物理选考大一轮精讲习题：单元滚动检测卷十一+Word版含解析.docx
2021年高考物理一轮复习 滚动测试十 第一-十章综合测试(含解析)鲁科版
2021年高考物理一轮复习滚动测试十第一-十章综合测试（含解析）鲁科版一、选择题(本题共8小题,每小题6分,共48分。
在每小题给出的四个选项中,第1~5题只有一项符合题目要求,第6~8题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分)1.下列说法正确的是( )A.汽车“严禁超速”,是为了减小汽车的惯性B.秒、摩尔、安培均是国际单位制中的基本单位C.分子很小,任何情况下都可把它看成质点D.平行板电容器所带电荷量不变时,减小两板间的距离,两板间的电压将增大解析:因惯性的唯一量度是质量,故“严禁超速”不是为了减小汽车的惯性,而是减小汽车在撞击时受到的冲量,A错误;分子虽然很小,但当研究分子与其体积、形状、大小有关的因素时,不能将其看作质点,如:研究分子内部结构、自旋等,C错误;根据C=,C=得:U=,可知:保持Q不变,减小极板间的距离,电压减小,D错误,正确的只有B。
答案:B2.下列四个实验现象中,不能表明电流能产生磁场的是( )A.甲图中,导线通电后磁针发生偏转B.乙图中,通电导线在磁场中受到力的作用C.丙图中,当电流方向相同时,导线相互靠近D.丁图中,当电流方向相反时,导线相互远离解析:甲图中小磁针发生偏转是由于受到了电流产生的磁场作用;丙、丁中两电流间的相互作用是通过电流产生的磁场发生的;乙图中导体棒受到力是由于受到了磁铁磁场作用,故选B。
答案:B3.(xx·西工大附中适应性训练)如图,在屏MN的上方有磁感应强度为B的匀强磁场,磁场方向垂直纸面向里,P为屏上的一小孔,PC与MN垂直。
一群质量为m、带电荷量为-q的粒子(不计重力),以相同的速度v,从P处沿垂直于磁场的方向射入磁场区域。
粒子入射方向在与磁场B垂直的平面内,且散开在与PC夹角为θ范围内。
则在屏MN上被粒子打中的区域的长度为( )A. B.C. D.解析:从最左边射出的粒子与从最右边射出的粒子,到达MN同一点,从PC射出的粒子到达的点最远,为直径,所以打中的区域长度为:s=2R-2R cosθ=。
物理选考大一轮精讲习题：单元滚动检测卷一+Word版含解析.docx
单元滚动检测卷一考生注意：1．本试卷分选择题部分和非选择题部分，共4页．2．答卷前，考生务必用蓝、黑色字迹的钢笔或圆珠笔将自己的姓名、班级、学号填写在相应位置上．3．本次考试时间90分钟，满分100分．选择题部分一、选择题Ⅰ(本题共12小题，每小题3分，共36分．每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分)1.周日，小明随家长驾车行驶在高架路上，如图1所示，看到车窗外的路灯杆疾速向后运动，当汽车上坡时，小明发现家长降低了车速，当汽车驶入凹形路面时，小明感到与座椅之间的压力发生了变化．上述材料提及“车窗外的路灯杆疾速向后运动”，这里所选的参考系是()图1A．小明乘坐的汽车B．路面C．其他路灯杆D．高架护栏答案 A2．温州南塘，每年端午龙舟比赛热闹非凡，如图2是龙舟在进行500 m的直道比赛，下列说法正确的是()图2A．研究队员的划桨动作，可将队员看成质点B．以龙舟为参考系，岸上站立的观众是静止的C．获得第一名的龙舟，撞线时的速度一定很大D ．获得最后一名的龙舟，平均速度一定最小 答案 D3．一质点沿直线运动，其平均速度与时间的关系满足v ＝2＋t (各物理量均选用国际单位制中单位)，则关于该质点的运动，下列说法正确的是( ) A ．质点可能做匀减速直线运动 B ．5 s 内质点的位移为35 m C ．质点运动的加速度为1 m/s 2 D ．质点第3 s 末的速度为5 m/s 答案 B解析 根据平均速度v ＝x t 知，x ＝v t ＝2t ＋t 2，对比x ＝v 0t ＋12at 2知，质点的初速度v 0＝2 m/s ，加速度a ＝2 m/s 2，质点做匀加速直线运动，故A 、C 错误.5 s 内质点的位移x ＝v 0t ＋12at 2＝2×5m ＋12×2×25 m ＝35 m ，故B 正确．质点第3 s 末的速度v ＝v 0＋at ＝2 m/s ＋2×3 m/s ＝8 m/s ，故D 错误．4. 2017年8月份开始，浙江高速公路都将实施“区间测速”．交警局一位负责人解释，区间测速是一项先进的监控手段，利用车辆通过前后两个监控点的时间计算平均车速的简单原理，只需测算距离与通行时间就可以换算出有没有超速行为，图3为高速公路的一个交通标志，一辆汽车于8月2日上午8∶03通过监测起点时速度为115 km/h ，上午8∶11通过监测终点时的速度也为115 km/h ，由此可判断( )图3A ．汽车在该测速区间以115 km/h 的速度做匀速运动B ．汽车在起点和终点之间的速度都小于120 km/hC ．根据区间测速的原理，该汽车超速了D ．在该测速区间，汽车某时刻的瞬时速度不可能为100 km/h 答案 C解析 20 km 的距离若以限速120 km/h 行驶，需要10分钟时间，而给出的时间间隔只有8分钟，所以一定有以超过120 km/h 的速度行驶的过程，C 正确．5．如图4所示，在《奔跑吧兄弟》栏目中，邓超抱着脸盆从静止开始加速一段时间后，然后趴在脸盆上以一定的初速度向前减速滑动直到停止，已知他整个过程用时4.8 s ，位移为12 m ．若不计下趴过程的时间，加速和减速阶段都可视为匀变速直线运动，从上述条件可确定( )图4A ．加速阶段的加速度B ．加速阶段的时间C ．刚趴在脸盆上的初速度D ．减速阶段发生的位移 答案 C解析 邓超先从静止匀加速到最大速度后直接匀减速减到零，根据匀变速直线运动的规律可知全过程的平均速度是最大速度的一半，则有总位移x ＝12v max t 总，由总位移和总时间可以计算最大速度，即刚趴在脸盆上的初速度，选项C 正确；仅根据总位移和总时间，而不知道加速和减速的时间，无法求解加速、减速过程的加速度以及对应的位移，选项A 、B 、D 错误． 6．一辆汽车以20 m/s 的速度做匀速直线运动，某时刻关闭发动机而做匀减速直线运动，加速度大小为4 m/s 2，则关闭发动机后，汽车通过48 m 所需时间为( ) A ．4 s B ．5 s C ．6 s D ．7 s 答案 A解析 由位移公式得x ＝v 0t －12at 2，解得t 1＝4 s ，t 2＝6 s ，因为汽车经t 0＝v 0a ＝5 s 停止，故t 2＝6 s 舍去，故只有选项A 正确．7．(2018·绍兴市期末)滴滴车主小张行驶在绿云路(308省道)上，在甲处接到订单，导航地图显示乘客上车地点(以下记为乙处)就在笔直的绿云路上，汽车若以v 匀速行驶，到达乙地所需的时间为t ；汽车实际以速度v 0从甲地出发，按地图导航匀速前进，快到某个路口时为礼让斑马线上的行人紧急刹车，汽车刹停后(绿灯已亮起)又立即匀加速到v 0，继续匀速前进，从开始刹车到加速至v 0的时间为t 0，汽车刹车、加速过程中的加速度大小相等．汽车仍然在t 时间内赶到了乙地，则汽车匀速运动的速度v 0为( ) A.v t t －t 02 B.v t t ＋t 02 C.v t t －t 0 D.v tt ＋t 0答案 A8．建筑工人常常徒手抛砖块，当砖块上升到最高点时被楼上的师傅接住用以砌墙．如图5所示，若某次以10 m/s 的速度从地面竖直向上抛出一个砖块，g 取10 m/s 2，空气阻力可以忽略，则( )图5A ．砖块上升的最大高度为10 mB ．砖块上升的时间为1 sC ．抛出后经0.5 s 上升的高度为最大高度的一半D ．抛出后上升过程砖块做变减速直线运动 答案 B解析 由h ＝v 022g 得，砖块上升的最大高度h ＝5 m ，选项A 错误；砖块上升的时间t ＝v 0g ＝1 s ，选项B 正确；抛出后经0.5 s 上升的高度h ′＝v 0t ′－12gt ′2＝10×0.5 m －12×10×0.52 m ＝3.75m ，选项C 错误；抛出后砖块加速度不变，故上升过程砖块做匀减速直线运动，选项D 错误． 9．乘热气球(图6甲)飞行已成为人们喜欢的航空体育运动．如图乙所示，为某次热气球升空过程中的v －t 图象(取竖直向上为正方向)，则以下说法正确的是( )图6A ．0～10 s 内，热气球的平均速度为5 m/sB ．30～40 s 内，热气球竖直向下运动C ．30～40 s 内，吊篮中的人处于超重状态D ．0～40 s 内，热气球上升的总位移大小为150 m 答案 D10.如图7所示为甲、乙两物体相对于同一参考系的x －t 图象，下列说法中正确的是( )图7A ．甲、乙两物体的出发点相距x 02B ．甲、乙两物体都做匀速直线运动C ．甲物体比乙物体晚出发的时间为t 1D ．甲、乙两物体向同方向运动 答案 B解析 由题图可知，甲从距原点x 0处出发，乙由原点出发，故两物体出发点相距x 0，A 选项错误；两图线都是倾斜直线，即两物体都做匀速直线运动，B 选项正确；甲开始计时就出发，乙在计时后t 1时刻才出发，故甲比乙早出发的时间为t 1，C 选项错误；甲、乙图线的斜率分别为负值和正值，表明甲、乙运动方向相反，D 选项错误．11．将一个小球从报废的矿井口由静止释放后做自由落体运动，4 s 末落到井底．该小球开始下落后第2 s 内和第4 s 内的平均速度之比是( ) A ．1∶3 B ．2∶4 C ．3∶7 D ．1∶4 答案 C解析 根据公式v ＝gt 可得，第1 s 末小球的速度为：v 1＝g ，第2 s 末小球的速度为v 2＝2g ，所以第2 s 内的平均速度为v 1＝v 1＋v 22＝32g ，第3 s 末小球的速度为v 3＝3g ，第4 s 末小球的速度为v 4＝4g ，所以第4 s 内的平均速度v 2＝v 3＋v 42＝72g ，故v 1∶v 2＝3∶7.12．一辆汽车以某一速度在郊区的水平路面上运动，因前方交通事故紧急刹车而做匀减速直线运动，最后静止，汽车在最初3 s 内通过的位移与最后3 s 内通过的位移之比为x 1∶x 2＝5∶3，汽车运动的加速度大小为a ＝5 m/s 2，则汽车制动的总时间( ) A ．t >6 s B ．t ＝6 s C ．4 s<t <6 s D ．t ＝4 s答案 D解析 设汽车刹车做匀减速直线运动的加速度为a ，运动总时间为t ，把汽车刹车的匀减速直线运动看成反向的初速度为0的匀加速直线运动，则有最后3 s 内通过的位移x 2＝12at 12＝92a ，在最初3 s 内通过的位移x 1＝12at 2－12a (t －3)2＝12a (6t －9)，又x 1∶x 2＝5∶3，解得t ＝4 s ，故A 、B 、C 错误，D 正确．二、选择题Ⅱ(本题共4小题，每小题3分，共12分．每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的，全部选对的得3分，选对但不全的得1分，有错选的得0分) 13．下列说法中正确的是( )A ．在直线运动中质点的路程等于位移的大小B ．第3 s 末到第6 s 初的时间间隔是3 sC ．物体只在重力作用下由静止开始的运动叫自由落体运动D ．瞬时速度保持不变的运动是匀速直线运动 答案 CD解析 在有往返的直线运动中质点的路程大于位移的大小，A 项错误；第3 s 末到第6 s 初的时间间隔是2 s ，B 项错误．14.某物体沿水平方向运动，规定向右为正方向，其v －t 图象如图8所示，则( )图8A ．在0～1 s 内做曲线运动B ．在1～2 s 内速度方向向左C ．在第2 s 末离出发点最远D ．在1～2 s 和2～3 s 内的加速度方向相反 答案 C解析 质点在0～1 s 内做变加速直线运动，故A 错误；在1～2 s 内，物体的速度在减小，但方向为正，表示仍然向右运动，故B 错误；在v －t 图象中图线与时间轴所围面积为物体运动的位移，在前2 s 内物体一直向右运动，2 s 后向左运动，故在第2 s 末离出发点最远，故C 正确；由题图可知，在1～2 s 和2～3 s 内的加速度方向相同，D 错误．15．一质点沿x 轴运动，其位置x 随时间t 变化的规律为x ＝15＋10t －5t 2(x 的单位为m ，t 的单位为s)．下列关于该质点运动的说法正确的是( ) A ．该质点的加速度大小为5 m/s 2 B ．t ＝3 s 时刻该质点速度为零C ．0～3 s 内该质点的平均速度大小为5 m/sD ．物体处于x ＝0处时其速度大小为20 m/s 答案 CD解析 由x ＝15＋10t －5t 2知v 0＝10 m/s ，a ＝－10 m/s 2，故A 错误； 由v ＝v 0＋at ，t ＝3 s 时，v ＝－20 m/s ，故B 错误； t ＝3 s 时x ＝0，t ＝0时，x ＝15 m ，则0～3 s 内平均速度v ＝Δx Δt ＝0－153m/s ＝－5 m/s ，即大小为5 m/s ，故C 正确；当x ＝0时得t ＝3 s ，则v ＝v 0＋at ＝－20 m/s ，速度大小为20 m/s ，故D 正确．16．(2018·丽水一中月考)一物体以初速度v 0做匀减速直线运动，第1 s 内通过的位移为x 1＝3 m ，第2 s 内通过的位移为x 2＝2 m ，又经过位移x 3，物体的速度减小为0，则下列说法中不正确的是( )A ．初速度v 0的大小为2.5 m/sB ．加速度a 的大小为1 m/s 2C ．位移x 3的大小为98mD ．位移x 3内的平均速度大小为0.75 m/s 答案 A解析 根据匀变速直线运动的位移公式有x 1＝v 0t 1＋12at 12，x 2＝v 0(t 1＋t 2)＋12a (t 1＋t 2)2－x 1，解得v 0＝3.5 m/s ，a ＝－1 m/s 2；设物体从开始到停止运动的位移为x ，所用时间为t ，根据匀变速直线运动的位移速度关系式和速度公式有0－v 02＝2ax ，v 0＋at ＝0， 解得x ＝498 m ，t ＝3.5 s ，因此x 3＝x －x 1－x 2＝98 m ，所用时间t 3＝t －t 1－t 2＝1.5 s ，位移x 3内的平均速度大小v 3＝x 3t 3＝0.75 m/s ，所以不正确选项为A.非选择部分三、非选择题(本题共6小题，共52分)17.(6分)2007年10月24日，中国第一颗探月卫星“嫦娥一号”在西昌卫星发射中心顺利升空，如图9所示是某航空爱好者用数码相机以每隔2.5 s 一张的频率拍摄的关于火箭起始加速阶段的一组照片，拍摄过程中数码相机用三脚架固定在地面上，已知火箭的长度为40 m ，用刻度尺测量照片上的长度关系，结果如图所示，则：图9(1)火箭的加速度大小a＝________m/s2.(2)火箭在照片中第二个像所对应时刻的瞬时速度大小v＝________m/s.答案(1)8(2)42解析从照片上看，照片1 cm相当于实际长度20 m，量出前后两段位移分别为4.0 cm和6.5 cm，对应的实际位移分别为80 m和130 m，由Δx＝aT2，可得a＝8 m/s2；再根据这5 s内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，可得照片中第二个像所对应时刻的瞬时速度大小v＝80＋1305m/s＝42 m/s.18．(8分)(2018·9＋1高中联盟联考)某同学用如图10甲所示器材探究小车速度随时间变化的规律，实验中得到如图乙所示纸带，在纸带上确定出A、B、C、D、E、F共6个计数点，其中计数点F在图乙中未显示．