河北省保定市满城中学2020-2021学年高二上学期10月周练物理试题缺答案
2020-2021学年高二上学期阶段性检测(10月)物理(普通班)试题含答案解析
4．弹道导弹是指在火箭发动机推力作用下按预定轨道飞行，关闭发动机后按自由抛体轨迹飞行的导弹，如图所示．若关闭发动机时导弹的速度是水平的，不计空气阻力，则导弹从此时起水平方向的位移( )
A．只由水平速度决定
B．只由离地高度决定
C．由水平速度、离地高度共同决定
A．小球上升过程中的平均速度大于
B．小球下降过程中的平均速度小于
C．小球射出时的加速度值最大，到达最高点的加速度值为0
D．小球的加速度在上升过程中逐渐减小，在下降过程中也逐渐减小
7．如图所示，P是水平面上的圆弧凹槽，从高台边B点以某速度v0水平飞出的小球，恰能从固定在某位置的凹槽的圆弧轨道的左端A点沿圆弧切线方向进入轨道．O是圆弧的圆心，θ1是OA与竖直方向的夹角，θ2是BA与竖直方向的夹角，则
A． B．
C． D．
二、多选题
8．质点做匀速圆周运动时( )
A．线速度越大，其转速一定越大
B．角速度大时，其转速一定大
C．线速度一定时，半径越大，则周期越长
D．无论半径大小如何，角速度越大，则质点的周期一定越长
9．如右图所示，一小球以初速度v0沿水平方向射出，恰好垂直地射到一倾角为30°的固定斜面上，并立即反方向弹回．已知反弹速度的大小是入射速度大小的 ，则下列说法正确的是（）
山东省济南外国语学校【最新】高二上学期阶段性检测（10月）物理（普通班）试题
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
一、单选题
1．游泳运动员以恒定的速率垂直于河岸渡河，当水速突然变大时，对运动员渡河时间和经历的路程产生的影响是()
保定市第二中学2020-2021学年高二上学期10月物理试题含解析
A.M、N两点的电场强度相同
B.M、N两点的电势相等
C。 若将一负试探电荷由M点移到C点，电场力做正功
D。 若将一负试探电荷由无穷远处移到N点时，电势能一定增加
2020年10月河北省保定市二中高二上学期月考物理试卷
一、单选题（共10题;共40分）
1. 下面是某同学对电场中的一些概念及公式的理解，其中正确的是（ ）
A.由电场强度的定义式 可知，电场中某点的电场强度与试探电荷所带的电荷量成反比
B。真空中点电荷电场强度公式 可知，电场中某点的电场强度与场源电荷所带的电荷量有关
考点:电场强度；电势及电势能。
二、多选题（共5题；共25分)
11. 如图所示，用三根长度相同的绝缘细线将三个带电小球连接后悬挂在空中．三个带电小球质量相等，A球带正电，平衡时三根绝缘细线都是直的，但拉力都为零．则
A. B球和C球都带负电荷
B。 B球带负电荷，C球带正电荷
C. B球和C球所带电量一定相等
A. －q,在A左侧距A为L处
B。 －2q，在A左侧距A为 处
C。 ＋4q,在B右侧距B为L处
D。 ＋2q，在B右侧距B为 处
【答案】C
【解析】
试题分析：A、B、C三个电荷要平衡，必须三个电荷在一条直线上,外侧二个电荷相互排斥，中间电荷吸引外侧两个电荷，所以外侧两个电荷距离大,要平衡中间电荷的拉力，必须外侧电荷电量大，中间电荷电量小，所以C必须带正电，在B的右侧．设C所在位置与B的距离为r，则C所在位置与A的距离为L＋r,要能处于平衡状态，所以A对C的电场力大小等于B对C的电场力大小，设C的电量为Q．则有： ,解得：r＝L．对点电荷A，其受力也平衡，则： 解得:Q＝4q，即C带正电，电荷量为4q，在B的右侧距B为L处．故选C．
人教版高中物理-有答案-河北省保定市某校高二(上)周练物理试卷(2)
河北省保定市某校高二（上）周练物理试卷（2）一、选择题1. 场的电场线分布如图所示，以下说法正确的是（）A.a点电势高于b点电势B.c点场强大于b点场强C.若将一检验电荷+q由a点移至b点，它的电势能增大D.若在d点再固定一点电荷−Q，将一检验电荷+q由a移至b的过程中，电势能减小2. A、B两物体均不带电，相互摩擦后A带负电荷，电荷量大小为Q，则B的带电情况是（）A.带正电荷，电荷量大于QB.带正电荷，电荷量等于QC.带负电荷，电荷量大于QD.带负电荷，电荷量等于Q3. 关于基元电荷，正确的说法是（）A.基元电荷就是点电荷B.1C电量叫基元电荷C.基元电荷就是质子D.基元电荷目前被认为是自然界中电荷的最小单元4. 关于点电荷的说法，正确的是（）A.只有体积很小的电荷，才能作为点电荷B.体积很大的电荷，一定不能作为点电荷C.点电荷一定是带电量很小的电荷D.两个带电的金属小球，不一定能将它们作为电荷集中在球心的点电荷处理5. 下列关于电荷、电荷量的说法正确的是（）A.自然界存在有三种电荷：正电荷、负电荷和元电荷B.物体所带的电荷量可以是任意值C.物体所带的电荷量只能是某些特定的值D.物体的带电量可以是2×10−19C6. 下列说法中正确的是（）A.在探究求合力方法的实验中利用了等效替代的思想B.牛顿首次提出“提出假说，数学推理，实验验证，合理外推“的科学推理方法C.用点电荷来代替实际带电物体是采用了理想模型的方法D.奥斯特通过实验观察到电流的磁效应，揭示了电和磁之间存在联系7. 关于物理学的研究方法，下列说法正确的是（）A.把带电体看成点电荷、把物体看成质点运用了理想化模型的方法B.力的平行四边形定则的探究实验中运用了控制变量的方法C.伽利略在研究自由落体运动时运用了理想实验的方法D.法拉第在发现电磁感应现象的实验中运用了等效替代的方法8. 在物理学的发展过程中，科学的物理思想与方法对物理学的发展起到了重要作用，下列关于物理思想和方法说法不正确的是（）A.质点和点电荷是同一种思想方法B.重心、合力都体现了等效思想C.伽利略用小球在斜面上的运动验证了速度与位移成正比D.牛顿第一定律是利用逻辑思维对事实进行分析的产物，不可能用实验直接证明9. 如图所示实线为等量异号点电荷周围的电场线，虚线为以一点电荷为中心的圆，M点是两点电荷连线的中点．若将一试探正点电荷从虚线上N点移动到M点，则（）A.电荷所受电场力大小不变B.电荷所受电场力逐渐增大C.电荷电势能逐渐减小D.电荷电势能保持不变10. 如图，真空存在一点电荷产生的电场，其中a、b两点的电场强度方向如图，a点的电场方向与ab连线成60∘，b点电场方向与ab连线成30∘，则以下关于a、b两点电场强度E a、E b及电势φa、φb的关系正确的是（）A.E a＝3E b，φa>φbB.E a＝3E b，φa<φbC.E a=13E b，φa>φb D.E a=√3E b，φa<φb11. 已知均匀带电球体在球的外部产生的电场与一个位于球心的、电荷量相等的点电荷产生的电场相同．如图所示，半径为R的球体上均匀分布着电荷量为Q的电荷，在过球心O的直线上有A、B两个点，O和B、B和A间的距离均为R．现以OB为直径在球内挖一球形空腔，若静电力常量为k，球的体积公式为V=43πr3，则A点处场强的大小为（）A.5kQ 36R2B.7kQ36R2C.7kQ32R2D.3kQ16R212. 在真空中，电量为q1的点电荷产生的电场中有一点P，P点与q1的距离为r，把一个电量为q2的实验电荷放在P点，它受的静电力为F，则P点电场强度的大小等于（）A.F q1B.Fq2C.k q1r2D.k q2r213. 下列选项是物理学中的理想化模型的有（）A.平行四边形定则B.电动势C.点电荷D.光电效应14. 某电阻的阻值为5Ω，通过的电流为2A，则它在10s的时间内产生的热量为（）A.100JB.200JC.20JD.2J15. 电源电动势的大小反映的是（）A.电源把电能转化为其他形式的能的本领大小B.电源把其他形式的能转化为电能的本领的大小C.电源单位时间内传送电荷量的多少D.电流做功的快慢16. 下列关于摩擦起电的原因，正确的说法是（）A.摩擦后产生了新的电荷B.电子和正电荷同时按相反方向转移C.电子从一个物体转移到另一个物体D.正电荷从一个物体转移到另一个物体17. 如图所示，光滑绝缘细管与水平面成30∘角，在管的上方P点固定一个点电荷+Q，P点与细管在同一竖直平面内，管的顶端A与P点连线水平．电荷量为一q的小球（小球直径略小于细管内径）从管中A处由静止开始沿管向下运动，在A处时小球的加速度为a．图中PB⊥AC，B是AC的中点，不考虑小球电荷量对电场的影响．则在+Q形成的电场中（）A.A点的电势高于B点的电势B.B点的电场强度大小是A点的4倍C.小球从A到C的过程中电势能先减小后增大D.小球运动到C处的加速度为g−a18. 不带电的金属导体P与带正电金属导体Q接触之后带正电，这是因为（）A.Q有部分正电荷转移到P上B.P有部分正电荷转移到Q上C.Q有部分负电荷转移到P上D.P有部分负电荷转移到Q上19. 水平线上的O点放置一点电荷，图中画出电荷周围对称分布的几条电场线，如图所示．以水平线上的某点O′为圆心，画一个圆，与电场线分别相交于a、b、c、d、e，则下列说法正确的是（）A.b、e两点的电场强度相同B.a点电势低于c点电势C.b、c两点间电势差等于e、d两点间电势差D.电子沿圆周由d到b，电场力做正功20. 如图所示，一圆心为O、半径为R的圆中有两条互相垂直的直径AC和BD，电荷量均为Q的正、负点电荷放在圆周上，它们的位置关于AC对称，+Q和O点的连线与OC间的夹角为60∘，两个点电荷的连线与AC的交点为P．下列说法中正确的是（）A.P点的场强为0B.A点电势低于C点电势C.点电荷+q在O点所受电场力与C点不同D.点电荷−q在B点具有的电势能小于在D点具有的电势能二、非选择题真空中有两个相距r=0.1m、带电量相等的点电荷，它们间的静电斥力大小为3.6×10−4N．（1）求每个点电荷的带电量；（静电力常量k=9×10−9N⋅m2/C2）（2）在AB连线上有一点的电场强度为零的点，试确定该点的位置．某兴趣小组对一辆自制遥控小车的性能进行研究．