【原创精品解析】物理卷·2015届河南省十所示范性高中联考高二试题

【试卷综析】本试卷是高二试卷，主要考察电场，恒定电流、电磁感应，选修内容。

考查知识点的覆盖面广，从题型、分值、知识结构等方面看，能兼顾各层次学生的实际情况。

试卷难度适中，有较好的区分度，是一份比较理想的阶段性评价试卷。

从试题的表现形式上看，整体上体现了探究式学习的要求和新课程理念考查学生解决实际问题的综合能力。

是份非常好的试卷【知识点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【答案解析】B 解析：解：据题意，保持滑轮的位置不变，处于静止状态，其合力为零，重物也静止，则知绳子的拉力大小始终等于重物的重力大小，保持不变，两绳的夹角也不变，故析两绳拉力的合力保持不变．使杆向下转动一个角度到虚线位置的过程中，根据平衡条件知，杆对滑轮P的作用力与两绳拉力的合力大小相等、方向相反，所以杆对滑轮P的作用力保持不变．故B正确，ACD错误．故选B【思路点拨】本题关键要滑轮为研究对象，抓住不变的条件：两绳子的拉力不变，其合力不变，由平衡条件就能分析知道杆对滑轮P的作用力是保持不变的．关系E P=qφ【知识点】带电粒子在匀强电场中的运动．【答案解析】B 解析：解：A、在0＜t＜t0，质子所受电场力方向向左，向左做匀加速直线运动，速度逐渐增大．故A错误．B、在t0＜t＜2t0，质子所受的电场力方向向右，向左做匀减速直线运动，2t0时速度为零．故B正确．C、在2t0＜t＜3t0，质子所受电场力方向向右，质子向右做匀加速直线运动．故C错误．D、在3t0＜t＜4t0，质子所受电场力向左，质子向右做匀减速直线运动．故D错误．故选：B．【思路点拨】本题是带电粒子在周期性电场中运动的类型，关键分析质子的受力情况，根据电场力与速度关系判断运动情况．也可以画出质子运动的速度时间--图象求解，难度适中【知识点】机械能守恒定律．【答案解析】C 解析：解：A、机械能的增量等于系统除重力和弹簧弹力之外的力所做的功，从开始到B速度达到最大的过程中，绳子上拉力对B一直做负功，所以B的机械能一直减小，故A正确；B、根据动能定理可知，B物体动能的增量等于它所受重力与拉力做功之和，故B 正确；C、整个系统中，根据功能关系可知，B减小的机械能能转化为A的机械能以及弹簧的弹性势能，故B物体机械能的减少量大于弹簧弹性势能的增加量，故C错误；D 、系统机械能的增量等于系统除重力和弹簧弹力之外的力所做的功，A 物体与弹簧所组成的系统机械能的增加量等于细线拉力对A 做的功，故D 正确．故选C ．【思路点拨】正确受力分析，明确各种功能关系，是解答这类问题的关键，这类问题对于提高学生的分析综合能力起着很重要的作用【知识点】电势能；电场强度；电势．【答案解析】 D 解析：解：A 、C 因正电荷由a 到c 电势能增加，则电场力做负功，则电势升高．故c 点电势高于a 点电势．则M 点为负电荷，故A 、C 错误． B 、a 点与c 点为关于两电荷的中垂线对称，则场强大小相等但方向不同，故B 错误； D 、将该试探电荷沿直线由a 点移动到b 点，根据等势线分布图可知，电势先降低后升高，则电势能先减小后增大，电场力先做正功、后做负功．故D 正确故选D【思路点拨】在电场中跟据带电粒子运动轨迹和电场线关系判断电场强度、电势、电势能、动能等变化是对学生基本要求，也是重点知识，要重点掌握【知识点】带电粒子在磁场中运动【答案解析】B 解析：解： 三个粒子运动轨迹如图所示．