(计时器的工作频率为50 Hz)图10(1)下列说法正确的是________．A．释放小车前，小车应置于靠近滑轮处B．图示计时器所需电源为6 V交流电源C．需先接通计时器电源，再让小车运动D．若遇停电，可改用蓄电池给计时器供电(2)计数点B对应的刻度尺读数为________ mm；(3)计数点B对应的小车速度大小为________ m/s；(保留3位有效数字)(4)实验测得计数点C、D、E对应的小车速度分别为v C＝0.350 m/s、v D＝0.398 m/s、v E＝0.442 m/s，以打A点开始计时，在图11所示坐标系中作出小车的v－t图象，并根据图象求出小车运动的加速度a＝________ m/s2.图11答案 (1)C (2)33.0(32.8～33.2均可) (3)0.305(0.303～0.307均可) (4)如图所示 0.46(0.42～0.50均可)19．(8分)一个滑雪运动员，从85 m 长的山坡上匀加速滑下，初速度为1.8 m/s ，滑到山坡底端的末速度为5.0 m/s ，求：(1)下滑过程中的平均速度v 的大小； (2)下滑的加速度a 的大小； (3)下滑的时间t .答案 (1)3.4 m/s (2)0.128 m/s 2 (3)25 s 解析 (1)根据匀变速直线运动中平均速度公式 v ＝v 0＋v2，有 v ＝1.8＋5.02m/s ＝3.4 m/s. (2)由v 2－v 02＝2ax 得，a ＝v 2－v 022x ，代入数据得a ＝0.128 m/s 2， (3)由v ＝v 0＋at 得，t ＝v －v 0a ，代入数据得t ＝25 s.20．(10分)如图12为某高速公路出口的ETC 通道示意图．一汽车驶入ETC 通道，到达O 点的速度v 0＝30 m/s ，此时开始减速，到达M 时速度减至6 m/s ，并以6 m/s 的速度匀速通过MN 区．已知MN 的长度d ＝36 m ，汽车减速运动的加速度a ＝－3 m/s 2，求：图12(1)O 、M 间的距离x ； (2)汽车从O 到N 所用的时间t . 答案 (1)144 m (2)14 s解析 (1)由公式v 2－v 02＝2ax 得x ＝v 2－v 022a＝144 m(2)汽车从O 到M 减速运动，由公式v ＝v 0＋at 1 得t 1＝v －v 0a＝8 s汽车从M 到N 匀速运动所用时间t 2＝dv ＝6 s 汽车从O 到N 所用的时间t ＝t 1＋t 2＝14 s.21．(10分)在某次载人飞船返回地面的模拟演练中，测得模拟舱距地面9 m 时速度为12 m/s ，并以这个速度匀速降落，在距地面1.2 m 时，模拟舱的缓冲发动机开始向下喷火，舱体开始匀减速降落直至到达地面速度为0.求： (1)模拟舱匀减速阶段的加速度大小； (2)模拟舱从9 m 高处落到地面所用的时间． 答案 (1)60 m/s 2 (2)0.85 s解析 (1)模拟舱以v 0＝12 m/s 的初速度在距地面x 1＝1.2 m 处开始做匀减速直线运动，加速度大小设为a ，由匀变速运动的规律有0－v 02＝－2ax 1 代入数据，解得a ＝60 m/s 2(2)设模拟舱从x ＝9 m 处匀速运动至x 1＝1.2 m 处历时t 1， 由匀速直线运动的规律可知t 1＝x －x 1v 0代入数据，解得t 1＝0.65 s 设匀减速直线运动历时t 2，由匀变速直线运动的规律可知t 2＝0－v 0－a代入数据，解得t 2＝0.2 s所以模拟舱从9 m 高处落到地面所用的时间为t ＝t 1＋t 2＝0.85 s.22．(10分)公交车已成为现代城市交通很重要的工具，它具有方便、节约、缓解城市交通压力等许多作用．某日，某中学黄老师在家访途中向一公交车站走去，发现一辆公交车正从身旁平直的公路驶过，此时，他的速度是1 m/s ，公交车的速度是15 m/s ，黄老师距车站的距离为50 m ．假设公交车在行驶到距车站25 m 处开始刹车，刚好到车站停下，停车时间为8 s ．而黄老师因年龄、体重、体力等因素最大速度只能达到6 m/s ，最大起跑加速度只能达到2.5 m/s 2. (1)若公交车刹车过程视为匀减速运动，其加速度大小是多少？ (2)试计算分析，黄老师是应该上这班车，还是等下一班车． 答案 见解析解析 (1)公交车刹车的加速度a 1＝0－v 122x 1＝0－1522×25m/s 2＝－4.5 m/s 2 故其加速度的大小为4.5 m/s 2.(2)公交车从相遇处到开始刹车用时t 1＝x －x 1v 1＝50－2515 s ＝53s 公交车刹车过程用时t 2＝0－v 1a 1＝103s 黄老师以最大加速度加速达到最大速度用时t 3＝v 2－v 3a 2＝6－12.5s ＝2 s 黄老师加速过程中的位移x 2＝v 2＋v 32t 3＝7 m 以最大速度跑到车站的时间t 4＝x －x 2v 2＝50－76s ≈7.2 s t 1＋t 2<t 3＋t 4<t 1＋t 2＋8 s所以黄老师应该上这班车． 经典语录1、最疼的疼是原谅，最黑的黑是背叛。
高中物理 滚动检测2 教科选修11
实蹲市安分阳光实验学校滚动检测2 电流与磁场(时间：90分钟满分：100分)一、选择题(共9个小题，每题7分，共63分)1．1954年，我国地质探矿队伍发现，在某地一面积约4万平方公里的地磁场十分异常．据此，勘探队伍推测该地下可能蕴藏着( )．A．铜矿 B. 铁矿C. 煤矿D.解析根据铁矿产生的磁场对该处地磁场有影响可知，答案为B.答案B2．《晚报》曾报道一则消息：“信鸽从古放飞后，历经20余天，返回区鸽巢”，信鸽的这种惊人的远距离辨认方向的本领，实在令人称奇，人们对信鸽有高超的认路本领的原因提出了如下猜想：A．信鸽对地形地貌有极强的记忆力B．信鸽能发射并接收某种超声波C．信鸽能发射并接收某种次声波D．信鸽体内有某种磁性物质，它能借助地磁场辨别方向那么信鸽究竟靠什么辨别方向呢？家们曾做过这样一个：把几百只训练有素的信鸽分成两组，在一组信鸽的翅膀下各缚一块小磁铁，而在另一组信鸽的翅膀下各缚一块大小相同的铜块，然后把它们带到离鸽舍一距离的地方放飞，结果绝大缚铜块的信鸽飞回鸽舍，而缚磁铁的信鸽飞散了．家的支持了上述哪种猜想( )．解析这是一道要求从阅读试题的过程中收集信息、分析处理信息的用类题，题中设计了一个陷阱(似乎家的表明信鸽辨别方向的能力与磁场无关，否则缚有小磁铁的一组信鸽怎会全飞散呢？)．然而其实D是正确的，因为信鸽所缚的小磁铁所产生的磁场扰乱了它靠体内磁性物质借助地磁场辨别方向的能力，所以缚磁铁的一组信鸽飞散．答案D3．表明：磁体能吸引一元硬币．对这种现象的解释正确的是 ( )．A．硬币一是铁做的，因为磁体能吸引铁B．硬币一是铝做的，因为磁体能吸引铝C．磁体的磁性越强，能吸引的物质种类越多D．硬币中含有磁性材料，磁化后能被吸引解析根据磁性的义，磁体能吸引硬币，说明硬币含有磁性材料，但不能确具体是什么材料，故选项A、B均错误；磁体的磁性越强，只能说明其吸引力越大，而不能说明其吸引的物质种类多，故选项C错误；用排除法可知，选项D正确．答案D4．下列可能发生相互作用的是( )．A．静止电荷对固通电直导线B．固磁铁对静止电荷C．磁铁对运动电荷D．磁铁对电流解析各种磁铁间、电流间、电流与磁极间发生作用的实质是运动电荷之间通过磁场发生相互作用．因此，根据磁体间作用的相互性可知，磁体不可能对静止电荷产生磁场力．故选项A、B错误，选项C、D正确．答案CD5．关于感电动势的大小，下列说法正确的是( )．A．穿过闭合回路的磁能量最大时，其感电动势一最大B．穿过闭合回路的磁通量为零时，其感电动势一为零C．穿过闭合回路的磁通量由不为零变为零时，其感电动势一为零D．穿过闭合回路的磁通量由不为零变为零时，其感电动势一不为零答案D图16．如图1所示，一段导线abcd位于磁感强度大小为B的匀强磁场中，且与磁场方向(垂直于纸面向里)垂直．线段ab、bc和cd的长度均为L，且∠abc ＝∠bcd＝135°.流经导线的电流为I ，方向如图中箭头所示．则导线段abcd 所受到的磁场的作用力的合力( )．A．方向沿纸面向上，大小为(2＋1)ILBB．方向沿纸面向上，大小为(2－1)ILB[C．方向沿纸面向下，大小为(2＋1)ILB[D．方向沿纸面向下，大小为(2－1)ILB解析本题考查安培力的大小与方向的判断．该导线可以用a和d之间的直导线长为(2＋1)L来效代替，根据F＝BIL，可知大小为(2＋1)BIL，方向根据左手则判断．A正确．答案A图27．如图2所示，条形磁铁放在水平桌面上，在其央的上方固一根长直导线，导线与磁铁垂直．给导线通以垂直纸面向里的电流，用N表示磁铁对桌面的压力，用f表示桌面对磁铁的摩擦力，导线通电后与通电前相比较( )．A．N减小，f＝0 B．N减小，f≠0C．N增大，f＝0 D．N增大，f≠0解析由于直接对磁铁进行受力分析较为复杂，可以根据牛顿第三律，选取导线作为研究对象．如图所示，画出一条通过电流I处的磁感线，电流I处的磁场方向水平向左，由左手则可知导线受安培力方向竖直向上，由牛顿第三律可知，电流对磁铁的作用力方向竖直向下，所以磁铁对桌面压力增大，而桌面对磁铁无摩擦力作用．答案C[图38．如图3所示，用两根相同的细绳水平悬挂一段均匀载流直导线MN，电流I的方向从M到N，绳子的拉力均为F.为使F＝0，可能达到要求的方法是( )．A．加水平向右的磁场B．加水平向左的磁场C．加垂直纸面向里的磁场D．加垂直纸面向外的磁场解析由于绳子的拉力为零，所以直导线所受的安培力向上，由左手则可知，磁场方向垂直纸面向里．故C正确．答案C9．唱卡拉OK用的话筒，内有传感器．其中有一种是动圈式的，它的工作原理是在弹性膜片后面粘接一个轻小的金属线圈，线圈处于永磁体的磁场中，当声波使膜片前后振动时，就将声音信号转变为电信号．下列说法正确的是( )．A．该传感器是根据电流的磁效工作的B．该传感器是根据电磁感原作的C．膜片振动时，穿过金属线圈的磁通量不变D ．膜片振动时，金属线圈中不会产生感电流解析当声波使膜片前后振动时，膜片后的金属线圈就跟着振动，从而使处于永磁体的磁场的线圈切割磁感线．穿过线圈的磁通量发生改变，产生感电流，从而将声音信号转化为电信号，这是电磁感的工作原理．故选项B正确，选项A、C、D均错误．答案B[二、非选择题(共37分)图410．如图4所示，矩形导线框abcd，其中ac和bd平行，相距30 cm，放在具有理想边界MN的匀强磁场中，MN左侧的磁场方向垂直于纸面向外，磁感强度B1＝0.6 T；MN右侧的磁场方向垂直纸面向里，磁感强度B2＝1.2 T．线框的ab边跟MN相距0.6 m，另有一根导线PQ放在线框abdc上，距ab边0.4 m，求穿过PQ和ab围成的闭合回路的磁通量是多少？如果将导线PQ向右移动，移动多远时，穿过PQ、ab所围面积的磁通量为零？解析如图所示，设ab、PQ相距0.4 m时穿过PQ和ab围成的闭合回路abQP的磁通量为Φ1，则Φ1＝B1S abQP＝B1·ab·aP＝0.6×0.3×0.4 Wb＝0.072 Wb，设将导线PQ向右移动到P′Q′位置时，穿过PQ和ab所围面积的磁通量为0，则[Φ＝B1S abN M－B2S MNQ′P′＝B1·aM·ab－B2(l－PM)·ab＝0，所以B1·aM＝B2(l－PM)即有式0.6×0.6＝1.2[l－(0.6－0.4)]解得l＝0.5 m答案0.072 Wb 0.5 m图511．如图5所示，一个边长为L的正方形金属框，质量为m，电阻为R，用细线把它悬挂于一个有界的磁场边缘．金属框的上半部处于磁场内，下半部处于磁场外，磁场随时间均匀变化满足B＝kt规律，已知细线所能承受的最大拉力F T＝2mg，求从t＝0时起，经多长时间细线会被拉断？解析设t时刻细线恰被拉断，由题意知，B＝kt①金属框中产生的感电动势E＝ΔBΔt·S＝kL2/2②金属框受到的安培力：F＝BIL＝BELR＝BkL32R③由力的平衡条件得，F T＝mg＋F④解①、②、③、④得t ＝2mgRk 2L3.答案 2mgRk 2L 3图612．在倾角为α的光滑斜轨上，置有一通有电流I 、长L 、质量为m 的导体棒，如图6所示．(1)欲使导体棒静止在斜轨上，所加匀强磁场的磁感强度B 的最小值为多少？方向如何？(2)欲使导体棒静止在斜轨上，且对斜轨无压力，所加匀强磁场的磁感强度B 的大小是多少？方向如何？解析 (1)导体棒在光滑斜轨上除受重力和支持力外，还受安培力的作用．为使其静止在斜面上，最小安培力的方向沿斜面向上，其受力如图甲所示．由左手则可知，磁场方向垂直于斜面向上．图甲由平衡条件可知：BIL ＝mg sin α， 所以磁感强度的最小值为：B ＝mgILsin α.图乙(2)通电导线静止在斜轨上，且对斜面无压力时，只受重力和安培力作用，故安培力竖直向上，所加匀强磁场水平向左，其受力情况如图乙所示．由平衡条件得：B ′IL ＝mg ，所以磁感强度的大小为：B ′＝mg IL.答案 (1)mgILsin α 垂直斜面向上(2)mg /IL 水平向左。
精选人教版高中物理选修1-1：测试卷(十一) Word版含答案
高中同步测试卷(十一)期末测试卷(B)(时间：90分钟，满分：100分)一、选择题(本题共14小题，每小题4分，共56分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分)1．下列各图中能产生感应电流的是( )2．闭合电路中产生的感应电动势的大小取决于此回路的( )A．磁通量B．磁通量的变化量C．磁通量变化的快慢D．在磁场中运动的快慢3．(多选)关于电磁场的产生，下列叙述正确的是( )A．静止的电荷周围一定有磁场B．运动的电荷周围一定有磁场C．电容器充、放电时，导体中的电流能产生磁场D．磁体移动时能产生电场4．下列关于信息化社会的说法不正确的是( )A．现代信息技术的三大基础是信息的拾取、传输和处理B．传感器能代替、补充、延伸人的感觉器官功能C．日光灯的启动器利用了双金属温度传感器D．光敏电阻传感器无光照射时电路中电流大，有光照射时电路中电流小5．(多选)在下列说法中符合实际的是( )A．医院里常用X射线对病房和手术室消毒B．医院里常用紫外线对病房和手术室消毒C．在人造地球卫星上对地球进行拍摄是利用紫外线有较好的分辨能力D．在人造地球卫星上对地球进行拍摄是利用红外线有较好的穿透云雾烟尘的能力6.如图所示，在一个绕有线圈的可拆变压器铁芯上分别放一小铁锅水和一玻璃杯水．给线圈通入电流，一段时间后，一个容器中水温升高，则通入的电流与水温升高的是( )A ．恒定直流、小铁锅B ．恒定直流、玻璃杯C ．变化的电流、小铁锅D ．变化的电流、玻璃杯7．下列说法正确的是( )A ．远距离输电要用高电压，是为了减少输电线上的电能损失B ．交流发电机发出的电流方向不变C ．升压变压器的原、副线圈匝数相同D ．电磁感应现象是牛顿发现的8．如图所示，原、副线圈匝数比为2∶1的理想变压器正常工作时( )A ．原、副线圈磁通量之比为1∶2B ．原、副线圈电流之比为1∶2C ．输入功率和输出功率之比为1∶2D ．原、副线圈电压之比为1∶29．某交流电电压为u ＝102sin 314t (V)，则( ) A ．击穿电压为10 V 的电容器能直接接在此电源上 B ．把电磁打点计时器接在此电源上，打点周期为0.01 sC ．把额定电压为10 V 的小灯泡直接接在此电源上，小灯泡将被烧坏D ．把额定电压为10 V 的小灯泡直接接在此电源上，小灯泡能正常发光 10.