场中的等势面分布情况如图所示，试根据此图分析：（1）电荷量是Q=﹣3.2×10﹣19C的带电粒子在电场中的c等势面的电势能是多少？（2）如果把该带电粒子从b等势面移动到e等势面，静电力做功是多少？14．规格为“220V 36W”的排气扇，线圈电阻为40Ω．（1）接上220V 电压后，求排气扇转化为机械能的功率和发热热功率；（2）如果接上220V 电压后，扇叶被卡住，不能转动，求排气扇的电功率和发热功率．15．（12分）（2016•大庆模拟）一电路如图所示，电源电动势E=28V，内阻r=2Ω，电阻R1=12Ω，R2=R4=4Ω，R3=8Ω，C为平行板电容器，其电容C=3.0pF，虚线到两极板距离相等，极板长L=0.20m，两极板的间距d=1.0×10﹣2m．（1）若开关S处于断开状态，则当其闭合后，求流过R4的总电量为多少？（2）若开关S断开时，有一带电微粒沿虚线方向以v0=2.0m/s的初速度射入C 的电场中，刚好沿虚线匀速运动，问：当开关S闭合后，此带电微粒以相同初速度沿虚线方向射入C的电场中，能否从C的电场中射出？（要求写出计算和分析过程，g取10m/s2）16．（12分）（2015秋•铜陵校级期中）如图所示，方向为水平向右的匀强电场中，有一质量为m=0.1kg的带电小球，所带的电荷量是q=0.01C，现用长为L=0.25m的细线悬于O点，当小球平衡时，细线和竖直方向的夹角为θ=60°，求（1）电场强度E是多少？（2）现给小球一个初速度，速度方向和细线垂直，使小球恰能在竖直平面内做逆时针方向的圆周运动，则圆周运动过程中速度的最小值为多少？（3）在（2）问条件下，若当小球运动到最高点时，细线突然断了，小球将做类似斜上抛的运动，则小球以后运动过程中的最小速度是多少？（提示：用等效复合场）铜陵一中高二（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本小题共10题，1-6为单项选择题，7-10为多项选择题，每题4分，共40分）1．关于场强的三个公式①E=②E=k ③E=的适用范围，下列说法正确的是（）A．三个公式都只能在真空中适用B．公式①和②只能在真空中适用，公式③在真空中和介质中都适用C．公式②和③只能在真空中适用，公式①在真空中和介质中都适用D．公式①适用于任何电场，公式②只适用于点电荷形成的电场，公式③只适用于匀强电场【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】本题应明确三个公式的来源：公式①为电场的定义式，公式②是根据定义及库仑定律求出的公式，公式③为匀强电场中得出的场强与电势差的关系．【解答】解：因公式①为电场强度的定义式，故适用于任意电场；而公式②是由库仑定律得出的直空中点电荷周围的场强，故只能适用于真空中点电荷形成的电场；公式③是匀强电场中场强与电势关系，故只能适用于匀强电场；故选D．【点评】每一个物理公式都有其适用的范围，故在学习中要注意体会其范围，以免错用了公式．2．下列说法错误的是（）A．电源外部存在着由正极指向负极的电场，内部存在着由负极指向正极的电场B．在电源外部电路中，负电荷靠静电力由电源的负极流向正极C．在电源内部电路中，正电荷靠非静电力由电源的负极流向正极D．在电池中，靠化学作用使化学能转化为电势能【考点】电源的电动势和内阻．【专题】恒定电流专题．【分析】电动势是反映电源把其他形式的能转化为电能本领强弱的物理量；根据电动势的定义式E=可知，非静电力把单位正电荷从电源负极移送到正极所做的功等于电源的电动势．【解答】解：ABC、电源的外电路中存在着由正极指向负极的电场，电子在电场力的作用下由电源负极流向正极，在电源内部存在着非静电力使电子由正极流向负极或正电荷靠非静电力由电源的负极流向正极，并不是内部存在由负极指向正极的电场，故A错误，BC正确．D、电池中是提供电能的装置，是化学能转化为电势能，故D正确．本题选错误的，故选：A．【点评】明确电动势是反映电源把其他形式的能转化为电能本领强弱的物理量，会利用场的角度分析电流的形成．3．导体A带5Q的正电荷，另一个完全相同的导体B带﹣Q的负电荷，将两导体接触一会后再分开，则B导体的带电量为（）A．﹣Q B．Q C．2Q D．4Q【考点】电荷守恒定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】两相同的导体相互接触时，若带同种电荷则将两球带电量平分，若带异种电荷则将电量先中和再平分，据此可正确解答本题．【解答】解：两带电体带异种电荷，接触后先将电量中和，故接触后两带电体带电总和为：5Q﹣Q=4Q，当两带电体分开后，将总电量平分，所以将两导体接触一会后再分开，则B导体的带电量为2Q，故ABD错误，C正确．故选C．【点评】本题关键是根据电荷守恒定律得到，两个相同的金属球接触后，电荷总量先中和后均分．4．一个阻值为R的电阻两端加上电压U后，通过导体截面的电量q与通电时间t的图象如图所示，此图线的斜率（即tanα）等于（）A．U B．R C ．D ．【考点】电流、电压概念．【专题】恒定电流专题．【分析】给出的图象是q﹣t 图象，其斜率为=I，所以斜率代表的是电流，【解答】解：在图象中可知I=，所以斜率代表的就是电流，I=代表的也是电流，故选C．【点评】能找出图象中所提供的信息是本题的关键，也是识图题的共同特点，注重公式的灵活运用．5．在电场中A、B两点间的电势差为U AB=75V，B、C两点间的电势差为U BC=﹣200V，则A、B、C三点的电势高低关系为（）A．φA＞φB＞φC B．φA＜φC＜φB C．φB＜φA＜φC D．