由左手定则可知，粒子1带正 电、粒子2不带电，粒子3带负电，A 错误；粒子1从b 点射出， 由几何关系可知L r 221=粒子3从cd 边垂直射出，由几何关系可 L r 23=，又Bqm v r =,则21113321==m q m q r r 两粒子的比荷之比与轨迹半径之比成反比，故B 正确；粒子1的轨迹圆心角为90°，则粒子1运动时间为vLv r t 4241211ππ=⨯=，粒子2做匀速直线运动，时间为vLt 22=，则4::21π=t t ,C 错误；粒子3的射出位置与d 点相距L )12(-,D 错误;故选B【思路点拨】带电粒子在磁场中做圆周运动，注意运用几何关系得到半径，然后根据周期公式求解【知识点】法拉第电磁感应定律【答案解析】 AD 解析：解：A 、根据右手定则，mn 切割磁场，相当于电源，所以N M ϕϕ<，同理q p ϕϕ<，A 正确；B 、m 、n 之间的电势差为感应电动势的43，而p 、q 之间的电势差为感应电动势的21，并且当p 、q 进入时的速度与mn 的速度不一定相同，因此电势差无法比较,B 错误；R t I q R E I t E ∆Φ=∆==∆∆Φ=,,，电阻率相同，ρρ442BSLSL BL q mn ==（S 为导线的横截面积）ρπρπ422)2(2BSL SL L B q pq==（S 为导线的横截面积）,所以电荷量相同，C 错误、D 正确；故选AD【思路点拨】利用法拉第电磁感应定律，切割磁感线部分相对于电源，然后根据欧姆定律求得电势差；电荷量之间的关系【知识点】交流发电机及其产生正弦式电流的原理；正弦式电流的图象和三角函数表达式．【答案解析】 AC 解析：解：A 、由题图乙可知交流电电流的最大值是I m ＝102A ，周期T=0.02s ，由于电流表的示数为有效值，故示数I=A A I 1022102==，故A 正确；B 、角速度ω=Tπ2=100π rad/s ，故B 错误； C 、0.01s 时线圈中的感应电流达到最大，感应电动势最大，则穿过线圈的磁通量变化最快，磁通量为0，故线圈平面与磁场方向平行，故C 正确；D 、由楞次定律可判断出0.02s 时流过电阻的电流方向自左向右，选项D 错误．故选：AC ．【思路点拨】本题考查交变电流的产生及有效值的定义，要注意明确电流表示数、机器铭牌上所标的电流值、电压值等均为有效值【知识点】牛顿第二定律；平均速度．【答案解析】 AD 解析：解：A 、图线切线的斜率表示瞬时加速度的2倍，图线斜率逐渐增大，知加速度逐渐增大，根据牛顿第二定律知，合力越来越大．故A 正确，B 错误．C 、物体做加速度逐渐增大的加速运动，作出v-t 图线，如图所示，若做匀加速直线运动，平均速度等于2v ，但是变加速直线运动图线与时间轴围成的面积小于匀加速直线运动图线与时间轴围成的面积，知变加速直线运动的平均速度小于2v ．故C 错误，D 正确．故选AD ． 【思路点拨】解决本题的关键能够灵活运用图象解题，知道速度时间图线与时间轴围成的面积表示位移，以及掌握匀变速直线运动的平均速度公式【知识点】功 牛顿第二定律 v-t 图像【答案解析】ABD 解析：解：由图像可知物体沿x 方向做加速度时刻变化的变速直线遇到，沿y 方向做匀速直线运动，结合运动的合成知识可知物体做曲线运动，选项A 正确；速度—时间图像的斜率表示加速度，在t 1—t 3时间内，物体的加速度先增大后减小，故合外力先增大后减小，选项B 正确；t 1、t 3时刻，速度的变化率为0，物体的加速度为0，合外力F 为0，故F 的功率为0，选项C 错误：t 1时刻的合速度的大小与t 2时刻合速度的大小相等，则t 1—t 3时间内，物体的动能变化为0，据动能定理知外力F 做的总功为零，选项D 正确。