如图所示，半径为r 的n 匝线圈套在边长为L 的正方形abcd 之外，匀强磁场局限在正方形区域内且垂直穿过正方形，当磁感应强度以ΔB Δt 均匀变化时，线圈中产生的感应电动势大小为( )A ．πr2ΔB ΔtB ．L2ΔB ΔtC ．n πr2ΔB ΔtD ．nL2ΔB Δt11．北京广播电台发射“中波”段某套节目的信号、家用微波炉中的微波、VCD 机中的激光(可见光)、人体透视用的X 射线，都是电磁波，它们的频率分别为f 1、f 2、f 3、f 4，则以下排序正确的是( )A ．f 1>f 2>f 3>f 4B ．f 1<f 2<f 3>f 4C．f1<f2<f3<f4D．f1>f2<f3<f412．关于电磁波的应用，下列说法正确的是( )A．电磁波在真空中的速度为c＝3.00×108 m/sB．在电磁波谱中，紫外线的频率比γ射线的频率大C．只有高温的物体才能发射红外线D．手机只能接收电磁波，不能发射电磁波13.如图所示的电路中，L是一带铁芯的线圈，R为电阻．两条支路的直流电阻相等．那么在接通和断开电键的瞬间，两电流表的读数I1、I2的大小关系是( )A．接通时I1<I2，断开时I1>I2B．接通时I1<I2，断开时I1＝I2C．接通时I1>I2，断开时I1<I2D．接通时I1＝I2，断开时I1<I214．(多选)如图所示，一个理想变压器原线圈和副线圈的匝数分别为n1和n2，正常工作时输入和输出的电压、功率分别为U1和U2、P1和P2.已知n1＞n2，则( )A．U1＞U2，P1＜P2B．P1＝P2，I1＜I2C．I1＜I2，U1＞U2D．P1＞P2，I1＞I2题号1234567891011121314 答案15．把一个铜环放在匀强磁场中，使环的平面与磁场的方向垂直，如图甲所示，如果使环沿着磁场的方向移动，铜环中______(填“能”或“不能”)产生感应电流，因为________．如果磁场是不均匀的，如图乙所示，铜环中________(填“能”或“不能”)产生感应电流，因为__________________．16．将普通光敏电阻R、数字电流表A、电源E按下图连接．闭合开关S，当太阳光直接照射光敏电阻R时，电流表示数为I1；当用课本挡住直射到光敏电阻R上的太阳光时，电流表示数为I2；当用黑纸把光敏电阻R完全包裹起来时，电流表示数为I3.则I1________I2________I3(填“＞”、“＝”或“＜”)．17．下面列出一些医疗器械的名称和这些器械运用的物理现象．请将相应的字母填写在运用这种现象的医疗器械后面的空格上．(1)X光机____________；(2)紫外线灯____________；(3)理疗医用“神灯”照射伤口，可使伤口愈合得较好．这里的“神灯”是利用_____．A．光的全反射B．紫外线具有很强的荧光作用C．紫外线具有杀菌消毒作用D．X射线具有很强的贯穿能力E．红外线具有显著的热作用F．红外线波长较长，易发生衍射18．如图为理想变压器，它的初级线圈接在交流电源上，次级线圈接在一个标有“12 V 100 W”的灯泡上．已知变压器初、次级线圈匝数之比为18∶1，那么灯泡正常工作时，图中的电压表读数为________V，电流表读数为________A.三、计算题(本题共4小题，共32分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位) 19．(6分)太阳光从太阳出发后经500 s到达地球表面，由此可以判断太阳到地球表面的距离是多少？20．(8分)在一个1 000匝的线圈中，0.4 s内穿过它的磁通量从0.02 Wb均匀增加到0.09 Wb，求线圈中的感应电动势．如果线圈的电阻是10 Ω，把它跟一个电阻为990 Ω的电热器串联在一起组成闭合电路时，10 min内通过电热器产生的热量是多少？21.(8分)某高速公路自动测速仪的原理如图甲所示，雷达向汽车驶向的方向发射不连续的电磁波，每次发射时间为10－6s，相邻两次发射时间间隔为t，当雷达向汽车发射无线电波时，在显示屏上呈现一个尖形波，在收到反射回来的无线电波时，在荧光屏上呈现第二个尖形波．根据两个波的距离，可以计算出汽车距雷达的距离．根据自动打下的纸带，如图乙所示，请求出车速．22．(10分)发电站用200 kV的电压向远处送电，输送功率为104kW，输电线电阻为400 Ω.求：(1)输电线上电流多大？(2)输电线上功率损失多大？(3)降压变压器输入功率多大？输入电压多大？参考答案与解析1．[导学号37900221] 【解析】选B.产生感应电流的条件是闭合回路中的磁通量发生变化，选项A中磁通量没有变化，选项C、D中穿过线框的磁通量都为零，没有变化，只有选项B中穿过线框的磁通量减少，符合条件的只有选项B.2．[导学号37900222] 【解析】选C.因电路中感应电动势的大小跟穿过这一电路的磁通量的变化率成正比，故感应电动势取决于此回路的磁通量变化的快慢．3．[导学号37900223] 【解析】选BCD.根据麦克斯韦的电磁场理论，静止的电荷产生的电场是恒定的，不会产生磁场，而运动的电荷能产生变化的电场，从而进一步产生磁场．导体中的电流能产生磁场，这是丹麦物理学家奥斯特发现的．磁体移动时产生了变化的磁场，因而有电场产生．4．[导学号37900224] 【解析】选D.光敏电阻传感器无光照射时电路中电流小，有光照射时电路中电流大，D 错，其他选项均正确．5．[导学号37900225] 【解析】选BD.紫外线具有杀菌、消毒的作用，X 射线穿透能力较强，因此医院里常用紫外线对病房和手术室进行消毒，用X 射线透视人体；在人造地球卫星上对地球进行拍摄是利用射线容易透过云雾烟尘，因而用波长较长的红外线，所以答案为B 、D.6．[导学号37900226] 【解析】选C.通入恒定直流时，所产生的磁场不变，不会产生感应电流，通入变化的电流，所产生的磁场发生变化，在导体内产生涡流，电能转化为内能，使水温升高；涡流是由变化的磁场在导体内产生的，所以玻璃杯中的水不会升温．7．[导学号37900227] 【解析】选A.交流电的方向发生变化，变压器原、副线圈的匝数和电压的关系为U 1U 2＝n 1n 2；电磁感应现象是英国科学家法拉第发现的．8．[导学号37900228] 【解析】选B.理想变压器原、副线圈的磁通量总相等，A 错；电流之比等于原、副线圈匝数的反比I 1I 2＝n 2n 1，B 对；输入功率总等于输出功率，C 错；电压与匝数满足U 1U 2＝n 1n 2，D 错．9．[导学号37900229] 【解析】选D.电容器的击穿电压应该是交流电的最大值，所以A 错．交流电的频率为50 Hz ，周期为0.02 s ，B 错．小灯泡的额定电压为有效值，C 错误，D 正确．10．[导学号37900230] 【解析】选D.磁场的有效面积S ＝L 2，根据法拉第电磁感应定律，线圈中产生的感应电动势大小E ＝n ΔΦΔt ＝nL 2ΔB Δt，选项D 正确．11．[导学号37900231] 【解析】选C.按照频率从小到大排列的电磁波谱依次是无线电波、微波、可见光、X 射线，故选项C 正确．12．[导学号37900232] 【解析】选 A.电磁波能够在真空中传播，且传播速度为3.00×108m/s ，选项A 正确；由电磁波谱可知，γ射线频率最大，选项B 错误；任何物体都能发射红外线，手机既能发射电磁波，又能接收电磁波，选项C 、D 错误．13．[导学号37900233] 【解析】选B.电键接通时由于L 阻碍电流的增大，所以I 1<I 2，电键断开瞬间A 1和A 2构成一串联闭合回路，所以电流I 1＝I 2.14．[导学号37900234] 【解析】选BC.由于是理想变压器，电能无损失，有P 1＝P 2.根据变压公式U 1U 2＝n 1n 2，由于n 1＞n 2，有U 1＞U 2.根据电流关系I 1I 2＝n 2n 1，由于n 1＞n 2，有I 1＜I 2.15．[导学号37900235] 不能 穿过铜环的磁通量不变 能 穿过铜环的磁通量发生变化16．[导学号37900236] 【解析】光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小，光直接照射光敏电阻R 时，电阻减小；用黑纸把光敏电阻R 完全包裹起来时，电阻变大，故I 1最大，I 3最小．【答案】＞ ＞17．[导学号37900237] 【解析】(1)X 光机是用来透视人的体内器官的，因此需要具有较强穿透能力的电磁波，但又不能对人体造成太大的伤害，因此采用了X 射线．(2)紫外线灯主要是用来杀菌的，因此它应用的是紫外线的杀菌作用而非荧光作用． (3)“神灯”又称红外线灯，主要是用于促进局部血液循环，它利用的是红外线的热效应，使人体局部受热，血液循环加快．【答案】(1)D (2)C (3)E18．[导学号37900238] 【解析】分析理想变压器问题时应注意正确应用电压关系和电流关系，特别是初、次级线圈功率相等的关系．由公式U 1U 2＝n 1n 2，得U 1＝U 2n 1n 2＝216 V ；因理想变压器的初、次级线圈功率相等，所以I 1＝P 1U 1＝P 2U 1＝0.46 A ，即电压表、电流表读数分别为216 V 、0.46 A.【答案】216 0.4619．[导学号37900239] 【解析】光速c ＝3×108m/s ，由s ＝ct 可得日地距离为：s ＝3×108×500 m ＝1.5×1011m.【答案】1.5×1011m20．[导学号37900240] 【解析】线圈中的感应电动势E ＝nΔΦΔt ＝1 000×0.09－0.020.4V ＝175 V. 线圈与电热器串联后，电路中的电流I ＝E R 1＋R 2＝17510＋990A ＝0.175 A ； 10 min 内通过电热器产生的热量Q ＝I 2R 2t ＝0.1752×990×10×60 J ≈1.8×104 J.【答案】175 V 1.8×104J21．[导学号37900241] 【解析】第一次测量时汽车距雷达距离s 1＝ct 12，第二次测量时汽车距雷达距离s 2＝ct 22，两次发射时间间隔为t ，则汽车车速v ＝s t ＝s 1－s 2t ＝c （t 1－t 2）2t. 【答案】c （t 1－t 2）2t22．[导学号37900242] 【解析】(1)输送功率为104kW ，输送电压为200 kV ，则输送电流I ＝P U ＝1072×105A ＝50 A.(2)输电线损失功率为发热功率： ΔP ＝I 2R ＝502×400 W ＝1 000 kW. (3)降压变压器的输入功率为： 104kW －103kW ＝9 000 kW ，损失电压ΔU ＝IR ＝50×400 V ＝20 000 V ， 输入电压为：200 kV －20 kV ＝180 kV. 【答案】见解析。
高中物理 滚动检测1 教科版选修11
滚动检测1 电荷与电场(时间：90分钟满分：100分)一、选择题(共9个小题，每题7分，共63分)1．毛皮与橡胶棒摩擦后，毛皮带正电，这是因为( )．A．毛皮上的一些电子转移到橡胶棒上B．毛皮上的一些正电荷转移到橡胶棒上C．橡胶棒上的一些电子转移到毛皮上D．橡胶棒上的一些正电荷转移到毛皮上解析摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体上，中性的物体若缺少了电子带正电，多余了电子就带负电．由于毛皮的原子核束缚电子的本领比橡胶棒弱，在摩擦的过程中毛皮上的一些电子转移到橡胶棒上，缺少了电子的毛皮带正电，所以A正确．答案 A2．下列说法正确的是( )．A．摩擦起电是创造电荷的过程B．接触起电是电荷转移的过程C．玻璃棒无论和什么物体摩擦都会带正电D．带等量异种电荷的两个导体接触后，电荷会消失，这种现象叫做电荷的湮灭解析任何起电过程是本质都是电荷的转移，电荷不会被创造，故A项错、B项对．玻璃棒和其他物体摩擦可能带正电也可能带负电，所以C项错．D选项中，电荷并没有消失或湮灭，只是正负电荷数目相等，表现为中性，故D错．答案 B图13．如图1所示，挂在绝缘细线下的轻质带电小球，由于电荷的相互作用而靠近或远离，所以( )．A．甲图中两球一定带异种电荷B．乙图中两球一定带同种电荷C．甲图中两球至少有一个带电D．乙图中两球至少有一个带电解析两球相互吸引的可能有两个：一是带异种电荷；二是一个带电，另一个被感应带电后吸引，因此A错误、C正确；两球相斥一定是带同种电荷，故B正确、D错误．答案BC[图24．绝缘细线上端固定，下端悬挂一个轻质小球a，a的表面镀有铝膜；在a的近旁有一绝缘金属球b，开始时，a、b都不带电，如图2所示．现使a、b分别带正、负电，则( )．A．b将吸引a，接触后不放开B．b吸引a，接触后又与a分开C．a、b之间不发生相互作用D．b立即把a排斥开解析因a带正电，b带负电，异种电荷相互吸引，轻质小球a将向b靠拢并与b接触．若a、b原来带电荷量不相等，则当a与b接触后，两球先中和一部分原来电荷，然后将剩余的电荷重新分配，这样就会带上同种电荷(正电或负电)，由于同种电荷相互排斥，两球将会被排斥开．若a、b原来带电荷量相等，则a、b接触后完全中和而都不带电，a、b将自由分开．答案 B5．使带电的金属球靠近不带电的验电器，验电器的箔片张开．下图中表示验电器上感应电荷的分布情况，正确的是( )．解析由于验电器原来不带电，因此，验电器的金属球和箔片带异号电荷，A、C两项错误；验电器靠近带电金属球的一端感应出与带电金属球异号的电荷，D项错误．答案 B图36.一负电荷由电场中的A点静止释放，只受静电力作用，沿电场线运动到B点，它运动的v－t图象如图3所示，则A、B两点所在区域的电场线分布情况可能是( )．解析由v－t图象可知负电荷做加速运动，故静电力方向指向B，则电场方向应指向A，A、D错误；由v－t图象可知加速度逐渐增大，表示场强越来越大，所以C正确、B错误．答案 C图47.如图4所示，空间有一电场，电场中有两个点a和b.下列表述正确的是()．A．该电场是匀强电场[B．a点的电场强度比b点的大C．b点的电场强度比a点的大D．正电荷在a、b两点所受电场力方向相同解析由图可以看出a处的电场线比b处密，故A、C选项错，B选项正确，a点的切线方向与b点不同，故D错．答案 B图58.如图5所示a、b为以负点电荷Q为圆心的同一圆周上的两点，a、c两点在同一条电场线上，则以下说法中正确的是( )．[ A．a、b两点场强大小相等B．同一检验电荷在a、b两点所受静电力相同C．a、c两点场强大小关系为E a>E cD ．a 、c 两点场强方向相同解析 由点电荷产生的场强的特点知，a 、b 两点场强大小相等，但方向不同，a 、c 两点场强方向相同，但大小不等，越靠近点电荷场强越大，故只有A 、D 正确．答案 AD9．在电场中把质量为m 的正点电荷q 从静止释放，在它运动过程中如果不计重力，下列说法正确的是( )．A ．点电荷运动轨迹必与电场线重合B ．点电荷的速度方向必定和所在点的电场线的切线方向一致C ．点电荷的加速度方向必定与所在点的电场线的切线方向一致D ．点电荷的受力方向必定与所在点的电场线的切线方向一致解析 正点电荷q 由静止释放，如果电场线为直线，电荷将沿电场线运动，但如果电场线是曲线，电荷一定不沿电场线运动(因为如果沿电场线运动，其速度方向与受力方向重合，不符合曲线运动的条件)，故A 选项不正确；由于点电荷做曲线运动时，其速度方向与静电力方向不再一致(初始时刻除外)，故B 选项不正确；而点电荷的加速度方向，也即电荷所受静电力方向必与该点场强方向一致，即与所在点的电场线的切线方向一致，故C 、D 选项正确．[答案 CD二、非选择题(共37分)图610．在如图6所示的匀强电场中，有一轻质棒AB ，A 点固定在一个可以转动的轴上，B 端固定有一个大小可忽略、质量为m ，带电荷量为Q 的小球，当棒静止后与竖直方向的夹角为θ，求匀强电场的场强．解析 小球受重力mg 、棒拉力T ，还应受到水平向右的电场力F ，故Q 为正电荷，由平衡条件：T sin θ－F ＝0 T cos θ＝mg所以F ＝mg tan θ 又由F ＝QE ，得E ＝mg tan θQ. 答案mg tan θQ图711.如图7所示，在一条直线上有两个相距0.4 m 的点电荷A 、B ，A 带电＋Q ，B 带电－9Q .现引入第三个点电荷C ，恰好使三个点电荷都处于平衡状态，问：C 应带什么性质的电荷？应放于何处？所带电荷量为多少？解析 根据平衡条件判断，C 应带负电，放在A 的左边且和AB 在一条直线上．设C 带电荷量为q ，与A 点相距为x ，则以A 为研究对象，由平衡条件：kqQ A x 2＝k Q A Q Br2① 以C 为研究对象，则kqQ A x 2＝k qQ B（r ＋x ）2② 解①②得x ＝12r ＝0.2 m ，q ＝－94Q故C 应带负电，放在A 的左边0.2 m 处，带电荷量为－94Q .答案 C 应带负电 放在A 的左边0.2 m 处 －94Q图812．如图8所示，半径为R 的橡胶圈均匀带有电荷量为＋Q 的电荷，另一带电荷量为＋q 的点电荷放在圆心O 上，由于对称性，点电荷受力为零，若在橡胶圈上剪去一小段l (l 很小)，则此时置于圆心的点电荷所受力的大小为多少？方向如何？(已知静电力常量k )解析 由于橡胶圈均匀带电，原来每条直径两端相等长度的电荷对圆心处点电荷＋q 的库仑力相互平衡．当在橡胶圈A 处剪去长为l 的一小段后，因为是橡胶圈，其余部分的电荷分布不改变，所以其他直径两端电荷对球心处＋q 的作用力仍相互平衡，剩下的就是与A 相对的B 处长度也等于l 的电荷对它的作用力，又因为l 很小，所以l 可以当作点电荷，适用于库仑定律．B 处长为l 的橡胶圈的电荷量为q B ＝lQ2πR根据库仑定律，它对中心＋q 作用力大小为：F ＝k q B q R 2＝k lQq 2πR R 2＝k lqQ 2πR3，其方向由球心指向小孔中心．答案 k lqQ2πR 3，其方向由球心指向小孔中心。