他们让这辆小车在水平的直轨道上由静止开始运动，并将小车运动的全过程记录下来，通过处理转化为v−t图像，如图所示（除2s∼10s时间段图像为曲线外，其余时间段图像均为直线）．已知在小车运动的过程中，2s后小车的功率P=9W保持不变，小车的质量为1.0kg，可认为在整个运动过程中小车所受到的阻力大小不变．求：（1）小车所受到的阻力大小；（2）小车匀速行驶阶段的功率；（3）小车在加速运动过程中位移的大小．参考答案与试题解析河北省保定市某校高二（上）周练物理试卷（2）一、选择题1.【答案】A,D【考点】电场线【解析】电场线的疏密反映电场的强弱．沿着电场线方向电势降低．根据电场力做功正负分析电荷的电势能如何变化．【解答】解：A、沿着电场线方向电势降低，则知a点电势高于b点电势，故A正确．B、电场线的密的地方场强大，b点电场线密，所以b点场强大，故B错误．CD、若在d点再固定一点电荷−Q，a点电势高于b点电势，将试探电荷+q由a移至b的过程中，电场力做正功，电势能减小，故C错误，D正确．故选：AD．2.【答案】B【考点】电荷守恒定律【解析】物体相互摩擦后会带电，这就是摩擦起电，在摩擦起电过程中，得到电子的物体带负电，失去电子的物体带正电；摩擦起电过程中，电荷是守恒的，正负电荷的代数和保持不变．【解答】解：A、B两物体均不带电，相互摩擦后A带负电荷，电荷量大小为Q，根据电荷守恒定律得B的带电情况是带正电荷，电荷量等于Q，故ACD错误，B正确．故选：B．3.【答案】D【考点】元电荷【解析】电子的带电量最小，质子的带电量与电子相等，但电性相反，故物体的带电量只能是电子电量的整数倍，人们把这个最小的带电量叫做叫做元电荷．带电体看作点电荷的条件，当一个带电体的形状及大小对它们间相互作用力的影响可忽略时，这个带电体可看作点电荷，是由研究问题的性质决定，与自身大小形状无具体关系．【解答】解：A、元电荷是指最小的电荷量，带电体看作点电荷的条件，当一个带电体的形状及大小对它们间相互作用力的影响可忽略时，这个带电体可看作点电荷，是由研究问题的性质决定，与自身大小形状无具体关系．故A错误B、元电荷是指电子或质子所带的电荷量，数值为e=1.60×10−19C，故B错误C、元电荷是指最小的电荷量，不是指质子或者是电子，故C错误D、基元电荷目前被认为是自然界中电荷的最小单元，故D正确故选D．4.【答案】D【考点】点电荷【解析】物理学上把本身的线度比相互之间的距离小得多的带电体简化为一个点，叫做点电荷．同一个电荷能否看作点电荷，不仅和带电体本身有关，还取决于问题的性质和精度的要求，即需要具体问题具体分析．【解答】解：A．体积很小的带电体，如果相对于研究的问题，体积不能忽略不计，将其简化为点产生的误差较大，那么就不能简化为点，故A错误；B．体积较大的带电体，如果相对于研究的问题，体积可以忽略不计，将其简化为点产生的误差较小，那么可以简化为点电荷，故B错误；C．点电荷是将物体简化为点，带电物体能否简化为点关键是看物体的大小对于研究的问题能否忽略不计，而不是看电荷量的大小，故C错误；D．当电荷在球上均匀分布时，可以将其看成是电荷全部集中于球心的点电荷，否则会产生较大的误差，故D正确．故选D．5.【答案】C【考点】元电荷【解析】自然界只有两种电荷，物体带电量都是元电荷的整数倍．【解答】解：A、自然界中只有两种电荷：正电荷与负电荷，故A不正确；B、物体带电是由于电荷的移动而导致，因此带电量均是元电荷的整数倍关系．故B不正确；C、物体带电是由于电荷的移动而导致，因此带电量均是元电荷的整数倍关系，所以只能是某特定的值．故C正确；D、物体的带电量都是1.6×10−19C的整数倍，故D不正确；故选：C6.【答案】A,C,D【考点】元电荷【解析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．【解答】解：A、在探究求合力方法的实验中利用了等效替代的思想，故A正确；B、伽利略首次提出“提出假说，数学推理，实验验证，合理外推“的科学推理方法，故B错误；C、用点电荷来代替实际带电物体是采用了理想模型的方法，故C正确；D、奥斯特通过实验观察到电流的磁效应，揭示了电和磁之间存在联系，故D正确；故选：ACD．7.【答案】A【考点】元电荷验证力的平行四边形定则【解析】物理学的发展离不开科学的思维方法，要明确各种科学方法在物理中的应用，如控制变量法、理想实验、理想化模型、极限思想等．【解答】解：A、把带电体看成点电荷、把物体看成质点运用了理想化模型的方法，故A正确；B、力的平行四边形定则的探究实验中运用了等效替代的方法，故B错误；C、伽利略在研究自由落体运动时运用实验和逻辑推理相结合的方法．故C错误；D、法拉第在研究电磁感应现象时，对所做的实验进行归纳总结，得出结论，采用的是归纳法，故D错误；故选：A．8.【答案】C【考点】元电荷质点的认识【解析】伽利略提出了“落体运动的速度v与时间t成正比”的观点，合力与分力能够等效替代，采用了等效替代的思想；质点及点电荷采用了理想化的物理模型的方法，不受力的实验只能是理想实验，是无任何实验误差的思维实验，严格来说“不受力”的条件真实实验不能满足．【解答】解：A、质点及点电荷采用了理想化的物理模型的方法，所以质点和点电荷是同一种思想方法，故A正确；B、重心和合力都采用了等效替代的思想，故B正确；C、伽利略提出了“落体运动的速度v与时间t成正比”的观点，不是速度跟位移成正比，故C错误；D、不受力的实验只能是理想实验，是无任何实验误差的思维实验，严格来说“不受力”的条件真实实验不能满足，只能靠思维的逻辑推理去把握，故牛顿第一定律是不可以通过实验直接得以验证的，故D正确；本题选错误的，故选：C．9.【答案】B,C【考点】电场强度电势能【解析】根据电场线的疏密分析场强的大小，判断电场力的变化；根据顺着电场线方向电势降低，判断电势的变化，从而确定电势的变化．【解答】解：AB．由电场线的分布情况可知，N处电场线比M处电场线疏，则N处电场强度比M 处电场强度小，由电场力公式F=qE可知正点电荷从虚线上N点移动到M点，电场力逐渐增大，故A错误，B正确；CD．根据顺着电场线方向电势降低，可知从N到M，电势逐渐降低，正电荷的电势能逐渐减小，故C正确，D错误．故选：BC．10.【答案】A【考点】电场强度电势【解析】要比较两点的场强的大小，必需求出两点各自的场强E，根据E=kQr2可知必需知道ab两点到O的距离大小关系a点到O点的距离R a＝L ab cos60∘=12L ab，b点到O点距离R b＝L b cos30∘=√32L ab．再根据沿电场线方向电势降低确定两点电势的高低．【解答】a点到O点的距离R a＝L ab cos60∘=12L ab，b点到O点距离R b＝L b cos30∘=√32L ab，根据点电荷的场强公式E＝E=kQr2可得：E a E b =r b2r a2=(√32)2(12)2=31；故E a＝3E b在正电荷的周围越靠近场源电势越高，故有φa>φb，故A正确，BCD错误。
人教版高中物理-有答案-河北省保定市某校高二(上)第十次周练物理试卷
河北省保定市某校高二（上）第十次周练物理试卷一、选择题1. 有a、b、c、d四个电阻，它们的U−I关系如图所示，则图中电阻最大的是（）A.aB.bC.cD.d2. 今有甲、乙两个电阻，在相同时间内流过甲的电荷量是乙的2倍，甲、乙两端的电压之比为1:2，则甲、乙两个电阻阻值的比值为（）A.1:2B.1:3C.1:4D.1:53. 标有“220V、60W”的白炽灯泡，加上电压U由零逐渐增大到220V，在此过程中，电压U和电流I的关系可用图像表示．如图所示，题中给出的四个图像中肯定不符合实际的是（）A. B.C. D.4. 学做三种导电元件的导电性质实验，他根据所测数据，分别绘制了三种元件的I−U 图像．如图所示，下列判断正确的是（）A.只有乙图像是正确的B.甲、丙图像是曲线，肯定误差太大C.甲、丙为非线性元件，乙为线性元件D.甲、乙、丙三个图像都可能是正确的，并不一定有较大误差5. 如图所示，图线1表示的导体的电阻为R1，图线2表示的导体的电阻为R2，则下列说法正确的是（）A.R1:R2=1:3B.R1:R2=3:1C.将R1与R2串联后接于电源上，则电流比I1:I2=1:3D.将R1与R2并联后接于电源上，则电流比I1:I2=3:16. 如图所示是某导体的伏安特性曲线，由图可知下列结论正确的是（）A.导体的电阻是0.02ΩB.导体的电阻是5ΩC.当导体两端的电压为10V时，导体中的电流为0.2AD.当导体中的电流为0.2A时，导体两端电压为15V7. 如图所示，电源内阻不计，已知R1=2kΩ，R2=3kΩ，现用一个电阻为6kΩ的电压表并联在R2的两端，电压表的读数为6V．若把它接在a、b两点间，电压表的读数为（）A.12VB.10VC.8VD.6V8. 一个阻值为R的电阻两端加上电压U后，通过电阻横截面的电荷量q随时间变化的图像如图所示，此图像的斜率可表示为（）A.UB.RC.UR9. 为了测定小灯泡的伏安特性曲线，需要测得的电压范围尽可能大些，误差小些，为此，下列电路合适的是（）A. B. C. D.二、非选择题如图所示为一个小灯泡的电流与它两端电压的变化关系曲线．若把三个这样的灯泡串联后，接到电压恒定的12V电源上，则流过小灯泡的电流为________A，小灯泡的电阻为________Ω．有一标有“6V，1.5W“的小灯泡，现用图甲所示电路测量小灯泡的伏安特性曲线，提供的器材除导线和开关外，还有：A、直流电源6V（内阻不计）B、直流电流表0−3A（内阻0.1Ω以下）C、直流电流表0−300mA（内阻约为5V）D、直流电压表0−15V（内阻约为15kΩ）E、滑动变阻器10Ω，2AF、滑动变阻器1kΩ，0.5A有一标有“6V，1.5W“的小灯泡，现用图甲所示电路测量小灯泡的伏安特性曲线，提供的器材除导线和开关外，还有：A、直流电源6V（内阻不计）B、直流电流表0−3A（内阻0.1Ω以下）C、直流电流表0−300mA（内阻约为5V）D、直流电压表0−15V（内阻约为15kΩ）E、滑动变阻器10Ω，2AF、滑动变阻器1kΩ，0.5A(1)实验中电流表应选用________，滑动变阻器应选用________．