学年下学期高一物理周练11(无答案)
河南省信阳市固始县城南永和高级中学2021-2022学年高一下学期第四次月考物理试题(wd无答案)
河南省信阳市固始县城南永和高级中学2021-2022学年高一下学期第四次月考物理试题(wd无答案)一、单选题(★★) 1. 无动力翼装飞行是一种专业的极限滑翔运动。
某翼装飞行者在某次飞行过程中，在同一竖直面内从A到B滑出了一段圆弧，如图所示。
关于该段运动，下列说法正确的是（）A．飞行者速度始终不变B．飞行者所受合外力始终不为零C．在A处，空气对飞行者没有作用力D．在B处，空气对飞行者没有作用力(★★★) 2. 如图所示，在倾角为的斜面顶点把一小球以初速度水平抛出，小球落在斜面上。
若不计空气阻力，则小球的运动时间为（）A．B．C．D．(★★) 3. 物理来源于生活，也可以运用物理知识解释生活中的一些现象，如图所示为某游泳爱好者横渡富春江，他以恒定的速度向对岸游去，面部始终保持于河岸垂直。
设江中各处水流速度相等，他游过的路程、过河所用的时间与水速的关系是（）A．水速变大后，路程变长，时间不变B．水速变大后，路程变长，时间变长C．水速变大后，合速度变大，时间变短D．路程、时间与水速无关(★★★) 4. 如图所示，细线的一端固定于O点，另一端系一小球，在水平拉力作用下，小球以恒定速率在竖直平面内由点B运动到点A，下列说法正确的是（）A．小球所受合力为0B．绳子上张力T做负功C．重力的功率P逐渐增大D．水平拉力F逐渐减小(★★★) 5. 如图所示，在 O、P 两点分别固定点电荷＋ q 及－ q ，比较图中 a、b、c 三点场强大小的关系， ab 为 PO 的中垂线，可得（）A．EB．EC．ED．E(★★★) 6. 当前，我国某些偏远山区的日常用水仍然主要依靠井水。
某同学用水桶从水井里提水，井内水面到井口的高度为4m。
水桶离开水面时，桶和水的总质量为。
由于水桶漏水，在被匀速提升至井口的过程中，桶和水的总质量随着上升距离的变化而变化，其关系如图所示。
水桶可以看成质点，不计空气阻力，重力加速度取。
由图像可知，在提水的整个过程中，拉力对水桶做的功为（）A．B．C．D．(★★) 7. 在高速公路的拐弯处，通常路面都是外高内低。
高一物理下学期第11次周考试卷高一全册物理试题
应对市爱护阳光实验学校一中高一〔下〕第11次周考物理试卷一、选择题1．关于向心加速度以下说法正确的选项是〔〕A．向心加速度是描述物体速度大小改变快慢的物理量B．向心加速度是描述物体速度方向改变快慢的物理量C．向心加速度的方向始终指向圆心，所以其方向不随时间发生改变D．以上说法都不对2．以下说法正确的选项是〔〕A．做匀速圆周运动的物体，线速度不变B．做匀速圆周运动的物体，任意相时间内速度变化相C．向心加速度和半径成正比D．向心加速度是反映速度方向变化快慢程度的物理量3．以下说法正确的选项是〔〕A．做曲线运动的物体受到的合力一不为零B．做曲线运动的物体的加速度一是变化的C．物体在恒力作用下，不可能做曲线运动D．物体在变力作用下，可能做直线运动，也可能做曲线运动4．以下现象中，不能用离心现象解释的是〔〕A．拍掉衣服外表的灰尘B．洗衣机的脱水筒把衣服上的水脱干C．使用离心机可迅速将悬浊液中的颗粒沉淀D．在转弯时，要用力拉紧扶手，以防摔倒5．在沿水平地面不同高度以相同的水平初速度分别抛出甲、乙两物体，假设两物体由抛出点到落地点的水平距离之比是：1，那么甲、乙两物体抛出点到地面的高度之比为〔〕A．1：1 B．2：1 C．3：1 D．4：16．一辆载重在丘陵山地上匀速行驶，地形如图．由于车轮太陈旧，途中“放炮〞．你认为在途中A、B、C、D四处中，放炮的可能性最大的是〔〕A．A处B．B处C．C处D．D处7．一只小船在静水中的速度为3m/s，它要渡过一条宽为30m的河，河水流速为4m/s，那么这只船〔〕A．能沿垂直于河岸方向过河B．船头正岸渡河的位移最小C．能渡过这条河，而且所需时间可以小于10sD．能渡过这条河，渡河的位移最小为40m8．1月11日12时50分，歼20在实现首飞，历时18分钟，这标志着我国隐形战斗机的研制工作掀开了的一页．如下图，隐形战斗机在竖直平面内作横8字形飞行表演，飞行轨迹为1→2→3→4→5→6→1，如果飞行员体重为G，飞行圆周半径为R，速率恒为v，在A、B、C、D四个位置上，飞机座椅和保险带对飞行员的作用力分别为F NA、F NB、F NC、F ND，关于这四个力的大小关系正确的选项是〔〕A．F NA=F NB＜F NC=F ND B．F NA=F NB＞F NC=F NDC．F NC＞F NA=F NB＞F ND D．F ND＞F NA=F NB=F NC9．如下图，水平固半球形的碗的球心为O点，最低点为B点．在碗的边缘向着球心以速度v0水平抛出一个小球，抛出点及O、B点在同一个竖直面内，以下说法正确的选项是〔〕A．v0大小适当时小球可以垂直打在B点左侧内壁上B．v0大小适当时小球可以垂直打在B点C．v0大小适当时小球可以垂直打在B点右侧内壁上D．小球不能垂直打在碗内任何一个位置10．如下图，小球从楼梯上以2m/s的速度水平抛出，所有台阶的高度为0.15m，宽度为0.30m，取g=10m/s2，那么小球抛出后首先落到的台阶是〔〕A．第一级台阶B．第二级台阶C．第三级台阶D．第四级台阶11．如下图，一条小船位于200m宽的河A点处，从这里向下游100m处有一危险区，当时水流速度为4m/s，为了使小船避开危险区沿直线到达对岸，小船在静水中的速度至少是〔〕A ． m/sB ． m/s C．2m/s D．4m/s12．如下图，水平放置的两个用相同材料制成的轮P和Q靠摩擦传动〔不打滑〕，两轮的半径R：r=2：1．当主动轮Q匀速转动时，在Q轮边缘上放置的小木块恰能相对静止在Q轮边缘上，此时Q轮转动的角速度为ω1，木块的向心加速度为a1；假设改变转速，把小木块放在P轮边缘也恰能静止，此时Q轮转动的角速度为ω2，木块的向心加速度为a2，那么〔〕A ． =B ． =C ． =D ． =二、〔非选择题〕13．如下图的皮带传动装置中，右边两轮是连在一起同轴转动，图中三轮半径的关系为：R1=2R2，R3=R1，A、B、C三点为三个轮边缘上的点，皮带不打滑，那么A、B、C三点的线速度之比为，角速度之比为，周期之比为．14．〔1〕在“研究平抛物体的运动〞的中，为了描出物体的运动轨迹，有以下各个步骤：A．以O为原点，画出与y轴相垂直的水平轴x轴；B．把事先做的有缺口的纸片用手按在竖直木板上，使由斜槽上滚下抛出的小球正好从纸片的缺口中通过，用铅笔在白纸上描下小球穿过这个缺口的位置；C．每次都使小球由斜槽上固的标卡位置开始滚下，用同样的方法描出小球经过的一位置，并用平滑的曲线把它们连接起来，这样就描出了小球做平抛运动的轨迹；D．用图钉把白纸钉在竖直木板上，并在木板的左上角固好斜槽；E．在斜槽末端抬高一个小球半径处为O点，在白纸上把O点描下来，利用重垂线在白纸上画出过O点向下的竖直直线，为y轴．在上述中，缺少的步骤F是，正确的步骤顺序是．〔2〕如下图，在“研究平抛物体运动〞的中，用一张印有小方格的纸记录轨迹，小方格的边长l=5cm．假设小球在平抛运动途中的几个位置如图中的a、b、c、d所示，那么小球平抛的初速度的计算式为v o= 〔用l、g表示〕，其值是〔取g=m/s2〕，小球在b点的速率是．三、计算题15．如下图，一辆以V0=15m/s的速率通过一座拱桥的桥顶时，对桥面的压力于车重的一半．取g=10m/s2，求：〔1〕这座拱桥的半径R；〔2〕假设要使过桥顶时对桥面恰无压力，那么过桥顶时的速度V的大小．16．小球用一条不可伸长的轻绳相连接，绳的另一端固在悬点上．当小球在竖直面内来回摆动〔如图甲所示〕，用力传感器测得绳子对悬点的拉力大小随时间变化的曲线〔如图乙所示〕．绳长为1.6m，绳子的最大偏角θ=60°，g=10m/s2，试求：〔1〕小球的质量m；〔2〕小球经过最低时的速度v．17．如下图，半径R=0.4m的圆盘水平放置，绕竖直轴OO′匀速转动，在圆心O 正上方h=0.8m高处固一水平轨道PQ，转轴和水平轨道交于O′点．一质量m=1kg 的小车〔可视为质点〕，在F=4N的水平恒力作用下，从O′左侧x0=2m处由静止开始沿轨道向右运动，当小车运动到O′点时，从小车上自由释放一小球，此时圆盘半径OA与x轴重合．规经过O点水平向右为x轴正方向．小车与轨道间的动摩擦因数μ=0.2，g取10m/s2．求：〔1〕假设小球刚好落到A点，求小车运动到O′点的速度．〔2〕为使小球刚好落在A点，圆盘转动的角速度为多大．〔3〕为使小球能落到圆盘上，求水平拉力F作用的距离范围．一中高一〔下〕第11次周考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题1．关于向心加速度以下说法正确的选项是〔〕A．向心加速度是描述物体速度大小改变快慢的物理量B．向心加速度是描述物体速度方向改变快慢的物理量C．向心加速度的方向始终指向圆心，所以其方向不随时间发生改变D．以上说法都不对【考点】加速度．【分析】向心加速度只改变速度的方向，不改变速度大小，向心加速度描述的是线速度方向变化的快慢，因此明确向心加速度的物理意义即可正此题．【解答】解：A、B、向心加速度时刻与速度方向垂直，不改变速度大小，只改变速度方向，所以向心加速度是描述速度方向变化快慢的物理量，故A错误，B 正确；C、向心加速度时刻指向圆心，方向随时间发生改变，C错误；D、由于B正确，故D错误；应选：B．2．以下说法正确的选项是〔〕A．做匀速圆周运动的物体，线速度不变B．做匀速圆周运动的物体，任意相时间内速度变化相C．向心加速度和半径成正比D．向心加速度是反映速度方向变化快慢程度的物理量【考点】线速度、角速度和周期、转速．【分析】线速度是矢量，既有大小又有方向，当大小或方向之一改变时，线速度就改变．圆周运动线速度方向是圆周的切线方向．速度变化量也是矢量；向心加速度有两个公式a=ω2r=，运用控制变量法分析；向心加速度是反映速度方向变化快慢程度．【解答】解：A、做匀速圆周运动的物体，线速度大小不变，线速度方向沿圆周的切线，所以其方向是变化的，故线速度是改变的，故A错误；B、做匀速圆周运动的物体，任意相时间内速度变化的大小相，但方向不同，故任意相时间内速度变化不相，故B正确；C、根据向心加速度公式a=ω2r=，只有当角速度一时，向心加速度和半径成正比；而当线速度一时，向心加速度和半径成反比；故C错误；D、对匀速圆周运动而言，当转动半径一时，向心加速度越大，速度方向改变越快；应选：D．3．以下说法正确的选项是〔〕A．做曲线运动的物体受到的合力一不为零B．做曲线运动的物体的加速度一是变化的C．物体在恒力作用下，不可能做曲线运动D．物体在变力作用下，可能做直线运动，也可能做曲线运动【考点】物体做曲线运动的条件．【分析】曲线运动是变速运动，一存在加速度，但不一变化，在变力作用下，可是直线运动，也可做曲线运动，从而即可求解．【解答】解：A、曲线运动的物体，速度一变化，那么存在加速度，受到的合力一不为零，故A正确；B、曲线运动的物体的加速度不一是变化的，但速度一变化，故B错误；C、物体在恒力作用下，可能做曲线运动，比方：平抛运动，故C错误；D、在变力作用下，可能做直线运动，也可能做曲线运动，故D正确；应选：AD．4．以下现象中，不能用离心现象解释的是〔〕A．拍掉衣服外表的灰尘B．洗衣机的脱水筒把衣服上的水脱干C．使用离心机可迅速将悬浊液中的颗粒沉淀D．在转弯时，要用力拉紧扶手，以防摔倒【考点】离心现象．【分析】当物体受到的合力的大小缺乏以提供物体所需要的向心力的大小时，物体就要远离圆心，此时物体做的就是离心运动．【解答】解：A、抖掉衣服外表的灰尘，这是由于惯性的作用，不是离心现象，故A错误．B、洗衣机的脱水筒把衣服上的水分脱干，需要的向心力的大小大于了水和衣服之间的附着力，水做离心运动被从衣服上甩掉，属于离心现象，故B正确．C、使用离心机可迅速将悬浊液中的颗粒沉淀，颗粒需要的向心力的大小大于了外界的作用力，属于离心现象，故C正确．D、站在行驶的公共上的人，在转弯时要用力拉紧扶手，使得拉力能够于需要的向心力，不至于发生离心运动，以防摔倒，故D正确．改题选不能用离心现象解释的，应选：A．5．在沿水平地面不同高度以相同的水平初速度分别抛出甲、乙两物体，假设两物体由抛出点到落地点的水平距离之比是：1，那么甲、乙两物体抛出点到地面的高度之比为〔〕A．1：1 B．2：1 C．3：1 D．4：1【考点】平抛运动．【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，初速度相，根据水平距离之比求出平抛运动的时间比，再根据h=求出高度之比．【解答】解：水平方向上做匀速直线运动，初速度相，那么运动时间比为，根据h=知，下落的高度之比为3：1．故C正确，A、B、D错误．应选C．6．一辆载重在丘陵山地上匀速行驶，地形如图．由于车轮太陈旧，途中“放炮〞．