2014年河南省郑州市高考物理二模试卷(J)
2014年河南省普通高中招生考试物理试卷
2014年河南省普通高中招生考试物理试卷注意事项：1．本试卷共6页，五大题，22小题，满分70分，考试时间60分钟。
请用蓝、黑色水笔或圆珠笔直接答在试卷上。
2．答题前请将密封线内的项目填写清楚。
题号一二三四总分分数一、填空题（每空1分，共14分）1．学习物理可以帮助我们认识世界。
通过学习惯性，我们认识到一切物体都有保持原来_______________________________________________________的性质。
2．橡胶棒与毛皮摩擦，橡胶棒由于___________电子而带负电。
把带负电的橡胶棒靠近与作业纸摩擦过的塑料吸管，发现吸管被推开，说明吸管带_____________电。
3．图1是用一个纸盒、两支笔和四根宽窄不同的橡皮筋制作的“橡皮筋吉他”。
拨动a、b、c、d四根橡皮筋，____________的音调最高。
用大小不同的力拨动同一根橡皮筋，橡皮筋发声的_______________不同。
4．如图2所示，把少量碘放人锥形瓶中，瓶口加盖玻璃片。
微微加热，瓶中充满紫色的碘蒸气，此过程碘发生的物态变化是____________。
停止加热，碘蒸气凝华，看到的现象是_________________________________。
5．在一块有机玻璃板上，安装一个用导线绕成的螺线管，在板面上均匀撒满铁屑，通电后铁屑的分布如图3所示。
图中A、B两点相比，______点磁场较强。
实验中_________（填“能”或“不能”）用铜屑代替铁屑显示磁场分布。
6．图4是小灯泡L和电阻R中电流随电压变化的图像。
由图像可知，电阻R的阻值为____Ω。
若将它们并联接在电压为2V的电源两端，电路中的总电流为_____A。
7．物理知识在生产、生活中有着广泛的应用，有时也会造成一定的危害。
请仿照表中示例，再写出一个物理知识及其对应的实际应用和危害。
物理知识应用危害电流的热效应利用电饭锅加热食物导线中电流过大会引发火灾二、选择题（每小题2分，共16分）在每个小题的选项中，只有一个选项符合题目要求，请将其字母代号填在题后的括号内．．．．．．．．．．．．．．．。
【名师解析】河南省豫南五市2014届高三第二次模拟考试 理综物理 Word版含解析
2014年豫南五市高三第二次模拟考试 高三理科综合能力测试（物理）本试题卷分第1卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，第1卷1至6页，第Ⅱ卷7至16页，共300分。
注意事项：1．答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写(涂）在答题卡上。
考生要认真核对答题卡上粘贴的条形码的“准考证号、姓名”与考生本人准考证号、姓名是否一致。
2．第1卷每小题选出答案后．用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
第Ⅱ卷用黑色墨水签字笔在答题卡上书写 作答，在试题上作答，答案无效。
3．考试结束，监考员将试题卷、答题卡一并收回。
第1卷（选择题，共126分）二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14-18题只有一项符合题目要求，第19—21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分．有选错的得0分。
14.质量m=l0kg 的物体只在变力F 作用下沿水平方向做直线运动，F 随坐标x 的变化关系如图所示。
若物体从坐标原点处由静止出发，则物体运动到x=16m 处时的速度大小为A.3 m/sB.4 m/sC.D. m/s【答案】CF-x 图线与x 轴围成的面积表示力F 所做的功，则这段过程中，外力做功为：()11W 4810410J 40J 22=+⨯-⨯⨯=根据动能定理得：21W mv 2=，解得v /s /s ==＝，故C 正确。
故选C 。
【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系15.如图，完全相同的三个物体P 、M 、Q 质量均为m ，叠放在一起置于水平面上，现用两根等长的细线系在P 、Q 两物体上，在细线的结点处施加一水平拉力F ，两物体始终保持静止状态，则下列说法正确的是A ．P 、M 两物体间无摩擦力B ．P 、M 两物体间的摩擦力大小为FC ．M 、Q 间的摩擦力为F D.Q 与地面间的摩擦力大小为F 【答案】D将F 按照平行四边形定则进行分解，如图：设T 与水平方向的夹角都是θ； AB 、选取P 为研究的对象，P 受到重力、支持力、拉力T 2与M 对P 的摩擦力，P 、M 两物体间的摩擦力大小为1F 2，故AB 错误； C 、选取P 与M 组成的系统为研究的对象，整体受到重力、支持力、拉力T 2与Q 对M 的摩擦力，M 与Q 两物体间的摩擦力大小为1F 2，故C 错误； D 、以PMQ 整体为研究对象受力分析，根据平衡条件，水平方向受到的摩擦力大小与拉力F 相等，方向相反，故D 正确。
2014年河南省豫南五市高考物理二模试题及答案解析
2014年河南省豫南五市高考物理二模试题及答案解析高三理科综合能力测试（物理）本试题卷分第1卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，第1卷1至6页，第Ⅱ卷7至16页，共300分。
注意事项：1．答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写(涂）在答题卡上。
考生要认真核对答题卡上粘贴的条形码的“准考证号、姓名”与考生本人准考证号、姓名是否一致。
2．第1卷每小题选出答案后．用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
第Ⅱ卷用黑色墨水签字笔在答题卡上书写作答，在试题上作答，答案无效。
3．考试结束，监考员将试题卷、答题卡一并收回。