φC＞φB＞φA 【考点】电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】本题根据电势差与电势的关系：U AB=φA﹣φB，U BC=φB﹣φC，U AC=U AB+U BC，即可判断三点电势的高低关系．【解答】解：由题意，U AB=φA﹣φB=75V，则得：φA＞φB；U BC=φB﹣φC=﹣200V，则得：φB＜φC；又U AC=U AB+U BC=（75﹣200）V=﹣125V，则得：φA＜φC；故有：φC＞φA＞φB；故ABD错误，C正确．故选：C．【点评】本题只要掌握U AB=φA﹣φB，U AC=U AB+U BC，通过列式分析电势的关系．也可以作出电场线，根据三点在电场线的位置做定性分析进行判断．6．在如图电路中，当滑动变阻器的滑片向左滑动过程中，下列说法正确的是（）A．通过电阻R2的电流将变小 B．通过电阻R3的电流将变大C．通过电阻R4的电流将变大 D．，路端电压将不变【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】比较思想；控制变量法；恒定电流专题．【分析】当滑动变阻器的滑片P向左移动时，变阻器的有效电阻增大，并联部分电阻增大，外电路总电阻增大，再分析总电流和路端电压的变化，再由电路的特点分析即可．【解答】解：当滑动变阻器的滑片P向左移动时，变阻器的有效电阻增大，并联部分电阻增大，外电路总电阻增大，则总电流减小，路端电压增大，可知通过R4的电流增大，根据并联电路的规律可知，通过R3的电流减小，R3的电压减小，则R2的电压增大，其电流增大．故ABD错误，C正确．故选：C【点评】本题动态分析问题，关键要抓住变阻器的有效电阻增大，外电路总电阻必然增大，与变阻器所在电路的电流减小，与之并联的支路电流增大．7．关于静电平衡状态的特征说法正确的是（）A．处于静电平衡状态的导体，内部的电势处处为零B．处于静电平衡状态的导体，内部的场强处处为零C．处于静电平衡状态的导体，外部表面附近任何一点的场强方向必跟该点的表面垂直D．处于静电平衡状态的整个导体是个等势体，导体的表面为等势面【考点】静电现象的解释．【专题】定性思想；推理法；电场力与电势的性质专题．【分析】处于静电平衡状态的导体，外部表面附近任何一点的场强方向必跟该点的表面垂直，由此分析解答即可．【解答】解：A、电势的0点是人为选择的，处于静电平衡状态的导体，内部的场强处处为零，内部的电势不一定处处为零．故A错误；B、处于静电平衡状态的导体，在导体内部任意一点，感应电荷产生的附加电场的场强与电荷q产生的场强与大小相等，方向相反，内部的场强处处为零．故B正确；C、处于静电平衡状态的导体的内部场强处处为0．电荷只分布在导体的外表面，且整个导体是一个等势体，同时外部表面附近任何一点的场强方向必跟该点表面垂直．故C正确，D正确．故选：BCD【点评】该题考查对静电平衡状态的理解，牢记静电平衡状态的两个特点即可正确解答．基础题目．8．如图所示是电阻R的I﹣U图象，图中α=45°，由此得出（）A．通过电阻的电流与两端电压成正比B．电阻R=0.5ΩC．因I﹣U图象的斜率表示电阻的倒数，故R==1.0ΩD．在R两端加上6.0V的电压时，每秒通过电阻横截面的电荷量是3.0C【考点】欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】电阻R的I﹣U图象斜率的倒数等于电阻R，由数学知识分析电流与电压的关系．对于电阻R，运用斜率求解，但不能根据直线倾角的正切的倒数求解．由图读出电压为U=6V时的电流，由q=It求解每秒内通过电阻的电荷量．【解答】解：A、根据数学知识可知，通过电阻的电流与两端电压成正比，故A 正确BC、根据电阻的定义式R=可知，I﹣U图象斜率的倒数等于电阻R，则得R=Ω=2Ω，故BC错误．D、由图知，当U=6V时，I=3A，则每秒通过电阻横截面的电荷量是q=It=3×1C=3.0C，故D正确．故选：AD．【点评】本题考查了学生对电阻的定义式R=的理解与掌握，要注意直线的斜率与直线倾角的区别．9．一个空气平行板电容器，极板间距离为d，正对面积为S，充以电荷量为Q 后，两极板间电压为U，为使电容器的电容加倍，可采用的办法是（）A ．将电压变为B．将带电荷量变为2QC．将极板正对面积变为2SD．将两极间充满介电常数为2的电介质【考点】电容器的动态分析．【专题】电容器专题．【分析】改变电容器的电压和带电量不会改变电容器的电容，由电容器的决定式得：我们可以通过改变正对面积s，介电常数eγ，极板间的距离d来改变电容．【解答】解：改变电容器的电压和带电量不会改变电容器的电容，由电容器的决定式决定的．故AB错误．由电容器的决定式得：将电容器的电容加倍，我们可采取的方式是：①将极板正对面积变为2S；②将电解质换为介电常数为原来的介电常数2倍的电解质；③将两极板距离变为原来的一半．故C正确，D错误．故选C【点评】改变电容器的电压和带电量不会改变电容器的电容，电容器的电容是由决定式决定的．10．如图中A、B、C三点都在匀强电场中，已知AC⊥BC，∠ABC=60°，BC=20cm，把一个电荷量q=10﹣5C的正电荷从A移到B，静电力做功为零，从B 移到C，静电力做功W=﹣J，则该是（）A．AB两点间的电势差是0B．BC 两点间的电势差是VC．场强大小是1000 V/m，方向垂直AB斜向下D．场强大小是865 V/m，方向垂直AB斜向下【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度．【专题】参照思想；图析法；电场力与电势的性质专题．【分析】正电荷从A移到B，静电力做功为零，可知A、B两点的电势差为0．根据W=qU求出BC两点间的电势差．AB为等势线，电场强度的方向与等势面的方向垂直，且从高等势面指向低等势面．