你认为在途中A、B、C、D四处中，放炮的可能性最大的是〔〕A．A处B．B处C．C处D．D处【考点】向心力；牛顿第二律．【分析】在丘陵山地做圆周运动，靠径向的合力提供向心力，根据牛顿第二律求出何处支持力最大，何处放炮的可能性最大．【解答】解：在最高点有：mg﹣N=m，解得N=mg ﹣＜mg．在最低点，有：N﹣mg=m，解得N=mg+m＞mg．知C处支持力最大，那么C处最可能放炮．故C正确，A、B、D错误．应选C．7．一只小船在静水中的速度为3m/s，它要渡过一条宽为30m的河，河水流速为4m/s，那么这只船〔〕A．能沿垂直于河岸方向过河B．船头正岸渡河的位移最小C．能渡过这条河，而且所需时间可以小于10sD．能渡过这条河，渡河的位移最小为40m【考点】运动的合成和分解．【分析】将船的运动分解为沿河岸方向和垂直于河岸方向，根据垂直于河岸方向上的速度求出渡河的时间．通过判断合速度能否与河岸垂直，判断船能否垂直到对岸，当船在静水中速度小于河水速度时，根据合速度垂直静水中速度，那么位移最小，从而即可求解．【解答】解：A、静水中的速度为3m/s，小于河水流速为4m/s，根据平行四边形那么，由于静水速小于水流速，那么合速度不可能垂直于河岸，即船不可能垂直到达对岸．故A错误．B、船头正岸渡河时，渡河的时间最短，而不是的位移最小，故B错误；C、当静水中的速度与河岸垂直时，渡河时间最短，为：t min ===10s，故C 错误；D 、当船的合速度于静水中的速度时，船的渡河位移最小，根据，解得：s=；故D正确；应选：D．8．1月11日12时50分，歼20在实现首飞，历时18分钟，这标志着我国隐形战斗机的研制工作掀开了的一页．如下图，隐形战斗机在竖直平面内作横8字形飞行表演，飞行轨迹为1→2→3→4→5→6→1，如果飞行员体重为G，飞行圆周半径为R，速率恒为v，在A、B、C、D四个位置上，飞机座椅和保险带对飞行员的作用力分别为F NA、F NB、F NC、F ND，关于这四个力的大小关系正确的选项是〔〕A．F NA=F NB＜F NC=F ND B．F NA=F NB＞F NC=F NDC．F NC＞F NA=F NB＞F ND D．F ND＞F NA=F NB=F NC【考点】向心力．【分析】飞行员做匀速圆周运动，重力和支持力的合力提供向心力，根据向心力公式列式分析；由于一能通过最高点，故速度一满足．【解答】解：行员做匀速圆周运动，重力和支持力的合力提供向心力；在A 处，有，故…①在D 处，有，故…②在B 处，有，故…③在C 处，有，故…④有上述4式，得到：F NA=F NB＜F NC=F ND应选：A．9．如下图，水平固半球形的碗的球心为O点，最低点为B点．在碗的边缘向着球心以速度v0水平抛出一个小球，抛出点及O、B点在同一个竖直面内，以下说法正确的选项是〔〕A．v0大小适当时小球可以垂直打在B点左侧内壁上B．v0大小适当时小球可以垂直打在B点C．v0大小适当时小球可以垂直打在B点右侧内壁上D．小球不能垂直打在碗内任何一个位置【考点】平抛运动．【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，最终的速度不可能竖直向下，通过假设法判断小球不能垂直打在碗内任何一个位置．【解答】解：A、因为平抛运动的速度于水平速度和竖直速度的合速度，合速度的方向一偏向右下方，不可能与A垂直相撞，也不可能垂直撞在B．故A、B错误．C、假设小球垂直打在C点，设速度与水平方向的夹角为θ，位移与水平方向上的夹角为β，根据几何关系有：θ=2β，根据平抛运动的推论，tanθ=2tanβ．与θ=2β相矛盾．所以小球不可能撞在C点，可知小球一不能垂直打在碗内任何一个位置．故C错误，D正确．应选：D．10．如下图，小球从楼梯上以2m/s的速度水平抛出，所有台阶的高度为0.15m，宽度为0.30m，取g=10m/s2，那么小球抛出后首先落到的台阶是〔〕A．第一级台阶B．第二级台阶C．第三级台阶D．第四级台阶【考点】平抛运动．【分析】小球做平抛运动，根据平抛运动的特点水平方向做匀速运动，竖直方向做自由落体运动，结合几何关系即可求解．【解答】解：如图：设小球落到斜线上的时间为t，斜线与水平方向的夹角正切值，那么有：，解得t=，那么水平位移x=v0t=2×0.2m=0.4m，可知0.3m＜x＜0.6m，那么小球落在第二级台阶．故B正确，A、C、D错误．应选：B．11．如下图，一条小船位于200m宽的河A点处，从这里向下游100m处有一危险区，当时水流速度为4m/s，为了使小船避开危险区沿直线到达对岸，小船在静水中的速度至少是〔〕A ． m/sB ． m/s C．2m/s D．4m/s【考点】运动的合成和分解．【分析】小船离河岸100m处，要使能平安到达河岸，那么小船的合运动最大位移为．因此由水流速度与小船的合速度，借助于平行四边形那么，即可求出小船在静水中最小速度．【解答】解：要使小船避开危险区沿直线到达对岸，那么有合运动的最大位移为．因此小船能平安到达河岸的合速度，设此速度与水流速度的夹角为θ，即有tan θ=所以θ=30°又流水速度，那么可得小船在静水中最小速度为：v船=v水sinθ=×4m/s=2m/s 应选：C12．如下图，水平放置的两个用相同材料制成的轮P和Q靠摩擦传动〔不打滑〕，两轮的半径R：r=2：1．当主动轮Q匀速转动时，在Q轮边缘上放置的小木块恰能相对静止在Q轮边缘上，此时Q轮转动的角速度为ω1，木块的向心加速度为a1；假设改变转速，把小木块放在P轮边缘也恰能静止，此时Q轮转动的角速度为ω2，木块的向心加速度为a2，那么〔〕A ． =B ． =C ． =D ． =【考点】向心加速度；线速度、角速度和周期、转速．【分析】对于在Q边缘的木块，最大静摩擦力恰为向心力，假设将小木块放在P轮上，欲使木块相对B轮也静止，也是最大静摩擦力提供向心力，根据向心力公式即可求解．【解答】解：A、在Q轮边缘上放置的小木块恰能相对静止在Q轮边缘上．那么有最大静摩擦力提供向心力．即为μmg=mω12r，当木块放在P轮也静止，那么有μmg=mωP2R，解得： =因为线速度大小相，ω2r=ωP R解得：ω2=2ωP所以=，故A正确，B错误；C、因为a1=ω12r，a2=ωP2R，所以=，故C正确，D错误；应选：AC．二、〔非选择题〕13．如下图的皮带传动装置中，右边两轮是连在一起同轴转动，图中三轮半径的关系为：R1=2R2，R3=R1，A、B、C三点为三个轮边缘上的点，皮带不打滑，那么A、B、C 三点的线速度之比为1：1：3 ，角速度之比为1：2：2 ，周期之比为2：1：1 ．【考点】线速度、角速度和周期、转速．【分析】A、B两点同缘传动，线速度相；B、C两点同轴转动，角速度相；然后结合公式v=ωr和T=列式分析．【解答】解：A、B两点同缘传动，线速度相，故：v A=v B根据公式v=ωr，A、B两点的角速度之比为：ωA：ωB=r2：r1=1：2根据T=，A、B两点的周期之比为：T A：T B=ωB：ωA=2：1B、C两点同轴转动，角速度相，故：ωB=ωC根据公式v=ωr，B、C两点的线速度之比为：v B：v C=r2：r3=1：3根据公式T=，B、C两点的周期之比为：T B：T C=ωC：ωB=!：1故：v A：v B：v C=1：1：3ωA：ωB：ωC=1：2：2T A：T B：T C=2：1：1故答案为：1：1：3，1：2：2，2：1：1．14．〔1〕在“研究平抛物体的运动〞的中，为了描出物体的运动轨迹，有以下各个步骤：A．以O为原点，画出与y轴相垂直的水平轴x轴；B．把事先做的有缺口的纸片用手按在竖直木板上，使由斜槽上滚下抛出的小球正好从纸片的缺口中通过，用铅笔在白纸上描下小球穿过这个缺口的位置；C．每次都使小球由斜槽上固的标卡位置开始滚下，用同样的方法描出小球经过的一位置，并用平滑的曲线把它们连接起来，这样就描出了小球做平抛运动的轨迹；D．用图钉把白纸钉在竖直木板上，并在木板的左上角固好斜槽；E．在斜槽末端抬高一个小球半径处为O点，在白纸上把O点描下来，利用重垂线在白纸上画出过O点向下的竖直直线，为y轴．在上述中，缺少的步骤F是调整斜槽使放在斜槽末端的小球可停留在任何位置，说明斜槽末端切线已水平，正确的步骤顺序是DFEABC ．〔2〕如下图，在“研究平抛物体运动〞的中，用一张印有小方格的纸记录轨迹，小方格的边长l=5cm．假设小球在平抛运动途中的几个位置如图中的a、b、c、d所示，那么小球平抛的初速度的计算式为v o= 〔用l、g表示〕，其值是0.7m/s 〔取g=m/s2〕，小球在b点的速率是0.875m/s ．【考点】研究平抛物体的运动．【分析】保证小球做平抛运动必须通过调节使斜槽的末端保持水平，因为要画同一运动的轨迹，必须每次释放小球的位置相同，且由静止释放，以保证获得相同的初速度，要求小球滚下时不能碰到木板平面，防止因摩擦而使运动轨迹改变，最后轨迹连成平滑的曲线．平抛运动竖直方向是自由落体运动，对于竖直方向根据△y=gT2求出时间单位T．对于水平方向由公式v0=求出初速度．由a、c间竖直方向的位移和时间求出b点竖直方向的分速度，运用速度的合成，求解b的速率．【解答】解：〔1〕保证小球做平抛运动必须通过调节使斜槽的末端保持水平，所以在上述中缺少调整斜槽使放在斜槽末端的小球可停留在任何位置以说明斜槽末端切线已水平这一步，顺序是：先安装器材，让小球做平抛运动，最后去下白纸进行数据处理，故步骤合理的顺序为DFEABC；〔2〕这四个点的水平间隔相同，所以时间间隔相同，根据公式△h=gt2得：，水平方向上有：即为：代入数据可得初速度为：v0=0.7m/s．根据公式为：代入数据可得b点的速度．代入解得：v b=0.875m/s故答案为：〔1〕调整斜槽使放在斜槽末端的小球可停留在任何位置，说明斜槽末端切线已水平；DFEABC；〔2〕；0.7m/s；0.875m/s三、计算题15．如下图，一辆以V0=15m/s的速率通过一座拱桥的桥顶时，对桥面的压力于车重的一半．取g=10m/s2，求：〔1〕这座拱桥的半径R；〔2〕假设要使过桥顶时对桥面恰无压力，那么过桥顶时的速度V的大小．【考点】向心力．【分析】〔1〕在桥顶，靠重力和支持力的合力提供向心力，结合牛顿第二律求出这座拱桥的半径．〔2〕当对桥面的压力为零，那么靠重力提供向心力，根据牛顿第二律求出过桥顶时的速度大小．【解答】解：〔1〕设小车质量为m，桥面对小车支持力为F N，因对桥面的压力于车重的一半．由牛顿第三律可知F N =对车利用牛顿第二律有mg一F N =所以〔2〕设小车过桥顶时对桥面恰无压力时速度为V，此时小车只受重力作用由牛顿第二律有所以．答：〔1〕这座桥的半径R为45m．〔2〕过桥顶时的速度大小为m/s．16．小球用一条不可伸长的轻绳相连接，绳的另一端固在悬点上．当小球在竖直面内来回摆动〔如图甲所示〕，用力传感器测得绳子对悬点的拉力大小随时间变化的曲线〔如图乙所示〕．绳长为1.6m，绳子的最大偏角θ=60°，g=10m/s2，试求：〔1〕小球的质量m；〔2〕小球经过最低时的速度v．【考点】向心力；牛顿第二律．【分析】〔1〕小球在最高点时绳子的拉力最小，在最低点时绳子拉力最大，由图读出最高点时绳子的拉力，根据最高点时向心力为0，即绳子的拉力与重力绳子方向的合力为0，列式求出摆球的质量m．〔2〕根据最低点时绳子的拉力最大，结合牛顿第二律求出摆球的最大速度．【解答】解：〔1〕由图读出，小球在最高点时的拉力大小 F min=0.5N小球在最高点时，小球的速度为0，向心力为0，即绳子的拉力与重力绳子方向的合力为0，那么有：F min=mgcosθ得：m==kg=0.1kg〔2〕由图读出，小球在最低点时的拉力大小 F max=2N小球在最低点，根据牛顿第二律有：F max﹣mg=代入数据解得：v==m/s=4m/s．答：〔1〕小球的质量m为0.1kg；〔2〕小球经过最低时的速度v为4m/s．17．如下图，半径R=0.4m的圆盘水平放置，绕竖直轴OO′匀速转动，在圆心O 正上方h=0.8m高处固一水平轨道PQ，转轴和水平轨道交于O′点．一质量m=1kg 的小车〔可视为质点〕，在F=4N的水平恒力作用下，从O′左侧x0=2m处由静止开始沿轨道向右运动，当小车运动到O′点时，从小车上自由释放一小球，此时圆盘半径OA与x轴重合．规经过O点水平向右为x轴正方向．小车与轨道间的动摩擦因数μ=0.2，g取10m/s2．求：〔1〕假设小球刚好落到A点，求小车运动到O′点的速度．〔2〕为使小球刚好落在A点，圆盘转动的角速度为多大．〔3〕为使小球能落到圆盘上，求水平拉力F作用的距离范围．【考点】动能理的用；平抛运动；线速度、角速度和周期、转速．【分析】〔1〕物块离开O′点后做平抛运动，可以求出平抛运动的时间抛运动的初速度，从而得出小车运动到O′点速度〔2〕假设圆盘转一圈，物块恰好调入小桶，此时作用力时间最短．圆盘转一圈的时间与平抛运动时间是相．从而得出圆盘转动的角速度最小值．也有可能在平抛运动时间内，圆盘转动N圈．因此求出转动角速度．〔3〕小球能落在圆盘上，那么可利用平抛运动，可求出小球抛出的速度范围，从而得出小球的加速度的范围．最终运用牛顿第二律可求出水平拉力的距离范围．【解答】解：〔1〕小球离开小车后，由于惯性，将以离开小车时的速度作平抛运动，R=vt小车运动到O′点的速度v==1m/s〔2〕为使小球刚好落在A点，那么小球下落的时间为圆盘转动周期的整数倍，有，其中k=1，2，3…。