第1卷（选择题，共126分）二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14-18题只有一项符合题目要求，第19—21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分．有选错的得0分。
14.质量m=l0kg 的物体只在变力F 作用下沿水平方向做直线运动，F 随坐标x 的变化关 系如图所示。
若物体从坐标原点处由静止出发，则物体运动到x=16m 处时的速度大小为A.3 m/sB.4 m/sC.D. 15.如图所示，完全相同的三个物体P 、M 、Q 质量均为m ，叠放在一起置于水平面上，现用两根等长的细线系在P 、Q 两物体上，在细线的结点处施加一水平拉力F ，两物体始终保持静止状态，则下列说法正确的是A ．P 、M 两物体间无摩擦力B ．P 、M 两物体间的摩擦力大小为FC ．M 、Q 间的摩擦力为FD.Q 与地面间的摩擦力大小为F16.如图所示，在半径为R 的圆形区域内，有方向垂直于圆平面的匀强磁场（未画出）。
一群相同的带电粒子以相同速率v 0，由P 点在纸平面内向不同方向射入磁场。
当磁感应强度大小为B 1时，所有粒子出磁场的区域占整个圆周长的14；当磁感应强度大小 减为B 2时，这些粒子在磁场中运动弧长最长的是23R 。
2014年河南省豫东、豫北十所名校联考高考物理二模试卷
2014年河南省豫东、豫北十所名校联考高考物理二模试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共6小题，共30.0分)1.汽车在水平面上刹车，其位移与时间的关系是x=24t-6t2，则它在前3s内的平均速度为（）A.6m/sB.8m/sC.10m/sD.12m/s【答案】B【解析】解：由位移与时间的关系可知，v0=24m/s；a=-12m/s2；则由v=v0+at可知，汽车在2s末即静止；故3s内的位移2s内的位移，故x=3s内汽车的位移x=24×2-6×4=24m；则汽车的平均速度v==8m/s；故选：B．本题为汽车刹车问题，故应先根据位移表达式求出初速度及加速度；由速度公式求得静止所需要的时间；明确3s内的位移，再由平均速度公式求出平均速度．本题为易错题，很多同学忽略了汽车刹车问题，故直接代入3s而求出错误的位移；遇到汽车刹车问题应首先分析汽车静止所需要的时间，然后再进行分析．2.如图所示，三个相同的轻质弹簧连接在O点，弹簧1的另一端固定在天花板上，且与竖直方向的夹角为30°，弹簧2水平且右端固定在竖直墙壁上，弹簧3的另一端悬挂质量为m的物体且处于静止状态，此时弹簧1、2、3的形变量分别为x1、x2、x3，则（）A.x1：x2：x3=：1：2B.x1：x2：x3=2：1：C.x1：x2：x3=1：2： D.x1：x2：x3=：2：1【答案】B【解析】解：以结点O为研究对象受力分析，运用合成法，如图：由几何知识知：T1=°T2=mgtan30°T3=mg故：T1：T2：T3=2：1：根据胡克定律：T=kx则：x1：x2：x3=2：1：故选：B．以结点O为研究对象受力分析，运用合成法，根据几何知识求三边的受力之比，即等于形变量之比．本题悬绳固定的物体平衡问题，往往以结点为研究对象，作出力图，由平衡条件求解．3.2012年10月25日，我国第16颗北斗导航卫星升空，北斗卫星导航系统是继美GPS 和俄GLONASS之后第三个成熟的卫星导航系统．这些卫星中含有地球轨道卫星、地球静止轨道卫星和倾斜地球同步轨道卫星，其中地球静止轨道卫星是位于赤道上空的同步卫星，倾斜地球同步轨道卫星的轨道平面与赤道平面有一定的夹角，其周期与地球自转周期相同．这些卫星的轨道均可看做圆．以下关于倾斜地球同步轨道卫星的说法正确的是（）A.如果它受到意外撞击速度变小，其轨道将变大B.它的运行速度比第一宇宙速度大C.它的向心加速度大小和位于赤道上空的同步卫星的向心加速度大小相等D.若倾斜角度适当，该卫星可以始终位于河南郑州的正上方【答案】C【解析】解：A、根据万有引力提供向心力G=m，万有引力大于所需要的向心力，故卫星会向地球移动，轨道变小．故A错误．B、根据v=，r和T都相同，故它的运行速度与位于赤道上空的同步卫星的运行速度大小相等，因此运行速度比第一宇宙速度小．故B错误．C、根据a=（）2r，r和T都相同，故它的向心加速度大小和位于赤道上空的同步卫星的向心加速度大小相等，故C正确．D、倾斜同步轨道卫星相对于地球非静止的，所以倾斜同步轨道卫星从地球上看是移动的，故该卫星不可能始终位于地球表面某个点的正上方，故D错误．故选：C．根据万有引力提供向心力，G=m，速度变小，万有引力大于所需要的向心力，故卫星会向地球移动，轨道变小．根据v=，r和T都相同，则v大小相等．根据a=（）2r，r和T都相同，则a大小相等．倾斜同步轨道卫星相对于地球非静止的，所以倾斜同步轨道卫星从地球上看是移动的．本题考查了地球卫星轨道相关知识点，地球卫星围绕地球做匀速圆周运动，圆心是地球的地心，万有引力提供向心力，轨道的中心一定是地球的球心．4.距离河岸500m处有一艘静止的船，船上的探照灯以1r/min的转速水平转动．若河岸看成直线，当光束与岸边成60°角时，光束沿岸边移动的速率为（）A.52.3m/sB.69.8m/sC.666.7m/sD.4 180m/s【答案】B【解析】解：光点移动的速度v可分解为两个速度，一个速度v1垂直于光束，另一个速度沿光束方向．，分速度v1=vsin60°=ωr，此时转动半径r=°又转动角速度ω=2πrad/s，联立以上各式解得v=69.8m/s；故选：B．船上的探照灯光点的移动速度沿着光线方向和垂直光线方向正交分解，其中垂直光线方向分速度与半径的比值，即可求解光束沿岸边移动的速率．考查运用运动的合成与分解的方法求解，找出合速度与分速度是关键．5.一根粗细均匀的金属棒AB，棒的A端用轻绳同定在天花板上，棒的B端用水平拉力F拉着而使金属棒处于静止状态．轻绳与竖直方向的夹角为α，金属棒与竖直方向的夹角为β，下列说法正确的是（）A.sinβ=2sinαB.cosβ=2cosαC.tanβ=2tanαD.cotβ=2cotα【答案】C【解析】解：对物体受力分析，受重力、水平拉力和天花板的拉力，如图所示：根据平衡条件，有重力、水平拉力和天花板的拉力的延长线角与一点D，如图．