根据E=求出匀强电场的场强大小．【解答】解：A、正电荷从A移到B，静电力做功为0，根据W=qU，知AB两点间的电势差是0，故A正确．B、已知从B移到C，静电力做功W=﹣J，由W=qU，得BC两点间的电势差U===﹣V，故B错误．CD、AB为等势线，电场强度的方向与等势面的方向垂直，且从高等势面指向低等势面．根据正电荷从B移到C，静电力做负功，则知C点的电势比B的电势高．BC间的电势差为：U BC ===﹣100V则匀强电场的场强大小为：E===1000V/m，场强方向垂直AB斜向下．故C正确，D错误．故选：AC【点评】解决本题的关键知道电场力做功与电势差的关系，以及知道匀强电场的场强公式，注意d是沿电场线方向上的距离．二、实验题（11题4分，12题16分，共20分）11．用如图所示的电路测量待测电阻Rx的阻值时，下列关于由电表产生误差的说法中，正确的是（）A．电压表的内电阻越小，测量越精确B．电流表的内电阻越小，测量越精确C．电压表的读数小于R x两端真实电压，R x的测量值小于真实值D．由于电流表的分流作用，使R x的测量值小于真实值【考点】伏安法测电阻．【专题】恒定电流专题．【分析】电压表测量的是与其并联电路的电压值，电流表测量的是与之串联电路的电流值，据此分析问题即可．【解答】解：所测量的电压为电流表内阻加R X的阻值，其原因在于电压表的测量值为两者电压之和，则A、与电压表的内阻大小无关系，则A错误B、因实验中串联了电流表的内阻，则内阻越小测量越准确．则B正确C、电压表的测量值含有电流表的内阻，则R X的测量值大于真实值，则C错误D、电流表为分压作用，测量值大于真实值．则D错误故选：B【点评】本题考查伏安法测电阻的实验原一，要明确电流表，电压表的测量原理，知道电压表所测为与其并联部分电压，电流表为其串联电路的电流．12．（16分）（2015秋•铜陵校级期中）有一灯泡上标有“6V 0.1A”字样，现要测量该灯泡的伏安特性曲线，有下列器材供选用：A．电压表（0～5V，内阻2.0kΩ）B．电压表（0～10V，内阻3.0kΩ）C．电流表（0～0.3A，内阻2.0Ω）D．电流表（0～6A，内阻1.5Ω）E．滑动变阻器（30Ω，2A）F．滑动变阻器（100Ω，0.5A）G．学生电源（直流9V）及开关、导线等（1）试验中所用的电压表应选 B ，电流表应选 C ，滑动变阻器应选E ．（2）要求电压从0开始测量应选甲、乙、丙、丁中的哪一个电路图甲．【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．【专题】实验题．【分析】（1）根据小灯泡的额定电压可以选出电压表，根据灯泡的额定功率可求出额定电流，则可确定出电流表；根据滑动变阻器的接法可选出滑动变阻器；（2）根据测伏安特性曲线的实验要求可以选出滑动变阻器的接法，由电流表及电压表内阻的关系可得出电流表的接法；【解答】解：（1）由题意可知，灯泡的额定电压为6V，为了准确性及安全性原则，电压表应选择B；灯泡的额定电流为0.1A，故电流表应选择C；测量灯泡的伏安特性曲线实验中应采用分压接法，故滑动变阻器应选用小电阻，故滑动变阻器应选择 E；（2）测量小灯泡的伏安特性曲线时，要求电压值从零开始变化，故滑动变阻器应采有分压接法；灯泡内阻约为：R=Ω，而电流表内阻约为2Ω，小灯泡的电阻远小于电压表内阻，接近电流表内阻，故电流表应采用外接法，电路图选择甲图故答案为：（1）B，C，E；（2）甲【点评】测量小灯泡的伏安特性曲线时，根据实验的要求一般采用滑动变阻器的分压接法，电流表应采用外接法．三、计算题（第13、14题每题8分，第15、16题每天12分，共40分）13．某一个电场中的等势面分布情况如图所示，试根据此图分析：（1）电荷量是Q=﹣3.2×10﹣19C的带电粒子在电场中的c等势面的电势能是多少？（2）如果把该带电粒子从b等势面移动到e等势面，静电力做功是多少？【考点】电势差与电场强度的关系；电势；电势能．【专题】计算题；定量思想；图析法；电场力与电势的性质专题．【分析】（1）根据公式E p=qφ求解电势能．（2）根据公式W=qU求解静电力做功，电势差由电势之差求出．【解答】解：（1）c等势面的电势为φc=5V带电粒子在电场中的c等势面的电势能是 E p=Qφc=﹣3.2×10﹣19×5J=﹣1.6×10﹣18J（2）该带电粒子从b等势面移动到e等势面，静电力做功为：W be=QU be=﹣3.2×10﹣19×（0﹣15）J=4.8×10﹣18J答：（1）电荷量是Q=﹣3.2×10﹣19C的带电粒子在电场中的c等势面的电势能是﹣1.6×10﹣18J．（2）如果把该带电粒子从b等势面移动到e等势面，静电力做功是4.8×10﹣18J．【点评】解决本题的关键要掌握电势能与电势的关系E p=qφ、电场力做功与电势差的关系W=qU，这两个公式运用时都要带符号运算．14．规格为“220V 36W”的排气扇，线圈电阻为40Ω．（1）接上220V 电压后，求排气扇转化为机械能的功率和发热热功率；（2）如果接上220V 电压后，扇叶被卡住，不能转动，求排气扇的电功率和发热功率．【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】利用能量守恒，找出电功率、机械功率和热功率的关系，再利用功率和热功率公式求解；当排气扇卡住，此电路为纯电阻电路，功率全部转化为热功率．【解答】解；（1）接上220V 电压后，排气扇的功率为36W．据热功率公式P热=I2r==1 W所以转化为机械能的功率P机=P﹣P热=36W﹣1W=35 W（2）当接上220V 电压后，扇叶被卡住，不能转动，此电路变为纯电阻电路，消耗的功率全部转化为热功率，所以P=P热===1210 W答：（1）接上220V 电压后，排气扇转化为机械能的功率为35W和发热热功率1W；（2）如果接上220V 电压后，扇叶被卡住，不能转动，排气扇的电功率等于发热功率为1210W．