物理选考大一轮精讲习题：单元滚动检测卷十+Word版含解析.docx
单元滚动检测卷十考生注意：1.本试卷分选择题部分和非选择题部分，共4页.2.答卷前，考生务必用蓝、黑色字迹的钢笔或圆珠笔将自己的姓名、班级、学号填写在相应位置上.3.本次考试时间90分钟，满分100分.选择题部分一、选择题Ⅰ(本题共12小题，每小题3分，共36分.每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分)1.下列图中，A图是真空冶炼炉可以冶炼高质量的合金；B图是充电器工作时绕制线圈的铁芯中会发热；C图是安检门可以探测人身是否携带金属物品；D图是工人穿上包含金属丝的织物制成的衣服可以高压带电作业，不属于涡流现象的是()答案 D解析工作服用包含金属丝的织物制成，形成一个导体壳，壳外有电场，壳内场强保持为0，高压外电场不会对内部产生影响，故D中属于静电屏蔽.其余均为涡流现象.2.(2018·温州市九校联盟期末)把一个小球放在玻璃漏斗中，晃动漏斗，可以使小球沿光滑的漏斗壁在某一水平面内做匀速圆周运动.如图1，平面1比平面2高，轨道1半径是轨道2半径的2倍.则()图1A.小球做匀速圆周运动时受到重力、支持力、向心力B.同一个小球在轨道1的线速度是轨道2线速度的2倍C.同一个小球在轨道1对漏斗壁的压力是在轨道2对漏斗壁压力的2倍D.同一个小球在轨道1的向心加速度等于在轨道2的向心加速度答案 D3.(2018·温州市十五校联合体期中)如图2所示，平行板电容器与电动势为E(内阻不计)的电源连接，下极板接地，一带电油滴位于电容器中的P点且恰好处于静止状态，现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，则()图2A.带电油滴将沿竖直方向向下运动B.上极板的电势将升高C.带电油滴的电势能将减小D.电容器的电容减小，极板带电荷量增大答案 A4.(2018·书生中学月考)如图3所示，两根细线挂着两个质量相同的小球A、B，原来两球不带电时，上、下两根细线的拉力分别为F A、F B，现在两球带上同种电荷后，上、下两根细线的拉力分别为F A′，F B′，则()图3A.F A＝F A′，F B>F B′B.F A＝F A′，F B<F B′C.F A<F A′，F B>F B′D.F A>F A′，F B>F B′答案 B解析运用整体法研究两个质量相等的小球A和B，设质量均为m，不管A、B是否带电，整体都受重力和上方细线的拉力，则由平衡条件得：上方细线的拉力F A＝F A′＝2mg.再隔离B研究，不带电时受重力和下方细线的拉力，由平衡条件得：F B＝mg.带电时受重力、下方细线的拉力和A对B的向下的排斥力.由平衡条件得：F B′＝F斥＋mg，即F B′>mg.所以F B<F B′，故B正确，A、C、D错误.5.(2018·温州市六校期末)2017年11月15日，我国又一颗第二代极轨气象卫星“风云三号D”成功发射，顺利进入预定轨道.极轨气象卫星围绕地球南北两极运行，其轨道在地球上空650～1 500 km 之间，低于地球静止轨道卫星(高度约为36 000 km)，可以实现全球观测.有关“风云三号D ”，下列说法中正确的是( )A.“风云三号D ”轨道平面为赤道平面B.“风云三号D ”的发射速度可能小于7.9 km/sC.“风云三号D ”的周期小于地球静止轨道卫星的周期D.“风云三号D ”的加速度小于地球静止轨道卫星的加速度答案 C解析 “风云三号D ”是极轨气象卫星，围绕地球南北两极运行，故A 错误；要成为地球卫星，发射速度一定是7.9 km/s ≤v <11.2 km/s ，发射速度小于7.9 km/s 将落回地面，故B 错误；“风云三号D ”的轨道半径小于地球静止轨道卫星的轨道半径，根据T ＝4π2r 3GM，知“风云三号D ”的周期小于地球静止轨道卫星的周期，故C 正确；根据a ＝GM r2，知“风云三号D ”的加速度大于地球静止轨道卫星的加速度，故D 错误.6.如图4所示，用天平测量匀强磁场的磁感应强度.下列各选项所示的载流线圈匝数相同，边长MN 相等，将它们分别挂在天平的右臂下方.线圈中通有大小相同的电流，天平处于平衡状态.若磁场发生微小变化，天平最容易失去平衡的是( )图4答案 A7.高空“蹦极”是勇敢者的游戏.如图5所示，蹦极运动员将弹性长绳(质量忽略不计)的一端系在双脚上，另一端固定在高处的跳台上，运动员无初速度地从跳台上落下.若不计空气阻力，则( )图5A.弹性绳开始伸直时，运动员的速度最大B.由静止下落到最低点的过程中，重力对运动员所做的功等于运动员克服弹性绳弹力所做的功C.由静止下落到最低点的过程中，运动员的机械能守恒D.从弹性绳开始伸直到最低点，运动员的重力势能与弹性绳的弹性势能之和不断增大 答案 B8.矩形导线框abcd 放在匀强磁场中，在外力控制下处于静止状态，如图6甲所示.磁感线方向与导线框所在平面垂直，磁感应强度B 随时间变化的图象如图乙所示.t ＝0时刻，磁感应强度的方向垂直线框平面向里，在0～4 s 时间内，导线框ad 边所受安培力随时间变化的图象(规定向左为安培力的正方向)可能是选项图中的( )图6答案 D解析 根据题图乙，由E ＝ΔΦΔt ＝S ΔB Δt 和I ＝E R可知，在0～4 s 时间内的感应电流大小恒定.根据楞次定律可知，在0～2 s 时间内，电流方向为顺时针方向；在2～4 s 时间内，电流方向为逆时针方向；根据左手定则可知ad 边所受安培力方向：在0～1 s 时间内向左，在1～2 s 时间内向右，在2～3 s 时间内向左，在3～4 s 时间内向右，从而排除A 、C 选项.由F 安＝BL ad I ，电流大小不变，B 均匀变化时，安培力均匀变化，因此B 错，D 对.9.(2018·温州市期中)老师在课堂上做了两个小实验，让小明同学印象深刻.第一个实验叫做“旋转的液体”，在玻璃皿的中心放一个圆柱形电极，沿边缘内壁放一个圆环形电极，把它们分别与电池的两极相连，然后在玻璃皿中放入导电液体，例如盐水，如果把玻璃皿放在磁场中，液体就会旋转起来，如图7甲所示.第二个实验叫做“振动的弹簧”，把一根柔软的弹簧悬挂起来，使它的下端刚好跟槽中的水银接触，通电后，发现弹簧不断上下振动，如图乙所示.下列关于这两个趣味实验的说法正确的是( )图7A.图甲中，如果改变磁场的方向，液体的旋转方向不变B.图甲中，如果改变电源的正负极，液体的旋转方向不变C.图乙中，如果改变电源的正负极，依然可以观察到弹簧不断上下振动D.图乙中，如果将水银换成酒精，依然可以观察到弹簧不断上下振动答案 C解析 题图甲中，仅仅调换N 、S 极位置或仅仅调换电源的正负极位置，安培力方向肯定改变，液体的旋转方向要改变，故A 、B 错误；题图乙中，当有电流通过弹簧时，构成弹簧的每一圈导线周围都产生了磁场，各圈导线之间都产生了相互吸引的作用，弹簧就缩短了，当弹簧的下端离开水银后，电路断开，弹簧中没有了电流，各圈导线之间失去了相互吸引力，弹簧又恢复原长，使得弹簧下端又与水银接触，弹簧中又有了电流，不断重复上述过程，可以观察到弹簧不断上下振动；如果改变电源的正负极，依然可以观察到弹簧不断上下振动；但是如果将水银换成酒精，酒精不导电，则弹簧将不再上下振动，故C 正确，D 错误.10.如图8所示，金属棒ab 、金属导轨和螺线管组成闭合回路，金属棒ab 在匀强磁场B 中沿导轨向右运动，则( )图8A.ab 棒不受安培力作用B.ab 棒所受安培力的方向向右C.ab 棒向右运动速度越大，所受安培力越大D.螺线管A 端为N 极答案 C解析 金属棒ab 沿导轨向右运动时，所受安培力方向向左，以“阻碍”其运动，选项A 、B错误.金属棒ab 沿导轨向右运动时，感应电动势E ＝Bl v ，感应电流I ＝E R ，安培力F ＝BIl ＝B 2l 2v R，可见，选项C 正确.根据右手定则可知，流过金属棒ab 的感应电流的方向是从b 流向a ，所以流过螺线管的电流方向是从A 端到B 端，根据右手螺旋定则可知，螺线管的A 端为S 极，选项D 错误.11.(2017·浙江11月选考·8)如图9所示，在两水平金属板构成的器件中，存在着匀强电场与匀强磁场，电场强度E 和磁感应强度B 相互垂直.以某一水平速度进入的不计重力的带电粒子恰好能沿直线运动，下列说法正确的是( )图9A.粒子一定带负电B.粒子的速度大小v ＝B EC.若粒子速度大小改变，粒子将做曲线运动D.若粒子速度大小改变，电场对粒子的作用力会发生变化答案 C解析 粒子做直线运动，说明竖直方向受力平衡，即q v B ＝qE ，可得v ＝E B，选项B 错误；当v ＝E B时，无论粒子带正电还是负电，在竖直方向均受力平衡，选项A 错误；如果粒子速度大小改变，就会导致洛伦兹力变化，因此粒子将做曲线运动，选项C 正确；不管粒子速度怎么变，在匀强电场中，粒子所受电场力不变，选项D 错误.12.(2019届绍兴一中模拟)在图10所示的宽度范围内，用匀强电场可使以初速度v 0垂直射入电场的某种正离子偏转θ角，若改用垂直纸面向外的匀强磁场，使该离子穿过磁场时偏转角也为θ，则电场强度E 和磁感应强度B 之比为( )图10A.1∶cos θB.v 0∶cos θC.tan θ∶1D.v 0∶sin θ答案 B解析 设该离子的质量为m ，电荷量为＋q ，场区宽度为L ，离子在电场中做类平抛运动，则有：L ＝v 0t ①a ＝qE m ②tan θ＝at v 0③ 由①②③得：tan θ＝qEL m v 02④ 离子在磁场中做匀速圆周运动，轨迹如图所示，q v 0B ＝m v 02R⑤ 由几何知识得：sin θ＝L R⑥ 由⑤⑥得：sin θ＝qBL m v 0⑦ 由④⑦式解得：E B ＝v 0cos θ，B 正确，A 、C 、D 错误. 二、选择题Ⅱ(本题共4小题，每小题3分，共12分.每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的，全部选对的得3分，选对但不全的得1分，有错选的得0分)13.如图11，两个初速度大小相同的同种离子a 和b ，从O 点沿垂直磁场方向进入匀强磁场，最后打在屏P 上.不计重力.下列说法正确的有( )图11A.a 、b 均带正电B.a 在磁场中飞行的时间比b 的短C.a 在磁场中飞行的路程比b 的短D.a 在P 上的落点与O 点的距离比b 的近答案 AD解析 离子要打在屏P 上，离子都要沿顺时针方向偏转，根据左手定则判断，离子都带正电，A 项正确；由于是同种离子，因此质量、电荷量相同，初速度大小也相同，由q vB ＝m v 2r和T ＝2πm qB可知，它们做圆周运动的半径和周期相同，作出运动轨迹如图所示，a 在磁场中运动的时间比b 的长，B 项错误；由t ＝s v 可知，a 在磁场中运动的路程比b 的长，C 项错误；由运动轨迹图可知，D 项正确.14.如图12所示为电磁驱动器的原理图.其中①为磁极，它被固定在电动机②的转轴上，金属圆盘③可以绕中心轴转动，圆盘与转轴间的阻力较小，整个装置固定在一个绝缘支架④上.当电动机转动时，金属圆盘也将转动起来.下列有关说法中正确的是( )图12A.金属圆盘转动的方向和磁极的转动方向相同，转速小于磁极的转速B.金属圆盘转动的方向和磁极的转动方向相同，转速等于磁极的转速C.将金属圆盘换成绝缘盘，它也会跟着磁极转动D.当电动机突然卡住不转时，金属圆盘很快会停下来答案 AD解析 根据楞次定律可知，为阻碍磁通量变化，金属圆盘与磁极的转动方向相同，但快慢不一，金属圆盘的转速一定比磁极的转速小，故A 正确，B 错误.将金属圆盘换成绝缘盘，盘中没有感应电流，不受安培力，不会跟着磁极转动，故C 错误；当电动机突然被卡住不转时，由于金属圆盘产生感应电流，受到安培力，而安培力将阻碍金属圆盘与磁极间的相对运动，所以金属圆盘很快会停下来，故D 正确.15.用一根横截面积为S 、电阻率为ρ的硬质导线做成一个半径为r 的圆环，ab 为圆环的一条直径.如图13所示，在ab 的左侧存在一个均匀变化的匀强磁场，方向垂直圆环所在平面，磁感应强度大小随时间的变化率ΔB Δt＝k (k ＜0).则( )图13A.圆环中产生沿逆时针方向的感应电流B.圆环具有扩张的趋势C.圆环中感应电流的大小为⎪⎪⎪⎪krS 2ρD.图中a 、b 两点间的电势差的绝对值为⎪⎪⎪⎪k πr 24答案 BD解析 k ＜0，磁通量均匀减小，根据楞次定律可知，圆环中产生沿顺时针方向的感应电流，选项A 错误；圆环在磁场中的部分，受到向外的安培力，所以有扩张的趋势，选项B 正确；圆环产生的感应电动势大小为E ＝⎪⎪⎪⎪ΔB Δt ·πr 22＝⎪⎪⎪⎪k πr 22，则圆环中的电流大小为I ＝E ρ·2πr S ＝⎪⎪⎪⎪kSr 4ρ，选项C 错误；|U ab |＝E 2＝⎪⎪⎪⎪k πr 24，选项D 正确. 16.如图14所示，PN 与QM 两平行金属导轨相距1 m ，电阻不计，两端分别接有电阻R 1和R 2，且R 1＝6 Ω，ab 杆的电阻为2 Ω，在导轨上可无摩擦地滑动，垂直穿过导轨平面的匀强磁场的磁感应强度为1 T.现ab 以恒定速度v ＝3 m/s 匀速向右移动，这时ab 杆上消耗的电功率与R 1、R 2消耗的电功率之和相等.则( )图14A.R 2＝6 ΩB.R 1上消耗的电功率为0.375 WC.a 、b 间电压为3 VD.