【思路点拨】根据运动的合成求得合速度，注意v-t 图像斜率表示加速度，功率的定义P=Fv 求解。

【知识点】带电粒子在匀强电场中的运动；平行板电容器的电容．【答案解析】 BC 解析：解：A 、若小球带正电，当d 增大时，电容减小，但Q 不可能减小，所以Q 不变，根据E=SkQ cd Q d U επ4==，E 不变所以电场力不变，小球仍然打在N 点．故A 错误．B 、若小球带正电，当d 减小时，电容增大，Q 增大，根据E=SkQcd Q d U επ4==，所以d 减小时E 增大，所以电场力变大向下，小球做平抛运动竖直方向加速度增大，运动时间变短，打在N 点左侧．故B 正确．C 、若小球带负电，当AB 间距d 减小时，电容增大，则Q 增大，根据E=SkQ cd Q d U επ4==，所以d 减小时E 增大，所以电场力变大向上，若电场力小于重力，小球做类平抛运动竖直方向上的加速度减小，运动时间变长，小球将打在N 点的右侧．故C 正确．D 、若小球带负电，当AB 间距d 增大时，电容减小，但Q 不可能减小，所以Q 不变，根据E=SkQ cd Q d U επ4==，E 不变所以电场力大小不变，方向变为向上，若电场力小于重力，小球做类平抛运动竖直方向上的加速度减小，运动时间变长，小球将打在N点的右侧．故D 错误．故选BC ．【思路点拨】解决本题的关键掌握处理类平抛运动的方法．以及知道二极管的单向导电性．【知识点】功能关系；牛顿第二定律．【答案解析】AC 解析：解：A 、由图可知，x 1处物体图象的斜率最大，则说明此时机械能变化最快，由E=Fx可知此时所受的拉力最大；故A正确；B、x1～x2过程中，图象的斜率越来越小，则说明拉力越来越小；在x2处物体的速度最大，图象的斜率为零，则说明此时拉力为零；在这一过程中物体应先加速后减速，则说明最大速度一定不在x2处；故B错误；C、x2～x3过程中机械能保持不变，故说明拉力一定为零；故拉力的功率为零；故C正确；D、由图象可知，拉力先增大后减小，直到变为零；则物体受到的合力应先增大，后减小，减小到零后，再反向增大；故D错误；故选：AC【思路点拨】本题画出了我们平时所陌生的机械能与高度的变化图象；要求我们从图象中分析物体的运动过程．要求我们能明确机械能与外力做功的关系；明确重力做功与重力势能的关系；并正确结合图象进行分析求解．【知识点】刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．【答案解析】 7.2 8.695(8.692---8.698均对) 解析：解：1、游标卡尺的主尺读数为：7mm，游标尺上第2个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为2×0.1m=0.2m，所以最终读数为：7mm+0.2mm=7.2mm．2、螺旋测微器的固定刻度为8.5mm，可动刻度为19.5×0.01mm=mm=0.195mm，所以最终读数为8.5mm+0.195mm=8.695．故答案为：7.2，8.695【思路点拨】解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．【知识点】测定电源的电动势和内阻．【答案解析】(1)如图所示(2)丙 1.4(1.3～1.5均可) 1.0(0.8～1.2均可)解析：(1)在测定电源利用的闭合电路欧姆定律E=Ir+U,甲图中没办法测量电压，所以不可以用甲图，乙、丙连接见答案 (2)图像为R-I 1图像，所以选择的为丙图，根据闭合电路欧姆定律rR E I +=.推导r IER -=1，所以图像的斜率表示电源电动势，截距表示内阻，根据图像得到答案 【思路点拨】测定电源的电动势和内阻也是根据闭合电路欧姆定律，然后根据图像和所给器材进行正确选择。