【点评】明确电功率、机械功率和热功率的关系，纯电阻电路和非纯电阻电路的区别和公式的选取是解题的关键．15．（12分）（2016•大庆模拟）一电路如图所示，电源电动势E=28V，内阻r=2Ω，电阻R1=12Ω，R2=R4=4Ω，R3=8Ω，C为平行板电容器，其电容C=3.0pF，虚线到两极板距离相等，极板长L=0.20m，两极板的间距d=1.0×10﹣2m．（1）若开关S处于断开状态，则当其闭合后，求流过R4的总电量为多少？（2）若开关S断开时，有一带电微粒沿虚线方向以v0=2.0m/s的初速度射入C 的电场中，刚好沿虚线匀速运动，问：当开关S闭合后，此带电微粒以相同初速度沿虚线方向射入C的电场中，能否从C的电场中射出？（要求写出计算和分析过程，g取10m/s2）【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；闭合电路的欧姆定律．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】开关断开时，求出电阻两端的电压从而算出电容器的电量；当开关闭合时，求出路端的电压，从而电阻两端的电压．当断开时电场力与重力相平衡，而闭合后由重力与电场力的合力从而求出加速度大小，最终求出侧向位移．【解答】解：（1）S断开时，电阻R3两端电压为：S 闭合后，外阻为：路端电压为：电阻R3两端电压为：则所求流过R4的总电量为：Q=CU3﹣CU3′=6.0×10﹣12C（2）设微粒质量为m，电量为q，当开关S 断开时有：当开关S闭合后，设微粒加速度为a ，则有：设微粒能从C 的电场中射出，则水平方向：竖直方向：由以上各式求得：故微粒不能从C的电场中射出答：（1）流过R4的总电量为6.0×10﹣12C；（2）微粒不能从C的电场中射出．【点评】本题由殴姆定律与牛顿运动定律相综合应用，同时利用将类平抛运动分解成两相互垂直的简单直线运动．16．（12分）（2015秋•铜陵校级期中）如图所示，方向为水平向右的匀强电场中，有一质量为m=0.1kg的带电小球，所带的电荷量是q=0.01C，现用长为L=0.25m的细线悬于O点，当小球平衡时，细线和竖直方向的夹角为θ=60°，求（1）电场强度E是多少？（2）现给小球一个初速度，速度方向和细线垂直，使小球恰能在竖直平面内做逆时针方向的圆周运动，则圆周运动过程中速度的最小值为多少？（3）在（2）问条件下，若当小球运动到最高点时，细线突然断了，小球将做类似斜上抛的运动，则小球以后运动过程中的最小速度是多少？（提示：用等效复合场）【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度．【专题】计算题；定量思想；临界法；电场力与电势的性质专题．【分析】（1）当小球平衡时，合力为零，根据平衡条件求解电场强度．（2）求出小球受到的电场力与重力的合力，作为等效重力，小球恰好完成圆周运动时，在等效最高点时，由等效重力提供向心力，此时小球速度最小，由牛顿第二定律可以求出最小速度．（3）由动能定理求出小球通过最高点时的速度．细线断后，小球将做类似斜上抛的运动，运用运动的分解法求最小速度．【解答】解：（1）当小球平衡时，以小球为研究对象，根据平衡条件得：qE=mgtanθ可得 E===×102N/C（2）可与重力场类比，等效重力为mg′===2mg当小球恰好通过等效最高点做圆周运动时，做圆周运动的速度最小，此时由等效重力提供向心力．由牛顿第二定律得：mg′=m，小球的最小速度：v min ===m/s；（3）设小球通过最高点的速度为v．由几何关系知，等效最高点与小球的平衡位置关于O点对称，从等效最高点到最高点的过程中，根据动能定理得：mg′L（1﹣cos60°）=﹣解得 v=2当小球运动到最高点时，细线突然断后，小球开始做类似斜上抛的运动，到达等效最高点时速度，最小速度为 v min′=v min cos60°==m/s答：（1）电场强度E 是×102N/C．（2）圆周运动过程中速度的最小值为m/s．（3）小球以后运动过程中的最小速度是m/s．【点评】对小球受力分析，求出电场力与合力，由牛顿第二定律即可正确解题，此题可以把二力的合力视为等效场，求出等效重力加速度，利用圆周运动和斜抛运动的研究方法解答．。
山东省高二上学期期中考试物理试卷(附答案和解析)
山东省高二上学期期中考试物理试卷(附答案和解析) 学校:___________班级：___________姓名：___________考号：___________一、单选题1．几个水球可以挡住一颗子弹？《国家地理频道》的实验结果是：四个水球足够！完全相同的水球紧挨在一起水平排列，子弹在水球中沿水平方向做匀变速直线运动，恰好能穿出第4个水球，则可以判断的是（）A．子弹在每个水球中的速度变化相同B．子弹在每个水球中运动的时间相同C．每个水球对子弹的冲量相同D．每个水球对子弹的做功相同2．关于电源电动势的概念，以下说法中正确的是（）A．电动势、电压和电势差虽名称不同，但物理意义相同，所以单位也相同B．在闭合电路中，电源电动势在数值上总是等于电源两极间的电压C．在闭合电路中，电源电动势在数值上等于内、外电压之和D．电源把其他形式的能转化为电能越多，电源电动势越大3．一弹簧振子的位移y随时间t变化的关系式为y=0.1sin（2.5πt），位移y的单位为m，时间t的单位为s。
则（）4．如图所示，一个孩子将下方挂有五个相同小钩码的五个相同的氢气球栓结在一起，以3m/s的初速度从地面竖直向上托起，离开手后刚好匀速向上运动，当上升至高度h=的位置时，一个小钩码脱落。