陕西省吴起高级中学2015-2016学年高一物理下学期：第十一周周末作业缺答案
第十一周周末作业班级：姓名：家长签字：（一）、知识梳理一、功1、定义：力和力的作用点通过位移的乘积．2。
做功的两个必要因素：力和物体在力的方向上的位移3、公式：W＝FScosα(α为F与s的夹角）．说明:恒力做功大小只与F、s、α这三个量有关．与物体是否还受其他力、物体运动的速度、加速度等其他因素无关，也与物体运动的路径无关．4。
单位：焦耳（J) 1 J＝1N·m。
5。
物理意义：表示力在空间上的积累效应，是能的转化的量度6。
功是标量，没有方向,但是有正负．正功表示动力做功，负功表示阻力做功，功的正负表示能的转移方向．①当0≤a＜900时W＞0,力对物体做正功；②当α=900时W＝0，力对物体不做功;③当900＜α≤1800时W＜0,力对物体做负功或说成物脚体克服这个力做功7. 多个力的总功求解①用平行四边形定则求出合外力，再根据w＝F合scosα计算功．注意α应是合外力与位移s间的夹角．②分别求各个外力的功：W1＝F1 scosα1，W2=F2scosα2……再求各个外力功的代数和．二、动能动能定理1、动能定义:物体由于运动而具有的能叫做动能。
表达式:3122.动能定义：物体由于运动而具有的能叫做动能。
表达式：E mvk注意：动能是状态量，只与运动物体的质量以及速率有关,而与其运动方向无关,能是标量，只有大小，没有方向,单位是焦耳(J)。
2、动能定理注意：W为合外力做的功或外力做功的代数和，ΔE k是物体动能的增量；ΔE k为正值时，说明物体动能增加,ΔE k为负值时，说明物体动能减少.6。
应用动能定理进行解题的一般步骤:（1）确定研究对象，明确它的运动过程;（2）分析物体在运动过程中的受力情况,明确各个力是否做功，是正功还是负功;（3）明确起始状态和终了状态的动能.（二）、典型试题1、关于功的概念,以下说法正确的是（)A.力是矢量,位移是矢量，所以功也是矢量；B。
功有正、负之分,所以功也有方向性;C。
2021年高一下学期物理周练试卷(尖子班5.5) 含答案
2021年高一下学期物理周练试卷（尖子班5.5）含答案一、选择题(1-8题单选，每小题4分；9-12题多选，每小题6分；共56分)1.起重机将放置在地面上的重物竖直向上提起。
重物先加速上升，然后以稳定的速度继续上升。
整个过程中保持起重机牵引力的功率不变，则起重机的牵引力（）A．保持不变 B．不断减小C．先增大后不变 D．先减小后不变2如图所示，质量相同的两物体处于同一高度，A沿固定在地面上的光滑斜面下滑，B自由下落，最后到达同一水平面，则( ) A．重力对两物体做的功相同 B．重力的平均功率相同C．到达底端时重力的瞬时功率相同 D．到达底端时两物体的动能相同，速度相同3.两个相同的篮球，表面潮湿，从不同高度自由落至同一地面,留下的印迹如图所示.关于初始时篮球的重力势能，下列说法正确的是( )A．落在a处的大B．落在b处的大C．两个一样大 D．无法比较大小4.质量为m的物体，沿倾角为α的光滑斜面由静止下滑，当下滑t(s)时重力势能减少量为（）5.如图所示，长为L的长木板水平放置，在木板的A端放置一个质量为m的小物体．现缓慢抬高A端，使木板以左端为轴转动. 当木板转到跟水平面的夹角为α时，小物体开始滑动，此时停止转动木板，小物体滑到底端的速度为v，则在整个过程中()A．木板对小物体做功为mv2 B．摩擦力对小物体做功为mgL sinαC．支持力对小物体做功为零D．克服摩擦力做功为mgL cosα－mv26.如图所示，质量相等的物体A、B通过一轻质弹簧相连，开始时B放在地面上，A、B均处于静止状态，此时弹簧压缩量△x1．现通过细绳将A向上缓慢拉起，第一阶段拉力做功为W1时，弹簧变为原长；第二阶段拉力再做功W2时，B刚要离开地面，此时弹簧伸长量为△x2．弹簧一直在弹性限度内，则（）A．△x1＞△x2B．拉力做的总功等于A的重力势能的增加量C．第一阶段，拉力做的功等于A的重力势能的增加量D．第二阶段，拉力做的功等于A的重力势能的增加量7.质量为m的物体以初速度v0沿水平面向左开始运动，起始点A与一轻弹簧O端相距s，如图所示．已知物体与水平面间的动摩擦因数为μ，物体与弹簧相碰后，弹簧的最大压缩量为x，则从开始碰撞到弹簧被压缩至最短，物体克服弹簧弹力所做的功为（）A． mv02﹣μmg（s+x）B． mv02﹣μmgxC．μmgs D．μmg（s+x）8.如图所示，倾角为θ的斜面放置在水平地面上，B点为斜面中点．一小物块（可视为质点）从斜面顶点A点开始无初速度下滑，到达斜面底端C点时速度恰好为零．若物块在AB段和BC段与斜面间的动摩擦因数分别为μ1，和μ2，整个过程中斜面始终保持静止状态，则下列说法中正确的是( )A．小物块下滑的整个过程中斜面对地面的压力始终小于小物块和斜面的重力之和B．根据题给条件可以计算出小物块滑至B点时的速度大小C．小物块在AB段的平均速率小于在BC段的平均速率D．动摩擦因数满足关系式μ1+μ2=2tanθ9.用水平力拉一物体在水平地面上从静止开始做匀加速运动，t1时刻撤去拉力F，物体做匀减速运动，到t2时刻停止．其速度﹣时间图象如图所示，且α＞β．若拉力F做的功为W1，平均功率为P1；物体克服摩擦阻力做的功为W2，平均功率为P2，则下列选项正确的是（）A．W1＞W2B．W1=W2 C．P1＞P2D．P1=P210.如图所示，轻质弹簧一端固定在水平面上，另一端放置一质量m= lkg的小球，小球此时处于静止状态，现用竖直向上的拉力F作用在小球上，使小球开始向上做匀加速直线运动，经0. 2s弹簧刚好恢复到原长，此时小球的速度为1m/s，整个过程弹簧始终在弹性限度内，g取10m/s2.下列说法正确的是( )A．在0~0.2s内，拉力的最大功率为15W．B．弹簧的劲度系数为100N/cm,C．在0. 2s时撤去外力，则小球在全过程中能上升的最大高度为15cmD．在0~0.2s内，拉力F对小球做的功等于1.5J11.对下列各图蕴含的信息理解正确的是（）A．图甲的重力﹣质量图象说明同一地点的重力加速度相同B．图乙的位移﹣时间图象表示该物体受力平衡C．图丙的重力势能﹣时间图象表示该物体克服重力做功D．图丁的速度﹣时间图象表示该物体的合力随时间增大12. 质量为m的汽车发动机额定输出功率为P，当它在平直的公路上以加速度a由静止开始匀加速启动时，其保持匀加速运动的最长时间为t，汽车运动中所受的阻力大小恒定，则（）A．若汽车在该平直的路面上从静止开始以加速度2a匀加速启动，其保持匀加速运动的最长时间为B．若汽车以加速度a由静止开始在该路面上匀加速启动，经过时间发动机输出功率为PC．汽车保持功率P在该路面上运动可以达到的最大速度为D．汽车运动中所受的阻力大小为二、计算题（共44分）13.(10分)蹦极是一项既惊险又刺激的运动，深受年轻人的喜爱．如图所示，原长L=16m的橡皮绳一端固定在塔架的P点，另一端系在蹦极者的腰部．蹦极者从P点由静止跳下，到达A处时绳刚好伸直，继续下降到最低点B处，BP之间距离h=20m．又知：蹦极者的质量m=60kg，所受空气阻力f恒为体重的，蹦极者可视为质点，g=10m/s2．求：（1）蹦极者到达A点时的速度；（2）橡皮绳的弹性势能的最大值14.（10分）如图所示，在海滨游乐场里有一种滑沙游戏，人坐在滑板上从倾角θ=37º的斜坡上由静止开始下滑，经过斜坡底端沿水平滑道再滑行一段距离停下。
2021年高一下学期物理周练1(1)缺答案
2021年高一下学期物理周练1（1）缺答案一、单项选择题1．如图所示，水平转台上放着一枚硬币，当转台匀速转动时，硬币没有滑动，关于这种情况下硬币的受力情况，下列说法正确的是( )A ．受重力和台面的支持力B ．受重力、台面的支持力和向心力C ．受重力、台面的支持力、向心力和静摩擦力D ．受重力、台面的支持力和静摩擦力2．如图所示，一位同学做飞镖游戏，已知圆盘的直径为d ，飞镖距圆盘为L ，且对准圆盘上边缘的A 点水平抛出，初速度为v 0，飞镖抛出的同时，圆盘以垂直圆盘过盘心O 的水平轴匀速转动，角速度为ω。
若飞镖恰好击中A 点，则下列关系正确的是( )A ．d v 02＝L 2gB ．ωL ＝π(1＋2n )v 0，(n ＝0,1,2,3，…)C ．v 0＝ωd 2D ．dω2＝g π2(1＋2n )2，(n ＝0,1,2,3，…)3．xx 年奥运会在英国伦敦举行，已知伦敦的地理位置是北纬52°，经度0°；而北京的地理位置是北纬40°，东经116°，则下列判断正确的是( )A ．随地球自转运动的线速度大小，伦敦奥运比赛场馆与北京奥运比赛场馆相同B ．随地球自转运动的线速度大小，伦敦奥运比赛场馆比北京奥运比赛场馆大C ．随地球自转运动的向心加速度大小，伦敦奥运比赛场馆比北京奥运比赛场馆小D ．站立在领奖台上的运动员，其随地球自转的向心加速度就是重力加速度4．如图所示，在倾角为α＝30°的光滑斜面上，有一根长为L ＝0.8 m 的细绳，一端固定在O 点，另一端系一质量为m ＝0.2 kg 的小球，小球沿斜面做圆周运动，若要小球能通过最高点A ，则小球在最低点B 的最小速度是( )A ．2 m/sB ．210 m/sC ．2 5 m/sD ．2 2 m/s5．如图所示，长为L 的轻杆，一端固定一个质量为m 的小球，另一端固定在水平转轴O 上，杆随转轴O 在竖直平面内匀速转动，角速度为ω，某时刻杆对球的作用力恰好与杆垂直，则此时杆与水平面的夹角θ是( )A ．sin θ＝ω2L gB ．tan θ＝ω2L gC ．sin θ＝g ω2LD ．tan θ＝g ω2L6．如图所示，“旋转秋千”中的两个座椅A 、B 质量相等，通过相同长度的缆绳悬挂在旋转圆盘上。
高一物理下学期周练试卷高一全册物理试题
应对市爱护阳光实验学校高一〔下〕周练物理试卷〔5〕一．选择题〔此题包括8小题，每题6分，共48分.1-5题为单项选择题，6-8题为多项选择题〕1．如下图，直径为d的纸制圆筒，以角速度ω绕中心轴匀速转动，把枪口垂直对准愿同轴线，使子弹穿过圆筒，结果发现圆筒上只有一个弹孔，那么子弹的速度可能是〔〕A ．B ．C ．D ．2．某变速箱中有甲、乙、丙三个齿轮，如下图，其半径分别为r1、r2、r3，假设甲轮的角速度为ω，那么丙轮边缘上某点的向心加速度为〔〕A ．B ．C ．D ．3．半径为R的大圆盘以角速度ω旋转，如下图，有人站在P盘边点上随盘转动，他想用枪击中在圆盘中心的目标O，假设子弹的速度为v0，那么〔〕A．枪瞄准目标O射去B．枪向PO的右方偏过角度θ射去，而cosθ=C．枪向PO的左方偏过角度θ射去，而tanθ=D．枪向PO的左方偏过角度θ射去，而sinθ=4．光滑的水平面上固着一个螺旋形光滑水平轨道，俯视图如下图．一个小球以一速度沿轨道切线方向进入轨道，小球从进入轨道直到到达螺旋形区的时间内，关于小球运动的角速度和向心加速度大小变化的说法正确的选项是〔〕A．增大、减小B．减小、增大C．增大、增大D．减小、减小5．某老师在做竖直面内圆周运动快慢的研究，并给运动小球拍了频闪照片，如下图〔小球相邻影像间的时间间隔相〕，小球在最高点和最低点的运动快慢比拟，以下说法中不正确的选项是〔〕A．该小球所做的运动不是匀速圆周运动B．最高点附近小球相邻影像间弧长短，线速度小，运动较慢C．最低点附近小球相邻影像间圆心角大，角速度大，运动较快D．小球在相邻影像间运动时间间隔相，最高点与最低点运动一样快6．变速自行车靠变换齿轮组合来改变行驶速度，如图是某一变速车齿轮转动结构示意图，图中A轮有48齿，B轮有42齿，C轮有18齿，D轮有12齿，那么〔〕A．该车可变换两种不同挡位B．该车可变换四种不同档位C．当A轮与D轮组合时，两轮的角速度之比ωA：ωD=1：4D．当A轮与D轮组合时，两轮角速度之比ωA：ωD=4：17．图甲为磁带录音机的磁带盒，可简化为图乙所示的传动模型，A、B为缠绕磁带的两个轮子，两轮的半径均为r，在放音结束时，磁带绕到了B轮上，磁带的外缘半径R=3r，现在进行倒带，使磁带绕到A轮上．倒带时A轮是主动轮，其角速度是恒的，B轮是从动轮，那么在倒带的过程中以下说法正确的选项是〔〕A．倒带开始时A、B两轮的角速度之比为1：3B．倒带结束时A、B两轮的角速度之比为1：3C．倒带过程中磁带的运动速度变大D．倒带过程中磁带的运动速度不变8．图为一皮带传动装置，右轮半径为r，a为它边缘上一点；左侧是一轮轴，大轮半径为4r，小轮半径为2r，b点在小轮上，到小轮中心的距离为r．c点和d点分别位于小轮和大轮的边缘上．