（用序号表示）(2)试按图中甲电路将图乙所示器材连成电路一根镍铬合金丝的两端加8V的电压，通过它的电流是2A，它的电阻是多少？若通电时间为50s，那么有多少库仑的电荷量通过它？如果在它两端加4V电压，则这合金丝的电阻是多少？参考答案与试题解析河北省保定市某校高二（上）第十次周练物理试卷一、选择题1.【答案】A【考点】电阻定律【解析】根据欧姆定律得到电阻R=UI，U−I图线的斜率等于电阻的大小，斜率越大，电阻越大．【解答】解：电阻R=UI，可知电阻R等于U−I图线的斜率．图线a的斜率的最大，电阻最大．故选：A2.【答案】C【考点】电流概念欧姆定律的概念欧姆定律的应用【解析】根据q＝It求解电流之比，再根据欧姆定律求解电阻之比．【解答】甲、乙两个电阻，在相同时间内流过甲的电荷量是乙的2倍，根据公式I=qt，甲、乙两个电阻的电流之比为2:1，甲、乙两端的电压之比为1:2，根据欧姆定律公式R=UI，两个电阻之比为R1R2=U1U2⋅I2I1=12⋅12=14；3.【答案】A,C,D【考点】欧姆定律的概念【解析】白炽灯泡上的电压U由零逐渐增大到220V时，白炽灯泡的温度不断升高，电阻增大，根据数学知识分析选择图像．【解答】解：由题，白炽灯泡上的电压U由零逐渐增大到220V时，白炽灯泡的温度不断升高，电阻增大，由欧姆定律得到R=UI，等于图线上的点与原点连线的斜率，电阻一直增大，斜率一直增大．所以ACD不符合实际．故选ACD4.【答案】C,D【考点】导体的伏安特性曲线【解析】导体有线性元件和非线性元件，只有线性元件的I−U图像是直线．【解答】解：图乙是过原点的直线，故是线性元件的I−U图像，图甲和图丙都是曲线，故为不同的非线性元件的I−U图像，三个图像都可能正确，故CD正确，AB错误．故选CD．5.【答案】A,D【考点】导体的伏安特性曲线串联电路和并联电路的特点【解析】通过I−U图像得出两电阻的关系．串联电路电流相等，并联电路，电压相等，电流比等于电阻之反比．【解答】解：A．根据I−U图像知，图线的斜率表示电阻的倒数，所以R1:R2=1:3，故A正确，B错误；C．串联电路电流处处相等，所以将R1与R2串联后接于电源上，电流比I1:I2=1:1，故C错误；D．并联电路，电压相等，电流比等于电阻之反比，所以将R1与R2并联后接于电源上，电流比I1:I2=3:1，故D正确．故选：AD．6.【答案】C【考点】欧姆定律的概念【解析】由图像可知电压与电流，则由欧姆定律可求得电阻；再次应用欧姆定律即可求出不同电压时的电流值；及电流为0.2A时的电压值．【解答】解：A、由图可知，当电压为5V时，电流值为0.1A，则由欧姆定律可知，R=UI =50.1=50Ω；故AB错误；C、当电压为10V时，电流I=1050=0.2A；故C正确；D、当电流为0.2A时，U=0.2×50=10V；故D错误；故选：C．7.【答案】A【考点】欧姆定律的概念【解析】电压表不是理想的电压表，本身也有电阻，当电表表与电阻并联后，并联部分电阻减小，分担的电压减小．结合串联电路电压与电阻成正比来分析电压表的示数．【解答】解：当电压表并联在R2的两端时，电压表与R2的并联电阻为：R 并=R2R VR2+R V=3×63+6kΩ=2kΩ可知，R并=R1根据串联电路的分压特点，可知R1两端的电压也等于6V，故U=12V．所以把电压表接在a、b两点间，电压表的读数为12V．故选：A．8.【答案】C【考点】欧姆定律的概念【解析】给出的图像是q−t图像，其斜率为qt=I，所以斜率代表的是电流．【解答】解：根据电流强度的定义公式I=qt可知q−t图像的斜率代表的就是电流；根据欧姆定律，有：I=UR，故斜率也代表电流；故选：C．9.【答案】D【考点】描绘小灯泡的伏安特性曲线【解析】测小灯泡的伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，灯泡电阻较小，电流表应采用外接法，分析电路图，然后答题．【解答】解：测定小灯泡的伏安特性曲线，电压与电流要从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，灯泡电阻较小，约为几欧姆到十几欧姆，远小于电压表内阻，电流表应采用外接法，故ABC错误，D正确；故选：D．二、非选择题【答案】0.4,10【考点】欧姆定律的概念【解析】三个电灯串联后，每只电灯的电压为4V，再由甲图读出电灯的工作电流，由公式R=UI求出电阻．【解答】解：把三个这样的电灯串联后，每只灯泡的实际电压为U=123V=4V，在图甲上可以读出：U=4V时，流过小灯泡的电流为I=0.4A，则此时每只电灯的实际电阻R=UI =40.4Ω=10Ω．故答案为：0.4；10【答案】C,E【考点】描绘小灯泡的伏安特性曲线【解析】据输电线中的流，结合P损=I2R求出损失功率，或据电压损失结合P损=UI=△U2R求出电线上的损失功．【解答】解：升压变压的输出电压为U1，降压变压的电压为bU2，则输电线上的电压失△U= U1−bU2，升压输线上失的功率P=△(1−bU2)，因电线上的电流为，则输电上损失的功率P损=I2R故D正确，A、B错误．故选：【答案】它的电阻是4Ω，若通电时间为50s，那么有100库仑的电荷量通过它，如果在它两端加4V电压，则这合金丝的电阻是4Ω．【考点】欧姆定律的概念【解析】已知导体两端电压与通过导体的电流，由欧姆定律可以求出导体的电阻；由Q=It可以求出通过导体的电荷量，改变电阻两端的电压时，电阻不变．【解答】解：根据欧姆定律得：R=UI =82=4Ω；过导体的电荷量为：Q=It=2×50=100C；改变电阻两端的电压时，电阻不变，所以在它两端加4V电压，则这合金丝的电阻仍为4Ω．。
河北省保定市满城中学2020-2021学年高二上学期10月周练物理试题
河北满城中学高二物理周练2020.10.6一、选择题（每题5分，共60分）1.判断以下说法是否正确A. 电场强度为0的地方，电势也一定为0B. 电势为0的地方一定没有电场C. 场强越大的地方电势也一定越高D. 场强为0的地方电势可能不为02.如图所示为科技节目中演示的“怒发冲冠”现象，演示者将手放在一金属球上，结果演示者的头发直立而散开。
关于这个现象，下列说法正确的是A. 演示者的头发受到了金属球的吸引B. 演示者的头发和金属球带上了异种电荷C. 头发直立而散开的原因是同种电荷相互排斥的结果D. 金属球形成的某种风将演示者的头发吹散开3.一金属容器置于绝缘板上，带电小球用绝缘细线悬挂于容器中，容器内的电场线分布如图所示。
容器内表面为等势面，A、B为容器内表面上的两点，下列说法正确的是A. A点的电场强度比B点的大B. 小球表面的电势比容器内表面的低C. B点的电场强度方向与该处内表面垂直D. 将检验电荷从A点沿不同路径移到B点，电场力所做的功不同4.直角坐标系xOy中，A、B两点位于x轴上，坐标如图所示，C、D位于y轴上，C、D两点各固定一等量正点电荷，另一电量为Q的负点电荷置于O点时，B点处的电场强度恰好为零．若将该负点电荷移到A点，则B点处场强的大小和方向分别为静电力常量为A. ，沿x轴正方向B. ，沿x轴负方向C. ，沿x轴负方向D. ，沿x轴正方向5.在如图所示的四种电场中，分别标记有a、b两点．其中a、b两点的电势相等，电场强度相同的是A. 与点电荷等距的a、b两点B. 两等量异种电荷连线的中垂线上与连线等距的a、b两点C. 两等量同种电荷连线的中垂线上与连线等距的a、b两点D. 匀强电场中的a、b两点6.图中的实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带电粒子从M点运动到N点的轨迹，可以判定A. 粒子带负电B. M点的电势低于N点的电势C. 粒子在M点的动能小于在N点的动能D. 粒子在M点受到的电场力大于在N点受到的电场力7.一匀强电场的方向竖直向上。
2021年高二上学期段考物理试卷(10月份)含解析
2021年高二上学期段考物理试卷（10月份）含解析一.选择题（本题共14小题，每小题4分，共56分.每小题给出的选项中有一项或多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．由电场强度的定义式E= 可知，在电场中的同一点（）A．电场强度E跟F成正比，跟q成反比B．无论检验电荷所带的电量如何变化，始终不变C．电荷在电场中某点所受的电场力越大，该点的电场强度就越大D．一个不带电的小球在P点受到的电场力为零，则P点的场强一定为零2．如图是某一点电荷的电场线分布图，下列表述正确的是（）A．a点的电势高于b点的电势B．该点电荷带负电C．a点和b点电场强度的方向相同D．a点的电场强度大于b点的电场强度3．如图所示为点电荷产生的电场中的一条电场线，若一带负电的粒子从B点运动到A点时，加速度增大而速度减小，则可判定（）A．点电荷一定带正电 B．点电荷一定带负电C．点电荷一定在A的左侧D．点电荷一定在B的右侧4．电场线分布如图所示，电场中a，b两点的电场强度大小分别为已知E a和E b，电势分别为φa和φb，则（）A．E a＞E b，φa＞φb B．E a＞E b，φa＜φb C．E a＜E b，φa＞φb D．E a＜E b，φa＜φb 5．如图所示，正电荷q在电场中由P向Q做加速运动，而且加速度越来越大，由此可以判定，它所在的电场是图中的（）A． B． C． D．6．如图所示，图中实线表示一匀强电场的电场线，一带负电荷的粒子射入电场，虚线是它的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点，若粒子所受重力不计，则下列判断正确的是（）A．电场线方向向下B．粒子一定从a点运动到b点C．a点电势比b点电势高D．