已知每个小钩码的质量为m，重力加速度取2m2g，不计空气阻力、风力、绳子和氢气球的质量，则下列说法正确的是（）=10m/sA．脱落的小钩码落地前，五个小钩码和五个氢气球组成的系统机械能守恒B．脱落的小钩码落地前，其动能逐渐增大C．小钩码从脱落到落地，在空中运动的时间为1sD．脱落的小钩码落地时，氢气球从钩码脱落处又上升了3m5．关于单摆，下列说法正确的是（）A．摆球受到的回复力方向总是指向平衡位置，当摆球运动到平衡位置时，合力为零B．如果有两个大小相同的带孔塑料球和带孔铁球，任选一个即可C．将单摆的摆角从4°改为2°，单摆的周期变小D．在用单摆测重力加速度实验中，若摆长值忘记加摆球半径，则测量值偏小6．如图所示的电路中，电阻R=2Ω，断开S后，电压表的读数为5V；闭合S后，电压表的读数为2V，电压表为理想电表，则电源的内阻r为（）A．1ΩB．2ΩC．3ΩD．4Ω7．如图所示，电路中电表均为理想电表。
高二(上)期中物理试题(解析版)
2.如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三条电场线,实线为一带负电的粒子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、R、Q是这条轨迹上的三点,由此可知()
A.带电粒子在R点时的加速度小于在Q点时的加速度
B.带电粒子在P点时的电势能比在Q点时的电势能大
C.带电粒子在R点时的速度大于在Q点时的速度
（1）电子在电场中运动的加速度。
（2）电子进入电场的最大距离。
（3）电子进入电场最大距离的一半时的动能。
【答案】（1） ；（2） ；（3）
【解析】
【详解】（1）由牛顿第二定律可得
解得
（2）由动能定理可得
解得
（3）从电子进入电场至运动到电场最大距离的一半的过程中，由动能定理可得
解得
15.如图所示，有一电子(电荷量为e)经电压U0由静止加速后，进入两块间距为d、电压为U的平行金属板间。若电子从两板正中间垂直电场方向射入，且正好能穿过电场，求：
D．根据能量守恒定律，带电质点在运动过程中各点处的动能与电势能之和保持不变，D错误。
故选C。
3.下列四个图中， 、 两点电势相等、电场强度也相等的是（ ）
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】
【详解】A．匀强电场 等势面是垂直于电场线的一簇等间距的平行平面，A图中 、 两点不在同一等势面上，所以，这两点的电势是不相等的，但这两点的电场强度相等，选项A错误；
D.带电粒子在R点时 动能与电势能之和比在Q点时的小,比在P点时的大
【答案】C
【解析】
【详解】A．由电场线疏密可知，R点场强比Q场强点大，所以带电粒子在R点的电场力大，则带电粒子在R点的加速度大，A错误；
BC．带电粒子做曲线运动，电场力指向曲线的内侧，所以电场力的方向向右；若带电粒子从P经过R运动到Q，电场力做负功，带电粒子的电势能增大，动能减小，则带电粒子经过R点时的动能大于经过Q点时的动能，即带电粒子在R点时的速度大于在Q点时的速度，而P点电势能最小，所以带电粒子在P点时的电势能比在Q点时的电势能小，B错误，C正确；
上学期期中考试高二物理试卷
上学期期中考试 高二物理试卷分值：100分 时间：100分钟一、选择题（1-6单选，7-10多选，每题4分，共40分） 1．关于电阻率，下列说法中正确的是( )A ．电阻率是表征材料导电性能好坏的物理量，电阻率越大，其导电性能越好B ．各种材料的电阻率大都与温度有关，金属的电阻率随温度升高而减小C ．所谓超导体，是当其温度降低到接近绝对零度的某个临界温度时，它的电阻率突然变为无穷大D ．某些合金的电阻率几乎不受温度变化的影响，通常都用它们制作标准电阻2、某电解池，如果在1s 时间内共有5×1018个二价正离子和1.0×1019个一价负离子通过面积为0.1m 2的某截面，那么通过这个截面的电流强度是：（ ）A ．0 AB ．0.8AC ．1.6AD ．3.2A3．如图所示，三个固定的带电小球a 、b 和c ，相互间的距离分别为8cm ab =、6cm ac =、10cm bc =，小球c 所受库仑力的合力的方向平行于a 、b 的连线斜向下。
关于小球a 、b 电性及所带电荷量比值的绝对值k ，下列正确的是（ ）A ．同号电荷，925k = B ．异号电荷，27125k =C ．异号电荷，925k =D ．同号电荷，27125k =4.如图所示，虚线表示等势面，相邻两等势面间的电势差相等，有一带正电的小球在电场中运动，实线表示该小球的运动轨迹．小球在a 点的动能等于20 eV ，运动到b 点时的动能等于2 eV.若取c 点为零势点，则当这个带电小球的电势能等于－6 eV 时(不计重力和空气阻力)，它的动能等于( )A ．16 eVB ．14 eVC ．6 eVD ．4 eV5．在一块半导体基板上陈列了10万颗金属颗粒，每一颗粒充当电容器的一极，外表面绝缘，手指贴在其上构成电容器的另一极，这就组成了指纹传感器．当手指的指纹一面与绝缘表面接触时，由于指纹深浅不同，对应的峪和嵴与颗粒间形成一个个电容大小不同的电容器，则( )A ．指纹的嵴处与半导体基板上对应的金属颗粒距离近，电容小B ．指纹的峪处与半导体基板上对应的金属颗粒距离远，电容大C ．对每个电容感应颗粒都充电至某一参考电压，在手指靠近时，各金属电极所带电荷量增大D ．对每个电容感应颗粒都充电至某一参考电压，在手指远离时，各金属电极均处于充电状态6．有一未知电阻R x ，为较准确地测出其阻值，先后用中甲、乙两种电路进行测试，利用甲图测得的数据是“2.8 V 5.0 mA ”，而用乙图测得的数据是“3.0 V 4.0 mA ”，那么该电阻测得的较为准确的情况是( )A ．560 Ω，偏大B ．560 Ω，偏小C ．750 Ω，偏小D ．750 Ω，偏大 7.如图中R 1=4Ω，R 2=9Ω，R 3=18Ω。