则D点一定是CB的中点．所以由几何关系得：故选：C．对物体受力分析，受重力、水平拉力和天花板的拉力，物体保持静止，受力平衡，根据平衡条件并运用正交分解法列式求解即可．本题可能是竞赛题目，关键是先对物体受力分析，然后根据平衡条件并运用共点力的作用线（或作用线的延长线）交于一点的结论，通过作图找出它们的几何关系，才能正确解答．6.假设地球是一半径为R、质量分布均匀的球体．已知质量分布均匀的球壳对壳内物体的引力为零，不考虑地球自转的影响，距离地球球心为r处的重力加速度大小可能为如下图象中的哪一个（）A. B. C. D.【答案】A【解析】解：令地球的密度为ρ，则在地球表面，重力和地球的万有引力大小相等，有：g=，由于地球的质量为M=，所以重力加速度的表达式可写成：g=．根据题意有，质量分布均匀的球壳对壳内物体的引力为零，在距离地球球心为r处，受到地球的万有引力即为半径等于r的球体在其表面产生的万有引力，g′=当r＜R时，g与r成正比，当r＞R后，g与r平方成反比．故选：A．根据题意知，地球表面的重力加速度等于半径为R的球体在表面产生的加速度，在其内部距离地心距离为r处一点的加速度相当于半径为r的球体在其表面产生的加速度，根据地球质量分布均匀得到加速度的表达式，再根据半径关系求解即可抓住在地球表面重力和万有引力相等，在矿井底部，地球的重力和万有引力相等，要注意在地球内部所谓的地球的质量不是整个地球的质量而是半径为r的球体的质量．二、多选题(本大题共1小题，共5.0分)7.质量为1kg的物体静止在光滑水平面上，某时刻受到水平拉力F的作用（F-t图象如图所示），若在第1s内物体受到的拉力F向右，关于物体在0～3s时间内的运动情况，下列说法正确的是（）A.0～3s时间内物体先向右运动，再向左运动B.0～3s时间内物体始终向右运动C.物体在第1s末的速度最大D.物体在第3s末的速度最大【答案】BC【解析】解：0-1s内：根据牛顿第二定律a===2m/s2方向向右，v=at=2×1=2m/s，1-3s内：a′=-=-1m/s2，即加速度方向向左，即1-3s内物体以2m/s的初速度向右做加速度大小为1m/s2的匀减速直线运动，v′=v-a′t=2-1×2=0减速到3S末正好速度为零，由此可见：A、0～3s时间内物体一直向右运动，故A错误，B正确；C、物体在第1s末的速度最大，C正确；D、物体在第3s末的速度为零，最小，故D错误；故选：BC．根据牛顿第二定律求出先后情况的加速度大小，结合速度时间公式分析物体的运动方向及速度大小．本题主要考查了同学们读图的能力，要求同学们能根据受力情况分析物体的运动情况，难度不大，属于基础题．三、单选题(本大题共1小题，共5.0分)8.如图所示，水平地面上不同位置的三个小球斜上抛，沿三条不同的路径运动最终落在同一点，三条路径的最高点是等高的，若忽略空气阻力的影响，下列说法正确的是（）A.三个小球落地时的速率相等B.沿路径3抛出的小球在空中运动时间最长C.三个小球抛出的初速度竖直分量相等D.三个小球抛出的初速度水平分量相等【答案】C【解析】解：设任一小球初速度大小为v0，初速度的竖直分量为v y，水平分量为v x，初速度与水平方向的夹角为α，上升的最大高度为h，运动时间为t，落地速度大小为v．A、C、D、取竖直向上方向为正方向，小球竖直方向上做匀减速直线运动，加速度为a=-g，由0-=-2gh，得v y=，h相同，v y相同，则三个小球初速度的竖直分量相同．由速度的分解知：v y=v0sinα，由于α不同，所以v0不同．根据机械能守恒定律得知，小球落地时与抛出时速率相等，所以可知三个小球落地时的速率不等．又有v y=v x tanα，v y相同，α不同，则v x不同，初速度水平分量不等，故AD错误，C 正确．B、由运动学公式有：h=，则得：t=2，则知三个球运动的时间相等；故B错误．故选：C．三个小球都做斜抛运动，运用运动的分解法，将其运动分解为竖直和水平两个方向研究，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做竖直上抛运动，根据运动学公式列式，再进行分析．对于斜抛运动，要能熟练运用运动的分解法进行分析，掌握相关的运动学公式是解题的基础．四、多选题(本大题共2小题，共10.0分)9.如图所示，在绕中心轴OO′转动的圆筒内壁上，有一物体随圆筒一起转动．在圆筒的角速度逐渐增大的过程中，物体相对圆筒始终未滑动，下列说法正确的是（）A.物体所受弹力大小逐渐增大B.物体所受弹力始终指向圆心C.物体所受合力指向圆心D.物体所受摩擦力不沿竖直方向【答案】ABD【解析】解：A、物体受重力、圆筒内壁的弹力和静摩擦力，指向圆心的合力提供向心力，可知弹力提供向心力，由向心力公式F=mrω2知，角速度增大，则弹力逐渐增大，方向始终指向圆心．故A、B正确．C、在圆筒的角速度逐渐增大的过程中，物体水平方向受到切向摩擦力，竖直方向受力平衡，则物体所受的合力是弹力和切向摩擦的合力不再指向圆心，故C错误．D、在竖直方向上，物体没有加速度，则静摩擦力与重力二力平衡，该摩擦力的方向竖直向上，还有切向摩擦和，所以物体所受摩擦力不沿竖直方向．故D正确．故选：ABD．小物体绕中心轴线做匀速圆周运动，合力应该指向圆心，物体受重力、弹力和静摩擦力，弹力指向圆心的力提供向心力，根据向心力公式F=mrω2和牛顿第二定律进行分析．对于匀速圆周运动，合力总是指向圆心，因而又叫向心力，通过分析受力，确定向心力的来源是解题的关键．10.甲、乙两车的位移一时间图象如图所示，其中甲车图象为过坐标原点的倾斜直线，乙车图象为顶点在坐标原点的抛物线．若两车均从同一地点沿同一方向做直线运动，下列说法正确的是（）A.乙车做变加速直线运动B.甲车做匀变速运动C.t=时甲、乙两车速度相等D.0～t0时间内，两车距离先增大后减小【答案】CD【解析】解：A、位移-时间图象斜率表示速度，乙图线的切线斜率不断增大，而且乙图线是抛物线，有s=kt2，则知乙车做匀加速直线运动，故A错误．B、甲的位移随时间均匀变化，斜率不变，说明速度不变，做匀速直线运动，故B错误．