假设传动过程中皮带不打滑，那么〔〕A．a点和b点的线速度大小相B．a点和b点的角速度大小相C．a点和c点的线速度大小相D．c点和d点的向心加速度大小相二、填空题〔每题6分，共12分〕9．某同学通过对平抛运动进行研究，他在竖直墙上记录了抛物线轨迹的一，如图．O点不是抛出点，x轴沿水平方向，由图中所给的数据可求出平抛物体的初速度是m/s ，抛出点的坐标x= m ，y= m 〔g取10m/s2〕10．如下图，滑轮〔其质量不计〕的半径r=2cm，绕在滑轮上的细线悬挂着一个重物，由静止开始释放，测得重物以加速度a=2m/s2做匀加速运动，在重物由静止下落距离为1m的瞬间，滑轮边缘上的点的角速度ω=rad/s，向心加速度a= m/s2．11．如下图，竖直圆筒内壁光滑，半径为R，顶部有入口A，在A的正下方h处有出口B，一质量为m的小球从人口A沿圆筒壁切线方向水平射人圆筒内，要使球从B处飞出，小球进入入口A处的速度v o满足什么条件？12．我国射击运发动曾屡次在大赛中为国争光，在奥运会上又夺得射击冠．我们以打靶游戏来了解射击运动．某人在塔顶进行打靶游戏，如下图，塔高H=45m，在与塔底部水平距离为s处有一电子抛靶装置，圆形靶可被竖直向上抛出，初速度为v1，且大小可以调节．当该人看见靶被抛出时立即射击，子弹以v2=100m/s 的速度水平飞出．不计人的反时间及子弹在枪膛中的运动时间，且忽略空气阻力及靶的大小〔取g=10m/s2〕．〔1〕当s的取值在什么范围时，无论v1多大都不能被击中？〔2〕假设s=200m，v1=15m/s时，试通过计算说明靶能否被击中？13．一半径为R的雨伞绕柄以角速度ω匀速旋转，如下图，伞边缘距地面高h，水平甩出的水滴在地面上形成一个圆，求此圆半径r为多少？高一〔下〕周练物理试卷〔5〕参考答案与试题解析一．选择题〔此题包括8小题，每题6分，共48分.1-5题为单项选择题，6-8题为多项选择题〕1．如下图，直径为d的纸制圆筒，以角速度ω绕中心轴匀速转动，把枪口垂直对准愿同轴线，使子弹穿过圆筒，结果发现圆筒上只有一个弹孔，那么子弹的速度可能是〔〕A．B．C．D．【考点】线速度、角速度和周期、转速．【分析】子弹沿圆筒直径穿过圆筒，结果发现圆筒上只有一个弹孔，在子弹飞行的时间内，圆筒转动的角度为〔2n﹣1〕π，n=1、2、3…，结合角速度求出时间，从而得出子弹的速度．【解答】解：在子弹飞行的时间内，圆筒转动的角度为〔2n﹣1〕π，n=1、2、3…，那么时间为：t=，所以子弹的速度为：v==，n=1、2、3…当n=1时，v=当n=2时，v=当n=3时，v=所以ACD是可能的，B是不可能的．应选：ACD2．某变速箱中有甲、乙、丙三个齿轮，如下图，其半径分别为r1、r2、r3，假设甲轮的角速度为ω，那么丙轮边缘上某点的向心加速度为〔〕A ．B ．C ．D ．【考点】常见的传动装置；向心加速度．【分析】甲乙丙三个轮子的线速度相，根据a=求出丙轮边缘上某点的向心加速度．【解答】解：甲丙的线速度大小相，根据a=知甲丙的向心加速度之比为r3：r1，甲的向心加速度，那么．故A正确，B、C、D错误．应选A．3．半径为R的大圆盘以角速度ω旋转，如下图，有人站在P盘边点上随盘转动，他想用枪击中在圆盘中心的目标O，假设子弹的速度为v0，那么〔〕A．枪瞄准目标O射去B．枪向PO的右方偏过角度θ射去，而cosθ=C．枪向PO的左方偏过角度θ射去，而tanθ=D．枪向PO的左方偏过角度θ射去，而sinθ=【考点】运动的合成和分解．【分析】子弹参与了两个方向上的运动，沿枪口方向上的运动和沿圆盘切线方向上的运动，当合速度的方向指向目标O时，击中目标．根据平行四边形那么进行分析．【解答】解：子弹沿圆盘切线方向上的速度v1=Rω，子弹沿枪口方向上的速度为v o，根据平行四边形那么，有：sinθ==．所以v0的方向瞄准PO的左方偏过θ角射击，且sinθ=．故D正确，A、B、C错误．应选：D．4．光滑的水平面上固着一个螺旋形光滑水平轨道，俯视图如下图．一个小球以一速度沿轨道切线方向进入轨道，小球从进入轨道直到到达螺旋形区的时间内，关于小球运动的角速度和向心加速度大小变化的说法正确的选项是〔〕A．增大、减小B．减小、增大C．增大、增大D．减小、减小【考点】向心加速度；线速度、角速度和周期、转速．【分析】当作用力与速度方向垂直，该力不做功，根据动能理判断小球线速度大小的变化，根据v=ωr判断角速度的变化．【解答】解：轨道对小球的支持力与速度方向垂直，那么轨道对小球的支持力不做功，根据动能理，合力不做功，那么动能不变，即小球的线速度大小不变；根据v=ωr，线速度大小不变，转动半径减小，故角速度变大；根据a=，线速度不变转动半径减小，故向心加速度增加；故C选项正确；应选：C5．某老师在做竖直面内圆周运动快慢的研究，并给运动小球拍了频闪照片，如下图〔小球相邻影像间的时间间隔相〕，小球在最高点和最低点的运动快慢比拟，以下说法中不正确的选项是〔〕A．该小球所做的运动不是匀速圆周运动B．最高点附近小球相邻影像间弧长短，线速度小，运动较慢C．最低点附近小球相邻影像间圆心角大，角速度大，运动较快D．小球在相邻影像间运动时间间隔相，最高点与最低点运动一样快【考点】线速度、角速度和周期、转速．【分析】线速度于弧长与时间的比值，角速度于角度与时间的比值，根据义，与图中的情况比拟即可．【解答】解：由所给频闪照片可知，在最高点附近，像间弧长较小，说明最高点附近的线速度较小，运动较慢；在最低点附近，像间弧长较大，对相同时间内通过的圆心角较大，故角速度较大，运动较快，ABC选项正确，D选项不正确．此题选择不正确的，应选：D 6．变速自行车靠变换齿轮组合来改变行驶速度，如图是某一变速车齿轮转动结构示意图，图中A轮有48齿，B轮有42齿，C轮有18齿，D轮有12齿，那么〔〕A．该车可变换两种不同挡位B．该车可变换四种不同档位C．当A轮与D轮组合时，两轮的角速度之比ωA：ωD=1：4D．当A轮与D轮组合时，两轮角速度之比ωA：ωD=4：1【考点】线速度、角速度和周期、转速．【分析】A轮分别与C、D连接，B轮分别与C、D连接，共有4种不同的挡位；抓住线速度大小相，结合齿轮的齿数之比可以得出轨道半径之比，从而求出角速度之比．【解答】解：A、A轮通过链条分别与C、D连接，自行车可有两种速度，B轮分别与C、D连接，又可有两种速度，所以该车可变换4种挡位．故A错误，B正确．C、当A与D组合时，两轮边缘线速度大小相，A轮转一圈，D转4圈，即．故C正确，D错误．应选：BC．7．图甲为磁带录音机的磁带盒，可简化为图乙所示的传动模型，A、B为缠绕磁带的两个轮子，两轮的半径均为r，在放音结束时，磁带绕到了B轮上，磁带的外缘半径R=3r，现在进行倒带，使磁带绕到A轮上．倒带时A轮是主动轮，其角速度是恒的，B轮是从动轮，那么在倒带的过程中以下说法正确的选项是〔〕A．倒带开始时A、B两轮的角速度之比为1：3B．倒带结束时A、B两轮的角速度之比为1：3C．倒带过程中磁带的运动速度变大D．倒带过程中磁带的运动速度不变【考点】线速度、角速度和周期、转速．【分析】主动轮和从动轮边缘上的点线速度相，A的角速度恒，半径增大，线速度增大，当两轮半径相时，角速度相．【解答】解：由题，在倒带结束时，磁带绕到了B轮上，磁带的外缘半径R=3r，而线速度v相，ω=，故倒带结束时A、B两轮的角速度之比为1：3，故B正确A错误；在A轮转动的过程中，半径增大，角速度恒，随着磁带的倒回，A的半径变大，根据v=rω，知A线速度增大，故C正确D错误；应选：BC．8．图为一皮带传动装置，右轮半径为r，a为它边缘上一点；左侧是一轮轴，大轮半径为4r，小轮半径为2r，b点在小轮上，到小轮中心的距离为r．c点和d点分别位于小轮和大轮的边缘上．假设传动过程中皮带不打滑，那么〔〕A．a点和b点的线速度大小相B．a点和b点的角速度大小相C．a点和c点的线速度大小相D．c点和d点的向心加速度大小相【考点】线速度、角速度和周期、转速．【分析】传送带在传动过程中不打滑，那么传送带传动的两轮子边缘上各点的线速度大小相，共轴的轮子上各点的角速度相．再根据v=rω，a==rω2去求解．【解答】解：A、由于a、c两点是传送带传动的两轮子边缘上两点，那么v a=v c，b、c两点为共轴的轮子上两点，ωb=ωc，r c=2r b，那么v c=2v b，所以v a=2v b，故A错误；B、由于a、c两点是传送带传动的两轮子边缘上两点，那么v a=v c，b、c两点为共轴的轮子上两点，ωb=ωc，r c=2r a，根据v=rw，那么ωc=0.5ωa，所以ωb=0.5ωa，故B错误；C、由于a、c两点是传送带传动的两轮子边缘上两点，那么v a=v c，故C正确；D、根据公式a=rω2知，r d=2r c，所以a c=0.5a d，故D错误．应选：C．二、填空题〔每题6分，共12分〕9．某同学通过对平抛运动进行研究，他在竖直墙上记录了抛物线轨迹的一，如图．O点不是抛出点，x轴沿水平方向，由图中所给的数据可求出平抛物体的初速度是 2 m/s，抛出点的坐标x= ﹣0.2 m，y= ﹣0.05 m 〔g取10m/s2〕【考点】研究平抛物体的运动．【分析】平抛运动在竖直方向上做自由落体运动，根据△y=gT2，求出时间，再根据时性，求出水平初速度；OB段在竖直方向上的平均速度于A点竖直方向上的瞬时速度，再根据A点竖直方向上的速度求出下落的时间，求出下落的水平位移和竖直位移，从而求出抛出点的坐标．【解答】解：根据△y=gT2，T==0.1s，那么平抛运动的初速度v0===2m/s．A点在竖直方向上的分速度v yA ===3m/s．平抛运动到A的时间t===0.3s，此时在水平方向上的位移x=v0t=2×0.3=0.6m，在竖直方向上的位移y=gt2==0.45m，即为0.45﹣0.15=0.3m；所以抛出点的坐标x=﹣0.6m，y=﹣0.3m．故答案为：2，﹣0.6；﹣0.3．10．如下图，滑轮〔其质量不计〕的半径r=2cm，绕在滑轮上的细线悬挂着一个重物，由静止开始释放，测得重物以加速度a=2m/s2做匀加速运动，在重物由静止下落距离为1m的瞬间，滑轮边缘上的点的角速度ω=100 rad/s，向心加速度a= 200 m/s2．【考点】线速度、角速度和周期、转速．【分析】根据物体向下做匀加速运动，可求得此时的速度，这个速度就是轮缘上的线速度，再根据角速度与线速度的关系以及向心加速度的公式就可以解得结果．【解答】解：重物以加速度a=2m/s2做匀加速运动，由公式：，代入数据得此时轮缘的线速度=根据ω=，代入数据得ω=向心加速度故答案为：100； 200．11．如下图，竖直圆筒内壁光滑，半径为R，顶部有入口A，在A的正下方h处有出口B，一质量为m的小球从人口A沿圆筒壁切线方向水平射人圆筒内，要使球从B处飞出，小球进入入口A处的速度v o 满足什么条件？【考点】平抛运动．【分析】将小球运动分解，竖直方向做自由落体运动，水平方向做匀速直线运动，根据时间相性，即可求解．【解答】解：小球在竖直方向做自由落体运动，所以小球在桶内的运动时间为，在水平方向，以圆周运动的规律来研究，得到〔n=1，2，3…〕所以〔n=1，2，3…〕答：小球进入入口A处的速度v o满足条件是〔n=1，2，3…〕．12．我国射击运发动曾屡次在大赛中为国争光，在奥运会上又夺得射击冠．我们以打靶游戏来了解射击运动．某人在塔顶进行打靶游戏，如下图，塔高H=45m，在与塔底部水平距离为s处有一电子抛靶装置，圆形靶可被竖直向上抛出，初速度为v1，且大小可以调节．当该人看见靶被抛出时立即射击，子弹以v2=100m/s 的速度水平飞出．不计人的反时间及子弹在枪膛中的运动时间，且忽略空气阻力及靶的大小〔取g=10m/s2〕．〔1〕当s的取值在什么范围时，无论v1多大都不能被击中？〔2〕假设s=200m，v1=15m/s时，试通过计算说明靶能否被击中？【考点】竖直上抛运动．【分析】〔1〕假设抛靶装置在子弹的射程以外，那么不管抛靶速度为何值，都无法击中．根据平抛运动的规律求出s的大小．〔2〕子弹做平抛运动，根据水平位移的大小和初速度求出运动的时间，再分别求出子弹下降的高度和靶上升的高度，从而判断是否被击中．【解答】解：〔1〕假设抛靶装置在子弹的射程以外，那么不管抛靶速度为何值，都无法击中．H=gt2，s=v2ts=v2•=300 m即s＞300 m，无论v1为何值都不能被击中．〔2〕假设靶能被击中，那么击中处在抛靶装置的正上方，设经历的时间为t1，那么：s=v1t1，s．y1=gt12=×10×22 m=20 my2=v1t1﹣gt12=15×2 m ﹣×10×22 m=10 m．因为y1+y2=20 m+10 m=30 m＜H，所以靶不能被击中．答：〔1〕当s的取值在＞300m时，无论v1多大都不能被击中；〔2〕假设s=200m，v1=15m/s时，通过计算发现靶不能被击中．13．一半径为R的雨伞绕柄以角速度ω匀速旋转，如下图，伞边缘距地面高h，水平甩出的水滴在地面上形成一个圆，求此圆半径r为多少？【考点】向心力．【分析】雨滴飞出后做平抛运动，根据高度求出运动的时间，从而求出平抛运动的水平位移，根据几何关系求出水滴在地面上形成圆的半径．【解答】解：雨滴离开伞边缘后沿切线方向水平抛出，特别注意不是沿半径方向飞出，其间距关系如下图〔俯视图〕．雨滴飞出的速度大小为：v=ωR，雨滴做平抛运动在竖直方向上有：h=gt2，在水平方向上有：l=vt由几何关系知，雨滴半径为：r=，解以上几式得：r=R．答：此圆半径r为R．。