最新人教版高二物理第一学期期中考试试卷含答案
- 让每一个人同等地提高自我第一学期高二期中考试物理试卷时间 100 分钟 满分 100 分一．单项选择题（每题 4 分共 24 分）1. 在电场中的 A 、B 两处罚别引入不一样的尝试电荷，获得尝试电 荷 所受 的 电 场 力 的 关 系 如 图 所 示 ， 则 ()>EB<E B=E BD.没法判断 E A 、 E B 的大小2. 如下图， P 、Q 是两个电荷量相等的正点电荷，它们连线的 中 点 是 O ，A 、 B 是中垂线上的两点， OA<OB ，用 E A 、E B 、φ A 、φ B 分 别 表示 A 、B 两点的场强和电势，则 ( ) 必定大于 E B ，φ A 必定大于 φB不必定大于 E B ，φ A 必定大于 φB 必定大于 E B ，φ A 不必定大于 φB不必定大于 E B ，φ A 不必定大于 φB3. 如下图，电子在电势差为 U 1 的加快电场中由 静止开始运动，而后射入电势差为 U 的两块平行极2板间的偏转匀强电场中，在知足电子能射出平行极 U 2板区的条件下，下述四种状况中，必定能使电子的 U 1偏转角 θ 变大的是（ ）A ． U 1 变大、 U 2 变大B ．U 1 变小、 U 2 变大C ． U 1 变大、 U 2 变小D ．U 1 变小、 U 2 变小4. 平行板电容器的电容为 C ，电荷量为 Q ，极板间的距离为 d ，在两极间的中点放一电荷量很小的点电荷 q ，它所受的电场力大小等于 ( ) A. 8kqQB. 4kqQC. 2qQD. qQd 2d 2Cd Cd5．如下图， A 、B 间的电压是，改变滑动变阻器触头的地点，能够改变 CD 间的电30V压， U CD 的变化范围是 ( )ARA ．0～10VB ．0～20VC ． 10～20VD ．20～30VRCB RD6. 如下图，空间有一水平方向的匀强电场，初速度为 v 0 的带电粒子从 A 点射入电场，在竖直平面内沿直线从 A 运动到 B ，在此过程中粒子的 ( )1- 让每一个人同等地提高自我A.动能和电势能都减少，重力势能增添B.动能和重力势能都增添，电势能减少C.动能减少，重力势能和电势能都增添D.动能不变，重力势能增添，电势能减少二．双项选择题，（每题 6 分共 36 分）7．铅蓄电池的电动势为2V，这表示（）A．电路经过 1 库仑电量，电源把 2 焦耳的化学能转变为电能B．电池内电压是2VC．电源接入电路时，其两极间的电压是2VD．把化学能转变为电能的本事比一节干电池大8.欧姆定律合用于 ( )A. 电动机电路B.金属导体导电C.电解液导电D.全部电器元件9. 对于场强和电势，以下说法中正确的选项是()A. 由公式 E=F／q 可知， E 与 F 成正比，与 q 成反比B. 由 U=Ed可知，匀强电场中 E 恒定，随意两点间的电势差与这两点间的距离成正比C.场强为零的地方，电势不必定为零D.不论是正电荷仍是负电荷，当它在电场中挪动时，若电场力作正功，它必定从电势能大的地方挪动到电势能小的地方10．如下图， a、b 两直线分别是用电器 A 和 B 的伏安特征曲线，则以下说法正确的选项是（）A．经过用电器的电流与用电器两头的电压成正比B．用电器中的电流、两头的电压和用电器的电阻不切合欧姆定律C．用电器 A 的电阻值比 B 大D．用电器 A 的电阻值比 B 小11．对于电流的方向，以下说法正确的选项是（）A．在金属导体中，电流的方向是自由电子定向挪动的方向B．在电解液中，电流的方向为负离子定向挪动的方向C．不论在何种导体中，电流的方向都与负电荷定向挪动的方向相反D．在电解液中，固然正负电荷定向挪动都会形成电流，可是电流方向只有一个12. 如下图，在水平搁置的圆滑金属板正上方有一带正电的点电荷 Q，另一表面绝缘，带正电的金属小球 ( 可视为质点，且不影响原电场 ) ，自左以初速度 v0在金属板上向右运动，在运动的过程中 ()A.小球先减速运动，后加快运动B.小球向来做匀速直线运动C.小球遇到电场力的冲量为零2- 让每一个人同等地提高自我D.小球遇到的电场力做功为零三．填空题（每空 5 分共 10 分）13．小灯泡的伏安特征曲线如图中的AB段（曲线）所示，由图可知，灯丝的电阻因温度的影响改变了I/(× 10-1A)B________Ω.A36U/V14.现有一个敏捷电流计, 它的满偏电流为I g=1mA,内阻 R g =200Ω , 若要将它改装成量程为5A 的电流表 , 应 ______一个 _________Ω的电阻 , 改装后的电流表丈量电流时, 指针指在表盘上本来处, 则被测电流的大小是______________.四. 计算题15.在真空中的 O点放一点电荷 Q=×10-9 C，直线 MN过 O点， OM=30cm，M点放有一点电荷 q=- 2×10-10 C，如图 1-9-16 所示 . 求:(1)M 点的场强盛小； (2) 若 M点的电势比 N 点的电势高 15V，则电荷 q 从 M点移到 N 点，电势能变化了多少 ?16.一个带电质点的带电荷量为 3×10-9 C 的正电荷，逆着电场方向水平川从 A 点挪动到 B 点的过程中外力做功为 6×10-5 J，带电质点的动能增添了× 10-5 J ，求 A、B 两点间的电势差U AB.17、两块竖直足够长的平行板间有一匀强电场，在电场顶用长为 3 ㎝的丝线悬一带电小球，均衡于跟竖直方向成30°角的地点，如图 1-8-28 所示，此时小球离负极板0.05 m.求：(1)若把小球提起，使丝线水平，而后开释小球，问小球经过最低点时速度多大？＋－(2)球在均衡地点时将丝线剪断，小球将做何种运动？何时碰板？θ3图 1-8-27- 让每一个人同等地提高自我第一学期高二期中考试物理卷参照答案1A 2B 3B 4D 5C 6C 7AD 8BC 9CD 10AC 11CD 12BD14.并 115.(1)E100N / C(2) W MN qU MN310 9 J ，这一过程中电场力做负功则电势能增添 3 109J。