C、在t0时刻两个位移相等，所以v甲t0=乙t0，所以乙的速度等于甲的速度的2倍，由于乙做匀加速直线运动，由v=at知，t=时甲、乙两车速度相等，故C正确；D、位移时间图象斜率表示该时刻的速度，所以甲物体匀速直线运动，乙物体速度逐渐增大，当他们速度相等时，甲乙距离最大，所以在时刻距离最大，故0～t0时间内，两车距离先增大后减小，故D正确．故选：CD在位移-时间图象中，倾斜的直线表示物体做匀速直线运动，斜率表示速度；图象的交点表示位移相等，平均速度等于位移除以时间．理解位移-时间图象点和斜率的物理意义的同时还要理解好好速度-时间图象的点、线、面的物理意义．五、实验题探究题(本大题共2小题，共15.0分)11.某实验小组应用如图甲所示装置“探究加速度与物体受力的关系”，已知小车的质量为M，砝码及砝码盘的总质量为m，所使用的打点计时器所接的交流电的频率为50H z．实验步骤如下：A．按图甲所示，安装好实验装置，其中与定滑轮及弹簧测力计相连的细线竖直；B．调节长木板的倾角，轻推小车后，使小车能沿长木板向下匀速运动；C．挂上砝码盘，接通电源后，再放开小车，打出一条纸带，由纸带求出小车的加速度；D．改变砝码盘中砝码的质量，重复步骤C，求得小车在不同合力作用下的加速度．根据以上实验过程，回答以下问题：（1）对于上述实验，下列说法正确的是______ ．A．小车的加速度与砝码盘的加速度大小相等B．弹簧测力计的读数为小车所受合外力C．实验过程中砝码处于超重状态D．砝码和砝码盘的总质量应远小于小车的质量（2）实验中打出的一条纸带如图乙所示，由该纸带可求得小车的加速度为______m/s2．（结果保留2位有效数字）（3）由本实验得到的数据作出小车的加速度a与弹簧测力计的示数F的关系图象（见图丙），与本实验相符合是______ ．【答案】B；0.16；A【解析】解：（1）A、由图可知，小车的加速度是砝码盘的加速度大小的2倍，故A错误；B、同一根细绳，且已平衡摩擦力，则弹簧测力计的读数为小车所受合外力，故B正确；C、实验过程中，砝码向下加速运动，处于失重状态，故C错误；D、由于不是砝码的重力，即为小车的拉力，故不需要砝码和砝码盘的总质量应远小于小车的质量的条件，故D错误；所以选：B；（2）在匀变速直线运动中连续相等时间内的位移差为常数，即△x=a T2，解得：a=将△x=0.16cm，T=0.1s带入解得：a=0.16m/s2．（3）由题意可知，小车的加速度a与弹簧测力计的示数F的关系应该是成正比，即为过原点的一条倾斜直线，故A符合；故答案为：（1）B；（2）0.16；（3）A．（1）根据实验原理，可知小车的加速度与砝码盘的加速度不等，但弹簧测力计的读数为小车所受合外力，砝码加速度向下，处于失重状态，不需要砝码和砝码盘的总质量应远小于小车的质量的条件；（2）在匀变速直线运动中连续相等时间内的位移差为常数，根据作差法求解加速度；（3）数据作出小车的加速度a与弹簧测力计的示数F的关系图象，应该是过原点的一条倾斜直线．解答实验问题的关键是正确理解实验原理，加强基本物理知识在实验中的应用，同时不断提高应用数学知识解答物理问题的能力；掌握求加速度的方法，注意单位的统一，同时理解由图象来寻找加速度与合力的关系．12.物理小组的同学用如图1所示的实验器材测定重力加速度，实验器材有：底座、带有标尺的竖直杆、光电门1和2组成的光电计时器（其中光电门l更靠近小球释放点），小球释放器（可使小球无初速释放）、网兜．实验时可用两光电门测量小球从光电门l 运动至光电门2的时间t，并从竖直杆上读出两光电门间的距离h．（l）使用游标卡尺测量小球的直径如图2所示，则小球直径为______ cm．（2）改变光电门1的位置，保持光电门2的位置不变，小球经过光电门2的速度为v，不考虑空气阻力，小球的加速度为重力加速度g，则h、t、g、v四个物理量之间的关系为h= ______ ．（3）根据实验数据作出-t图线，若图线斜率的绝对值为k，根据图线可求出重力加速度大小为______ ．【答案】1.170；；2k【解析】解：（1）主尺读数为1.1cm，游标读数为0.05×14=0.70mm=0.070cm，所以最终读数为1.1cm+0.070cm=1.170cm．（2）小球经过光电门2的速度为v，根据运动学公式得从开始释放到经过光电门2的时间t′=，所以从开始释放到经过光电门1的时间t″=t′-t=-t所以经过光电门1的速度v′=gt″=v-gt根据匀变速直线运动的推论得：两光电门间的距离h=′t=（3）h=所以=v-gt若-t图线斜率的绝对值为k，k=g所以重力加速度大小g=2k．故答案为：（1）1.170；（2）；（3）2k．游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．根据自由下落的公式和匀变速直线运动的推论求出h、t、g、v四个物理量之间的关系．整理得到-t图线的表达式，并找出图线的斜率和加速度关系．要掌握游标卡尺的读数方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．整理图象所要求的表达式，根据斜率的物理意义求解．六、计算题(本大题共4小题，共45.0分)13.如图所示，质量为M的正方体空木箱放置在粗糙水平面上，空木箱对角线有一光滑轨道，轨道与水平方向夹角为45°．轨道上有一质量为m的物体沿轨道自由下滑，木箱始终静止在水平面上，重力加速度大小为g，求：（1）轨道对物体的弹力大小；（2）地面对木箱的摩擦力的大小和方向．【答案】解：（1）以物体为研究对象，垂直轨道方向有N=mgcos45°；解得轨道对物体的弹力大小为（2）以木箱为研究对象，受力如图所示：由牛顿第三定律有N=N′在水平方向上有f=N′sin45°解得，方向向左．答：轨道对物体的弹力大小为；（2）地面对木箱的摩擦力的大小为mg；方向向左．【解析】（1）以物体为研究对象，在垂直于斜面方向受力平衡，则可求得弹力的大小；（2）再以木箱为研究对象，由水平方向的平衡关系可求得摩擦力大小．本题要注意研究对象的选择，并且明确物体虽然做加速运动，但在垂直于斜面方向上支持力等于物体的重力．14.如图所示，一艘海轮用船上天线D向海岸边的信号接收器A发送电磁波脉冲信号．