高一物理下学期周考试卷(含解析)-人教版高一全册物理试题
安徽省六安市千人桥中学2014-2015学年高一下学期周考物理卷一、选择题〔12*4分=48分〕1．某人以一定的速率垂直河岸将船向对岸划去，当水流匀速时，关于它过河所需的时间、发生的位移与水速的关系是( )A．水速小时，位移小，时间短B．水速大时，位移大，时间大C．水速大时，位移大，时间不变D．位移、时间与水速无关2．物体在平抛运动中，在相等时间内，如下哪个量相等〔不计空气阻力〕( )A．位移B．位移的增量C．加速度D．动能的增量3．如下列图，篮球绕中心线OO′以ω角速度转动，如此( )A．A、B两点向心加速度大小相等B．A、B两点线速度大小相等C．A、B两点的周期相等D．以上说法都不对4．1957年10月4日，苏联发射了世界上第一颗人造地球卫星以来，人类活动范围从陆地、海洋、大气层扩展到宇宙空间，宇宙空间成为人类的第四疆域，人类开展空间技术的最终目的是开发太空资源．宇宙飞船要与轨道空间站对接，飞船为了追上轨道空间站( ) A．只能从空间站同一轨道上加速B．只能从较高轨道上加速C．只能从较低轨道上加速D．无论在什么轨道上，只要加速都行5．如下说法正确的答案是( )A．汽车发动机的功率一定时，牵引力与速度成反比B．当汽车受到路面的阻力f一定时，汽车匀速运动的速度与发动机实际功率成反比C．当汽车受到路面的阻力f一定时，汽车作匀速运动的最大速度V m，受额定功率的制约，即满足P额=fV mD．当汽车以恒定速度行驶时，发动机的实际功率等于额定功率6．如下列图，当汽车通过拱桥顶点的速度为10米/秒时，车对桥顶的压力为车重的，如果要使汽车在粗糙的桥面行驶至桥顶时，不受摩擦力作用，如此汽车通过桥顶的速度应为〔g=10m/s2〕( )A．15米/秒B．20米/秒C．25米/钞D．30米/秒7．某人用手将1Kg物体由静止向上提起1m，这时物体的速度为2m/s〔g取10m/s2〕，如此如下说法正确的答案是( )A．手对物体做功12J B．合外力做功2JC．合外力做功12J D．物体抑制重力做功2J8．水平恒力F作用于原来静止的物体上，使其分别沿粗糙水平面和光滑水平面移动一段一样距离s，如此水平恒力F做的功和功率W1、P l和W2、P2相比拟，正确的答案是( ) A．W l＞W2，P1＞P2B．W l=W2，P I＜P2C．W l=W2，P l＞P2D．W l＞W2，P I＜P29．A、B两小球都在水平面上做匀速圆周运动，A球的轨道半径是B球轨道半径的2倍，A 的转速为30r/min，B的转速为15r/min．如此两球的向心加速度之比为( )A．1：1 B．2：1 C．4：1 D．8：110．如下列图，a、b、c是地球大气层外圆形轨道上运行的三颗人造地球卫星，a、b质量一样，且小于c的质量，如此( )A．b、c周期相等，且大于a的周期B．b所需向心力最大C．b、c向心加速度相等，且小于a的向心加速度D．b、c的线速度大小相等，且小于a的线速度11．对于万有引力定律的表达式F=，下面说法正确的答案是( )A．公式中G为引力常量，它是由实验测得的B．当r趋于零时，万有引力趋于无穷大C．m1、m2受到的引力总是大小相等的，故引力大小与m1、m2是否相等无关D．m1、m2受到的引力是一对平衡力12．如下列图，细杆的一端与一小球相连，可绕O点自由转动，现给小球一初速度，使它在竖直平面内做圆周运动，图中A、B分别表示小球运动轨道的最低点和最高点，如此杆对球的作用力可能是( )A．A处为推力，B处为拉力B．A处为拉力，B处为推力C．A处为拉力，B处为拉力D．A处为推力，B处为推力二、填空题〔每空3分共15分〕13．如下列图，在“研究平抛物体的运动〞的实验中，用一张印有小方格的纸记录轨迹，小方格的边长为L=1.25cm，假设小球在平抛运动途中的几个位置如图中的a、b、c、d所示，如此小球平抛的初速度的计算式：v0=__________．〔用L、g表示〕，其值是__________〔g 取9.8m/s2〕，小球在b点的速率是__________．14．在一段半径为R=15m的圆孤形水平弯道上，弯道路面对汽车轮胎的最大静摩擦力等于车重的0.70倍，如此汽车拐弯时的最大速度是__________m/s．15．小孩坐在秋千板上荡秋千，假设秋千静止时，小孩对秋千板的压力大小为300N，如此小孩的质量是__________kg．秋千摆动起来，通过最低点的速度大小为4.0m/s，假设秋千板离吊秋千的横梁3.2m，可以认为坐在秋千板上小孩的重心位置在秋千板上，如此小孩通过最低点时，它对秋千板的压力大小是__________．〔g取10m/s2〕三、计算题〔4题共37分〕16．如下列图，让摆球从图中的A位置由静止开始下摆，正好摆到最低点B位置时线被拉断．设摆线长l=1.6m，悬点到地面的竖直高度为H=6.6m，不计空气阻力，求：〔1〕摆球落地时的速度的大小．〔2〕落地点D到C点的距离〔g=10m/s2〕．17．21世纪，我国某宇航员踏上一半径为R的球状星体，该宇航员在该星体要用常规方法测量出该星球的质量，应该怎样做？写出方法．手中有2组常用器材，任选一组：〔1〕弹簧称，天平，某物体〔2〕米尺，秒表，某物体注：实验原理：用常规方法测出该星球外表的重力加速度，由g=G可计算出星球的质量M=．18．一小木块放在圆盘上，小木块m=1kg，距转轴r=4cm，圆盘转ω=10rad/s，小木块与圆盘动摩擦因数μ=0.3，设小木块受最大静摩擦力等于滑动摩擦力，小木块在该处能否处于相对静止状态？在该处处于静止的最大ω是多大？〔g=10m/s2〕19．汽车发动机的额定功率为30kW，质量为2000kg，当汽车在水平路面上行驶时受到阻力为车重的0.1倍，〔1〕汽车在路面上能达到的最大速度？〔2〕当汽车速度为10m/s时的加速度？〔3〕假设汽车从静止开始保持1m/s2的加速度作匀加速直线运动，如此这一过程能持续多长时间？安徽省六安市千人桥中学2014-2015学年高一下学期周考物理试卷一、选择题〔12*4分=48分〕1．某人以一定的速率垂直河岸将船向对岸划去，当水流匀速时，关于它过河所需的时间、发生的位移与水速的关系是( )A．水速小时，位移小，时间短B．水速大时，位移大，时间大C．水速大时，位移大，时间不变 D．位移、时间与水速无关考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：将小船的运动分解为垂直于河岸方向和沿河岸方向，抓分运动和合运动具有等时性判断渡河的时间，根据沿河岸方向上的速度和时间判断渡河的水平位移，从而确定合位移的变化．解答：解：某人以一定的速率使船头垂直河岸向对岸划去，即垂直于河岸方向上的速度不变，根据t=知，水流速变化时，渡河的时间不变，水流速增大，如此x=v水t，在沿河岸方向上的位移增大，如此合位移增大．故C正确，A、B、D错误．应当选：C．点评：解决此题的关键知道分运动和合运动具有等时性，各分运动具有独立性，互不干扰．2．物体在平抛运动中，在相等时间内，如下哪个量相等〔不计空气阻力〕( ) A．位移B．位移的增量C．加速度D．动能的增量考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：平抛运动是加速度不变的匀加速曲线运动，水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动．根据动能定理判断动能的变化．解答：解：A、平抛运动在相等时间内水平方向上的位移相等，竖直方向上的位移不等，根据运动的合成知位移不等．故A错误．B、在相等时间内，由△x=gT2知竖直分位移的增量相等，与水平位移合成后位移的增量不等，故B错误．C、平抛运动的加速度为g，保持不变．故C正确．D、平抛运动在相等时间内在竖直方向上的位移不等，根据动能定理，重力在相等时间内做功不等，如此动能的增量不等．故D错误．应当选：C点评：解决此题的关键掌握平抛运动的性质，以与知道平抛运动的规律，在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动．3．如下列图，篮球绕中心线OO′以ω角速度转动，如此( )A．A、B两点向心加速度大小相等B．A、B两点线速度大小相等C．A、B两点的周期相等D．以上说法都不对考点：向心加速度；线速度、角速度和周期、转速．专题：匀速圆周运动专题．分析：共轴转动的各点角速度相等，根据v=rω判断线速度的大小，根据T=判断周期的大小，根据a=rω2比拟向心加速度的大小．解答：解：A、根据a=rω2知，角速度相等，但A、B的转动半径不等，所以向心加速度大小不等．故A错误．B、A、B两点共轴转动，角速度相等．根据v=rω得，A、B转动的半径不等，所以A、B的线速度大小不等．故B错误．C、根据T=知，角速度相等，如此周期相等．故C正确，D错误．应当选：C．点评：解决此题的关键知道共轴转动各点角速度大小相等，以与知道角速度、线速度、周期、向心加速度之间的关系．4．1957年10月4日，苏联发射了世界上第一颗人造地球卫星以来，人类活动范围从陆地、海洋、大气层扩展到宇宙空间，宇宙空间成为人类的第四疆域，人类开展空间技术的最终目的是开发太空资源．宇宙飞船要与轨道空间站对接，飞船为了追上轨道空间站( ) A．只能从空间站同一轨道上加速B．只能从较高轨道上加速C．只能从较低轨道上加速D．无论在什么轨道上，只要加速都行考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．专题：人造卫星问题．分析：飞船在轨道上加速，万有引力不够提供向心力，会做离心运动，所以要想与空间站对接，只能从较低轨道上加速．解答：解：飞船在轨道上加速，万有引力不够提供向心力，会做离心运动，所以要想与空间站对接，只能从较低轨道上加速．假设在较高轨道和同一高度轨道上加速，做离心运动，不可能实现对接．故C正确；应当选：C．点评：该题考察学生对万有引力作用下天体的运行规律的掌握，以与对运动情形的分析能力．5．如下说法正确的答案是( )A．汽车发动机的功率一定时，牵引力与速度成反比B．当汽车受到路面的阻力f一定时，汽车匀速运动的速度与发动机实际功率成反比C．当汽车受到路面的阻力f一定时，汽车作匀速运动的最大速度V m，受额定功率的制约，即满足P额=fV mD．当汽车以恒定速度行驶时，发动机的实际功率等于额定功率考点：功率、平均功率和瞬时功率．专题：功率的计算专题．分析：汽车在以最大速度匀速行驶时，汽车受到的阻力的大小和汽车的牵引力大小相等，由P=FV=fV可以求得此时汽车受到的阻力的大小．解答：解：A、当汽车发动机的功率一定时，由P=Fv可知，牵引力与速度成反比，所以A 正确．B、当汽车受到路面的阻力f一定时，汽车作匀速运动的最大速度V m，功率P=Fv=fV m，汽车匀速运动的速度与发动机实际功率成正比，受额定功率的制约，所以B错误，C正确．D、当汽车以恒定速度行驶时，此时发动机的实际功率不一定就是额定功率，所以D错误．应当选AC．点评：在计算平均功率和瞬时功率时一定要注意公式的选择，公式P=一般用来计算平均功率，公式P=Fv既可以计算瞬时功率，又可以计算平均功率．6．如下列图，当汽车通过拱桥顶点的速度为10米/秒时，车对桥顶的压力为车重的，如果要使汽车在粗糙的桥面行驶至桥顶时，不受摩擦力作用，如此汽车通过桥顶的速度应为〔g=10m/s2〕( )A．15米/秒B．20米/秒C．25米/钞D．30米/秒考点：牛顿第二定律；向心力．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：汽车通过拱桥过程汽车做圆周运动，由汽车过桥顶时速度与对桥顶的压力可求出圆弧的半径，当在粗糙桥面上行驶到桥顶时，没有摩擦力，如此说明此时不受弹力．从而对其进展受力分析，利用牛顿第二定律列式求出速度．解答：解：速度为10m/s时，车对桥顶的压力为车重的，对汽车受力分析：重力与支持力，运动分析：做圆周运动，由牛顿第二定律可得：mg﹣N=m得R=40m，当汽车不受摩擦力时，mg=m由上可得：v0=20m/s应当选：B点评：对研究对象进展受力分析与运动分析后，再由牛顿运动定律去构建运动与力的关系．7．某人用手将1Kg物体由静止向上提起1m，这时物体的速度为2m/s〔g取10m/s2〕，如此如下说法正确的答案是( )A．手对物体做功12J B．合外力做功2JC．合外力做功12J D．