拉ab 杆水平向右的拉力大小为0.75 N答案 BD解析 等效电路图如图所示，ab 杆切割磁感线产生感应电动势，由于ab 杆上消耗的电功率与R 1、R 2消耗的电功率之和相等，则内、外电阻相等，6R 2R 2＋6＝2，解得R 2＝3 Ω，A 错误；E ＝Bl v ＝3 V ，R 总＝4 Ω，总电流I ＝E R 总＝0.75 A ，路端电压U ab ＝IR 外＝34×2 V ＝1.5 V ，C 错误；P 1＝U ab 2R 1＝0.375 W ，B 正确；ab 杆所受安培力F ＝BIl ＝0.75 N ，ab 杆匀速移动，因此拉力大小为0.75 N ，D 正确.非选择部分三、非选择题(本题共5小题，共52分)17.(8分)(1)在“探究法拉第电磁感应现象”的实验中，已将电池组、滑动变阻器、带铁芯的线圈A 、线圈B 、电表及开关按如图15所示部分连接，要把电路连接完整正确，则N 连接到________(选填“a ”“b ”“c ”或“M ”)，M 连接到________(选填“a ”“b ”“c ”或“N ”).正确连接电路后，开始实验探究，某同学发现当他将滑动变阻器的滑动端P 向右加速滑动时，灵敏电流计指针向右偏转.由此可以判断__________.图15A.线圈A 向上移动或滑动变阻器滑动端P 向左加速滑动，都能引起灵敏电流计指针向左偏转B.线圈A 中铁芯向上拔出或断开开关，都能引起灵敏电流计指针向右偏转C.滑动变阻器的滑动端P 匀速向左或匀速向右滑动，都能使灵敏电流计指针静止在中央D.因为线圈A 、线圈B 的绕线方向未知，故无法判断灵敏电流计指针偏转的方向(2)为完成“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”的实验，需要选用下列仪器中的________.A.220 V 的交流电源B.学生电源C.交流电压表D.交流电流表在实验中，某同学保持原线圈的电压以及副线圈的匝数不变，仅增加原线圈的匝数，副线圈两端的电压将________(选填“增大”“减小”或“不变”).答案 (1)a c B (2)BC 减小18.(10分)在用自由落体法“验证机械能守恒定律”的实验中：(g 取10 m/s 2)(1)运用公式12m v 2＝mgh 来验证时，对实验条件的要求是________，为此，所选择的纸带第1、2两点间的距离应接近________.(打点时间间隔为0.02 s)(2)若实验中所用重锤质量m ＝1 kg ，打点纸带如图16所示，打点时间间隔为0.02 s ，则记录B 点时，重锤速度v B ＝________，重锤动能E k ＝________；从开始下落起至B 点，重锤的重力势能减小量是________.由此可得出的结论是______________.(结果均保留两位有效数字)图16(3)根据纸带算出相关各点的速度v ，量出下落距离h ，则以v 22为纵轴，以h 为横轴画出的图象应是图中的( )答案 (1)从静止开始下落 2 mm(2)0.79 m/s 0.31 J 0.32 J 在实验误差允许的范围内机械能是守恒的 (3)C解析 (1)重力势能转化为动能，实验条件的要求是从静止开始下落，即初速度为0，第1、2两点的距离h ＝12gt 2且t ＝0.02 s ，可得h ＝2 mm.(2)B 点是A 、C 两点的中间时刻，v B ＝x AC 2T＝0.79 m/s ，重锤动能E k ＝12m v B 2≈0.31 J.重锤重力势能的减少量ΔE p ＝mgh B 且h B ＝32.4 mm ，代入可得ΔE p ≈0.32 J.重锤重力势能的减少量近似等于重锤动能的增加量，可得出结论：在实验误差允许的范围内机械能是守恒的.(3)由12m v 2＝mgh ，整理可得v 22＝gh ，所以v 22－h 图线是一条过原点的倾斜直线，图线的斜率为重力加速度g ，C 正确.19.(10分)如图17所示，AB 为固定在竖直平面内的14光滑圆弧轨道，其半径为R ＝0.8 m.轨道的B 点与光滑水平地面相切，质量为m ＝0.2 kg 的小球由A 点静止释放，g 取10 m/s 2.求：图17(1)小球滑到最低点B 时，小球速度v 的大小；(2)小球刚到达最低点B 时，轨道对小球支持力F N 的大小；(3)小球通过光滑的水平地面BC 滑上底部与水平地面相切的固定曲面CD ，恰能到达最高点D ，D 到地面的高度为h ＝0.6 m ，小球在曲面CD 上克服摩擦力所做的功W f 是多少？ 答案 (1)4 m/s (2)6 N (3)0.4 J解析 (1)小球从A 到B 的过程，由动能定理得：mgR ＝12m v 2 则得：v ＝2gR ＝4 m/s.(2)小球刚到达最低点B 时，由牛顿第二定律得：F N －mg ＝m v 2R则有：F N ＝3mg ＝6 N(3)对于小球从A 运动到D 的整个过程，由动能定理得：mgR －mgh －W f ＝0则有：W f ＝mg (R －h )＝0.4 J.20.(12分)在竖直平面内有一矩形区域ABCD ，AB 边长L ，AD 边长2L ，F 为AD 边中点，G 为BC 边中点，线段FG 将ABCD 分成两个场区.如图18所示，场区Ⅰ内有一竖直向下的匀强电场，场区Ⅱ内有方向、大小未知的匀强电场(图中未画出)和方向垂直ABCD 平面向里的匀强磁场.一个质量为m 、电荷量为＋q 的带电小球以平行于BC 边的速度v 从AB 边的中点O 进入场区Ⅰ，从FG 边飞出场区Ⅰ时速度方向改变了37°，小球进入场区Ⅱ做匀速圆周运动，重力加速度为g ，求：图18(1)场区Ⅱ中的电场强度E 2的大小及方向；(2)场区Ⅰ中的电场强度E 1的大小；(3)要使小球能在场区Ⅱ内从FG 边重新回到场区Ⅰ的磁感应强度B 的最小值.答案 (1)mg q 方向竖直向上 (2)3m v 24qL －mg q (3)18m v 7qL解析 (1)由带电小球在场区Ⅱ中做匀速圆周运动可知，E 2q ＝mg ，得E 2＝mg q小球带正电，所受电场力方向竖直向上，可知E 2方向竖直向上(2)小球在场区Ⅰ中做类平抛运动，平抛运动时间t ＝L v ，带电小球飞出场区Ⅰ时，竖直方向的速度v 竖＝v tan 37°＝34v ，则a ＝34v t ＝3v 24L由牛顿第二定律得E 1q ＋mg ＝ma得E 1＝3m v 24qL －mg q(3)由类平抛运动规律得，小球在场区Ⅰ中的竖直位移y ＝12at 2＝38L 当小球在场区Ⅱ中的圆周轨迹与FD 边相切时，R 最大，由几何关系得R cos 37°＋R ＝12L ＋38L 解得R ＝3572L 此时R (1＋sin 37°)＝79L ＜L ， y ＋R (1－cos 37°)＝1736L ＜12L 即带电小球以此半径做圆周运动时不会从CG 边和CD 边射出磁场进入场区Ⅱ时小球速度v ′＝v 2＋v 竖2＝v 2＋⎝⎛⎭⎫34v 2＝54v 由Bq v ′＝m v ′2R ，得B ＝m v ′qR ＝18m v 7qL. 21.(12分)(2019届诸暨中学段考)如图19所示，两根足够长的光滑金属导轨G 1、G 2放置在倾角为α的斜面上，导轨间距为l ，电阻不计.在导轨上端并联接入两个额定功率均为P 、电阻均为R 的小灯泡.整个系统置于匀强磁场中，磁感应强度方向与导轨所在平面垂直.现将一质量为m 、电阻可以忽略的金属棒MN 从图示位置由静止开始释放，经过时间t 0，两灯泡开始并保持正常发光.金属棒下落过程中保持与导轨垂直，且与导轨接触良好.重力加速度为g .求：图19(1)磁感应强度B 的大小；(2)灯泡正常发光时金属棒的运动速率v ；(3)在t ＝0至t ＝t 0期间，两小灯泡产生的总焦耳热.答案 (1)mg sin α2lR P (2)2P mg sin α(3)2t 0P －6P 2mg 2sin 2 α解析 (1)设灯泡额定电流为I 0则有P ＝I 02R ①流经MN 的电流I ＝2I 0②当两灯泡正常发光时，金属棒匀速下滑.mg sin α＝2BI 0l ③联立①②③得B ＝mg sin α2l R P④ (2)当两灯泡正常发光时，金属棒切割磁感线产生的电动势为E ＝Bl v ＝I 0R ⑤得v ＝2P mg sin α⑥ (3)在t ＝0至t ＝t 0期间，对金属棒运用动量定理，有Σ(mg sin α－iBl )Δt ＝Σm Δv ⑦得：t 0mg sin α－Bl Δq ＝m v ⑧设在t ＝0至t ＝t 0期间金属棒运动的距离为s ，则由法拉第电磁感应定律，得Δq ＝2Bls R⑨ 联立⑦⑧得s ＝mR (gt 0sin α－v )2B 2l 2⑩ 小灯泡产生的总焦耳热Q ＝mgs sin α－12m v 2⑪ 将④⑥⑩式代入⑪式，得Q ＝2t 0P －6P 2mg 2sin 2 α. 经典语录1、最疼的疼是原谅，最黑的黑是背叛。
2020版物理新导学浙江选考大一轮精讲习题：单元滚动检测卷十一 Word版含解析
单元滚动检测卷十一考生注意：1.本试卷分选择题部分和非选择题部分，共4页.2.答卷前，考生务必用蓝、黑色字迹的钢笔或圆珠笔将自己的姓名、班级、学号填写在相应位置上.3.本次考试时间90分钟，满分100分.选择题部分一、选择题Ⅰ(本题共10小题，每小题3分，共30分.每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分)1.一束由红、紫两种色光组成的复色光，从空气斜射向玻璃三棱镜.下面四幅图中能正确表示该复色光经三棱镜折射分离成两束单色光的是( )答案 B2.一台洗衣机的脱水桶正常工作时非常平稳，当切断电源后，发现洗衣机先是振动越来越剧烈，然后振动逐渐减弱，下列说法中不正确的是( )A.洗衣机做的是受迫振动B.正常工作时，洗衣机脱水桶运转的频率比洗衣机的固有频率大C.正常工作时，洗衣机脱水桶运转的频率比洗衣机的固有频率小D.当洗衣机振动最剧烈时，脱水桶的运转频率恰好等于洗衣机的固有频率答案 C解析 洗衣机的振动是因为电机振动而引起的，故为受迫振动，故A正确；洗衣机切断电源，脱水桶的转动逐渐慢下来，在某一小段时间内洗衣机发生了强烈的振动，说明此时脱水桶的频率与洗衣机固有频率相同，发生了共振.此后脱水桶转速减慢，则驱动力频率小于固有频率，所以共振现象消失，洗衣机的振动随之减弱，故正常工作时洗衣机脱水桶运转的频率比洗衣机的固有频率大，故B、D正确，C错误.3.(2018·台州中学统练)纳米材料的抗拉强度几乎比钢材还高出100倍，使人们设想的太空电梯成为可能.其工作原理是从同步卫星高度的太空站竖直放下由纳米材料做成的太空电梯，固定在赤道上，这样太空电梯随地球一起旋转，如图1所示.当太空电梯仓停在太空电梯中点P 时，对于太空电梯仓，下列说法正确的是( )图1A.处于平衡状态B.速度比同步卫星大C.向心加速度比同高度卫星的小D.处于完全失重状态答案 C4.(2018·新高考研究联盟联考)“激流勇进”是一种常见的水上机动游乐设备，常见于主题游乐园中.游客们在一定安全装置的束缚下，沿着设计好的水道漂行，其间通常会有至少一次大幅度的机械提升和瞬时跌落.如图2所示为游客们正坐在橡皮艇上从高处沿斜坡水道向下加速滑行，在此过程中下列说法正确的是( )图2A.合外力对游客做负功B.橡皮艇对游客不做功C.重力对游客做正功D.游客的机械能增加答案 C5.(2018·名校协作体联考)两个带等量正电的点电荷，固定在图3中P、Q两点，MN为PQ连线的中垂线，交PQ于O点，A为MN上的一点.一带负电的试探电荷q，从A点由静止释放，只在静电力作用下运动，取无限远处的电势为零，则( )图3A.q由A向O的运动是匀加速直线运动B.q由A向O运动的过程电势能逐渐减小C.q运动到O点时的动能最小D.q运动到O点时电势能为零答案 B6.(2018·温州市“十五校联合体”期中)如图4甲为某高速公路出口的ETC通道示意图.一汽车驶入ETC车道，到达O点的速度v0＝22 m/s，此时开始减速，到达M时速度减至v＝6 m/s，并以6 m/s的速度匀速通过MN区，汽车从O运动到N共用时10 s，v－t图象如图乙，则下列计算错误的是( )图4A.汽车减速运动的加速度大小a ＝4 m/s 2B.O 、M 间中点的速度为14 m/sC.O 、M 间的距离为56 mD.汽车在ON 段平均速度大小为9.2 m/s 答案 B7.如图5所示，在M 点分别以不同的速度将两小球水平抛出.两小球分别落在水平地面上的P 点、Q 点.已知O 点是M 点在地面上的竖直投影，OP ∶PQ ＝1∶3，且不考虑空气阻力的影响.下列说法中正确的是( )图5A.两小球的下落时间之比为1∶3B.两小球的下落时间之比为1∶4C.两小球的初速度大小之比为1∶3D.两小球的初速度大小之比为1∶4答案 D解析 两球做平抛运动，高度相同，则下落的时间相同，故A 、B 错误；由于两球的水平位移之比为1∶4，根据v 0＝知，两小球的初速度大小之比为1∶4，故C 错误，D 正确.xt 8.(2018·嘉兴一中期末)如图6所示，一小物块被夹子夹紧，夹子通过轻绳悬挂在小环上，小环套在水平光滑细杆上，物块质量为M ，到小环的距离为L ，其两侧面与夹子间的最大静摩擦力均为F .小环和物块以速度v 向右匀速运动，小环碰到杆上的钉子P 后立刻停止，物块向上摆动.整个过程中，物块在夹子中没有滑动.小环和夹子的质量均不计，重力加速度为g .下列说法正确的是( )图6A.物块向右匀速运动时，绳中的张力等于2FB.小环碰到钉子P 时，绳中的张力大于2FC.物块上升的最大高度为2v 2g D.速度v 不能超过(2F －Mg )LM答案 D9.有些材料沿不同方向物理性质不同，我们称之为各向异性.如图7所示，长方体材料长、宽、高分别为a 、b 、c ，由于其电阻率各向异性，将其左右两侧接入电源时回路中的电流，与将其上下两侧接入该电源时回路中的电流相同，则该材料左右方向的电阻率与上下方向的电阻率之比为( )图7A. B. C. D.ac b 2a 2bc c 2a 2a 2b 2答案 C解析 其左右两侧接入电源时回路中的电流，与将其上下两侧接入该电源时回路中的电流相同，则其左右两侧接入电源时回路中的电阻值等于将其上下两侧接入该电源时回路中的电阻值，由电阻定律可得：ρ1·＝ρ2，所以＝，故C 正确，A 、B 、D 错误.a b ·c c a ·b ρ1ρ2c 2a210.(2018·牌头中学期中)智能扫地机器人是智能家用电器的一种，能凭借一定的人工智能自动在房间内完成地板清理工作，现今已慢慢普及，成为现代家庭的常用家电产品.如图8为某款智能扫地机器人，其参数见下表，工作时将电池内部化学能转化为电能的效率为60%.下列说法中正确的是( )图8产品名称科沃斯地宝尘盒容量0.3 L 清扫路线自由式液晶显示有电池容量5 000 mA·h充电器输出直流24 V/1 000 mA噪音≤60 dB 额定功率40 W 行走速度20 cm/s工作电压24 VA.该扫地机器人的电池从完全没电到充满电所需时间约为8.3 hB.该扫地机器人最多能储存的能量为4.32×105 JC.该扫地机器人充满电后能工作5 hD.该扫地机器人充满电后能工作3 h 答案 B解析 由表格内的数据可知，电池的容量是5 000 mA·h ，充电器输出为1 000 mA ，则需要充电5 h ，故A 错误；电池容量q ＝5 000 mA·h ＝5 A·h ＝1.8×104 C ，最多能储存的能量为：W ＝qU ＝1.8×104×24 J ＝4.32×105 J ，故B 正确；额定功率为40 W ，所以工作的时间：t 1＝＝0.6WPs ＝6.48×103 s ＝1.8 h ，故C 、D 错误.0.6×4.32×10540二、选择题Ⅱ(本题共10小题，每小题3分，共30分.