信号接收器和船上天线的海拔高度分别为AB=H和CD=h．船上天线某时刻发出一个电磁波脉冲信号，接收器接收到一个较强和一个较弱的脉冲，前者是直接到达的信号，后者是经海平面反射后再到达的信号，两个脉冲信号到达的时间间隔为△t，电磁波的传播速度为c，求船上天线发出此信号时海轮与海岸的距离L．【答案】解：从船上天线D向信号接收器A发送电磁波脉冲信号，一方面沿直线DA直接传到A，另一方面经过海面E点反射沿折线DEA传播到A，前者较强，后者较弱，由反射定律可知，∠DEC=∠AEB，延长AE交DC的延长线于F，过A作AG平行于BC，则有：DE=EF，DG=H-h，GF=H+h，设信号接收器接受到沿直线DA和折线DEA传播的电磁脉冲信号需要的时间分别为t1、t2，则有：=（H-h）2+L2根据题意有：t2-t1=△t联立解得：L=答：船上天线发出此信号时海轮与海岸的距离L为．【解析】从船上天线D向信号接收器A发送电磁波脉冲信号，一方面沿直线DA直接传到A，另一方面经过海面E点反射沿折线DEA传播到A，前者较强，后者较弱，画出电磁波的传播路径，结合几何关系列式即可求解．本题考查了电磁波的传播，需要先把电磁波的传播路径画出来再结合几何关系求解，难度适中．15.如图所示，倾角为θ的斜面体固定在水平面上，物体的质量为m，物体与斜面之间光滑．物体在沿斜面向上的拉力F作用下，由静止向上运动一段时间后撤去拉力，又经相同时间物体恰滑回原来静止位置．重力加速度大小为g，求拉力F的大小．【答案】解：在力F作用下，物体产生的加速度为a1，则：F-mgsinθ=ma1解得：a1=，设经过t时间，则通过的位移为：x=此时的速度为：v=a1t撤去外力后加速度为a2，则：mgsinθ=ma2解得：a2=gsinθ撤去外力后做减速运动，减速到零后再向下做加速运动，这一过程通过的位移为：x=联立解得：F=mgsinθ答：拉力F的大小mgsinθ【解析】在力F作用下，求出物体上滑的加速度，利用运动学公式求出在时间t内上滑的位移和t时刻的速度；当撤去外力F时，物体继续向上做减速运动，减速到零后再向下做加速运动，因又经过时间t回到出发点，由运动学公式表示出位移，联立即可求解．本题考查的是物体多运动过程的分析，对每个过程分别利用牛顿第二定律和匀变速直线运动的规律求解即可．16.如图所示，半径为、质量为m的小球用两根不可伸长的轻绳a、b连接，两轻绳的另一端系在一根竖直杆的A、B两点上，A、B两点相距为l，当两轻绳伸直后，A、B两点到球心的距离均为l．当竖直杆以自己为轴转动并达到稳定时（细绳a、b与杆在同一竖直平面内）．求：（1）竖直杆角速度ω为多大时，小球恰离开竖直杆？（2）轻绳a的张力F a与竖直杆转动的角速度ω之间的关系．【答案】解：（1）小球恰离开竖直杆时，小球与竖直杆间的作用力为零，此时轻绳a与竖直杆间的夹角为α，由题意可知：水平方向：F a sinα=mω2r竖直方向：F a cosα=mg联立解得：ω2=故ω=（2）由（1）可知0≤ω2≤时，F a=若角速度ω再增大，小球将离开竖直杆，在轻绳b恰伸直前，设轻绳a与竖直杆的夹角为β，此时小球做圆周运动的半径为r=lsinβ水平方向：竖直方向：F a cosβ=mg联立解得：当轻绳恰升直时，β=60°，此时ω=固有，此时若角速度ω再增大，轻绳b拉直后，小球做圆周运动的半径为r=lsin60°水平方向：°°竖直方向：F a cos60°=F b cos60°+mg联立解得：，此时ω2答：（1）竖直杆角速度ω为时，小球恰离开竖直杆；（2）轻绳a的张力F a与竖直杆转动的角速度ω之间的关系为：①0≤ω2≤时，F a=；②时，；③ω2时，．【解析】（1）小球恰离开竖直杆时，受重力和拉力，拉力的竖直分力与重力平衡，水平分力提供向心力；（2）分墙壁对球有弹力、球飞起、绳子b也有弹力三种情况讨论，注意合力的水平分力提供向心力，合力竖直分力为零．本题关键是明确明确小球合力的水平分力提供向心力，竖直分力平衡；注意第二问要分三种情况讨论，运算量较大，要细心．。
河南省中原名校2014届高三高考仿真模拟统一考试 理综物理 含解析byzhang
中原名校2014年高考仿真模拟统一考试理科综合试题（物理）（考试时间：150分钟试卷满分:300分)物理组题编审：郸城一高西工大附中夏邑高中化学组题编审:叶县高中西工大附中许昌三高生物组题编审：商丘一高西工大附中郑州七中本试卷分第I卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
考生作答时，将答案答在答题卡上，在本试卷上答题无效。
注意事项：1．答题前，考生务必先将自己的姓名,准考证号填写在答题卡上。
2．选择题答案使用2B铅笔填涂，如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案的标号，非选择题答案使用0 5毫米的黑色中性（签字）笔或碳素笔书写,字体工整，笔迹清楚。
3．请按照题号在各题的答题区域（黑色线框）内作答,超出答题区域书写的答案无效.4．保持答题卡面清洁，不折叠,不破损。
第1卷选择题(共126分）可能用到的相对原子质量：H：1 0:16 Br:80 K:39 Mn：55一、选择题。
（本大题共13小题,每小题6分，共78分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
）二、选择题：（本大题共8小题，每小题6分，共48分。
在每小题给出的四个选项中,第14-18题只有一项符合题目要求,第19-21题有多项符合题目要求。
奎部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
）14．一物体在l0N 的外力作用下，产生10c 2/m s 的加速度，求该物体的质量。
下列有几种不同的求法，其中单位运用正确简捷而又规范的是F 10A m kg 1kg a 10===． 22F 10N 10kgm /sB m 100kg a 0.1m /s m /s ====． F 10C m 100kg a 0.1===． F 10D m kg 100kg a 0.1===．【答案】DA 、加速度的单位应换算即2210cm /s0.1m /s =后代入，故A 错误；B 、代入数据时不必每个物理量的单位都逐个代入，故B 错误；C 、代入数据时不能只有数据没有单位，故C 错误；D 、该选项所示为单位运用正确简捷而又规范的写法,故D 正确 故选D 。