物体抑制重力做功2J考点：动能定理的应用；功的计算．专题：功的计算专题．分析：根据物体的运动的情况可以求得物体的加速度的大小，再由牛顿第二定律就可以求得拉力的大小，再根据功的公式就可以求得力对物体做功的情况．解答：解：分析物体的运动的情况可知，物体的初速度的大小为0，位移的大小为1m，末速度的大小为2m/s，由导出公式：v2﹣v02=2ax可得加速度为：a=2m/s2，由牛顿第二定律可得：F﹣mg=ma，所以：F=mg+ma=12N，A、手对物体做功W=FL=12×1J=12J，故A正确；B、合力的大小为ma=2N，所以合力做的功为2×1=2J，所以合外力做功为2J，故B正确，C 错误；D、重力做的功为W G=mgh=﹣10×1=﹣10J，所以物体抑制重力做功10J，故D错误；应当选：AB．点评：此题考查的是学生对功的理解，根据功的定义可以分析做功的情况．8．水平恒力F作用于原来静止的物体上，使其分别沿粗糙水平面和光滑水平面移动一段一样距离s，如此水平恒力F做的功和功率W1、P l和W2、P2相比拟，正确的答案是( ) A．W l＞W2，P1＞P2B．W l=W2，P I＜P2C．W l=W2，P l＞P2D．W l＞W2，P I＜P2考点：功率、平均功率和瞬时功率；功的计算．专题：功率的计算专题．分析：根据功的计算公式W=Fs，二者用同样大小的力，移动一样的距离S，即可判定做功的多少；根据运动的时间长短比拟平均功率的大小．解答：解：两次水平恒力相等，位移相等，根据W=Fs知，恒力F所做的功相等．在光滑水平面上运动的加速度大，根据位移时间公式知，在光滑水平面上的运动时间短，根据P=知，P1＜P2．故B正确，A、C、D错误．应当选：B．点评：此题主要考查学生对功的计算和功率的计算等知识点的灵活运用，解答此题的关键是根据条件推算出粗糙水平面上移动一样的距离S时所用的时间长，然后即可比拟出其功率的大小．9．A、B两小球都在水平面上做匀速圆周运动，A球的轨道半径是B球轨道半径的2倍，A 的转速为30r/min，B的转速为15r/min．如此两球的向心加速度之比为( ) A．1：1 B．2：1 C．4：1 D．8：1考点：线速度、角速度和周期、转速；向心加速度．专题：匀速圆周运动专题．分析：根据转速之比求出角速度之比，结合a=rω2求出向心加速度之比．解答：解：角速度ω=2πn，A的转速为30r/min，B的转速为15r/min，知A、B的角速度之比为2：1，根据a=rω2知，A球的轨道半径是B球轨道半径的2倍，如此向心加速度之比为8：1．故D 正确，A、B、C错误．应当选：D．点评：解决此题的关键掌握向心加速度与角速度的关系公式，以与知道角速度与转速的关系．10．如下列图，a、b、c是地球大气层外圆形轨道上运行的三颗人造地球卫星，a、b质量一样，且小于c的质量，如此( )A．b、c周期相等，且大于a的周期B．b所需向心力最大C．b、c向心加速度相等，且小于a的向心加速度D．b、c的线速度大小相等，且小于a的线速度考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．专题：人造卫星问题．分析：根据万有引力提供向心力，得出线速度、加速度、周期与轨道半径的大小关系，从而比拟出大小．解答：解：根据万有引力提供向心力得：，解得：a=，v=，．所以有：A、根据可知，轨道半径越大，周期越大．所以b、c的周期一样，大于a的周期．故A正确．B、根据，因为a、b质量一样，且小于c的质量，而bc半径一样大于a的半径，所以F a＞F b，F c＞F b，可知b所需向心力最小．故B错误．C、根据a=可知，轨道半径越大，加速度越小，所以b、c的向心加速度相等，小于a的向心加速度．故C正确．D、根据v=可知，轨道半径越大，线速度越小，所以b、c的线速度相等，小于a的线速度．故D正确．应当选：ACD．点评：此题关键抓住万有引力提供向心力，先列式求解出线速度、周期和加速度的表达式，再进展讨论．11．对于万有引力定律的表达式F=，下面说法正确的答案是( )A．公式中G为引力常量，它是由实验测得的B．当r趋于零时，万有引力趋于无穷大C．m1、m2受到的引力总是大小相等的，故引力大小与m1、m2是否相等无关D．m1、m2受到的引力是一对平衡力考点：万有引力定律与其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：牛顿发现万有引力定律，对人们了解天体运动有较深的认识．G首先是卡文迪许测出的．万有引力定律适用的条件是两个质点间引力的计算．物体间的引力关系也遵守牛顿第三定律．解答：解：A、公式F=中G为引力常量，首先由卡文迪许通过扭秤实验测得的，故A正确；B、公式F=中从数学角度讲：当R趋近于零时其值是趋于无穷大，然而万有引力定律公式只适合于两个可以看做质点的物体，即，物体〔原子〕的自身半径相对两者的间距可以忽略时适用．而当距离无穷小时，相临的两个原子的半径远大于这个距离，它们不再适用万有引力公式．故B错误；C、m1、m2之间的万有引力是属于相互作用力，所以总是大小相等，与m1、m2的质量是否相等无关．故C正确；D、m1、m2之间的万有引力遵守牛顿第三定律，总是大小相等、方向相反，是一对相互作用力．不是一对平衡力．故D错误；应当选：AC．点评：物理公式与数学表达式有所区别，此题关键掌握万有引力定律的适用条件，知道万有引力具有力的一般特性，遵守牛顿第三定律等等．12．如下列图，细杆的一端与一小球相连，可绕O点自由转动，现给小球一初速度，使它在竖直平面内做圆周运动，图中A、B分别表示小球运动轨道的最低点和最高点，如此杆对球的作用力可能是( )A．A处为推力，B处为拉力B．A处为拉力，B处为推力C．A处为拉力，B处为拉力D．A处为推力，B处为推力考点：向心力．专题：匀速圆周运动专题．分析：小球在竖直平面内做圆周运动，受重力和拉力，只有重力做功，机械能守恒；在最高点和最低点重力和弹力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律和向心力公式列式分析．解答：解：在最低点A，小球受到重力和杆的弹力，合力提供向心力，向上，故杆一定是拉力，在最高点B，小球受到重力和弹力，合力提供向心力，假设弹力向下，有F+mg=m当v=时，F=0，当时，F＞0，假设成立，即弹力向下，为拉力，当时，F＜0，负号表示弹力的方向与假设的方向相反，为向上的支持力，故BC正确．应当选：BC．点评：此题关键受力分析后，根据牛顿第二定律和向心力公式列式求解出杆的弹力的表达式，然后再进展讨论，注意用正负表示方向．二、填空题〔每空3分共15分〕13．如下列图，在“研究平抛物体的运动〞的实验中，用一张印有小方格的纸记录轨迹，小方格的边长为L=1.25cm，假设小球在平抛运动途中的几个位置如图中的a、b、c、d所示，如此小球平抛的初速度的计算式：v0=．〔用L、g表示〕，其值是0.7m/s〔g取9.8m/s2〕，小球在b点的速率是0.875m/s．考点：研究平抛物体的运动．专题：实验题．分析：平抛运动竖直方向是自由落体运动，对于竖直方向根据△y=gT2求出时间单位T．对于水平方向由公式v0=求出初速度．由a、c间竖直方向的位移和时间求出b点竖直方向的分速度，运用速度的合成，求解b的速率．解答：解：设相邻两点间的时间间隔为T竖直方向：2L﹣L=gT2，得到T=水平方向：v0=代入数据解得v0=0.7m/sb点竖直方向分速度v y==b点的速率v b=代入解得v b=0.875m/s故此题答案是：，0.7m/s，0.875m/s点评：此题是频闪照片问题，频闪照相每隔一定时间拍一次相，关键是抓住竖直方向自由落体运动的特点，由△y=aT2求时间单位．14．在一段半径为R=15m的圆孤形水平弯道上，弯道路面对汽车轮胎的最大静摩擦力等于车重的0.70倍，如此汽车拐弯时的最大速度是m/s．考点：向心力；牛顿第二定律．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：汽车拐弯时靠静摩擦力提供向心力，根据牛顿第二定律求出汽车拐弯时的最大速度．解答：解：根据得，v=m/s．故答案为：．点评：解决此题的关键知道汽车拐弯时向心力的来源，结合牛顿第二定律进展求解．15．小孩坐在秋千板上荡秋千，假设秋千静止时，小孩对秋千板的压力大小为300N，如此小孩的质量是30kg．秋千摆动起来，通过最低点的速度大小为4.0m/s，假设秋千板离吊秋千的横梁3.2m，可以认为坐在秋千板上小孩的重心位置在秋千板上，如此小孩通过最低点时，它对秋千板的压力大小是450N．〔g取10m/s2〕考点：向心力．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：根据平衡求出小孩的质量，结合重力和支持力的合力提供向心力求出支持力的大小，从而得出小孩对秋千板的压力大小．解答：解：根据平衡有：N=mg，解得小孩的质量为：m=．根据牛顿第二定律得：，解得：N′=．根据牛顿第三定律知，对秋千板的压力为450N．故答案为：30，450N．点评：解决此题的关键知道做圆周运动向心力的来源，结合牛顿第二定律进展求解．三、计算题〔4题共37分〕16．如下列图，让摆球从图中的A位置由静止开始下摆，正好摆到最低点B位置时线被拉断．设摆线长l=1.6m，悬点到地面的竖直高度为H=6.6m，不计空气阻力，求：〔1〕摆球落地时的速度的大小．〔2〕落地点D到C点的距离〔g=10m/s2〕．考点：机械能守恒定律；平抛运动．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：〔1〕小球从A到C的整个运动过程中，只有重力做功，机械能守恒，根据机械能守恒定律列式即可求解摆球落地时的速度．〔2〕先由机械能守恒定律求出小球到达B点的速度，线被拉断后，小球从B点开始做平抛运动，由平抛运动的规律求解落地点D到C点的距离．解答：解：〔1〕小球从A运动到B的过程中受重力和线的拉力，只有重力做功；球从B 到D做平抛运动，也只有重力做功，故小球从A点到D的全过程中机械能守恒．取地面为参考平面．如此得：mg〔H﹣lcos60°〕=mv D2得：v D===10.8m/s〔2〕小球从A到B的过程中，根据机械能守恒定律得：mgl〔1﹣cos60°〕=得：v B===4m/s小球从B点开始做平抛运动，由平抛运动的规律，在竖直方向上有：H﹣l=，得：t==s=1s；水平方向上，落地点D到C点的距离为：x=v B t=4×1m=4m答：〔1〕摆球落地时的速度的大小是10.8m/s．〔2〕落地点D到C点的距离是4m．点评：此题主要要掌握机械能守恒定律和平抛运动研究的方法：运动的分解法，选取好研究过程即可进展解题．17．21世纪，我国某宇航员踏上一半径为R的球状星体，该宇航员在该星体要用常规方法测量出该星球的质量，应该怎样做？写出方法．手中有2组常用器材，任选一组：〔1〕弹簧称，天平，某物体〔2〕米尺，秒表，某物体注：实验原理：用常规方法测出该星球外表的重力加速度，由g=G可计算出星球的质量M=．考点：万有引力定律与其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：根据重力等于万有引力等于向心力，列式求解会发现需要测量出行星外表的重力加速度从而需要选择相应器材．解答：解：在星球外表重力与万有引力相等，可得星球的质量M=，故只需要求出星球外表的重力加速度即可．选择〔1〕弹簧称，天平，某物体可以用天平测得某物体的质量m，再用弹簧秤测得某物体的重力G，据G=mg，可以求得星球外表重力加速度g；选择〔2〕米尺，秒表，某物体让物体自由下落，没得物体下落的高度h，和下落时间，根据自由落体规律可得星球外表的重力加速度g=答：求出星球的质量关键是求得星球外表的重力加速度，选择〔1〕可以通过没得物体的质量和重力求得星外表的重力加速度，选择〔2〕可以用自由落体规律求得星球外表的重力加速度．点评：此题关键先要弄清实验原理；万有引力等于重力，与万有引力等于向心力，再根据实验原理选择器材，计算结果．18．一小木块放在圆盘上，小木块m=1kg，距转轴r=4cm，圆盘转ω=10rad/s，小木块与圆盘动摩擦因数μ=0.3，设小木块受最大静摩擦力等于滑动摩擦力，小木块在该处能否处于相对静止状态？在该处处于静止的最大ω是多大？〔g=10m/s2〕考点：向心力．专题：匀速圆周运动专题．分析：根据线速度与角速度的关系，求出线速度的大小，根据静摩擦力提供向心力求出摩擦力的大小，比拟两个力的大小即可判断能否静止，假设不能，当静摩擦力达到最大静摩擦力时，角速度最大，根据向心力公式即可求解．解答：解：小木块做圆周运动，静摩擦力提供向心力，小木块所需向心力。
高一物理下学期周练试卷(6.5含解析)高一全册物理试题