每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的，全部选对的得3分，选对但不全的得1分，有错选的得0分)11.光在科学技术、生产和生活中有着广泛的应用，下列说法正确的是( )A.用透明的标准平面样板检查光学平面的平整程度是利用光的偏振现象B.用三棱镜观察白光看到的彩色图样是利用光的色散现象C.在光导纤维束内传送图象是利用光的色散现象D.照相机镜头采用镀膜技术增加透射光，这是利用了光的干涉现象答案 BD解析 检查光学平面的平整程度利用了光的干涉现象，选项A错误；在光导纤维内传送图象利用了光的全反射，选项C错误.12.手机已经是现代人不可缺少的随身物品之一，它是借助电磁波来完成通信工作的.下列说法正确的是( )A.手机只是一个电磁波发射器，不是接收器B.手机既是一个电磁波发射器，又是电磁波接收器C.考场上使用的手机信号屏蔽器是利用静电屏蔽的原理D.考场上使用的手机信号屏蔽器是通过发射电磁波来干扰手机工作答案 BD解析 手机既是电磁波的发射器，也是电磁波的接收器，选项A错误，B正确；考场上使用的手机信号屏蔽器是通过发射电磁波来干扰手机工作的，选项C错误，D正确.13.(2019届余姚中学模拟)如图9所示是一列沿x轴正方向传播的简谐横波在t＝0时刻的波形图，已知波的传播速度为1 m/s，下列说法正确的是( )图9A.此时P质点在向y轴正方向运动B.经过0.1 s，P、Q两质点的位移相同C.经过0.2 s ，Q 质点运动的路程为30 cmD.经过0.4 s ，P 质点向x 轴正方向移动了40 cm 答案 AC14.(2018·金华十校联考)将一条长x ＝16 m 的均匀弹性绳沿水平拉直，M 为绳的中点，两端的波源P 、Q 同时开始沿竖直方向上下振动，两波源振动0.4 s 产生的波形如图10，A 点距P 点4 m ，以下判断正确的是( )图10A.两列波的波速均为10 m/sB.波源Q 的振动频率为5 HzC.质点M 开始振动时，速度方向竖直向下D.从两波源开始振动经时间1 s ，质点M 恰好在平衡位置答案 ABD解析 两列波在同一介质中传播，波速相同，均为v ＝＝ m /s ＝10 m/s ，选项A 正确；Qs t 40.4的周期为T Q ＝＝＝0.2 s ，则频率为f Q ＝5 Hz ，选项B 正确；P 和Q 形成的波传到某点时引λv s 2v 起的振动都是向上的，则当两列波同时传到M 点时，开始振动的速度方向竖直向上，选项C 错误；经过1 s 时间，两列波传播的距离均为10 m ，即由P 在M 点引起的振动在平衡位置向下振动，由Q 在M 点引起的振动在平衡位置向上振动，则此时质点M 恰好在平衡位置，选项D 正确.15.图11是霓虹灯的供电电路图，变压器可视为理想变压器.已知变压器原线圈与副线圈匝数比＝，加在原线圈两端的电压为u 1＝311sin (100πt ) V.霓虹灯正常工作的电阻R ＝440 kΩ，n 1n 2120I 1、I 2分别表示原、副线圈中的电流.下列判断正确的是( )图11A.副线圈两端电压为6 220 V ，副线圈中的电流为14.1 mAB.副线圈两端电压为4 400 V ，副线圈中的电流为10 mAC.I 1<I 2D.I 1>I 2答案 BD解析 原线圈两端电压的有效值U 1＝＝ V ≈220 V ，由变压比＝知，U 2＝＝4 400 V ，U m 23112U 1U 2n 1n 2U 1n 2n 1副线圈中的电流I 2＝＝ A ＝0.01 A ＝10 mA ，原、副线圈中的电流跟匝数成反比，U 2R 4 400440×103故I 1>I 2.故选B 、D.16.如图12所示，明暗相间的条纹是红光和蓝光各自通过同一个双缝干涉仪器形成的干涉图样，下列说法正确的是( )图12A.a 光是蓝光B.在同一种玻璃中a 光的传播速度小于b 光的传播速度C.b 光的光子能量较高D.当a 和b 以相同入射角从玻璃射入空气时，若a 刚好能发生全反射，则b 也一定能发生全反射答案 AB解析 根据双缝干涉条纹间距公式Δx ＝λ可得在其他条件不变的情况下，相干光的波长越ld大，条纹间距越大，由题图可知a 光的波长小于b 光的波长，则a 光的频率大于b 光的频率，a 光是蓝光，b 是红光，根据E ＝hν可知，b 光的光子能量较低，故A 正确，C 错误；a 光的折射率大于b 光的折射率，根据v ＝知，在同一种玻璃中，a 光的传播速度小于b 光的传播速度，c n 故B 正确；当a 和b 以相同入射角从玻璃射入空气时，因a 光的临界角小，若a 刚好能发生全发射，则b 一定不会发生全反射，故D 错误.17.如图13所示，在平静水面下的一个点光源S 分别发出单色光a 、b ，照在水面上形成光斑；其中a 单色光照射形成的光斑比b 单色光照射形成的光斑大.则下列说法正确的是( )图13A.水对a 光的临界角比b 光的小B.a 光光子的能量比b 光的大C.a 光光子的动量比b 光的小D.a 光照射某金属能逸出光电子，则b 光照射该金属也一定能逸出光电子答案 CD18.如图14所示，a 、b 为两束不同频率的单色光，以45°的入射角射到平行玻璃砖的上表面，直线OO ′与玻璃砖垂直且与其上表面交于N 点，入射点A 、B 到N 点的距离相等，经玻璃砖上表面折射后两束光相交于图中的P 点，下列说法正确的是( )图14A.在玻璃中，a 光的传播速度大于b 光的传播速度B.若b 光照到某金属表面发生了光电效应，则a 光照射到该金属表面也一定会发生光电效应C.同时增大入射角，则b 光在下表面先发生全反射D.对同一双缝干涉装置，a 光的相邻亮条纹间距比b 光的相邻亮条纹间距宽答案 AD解析 由光路图可知a 光在玻璃砖中的折射率小于b 光在玻璃砖中的折射率，由v ＝知，a c n光在玻璃中的传播速度大，A 项正确；a 光的频率小于b ，所以b 光使某金属发生光电效应，a 光不一定能，B 项错误；因为是平行玻璃砖，因此在下表面一定不会发生全反射，C 项错误；a 光波长长，因此通过同一双缝干涉装置，a 光的相邻亮条纹间距宽，D 项正确.19.一列简谐横波在t ＝0时刻的波形如图15中的实线所示，t ＝0.02 s 时刻的波形如图中虚线所示，若该波的周期T 大于0.02 s ，则该波的传播速度可能是( )图15A.1 m /sB.3 m/sC.4 m /sD.5 m/s答案 AB解析 由题图知波长λ＝8 cm ，因T ＞0.02 s ，若波向右传播，则T ＝0.02 s ，得T ＝0.08 s ，14波速v ＝＝＝1 m/s ；若波向左传播，则T ＝0.02 s ，得T ＝ s ，波速v ＝＝＝3 λT 8 cm 0.08 s 340.083λT 8 cm 0.083 s m/s ，选项A 、B 正确.20.光导纤维技术在现代生产、生活和科技方面得以广泛应用.如图16所示是一个质量均匀分布的有机玻璃圆柱的横截面，B 、C 为圆上两点，一束单色光沿AB 方向射入，然后从C 点射出.已知∠ABO ＝127°，∠BOC ＝120°.真空中光速c ＝3.0×108 m/s ，sin 53°＝0.8，cos 53°＝0.6.则( )图16A.光在该有机玻璃中传播速度为1.875×108 m/sB.光在该有机玻璃中的折射率为1.8C.光在该有机玻璃中发生全反射的临界角为37°D.若将该材料做成长300 km 的光导纤维，此单色光在光导纤维中传播的最短时间为1.6×10－3 s答案 AD解析 根据折射定律得：n ＝＝＝1.6，则光在有机玻璃中传播的速度为：v ＝sin (180°－127°)sin 30°0.80.5＝ m /s ＝1.875×108 m/s ，故A 正确，B 错误.根据sin C ＝得，sin C ＝＝0.625，c n 3×1081.61n 11.6故C 错误.当光线与光导纤维平行时，传播的时间最短，则传播的时间t ＝＝＝L v nL cs ＝1.6×10－3 s ，故D 正确.1.6×3×1053×108非选择部分三、非选择题(本题共5小题，共40分)21.(6分)某实验小组在“探究单摆周期与摆长的关系”实验中：(1)用游标卡尺测定摆球的直径，测量结果如图17所示，则该摆球的直径为________cm.图17(2)小组成员在实验过程中有如下说法，其中正确的是________(填选项前的字母).A.把单摆从平衡位置拉开30°的摆角，并在释放摆球的同时开始计时B.测量摆球通过最低点100次的时间t，则单摆周期为t100C.用悬线的长度加摆球的直径作为摆长，代入单摆周期公式计算得到的重力加速度值偏大D.选择密度较小、直径较大的摆球答案 (1)0.97 (2)C22.(8分)在“用插针法测玻璃砖折射率”的实验中，玻璃砖的ab边与a′b′边相互平行，aa′边与bb′边不平行，某同学在白纸上仔细画出了玻璃砖的两条边线aa′和bb′，如图18所示.图18(1)实验时，先在玻璃砖的一侧插两枚大头针P1和P2以确定入射光线AO，接着，眼睛应在玻璃砖的________(选填“同一侧”或“另一侧”)观察所插的两枚大头针P1和P2，同时通过插第三、第四枚大头针来确定从玻璃砖射出的光线.(2)实验中是否要求四枚大头针的针帽在同一视线上？________(填“是”或“否”)(3)下列操作可以减小实验误差的是________(填字母代号)A.适当增大大头针P1、P2的间距B.选择玻璃砖相互平行的ab、a′b′边来测量C.选用尽可能细的笔画线D.使AO的入射角接近于90°答案 (1)另一侧 (2)否 (3)AC解析 (2)实验中要求四枚大头针的针尖在同一视线上，而不是针帽.(3)大头针P1和P2及P3和P4之间的距离适当大些时，相同的距离误差，引起的角度误差会减小，角度的测量误差会小些，故A正确；用插针法测定折射率时，玻璃砖上下表面不一定要平行，故B 错误；为了准确确定入射光线和折射光线，应选用尽可能细的笔画线，故C 正确；为了减小测量的相对误差，选择的入射角应尽量大些，但不是接近90°，故D 错误.23.(8分)“用双缝干涉测量光的波长”实验装置如图19所示.(1)下列说法正确的是_________.图19A.调节光源高度使光束沿遮光筒轴线照在屏中心时，应放上单缝和双缝B.通过调节拨杆(图中没有画出)，使单缝与双缝平行，且通过目镜能观察到干涉图样C.为了减小测量误差，可用测微目镜测出n 条亮条纹间的距离a ，求出相邻两条亮条纹间距Δx ＝a n(2)在本实验中，小李同学用黄光作为入射光，发现条纹间距太小.为了增大干涉条纹的间距，该同学可以采用的方法有________.A.改用红光作为入射光B.改用蓝光作为入射光C.增大双缝到屏的距离D.更换间距更大的双缝(3)小李同学正确操作后，在目镜中看到是下列图中的________.答案 (1)B (2)AC (3)B解析 (2)由干涉条纹的间距Δx ＝λ，知要使条纹间距变大，可改用波长更长的红光作为入射l d光或增大双缝到屏的距离l .24.(8分)为从工事内部观察外面的目标，在工事壁上开一圆柱形孔，如图20所示.设工事壁厚d ＝20 cm ，孔的直径L ＝20 cm ，孔内嵌入折射率n ＝的玻璃砖.33图20(1)嵌入玻璃砖后，工事内部人员观察到外界的视野的最大张角为多少？(2)要想使外界180°范围内的景物全被观察到，应嵌入至少多大折射率的玻璃砖？答案 (1)120° (2)2解析 (1)光路图如图所示，由折射定律得n ＝.sin θ1sin θ2由几何关系得sin θ2＝L L 2＋d 2由以上两式解得θ1＝60°，θ2＝30°则视野的最大张角为θ＝2θ1＝120°(2)为使外界180°范围内的景物全被观察到，应使θ1＝90°，则θ2＝30°应是光线在该玻璃砖中的临界角，即sin 30°＝，解得玻璃砖的1n ′折射率至少应为n ′＝2.25.(10分)(2018·宁波市诺丁汉大学附中期中)如图21甲所示，两根足够长的平行光滑金属导轨MN 、PQ 被固定在水平面上，导轨间距L ＝0.6 m ，两导轨的左端用导线连接电阻R 1及理想电压表，电阻r ＝2 Ω的金属棒垂直于导轨静止在AB 处；右端用导线连接电阻R 2，已知R 1＝2Ω，R 2＝1 Ω，导轨及导线电阻均不计.在矩形区域CDEF 内有竖直向上的匀强磁场，CE ＝0.2 m ，磁感应强度随时间的变化如图乙所示.在t ＝0时刻开始，对金属棒施加一水平向右的恒力F ，从金属棒开始运动直到离开磁场区域的整个过程中电压表的示数保持不变.求：图21(1)t ＝0.1 s 时电压表的示数；(2)恒力F 的大小；(3)从t ＝0时刻到金属棒运动出磁场的过程中整个电路产生的热量Q .答案 (1)0.3 V (2)0.27 N (3)0.09 J解析 (1)设磁场宽度为d ＝CE ，在0～0.2 s 的时间内，有E ＝ΔΦΔtE ＝Ld ＝0.6 V ΔB Δt此时，R 1与金属棒r 并联，再与R 2串联R ＝R 并＋R 2＝2 Ω得U ＝R 并＝0.3 V E R(2)金属棒进入磁场后，有I ′＝＋＝0.45 A U R 1U R 2F 安＝BI ′L即F 安＝1×0.45×0.6 N ＝0.27 N由于金属棒进入磁场后电压表示数始终不变，所以金属棒做匀速运动，有F ＝F 安得F ＝0.27 N(3)金属棒在0～0.2 s 的运动时间内，有Q 1＝t ＝0.036 J E 2R金属棒进入磁场后，因电压表示数保持不变，故切割磁感线速度v 不变，则W F ＋W 安＝0W F ＝F ·d ＝0.27×0.2 J ＝0.054 J根据能量转化规律Q 2＝－W 安＝0.054 J故Q 总＝Q 1＋Q 2＝0.09 J。
【2021 大一轮复习(新高考)物理教师用书】第十一章 (10+1+1)章末综合能力滚动练