2014年普通高等学校招生全国统一考试全国2II卷(物理) 答案及详细解析
2014年普通高等学校招生全国统一考试（全国2卷）理科综合（物理）14.已知甲乙两汽车在一平直公路上同向行驶。
在t=0到t=t1的时间内,它们的v-t图像如图所示。
在这段时间内( )A.汽车甲的平均速度比乙大B.汽车乙的平均速度等于错误！未找到引用源。
C.甲乙两汽车的位移相同D.汽车甲的加速度大小逐渐减小,汽车乙的加速度大小逐渐增大15.取水平地面为重力势能零点,一物块从某一高度水平抛出,在抛出点其动能与重力势能恰好相等。
不计空气阻力。
该物块落地时的速度方向与水平方向的夹角为( ) A.错误！未找到引用源。
B.错误！未找到引用源。
C.错误！未找到引用源。
D.错误！未找到引用源。
16.一物体静止在粗糙水平地面上,现用一大小为F1的水平拉力拉动物体,经过一段时间后其速度变为v,若将水平拉力的大小改为F2,物体从静止开始经过同样的时间后速度变为2v,对于上述两个过程,用W F1、W F2分别表示拉力F1、F2所做的功,W f1、W f2分别表示前后两次克服摩擦力所做的功,则( )A.W F2>4W F1,W f2>2W f1B.W F2>4W F1,W f2=2W f1C.W F2<4W F1,W f2=2W f1D.W F2<4W F1,W f2<2W f117.如图,一质量为M的光滑大圆环,用一细轻杆固定在竖直平面内;套在大环上质量为m的小环(可视为质点),从大环的最高处由静止滑下。
重力加速度大小为g,当小环滑到大环的最低点时,大环对轻杆拉力的大小为( )A.Mg-5mgB.Mg+mgC.Mg+5mgD.Mg+10mg18.假设地球可视为质量均匀分布的球体。
已知地球表面重力加速度在两极的大小为g0;在赤道的大小为g;地球自转的周期为T,引力常量为G。
地球的密度为( )A.错误！未找到引用源。
B.错误！未找到引用源。
C.错误！未找到引用源。
D.错误！未找到引用源。
河南省实验中学高三物理第二次模拟考试试题(含解析)
河南省实验中学2014届高三二测模拟卷理科综合全卷共300分，考试时间为150分钟。
【试卷综析】本试卷是高三模拟试题，包含了高中物理的全部内容，主要包含匀变速运动规律、受力分析、牛顿运动定律、电场、磁场、带电粒子的运动等内容，在考查问题上以基本定义、基本规律为主，以基础知识和基本技能为载体，以能力测试为主导。
，思路活，是份非常好的试卷。
可能用到的相对原子质量：Br：80 C：12 Fe：56 O：16二、多项选择题（共8小题；每小题6分，共48分。
14－18题单选，19－21多选。
）【题文】14．如图所示,物体B叠放在物体A上,A、B的质量均为m,且上、下表面均与斜面平行,它们以共同速度沿倾角为θ的固定斜面C匀速下滑,则A.A、B间没有静摩擦力B.A受到B的静摩擦力方向沿斜面向上C.A受到斜面的滑动摩擦力大小为2mgsin θD.A与B间的动摩擦因数μ=tan θ【知识点】共点力平衡的条件及其应用；滑动摩擦力；力的合成与分解的运用．B2 B3 B7 【答案解析】 C 解析： A、对B受力分析可知，B受重力、支持力；将重力分解可知重力有沿斜面向下的分力，要使B能匀速下滑，受力一定平衡，故A对B应有沿斜面向上的摩擦力；故A错误；B、由牛顿第三定律可知，A受到B的摩擦力应沿斜面向下，故B错误；C、对整体分析，并将整体重力分解，可知沿斜面方向上，重力的分力与摩擦力等大反向，故A 受的滑动摩擦力沿斜面向上，大小为2mgsinθ，故C正确；D、由于AB间为静摩擦力，无法确定动摩擦因数，故D错误；故选C．【思路点拨】对B物体受力分析，根据共点力平衡可以得出A受力的情况，得出AB间摩擦力的大小及方向．再对整体受力分析可得出A受斜面的摩擦力情况．在求摩擦力时，一定要先判断物体受到的力是动摩擦力还是静摩擦力；若为静摩擦力，可由受力平衡进行分析；但如果是滑动摩擦力，可以由滑动摩擦力的公式求出，但是要注意物体也可能处于平衡状态，故也可以由共点力的平衡求出．【题文】15．2013年6月我国宇航员在天宫一号空间站中进行了我国首次太空授课活动，其中演示了太空“质量测量仪”测质量的实验，助教聂海胜将自己固定在支架一端，王亚平将连接运动机构的弹簧拉到指定位置，如图所示。
河南省豫南五市2014届高三第二次模拟考试 理综物理 含解析byzhang
2014年豫南五市高三第二次模拟考试高三理科综合能力测试（物理）本试题卷分第1卷(选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，第1卷1至6页，第Ⅱ卷7至16页，共300分。
注意事项：1．答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写（涂)在答题卡上。
考生要认真核对答题卡上粘贴的条形码的“准考证号、姓名”与考生本人准考证号、姓名是否一致。
2．第1卷每小题选出答案后．用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动,用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
第Ⅱ卷用黑色墨水签字笔在答题卡上书写作答，在试题上作答，答案无效。
3．考试结束,监考员将试题卷、答题卡一并收回。
第1卷(选择题，共126分)二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14—18题只有一项符合题目要求，第19—21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分．有选错的得0分。
14。
质量m=l0kg的物体只在变力F作用下沿水平方向做直线运动，F随坐标x的变化关系如图所示。