粒子在a点的电势能大于在b点的电势能7．在以点电荷为球心、r为半径的球面上各点相同的物理量是（）A．电场强度 B．同一电荷所受电场力C．电势 D．同一电荷具有的电势能8．在电场中，把电荷量为4×10﹣9 C的正点电荷从A点移到B点，克服静电力做功6×10﹣8 J，以下说法中正确的是（）A．电荷在B点具有的电势能是6×10﹣8 JB．B点电势是15 VC．电荷的电势能增加了6×10﹣8 JD．电荷的电势能减少了6×10﹣8 J9．关于场强和电势差的关系，说法正确的是（）A．电场强度越大的地方，电势越高，任意两点间的电势差越大B．沿着电场线方向，任何相同距离上的电势降低必定相等C．电势降低的方向必定是电场强度的方向D．沿着电场线方向，单位距离上降落的电势越大，则场强越大10．在静电场中，下列说法正确的是（）A．场强处处为零的区域内，电势一定处处相等B．场强处处相同的区域内，电势也一定处处相等C．电势降低的方向一定是场强方向D．同一电场中等差等势面分布越密的地方，场强一定越大11．图中虚线为匀强电场中与场强方向垂直的等间距平行直线，两粒子M、N质量相等，所带电荷的绝对值也相等，现将M、N从虚线上的O点以相同速率射出，两粒子在电场中运动的轨迹分别如图中两条实线所示．点a、b、c为实线与虚线的交点，已知O点电势高于c点．若不计重力，则（）A．M带负电荷，N带正电荷B．N在a点的速度与M在c点的速度大小相同C．N在从O点运动至a点的过程中克服电场力做功D．M在从O点运动至b点的过程中，电场力对它做的功等于零12．如图所示，Q1和Q2是两个电荷量大小相等的点电荷，MN是两电荷的连线，HG是两电荷连线的中垂线，O是垂足，下列说法正确的是（）A．若两电荷是异种电荷，则OM的中点与ON的中点电势一定相等B．若两电荷是异种电荷，则O点的电场强度大小，与MN上各点相比是最小的，而与HG 上各点相比是最大的C．若两电荷是同种电荷，则OM中点与ON中点处的电场强度一定相同D．若两电荷是同种电荷，则O点的电场强度大小，与MN上各点相比是最小的，与HG 上各点相比是最大的13．如图所示，匀强电场场强E=100V/m，A、B两点相距10cm，A、B连线与电场线夹角为60°，则U BA的值为（）A．﹣10 V B．5 V C．﹣5 V D．﹣5 V14．如图所示，在两等量异种点电荷的电场中，MN为两电荷连线的中垂线，a、b、c三点所在直线平行于两电荷的连线，且a与c关于MN对称，b点位于MN上，d点位于两电荷的连线上．以下判断正确的是（）A．b点场强大于d点场强B．b点场强小于d点场强C．a、b两点间的电压等于b、c两点间的电压D．试探电荷+q在a点的电势能小于在c点的电势能二、非选择题（本题共4个小题，共44分解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）15．如图所示，有一水平向右的匀强电场，场强E=9.0×103 N/C，在竖直平面内有一半径为0.1m 的圆周，取最高点为C点，另在圆心O处放置电荷量为Q=1.0×10﹣8 C的带正电的点电荷．试求：（1）点电荷在C处的场强大小和方向（2）C点场强的大小和方向．16．在电场中，把电量为2.0×10﹣8 C的正点电荷从A点移到B点，电场力做了2.0×10﹣6 J的功；再把这个电荷从B点移到C点，克服电场力做功6.0×10﹣6 J．求：（1）A、B两点间的电势差U AB；（2）A、C两点间的电势差U AC．17．如图所示，在场强E=104 N/C的水平匀强电场中，有一根长l=15cm的细线，一端固定在O点，另一端系一个质量m=3g、电荷量q=2×10﹣6 C的带正电小球，当细线处于水平位置时，小球从静止开始释放，取g=10m/s2．求：（1）小球到达最低点B的过程中重力势能、电势能分别变化了多少？（2）小球到B点时速度为多大？（3）绳子张力为多大？18．如图所示电子射线管阴极K发射电子，阳极P和阴极K间加上电压后电子被加速．A、B是偏向板，使飞进的电子偏离．若已知P、K间所加电压U PK，偏向板长为L，板间距离为d，所加偏转电压为U AB．偏向板右端到荧光屏的水平距离为R．电子质量为m e，（不计电子重力）电子电量为e．设从阴极出来的电子速度为0．试问：（1）电子通过阳极P板的速度υ0是多少？（2）电子射出偏向板时具有动能E k是多少？（3）电子过偏向板到达距离偏向板R 荧光屏上O′点，此点偏离入射方向的距离y是多少？xx学年山东省济南外国语学校三箭分校高二（上）段考物理试卷（10月份）参考答案与试题解析一.选择题（本题共14小题，每小题4分，共56分.每小题给出的选项中有一项或多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．由电场强度的定义式E= 可知，在电场中的同一点（）A．电场强度E跟F成正比，跟q成反比B．无论检验电荷所带的电量如何变化，始终不变C．电荷在电场中某点所受的电场力越大，该点的电场强度就越大D．一个不带电的小球在P点受到的电场力为零，则P点的场强一定为零【考点】电场强度．【分析】电场强度取决于电场本身，与检验电荷所受的电场力和电荷量无关．电场的基本特性是对放入其中的电荷有力的作用．【解答】解：AB、电场强度取决于电场本身，与检验电荷所受的电场力F和电荷量q无关，不能认为电场强度E跟F成正比，跟q成反比．故A错误；B、电场强度由电场本身决定，与检验电荷的电量无关，则无论检验电荷所带的电量如何变化，始终不变，故B正确；C、电荷在电场中某点所受的电场力越大，该点的电场强度不一定越大，因为电场力还与该电荷的电荷量有关，故C错误；D、一个不带电的小球在P点受到的电场力为零，P点的场强可能为零，也可能不为零，故D错误．故选：B2．如图是某一点电荷的电场线分布图，下列表述正确的是（）A．a点的电势高于b点的电势B．该点电荷带负电C．a点和b点电场强度的方向相同D．a点的电场强度大于b点的电场强度【考点】电场线；电场强度；电势．【分析】本题考查的就是点电荷的电场的分布及特点，这要求同学对于基本的几种电场的情况要了解，本题看的就是学生的基本知识的掌握情况，比较简单．【解答】解：A、根据电场线与等势线垂直，在b点所在电场线上找到与a点电势相等的，依据沿电场线电势降低，a点电势低于b点电势，故A错误．B、该点电荷带负电，故B正确．C、由题图可看出a点和b点电场强度的方向不相同，故C错误D、电场线越密的地方电场强度越大，a点的电场强度大于b点的电场强度，故D正确．故选BD．3．如图所示为点电荷产生的电场中的一条电场线，若一带负电的粒子从B点运动到A点时，加速度增大而速度减小，则可判定（）A．点电荷一定带正电 B．点电荷一定带负电C．点电荷一定在A的左侧D．点电荷一定在B的右侧【考点】电场强度；电场线．【分析】据题，带负电的粒子从B点运动到A点时，加速度增大而速度减小，说明场强增大．电场力方向与粒子的速度方向相反，方向从A点到B点，负电荷所受电场力方向与场强方向相反，说明电场强度方向是从B点到A点．根据电场强度的变化情况，判断点电荷的位置．【解答】解：据题，带负电的粒子从B点运动到A点时，速度减小，说明电场力方向从A 点到B点，说明电场强度方向是从B点到A点．加速度增大而速度减小，说明场强增大，则点电荷一定在A的左侧，并且一定带负电．故选BC4．电场线分布如图所示，电场中a，b两点的电场强度大小分别为已知E a和E b，电势分别为φa和φb，则（）A．E a＞E b，φa＞φb B．E a＞E b，φa＜φb C．E a＜E b，φa＞φb D．E a＜E b，φa＜φb 【考点】电势；电场强度；电场线．【分析】电场线可以形象的描述电场的分布，电场线密的地方，电场强度大，沿电场电势降低，据此可正确解答本题．【解答】解：根据电场线疏密表示电场强度大小，E a＜E b；根据沿电场线电势降低，φa＞φb，故ABD错误，C正确．故选C．5．如图所示，正电荷q在电场中由P向Q做加速运动，而且加速度越来越大，由此可以判定，它所在的电场是图中的（）A． B． C． D．【考点】电场线；电场强度．【分析】正电荷在电场中受到的电场力方向与场强方向相同，加速度与场强成正比，加速度增大，场强增大．【解答】解：正电荷q在电场中由P向Q做加速运动，电场力方向与速度相同，与电场强度方向也相同，则可知，电场强度方向由P→Q．根据牛顿第二定律得知，加速度与电场强度成正比，电荷的加速度增大，场强增大，电场线越来越来密．故选：D6．如图所示，图中实线表示一匀强电场的电场线，一带负电荷的粒子射入电场，虚线是它的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点，若粒子所受重力不计，则下列判断正确的是（）A．电场线方向向下B．粒子一定从a点运动到b点C．a点电势比b点电势高D．粒子在a点的电势能大于在b点的电势能【考点】电场线．【分析】由运动的轨迹与电场线确定出受力向，根据力的方向与速度方向的夹角确定电场力做功的正负，从而判断出能量的大小关系．【解答】解：A、由曲线运动的知识可知：带电粒子所受的电场力向下，由于粒子带负电所以电场线的方向向上，故A错误；B、由上可知，由于粒子的运动方向不知，所以可能是从a到b，也可能是从b到a．故B 错误；C、由于粒子带负电所以电场线的方向向上，所以a点电势比b点电势低．故C错误；D、带电粒子从a到b点过程中，电场力做正功，电荷的电势能减小，粒子在a点的电势能大于在b点的电势能．故D正确；故选：D7．在以点电荷为球心、r为半径的球面上各点相同的物理量是（）A．电场强度 B．同一电荷所受电场力C．电势 D．同一电荷具有的电势能【考点】点电荷的场强；电场强度；电势．【分析】只有大小和方向都相同时，矢量才相同；标量只有大小，没有方向，只要大小相等，标量就相同．以点电荷为球心的球面是一个等势面，其上各点的电势相等，电场强度大小相等，方向不同．