(10＋1＋1)章末综合能力滚动练一、单项选择题1．某发电站的输出功率为220 kW ，输电线的总电阻为0.05 Ω，用110 V 和11 kV 两种电压输电．两种情况下输电线上由电阻造成的电压损失之比为( )A ．100∶1B ．1∶100C ．1∶10D ．10∶1答案 A解析 由题意知输电线上的电流I ＝P U ，则输电线的总电阻造成的电压损失ΔU ＝Ir ＝Pr U，故ΔU 1ΔU 2＝U 2U 1＝11×103110＝1001，故选A. 2．(2019·福建宁德市上学期期末)阻值为R 的电炉丝通以大小为I 的恒定电流时其电功率为P ，当把它接在某正弦交流电源两端时其电功率也为P .则该交流电源电压的最大值为( )A.22IRB.2IRC ．IRD ．2IR 答案 B解析 设电炉丝通以大小为I 的恒定电流时，t 时间内产生的热量为Q ，则有：Q ＝Pt ＝I 2Rt ；电炉丝接在某正弦交流电源两端时，t 时间内产生的热量为Q ′，则有：Q ′＝Pt ＝I 有2Rt ，又Q ＝Q ′，即I 2Rt ＝I 有2Rt ，解得：I 有＝I ，则电压的有效值为U 有＝I 有R ＝IR ，故该交流电源电压的最大值为U m ＝2U 有＝2IR ，故选B.3．处在匀强磁场中的矩形线圈abcd ，以恒定的角速度绕ab 边转动，磁场方向平行于纸面并与ab 边垂直．在t ＝0时刻，线圈平面与纸面重合，如图1所示，线圈的cd 边离开纸面向外运动．若规定a →b →c →d →a 方向的感应电流为正，则能反映线圈中感应电流i 随时间t 变化的图线是( )图1答案 C解析线圈在磁场中绕垂直于磁场方向的轴匀速转动时，可以产生按正弦规律变化的交流电．对于题图所示起始时刻，线圈的cd边离开纸面向外运动，速度方向和磁场方向垂直，产生的感应电流的瞬时值最大，用右手定则判断出电流方向为逆时针方向，与规定的正方向相同，所以C对．4．(2019·东北三省三校第二次联合模拟)图2甲是小型交流发电机的示意图，两磁极N、S间的磁场可视为水平方向的匀强磁场，A为理想交流电流表．线圈绕垂直于磁场的水平轴OO′沿逆时针方向匀速转动，产生的电动势随时间变化的图象如图乙所示．已知发电机线圈电阻为10 Ω，外接一只阻值为90 Ω的电阻，不计电路的其他电阻，则()图2A．电流表的示数为0.31 AB．线圈转动的角速度为50π rad/sC．0.01 s时线圈平面与磁场方向平行D．在线圈转动一周过程中，外电阻发热量约为0.087 J答案 D解析 在交流电路中电流表的示数为有效值，E 有效＝E m 2＝22 V ，电流表的示数I ＝E 有效R 总＝22100 A ＝0.22 A ，A 错误；由题图乙可知线圈转动的周期为0.02 s ，则线圈转动的角速度ω＝2πT＝ 100π rad/s ，B 错误；0.01 s 时线圈的电压为0，因此线圈在中性面处，C 错误；在线圈转动一周的过程中，外电阻发热量Q ＝I 2Rt ＝(0.22)2×90×2×10－2 J ≈0.087 J ，D 正确．5．(2019·四川综合能力提升卷(三))如图3所示为远距离输电示意图，发电机的输出电压U 1、输电线的电阻及理想变压器的匝数均不变，当用户开启的用电器越来越多时，下列表述正确的是( )图3A ．升压变压器副线圈电压U 2降低B ．降压变压器原线圈电压U 3升高C ．输电线消耗的功率增大D ．发电机的输出功率不变答案 C解析 当用电器增多时，功率增大，降压变压器的输出电流增大，则降压变压器原线圈电流增大，输电线上的电流增大，可知输电线上的功率损失增大；发电机的输出电压U 1不变，升压变压器匝数比不变，则副线圈电压U 2不变，由输电线上的电压损失增大，可知降压变压器的输入电压U 3减小，故A 、B 错误，C 正确；发电机输出功率随用户开启的用电器增多而增加，D 错误．6．如图4甲为理想变压器的示意图，其原、副线圈的匝数比为4∶1，电压表和电流表均为理想电表，R t 为阻值随温度升高而变小的热敏电阻，R 1为定值电阻．若发电机向原线圈输入如图乙所示的正弦交流电．下列说法中正确的是( )图4A ．输入变压器原线圈的交流电压的瞬时值表达式为u ＝362sin 50πt VB ．变压器原、副线圈中的电流之比为4∶1C ．t ＝0.01 s 时，发电机的线圈平面位于中性面D ．R t 处温度升高时，变压器的输入功率变小答案 C解析 由题图乙可知交流电压最大值U ＝36 2 V ，周期T ＝0.02 s ，可由周期求出角速度的值为2π0.02rad/s ＝100π rad/s ，则可得交流电压的瞬时值表达式u ＝362sin 100πt V ，故A 错误；根据I 1I 2＝n 2n 1可知变压器原、副线圈中的电流之比为1∶4，故B 错误；t ＝0.01 s 时，瞬时值为零，发电机的线圈平面与磁场方向垂直，发电机的线圈平面位于中性面，故C 正确；R t 处温度升高时，R t 阻值减小，电流表的示数变大，变压器的输入功率变大，故D 错误．二、多项选择题7．如图5甲所示，在直铁棒上绕有两个线圈，线圈n 1＝20匝，n 2＝400匝，原线圈输入电压u 1随时间变化的图象如图乙所示，则( )图5A ．理想电压表读数为200 2 VB ．理想电压表读数为200 VC ．副线圈交流电的周期为0.02 sD ．滑动变阻器滑片向下滑动，则电路输入功率变大答案 BCD解析 原线圈电压的有效值U 1＝1022V ＝10 V ，根据U 1U 2＝n 1n 2，得U 2＝n 2n 1U 1＝40020×10 V ＝ 200 V ，故A 错误，B 正确；根据题图乙知原线圈交流电的周期T ＝0.02 s ，则副线圈交流电的周期也为0.02 s ，故C 正确；滑动变阻器滑片向下滑动，变阻器接入电路的电阻变小，根据P 2＝U 22R ，输出功率变大，输入功率等于输出功率，则电路输入功率变大，故D 正确． 8．(2019·山东淄博市3月模拟)如图6所示，R 是一个光敏电阻，其阻值随光照强度的增加而减小．理想变压器原、副线圈的匝数比为10∶1，电压表和电流表均为理想交流电表，从某时刻开始在原线圈两端加上交变电压，其瞬时值表达式为u 1＝2202sin 100πt (V)，则( )图6A ．电压表的示数为22 2 VB ．副线圈中交流电的频率为50 HzC ．在天逐渐变黑的过程中，电流表A 2的示数变小D ．在天逐渐变黑的过程中，理想变压器的输入功率变大答案 BC解析 原线圈电压的最大值为220 2 V ，根据电压之比等于线圈匝数之比可知，副线圈的电压的最大值为22 2 V ，电压表的示数为电压的有效值，所以示数为U ＝2222V ＝22 V ，故A 错误；由于变压器不改变交流电频率，则副线圈中交流电的频率为f ＝ω2π＝100π2πHz ＝50 Hz ，选项B 正确；在天逐渐变黑的过程中，光照变弱，R 阻值增大，电路的总电阻变大，而副线圈两端的电压不变，所以副线圈的电流变小，电流表A 2的示数变小，故C 正确；由于变压器的输入和输出的功率是相等的，副线圈的电流减小，副线圈的电压不变，所以由P ＝UI 可知，输出的功率要减小，故输入的功率也要减小，故D 错误．9.(2019·河北唐山市第一次模拟)如图7所示，半径为2r 的弹性螺旋线圈内有垂直纸面向外的圆形匀强磁场区域，磁场区域的半径为r ，已知弹性螺旋线圈的电阻为R ，线圈与磁场区域共圆心，则以下说法中正确的是( )图7A ．保持磁场不变，线圈的半径由2r 变到3r 的过程中，有顺时针的感应电流B ．保持磁场不变，线圈的半径由2r 变到0.5r 的过程中，有逆时针的感应电流C ．保持半径不变，使磁场随时间按B ＝kt 变化，线圈中的电流为k πr 2RD ．保持半径不变，使磁场随时间按B ＝kt 变化，线圈中的电流为2k πr 2R答案 BC解析 由于磁场的面积不变，线圈的半径由2r 变到3r 的过程中，穿过线圈的磁通量不变，所以线圈中没有感应电流产生，故A 错误；由于磁场的面积不变，线圈的半径由2r 变到0.5r 的过程中，穿过线圈的磁通量变小，根据楞次定律可知，产生逆时针感应的电流，故B 正确；保持半径不变，使磁场随时间按B ＝kt 变化，根据法拉第电磁感应定律和闭合电路欧姆定律可知，线圈中的感应电流为：I ＝E R ＝ΔΦΔt R ＝ΔBS ΔtR ＝k S R ＝k πr 2R，故C 正确，D 错误． 10.如图8所示，理想变压器原线圈接入正弦交流电，图中电压表和电流表均为理想交流电表，R 1为定值电阻，R 2为负温度系数的热敏电阻(温度升高时阻值减小)，C 为电容器．下列说法正确的是( )图8A ．通过R 1的电流为零B ．滑片P 向上滑动，电压表示数变小C ．R 2处温度升高时，电压表的示数不变D ．减小电容器C 的电容，电流表的示数变大答案 BC解析 交流电能够通过电容器，则通过R 1的电流不为零，故A 错误；滑片P 向上滑动，原线圈匝数n 1变大，根据U 1n 1＝U 2n 2可知，副线圈电压减小，即电压表示数变小，B 正确；R 2处温度升高时，阻值减小，不会影响输入和输出电压值，电压表的示数不变，故C 正确；减小电容器C 的电容，则电容器的容抗变大，则电流表的示数变小，D 错误．三、非选择题11．材料的电阻随压力的变化而变化的现象称为“压阻效应”，利用这种效应可以测量压力大小．图9甲为某压敏电阻在室温下的电阻—压力特性曲线，其中R F 、R 0分别表示有、无压力时压敏电阻的阻值．为了测量压力F ，需先测量压敏电阻处于压力中的电阻值R F .请按要求完成下列实验：图9(1)设计一个可以测量处于压力中的该压敏电阻阻值的电路，在图乙的虚线框中画出实验电路原理图(压敏电阻及所给压力已给出，待测压力大小约为0.4×102N～0.8×102N，不考虑压力对电路其他部分的影响)，要求误差较小，提供的器材如下：A．压敏电阻，无压力时阻值R0＝6 000 ΩB．滑动变阻器R，最大阻值为200 ΩC．电流表A，量程2.5 mA，内阻约30 ΩD．电压表V，量程3 V，内阻约3 kΩE．直流电源E，电动势3 V，内阻很小F．开关S，导线若干(2)正确接线后，将压敏电阻置于待测压力下，通过压敏电阻的电流是1.33 mA，电压表的示数如图丙所示，则电压表的读数为________ V.(3)此时压敏电阻的阻值为________ Ω；结合图甲可知待测压力的大小F＝________ N．(计算结果均保留两位有效数字)答案(1)见解析图(2)2.00(3)1.5×10360解析(1)根据题述对实验电路的要求，应该采用滑动变阻器分压式接法、电流表内接的电路，原理图如图所示．(2)根据电压表读数规则，电压表读数为2.00 V.(3)由欧姆定律，此时压敏电阻的阻值为R F ＝U I －R A ≈1.5×103 Ω，R 0R F＝4，由题图甲可知，对应的待测压力F ＝60 N.12．(2019·江苏南京市六校联考)如图10所示，两平行光滑的金属导轨AD 、CE 相距L ＝1.0 m ，导轨平面与水平面的夹角α＝30°，下端A 、C 用不计电阻的导线相连，导轨电阻不计．PQGH 范围内有方向垂直导轨平面向上、磁感应强度B ＝0.5 T 的匀强磁场，磁场的宽度d ＝0.6 m ，边界线PQ 、HG 均与导轨垂直．接入电路的电阻r ＝0.40 Ω的金属棒MN 放置在导轨上，棒两端始终与导轨接触良好，从与磁场上边界GH 距离为b ＝0.40 m 的位置由静止释放，当金属棒进入磁场时，恰好做匀速运动，棒在运动过程中始终与导轨垂直，取g ＝10 m/s 2.求：图10(1)金属棒进入磁场时的速度大小v ；(2)金属棒的质量m ；(3)金属棒在穿过磁场的过程中产生的热量Q .答案 (1)2 m/s (2)0.25 kg (3)0.75 J解析 (1)根据动能定理可得：mgb sin α＝12m v 2－0，解得：v ＝2 m/s (2)金属棒进入磁场时，恰好做匀速运动，由平衡条件得：mg sin α＝BIL ，又I ＝BL v r 联立解得：m ＝0.25 kg(3)根据能量守恒，在磁场运动过程中，减少的重力势能转化为焦耳热：Q ＝mgd sin α＝0.75 J.。
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性，平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益，请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间：9:00-18:30)。
单元滚动检测卷十一考生注意：1.本试卷分选择题部分和非选择题部分，共4页.2.答卷前，考生务必用蓝、黑色字迹的钢笔或圆珠笔将自己的姓名、班级、学号填写在相应位置上.3.本次考试时间90分钟，满分100分.选择题部分一、选择题Ⅰ(本题共10小题，每小题3分，共30分.每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分)1.一束由红、紫两种色光组成的复色光，从空气斜射向玻璃三棱镜.下面四幅图中能正确表示该复色光经三棱镜折射分离成两束单色光的是()答案 B2.一台洗衣机的脱水桶正常工作时非常平稳，当切断电源后，发现洗衣机先是振动越来越剧烈，然后振动逐渐减弱，下列说法中不正确的是()A.洗衣机做的是受迫振动B.正常工作时，洗衣机脱水桶运转的频率比洗衣机的固有频率大C.正常工作时，洗衣机脱水桶运转的频率比洗衣机的固有频率小D.当洗衣机振动最剧烈时，脱水桶的运转频率恰好等于洗衣机的固有频率答案 C解析洗衣机的振动是因为电机振动而引起的，故为受迫振动，故A正确；洗衣机切断电源，脱水桶的转动逐渐慢下来，在某一小段时间内洗衣机发生了强烈的振动，说明此时脱水桶的频率与洗衣机固有频率相同，发生了共振.此后脱水桶转速减慢，则驱动力频率小于固有频率，所以共振现象消失，洗衣机的振动随之减弱，故正常工作时洗衣机脱水桶运转的频率比洗衣机的固有频率大，故B、D正确，C错误.3.(2018·台州中学统练)纳米材料的抗拉强度几乎比钢材还高出100倍，使人们设想的太空电梯成为可能.其工作原理是从同步卫星高度的太空站竖直放下由纳米材料做成的太空电梯，固定在赤道上，这样太空电梯随地球一起旋转，如图1所示.当太空电梯仓停在太空电梯中点P 时，对于太空电梯仓，下列说法正确的是()图1A.处于平衡状态B.速度比同步卫星大C.向心加速度比同高度卫星的小D.处于完全失重状态答案 C4.(2018·新高考研究联盟联考)“激流勇进”是一种常见的水上机动游乐设备，常见于主题游乐园中.游客们在一定安全装置的束缚下，沿着设计好的水道漂行，其间通常会有至少一次大幅度的机械提升和瞬时跌落.如图2所示为游客们正坐在橡皮艇上从高处沿斜坡水道向下加速滑行，在此过程中下列说法正确的是()图2A.合外力对游客做负功B.橡皮艇对游客不做功C.重力对游客做正功D.游客的机械能增加答案 C5.(2018·名校协作体联考)两个带等量正电的点电荷，固定在图3中P、Q两点，MN为PQ连线的中垂线，交PQ于O点，A为MN上的一点.一带负电的试探电荷q，从A点由静止释放，只在静电力作用下运动，取无限远处的电势为零，则()图3A.q 由A 向O 的运动是匀加速直线运动B.q 由A 向O 运动的过程电势能逐渐减小C.q 运动到O 点时的动能最小D.q 运动到O 点时电势能为零 答案 B6.(2018·温州市“十五校联合体”期中)如图4甲为某高速公路出口的ETC 通道示意图.一汽车驶入ETC 车道，到达O 点的速度v 0＝22 m/s ，此时开始减速，到达M 时速度减至v ＝6 m/s ，并以6 m/s 的速度匀速通过MN 区，汽车从O 运动到N 共用时10 s ，v －t 图象如图乙，则下列计算错误的是( )图4A.汽车减速运动的加速度大小a ＝4 m/s 2B.O 、M 间中点的速度为14 m/sC.O 、M 间的距离为56 mD.汽车在ON 段平均速度大小为9.2 m/s 答案 B7.如图5所示，在M 点分别以不同的速度将两小球水平抛出.两小球分别落在水平地面上的P 点、Q 点.已知O 点是M 点在地面上的竖直投影，OP ∶PQ ＝1∶3，且不考虑空气阻力的影响.下列说法中正确的是( )图5A.两小球的下落时间之比为1∶3B.两小球的下落时间之比为1∶4C.两小球的初速度大小之比为1∶3D.两小球的初速度大小之比为1∶4 答案 D解析 两球做平抛运动，高度相同，则下落的时间相同，故A 、B 错误；由于两球的水平位移之比为1∶4，根据v 0＝xt知，两小球的初速度大小之比为1∶4，故C 错误，D 正确.8.(2018·嘉兴一中期末)如图6所示，一小物块被夹子夹紧，夹子通过轻绳悬挂在小环上，小环套在水平光滑细杆上，物块质量为M ，到小环的距离为L ，其两侧面与夹子间的最大静摩擦力均为F .小环和物块以速度v 向右匀速运动，小环碰到杆上的钉子P 后立刻停止，物块向上摆动.整个过程中，物块在夹子中没有滑动.小环和夹子的质量均不计，重力加速度为g .下列说法正确的是( )图6A.物块向右匀速运动时，绳中的张力等于2FB.小环碰到钉子P 时，绳中的张力大于2FC.物块上升的最大高度为2v 2gD.速度v 不能超过(2F －Mg )LM答案 D9.