若物体从坐标原点处由静止出发，则物体运动到x=16m处时的速度大小为A.3 m/s B 。
4 m/s C.22m/s D. 17m/s【答案】CF —x 图线与x 轴围成的面积表示力F 所做的功，则这段过程中，外力做功为:()11W 4810410J 40J 22=+⨯-⨯⨯=根据动能定理得：21W mv 2=，解得2W 240v m /s 22m /s m 10⨯==＝，故C 正确。
故选C 。
【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系 15。
如图，完全相同的三个物体P 、M 、Q 质量均为m ，叠放在一起置于水平面上,现用两根等长的细线系在P 、Q 两物体上，在细线的结点处施加一水平拉力F ，两物体始终保持静止状态，则下列说法正确的是A ．P 、M 两物体间无摩擦力B ．P 、M 两物体间的摩擦力大小为FC ．M 、Q 间的摩擦力为F D.Q 与地面间的摩擦力大小为F 【答案】D将F 按照平行四边形定则进行分解，如图：设T 与水平方向的夹角都是θ;AB 、选取P 为研究的对象，P 受到重力、支持力、拉力T 2与M 对P 的摩擦力，P 、M 两物体间的摩擦力大小为1F 2,故AB 错误;C、选取P与M组成的系统为研究的对象，整体受到重力、支持力、拉力T2与Q对M的摩擦力，M与Q两物体间的摩擦力大小为1F2,故C错误；D、以PMQ整体为研究对象受力分析,根据平衡条件,水平方向受到的摩擦力大小与拉力F相等，方向相反,故D正确。
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2014年河南省郑州市高考物理二模试卷(J)副标题一、单选题（本大题共6小题，共6.0分）1.起重机将一重物由静止竖直向上加速吊起，当重物上升一定高度时，以下说法正确的是A. 起重机拉力对重物所做的功等于重物重力势能的增量B. 起重机拉力对重物所做的功等于重物动能的增量C. 重物克服重力所做的功等于重物重力势能的增量D. 外力对重物做功的代数和等于重物机械能的增量【答案】C【解析】解：A、重物由静止竖直向上加速吊起时，动能和重力势能均增加，机械能增加，根据功能原理知，起重机拉力对重物所做的功等于重物机械能的增量，故A错误。
B、根据动能定理得知，起重机拉力和重力对重物所做的功之和等于重物动能的增量，故B错误。
C、重物克服重力所做的功等于重物重力势能的增量，故C正确。
D、由动能定理知，外力对重物做功的代数和等于重物动能的增量，故D错误。
故选：C。
本题根据功与能的关系分析常见的功能关系为；重力做功等于重力势能的减少量；合力做功等于动能的变化除重力以外的力做功等于物体机械能的变化．本题的关键要正确分析功与能的关系明确起重机对物体做功，即为除重力以外的力做功，所以会导致物体机械能变化；而重力势能的变化由重力做功决定，对于合力做功可以由动能变化来确定．2.如图所示是一火警报警器的部分电路示意图其中为用半导体热敏材料制成的传感器值班室的显示器为电路中的电流表，a、b之间接报警器当传感器所在处出现火情时，显示器的电流I、报警器两端的电压U的变化情况是A. I变大，U变大B. I变大，U变小C. I变小，U变小D. I变小，U变大【答案】C【解析】解：当出现火情时，热敏电阻的阻值减小，则外电路总电阻减小；由闭合电路欧姆定律可知，电路中总电流将增大；由可知，路端电压减小，则图中报警器两端的电压U将减小；因总电流增大，则两端的电压增大，并联部分的电压减小，则可知流过中的电流I减小。
故选：C。
热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，则再由闭合电路的欧姆定律可得出电路中电流与电压U的关系．本题是电路动态变化分析问题，要了解半导体材料的特性：电阻随着温度升高而减小；二要处理局部与整体的关系，按“局部整体局部”顺序进行分析．3.如图示，a、b、c为电场中同一条电场线上的三点，其中c为ab的中点已知a、b两点的电势分别为，，则下列叙述正确的是A. 该电场在c点处的电势一定为5VB. a点处的场强一定小于b点处的场强C. 正电荷从a点运动到b点的过程中电势能一定增大D. 正电荷只受电场力作用从a点运动到b点的过程中动量一定增大【答案】C【解析】解：A、若该电场是匀强电场，根据匀强电场可知，顺着电场线方向电势均匀降低，则在c点处的电势为若该电场是非匀强电场，则知在c点处的电势不是故A错误。
B、一条电场线不能表示电场线的疏密，则无法判断场强的大小。
故B错误。
C、根据推论：正电荷在电势高处电势能大，可知，正电荷从a点运动到b点的过程中电势能一定增大。
故C正确。
D、正电荷从a点运动到b点的过程中电势能增大，动能减小，则动量减小。
故D错误。
故选：C。
已知，，若该电场是匀强电场，则在c点处的电势为5V，若该电场是非匀强电场，则知在c点处的电势不是电场线的疏密反映电场强弱，一条电场线不能表示电场线的疏密，则知无法判断场强的大小根据推论：正电荷在电势高处电势能大，分析电势能的大小，并可判断动能大小，确定出动量大小．本题要掌握电场线的物理意义：电场线的疏密表示电场强度的相对大小，但一条电场线不能表示电场的强弱．4.关于环绕地球运动的卫星，下列说法正确的是A. 分别沿圆轨道和椭圆轨道运行的两颗卫星，不可能具有相同的周期B. 沿椭圆轨道运行的一颗卫星，在轨道不同位置可能具有相同的速率C. 在赤道上空运行的两颗地球同步卫星，它们的轨道半径有可能不同D. 沿不同轨道经过北京上空的两颗卫星，它们的轨道平面一定会重合【答案】B【解析】解：A、分别沿圆轨道和椭圆轨道运行的两颗卫星，可能具有相同的周期，故A错误；B、沿椭圆轨道运行的一颗卫星，在轨道对称的不同位置具有相同的速率，故B正确；C、根据万有引力提供向心力，列出等式：，其中R为地球半径，h为同步卫星离地面的高度。
由于同步卫星的周期必须与地球自转周期相同，所以T为一定值，根据上面等式得出：同步卫星离地面的高度h也为一定值。
故C错误；D、沿不同轨道经过北京上空的两颗卫星，它们的轨道平面不一定重合，但圆心都在地心，故D错误。
故选：B。