【解答】解：A、以点电荷为球心的球面各点的电场强度大小相等，方向不同，故电场强度不同．故A错误．B、由F=qE可知，同一电荷受到的电场力大小相等，方向不同，故电场力不同，故B错误．C、以点电荷为球心的球面是一个等势面，即各点的电势相等．故C正确．D、由电势能与电势的关系可知，电势相同，同一电荷具有相同的电势能．故D正确．故选：CD．8．在电场中，把电荷量为4×10﹣9 C的正点电荷从A点移到B点，克服静电力做功6×10﹣8 J，以下说法中正确的是（）A．电荷在B点具有的电势能是6×10﹣8 JB．B点电势是15 VC．电荷的电势能增加了6×10﹣8 JD．电荷的电势能减少了6×10﹣8 J【考点】电势能；电势．【分析】电荷在电场中的电势与电势能都与0势能点的选取有关；电场中某点的电势等于将该电荷从无穷远处移到这该点电场力所做的功与其电荷量的比值．若改变零电势位置，则电势也会发生变化，但电势差却不变．电场力做正功，电荷的电势能减小，电场力做负功，电荷的电势能增大．【解答】解：AB、电荷在电场中某点的电势能具有相对性，只有确定了零势点，B点的电势、电荷在B点的电势能才是确定的数值，故AB错误；CD、由于电荷从A移到B的过程中是克服静电力做功6×10﹣8 J，故电荷电势能应该是增加了6×10﹣8 J，故C正确，D错误．故选：C9．关于场强和电势差的关系，说法正确的是（）A．电场强度越大的地方，电势越高，任意两点间的电势差越大B．沿着电场线方向，任何相同距离上的电势降低必定相等C．电势降低的方向必定是电场强度的方向D．沿着电场线方向，单位距离上降落的电势越大，则场强越大【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【分析】电场强度与电势没有直接关系，在匀强电场中电场强度与电势差的关系是U=Ed，d是沿电场线方向两点间的距离；在匀强电场中，沿着电场线方向，任何相同距离上的电势降低必定相等；电势降低最快的方向必定是电场强度的方向．【解答】解：A、电场强度与电势无关，所以电场强度越大的地方，电势不一定越高，两点间的电势差也不一定越大，故A错误；B、只有在匀强电场中，根据公式U=Ed可知，沿着电场线方向，任何相同距离上的电势降低必定相等；若是非匀强电场，沿着电场线方向，相同距离上的电势降低不一定相等，故B 错误；C、沿着电场线方向电势逐渐降低，但电势降低最快的方向才是电场强度方向．故C错误；D、根据E=知，沿着电场线方向，单位距离上降落的电势越大，U越大，则场强越大，故D正确．故选：D．10．在静电场中，下列说法正确的是（）A．场强处处为零的区域内，电势一定处处相等B．场强处处相同的区域内，电势也一定处处相等C．电势降低的方向一定是场强方向D．同一电场中等差等势面分布越密的地方，场强一定越大【考点】电势差与电场强度的关系；电势．【分析】电势与场强没有直接的关系．电场强度处处相等的区域内，电势不一定处处相等．只在电场力作用下，正电荷不一定从电势高的地方向电势低的地方移动．沿着电场线方向电势一定越来越低【解答】解：A、场强处处为零的区域内，各点之间的电势差一定为0，所以电势一定处处相等．故A正确．B、电场强度处处相等的区域内，顺着电场线方向的两点电势会降低，同一等势面的各点电势相等，所以电势不一定处处相等．故B错误．C、电势降低最快的方向为场强方向，故C错误．D、同一电场中等差等势面分布越密的地方，场强一定越大．故D正确．故选：AD11．图中虚线为匀强电场中与场强方向垂直的等间距平行直线，两粒子M、N质量相等，所带电荷的绝对值也相等，现将M、N从虚线上的O点以相同速率射出，两粒子在电场中运动的轨迹分别如图中两条实线所示．点a、b、c为实线与虚线的交点，已知O点电势高于c点．若不计重力，则（）A．M带负电荷，N带正电荷B．N在a点的速度与M在c点的速度大小相同C．N在从O点运动至a点的过程中克服电场力做功D．M在从O点运动至b点的过程中，电场力对它做的功等于零【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；电势．【分析】电场线与等势面垂直，由于O点电势高于c点，故匀强电场的场强方向向下；粒子运动的轨迹上每个点的切线就是该点上的速度方向，要判断这个粒子是克服力做功还是在电场力的作用下做正功，只需要画出该点的切线方向，而力的方向必须与速度方向的夹角夹着运动轨迹，即运动轨迹是一定在速度方向和力的方向的夹角里面的！【解答】解：A、电场线与等势面垂直，由于O点电势高于c点，故匀强电场的场强方向向下；因为运动轨迹是不可能出现在这个夹角外的，由这点可以直接看出，图中的N受到的电场力是向上的，M受到的电场力是向下的，故N带负电，M带正电，故A错误；B、由于oa和oc间电势差相等，电场力又都是做正功的，根据动能定理，电场力做功相等，故动能增量相等，故B答案正确；C、由于N带负电，电场力向上，故电场力做正功，故C错误；D、由于ob在同一等势面上，故M在从O点运动至b点的过程中，电场力对它做的功等于零，故D正确；故选BD．12．如图所示，Q1和Q2是两个电荷量大小相等的点电荷，MN是两电荷的连线，HG是两电荷连线的中垂线，O是垂足，下列说法正确的是（）A．若两电荷是异种电荷，则OM的中点与ON的中点电势一定相等B．若两电荷是异种电荷，则O点的电场强度大小，与MN上各点相比是最小的，而与HG 上各点相比是最大的C．若两电荷是同种电荷，则OM中点与ON中点处的电场强度一定相同D．若两电荷是同种电荷，则O点的电场强度大小，与MN上各点相比是最小的，与HG 上各点相比是最大的【考点】电场强度．【分析】若两电荷是异种电荷，根据顺着电场线方向降低，分析电势的高低；在两电荷的连线上，O点场强最小，在连线的中垂线上O点的场强最大；若两电荷是同种电荷，根据电场的对称性分析电场强度的关系，电场线越密，场强越大．【解答】解：A、若两电荷是异种电荷，电场线从正电荷指向负电荷，MN间各点的电势一定不等，则OM的中点与ON的中点电势一定不相等，故A错误．B、若两电荷是异种电荷，在两电荷的连线上，O点电场线最疏，电场强度与MN上各点相比是最小的．在HG线上，O点的电场线最密，与HG上各点相比电场强度是最大的．故B正确．C、若两电荷是同种电荷，根据电场线分布的对称性可知，OM中点与ON中点处的电场强度大小相等，但方向相反，所以电场强度不同，故C错误．D、若两电荷是同种电荷，O点的电场强度大小是0，与电场中其他各点相比都是最小的，故D错误．故选：B13．如图所示，匀强电场场强E=100V/m，A、B两点相距10cm，A、B连线与电场线夹角为60°，则U BA的值为（）A．﹣10 V B．5 V C．﹣5 V D．﹣5 V【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场强度；电势．【分析】已知匀强电场的场强为E，A、B两点间的距离为L及AB连线与电场方向的夹角为θ，根据公式U=Ed，求出两点沿电场方向的距离d，再求解电势差U．【解答】解：由图示可知，AB方向与电场线方向间的夹角θ=60°，AB两点沿电场方向的距离：d=Lcosθ，AB两点间的电势差：U AB=Ed=ELcosθ=100V/m×0.1m×cos60°=5V所以：U BA=﹣U AB=﹣5V．故选：C14．如图所示，在两等量异种点电荷的电场中，MN为两电荷连线的中垂线，a、b、c三点所在直线平行于两电荷的连线，且a与c关于MN对称，b点位于MN上，d点位于两电荷的连线上．以下判断正确的是（）A．b点场强大于d点场强B．b点场强小于d点场强C．a、b两点间的电压等于b、c两点间的电压D．试探电荷+q在a点的电势能小于在c点的电势能【考点】电场强度；电场的叠加；电势能．【分析】据等量异号电荷的电场分布特点可知各点的场强大小，由电场线性质及电场的对称性可知ab及bc两点间的电势差；由电势能的定义可知ac两点电势能的大小．【解答】解：A、B、在两等量异种电荷的连线上，中点b处电场强度最小；在两等量异号电荷连线的中垂线上，中点b处电场强度最大；所以b点场强小于d点场强，故A错误，B正确；C、由对称性可知，a、b两点的电压即电势差等于b、c两点间的电压，故C正确；D、因a点的电势高于c点的电势，故试探电荷+q在a点的电势能大于在c点的电势能，故D错误．故选：BC．二、非选择题（本题共4个小题，共44分解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）15．如图所示，有一水平向右的匀强电场，场强E=9.0×103 N/C，在竖直平面内有一半径为0.1m 的圆周，取最高点为C点，另在圆心O处放置电荷量为Q=1.0×10﹣8 C的带正电的点电荷．试求：（1）点电荷在C处的场强大小和方向（2）C点场强的大小和方向．【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场强度．【分析】（1）根据公式E=k求出点电荷在C点处产生的场强大小，判断出场强方向，（2）C点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解C点处的场强大小和方向．【解答】解：（1）点电荷在C点处产生的场强大小为E=k=9×109×N/C=9×103N/C，方向从O→C．（2）C点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则得，C点的场强大小为E C=E=N/C=1.27×104N/C，方向与水平成45°角斜向右上方．答：（1）点电荷在C处的场强大小和方向O→C（2）C点场强的大小和方向与水平成45°角斜向右上方16．在电场中，把电量为2.0×10﹣8 C的正点电荷从A点移到B点，电场力做了2.0×10﹣6 J的功；再把这个电荷从B点移到C点，克服电场力做功6.0×10﹣6 J．求：（1）A、B两点间的电势差U AB；（2）A、C两点间的电势差U AC．