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性，平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益，请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间：9:00-18:30)。
遵义四中2010～2011学年度第一学期半期考试试卷高 二 物 理（理 科）（总分100分 考试时间100分钟）温馨提示：请将各题答案填在答题卷上，考试结束只交答题卷，试卷自己务必保留。
一、本题共13小题，每小题3分，共39分。
下列各题给出的选项中，每题至少有一个选项是正确的，选全得满分，不选、多选均得零分，少选得2分1、下列有关热现象的叙述中正确的是A ．布朗运动反映了液体分子的热运动B ．物体的内能增加，一定是由于物体从外界吸收了热量C ．凡是不违背能量守恒定律的实验构想都是能够实现的D ．物体的温度为0℃时，分子的平均动能为零2、一个弹簧振子在光滑的水平面上作简谐运动，其中有两个时刻弹簧振子的速度相同，那么这两个时刻弹簧振子的A. 加速度一定大小相等，方向相同B. 位移一定大小相等，方向相反C. 位移一定大小相等，方向相同D. 弹簧振子一定都在做加速运动3、两列水波发生干涉，在某时刻，M 点是波峰与波峰相遇处，N 点是波谷与波谷相遇处，P 点的位移为零，Q 点是波谷与波峰相遇处，则A. M 、N 两点振动一定最强，P 、Q 两点振动一定最弱B. M 点振动最强，N 、Q 振动最弱，P 点可能最强也可能最弱C. M 、N 点振动最强，Q 振动最弱，P 点可能最强也可能最弱D. 四个点都可能是振动加强点4、下列关于动量的论述哪些是正确的 A. 质量大的物体动量一定大B. 速度大的物体动量一定大 C ．两物体动量相等，动能一定相等D. 两物体动能相等，动量不一定相同 图15、一列简谐横波，波速为0.5m/s ，某一时刻的波形图线如图1中的实线所示，经过时间t 后，波形图线如图1中的虚线所示，那么时间t 的可能值为A ．1s B. 3s C. 5s D. 8s6、一定质量的气体在某一物理过程中内能减少了4×106J ，对外界做了8×106J 的功，则这一过程中A. 气体向外界放热4×106JB. 气体向外界吸热1.2×107JC. 气体向外界放热1.2×107JD. 气体向外界吸热4×106J 图27、如图2所示，半径相同的两个金属小球A 、B 带有等量异种电荷，相隔一定距离，两球之间的相互吸引力的大小是F ，今让第三个与A 、B 完全相同的不带电的金属小球先后与A 、B 两球接触后移开。
这时，A 、B 两球之间的相互作用力的大小是 A .F 81B .F 41C .F 83D .F 43 8、如图3为一列波在连续变化的介质中传播时的图象，O 为振源，则下列说法正确的是BB ．质点N 处比质点M 处波速大C ．质点N 将比质点M 后回到平衡位置D ．质点N 将比质点M 先回到平衡位置图39、质量为1kg 的小球A 以4 m/s 的速度与质量为2kg 的静止小球B 正碰.关于碰后A 、B 的速度v A 与v B ，下面哪些是可能的A. v A =1 m/s ，v B =3 m/sB. v A =－4 m/s ，v B =4 m/sC. v A =v B =4/3 m/sD. v A =－1 m/s ，v B =2.5 m/s10、在一种均匀介质中，有一波源以频率f 做简谐运动，形成的波以速度v 在介质中传播。
若某时刻，波源的振动频率突然变为2f ，则A ．介质中，距波源距离s （s ≠0）的质点，振动频率立即变为2fB ．介质中，距波源距离s （s ≠0）的质点，过一段时间振动频率也变为2fC ．波在介质中的传播速度立即变为2vD ．此时刻以前形成的波，仍以速度v 在介质中传播，此时刻以后形成的波，将以速度2v在介质中传播11、关于气体的压强，下列说法正确的是A ．气体的压强是由气体分子间的吸引和排斥作用产生的B ．气体分子的平均速率增大，气体的压强一定增大C ．气体的压强等于器壁单位面积、单位时间所受气体分子冲量的大小D ．当某一容器自由下落时，容器中气体的压强将变为零12、如图4所示，用弹性小球做成的四个单摆，当摆线竖直时，小球依次互相接触，且在同一水平线上，小球质量均为m ，摆长由A 到D 逐渐增大，D 的摆长是A 摆长的2倍，A 摆的振动周期为T ，现将A 摆球拉离平衡位置一小角度，松手后，A 摆球沿其它摆球的连线所在竖直面内摆动，则它们做简谐运动的周期为A ．仍为T B. 大约为1.5TC. 大约为1.2TD. 大约为2T 图413、如图5所示，两带电的金属球在绝缘的光滑水平桌面上沿同一直线相向运动，A 球带电-q ，B 球带电为＋2q ，下列说法正确的是A ．相碰前两球的总动量随着两球的距离逐渐减小而增大；B ．相碰前两物体的运动过程中，两球的总动量守恒；C ．相碰分离后任一瞬间两球的总动量等于碰前两球的总动量，因为两球组成的系统外力之合为零。
D ．相碰分离后的两球的总动量不等于相碰前两球的总动量， A B因为两球相碰前的作用力为引力，而相碰后的作用力为斥力. 图5二、填空题。