有些材料沿不同方向物理性质不同，我们称之为各向异性.如图7所示，长方体材料长、宽、高分别为a 、b 、c ，由于其电阻率各向异性，将其左右两侧接入电源时回路中的电流，与将其上下两侧接入该电源时回路中的电流相同，则该材料左右方向的电阻率与上下方向的电阻率之比为( )图7A.ac b 2B.a 2bcC.c 2a 2D.a 2b 2 答案 C解析 其左右两侧接入电源时回路中的电流，与将其上下两侧接入该电源时回路中的电流相同，则其左右两侧接入电源时回路中的电阻值等于将其上下两侧接入该电源时回路中的电阻值，由电阻定律可得：ρ1·a b ·c ＝ρ2c a ·b ，所以ρ1ρ2＝c 2a2，故C 正确，A 、B 、D 错误.10.(2018·牌头中学期中)智能扫地机器人是智能家用电器的一种，能凭借一定的人工智能自动在房间内完成地板清理工作，现今已慢慢普及，成为现代家庭的常用家电产品.如图8为某款智能扫地机器人，其参数见下表，工作时将电池内部化学能转化为电能的效率为60%.下列说法中正确的是( )图8A.该扫地机器人的电池从完全没电到充满电所需时间约为8.3 hB.该扫地机器人最多能储存的能量为4.32×105 JC.该扫地机器人充满电后能工作5 hD.该扫地机器人充满电后能工作3 h 答案 B解析 由表格内的数据可知，电池的容量是5 000 mA·h ，充电器输出为1 000 mA ，则需要充电5 h ，故A 错误；电池容量q ＝5 000 mA·h ＝5 A·h ＝1.8×104 C ，最多能储存的能量为：W ＝qU ＝1.8×104×24 J ＝4.32×105 J ，故B 正确；额定功率为40 W ，所以工作的时间：t 1＝0.6W P ＝0.6×4.32×10540s ＝6.48×103 s ＝1.8 h ，故C 、D 错误.二、选择题Ⅱ(本题共10小题，每小题3分，共30分.每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的，全部选对的得3分，选对但不全的得1分，有错选的得0分) 11.光在科学技术、生产和生活中有着广泛的应用，下列说法正确的是( ) A.用透明的标准平面样板检查光学平面的平整程度是利用光的偏振现象 B.用三棱镜观察白光看到的彩色图样是利用光的色散现象 C.在光导纤维束内传送图象是利用光的色散现象D.照相机镜头采用镀膜技术增加透射光，这是利用了光的干涉现象 答案 BD解析 检查光学平面的平整程度利用了光的干涉现象，选项A 错误；在光导纤维内传送图象利用了光的全反射，选项C 错误.12.手机已经是现代人不可缺少的随身物品之一， 它是借助电磁波来完成通信工作的.下列说法正确的是( )A.手机只是一个电磁波发射器，不是接收器B.手机既是一个电磁波发射器，又是电磁波接收器C.考场上使用的手机信号屏蔽器是利用静电屏蔽的原理D.考场上使用的手机信号屏蔽器是通过发射电磁波来干扰手机工作 答案 BD解析 手机既是电磁波的发射器，也是电磁波的接收器，选项A 错误，B 正确；考场上使用的手机信号屏蔽器是通过发射电磁波来干扰手机工作的，选项C 错误，D 正确.13.(2019届余姚中学模拟)如图9所示是一列沿x 轴正方向传播的简谐横波在t ＝0时刻的波形图，已知波的传播速度为1 m/s ，下列说法正确的是()图9A.此时P 质点在向y 轴正方向运动B.经过0.1 s ，P 、Q 两质点的位移相同C.经过0.2 s ，Q 质点运动的路程为30 cmD.经过0.4 s ，P 质点向x 轴正方向移动了40 cm 答案 AC14.(2018·金华十校联考)将一条长x ＝16 m 的均匀弹性绳沿水平拉直，M 为绳的中点，两端的波源P 、Q 同时开始沿竖直方向上下振动，两波源振动0.4 s 产生的波形如图10，A 点距P 点4 m ，以下判断正确的是()图10A.两列波的波速均为10 m/sB.波源Q 的振动频率为5 HzC.质点M 开始振动时，速度方向竖直向下D.从两波源开始振动经时间1 s ，质点M 恰好在平衡位置 答案 ABD解析 两列波在同一介质中传播，波速相同，均为v ＝s t ＝40.4 m/s ＝10 m/s ，选项A 正确；Q的周期为T Q ＝λv ＝s 2v ＝0.2 s ，则频率为f Q ＝5 Hz ，选项B 正确；P 和Q 形成的波传到某点时引起的振动都是向上的，则当两列波同时传到M 点时，开始振动的速度方向竖直向上，选项C错误；经过1 s 时间，两列波传播的距离均为10 m ，即由P 在M 点引起的振动在平衡位置向下振动，由Q 在M 点引起的振动在平衡位置向上振动，则此时质点M 恰好在平衡位置，选项D 正确.15.图11是霓虹灯的供电电路图，变压器可视为理想变压器.已知变压器原线圈与副线圈匝数比n 1n 2＝120，加在原线圈两端的电压为u 1＝311sin (100πt ) V.霓虹灯正常工作的电阻R ＝440 kΩ，I 1、I 2分别表示原、副线圈中的电流.下列判断正确的是( )图11A.副线圈两端电压为6 220 V ，副线圈中的电流为14.1 mAB.副线圈两端电压为4 400 V ，副线圈中的电流为10 mAC.I 1<I 2D.I 1>I 2 答案 BD解析 原线圈两端电压的有效值U 1＝U m 2＝3112 V ≈220 V ，由变压比U 1U 2＝n 1n 2知，U 2＝U 1n 2n 1＝4 400 V ，副线圈中的电流I 2＝U 2R ＝ 4 400440×103 A ＝0.01 A ＝10 mA ，原、副线圈中的电流跟匝数成反比，故I 1>I 2.故选B 、D.16.如图12所示，明暗相间的条纹是红光和蓝光各自通过同一个双缝干涉仪器形成的干涉图样，下列说法正确的是( )图12A.a 光是蓝光B.在同一种玻璃中a 光的传播速度小于b 光的传播速度C.b 光的光子能量较高D.当a 和b 以相同入射角从玻璃射入空气时，若a 刚好能发生全反射，则b 也一定能发生全反射 答案 AB解析 根据双缝干涉条纹间距公式Δx ＝ld λ可得在其他条件不变的情况下，相干光的波长越大，条纹间距越大，由题图可知a 光的波长小于b 光的波长，则a 光的频率大于b 光的频率，a光是蓝光，b是红光，根据E＝hν可知，b光的光子能量较低，故A正确，C错误；a光的折射率大于b光的折射率，根据v＝cn知，在同一种玻璃中，a光的传播速度小于b光的传播速度，故B正确；当a和b以相同入射角从玻璃射入空气时，因a光的临界角小，若a刚好能发生全发射，则b一定不会发生全反射，故D错误.17.如图13所示，在平静水面下的一个点光源S分别发出单色光a、b，照在水面上形成光斑；其中a单色光照射形成的光斑比b单色光照射形成的光斑大.则下列说法正确的是()图13A.水对a光的临界角比b光的小B.a光光子的能量比b光的大C.a光光子的动量比b光的小D.a光照射某金属能逸出光电子，则b光照射该金属也一定能逸出光电子答案CD18.如图14所示，a、b为两束不同频率的单色光，以45°的入射角射到平行玻璃砖的上表面，直线OO′与玻璃砖垂直且与其上表面交于N点，入射点A、B到N点的距离相等，经玻璃砖上表面折射后两束光相交于图中的P点，下列说法正确的是()图14A.在玻璃中，a光的传播速度大于b光的传播速度B.若b光照到某金属表面发生了光电效应，则a光照射到该金属表面也一定会发生光电效应C.同时增大入射角，则b光在下表面先发生全反射D.对同一双缝干涉装置，a光的相邻亮条纹间距比b光的相邻亮条纹间距宽答案AD解析由光路图可知a光在玻璃砖中的折射率小于b光在玻璃砖中的折射率，由v＝cn知，a 光在玻璃中的传播速度大，A项正确；a光的频率小于b，所以b光使某金属发生光电效应，a 光不一定能，B 项错误；因为是平行玻璃砖，因此在下表面一定不会发生全反射，C 项错误；a 光波长长，因此通过同一双缝干涉装置，a 光的相邻亮条纹间距宽，D 项正确. 19.一列简谐横波在t ＝0时刻的波形如图15中的实线所示，t ＝0.02 s 时刻的波形如图中虚线所示，若该波的周期T 大于0.02 s ，则该波的传播速度可能是( )图15A.1 m/sB.3 m/sC.4 m/sD.5 m/s答案 AB解析 由题图知波长λ＝8 cm ，因T ＞0.02 s ，若波向右传播，则14T ＝0.02 s ，得T ＝0.08 s ，波速v ＝λT ＝8 cm 0.08 s ＝1 m/s ；若波向左传播，则34T ＝0.02 s ，得T ＝0.083 s ，波速v ＝λT ＝8 cm 0.083 s ＝3 m/s ，选项A 、B 正确.20.光导纤维技术在现代生产、生活和科技方面得以广泛应用.如图16所示是一个质量均匀分布的有机玻璃圆柱的横截面，B 、C 为圆上两点，一束单色光沿AB 方向射入，然后从C 点射出.已知∠ABO ＝127°，∠BOC ＝120°.真空中光速c ＝3.0×108 m/s ，sin 53°＝0.8，cos 53°＝0.6.则( )图16A.光在该有机玻璃中传播速度为1.875×108 m/sB.光在该有机玻璃中的折射率为1.8C.光在该有机玻璃中发生全反射的临界角为37°D.若将该材料做成长300 km 的光导纤维，此单色光在光导纤维中传播的最短时间为1.6×10－3 s答案 AD解析 根据折射定律得：n ＝sin (180°－127°)sin 30°＝0.80.5＝1.6，则光在有机玻璃中传播的速度为：v＝c n ＝3×1081.6 m/s ＝1.875×108 m/s ，故A 正确，B 错误.根据sin C ＝1n 得，sin C ＝11.6＝0.625，故C 错误.当光线与光导纤维平行时，传播的时间最短，则传播的时间t ＝L v ＝nL c ＝1.6×3×1053×108s ＝1.6×10－3 s ，故D 正确.非选择部分三、非选择题(本题共5小题，共40分)21.(6分)某实验小组在“探究单摆周期与摆长的关系”实验中：(1)用游标卡尺测定摆球的直径，测量结果如图17所示，则该摆球的直径为________cm.图17(2)小组成员在实验过程中有如下说法，其中正确的是________(填选项前的字母). A.把单摆从平衡位置拉开30°的摆角，并在释放摆球的同时开始计时 B.测量摆球通过最低点100次的时间t ，则单摆周期为t100C.用悬线的长度加摆球的直径作为摆长，代入单摆周期公式计算得到的重力加速度值偏大D.选择密度较小、直径较大的摆球 答案 (1)0.97 (2)C22.(8分)在“用插针法测玻璃砖折射率”的实验中，玻璃砖的ab 边与a ′b ′边相互平行，aa ′边与bb ′边不平行，某同学在白纸上仔细画出了玻璃砖的两条边线aa ′和bb ′，如图18所示.图18(1)实验时，先在玻璃砖的一侧插两枚大头针P 1和P 2以确定入射光线AO ，接着，眼睛应在玻璃砖的________(选填“同一侧”或“另一侧”)观察所插的两枚大头针P 1和P 2，同时通过插第三、第四枚大头针来确定从玻璃砖射出的光线.(2)实验中是否要求四枚大头针的针帽在同一视线上？________(填“是”或“否”) (3)下列操作可以减小实验误差的是________(填字母代号) A.适当增大大头针P 1、P 2的间距B.选择玻璃砖相互平行的ab 、a ′b ′边来测量C.选用尽可能细的笔画线D.使AO 的入射角接近于90°答案 (1)另一侧 (2)否 (3)AC解析 (2)实验中要求四枚大头针的针尖在同一视线上，而不是针帽.(3)大头针P 1和P 2及P 3和P 4之间的距离适当大些时，相同的距离误差，引起的角度误差会减小，角度的测量误差会小些，故A 正确；用插针法测定折射率时，玻璃砖上下表面不一定要平行，故B 错误；为了准确确定入射光线和折射光线，应选用尽可能细的笔画线，故C 正确；为了减小测量的相对误差，选择的入射角应尽量大些，但不是接近90°，故D 错误.23.(8分)“用双缝干涉测量光的波长”实验装置如图19所示.(1)下列说法正确的是_________.图19A.调节光源高度使光束沿遮光筒轴线照在屏中心时，应放上单缝和双缝B.通过调节拨杆(图中没有画出)，使单缝与双缝平行，且通过目镜能观察到干涉图样C.为了减小测量误差，可用测微目镜测出n 条亮条纹间的距离a ，求出相邻两条亮条纹间距Δx ＝a n(2)在本实验中，小李同学用黄光作为入射光，发现条纹间距太小.为了增大干涉条纹的间距，该同学可以采用的方法有________.A.改用红光作为入射光B.改用蓝光作为入射光C.增大双缝到屏的距离D.更换间距更大的双缝(3)小李同学正确操作后，在目镜中看到是下列图中的________.答案 (1)B (2)AC (3)B解析 (2)由干涉条纹的间距Δx ＝l dλ，知要使条纹间距变大，可改用波长更长的红光作为入射光或增大双缝到屏的距离l .24.(8分)为从工事内部观察外面的目标，在工事壁上开一圆柱形孔，如图20所示.设工事壁厚d ＝20 3 cm ，孔的直径L ＝20 cm ，孔内嵌入折射率n ＝3的玻璃砖.图20(1)嵌入玻璃砖后，工事内部人员观察到外界的视野的最大张角为多少？(2)要想使外界180°范围内的景物全被观察到，应嵌入至少多大折射率的玻璃砖？ 答案 (1)120° (2)2解析 (1)光路图如图所示，由折射定律得n ＝sin θ1sin θ2.由几何关系得sin θ2＝L L 2＋d 2由以上两式解得θ1＝60°，θ2＝30°则视野的最大张角为θ＝2θ1＝120°(2)为使外界180°范围内的景物全被观察到，应使θ1＝90°，则θ2＝30°应是光线在该玻璃砖中的临界角，即sin 30°＝1n ′，解得玻璃砖的折射率至少应为n ′＝2.25.(10分)(2018·宁波市诺丁汉大学附中期中)如图21甲所示，两根足够长的平行光滑金属导轨MN 、PQ 被固定在水平面上，导轨间距L ＝0.6 m ，两导轨的左端用导线连接电阻R 1及理想电压表，电阻r ＝2 Ω的金属棒垂直于导轨静止在AB 处；右端用导线连接电阻R 2，已知R 1＝2 Ω，R 2＝1 Ω，导轨及导线电阻均不计.在矩形区域CDEF 内有竖直向上的匀强磁场，CE ＝0.2 m ，磁感应强度随时间的变化如图乙所示.在t ＝0时刻开始，对金属棒施加一水平向右的恒力F ，从金属棒开始运动直到离开磁场区域的整个过程中电压表的示数保持不变.求：图21(1)t ＝0.1 s 时电压表的示数；(2)恒力F 的大小；(3)从t ＝0时刻到金属棒运动出磁场的过程中整个电路产生的热量Q .答案 (1)0.3 V (2)0.27 N (3)0.09 J解析 (1)设磁场宽度为d ＝CE ，在0～0.2 s 的时间内，有E ＝ΔΦΔtE ＝ΔB ΔtLd ＝0.6 V 此时，R 1与金属棒r 并联，再与R 2串联R ＝R 并＋R 2＝2 Ω得U ＝E RR 并＝0.3 V (2)金属棒进入磁场后，有I ′＝U R 1＋U R 2＝0.45 A F 安＝BI ′L即F 安＝1×0.45×0.6 N ＝0.27 N由于金属棒进入磁场后电压表示数始终不变，所以金属棒做匀速运动，有F ＝F 安得F ＝0.27 N(3)金属棒在0～0.2 s 的运动时间内，有Q 1＝E 2Rt ＝0.036 J 金属棒进入磁场后，因电压表示数保持不变，故切割磁感线速度v 不变，则W F ＋W 安＝0 W F ＝F ·d ＝0.27×0.2 J ＝0.054 J根据能量转化规律Q 2＝－W 安＝0.054 J故Q 总＝Q 1＋Q 2＝0.09 J 经典语录1、最疼的疼是原谅，最黑的黑是背叛。