【考点】电势差与电场强度的关系；电势能．【分析】（1）根据公式列式求解A、B两点间的电势差U AB；（2）电场力做功与路径无关，只与初末位置有关，根据W AC=W AB+W BC求解，根据求解U AC．【解答】解：（1）A、B两点间的电势差无色：U AB=；（2）从A到C，电场力做功为：W AC=W AB+W BC=2.0×10﹣6 J﹣6.0×10﹣6 J=﹣4.0×10﹣6 J，故=；答：（1）A、B两点间的电势差U AB为100V；（2）A、C两点间的电势差U AC为﹣200V．17．如图所示，在场强E=104 N/C的水平匀强电场中，有一根长l=15cm的细线，一端固定在O点，另一端系一个质量m=3g、电荷量q=2×10﹣6 C的带正电小球，当细线处于水平位置时，小球从静止开始释放，取g=10m/s2．求：（1）小球到达最低点B的过程中重力势能、电势能分别变化了多少？（2）小球到B点时速度为多大？（3）绳子张力为多大？【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；向心力；电势能．【分析】（1）根据重力做功分析重力势能的变化，由电场力做功分析电势能的变化．（2）根据动能定理求小球在B点的速度．（3）在最低点根据向心力公式求绳子张力【解答】解：（1）小球到达最低点B的过程中重力势能的变化量为：△E p=﹣mgL=﹣3×10﹣3×10×0.15J=﹣4.5×10﹣3J电势能的变化量为：=qEL=2×10﹣6×104×0.15J=3×10﹣3J△E p电（2）根据动能定理得：mgL﹣qEL=代入数据：解得：v=1m/s（3）在最低点拉力和重力的合力提供向心力：代入数据：解得：T=0.05N答：（1）球到达最低点B的过程中重力势能的变化量为﹣4.5×10﹣3J，电势能的变化量为3×10﹣3J．（2）小球在B点的速度为1m/s．（3）绳子张力为0.05N18．如图所示电子射线管阴极K发射电子，阳极P和阴极K间加上电压后电子被加速．A、B是偏向板，使飞进的电子偏离．若已知P、K间所加电压U PK，偏向板长为L，板间距离为d，所加偏转电压为U AB．偏向板右端到荧光屏的水平距离为R．电子质量为m e，（不计电子重力）电子电量为e．设从阴极出来的电子速度为0．试问：（1）电子通过阳极P板的速度υ0是多少？。
2020-2021学年河北省保定市某校高二(上)10月月考物理试卷(有答案)
2020-2021学年河北省保定市某校高二（上）10月月考物理试卷一、单项选择题1. 行驶中的汽车发生剧烈碰撞时，车内的安全气囊会被弹出并充满气体．由于安全气囊在碰撞过程中的作用，车内的司机（）A.受力变小B.受力时间变小C.动量的变化量变小D.受力面积不变2. 闪电是云与云之间、云与地之间或者云体内各部位之间的强烈放电现象．若某次闪电是在云与地之间发生的，在放电时间t内有n个电子从地面向云层移动，电子的电荷量为e，则下列说法正确的是（），方向由地面指向云层A.该次闪电的放电电流为ent，方向由云层指向地面B.该次闪电的放电电流为entC.该次闪电的放电电流为ne，方向由地面指向云层t，方向由云层指向地面D.该次闪电的放电电流为net3. 两个等量点电荷产生的电场线的一部分如图所示，O为其中一个点电荷，A、B为电场线上的两点，则下列说法正确的是（）A.这两个点电荷的电性相同B.B点的电势比A点的低C.电子在A点时的加速度比在B点时的大D.电子在B点的电势能比在A点的大4. 一小灯泡的U−I图像如图所示，P点是图线上的一点，其坐标已在图中标出，PA是图线过P点的切线．P点对应的灯丝电阻为（）A.3ΩB.4ΩC.6ΩD.12Ω5. 如图所示，真空中xOy平面直角坐标系上的A、B、C三点构成等边三角形，A、B两点的坐标分别为（−3，0）和（3，0）．若将电荷量均为4×10−6C的两个正点电荷分别固定在A、B两点，已知静电力常量k=9×109N⋅m2/C2，则C点处的电场强度大小为（）A.1000√3N/CB.3000N/CC.2000√3N/CD.4500N/C6. 如图所示，用两根绝缘细线将两个小球悬挂在天花板下方，甲球带正电，乙球带负电，且两球的电荷量相同．若两球间的库仑力远小于乙球受到的重力，且两根线都处于绷紧状态，现在天花板下方足够大的范围内加一水平向左的匀强电场，则在下列四幅图中，能表示系统平衡状态的是（）A. B. C. D.7. 如图所示，光滑水平面上有一辆质量为2m的小车、车上左、右两端分别站着甲、乙两人，他们的质量均为m，他们和车一起以速度v0向右匀速运动．某一时刻，站在车右端的乙先以相对地面向右的速度v跳离小车，然后站在车左端的甲以相对于地面向左的速度v跳离小车．两人都离开小车后，小车的速度大小为（）A.4v0B.2v0C.1.5v0D.v08. 如图甲所示，距离足够大的两平行金属板中央有一个静止的电子（不计电子所受重力），在A、B两板间加上如图乙所示的交变电压．若取电子的初始运动方向为正，则下列图像中，能正确反映电子的位移x、速度v、加速度a和动能E k随时间（一个周期内）变化规律的是（）A. B.C. D.二、多项选择题三个阻值都为12Ω的电阻，若它们任意组合连接，则总电阻可能为（）A.3ΩB.8ΩC.12ΩD.18Ω宇航员登上一带负电的星球（带电均匀）将一个带电小球（其电荷量远小于星球的电荷量）从该星球表面某一高度处由静止释放，小球恰好处于悬浮状态．已知该星球表面没有大气，以距离该星球表面无穷远处的电势为零，则下列说法正确的是（）A.小球带正电B.小球带负电C.小球的电势能大于零D.小球的电势能小于零A、B两物体在光滑水平面上沿同一直线同向运动，它们发生碰撞前后的v−t图像如图所示．下列说法正确的是（）A.A、B的质量之比为1:1B.该碰撞为弹性碰撞C.A、B作用过程中所受对方作用力的冲量相同D.A、B碰撞前与碰撞后的总动能相同如图所示，在坐标原点O处固定一正点电荷Q．t=0时刻，一质子（不计重力）以速率v0从x轴上的A点沿x轴负方向运动，质子不会与电荷Q相碰．下列关于质子的速度v 和加速度a随时间t、电势能E p（以质子在A点的电势能为零）和运动径迹上的电势φ随坐标x的变化图线中，可能正确的是（）A. B.C. D.三、实验题图为“探究影响平行板电容器电容大小因素”的实验装置，竖直平行板电容器两板带等量异种电荷，两板正对．（均选填“变大”“变小”或“不变”）（1）其他情况不变，左板竖直向上平移时，静电计的指针偏角________．（2）其他情况不变，左板水平远离右板时，静电计的指针偏角________．（3）其他情况不变，两板间插入玻璃板时，静电计的指针偏角________．某同学用如图所示的实验装置验证动量守恒定律．（1）若入射小球的质量为m1，半径为r1，被碰小球的质量为m2、半径为r2，则要求m1________m2，r1________r2．（均选填“>”“<”或“=”）（2）为完成本实验，需要的测量工具有________．（填选项前的字母）A．弹簧测力计B．刻度尺C．天平D．打点计时器（3）已知P点为放上被碰小球前入射小球落点的平均位置，则入射小球碰撞后的落点位置为________（选填“M”“P”或“N”）点．（4）若关系式________（用m1、m2及图中的字母表示）成立，则表示碰撞过程中动量守恒．四、计算题安全带，生命带，前排后排都要系．车祸发生时，安全带能把人向后拉住，从而减轻对人的伤害．一辆小汽车正以大小v0=20m/s的速度在水平路面上行驶，迎面撞上了高架桥的桥墩，在匀减速运动过程中，小汽车头部缩短的距离x=0.4m．（1）求小汽车匀减速运动过程中的加速度大小a；（2）若后排有一位质量m=70kg的乘客，车祸发生时安全带对他作用一段时间后，他的速度大小变为v=18m/s（方向不变），求这段时间内他所受合力的冲量I．如图所示，A、B为两水平正对的金属板，两板间的距离d=20cm．电源的电压U= 9V，定值电阻R1=6Ω．闭合开关S，待电路稳定后，一质量m=1.5×10−3kg、电荷量q=5×10−4C的带负电液滴静止于两板之间，取重力加速度大小g=10m/s2．求：（1）当液滴静止时，通过电源的电流I；（2）当液滴静止时，滑动变阻器接入电路的阻值R2．如图所示，质量M=4kg的小车静止在光滑的水平地面上，其AB部分为半径R=0.5m 的四分之一光滑圆弧，长度L=2.5m的BC部分水平粗糙．一小物块（视为质点）从A 点由静止释放，结果小物块滑到C点时恰好停止运动．已知小物块的质量m=1kg，取重力加速度大小g=10m/s2，求：（1）在小物块从开始下滑至滑到B点的过程中小车的位移大小x M．（2）小物块与小车BC部分间的动摩擦因数μ；（3）在小物块从A点滑到C点的过程中，小车的最大速度v max．如图所示，足够长的固定光滑绝缘斜面的倾角θ=30∘，一质量为m、电荷量为q的带正电小物体（视为质点）在斜面上，整个装置处于方向沿斜面向上的匀强电场中．现将物体从斜面底端由静止释放，经一段时间后撤去电场，物体又经过相同的时间返回到斜面的底端．重力加速度大小为g．．（1）求撤去电场瞬间物体的速率v1与其返回到斜面底端时的速率v2的比值v1v2（2）求电场的电场强度大小E．（3）若电场力对物体做的功为W，以斜面底端所在的水平面为零势能面，求撤去电场时，物体的重力势能E p．参考答案与试题解析2020-2021学年河北省保定市某校高二（上）10月月考物理试卷一、单项选择题1.【答案】A【考点】动量定理的理解【解析】在碰撞过程中，司机动量的变化量是一定的，都等于，但安全气囊会延长作用时间，增加受力面积；再根据动量定理分析即可．【解答】解：在碰撞过程中，司机的动量的变化量是一定的，但安全气囊会增加作用的时间，根据动量定理Ft=Δp可知，可以减小司机受到的冲击力F，同时安全气囊会增大司机的受力面积，则司机单位面积的受力变小，故A正确，BCD错误．故选A．2.