本题共有4小题，每空4分，共20分。
14、如图6所示，是以A 点为振源的机械波沿着一条一端固定的绳子传播到B 点时的波形，则A 质点刚开始振动时的方A向为 。
（填“向上”或“向下”） 图615、在“油膜法估测分子的大小”的实验中，将1cm 3的油酸溶于酒精，制成200cm 3的油酸酒精溶液，已知1cm 3的溶液有50滴，现取一滴油酸酒精溶液滴到水面上，随着酒精溶于水，油酸在水面上形成一单分子薄层，测出这一薄层的面积为0.2m 2，由此估测油酸分子直径为 m （取一位有效数字）16、在“用单摆测定重力加速度”的实验中，①如果测出摆长为L ，摆完成n 次全振动所用的时间为t ，则计算重力加速度的公式为g=_______。
②若测得的g 值偏小，可能的原因是_______A. 计算摆长时，只考虑线长，没有考虑小球的半径B. 将(n-1)个全振动误计为n 个全振动C. n 个全振动的时间测量偏小了D. n 个全振动的时间测量偏大了17、如图7所示，A 为一带电金属圆环（厚度不计），半径为r,用绝缘支架竖直固定，在圆环的中心轴线上有一带电量为+q ，用绝缘细线悬挂的质量为m 的小球，小球平衡时距圆环中心距离为R ，并与圆环中心在同一水平面上，细线偏离竖直方向的角度为θ，静电力常量为k,由此可知圆环的带电量为 .三、计算题（本题共4小题，共41分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。
只写出最后答案的不能得分。
有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）18、(9分) 一铁块从高为0.5m 的斜面顶端滑下来, 接着在水平面上滑行了一段距离停止。
若铁块在滑行中，损失的机械能有50％转变为铁块的内能，从而使得铁块的温度升高，求铁块的温度升高了多少度? 已知铁的比热容是4.6×102J/kg·℃，g 取10m/s 2。
（结果保留两位有效数字）19、(10分)一列横波在t=0时刻的波形如图8中实线所示。
在t=0.2s 时刻的波形如图中虚线所示。
若此波的周期大于0.2秒，求(1)该波的波长是多少?(2)若该波向右传播，波速是多大?(3)若该波向左传播，波速是多大?图820、(11分) 如图9所示，在光滑的水平面上，有一质量为M=20kg 的足够长的木板，上表面粗糙，以速度v 0=10m/s 向右作匀速直线运动。
现将质量为m=5kg 的小铁块无初速地轻放在木板的前端，求(1) 小铁块与木板相对静止时，它们共同运动的速度为多大？(2) 全过程有多少机械能转化为系统的内能？21、(11分) 如图10所示，一长为L 的绝缘细线下端拴一质量为m 的带电小球，将它置于一匀强电场中，电场强度大小为E ，方向水平向右，已知当细线偏离竖直方向的夹角为θ时，小球处于平衡，问：（1）小球带何种电荷？所带电荷量为多少？（2）若使细线的偏角由θ增大到α，然后将小球由静止释放，则α应为多大，才能使在小球到达竖直位置时，小球的速度刚好为零？遵义四中2010～2011学年度第一学期半期考试高二物理参考答案一、多项选择题：（共13小题，每小题3分，共39分．各题的备选项中至少．．有一个选项是正确的．全部选对得3分，部分选对得2分，选错或不选得0分。
）14、向上 15、5×10- 10 16、① 4π2n 2L/t 2 ② AD 17、mg(r 2+R 2)3/2.tan θ/kqR三．计算题（共4小题，共41分．解答时必须写出文字说明、方程和重要演算步骤，只写最后结果的不得分．有数值运算的结果要写出数值和单位．）18、(9分)根据动能定理，设克服阻力做功为W 则W G －W=E k 所以W=mgh ① --------------- (2分)铁块的内能Q=Cm ∆t ② ---------------- (2分)Q= W ⋅50﹪ ③ --------------- (2分)由①②③得 Cm ∆t=mgh ⋅50﹪ ④ --------- (2分)图9图10∴0050c gh t ∆= =106.400505.010⨯⨯⨯ =5.4×10-3 ℃ --------------- (1分) 答：铁块的温度升高了5.4×10-3 ℃19、(10分) (1)由图象可知λ=4cm --------------- (2分)(2)若波向右传播.由于T>0. 2S ，则 0.2=41T ∴T=0.8S V=S cm T 8.04=λ=5cm ／s --- (4分)(3)若波向左传播.由于T>0.2S 则 0.2=43T ∴T=154S V=S cm T 1544=λ=15cm ／s --- (4分)20、(11分) (1)根据动量守恒Mv 0=（M+m ）v --------------- (3分)得 v=Mv 0/ (M ＋m) =8m/s --------------- (2分)(2)根据能量守恒定律，系统损失的机械能全部转化为系统内能则 Q= Mv 02/2 -（M+m ）v 2/2 --------------- (4分)得 Q=Mmv 02/2(M ＋m)=200J --------------- (2分)21、(11分)（1）根据平衡条件可知，小球受电场力方向与场强方向相同，则小球带正电 --- (2分)由平衡条件得 Eq=mg.tan θ (1) --------------- (2分)则q= mg.tan θ/E --------------- (2分)（2）根据动能定理 mgL(1-cos α)-EqLsin α=0 (2) --------------- (3分)联立（1）（2）式得 α=2θ --------------- (2分)。