应对市爱护阳光实验学校三中高一〔下〕周练物理试卷〔〕一、选择题〔每题4分，共40分〕．1．一蹦极运发动身系弹性蹦极绳从水面上方的高台下落，到最低点时距水面还有数米距离．假空气阻力可忽略，运发动可视为质点，以下说法正确的选项是〔〕A．运发动到达最低点前重力势能始终减小B．蹦极绳张紧后的下落过程中，弹性力做负功，弹性势能增加C．蹦极过程中，运发动、地球和蹦极绳所组成的系统机械能守恒D．蹦极过程中，重力势能的改变与重力势能零点的选取有关2．如下图，在竖直平面内有一个半径为R的圆弧轨道．半径OA水平、OB竖直，一个质量为m的小球自A正上方P点由静止开始自由下落，小球沿轨道到达最高点B时恰好对轨道没有压力，AP=2R，重力加速度为g，那么小球从P到B的运动过程中〔〕A．重力做功2mgR B．机械能减少mgRC．合外力做功mgR D ．克服摩擦力做功mgR3．如图，一半径为R，粗糙程度处处相同的半圆形轨道竖直固放置，直径POQ 水平，一质量为m的质点自P点上方高度R处由静止开始下落，恰好从P点进入轨道，质点滑到轨道最低点N时，对轨道的压力为4mg，g为重力加速度的大小，用W表示质点从P点运动到N点的过程中克服摩擦力所做的功，那么〔〕A．W=mgR，质点恰好可以到达Q点B．W ＞mgR，质点不能到达Q点C．W=mgR，质点到达Q点后，继续上升一段距离D．W ＜mgR，质点到达Q点后，继续上升一段距离4．如图甲所示，质量为1kg的小物体以初速度v0=11m/s从θ=53°的固斜面底端先后两次滑上斜面，第一次对小物块施加一沿斜面向上的恒力F，第二次无恒力F，图乙中的两条线断a，b分别表示存在恒力F和无恒力F时小物块沿斜面向上运动的v﹣t图线，不考虑空气阻力，g=10m/s2，以下说法正确的选项是〔cos53°=0.6，sin53°=0.8〕〔〕A．恒力F大小为1NB．物块与斜面间动摩擦因数为0.6C．有恒力F时，小物块在上升过程产生的热量较少D．有恒力F时，小物块在上升过程机械能的减少量较小5．假设摩托艇受到的阻力的大小正比于它的速率，如果摩托艇发动机的输出功率变为原来的2倍，那么摩托艇的最大速率变为原来的〔〕A．4倍B．2倍C ．倍D ．倍6．一物体从某一高度自由落下，落在直立于地面的轻弹簧上，如下图．在A 点时，物体开始接触弹簧；到B点时，物体速度为零，然后被弹回．以下说法中正确的选项是〔〕A．物体从A下降到B的过程中，动能不断变小B．物体从B上升到A的过程中，动能先增大后减小C．物体由A下降到B的过程中，弹簧的弹性势能不断增大D．物体由B上升到A的过程中，弹簧所减少的弹性势能于物体所增加的动能与增加的重力势能之和7．12月2日凌晨，我射了“嫦娥三号〞登月探测器．“嫦娥三号〞由地月转移轨道到环月轨道飞行的示意图如下图，P点为变轨点，那么“嫦娥三号〞〔〕A．经过P点的速率，轨道1的一大于轨道2的B．经过P点的加速度，轨道1的一大于轨道2的C．运行周期，轨道1的一大于轨道2的D．具有的机械能，轨道1的一大于轨道2的8．一质量为1kg的质点静止于光滑水平面上，从t=0时起，第1秒内受到2N 的水平外力作用，第2秒内受到同方向的1N的外力作用．以下判断正确的选项是〔〕A．0～2s 内外力的平均功率是WB．第2秒内外力所做的功是JC．第2秒末外力的瞬时功率最大D．第1秒内与第2秒内质点动能增加量的比值是9．如下图，劲度系数为k的轻弹簧的一端固在墙上，另一端与置于水平面上质量为m的物体接触〔未连接〕，弹簧水平且无形变．用水平力，缓慢推动物体，在弹性限度内弹簧长度被压缩了x0，此时物体静止．撤去F后，物体开始向左运动，运动的最大距离为4x0．物体与水平面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g．那么〔〕A．撤去F后，物体先做匀加速运动，再做匀减速运动B．撤去F 后，物体刚运动时的加速度大小为﹣μgC．物体做匀减速运动的时间为2D．物体开始向左运动到速度最大的过程中克服摩擦力做的功为μmg〔x0﹣〕10．如图1所示，一倾角为37°．的传送带以恒速度运行，现将一质量m=1kg 的小物体抛上传送带，物体相对地面的速度随时间变化的关系如图2所示，取沿传送带向上为正方，g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．那么以下说法正确的选项是〔〕A．物体与传送带间的动摩擦因数为0.875B．0～8 s内物体位移的大小为18mC．0～8 s内物体机械能的增量为90JD．0～8s内物体与传送带由于摩擦产生的热量为126J二、计算题11．如下图，质量为m的小物块在粗糙水平桌面上做直线运动，经距离l后以速度v飞离桌面，最终落在水平地面上．l=m，v=3.0m/s，m=0.10kg，物块与桌面间的动摩擦因数μ=0.25，桌面高h=0.45m，不计空气阻力，重力加速度取10m/s2，求：〔1〕小物块落地点距飞出点的水平距离s；〔2〕小物块落地时的动能E K；〔3〕小物块的初速度大小v0．12．如图，在倾角为θ的光滑斜面上，有两个用轻质弹簧相连接的物体A、B．它们的质量分别是m A和m B，弹簧的劲度系数k，C为一固挡板．系统处于静止状态．现开始用一恒力F沿斜面方向拉物体A，使之沿斜面向上运动．假设重力加速度为g，求：〔1〕物体B刚离开C时，物体A的加速度a．〔2〕从开始到物体B刚要离开C时，物体A的位移d．三中高一〔下〕周练物理试卷〔〕参考答案与试题解析一、选择题〔每题4分，共40分〕．1．一蹦极运发动身系弹性蹦极绳从水面上方的高台下落，到最低点时距水面还有数米距离．假空气阻力可忽略，运发动可视为质点，以下说法正确的选项是〔〕A．运发动到达最低点前重力势能始终减小B．蹦极绳张紧后的下落过程中，弹性力做负功，弹性势能增加C．蹦极过程中，运发动、地球和蹦极绳所组成的系统机械能守恒D．蹦极过程中，重力势能的改变与重力势能零点的选取有关【分析】运发动人高台下落过程中，重力做正功，重力势能始终减小．蹦极绳张紧后的下落过程中，弹性力做负功，弹性势能增加．以运发动、地球和蹦极绳所组成的系统，只有重力和弹力做功，系统的机械能守恒．重力势能的改变与重力做功有关，取决于初末位置．【解答】解：A、运发动到达最低点前，重力对运发动一直做正功，运发动的重力势能始终减小．故A正确．B、蹦极绳张紧后的下落过程中，弹力方向向上，运发动的位移向下，弹性力对运发动做负功，弹性势能增加．故B正确．C、以运发动、地球和蹦极绳所组成的系统，只有重力和弹力做功，系统的机械能守恒．故C正确．D、重力势能的改变与重力做功有关，取决于初末位置的高度差，与重力势能零点的选取无关．故D错误．应选ABC．2．如下图，在竖直平面内有一个半径为R的圆弧轨道．半径OA水平、OB竖直，一个质量为m的小球自A正上方P点由静止开始自由下落，小球沿轨道到达最高点B时恰好对轨道没有压力，AP=2R，重力加速度为g，那么小球从P到B的运动过程中〔〕A．重力做功2mgR B．机械能减少mgRC．合外力做功mgR D ．克服摩擦力做功mgR【分析】小球沿轨道到达最高点B时恰好对轨道没有压力，根据牛顿第二律求解出B点的速度；然后对从P到B过程根据功能关式判读．【解答】解：A、重力做功与路径无关，只与初末位置有关，故P到B过程，重力做功为W G=mgR，故A错误；B、小球沿轨道到达最高点B时恰好对轨道没有压力，根据牛顿第二律，有mg=m ，解得；从P到B过程，重力势能减小量为mgR ，动能增加量为=，故机械能减小量为：mgR ﹣，故B错误；C、从P到B 过程，合外力做功于动能增加量，故为=，故C错误；D、从P到B过程，克服摩擦力做功于机械能减小量，故为mgR ﹣，故D正确；应选D．3．如图，一半径为R，粗糙程度处处相同的半圆形轨道竖直固放置，直径POQ 水平，一质量为m的质点自P点上方高度R处由静止开始下落，恰好从P点进入轨道，质点滑到轨道最低点N时，对轨道的压力为4mg，g为重力加速度的大小，用W表示质点从P点运动到N点的过程中克服摩擦力所做的功，那么〔〕A．W=mgR，质点恰好可以到达Q点B．W ＞mgR，质点不能到达Q点C．W=mgR，质点到达Q点后，继续上升一段距离D．W ＜mgR，质点到达Q点后，继续上升一段距离【分析】对N点运用牛顿第二律，结合压力的大小求出N点的速度大小，对开始下落到N点的过程运用动能理求出克服摩擦力做功的大小．抓住NQ段克服摩擦力做功小于在PN段克服摩擦力做功，根据动能理分析Q点的速度大小，从而判断能否到达Q点．【解答】解：在N 点，根据牛顿第二律有：，解得，对质点从下落到N 点的过程运用动能理得，，解得W=．由于PN段速度大于NQ段速度，所以NQ段的支持力小于PN段的支持力，那么在NQ段克服摩擦力做功小于在PN段克服摩擦力做功，对NQ 段运用动能理得，，因为，可知v Q＞0，所以质点到达Q点后，继续上升一段距离．故C正确，A、B、D错误．应选：C．4．如图甲所示，质量为1kg的小物体以初速度v0=11m/s从θ=53°的固斜面底端先后两次滑上斜面，第一次对小物块施加一沿斜面向上的恒力F，第二次无恒力F，图乙中的两条线断a，b分别表示存在恒力F和无恒力F时小物块沿斜面向上运动的v﹣t图线，不考虑空气阻力，g=10m/s2，以下说法正确的选项是〔cos53°=0.6，sin53°=0.8〕〔〕A．恒力F大小为1NB．物块与斜面间动摩擦因数为0.6C．有恒力F时，小物块在上升过程产生的热量较少D．有恒力F时，小物块在上升过程机械能的减少量较小【分析】根据速度﹣时间图象的斜率于加速度，分别得到上滑和下滑的加速度大小，然后受力分析，根据牛顿第二律列式求解．根据动能理得到动能与重力势能的关系，再将动能与重力势能相的条件代入进行求解．【解答】解：A、根据v﹣t 中斜率于加速度的意义可知： m/s2不受拉力时：ma b=﹣mgsin53°﹣μmgcos53°代入数据得：μ=0.5受到拉力的作用时：ma a=F﹣mgsin53°﹣μmgcos53°所以：F=1N．故A正确，B错误；C 、根据运动学公式：有恒力F时，小物块的加速度小，位移大，所以在上升过程产生的热量较大．故C错误；D、结合C的分析可知，有恒力F时，小物块上升的高度比拟大，所以在最高点的重力势能比拟大，而升高的过程动能的减小是相的，所以在上升过程机械能的减少量较小．故D正确．应选：AD5．假设摩托艇受到的阻力的大小正比于它的速率，如果摩托艇发动机的输出功率变为原来的2倍，那么摩托艇的最大速率变为原来的〔〕A．4倍B．2倍C ．倍D ．倍【分析】由题意可知：摩托艇的阻力大小与速度成正比，即：f=kv；当物体做匀速运动时，速度最大，此时牵引力F与阻力f相：即F=f=kv；而发动机的输出功率P=Fv，据此分析判断．【解答】解：设阻力为f，由题知：f=kv；速度最大时，牵引力于阻力，那么有 P=Fv=fv=kv2．所以摩托艇发动机的输出功率变为原来的2倍，那么摩托艇的最大速率变为原来的倍．应选：D．6．一物体从某一高度自由落下，落在直立于地面的轻弹簧上，如下图．在A 点时，物体开始接触弹簧；到B点时，物体速度为零，然后被弹回．以下说法中正确的选项是〔〕A．物体从A下降到B的过程中，动能不断变小B．物体从B上升到A的过程中，动能先增大后减小C．物体由A下降到B的过程中，弹簧的弹性势能不断增大D．物体由B上升到A的过程中，弹簧所减少的弹性势能于物体所增加的动能与增加的重力势能之和【分析】根据物体所受的合力方向判断物体的运动情况，从而分析出动能的变化情况．根据弹簧形变量的变化，分析弹性势能的变化．由系统的机械能守恒分析能量的转化情况．【解答】解：A、物体在A下降到B的过程中，开始重力大于弹簧的弹力，合力方向向下，物体做加速运动，速度增大，动能增大．随着弹力的增大，合力减小，当重力于弹力时，速度到达最大，然后在运动的过程中，弹力大于重力，合力方向向上，物体做减速运动，速度减小，动能减小，所以动能先增大后减小．故A错误．B、物体从B回到A的过程是A到B过程的逆过程，返回的过程速度先增大后减小，动能先增大后减小，故B正确．C、物体由A下降到B的过程中，弹簧的压缩量不断增大，那么弹性势能不断增大，故C正确．D、物体由B上升到A的过程中，对于物体和弹簧系统，只有重力和弹力做功，系统的机械能守恒，那么弹簧所减少的弹性势能于物体所增加的动能与增加的重力势能之和．故D正确．应选：BCD7．12月2日凌晨，我射了“嫦娥三号〞登月探测器．“嫦娥三号〞由地月转移轨道到环月轨道飞行的示意图如下图，P点为变轨点，那么“嫦娥三号〞〔〕A．经过P点的速率，轨道1的一大于轨道2的B．经过P点的加速度，轨道1的一大于轨道2的C．运行周期，轨道1的一大于轨道2的D．具有的机械能，轨道1的一大于轨道2的【分析】嫦娥三号从轨道1进入轨道2的过程中，发动机对卫星做负功，卫星的机械能减小，在不同轨道上的P点卫星的加速度都由万有引力产生，在同一位置万有引力大小相同产生的加速度大小相同，根据开普勒行星运动律根据半长轴关系求解周期关系．