【答案】D【考点】电流概念【解析】该次闪电的放电电流大小为I=qt =net，电流方向和电子定向移动方向相反，因此电流方向为由云层指向地面．【解答】解：该次闪电的放电电流大小为I=qt =net，电流方向和电子定向移动方向相反，因此电流方向为由云层指向地面，故ABC错误，D正确．故选D．3.【答案】C【考点】等量电荷的电场线电势能电势电场强度【解析】等差等势面的疏密代表场强的大小，负电荷在电势高的地方电势能小．由此分析【解答】解：A．根据电场线分布特点可知，这两个点电荷是异种电荷，故A错误．BD．沿着电场线方向，电势是降低的，所以B点的电势要比A点的高，电子在电势高的地方电势能小，在电势低的地方电势能大，所以电子在B点的电势能比在A点的小，故BD错误．C．电场线越密集的地方电场强度越强，带电粒子受到的电场力越大，加速度越大，所以电子在A处的加速度比在B处的加速度大，故C正确．故选：C．4.【答案】A【考点】欧姆定律的应用【解析】根据欧姆定律求出P点的电阻.【解答】=3Ω．解：P点对应的灯丝电阻为R=UI故选A.5.【答案】A【考点】电场的叠加【解析】先求解两个电荷单独存在时在C点的场强，然后根据平行四边形定则合成得到C点的场强．【解答】=1000N/C，解：A、B点电荷在C点产生的场强大小相等，均为E=kqL2A、B两点电荷形成的电场在C点的合场强大小为：E′=2E cos30∘=1000√3N/C，方向沿y轴正方向，故A正确，BCD错误．故选：A．6.【答案】B【考点】带电物体在电场中的平衡问题【解析】以甲、乙整体为研究对象，根据平衡条件分析上面绳子的倾斜状态，以乙为研究对象受力分析根据平衡条件判断下面绳子的倾斜状态．【解答】解：以甲、乙整体为研究对象，整体电量相当于0，水平方向受到电场力为0，故上面绳子竖直，以乙为研究对象，乙带负电，受向右的电场力，故下面的绳子向右倾斜．故选B．7.【答案】B【考点】动量守恒定律的综合应用【解析】车和两个人整体在水平方向不受外力，系统总动量守恒，根据动量守恒定律列式求解即可．【解答】解：两人和车所组成的系统原动量为4mv0，向右，当甲、乙两人先后以对地相等的速度向两个方向跳离时，甲、乙两人的动量和为零，则有：4mv0=2mv车，v车=2v0．故选B．8.【答案】C【考点】带电粒子在交变电场中的运动【解析】分析电子一个周期内的运动情况：0∼T4时间内，电子从静止开始做匀加速直线运动；T 4∼T2沿原方向做匀减速直线运动；T2时刻速度为零；T 2∼3T4时间内向B板做匀加速直线运动；3T4∼T继续做匀减速直线运动，根据电子的运动情况选择图象．【解答】解：电子一个周期内的运动情况是：0∼T4时间内，电子从静止开始做匀加速直线运动，T 4∼T2时间内电子做匀减速直线运动，T2时刻速度为零，T2∼3T4时间内向B板做匀加速直线运动，3T4∼T继续做匀减速直线运动；A．电子做匀变速直线运动时x−t图像是抛物线，故A错误；B．在T2∼T时间内，电子向B板运动，其速度为负值，故B错误；C．由a=qUmd 可知，电子运动的加速度大小不变，a−t图像平行于t轴，且电子在0∼T4和3T4∼T时间内的加速度均为正值、在T4∼3T4时间内的加速度为负值，故C正确；D．匀变速运动速度—时间图像是倾斜的直线，E k−t图像应是曲线，故D错误．故选C．二、多项选择题【答案】B,D【考点】串联电路和并联电路的特点【解析】三个相同电阻可以有四种连接方式：三个电阻串联、三个电阻并联、两个电阻串联后与第三个电阻并联，两个电阻并联后与第三个电阻串联，分析求出阻值．【解答】解：当三个电阻串联时，获得的总阻值为R总1=3R=3×12Ω=36Ω，当三个电阻并联时，获得的总阻值为R总2=R3=123=4Ω，当两个电阻串联后与第三个电阻并联，获得的总阻值为R总3=2R⋅R2R+R=24×1224+12Ω=8Ω，当两个电阻并联后与第三个电阻串联，获得的总阻值为R总4=R2+R=122Ω+12Ω=18Ω；故BD正确，AC错误．故选BD．【答案】B,C【考点】电势能库仑力作用下的平衡问题【解析】小球处于受力平衡状态，说明库仑力和万有引力大小相等，所以小球和星球一定是互相排斥的，必定是带同种电荷，再由库仑力和万有引力的公式分析可以改变高度和电荷量后的受力情况．【解答】解：AB．小球处于悬浮状态，一定是库仑力和万有引力二力平衡，则知库仑力是斥力，故小球一定带负电，故A错误，B正确；CD．选距星球表面无穷远处的电势为零，根据顺着电场线方向电势降低，可知小球所在处的电势小于零，根据电势能公式E p=qφ知小球的电势能一定大于零，故C正确，D错误．故选BC．【答案】A,B,D【考点】冲量动量守恒定律的综合应用机械能守恒的判断【解析】此题暂无解析【解答】解：A．碰撞前，A的速度为7m/s，B的速度为2m/s，碰后A的速度为2m/s，B的速度为7m/s，碰撞前后两球交换速度，则说明两球质量相等，故A正确；B．碰前AB的动能之和为26.5m，碰后AB的动能之和仍为26.5m，机械能无损失，为完全弹性碰撞，故B正确；C．A所受对方作用力的冲量为Δp A=−5m，B所受对方作用力的冲量为Δp B=5m，负号表示冲量的方向与初速度的方向相反，故C错误；D．碰撞前后总动能相等，故D正确．故选ABD．【答案】A,D【考点】静电场中的Ep-x图象问题静电场中的φ-x图象问题静电场中的v-t图像问题【解析】根据等量异种电荷电场线的分布情况，分析场强、电势的变化；由电场力做功情况判断动能的变化情况；由牛顿第二定律研究加速度的变化情况，并分析粒子的运动情况．【解答】解：AB．已知质子带正电，且质子不会与电荷Q相碰，故质子先向左运动，后向右运动，在靠近点电荷的过程中，质子的加速度逐渐变大，此时加速度方向与速度方向相反，质子速度减小；在远离点电荷的过程中，质子的加速度逐渐减小，此时加速度方向与速度方向相同，质子速度增大，整个过程v−t图像切线的斜率先变大后变小，故A正确，故B错误．C．点电荷带正电，沿着电场线方向（x轴正向）电势降低，由E=φx =k Qx2，得出φ=k Qx，因此φ−x图像不是一条直线，故C错误．D．质子的电势能E p=qφ=kq Qx，则E p−x图像为曲线，质子的电势能随x的增大而减小，故D正确．故选：AD．三、实验题【答案】（1）变大（2）变大（3）变小【考点】研究平行板电容器【解析】（1）改变正对面积，根据电容的决定式分析电容的变化，电容器的电量不变，再根据电容的定义式分析板间电压的变化，判断静电计指针的变化．（2）改变改变板间距离，根据电容的决定式分析电容的变化，电容器的电量不变，再根据电容的定义式分析板间电压的变化，判断静电计指针的变化．（3）放入电介质，根据电容的决定式分析电容的变化，电容器的电量不变，再根据电容的定义式分析板间电压的变化，判断静电计指针的变化．解：（1）其他情况不变，左板竖直向上平移时，减小板的正对面积，根据电容的决定式C =εS4πkd ，S 减小，电容C 减小，电容器的电量Q 不变，则由C =QU 得知，板间电压U 增大，静电计指针张角变大．（2）其他情况不变，左板水平远离右板时，增大极板间的距离，根据电容的决定式C =εS4πkd ，d 变大，电容C 减小，电容器的电量Q 不变，则由C =QU 得知，板间电压U 增大，静电计指针张角变大．（3）其他情况不变，两板间插入玻璃板时，根据电容的决定式C =εS 4πkd，ε变大，电容C 变大，电容器的电量Q 不变，则由C =QU 得知，板间电压U 减小，静电计指针张角变小． 【答案】 （1）>,= （2）BC （3）M（4）m 1⋅OP ¯=m 1⋅OM ¯+m 2⋅ON ¯【考点】利用平抛运动规律验证动量守恒定律 【解析】为保证入射小球彭后速度方向不变，入射小球质量大于被碰小球质量. 两小球半径相同，体积相同，球心在一条直线上，进行对心碰撞. 用天平测小球质量，用刻度尺测平抛的水平距离，故选BC.入射小球碰后速度相对于碰前减小，做平抛运动的下落时间没变，水平位移就减小. 由动量守恒条件知，m 1⋅v 0=m 1⋅v 1+m 2⋅v 2，平抛运动时间由高度决定，下落高度相同，则时间相等，水平位移x =vt ，所以m 1⋅x 0=m 1⋅x 1+m 2⋅x 2，分别对应碰前平抛位移OP 、碰后平抛位移OM 及ON.【解答】 解：（1）为保证入射小球碰后速度方向不变，入射小球的质量要大于被碰小球的质量，即m 1>m 2，实验中，两小球半径要相同，体积相同，球心在一条直线上，发生对心碰撞，即r 1=r 2．（2）实验中需要用天平测小球的质量，用刻度尺测平抛的水平距离，故选BC ． （3）入射小球碰后速度相对于碰前减小，做平抛运动的下落时间没变，水平位移就减小，故填M ．（4）由动量守恒条件知，m 1⋅v 0=m 1⋅v 1+m 2⋅v 2，平抛运动时间由高度决定，下落高度相同，则时间相等，水平位移x =vt ，所以m 1⋅x 0=m 1⋅x 1+m 2⋅x 2，分别对应碰前平抛位移OP 、碰后平抛位移OM 及ON ， 因此实验中，若m 1⋅OP ¯=m 1⋅OM ¯+m 2⋅ON ¯，则表示碰撞过程中动量守恒．【答案】（1）小汽车匀减速运动过程中的加速度大小a=500m/s2．（2）这段时间内他所受合力的冲量I=−140N⋅s．【考点】动量定理的基本应用匀变速直线运动的速度与位移的关系【解析】此题暂无解析【解答】解：（1）由匀变速直线运动的规律有v02=2ax，解得：a=500m/s2．（2）根据动量定理有I=mv−mv0，解得：I=−140N⋅s，“−”表示I的方向与v0方向相反．【答案】（1）通过电源的电流I是0.5A．（2）滑动变阻器接入电路的阻值R2是12Ω．【考点】欧姆定律的应用带电物体在电场中的平衡问题串联电路和并联电路的特点【解析】此题暂无解析【解答】解：（1）设当液滴静止时，两金属板间的电压为U′，有qU ′d=mg，经分析可知U−U′=IR1，解得I=0.5A．（2）根据欧姆定律有：U′=IR2，解得R2=12Ω．