根据开普勒定律求解．了解同步卫星的含义，即同步卫星的周期必须与地球自转周期相同．物体做匀速圆周运动，它所受的合力提供向心力，也就是合力要指向轨道平面的中心．通过万有引力提供向心力，列出等式通过已知量确定未知量．地球质量一定、自转速度一定，同步卫星要与地球的自转实现同步，就必须要角速度与地球自转角速度相等，这就决定了它的轨道高度和线速度大小．5.郑州裕达国贸酒店中，有一部直通高层的客运电梯，行程超过百米电梯的简化模型如图甲所示考虑安全、舒适、省时等因素，电梯的加速度a是随t变化的，图象如图乙所示请你借鉴由图象求位移的方法，根据图乙所示的图象，计算当电梯在时由静止上升，第1s内的速度改变量和第2s末的速率分别为A. ，B. ，C. ，D. ，【答案】A【解析】解：面积法：通过类比可得，电梯的速度变化量等于第1s内图线下的面积第1s内速度改变量第2s内速度该变量时，，第2s末速度，故A正确，BCD错误；故选：A。
运用类比法可知，图象与坐标轴所围的“面积”等于速度变化量，即可求出电梯在第1s内的速度改变量，及电梯在2s内的速度改变量，即求得第2s末的速率；本题一要有基本的读图能力，并能根据加速度图象分析电梯的运动情况；二要能运用类比法，理解加速度图象“面积”的物理意义．6.如图，一载流长直导线和一矩形导线框固定在同一平面内，线框在长直导线右侧，且其长边与长直导线平行已知在到的时间间隔内，直导线中电流i发生某种变化，而线框中感应电流总是沿顺时针方向，线框受到的安培力的合力先水平向左、后水平向右设电流i正方向与图中箭头方向相同，则i随时间t变化的图线可能是A. B. C. D.【答案】A【解析】解：线框中感应电流沿顺时针方向，由安培定则可知，感应电流的磁场垂直于纸面向里；由楞次定律可得：如果原磁场增强时，原磁场方向应垂直于纸面向外，由安培定则可知，导线电流方向应该向下，为负的，且电流越来越大；由楞次定律可知：如果原磁场方向垂直于纸面向里，则原磁场减弱，直线电流变小，由安培定则可知，直线电流应竖直向上，是正的；A、由图示可知，直线电流按A所示变化，感应电流始终沿顺时针方向，由楞次定律可知，在i大于零时，为阻碍磁通量的减小，线框受到的合力水平向左，在i小于零时，为阻碍磁通量的增加，线框受到的合力水平向右，故A正确；B、图示电流不能使线框中的感应电流始终沿顺时针方向，故B错误；C、图示电流使线框中的感应电流沿顺时针方向，但线框在水平方向受到的合力始终水平向左，故C错误；D、图示电流使线框中产生的感应电流沿逆时针方向，故D错误；故选：A。
感应电流沿顺时针方向，由安培定则判断出感应电流磁场方向；然后由楞次定律判断出原磁场如何变化，直线电流如何变化；由楞次定律判断导线框受到合力的方向．正确理解楞次定律中“阻碍”的含义是正确解题的关键，熟练应用楞次定律、安培定则即可正确解题．二、多选题（本大题共5小题，共5.0分）7.中国男子汉许帅军2014年1月2日驾热气球飞近钓鱼岛后安全归来在某次飞行训练中，热气球刚开始从地面竖直上升时，加速度为，当上升到180m时，开始以的速度匀速上升若离开地面后热气球所受浮力保持不变，上升过程中热气球总质量460kg保持不变，重力加速度关于热气球，下列说法正确的是A. 加速上升过程中所受空气阻力保持不变B. 所受浮力大小为4830NC. 从地面开始上升10s后的速度大小为D. 以匀速上升时所受空气阻力大小为230N【答案】BD【解析】解：A、气球受重力、浮力和空气阻力，若阻力不变，合力不变，气球一直匀加速上升，与题矛盾。
故A错误；B、从地面刚开始竖直上升时，速度为零，故阻力为零，气球受重力和浮力，根据牛顿第二定律，有：浮解得：浮，故B正确；C、刚开始竖直上升时的加速度为，气球是变加速运动，加速度逐渐减小，故10s后的速度大小小于，故C错误；D、以匀速上升时，根据平衡条件，有：浮，解得，故D正确；故选：BD。
气球受重力、浮力和阻力，先加速后匀速，故加速度变化，合力变化，故阻力变化；开始时速度为零，空气阻力为零，根据牛顿第二定律列式求解出浮力；最后匀速，再根据平衡条件列式求解．本题关键明确气球做加速度不断减小的加速运动，当加速度减为零时，速度达到最大；然后根据平衡条件和牛顿第二定律列式求解．8.如图所示，是某燃气炉点火装置的示意图转换器将直流电压转换为如图乙所示的正弦交变电压，并加在一个理想变压器的原线圈上，变压器原、副线圈的匝数分别为、，为交流电压表当变压器副线圈电压的瞬时值大于5000V时，就会在钢针和金属板间引发电火花进而点燃气体以下判断正确的是A. 原线圈中交变电流的频率为50HzB. 电压表的示数为5VC. 电压表的示数为D. 实现点火的条件是【答案】AC【解析】解：A、原线圈中周期为，频率为，故A正确；BC、最大值为有效值的倍，所以电压的有效值为，即电压表示数为，B错误，C正确；D、当变压器副线圈电压的瞬时值大于5000V时，就会在钢针和金属板间引发电火花进而点燃气体。
图乙所示的正弦交变电压最大值为5V，根据电压与匝数成正比，所以实现点火的条件是，故D错误；故选：AC。
根据图象可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比即可求得结论．掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，知道电压表的示数为有效值，本题即可得到解决．9.关于一定量的气体，下列说法正确的是A. 气体从外界吸收热量，其内能一定增加B. 在完全失重的情况下，气体对容器壁的压强为零C. 气体在等压膨胀的过程中温度一定升高D. 电冰箱的工作过程表明，热量可以从低温物体向高温物体传递E. 功转变为热的实际宏观过程是不可逆过程【答案】CDE【解析】解：A、根据热力学第一定律，做功和热传递都可以改变内能，所以气体从外界吸收热量，其内能不一定增加，外界对气体做功，其内能不一定增加，A错误；B、气体压强是由于气体分子频繁撞击器壁而产生的；完全失重时，气体对容器壁的压强仍然存在；故B错误；C、气体在等压膨胀的过程中，由气体的状态方程可得，气体的温度升高，故C正确；D、电冰箱的工作过程表明，热量可以从低温物体向高温物体传递；但不是自发进行的；故D正确；E、功转变为热的实际宏观过程是不可逆的；故E正确；故选：CDE。