【解答】解：A、卫星在轨道1上经过P点时减速，使其受到的万有引力大于需要的向心力，而做向心运动才能进入轨道2，故经过P点的速率，轨道1的一大于轨道2的，故A正确．B、根据万有引力提供向心力，得，由此可知，到月球的距离r相同，a相，故经过P点的加速度，轨道1的一于轨道2的，故B错误．C 、根据开普勒第三律可知，r越大，T越大，故轨道1的周期一大于轨道2的运行周期，故C正确，D、因为卫星在轨道1上经过P点时减速，做向心运动才能进入轨道2，即外力对卫星做负功，机械能减小，故轨道1的机械能一大于轨道2的机械能，故D 正确．应选：ACD．8．一质量为1kg的质点静止于光滑水平面上，从t=0时起，第1秒内受到2N 的水平外力作用，第2秒内受到同方向的1N的外力作用．以下判断正确的选项是〔〕A．0～2s 内外力的平均功率是WB．第2秒内外力所做的功是JC．第2秒末外力的瞬时功率最大D．第1秒内与第2秒内质点动能增加量的比值是【分析】此题可由动量理求得1s末及2s末的速度，再由动能理可求得合力的功；由功率公式求得功率；【解答】解：由动量理Ft=mv2﹣mv1求出1s末、2s末速度分别为：v1=2m/s、v2=3m/s 由动能理可知合力做功为w=故0～2s 内功率是，故A正确；1s末、2s末功率分别为：P1=F1v1=4w、P2=F2v2=3w；故C错误；第1秒内与第2秒动能增加量分别为：、，故第2s 内外力所做的功为J，B错误；而动能增加量的比值为4：5，故D正确；应选AD．9．如下图，劲度系数为k的轻弹簧的一端固在墙上，另一端与置于水平面上质量为m的物体接触〔未连接〕，弹簧水平且无形变．用水平力，缓慢推动物体，在弹性限度内弹簧长度被压缩了x0，此时物体静止．撤去F后，物体开始向左运动，运动的最大距离为4x0．物体与水平面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g．那么〔〕A．撤去F后，物体先做匀加速运动，再做匀减速运动B．撤去F 后，物体刚运动时的加速度大小为﹣μgC．物体做匀减速运动的时间为2D．物体开始向左运动到速度最大的过程中克服摩擦力做的功为μmg〔x0﹣〕【分析】此题通过分析物体的受力情况，来确其运动情况：撤去F后，物体水平方向上受到弹簧的弹力和滑动摩擦力，滑动摩擦力不变，而弹簧的弹力随着压缩量的减小而减小，可知加速度先减小后增大，物体先做变加速运动，再做变减速运动，最后物体离开弹簧后做匀减速运动；撤去F后，根据牛顿第二律求解物体刚运动时的加速度大小；物体离开弹簧后通过的最大距离为3x0，由牛顿第二律求得加速度，由运动学位移公式求得时间；当弹簧的弹力与滑动摩擦力大小相、方向相反时，速度最大，可求得此时弹簧的压缩量，即可求解物体开始向左运动到速度最大的过程中克服摩擦力做的功．【解答】解：A、撤去F后，物体水平方向上受到弹簧的弹力和滑动摩擦力，滑动摩擦力不变，而弹簧的弹力随着压缩量的减小而减小，弹力先大于滑动摩擦力，后小于滑动摩擦力，那么物体向左先做加速运动后做减速运动，随着弹力的减小，合外力先减小后增大，那么加速度先减小后增大，故物体先做变加速运动，再做变减速运动，最后物体离开弹簧后做匀减速运动；故A错误．B、撤去F后，根据牛顿第二律得物体刚运动时的加速度大小为a==．故B正确．C、由题，物体离开弹簧后通过的最大距离为3x0，由牛顿第二律得：匀减速运动的加速度大小为a==μg．将此运动看成向右的初速度为零的匀加速运动，那么3x0=，得t=．故C错误．D、由上分析可知，当弹簧的弹力与滑动摩擦力大小相、方向相反时，速度最大，此时弹簧的压缩量为x=，那么物体开始向左运动到速度最大的过程中克服摩擦力做的功为W=μmg〔x0﹣x〕=．故D正确．应选BD 10．如图1所示，一倾角为37°．的传送带以恒速度运行，现将一质量m=1kg 的小物体抛上传送带，物体相对地面的速度随时间变化的关系如图2所示，取沿传送带向上为正方，g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．那么以下说法正确的选项是〔〕A．物体与传送带间的动摩擦因数为0.875B．0～8 s内物体位移的大小为18mC．0～8 s内物体机械能的增量为90JD．0～8s内物体与传送带由于摩擦产生的热量为126J【分析】根据速度时间图线求出物体匀变速运动的加速度，再根据牛顿第二律求出动摩擦因数的大小；根据图线与时间轴围成的面积求出物体的位移，结合传送带的位移求出相对运动的位移，从而根据Q=fx相对求出摩擦产生的热量；根据物体动能和重力势能的变化求出机械能的增量．【解答】解：A、物体做匀变速运动的加速度a=；根据牛顿第二律得，=μgcos37°﹣gsin37°，解得μ=0.875．故A 正确．B、图线与时间轴围成的面积表示位移，那么位移的大小x=．故B错误．C、物体重力势能的增加量为△E p=mgxsin37°=10×14×0.6J=84J，动能的增加量=．那么机械能的增加量△E=84+6=90J．故C正确．D、传送带的速度为4m/s，在0﹣2s 内，物体的位移大小为，传送带的位移x2=vt=4×2m=8m，那么相对路程△x1=x1+x2=10m．在2﹣6s 内，物体的位移，传送带的位移x4=vt=4×4m=16m，那么相对路程△x2=x4﹣x3=8m，那么摩擦产生的热量Q=μmgcos37°•△x=0.875×10×0.8×〔10+8〕J=126J．故D正确．应选：ACD．二、计算题11．如下图，质量为m的小物块在粗糙水平桌面上做直线运动，经距离l后以速度v飞离桌面，最终落在水平地面上．l=m，v=3.0m/s，m=0.10kg，物块与桌面间的动摩擦因数μ=0.25，桌面高h=0.45m，不计空气阻力，重力加速度取10m/s2，求：〔1〕小物块落地点距飞出点的水平距离s；〔2〕小物块落地时的动能E K；〔3〕小物块的初速度大小v0．【分析】〔1〕物块离开桌面后做平抛运动，由匀速与匀变速运动规律可以求出水平距离．〔2〕由动能理可以求出落地动能．〔3〕由动能理可以求出物块的初速度．【解答】解：〔1〕物块飞出桌面后做平抛运动，竖直方向：h=gt2，解得：t=0.3s，水平方向：s=vt=0.9m；〔2〕对物块从飞出桌面到落地，由动能理得：mgh=mv12﹣mv22，落地动能E K =mgh+mv12=0.9J；〔3〕对滑块从开始运动到飞出桌面，由动能理得：﹣μmgl=mv2﹣mv02，解得：v0=4m/s；答：〔1〕小物块落地点距飞出点的水平距离为0.9m．〔2〕小物块落地时的动能为0.9J．〔3〕小物块的初速度为4m/s．12．如图，在倾角为θ的光滑斜面上，有两个用轻质弹簧相连接的物体A、B．它们的质量分别是m A和m B，弹簧的劲度系数k，C为一固挡板．系统处于静止状态．现开始用一恒力F沿斜面方向拉物体A，使之沿斜面向上运动．假设重力加速度为g，求：〔1〕物体B刚离开C时，物体A的加速度a．〔2〕从开始到物体B刚要离开C时，物体A的位移d．【分析】先对木块A受力分析，受重力，斜面的支持力和弹簧的弹力，根据共点力平衡条件求出弹簧的弹力后，再得到弹簧的压缩量；物块B刚要离开C时，先对物块B受力分析，受重力、支持力和弹簧的拉力，根据平衡条件求出弹簧弹力后进一步得到弹簧的伸长量，从而得到物体A的位移；最后再对物体A受力分析，受到拉力F、重力、支持力和弹簧的弹力，根据牛顿第二律求出加速度．【解答】解：〔1〕系统静止时，弹簧处于压缩状态，分析A物体受力可知：F1=m A gsinθ，F1为此时弹簧弹力，设此时弹簧压缩量为x1，那么F1=kx1，得x1=在恒力作用下，A向上加速运动，弹簧由压缩状态逐渐变为伸长状态．当B刚要离开C时，弹簧的伸长量设为x2，分析B的受力有：kx2=m B gsinθ，得x2=设此时A的加速度为a，由牛顿第二律有：F﹣m A gsinθ﹣kx2=m A a，得a=〔2〕A与弹簧是连在一起的，弹簧长度的改变量即A上移的位移，故有d=x1+x2，即有：d=答：〔1〕物体B刚离开C时，物体A的加速度a=；〔2〕从开始到物体B刚要离开C时，物体A的位移d=．。
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云南省云天化中学16—17学年下学期
高一物理周练11
考试时间：2017.4.12命题人：高一物理组班级姓名得分
说明：本试卷分(选择题)和(非选择题)两部分，考试时间50分钟，满分100分．一、不定项选择题.共有10个小题，全部选对的得全分，选对但不全的得一半，有选错的
不得分。
请把正确选项前的字母，填在列表中
．．．。
一、单选题(本大题共8小题，共32.0分)
1.下列关于平抛运动的说法正确的是（）
A.平抛运动的水平分速度逐渐增大
B.平抛运动的水平分速度逐渐减小
C.平抛运动的竖直分速度逐渐增大
D.平抛运动的竖直分速度逐渐减小
2.以10m/s的速度，从10m高的塔上水平抛出一个石子．不计空气阻力，取g=10m/s．石子落地时的速度大小是（）
A.10m/s
B.10m/s
C.20m/s
D.30m/s
3.平台高h=5m，小球以v0=10m/s的速度水平抛出，（g=10m/s2）忽略空气阻力，则
（）
A.小球落地时间为2s
B.小球落地时水平位移10m
C.小球落地时速度大小20m/s
D.小球落地时速度方向与水平方向成60°
4.下列一些说法中不正确的有（）
A.产生离心现象的原理有时可利用为人类服务
B.汽车转弯时要利用离心现象防止事故
C.汽车转弯时要防止离心现象的发生，避免事故发生
D.洗衣机脱水桶脱干衣服利用的是离心现象
5.下列事例中与离心现象无关的是（）
A.车辆刹车时乘客向前倾
B.用洗衣机的脱水桶使湿衣服脱水
C.旋转雨伞甩掉伞上面的水滴
D.速度过大的汽车在水平弯道上转弯时发生侧滑
6.如图所示，一个水平圆盘绕中心竖直轴匀速转动，角速度是4rad/s，
盘面上距圆盘中心0.10m的位置有一个质量为0.10kg的小物体，与圆盘
相对静止随圆盘一起转动．小物体与圆盘间的动摩擦因素为0.2，小物
体所受摩擦力大小是（）
A.0.04N
B.0.16N
C.0.2N
D.1.0N
7.开普勒第三定律对行星绕恒星的匀速圆周运动同样成立，即它的运行周期T的平方与轨道半径r的三次方的比为常数，设=K，则常数K的大小（）
A.只与行星的质量有关
B.与恒星的质量与行星的质量有关
C.只与恒星的质量有关
D.与恒星的质量及行星的速度有关
8.两个质量分别是m1和m2的行星，它们绕太阳运行的轨道半径分别等于R1和R2，则它们运行周期的比等于（）
A.（）
B.（）
C.
D.
二、多选题(本大题共1小题，共4.0分)
9.如图所示为哈雷慧星轨道示意图，A点和B点分别为其轨
道的近日点和远日点，则关于哈雷慧星的运动下列判断正
确的是（）
A.在A点的线速度大于在B点的线速度
B.在A点的角速度小于在B点的角速度
C.在A点的加速度等于在B点的加速度
D.哈雷慧星的公转周期一定大于1年
三、填空题(本大题共1小题，共4.0分)
10.如图所示，长为L的轻杆，一端固定一个小球，另一端固定在光滑的水平轴上，
使小球在竖直平面内做圆周运动，小球在最高点的速度用v表示．当v由零逐渐增大，
向心力F ______ （填“增大”“减小”或“不变”）；当v由逐渐减小时，杆对小球的
弹力F0 ______ （填“增大”“减小”或“不变”）．
四、实验题探究题(本大题共1小题，共9.0分)
11.如图，点光源位于S点，紧靠着点光源的正前方有一
个小球A，光照射A球时在竖直屏幕上形成影子P，现
打开高速数码相机，同时将小球向着垂直于屏幕的方向
水平抛出，小球的影像P在屏幕上移动情况即被数码相
机用连拍功能摄下来，该高速数码相机每秒拍摄10次，
空气阻力忽略不计．
（1）小球在空中运动过程中，水平方向做______ 运动，
竖直方向做______ 运动．
（2）小球的影像P在屏幕上移动情况应当是图乙中的______ （选填“a”或“b”）．
（3）已知图甲中点光源S与屏幕间的距离L=1.0m，根据图乙中的相关数据，可知小球A 水平抛出的初速度为______ m/s．（g=9.8m/s2，结果保留两位有效数字）
五、计算题(本大题共3小题，共30.0分)
12.A、B两小球同时从距地面高为h=15m处的同一点抛出，B球以v0=10m/s．水平抛出，A 做自由落体运动，（空气阻力不计，g取10m/s2）．求：
（1）B球经多长时间落地？
（2）A、B落地后两球间的距离是多少？．
13.如图所示，一光滑的半径为R的半圆形轨道放在水平面上，一个质量为m的小
球以某一速度冲上轨道，当小球将要从轨道口飞出时，轨道的压力恰好为零，则
小球落地点C距A处多远？求在C点的速度大小．
14.如图所示，一小球从平台上水平抛出，恰好落在平台前一倾角为α=53°的斜面顶端，并刚好沿斜面下滑，已知平台到斜面顶端的高度为h=0.8m，取g=10m/s2．求小球水平抛出的初速度v0和斜面与平台边缘的水平距离s各为多少？。