【答案】（1）在小物块从开始下滑至滑到B点的过程中小车的位移大小x M=0.1m．（2）小物块与小车BC部分间的动摩擦因数μ=0.2；（3）在小物块从A点滑到C点的过程中，小车的最大速度v max=√22m/s．【考点】动量守恒定律的综合应用能量守恒定律的应用【解析】此题暂无解析【解答】解：（1）小物块和小车组成的系统在水平方向动量守恒，有Mv M=mv m，可得Mv M ¯=mv m ¯， 即Mv M ¯t =mv m ¯t ，Mx M =mx m ， x M +x m =R ，解得：x M =0.1m ．（2）由能量守恒定律有：mgR =μmgL ， 解得：μ=0.2．（3）经分析可知，物块滑至B 点时，小车的速度最大，设此时物块的速度大小为v ，由动量守恒定律有：Mv max =mv ， 由能量守恒定律有：mgR =12Mv max 2+12mv 2，解得：v max =√22m/s ． 【答案】（1）撤去电场瞬间物体的速率v 1与其返回到斜面底端时的速率v 2的比值v 1v 2=12．（2）电场强度E 的大小为2mg 3q．（3）撤去电场时，物体的重力势能E p =3W 4．【考点】带电粒子在重力场和电场中的运动 【解析】 此题暂无解析 【解答】解：（1）设电场力作用于物体的时间为t ，则该段时间内物体的位移大小x 1=v 1t 2，经分析可知v 2>v 1，从撤去电场至物体返回到斜面底端的过程中，物体的位移大小为x 2=(v 2−v 1)t2，其中x 1=x 2，解得v1v 2=12．（2）撤去电场前、后，物体的加速度大小分别：a 1=v 1t，a 2=v 1+v 2t，撤去电场前、后，对物体由牛顿第二定律分别有：a 1=qE m−g sin 30∘，a 2=g sin 30∘，解得：E =2mg 3q．（3）由匀变速直线运动的规律有v 12=2a 1x 1，撤去电场时，物体到斜面底端的高度为ℎ=x 1sin 30∘， 由功能关系有W =12mv 12+E p ，因为E p=mgℎ，解得E p=3W．4。
2020-2021学年河北省保定市满城中学高二下学期周测物理试卷(解析版)
河北满城中学高二物理周测试卷3月24日一、单选题（本大题共8小题，共32.0分）1.波粒二象性是微观世界的基本特征，以下说法正确的有A. 光电效应现象揭示了光的波动性B. 热中子束射到晶体上产生衍射图样说明运动的中子具有波动性C. 黑体辐射的实验规律可用光的波动性解释D. 动能相等的质子和电子，它们的德布罗意波长也相等2.下列事例中能说明原子具有核式结构的是A. 光电效应现象的发现B. 汤姆逊研究阴极射线时发现了电子C. 卢瑟福的粒子散射实验发现有少数粒子发生大角度偏转D. 康普顿效应3.关于阴极射线，下列说法正确的是A. 阴极射线就是组成物质的原子B. 阴极射线就是稀薄气体导电的辉光放电现象C. 阴极射线是在真空管内由阴极放出的光子流D. 阴极射线是由阴极放出的电子流4.2017年年初，我国研制的“大连光源”--极紫外自由电子激光装置，发出了波长在附近连续可调的世界上首个最强的极紫外激光脉冲，大连光源因其光子的能量大、密度高，可在能源利用、光刻技术、雾霾治理等领域的研究中发挥重要作用。
一个处于极紫外波段的光子所具有的能量可以电离一个分子，但又不会把分子打碎。
据此判断，能够电离一个分子的能量约为取普朗克常量，真空光速A. B. C. D.5.下列说法正确的是A. 速度大的物体，它的动量一定也大B. 动量大的物体，它的速度一定也大C. 只要物体的运动速度大小不变，则物体的动量也保持不变D. 物体的动量变化越大则该物体的速度变化一定越大6.下列情况中系统动量守恒的是小车停在光滑水平面上，人在车上走动时，对人与车组成的系统子弹水平射入放在光滑水平面上的木块中，对子弹与木块组成的系统子弹射入紧靠墙角的木块中，对子弹与木块组成的系统气球下用轻绳吊一重物一起加速上升时，绳子突然断开后的一小段时间内，对气球与重物组成的系统．A. 只有B. 和C. 和D. 和7.如图是研究光电效应的电路图，对于某金属用绿光照射时，电流表指针发生偏转。
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河北满城中学高二物理周练2020.10.6
一、选择题（每题5分，共60分）
1.判断以下说法是否正确
A.电场强度为0的地方，电势也一定为0
B.电势为0的地方一定没有电场
C.场强越大的地方电势也一定越高
D.场强为0的地方电势可能不为0
2.如图所示为科技节目中演示的“怒发冲冠”现象，演示者将手放在一金属球上，结果演示者的头发直立而散开。
关于这个现象，下列说法正确的是
A.演示者的头发受到了金属球的吸引
B.演示者的头发和金属球带上了异种电荷
C.头发直立而散开的原因是同种电荷相互排斥的结果
D.金属球形成的某种风将演示者的头发吹散开
3.一金属容器置于绝缘板上，带电小球用绝缘细线悬挂于容器中，容器内的电场线分布如图所示。
容器内表面为
等势面，A、B为容器内表面上的两点，下列说法正确的是
A.A点的电场强度比B点的大
B.小球表面的电势比容器内表面的低
C.B点的电场强度方向与该处内表面垂直
D.将检验电荷从A点沿不同路径移到B点，电场力所做的功不同
4.直角坐标系xOy中，A、B两点位于x轴上，坐标如图所示，C、D位于y轴上，C、D两点各固定一等量正点
电荷，另一电量为Q的负点电荷置于O点时，B点处的电场强度恰好为零．若
将该负点电荷移到A点，则B点处场强的大小和方向分别为静电力常量为
A.，沿x轴正方向
B.，沿x轴负方向
C.，沿x轴负方向
D.，沿x轴正方向
5.在如图所示的四种电场中，分别标记有a、b两点．其中a、b两点的电势
相等，电场强度相同的是
A.与点电荷等距的a、b两点
B.两等量异种电荷连线的中垂线上与连线等距的a、b两点
C.两等量同种电荷连线的中垂线上与连线等距的a、b两点
D.匀强电场中的a、b两点
6.图中的实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带电粒子从M点运动到N点的轨迹，可以判定
A.粒子带负电
B.M点的电势低于N点的电势
C.粒子在M点的动能小于在N点的动能
D.粒子在M点受到的电场力大于在N点受到的电场力
7.一匀强电场的方向竖直向上。
时刻，一带电粒子以一定初速度水平射入该电场，电场力对粒子做功的功率为P，
不计粒子重力，则关系图象是
A.B C D
8.两电荷量分别为和的点电荷固定在x轴上的O、M两点，规定无穷远处为电势能零点，一带负电的试探电荷在
x轴上各点具有的电势能随x变化关系如图所示，其中试探电荷在A，N两点的电势能为零，在ND段中C点
电势能最大，则下列说法正确的是
A.为正电荷，为负电荷
B.电荷量小于的电荷量
C.将一正点电荷从N点移到D点，电场力先做负功后做正功
D.将一正点电荷从N点静止释放后会沿x轴正方向运动且到达C点时速度最大
9.（多选）两个固定的等量异种点电荷所形成电场的等势面如图中虚线所示，一带电粒子以某一速度从图中a点
进入电场，其运动轨迹为图中实线所示，若粒子只受静电力作用，则下列关于
带电粒子的判断正确的是
A.带正电
B.速度先变大后变小
C.电势能先变大后变小
D.经过b点和d点时的速度大小相同
10.（多选）如图所示，在点电荷Q产生的电场中，实线MN是一条方向未标出的电场线，虚线AB是一个电子只
在静电力作用下的运动轨迹．设电子在A、B两点的加速度大小分别为、，电势能分别为、下列说法正确的是
A.电子一定从A向B运动
B.若，则Q靠近M端且为正电荷
C.无论Q为正电荷还是负电荷一定有
D.B点电势可能高于A点电势
11.（多选）如图所示，三条平行且等间距的虚线表示电场中的三个等势面，其电势分别为10V、20V、实线是一
带电的粒子不计重力在该区域内运动的轨迹，对于轨迹上的a、b、c三点，已
知：带电粒子带电量为，在a点处的动能为，则该带电粒子
A.在b点处的动能为零
B.在b点处的电势能为
C.一定是带正电
D.在c点处的动能为
12.（多选）如图，水平地面上有一个光滑绝缘斜面，斜面与水平面的夹角为一根轻质绝缘细线的一端固定在斜面
顶端，另一端系有一个带电小球A，细线与斜面平行．小球A的质量为m，电量为小球A的右侧固定放置带等量同种电荷的小球B，两球心的高度相同、间距为静电力常量为k，重力加速度为g，两带电小球可视为点电荷．小球A静止在斜面上，则
A.小球A与B之间库仑力的大小为
B.当时，细线上的拉力为0
C.当时，细线上的拉力为0
D.当时，斜面对小球A的支持力为0
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三、计算题（本大题共3小题，共40分）
13.（12分）把一个带电荷量为的正点电荷从电场中的A点移到无限远处时，静电力做功；若把该电荷从电场中
的B点移到无限远处时，静电力做功，取无限远处电势为零。
求A点的电势。
求A、B两点的电势差。
若把电荷量为的负电荷由A点移到B点，静电力做的功为多少？
14.（12分）把质量是的带电小球B用细线悬挂起来，如图所示。
若将带电荷量为的小球A靠近B，平衡时细线与
竖直方向成角，A、B在同一水平面上，相距，试求：
球受到的电场力多大？
球所带电荷量为多少？
15.（16分）一根长为L的丝线吊着一质量为m，带电荷量为q的小球静止在水平向右的匀强电场中，如图所示，
丝线与竖直方向成角重力加速度为求：
匀强电场的电场强度的大小．
若突然将该电场方向变为向下且大小不变，求小球经过最低点时丝线的拉力不考虑因电场
的改变而带来的其他影响．
16.附加题在xOy平面内，有沿y轴负方向的匀强电场，场强大小为图象未画出，由A点斜射出一质量为m、带电量为的
粒子，B和C是粒子运动轨迹上的两点，如图所示，其中为常数，粒子所受重力忽略不计，求：
粒子从A到C过程中电场力对它做的功；
粒子从A到C过程所经历的时间；
粒子经过C点时的速率。